河北省博野中学2016-2017学年高一5月月考物理试题(原卷版)

2016-2017学年河北省保定市博野中学高二（下）月考物理试卷（3月份）一．选择题（共12小题，4、6为多选，共48分）1．一输入电压为220V，输出电压为36V的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈．如图所示，然后将原来线圈接到220V交流电源上，测得新绕线圈的端电压为1V，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线数分别为（）A．1100，360 B．1100，180 C．2200，180 D．2200，3602．如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大3．远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R，变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（）A．=B．I2=C．I1U1=I22R D．I1U1=I2U24．图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左5．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12V B．4V C．15V D．8V6．如图所示，在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈的周期为T，转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈电阻为2Ω．从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60°时的感应电流为1A．那么（）A．线圈消耗的电功率为4WB．线圈中感应电流的有效值为2AC．任意时刻线圈中的感应电动势为e=4cosD．任意时刻穿过线圈的磁通量为Φ=sin7．质量m的物体，从高h处以速度v0水平抛出，从抛出到落地物体所受重力的冲量为（）A．m B．m﹣mv0C．m﹣mv0D．mg8．质量为m的运动员从下蹲状态竖直向上起跳，经过时间t，身体伸直并刚好离开地面，离开地面时速度为v在时间t内（）A．地面对他的平均作用力为mgB．地面对他的平均作用力为C．地面对他的平均作用力为m（﹣g）D．地面对他的平均作用力为m（g+）9．如图所示，质量为m 的小滑块（可视为质点），从h 高处的A 点由静止开始沿斜面下滑，停在水平地面上的 B 点（斜面和水平面之间有小圆弧平滑连接）．要使物体能原路返回，在 B 点需给物体的瞬时冲量最小应是（）A．2m B．m C．D．4m10．如图所示，总质量为M带有底座的足够宽框架直立在光滑水平面上，质量为m的小球通过细线悬挂于框架顶部O处，细线长为L，已知M＞m，重力加速度为g，某时刻m获得一瞬时速度v0，当m第一次回到O点正下方时，细线拉力大小为（）A．mg B．mg+C．mg+m D．mg+m11．如图所示，劈a放在光滑水平桌面上，物体b放在劈a的光滑斜面顶端，b 由静止开始沿斜面自由滑下的过程中，a对b做的功为W1，b对a做的功为W2，则下列关系中正确的是（）A．W1=0，W2=0 B．W1＞0，W2＞0 C．W1＜0，W2＞0 D．W1＞0，W2＜0 12．一炮弹质量为m，以一定的倾角斜向上发射，达到最高点时速度大小为v，方向水平．炮弹在最高点爆炸成两块，其中一块恰好做自由落体运动，质量为m，则爆炸后另一块瞬时速度大小为（）A．v B．v C．v D．0二．计算题（每题13分）13．如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A 和B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点．现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动．已知圆弧轨道光滑，半径R=0.2m；A和B 的质量相等；A和B整体与桌面之间的动摩擦因数μ=0.2．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）碰撞前瞬间A的速率v；（2）碰撞后瞬间A和B整体的速率v′；（3）A和B整体在桌面上滑动的距离L．14．一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示．求：（1）0～8s时间内拉力的冲量；（2）0～6s时间内物体的位移；（3）0～10s时间内，物体克服摩擦力所做的功．15．如图，小球a、b用等长细线悬挂于同一固定点O．让球a静止下垂，将球b向右拉起，使细线水平．从静止释放球b，两球碰后粘在一起向左摆动，此后细线与竖直方向之间的最大偏角为60°．忽略空气阻力，求①两球a、b的质量之比；②两球在碰撞过程中损失的机械能与球b在碰前的最大动能之比．16．如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平桌面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连．将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体．现A以初速度v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起．以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离．已知离开弹簧后C的速度恰好为v0．求弹簧释放的势能．2016-2017学年河北省保定市博野中学高二（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一．选择题（共12小题，4、6为多选，共48分）1．一输入电压为220V，输出电压为36V的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈．如图所示，然后将原来线圈接到220V交流电源上，测得新绕线圈的端电压为1V，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线数分别为（）A．1100，360 B．1100，180 C．2200，180 D．2200，360【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，分析即可得出结论．【解答】解：对新绕线的理想变压器，根据变压比公式得，变压器烧坏前，同理，所以B正确．故选B．2．如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大【考点】变压器的构造和原理．【分析】滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，接入电路中的阻值变大，因输出电压不变，则总电流变小，据欧姆定律确定各表的示数变化．【解答】解：A、滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电阻变大，则干路电流变小，则R1消耗的功率变小，则A错误B、干路电流变小，R1分压变小，则电压表V的测量的电压变大，示数变大，则B正确C、因输出电流变小，则输出功率变小即输入功率变小，电流表A1示数变小．则C错误D、闭合开关S并联支路增加，电阻变小，则副线圈即R1的电流变大，分压变大，则R2的分压变小，电流变小．电流表A1示数随副线圈电流的变大而变大，则D 错误故选：B3．远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R，变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（）A．=B．I2=C．I1U1=I22R D．I1U1=I2U2【考点】变压器的构造和原理．【分析】变压器电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；在远距离输电中，输电导线上功率有损耗．【解答】解：A、升压变压器电流之比等于匝数的反比；故有：=；故A错误；B、U2是输电导线及降压变压器两端的电压，不能只对导线由欧姆定律求电流；故B错误；C、升压变压器输出的功率等于导线上消耗的功率及降压变压器消耗的功率之和；故C错误；D、理想变压器输入功率等于输出功率；故I1U1=I2U2，故D正确．故选：D．4．图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【分析】由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向．【解答】解：A、由题图乙可知交流电电流的最大值是A，周期T=0.02s，由于电流表的示数为有效值，故示数I==10A，选项A正确；B、角速度==100π rad/s，选项B错误；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；D、由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误．故选AC．5．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12V B．4V C．15V D．8V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】已知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．【解答】解：由有效值的定义可得I12Rt1+I22Rt2=T，代入数据得（0.1）2R×0.8+（0.2）2×R×0.2=×1，解得U=4V故选：B．6．如图所示，在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈的周期为T，转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈电阻为2Ω．从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60°时的感应电流为1A．那么（）A．线圈消耗的电功率为4WB．线圈中感应电流的有效值为2AC．任意时刻线圈中的感应电动势为e=4cosD．任意时刻穿过线圈的磁通量为Φ=sin【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】绕垂直于磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈中产生正弦或余弦式交流电，由于从垂直中性面开始其瞬时表达式为i=I m cosθ，由已知可求I m=，根据正弦式交变电流有效值和峰值关系可求电流有效值根据P=I2R可求电功率根据E m=I m r可求感应电动势的最大值任意时刻穿过线圈的磁通量为Φ=根据Em=NBSω可求Φm=BS=【解答】解：从垂直中性面开始其瞬时表达式为i=I m cosθ，则电流的最大值为I m=感应电动势的最大值为E m=I m r=2×2=4V任意时刻线圈中的感应电动势为e=E m cos=4cos t线圈消耗的电功率为P=I2r==W=4W任意时刻穿过线圈的磁通量为Φ=根据公式E m=NBSω=NΦm可得故Φ=，故选：AC7．质量m的物体，从高h处以速度v0水平抛出，从抛出到落地物体所受重力的冲量为（）A．m B．m﹣mv0C．m﹣mv0D．mg【考点】动量定理．【分析】物体做平抛运动，将运动分解即可求出运动的时间，然后由冲量的公式即可求出物体受到的冲量．【解答】解：A、D、物体做平抛运动，运动的时间：t=所以重力的冲量：I=mgt=．故A正确，D错误；B、C、物体落地时竖直方向的分速度：物体在平抛运动的过程中水平方向的分速度不变，则水平方向动量的分量不变，物体动量的变化等竖直方向的动量的变化，所以：△P=△P y=mv y由动量定理可知：I=△P=；所以B选项m﹣mv0为竖直方向的分动量与初动量的差，而m﹣mv0为合动量的大小与初动量的大小的差，没有考虑动量的方向性．故B错误，C错误．故选：A8．质量为m的运动员从下蹲状态竖直向上起跳，经过时间t，身体伸直并刚好离开地面，离开地面时速度为v在时间t内（）A．地面对他的平均作用力为mgB．地面对他的平均作用力为C．地面对他的平均作用力为m（﹣g）D．地面对他的平均作用力为m（g+）【考点】动量定理．【分析】已知初末速度，则由动量定理可求得地面对人的平均作用力．【解答】解：人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：﹣mgt=△mv=mv所以：=m（g+）；故D正确，ABC错误；故选：D9．如图所示，质量为m 的小滑块（可视为质点），从h 高处的A 点由静止开始沿斜面下滑，停在水平地面上的 B 点（斜面和水平面之间有小圆弧平滑连接）．要使物体能原路返回，在 B 点需给物体的瞬时冲量最小应是（）A．2m B．m C．D．4m【考点】动量定理；动能定理．【分析】先对从A到B过程根据动能定理列式，再对从B到A过程根据动能定理列式，联立求解得到B的初速度；最后根据动量定理得到在 B 点需给物体的瞬时冲量．【解答】解：滑块从A到B过程，根据动能定理，有：mgh﹣W f=0，滑块从B返回A过程，根据动能定理，有：﹣mgh﹣W f=0﹣，联立解得：v=2；在B 点需给物体的瞬时冲量等于动量的增加量，故I=mv=2m，故A正确，BCD错误；故选：A10．如图所示，总质量为M 带有底座的足够宽框架直立在光滑水平面上，质量为m 的小球通过细线悬挂于框架顶部O 处，细线长为L ，已知M ＞m ，重力加速度为g ，某时刻m 获得一瞬时速度v 0，当m 第一次回到O 点正下方时，细线拉力大小为（ ）A ．mgB ．mg +C ．mg +mD ．mg +m【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】根据M 与m 系统水平方向动量守恒和机械能守恒结合求出m 第一次回到O 点正下方时两者的速度，再根据牛顿第二定律求细线的拉力．【解答】解：设m 第一次回到O 点正下方时m 与M 的速度分别为v 1和v 2．取向右为正方向，由水平方向动量守恒和机械能守恒得： mv 0=mv 1+Mv 2．mv 02=mv 12+Mv 22．解得 v 1=v 0，v 2=v 0当m 第一次回到O 点正下方时，以m 为研究对象，由牛顿第二定律得：T ﹣mg=m解得细线的拉力 T=mg +故选：B11．如图所示，劈a 放在光滑水平桌面上，物体b 放在劈a 的光滑斜面顶端，b 由静止开始沿斜面自由滑下的过程中，a 对b 做的功为W 1，b 对a 做的功为W 2，则下列关系中正确的是（ ）A ．W 1=0，W 2=0B ．W 1＞0，W 2＞0C ．W 1＜0，W 2＞0D ．W 1＞0，W 2＜0【考点】动量守恒定律；功的计算．【分析】根据动量守恒分析两物体的运动情况，再根据力与位移方向的夹角来判断力是否做功，当力与位移的夹角为90°时，力对物体不做功．斜面对小物体的弹力做的功不为零．【解答】解：滑块和斜面体系统机械能守恒，总动量也守恒；根据动量守恒可知，b 向左下滑时，a 具有向右的速度，向右运动，物体的位移如图所示； 滑块受重力、支持力，斜面受重力、支持力和压力；对斜面体a ，受到的压力垂直斜面向下，水平向右方向有分力，a 向右有位移，由W=FScosθ知．压力做正功，故W 2＞0；滑块和斜面体系统机械能守恒，故斜面体a 增加的机械能等于滑块b 减小的机械能，故支持力对滑块b 做负功，即W 1＜0；故C 正确，ABD 错误． 故选：C ．12．一炮弹质量为m ，以一定的倾角斜向上发射，达到最高点时速度大小为v ，方向水平．炮弹在最高点爆炸成两块，其中一块恰好做自由落体运动，质量为m ，则爆炸后另一块瞬时速度大小为（ ）A ．vB ． vC ． vD ．0【考点】动量守恒定律；自由落体运动．【分析】炮弹在最高点水平，爆炸时动量守恒，由动量守恒定律可求出爆炸后另一块弹片的速度大小．【解答】解：爆炸前动量为mv，设爆炸后另一块瞬时速度大小为v′，取炮弹到最高点未爆炸前的速度方向为正方向，爆炸过程动量守恒，则有：mv=m•v′解得：v′=v故选：B．二．计算题（每题13分）13．如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A 和B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点．现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动．已知圆弧轨道光滑，半径R=0.2m；A和B 的质量相等；A和B整体与桌面之间的动摩擦因数μ=0.2．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）碰撞前瞬间A的速率v；（2）碰撞后瞬间A和B整体的速率v′；（3）A和B整体在桌面上滑动的距离L．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】（1）A到B的过程中，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律求出碰撞前A的速度．（2）A、B碰撞的过程中动量守恒，根据动量守恒定律求出碰撞后整体的速率．（3）对AB整体运用动能定理，求出AB整体在桌面上滑动的距离．【解答】解：（1）滑块从圆弧最高点滑到最低点的过程中，根据机械能守恒定律，有：得：=2m/s．（2）滑块A与B碰撞，轨道向右为正方向，根据动量守恒定律，有：m A v A=（m A+m B）v'得：．（3）滑块A与B粘在一起滑行，根据动能定理，有：又因为：f=μN=μ（m A+m B）g代入数据联立解得：l=0.25m．答：（1）碰撞前瞬间A的速率为2m/s；（2）碰撞后瞬间A和B整体的速率为1m/s；（3）A和B整体在桌面上滑动的距离为0.25m．14．一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示．求：（1）0～8s时间内拉力的冲量；（2）0～6s时间内物体的位移；（3）0～10s时间内，物体克服摩擦力所做的功．【考点】动量定理；功的计算．【分析】（1）冲量是力对时间的积累，根据I=Ft分段求即可；（2）根据v﹣t图象求出物体运动特征，根据运动运动学知识求位移；（3）滑动摩擦力为恒力，根据W=Fs求摩擦力做功．【解答】解：（1）由图象知，力F的方向恒定，故力F在0～8s内的冲量I=F1t1+F2t2+F3t3=1×2+3×4+2×2N•s=18N•s；方向向右．（2）由图3知，物体在0～2s内静止，2～6s内做匀加速直线运动，初速度为0，末速度为3m/s所以物体在0～6s内的位移即为2～6s内匀加速运动的位移=；（3）由图3知物体在6～8s内做匀直线运动，此时摩擦力与拉力平衡即f=F=2N；物体在6～8s内做匀速直线运动位移x2=vt=3×2m=6m物体在8～10s内做匀减速运动位移=所以物体在0～10s内的总位移x=x1+x2+x3=15m摩擦力做功W f=﹣fx=﹣2×15J=﹣30J即物体克服摩擦力做功30J．答：（1）0～8s时间内拉力的冲量为18N•s；方向向右．（2）0～6s时间内物体的位移为6m；（3）0～10s时间内，物体克服摩擦力所做的功为30J．15．如图，小球a、b用等长细线悬挂于同一固定点O．让球a静止下垂，将球b向右拉起，使细线水平．从静止释放球b，两球碰后粘在一起向左摆动，此后细线与竖直方向之间的最大偏角为60°．忽略空气阻力，求①两球a、b的质量之比；②两球在碰撞过程中损失的机械能与球b在碰前的最大动能之比．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】（1）b球下摆过程中，只有重力做功，由动能定理可以求出碰前b球的速度；碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律列方程，两球向左摆动过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律或动能定理列方程，解方程组可以求出两球质量之比．（2）求出碰撞过程中机械能的损失，求出碰前b求的动能，然后求出能量之比．【解答】解：（1）b球下摆过程中，由动能定理得：m2gL=m2v02﹣0，碰撞过程动量守恒，设向左为正方向，由动量守恒定律可得：m2v0=（m1+m2）v，两球向左摆动过程中，由机械能守恒定律得：（m1+m2）v2=（m1+m2）gL（1﹣cosθ），解得：=（﹣1）：1=（﹣1）：1（2）两球碰撞过程中损失是机械能：Q=m2gL﹣（m1+m2）gL（1﹣cosθ），碰前b球的最大动能为：E b=m1v02，=【1﹣（1﹣cosθ）】：1=（1﹣）：1答：（i）两球a、b的质量之比为（﹣1）：1（ii）两球在碰撞过程中损失的机械能与球b在碰前的最大动能之比为（1﹣）：1．16．如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平桌面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连．将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体．现A以初速度v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起．以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离．已知离开弹簧后C的速度恰好为v0．求弹簧释放的势能．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】A与B、C碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律可以求出碰后三者的共同速度；线断开，AB与C分离过程中动量守恒，由动量守恒定律可以列方程；在弹簧弹开过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律可以列方程，解方程即可求出弹簧的弹性势能．【解答】解：（1）设碰后A、B和C的共同速度的大小为v，由动量守恒定律得：mv0=3mv，设C离开弹簧时，A、B的速度大小为v1，由动量守恒得3mv=2mv1+mv0，解得：v1=0；（2）设弹簧的弹性势能为E P，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒，有（3m）v2+E P=（2m）v12+mv02，解得：E P=mv02 ；答：弹簧释放的势能为mv02．2017年4月14日。

2016-2017学年河北省保定市博野中学高一（上）入学物理试卷一、选择题（每题3分，部分分1分，错选得0分）1．质点是常见的物理模型，下列机械运动的研究对象中，正确的是（）A．体积、质量都极小的物体才能看成质点B．研究钟表上分针转动时，分针可当作质点C．研究汽车在平直公路上行驶时，汽车可当作质点D．研究月球绕地球运动时，月球不可当作质点2．下列关于速度、加速度、力的关系说法中正确的是（）A．力是维持物体运动的原因B．物体运动的速度大，说明其受到的力大C．物体受到力的作用，一定具有加速度；物体具有加速度，一定受到力的作用D．力是改变物体运动状态的原因，加速度的方向和合外力的方向一致3．在世界壮汉大赛上有拉汽车前进的一项比赛，如图是某壮汉正通过绳索拉汽车运动．则汽车所受拉力的施力物体和受力物体分别是（）A．壮汉、汽车B．壮汉、绳索C．绳索、汽车D．汽车、绳索4．有关瞬时速度、平均速度、平均速率，下列说法中正确的是（）A．瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度B．平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值C．作变速运动的物体，平均速率就是平均速度的大小D．作变速运动的物体，平均速度是物体通过的路程与所用时间的比值5．物体沿半径分别为6m和9m的半圆弧由A点经B点到达C点，如图所示，则它的位移和路程分别是（）A．30m，15πm B．30m向东，30πm C．30m，30πm向东D．30m向东，15πm6．关于几个力与其合力，下列说法错误的是（）A．合力的作用效果跟原来那几个力共同作用产生的效果相同B．合力与原来那几个力同时作用在物体上C．合力的作用可以替代原来那几个力的作用D．求几个力的合力遵守平行四边形定则7．关于物体的重心，下列说法中正确的是（）A．任何物体的重心都一定在这个物体上B．重心的位置只与物体的形状有关C．形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的几何中心D．物体重心的位置一定会随物体形状改变而改变8．某质点的位移随时间的变化规律的关系是x=4t+2t2，x与t的单位分别为m和s，则质点的初速度与加速度分别为（）A．4m/s与4m/s2B．0与4m/s2C．4m/s与2m/s2D．4m/s与09．下列说法正确的是（）A．一个物体静止在另一个物体的表面上，它们之间一定不存在摩擦力B．滑动摩擦力的方向总是与物体运动方向相反的C．两物体间如果有了弹力，就一定有摩擦力D．两物体间有摩擦力，就一定有弹力10．已知一个力的大小为100N，它的一个分力F1的大小为60N，则另一个分力F2的大小（）A．一定是40 N B．一定是80N C．不能大于100N D．不能小于40N11．关于速度与加速度，下列说法中正确的是（）A．速度是描述运动物体位置变化快慢的物理量，而加速度是描述物体运动速度变化快慢的物理量B．运动物体速度变化大小与速度变化快慢在实质上是同一个意思C．速度变化的大小表示速度增量的大小，速度的变化率表示速度变化的快慢D．速度是描述运动物体位置变化大小的物理量，加速度是描述物体位移变化快慢的物理量12．跳高运动员从地面上起跳的瞬间，下列说法中正确的是（）A．运动员对地面的压力大于运动员受到的重力B．地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力C．地面对运动员的支持力大于运动员对地面的压力D．运动员对地面的压力等于运动员受到的重力13．对于公式v t=v0+at，下列说法中正确的是（）A．适用于任何变速运动B．只适用于匀加速直线运动C．适用于任何匀变速直线运动D．v0和v t只能取正值，不可能为负值14．如图所示，是几个质点的运动图象，其中是匀变速运动的是（）A．甲、乙、丙B．甲、乙、丁C．乙D．甲、丙、丁15．如图所示，重力为20N的物体在动摩擦因数为0.1的水平面向左运动，同时受到大小为6N，方向水平向右的水平力F的作用，则物体所受到的摩擦力的大小和方向为（）A．2N；向左B．2N；向右C．8N；向左D．8N；向右16．如图所示，物体在水平拉力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，速度为v．现让拉力逐渐减小，则物体的加速度和速度的变化情况是（）A．加速度逐渐变小，速度逐渐变大B．加速度和速度都在逐渐变小C．加速度和速度都在逐渐变大D．加速度逐渐变大，速度逐渐变小17．关于物体的惯性，以下说法中正确的是（）A．物体的运动速度越大，物体越难停下来，说明运动速度大的物体惯性大B．汽车突然减速时，车上的人向前倾，拐弯时人会往外甩，而汽车匀速前进时，车上的人感觉平衡，说明突然减速和转弯时有惯性，匀速运动时没有惯性C．在同样大小的力作用下，运动状态越难改变的物体，其惯性一定越大D．在长直水平轨道上匀速运动的火车上，门窗紧闭的车厢内有一人向上跳起后，发现落回原处，这是因为人跳起后，车继续向前运动，人落下后必定向后偏些，但因时间太短，偏后距离太小，不明显而已18．甲、乙两质点在同一直线上匀速运动，设向右为正，甲质点的速度为2m/s，乙质点的速度为﹣4m/s，则可知（）A．乙质点的速率小于甲质点的速率B．因为+2＞﹣4，所以甲质点的速度大于乙质点的速度C．这里的正、负号的物理意义是表示运动的方向D．若甲、乙两质点同时由同一点出发，则10 s后甲、乙两质点相距60 m19．如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落．在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大20．A、B、C三物体同时同地出发做直线运动，它们的运动情况如图所示，在20s时间内，它们的平均速率关系是（）A．v A=v B=v c B．v A＞v B=v c C．v A＞v B＞v c D．v A=v B＜v c二、计算题21．氢气球升到离地面80m高空时从上面掉落下一物体，物体又上升了10m高后开始下落，若取向上为正方向，则物体从掉落开始到地面时的位移和经过的路程分别为多少？22．一火车以2m/s的初速度，0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，求：（1）火车在第3s末的速度是多少？（2）在前4s内的平均速度是多少？23．一个质量为m的物体沿倾角为θ的光滑斜面下滑，求加速度的大小？24．重为400N的木箱放在水平地面上，木箱与水平地面间的最大静摩擦力F f=120N，动摩擦因数μ=0.25，如果分别用水平推力F1=60N和F2=120N推木箱，木箱受到的摩擦力分别是多大？25．水平面上有一质量为lkg的木块，在水平向右、大小为5N的力作用下，由静止开始运动．若木块与水平面间的动摩擦因数为0.2．（1）画出木块的受力示意图；（2）求木块运动的加速度；（3）求出木块4s内的位移．（g取10m/s2）2016-2017学年河北省保定市博野中学高一（上）入学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，部分分1分，错选得0分）1．质点是常见的物理模型，下列机械运动的研究对象中，正确的是（）A．体积、质量都极小的物体才能看成质点B．研究钟表上分针转动时，分针可当作质点C．研究汽车在平直公路上行驶时，汽车可当作质点D．研究月球绕地球运动时，月球不可当作质点【考点】质点的认识．【分析】解决本题要正确理解质点的概念：质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．【解答】解：A、质量很小的物体它的体积不一定能够忽略，不一定能看成质点，如原子的质量很小，在研究原子内部结构的时候是不能看成质点的，所以A错误．B、研究钟表上分针转动时，不能看成质点，否则就没有转动了，故B错误；C、汽车作平动，运动状态相同，可以当作质点来研究他运动的快慢，所以C正确；D、研究月球绕地球运动时，月球的大小和体积可以忽略，可以看成质点，所以D错误．故选C2．下列关于速度、加速度、力的关系说法中正确的是（）A．力是维持物体运动的原因B．物体运动的速度大，说明其受到的力大C．物体受到力的作用，一定具有加速度；物体具有加速度，一定受到力的作用D．力是改变物体运动状态的原因，加速度的方向和合外力的方向一致【考点】牛顿第二定律；牛顿第一定律．【分析】牛顿第一定律明确了和运动的关系，给出了力概念，同时提出了惯性概念，正确理解牛顿第一定律即可解答本题．【解答】解：A、力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因；故A错误；B、物体的速度大小与受力大小无关；速度很大的做匀速运动的物体受合力为零；故B错误；C、物体受到力的作用不一定有加速度，如合力为零时；故C错误；D、力是改变物体运动状态的原因，由牛顿第二定律可知，加速度的方向一定与合外力的方向一致；故D正确；故选：D．3．在世界壮汉大赛上有拉汽车前进的一项比赛，如图是某壮汉正通过绳索拉汽车运动．则汽车所受拉力的施力物体和受力物体分别是（）A．壮汉、汽车B．壮汉、绳索C．绳索、汽车D．汽车、绳索【考点】力的概念及其矢量性．【分析】力是物体间的相互作用，施加力的物体是施力物体，受到力的物体是受力物体．【解答】解：壮汉正通过绳索拉汽车运动．绳子对汽车施加了力的作用，绳子是施力物体，汽车是受力物体．故C正确、ABD错误．故选：C．4．有关瞬时速度、平均速度、平均速率，下列说法中正确的是（）A．瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度B．平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值C．作变速运动的物体，平均速率就是平均速度的大小D．作变速运动的物体，平均速度是物体通过的路程与所用时间的比值【考点】平均速度．【分析】平均速度表示位移与时间的比值，平均速率表示路程与时间的比值．瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，瞬时速度的大小表示瞬时速率．【解答】解：A、瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度，故A正确；B、平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值，故B正确；C、平均速度的大小不表示平均速率，因为平均速率等于路程与时间的比值．故C错误；D、作变速运动的物体，平均速度是物体通过的位移与所用时间的比值，故D错误；故选：AB．5．物体沿半径分别为6m和9m的半圆弧由A点经B点到达C点，如图所示，则它的位移和路程分别是（）A．30m，15πm B．30m向东，30πm C．30m，30πm向东D．30m向东，15πm【考点】位移与路程．【分析】位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．【解答】解：位移大小等于首末位置的距离为2R+2r=2×（6+9）=30m，方向向东．路程等于运动轨迹的长度，为πR+πr=6π+9π=15πm，故D正确，ABC错误．故选：D．6．关于几个力与其合力，下列说法错误的是（）A．合力的作用效果跟原来那几个力共同作用产生的效果相同B．合力与原来那几个力同时作用在物体上C．合力的作用可以替代原来那几个力的作用D．求几个力的合力遵守平行四边形定则【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】根据合力与分力的概念，知道它们间是等效代替关系，即合力的作用效果与几个分力共同作用的效果相同，力的合成与分解遵循平行四边形定则．【解答】解：A、合力的作用效果跟原来几个力共同作用产生的效果相同，合力的作用可以替代原来那几个力的作用，故AC正确；B、合力与分力是等效替代关系，不是重复受力；故B错误；D、几个力的合力遵从平行四边形定则，故D正确；本题选择错误的，故选：B．7．关于物体的重心，下列说法中正确的是（）A．任何物体的重心都一定在这个物体上B．重心的位置只与物体的形状有关C．形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的几何中心D．物体重心的位置一定会随物体形状改变而改变【考点】重心．【分析】解答本题应掌握：重力在物体上的作用点，叫做物体的重心；形状规则、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上；重心只是重力在作用效果上的作用点，重心并不是物体上最重的点；重心的位置可以在物体之外；【解答】解：A、重心可以在物体上，也可以在物体之外，如空心的球体重心在球心上，不在物体上．选项A不正确．B、重心的位置只与物体的形状有关，还与质量的分布有关．选项B不正确．C、质地均匀，形状规则的物体的重心在它的几何中心上．物体重心的位置可以在物体上，也可以在物体外，如圆环、空心球它们的重心在中间的空心部位上．选项C正确．D、重心的位置跟物体的形状有关，还跟质量分布有关，但不一定会改变．选项D不正确．故选：C．8．某质点的位移随时间的变化规律的关系是x=4t+2t2，x与t的单位分别为m和s，则质点的初速度与加速度分别为（）A．4m/s与4m/s2B．0与4m/s2C．4m/s与2m/s2D．4m/s与0【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据位移公式x=，和质点运动的位移随时间变化的关系式s=2t2+4t相对比可以得到物体运动的初速度和加速度的大小．【解答】解：匀变速直线运动的位移公式为x=与质点的运动的位移随时间变化的关系式为x=4t+2t2相对比可以得到，物体的初速度的大小为v=4m/s，加速度的大小为a=4m/s2；故选：A9．下列说法正确的是（）A．一个物体静止在另一个物体的表面上，它们之间一定不存在摩擦力B．滑动摩擦力的方向总是与物体运动方向相反的C．两物体间如果有了弹力，就一定有摩擦力D．两物体间有摩擦力，就一定有弹力【考点】滑动摩擦力．【分析】摩擦力的概念是：两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力．可将摩擦力分为滑动摩擦力和静摩擦力，摩擦力与相对运动或相对运动趋势方向相反，并有摩擦力一定有弹力，而有弹力不一定有摩擦力．【解答】解：A、一个物体静止在另一个物体的表面上，它们之间不一定存在摩擦力，必须满足摩擦力产生的条件：有弹力，接触面粗糙且相对运动或相对运动趋势；故A错误；B、滑动摩擦力可能与物体的运动方向相反，也可能与物体的运动的方向相同；故B错误；C、两物体间如果有了弹力，就不一定有摩擦力，而有摩擦力一定有弹力，故C错误，D正确；故选：D10．已知一个力的大小为100N，它的一个分力F1的大小为60N，则另一个分力F2的大小（）A．一定是40 N B．一定是80N C．不能大于100N D．不能小于40N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】合力与分力的关系是等效替代的关系，如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．【解答】解：已知一个力的大小为100N，它的一个分力F1的大小为60N，则另一个分力F2的最大值为100N+60N=160N，最小值为：100N﹣60N=40N，即40N≤F2≤160N，F2可以是40N﹣160N之间的任意值．故ABC错误，D正确．故选：D11．关于速度与加速度，下列说法中正确的是（）A．速度是描述运动物体位置变化快慢的物理量，而加速度是描述物体运动速度变化快慢的物理量B．运动物体速度变化大小与速度变化快慢在实质上是同一个意思C．速度变化的大小表示速度增量的大小，速度的变化率表示速度变化的快慢D．速度是描述运动物体位置变化大小的物理量，加速度是描述物体位移变化快慢的物理量【考点】加速度；速度．【分析】速度是描述运动快慢的物理量，加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度等于单位时间内的速度变化量．【解答】解：A、速度是描述运动物体位置变化快慢的物理量，而加速度是描述物体运动速度变化快慢的物理量，故A正确，D错误．B、速度变化大小△v=v2﹣v1，速度变化快慢为，两者不同．故B错误．C、速度变化大小表示速度的增量，速度变化率表示速度变化快慢，故C正确．故选：AC．12．跳高运动员从地面上起跳的瞬间，下列说法中正确的是（）A．运动员对地面的压力大于运动员受到的重力B．地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力C．地面对运动员的支持力大于运动员对地面的压力D．运动员对地面的压力等于运动员受到的重力【考点】作用力和反作用力；牛顿第一定律．【分析】力是改变物体运动状态的原因；物体在平衡力的作用下会保持静止状态，物体在非平衡力的作用下运动状态不断变化；物体间力的作用是相互的．【解答】解：A、跳高运动员从地上起跳还未离开地的瞬间，运动员受到地球的重力和地面的支持力的作用，由于运动员用力蹬地面，因此这两个力不平衡，地面地运动员的弹力（支持力）大于他的重力使运动员上升；又运动员对地面的压力（重力+蹬力）与地面对运动员的支持力是一对相互作用力，它们大小相等，方向相反，故正确的说法是运动员对地面的压力大于他的重力；地面对运动员的支持力大于他的重力；地面对运动员的支持力等于他对地面的压力．故选：A、B13．对于公式v t=v0+at，下列说法中正确的是（）A．适用于任何变速运动B．只适用于匀加速直线运动C．适用于任何匀变速直线运动D．v0和v t只能取正值，不可能为负值【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】v t=v0+at是匀变速直线运动的速度公式，只能适用于匀变速直线运动，即匀加速直线运动和匀减速直线运动．【解答】解：A、B、C，v t=v0+at是匀变速直线运动的速度公式，只能适用于匀变速直线运动，既能适用于匀加速直线运动，也能适用于匀减速直线运动，但不是任何变速运动，若是非匀变速运动，加速度是变化，不适用．故AB错误，C正确．D、v0和v t可以取正值，也可以取负值．故D错误．故选C14．如图所示，是几个质点的运动图象，其中是匀变速运动的是（）A．甲、乙、丙B．甲、乙、丁C．乙D．甲、丙、丁【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】匀变速直线运动的加速度大小和方向都不变，速度时间图象的斜率等于加速度，据此分析即可．【解答】解：甲图表示质点的速度均匀增大，加速度不变，质点做匀加速运动；乙图表示质点做匀速直线运动；丙和丁图象的斜率都不变，加速度不变，说明质点都做匀加速运动；故D 正确．故选：D．15．如图所示，重力为20N的物体在动摩擦因数为0.1的水平面向左运动，同时受到大小为6N，方向水平向右的水平力F的作用，则物体所受到的摩擦力的大小和方向为（）A．2N；向左B．2N；向右C．8N；向左D．8N；向右【考点】滑动摩擦力．【分析】滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，根据f=μF N求出滑动摩擦力的大小．【解答】解：物体相对于地面向左运动，则滑动摩擦力的方向水平向右，大小f=μF N=0.1×20N=2N．故B正确，A、C、D错误．故选：B．16．如图所示，物体在水平拉力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，速度为v．现让拉力逐渐减小，则物体的加速度和速度的变化情况是（）A．加速度逐渐变小，速度逐渐变大B．加速度和速度都在逐渐变小C．加速度和速度都在逐渐变大D．加速度逐渐变大，速度逐渐变小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】物体开始做匀速直线运动，知物体在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力平衡，当拉力逐渐减小，根据牛顿第二定律判断出加速度的变化，根据速度与加速度的方向关系判断出速度的变化．【解答】解：开始物体在水平方向上受拉力和滑动摩擦力平衡，当拉力逐渐减小，根据牛顿第二定律，a=，知加速度逐渐增大，方向水平向左，方向与速度的方向相反，则速度逐渐减小．故D 正确，A 、B 、C 错误．故选D17．关于物体的惯性，以下说法中正确的是（ ）A ．物体的运动速度越大，物体越难停下来，说明运动速度大的物体惯性大B ．汽车突然减速时，车上的人向前倾，拐弯时人会往外甩，而汽车匀速前进时，车上的人感觉平衡，说明突然减速和转弯时有惯性，匀速运动时没有惯性C ．在同样大小的力作用下，运动状态越难改变的物体，其惯性一定越大D ．在长直水平轨道上匀速运动的火车上，门窗紧闭的车厢内有一人向上跳起后，发现落回原处，这是因为人跳起后，车继续向前运动，人落下后必定向后偏些，但因时间太短，偏后距离太小，不明显而已【考点】惯性．【分析】一切物体都有惯性，且惯性的大小由物体本身的质量来决定．要掌握通过惯性规律分析物体的能力【解答】解：A 、惯性的大小只与物体本身的质量有关，质量大惯性就大．与速度无关．故A 错误；B 、物体在任何情况下均有惯性，故B 错误；C 、力是改变物体运动状态的原因；物体的运动状态越难改变，则说明物体的惯性一定大；故C 正确；D 、人跳起时，水平方向由于惯性保持与火车相同的速度，而起跳后，在水平方向人不受外力做匀速直线运动，速度与火车保持相同．故不会出现运动的偏差；故D 错误；故选：C ．18．甲、乙两质点在同一直线上匀速运动，设向右为正，甲质点的速度为2m/s ，乙质点的速度为﹣4m/s ，则可知（ ）A ．乙质点的速率小于甲质点的速率B ．因为+2＞﹣4，所以甲质点的速度大于乙质点的速度C ．这里的正、负号的物理意义是表示运动的方向D ．若甲、乙两质点同时由同一点出发，则10 s 后甲、乙两质点相距60 m【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度的正负表示运动的方向，比较速度的大小，即比较速度的绝对值．根据位移时间公式求出两者经过10s 相距的距离．【解答】解：A 、由题，甲质点的速度为2m/s ，乙质点的速度为﹣4m/s ，则甲乙的速率分别为2m/s 和4m/s ，所以乙质点的速率大于甲质点的速率．故A 错误．B 、由上分析得知，乙质点的速率大于甲质点的速率，则乙质点的速度大于甲质点的速度．故B 错误．C 、速度是矢量，在规定正方向后，其正负号表示速度的方向，即表示物体的运动方向．故C 正确．D 、若甲、乙两质点同时由同一点出发，甲沿正方向运动的位移大小为x 甲=v 甲t=2×10m=20m ，乙沿负方向运动的位移大小为x 乙=v 乙t=4×10m=40m ，则10s 后甲、乙两质点相距60m ． 故选：CD。

河北省保定市博野镇第一中学2020-2021学年高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选题）平行板间加如图（a）所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况。

下图中，能定性描述粒子运动的速度图象正确的是（）参考答案：A2. 一个灯泡通过一个粗导线的线圈与一交流电源相连接，如图2所示．一铁芯插进铁圈之后，该灯将()A．变暗B．变亮C．对灯没影响D．无法判断参考答案：A3. 站在升降机里的人发现，升降机中摆动的单摆周期变大，以下说法正确的是：A、升降机可能加速上升B、升降机一定加速上升C、升降机可能加速下降D、升降机一定加速下降参考答案：C4. （单选）如图所示，一玻璃棱镜的横截面是等腰△ABC，其中AC面是镀银的。

现有一光线垂直于AB面入射，在棱镜内经过两次反射后垂直于BC面射出。

则A．∠A=30°，∠B=75° B．∠A=32°，∠B=74°C．∠A=34°，∠B=73° D．∠A=36°，∠B=72°参考答案：D5. 如下图所示，空间存在着沿纸面向上的匀强磁场，带正电的粒子沿垂直磁场的方向刚进入磁场时，所受洛沦兹力方向是（）A、垂直纸面向里B、垂直纸面向外C、沿纸面向上D、沿纸面向下参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 电容器是储存的装置，影响平行板电容器电容量的因素是：极板的正对面积、、极板间电介质的性质。

参考答案：电荷板间距离7. (1)某同学在探究影响单摆周期的因素时有如下操作，请你判断是否恰当(填“是”或“否”)．①把单摆从平衡位置拉开某一任意角度后释放：▲；②在摆球经过最低点时启动秒表计时：▲；③用秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期：▲。

(2)该同学改进测量方法后，得到的部分测量数据见表．用螺旋测微器测量其中一个摆球直径的示数如图所示，该球的直径为▲ mm，根据表中数据可以初步判断单摆周期随▲的增大而增大。

2016-2017学年河北省保定市博野中学高一（上）期中物理试卷一．选择题：（本题共15小题，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1-10小题只有一个选项正确，每小题4分，第11-15小题有多个选项正确，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．以下说法正确的是（）A．物体的重心一定在物体上B．我们学校上午第四节课的上课时间是10：55～11：40，指时间间隔C．力有时能脱离物体而独立存在D．速度、位移、加速度、时刻是矢量，时间间隔、速率是标量2．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是平均速度 B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度 D．甲是指路程，乙是瞬时速度3．在研究下列问题时，能被当作质点处理的物体（加点的）是（）A．研究一端固定且可绕该端转动的木杆的运动时B．研究跳水运动员的跳水动作时C．研究地球的自转运动时D．在大海中航行的船，要确定它在大海中的位置时4．在一次足球比赛中，足球以12m/s的速度飞向球门立柱，被反向弹回，弹回时足球速度的大小为8m/s，足球与球门立柱接触时间为0.1s，则此过程中足球的加速度为（）A．200 m/s2，方向与飞来方向相反B．40m/s2，方向与飞来方向相同C．40 m/s2，方向与飞来方向相反D．200 m/s2，方向与飞来方向相同5．下列说法正确的是（）A．重力的方向总是垂直接触面向下B．跳板跳水运动员对板的压力是跳板形变而产生C．物体受摩擦力的方向可能与物体运动方向相同D．摩擦力的大小总是与物体间的弹力成正比6．一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A．B．C．D．7．一根弹簧原长10cm，挂上2N的钩码时，弹簧伸长1cm．当这根弹簧挂上6N的重物时，弹簧长变为（在弹性限度内）（）A．3cm B．13cm C．4cm D．14cm8．如图所示，a、b间一定有弹力的是（）A．B． C．D．9．如图所示，表面光滑、质量不计的尖劈，插在缝A、B之间，尖劈的一个角为α，在尖劈背上加一压力F，则尖劈对A侧压力和对B侧压力分别为（）A．Fsinα，FtanαB．，FtanαC．，D．Fsinα，10．用一个水平力推放在地面上的木箱，但没有推动，则下列判断正确的是（）A．水平推力小于木箱受到的摩擦力B．木箱相对于地面的运动趋势的方向与水平力方向相反C．木箱越重，摩擦力越大D．木箱越重，最大静摩擦力越大，木箱越不容易被推动11．结合图片中说明的情景及数据，以下判断正确的是（）A．高速行驶的磁悬浮列车的加速度可能为零B．汽车刹车至静止时如果初速度很大，其加速度一定也很大C．在炮膛中点燃火药后的炮弹的瞬时速度、加速度可能均为零D．刘翔在110m栏比赛起跑时速度很小，但加速度很大12．如图所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（）A． B． C． D．13．关于两个共点力与它们的合力，下列说法正确的是（）A．合力可能比分力小，也可能相等B．夹角0°≤θ≤180°时，合力随两个共点力的夹角的减小而变小C．合力与这两个力的共同作用效果相同D．合力一定比原来的每一个力都大14．物体从静止做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是3m，则下列说法正确的是（）A．第3 s内平均速度是3m/s B．物体的加速度是1.2 m/s2C．第2s内通过的位移是2m D．第4 s内通过的位移是4.2m15．甲、乙两物体在同一直线上同时从同一位置做匀变速直线运动的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．前6s内甲和乙的速度方向相反B．前2s内，两者的平均速度大小相等C．2s末时，甲在前，乙在后D．4s末时，甲乙相遇二．实验16．某研究性学习小组的学生在研究“共点力的合成问题”时得到的实验结果如图所示，F′与A、O共线，A 端为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细线的结点．（1）、利用平行四边形定则作出F l和F2的合力F，通过比较和来验证力的合成是否遵守平行四边形定则．（2）、在上述实验中所说的合力与两个分力具有相同的效果，是通过下列哪个方法实现的A．测力计的弹簧被拉长B．使橡皮条产生的形变相同C．细线套受拉力产生形变D．使橡皮条在同一方向上伸长到相同长度．17．在“探究小车做匀变速直线运动”的实验中：（1）下列操作中正确的有．（填选项代号）A．在释放小车前，小车要靠近打点计时器B．打点计时器应放在长木板的有滑轮一端C．应先接通电源，后释放小车D．电火花计时器应使用低压交流电源（2）某同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时打出的纸带如图所示，每两点之间还有四点没有画出来，图中上面的数字为相邻两点间的距离，打点计时器的电源频率为50Hz．（答案保留三位有效数字）①打第4个计数点时纸带的速度v4=m/s．②0﹣6点间的加速度为a=m/s2．18．在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法做出了所持钩码的弹力F与弹簧总长L的关系图象，根据图象回答以下问题．（1）弹簧的原长为cm．（2）弹簧的劲度系数为N/m．三．大题19．一辆汽车在平直公路上匀速行驶，速度大小为υ0=20m/s，关闭油门后汽车的加速度为a=﹣5m/s2．求：（1）汽车在关闭油门后3s末的速度（2）汽车关闭油门后6s内滑行的距离．20．如图所示，在水平地面上用绳子拉一个质量为m=46kg的箱子，绳子与地面的夹角为37°，拉力F=100N 时箱子恰好匀速移动．g=10m/s2，sin37°=0.6；cos37°=0.8．试求：（1）请在图中作出箱子的受力示意图；（2）箱子所受的摩擦力大小；（3）地面和箱子之间的动摩擦因数．21．如图所示，用绳AB和BC吊起一重物P，AB绳和水平面AC间的夹角为60°，BC绳与AC间的夹角为30°，绳AB能承受的最大拉力为300N，绳BC能承受的最大拉力为200N，求物体P的最大许可重力．2016-2017学年河北省保定市博野中学高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一．选择题：（本题共15小题，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1-10小题只有一个选项正确，每小题4分，第11-15小题有多个选项正确，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．以下说法正确的是（）A．物体的重心一定在物体上B．我们学校上午第四节课的上课时间是10：55～11：40，指时间间隔C．力有时能脱离物体而独立存在D．速度、位移、加速度、时刻是矢量，时间间隔、速率是标量【考点】矢量和标量；时间与时刻．【分析】本题从重心的定义、时间和时刻的区别、牛顿第三定律以及矢量与标量等知识点分析即可解题．时刻是指某一瞬时，时间间隔是指两个时刻之间的间隔．速度、位移、加速度是矢量，时刻、时间间隔、速率是标量．【解答】解：A、重心是物体的重力的作用点，重心不一定在物体上，如篮球，铁环等．故A错误；B、学校上午第四节课的上课时间是10：55～11：40，指时间间隔．故B正确；C、力是物体与物体之间的相互作用，不能脱离物体而独立存在．故C错误；D、速度、位移、加速度是矢量，时刻、时间间隔和速率是标量，故D错误．故选：B2．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是平均速度 B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度 D．甲是指路程，乙是瞬时速度【考点】瞬时速度；位移与路程．【分析】告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大．【解答】解：告示牌甲是里程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大，告示牌乙上面的数字是瞬时速度．所以甲是指路程，乙是指瞬时速度，故ABC错误，D正确；故选：D3．在研究下列问题时，能被当作质点处理的物体（加点的）是（）A．研究一端固定且可绕该端转动的木杆的运动时B．研究跳水运动员的跳水动作时C．研究地球的自转运动时D．在大海中航行的船，要确定它在大海中的位置时【考点】质点的认识．【分析】物体能质点的条件是：物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可忽略不计，根据这个条件进行选择．【解答】解：A、研究一端固定且可绕该端转动的木杆的运动时，不能把木杆当作质点处理，否则没有转动．故A错误．B、研究在跳水运动员的动作时运动员不能当作质点，因为运动员的造型、姿态等直接影响观赏和打分．故B错误．C、研究自转中的地球，不能把地球当作质点，否则就无法分辨它的转动了．故C错误．D、在大海中航行的船，要确定它在大海中的位置时，船相对于大海大小可以忽略不计，可以看作质点．故D正确．故选：D4．在一次足球比赛中，足球以12m/s的速度飞向球门立柱，被反向弹回，弹回时足球速度的大小为8m/s，足球与球门立柱接触时间为0.1s，则此过程中足球的加速度为（）A．200 m/s2，方向与飞来方向相反B．40m/s2，方向与飞来方向相同C．40 m/s2，方向与飞来方向相反D．200 m/s2，方向与飞来方向相同【考点】加速度．【分析】规定初速度的方向为正方向，结合速度的变化量，以及变化的时间求出足球的加速度．【解答】解：规定初速度的方向为正方向，则足球的加速度为：a=，则足球在这段时间内加速度的大小为为200m/s2，方向与飞来方向相反．故选：A5．下列说法正确的是（）A．重力的方向总是垂直接触面向下B．跳板跳水运动员对板的压力是跳板形变而产生C．物体受摩擦力的方向可能与物体运动方向相同D．摩擦力的大小总是与物体间的弹力成正比【考点】摩擦力的判断与计算；重心．【分析】重力的方向总是竖直向下；绳子的作用力一定沿绳方向，杆子的作用力可以不沿杆的方向；滑动摩擦力与相对滑动方向相反，与正压力成正比；产生弹力的条件是物体间相互接触和发生弹性形变．【解答】解：A、重力的方向总是竖直向下，即垂直水平面向下，故A错误；B、跳板跳水运动员对板的压力是运动员形变而产生，并不是跳板形变而产生，故B错误；C、物体受滑动摩擦力的方向可能与物体运动方向相同，如放到传送带上的物体，开始加速时的摩擦力方向与速度方向相同，故C正确；D、滑动摩擦力的大小总是与物体间的弹力成正比，静摩擦力不与弹力成正比，故D错误；故选：C．6．一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A．B．C．D．【考点】自由落体运动．【分析】物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得．【解答】解：物体做自由落体运动，由H=gt2，当时间为时，物体下落的高度为h=g=，所以离地面的高度为，所以C正确．故选C．7．一根弹簧原长10cm，挂上2N的钩码时，弹簧伸长1cm．当这根弹簧挂上6N的重物时，弹簧长变为（在弹性限度内）（）A．3cm B．13cm C．4cm D．14cm【考点】胡克定律．【分析】先根据胡克定律求出劲度系数，再求出挂另一重物时，弹簧的伸长量，从而求出弹簧总长度．【解答】解：挂2N砝码时有：G1=kx1①挂6N的物体时有：G2=kx2②后来弹簧的总长：l=l0+x2③其中G1=2N，G2=6N，x1=1cm，联立①②③可得：l=13cm．故选：B．8．如图所示，a、b间一定有弹力的是（）A．B． C．D．【考点】物体的弹性和弹力．【分析】根据弹力产生的两个条件：一是直接接触；二是物体发生弹性形变来判断，也可以采用假设法判断．【解答】解：A、a、b两个球尽管接触，由于两细绳竖直，但相互没有挤压，没有发生弹性形变，两者之间不存在弹力．故A错误．B、两球存在相互挤压，发生了弹性形变，两球之间存在弹力．故B正确．C、a、b两个球尽管接触，但相互没有挤压，没有发生弹性形变，两者之间不存在弹力．故C错误．D、由于细绳竖直，重力与细绳的拉力平衡，斜面对球没有弹力，否则小球受到三个力，合力不可能为零，小球就不能平衡，与题条件不符．故D错误．故选：B．9．如图所示，表面光滑、质量不计的尖劈，插在缝A、B之间，尖劈的一个角为α，在尖劈背上加一压力F，则尖劈对A侧压力和对B侧压力分别为（）A．Fsinα，FtanαB．，FtanαC．，D．Fsinα，【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】将F按照力的作用效果分解为垂直于三角形劈的直角边和斜边方向，根据平行四边形定则，求出两个分力的大小，两分力的大小分别等于对A侧和B侧的压力．【解答】解：将F按照作用效果分解为图示两个方向，根据平行四边形定则如图所示，根据三角函数关系得：F1=F2=故选：C10．用一个水平力推放在地面上的木箱，但没有推动，则下列判断正确的是（）A．水平推力小于木箱受到的摩擦力B．木箱相对于地面的运动趋势的方向与水平力方向相反C．木箱越重，摩擦力越大D．木箱越重，最大静摩擦力越大，木箱越不容易被推动【考点】静摩擦力和最大静摩擦力．【分析】（1）物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，所受到的力是一对平衡力；（2）二力平衡的条件是：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上．【解答】解：A、因为用水平力推静止在水平地面上的箱子，没有推动，所以箱子处于静止状态，具有与推力方向相同的运动趋势；根据平衡条件可知，物体受到的合力为零；在水平方向上所受的推力与摩擦力是一对平衡力，所以摩擦力等于推力，并且方向相反，故A错误；B、木箱相对于地面的运动趋势的方向与水平力方向相同．故B错误；C、木箱越重，最大静摩擦力越大，但摩擦力始终与推力等大反向．与木箱的重力无关．故C错误；D、木箱越重，最大静摩擦力越大，木箱越不容易被推动．故D正确．故选：D11．结合图片中说明的情景及数据，以下判断正确的是（）A．高速行驶的磁悬浮列车的加速度可能为零B．汽车刹车至静止时如果初速度很大，其加速度一定也很大C．在炮膛中点燃火药后的炮弹的瞬时速度、加速度可能均为零D．刘翔在110m栏比赛起跑时速度很小，但加速度很大【考点】加速度．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，结合加速度的概念分析判断．【解答】解：A、高速行驶的磁悬浮列车，速度很快，可能做匀速直线运动，则加速度可能为零，故A正确．B、汽车刹车至静止时，初速度很大，加速度不一定大，还与刹车的时间有关，故B错误．C、在炮膛中点燃火药后的炮弹的瞬时速度为零，但是速度的变化率不为零，加速度不为零，故C错误．D、刘翔在110m栏比赛起跑时速度很小，但是速度变化很快，加速度很大，故D正确．故选：AD．12．如图所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（）A． B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】s﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．【解答】解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置，故A正确；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故B错误；C、物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C正确；D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选ACD．13．关于两个共点力与它们的合力，下列说法正确的是（）A．合力可能比分力小，也可能相等B．夹角0°≤θ≤180°时，合力随两个共点力的夹角的减小而变小C．合力与这两个力的共同作用效果相同D．合力一定比原来的每一个力都大【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】当一个物体受到几个力的共同作用时，我们常常可以求出这样一个力，这个力产生的效果和原来几个力的共同作用产生的效果相同，这个力就叫做那几个力的合力，原来的几个力就叫做这个力的分力．1．合力与分力是等效替换关系．2．在进行受力分析时，合力与分力只能考虑其一，切忌重复分析．3．合力与分力的大小关系：两个分力F1、F2与合力F合的大小关系与两个分力方向间的夹角θ有关．当θ=0，则F合=F1+F2（F合最大）；当θ=180°，则F合=|F1﹣F2|（F合最小）．所以两个力的合力可以大于任一分力，也可以小于任一分力，还可以等于某一分力，并且在两力同向时合力最大，反向时合力最小．【解答】解：AD、两个分力F1、F2与合力F合的大小关系与两个分力方向间的夹角θ有关．当θ=0，则F合=F1+F2（F合最大）；当θ=180°，则F合=|F1﹣F2|（F合最小）．所以两个力的合力可以大于任一分力，也可以小于任一分力，还可以等于某一分力，并且在两力同向时合力最大，反向时合力最小，故A正确，D 错误；B、根据平行四边形定则可知，夹角0°≤θ≤180°时，合力随两个共点力的夹角的减小而增大，故B错误；C、合力与分力是等效替代关系，合力与这两个力的共同作用效果相同，故C正确；故选：AC．14．物体从静止做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是3m，则下列说法正确的是（）A．第3 s内平均速度是3m/s B．物体的加速度是1.2 m/s2C．第2s内通过的位移是2m D．第4 s内通过的位移是4.2m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；平均速度．【分析】物体做匀加速直线运动，第3s内的位移等于前3s的位移减去前2s内的位移，根据位移公式列方程求出加速度，再予以位移公式求出位移．【解答】解：A、第3s内的平均速度：===3m/s，故A正确；B、物体做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式得，第3s内的位移：x3=×a×32﹣×a×22=3，解得：a=1.2m/s2，故B正确；C、物体做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式得，第2s内的位移：x2=×1.2×22﹣×1.2×12=1.8m，故C错误；D、物体做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式得，第4s内的位移：x4=×1.2×42﹣×1.2×32=4.2m，故D正确；故选：ABD．15．甲、乙两物体在同一直线上同时从同一位置做匀变速直线运动的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．前6s内甲和乙的速度方向相反B．前2s内，两者的平均速度大小相等C．2s末时，甲在前，乙在后D．4s末时，甲乙相遇【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正，时间轴下方速度是负；匀变速直线运动的平均速度可用公式分析；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正【解答】解：A、由图知，在前6s内，甲乙两个物体的速度均为正值，说明速度均沿正向，方向相同，故A错误．B、由匀变速直线运动的平均速度公式分析得知，前2s内甲的平均速度大小为=2.5m/s．乙的平均速度大小为=1.5m/s．故B错误．C、根据“面积”表示位移可知，2s末时，甲的位移大，而两物体在同一直线上同时从同一位置沿同一方向做直线运动，所以2s末时，甲在前，乙在后，故C正确．D、由“面积”看出，4s末两个物体的位移相等，相遇，故D正确．故选：CD二．实验16．某研究性学习小组的学生在研究“共点力的合成问题”时得到的实验结果如图所示，F′与A、O共线，A 端为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细线的结点．（1）、利用平行四边形定则作出F l和F2的合力F，通过比较F和F’来验证力的合成是否遵守平行四边形定则．（2）、在上述实验中所说的合力与两个分力具有相同的效果，是通过下列哪个方法实现的DA．测力计的弹簧被拉长B．使橡皮条产生的形变相同C．细线套受拉力产生形变D．使橡皮条在同一方向上伸长到相同长度．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】（1）明确实验原理和实验目的即可正确解答；（2）根据合力与分力的关系：正确理解“等效”的含义，即可正确解答本题．【解答】解：（1）根据该实验的实验原理和目的可知，该实验采用了“等效法”，两次拉橡皮筋到同一位置，然后比较一个弹簧时的拉力F′与通过平行四边形定则得出F1和F2合力进行比较，从而验证力的平行四边形定则．（2）该实验采用了“等效法”，即合力和分力的效果由橡皮的拉伸体现，效果相同，橡皮条在某一方向上伸长到相同长度，即要求橡皮筋的形变方向和大小都相同，故ABC错误，D正确故答案为：（1）F；F'（2）D．17．在“探究小车做匀变速直线运动”的实验中：（1）下列操作中正确的有A、C．（填选项代号）A．在释放小车前，小车要靠近打点计时器B．打点计时器应放在长木板的有滑轮一端C．应先接通电源，后释放小车D．电火花计时器应使用低压交流电源（2）某同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时打出的纸带如图所示，每两点之间还有四点没有画出来，图中上面的数字为相邻两点间的距离，打点计时器的电源频率为50Hz．（答案保留三位有效数字）①打第4个计数点时纸带的速度v4= 1.20m/s．②0﹣6点间的加速度为a= 1.98m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】（1）打点计时器使用交流电源，为增加纸带的有效长度，小车要从靠近打点计时器位置释放，还要先接通电源并等打点稳定后再释放小车；（2）根据匀变速直线运动中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度的大小，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；【解答】解：（1）A、在释放小车前，小车要靠近打点计时器，从而增加有效点的个数，故A正确；B、打点计时器应放在长木板远离滑轮的一端，故B错误；C、应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故C正确；D、电火花计时器应使用220V交流电源，故D错误；故选：AC（2）因为每两点之间还有四个点未画出，所以T=0.1s，根据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的=1.20m/s利用逐差法求加速度==1.98故答案为：（1）AC （2）1.20 1.9818．在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法做出了所持钩码的弹力F与弹簧总长L的关系图象，根据图象回答以下问题．（1）弹簧的原长为0.10cm．（2）弹簧的劲度系数为1000N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据题意可知，弹簧总长度L（cm）与所挂物体重力G（N）之间符合一次函数关系，根据胡克定律写出F与L的方程即可正确解答．【解答】解：（1）当弹簧下端所挂钩码的重力G为0时，弹簧的拉力也为0，此时弹簧长度即为原长，由图示图象可知，弹簧的原长为：0.10m．（2）由图示图象可知，弹簧的劲度系数为k===1000N/m．故答案为：（1）0.10；（2）1000三．大题19．一辆汽车在平直公路上匀速行驶，速度大小为υ0=20m/s，关闭油门后汽车的加速度为a=﹣5m/s2．求：（1）汽车在关闭油门后3s末的速度（2）汽车关闭油门后6s内滑行的距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】先求出汽车关闭油门到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动，根据匀变速直线运动的速度公式v=v0+at，位移时间公式：求解即【解答】解：汽车减速到零所需时间为t0，则（1）据v=v0+at代入得v=20﹣5×3m/s=5ms（2）6s内滑行的距离即4s内滑行的距离答：（1）汽车在关闭油门后3s末的速度为5m/s（2）汽车关闭油门后6s内滑行的距离为40m20．如图所示，在水平地面上用绳子拉一个质量为m=46kg的箱子，绳子与地面的夹角为37°，拉力F=100N 时箱子恰好匀速移动．g=10m/s2，sin37°=0.6；cos37°=0.8．试求：（1）请在图中作出箱子的受力示意图；（2）箱子所受的摩擦力大小；（3）地面和箱子之间的动摩擦因数．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】分析受力情况，作出力图，由平衡条件求解水平地面对雪橇的支持力，由摩擦力公式f=μN求解箱子与水平地面的动摩擦因数μ．【解答】解：（1）以箱子为研究对象，分析受力情况如图：（2）水平方向受力平衡：Fcos37°﹣f=0，代入数据解得：f=80N；（3）竖直方向受力平衡：N+Fsin37°﹣G=0，代入数据解得：N=400N；由f=μN，可得：；答：（1）箱子的受力示意图如图所示；（2）箱子所受的摩擦力大小为80N；（3）地面和箱子之间的动摩擦因数为0.2．21．如图所示，用绳AB和BC吊起一重物P，AB绳和水平面AC间的夹角为60°，BC绳与AC间的夹角为30°，绳AB能承受的最大拉力为300N，绳BC能承受的最大拉力为200N，求物体P的最大许可重力．。