湖北省荆州市沙市中学2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

2016-2017学年湖北省沙市中学高一（上）期末物理试卷一、选择题科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段．在研究和解决问题过程中，不仅需要相应的知识，还要注意运用科学方法．理想实验有时更能深刻地反映自然规律．伽利略设想了一个理想实验，其中有一个是实验事实，其余是推论①减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度；②两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；③如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球要沿水平面做持续的匀速运动．请将上述理想实验的设想步骤按照正确的顺序排列（）（只要填写序号即可）．在上述的设想步骤中，有的属于可靠的事实，有的则是理想化的推论．下列关于事实和推论的分类正确的是（）A．①是事实，②③④是推论B．②是事实，①③④是推论C．③是事实，①②④是推论D．④是事实，①②③是推论2．春天，河边上的湿地很松软，人在湿地上行走时容易下陷．在人下陷时（）A．人对湿地地面的压力就是他受的重力B．人对湿地地面的压力大于湿地地面对他的支持力C．人对湿地地面的压力等于湿地地面对他的支持力D．人对湿地地面的压力小于湿地地面对他的支持力3．在下面的物理量和单位中（）①密度②牛③米/秒④加速度⑤长度⑥质量⑦千克⑧时间．A．属于国际单位制中基本单位的是①⑤⑥⑧B．属于国际单位制中基本单位的是②⑦C．属于导出单位的是②③D．属于国际单位的是④⑤⑥4．“套圈圈”是大人和小孩都喜爱的一种游戏．某大人和小孩直立在界外，在同一竖直线上不同高度分别水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体，假设小圆环的运动可以视作平抛运动，则（）A．大人抛出的圆环运动时间较短B．大人应以较小的速度抛出圆环C．小孩抛出的圆环运动发生的位移较大D．小孩抛出的圆环单位时间内速度变化量较小5．一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边．小船相对于水分分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，运动轨迹如图所示．船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变．由此可以确定船（）A．沿AD轨迹运动时，船相对于水做匀减速直线运动B．沿三条不同路径渡河的时间相同C．沿AB轨迹渡河所用的时间最短D．沿AC轨迹船到达对岸的速度最小6．体育器材室里，篮球摆放在图示的球架上．已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，则每只篮球对一侧球架的压力大小为（）A．mg B． C．D．7．如图所示的传动装置中，B、C两轮同轴转动．A、B、C三轮的半径大小关系是r A=r C=2r B．当皮带不打滑时，三轮的角速度之比、三轮边缘的线速度大小之比、三轮边缘的向心加速度大小之比分别为（）A．v A：v C=2：1 B．a A：a B=1：2 C．ωA：ωB=2：1 D．a A：a C=1：28．质量不计的弹簧下端固定一小球．现手持弹簧上端使小球随手在竖直方向上以同样大小的加速度a（a＜g）分别向上、向下做匀加速直线运动．若忽略空气阻力，弹簧的伸长量分别为x1、x2；若空气阻力不能忽略且大小恒定，弹簧的伸长量分别为x′1、x′2．则（）A．x′1+x1=x2+x′2B．x′1+x1＜x2+x′2C．x′1+x′2＜x1+x2D．x1′+x2′=x1+x29．2012年6月24日，中国第一台自行设计、自主集成研制的深海载人潜水器﹣﹣“蛟龙”号在西太平洋的马里亚纳海沟下潜深度超过7000米，预示着中国已经有能力征服全球99.8%的海底世界．假设在某次实验时，“蛟龙”号从水面开始下潜到最后返回水面共历时10min，其速度随时间的变化如图，则“蛟龙”号（）A．下潜的最大深度为360mB．整个过程中的最大加速度为0.025m/s2C．在3～4min和6～8min内出现超重现象D．在8～10min内机械能守恒10．如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率v1沿顺时针方向运动，把一质量为m的物体无初速度地轻放在左端，物体与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．物体一直受到摩擦力作用，大小为μmgB．物体最终的速度为v1C．开始阶段物体做匀加速直线运动D．物体在匀速阶段受到的摩擦力为零11．如图所示，在光滑水平地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速度运动．小车质量为M，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车之间的动摩擦因数为μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μmg B． C．μ（M+m）g D．ma12．如图所示，轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端与套在粗糙竖直杆MN的轻圆环B上相连接．现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A及环B静止在图中虚线所在的位置．现稍微增加力F使O点缓慢地移动到实线所示的位置，这一过程中圆环B仍保持在原来位置不动．则此过程中，环对杆的摩擦力F1和环对杆的弹力F2的变化情况是（）A．F1保持不变B．F1逐渐增大C．F2保持不变D．F2逐渐增大二、实验题13．（6分）如图是物体做匀变速直线运动得到的一条纸带，相邻的两计数点之间有四个计时点没画出来，依照打点的先后顺序依次编为1、2、3、4、5、6，测得s1=5.18cm，s2=4.42cm，s3=3.62cm，s4=2.78cm，s5=2.00cm，s6=1.20cm．（所有结果均保留两位有效数字）（1）物体的加速度大小a=m/s2，方向（填A→B或B→A）；（2）打点计时器打计数点3时，物体的速度大小v3=m/s．14．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中．（1）某组同学用如图1所示装置，采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到力的关系．下列措施中不需要和不正确的是A．首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力．B．平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动．C．每次改变拉小车拉力后都需要重新平衡摩擦力D．实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力E．每次小车都要从同一位置开始运动F．实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源（2）某组同学实验得出数据，画出a﹣F图象如图2所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是A．实验中摩擦力没有平衡B．实验中摩擦力平衡过度C．实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D．实验中小车质量发生变化．15．某同学在研究平抛运动的实验中得到如图所示的A、B、C三个点，其坐标标记如图所示，坐标原点为抛出点，其中点的位置或坐标的测量有明显的错误，按你认为正确的数据计算出小球平抛的初速度为m/s（g取10m/s2）．三、计算题（共48分，要求写出必要的作图和文字说明）16．（10分）某人在地面上最多能举起60kg的物体，而在一个加速下降的电梯里最多能举起80kg的物体．求：（1）此电梯的加速度为多少？（2）若电梯以此加速度上升，则此人在电梯里最多能举起物体的质量是多少？（g=10m/s2）17．（10分）如图所示，在距地面高为H=45m处，某时刻将一小球A以初速度v0=40m/s水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度沿水平地面同方向滑出，B与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.4，A、B均可视为质点，空气阻力不计，求：（1）A球落地时的速度大小；（2）A球落地时，A、B之间的距离．18．（12分）如图所示，一质量为M=3kg的长木板静止在光滑水平桌面上，一质量为m=2kg的小滑块以水平5m/s速度从木板左端开始在木板上滑动，恰好没从木板的右端掉下，滑块与木板间的动摩擦因数为0.25．（g取10m/s2）求：（1）滑块到达木板右端时的速度（2）木板的长度．19．（16分）在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s的速度行驶至一斜坡的顶端A时，突然发现坡底前方有一行人正以2m/s的速度同向匀速行驶，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑下．已知斜坡高AB=3m，长AC=5m，司机刹车时行人距坡底C点距离CE=6m，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5．（1）求汽车沿斜坡滑下的加速度大小；（2）试分析此种情况下，行人是否有危险．2016-2017学年湖北省沙市中学高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（2015秋•孝感期末）科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段．在研究和解决问题过程中，不仅需要相应的知识，还要注意运用科学方法．理想实验有时更能深刻地反映自然规律．伽利略设想了一个理想实验，其中有一个是实验事实，其余是推论①减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度；②两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；③如果没有摩擦，小球将上升到原来释放的高度；④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球要沿水平面做持续的匀速运动．请将上述理想实验的设想步骤按照正确的顺序排列（）（只要填写序号即可）．在上述的设想步骤中，有的属于可靠的事实，有的则是理想化的推论．下列关于事实和推论的分类正确的是（）A．①是事实，②③④是推论B．②是事实，①③④是推论C．③是事实，①②④是推论D．④是事实，①②③是推论【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题主要考查对实验推理法的理解与运用能力．在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的一种方法，通常称之为理想实验法或科学推理法．【解答】解：伽利略理想实验中，实验步骤②可靠的实验事实基础．由于现实生活中，小球在斜面上滚动时不可能不受摩擦力的作用，所以实验步骤③①④都是对实验现象的合理推理，故B正确故选：B【点评】记住历史上关于力和运动关系的两种对立观点，并知道哪一个是正确的；掌握推理法的思想．2．春天，河边上的湿地很松软，人在湿地上行走时容易下陷．在人下陷时（）A．人对湿地地面的压力就是他受的重力B．人对湿地地面的压力大于湿地地面对他的支持力C．人对湿地地面的压力等于湿地地面对他的支持力D．人对湿地地面的压力小于湿地地面对他的支持力【考点】牛顿第三定律．【分析】人受重力和支持力，重力大于支持力，故人会向下加速运动；湿地对人的支持力和人对湿地的压力是相互作用力，二者大小相等．【解答】解：A、人对湿地地面的压力与湿地地面对人的支持力，是一对相互作用力，依据牛顿第二定律，在人下陷时，重力大于支持力，那么重力就大于人对湿地地面的压力，故A错误；B、人对湿地的压力和湿地对人的支持力是作用力与反作用力，故二力一定相等，故B、D错误，C正确；故选C．【点评】不管人是加速下降、匀速下降还是减速下降，人对湿地的支持力和湿地对人的压力总是等大、反向、共线，与人的运动状态无关．3．在下面的物理量和单位中（）①密度②牛③米/秒④加速度⑤长度⑥质量⑦千克⑧时间．A．属于国际单位制中基本单位的是①⑤⑥⑧B．属于国际单位制中基本单位的是②⑦C．属于导出单位的是②③D．属于国际单位的是④⑤⑥【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．【解答】解：ABD、国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．⑤长度，⑥质量，⑧时间是物理量，②牛是导出单位，故ABD错误；C、牛、米/秒属于导出单位，故C正确；故选：C．【点评】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．4．“套圈圈”是大人和小孩都喜爱的一种游戏．某大人和小孩直立在界外，在同一竖直线上不同高度分别水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体，假设小圆环的运动可以视作平抛运动，则（）A．大人抛出的圆环运动时间较短B．大人应以较小的速度抛出圆环C．小孩抛出的圆环运动发生的位移较大D．小孩抛出的圆环单位时间内速度变化量较小【考点】平抛运动．【分析】物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：设抛出的圈圈做平抛运动的初速度为v，高度为h，则下落的时间为：t=，水平方向位移x=vt=v，A、大人站在小孩同样的位置，由以上的公式可得，由于大人的高度h比较大，所以大人抛出的圆环运动时间较长，故A错误；B、大人抛出的圆环运动时间较长，如果要让大人与小孩抛出的水平位移相等，则要以小点的速度抛出圈圈．故B正确；C、大人和小孩的水平位移相同，但竖直位移大于小孩的竖直位移，根据s=可知，大人的位移大．故C错误；D、环做平抛运动，则单位时间内速度变化量△v=gt=g，所以大人、小孩抛出的圆环单位时间内速度变化量相等，故D错误．故选：B．【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．5．一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边．小船相对于水分分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，运动轨迹如图所示．船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变．由此可以确定船（）A．沿AD轨迹运动时，船相对于水做匀减速直线运动B．沿三条不同路径渡河的时间相同C．沿AB轨迹渡河所用的时间最短D．沿AC轨迹船到达对岸的速度最小【考点】运动的合成和分解．【分析】根据运动的合成，结合合成法则，即可确定各自运动轨迹，由运动学公式，从而确定运动的时间与速度大小．【解答】解：A、当沿AD轨迹运动时，则加速度方向与船在静水中的速度方向相反，因此船相对于水做匀减速直线运动，故A正确；B、船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，因运动的性质不同，则渡河时间也不同，故B错误；C、沿AB轨迹，做匀速直线运动，则渡河所用的时间大于沿AC轨迹运动渡河时间，故C错误；D、沿AC轨迹，船是匀加速运动，则船到达对岸的速度最大，故D错误．故选：A．【点评】考查运动的合成与分解的应用，注意船运动的性质不同，是解题的关键．6．体育器材室里，篮球摆放在图示的球架上．已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，则每只篮球对一侧球架的压力大小为（）A．mg B． C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，根据几何知识求出相关的角度，由平衡条件求解球架对篮球的支持力，即可得到篮球对球架的压力．【解答】解：以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，设球架对篮球的支持力N与竖直方向的夹角为α．由几何知识得：cosα==根据平衡条件得：2Ncosα=mg解得：N=则得篮球对球架的压力大小为：N′=N=．故选：C．【点评】本题关键要通过画出力图，正确运用几何知识求出N与竖直方向的夹角，再根据平衡条件进行求解．7．如图所示的传动装置中，B、C两轮同轴转动．A、B、C三轮的半径大小关系是r A=r C=2r B．当皮带不打滑时，三轮的角速度之比、三轮边缘的线速度大小之比、三轮边缘的向心加速度大小之比分别为（）A．v A：v C=2：1 B．a A：a B=1：2 C．ωA：ωB=2：1 D．a A：a C=1：2【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．【分析】由v=ωr知线速度相同时，角速度与半径成反比；角速度相同时，线速度与半径成正比；由a=ωv结合角速度和线速度的比例关系可以知道加速度的比例关系【解答】解：因为AB两轮由不打滑的皮带相连，所以相等时间内AB两点转过的弧长相等，即：v B=v C由v=ωr知：ωA：ωB=R B：R A=1：2又BC是同轴转动，相等时间转过的角度相等，即：ωC=ωB由v=ωr知：v A：v C=R B：R C=1：2所以：v A：v B：v C=1：1：2ωA：ωB：ωC=1：2：2再根据a=ωv得：a A：a B：a C=1：2：4，故B正确，ACD错误故选：B【点评】解决传动类问题要分清是摩擦传动（包括皮带传动，链传动，齿轮传动，线速度大小相同）还是轴传动（角速度相同）．8．质量不计的弹簧下端固定一小球．现手持弹簧上端使小球随手在竖直方向上以同样大小的加速度a（a＜g）分别向上、向下做匀加速直线运动．若忽略空气阻力，弹簧的伸长量分别为x1、x2；若空气阻力不能忽略且大小恒定，弹簧的伸长量分别为x′1、x′2．则（）A．x′1+x1=x2+x′2B．x′1+x1＜x2+x′2C．x′1+x′2＜x1+x2D．x1′+x2′=x1+x2【考点】胡克定律．【分析】对小球受力分析，然后分别结合胡克定律和牛顿第二定律计算出各种情况下弹簧的伸长量，再比较即可．【解答】解：无阻力加速上升时，由牛顿第二定律有：kx1﹣mg=ma ①加速下降时：mg﹣kx2=ma ②有阻力，加速上升时kx1′﹣mg﹣f=ma ③加速下降时mg﹣kx2′﹣f=ma ④由以上四式可解得x1′+x2′=x1+x2故选：D【点评】本题关键对各种情况下的小球受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解．要注意空气阻力方向与物体的运动方向相反．9．2012年6月24日，中国第一台自行设计、自主集成研制的深海载人潜水器﹣﹣“蛟龙”号在西太平洋的马里亚纳海沟下潜深度超过7000米，预示着中国已经有能力征服全球99.8%的海底世界．假设在某次实验时，“蛟龙”号从水面开始下潜到最后返回水面共历时10min，其速度随时间的变化如图，则“蛟龙”号（）A．下潜的最大深度为360mB．整个过程中的最大加速度为0.025m/s2C．在3～4min和6～8min内出现超重现象D．在8～10min内机械能守恒【考点】匀变速直线运动的图像；超重和失重；机械能守恒定律．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，根据加速度的方向判断超重还是失重．根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒．【解答】解：A、图线与时间轴围成的面积表示位移，可知4s末下潜到最大深度，可知x=×（120+240）×2m=360m．故A正确．B、速度时间图线的斜率表示加速度，3～4min内的加速度大小最大，最大加速度大小a=m/s2=m/s2．故B错误．C、3～4min内向下做匀减速直线运动，加速度方向向上，处于超重状态；6～8min 内，向上做匀加速直线运动，加速度方向向上，处于超重状态．故C正确．D、8～10min内向上做匀减速直线运动，加速度不等于g，除重力以外还有其它力做功，机械能不守恒．故D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．10．如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率v1沿顺时针方向运动，把一质量为m的物体无初速度地轻放在左端，物体与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．物体一直受到摩擦力作用，大小为μmgB．物体最终的速度为v1C．开始阶段物体做匀加速直线运动D．物体在匀速阶段受到的摩擦力为零【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】质量为m的物体无初速地放在左端，由于摩擦力作用物体向右加速，当速度增大到与传送带相等时，与传送带一起匀速运动，受力平衡，此时不受摩擦力．【解答】解：A、物体无初速的轻放在左端时，由于相对运动产生了滑动摩擦力，方向水平向右，大小f=μmg，物体在滑动摩擦力作用下，做匀加速直线运动，因为传送带足够长，所以经过一段时间，物体的速度与传送带相等，即为v1，此时物体与传送带之间没有相对滑动，摩擦力为零，与传送带一起匀速运动，故A错误，BC正确；D、物体匀速运动时，受力平衡，水平方向不受摩擦力，故D正确．故选：BCD【点评】解答时要主要当物块达到与传送速度相等后便不再加速，而是与传送带一起匀速运动，此后就不受摩擦力作用了，难度适中．11．如图所示，在光滑水平地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速度运动．小车质量为M，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车之间的动摩擦因数为μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μmg B． C．μ（M+m）g D．ma【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力．【分析】m与M具有相同的加速度，对整体分析，运用牛顿第二定律求出加速度的大小，再隔离对m分析，求出木块受到的摩擦力大小．【解答】解：整体所受的合力为F，整体具有的加速度a=．隔离对m分析，根据牛顿第二定律得，f=ma=．故B、D正确，A、C错误．故选BD．【点评】解决本题的关键知道M和m具有相同的加速度，能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．12．如图所示，轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端与套在粗糙竖直杆MN的轻圆环B上相连接．现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A及环B静止在图中虚线所在的位置．现稍微增加力F使O点缓慢地移动到实线所示的位置，这一过程中圆环B仍保持在原来位置不动．则此过程中，环对杆的摩擦力F1和环对杆的弹力F2的变化情况是（）A．F1保持不变B．F1逐渐增大C．F2保持不变D．F2逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】以整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件判断杆对圆环的摩擦力的变化，再由牛顿第三定律分析圆环对杆摩擦力F1的变化．以结点O为研究对象，分析受力，由平衡条件得出F的变化，再判断圆环对杆的弹力F2的变化．【解答】解：设圆环B的质量为M．以整体为研究对象，分析受力，如图，根据平衡条件得F2=F ①F1=（M+m）g ②由②可知，杆对圆环的摩擦力F1大小保持不变，由牛顿第三定律分析圆环对杆摩擦力F1也保持不变．再以结点为研究对象，分析受力，如图2．根据平衡条件得到，F=mgtanθ，当O 点由虚线位置缓慢地移到实线所示的位置时，θ增大，则F增大，而F2=F，则F2增大．故选：AD．【点评】本题是动态平衡问题，关键是灵活选择研究对象．力学问题分析受力是基础，要培养分析受力，作出力图的基本功．二、实验题13．如图是物体做匀变速直线运动得到的一条纸带，相邻的两计数点之间有四个计时点没画出来，依照打点的先后顺序依次编为1、2、3、4、5、6，测得s1=5.18cm，s2=4.42cm，s3=3.62cm，s4=2.78cm，s5=2.00cm，s6=1.20cm．（所有结果均保留两位有效数字）（1）物体的加速度大小a=0.80m/s2，方向A→B（填A→B或B→A）；（2）打点计时器打计数点3时，物体的速度大小v3=0.32m/s．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（1）根据公式△x=aT2求解加速度，加速运动，加速度方向与速度方向相反；（2）匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）代入题目告诉的已知条件，即小车运动的加速度计算表达式为：a===80cm/s2=﹣0.80纸带向左运动，加速度的方向由A→B（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．v3===32cm/s=0.32m/s故答案为：（1）0.80 A→B （2）0.32【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，注意加速度方向的确定是解题的关键．14．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中．。

2016-2017学年湖北省沙市中学高二（上）第四次双周练物理试卷（B卷）一、选择题（1-7题为单选，8-12为多选，每题4分，共48分）1．如图所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A．向左摆动 B．向右摆动 C．静止 D．不能判定2．当穿过线圈的磁通量发生变化时，下列说法中正确的是（）A．线圈中一定有感应电流B．线圈中一定有感应电动势C．感应电动势的大小跟磁通量的变化成正比D．感应电动势的大小跟线圈的电阻有关3．如图所示，MP、PQ为两条平行水平放置的金属导轨，左端接有定值电阻R，金属棒ab 斜放在两导轨之间，与导轨接触良好，ab=L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面．设金属棒与两导轨间夹角为60°，以速度v水平向右匀速运动，不计导轨和棒的电阻，则流过金属棒中的电流为（）A． B．C． D．4．有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图．在如图所示的平面内，O点为两根导线连线的中点，M、N为两导线连线的中垂线上的两点，与O点的距离相等，aM与MN夹角为θ．若两导线中通有大小相等、方向相反的恒定电流I，单根导线中的电流在M处产生的磁感应强度为B0，则关于线段MN上各点的磁感应强度，下列说法中正确的是（）A．M点和N点的磁感应强度方向一定相反B．M点和N点的磁感应强度大小均为2B0cosθC．M点和N点的磁感应强度大小均为2B0sinθD．在线段MN上有磁感应强度为零的点5．如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，下列说法正确的是（）A．该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点B．该点电荷的比荷为C．该点电荷在磁场中的运动时间t=D．该点电荷带正电6．如图所示，半径为r的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场B中，绕O轴以角速度ω沿逆时针方向匀强转动，则通过电阻R的电流的大小和方向是（金属圆盘的电阻不计）（）A．I=，由c到d B．I=，由d到cC．I=，由c到d D．I=，由d到c7．如图甲所示，在圆形线圈的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面向里．若磁场的磁感应强度B按照图乙所示规律变化，则线圈中的感应电流i随时间t变化的图线是（取逆时针方向的电流为正）（）A．B．C．D．8．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B．麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在C．库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律：洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律9．如图所示电路中，L为电感线圈，电阻不计，A、B为两个灯泡，则（）A．合上S的瞬间，A先发光，B后发光B．合上S的瞬间，A、B同时发光C．合上S后，A逐渐变亮，B逐渐变暗直至熄灭D．断开S时，A立即熄灭，B重新亮后再熄灭10．图甲是回旋加速器的原理示意图．其核心部分是两个D形金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中（磁感应强度大小恒定），并分别与高频电源相连．加速时某带电粒子的动能E k随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是（）A．在E k﹣t图象中t4﹣t3=t3﹣t2=t2﹣t1B．高频电流的变化周期应该等于t n﹣t n﹣1C．粒子加速次数越多，粒子获得的最大动能一定越大D．D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大11．在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如图所示的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环的速度为v，则下列说法正确的是（）A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv212．如图所示，水平固定放置的足够长的U形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中，在导轨上放着金属棒ab，开始时ab棒以水平初速度v0向右运动，最后静止在导轨上，就导轨光滑和导轨粗糙的两种情况相比较，这个过程（）A．安培力对ab棒所做的功不相等B．电流所做的功相等C．电流产生的总内能相等D．通过ab棒的电荷量相等二、实验题（共14分）13．（1）图甲中的读数mm图乙中的读数mm．14．某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势（电动势E约为9V，内阻r约为50Ω）．已知该电池允许输出的最大电流为150mA，该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2kΩ，量程为15V，R为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R0是定值电阻，起保护电路的作用．（1）实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格：A.2ΩB.20ΩC.200ΩD.2000Ω本实验应选（填入相应的字母）作为保护电阻．该同学完成电路的连接后，闭合开关S，调节电阻箱的阻值，读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图乙所示，其读数为．（3）改变电阻箱的阻值，取得多组数据，作出了如图丙所示的图线，则根据该同学所作的图线可求得该电池的电动势E为V，内阻r为Ω．三、计算题（48分）15．如图所示，一个圆形线圈的匝数n=1000，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图所示；求：（1）前4s内的感应电动势前5s内的感应电动势．16．受动画片《四驱兄弟》的影响，越来越多的小朋友喜欢上了玩具赛车．某玩具赛车充电电池的输出功率P随电流I变化的图象如图所示．（1）求该电池的电动势E和内阻r；求该电池的输出功率最大时对应的外电阻R（纯电阻）．17．如图所示，有界匀强磁场的磁感强度B=2×10﹣3T；磁场右边是宽度L=0.2m、场强E=40V/m、方向向左的匀强电场．一带电粒子电荷量q=﹣3.2×10﹣19C，质量m=6.4×10﹣27kg，以v=4×104m/s的速度沿OO′垂直射入磁场，在磁场中偏转后进入右侧的电场，最后从电场右边界射出．求：（1）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；带电粒子飞出电场时的动能E k．18．如图甲所示，不计电阻的平行金属导轨竖直放置，导轨间距为L=1m，上端接有电阻R=3Ω，虚线OO′下方是垂直于导轨平面的匀强磁场．现将质量m=0.1kg、电阻r=1Ω的金属杆ab，从OO′上方某处垂直导轨由静止释放，杆下落过程中始终与导轨保持良好接触，杆下落过程中的vt图象如图乙所示．求：（1）磁感应强度B杆在磁场中下落0.1s的过程中电阻R产生的热量．19．t=0时，磁场在xOy平面内的分布如图所示，其磁感应强度的大小均为B0，方向垂直于xOy平面，相邻磁场区域的磁场方向相反，每个同向磁场区域的宽度均为L0，整个磁场以速度v沿x轴正方向匀速运动．若在磁场所在区间内放置一由n匝线圈组成的矩形线框abcd，线框的bc边平行于x轴．bc=L B、ab=L，L B略大于L0，总电阻为R，线框始终保持静止．求：（1）线框中产生的总电动势大小和导线中的电流大小；线框所受安培力的大小和方向．2016-2017学年湖北省沙市中学高二（上）第四次双周练物理试卷（B卷）参考答案与试题解析一、选择题（1-7题为单选，8-12为多选，每题4分，共48分）1．如图所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A．向左摆动 B．向右摆动 C．静止 D．不能判定【考点】楞次定律．【分析】分析线圈中磁通量的变化，则由楞次定律可得出铜环的运动情况．【解答】解：当磁铁向铜环运动时，铜环中的磁通量要增大，则由楞次定律可知，铜环为了阻碍磁通量的变化而会向后摆去，即向右摆动故选B．【点评】本题可直接利用楞次定律的阻碍作用去解决，楞次定律的含义可理解为：增反、减同、来拒、去留．2．当穿过线圈的磁通量发生变化时，下列说法中正确的是（）A．线圈中一定有感应电流B．线圈中一定有感应电动势C．感应电动势的大小跟磁通量的变化成正比D．感应电动势的大小跟线圈的电阻有关【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】当穿过闭合回路的磁通量发生变化，在闭合回路中就会产生感应电流．线圈中的感应电动势与磁通量的变化率成正比．【解答】解：A、当线圈中的磁通量发生变化时，若线圈是闭合的，则有感应电流，若不闭合，则无感应电流，有感应电动势．故A错误，B正确，C、根据法拉第电磁感应定律，E=．知感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．故C错误．D、感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与线圈电阻无关．当电路闭合，则感应电流与线圈电阻有关．故D错误；故选：B．【点评】解决本题的关键知道感应电流产生的条件，以及掌握法拉第电磁感应定律E=．3．如图所示，MP、PQ为两条平行水平放置的金属导轨，左端接有定值电阻R，金属棒ab 斜放在两导轨之间，与导轨接触良好，ab=L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面．设金属棒与两导轨间夹角为60°，以速度v水平向右匀速运动，不计导轨和棒的电阻，则流过金属棒中的电流为（）A． B．C． D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】当金属棒以速度v水平向右匀速运动，金属棒切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，金属棒有效的切割长度为L，求出感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出电流．【解答】解：当金属棒以速度v水平向右匀速运动，金属棒切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，金属棒有效的切割长度为L，ab中产生的感应电动势为E=B Lv，通过R的电流为I==，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题容易产生的错误是认为金属棒的切割长度为L，感应电动势为E=BLv．4．有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图．在如图所示的平面内，O点为两根导线连线的中点，M、N为两导线连线的中垂线上的两点，与O点的距离相等，aM与MN夹角为θ．若两导线中通有大小相等、方向相反的恒定电流I，单根导线中的电流在M处产生的磁感应强度为B0，则关于线段MN上各点的磁感应强度，下列说法中正确的是（）A．M点和N点的磁感应强度方向一定相反B．M点和N点的磁感应强度大小均为2B0cosθC．M点和N点的磁感应强度大小均为2B0sinθD．在线段MN上有磁感应强度为零的点【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据安培定则判断两根导线在M、N两点产生的磁场方向，根据平行四边形定则，进行合成，确定大小和方向的关系．在线段MN上没有点的磁感应强度为零．【解答】解：A、根据安培定则判断得知，两根通电导线产生的磁场方向均沿逆时针方向，由于对称，两根通电导线在MN两点产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形进行合成得到，M点和N点的磁感应强度大小相等，M点磁场向右，N点磁场向右，方向相同．故A错误．B、C两根导线在M点产生的磁感应强度的方向如图所示，根据平行四边形定则进行合成，得到M点和N点的磁感应强度大小为2B0sinθ．同理，N点的磁感应强度大小也为2B0sinθ．故B错误．C正确．D、只有当两根通电导线在同一点产生的磁感应强度大小相等、方向相反时，合磁感应强度才为零，根据矢量的合成可知，线段MN上的磁感应强度不可能为零．故D错误．故选：C．【点评】本题考查安培定则和平行四边定则的综合应用，注意安培定则的用右手．5．如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，下列说法正确的是（）A．该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点B．该点电荷的比荷为C．该点电荷在磁场中的运动时间t=D．该点电荷带正电【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】根据电荷在磁场中偏转180°和电荷在磁场中在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动作出电荷在磁场中的运运轨迹，根据已知条件由几何关系和洛伦兹力提供向心力推导即可．【解答】解：如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：电荷在电场中刚好运动，电荷做圆周运动的半径r=Rsin30°所以有：A、如图，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点，故A错误；B、根据洛伦兹力提供向心力有⇒=，故B正确；C、由图知该电荷在磁场中运动的时间t===，所以C错误；D、根据电荷偏转方向由洛伦兹力方向判定该电荷带负电，故D错误．故选B．【点评】正确的判断带电粒子在磁场中的运动轨迹，利用几何关系求运动半径，洛伦兹力提供向心力是解决本题的关键．6．如图所示，半径为r的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场B中，绕O轴以角速度ω沿逆时针方向匀强转动，则通过电阻R的电流的大小和方向是（金属圆盘的电阻不计）（）A．I=，由c到d B．I=，由d到cC．I=，由c到d D．I=，由d到c【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】圆盘在磁场中转动，相当于无数个棒绕端点转动，只是棒上各点切割磁感线的速度不同，可以用棒中点速度平均值来代替，至于电流方向用右手定则去判断．【解答】解：根据法拉第电磁感应定律，切割产生的感应电动势：，据欧姆定律，通过电阻R的电流：．由右手定则，圆盘相当于电源，其方向为从边缘指向圆心，所以电阻R中的电流方向为从d到c．由此看来，选项ABC 错误，D选项正确．故选：D【点评】本题两个关键点：一是对圆盘怎么处理？把它看成是无数个半径在切割磁感线就行了．二是半径相当于电源，而电源内部电流的方向是从负极到正极，所以圆心的电势高，则外电路的电流方向就很好判断．7．如图甲所示，在圆形线圈的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面向里．若磁场的磁感应强度B按照图乙所示规律变化，则线圈中的感应电流i随时间t变化的图线是（取逆时针方向的电流为正）（）A．B．C．D．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】当线圈的磁通量发生变化时，线圈中才会产生感应电动势，从而形成感应电流；当线圈的磁通量不变时，则线圈中没有感应电动势，所以不会有感应电流产生．【解答】解：磁感应强度在0到内，由法拉第电磁感应定律可得，随着磁场的均匀变大，由于磁感应强度随时间变化率不变，则感应电动势大小不变，感应电流的大小也不变；由于磁感线是向里在减小．所以由楞次定律可得线圈感应电流是顺时针，由于环中感应电流沿逆时针方向为正方向，则感应电流为负的．同理，磁感应强度在到T内，感应电流不变，且电流方向为正．所以只有A选项正确，BCD均错误．故选：A．【点评】感应电流的方向由楞次定律来确定，而其大小是由法拉第电磁感应定律结合闭合电路殴姆定律来算得的．8．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B．麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在C．库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律：洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【考点】物理学史；库仑定律；磁场对电流的作用；电磁波的产生．【分析】本题考查电磁学中的相关物理学史，应掌握在电磁学发展中作出突出贡献的科学家的名字及主要发现．【解答】解：A、奥斯特发现了电流磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，故A正确；B、麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在；楞次是发现了电磁感应中的感应电流的方向，故B错误；C、库仑发现了点电荷的相互作用规律，密立根测定了元电荷的数值，故C正确；D、洛仑兹发现磁场对运动电荷作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故D错误；故AC正确，BD错误；故选AC．【点评】近几年高考中增加了对物理学史的考查，在学习中要注意掌握科学家们的主要贡献，要求能熟记．9．如图所示电路中，L为电感线圈，电阻不计，A、B为两个灯泡，则（）A．合上S的瞬间，A先发光，B后发光B．合上S的瞬间，A、B同时发光C．合上S后，A逐渐变亮，B逐渐变暗直至熄灭D．断开S时，A立即熄灭，B重新亮后再熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】电感线圈L中电流变化时，会产生自感电动势，阻碍电流的变化；故电键接通瞬间通过线圈的电流缓慢增加，电键断开瞬间通过线圈的电流缓慢减少．【解答】解：A、合上S时，电路中立即建立了电场，故立即就有了电流，故灯泡A、B同时变亮；但通过线圈的电流要增加，会产生自感电动势，电流缓慢增加；当电流稳定后，线圈相当于直导线，灯泡B被短路，故电键闭合后，灯泡A、B同时亮，但B逐渐熄灭，A 更亮，故A错误，B正确，C正确；D、断开S时，A灯立即熄灭；线圈产生自感电动势，和灯泡B构成闭合电路，B灯先闪亮后逐渐变暗；故D正确；故选：BCD【点评】本题考查了通电自感和断电自感，关键要明确线圈中的自感电动势总是阻碍电流的增加和减小，即总是阻碍电流的变化．10．图甲是回旋加速器的原理示意图．其核心部分是两个D形金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中（磁感应强度大小恒定），并分别与高频电源相连．加速时某带电粒子的动能E k随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是（）A．在E k﹣t图象中t4﹣t3=t3﹣t2=t2﹣t1B．高频电流的变化周期应该等于t n﹣t n﹣1C．粒子加速次数越多，粒子获得的最大动能一定越大D．D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】回旋加速器工作条件是交流电源的周期必须和粒子在磁场中圆周运动的周期一致，由公式T=和r=进行分析判断．【解答】解：A、根据T=知，粒子回旋周期不变，在E k﹣t图中应有t4﹣t3=t3﹣t2=t2﹣t1，故A正确；B、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故电源的变化周期应该等于2（t n ﹣t n），故B错误；﹣1C、D根据公式r=，得v=，故最大动能E km==，则知粒子获得的最大动能与D形盒的半径有关，D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大，与加速的次数无关．故C错误，D正确；故选：AD【点评】本题考查了回旋加速器的原理，特别要记住粒子获得的最大动能是由D型盒的半径决定的．11．在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如图所示的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环的速度为v，则下列说法正确的是（）A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】由导体切割磁感线公式可求得感应电动势，由功率公式可求得电功率；由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流，则可求得安培力，由牛顿第二定律求得加速度；由法拉第电磁感应定律可求得通过截面的电量；【解答】解：A、当直径与边界线重合时，圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，故线圈中的感应电动势E=2B×2a×=2Bav；圆环中的电功率P==，故A正确；B、此时圆环受力F=2BI×2a=2B2×2a=，由牛顿第二定律可得，加速度a==，故B错误；C、电路中的平均电动势=，则电路中通过的电量Q=△t=△t==，故C正确；D、此过程中产生的电能等于电路中的热量，也等于外力所做的功，则一定也等于动能的改变量，故E=mv2﹣m=mv2=0.375mv2．故D错误；故选：AC．【点评】本题考查电磁感应规律、闭合电路运算、感应电动势瞬时值与平均值应用等．关键为：搞清楚磁通量的变化、平动切割的有效长度、瞬时值与平均值．12．如图所示，水平固定放置的足够长的U形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中，在导轨上放着金属棒ab，开始时ab棒以水平初速度v0向右运动，最后静止在导轨上，就导轨光滑和导轨粗糙的两种情况相比较，这个过程（）A．安培力对ab棒所做的功不相等B．电流所做的功相等C．电流产生的总内能相等D．通过ab棒的电荷量相等【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】金属棒在导轨上做减速运动，最后金属棒静止在导轨上；对金属棒进行受力分析，从能量转化的角度分析答题．【解答】解：A、当导轨光滑时，金属棒克服安培力做功，动能全部转化为焦耳热，产生的内能等于金属棒的初动能，电流做功等于棒的初动能；当导轨粗糙时，金属棒在导轨上滑动，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生热，把部分动能转化为内能，另一方面要克服安培力做功，金属棒的部分动能转化为焦耳热，摩擦力做功产生的内能与克服安培力做功转化为内能的和等于金属棒的初动能，安培力做功等于电流产生的焦耳热，由以上分析可知，导轨粗糙时，安培力做的功少，电流做功少，导轨光滑时，安培力做的功多，电流做功多，两种情况下，产生的内能相等，都等于金属棒的初动能；故BC错误；D 、导轨光滑时，导体棒的位移s 大，导轨粗糙时，导体棒位移小，感应电荷量Q===，B 、R 、导体棒长度L 相同，s 越大，感应电荷量越大，因此导轨光滑时，感应电荷量多，故D 错误．故选：A ．【点评】本题难度不大，对金属棒正确受力分析，从能量的角度分析问题，即可正确解题．二、实验题（共14分）13．（1）图甲中的读数 50.15 mm图乙中的读数 5.804 mm ．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm ，游标卡尺的主尺读数为50mm ，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm ，所以最终读数为：50mm +0.15mm=50.15mm ．螺旋测微器的固定刻度为5.5mm ，可动刻度为30.4×0.01mm=0.304mm ，所以最终读数为5.5mm +0.304mm=5.804mm ．故答案为：（1）50.15；5.804．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．14．某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势（电动势E 约为9V ，内阻r 约为50Ω）．已知该电池允许输出的最大电流为150mA ，该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2k Ω，量程为15V ，R 为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R 0是定值电阻，起保护电路的作用．。

2016-2017学年湖北省沙市中学高一（上）第五次双周练物理试卷（A卷）一、选择题，本题共12小题，每小题4分，共计48分，9～12题为多选题，其它题为单选题1．爱因斯坦曾把物理一代代科学家探索自然奥秘的努力，比作福尔摩斯侦探小说中的警员破案．下列说法符合物理史实的是（）A．著名物理学家亚里士多德曾指出，如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向B．与伽利略同时代的科学家笛卡儿通过“斜面实验”得出推断：若没有摩擦阻力，球将永远运动下去C．科学巨人牛顿在伽利略和笛卡儿的工作基础上，提出了动力学的一条基本定律，那就是惯性定律D．牛顿在反复研究亚里士多德和伽利略实验资料的基础上提出了牛顿第二定律2．关于力学单位制下列说法中正确的是（）A．kg、J、N是导出单位B．在有关力学的分析计算中，只能采用国际单位制的单位，不能采用其他单位C．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是gD．kg、m、s是基本单位3．如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动，下列各种情况中，体重计的示数最小的是（）A．电梯匀减速下降，加速度大小为6.5m/s2B．电梯匀加速下降，加速度大小为6.5m/s2C．电梯匀减速上升，加速度大小为1.0m/s2D．电梯匀加速上升，加速度大小为1.0m/s24．如图所示，小球在竖直力F作用下，将竖直轻质弹簧压缩．若将力F撤去，小球将向上弹起，到离开弹簧，直到速度变为零为止，从撤去F开始的小球上升过程中（）A．小球的速度一直在减小B．小球在离开弹簧时速度最大C．小球的加速度方向保持不变D．离开弹簧前小球的加速度先减小后增大5．如图（甲）所示，物体原来静止在水平地面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（乙）所示．重力加速度g取10m/s2．根据题目提供的信息，下列判断正确的是（）A．物体的质量m=2kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.6C．物体与水平面的最大静摩擦力f max=6ND．在F为10N时，物体的加速度a=2.5m/s26．物体A、B都静止在同一水平面上，它们的质量分别为m A、m B，与水平面间的动摩擦因数分别为μA、μB，用水平拉力F分别拉物体A、B，所得加速度a与拉力F关系图线如图中A、B所示，则（）A．μA＞μB，m A＜m B B．μA＜μB，m A＜m B C．μA＞μB，m A＞m B D．μA＜μB，m A ＞m B7．如图所示，质量分别为M和m的物块由相同的材料制成，且M=2m，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接．按图装置在光滑水平桌面上，它们的共同加速度大小和绳中张力为（）A．a=g，T=mg B．a=g，T=mg C．a=g，T=mg D．a=g，T=mg8．如图甲所示，传送带以速度v1匀速运动，滑块A以初速度v0自右向左滑上传送带，从这一时刻开始计时，滑块的速度﹣时间图象如图乙所示．已知v0＞v1，下列判断正确的是（）A．传送带逆时针转动B．t1时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t2时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用9．粗糙的水平地面上有一只木箱，现用一水平拉力拉木箱匀速前进，则（）A．拉力与地面对木箱的摩擦力是一对平衡力B．木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对作用力与反作用力C．木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对平衡力D．木箱对地面的压力与木箱受到的重力是一对平衡力10．如图所示，质量为2kg的物块a与质量为6kg的物块b放在光滑水平面上，用F=16N的水平力推a物体，a、b共同向右运动，下列说法正确的是（）A．a、b加速度的大小为2m/s2，方向向右B．a对b的作用力大小为12NC．b对a的作用力大小为4ND．若某时刻撤去推力，a、b将会一起匀速直线运动11．如图所示，质量为m的小球用一根细线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平，而弹簧与竖直成θ角．现将细线剪断，则下列判断正确的是（）A．剪断细线前，细线中张力为B．剪断细线前，弹簧弹力大小为C．剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgsinθD．剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgtanθ12．如图所示，在光滑平面上有一静止小车，小车质量为M=5kg，小车上静止地放置着质量为m=1kg的木块，和小车间的动摩擦因数为μ=0.2，用水平恒力F拉动小车，下列关于木块的加速度a m和小车的加速度a M，可能正确的有（）A．a m=1m/s2，a M=1m/s2B．a m=1m/s2，a M=2m/s2C．a m=2m/s2，a M=4m/s2D．a m=3m/s2，a M=5m/s2二、实验题（本题共1小题，每空2分，共14分，）13．图甲为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置示意图，沙和沙桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用沙和沙桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在沙和沙桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去沙和沙桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去沙和沙桶，轻推小车，判断小车是否做匀速运动．（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是A．M=200g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gD．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g（3）图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：S AB=4.22cm、S BC=4.65cm、S CD=5.08cm、S DE=5.49cm、S EF=5.91cm、S FG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=m/s2（结果保留2位有效数字）．（4）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与沙和沙桶总重力F的关系图象，与本实验相符合的是（5）若利用图甲进行实验，在实际情况中，沙和沙桶总重力大小（填“大于”、“小于”或“等于”）细线对小车拉力的大小．为了减小误差，要求沙和沙桶总质量m （填“远大于”或“远小于”）小车质量M．某实验小组对本实验的装置进行了改进，他们利用如图丁的装置来进行实验，实验中弹簧测力计的示数（填“大于”、“小于”或“等于”）细线对小车拉力的大小．三、计算题（本大题5个小题，共48分．解答要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后的答案不能得分．有数值的题，答案必须写出数值和单位）14．一质量为m=40kg的小孩子站在电梯内的体重计上．电梯从t=0时刻由静止开始上升，在0到6s内体重计示数F的变化如图所示．试问：在这段时间内电梯上升的高度m，取重力加速度g=10m/s2．15．如图，足够长的斜面倾角θ=37°．一个物体以v0=12m/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动．物体与斜面间的动摩擦因数为μ=0.25．已知重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）物体沿斜面上滑时的加速度大小a1；（2）物体沿斜面上滑的最大距离x；（3）物体沿斜面到达最高点后返回下滑时的加速度大小a2；（4）物体从A点出发到再次回到A点运动的总时间t．16．静止在水平面上的A、B两个物体通过一根拉直的轻绳相连，如图，轻绳长L=1m，承受的最大拉力为8N，A的质量m1=2kg，B的质量m2=8kg，A、B与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，现用一逐渐增大的水平力F作用在B上，使A、B向右运动，当F增大到某一值时，轻绳刚好被拉断（g=10m/s2）．（1）求绳刚被拉断时F的大小．（2）若绳刚被拉断时，A、B的速度为2m/s，保持此时的F大小不变，当A静止时，A、B间的距离为多少？17．如图所示，水平地面上一个质量M=4.0kg、长度足够长的木板，在F=8.0N的水平拉力作用下，以v0=2.0m/s的速度向右做匀速直线运动．某时刻将质量m=1.0kg 的物块（物块可视为质点）轻放在木板最右端．（g=10m/s2）（1）求地面与木板之间的动摩擦因数μ和放上物块后木板所受的地面摩擦力大小（2）若物块与木板间有摩擦，且物块与木板间的动摩擦因数和木板与地面间的动摩擦因数相等，求将物块放在木板上后，经过多长时间物块和木板速度相等（3）将物块放在木板上后，经过多长时间木板停止运动．2016-2017学年湖北省沙市中学高一（上）第五次双周练物理试卷（A卷）参考答案与试题解析一、选择题，本题共12小题，每小题4分，共计48分，9～12题为多选题，其它题为单选题1．爱因斯坦曾把物理一代代科学家探索自然奥秘的努力，比作福尔摩斯侦探小说中的警员破案．下列说法符合物理史实的是（）A．著名物理学家亚里士多德曾指出，如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向B．与伽利略同时代的科学家笛卡儿通过“斜面实验”得出推断：若没有摩擦阻力，球将永远运动下去C．科学巨人牛顿在伽利略和笛卡儿的工作基础上，提出了动力学的一条基本定律，那就是惯性定律D．牛顿在反复研究亚里士多德和伽利略实验资料的基础上提出了牛顿第二定律【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家如伽利略、牛顿、爱因斯坦等的主要贡献即可．【解答】解：A、笛卡儿指出，如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不会停下来也不会偏离原来的方向，故A错误；B、通过“斜面实验”得出若没有摩擦阻力，球将永远运动下去这一结论的是伽利略，不是笛卡儿，故B错误；C、牛顿在伽利略和笛卡儿的工作基础上，提出了动力学的一条基本定律，那就是牛顿第一定律，而牛顿第一定律又叫做惯性定律，故C正确；D、牛顿在伽利略和笛卡儿研究的基础上提出了牛顿第一定律，故D错误．故选：C2．关于力学单位制下列说法中正确的是（）A．kg、J、N是导出单位B．在有关力学的分析计算中，只能采用国际单位制的单位，不能采用其他单位C．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是gD．kg、m、s是基本单位【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、kg是质量的单位，它是基本单位，所以A错误．B、在有关力学的分析计算中，可以采用其他单位制，但是要统一，所以B错误C、g也是质量的单位，但它不是质量在国际单位制中的基本单位，所以C错误．D、三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以D正确．故选：D．3．如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动，下列各种情况中，体重计的示数最小的是（）A．电梯匀减速下降，加速度大小为6.5m/s2B．电梯匀加速下降，加速度大小为6.5m/s2C．电梯匀减速上升，加速度大小为1.0m/s2D．电梯匀加速上升，加速度大小为1.0m/s2【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】先对人受力分析，受重力和支持力，体重计示数即为受到的压力，而压力等于支持力；再对人进行运动分析，确定加速度方向；最后根据牛顿第二定律列式求解．【解答】解：电梯匀减速下降、匀加速上升时，加速度方向都向上，由牛顿第二定律得：N﹣mg=ma，则：N=mg+ma＞mg；电梯匀加速下降、匀减速上升时，加速度方向向下，由牛顿第二定律得：mg﹣N=ma，则：N=mg﹣ma＜mg，且加速度越大，N越小；由牛顿第三定律可知，电梯对人的支持力等于人对电梯的压力，压力等于体重计的示数，则电梯匀加速下降加速度为6.5m/s2时，体重计的示数最小．选项B正确，ACD错误．故选：B．4．如图所示，小球在竖直力F作用下，将竖直轻质弹簧压缩．若将力F撤去，小球将向上弹起，到离开弹簧，直到速度变为零为止，从撤去F开始的小球上升过程中（）A．小球的速度一直在减小B．小球在离开弹簧时速度最大C．小球的加速度方向保持不变D．离开弹簧前小球的加速度先减小后增大【考点】牛顿第二定律．【分析】上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止【解答】解：AB、小球从静止开始到k△x=mg时速度逐渐增大，之后速度逐渐减小，故AB错误；C、小球在平衡位置下方合力向上，加速度向上，在平衡位置上方，合力向下，加速度向下，故小球的加速度方向发生了改变，故C错误；D、根据牛顿第二定律：F合=ma，由前面分析合外力先减小后增大，故加速度先减小后增大，故D正确；5．如图（甲）所示，物体原来静止在水平地面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（乙）所示．重力加速度g取10m/s2．根据题目提供的信息，下列判断正确的是（）A．物体的质量m=2kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.6C．物体与水平面的最大静摩擦力f max=6ND．在F为10N时，物体的加速度a=2.5m/s2【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解．【解答】解：A、物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根据牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma，解得：a=﹣μg，由a与F图线，得到：0.5=﹣10μ…①，4=﹣10μ…②，①②联立得：m=2Kg，μ=0.3，故A正确，B错误；C、由图可知，当F=7N时物体开始滑动，所以最大静摩擦力为7N；故C错误．D、在F为10N时，物体的加速度为：a=﹣10μ=﹣10×0.3=2m/s2，故D错误．6．物体A、B都静止在同一水平面上，它们的质量分别为m A、m B，与水平面间的动摩擦因数分别为μA、μB，用水平拉力F分别拉物体A、B，所得加速度a与拉力F关系图线如图中A、B所示，则（）A．μA＞μB，m A＜m B B．μA＜μB，m A＜m B C．μA＞μB，m A＞m B D．μA＜μB，m A ＞m B【考点】牛顿第二定律．【分析】对物体受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式，结合加速度a与拉力F的关系图象分析即可．【解答】解：对质量为M的物体受力分析，假定动摩擦因素为μ，根据牛顿第二定律，有：F﹣μmg=ma解得：a=﹣μg，故a与F关系图象的斜率表示质量的倒数，故m A＜m B；从图象可以看出纵轴截距用表示﹣μg表示，故μA＞μB；故选：A7．如图所示，质量分别为M和m的物块由相同的材料制成，且M=2m，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接．按图装置在光滑水平桌面上，它们的共同加速度大小和绳中张力为（）A．a=g，T=mg B．a=g，T=mg C．a=g，T=mg D．a=g，T=mg【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】对图中的M和m沿绳进行受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度，再对M受力分析，根据牛顿第二定律可求得拉力大小．【解答】解：沿绳分析可知，整体受拉力为mg，则由牛顿第二定律可得：mg=3ma解得：a=；再对M分析由牛顿第二定律可得：T=Ma=2m×=；故C正确，ABD错误．故选：C．8．如图甲所示，传送带以速度v1匀速运动，滑块A以初速度v0自右向左滑上传送带，从这一时刻开始计时，滑块的速度﹣时间图象如图乙所示．已知v0＞v1，下列判断正确的是（）A．传送带逆时针转动B．t1时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t2时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用【考点】牛顿运动定律的综合应用；力的合成与分解的运用．【分析】分析物体在传送带上的运动过程，明确各过程中物体的运动情况和受力情况；则可明确物体受摩擦力的变化情况．【解答】解：A、B由速度图象分析物体的运动过程：0﹣t1时间内木块向左匀减速直线运动，t1﹣t2物体向右做匀加速运动，t2﹣t3向右做匀速运动．可知，物体先受到向右的摩擦力，则传送带沿顺时针方向运动．故A错误．B、由A的分析可知，t1﹣t2时刻物体与传送带间有相对滑动，故T2时刻相对距离才达最大；故B错误；C、物体先向左减速再向右加速，加速度一直向右；并且大小保持不变；0～t2时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用；故D正确；故选：D．9．粗糙的水平地面上有一只木箱，现用一水平拉力拉木箱匀速前进，则（）A．拉力与地面对木箱的摩擦力是一对平衡力B．木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对作用力与反作用力C．木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对平衡力D．木箱对地面的压力与木箱受到的重力是一对平衡力【考点】作用力和反作用力；摩擦力的判断与计算．【分析】粗糙水平地面上的木箱受到重力、地面的支持力、水平拉力以及地面的摩擦力，这四个力的合力为零，使木箱匀速运动．然后结合牛顿第三定律分析即可．【解答】解：A、木箱在水平方向上受到水平拉力和地面的摩擦力，这两个力是一对平衡力，故A正确．B、C、木箱对地面的压力，受力物体是地面，施力物体是木箱；地面对木箱的支持力，受力物体是木箱，施力物体是地面，这是一对作用力和反作用力，性质相同．故B正确，C错误．D、木箱对地面的压力受力物体是地面，施力物体木箱；木箱所受的重力受力物体是木箱，施力物体是地球，这两个力不是一对平衡力，故D错误．故选：AB10．如图所示，质量为2kg的物块a与质量为6kg的物块b放在光滑水平面上，用F=16N的水平力推a物体，a、b共同向右运动，下列说法正确的是（）A．a、b加速度的大小为2m/s2，方向向右B．a对b的作用力大小为12NC．b对a的作用力大小为4ND．若某时刻撤去推力，a、b将会一起匀速直线运动【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】以两物块组成的系统为研究对象，应用牛顿第二定律可以求出系统的加速度；以其中一个物体为研究对象，应用牛顿第二定律可以求出物体间的作用力；当物体所受合外力为零时物体处于平衡状态，物体静止或做匀速直线运动．【解答】解：A、以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：a===2m/s2，方向：向右，故A正确；B、以b为研究对象，由牛顿第二定律得：N=m b a=6×2=12N，则a对b的作用力为12N，故B正确；C、a对b的作用力为12N，由牛顿第三定律可知，b对a的作用力为12N，故C 错误；D、若某时刻撤去推力，a、b所受合力为零，a、b将会一起匀速直线运动，故D 正确；故选：ABD．11．如图所示，质量为m的小球用一根细线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平，而弹簧与竖直成θ角．现将细线剪断，则下列判断正确的是（）A．剪断细线前，细线中张力为B．剪断细线前，弹簧弹力大小为C．剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgsinθD．剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgtanθ【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】对小球受力分析，根据平衡求出细线剪断前绳子的拉力和弹簧的弹力，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，从而求出合力的大小．【解答】解：A、剪断细线前小球受力如图所示，由平衡条件可知，弹簧弹力：F=，细线中张力：T=mgtanθ，故A错误，B正确．B、剪断细线的瞬间，细线拉力消失，弹簧的弹力不变，小球受重力mg与弹簧弹C错误，D正确．力F作用，小球所受合力：F合=mgtanθ，故故选：BD．12．如图所示，在光滑平面上有一静止小车，小车质量为M=5kg，小车上静止地放置着质量为m=1kg的木块，和小车间的动摩擦因数为μ=0.2，用水平恒力F拉动小车，下列关于木块的加速度a m和小车的加速度a M，可能正确的有（）A．a m=1m/s2，a M=1m/s2B．a m=1m/s2，a M=2m/s2C．a m=2m/s2，a M=4m/s2D．a m=3m/s2，a M=5m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】对整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程；再对m受力分析，根据牛顿第二定律列方程；最后联立方程组求解．【解答】解：当M与m间的静摩擦力f≤μmg=2N时，木块与小车一起运动，且加速度相等；当M与m间相对滑动后，M对m的滑动摩擦力不变，则m的加速度不变，所以当M与m间的静摩擦力刚达到最大值时，木块的加速度最大，由牛顿第二定律得：此时F=（M+m）a m=（5+1）×2N=12N当F＜12N，可能有a M=a m=1m/s2．当F＞12N后，木块与小车发生相对运动，小车的加速度大于木块的加速度，a M＞a m=2m/s2．故AC正确，BD错误故选：AC．二、实验题（本题共1小题，每空2分，共14分，）13．图甲为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置示意图，沙和沙桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用沙和沙桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是B A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在沙和沙桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去沙和沙桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去沙和沙桶，轻推小车，判断小车是否做匀速运动．（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是CA．M=200g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gD．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g（3）图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：S AB=4.22cm、S BC=4.65cm、S CD=5.08cm、S DE=5.49cm、S EF=5.91cm、S FG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=0.42m/s2（结果保留2位有效数字）．（4）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与沙和沙桶总重力F的关系图象，与本实验相符合的是C（5）若利用图甲进行实验，在实际情况中，沙和沙桶总重力大小大于（填“大于”、“小于”或“等于”）细线对小车拉力的大小．为了减小误差，要求沙和沙桶总质量m远小于（填“远大于”或“远小于”）小车质量M．某实验小组对本实验的装置进行了改进，他们利用如图丁的装置来进行实验，实验中弹簧测力计的示数等于（填“大于”、“小于”或“等于”）细线对小车拉力的大小．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应平衡摩擦力；（2）当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量，即m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于沙和沙桶的重力；（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，（3）抓住实验中未平衡摩擦力确定正确的图线．（4）实验中认为沙和沙桶重力等于绳子的拉力，结合牛顿第二定律分析判断实际拉力与沙和沙桶重力的关系【解答】解：（1）为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，即平衡摩擦力．故选B（2）当m＜＜M时，即当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力．因此最合理的一组是C．故选：C．（3）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，相邻的计数点时间间隔为T=0.1s，利用匀变速直线运动的推论△x=at2，得：s DE﹣s AB=3a1T2s EF﹣s BC=3a2T2s FG﹣s CD=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）===0.42m/s2（4）本实验未平衡小车的摩擦力，所以与实验相符的图象是C（5）在本实验中，我们认为细线拉力的大小等于沙和沙桶（其总质量为m）的总重力，而实际上细线的拉力：mg﹣T=ma，得：T=mg﹣ma，故细线的拉力小于沙和沙桶的总重力．为了减小误差，实验时应要求沙和沙桶的质量远小于小车的质量；利用如图丁的装置来进行实验，根据同一根绳子张力处处相同，实验中弹簧测力计的示数等于细线对小车的拉力故答案为：（1）B （2）C （3）0.42 （4）C （5）大于远小于等于三、计算题（本大题5个小题，共48分．解答要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后的答案不能得分．有数值的题，答案必须写出数值和单位）。

2016-2017学年湖北省荆州市沙市中学高一（下）期中物理试卷一、选择题（共12题，48分．其中1～8题为单项选择题，9～12题为多项选择题，每小题全对得4分，漏选得2分，错选0分）1．（4分）关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在变力作用下一定做曲线运动C．做曲线运动的物体，其速度大小可能不变D．速度大小和加速度大小均不变的运动不可能是曲线运动2．（4分）关于行星绕太阳运动的下列说法中正确的是（）A．所有行星都在同一椭圆轨道上绕太阳运动B．行星绕太阳运动时，太阳位于行星轨道的中心处C．离太阳越近的行星运动周期越短D．所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都不相等3．（4分）在宽度为d的河中，船在静水中速度为v 1，水流速度为v 2（且v 1＞v 2），航向可以选择，现让该船开始渡河，则下列说法错误的是（）A．可能的最短渡河时间为B．只有当船头垂直河岸渡河时，渡河时间才和水速无关C．可能的最短渡河位移为dD．不管船头与河岸夹角是多少，渡河时间和水速均无关4．（4分）已知月球质量与地球质量之比约为1：80，月球半径与地球半径之比约为1：4，则月球上的第一宇宙速度与地球上的第一宇宙速度之比最接近（）A．9：2B．2：9C．18：1D．1：185．（4分）如图所示，在光滑水平面上一小球以某一速度运动到A点时遇到一段半径为R的圆弧曲面AB后，落到水平地面的C点，已知小球没有跟圆弧曲面的任何点接触，则BC的最小距离为（）A．R B．C．R D．R 6．（4分）在离地面高度为h处竖直向上抛出一质量为m的物体，抛出时的速度为v0，当它落到地面时的速度为v，用g表示重力加速度，则在此过程中空气阻力对物体做的功为（）A．B．C．D．7．（4分）物体从某高度处开始做自由落体运动，以地面为重力势能零点，下列所示图象中．能正确描述物体的重力势能（Ep）与下落速度平方（v2）的关系是（）A．B．C．D．8．（4分）人用绳子通过动滑轮拉A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，求A物体实际运动的速度是（）A．v0sinθB．C．v0cosθD．9．（4分）右图为“嫦娥一号”某次在近地点A由轨道1变轨为轨道2的示意图，其中B、C分别为两个轨道的远地点．关于上述变轨过程及“嫦娥一号”在两个轨道上运动的情况，下列说法中正确的是（）A．“嫦娥一号”在轨道1的A点处应点火加速B．“嫦娥一号”在轨道1的A点处的速度比在轨道2的A点处的速度大C．“嫦娥一号”在轨道1的B点处的加速度比在轨道2的C点处的加速度大D．“嫦娥一号”在轨道1的B点处的机械能比在轨道2的C点处的机械能大10．（4分）如图所示，斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止与水平面上，现将一小球从图示位置静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是（）A．斜劈对小球的弹力做负功B．斜劈与小球组成的系统机械能不守恒C．小球的机械能增加D．斜劈的机械能增加11．（4分）如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的动摩擦因数相同，当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，烧断细线，则（）A．两物体均沿切线方向滑动B．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，同时所受摩擦力减小C．两物体仍随圆盘一起做匀速圆周运动，不会发生滑动D．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远12．（4分）如图，质量为M、长度为l的小车静止在光滑的水平面上．质量为m 的小物块（可视为质点）放在小车的最左端．现用一水平恒力F作用在小物块上，使物块从静止开始做匀加速直线运动．物块和小车之间的摩擦力为f．物块滑到小车的最右端时，小车运动的距离为s．在这个过程中，以下结论正确的是（）A．物块到达小车最右端时具有的动能为（F﹣f）（s+l）B．物块到达小车最右端时，小车具有的动能为fsC．物块克服摩擦力所做的功为（F﹣f）sD．物块克服摩擦力所做的功为f（s+l）二、填空题（共15分）13．（6分）在“研究平抛物体的运动”的实验中，某同学只记录了A、B、C三点，各点的坐标如图所示，则物体运动的初速度为m/s，初始位置的坐标为（单位为cm，g＝10m/s2）．14．（9分）如图甲所示为测量电动机转动角速度的实验装置，圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动机的带动下匀速转动。