广东省汕头市金山中学2015-2016学年高二上学期期末考试物理试卷

广东省汕头市2016-2017学年高二物理上学期期末考试试题 理一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分。

） 1. 下列说法正确的是A ．电场强度表征电场中某点的强弱，大小等于把一个检验电荷放到该点时所受到的电场力与 检验电荷本身电量的比值B ．电荷在电场中受到的电场力的方向就是电场强度的方向C ．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感强度一定为零D ．一小段通电导线所受到的安培力的方向就是该处的磁场方向2．将一根长为L 的直导线，由中点折成直角形放入磁感应强度为B 的匀强磁场中．导线所在平面与磁场垂直，当导线中通以电流I 后，磁场对通电导线的作用力大小为 A ．BILB ．21BILC ．2BILD ．22BIL 3．如图所示，A 、B 、C 、D 是匀强电场中的四个点，D 是BC 的中点，A 、B 、C 构成一个直角三 角形，∠ABC=60°，AB 长为10cm ，电场线与三角形所在的平面平行，已知φA =5V 、φB =—5V 、φC =15V ，由此可以判断A ．场强的大小为m V /100B ．场强的大小为m V /33200 C ．场强的方向垂直AD 连线斜向上 D ．场强的方向由C 指向B4．如图电路中，电源的电动势为E ，内阻为r ，各电阻阻值如图所示， 当滑动变阻器的滑动触从a 端滑到b 端的过程中， A ．电压表的读数U 先减小，后增大 B ．电流表的读数I 先增大，后减小C ．电压表读数U 与电流表读数I 的比值U/I 不变D ．电压表读数的变化量ΔU 与电流表读数的变化量ΔI 的比值ΔU/5．如图所示，有abcd 四个离子，它们带等量的同种电荷，质量不等。

有m a ＝m b ＜m c ＝m d ，以不等的速度v a ＜v b ＝v c ＜v d 进入速度选择 器后有两种离子从速度选择器中射出，进入B 2磁场，则 A. 射向P 1的是a 离子 B. 射向P 2的是b 离子 C. 射到A 1的是c 离子 D. 射到A 2的是d 离子6．如图所示，两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放在匀强电场和匀强磁场中，轨道端在同一高 度上，轨道是光滑的，两个相同的带正电小球同时从两轨道最高点由静止释放，M 、N 为轨道 的最低点，则A ．两小球均能到达轨道右侧的等高点B ．两小球经过轨道最低点的速度v M > v NC ．两小球经过轨道最低点时对轨道的压力相等D ．两球同时到达最低点7．如图所示，在x 轴上方的空间存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小为B ．许 多相同的离子，以相同的速率v ，由O 点沿纸面向各个方向(y >0)射入磁场区域．不计离子所 受重力，不计离子间的相互影响．图中曲线表示离子运动的区域边界，其中边界与y 轴交点 为M ，边界与x 轴交点为N ，且OM ＝ON ＝L ．由此可判断 A ．这些离子是带负电的 B ．这些离子运动的轨道半径为LC ．这些离子的荷质比为q m ＝vLBD ．当离子沿y 轴正方向射入磁场时会经过N 点8. 如图所示，有一带电小球，从两竖直的带电平行板上方某高度处自由落下，两板间匀强磁场方向垂直纸面向外，则小球通过电场、磁场空间时 A ．可能做匀加速直线运动 B ．一定做曲线运动 C ．只有重力做功 D ．电场力对小球一定做正功二、多选题（本题共5小题，每小题4分，共20分。

2015-2016学年广东省汕头市金山中学高二（下）期末物理试卷一、单项选择题I：本大题共30小题，每小题1分，满分30分．在每小题给出的四个选项中,其中只有一个选项符合题目要求．1．下列物理量属于标量的是（)A．速度 B．位移 C．功D．电场强度2．质点是一种理想化的物理模型,关于质点，下列说法正确的是（）A．质点一定是体积、质量极小的物体B．计算火车过桥时所用的时间,火车可看成质点C．虽然地球很大，且有自转，研究地球公转时仍可作为质点D．研究一列火车通过某一路标所用时间，火车可看作质点3．18世纪的物理学家发现，真空中两个点电荷间存在相互的作用．点电荷间的相互作用力跟两个点电荷的电荷量有关，跟它们之间的距离有关，发现这个规律的科学家是（）A．牛顿 B．伽利略C．库仑 D．法拉第4．如图为某物体在10s内运动的v﹣t图象．关于物体在10s内的位移，下列数据正确的是（)A．60m B．40m C．48m D．54m5．已知物体在F1、F2、F3三共点力作用下处学于平衡，若F1=20N，F2=28N，那么F3的大小可能是（）A．100 N B．70N C．40 N D．6 N6．通电直导线周围的磁场,其磁场线分布和方向用图中哪个图表示最合适（) A．B．C．D．7．在物理学史上，最先建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是（）A．赫兹 B．爱因斯坦 C．麦克斯韦 D．法拉第8．下列关于利用惯性和防止惯性不利影响的事例中，正确说法的是（）A．在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小B．运动员冲到终点后，还要向前跑一段距离才能停下来，说明速度大的物体惯性大C．地球由西向东转，我们向上跳起后，由于惯性，还会落到原地D．为了减小运动物体的惯性，坐在小汽车前排的司机和乘客都应系上安全带9．下列实例中和离心现象有关的是（）A．汽车开进泥坑里轮胎打滑B．汽车通过圆形拱桥C．坐在直线行驶中的公共汽车内的乘客突然向前倾倒或向后倾倒D．洗衣机脱水桶停止工作时衣服紧贴在桶壁上10．如图为电容式话筒原理图,则电容式话筒中使用的是（)A．温度传感器B．压力传感器C．超声波传感器 D．红外线传感器11．关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A．不考虑空气阻力的运动是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C．质量大的物体，所受重力大，因而落地速度大D．重力加速度在地球赤道处最大12．两个做匀变速直线运动的物体，物体A的加速度a A=3m/s2，物体B的加速度a B=﹣5m/s2,则可以确定（）A．物体A加速度大于物体B加速度B．物体B加速度大于物体A加速度C．物体A的速度大于物体B的速度D．物体B的速度大于物体A的速度13．下列单位中：①米、②牛顿、③秒、④焦耳、⑤瓦特、⑥千克、⑦米/秒2，属于国际单位制的基本单位的是（)A．只有①③⑥是B．都是 C．只有①③是D．只有③不是14．一根原长10cm的弹簧，挂上5N的钩码时弹簧长度变为12cm，当这根弹簧改挂上15N 的钩码时（弹簧仍在弹性限度内），弹簧长度变为（）A．6cm B．36cm C．12cm D．16cm15．下列几种说法中正确的是(）A．一个挂在绳子上静止的物体，它受的重力和它拉紧悬绳的力是同一性质的力B．地球上的物体只有静止时才受到重力的作用C．同一个物体，向下运动时受到的重力最大,向上运动时受到的重力最小D．同一物体在同一地点，不论处于什么状态，受到的重力都一样16．下列关于电磁领域重大技术发明的说法正确的是（）A．发明电池的科学家是爱迪生B．发现电磁感应定律的科学家是法拉第C．发现电流的磁效应的科学家是安培D．发明电话的科学家是赫兹17．如图，是一个常用的电子元件，关于它的说法正确的是（)A．这个电子元件名称叫电阻B．这个电子元件的电容是220法拉C．这个电子元件可容纳的电量是50库仑D．这个电子元件耐压值为50伏18．如图，一个矩形线圈与通有相同大小的电流平行直导线同一平面，而且处在两导线的中央，则（）A．两电流同向时，穿过线圈的磁通量为零B．两电流反向时，穿过线圈的磁通量为零C．两电流同向或反向时，穿过线圈的磁通量都相等D．因两电流产生的磁场是不均匀的，因此不能判断穿过线圈的磁通量是否为零19．关于电磁波，下列说法中错误的是（）A．电磁波既能在媒质中传播，又能在真空中传播B．麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在C．电磁波在真空中传播时，频率和波长的乘积是一个恒量D．可见光也是电磁波20．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象：对面的火车缓缓启动了,等到站台出现,才知道对面的火车根本就没有动，而是自己乘坐的火车开动了．在前、后两次观察过程中乘客采用的参考系分别是（）A．站台，对面火车B．两次都是对面火车C．两次都是对面站台 D．自己乘坐的火车,站台21．如图,拖着旧橡胶轮胎跑是身体耐力训练的一种有效方法．如果某受训者拖着轮胎在水平直道上跑了100m，那么下列说法正确的是(）A．轮胎受到地面的摩擦力做了负功B．轮胎受到的重力做了正功C．轮胎受到的拉力不做功D．轮胎受到地面的支持力做了正功22．关于误差，下列说法正确的是（）A．仔细测量可以避免误差B．误差是实验中产生的错误C．采用精密仪器，改进实验方法，可以消除误差D．实验中产生的误差是不可避免的，但可以设法尽量减小误差23．在探究加速度与物体质量、物体受力的关系实验中，如果图象是通过原点的一条直线，则说明（）A．物体的加速度a与质量m成正比B．物体的加速度a与质量成反比C．物体的质量m与加速度a成正比D．物体的质量与加速度a成反比24．当纸带与运动物体连接时，打点计时器在纸带上打出点痕，下列说法错误的是（) A．点痕记录了物体运动的时间B．点痕记录了物体在不同时刻的位置或某段时间内的位移C．点在纸带上的分布情况，反映了物体的形状D．点在纸带上的分布情况反映了物体的运动情况25．法拉第发现了磁生电的现象，不仅推动了电磁理论的发展，而且推动了电磁技术的发展,引领人类进入了电气时代．下列哪些器件工作时与磁生电的现象有关(）A．电视机的显像管B．电动机C．指南针D．发电机26．将弹簧从原长逐渐压缩的过程中，关于弹性势能的变化，下列说法正确的是（）A．增加 B．减少 C．不变 D．无法确定27．关于竖直上抛运动的上升过程和下落过程（起点和终点相同)，下列说法正确的是（）A．物体上升过程所需的时间与下降过程所需的时间相同B．物体上升的初速度与下降回到出发点的末速度相同C．两次经过空中同一点的速度大小相等方向相反D．上升过程与下降过程中位移大小相等、方向相反28．以10m/s的初速度从距水平地面20m高的塔上水平抛出一个石子．不计空气阻力，取g=10m/s2，则石子抛出点到落地点位移的大小为（）A．20m B．30m C．D．29．我国载人飞船“神舟七号"的顺利飞天，极大地振奋了民族精神．“神七”在轨道飞行过程中,宇航员翟志钢跨出飞船，实现了“太空行走”,当他出舱后相对于飞船静止不动时，以下说法正确的是(）A．他处于平衡状态B．他不受任何力的作用C．他的加速度不为零 D．他的加速度恒定不变30．如图所示,重为100N的物体在水平面上向右运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0。

本试卷分第Ⅰ卷（选择题共3８分）和第Ⅱ卷(非选择题共6２分）两部分.考试时间为９0分钟。

满分为1００分.请在答题卡指定区域作答。

一、单项选择题：本大题共20小题，每小题１．5分，共３0分.的是1.有关物种与生物进化的叙述中，正确．．A.物种基因频率的变化意味着新物种的产生B．野生物种灭绝后会使本物种的基因多样性降低Ｃ.一个区域的物种数量增加一定会导致该区域生态系统的稳定性增强D.自然选择的实质是选择种群的有利基因,决定了新基因的产生２.在人体的内环境中，可以发生的生理过程是A．血浆蛋白质的合成 B.剧烈运动时产生乳酸C.抗体与相应的抗原发生特异性的结合D.食物中的淀粉经消化，最终形成葡萄糖3.下列关于兴奋传导的叙述,正确的是．．A.神经纤维膜内局部电流的流动方向与兴奋传导方向一致B.神经纤维上已兴奋的部位将恢复为静息状态的零电位C．突触小体完成“化学信号—电信号"的转变Ｄ.神经递质作用于突触后膜，使突触后膜产生兴奋４．下列哪一项是垂体在生命活动调节中所起作用A.调节胰岛素的分泌,降低血糖浓度Ｂ.释放抗利尿激素,促进肾小管和集合管对水的重吸收C.使皮肤血管收缩，减少散热D.使上肢骨骼肌收缩，缩手以避开有害刺激5.下列对人体某些生理过程的叙述中,正确的是．．Ａ．如果某人的下丘脑严重受损,则其不能维持自身的体温恒定B.若某人摄入了较多的碱性食品后会使血浆的ｐH明显上升Ｃ．只要是病毒侵染人体后引起的免疫反应全部属于细胞免疫D.当血糖含量升高时，体内的胰岛素和肾上腺素的分泌量增加6．人在寒冷环境中的即时反应之一是皮肤起“鸡皮疙瘩”,该反应属于A.神经—体液调节Ｂ.大脑皮层控制的反应 C.条件反射 D.应激反应7.下面是有关燕麦实验的示意图，图中所示燕麦胚芽鞘的某些部位纵向插入了云母片.请分的一组是（）析图中a至 f的琼脂块中，生长素含量正确．．Ａ.a<b、ｃ=ｄ、e＝f B.a＜b、c＝d、ｅ〈fＣ.ａ〈b、c＜d、ｅ=ｆ D．ａ＞b、ｃ＝d、ｅ＜f8.下列关于植物生长素的叙述中，正确的是．．A.生长素通过促进细胞分裂而促进植物的生长B．燕麦幼苗中生长素的极性运输与光照方向有关Ｃ.生长素从顶芽运输到侧芽的方式是主动运输D.自然状态下西瓜的果实发育所需的生长素是由邻近的芽和幼叶产生的的是９．吲哚乙酸最早是在人的尿液中发现和提取的,下列对此问题的叙述你认为最合理．．．Ａ.在人体内有合成生长素的酶系统,所以人粪尿的肥效很高B.人在食用了大量的植物果实和新鲜嫩叶后，生长素便进入人体内，但人体内没有破坏生长素的酶，生长素也不影响人体的正常生理功能，所以生长素在人体内“免费旅游"了一圈后便通过肾脏排出体外Ｃ.在人体的肾脏中有将色氨酸转变成生长素的酶,在肾脏中合成了吲哚乙酸，所以人的尿液中有吲哚乙酸D.题干部分的叙述是错误的,在人的尿液中没有吲哚乙酸,但有吲哚乙酸的类似物,如吲哚丁酸、萘乙酸等，这些物质是人体内无生理功能的代谢副产品,但对植物却有强烈的促进生长作用10.下列关于出生率的叙述,正确的是．．A．若某种群年初时的个体数为1００，年末时为１１0，其中新生个体数为２0，死亡个体数为10，则该种群的年出生率为１0%B.若某动物的婚配制为一雌一雄,生殖期个体的雌雄比越接近1∶１，则出生率越高C.若通过调控环境条件,使某动物的性成熟推迟,则出生率会更高D.若比较三种年龄结构类型的种群，则稳定型的出生率最高1１.社鼠是主要生活在山地环境中的植食性鼠类，下列有关叙述正确的是．．A.社鼠与其天敌黄鼬的种群数量波动是不同步的B．社鼠的种群数量波动总是处在环境容纳量之下C.生活一段时间后，社鼠的种群就会从增长型转变为衰退型D.在食物十分充足的条件下，社鼠的种群数量一直呈“Ｊ”型增长12.某中学生物科技小组对某一地段中的蒲公英进行调查，得到下表数据,下列说法正确的．．是A.此种群密度为6.５株／m2 B．用此种方法求出的种群密度与实际密度完全相同C．此方法为标记重捕法Ｄ.再重新选一次样方，所得的结果与这次应相同的是1３．有关土壤动物研究的叙述，正确．．A.土壤小动物活动能力弱，身体微小B.土壤动物之间关系主要是互利共生C．土壤盐碱度不同，土壤动物群落结构有差异D.随机扫取表层土取样，可以调查土壤小动物类群丰富度14.在两块条件相同的退化林地上进行森林人工恢复和自然恢复的研究，２0年后两块林地的生物多样性均有不同程度提高，其中人工种植的马尾松人工恢复林植物种数为1３7的是种，无人工种植的自然恢复林植物种数为22６种。

2015-2016汕头市金山中学第一学期期末考试 高二物理参考答案一、单项选择题：1~5 BCDCA 6~7 BC二、多项选择题：8~12 ACD BD AD BC BD三、实验题：13.（1）100⨯Ω 31.210⨯2.5mA（2）实物连线如图：8.0（保留两位有效数字） 小于四、计算题：14．均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd ，每边长为L ，总电阻为R ，总质量为m ．将其置于磁感强度为B 的水平匀强磁场上方h 处，如图所示．线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd 边始终与水平的磁场边界平行．当cd 边刚进入磁场时，求：（1）线框中产生的感应电动势大小；（2）cd 两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h 所应满足的条件．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】（1）线框先自由下落，由高度h求得速度v，由E=BLv求解感应电动势的大小．（2）cd两点间的电势差大小等于外电压，等于．（3）若此时线框加速度恰好为零，线框所受的安培力与重力平衡，推导出安培力表达式，由平衡条件求解h．【解答】解：（1）cd边刚进入磁场时，线框速度为：，感应电动势大小为：（2）此时线框中电流：，cd两点间的电势差：（3）线框所受的安培力为根据牛顿第二定律mg﹣F=ma，则a=0解得下落高度满足答：（1）线框中产生的感应电动势大小是BL；（2）cd两点间的电势差大小是BL；（3）若此时线框加速度恰好为零，线框下落的高度满足．【点评】本题电磁感应与力学、电路知识的综合，注意区分cd电压是外电压还是内电压．安培力与速度的关系要会推导．15．如图所示，半径为a的圆形区域（图中虚线）内有匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T，半径为b的金属圆环与虚线圆同心、共面的放置，磁场与环面垂直，其中a=0.4m、b=0.6m；金属环上分别接有灯L1、L2，两灯的电阻均为2Ω．一金属棒MN与金属环接触良好，棒与环的电阻均不计．（1）若棒以v0=5m/s的速率沿环面向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径OO′的瞬间，MN中的电动势和流过灯L1的电流．（2）撤去中间的金属棒MN，将左面的半圆弧OL1O′以MN为轴翻转90°，若此后B随时间均匀变化，其变化率为= T/s，求灯L2的功率．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】（1）由E=BLv求出电动势，由欧姆定律求出电流．（2）由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由电功率公式求出电功率．【解答】解：（1）棒滑过圆环直径OO′的瞬间，MN中的电动势为动生电动势，E=B•2a•v0=0.2×2×0.4×5=0.8V，流经L1的电流：I===0.4A；（2）电路中的电动势为：E==•，灯L2的功率为：P2=，代入数据解得：P2=1.28×10﹣2W；答：（1）MN中的电动势为0.8V，流过灯L1的电流为0.4A．（2）灯L2的功率为1.28×10﹣2W．【点评】本题考查了求感应电动势、电流、电功率问题，应用E=BLv、欧姆定律、法拉第电磁感应定律、电功率公式即可正确解题．16．真空室内，一对原来不带电的相同金属极板P、Q水平正对固定放置，间距为d．在两极板外部右侧有一个半径也为d的圆形区域，其圆心O处于两极板的中心线上，区域内部充满方向垂直于纸面向内的匀强磁场一束等离子体（含有大量带电量为+q或﹣q的带电微粒，正、负电荷的总数相同）从两极板之间水平向右持续射入，射入时的速度大小都为v0，如图所示．不计微粒的重力作用．（1）若两极板之间的区域充满磁感应强度为B的匀强磁场（方向垂直于纸面向内）．求极板P、Q间最后稳定的电压U并指出两板电势的高低．（2）若两极板之间没有磁场，则微粒保持匀速向右运动直到射入圆形区．现只研究从最下方（图中b点）射入的带正电微粒，结果发现该微粒运动过程恰好经过圆心O．已知微粒的质量为m，求圆形区域内磁场的磁感应强度B0和该微粒在圆形区域内运动的时间．（不计微粒间的相互作用．）【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】（1）当微粒不再偏转时，电场力与洛伦兹力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）微粒在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，画出粒子运动轨迹，根据几何关系求出半径，从而求出磁感应强度和运动的时间；【解答】解：（1）当微粒不再偏转时，有：qE=qBv0，此时极板P、Q间的电压达到稳定，则有U=Ed，解得：极板PQ间最后稳定的定压U=v0Bd，P板的电势比Q板高，（2）微粒在磁场中做匀速圆周运动，有：，周期T=，从b点射入的微粒运动情况如图，轨道圆心在a点，由于cos∠b=，即∠b=60°，因此△abO为等边三角形，轨道半径r=d，解得磁感应强度：从b点射入的微粒在圆形区域内转过120°，运动时间为．答：（1）极板P、Q间最后稳定的电压U为v0Bd，P板的电势比Q板高．（2）圆形区域内磁场的磁感应强度为，该微粒在圆形区域内运动的时间为．【点评】本题考查了带电粒子在复合场中的运动，正确分析带电粒子在电场和磁场中的受力并判断其运动的性质及轨迹是解题的关键，难度适中．。

高二物理周练（二）（第1、2节同步练习）姓名：__________ 学号：__________一、选择题：本题共10小题，每小题6分，1-5小题为单项选择，6-10小题为多项选择1. 两个分别带有电荷量－Q 和＋3Q 的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为r2，则两球间库仑力的大小为A. 112FB.34F C. 43F D.12F2. 下列选项中的各1/4圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各1/4圆环间彼此绝缘。

坐标原点O 处电场强度最大的是3．如图3，悬挂在O 点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球A .在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球B .当B 到达悬点O 的正下方并与A 在同一水平线上，A 处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向的角度为θ，若两次实验中B 的电量分别为q 1和q 2,θ分别为30°和45°.则q 2/q 1为A.2B.3C.23D.334．如图所示，把一带正电的小球a 放在光滑绝缘斜面上，欲使球a 能静止在斜面上，需在MN 间放一带电小球b ，图中BP 连线与斜面垂直，则b 可以A ．带正电，放在A 点B ．带负电，放在A 点C ．带负电，放在B 点D ．带正电，放在C 点5．如图所示，竖直绝缘墙壁上有一个固定的质点A，在A点正上方的O点用绝缘丝线悬挂另一质点B，OA=OB,A、B两质点因为带电而相互排斥，致使悬线偏离了竖直方向，由于漏电使A、B两质点的带电量逐渐减少，在电荷漏完之前悬线对悬点O的拉力大小A.逐渐减小B.逐渐增大C.保持不变D.先变大后变小6．关于元电荷，下列说法中正确的是A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的数值通常取作e＝1.60×10－19 CD．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根用油滴实验测得的7. 如右图所示，可视为点电荷的小物体A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为A. A可能受2个力作用B. A不可能受3个力作用C. A可能受4个力作用D. A可能受5个力作用.8. 原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10-15C，丙物体带电8×10-16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是A．乙物体一定带有负电荷8×10-16CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10-15CC．丙物体一定带有正电荷8×10-16CD．丙物体一定带有负电荷8×10-16C9. 如右图所示，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电，另一带正电的物体B沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的正上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间有库仑力的作用，则下列说法正确的是A．物体A受到地面的支持力先增大后减小B．物体A受到地面的支持力保持不变C．物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D．库仑力对物体B先做正功后做负功10. 如图所示，两个带电小球A、B的质量分别为m1、m2，电荷量分别为q1、q2.静止时两悬线与竖直方向的夹角分别为θ1、θ2，且恰好处于同一水平面上．下列说法正确的是A.若q1＝q2，则θ1＝θ 2B.若q1＜q2，则θ1＞θ2C.若m1＝m2，则θ1＝θ2D.若m1＜m2，则θ1＞θ 2二、填空实验题：（14分）11. （6分）如图所示，等边三角形ABC，边长为L，在顶点A、B处有等量同种点电荷Q A、Q B.且Q A=Q B=+Q则在顶点C处的电荷量为+Q C的点电荷所受的电场力大小为________，方向________。

汕头金山中学高二上期末考试物理一、不定项选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．两个定值电阻R 1和R 2并联在电路中时，R 1消耗的电功率是R 2的n 倍，则当R 1和R 2串联在电路中时，R 1消耗的电功率P 1与R 2消耗的电功率P 2之比21P P 为 A ．n B ．n 2 Ｃ．n 1 Ｄ．21n２．某一区域的电场线如图所示，一带负电的点电荷由Ａ点从静止释放，只在电场力的作用下运动，则开始运动后的一段时间内该点电荷Ａ．做变速直线运动Ｂ．加速度越来越小Ｃ．速度越来越小Ｄ．电势能越来越小３．一平行板电容器，两板之间的距离d 和两板面积Ｓ都可以调节，电容器两板与电池相连接．以Ｑ表示电容器的电量，Ｅ表示两极板间的电场强度，则Ａ．当d 增大、Ｓ不变时，Ｑ减小、Ｅ减小Ｂ．当Ｓ增大、d 不变时，Ｑ增大、Ｅ增大Ｃ．当d 减小、Ｓ增大时，Ｑ增大、Ｅ增大Ｄ．当Ｓ减小、d 减小时，Ｑ不变、Ｅ不变４．下列关于磁感应强度的叙述，正确的是Ａ．磁场的强弱可用磁感应强度的大小来表示Ｂ．在国际单位制中，磁感应强度的单位是韦伯Ｃ．磁感应强度的方向，就是通电直导线在磁场中的受力方向Ｄ．通电直导线在磁场中某处受力为零，则该处的磁感应强度必为零５．如图所示，电路中a 、b 、c 、d 四只灯泡均发光，当把滑动变阻器的滑动触头Ｐ向上滑动时，对四只灯泡的亮度变化的判断，下列结论正确的是Ａ．a 灯变亮 Ｂ．b 灯变亮Ｃ．c 灯变亮 Ｄ．d 灯变亮６．下列各图表示通电直导线的电流Ｉ在磁场Ｂ中所受的力Ｆ三者方向间的关系，其中正确的是７．线圈在磁场中匀速转动，当线圈平面与中性面重合的瞬间，下列说法正确的是Ａ．磁通量最大，感应电动势为零Ｂ．磁通量最大，感应电动势也最大Ｃ．磁通量为零，感应电动势最大Ｄ．磁通量为零，感应电动势也为零８．一个理想变压器的原线圈接在电压不变的交流电源上，副线圈上接一个可变电阻器，当可变电阻器的阻值变小时Ａ．副线圈的电压变小，电流变小Ｂ．副线圈的电压变小，电流变大Ｃ．副线圈的电压不变，电流变小Ｄ．副线圈的电压不变，电流变大９．在地球赤道平面上竖直放置一根直导线，导线中的电子定向运动方向向下，则导线受到地磁场的作用力的方向Ａ．向东 Ｂ．向西Ｃ．向南 Ｄ．向北1０．如图所示，ＭＮ是一根固定的通电直导线，电流方向向上，今将一导线框abcd 放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线的电流突然减小时Ａ．线框中产生顺时针方向的感应电流Ｂ．线框中产生逆时针方向的感应电流Ｃ．线框整体受力方向向左Ｄ．线框整体受力方向向右二、填空题（本题共3小题，每小题5分。

2015—2016汕头金山中学第一学期第二次月考试卷高二物理一、单项选择题：（5小题，每题6分，共30分）1．如图所示，初速度为v 0的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，则A ．电子将向右偏转，速率不变B ．电子将向右偏转，速率改变C ．电子将向左偏转，速率不变D ．电子将向左偏转，速率改变2．一轻质横杆两侧各固定一金属环，横杆可绕中心点自由转动，现将一条形磁铁插向其中一个小环，取出后又插向另一个小环，整个过程中磁铁与环没有接触， 则观察到的现象是A ．磁铁插向左环，横杆发生转动B ．磁铁插向右环，横杆发生转动C ．无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D ．无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动3．如图所示，通电螺线管的轴线正上方有一条直导线ab ，若导线可以在磁场力作用下自由运动，当导线通以由b 向a 的电流时，其运动将是 A ．导线ab 不做任何运动 B ．导线ab 向纸面内平移C ．导线a 端向纸外，b 端向纸内转动，同时向下移动D ．导线a 端向纸内，b 端向纸外转动，同时向上移动4．如图所示，若套在条形磁铁上的金属导线圈Ⅰ突然缩小为线圈Ⅱ， 则缩小过程中线圈产生的感应电流及其方向（从上往下看）是A ．有顺时针方向的感应电流B ．有逆时针方向的感应电流C ．先逆时针后顺时针方向的感应电流D ．无感应电流5．倾角为θ的导电轨道间接有电源，轨道上静止放置一根金属杆ab .现加上一个垂直于轨道平面向上的匀强磁场，如图所示，磁感应强度B 由零逐渐增加的过程中，ab 杆受到的静．摩擦力 A.逐渐增大 B.逐渐减小C.先增大后减小D.先减小后增大二、多项选择题：（3小题，每题6分，共18分．选漏得3分，多选、错选和不选得0分） 6．下列说法中正确的是A ．法拉第发现了电流的磁效应B ．感应电流的磁场一定与引起该感应电流的磁场方向相反C ．静止电荷之间的相互作用是通过电场发生的D ．磁极之间、电流之间的相互作用都是通过磁场发生的 7．右图为回旋加速器，其核心部分是两个D 形金属盒，两金属盒置于 匀强磁场中，并分别与高频电源相连。

2015-2016学年广东省汕头市金山中学高二（上）第一次周练物理试卷一、选择题：本题共11小题，每小题6分，1-5小题为单项选择，6-11小题为多项选择. 1．如图，一架飞机水平向右匀速飞行，从飞机上每隔1秒钟释放一个实心铁球（不计空气阻力），一段时间后，为了搞清飞机投下的已落地和还未落地的系列铁球在某时刻的位置情况，有四个同学分别画出以下四个模拟图，其中最接近实际的应该是（）A．B． C．D．2．如图所示，皮带传动装置上有 A、B、C三点，OA=O′C=r，O′B=2r，则皮带轮转动时下列关系成立的（）A．v A=v B，v B=v C B．ωA=ωB，v B＞v C C．v A=v B，ωB=ωC D．ωA＞ωB，v B=v C3．如图，质量为m的小球，从离桌面高H处由静止下落，桌面离地面高为h，设桌面处物体重力势能为零，空气阻力不计，那么，小球落地时的机械能为（）A．mgh B．mgH C．mg（H+h）D．mg（H﹣h）4．火车做匀加速直线运动时，若阻力保持不变，则牵引力F和瞬时功率P的变化情况是（）A．F不变，P变大B．F变小，P不变C．F变大，P变大D．F、P都不变5．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25．夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示．则在力F作用后（）A．木块A所受摩擦力大小是12.5NB．木块A所受摩擦力大小是11.5NC．木块B所受摩擦力大小是7ND．木块B所受摩擦力大小是9N6．一个人站在阳台上，以相同的速率v0分别把三个质量相同的球竖直向上、向下和水平抛出，不计空气阻力，则从抛出到落地的过程中，关于重力做功情况，以下说法正确的是（）A．上抛球的重力做功最大B．下抛球的重力做功功率最大C．平抛球落地时间与v0大小无关D．三个球的重力做功一样大7．质量为M的物体放在粗糙水平面上，在水平恒力F作用下从静止出发，经过时间t速度达到v，要使物体从静止出发速度达到2v，可采用下列哪些措施（）A．仅将F加倍B．仅将t加倍C．仅将物体切去一半D．将原物换成质量为2m的同材料的另一物体，同时，将F、t都加倍8．如图所示，细绳吊着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，则（）A．小球受重力、细绳的拉力B．小球所受合外力为零C．增大转速，则细绳与竖直方向的夹角将减小D．如果细绳断裂小球将做平抛运动9．如图所示，固定在竖直平面半径为R的光滑圆环，有质量为m的小球在轨道内侧作圆周运动，小球恰好能通过圆环的最高点．已知重力加速度为g，则小球在运动过程（）A．在最高点时，小球对圆环的压力大小等于mgB．在最高点时，小球受到的向心力等于mgC．在最低点时，小球的线速度大小等于D．小球在圆环内的运动过程中机械能守恒10．质量为m=2kg的物体在合外力作用下做直线运动的v﹣t图象如图所示，下列表述正确的是（）A．在1﹣2s内，加速度大小为1m/s2B．在2﹣4s内，物体处于静止状态C．在2﹣4s内，合外力做功为0D．在4﹣6s内，合外力的平均功率为﹣2W11．若地球表面重力加速度g=9.8m/s2，下列说法正确的是（）A．绕地球做匀速圆周运动的人造卫星最大速度为7.9km/sB．绕地球做匀速圆周运动并离地球最近的人造卫星的向心加速度为9.8m/s2C．卫星处于完全失重状态，因此卫星处于平衡状态D．可以发射一颗绕地球运转周期为60分钟的卫星二、非选择题：共44分：12．某同学用如图甲的装置验证机械能守恒定律：（1）安装打点计时器时，纸带的两个限位孔必须处在同一线上；（2）接通电源，让打点计时器正常工作后，松开；（3）将纸带上打出第一个点记为0，并在离0点较远的任意点依次选取几个连续的点，分别记为1，2，3，…．量出各点与0点的距离h，算出各点对应的速度，分别记为v1至v6，数据表中有一个数据有较大误差，代表符号为．（4）修正数据后，该同学计算出各点对应速度的平方值，并作v2﹣h图象，如图乙所示，若得出的直线斜率为k，则可测出重力加速度g= ．与真实值相比，测出的g 值．（填“偏小”或“偏大”）13．如图所示，位于竖直平面上的圆弧轨道光滑，半径为R，OB沿竖直方向，上端A距地面高度为H，质量为m的小球从A点由静止释放，到达B点时的速度为，最后落在地面上C点处，不计空气阻力．求：（1）小球刚运动到B点时的加速度为多大，对轨道的压力多大．（2）小球落地点C与B点水平距离为多少．14．如图所示，在水平轨道右侧安放半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．小物块A静止放置在弹簧右端，A与弹簧接触但不拴接；小物块B从轨道右侧以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后与物块A发生对心碰撞且瞬间粘连，之后A、B一起压缩弹簧并被弹簧以原速率弹回，经水平轨道返回圆形轨道．物块A、B均可视为质点．已知R=0.2m，l=1.0m，v0=6m/s，物块A、B质量均为m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数均为μ=0.2，轨道其他部分摩擦不计．取g=10m/s2．求：（1）物块B与物块A碰撞前速度大小；（2）物块B与物块A碰后返回到圆形轨道的高度；（3）调节PQ段的长度l，B仍以v0从轨道右侧冲上轨道，当l满足什么条件时，A、B物块能返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道？2015-2016学年广东省汕头市金山中学高二（上）第一次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共11小题，每小题6分，1-5小题为单项选择，6-11小题为多项选择. 1．如图，一架飞机水平向右匀速飞行，从飞机上每隔1秒钟释放一个实心铁球（不计空气阻力），一段时间后，为了搞清飞机投下的已落地和还未落地的系列铁球在某时刻的位置情况，有四个同学分别画出以下四个模拟图，其中最接近实际的应该是（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【分析】匀速飞行的飞机上释放的铁球做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．据此分析．【解答】解：因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，水平分速度都等于飞机的速度，所以释放的铁球都在飞机的正下方，即在飞机的正下方排成竖直的直线．由于高度一定，每个铁球落地的时间相等，因为每隔1s释放一个，在水平方向上两小球的间隔为△x=v△t=v×1=v，△x相等，所以落地后它们是等间距的．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．2．如图所示，皮带传动装置上有 A、B、C三点，OA=O′C=r，O′B=2r，则皮带轮转动时下列关系成立的（）A．v A=v B，v B=v C B．ωA=ωB，v B＞v C C．v A=v B，ωB=ωC D．ωA＞ωB，v B=v C【考点】线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】共轴转动时角速度相等，靠传送带传动时，两轮边缘各点线速度大小相等，根据v=rω，求出各点的线速度、角速度之比．【解答】解：除圆心外，同轮轴上的点，角速度相等，故：ωB=ωC同皮带上的点，线速度大小相等，即：v A=v B由v=ωr，即有角速度相等时，半径越大，线速度越大，则得：v B＞v C线速度相等时，角速度与半径成反比，则得：ωA＞ωB综合得到：ωA＞ωB=ωC，v A=v B＞v C故选：C．【点评】解决本题的知道共轴转动的点，角速度相等，靠传送带传动轮子边缘上的点，线速度相等．3．如图，质量为m的小球，从离桌面高H处由静止下落，桌面离地面高为h，设桌面处物体重力势能为零，空气阻力不计，那么，小球落地时的机械能为（）A．mgh B．mgH C．mg（H+h）D．mg（H﹣h）【考点】机械能守恒定律；重力势能．【分析】没有空气的阻力作用，小球只受到重力的作用，所以小球的机械能守恒，只要求得小球在任何一点的机械能即可．【解答】解：在整个过程中，小球的机械能守恒，设桌面处物体重力势能为零，则子刚开始下落时球的动能为零，重力势能为mgH，所以此时的机械能即为mgH，故小球落地时的机械能也为mgH．故选B．【点评】全过程中球的机械能都守恒，只要求得其中一点的机械能就可以知道机械能的大小．4．火车做匀加速直线运动时，若阻力保持不变，则牵引力F和瞬时功率P的变化情况是（）A．F不变，P变大B．F变小，P不变C．F变大，P变大D．F、P都不变【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】对火车受力分析，根据牛顿第二定律来分析牵引力的变化情况，根据功率的公式P=Fv 可以分析功率的变化．【解答】解：由于火车做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得，F﹣f=ma，由于f不变，a不变，所以火车的牵引力F不变，火车的功率P=Fv，F不变，但是火车的速度v在不断的增加，所以火车的功率在不断的变大，所以A正确．故选A．【点评】分析火车的瞬时功率只能用功率P=Fv来分析，公式P=求出的是平均功率的大小．5．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25．夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示．则在力F作用后（）A．木块A所受摩擦力大小是12.5NB．木块A所受摩擦力大小是11.5NC．木块B所受摩擦力大小是7ND．木块B所受摩擦力大小是9N【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先求解出木块A、B的最大静摩擦力，然后求解出弹簧弹力，最后对两个木块分别受力分析后分析求解．【解答】解：未加F时，木块AB受力平衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，则弹簧弹力为：F1=kx=400N/m×0.02m=8N；B木块与地面间的最大静摩擦力为：f Bm=μG B=0.25×60N=15N；而A木块与地面间的最大静摩擦力为：f Am=μG A=0.25×50N=12.5N；施加F后，对木块B有：F+F1＜f Bm；木块B受摩擦力仍为静摩擦力，其大小为：f B=1N+8N=9N，施加F后，木块A所受摩擦力仍为静摩擦力，大小为：f A=8N；故选：D．【点评】本题关键是先判断出弹簧的弹力和最大静摩擦力，然后再分别对两个木块受力分析，运用平衡条件求解静摩擦力．6．一个人站在阳台上，以相同的速率v0分别把三个质量相同的球竖直向上、向下和水平抛出，不计空气阻力，则从抛出到落地的过程中，关于重力做功情况，以下说法正确的是（）A．上抛球的重力做功最大B．下抛球的重力做功功率最大C．平抛球落地时间与v0大小无关D．三个球的重力做功一样大【考点】功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】不计空气阻力，物体的机械能守恒，分析三个的运动情况，由机械能守恒可以判断落地的速度；由P=mgv可求得功率大小．【解答】解：AD、由于不计空气的阻力，初末位置相同；故重力做功相同；故A错误，D正确；B、因重力做功相同，而下抛球的时间最短；故下抛球的重力做功的功率最大；故B正确；C、平抛运动的落地时间与速度无关，只与高度差有关；故C正确；故选：ACD．【点评】本题是机械能守恒的直接应用，也可以根据动能定理分析，但要注意平抛和竖直上抛、下抛落地时的速度不同．7．质量为M的物体放在粗糙水平面上，在水平恒力F作用下从静止出发，经过时间t速度达到v，要使物体从静止出发速度达到2v，可采用下列哪些措施（）A．仅将F加倍B．仅将t加倍C．仅将物体切去一半D．将原物换成质量为2m的同材料的另一物体，同时，将F、t都加倍【考点】动量定理．【专题】动量定理应用专题．【分析】物体受重力、支持力、拉力和摩擦力，根据动量定理列方程讨论即可．【解答】解：A、物体受重力、支持力、拉力和摩擦力，根据动量定理，有Ft﹣μmgt=mv ①仅将F加倍，v不是2倍，故A错误；B、仅将t加倍，由①式，v∝t，故B正确；C、仅将物体切去一半，质量m减小为一半，由①式，v不是2倍，故C错误；D、由①式，v=，将原物换成质量为2m的同材料的另一物体，同时将F和t加倍，v变为原来的2倍，故D正确；故选：BD【点评】本题关键是根据动量定理列式后得到速度的一般表达式，然后进行分析讨论．8．如图所示，细绳吊着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，则（）A．小球受重力、细绳的拉力B．小球所受合外力为零C．增大转速，则细绳与竖直方向的夹角将减小D．如果细绳断裂小球将做平抛运动【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】先对小球进行运动分析，做匀速圆周运动，再找出合力的方向，进一步对小球受力分析，根据向心力公式求解．【解答】解：A、小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，小球所受合外力不为零，故A正确，B错误；C、根据几何关系和牛顿第二定律得：F向=mgtanθ=mω2Lsinθ，cosθ=，所以增大转速，则细绳与竖直方向的夹角将增大，故C错误；D、如果细绳断裂，小球只受重力，具有一定的水平初速度，所以小球将做平抛运动，故D正确；故选：AD．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，搞清小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．9．如图所示，固定在竖直平面半径为R的光滑圆环，有质量为m的小球在轨道内侧作圆周运动，小球恰好能通过圆环的最高点．已知重力加速度为g，则小球在运动过程（）A．在最高点时，小球对圆环的压力大小等于mgB．在最高点时，小球受到的向心力等于mgC．在最低点时，小球的线速度大小等于D．小球在圆环内的运动过程中机械能守恒【考点】向心力；牛顿第二定律；机械能守恒定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球恰好能通过圆环的最高点，轨道对小球没有作用力，由重力提供向心力．根据机械守恒定律可求出小球通过最低点时球的线速度大小．【解答】解：A、由题：小球恰好能通过圆环的最高点，则在最高点时，小球对圆环的压力为零．故A错误．B、小球恰好能通过圆环的最高点时，由重力提供向心力．故B正确．C、设小球的质量为m，经过最低点时速度大小为V，则根据机械能守恒定律得mg•2R+=①又小球在最高点时 mg=m②联立上式得 V=故C错误．D、小球在圆环内的运动过程中只有重力做功，机械能守恒．故D正确．故选BD【点评】本题考查向心力与机械能守恒定律结合分析问题的能力．对于小球在光滑圆轨道内侧运动到最高点的临界速度与细绳拴的小球模型相同为．10．质量为m=2kg的物体在合外力作用下做直线运动的v﹣t图象如图所示，下列表述正确的是（）A．在1﹣2s内，加速度大小为1m/s2B．在2﹣4s内，物体处于静止状态C．在2﹣4s内，合外力做功为0D．在4﹣6s内，合外力的平均功率为﹣2W【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】图象的斜率表示物体的加速度．由图象的形状分析物体的运动性质．匀速直线运动的合外力为0．根据动能定理求合外力做功，再由P=求平均功率．【解答】解：A、在1﹣2s内，加速度大小 a===1m/s2；故A正确．B、在2﹣4s内，物体的速度为2m/s，保持不变，做匀速直线运动，故B错误．C、在2﹣4s内，物体做匀速直线运动，而匀速直线运动的合外力为0，所以合外力做功为0，故C正确．D、在4﹣6s内，根据动能定理得：W合=△E k=0﹣=﹣4J，合外力的平均功率为P===﹣2W，故D正确．故选：ACD【点评】解决本题的关键掌握加速度的定义式，会熟练运用动能定理W合=△E K．根据动能定理求合外力做功是常用的方法．11．若地球表面重力加速度g=9.8m/s2，下列说法正确的是（）A．绕地球做匀速圆周运动的人造卫星最大速度为7.9km/sB．绕地球做匀速圆周运动并离地球最近的人造卫星的向心加速度为9.8m/s2C．卫星处于完全失重状态，因此卫星处于平衡状态D．可以发射一颗绕地球运转周期为60分钟的卫星【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】第一宇宙速度7.9km/s是在地面发射人造卫星所需的最小速度，也是圆行近地轨道的环绕速度，也是圆形轨道上速度的最大值．在地球表面处物体万有引力等于重力，绕地球做匀速圆周运动并离地球最近的人造卫星由万有引力提供向心力．【解答】解：A、第一宇宙速度7.9km/s是在地面发射人造卫星所需的最小速度，也是圆行近地轨道的环绕速度，也是圆形轨道上速度的最大值．故A正确；B、在地球表面处物体万有引力等于重力，绕地球做匀速圆周运动并离地球最近的人造卫星由万有引力提供向心力．所以绕地球做匀速圆周运动并离地球最近的人造卫星重力提供向心力，即mg=ma所以绕地球做匀速圆周运动并离地球最近的人造卫星的向心加速度为9.8m/s2．故B正确；C、卫星处于完全失重状态，但不是平衡状态，故C错误；D、由万有引力提供向心力，即=解得：T=2π，轨道半径越大，周期越大．同步卫星的周期是24小时，所以绕地球做匀速圆周运动的人造卫星运转周期可以大于24小时，但是轨道半径不能小于地球半径，所以绕地球做匀速圆周运动的人造卫星运转周期有最小值，即84min，故D错误；故选：AB．【点评】万有引力定律常用方程有（1）星球表面的重力和万有引力相等；（2）环绕天体受到的万有引力提供向心力．这是解决这类问题常用的方程，要注意环绕天体运动半径的表述．二、非选择题：共44分：12．某同学用如图甲的装置验证机械能守恒定律：（1）安装打点计时器时，纸带的两个限位孔必须处在同一竖直线上；（2）接通电源，让打点计时器正常工作后，松开纸带；（3）将纸带上打出第一个点记为0，并在离0点较远的任意点依次选取几个连续的点，分别记为1，2，3，…．量出各点与0点的距离h，算出各点对应的速度，分别记为v1至v6，数据表中有一个数据有较大误差，代表符号为v3．（4）修正数据后，该同学计算出各点对应速度的平方值，并作v2﹣h图象，如图乙所示，若得出的直线斜率为k，则可测出重力加速度g= ．与真实值相比，测出的g值偏小．（填“偏小”或“偏大”）【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题．【分析】①要减小限位孔对纸带的阻力，两个限位孔要处在同一条竖直线上；②先接通电源，后释放纸带；③匀变速运动，速度均匀变化；④根据机械能守恒定律写出v2与h关系的表达式，然后再进行分析讨论．【解答】解：①要减小限位孔对纸带的摩擦阻力，两个限位孔一定要处在同一条竖直线上；②为增加有效点个数，要先接通电源，后释放纸带；③匀变速运动，速度均匀变化，v3变化大，不在误差范围内；④根据机械能守恒定律，有：mgh=mv2，解得：v2=2gh；故斜率k=2g，g=；由于阻力的存在，实际加速度偏小，故g值偏小；故答案为：（1）竖直（2）纸带（3）v3（4），偏小【点评】本题关键是明确实验原理、操作步骤、误差来源，要亲手做实验去体会，能够结合图象求解问题．13．如图所示，位于竖直平面上的圆弧轨道光滑，半径为R，OB沿竖直方向，上端A距地面高度为H，质量为m的小球从A点由静止释放，到达B点时的速度为，最后落在地面上C点处，不计空气阻力．求：（1）小球刚运动到B点时的加速度为多大，对轨道的压力多大．（2）小球落地点C与B点水平距离为多少．【考点】向心力；牛顿第二定律；平抛运动．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】（1）已知小球到达B点时的速度，由向心加速度的公式a向=列式求解B点的加速度；经过B点时，由重力和轨道的支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出支持力，再由牛顿第三定律求出小球对轨道的压力．（2）小球从B点抛出后做平抛运动，根据平抛运动的位移公式求解；【解答】解：（1）小球到达B点时的加速度 a向==a B则得：a B===2g根据牛顿第二定律 F N﹣mg=ma B=mg得：F N=3mg根据牛顿第三定律得：小球运动到B点对轨道的压力为 F N′=F N=3mg；（2）小球从B点抛出后做平抛运动，竖直方向自由落体，则有：水平方向匀速运动，有：s=v B t又 v B=联立上三式得：s=2；答：（1）小球刚运动到B点时的加速度为2g，对轨道的压力为3mg．（2）小球落地点C与B点水平距离为2．【点评】本题要知道小球做圆周运动时，到B点的加速度即为B点的向心加速度．平抛运动根据运动的分解法进行研究．14．如图所示，在水平轨道右侧安放半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．小物块A静止放置在弹簧右端，A与弹簧接触但不拴接；小物块B从轨道右侧以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后与物块A发生对心碰撞且瞬间粘连，之后A、B一起压缩弹簧并被弹簧以原速率弹回，经水平轨道返回圆形轨道．物块A、B均可视为质点．已知R=0.2m，l=1.0m，v0=6m/s，物块A、B质量均为m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数均为μ=0.2，轨道其他部分摩擦不计．取g=10m/s2．求：（1）物块B与物块A碰撞前速度大小；（2）物块B与物块A碰后返回到圆形轨道的高度；（3）调节PQ段的长度l，B仍以v0从轨道右侧冲上轨道，当l满足什么条件时，A、B物块能返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道？【考点】动能定理的应用；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）物块A从Q到P过程中，运用动能定理，结合摩擦力做功，从而求出物块A与弹簧刚接触时的速度大小．（2）根据运动学公式求得回到圆轨道的速度大小，再根据动能定理求出A能够上升的高度，并讨论能否达到此高度．（3）A物块能返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道，要么能够越过圆轨道的最高点，要么在圆轨道中上升的高度不要超过圆轨道的半径，结合动能定理、动量守恒定律和牛顿第二定律求出l所满足的条件．【解答】解：（1）物块A冲上圆形轨道后回到最低点速度为v0=m/s，与弹簧接触瞬间，，可得，物块A与弹簧刚接触时的速度大小m/s；（2）A被弹簧以原速率v1弹回，向右经过PQ段，有；解得A速度 v2=2m/s，A滑上圆形轨道，有，（也可以应用）可得，返回到右边轨道的高度为h=0.2m=R，符合实际．（3）物块A以v0冲上轨道直到回到PQ段右侧，有，可得，A回到右侧速度：，要使A能返回右侧轨道且能沿轨道运动而不脱离轨道，则有：①若A沿轨道上滑至最大高度h时，速度减为0，则h满足：0＜h≤R，根据机械能守恒：联立可得，1.0m≤l＜1.5m；②若A能沿轨道上滑至最高点，则满足：且，联立得l≤0.25m，综上所述，要使A物块能第一次返回圆形轨道并沿轨道运动而不脱离轨道，l满足的条件是1.0m≤l＜1.5m或l≤0.25m；答：（1）物块A与弹簧刚接触时的速度大小为2m/s．（2）物块A被弹簧以原速率弹回返回到圆形轨道的高度0.2m．（3）A物块能第一次返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道的条件是：1.0m≤l＜1.5m 或l≤0.25m．【点评】本题综合考查了动量守恒定律、动能定理、牛顿第二定律，以及知道小球不脱离圆轨道的条件，综合性较强，对学生的能力要求较高，需加强训练．。

2014-2015学年广东省汕头市金山中学高二（上）期末物理试卷（理科）一.单项选择题（每小题只有一个正确选项，选对3分，错选不得分，共18分）1．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）如图所示，环形导线周围有三只小磁针a、b、c，闭合开关S后，三只小磁针N极的偏转方向是（）A．全向里B．全向外C．a向里，b、c向外D． a、c向外，b向里2．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）如图所示，O点为等量异种点电荷M，N连线的中点，A，B是M，N连线的中垂线上的两点，OA＜OB，用E A，E B，φA，φB分别表示A，B两点的场强和电势，则（）A．E A一定大于E B，φA一定大于φBB．E A一定大于E B，φA一定等于φBC．E A一定小于E B，φA一定大于φBD．E A一定小于E B，φA一定等于φB3．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）一台电动机，额定电压是100V，电阻是1Ω．正常工作时，通过的电流为5A，则电动机的机械功率为（）A．500 W B．25 W C．2000 W D． 475 W4．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）一带电粒子沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场．粒子的一段径迹如图．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图可以确定（）A．粒子带正电，从a运动到b B．粒子带正电，从b运动到aC．粒子带负电，从a运动到b D．粒子带负电，从b到运动a5．（3分）（2011•盐城二模）制造电阻箱时，要用双线绕法如图所示．当电流变化时双线绕组（）A．螺旋管内磁场发生变化B．穿过螺旋管的磁通量发生变化C．回路中一定有自感电动势产生D．回路中一定没有自感电动势产生6．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）如图所示，是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．负载变化时输入电压不会有大的波动（认为V1读数不变）．输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线的总电阻用R0表示，变阻器R代表用户用电器的总电阻，当用电器增加时，相当于R的值减小（滑动片向下移）．如果变压器的能量损失可以忽略，当用户的用电器增加时，图中各表的读数变化情况是（）A．A1变小、V2变小、A2变大、V3变大B．A1变大、V2不变、A2变大、V3变小C．A1不变、V2变大、A2变小、V3变小D．A1变大、V2不变、A2变小、V3变大二.双项选择题（每小题有两个正确选项，全对4分，漏选2分，错选不得分，共24分）7．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）下列说法中正确的是（）A．电场线越密处场强越大，电势越高B．沿电场线的方向电势逐渐降低C．场强为0处，电势不一定为0D．在电势高处电荷具有的电势能大8．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）在匀强电场和匀强磁场共存的区域内，电场的场强为E，方向竖直向下，磁场的磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，一质量为m的带电粒子，在场区内的竖直平面内做匀速圆周运动，则可判断该带电质点（）A．带有电荷量为的正电荷B．运动的角速度为C．沿圆周顺时针运动D．沿圆周逆时针运动9．（4分）（2014•上海）如图，匀强磁场垂直于软导线回路平面，由于磁场发生变化，回路变为圆形．则该磁场（）A．逐渐增强，方向向外B．逐渐增强，方向向里C．逐渐减弱，方向向外D．逐渐减弱，方向向里10．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）关于回旋加速器，下列说法正确的是（）A．离子从磁场中获得能量B．离子由加速器的中心附近进入加速器C．增大加速器的加速电压，则粒子离开加速器时的动能将变大D．将增大D形盒的半径，离子获得的动能将增加11．（4分）（2013秋•扬州期末）在一水平通电直导线的正下方，有一半圆形光滑圆弧轨道，一导体圆环自轨道左侧的A点无初速度释放，则下列说法中正确的是（）A．圆环中有感应电流产生B．圆环能滑到轨道右侧与A点等高处CC．圆环最终停在轨道的最低点BD．圆环运动过程中机械能守恒12．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是（）A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最大B．该交变电动势的有效值为11 VC．该交变电动势的瞬时值表达式为e=22 sin（100πt）VD．电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°三.实验题（每个空3分，共18分）13．（6分）（2008秋•雅安期末）（1）用螺旋测微器（千分尺）测金属导线的直径，其示数如甲图所示，该金属导线的直径为mm．用游标卡尺（卡尺的游标有20等分）测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是 mm．14．（12分）（2014秋•濠江区校级期末）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6A，内阻约为0.3ΩC．电压表：量程0～3V，内阻约3kΩD．电压表：量程0～15V，内阻约15kΩE．滑动变阻器：0～10Ω，2A F．滑动变阻器：0～100Ω，1AG．开关、导线若干请在现有器材的条件下，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）在上述器材中请选择合适的器材：（填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择图中的（填“甲”或“乙”）．（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象，则干电池的电动势E= V，内电阻r= Ω（r计算结果保留2位有效数字）．四.计算题（共40分，要求写出必要的文字说明）15．（10分）（2014秋•濠江区校级期末）如图，两块竖直的彼此绝缘平行金属板A、B，两板间距离为d，让A、B两板连接到直流电源上，能在AB间形成一个匀强电场．一个带电量为q，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在电场中，平衡时细线偏离竖直方向夹角θ=30°．求：若将绝缘细线剪断错误！未找到引用源，求小球开始运动瞬间的加速度（1）小球的电性和AB间的电场强度；（2）若将绝缘细线剪断，求小球开始运动瞬间的加速度．16．（12分）（2014秋•濠江区校级期末）如图，内圆半径为r、外圆半径为3r的两个圆形区域之间有垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．左侧的平行板电容器两板间电压为U，靠近M板处静止释放质量为m、电量为q的正离子，经过电场加速后从N板小孔射出，并沿圆形直径方向射入磁场，不计离子的重力，忽略平行板外的电场．求：（1）离子从N板小孔射出时的速率；（2）离子在磁场中做圆周运动的周期；（3）要使离子不进入小圆内部区域，磁感应强度B的取值范围．17．（18分）（2014秋•濠江区校级期末）如图甲，两足够长的平行光滑金属导轨ab、cd倾斜放置，两导轨之间的距离为L=0.5m，导轨平面与水平面间的夹角为θ=30°，导轨上端a、c 之间连接有一阻值为R1=4Ω的电阻，下端b、d之间接有一阻值为R2=4Ω的小灯泡．有理想边界的匀强磁场垂直于导轨平面向上，虚线ef为磁场的上边界，ij为磁场的下边界，此区域内的感应强度B，随时间t变化的规律如图乙所示，现将一质量为m=1kg的金属棒MN，从距离磁场上边界ef的一定距离处，从t=0时刻开始由静止释放，金属棒MN从开始运动到经过磁场的下边界ij的过程中，小灯泡的亮度始终不变．金属棒MN在两轨道间的电阻r=1Ω，其余部分的电阻忽略不计，ef、ij边界均垂直于两导轨．重力加速度g=10m/s2．求：（l）小灯泡的实际功率；（2）金属棒MN穿出磁场前的最大速率；（3）整个过程中小灯泡产生的热量．2014-2015学年广东省汕头市金山中学高二（上）期末物理试卷（理科）参考答案与试题解析一.单项选择题（每小题只有一个正确选项，选对3分，错选不得分，共18分）1．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）如图所示，环形导线周围有三只小磁针a、b、c，闭合开关S后，三只小磁针N极的偏转方向是（）A．全向里B．全向外C．a向里，b、c向外D． a、c向外，b向里考点：电流的磁场对磁针的作用．分析：闭合开关S后，环形导线中通有顺时针方向的电流，根据安培定则判断磁场方向．根据小磁针N极受力方向与磁场方向相同判断N极偏转方向．解答：解：闭合开关S后，环形导线中通有顺时针方向的电流，根据安培定则判断环形导线内部磁场向里，外部磁场向外，则小磁针b的N极向里偏转，a、c两个小磁针向外偏转．故选D点评：本题考查应用安培定则的能力．安培定则是判断电流方向与磁场方向两者关系的定则．2．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）如图所示，O点为等量异种点电荷M，N连线的中点，A，B是M，N连线的中垂线上的两点，OA＜OB，用E A，E B，φA，φB分别表示A，B两点的场强和电势，则（）A．E A一定大于E B，φA一定大于φBB．E A一定大于E B，φA一定等于φBC．E A一定小于E B，φA一定大于φBD．E A一定小于E B，φA一定等于φB考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：首先明确等量异种电荷的电场特点及两电荷连线的中垂线有如下特征：中垂线为等势线，连线上各点的电势相等，中间电场线比较密，两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小．解答：解：据等量异种电荷连线中垂线的特点，中垂线为等势线，连线上各点的电势相等，中间电场线比较密，两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小；由于OA＜OB，所以A的场强大于B的场强且电势相等，故ACD错误，B正确．故选：B．点评：本题关键是要明确等量异号电荷的电场线和等势面分布图及特点，明确中垂线上电场的特点是解题的关键．3．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）一台电动机，额定电压是100V，电阻是1Ω．正常工作时，通过的电流为5A，则电动机的机械功率为（）A．500 W B．25 W C．2000 W D． 475 W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据电功率表达式P=UI，求出总功率，根据焦耳定律，求出发热功率P热=I2r，从而求出机械功率．解答：解：电机两端电压和电流已知，根据电功率定义，得到输入功率P=UI=100V×5A=500W根据焦耳定律得到：P热=I2r=（5A）2×1Ω=25W所以机械功率P机=P﹣P热=500﹣25=475W故选：D点评：本题关键要明确电功率表达式P=UI和发热功率表达式P热=I2r的适用范围，同时要明确电动机中能量的转化情况．4．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）一带电粒子沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场．粒子的一段径迹如图．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图可以确定（）A．粒子带正电，从a运动到b B．粒子带正电，从b运动到aC．粒子带负电，从a运动到b D．粒子带负电，从b到运动a考点：洛仑兹力．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定则来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确．故选：B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决本题的关键．5．（3分）（2011•盐城二模）制造电阻箱时，要用双线绕法如图所示．当电流变化时双线绕组（）A．螺旋管内磁场发生变化B．穿过螺旋管的磁通量发生变化C．回路中一定有自感电动势产生D．回路中一定没有自感电动势产生考点：自感现象的应用．分析：两个线圈中的绕向相同，但电流方向相反，利用安培定则可以确定每个线圈形成的电磁铁的磁场方向；由于两个线圈中的电流大小相等，匝数相同，所以每个线圈的磁场强度相同．解答：解：A、两个线圈中的电流大小相等，线圈匝数相等，并且铁芯相同，所以每个线圈产生的磁场强度相同．由于两个线圈的绕向相同，但电流方向相反，所以其磁场方向相反．两者磁性强度相同，磁场方向相反，相互抵消，所以螺旋管内没有磁场．故A错误B、螺旋管内没有磁场，所以穿过螺旋管的磁通量没有变化，故B错误．C、穿过螺旋管的磁通量没有变化，所以回路中没有自感电动势产生，故C错误．D、回路中一定没有自感电动势产生，故D正确．故选D．点评：精密电阻不仅要求其阻值准确，还要求是纯电阻性的元件，即除了电阻性外，不能有电感的成分寄生在里面，所以采用双线绕法并使两根平行导线中的电流方向是相反的，这样就能抵消寄生电感，使它成为“纯”阻性的电阻．6．（3分）（2014秋•濠江区校级期末）如图所示，是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．负载变化时输入电压不会有大的波动（认为V1读数不变）．输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线的总电阻用R0表示，变阻器R代表用户用电器的总电阻，当用电器增加时，相当于R的值减小（滑动片向下移）．如果变压器的能量损失可以忽略，当用户的用电器增加时，图中各表的读数变化情况是（）A．A1变小、V2变小、A2变大、V3变大B．A1变大、V2不变、A2变大、V3变小C．A1不变、V2变大、A2变小、V3变小D．A1变大、V2不变、A2变小、V3变大考点：变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．专题：交流电专题．分析：根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解答：解：理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V2的示数不变；当用电器增加时，相当于R的值减小，电路中的总的电阻减小，所以电流要变大，即A2的示数变大；由于副线圈的电流变大，电阻R0消耗的电压变大，又因为V2的示数不变，所以V3的示数变小；由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以A1的示数变大．故选：B．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．二.双项选择题（每小题有两个正确选项，全对4分，漏选2分，错选不得分，共24分）7．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）下列说法中正确的是（）A．电场线越密处场强越大，电势越高B．沿电场线的方向电势逐渐降低C．场强为0处，电势不一定为0D．在电势高处电荷具有的电势能大考点：电场线；电势．分析：电场强度和电势这两个概念非常抽象，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．解答：解：A、电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高，故A错误；B、沿电场线的方向电势降低，故B正确；C、电势为零，是人为选择的，电势为零处，电场强度不一定为零，场强为0处，电势不一定为0，故C正确．D、E p=qφ，若电荷带负电q取负，φ越高则电势能越小，故D错误．故选：BC．点评：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系．顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．8．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）在匀强电场和匀强磁场共存的区域内，电场的场强为E，方向竖直向下，磁场的磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，一质量为m的带电粒子，在场区内的竖直平面内做匀速圆周运动，则可判断该带电质点（）A．带有电荷量为的正电荷B．运动的角速度为C．沿圆周顺时针运动D．沿圆周逆时针运动考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：粒子做匀速圆周运动，根据重力和电场力平衡以及洛伦兹力提供向心力分析判断．解答：解：A、带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，有mg=qE，求得电荷量q=，根据电场强度方向和电场力方向判断出粒子带负电，故A错误；B、由qvB=mvω得ω==，故B正确，D错误；C、由左手定则可判断粒子沿顺时针方向运动，故C正确；故选：BC．点评：本题关键是找到向心力来源，并得到重力和电场力平衡，从而判断出电性和转动方向，最后根据洛伦兹力提供向心力列式求解．9．（4分）（2014•上海）如图，匀强磁场垂直于软导线回路平面，由于磁场发生变化，回路变为圆形．则该磁场（）A．逐渐增强，方向向外B．逐渐增强，方向向里C．逐渐减弱，方向向外D．逐渐减弱，方向向里考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：磁场发生变化，回路变为圆形说明导线受到的安培力的方向向外，结合楞次定律与左手定则即可判定，也可由楞次定律的推广形式解答．解答：解：磁场发生变化，回路变为圆形，受到的安培力的方向向外，导线围成的面积扩大，根据楞次定律的推广形式可得，导线内的磁通量一定正在减小，而推广扩大面积可以阻碍磁通量的减小．该过程与磁通量的方向无关．故选项CD正确，AB错误．故选：CD．点评：解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，也可以使用楞次定律的推广的形式处理．10．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）关于回旋加速器，下列说法正确的是（）A．离子从磁场中获得能量B．离子由加速器的中心附近进入加速器C．增大加速器的加速电压，则粒子离开加速器时的动能将变大D．将增大D形盒的半径，离子获得的动能将增加考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．分析：回旋加速器是利用磁场使带电粒子作回旋运动，在运动中经高频电场反复加速的装置．是高能物理中的重要仪器．（1）磁场的作用带电粒子以某一速度垂直进入匀强磁场时，只在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，其中周期与速率和半径无关，使带电粒子每次进入D形盒中都能运动相等时间（半个周期）后，平行于电场方向进入电场中加速．（2）电场的作用回旋加速器的两个D形盒之间的窄缝区域存在周期性的变化的并垂直于两D形盒直径的匀强电场，加速就是在这个区域完成的．（3）交变电压为了保证每次带电粒子经过狭缝时均被加速，使其能量不断提高，要在狭缝处加一个与粒子运动的周期一致的交变电压．解答：解：A、洛伦兹力不做功，故磁场只能使粒子旋回狭缝，故A错误；B、粒子最终的速度与回旋半径成正比，要使半径最大，故从中间射入，故B正确；C、由qvB=m得，v=，则最大动能E K=mv2=，知最大动能与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电压无关，故C错误；D、由qvB=m得，v=，则最大动能E K=mv2=，将D形盒的半径增大，离子获得的动能将增加，故D正确；故选：BD．点评：解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子，但是最终粒子的动能与电场的大小无关．11．（4分）（2013秋•扬州期末）在一水平通电直导线的正下方，有一半圆形光滑圆弧轨道，一导体圆环自轨道左侧的A点无初速度释放，则下列说法中正确的是（）A．圆环中有感应电流产生B．圆环能滑到轨道右侧与A点等高处CC．圆环最终停在轨道的最低点BD．圆环运动过程中机械能守恒考点：感应电流的产生条件；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：水平通电导线周围有磁场，且离导线越远磁场强度越小，在圆环下落过程中，通过圆环的磁通量变小故能判断圆环中是否有感应电流．解答：解：A、水平通电导线周围有磁场，且离导线越远磁场强度越小，在圆环下落过程中，通过圆环的磁通量变小故有感应电流产生，故A正确；B、因为圆环在运动的过程中，有感应电流，对整个过程由能量守恒定律得，重力势能转化为电能，故不能上升到右侧与C点等高处，故B错误；C、由于小环运动的范围内，各处的磁场强度不同，所以小环运动的过程中机械能不断转化为电能，故小球的机械能会越来越小，最终停在最低点B，故C正确；D、整个过程重力势能转化为电能，机械能不守恒，故D错误；故选：AC点评：此题要掌握通电导线周围的磁场是越来越小，并会对整个过程的能量转化进行分析，难度不大．12．（4分）（2014秋•濠江区校级期末）在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是（）A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最大B．该交变电动势的有效值为11 VC．该交变电动势的瞬时值表达式为e=22 sin（100πt）VD．电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，转速加倍，最大值加倍．解答：解：A、由图象知：t=0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，A正确；B、由图象可知，周期为0.02s，则线框1秒钟转动50圈，B错误；C、当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为e=E m sinωt=22sin（100πt）V，故C错误；D、电动势瞬时值为22V时，代入瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角为45°，D正确；故选：AD点评：本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力，并掌握有效值与最大值的关系．三.实验题（每个空3分，共18分）13．（6分）（2008秋•雅安期末）（1）用螺旋测微器（千分尺）测金属导线的直径，其示数如甲图所示，该金属导线的直径为8.474 mm．用游标卡尺（卡尺的游标有20等分）测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是100.60 mm．考点：螺旋测微器的使用；刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同．解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数为8mm，可动刻度读数为0.01×47.4mm=0.474mm，所以最终读数为：8mm+0.474=8.474mm；游标尺上总共是20个小格，故其精度为0.05mm，主尺读数为10cm=100mm，游标尺上第12个刻度与主尺上某一刻度对齐，故游标读数为：0.05×12mm=0.60mm，所以最终读数为：100mm+0.60mm=100.60mm．故答案为：8.474（8.473﹣8.475），100.60．点评：解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．14．（12分）（2014秋•濠江区校级期末）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6A，内阻约为0.3ΩC．电压表：量程0～3V，内阻约3kΩD．电压表：量程0～15V，内阻约15kΩ。

2016-2017学年广东省汕头市金山中学高二（上）期末物理试卷（文科）一、单项选择题：本题共20题．每小题3分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，有选错或不答的得0分.1．（3分）第一个发现电磁感应现象的科学家是（）A．奥斯特B．安培C．法拉第D．欧姆2．（3分）下列关于电场线的说法正确的是（）A．电场中任何两条电场线都可以相交B．沿电场线的方向，电场强度逐渐减小C．电场线越密的地方电场强度越大D．电场线是带电粒子在电场中运动的轨迹3．（3分）由电场强度的定义式E=可知，下列说法正确的是（）A．电场强度E跟放入该点的试探电荷所受的静电力F成正比B．电场强度E跟放入该点的试探电荷的电荷量q成反比C．电场强度E的方向跟试探电荷的受力方向相同D．电场强度E的大小与放入的试探电荷无关4．（3分）电荷量分别为Q、2Q两个点电荷，相距为r，相互作用力为F，若它们的电荷量各减少一半，距离仍为r，则两点电荷间的相互作用力变为（）A．B．C．2F D．F5．（3分）在下列各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I的方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．6．（3分）关于平行板电容器的电容，下列说法正确的是（）A．电容器所带的电荷量越多，电容就越大B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大C．电容器所带电荷量增加一倍，电容就增加一倍D．电容器的电容与两板正对面积及间距等有关7．（3分）如图所示的电路，是由各种不同的电子元件组成，每个元件上都有标号，属于电感器的那个标号是（）A．①B．②C．③D．④8．（3分）一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将（）A．向右移动B．向左移动C．顺时针转动D．逆时针转动9．（3分）关于通电直导线在磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．磁感应强度跟导线所受的安培力成正比B．安培力的方向跟磁感应强度的方向垂直C．磁感应强度的方向跟安培力的方向相同D．通电直导线在磁场中某处受到的安培力为零，则该处的磁感应强度一定为零10．（3分）关于发电机和电动机下列说法正确的是（）A．电动机既可以把机械能转化为电能也可以把电能转化为机械能B．发电机能把电能转化为机械能C．电动机能把其它形式的能转化为电能D．发电机能把其它形式的能转化为电能11．（3分）关于产生感应电流的条件，下列说法正确的是（）A．位于磁场中的闭合线圈一定会产生感应电流B．闭合线圈平行磁感线运动时，线圈中一定产生感应电流C．穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，一定能产生感应电流D．闭合线圈垂直磁感线运动时，线圈中一定产生感应电流12．（3分）如图所示，闭合的矩形线圈abcd 放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流（）A．线圈向左平移B．线圈向上平移C．线圈以ab为轴旋转D．线圈不动13．（3分）把匝数一定的线圈放入变化的磁场中，线圈中产生的感应电动势由下列哪些因素决定（）A．线圈的形状B．线圈的面积C．磁场的磁感应强度D．穿过线圈的磁通量的变化率14．（3分）如图所示，电流表与螺线管组成的闭合电路，以下过程电流表指针不发生偏转的是（）A．磁铁放在螺线管中不动时B．将磁铁从螺线管中向上匀速拉出的过程中C．将磁铁插入螺线管的过程中D．将磁铁从螺线管中向上加速拉出的过程中15．（3分）一只白炽灯上标有“220V 40W”字样，这里的“220V”是指交流电压的（）A．有效值B．最大值C．瞬时值D．平均值16．（3分）如图所示，重力不计的带正电粒子水平向右进入匀强磁场，对该带电粒子进入磁场后的运动情况，以下判断正确的是（）A．粒子向上偏转B．粒子向下偏转C．粒子不偏转D．粒子很快停止运动17．（3分）关于电场线的说法，正确的是（）A．电场线就是电荷运动的轨迹B．在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C．电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D．电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反18．（3分）如图两个同样的导线环同轴平行悬挂，相隔一小段距离，当同时给两导线环通以同向电流时，两导线环将（）A．吸引B．排斥C．保持静止D．边吸引边转动19．（3分）如下图所示，其中正确的是（）A．B．C．D．20．（3分）如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共8题．每小题5分，共40分，少选的得3分，有选错或不答的得0分21．（5分）为了防止静电的危害，应减小电荷的聚集，下列措施中正确的有（）A．在小汽车上安装露在外面的天线B．在飞机轮胎中使用导电的橡胶材料C．在油罐车后面装一条拖地的铁链D．印染厂在干燥天气时适当增加湿度22．（5分）一根通电直导线在某个空间没有受到安培力的作用，那么（）A．这个空间可能没有磁场B．这个空间可能有方向与电流方向平行的磁场C．这个空间可能有方向与电流方向垂直的磁场D．以上三种说法都不对23．（5分）两个原来不带电的物体甲和乙，相互摩擦后，下列情况中不可能发生的是（）A．甲带正电荷，乙带等量负电荷B．甲带负电荷，乙带等量正电荷C．甲和乙都带等量正电荷D．甲和乙都带等量负电荷24．（5分）电场中某区域的电场线分布如图所示，a、b是该电场中的两点，则（）A．a点的场强较小B．b点的场强较小C．同一个检验电荷在a点受到的电场力比在b点受到的电场力小D．同一个检验电荷在a点和b点受到的电场力相同25．（5分）关于电流强度，下列说法正确的是（）A．根据可知，I与t一定成正比B．根据可知，当电流I一定时，q与t成正比C．因为电流有方向，所以电流是矢量D．电流强度的单位“安培”是国际单位26．（5分）以下关于洛仑兹力的各种说法中正确的是（）A．电荷在磁场中一定受到洛仑兹力B．运动的电荷在磁场中一定受到洛仑兹力C．洛仑兹力对电荷永远不做功D．洛仑兹力的方向总是垂直于磁场方向和电荷速度方向所构成的平面27．（5分）如图所示，线圈abcd横穿过磁场区域B时，以下所指的哪种情况下，线圈中有感应电流产生？（）A．线圈进入磁场的过程中B．线圈在磁场中平动C．线圈离开磁场的过程中D．线圈进入磁场后在它所在的平面内绕a点旋转28．（5分）远距离输电时，在输送的电功率不变的条件下（）A．只有增大导线的电阻，才能减小电流，提高输电效率B．只有提高输电电压，才能减小电流，提高输电效率C．提高输电导线的横截面积，可以减小输电导线上能量的损耗D．如果输电电阻不变，提高输电电压势必增大输电导线上电流2016-2017学年广东省汕头市金山中学高二（上）期末物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共20题．每小题3分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，有选错或不答的得0分.1．（3分）第一个发现电磁感应现象的科学家是（）A．奥斯特B．安培C．法拉第D．欧姆【解答】解：通过学习电磁学我们知道，第一个发现电磁感应现象的科学家是法拉第，故ABD错误，C正确。