金卷：江西省重点中学盟校2017届高三第一次联考理综物理(解析版)

江西省重点中学协作体2017届高三第一次联考2017.2理科综合能力测试试卷考试用时：150分全卷满分：300分相对原子质量:H-l C-12 N-14 0-16 Cl-35.5 Na-23 Mn-55 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分.满分:300分;考试时间：150分钟第I卷（选择题部分，共126分）一、选择题（本题共13小题，每小题6分，共78分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．下列叙述正确的是（）A．同一个体内的不同细胞的形态结构不同的根本原因是DNA不同B．镰刀型贫血症的根本原因是多肽链中的谷氨酸被缬氨酸所替换C．生物多样性和特异性的根本原因是DNA分子的多样性和特异性D．生物进化的根本原因是环境因素对各生物个体进行选择的结果2．下列关于物质跨膜运输的叙述，正确的是（）A．神经细胞通过主动运输方式吸收神经递质B．糖腌果脯变甜是细胞主动吸收蔗糖的结果C．氧气浓度不会影响哺乳动物成熟红细胞对K+的主动吸收D．胞吞与胞吐均是小分子物质跨膜运输方式3．睾丸是青春期以后的男性产生精子和分泌雄性激素的器官，男性Y染色体特有区段的末端有一个决定睾丸发育的基因为“SRY基因”,但是少数男性“SRY基因”正常，体内雄性激素含量正常或稍高，却具有类似女性的性特征，这是因为他们的X染色体上一个“AR基因”突变，下列有关“SRY 基因”和“AR基因”的叙述错误的是（）A．两基因具有不相同的脱氧核苷酸排列顺序B．有丝分裂过程中两基因分别进入两子细胞C．“AR基因”可能控制雄性激素受体的合成D．男性的第二性征与两基因的功能密切相关4．下列有关细胞生命历程的叙述，错误的是（）A ．细胞分化时核基因及其表达产物均发生改变B ．细胞缢裂成两部分时线粒体的分配是随机的C ．由于基因突变的累积效应导致细胞发生癌变D ．细胞凋亡有利于机体维持内部环境相对稳定5.如图表示自然界中某动物种群数量动态变化的示意图，下列叙述正确的是（ ）A ．该种群的环境容纳量为2000只B ．t 2时该种群的年龄组成为稳定型C ．t 1时以该种群为食的天敌数最多D ．t 1-t 2种群数量变化与食物等有关 6．将基因型为Dd 的高茎豌豆幼苗（品系甲）用秋水仙素处理后，得到四倍体植株幼苗（品系乙），将品系甲、品系乙在同一地块中混合种植，在自然状态下生长、繁殖一代，得到它们的子代。

实验题22. （1）平衡摩擦力（1分）、C（1分）；（2）C（2分）；（3）1.010 (1.008或1.012也给分) （1分）23. （1）（nR1-mR0）/（m-n）（2分）;（2）R1（2分）; （3）甲（2分）;（4）A（2分）;（5）大（1分）、偏大（1分）计算题24. 解：(1)电压表测量该回路的路端电压：U = RE/(R+r) （2分）导体棒切割磁感线产生的动生电动势：E = BLv （2分）得：U = RBLv/(R+r) = RBLat /(R+r) （1分）由图像斜率知：k = 0.4 = RBLa /(R+r) （1分）求得：a = 2 m/s2（1分）(2) 第5s末，I = U / R = 5 A （1分）F安= BIL = 1.25 N （2分）由牛顿第二定律：F －F安= m a 得：F = 1.75 N （2分）由：P = F v = 17.5 W （2分）25．（18分）解：F=0时，m和M系统动量守恒m v0 = m v1 + M v2(2分)m v02/2 －（m v12/2+ M v22/2）= μmgs(2分)将M=0.5kg、m=1kg、v0=4m/s 、s=1代入，得: v1 = 2m/s、v2 = 4m/s (不符合情况，舍去) 或v1 = 10/3 m/s (2分)、v2 = 4/3 m/s (符合题意)（2）要使m恰好不从M上滑出，临界情况下，当m滑到M右端瞬间，两者速度相等a物= μg = 2 m/s2(1分)a板= （F+μm g）/M = 2F + 4 m/s2（1分)a相= 2F + 6 m/s2(1分)v0相= 4 m/s v‘相= 0 m/ss相= 1 mv0相2 = 2 a相s相得F = 1N (1分)图像中B点对应为这种情况(2分)（3）D（C）临界点对应的情况是物块滑至某处时，木板与物块已达到速度相同，且之后物块与木板之间恰达到最大静摩擦力两者一起加速运动的临界加速度为a =μg = 2 m/s2F D = (m+M)a = 3N (3分)函数表达式为1/s = (F + 3) /8 (3分)选考题33．（1）CDE（2）（i ）设L 形管的横截面积为S ，水柱上升h 前后，A 部分气体的压强分别为A p 和A p '，A 部分气体的温度并没有发生变化，由玻意耳定律可得：00()A A p L S p L h S ='- （3分） 代入数据得：125cmHg A p '= （2分）（ii ）设水银柱上升h 前后，B 部分气体的压强分别为B p 和B p '，温度分别为T 和T '，则(),B A B A p p gH p p g h H ρρ=+'='++ （2分）由理想气体状态方程可得：00()()()A A p gH L S p gH gh L h ST Tρρρ+'+++= （2分）代入数据解得：668K T '= （1分）34.（1）BDE ；（2）①设红光和紫光的临界角分别为C 1、C 2， 则sinC 1 = > = sin45o （1分）同理C 2＝45°（1分），i ＝45°＝C 2i ＝45°＞C 1，所以紫光在AB 面发生全反射（1分），而红光在AB 面一部分折射，一部分反射，且由几何关系可知，反射光线与AC 垂直，所以在AM 处产生的亮斑P 1为红色（1分），在AN 处产生的亮斑P 2为红色和紫色的混合色。

2016-2017学年江西省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题（本题共12题，共48分，每小题4分；在每小题提供的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目的要求；第8～12题为多项选择）1．一个质点受多个力的作用做匀速直线运动，某时刻撤去其中一个恒力，其它力保持不变，则质点的运动一定是（）A．直线运动B．曲线运动C．匀速运动D．匀变速运动2．如图所示，物块A放在倾斜的木板上，已知木板的倾角α分别为α1和α2（α1＜α2）时，物块A所受摩擦力的大小恰好相同，则物块A和木板间的动摩擦因数为（）A． B． C． D．3．如图所示，在拉力F作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力N的大小变化是（）A．F减小，N增大B．F和N均减小C．F和N均增大D．F增大，N减小4．如图所示，一固定杆与水平方向夹角为θ，将一个滑块套在杆上，一根轻绳一端系着滑块另一端悬挂小球，滑块与杆之间的摩擦不可忽略．当小球与滑块以相同的加速度一起运动时，绳与竖直方向的夹角为β，且β＞θ，则（）A．滑块沿杆加速上滑B．滑块沿杆加速下滑C．滑块沿杆减速上滑D．滑块沿杆减速下滑5．一个水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．则小球水平方向通过的距离与竖直方向下落的距离之比为（）A．tanθB．C．2tanθD．6．如图所示，内部光滑的平底试管的底部有一个质量为m的小球，现使试管绕转轴O在竖直平面内做圆周运动，运动中小球始终与试管底部接触．当试管以某一恒定的角速度ω转动时，小球在最高点受到的弹力为mg，设小球在最低点受到弹力为F、转动中转轴到小球圆心的距离为r，则（）A．ω=，F=3mg B．ω=，F=2mg C．ω=，F=3mg D．ω=，F=2mg 7．a、b两车在平直公路上沿同一方向行驶，两车运动的v﹣t图象如图所示，在t=0时刻，b车在a车前方s0处，在0～t1时间内，a车的位移为s，若s=2s0，则（）A．a、b两车只会相遇一次，在t1时刻相遇B．a、b两车只会相遇一次，在时刻相遇C．a、b两车可以相遇两次，一次在时刻相遇，另一次在时刻相遇D．a、b两车可以相遇两次，一次在时刻相遇，另一次在时刻相遇8．一小船在静水中速度的大小为4m/s，要横渡水流速度为5m/s的河，河宽为80m．下列判断正确的是（）A．小船渡河的最短时间为20sB．小船渡河的最小位移为80mC．如果水流速度变大，小船渡河的最短时间增大D．如果水流速度变大，小船渡河的最小位移增大9．舰载战斗机在航母甲板上加速起飞过程可看作匀加速直线运动，某段时间内战斗机的位移x﹣时间t图线如图所示，则（）A．在x=16m至x=26m这段过程中，战斗机的平均速度大于20m/sB．在x=16m至x=26m这段过程中，战斗机的平均速度小于20m/sC．在M点对应的位置，战斗机的速度大于20m/sD．在M点对应的位置，战斗机的速度小于20m/s10．如图所示，物块A在固定的斜面B上运动，现在A上施加一个竖直向下的恒力F，下列说法正确的是（）A．若物块A原来匀速下滑，施加力F后仍匀速下滑B．若物块A原来匀速下滑，施加力F后将加速下滑C．若物块A原来加速下滑，施加力F后加速度不变D．若物块A原来加速下滑，施加力F后加速度变大11．如图所示，一个质量为m的小球由两根细绳拴在竖直转轴上的A、B两处，AB间距为L，A处绳长为L，B处绳长为L，两根绳能承受的最大拉力均为2mg，转轴带动小球以角速度ω转动，下列判断正确的是（）A．当角速度ω逐渐增大时，A处绳的弹力一定增大B．当角速度ω逐渐增大时，B处绳一定先被拉断C．当ω=时，A处绳的弹力大小为mgD．当ω=时，B处绳的弹力大小为mg12．一长木板在水平地面上运动，在T=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度随时间变化的图线如图所示．已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦．物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．将木板速度由5m/s减小到1m/s及由1m/s 减小到0的过程分别用I、II表示，则（）A．过程I中，物块加速度大小为2m/s2、木板加速度大小为8m/s2B．过程I中，物块、木板的加速度大小均为8m/s2C．过程Ⅱ中，物块加速度大小为2m/s2、木板加速度大小为4m/s2D．过程Ⅱ中，物块、木板的加速度大小均为3m/s2二、非选择题（共52分）13．如图a所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．①为完成实验，还需要的实验器材有：．②图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长量x的关系图线，由此可求出弹簧的劲度系数为N/m．图线不过原点的原因是由于．14．某实验小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是（填字母代号）．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．将砝码桶通过定滑轮拴在木块上，调节木板倾斜程度用以平衡木块受到的滑动摩擦力C．实验时应使砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量D．通过增减木块上的砝码改变质量时，需要重新调节木板倾斜程度（2）某次实验时得到的一条纸带如图乙所示，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，纸带上面放置的是最小刻度为1mm的刻度尺．已知打点计时器电源频率为50Hz．则这次实验中木块运动的加速度是m/s2，打下点F时对应的速度是m/s．15．从地球极地处竖直向上发射一科研火箭，由火箭内部的压力传感器传来的信息表明：火箭发射的最初10s内火箭里所有物体对支持面的压力是火箭发射前的1.8倍，此后火箭无推动力飞行．而在火箭从最高点落回到地面的过程中，火箭里所有物体对支持面的压力为0．认为火箭受到的地球引力不变化，求从火箭发射到落回地面所用的时间是多少？16．如图所示，两个质量均为15kg的物体A和B用劲度系数为600N/m的轻弹簧相连后竖立在水平地面上．静止后对物体A施加一个竖直向上的拉力F，使物体A 向上做匀加速运动，经0.5s物体B恰好将要离开地面．g取10m/s2，求在这段时间内拉力F的最大值和最小值．17．如图所示，长木板置于光滑水平地面上，小物块放在长木板的正中间，两物体处于静止状态．已知木板的质量为M=4kg，长度为L=2m，物块的质量为m=1kg，尺寸可以忽略．物块与木板之间的摩擦因数为μ=0.2，认为两物体间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等．取重力加速度g=10m/s2．（1）若在物块上施加一个水平恒力F1，恰好能使物块在木板上滑动，求力F1的大小．（2）若在木板上施加一个水平恒力F2，经过2s物块恰好从木板上滑落，求力F2的大小．18．如图所示．某一平面内有一半径为R的圆形区城，一条直线与圆相交．圆心O 到直线的距离为R．一个质点沿直线在圆上的a点射入，在圆形区域内所受合力F1的大小不变，方向始终与速度方向垂直，质点在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直．同一质点以同样速度沿直线在圆上的a点射入，在圆形区域内所受合力F2的大小不变，方向始终与直线方向垂直，质点也在b点离开该区域．求：（1）b点到直线的距离．（2）F1与F2的比值．2016-2017学年江西省高三（上）第一次联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12题，共48分，每小题4分；在每小题提供的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目的要求；第8～12题为多项选择）1．一个质点受多个力的作用做匀速直线运动，某时刻撤去其中一个恒力，其它力保持不变，则质点的运动一定是（）A．直线运动B．曲线运动C．匀速运动D．匀变速运动【考点】曲线运动．【分析】物体受到一组共点恒力作用而处于平衡状态，当撤去某一个恒力时，余下力的合力与此力大小相等、方向相反，根据物体的合力与速度方向可能的关系，分析物体可能的运动情况．【解答】解：物体受到一组共点恒力作用而处于平衡状态，当撤去某一个恒力时，余下力的合力与此力大小相等、方向相反，说明物体受到的合力恒定不变，若原来的力与速度方向相反时，撤去此力后，物体的合力与速度方向相同时，物体做匀加速直线运动；若原来的力与速度方向相同时，撤去此力后，物体的合力与速度方向相反时，物体做匀减速直线运动；若物体原来做匀速直线运动，而且原来的力与速度不在同一直线上时，撤去此力后，物体的合力与速度方向不在同一直线上，则物体做匀变速曲线运动，若刚好垂直，则做类平抛运动．所以D正确，ABC错误．故选：D2．如图所示，物块A放在倾斜的木板上，已知木板的倾角α分别为α1和α2（α1＜α2）时，物块A所受摩擦力的大小恰好相同，则物块A和木板间的动摩擦因数为（）A． B． C． D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【分析】对物体受力分析，可知当木板的倾角α=α1时，物块所受的摩擦力为静摩擦力，当木板的倾角α=α2时物块所受的摩擦力为滑动摩擦力，且两次摩擦力的大小恰好相同，由摩擦力公式可求动摩擦因数．【解答】解：当木板的倾角α=α1时，物块所受的摩擦力为静摩擦力，大小为f1=mgsinα1．当木板的倾角α=α2时物块所受的摩擦力为滑动摩擦力，大小为f2=μmgcosα2．由于f1=f2，可得μ=故选：B3．如图所示，在拉力F作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力N的大小变化是（）A．F减小，N增大B．F和N均减小C．F和N均增大D．F增大，N减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】小球处于动态平衡状态，以小球为研究对象，分析受力，作出力图，根据图解法分析拉力F和支持力F N的大小变化【解答】解：小球受重力G、支持力F N、拉力F处于动态平衡状态．根据平衡条件得知：F N与F的合力与G大小相等、方向相反，作出这两个力的合力，如图．由力的合成图可知，F增大，F N减小，即小球受到的拉力F增大，支持力N的大小减小．故选：D4．如图所示，一固定杆与水平方向夹角为θ，将一个滑块套在杆上，一根轻绳一端系着滑块另一端悬挂小球，滑块与杆之间的摩擦不可忽略．当小球与滑块以相同的加速度一起运动时，绳与竖直方向的夹角为β，且β＞θ，则（）A．滑块沿杆加速上滑B．滑块沿杆加速下滑C．滑块沿杆减速上滑D．滑块沿杆减速下滑【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】采用隔离法分析小球的受力，得出加速度，对整体进行受力分析得出加速度，从而得出摩擦力的方向，即可判断滑块的运动情况．【解答】解：分析小球，如果β=θ，则加速度为gsinθ，实际情况是β＞θ，则一起运动的加速度为a＞gsinθ，加速度方向沿杆向下．分析小球和滑块，小球和滑块所受重力产生的加速度为gsinθ，方向沿杆向下，由于a＞gsinθ，因此滑块一定受到摩擦力的作用且摩擦力的方向一定是沿杆向下，滑块运动的方向沿杆向上．由此可知，滑块是沿杆减速上滑的．故C正确，ABD错误．故选：C5．一个水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．则小球水平方向通过的距离与竖直方向下落的距离之比为（）A．tanθB．C．2tanθD．【考点】平抛运动．【分析】物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．根据小球落在斜面上时速度方向，由分速度公式求时间，再由分位移公式求解水平方向通过的距离与竖直方向下落的距离之比．【解答】解：小球落斜面上时速度方向与斜面垂直，则有tanθ=小球水平方向通过的距离与竖直方向下落的距离之比为x：y=v0t：=2tanθ故选：C6．如图所示，内部光滑的平底试管的底部有一个质量为m的小球，现使试管绕转轴O在竖直平面内做圆周运动，运动中小球始终与试管底部接触．当试管以某一恒定的角速度ω转动时，小球在最高点受到的弹力为mg，设小球在最低点受到弹力为F、转动中转轴到小球圆心的距离为r，则（）A．ω=，F=3mg B．ω=，F=2mg C．ω=，F=3mg D．ω=，F=2mg 【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】在最高点和最低点，小球靠重力和弹力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出角速度的大小以及小球在最低点受到的弹力大小．【解答】解：在最高点，根据牛顿第二定律得，mg+F1=mrω2，又F1=mg，解得角速度ω=，在最低点，根据牛顿第二定律得，F﹣mg=mrω2，解得F=3mg，故A正确，B、C、D错误．故选：A．7．a、b两车在平直公路上沿同一方向行驶，两车运动的v﹣t图象如图所示，在t=0时刻，b车在a车前方s0处，在0～t1时间内，a车的位移为s，若s=2s0，则（）A．a、b两车只会相遇一次，在t1时刻相遇B．a、b两车只会相遇一次，在时刻相遇C．a、b两车可以相遇两次，一次在时刻相遇，另一次在时刻相遇D．a、b两车可以相遇两次，一次在时刻相遇，另一次在时刻相遇【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】此题是追及与相遇问题，分析清楚两物体的位移关系．根据两物体的位移之差等于初始时两者的距离，结合速度图象的“面积”表示位移分析．【解答】解：已知在0﹣t1时间内，a车的位移为s，则b车的位移为，二者位移之差为s﹣==＞s0．因此在t1时刻之前会相遇一次，在a车速度小于b车的速度时还会相遇一次．在时刻，a车的位移为，二者位移为=s0，二者相遇，同理可得，另一次在时刻相遇．故ABC错误，D正确．故选：D8．一小船在静水中速度的大小为4m/s，要横渡水流速度为5m/s的河，河宽为80m．下列判断正确的是（）A．小船渡河的最短时间为20sB．小船渡河的最小位移为80mC．如果水流速度变大，小船渡河的最短时间增大D．如果水流速度变大，小船渡河的最小位移增大【考点】运动的合成和分解．【分析】因为水流速度大于静水速度，所以合速度的方向垂直于船在静水中的速度时，渡河的位移才是最短的．当静水速的方向与河岸垂直，渡河时间最短，从而即可求解．【解答】解：A、当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间t==s=20s，故A正确；B、当合速度的方向与静水速的方向垂直时，合速度的方向与河岸的夹角最大，渡河航程最小，设船的最短渡河位移为s，则有：=，因此s===100m，故B错误，CD、如果水流速度变大，小船渡河的最短时间仍不变，由s=，可得，小船渡河的最小位移增大，故C错误，D正确；故选：AD．9．舰载战斗机在航母甲板上加速起飞过程可看作匀加速直线运动，某段时间内战斗机的位移x﹣时间t图线如图所示，则（）A．在x=16m至x=26m这段过程中，战斗机的平均速度大于20m/sB．在x=16m至x=26m这段过程中，战斗机的平均速度小于20m/sC．在M点对应的位置，战斗机的速度大于20m/sD．在M点对应的位置，战斗机的速度小于20m/s【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据位移等x的变化量，读出x=16m至x=26m这段过程的位移，分析运动时间，根据平均速度等于位移与时间之比，求平均速度．【解答】解：在x=16m至x=36m这段过程中，运动时间等于1s，由于是加速运动，因此在x=16m至x=26m这段过程中，运动一定大于0.5s，由此可知平均速度小于20m/s，在t=2s至t=3s这段时间内，平均速度为20m/s，因此在2.5s时的速度为20m/s，由于M点对应的时刻大于2.5s，可知瞬时速度大于20m/s．故AD错误，BC正确．故选：BC10．如图所示，物块A在固定的斜面B上运动，现在A上施加一个竖直向下的恒力F，下列说法正确的是（）A．若物块A原来匀速下滑，施加力F后仍匀速下滑B．若物块A原来匀速下滑，施加力F后将加速下滑C．若物块A原来加速下滑，施加力F后加速度不变D．若物块A原来加速下滑，施加力F后加速度变大【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．【解答】解：A、B，设斜面倾角为θ，原来物体匀速下滑时，有mgsinθ=μmgcosθ，即sinθ=μcosθ，与物体的重力无关．则施加竖直向下的力F，物体仍匀速下滑．故A正确，B错误．C、D、若物块A原来加速下滑，有mgsinθ＞μmgcosθ，将F分解，则Fsinθ＞μFcosθ，动力的增加大于阻力的增加，加速度变大．故C错误，D正确．故选AD11．如图所示，一个质量为m的小球由两根细绳拴在竖直转轴上的A、B两处，AB间距为L，A处绳长为L，B处绳长为L，两根绳能承受的最大拉力均为2mg，转轴带动小球以角速度ω转动，下列判断正确的是（）A．当角速度ω逐渐增大时，A处绳的弹力一定增大B．当角速度ω逐渐增大时，B处绳一定先被拉断C．当ω=时，A处绳的弹力大小为mgD．当ω=时，B处绳的弹力大小为mg【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【分析】B处绳刚好被拉直时，绳与杆夹角θ=45°，B绳没有拉力，A绳竖直方向的分量要与重力相抵消，水平分量提供向心力，根据向心力公式即可求解；当转轴转动的角速度最大时，B绳拉力为T B=2mg，A绳拉力不变，根据向心力公式即可求解；当ω=时，对小球进行受力分析即可求出两个绳子的拉力．【解答】解：A、当B处绳被拉直时，绳与杆夹角θ=45°，T A cosθ=mg，所以：mg又：所以ω=在当角速度ω逐渐增大的过程中小于时，A处绳的弹力一定增大；当角速度大于后，绳子A与竖直方向之间的夹角不再变化，则绳子A的拉力不变．故A错误；B、当转轴转动的角速度最大时，B绳拉力为T B=2mg，A绳拉力不变，T A cosθ=mg，得：ω=可知当ω=时，B绳子先被拉断．故B正确；C、当ω=＜时，B处的绳子处于松弛的状态，拉力等于0；A处绳的弹力沿水平方向的分力提供向心力，则：T A cosβ=mg联立得：．故C正确，D错误故选：BC12．一长木板在水平地面上运动，在T=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度随时间变化的图线如图所示．已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦．物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．将木板速度由5m/s减小到1m/s及由1m/s 减小到0的过程分别用I、II表示，则（）A．过程I中，物块加速度大小为2m/s2、木板加速度大小为8m/s2B．过程I中，物块、木板的加速度大小均为8m/s2C．过程Ⅱ中，物块加速度大小为2m/s2、木板加速度大小为4m/s2D．过程Ⅱ中，物块、木板的加速度大小均为3m/s2【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】在过程Ⅰ中，木板对物块的摩擦力使Ⅰ由静止开始加速，物块和地面对木板的摩擦力使木板减速，直到两者具有共同速度1m/s为止．根据加速度的定义求物块的加速度，由速度图象求木板的加速度；在过程Ⅱ中，假设物块与木板一起运动，求出整体的加速度，经检验是否与实际情况不符合，说明物块与木板有相对滑动，再分别用牛顿第二定律求加速度【解答】解：AB、在过程Ⅰ中，木板对物块的摩擦力使Ⅰ由静止开始加速，物块和地面对木板的摩擦力使木板减速，直到两者具有共同速度1m/s为止．因此物块加速度为，木板加速度为．设木板受到的滑动摩擦力大小为F，物块受到的滑动摩擦力大小为f，在过程Ⅰ中有f=ma，F+f=mA，解得：F=6m．故A正确，B错误；CD、在过程Ⅱ中，假设物块与木板一起运动，加速度为a′，则有．由于物块受到的滑动摩擦力最大产生的加速度为，故假设不成立，所以物块相对木板向前减速滑动，而不是与木板共同运动，因此物块加速度大小仍为，木板加速度为，故C 正确，D错误；故选：AC二、非选择题（共52分）13．如图a所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．①为完成实验，还需要的实验器材有：刻度尺．②图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长量x的关系图线，由此可求出弹簧的劲度系数为200N/m．图线不过原点的原因是由于弹簧有自重．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】本实验的目的探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系，得到的F ﹣t图象，可由图象得出弹簧的劲度系数，会误差分析．【解答】解：①需要测弹簧的长度、形变量，故还需要的实验器材有：刻度尺②有图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，k=；图线不过原点的原因是由于弹簧有自重，使弹簧变长．故答案为刻度尺200 弹簧有自重14．某实验小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是AC（填字母代号）．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．将砝码桶通过定滑轮拴在木块上，调节木板倾斜程度用以平衡木块受到的滑动摩擦力C．实验时应使砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量D．通过增减木块上的砝码改变质量时，需要重新调节木板倾斜程度（2）某次实验时得到的一条纸带如图乙所示，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，纸带上面放置的是最小刻度为1mm的刻度尺．已知打点计时器电源频率为50Hz．则这次实验中木块运动的加速度是 5.0m/s2，打下点F时对应的速度是0.70m/s．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）实验要保证拉力等于小车受力的合力，要平衡摩擦力，细线与长木板平行，根据实验注意事项分析答题．（2）应用匀变速直线运动的推论求出小车的加速度与瞬时速度．【解答】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；C、要使小车受到的拉力近似等于砝码及桶的重力，实验时应使砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量，故C正确；D、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D错误；故选：AC；（2）由匀变速直线运动的推论△x=at2可知，加速度：a===≈5.0m/s2，打下点F时对应的速度：v==≈0.70m/s；故答案为：（1）AC；（2）5.0；0.70．15．从地球极地处竖直向上发射一科研火箭，由火箭内部的压力传感器传来的信息表明：火箭发射的最初10s内火箭里所有物体对支持面的压力是火箭发射前的1.8倍，此后火箭无推动力飞行．而在火箭从最高点落回到地面的过程中，火箭里所有物体对支持面的压力为0．认为火箭受到的地球引力不变化，求从火箭发射到落回地面所用的时间是多少？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据题意，火箭发射时，火箭上所有物体对支持物的压力或其对悬挂装置的拉力是火箭发射前的1.8倍，根据牛顿第二定律求解加速度；发动机关闭后做竖直上抛运动，是匀变速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解即可．【解答】解：火箭发射时，火箭上所有物体对支持物的压力或其对悬挂装置的拉力是火箭发射前的1.8倍，根据牛顿第二定律，有：F=1.8mgF﹣mg=ma解得：a=0.8g ①根据位移时间关系公式，有：x1=②末速度为：v1=at ③发动机关闭后做竖直上抛运动，以向上为正，有：。

江西省 六校2017届高三第一次联考物 理 试 题一、选择题（每小题4分，共40分，1－6小题为单项选择题，7－10小题为多项选择题，错选或多选得0分，漏选得2分。

） 1．下列叙述正确的是 （ ）A ．法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点B ．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性C ．牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量D ．将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是笛卡尔 2.一辆汽车在平直的公路上从静止运动，先后经历匀加速、匀速、匀减速直线运动最后停止。

从汽车启动开始计时，下表记录了汽车某些时刻的瞬时速度，根据数据可判断出汽车运动的v-t 图像是（ ）时 刻/s １.０2.03.05.0 7.0 9.5 10.5速度/（m/s ） 3.0 6.09.012129.03.0t/sv/(m·s -1)10 2 12 4 6 16 8 14 1839 6 12 A t/sv/(m·s -1)10 2 12 4 6 16 8 14 1839 6 12 Bt/s v/(m·s -1)0 102 12 4 6 16 8 14 18 39 6 12 Ct/sv/(m·s -1)10 2 12 4 6 16 8 14 1839 6 12 D宁都中学 新干中学 黎川一中上栗中学 都昌一中 安义中学3．如图所示，质量为m 的球置于450斜面上，被一个垂直斜面挡板挡住．现用一个力F 拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a 的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是（ ）A ．若加速度足够小，挡板对球的弹力可能为零B ．若加速度大小为重力加速度g 值时，斜面对球的弹力为零C ．斜面对球的弹力不仅有，而且是一个定值D ．斜面和挡板对球的弹力的合力等于ma4．天文学家发现一颗迄今为止与地球最类似的太阳系外行星如图所示，这颗行星距离地球约20亿光年，公转周期约为37年，这颗名叫Gliese581g 的行星位于天枰座星群，它的半径大约是地球的2.0倍，重力加速度与地球相近.则下列说法正确的是（ ） A.该行星的公转速度比地球小B.该行星的质量约为地球质量的2.61倍C.要在该行星表面发射人造卫星，发射速度至少要达到7.9/km sD..在地球上发射航天器到达该星球，航天飞机的发射速度至少要达到第三宇宙速度5．图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE 滑行的时间，技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图．AC 是滑道的竖直高度，D 点是AC 竖直线上的一点，且有AD ＝DE ＝15 m ，滑道AE 可视为光滑，滑行者从坡顶A 点由静止开始沿滑道AE 向下做直线滑动，g 取10 m/s 2，则滑行者在滑道AE 上滑行的时间为（ ）A. 2 s B ．2 s C.6s D ．2 2 s6．质量为3m 的皮带轮工件放置在水平桌面上。

江西省重点中学盟校高三第一次联考理综试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

共300分。

考生注意：1.答题前，考生将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。

考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。

2.第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

第Ⅱ卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试卷上作答，答案无效。

3.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并回收。

第Ⅰ卷（选择题共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分本卷可能用上的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Al-27 S-32 Ba-137一、选择题：本题共13个小题，每小题6分，共78分。

四个选项中，只有一项是符合题目要求二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．下列表述符合物理学史的是( )A．伽利略猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿发现了万有引力定律，并预言了引力波的存在C．法拉第首次引入电场线和磁感线，极大地促进了人类对电磁现象的研究D．库仑提出了库仑定律，并用油滴实验测得了元电荷的值15．质量为M＝1kg的木板静止在粗糙水平面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ1，在木板的左端放置一个质量为m＝1kg、大小可忽略的铁块．铁块与木板间的动摩擦因数为μ2，取g＝10m/s2.若在铁块右端施加一个从0开始增大的水平向右的力F，假设木板足够长，铁块受木板摩擦力F f随拉力F的变化如图所示．则两个动摩擦因数的数值为( )A．μ1＝0.1 μ2＝0.4 B．μ1＝0.1 μ2＝0.2C ．μ1＝0.2 μ2＝0.4D ．μ1＝0.4 μ2＝0.416．如图所示，理想变压器原线圈a 、b 间输入一稳定的正弦交流电，原线圈接有理想交流电流表A ，副线圈接有理想交流电压表V ，当滑动变阻器的滑片向上滑动时，下列说法正确的是( )A ．电压表的示数不变B ．电压表的示数增大C ．电流表的示数增大D ．电阻R 2的功率减小17．已知氢原子的基态能量为E 1，激发态能量E n ＝E 1n 2，其中n ＝2,3,4…，h 表示普朗克常量，c 表示真空中的光速．有一氢原子处于n ＝3的激发态，在它向低能级跃迁时，可能辐射的光子的最大波长为( )A ．－9hc 8E 1B ．－4hc 3E 1C ．－hc E 1D ．－36hc 5E 118．如图所示，在直角三角形abc 区域(含边界)内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，∠a ＝60°，∠b ＝90°，边长ac ＝L ，一个粒子源在a 点将质量为2m 、电荷量为q 的带正电粒子以大小和方向不同的速度射入磁场，在磁场中运动时间最长的粒子中，速度的最大值是( )A ．qBL 2mB ．qBL 4mC ．3qBL 6mD ．qBL 6m19．如图甲所示，左侧接有定值电阻R ＝2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B ＝1T ，导轨间距L ＝1m 。

2017年江西省重点中学盟校高考物理一模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-4题只有一项符合题目要求，第5-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）2016年9月25日，北京航天飞行控制中心成功进行两次轨道控制，将天空二号调整至距地面393公里的轨道上，使其正式进入交会对接准备阶段，10月19日3时31分，神舟十一号飞船与天宫二号自动交会对接成功，如果对接后整体可看成绕地球做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）A．运行速度大于第一宇宙速度B．属于完全失重状态，加速度为0C．属于完全失重状态，加速度不为0，但小于地表重力加速度D．属于完全失重状态，加速度不为0，但小于赤道上物体的向心加速度2．（6分）如图所示，固定的半圆形竖直轨道，AB为水平直径，O为圆心，同时从A点水平抛出甲、乙两个小球，速度分别为v1，v2，分别落在C、D两点，OC、OD与竖直方向的夹角均为37°，（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）则（）A．甲乙两球下落到轨道的时间不等B．甲乙两球下落到轨道的速度变化不等C．v1：v2＝1：3D．v1：v2＝1：43．（6分）如图所示，理想变压器有两个输出端，电路中五个相同的灯泡都正常发光，则三个线圈的匝数N1：N2：N3是（）A．1：4：2B．1：2：4C．4：1：2D．4：2：14．（6分）如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态。

若将固定点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，下列说法错误的是（）A．斜劈对物体a的摩擦力一定减小B．斜劈对地面的压力一定不变C．细线对物体a的拉力一定增大D．地面对斜劈的摩擦力一定增大5．（6分）新华社记者2016年11月2日从中科院合肥物质科学研究院获悉，该院等离子体所承担的国家大科学工程“人造太阳”实验装置EAST近日在第11轮物理实验中再获重大突破，获得超过60秒的稳态高约束模等离子体放电．关于人造太阳的相关知识，下列判断正确的是（）A．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，释放出一定频率的光子，太阳的能量来自于这个过程B．要使轻核发生聚变，必须使它们的距离达到10﹣15m以内，核力才能起作用，这需要非常高的温度C．太阳内部大量氢核聚变成氦核，聚变后比结合能增加，释放出巨大的能量D．氘核和氘核可发生热核聚变，核反应方程是H+H→H+n6．（6分）如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的v﹣t图象，图象为正弦曲线，由图可知（）A．物体沿南北方向做周期性的往复运动B．t2时刻物体的加速度方向发生变化C．物体一直向北做加速度变化的直线运动D．t1到t3时间内速度变化率先变大后变小7．（6分）如图所示，在一个匀强电场中有一个三角形ABC，AC的中点为M，BC的中点为N，将一个带正电的粒子从A点移到B点，电场力做功为W AB＝6.0×10﹣9J，则以下分析正确的是（）A．若将该粒子从M点移动到N点，电场力做功W MN可能小于3.0×109JB．若将该粒子从点M移动到N点，电势能减少3.0×10﹣9JC．若该粒子由B点移动到N点，电场力做功为﹣3.0×10﹣9JD．若被移动的粒子的电量为+2×10﹣9C，可求的A、B之间的电势差U AB为3V8．（6分）在直角坐标xoy平面的第一象限内，存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，有一束质量为m，电量为q的带正电粒子（不计重力）从x轴上坐标为（a，0）的p点，以α＝30°入射，其速度大小任意，则（）A．粒子达到x轴上的范围是0～aB．运动中与y轴相切的粒子1和垂直到达y轴的粒子2在y轴上的坐标之比y1：y2＝1：（）C．所有粒子从入射到射出时间范围是≤t≤D．所有粒子从入射到射出时间范围是≤t≤二、非选择题9．（3分）如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力．（1）在探究“质量一定时，加速度与合外力的关系”时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，必须进行的操作是．然后保证小车的质量不变，多次向砂桶里加砂，测得多组a和F的值，画出的a﹣F图象2是．（2）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t．改变小车质量m，测得多组m、t的值，建立坐标系描点作出图线．图3中能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比”的图线是．（3）如果用精度为0.02mm的游标卡尺测量遮光片宽度，看到部分刻度如图4所示，则正确的读数结果应该是．10．（10分）甲乙两位同学分工合作在实验室完成“半偏法测电压表内阻实验”，甲同学负责测量部分电路，乙同学负责供电部分电路。

江西重点中学2017年联考高考模拟试卷二、选择题1．下列说法中正确的是（）A．铀核裂变时释放的能量等于它俘获中子时得到的能量B．发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，光电子的最大初动能就越大C．原子核内的中子转化成一个质子和电子，产生的电子发射到核外，就是β粒子，这就是β衰变的实质D．用能量为11.0eV的光子照射时，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态2．如图所示，质量为m（可视为质点）的小球P，用两根轻绳OP和O'P在P点拴结实后再分别系与竖直墙上且相距0.4m的O、O'两点上，绳OP长0.5m，绳O'P刚拉直时，OP绳拉力为T1，绳OP刚松弛时，O'P绳拉力为T2，θ=37°，则为（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．3：4 B．4：3 C．3：5 D．4：53．2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a、b两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下作匀速圆周运动，测得a星的周期为T，a、b两颗星的距离为l，a、b两颗星的轨道半径之差为△r（a星的轨道半径大于b星的），则（）A．b星的周期为B．a星的线速度大小为C．a、b两颗星的半径之比为D．a、b两颗星的质量之比为4．如图甲所示，粗糙斜面的水平面的夹角为30°，质量为3kg的小物块（可视为质点）由静止从A点在一沿斜面向上的恒定推力作用下运动，作用一段时间后撤去该推力，小物块能到达最高位置C，小物块上滑过程中的v﹣t图象如图乙所示，设A点为零势能参考点，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块最大重力势能为54JB．小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小之比为3：1C．小物块与斜面间的动摩擦因数为D．推力F的大小为40N5．我国为处北半球，某地区存在匀强电场E和可看做匀强磁场的地磁场B，电场和地磁场的方向相同，地磁场的竖直分量和水平分量分别竖直向下和水平指北，一带电小球以速度v 在此区域内沿垂直场强方向沿水平面做直线运动，忽略空气阻力，某地区的重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．小球运动方向为自南向北B．小球可能带正电C．小球速度v的大小为D．小球的比荷为6．如图所示理想变压器输入端接在电动势随时间变化，内阻为r的交流电源上，输出端接理想电流表及阻值为R的负载，如果要求负载上消耗的电功率最大，则下列说法正确的是（）A．该交流电源的电动势的瞬时值表达式为e=E m sinB．变压器原副线圈匝数的比值为C．电流表的读数为D．负载上消耗的热功率7．1931年英国物理学家狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线呈均匀辐射状分布，如图所示，现一半径为R的线状圆环其环面的竖直对称轴CD 上某处由一固定的磁单S极子，与圆环相交的磁感应跟对称轴成θ角，圆环上各点的磁感应强度B大小相等，忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A．若R为一闭合载流I，方向如图的导体圆环，该圆环所受安培力的方向竖直向上，大小为BIRB．若R为一闭合载流I，方向如图的导体圆环，该圆环所受安培力的方向竖直向下，大小为2πBIRsinθC．若R为一如图方向运动的带电小球所形成的轨迹圆，则小球带负电D．若将闭合导体圆环从静止开始释放，环中产生如图反方向感应电流，加速度等于重力加速度8．如图所示，水平面内的等边三角形ABP的边长为L，顶点P恰好位于一倾角为30°的光滑，绝缘直轨道O'P的最低点，O'为竖直投影点O处三角形AB边的中点，现将一对等量异种电荷固定于A、B两点，各自所带电荷量为Q，在光滑直导轨O'P上端O'处将质量为m，带电荷量为+q的小球套在轨道上（忽略它对原电场的影响）由静止开始释放，取无穷远处电势为零，静电力常量为k，重力加速度为g，空气阻力可忽略，则小球沿轨道O'P下滑过程中（）A．小球刚释放时的加速度大小为0.5gB．小球的电势能先增大后减小C．小球到达轨道底端P的速度为D．轨道O'与P处场强大小之比为三、必考题9．用如图所示的装置测量弹簧的弹性势能．将弹簧放置在水平气垫导轨上，左端固定，右端在O点；在O点右侧的B、C位置各安装一个光电门，计时器（图中未画出）与两个光电门相连．先用米尺测得B、C两点间距离x，再用带有遮光片的滑块压缩弹簧到某位置A，静止释放，计时器显示遮光片从B到C所用的时间t，用米尺测量A、O之间的距离x．（1）计算滑块离开弹簧时速度大小的表达式是．（2）为求出弹簧的弹性势能，还需要测量．A．弹簧原长B．当地重力加速度C．滑块（含遮光片）的质量（3）增大A、O之间的距离x，计时器显示时间t将．A．增大B．减小C．不变．10．利用如甲图所示电路，可用伏安法测定某一电源的电动势和内阻，其中虚线框内为用灵敏电流计G改装的电压表V，A为标准电流表，E1为待测电源，S为开关，R为滑动变阻器（1）已知灵敏电流计G的满偏电流I g=200μA，按如图乙所示电路，用半偏法测定灵敏电流计G的内电阻r g，其中电阻R4约为1kΩ，为使r g的测量值尽量准确，在以下器材中，电源E2应选用，电阻R3应选用，电阻R2应选用（选填器材前的字母）．A．电源（电动势为1.5V）B．电源（电动势为6V）C．电阻箱（0～999.9Ω）D．滑动变阻器（0～500Ω）E．电位器（一种可变电阻，与滑动变阻器相当，0～5.1kΩ）F．电位器（一种可变电阻，与滑动变阻器相当，0～51kΩ）（2）如果所得R3的阻值为300Ω，则图中被测电流计G的内阻r g的测量值为Ω，该测量值实际值（填“略大于”“略小于”“等于”）（3）给灵敏电流计G串联一个阻值为kΩ的电阻就可以将该电流计G改装为量程6V 的电压表V．（4）由（2）确定灵敏电流计的内阻测量值与实际值差异后，将其改装成另一电压表V（甲图虚线框所示）接入甲图电路进而完成甲图实验测量时，电压表V测量值实际值（填“大于”“小于”或“等于”）；电源E1电动势测量值实际值（填“大于”“小于”或“等于”）．11．在光滑绝缘的水平面上，存在平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为E，水平面上放置两个静止，且均可看做质点的小球A和B，两小球质量均为m，A球带电荷量为+Q，B球不带电，A、B连线与电场线平行，开始时两球相距L，在电场力作用下A球与B球发生对心弹性碰撞，设碰撞过程中，A、B两球间无电量转移．（1）第一次碰撞结束瞬间A、B两球的速度各为多大？（2）从开始到即将发生第二次碰到这段过程中电场力做了多少功？（3）从开始即将发生第二次碰撞这段过程中，若要求A在运动过程中对桌面始终无压力且刚好不离开水平桌面（v=0时刻除外），可以在水平面内加一与电场正交的磁场，请写出磁场B与时间t的函数关系．12．如图所示，完全相同的正方形单匝铜质线框abcd，通过水平绝缘且足够长的传送带输送一系列该货件通过某一固定匀强磁场区域进行“安检”程序，即便筛选“次品”（不闭合）与“正品”（闭合），“安检”程序简化为如下物理模型，各货件质量均为m，电阻均为R，边长为l，与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g；传送带以恒定速度v0向右运动，货件在进入磁场前与传送带的速度相同，货件运行中始终保持ab∥AA'∥CC'，已知磁场边界AA'，CC'与传送带运动方向垂直，磁场的磁感应强度为B，磁场的宽度为d（l＜d），现某一货件当其ab边到达CC'时又恰好与传送带的速度相同，则（1）上述货件在进入磁场的过程中运动加速度的最大值与速度的最小值；（2）“次品”（不闭合）与“正品”（闭合）因“安检”而延迟时间多大．13．下列有关热现象分析与判断正确的是（）A．布朗运动是由于液体分子对固定小颗粒的撞击引起的，固定小颗粒的体积越大，液体分子对它的撞击越多，布朗运动就越显著B．在墙壁与外界无热传递的封闭房间里，夏天为了降低温度，同时打开电冰箱和电风扇，两电器工作较长时间后，房子内的气温将会增加C．温度升高，单位时间里从液体表面飞出的分子数越多，液体继续蒸发，饱和气压强增大D．一定质量的理想气体经历等温压缩过程时，气体压强增大，从分子动理论观点来分析，这是因为单位时间内，器壁单位面积上分子碰撞的次数增多E．在一个大气压下，1g100℃的水吸收2.26×103J热量变为1g100℃的水蒸气，在这个过程中，2.26×103J=水蒸气的内能+水的内能+水变成水蒸气体积膨胀对外界做的功．14．如图所示，横截面积为S，质量为M的活塞在气缸内封闭着一定质量的理想气体，现对气缸内气体缓慢加热，使其温度从T1升高了△T，气柱的高度增加了△L，吸收的热量为Q，不计气缸与活塞的摩擦，外界大气压强为p0，重力加速度为g，求：①此加热过程中气体内能增加了多少？②若保持缸内气体温度不变，再在活塞上放一砝码，如图所示，使缸内气体的体积又恢复到初始状态，则所放砝码的质量为多少？15．一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s 时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是（）A．这列波的波速可能为50m/sB．质点a在这段时间内通过的路程一定小于30cmC．质点c在这段时间内通过的路程可能为60cmD．若T=0.8s，则当t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同E．若T=0.8s，当t+0.4s时刻开始计时，则质点c的振动方程为y=0.1sin（πt）（m）16．在真空中有一正方体玻璃砖，其截面如图所示，已知它的边长为d．在AB面上方有一单色点光源S，从S发出的光线SP以60°入射角从AB面中点射入，当它从侧面AD射出时，出射光线偏离入射光线SP的偏向角为30°，若光从光源S到AB面上P点的传播时间和它在玻璃砖中传播的时间相等，求点光源S到P点的距离．【参考答案】二、选择题1．【分析】知道核反应前后质量数和核电荷数守恒，能够区分裂变反应和聚变反应；发生光电效应时，入射光的光强一定，频率越高，逸出的光电子的最大初动能就越大；β射线的实质是电子流，γ射线的实质是电磁波；能级间发生跃迁吸收的光子能量能用两能级间的能级差．【解答】解：A、根据爱因斯坦质能方程可知，裂变时释放能量是因为发生了亏损质量，△E=△mC2，故A错误；B、发生光电效应时，入射光的频率越高，光子的能量越大，由：E km=hγ﹣W逸出功得，逸出的光电子的最大初动能就越大，而与入射光的强度无关，故B错误；C、β衰变时，原子核中的一个中子，转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，故C正确；D、11.0eV的能量不等于基态与其它能级间的能级差，所以不能吸收而发生跃迁，故D错误；故选：C．2．【分析】绳O'P刚拉直时，此时O′P绳子拉力为零，绳O'P刚松弛时，此时OP绳子拉力为零，根据小球的受力情况画出受力示意图，根据共点力的平衡条件求解．【解答】解：绳O'P刚拉直时，OP绳拉力为T1，此时O′P绳子拉力为零，小球受力如图所示，根据几何关系可得sinα=，所以α=53°，所以α+θ=90°；根据共点力的平衡条件可得：T1=mgsinα；绳O'P刚松弛时，O′P绳拉力为T2，此时OP绳子拉力为零，小球受力如图所示，根据共点力的平衡条件可得：T2=mgtanα，由此可得：=，所以C正确、ABD错误；故选：C．3．【分析】双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度的大小相等，周期相等，根据向心力的关系求出转动的半径之比，从而得出线速度大小之比，根据向心力相等求出质量关系．【解答】解：A、双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等，则周期相等，所以b星的周期为T，故A错误；B、根据题意可知，r a+r b=l，r a﹣r b=△r，解得：，，则a星的线速度大小，，故B正确，C错误；D、双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等，向心力大小相等，则有：解得：，故D错误．故选：B4．【分析】（1）根据图象求出小物块上升的最大位移，再利用几何关系求出上升的最大高度，根据E p=mgh求出小物块最大重力势能；（2）根据图象求出小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小即可得出答案；（3）根据图象求出小物块减速运动的加速度大小，然后根据牛顿第二定律求出小物块与斜面间的动摩擦因数（4）根据图象求出小物块加速运动的加速度大小，然后根据牛顿第二定律求出推力F的大小．【解答】解：A、由图象可知，物体上升的最大位移为：x=vt=×3×1.2m=1.8m，由几何关系得，小物块上升的最大高度为：h=xsin30°=1.8m×=0.9m，则小物块最大重力势能为：E p=mgh=3×10×0.9J=27J；故A错误；B、小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小为：==m/s，其大小之比为1：1，故B错误；C、由图乙所示图象可知，减速运动的加速度大小为：a2==m/s2=10m/s2，在匀减速直线运动过程中，由牛顿第二定律知：mgsin30°+μmgcos30°=ma2，解得：μ=，故C错误；D、加速运动的加速度大小为：a1==m/s2=m/s2，沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：F﹣mgsin30°﹣μmgcos30°=ma1，待入数据可解得：F=40N，故D正确．故选：D．5．【分析】根据左手定则，结合电场力与重力方向，及受力平衡条件，即可求解．【解答】解：AB、由题意可知，小球受到重力、电场力与洛伦兹力，因直线运动，且f=qvB，因此一定是匀速直线运动，那么电场力与洛伦兹力的合力与重力等值反向，根据左手定则，因地磁场的竖直分量和水平分量分别竖直向下和水平指北，那么小球一定带负电，负电荷受到的电场力的方向则与磁场的方向相反，则运动的方向由东向西方向运动，故AB错误；C、由上分析可知，电场力与洛兹力的合力竖直向上，由于夹角不知，因此它们的大小关系不能确定，则不能确定v的大小为．故C错误；D、小球受到的电场力与洛伦兹力的合力与重力等值反向，则：mg=所以小球的比荷：=．故D正确．故选：D6．【分析】由图可读出最大值，周期，求得ϖ，得出表达式，将变压器和电阻等效为外电阻，则可根据电源输出功率最大值的条件可明确输出电压及最大功率；再由功率公式可明确变压器副线圈输出的电压；从而求出线圈匝数；【解答】解：A、周期，角速度，所以该交流电源的电动势的瞬时值表达式为，故A错误；B、设原副线圈中的匝数分别为和，电流分别为和，电压分别为和，则，电阻R消耗的功率，即可见时，P有最大值，，此时，则，所以，故B正确；C、电流表的读数为有副线圈电流的有效值：原线圈电流有效值为I1=，则：，故C正确；D、负载上消耗的功率，故D错误；故选：BC7．【分析】根据感应电流方向由楞次定律判断出穿过环的磁通量如何变化，然后判断环有收缩趋势还是扩张趋势；由左手定则判断环所受安培力方向，由安培力公式求出环所受安培力大小，带电小球的运动会形成电流，即可判断受力及电性【解答】解：A、根据左手定则可知，通电圆环每一部分受到的安培力斜向下，利用微元法可知该圆环所受安培力的方向竖直向下，大小为2πBIRsinθ，故A错误，B正确；C、若R为一如图方向运动的带电小球所形成的轨迹圆，说明形成的电流产生的安培力竖直向上，形成的电流应与图示电流方向相反，故小球带负电，故C正确D、若将闭合导体圆环从静止开始释放，在下落过程中穿过线框的磁通量增大，根据右手定则可知，产生的感应电流为环中产生如图反方向感应电流，受到的安培力向上，根据牛顿第二定律可知加速度小于g，故D错误故选：BC8．【分析】根据矢量合成的方法，结合库仑定律即可求出o′点的电场强度；对o′点的小球进行受力分析，结合库仑定律即可求出小球在o′点点的加速度；根据功能关系即可求出小球到达C的动能；根据等量同种点电荷的电场的特点分析各点的电势的变化，然后结合电势与电势能的关系分析小球的电势能的变化【解答】解：A、在o′点电场强度方向水平向右，则加速度由重力沿斜面向下的分量产生：a=gsin30°=0.5g，故A正确B、因等量异种电荷固定于A、B两点，则在其连线的中垂面上所有点的场强方向垂直于该面，则为等势面，则小球O'P下滑过程中电势能不变，故B错误C、因由o′点到P点电势相等，电场力不做功，只有重力做功：mgLsin30°=得v=，故C正确D、对于o′点：AO=L，oo′=Lsin60°tan30°=，则Ao′==，Ω∠o′Ao=45°，则其场强为：E=对于P点：E′=2×K cos60°则=，故D正确故选：ACD三、必考题9．【分析】明确实验原理，知道测量弹性势能的方法是利用了功能关系，将弹性势能转化为了滑块的动能；根据速度公式可求得弹出后的速度；再根据实验原理明确应测量的数据；同时根据弹性势能的决定因素分析AO变化后速度变化．【解答】解：（1）滑块离开弹簧后的运动可视为匀速运动，故可以用BC段的平均速度表示离开时的速度；则有：v=；（2）弹簧的弹性势能等于物体增加的动能，故应求解物体的动能，根据动能表达式可知，应测量滑块的质量；故选：C．（3）增大AO间的距离时，滑块被弹出后的速度将增大，故通过两光电门的时间将减小；故答案为：（1）；（2）C；（3）B．10．【分析】（1）明确实验原理，根据半偏法的实验注意事项和实验要求可确定所用的仪表；（2）由半偏法测电阻实验原理知，当调节电阻箱，使电流表半偏时，由于干路电流几乎未变，电阻箱与电流计中的电流相等，电阻必然相等．故半偏时R1的阻值等于r g．实际上电阻箱R1并入后，电路的总电阻减小了，干路电流增大了，电流计半偏时，流过电阻箱的电流大于流过电流计的电流，电阻箱接入的电阻小于电流计的电阻．所以，该测量值“略小于”表头内阻实际值．（3）根据改装原理可明确应串联的电阻大小；（4）根据改装原理以及表头内阻的误差情况从而确定电压表误差；同时根据电路结构分析电动势的测量误差．【解答】解：（1）由于I g=200μA，R4约为1kΩ，同时为了减小误差，R2应选择阻值较大的F，所以电源应选取电动势较大的B；根据半偏法原理可知，电阻R3应选用电阻箱C；（2）当调节电阻箱，使电流表半偏时，由于干路电流几乎未变，电阻箱与电流计中的电流相等，电阻必然相等．如果所得的R1的阻值为300.0Ω，则图中被测电流计G的内阻r g的测量值为300.0Ω．实际上电阻箱并入后的，电路的总电阻减小了，干路电流增大了，电流计半偏时，流过电阻箱的电流大于流过电流计的电流，电阻箱接入的电阻小于电流计的电阻．所以，该测量值“略小于”实际值．（3）根据改装原理可知，U=I g（R g+R）解得：R=﹣R g=﹣300=29.7KΩ；（4）由于电阻箱的测量值因小于真实值，则改装后实验内阻偏小，故电压表的测量值小于真实值；同时由于采用了相对电源的电流表外接法，电流表示数偏小，故电源电动势的测量值也小于真实值．故答案为：（1）B，C，F；（2）300.0，略小于；（3）29.7；（4）小于，小于．11．【分析】（1）从A开始运动到与B球碰撞，由动能定理或牛顿第二定律及运动学公式可求得碰前A的速度，发生弹性碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定律可以求出碰后AB 两球的速度，记得结论的话：质量相等的两个球发生弹性碰撞速度交换．（2）由于交换速度，则A球第一次碰撞后由静止再经电场加速，而B球做匀速直线运动．当A球再次追上B时，两者的位移相等，从而能求出追上的时间及追上时A的速度．由能量守恒定律就能求出该过程中电场力做的总功．（3）由题设条件，小球A在运动过程中对桌面始终无压力且刚好不离开水平桌面，则任何时刻（除t=0之外）受到的洛仑兹力与重力平衡，但在水平方向受电场力做匀加速直线运动，速度均匀增大，由洛仑兹力公式F=BQv，则要求B减小，F=mg才不变，具体的要写出平衡式，才能写出B关于t的表达式．【解答】解（1）A球的加速度，碰前A的速度，碰前B的速度v B1=0．设碰后A、B球速度分别为v'A1、v'B1，两球发生碰撞时，由动量守恒和能量守恒定律有：mv A1=mv′A1+mv′B1所以A与B碰撞后交换速度：v'A1=0，（2）设A球开始运动时为计时零点，即t=0，A、B球发生第一次、第二次的碰撞时刻分别为t1、t2对A球由匀变速度公式有：第一次碰后，经t2﹣t1时间A、B两球发生第二次碰撞，设碰前瞬间A、B两球速度分别为v A2和v B2由位移关系有：解得：t2=3t1=3v B2=v'B1=由功能关系可得：W电=[另解：两个过程A球发生的位移分别为x1、x2，x1=L，由匀变规律推论x2=4L，根据电场力做功公式有W=QE（x1+x2）=5QEL]（3）对A球在竖直方向上由平衡条件得：从A开始运动到发生第一次碰撞：（）从第一次碰撞到发生第二次碰撞：（）答：（1）第一次碰撞结束瞬间A、B两球的速度各为0、．（2）从开始到即将发生第二次碰到这段过程中电场力做了5QEL的功．（3）若要求A在运动过程中对桌面始终无压力且刚好不离开水平桌面（v=0时刻除外），可以在水平面内加一与电场正交的磁场，那么磁场B与时间t的函数关系式为：①从A开始运动到发生第一次碰撞： （）；②从第一次碰撞到发生第二次碰撞：（）．12．【分析】（1）对货件进入磁场的过程进行受力分析，根据进入时、离开时的速度相同，分析物件的运动状态，得到加速度的最大值和速度的最小值时刻；然后对该时刻进行受力分析得到加速度的值；对速度最小时刻到货件将出磁场的过程运用动能定理即可得到最小速度；（2）“次品”一直匀速运动，分析”正品“的运动状态可得到延迟的运动段，再按运动情况进行分段求解即可得延迟时间．【解答】解：（1）线框以速度v 0进入磁场，在进入磁场过程中，受安培力F （方向向左）、摩擦力f （方向向右）共同作用而做减速运动；完全进入磁场后，在摩擦力（方向向右）的作用下做加速运动，当ab 边到达CC'时速度又恰好等于v 0．因此，线框在刚进入磁场时，速度最大，所受安培力F 最大，加速度最大，设为a m ；线框全部进入磁场的瞬间速度最小，设此时线框的速度为v ．线框刚进入磁场时，线框的电动势为ɛ，线框中的电流为i 0．由牛顿第二定律有：F ﹣μmg=ma m ，解得： =．在线框完全进入磁场又加速运动到达边界CC'的过程中，线框只受摩擦力，根据动能定理，有：，解得． （2）“次品”（不闭合）在经过磁场的过程中不能产生电流，所以安培力为零，所以，摩擦力也为零，线框进行匀速运动．由（1）可知，线框ab 边到达CC'后将重复线框进入磁场的运动，若线框ab 边从AA'到达CC'，“次品”（不闭合）比“正品”（闭合）快△T1，则“次品”（不闭合）与“正品”（闭合）因“安检”而延迟时间△T=2△T1．设“正品”货件进入磁场所用时间为t1，取此过程中某较短时间间隔△t，在t～（t+△t）的△t内货件速度变化为△v，电流为i，则由动量定理可得：（μmg﹣Bil）△t=m△v即．对上式在t1时间内进行叠加，可得：所以，=．设“正品”货件在磁场中匀加速恢复v0所用时间为t2，由匀变速速度公式，有：，而“次品”货件运动过程不受“安检”的影响，设线框ab边从AA'到达CC'所用时间为T1，由匀速运动规律有：．可见因“安检”而延迟时间为：△T=2（t1+t2﹣T1）=．答：（1）货件在进入磁场的过程中运动加速度的最大值，速度的最小值；（2）“次品”（不闭合）与“正品”（闭合）因“安检”而延迟时间．【物理选修3-3】13．【分析】颗粒越大，布朗运动越不明显；根据热力学第一定律公式△U=W+Q分析房间内气温的变化；饱和气压随温度的升高而增大；气体压强与大气压强不同，指的是封闭气体对容器壁的压强，气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的．气体压强由气体分子的数密度和平均动能决定；水变成同温度的水蒸气的过程要吸收热量，平均动能不变，分子势能增加，水变成同温度的水蒸气的过程要对外做功．。

江西省八所重点中学2017届高三联考理综物理试题本是卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分第Ⅰ卷第1页至第5页，第Ⅱ卷第6页至第12页。

全卷满分300分1．答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。

考生要认真核对答题卡上所粘贴的条形码中“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。

2．答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。

答第Ⅱ卷卷时，必须使用0．5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上书写，要求字体工整、笔迹清晰。

作图题可先用铅笔在答题卡规定的位置绘出，确认后再用0．5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。

必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。

3．考试结束，监考员将将试题卷和答题一并收回。

二、选择题:本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中.第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、2017年元宵节期间人们燃放起美丽的焰火以庆祝中华民族的传统节日，按照设计，某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后，在3s末到达离地面90m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案.假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍，g=10m/s2，那么v0和k分别等于（）A.30m/s，1B.30m/s，0.5C.60m/s，0.5D.60m/s，115．如图所示，电源电动势为E，内阻为r。

当滑动变阻器的滑片P从左端滑到右端时，理想电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2，干路电流为I，下列说法中正确的是(灯泡电阻不变)（）A．小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B．△U1与△I的比值不变C．△U1<△U2D．△U1=△U216．将硬导线中间一段折成半圆形，使其半径为R，让它在磁感应强度为B,方向如图所示的匀强磁场中绕轴MN匀速转动。