202x版高一物理下学期5月月考试题

图1 高一年级下学期5月月考物 理 试 题〔范围：动量〕说明：1．测试时间：90分钟 总分：100分2．客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上第1卷〔选择题 共40分〕一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共4分。

每个小题所给出的四个选项中，有一个或多个是正确的。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

〕1．如下关于动量的说法正确的答案是 〔 〕A ．质量大的物体的动量一定大B ．质量和速率都一样的物体的动量一定一样C ．一个物体的速率改变，它的动量一定改变D ．一个物体的运动状态变化，它的动量一定改变2．质量为m 的物体放在光滑水平地面上，在与水平方向成θ角的恒定推力F 作用下，由静止开始运动，在时间t 内推力的冲量和重力的冲量大小分别为〔 〕A ．Ft ；0B ．Ftc os θ；0C ．Ft ；mgtD ．Ftc os θ；mgt3．下面关于物体动量和冲量的说法正确的答案是〔 〕A ．物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大B ．物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变C ．物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向D ．物体所受合外力越大，它的动量变化就越快4．如下运动中，在任意相等的时间内，物体的动量变化不相等的是 〔 〕A ．匀速圆周运动B ．自由落体运动C ．平抛运动D ．匀减速直线运动5．如图1所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v 抽出纸条后，铁块掉在地上的P 点.假设以2v 速度抽出纸条，如此铁块落地点为 〔 〕A ．仍在P 点B ．在P 点左边C ．在P 点右边不远处D ．在P 点右边原水平位移的两倍处图2 图3 6．质量一样的三个小球a 、b 、c ，在光滑水平面上以一样的速率分别与原来静止的三个小球A 、B 、C 发生正碰；a 与A 碰后，a 球继续沿原来方向运动；b 与B 相碰后，b 球静止不动；c 与C 碰后，c 球被弹回而反向运动.可知碰后A 、B 、C 三球动量大小的关系是〔 〕A ．p A ＜pB ＜pC B ．p A ＞p B ＞p C C ．p B ＞p C ＞p AD ．p A =p B =p C7．质量为M 的木块在光滑的水平面上以速度v 1向右运动，质量为m 的子弹以速度v 2水平向左射入木块〔子弹留在木块内〕，要使木块停下来，必须发射子弹的数目为 〔 〕A ．12)(mv v m M +B ．21)(v m M Mv +C ．21mv Mv D ．21Mv mv 8．如图2所示，两块小木块A 和B ，中间夹上轻弹簧，用线扎在一起，放在光滑的水平台面上，烧断线，弹簧将木块A 、B 弹出，最后落到水平地面上，根据图中的有关数据，可以判定如下说法中正确的有〔弹簧原长远小于桌面长度〕 〔 〕A ．木块A 先落到地面上B ．弹簧推木块时，两木块加速度之比a A ∶a B =1∶2C ．从烧断线时到两木块滑离桌面前，两木块各自所受合冲量之比I A ∶I B =l∶2D ．两木块在空中飞行时所受的冲量之比I A ′∶I B ′=2∶19．如图3所示，三辆一样的平板小车a 、b 、c 成一直线排列，静止在光滑水平地面上，c 车上一个小孩跳到b 车上，接着又立即从b 车跳到a 车上，小孩跳离c 车和b 车时对地的水平速度一样，他跳到a 车上没有走动便相对a 车保 持静止，此后 〔 〕A ．a 、c 两车的运动速率相等B ．a 、b 两车的运动速率相等C ．三辆车的运动速率关系为v c ＞v a ＞v bD ．a 、c 两车的运动方向一定相反10．两球A 、B 在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A =1 kg ，m B =2 kg ，v A =6 m/s ，v B =2 m/s 。

应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．1-7为单项选择题，8-10有多个选项正确选对的得4分选不全的得2分有选错或不答的得0分〕1．以额功率从水平路面上坡时，司机换档的目的是〔〕A．增大速度，增大牵引力B．减小速度，减小牵引力C．增大速度，减小牵引力D．减小速度，增大牵引力2．一物体在距地面h高处被以初速度v竖直上抛，恰好能上升到距地面H高的天花板处．假设以天花板为零势能面，忽略空气阻力．那么物体落回地面时的机械能可能是〔〕A．mgh+B．mg〔h+H〕C．0D．mgH3．关于作用力与反作用力做功的关系，以下说法不正确的选项是〔〕A．当作用力作正功时，反作用力一作负功B．当作用力不作功时，反作用力也不作功C．作用力与反作用力所做的功一是大小相D．作用力做正功时，反作用力也可以做正功4．a、b、c三个物体质量分别为m，2m，3m，它们在水平路面上某时刻运动的动能相．当每个物体受到大小相同的制动力时，它们制动距离之比是〔〕A．1：2：3B．12：22：32C．1：1：1D．3：2：15．某中体重的生进行体能训练时，用100s的时间登上20m的高楼，估测他登楼时的平均功率，最接近的数值是〔〕A．10WB．100WC．1KWD．10KW 6．如下图，一小球自A点由静止自由下落，到B点时与弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短．假设不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A→B→C的过程中，且取地面为零势面，那么〔〕A．小球从A→B的过程中机械能守恒；小球从B→C的过程中只有重力和弹力做功，所以机械能也守恒B．小球在B点时动能最大C．小球减少的机械能，于弹簧弹性势能的增量D．小球到达C点时动能为零，重力势能为零，弹簧的弹性势能最大7．水平面上的甲、乙两物体，在某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下逐渐停下来，如图，a、b分别表示甲、乙的动能E和位移s的图象，以下说法正确的选项是〔〕A．假设甲和乙与水平面的动摩擦因数相同，那么甲的质量一比乙大B．假设甲和乙与水平面的动摩擦因数相同，那么甲的质量一比乙小C．假设甲和乙的质量相，那么甲与地面的动摩擦因数和乙相D．假设甲和乙的质量相，那么甲和地面的动摩擦因数一比乙小8．以下表达中正确的选项是〔〕A．合外力对物体做功为零的过程中，机械能一守恒B．做匀速直线运动的物体机械能一守恒C．做匀变速运动的物体机械能可能守恒D．当只有重力对物体做功时，物体的机械能守恒9．如图，A、B质量相，它们与地面间的摩擦系数也相，且F A=F B，如果A、B由静止开始运动相同的距离，那么〔〕A．F A对A做的功与F B对B做的功相同B．F A对A做功的平均功率大于F B对B做功的平均功率C．到终点时物体A获得的动能大于物体B获得的动能D．到终点时物体A获得的动能小于物体B获得的动能10．如图，卷扬机的绳索通过滑轮用力F拉位于粗糙面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动．在移动过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．F对木箱做的功于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和B．F对木箱做的功于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和C．木箱克服重力所做的功于木箱增加的重力势能D．F对木箱做的功于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和二、填空题11．在离地面45m高处有一质量为0.1kg的小球开始做自由落体运动，在第一秒末重力的瞬间功率是w，在第二秒内重力做功的平均功率为w，即将着地时重力做功的功率为w．〔g取10m/s2〕12．在<验证机械能守恒律>的中，打点计时器所接交流电频率为50Hz，当地重力加速度g=0m/s2．选用重锤质量为m〔kg〕，从所打纸带中选择一条适宜的纸带，纸带上连续的点A、B、C、D至O点的距离如下图，那么重锤从O运动到C，重力势能减少J．重锤经过C时的速度为m/s．其动能增加J．13．如下图，物体质量1kg，斜向上拉力F=10N，物体和水平面间的滑动摩擦因数μ=0.25，物体在F的作用下从静止开始10m．那么在这一过程中，F对物体做了多少功？物体获得多大速度？〔g=10m/s2〕．14．把质量为3.0kg的石块，从高30m的某处，以5.0m/s的速度向斜上方抛出，〔g取10m/s2〕，〔1〕不计空气阻力，求石块落地时的速率．〔2〕假设石块在运动过程中克服空气阻力做了7J的功，石块落地时的速率又为多少？15．质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固在倾角为30°的斜面顶端的滑轮上，斜面固在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8米，如下图．假设摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．〔斜面足够长，g取10m/s2〕求：〔1〕物体A着地时的速度；〔2〕物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离．16．某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如下图〔除2s﹣10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线〕．在小车运动的过程中，2s﹣14s时间段内小车的功率保持不变，在14s 末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：〔1〕小车所受到的阻力大小；〔2〕小车匀速行驶阶段的功率；〔3〕小车在整个运动过程中位移的大小．一中高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．1-7为单项选择题，8-10有多个选项正确选对的得4分选不全的得2分有选错或不答的得0分〕1．以额功率从水平路面上坡时，司机换档的目的是〔〕A．增大速度，增大牵引力B．减小速度，减小牵引力C．增大速度，减小牵引力D．减小速度，增大牵引力【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】发动机的功率是牵引力的功率．根据功率公式P=Fv，进行分析讨论．【解答】解：A、P一，由公式P=Fv，增大牵引力，必须减小速度．故A错误．B、P一，由公式P=Fv，减小速度，可以增大牵引力．故B错误．C、上坡时，需要增大牵引力，减小速度．故C错误．D、P一，由公式P=Fv，上坡时减小速度，可以增大牵引力．故D正确．应选：D2．一物体在距地面h高处被以初速度v竖直上抛，恰好能上升到距地面H高的天花板处．假设以天花板为零势能面，忽略空气阻力．那么物体落回地面时的机械能可能是〔〕A．mgh+B．mg〔h+H〕C．0D．mgH【考点】机械能守恒律．【分析】物体恰好能上升到距地面H高的天花板处，速度为零，机械能于重力势能与动能之和，即可确出物体在天花板处的机械能，再运用机械能守恒求解物体落回地面时的机械能．【解答】解：据题，物体恰好能上升到距地面H高的天花板处，速度为零，动能为零；以天花板为零势能面，物体在天花板处的重力势能为零．因机械能于重力势能与动能之和，所以可知物体在天花板处的机械能为零．因忽略空气阻力，物体运动过程中，机械能守恒，那么知物体落回地面时的机械能于物体在天花板处的机械能，即为0．应选C3．关于作用力与反作用力做功的关系，以下说法不正确的选项是〔〕A．当作用力作正功时，反作用力一作负功B．当作用力不作功时，反作用力也不作功C．作用力与反作用力所做的功一是大小相D．作用力做正功时，反作用力也可以做正功【考点】功的计算；作用力和反作用力．【分析】力做功的正负即决于力和位移的方向关系；根据作用力和反作用力的性质可以判断两力做功的情况．【解答】解：A、作用力和反作用力是作用在两个相互作用的物体之上的；作用力和反作用力可以同时做负功，也可以同时做正功；如冰面上两个原来静止的小孩子相互推一下之后，两人同时后退，那么两力做正功；而两个相对运动后撞在一起的物体，作用力和反作用力均做负功，故A错误；B、假设物体在一个静止的物体外表上滑动，那么由于静止的物体没有位移，那么相互作用的摩擦力对静止的物体不做功，所以作用力和反作用力可以一个力做功，另一个力不做功，故BC均错误D、作用力和反作用力可以同时做正功，也可以同时做负功，故D正确；此题选错误的，应选：ABC．4．a、b、c三个物体质量分别为m，2m，3m，它们在水平路面上某时刻运动的动能相．当每个物体受到大小相同的制动力时，它们制动距离之比是〔〕A．1：2：3B．12：22：32C．1：1：1D．3：2：1【考点】动能理；动能．【分析】根据动能理列式，得出制动距离与初动能、制动力的关系式，即可求解．【解答】解：设任一物体的质量为M，初动能为E k，制动距离为S，制动力为F，根据动能理得﹣FS=0﹣E k，那么得S=由题意，三个物体的初动能E k相，制动力F相，那么知制动距离相，故C正确．应选C5．某中体重的生进行体能训练时，用100s的时间登上20m的高楼，估测他登楼时的平均功率，最接近的数值是〔〕A．10WB．100WC．1KWD．10KW【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】生的体重可取50kg，人做功用来克服重力做功，故人做功的数据可尽似为重力的功，再由功率公式可求得功率．【解答】解：学生上楼时所做的功W=mgh=50×10×20〔J〕=10000J；那么他做功的功率P===100W；应选B．6．如下图，一小球自A点由静止自由下落，到B点时与弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短．假设不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A→B→C的过程中，且取地面为零势面，那么〔〕A．小球从A→B的过程中机械能守恒；小球从B→C的过程中只有重力和弹力做功，所以机械能也守恒B．小球在B点时动能最大C．小球减少的机械能，于弹簧弹性势能的增量D．小球到达C点时动能为零，重力势能为零，弹簧的弹性势能最大【考点】机械能守恒律．【分析】根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒．小球从B点接触弹簧，弹力逐渐增大，开始小于重力，到BC间某位置于重力，后大于重力，因此，小球从B到C先做加速运动，后做减速运动，到C点速度减为零，弹簧压缩到最短．【解答】解：A、从A到B的过程中，小球仅受重力，只有重力做功，所以小球的机械能守恒．小球从B→C的过程中弹力对小球做功，所以小球的机械能不守恒．故A错误．B、小球从B点接触弹簧，弹力逐渐增大，开始小于重力，到BC间某位置于重力，后大于重力，所以小球先加速后减速，那么在BC间某位置速度最大，动能最大．故B错误．C、对于小球和弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，那么小球减小的机械能于弹簧的弹性势能的增加量．故C正确．D、小球到达C点速度为零，弹簧的弹性势能最大，以地面为参考系，重力势能不为零．故D错误．应选：C．7．水平面上的甲、乙两物体，在某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下逐渐停下来，如图，a、b分别表示甲、乙的动能E和位移s的图象，以下说法正确的选项是〔〕A．假设甲和乙与水平面的动摩擦因数相同，那么甲的质量一比乙大B．假设甲和乙与水平面的动摩擦因数相同，那么甲的质量一比乙小C．假设甲和乙的质量相，那么甲与地面的动摩擦因数和乙相D．假设甲和乙的质量相，那么甲和地面的动摩擦因数一比乙小【考点】动能理的用．【分析】根据动能理得到动能与位移的关系式，研究斜率，分别分析摩擦因数相同时，质量关系，及质量相时，摩擦因数的关系．【解答】解：根据动能理，得﹣μmgs=0﹣E0即μmgs=E0，可知图线斜率大小于μmg由图μa m a g＞μb m b gA、B 当μ相同时，m a＞m b，即甲的质量一比乙大．故A正确，B错误．C、D当m相时，μa＞μb，故C、D均错误．应选A8．以下表达中正确的选项是〔〕A．合外力对物体做功为零的过程中，机械能一守恒B．做匀速直线运动的物体机械能一守恒C．做匀变速运动的物体机械能可能守恒D．当只有重力对物体做功时，物体的机械能守恒【考点】机械能守恒律．【分析】机械能守恒的条件是只有重力或弹簧的弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，根据这个条件进行分析．【解答】解：A、合外力对物体做功为零，根据动能理得知，动能不变，而重力势能可能改变，所以机械能不一守恒，故A错误．B、做匀速直线运动的物体机械能不一守恒，比方跳伞员带着张开的降落伞匀速下降，动能不变，重力势能减小，所以机械能减小，故B错误．C、做匀变速运动的物体，假设只有重力做功，机械能守恒，比方自由落体运动的物体做匀加速运动，机械能守恒，故C正确．D、当只有重力对物体做功时，物体的动能与重力势能相互转化，其机械能守恒，故D正确．应选CD9．如图，A、B质量相，它们与地面间的摩擦系数也相，且F A=F B，如果A、B由静止开始运动相同的距离，那么〔〕A．F A对A做的功与F B对B做的功相同B．F A对A做功的平均功率大于F B对B做功的平均功率C．到终点时物体A获得的动能大于物体B获得的动能D．到终点时物体A获得的动能小于物体B获得的动能【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据功的公式比拟两个力做功的大小．结合牛顿第二律比拟出加速度，结合位移时间公式比拟出运动的时间，从而得出平均功率的大小．根据速度位移公式比拟出末速度的大小，结合瞬时功率公式比拟瞬时功率的大小．【解答】解：A、根据W=Fscosθ，因两个力的大小相，与水平方向的夹角相，位移相，那么做功的大小相．故A正确．B、对A，加速度为：a=，对B ，加速度为：，可知A的加速度大于B 的加速度，根据知，A的运动时间小于B的运动时间，根据P=，F A对A做的平均功率大于F B 对B做功的平均功率．故B正确．C、根据v2=2as得，A的速度大于B的速度，所以到终点时物体A获得的动能大于物体B获得的动能．故C正确，D错误．应选：ABC．10．如图，卷扬机的绳索通过滑轮用力F拉位于粗糙面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动．在移动过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．F对木箱做的功于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和B．F对木箱做的功于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和C．木箱克服重力所做的功于木箱增加的重力势能D．F对木箱做的功于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和【考点】功能关系；动能理的用；重力势能的变化与重力做功的关系．【分析】对木箱进行受力分析，找出在木箱运动中有哪些力做功，做什么功，同时结合功能关系找出能量之间的转化，由动能理及机械能守恒可得出各功及能量之间的关系．【解答】解：在木箱移动过程中，受力分析如下图．这四个力中，有重力、拉力和摩擦力做功．重力做负功使重力势能增加，摩擦力做负功产生热能．因为物体加速运动，根据动能理，合力做的功于动能的增量．而机械能于动能与重力势能之和，故F做的功于木箱增加的动能与重力势能以及克服摩擦力所做的功，所以AB 错误，CD正确答案：CD．二、填空题11．在离地面45m高处有一质量为0.1kg的小球开始做自由落体运动，在第一秒末重力的瞬间功率是10 w，在第二秒内重力做功的平均功率为15 w，即将着地时重力做功的功率为30 w．〔g取10m/s2〕【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据速度时间公式求出第1s末的速度，结合瞬时功率的公式求出重力的瞬时功率．根据第2s内的位移求出重力做功的大小，从而得出重力做功的平均功率．根据速度位移公式求出着地的速度，结合瞬时功率的公式求出着地时重力做功的功率．【解答】解：第1s末物体的速度为：v1=gt1=10×1m/s=10m/s，那么第1s末重力的瞬时功率为：P=mgv1=0.1×10×10W=10W．第2s 内下降的位移为：，那么重力做功的平均功率为：．物体落地的速度为：v=m/s=30m/s，那么着地时重力做功的功率为：P=mgv=0.1×10×30W=30W．故答案为：10，15，30．12．在<验证机械能守恒律>的中，打点计时器所接交流电频率为50Hz，当地重力加速度g=0m/s2．选用重锤质量为m〔kg〕，从所打纸带中选择一条适宜的纸带，纸带上连续的点A、B、C、D至O点的距离如下图，那么重锤从O运动到C，重力势能减少0.55 J．重锤经过C时的速度为m/s．其动能增加0.54 J．【考点】验证机械能守恒律．【分析】纸带法中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量于重力做功的数值．【解答】解：重力势能减小量为：△E p=mgh OC=0.1××0.561 J=0.55 J，利用匀变速直线运动的推论得C点的速度为：v C==m/sE kC=mv C2=0.54 J故答案为：0.55；；0.54．13．如下图，物体质量1kg，斜向上拉力F=10N，物体和水平面间的滑动摩擦因数μ=0.25，物体在F的作用下从静止开始10m．那么在这一过程中，F对物体做了多少功？物体获得多大速度？〔g=10m/s2〕．【考点】动能理的用；功的计算．【分析】根据功的公式可求得拉力的功；再对物体分析的，根据动能理可求得物体最终的速度．【解答】解：拉力的功为：W F=FLcos37°=10×10×0.8=80J；那么由动能理可知：W F﹣μ〔mg﹣Fsin37°〕L=mv2；代入数据解得：v= m/s答：F对物体做功为80J；物体获得的速度为 m/s14．把质量为3.0kg的石块，从高30m的某处，以5.0m/s的速度向斜上方抛出，〔g取10m/s2〕，〔1〕不计空气阻力，求石块落地时的速率．〔2〕假设石块在运动过程中克服空气阻力做了7J的功，石块落地时的速率又为多少？【考点】动能理．【分析】不计空气阻力时，石块从抛出到落地过程中，只有重力做功，根据动能理求出石块落地时的速率．假设有空气阻力时，重力和空气阻力都做功，空气阻力做功为﹣7JJ，重力做功不变，再动能理求解石块落地时的速率．【解答】解：不计空气阻力时，设石块落地时的速率为v1．根据动能理得：mgh=代入数据得：v1=25m/s．假设有空气阻力时，设石块落地时的速率为v2．根据动能理得：mgh﹣W阻=代入数据解得：v2=24m/s答：〔1〕不计空气阻力，石块落地时的速率为25m/s．〔2〕假设石块在运动过程中克服空气阻力做了7J的功，石块落地时的速率为24m/s．15．质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固在倾角为30°的斜面顶端的滑轮上，斜面固在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8米，如下图．假设摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．〔斜面足够长，g取10m/s2〕求：〔1〕物体A着地时的速度；〔2〕物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离．【考点】机械能守恒律．【分析】A、B开始运动到A着地过程中，分析系统的受力及做功情况，系统的机械能守恒，运用机械能守恒律求出它们的速度．A着地后，B沿斜面做匀减速运动，当速度减为零时，B能沿斜面滑行的距离最大．【解答】解：〔1〕、设A落地时的速度为v，系统的机械能守恒：，代入数据得：V=2 m/s．〔2〕、A落地后，B以v为初速度沿斜面匀减速上升，设沿斜面又上升的距离为S，由动能理得：代入数据得：s=0.4m．答：〔1〕、物体A着地时的速度是2m/s．〔2〕、物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离0.4m．16．某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如下图〔除2s﹣10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线〕．在小车运动的过程中，2s﹣14s时间段内小车的功率保持不变，在14s 末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：〔1〕小车所受到的阻力大小；〔2〕小车匀速行驶阶段的功率；〔3〕小车在整个运动过程中位移的大小．【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像．【分析】〔1〕根据14s～18s内做匀减速直线运动求出运动的加速度，再根据牛顿第二律求出阻力的大小．〔2〕在10～14s内，小车做匀速直线运动，牵引力于阻力，根据P=Fv=fv求出小车匀速行驶的功率．〔3〕0～2s内小车做匀加速直线运动，根据运动学公式求出0～2s内的位移，2～10s内做变加速直线运动，根据动能理求出变加速直线运动的位移，再求出匀速和匀减速直线运动的位移，从而得出总位移．【解答】解：〔1〕在14s～18s时间段加速度a===﹣m/s2 〔负号表示方向〕F f=ma=1.0×N=N〔2〕在10～14s内小车作匀速运动，牵引力F=F f P=Fv=×6W=9W〔3〕0～2s内x1=×2×3m=3m2s﹣10s内根据动能理Pt﹣F f x2=mv2﹣解得 x2=39m匀速直线运动的位移大小x3=vt3=6×4m=24m匀减速直线运动的位移大小整个过程中运动的位移x=x1+x2+x3+x4=78m．答：〔1〕小车所受到的阻力大小为N．〔2〕小车匀速行驶阶段的功率为9W．〔3〕小车在整个运动过程中位移的大小为78m．。

高一下期5月月考物理试题一、选择题(本题包括10小题。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分。

)1、两个物体具有相同的动量，则它们一定具有：（）A、相同的加速度B、相同的质量C、相同的速度D、相同的运动方向2、跳高比赛中，运动员着地处垫上很厚的海绵垫子，这是为了：（）A、减少着地过程中运动员受到的冲量B、减少运动员着地时受到的平均冲力C、减少着地过程中运动员动量的变化D、减少着地时运动员的速度3、如图所示，两个质量相同的小物块分别从两个高度相同而倾角不同的光滑斜面顶端由静止滑到底端，则：（）A、此过程中，重力做的功相同；B、此过程中，重力的冲量相同C、到底端时，物体的动能相同；D、到底端时，物体的动量相同4、竖直上抛一球，球又落回原处，已知空气阻力的大小正比于球的速度：（）A、上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功B、上升过程中克服重力做的功等于下降过程中重力做的功C、上升过程克服重力做功的平均功率大于下降过程重力做功的平均功率D、上升过程克服重力做功的平均功率等于下降过程重力做功的平均功率5、物体在平衡力作用下运动的过程中，下列说法正确的是：（）A、机械能一定守恒B、物体的动能保持不变，而势能一定变化C、若物体的势能变化，机械能一定变化D、若物体的势能变化，机械能不一定变化6、水平抛出在空中飞行的物体，不计空气阻力，则：（）A、在相等的时间间隔内动量的变化不相同B、在任何时间内，动量的变化方向都在竖直方向C、在任何时间内，动量对时间的变化率恒定D、在刚抛出的瞬间，动量对时间的变化率为零7、在平板车A、B两端各站一个人，质量分别为m1和m2，两人各以对地的速度v1和v2相向而行，若小车与地面摩擦不计，小车中点为O，则关于两人相遇点的说法正确的是：（）A、m1＝m2，v1＝v2时，在O点相遇B、m1＝m2，v1＞v2时，在AO间某点相遇C、m1＜m2，v1＝v2时，在BO间某点相遇D、m1＞m2，v1＜v2时，一定在O点相遇8、如图所示，光滑圆槽质量为M，静止在光滑的水平面上，其内表面有一小球被细线吊着恰位于槽的边缘处。

A. 卫星分别沿轨道1和轨道2经过Q点时的加速度相同
B. 卫星在轨道3上的运行的速率大于8km/s
C. 卫星在轨道3上的机械能小于它在轨道1上的机械能
D. 卫星在轨道2上的P点的机械能等于在Q点时的机械能
12.质量为1kg的小球在空中自由下落，与水平地面相碰后立即被反弹，之后又上升到某一高度处。此过程中小球的速度随时间变化规律的图像如图所示。不计空气阻力，g取10m/s 。下列说法中正确的是（ ）
3.解决疑难问题。
平时看书看报遇到难字、难词,不明白的成语典故,就要查字典、词典;读书遇到古代人名,需要了解他们的生平事迹和时代背景,就要查人名大词典;遇到古代地名,需要知道它在什么位置,相当于今天的哪个省哪个县,又要查地名大词典。查阅工具书费力不多,却解决了你的疑难,丰富了你的知识,工具书是日常学习必备的参考书。
(1)小环C的质量M；
(2)小环C运动到位置Q的速率v。
(3)小环C通过位置S时的动能Ek及环从位置R运动到位置S的过程中轻绳对环做的功WT；
工具书是真正不会说话的老师
我们都知道,一个人要学会学习,就必须要养成良好的学习习惯。我们发现,那些成绩好而且稳定的学生,都是从小做到了这一点,其中就包括查工具书。
（1）实验中木板略微倾斜，这样做（ ）
A．是为了使释放小车后，小车能匀加速下滑
B．是为了增大小车下滑的加速度
C．可使得橡皮筋做的功等于合力对小车做的功
D． 为了使释放小车后，小车能匀减速下滑
（2）本实验中，关于橡皮筋做的功，下列说法中正确的是（ ）
A．橡皮筋做的功可以直接测量大小
B．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加
所以,任何人都应该学会运用工具书。工具书是读书的向导,它的用处主要有:指引读书门径、提供参考资料、解决疑难问题、节省时间精力。

应对市爱护阳光实验学校十一中高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕〔8-9班〕一．单项选择题〔共32分，每题4分〕．1．关于力对物体做功，以下说法正确的选项是〔〕A．滑动摩擦力对物体一做负功B．合外力对物体不做功，那么物体速度一不变C．作用力与反作用力的功代数和一为零D．静摩擦力对物体可能做正功2．如下图的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象〔系统〕，那么此系统在从子弹即将射入木块到弹簧压缩至最短的过程中〔〕A．动量守恒，机械能守恒B．动量不守恒，机械能不守恒C．动量守恒，机械能不守恒D．动量不守恒，机械能守恒3．某电场中的电场线〔方向未标出〕如下图，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，那么C、D两点的电场强度、电势大小关系为〔〕A．E C＞E D，φC＞φD B．E C＜E D，φC＞φD C．E C＞E D，φC＜φD D．E C＜E D，φC＜φD4．如下图电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中〔〕A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大5．物体在恒的合力作用下做直线运动，在时间t1内动能由零增大到E1，在时间t2内动能由E1增加到2E1，设合力在时间t1内做的功为W1，冲量为I1，在时间t2内做的功是W2，冲量为I2，那么〔〕A．I1＜I2，W1=W2B．I1＞I2，W1=W2C．I1＞I2，W1＜W2D．I1=I2，W1＜W2 6．如下图，一均匀细金属圆环是由四个互相绝缘的四分之一圆弧A、B、C、D 组成，当只有A弧带正电q时，在圆心O处产生的电场强度大小为E0，那么当A、B弧各带正电q，C、D弧各带负电q时，在圆心O处的场强大小为〔〕A．2E0B．2E0C ． E0D．07．半圆形光滑轨道固在水平地面上，如下图，并使其轨道平面与地面垂直，物体m1、m2同时由轨道左、右最高点释放，二者碰后粘在一起向上运动，最高能上升到轨道M点，OM与竖直方向夹角为60°，那么两物体的质量之比m1：m2为〔〕A ．〔 +1〕：〔﹣1〕B ．：1C ．〔﹣1〕：〔+1〕D．1：8．电动机启动时车灯会瞬时变暗，如下图，在翻开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，假设电源电动势为1V，内阻为0.05Ω．电流表内阻不计，那么因电动机启动，车灯的电功率降低了〔〕A．3 W B．4 W C．4 W D．7 W二．多项选择题〔共16分，每题4分，多项选择错选不给分，少选得2分〕．9．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的选项是〔〕A．乙的周期大于甲的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方10．X轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间连线上各点电势上下如图曲线所示〔AP＞PB〕，选无穷远处电势为0，从图中可以看出〔〕A．Q1电荷量一大于Q2电荷量B．Q1和Q2一同种电荷C．P点电场强度是0D．Q1和Q2之间连线上各点电场方向都指向Q211．水平推力F1和F2分别作用于水平面上原来静止的、质量的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间停下，两物体的v﹣t图象如下图，图中线段AB∥CD，那么〔〕A．F1的冲量小于F2的冲量B．F1的冲量于F2的冲量C．两物体受到的摩擦力大小相D．两物体受到的摩擦力大小不12．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的三．题〔共2题，共18分〕．m213．用如图1所示的装置验证m1、m2组成的系机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒律．图给出的是中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如图2所示．m1=50g，m2=150g，那么〔g=m/s2，所有结果均保存三位有效数字〕〔1〕在纸带上打下记数点5时的速度v5= m/s；〔2〕在打点0～5过程中系统动能的增量△E k= J，系统势能的减少量△E p= J．14．某同学为了测量电流表G的内阻和一段电阻丝AB的电阻率ρ，设计了如图甲所示的电路，滑片P与电阻丝有良好的接触，其他连接导线电阻不计，现有以下器材：A．待测电流表G，量程为60mAB．一段粗细均匀的电阻丝AB，横截面积为S=1.0×10﹣7㎡，总长度为L总=60cmC．值电阻R=20ΩD．电源E，电动势为6V，内阻不计E．毫米刻度尺F．电键S，导线假设干〔1〕按照电路图在图乙上用笔画线代替导线连接好电路，闭合电键S，调节滑片P的位置，测出电阻丝AP的长度L和电流表的读数I；改变P的位置，再测得4组L与I的值．〔2〕根据测出的I 的值，计算出的值，并在坐标纸上描出了各数据点〔L ，〕，如图丙所示，请根据这些数据点在图丙上作出﹣L的图象．〔3〕由﹣L的图象可得，待测电流表的内阻Rg= Ω〔取三位有效数字〕，电阻丝的电阻率ρ=Ωm．该所提供的器材中，如果电源E的内阻未知且不能忽略不计，其他条件不变，能否用该电路测出电流表的内阻和电阻丝的电阻率？答：〔填序号〕A．Rg和ρ均不能测出 B．Rg和ρ均能测出C．只能测出Rg D．只能测出ρ四．计算题〔共4题，共44分〕15．如下图的电路中，电源的电动势E=12V，内阻未知，R1=8Ω，R2=Ω，L为规格“3V，3W〞的灯泡，开关S断开时，灯泡恰好正常发光．灯泡的额电流和和灯丝电阻；〔2〕电源的内阻；〔3〕开关S闭合时，灯泡实际消耗的功率．16．在某一星球上，一固的竖直光滑圆弧轨道内部最低点静止一质量为m的小球，当施加给小球一瞬间水平冲量I时，刚好能让小球在竖直面内做完整的圆周运动，圆弧半径为r，星球半径为R，假设在该星球外表发颗卫星，所需最小发射速度为多大？17．用一根长为L的丝线吊着一质量为m、带电荷量为q的小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，如图丝线与竖直方向成53°角，现突然将该电场方向变为向下但大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响〔重力加速度为g〕，求：〔1〕匀强电场的电场强度的大小；〔2〕小球经过最低点时丝线的拉力．18．如下图，一平板小车静止在光滑水平面上，质量均为m的物体A、B分别以2v0和v0的初速度，沿同一直线同时同向水平滑上小车，刚开始滑上小车的瞬间，A位于小车的最左边，B位于距小车左边l处．设两物体与小车间的动摩擦因数均为μ，小车的质量也为m，最终物体A、B都停在小车上．求：〔l〕最终小车的速度大小是多少？方向怎样？〔2〕假设要使物体A、B在小车上不相碰，刚开始时A、B间的距离l至少多长？十一中高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕〔8-9班〕参考答案与试题解析一．单项选择题〔共32分，每题4分〕．1．关于力对物体做功，以下说法正确的选项是〔〕A．滑动摩擦力对物体一做负功B．合外力对物体不做功，那么物体速度一不变C．作用力与反作用力的功代数和一为零D．静摩擦力对物体可能做正功【分析】判断滑动摩擦力是做负功还是做正功，首先还得搞清是判断哪个力对哪个物体做功，关键是判断该物体所受滑动摩擦力的方向与它相对地面的位移方向间的夹角是大于、于还是小于90°，与此分别对的是做负功、不做功、做正功．【解答】解：A、滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，还可以与运动方向垂直，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功，故A错误；B、合外力对物体不做功，那么物体动能不变，即速度大小一不变，但速度方向有可能变化，如匀速圆周运动，故B错C、作用力与反作用力的功代数和不一为零，比方两个带正电的小球在相互排斥力作用下由静止释放，那么排斥力对两个小球均做正功，做功代数和大于零；一对静摩擦力做功的代数和为0，而一对滑动摩擦力做功的代数和为负值，故C错误D、静摩擦力作用的物体间无相对滑动，但不代表没发生位移，所以可以做正功、负功或不做功，例如粮仓运送粮食的传送带对粮食施加一静摩擦力，该力对粮食做正功，随转盘一起转动的物体，摩擦力提供向心力，不做功，故D正确；应选：D【点评】此题关键要分清相对运动方向与运动方向的关系，前者是相对与与物体接触的另一个物体，而后者是相对与参考系；同时要明确恒力做功的求法2．如下图的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象〔系统〕，那么此系统在从子弹即将射入木块到弹簧压缩至最短的过程中〔〕A．动量守恒，机械能守恒B．动量不守恒，机械能不守恒C．动量守恒，机械能不守恒D．动量不守恒，机械能守恒【分析】根据动量守恒与机械能守恒的条件分析答题；当系统所受合外力为零时，系统动量守恒；当只有重力或只有弹力做功时，系统机械能守恒．【解答】解：在木块与子弹一起向左运动压缩弹簧的过程中，木块、子弹、弹簧所组成的系统所受合外力不为零，那么系统动量不守恒；在子弹击中木块的过程中，要克服摩擦力做功，系统的机械能转化为内能，系统机械能不守恒，因此子弹、木块和弹簧所组成的系统，在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中，动量不守恒、机械能不守恒；应选：B【点评】此题考查了判断系统动量与机械能是否守恒，知道动量与机械能守恒的条件、分析清楚过程即可正确解题．3．某电场中的电场线〔方向未标出〕如下图，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，那么C、D两点的电场强度、电势大小关系为〔〕A．E C＞E D，φC＞φD B．E C＜E D，φC＞φD C．E C＞E D，φC＜φD D．E C＜E D，φC＜φD【分析】带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，电势能增大，电势降低，说明A点的电势比B点高，根据顺着电场线电势降低，确电场线的方向，再分析C、D两点电势的上下．根据电场线越密，场强越大，分析C、D两点的电场强度的大小关系．【解答】解：由题，带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，电势能增大，根据负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，可知，A点的电势比B点高，电场线方向向左，那么C点的电势比D点的电势高，即φC ＞φD．从电场线分布看出，C处电场线较密，那么电场强度E C＞E D．应选A【点评】此题运用推论法确电场中电势的上下是常用的思路．要抓住电场线的两个物理意义：电场线的方向反映电势的上下，电场的疏密表示场强的相对大小．4．如下图电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中〔〕A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大【分析】由电路图可知R2与R0并联后与R1串联，电压表测路端电压；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，那么由闭合电路欧姆律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化．【解答】解：当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，那么外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，那么由闭合电路欧姆律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆律可知，R1上的分压增大，而路端电压减小，故并联的电压减小，那么通过R2的电流减小，根据并联电路的特点可知：通过R0的电流增大，那么电流表的示数增大．故D正确，ABC错误；应选：D．【点评】分析闭合电路的欧姆律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；分析电路中的路端电压、总电流及电路的电流及电压变化．5．物体在恒的合力作用下做直线运动，在时间t1内动能由零增大到E1，在时间t2内动能由E1增加到2E1，设合力在时间t1内做的功为W1，冲量为I1，在时间t2内做的功是W2，冲量为I2，那么〔〕A．I1＜I2，W1=W2B．I1＞I2，W1=W2C．I1＞I2，W1＜W2D．I1=I2，W1＜W2【分析】根据动能理研究功的关系，根据动量理研究冲量的关系．【解答】解：根据动能理得：W1=E1﹣0=E1，W2=2E1﹣E1=E1，那么W1=W2．动量与动能的关系式为P=那么由动量理得：I1=，I2=﹣，那么I1＞I2．应选B【点评】根据动能的变化由动能理求合力的功、根据动量的变化由动量理求合力的冲量是这两大理根本的用．6．如下图，一均匀细金属圆环是由四个互相绝缘的四分之一圆弧A、B、C、D 组成，当只有A弧带正电q时，在圆心O处产生的电场强度大小为E0，那么当A、B弧各带正电q，C、D弧各带负电q时，在圆心O处的场强大小为〔〕A．2E0B．2E0C ． E0D．0【分析】当只有A弧带正电q时，在圆心O处产生的电场强度大小为E0，可得出各段弧在圆心P处的场强，结合场强的叠加求出圆心O处的场强大小．【解答】解：由题意可知，A、B两弧在圆心O处产生的场强大小分别为E0，两场强的方向夹角为90度，根据平行四边形那么知，两场强的合场强为，C 弧在O点产生的场强与A弧在O点产生的场强相同，D弧在O点产生的场强与B 弧在O点产生的场强相同，那么C、D两弧在O 点产生的合场强为，所以最终的场强为．故B正确，A、C、D错误．应选：B．【点评】解决此题的关键知道场强是矢量，场强的合成分解遵循平行四边形那么．7．半圆形光滑轨道固在水平地面上，如下图，并使其轨道平面与地面垂直，物体m1、m2同时由轨道左、右最高点释放，二者碰后粘在一起向上运动，最高能上升到轨道M点，OM与竖直方向夹角为60°，那么两物体的质量之比m1：m2为〔〕A ．〔 +1〕：〔﹣1〕B ．：1C ．〔﹣1〕：〔+1〕D．1：【分析】先根据动能理解出两小球到达最低点的速度，再用动量守恒解出碰撞后的共同瞬时速度，最后两小球上升过程可列出动能理表达式解题．【解答】解：两球到达最低的过程由动能理得：mgR=mv2解得：v=所以两球到达最低点的速度均为：设向左为正方向，那么m1的速度v1=﹣，那么m2的速度v2=，由于碰撞瞬间动量守恒得：m2v2+m1v1=〔m1+m2〕v共解得：v共=①二者碰后粘在一起向左运动，最高能上升到轨道P点，对此过程由动能理得：﹣〔m1+m2〕gR〔1﹣cos60°〕=0﹣〔m1+m2〕v共2 ②由①②解得： =2整理地：m1：m2=〔﹣1〕：〔+1〕应选：C【点评】注意动量守恒的条件的用：物体之间发生相互作用的过程中，如果没有外力作用，那么相互作用的物体的总动量保持不变，在解题时注意选择适宜的正方向．8．电动机启动时车灯会瞬时变暗，如下图，在翻开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，假设电源电动势为1V，内阻为0.05Ω．电流表内阻不计，那么因电动机启动，车灯的电功率降低了〔〕A．3 W B．4 W C．4 W D．7 W【分析】电动机未启动时，由欧姆律求出灯泡的电阻．再求出电动机启动时路端电压，由欧姆律求出通过灯泡的电流，分别求出两种情况下，灯泡的功率，即得解．【解答】解：电动机未启动时，由E=I1〔R+r〕得灯泡的电阻为：R==Ω=Ω，车灯消耗的功率为：P1==100×=120W；电动机启动时，路端电压为：U2=E﹣I2r=1﹣58×0.05=V，那么车灯消耗的功率为：P2===7W车灯的电功率降低了△P=P1﹣P2=120﹣7=W．应选：B【点评】灯泡是纯电阻电路，功率公式较多，要根据不同的条件，选择不同的公式形式求解．二．多项选择题〔共16分，每题4分，多项选择错选不给分，少选得2分〕．9．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的选项是〔〕A．乙的周期大于甲的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方【分析】甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的选项是〔【解答】解：A、B、C人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有：F=F向F=GF向=m=mω2r=m2r因而=m=mω2r=m2r=ma解得：v=…①T=…②a=…③由①②③式可以知道，人造卫星的轨道半径越大，线速度越小、周期越大，加速度越小，由于甲卫星的高度大，轨道半径大，故甲卫星的线速度小、周期大，加速度小；根据①式，第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，也是圆轨道运行的最大速度；那么C正确D、甲只能在赤道上空，那么D错误应选：C【点评】此题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论．10．X轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间连线上各点电势上下如图曲线所示〔AP＞PB〕，选无穷远处电势为0，从图中可以看出〔〕A．Q1电荷量一大于Q2电荷量B．Q1和Q2一同种电荷C．P点电场强度是0D．Q1和Q2之间连线上各点电场方向都指向Q2【分析】选无穷远处电势为0，那么在正电荷的电场中所有点的电势都是正的，在负电荷的电场中所有点的电势都是负的，如果是量异种电荷的话，在中垂线上的点电势为零．【解答】解：由图象可以发现，离Q1越近电场中的电势越高，由此可以判断Q1为正电荷，同理，由于离Q2越近电势越低，所以Q2为负电荷，在它们的连线上的p点的电势也是零，但p点离Q2近，所以Q1的电荷量要大于Q2的电荷量，所以A正确，而B错误．由于Q1和Q2为异种电荷，并且Q1为正电荷，Q1在x轴正半轴上的电场方向向右，Q2为负电荷，Q2在Q1和Q2之间的电场方向也向右，所以P点电场强度是Q1和Q2在p点产生的电场的和，方向指向Q2，所以C错误D正确．应选AD．【点评】此题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于根本的几种电场的情况要了解，此题看的就是学生的根本知识的掌握情况．11．水平推力F1和F2分别作用于水平面上原来静止的、质量的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间停下，两物体的v﹣t图象如下图，图中线段AB∥CD，那么〔〕A．F1的冲量小于F2的冲量B．F1的冲量于F2的冲量C．两物体受到的摩擦力大小相D．两物体受到的摩擦力大小不【分析】由速度图象分析可知，水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同，两物体的质量相，说明摩擦力大小相．根据动量理，研究整个过程，确两个推力的冲量关系．【解答】解：CD、由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力于摩擦力，根据牛顿第二律可知，两物体受到的摩擦力大小相；故C正确，D错误；AB、根据动量理，对整个过程研究得：F1t1﹣ft OB=0，F2t2﹣ft OD=0；由图看出，t OB＜t OD，那么有 F1t1＜F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量．故A正确，B错误；应选：AC【点评】此题首先考查读图能力，其次考查动量理用时，选择研究过程的能力．中难度．12．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的【分析】将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况．【解答】解：A、B、C、将电容器上板上移一小段距离，电容器所带的电量Q 不变，由E=、C=、C=得，E==．由题意可知，电容器带电量Q不变，极板的正对面积S不变，相对介电常量ɛ不变，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故AC错误，B正确．D、假设上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的，故D错误．应选：B【点评】此题要注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是值不变，仅仅改变板间距离时，板间场强是不变的，这个推论要熟悉．三．题〔共2题，共18分〕．m213．用如图1所示的装置验证m1、m2组成的系机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒律．图给出的是中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如图2所示．m1=50g，m2=150g，那么〔g=m/s2，所有结果均保存三位有效数字〕〔1〕在纸带上打下记数点5时的速度v5= 0 m/s ；〔2〕在打点0～5过程中系统动能的增量△E k= 0.576 J，系统势能的减少量△E p= 0.588 J．【分析】根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出计数点5的瞬时速度，从而得出系统动能的增加量，根据两点间的距离求出系统重力势能的减小量．【解答】解：〔1〕计数点5的瞬时速度于4、6两点间的平均速度，那么．〔2〕在打点0～5过程中系统动能的增量△E k=J=0.576J；系统势能的减小量△E p=〔m2﹣m1〕gx05=0.1××〔0.384+0.216〕=0.588J．故答案为：〔1〕0 〔2〕0.576 0.588【点评】解决此题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度、加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．14．某同学为了测量电流表G的内阻和一段电阻丝AB的电阻率ρ，设计了如图甲所示的电路，滑片P与电阻丝有良好的接触，其他连接导线电阻不计，现有以下器材：A．待测电流表G，量程为60mAB．一段粗细均匀的电阻丝AB，横截面积为S=1.0×10﹣7㎡，总长度为L总=60cmC．值电阻R=20ΩD．电源E，电动势为6V，内阻不计E．毫米刻度尺F．电键S，导线假设干〔1〕按照电路图在图乙上用笔画线代替导线连接好电路，闭合电键S，调节滑片P的位置，测出电阻丝AP的长度L和电流表的读数I；改变P的位置，再测得4组L与I的值．〔2〕根据测出的I 的值，计算出的值，并在坐标纸上描出了各数据点〔L ，〕，如图丙所示，请根据这些数据点在图丙上作出﹣L的图象．〔3〕由﹣L的图象可得，待测电流表的内阻Rg= 100 Ω〔取三位有效数字〕，电阻丝的电阻率ρ=×10﹣5Ωm．该所提供的器材中，如果电源E 的内阻未知且不能忽略不计，其他条件不变，能否用该电路测出电流表的内阻和电阻丝的电阻率？答： D 〔填序号〕A．Rg和ρ均不能测出 B．Rg和ρ均能测出C．只能测出Rg D．只能测出ρ【分析】〔1〕根据电路图连接实物电路图．〔2〕采用描点法作图，使图线通过多数点，使线两侧的点的个数大致相；〔3〕根据闭合电路欧姆律推导出﹣L的图象的函数表达式，然后通过截距和斜率求解电流表内电阻和电阻丝的电阻率；〔4〕对照上一问中的﹣L表达式，即可求解．【解答】解：〔1〕根据电路图连接实物电路图，实物电路图如下图：〔2〕根据坐标系内描出的点作出图象，图象如下图：〔3〕根据闭合电路欧姆律，有：E=IR+IR g+IR x根据电阻律，有：R x=ρ联立得到： =+L即： =L+，﹣L的图象的纵轴截距为： =20，解得：R g=100Ω，﹣L的图象的斜率：k==，解得：ρ≈×10﹣5Ωm〔4〕结合表达式①和图象乙，如果电源E的内阻未知，由第三问可知，故ρ可以测出，而R g不能测出，故D正确；故答案为：〔1〕电路图如下图；〔2〕图象如下图；〔3〕100；×10﹣5；〔4〕D．【点评】此题关键是明确原理，推导出﹣L的图象的表达式进行分析，对图象，从截距和斜率的角度去研究较为方便．。

高一5月月考物理试题（90分钟100分）一、选择题（每题4分，部分2分。

共60分）1.（单选）一个小球做自由落体运动，在第1s 内重力做功为W 1，在第2s 内重力做功为W 2，在第1s 末重力的瞬时功率为P 1，在第2s 末重力的瞬时功率P 2，则W 1:W 2及P 1:P 2分别等于( )A.1:1，1:1B.1:2，1:3C.1:3, 1:2D.1:4，1:22.（多选）下列几种情况中，甲、乙两物体的动能相等的是 ( )A ．甲的速度是乙的2倍，乙的质量是甲的2倍B ．甲的质量是乙的2倍，乙的速度是甲的2倍C ．甲的质量是乙的4倍，乙的速度是甲的2倍D ．质量相同，速度大小也相同，但甲向东运动，乙向西运动3.下列说法正确的是 ( )A.作用力做正功时，反作用力一定做负功B.作用力不做功时，反作用力也一定不做功C.作用力和反作用力的功一定大小相等，正负相反D.作用力做正功时，反作用力也可以做正功4.（多选） 设匀速行驶的汽车，发动机功率保持不变，则( )A ．路面越粗糙，汽车行驶得越慢B ．路面越粗糙，汽车行驶得越快C ．在同一路面上，汽车不载货比载货时行驶得快D ．在同一路面上，汽车不载货比载货时行驶得慢5.（多选）若汽车受到的摩擦阻力大小不变，则关于汽车运动的分析正确的是( )A.若汽车做匀速直线运动，则其发动机的功率将保持不变B.若汽车做匀加速直线运动，则其发动机的功率将逐渐增大C.若汽车做匀速直线运动，则其发动机的功率将逐渐增大D.汽车上坡时一定要增大发动机的功率6.（单选）如图所示,在光滑水平面上有一物体,它的左端连一弹簧,弹簧的另一端固定在墙上,在力F 作用下物体处于静止状态,当撤去F 后,物体将向右运动。

在物体向右运动的过程中，下列说法正确的是( )A.弹簧对物体做正功,弹簧的弹性势能逐渐减少B.弹簧对物体做负功,弹簧的弹性势能逐渐增加C.弹簧先对物体做正功,后对物体做负功,弹簧的弹性势能先减少再增加D.弹簧先对物体做负功,后对物体做正功,弹簧的弹性势能先增加再减少7.（多选）下列关于运动的某个物体所受的合外力、合外力做功和动能变化的关系，正确的是( )mA.如果物体所受的合外力为零，那么，合外力对物体做的功一定为零B.如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零C.如果合外力对物体所做的功不为零，则物体动能一定发生变化D.如果合外力对物体所做的功为零，则物体动能一定发生变化8.（单选）甲、乙两物体质量的比M1∶M2=3∶1,速度的比v1∶v2=1∶3，在相同的阻力作用下逐渐停下，则它们的位移比x1∶x2是( )A.1∶1B.1∶3C.3∶1D.4∶19.（单选）一小石子从高为10 m处自由下落，不计空气阻力，经一段时间后小石子的动能恰等于它的重力势能 (以地面为参考平面)，g=10 m/s2，则该时刻小石子的速度大小为( ) A.5 m/s B.10 m/s C.15 m/s D.20 m/s10.（多选）甲、乙两球的质量相等，悬线一长一短，将两球由图示位置的同一水平面无初速度释放，不计阻力，则对小球过最低点时( )A.甲球的动能与乙球的动能相等B.两球受到线的拉力大小相等C.两球的向心加速度大小相等D.相对同一参考面，两球的机械能相等11.(多选)把一个物体竖直向上抛出去，该物体上升的最大高度是h，若物体的质量为m，所受的空气阻力大小恒为f，则在从物体被抛出到落回抛出点的全过程中（）A．重力所做的功为零 B．重力所做的功为2mghC．空气阻力做的功为零 D．空气阻力做的功为﹣2fh12.（多选）汽车在水平路面上从静止开始做匀加速直线运动，t1秒末关闭发动机做匀减速直线运动，到t2秒末静止，动摩擦因数不变．其v﹣t图象如图所示，图中β＜θ，若汽车牵引力做功为W，t1秒内做功的平均功率为P，汽车加速和减速过程中克服地面摩擦力做功分别为W1和W2，平均功率大小分别为P1和P2，忽略空气阻力的影响，下面结论正确的是（）A． W=W1+W2 B． W1＞W2 C． P=P1 D． P1≠P213.（多选）如图所示，水平传送带正以v=2m/s的速度运行，两端的距离为L=8m．把一质量为m=1kg的物体轻轻放到传送带上，物体在传送带的带动下向右运动．物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，则把这个物体从传送带左端传送到右端的过程中，摩擦力对其做功及摩擦力做功的平均功率分别为（）A． 2 J B． 8 J C． 1W D． 0.4W14.（多选）小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）A. 在撞击轻弹簧到轻弹簧压缩至最短的过程中，小球的动能先变大后变小B. 从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，小球的机械能先增大后减小C. 小球在速度最大时受到的弹力为2ND. 此过程中，弹簧被压缩时产生的最大弹力为12.2N15.（多选）一个质量为m 的物体以某一速度从固定斜面底端冲上倾角030=α的斜面，其加速度为3 g /4，如图此物体在斜面上上升的最大高度为h ，则此过程中正确的是 ( )A ．物体动能增加了3mgh/2B ．物体克服重力做功mghC ．物体机械能损失了mgh/2 D.物体克服摩擦力做功mgh/4二、填空（每空2分共8分）16.如图、质量均为m 的小球A 、B 、c ，用两条长为l 的细绳相连，置于高为h 的光滑水平桌面上，l > h. A 球刚好跨过桌边，若A 球、B 球下落着地后均不再反跳，则B 球离开桌边时的速度大小是________. C 球离开桌边时的速度大小是________.17.如图所示，一质量为m 小物体（可视为质点）从高为h 的斜面上端匀速滑到斜面底端。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕一．选择题〔此题共12小题．每题4分，共48分．1～8题为单项选择题，9～12题为多项选择题．〕1．以下说法符合史实的是〔〕A．哥白尼提出了地心说B．开普勒总结出了行星运动的三大规律C．卡文迪许发现了万有引力律D．牛顿发现了万有引力律并测量出了引力常量2．同一辆以同样大小的速度先后开上平直的桥和凸形桥，在桥的处有〔〕A．车对两种桥面的压力一样大B．车对平直桥面的压力大C．车对凸形桥面的压力大D．无法判断3．在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下面四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，的速度与时间的关系〔〕A ．B ．C ．D ．4．2021 年 8 月 16 日 1 时 40 分，我国在酒泉卫星发心用二号运载将世颗量子卫星“墨子号〞发射升空，首次实现地空量子通，这种方式能极大提高通信保密性，“墨子号〞重量约为640公斤，设计寿命为，运行在高度为 500 公里的极地轨道，地球半径为 R，地面的重力加速度为 g，引力常数为 G，那么〔〕A．由以上数据可以估算出“墨子号〞卫星的运行周期B．仅由以上数据无法估算地球对“墨子号〞卫星的万有引力C．“墨子号〞卫星属于地球同步卫星D．“墨子号〞卫星的线速度大于第一宇宙速度，并且小于第二宇宙速度5．在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如下图，那么三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体做平抛运动的时间t A、t B、t C的关系分别是〔〕A．v A＞v B＞v C t A＞t B＞t C B．v A=v B=v C t A=t B=t CC．v A＜v B＜v C t A＞t B＞t C D．v A＞v B＞v C t A＜t B＜t C6．如下图，小球在竖直向下的力F作用下，将竖直轻弹簧压缩，假设将力F撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，不计空气阻力，那么小球在上升过程中〔〕A．小球的动能先增大后减小，弹簧弹性势能转化成小球的动能B．小球在离开弹簧时动能到达最大值C．小球动能最大时弹簧弹性势能为零D．小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒7．如下图，三个固的斜面底边长度都相，斜面倾角分别为30°、45°、60°，斜面的外表情况都一样．完全相同的物体〔可视为质点〕A、B、C分别从三斜面的顶部滑到底部的过程中〔〕A．物体A克服摩擦力做的功最多B．物体B克服摩擦力做的功最多C．物体C克服摩擦力做的功最多D．三物体克服摩擦力做的功一样多8．如图，质量为m的物块与转台之间的动摩擦因数为μ，物块与转轴相距R，物体随转台由静止开始转动，当转速增加到某值时，物块即将在转台上滑动，此时转台已开始做匀速转动，在这一过程中，摩擦力对物块做的功为〔〕A．0 B．2πμmgR C．2μmgR D ．9．水平面上甲、乙两物体，在某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下停下来．图中的a、b分别表示甲、乙两物体的动能E和位移s的图象，那么〔〕A．假设甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，那么甲的质量较大B．假设甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，那么乙的质量较大C．假设甲、乙质量相同，那么甲与地面间的动摩擦因数较大D．假设甲、乙质量相同，那么乙与地面间的动摩擦因数较大10．如下图，A是在地球赤道上随地球外表一起转动的某物体，B是近地资源卫星、C是同步通信卫星．关于以下判断正确的选项是〔〕A．A、B、C的向心加速度关系a A＞a B＞a CB．在相同时间内B转过的弧长最短C．在6h内C 转过的圆心角是D．假设卫星B加速，可靠近卫星C所在轨道11．m为在水平传送带上被传送的小物体〔可视为质点〕，A为终端皮带轮，如下图，皮带轮半径为r，传送带与皮带轮间不打滑，当m可被水平抛出时〔〕A ．皮带的最小速度为B．皮带的最小速度为C．A 轮每秒的转数最少是 D．A 轮每秒的转数最少是12．如下图，将长为3L的轻杆穿过光滑水平转轴O，两端分别固质量为2m的球A和质量为3m的球B，A到O的距离为L，现使杆在竖直平面内转动，当球B 运动到最高点时，球B恰好对杆无作用力，两球均视为质点．那么球B在最高点时〔〕A．球B 的速度大小为B．球A 的速度大小为C．球A对杆的作用力大小为3mgD．水平转轴对杆的作用力为5mg二、探究题〔本大题共2个小题，共15分〕13．“探究功与速度变化的关系〞的装置如图1所示，当小车在一条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为W；当用2条、3条、4条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、第4次…时，橡皮筋对小车做的功记为2W、3W、4W…每次中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带测出．〔1〕关于该，以下说法正确的选项是〔多项选择〕．A．为了平衡摩擦力，中可以将长木板的一端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B．仪器安装时，可以不平衡摩擦力C．每次小车必须从同一位置由静止弹出D．中要先接通打点计时器的电源再释放小车〔2〕图2给出了某次打出的纸带，从中截取了测量小车最大速度所用的一段纸带，测得A、B、C、D、E相邻两点间的距离分别为AB=8cm，BC=1.60cm，CD=1.62cm，DE=1.62cm；相邻两点打点时间间隔为0.02s，那么小车获得的最大速度v m=m/s．〔结果保存两位有效数字〕14．一艘宇宙飞船飞近某一发现的行星，并进入靠近行星外表的圆形轨道绕行数圈后，着陆在该行星上，飞船上备有以下器材料：A．精确秒表一个 B．质量为m的物体一个C．弹簧测力计一个 D．天平一台〔附砝码〕宇航员在绕行时和着陆后各作了一次测量，依据测量数据，可求出该行星的半径R和行星密度ρ．〔万有引力常量为G〕〔1〕两次测量所选用的器材分别为、〔用序号表示〕〔2〕两次测量的物理量分别是、〔写出物理量名称和表示的字母〕〔3〕用该数据推出半径R、密度ρ的表达式：R= ，ρ=．15．一颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，卫星离地面的高度为h．地球半径为R，地面重力加速度为g．求：〔1〕卫星的线速度；〔2〕卫星的周期．16．质量为5kg的物体静置于水平地面上，现对物体施以水平方向的恒拉力，1s末将拉力撤去，物体运动的v﹣t图象如下图，试求：〔l〕滑动摩擦力在0﹣3s内做的功；〔2〕拉力在1s末的功率．17．右端连有光滑弧形槽的水平桌面AB长L=m，如下图．一个质量为m=0.5kg 的木块在F=N的水平拉力作用下，从桌面上的A端由静止开始向右运动，木块到达B端时撤去拉力F，木块与水平桌面间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．求：〔1〕木块沿弧形槽上升的最大高度．〔2〕木块沿弧形槽滑回B端后，在水平桌面上滑动的最大距离．18．如下图，在同一竖直平面内，一轻质弹簧一端固，另一自由端恰好与水平线AB平齐，静止放于倾角为53°的光滑斜面上．一长为L=9cm的轻质细绳一端固在O点，另一端系一质量为m=1kg的小球，将细绳拉至水平，使小球在位置C由静止释放，小球到达最低点D时，细绳刚好被拉断．之后小球在运动过程中恰好沿斜面方向将弹簧压缩，最大压缩量为x=5cm．〔g=10m/s2，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6〕求：〔1〕细绳受到的拉力的最大值；〔2〕D点到水平线AB的高度h；〔3〕弹簧所获得的最大弹性势能E p．高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕参考答案与试题解析一．选择题〔此题共12小题．每题4分，共48分．1～8题为单项选择题，9～12题为多项选择题．〕1．以下说法符合史实的是〔〕A．哥白尼提出了地心说B．开普勒总结出了行星运动的三大规律C．卡文迪许发现了万有引力律D．牛顿发现了万有引力律并测量出了引力常量【考点】1U：物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要奉献即可【解答】解：A、天文学家哥白尼创立了日心说．故A错误．B、开普勒总结出了行星运动的三大规律，故B正确；C、牛顿总结出牛顿运动律和万有引力律，建立完整的力学体系．卡文迪许测出了引力常量，故C错误．D、卡文迪许测出了万有引力常量，故D错误．应选：B2．同一辆以同样大小的速度先后开上平直的桥和凸形桥，在桥的处有〔〕A．车对两种桥面的压力一样大B．车对平直桥面的压力大C．车对凸形桥面的压力大D．无法判断【考点】4A：向心力．【分析】在平直的桥上做匀速直线运动时，重力和支持力二力平衡；以一的速度通过凸形桥时，合力提供向心力，重力大于支持力．【解答】解：设的质量为m，当开上平直的桥时，由于做匀速直线运动，故压力于重力，即N1=mg当以一的速度通过凸形桥时，受重力和向上的支持力，合力于向心力，故mg﹣N2=m故N2＜mg因而N1＞N2而对桥的压力于桥对车的支持力，所以车对平直桥面的压力大，故B正确．应选：B3．在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下面四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，的速度与时间的关系〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】39：牛顿运动律的综合用；63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】匀速行驶时牵引力于阻力，根据功率和速度关系公式P=Fv，功率减小一半时，牵引力减小了，物体减速运动，根据牛顿第二律分析加速度和速度的变化情况即可．【解答】解：匀速行驶时牵引力于阻力；功率减小一半时，的速度由于惯性来不及变化，根据功率和速度关系公式P=Fv，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，做减速运动，由公式P=Fv可知，功率一时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到于阻力时，加速度减为零，物体重做匀速直线运动；应选C．4．2021 年 8 月 16 日 1 时 40 分，我国在酒泉卫星发心用二号运载将世颗量子卫星“墨子号〞发射升空，首次实现地空量子通，这种方式能极大提高通信保密性，“墨子号〞重量约为640公斤，设计寿命为，运行在高度为 500 公里的极地轨道，地球半径为 R，地面的重力加速度为 g，引力常数为 G，那么〔〕A．由以上数据可以估算出“墨子号〞卫星的运行周期B．仅由以上数据无法估算地球对“墨子号〞卫星的万有引力C．“墨子号〞卫星属于地球同步卫星D．“墨子号〞卫星的线速度大于第一宇宙速度，并且小于第二宇宙速度【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力以及地球外表重力于万有引力列式求解“墨子号〞卫星的运行周期，由于不知道地球的质量，那么不能求出地球对“墨子号〞卫星的万有引力，根据地球同步卫星离地面的高度约为36000公里分析墨子号〞卫星是否为同步卫星，第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动的最大速度．【解答】解：A 、根据万有引力提供向心力得：，根据地球外表重力于万有引力得：解得：T=2π，即可以求出“墨子号〞卫星的运行周期，故A正确；B、由于不知道地球的质量，那么不能求出地球对“墨子号〞卫星的万有引力，故B错误；C、地球同步卫星离地面的高度约为36000公里，所以墨子号〞卫星不属于地球同步卫星，故C错误；D、第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动的最大速度，所以“墨子号〞卫星的线速度小于第一宇宙速度，故D错误．应选：A 5．在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如下图，那么三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体做平抛运动的时间t A、t B、t C的关系分别是〔〕A．v A＞v B＞v C t A＞t B＞t C B．v A=v B=v C t A=t B=t CC．v A＜v B＜v C t A＞t B＞t C D．v A＞v B＞v C t A＜t B＜t C【考点】43：平抛运动．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：三个物体都做平抛运动，取一个相同的高度，此时物体的下降的时间相同，水平位移大的物体的初速度较大，如下图，由图可知：v A＜v B＜v C，由h=gt2可知，物体下降的高度决物体运动的时间，所以t A＞t B＞t C，所以C正确．应选C．6．如下图，小球在竖直向下的力F作用下，将竖直轻弹簧压缩，假设将力F撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，不计空气阻力，那么小球在上升过程中〔〕A．小球的动能先增大后减小，弹簧弹性势能转化成小球的动能B．小球在离开弹簧时动能到达最大值C．小球动能最大时弹簧弹性势能为零D．小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒【考点】6C：机械能守恒律．【分析】撤去力F后，小球先在重力和弹簧弹力作用下向上做加速运动，在弹力和重力相时，速度最大，然后重力和弹簧弹力的合力向下，向上做减速运动，离开弹簧后，仅受重力做竖直上抛运动．【解答】解：A、撤去外力刚开始的一段时间内，小球受到的弹力大于重力，合力向上，小球向上加速运动，随着弹簧形变量的减小，弹力减小，后来弹力小于重力，小球做减速运动，离开弹簧后，小球仅受重力作用而做竖直上抛运动，由此可知，小球的动能先增大后减小，弹簧的弹性势能转化为动能和重力势能；故A错误；C、由A分析可知，小球先做加速度减小的加速运动，当弹力于重力时，a=0，速度最大，动能最大，此后弹力小于重力，小球做加速度增大的减速运动，直到弹簧恢复原长时，小球飞离弹簧，故小球在离开弹簧时动能不是最大，小球动能最大时弹性势能不为零，故BC错误；D、由于整体所受外力不做功，故小球、弹簧与地球所组成的系统机械能守恒；故D正确；应选：D．7．如下图，三个固的斜面底边长度都相，斜面倾角分别为30°、45°、60°，斜面的外表情况都一样．完全相同的物体〔可视为质点〕A、B、C分别从三斜面的顶部滑到底部的过程中〔〕A．物体A克服摩擦力做的功最多B．物体B克服摩擦力做的功最多C．物体C克服摩擦力做的功最多D．三物体克服摩擦力做的功一样多【考点】62：功的计算．【分析】根据受力分析和三角函数知识表示出摩擦力大小和斜面的距离．根据功的义式去比拟两物体克服摩擦力做的功．【解答】解：设斜面底边长度为s，倾角为θ，那么的斜边长为L=，对物体受力分析，那么物体受到的滑动摩擦力为f=μF N=μmgcosθ，那么物体克服摩擦力做的功为w=fL=μmgcosθ•=μmgs，即物体克服摩擦力做的功与倾角无关．所以三物体克服摩擦力做的功一样多，应选D．8．如图，质量为m的物块与转台之间的动摩擦因数为μ，物块与转轴相距R，物体随转台由静止开始转动，当转速增加到某值时，物块即将在转台上滑动，此时转台已开始做匀速转动，在这一过程中，摩擦力对物块做的功为〔〕A．0 B．2πμmgR C．2μmgR D ．【考点】66：动能理的用；48：线速度、角速度和周期、转速；4A：向心力．【分析】物体做加速圆周运动，受重力、支持力和静摩擦力，物体即将滑动时已经做匀速圆周运动，最大静摩擦力提供向心力，可以求出线速度；又由于重力和支持力垂直于速度方向，始终不做功，只有静摩擦力做功，故可以根据动能理求出摩擦力做的功．【解答】解：物体即将滑动时，最大静摩擦力提供向心力μmg=m解得v=①物体做加速圆周运动过程W f =mv2②由①②两式解得W f =mμgR应选D．9．水平面上甲、乙两物体，在某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下停下来．图中的a、b分别表示甲、乙两物体的动能E和位移s的图象，那么〔〕A．假设甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，那么甲的质量较大B．假设甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，那么乙的质量较大C．假设甲、乙质量相同，那么甲与地面间的动摩擦因数较大D．假设甲、乙质量相同，那么乙与地面间的动摩擦因数较大【考点】66：动能理的用．【分析】甲、乙两物体的初动能和末动能都相同，都只受摩擦力作用，根据动能理可知摩擦力对甲、乙两物体做的功相．根据f=μmg即可解题．【解答】解：甲、乙两物体的初动能和末动能都相同，都只受摩擦力作用，根据动能理可知摩擦力对甲、乙两物体做的功相，即：μa m a gs a=μb m b gs b，由图可知：s a＜s b，所以μa m a g＞μb m b g，即甲所受的摩擦力一比乙大；AB、假设甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，由f=μmg可知，那么甲的质量较大．故A正确，B错误；CD、假设甲、乙两物体质量相，由f=μmg可知，那么甲与地面间的动摩擦因数较大．故C正确，D错误．应选：AC．10．如下图，A是在地球赤道上随地球外表一起转动的某物体，B是近地资源卫星、C是同步通信卫星．关于以下判断正确的选项是〔〕A．A、B、C的向心加速度关系a A＞a B＞a CB．在相同时间内B转过的弧长最短C．在6h内C 转过的圆心角是D．假设卫星B加速，可靠近卫星C所在轨道【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4F：万有引力律及其用．【分析】A、C的角速度相，根据向心加速度公式、线速度与角速度关系公式比拟A、C的加速度和线速度，根据万有引力提供向心力，结合轨道半径比拟B、C的加速度和线速度，从而得出A、B、C的加速度大小关系和线速度大小关系．【解答】解：A、A、C的角速度相，根据a=rω2知，C的轨道半径大于A的转动半径，那么a C＞a A，B、C 靠万有引力提供向心力，根据知，向心加速度a=，C的轨道半径大于B的轨道半径，那么a C＜a B，可知a B＞a C ＞a A，故A错误．B、A、C的角速度相，根据v=rω知，C的线速度大于A的线速度，对于B、C，根据知，B的轨道半径小于C的轨道半径，那么B的线速度大于C 的线速度，可知A、B、C中，B的线速度最大，那么相同时间内B转过的弧长最长，故B错误．C、C为同步卫星，周期为24h，那么6h转过的圆心角为θ=，故C正确．D、假设卫星B加速，万有引力不够提供向心力，做离心运动，靠近卫星C所在的轨道，故D正确．应选：CD．11．m为在水平传送带上被传送的小物体〔可视为质点〕，A为终端皮带轮，如下图，皮带轮半径为r，传送带与皮带轮间不打滑，当m可被水平抛出时〔〕A ．皮带的最小速度为B．皮带的最小速度为C．A 轮每秒的转数最少是D．A 轮每秒的转数最少是【考点】4A：向心力；48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】当物块恰好被水平抛出时，在皮带上最高点时由重力提供向心力，根据牛顿第二律求出临界速度，再根据线速度与转速的关系求出A轮每秒的转数最小值．【解答】解：A、当物块恰好被水平抛出时，在皮带上最高点时由重力提供向心力，那么由牛顿第二律得：mg=m，解得：v=．故A正确，B错误；C、设此时皮带转速为n，那么有2πnr=v，得到：n==．故C正确，D错误．应选：AC．12．如下图，将长为3L的轻杆穿过光滑水平转轴O，两端分别固质量为2m的球A和质量为3m的球B，A到O的距离为L，现使杆在竖直平面内转动，当球B 运动到最高点时，球B恰好对杆无作用力，两球均视为质点．那么球B在最高点时〔〕A．球B 的速度大小为B．球A 的速度大小为C．球A对杆的作用力大小为3mgD．水平转轴对杆的作用力为5mg【考点】4A：向心力；37：牛顿第二律．【分析】球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，可以求出B的线速度，转动过程中，两球角速度相，根据v=ωr求解A球线速度，B球到最高点时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合力提供向心力，根据向心力公式求解水平转轴对杆的作用力．【解答】解：A、当B在最高点时，球B对杆无作用力，此时球B的重力提供作圆周运动所需的向心力那么，解得：，故A错误B、由于AB 转动的角速度相同，故根据可知，解得，故B正确C、对A 球受力分析可知，解得F=3mg，此时水平转轴对杆的作用力为3mg，故C正确，D错误应选：BC二、探究题〔本大题共2个小题，共15分〕13．“探究功与速度变化的关系〞的装置如图1所示，当小车在一条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为W；当用2条、3条、4条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、第4次…时，橡皮筋对小车做的功记为2W、3W、4W…每次中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带测出．〔1〕关于该，以下说法正确的选项是〔多项选择〕ACD ．A．为了平衡摩擦力，中可以将长木板的一端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B．仪器安装时，可以不平衡摩擦力C．每次小车必须从同一位置由静止弹出D．中要先接通打点计时器的电源再释放小车〔2〕图2给出了某次打出的纸带，从中截取了测量小车最大速度所用的一段纸带，测得A、B、C、D、E相邻两点间的距离分别为AB=8cm，BC=1.60cm，CD=1.62cm，DE=1.62cm；相邻两点打点时间间隔为0.02s，那么小车获得的最大速度v m = 0.81 m/s．〔结果保存两位有效数字〕【考点】MJ：探究功与速度变化的关系．【分析】〔1〕从原理和步骤，中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力．受力平衡时，小车做匀速直线运动；平衡摩擦力后，橡皮筋的拉力于合力，橡皮条做功完毕，小车的速度最大，假设不进行平衡摩擦力操作，那么当橡皮筋的拉力于摩擦力时，速度最大．〔2〕要测量最大速度，该选用点迹均匀的．结合匀速直线运动的推论公式求出最大速度的大小．【解答】解析〔1〕AB、当小车拉着穿过打点计时器的纸带做匀速运动时，沿长木板方向的重力的分力大小于摩擦力，即在中可消除摩擦力的影响，所以中可以将长木板的一端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动，故A正确，B错误；C、由于小车的初速度为零，所以必须从同一位置静止释放，故C正确；D、使用打点计时器时都必须先接通电源再释放小车，D项正确．应选：ACD．〔2〕小车获得的最大速度v== m/s=0.81 m/s．故答案为：〔1〕ACD；〔2〕0.81．14．一艘宇宙飞船飞近某一发现的行星，并进入靠近行星外表的圆形轨道绕行数圈后，着陆在该行星上，飞船上备有以下器材料：A．精确秒表一个 B．质量为m的物体一个C．弹簧测力计一个 D．天平一台〔附砝码〕宇航员在绕行时和着陆后各作了一次测量，依据测量数据，可求出该行星的半径R和行星密度ρ．〔万有引力常量为G〕〔1〕两次测量所选用的器材分别为 A 、BC 〔用序号表示〕〔2〕两次测量的物理量分别是周期T 、物体的重力F 〔写出物理量名称和表示的字母〕〔3〕用该数据推出半径R、密度ρ的表达式：R= ，ρ=．【考点】4F：万有引力律及其用．【分析】要测量行星的半径和质量，根据万有引力于向心力，列式求解会发现需要测量出行星外表的重力加速度和行星外表卫星的公转周期，从而需要选择相器材．【解答】解：〔1〕对于在轨道飞船，万有引力于向心力，那么有G=m=F得：由上还可得M===而ρ==因而需要用计时表测量周期T，用弹簧秤测量物体的重力F；故答案为：〔1〕A；BC〔2〕周期T；物体的重力F〔3〕，．15．一颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，卫星离地面的高度为h．地球半径为R，地面重力加速度为g．求：〔1〕卫星的线速度；〔2〕卫星的周期．【考点】4F：万有引力律及其用．【分析】〔1〕根据地球外表处重力于万有引力和卫星受到的万有引力于向心力列式求解；〔2〕根据周期的是转动一周的时间可进一步列式求解．【解答】解：〔1〕设卫星的质量为m，地球的质量为M，根据万有引力律根据几何关系r=R+h设在地球外表有一质量为m'的物体，根据万有引力律联立上述三式，求出卫星的线速度故卫星的线速度为：R．〔2〕根据万有引力律求出卫星的周期故卫星的周期．16．质量为5kg的物体静置于水平地面上，现对物体施以水平方向的恒拉力，1s末将拉力撤去，物体运动的v﹣t图象如下图，试求：〔l〕滑动摩擦力在0﹣3s内做的功；〔2〕拉力在1s末的功率．【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；62：功的计算．【分析】物体先做匀加速直线运动，后做匀加速直线运动，v﹣t图象的斜率表示加速度，根据牛顿第二律求解拉力和摩擦力，根据面积求解位移，然后求解功．【解答】解：〔1〕减速过程的加速度大小为： ==6 m/s2根据牛顿第二律，有：f=ma2=5×6=30 Nv﹣t图象的面积表示位移大小，故：S==18 m滑动摩擦力在0﹣3s内做的功：W=﹣fS=﹣30×18=﹣540 J〔2〕加速过程的加速度：根据牛顿第二律，有：F﹣f=ma1解得：F=f+ma1=30+5×12=90N故拉力在1s末的功率：P=Fv=90×12=1080 W答：〔l〕滑动摩擦力在0﹣3s内做的功为﹣540J；〔2〕拉力在1s末的功率为1080W．。

高一下期5月月考物理试题考试时间：50分钟；满分：100分第I卷（选择题）一、单选题：共6题每题4分共24分1．关于行星绕太阳运动，下列说法正确的是A.行星在椭圆轨道上绕太阳运动的过程中，其速度随行星与太阳之间距离的变化而变化，距离小时速度小，距离大时速度大B.开普勒第三定律中的k与行星的质量无关，只与太阳的质量有关C.开普勒第三定律中的k与恒星质量和行星质量均有关D.所有行星绕太阳运动的周期都是相等的2．如图所示，P是水平放置的足够大的圆盘，绕经过圆心O点的竖直轴匀速转动，在圆盘上方固定的水平钢架上，吊有盛水小桶的滑轮带动小桶一起以的速度匀速向右运动，小桶底部与圆盘上表面的高度差为时，小桶运动到O点正上方且滴出第一滴水，以后每当一滴水刚好落在圆盘上时桶中恰好再滴出一滴水，不计空气阻力，g取，若要使水滴都落在圆盘上的同一条直径上，圆盘角速度的最小值为ω，第二、三滴水落点的最大距离为d，则A. B.C. D.3．冥王星与其附近的另一星体“卡戎”可视为双星系统，质量比约为7：1，同时绕它们连线上某点O做匀速圆周运动。

由此可知冥王星绕O点运动的A.轨道半径约为“卡戎”的B.角速度大小约为“卡戎”的C.线速度大小约为“卡戎”的7倍D.向心力大小约为“卡戎”的7倍4．a、b、c是环绕地球圆形轨道上运行的3颗人造卫星，它们的质量关系是m a＝m b<m c，则A.b、c的周期相等，且大于a的周期B.b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度C.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度D.b所需向心力最大5．两颗质量之比为1:4的人造地球卫星，只在万有引力的作用之下，环绕地球运转。

如果它们的轨道半径之比为1:2 ，那么它们的动能之比为A.8:1B.1:8C.2:1D.1:26．如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点(如图所示)则当卫星分别在1、2、3轨道正常运行时，以下说法正确的是A.卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B.卫星在轨道3上的周期小于在轨道2上的周期C.卫星在轨道1上的经过Q点时速率大于它在轨道2上经过Q点时的速率D.卫星在轨道2上的经过P点时加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度二、多选题：共4题每题6分共24分7．牛顿时代的科学家们围绕万有引力的研究，经历了大量曲折顽强而又闪烁智慧的科学实践。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕一、选择题：〔此题共13小题，共44分．第1～8题只有一项符合题目要求，每题3分；第9～13题有多项符合题目要求，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．以下关于动量及其变化说法正确的选项是〔〕A．两物体的动量相，动能也一相B．物体动能发生变化，动量也一发生变化C．动量变化的方向一与初末动量的方向都不同D．动量变化的大小，不可能于初末状态动量大小之和2．以下关于物体的重力势能的说法中不正确的选项是〔〕A．物体重力势能的数值随选择的参考平面的不同而不同B．物体的重力势能实际上是物体和地球组成的系统所共有的C．重力对物体做正功，那么物体的重力势能增加D．物体位于所选的参考平面之下时，物体的重力势能为负值3．以下物体中，机械能守恒的是〔〕A．翻开降落伞的跳伞B．被匀速吊起的集装箱C．光滑曲面上的物体D ．物体以g的加速度竖直向上做匀减速运动4．如下图，一个物体放在水平面上，在跟竖直方向成θ角的斜向下的推力F 的作用下沿平面移动了距离s．假设物体的质量为m，物体与地面之间的摩擦力大小为f，那么在此过程中〔〕A．摩擦力做的功为fs B．力F做的功为FscosθC．力F做的功为FssinθD．重力做的功为mgs5．一质量为m的木块静止在光滑的水平面上．从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上，在t=t1时刻，力F的功率是〔〕A ．B ．C ．D ．6．竖直上抛一球，球又落回原处，空气阻力的大小正比于球的速度〔〕A．上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中克服重力做的功于下降过程中重力做的功C．上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D．上升过程中克服重力做功的平均功率于下降过程中重力的平均功率7．如下图，A、B两物体质量之比m A：m B=3：2，原来静止在平板小车C上．A、B间有一根被压缩的轻质弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，那么以下说法中不正确的选项是〔〕A．假设A、B与平板车上外表间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统动量守恒B．假设A、B与平板车上外表间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统动量守恒C．假设A、B所受的摩擦力大小相，A、B组成的系统动量守恒D．假设A、B所受的摩擦力大小相，A、B、C组成的系统动量守恒8．质量为2t的，发动机的牵引力功率为30kw，在水平的公路上，能到达的最大速度为15m/s，当的速度为10m/s时的加速度为〔〕A．0.5m/s2B．1m/s2 C．m/s2D．2m/s29．质量为m的跳水运发动，从离水面高h的跳台上以速度v1斜向上跳起，跳起高度离跳台为H，最后以速度v2进入水中，不计空气阻力，那么运发动起跳时所做的功〔〕A ．B．mgH C．mgH+mgh D ．10．如图从离地高为h的阳台上以速度v竖直向上抛出质量为m的物体，它上升 H后又返回下落，最后落在地面上，那么以下说法中正确的选项是〔不计空气阻力，以地面为参考面〕〔〕A．物体在最高点时机械能为mg〔H+h〕B．物体落地时的机械能为mg〔H+h〕+C．物体落地时的机械能为mgh+D．物体在落回过程中，经过阳台时的机械能为mgh+11．如下图，某段滑雪雪道倾角为30°，总质量为m〔包括雪具在内〕的滑雪运发动从距底端高为h 处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为g．在他从上向下滑到底端的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．运发动减少的重力势能转化为动能B ．运发动获得的动能为mghC ．运发动克服摩擦力做功为mghD ．下滑过程中系统减少的机械能为mgh12．甲、乙两球在光滑水平轨道上沿同一方向运动，它们的动量分别是P甲=5kg•m/s，P乙=7kg•m/s，甲追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为P′乙=10kg•m/s，那么两球质量m甲与m乙的关系可能是〔〕A．m乙=m甲 B．m乙=3m甲C．m乙=4m甲D．m乙=5m甲13．如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．那么〔〕A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a 落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg二、非选择题14．蹦床是运发动在一张绷紧的弹性上蹦跳，翻滚并做各种空中动作的运动工程，一个质量为50kg的运发动，从离水平面m高处自由下落，着后沿竖直方向蹦回到离水平面5.0m高处，运发动与接触的时间为1.0s，假设把在这段时间内对运发动的作用力当做恒力处理，求此力的大小〔g=10m/s2〕15．如下图，轨道ABC被竖直地固在水平桌面上，A距水平地面高H=0.75m，C 距水平地面高h=0.45m．一质量m=0.10kg的小物块自A点从静止开始下滑，从C点以水平速度飞出后落在地面上的D点．现测得C、D两点的水平距离为x=0.60m．不计空气阻力，取g=10m/s2．求〔1〕小物块从C点运动到D点经历的时间t；〔2〕小物块从C点飞出时速度的大小v C；〔3〕小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功W f．16．如下图，甲、乙两船的总质量〔包括船、人和货物〕分别为10m、12m，两船沿同一直线、同一方向运动，速度分别为2v0、v0．为防止两船相撞，乙船上的人将一质量为m的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住，求抛出货物的最小速度．〔不计水的阻力〕17．一根长细绳绕过光滑的滑轮，两端分别系住质量为M和m的物体，且M＞m，开始时用手握住M，使系统处于如下图的状态，如果M下降h刚好触地，那么m 能上升的高度是多少？如下图，物体A和B系在跨过滑轮的细绳两端，物体A的质量m A=kg，物体B的质量m B=1kg．开始时把A托起，使B刚好与地面接触，此时物体A离地高度为h=1m．放手让A从静止开始下落，g取10m/s2，求：〔1〕当A着地时，A的速度多大；〔2〕物体A落地后，B还能上升多高．18．如图，A、B、C三个木块的质量均为m．置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触可不固连．将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体．现A以初速v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起．以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B别离．C离开弹簧后的速度恰为v0．求弹簧释放的势能．八中高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕参考答案与试题解析一、选择题：〔此题共13小题，共44分．第1～8题只有一项符合题目要求，每题3分；第9～13题有多项符合题目要求，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．以下关于动量及其变化说法正确的选项是〔〕A．两物体的动量相，动能也一相B．物体动能发生变化，动量也一发生变化C．动量变化的方向一与初末动量的方向都不同D．动量变化的大小，不可能于初末状态动量大小之和【考点】52：动量理．【分析】由动量表达式P=mv 和动能表达式分析A．动能是标量，动量是矢量，动能变化说明速度大小，或质量大小改变了，由此可分析动量．动量是矢量，由矢量的变化以及合成可判CD．【解答】解：A、由P=mv可知，动量相同时，动能不一相同，故A错误．B、动能变化说明速度大小，或质量大小改变了，故动量一改变，故B正确．C、动量是矢量，由矢量运算法那么可知，动量的变化不一与初末动量的方向都不同，故C错误．D、由矢量运算法那么可知，动量变化的大小，可能于初末状态动量大小之和，故D错误．应选：B．2．以下关于物体的重力势能的说法中不正确的选项是〔〕A．物体重力势能的数值随选择的参考平面的不同而不同B．物体的重力势能实际上是物体和地球组成的系统所共有的C．重力对物体做正功，那么物体的重力势能增加D．物体位于所选的参考平面之下时，物体的重力势能为负值【考点】67：重力势能．【分析】明确重力势能的义，知道重力势能是相对量，其大小与参考平面的选取有关；同时明确重力做正功时，重力势能减小，重力做负功时，重力势能增大．【解答】解：A、重力势能是相对量，故物体重力势能的数值随选择的参考平面的不同而不同，故A正确；B、物体的重力势能实际上是物体和地球组成的系统所共有的，故B正确；C、重力对物体做正功，那么物体的重力势能减少，故C错误；D、物体位于所选参考平面之下时，其重力势能一为负值，故D正确．此题选错误的，应选：C．3．以下物体中，机械能守恒的是〔〕A．翻开降落伞的跳伞B．被匀速吊起的集装箱C．光滑曲面上的物体D ．物体以g的加速度竖直向上做匀减速运动【考点】6C：机械能守恒律．【分析】根据机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒，或通过物体的动能和势能之和是否保持不变，判断机械能是否守恒．【解答】解：A、翻开降落伞的跳伞在下落过程中受到空气阻力，且做负功，机械能减小，不守恒，故A错误；B、被匀速吊起的集装箱，动能不变，重力势能增大，那么机械能增大．故B错误；C、光滑曲面上的物体，曲面对物体不做功，只有重力做功，物体机械能守恒，故C正确；D 、物体以g 的加速度竖直向上做匀减速运动，，在减速运动的过程中受到向上的力，故机械能不守恒，故D错误；应选：C4．如下图，一个物体放在水平面上，在跟竖直方向成θ角的斜向下的推力F 的作用下沿平面移动了距离s．假设物体的质量为m，物体与地面之间的摩擦力大小为f，那么在此过程中〔〕A．摩擦力做的功为fs B．力F做的功为FscosθC．力F做的功为FssinθD．重力做的功为mgs【考点】62：功的计算．【分析】对物体受力分析，根据功的公式可以逐个求得各个力对物体做功的情况．【解答】解：A、物体与地面之间的摩擦力大小为f，物体的位移的大小为s，由功的公式可得W=﹣fs，所以A错误．B、力F与竖直方向成θ角，所以在水平方向的分力为Fsinθ，所以F做的功为Fs•sinθ，所以B错误．C、由B的分析可知C正确．D、重力在竖直方向上，物体在竖直方向的位移是零，所以重力的功为零，所以D错误．应选：C．5．一质量为m的木块静止在光滑的水平面上．从t=0开始，将一个大小为F 的水平恒力作用在该木块上，在t=t1时刻，力F的功率是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二律可以求得物体的加速度的大小，再由速度公式可以求得物体的速度的大小，由P=FV来求得瞬时功率．【解答】解：由牛顿第二律可以得到，F=ma，所以a=t1时刻的速度为V=at=t1，所以t1时刻F的功率为P=FV=F•t1=应选C6．竖直上抛一球，球又落回原处，空气阻力的大小正比于球的速度〔〕A．上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中克服重力做的功于下降过程中重力做的功C．上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D．上升过程中克服重力做功的平均功率于下降过程中重力的平均功率【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】重力做功只与物体的初末的位置有关，与物体的运动的过程和是否受其它的力无关；由于空气阻力的作用，物体在上升和下降的过程中用的时间不同，根据P=可以判断功率的大小．【解答】解：重力是保守力，做功的大小只与物体的初末的位置有关，与物体的路径无关，所以在上升和下降的过程中，重力做功的大小是相的，所以A错误B正确．物体在上升的过程中，受到的阻力向下，在下降的过程中受到的阻力向上，所以在上升时物体受到的合力大，加速度大，此时物体运动的时间短，在上升和下降的过程中物体重力做功的大小是相同的，由P=可知，上升的过程中的重力的功率较大，所以C正确，D错误．应选BC．7．如下图，A、B两物体质量之比m A：m B=3：2，原来静止在平板小车C上．A、B间有一根被压缩的轻质弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，那么以下说法中不正确的选项是〔〕A．假设A、B与平板车上外表间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统动量守恒B．假设A、B与平板车上外表间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统动量守恒C．假设A、B所受的摩擦力大小相，A、B组成的系统动量守恒D．假设A、B所受的摩擦力大小相，A、B、C组成的系统动量守恒【考点】53：动量守恒律．【分析】动量守恒的条件是系统的合外力为零．分析所研究的系统的合外力，即可判断系统的动量是否守恒．在整个过程中三个物体组成的系统合外力为零，系统的动量守恒．【解答】解：A、假设A、B与平板车上外表间的动摩擦因数相同，由于A、B两物体的质量之比为m A：m B=3：2，由f=μmg知，弹簧释放时，小车对A、B的滑动摩擦力大小之比为3：2，所以A、B组成的系统合外力不于零，系统的动量不守恒，故A不正确．B、对于A、B、C组成的系统，由于地面光滑，系统的合外力为零，那么系统动量守恒，故B正确．C、假设A、B所受的摩擦力大小相，方向又相反，所以A、B组成的系统合外力为零，A、B组成的系统动量守恒，故C正确．D、对于A、B、C组成的系统，系统的合外力为零，那么系统动量守恒，故D 正确．此题选不正确的，应选：A8．质量为2t的，发动机的牵引力功率为30kw，在水平的公路上，能到达的最大速度为15m/s，当的速度为10m/s时的加速度为〔〕A．0.5m/s2B．1m/s2 C．m/s2D．2m/s2【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；37：牛顿第二律．【分析】当到达最大速度时牵引力于阻力，由功率公式可求得物体受到的摩擦力；再由功率公式求得速度为10m/s时的牵引力，由牛顿第二律可求加速度．【解答】解：受到的摩擦力f=F===2000N；速度为10m/s时，的牵引力F1===3000N由牛顿第二律可得：a==m/s2=0.5m/s2；应选A．9．质量为m的跳水运发动，从离水面高h的跳台上以速度v1斜向上跳起，跳起高度离跳台为H，最后以速度v2进入水中，不计空气阻力，那么运发动起跳时所做的功〔〕A ．B．mgH C．mgH+mgh D ．【考点】65：动能理；62：功的计算．【分析】运发动所做的功转化为运发动的动能，由动能理可以求出运发动所做的功．【解答】解：运发动所做的功转化为运发动的动能，为：W=mv12，在整个过程中，由动能理可得：mgh=mv22﹣mv12，解得运发动所做的功为：W=mv12=mv22﹣mgh，应选：AD．10．如图从离地高为h的阳台上以速度v竖直向上抛出质量为m的物体，它上升 H后又返回下落，最后落在地面上，那么以下说法中正确的选项是〔不计空气阻力，以地面为参考面〕〔〕A．物体在最高点时机械能为mg〔H+h〕B．物体落地时的机械能为mg〔H+h〕+C．物体落地时的机械能为mgh+D．物体在落回过程中，经过阳台时的机械能为mgh+【考点】6C：机械能守恒律；67：重力势能．【分析】物体运动过程中，不受空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能的义和机械能守恒律求解．【解答】解：物体做竖直上抛运动，在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，在整个运动过程中，物体机械能保持不变；A、最高点，物体速度为零，以地面为参考面，物体在最高点时机械能为 mg〔H+h〕，故A正确；B、由于物体的机械能守恒，物体落地时的机械能为mg〔H+h〕=mgh+mv2，故B 错误，C正确；D、由于物体的机械能守恒，物体在落回过程中，经过阳台时的机械能为mg〔H+h〕=mgh+mv2，故D正确；应选：ACD．11．如下图，某段滑雪雪道倾角为30°，总质量为m〔包括雪具在内〕的滑雪运发动从距底端高为h 处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为g．在他从上向下滑到底端的过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．运发动减少的重力势能转化为动能B ．运发动获得的动能为mghC ．运发动克服摩擦力做功为mghD ．下滑过程中系统减少的机械能为mgh【考点】6C：机械能守恒律．【分析】由几何关系可知运发动下滑的位移，那么由速度和位移公式可得出运发动的末速度，那么可得出运发动的动能；由动能理可得出运发动克服摩擦力所做的功；由功能关系即可得出机械能的改变量．【解答】解：A、假设物体不受摩擦力，那么加速度为a′=gsin30°=g，而现在的加速度小于g，故运发动受到摩擦力，故减少的重力势能有一转化为了内能，故A错误；B、运发动运发动下滑的距离：L==2h；由运动学公式可得：V2=2aL，得：V=；动能为：E k =mV2=，故B正确；C、由动能理可知mgh﹣W f =mV2；解得W f =mgh；故C正确；D 、机械能的减小量于阻力所做的功，故下滑过程中系统减少的机械能为mgh，故D正确；应选：BCD12．甲、乙两球在光滑水平轨道上沿同一方向运动，它们的动量分别是P甲=5kg•m/s，P乙=7kg•m/s，甲追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为P′乙=10kg•m/s，那么两球质量m甲与m乙的关系可能是〔〕A．m乙=m甲 B．m乙=3m甲C．m乙=4m甲D．m乙=5m甲【考点】53：动量守恒律．【分析】两球碰撞过程遵守动量守恒律，由动量守恒求出碰撞后甲的动量．根据甲球速度大于乙球速度，以及碰撞过程中总动能不增加，列出不式，求出甲与乙质量比值的范围进行选择．【解答】解：因为碰撞前，甲球速度大于乙球速度，那么有＞，得到＜根据动量守恒得，p甲+p乙=p甲′+p乙′，代入解得p甲′=2kg•m/s．据碰撞过程总动能不增加得到：+≥+代入解得：＜=碰撞后两球同向运动，甲的速度不大于乙的速度，那么≤，代入解得≥所≤≤应选：BCD．13．如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．那么〔〕A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a 落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg【考点】6B：功能关系．【分析】a、b组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，通过b的动能变化，判断轻杆对b的做功情况．根据系统机械能守恒求出a球运动到最低点时的速度大小．【解答】解：A、当a到达底端时，b的速度为零，b的速度在整个过程中，先增大后减小，动能先增大后减小，所以轻杆对b先做正功，后做负功．故A错误．B、a运动到最低点时，b的速度为零，根据系统机械能守恒律得：m A gh=m A v A2，解得：v A =．故B正确．C、b的速度在整个过程中，先增大后减小，所以a对b的作用力先是动力后是阻力，所以b对a的作用力就先是阻力后是动力，所以在b减速的过程中，b 对a是向下的拉力，此时a的加速度大于重力加速度，故C错误；D、a、b整体的机械能守恒，当a的机械能最小时，b的速度最大，此时b受到a的推力为零，b只受到重力的作用，所以b对地面的压力大小为mg，故D正确；应选：BD．二、非选择题14．蹦床是运发动在一张绷紧的弹性上蹦跳，翻滚并做各种空中动作的运动工程，一个质量为50kg的运发动，从离水平面m高处自由下落，着后沿竖直方向蹦回到离水平面5.0m高处，运发动与接触的时间为1.0s，假设把在这段时间内对运发动的作用力当做恒力处理，求此力的大小〔g=10m/s2〕【考点】52：动量理．【分析】运发动先做自由落体运动，根据机械能守恒律求速度；对运发动受力分析，然后根据动量理列式求解．【解答】解：设运发动从h1处下落，刚触的速度为：v1===8m/s〔方向向下〕，运发动反弹到达高度h2，离时速度为：v2===10m/s〔方向向上〕．在接触的过程中，运发动受到向上的弹力F和向下的重力mg，设向上方向为正，由动量理有：〔F﹣mg〕t=mv2﹣〔﹣mv1〕代入数据解的：F=×103 N．答：对运发动的平均作用力×103 N．15．如下图，轨道ABC被竖直地固在水平桌面上，A距水平地面高H=0.75m，C 距水平地面高h=0.45m．一质量m=0.10kg的小物块自A点从静止开始下滑，从C点以水平速度飞出后落在地面上的D点．现测得C、D两点的水平距离为x=0.60m．不计空气阻力，取g=10m/s2．求〔1〕小物块从C点运动到D点经历的时间t；〔2〕小物块从C点飞出时速度的大小v C；〔3〕小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功W f．【考点】43：平抛运动；66：动能理的用．【分析】〔1〕物体做平抛运动，由竖直方向的自由落体运动规律可以求得运动的时间；〔2〕物体做平抛运动，由水平方向的匀速直线运动运动规律可以求得运动的初速度；〔3〕从A到C，根据动能理可以求得克服摩擦力做的功．【解答】解：〔1〕从C到D，根据平抛运动规律竖直方向 h=求出t=0.30s．〔2〕从C到D，根据平抛运动规律水平方向 x=v C t求出v C=2.0m/s．〔3〕从A到C ，根据动能理求出克服摩擦力做功W f=0.10J．答：〔1〕小物块从C点运动到D点经历的时间t是0.30s；〔2〕小物块从C点飞出时速度的大小v C是2.0m/s；〔3〕小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功是0.10J．16．如下图，甲、乙两船的总质量〔包括船、人和货物〕分别为10m、12m，两船沿同一直线、同一方向运动，速度分别为2v0、v0．为防止两船相撞，乙船上的人将一质量为m的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住，求抛出货物的最小速度．〔不计水的阻力〕【考点】53：动量守恒律．【分析】在抛货物的过程中，乙船与货物组成的动量守恒，在接货物的过程中，甲船与货物组成的系统动量守恒，在甲接住货物后，甲船的速度小于于乙船速度，那么两船不会相撞，用动量守恒律可以解题．【解答】解：设乙船上的人抛出货物的最小速度大小为v min，抛出货物后船的速度为v1，甲船上的人接到货物后船的速度为v2．取向右为正方向，由动量守恒律得乙船与货物：12mv0=11mv1﹣mv min ①甲船与货物：10m2v0﹣mv min=11mv2 ②为防止两船相撞满足 v1=v2 ③联立①②③式得 v min=4v0 ④答：抛出货物的最小速度是4v0．17．一根长细绳绕过光滑的滑轮，两端分别系住质量为M和m的物体，且M＞m，开始时用手握住M，使系统处于如下图的状态，如果M下降h刚好触地，那么m 能上升的高度是多少？如下图，物体A和B系在跨过滑轮的细绳两端，物体A的质量m A=kg，物体B的质量m B=1kg．开始时把A托起，使B刚好与地面接触，此时物体A离地高度为h=1m．放手让A从静止开始下落，g取10m/s2，求：〔1〕当A着地时，A的速度多大；〔2〕物体A落地后，B还能上升多高．【考点】6C：机械能守恒律．【分析】〔1〕两个物体都只有重力做功，系统机械能守恒，由系统机械能守恒律列式即可求解；〔2〕A落地时，B的速度大小于A的速度大小，对B运用动能理即可求解．【解答】解：〔1〕由系统机械能守恒：Mgh﹣mgh=Mv2+mv2解得：v=2m/s〔2〕对B 物体： mv2=mgh′解得：h'=0.2m答：〔1〕当A着地时，A的速度为2m/s；〔2〕物体A落地后，B还能上升0.2m．18．如图，A、B、C三个木块的质量均为m．置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触可不固连．将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体．现A 以初速v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起．以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B别离．C离开弹簧后的速度恰为v0．求弹簧释放的势能．【考点】53：动量守恒律；6B：功能关系．【分析】A与B、C碰撞过程中动量守恒，由动量守恒律可以求出碰后三者的共同速度；线断开，AB与C别离过程中动量守恒，由动量守恒律可以列方程；在弹簧弹开过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒律可以列方程，解方程即可求出弹簧的弹性势能．【解答】解：取水平向右的方向为正，设碰后A、B和C的共同速度为v，由动量守恒得：3mv=mv0…①设C离开弹簧时，A、B的速度为v1，由动量守恒得：3mv=2mv1+mv0…②设弹簧的弹性势能为E p，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒，有：…③由①②③式得弹簧所释放的势能为：…④答：弹簧释放的势能为mv02．。

高一年级-下学期五月月考物理试题时间：90分钟分值100分第I卷（选择题共48分）一、选择题（本大题12小题，每小题4分，共48分）1．如图所示，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B1，P为磁场边界上的一点．相同的带正电荷粒子，以相同的速率从P点射人磁场区域，速度方向沿位于纸面内的各个方向．这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/3．若将磁感应强度的大小变为B2结果相应的弧长变为圆周长的1/4，不计粒子的重力和粒子间的相互影响，则21BB等于（）A．34B3622．在光滑圆锥形容器中,固定了一根光滑的竖直细杆,细杆与圆锥的中轴线重合,细杆上穿有小环（小环可以自由转动,但不能上下移动）,小环上连接一轻绳,与一质量为m的光滑小球相连,让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动,并与圆锥内壁接触．如图所示,图a中小环与小球在同一水平面上,图b中轻绳与竖直轴成θ（θ<90°）角．设图a和图b中轻绳对小球的拉力分别为T a和T b,圆锥内壁对小球的支持力分别为N a和N b,则在下列说法中正确的是（）A．T a一定为零,T b一定为零B．T a、T b是否为零取决于小球速度的大小C．N a一定不为零,N b可以为零D．N a、N b的大小与小球的速度无关3．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角θ是（ ）A ．2sin gL θω=B ．2sin Lgωθ=C ．2tan gL θω=D ．2tan Lg ωθ=4．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其重力势能恰好是其动能的3倍．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（ ） A ．6πB ．4πC ．3πD ．512π 5．设地球半径为R 0，质量为m 的卫星在距地面R 0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g ，则正确的是A ．卫星的线速度为02gRB ．卫星的角速度为C ．卫星的加速度为g/2D ．卫星的周期为26．总结比较了前人研究的成功，第一次准确地提出天体间万有引力定律的物理学家是 A ．牛顿 B ．开普勒 C ．伽利略 D ．卡文迪许7．设地球半径为R 0，质量为m 的卫星在距地面R 0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g ，则错误．．的是（ ） A ．卫星的线速度为B ．卫星的角速度为C ．卫星的加速度为g/4D ．卫星的周期为28．同步卫星离地心的距离为，运行速度为1v ，加速度1a ，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度2a ，第一宇宙速度为2v ，地球的半径为R ，则（ ）A ．2122a r a R = B ．12a Ra r = C ．12v v =．2122v R v r =9．已知引力常量G 和下列各组数据，不能计算出地球质量的是（ ） A ．地球绕太阳运行的周期及地球离太阳的距离 B ．月球绕地球运行的周期及月球离地球的距离 C ．人造卫星在地面附近绕行的速度和运行周期D．若不考虑地球自转，已知地球的半径及重力加速度10．如图所示，物体以100 J的初动能从斜面的底端向上运动，斜面足够长。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕一、选择题〔此题共12小题；每题4分，共48分〕1．下面各个实例中，机械能守恒的是〔〕A．用一细绳吊着一个物体在竖直方向上上下运动过程中，以物体和地球组成系统B．物体从高处以0.9g的加速度竖直下落C．铅球运发动抛出的铅球从抛出到落地前的运动D．拉着一个物体沿光滑的斜面匀速上升2．以额功率从水平路面上坡时，司机换档的目的是〔〕A．增大速度，增大牵引力B．减小速度，减小牵引力C．增大速度，减小牵引力D．减小速度，增大牵引力3．物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，当所用时间是下滑到底端所用时间的一半时，物体的动能与势能〔以斜面底端为零势能参考平面〕之比为〔〕A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：14．课外活动时，王磊同学在40s的时间内做了25个引体向上，王磊同学的体重大约为50kg，每次引体向上大约升高0.5m，试估算王磊同学克服重力做功的功率大约为〔g取10N/kg〕〔〕A．100 W B．150 W C．200 W D．250 W5．如下图，现有两个完全相同的可视为质点的物块a、b从静止开始运动，a 自由下落，b沿光滑的固斜面下滑，最终它们都到达同一水平面上，空气阻力忽略不计，那么〔〕A．a与b两物块运动位移和时间均相B．重力对a与b两物块所做的功相C．重力对a与b两物块所做功的平均功率相D．a与b两物块运动到水平面时，重力做功的瞬时功率相同6．质量为m的物体从地面上方H高处无初速释放，落在地面后撞出一个深度为h的坑，如下图，在此过程中〔〕A．重力对物体做功为mgHB．物体的重力势能减少了mg〔H+h〕C．外力对物体做的总功为零D ．地面对物体的平均阻力为7．假设飞机在飞行中所受空气阻力与它的速度平方成正比，当飞机以速度v 水平匀速飞行时，发动机的功率为P，假设飞机以速度3v水平飞行时，发动机的功率为〔〕A．3P B．9P C．18P D．27 P8．一质量为m的物体被人用手由静止竖直向上以加速度a匀加速提升h，关于此过程以下说法中正确的选项是〔〕A．提升过程中手对物体做功m〔a+g〕hB．提升过程中合外力对物体做功mahC．提升过程中物体的动能减小D．提升过程中物体克服重力做功mgh9．人在距地面h高处抛出一个质量为m的小球，落地时小球的速度为v，不计空气阻力，人对小球做功是〔〕A ． mv2 B．mgh+mv2 C．mgh ﹣mv2D ． mv2﹣mgh10．如下图，一小球自A点由静止自由下落，到B点时与弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短．假设不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A→B→C的过程中，假设仅以小球为系统，且取地面为参考面，那么〔〕A．小球从A→B的过程中机械能守恒；小球从B→C的过程中只有重力和弹力做功，所以机械能也守恒B．小球在B点时动能最大C．小球减少的机械能，于弹簧弹性势能的增量D．小球到达C点时动能为零，重力势能为零，弹簧的弹性势能最大11．如下图，斜面AB、DB摩擦因数相同．可视为质点的物体，分别沿AB、DB 从斜面顶端由静止下滑到底端，以下说法正确的选项是〔〕A．物体沿斜面DB滑动到底端时动能较大B．物体沿斜面AB滑动到底端时动能较大C．物体沿斜面DB滑动到底端过程中克服摩擦力做的功较多D．物体沿斜面AB滑动到底端过程中克服摩擦力做的功较多12．如下图，质量为M，长度为L的小车静止的在光滑的水平面上，质量为m 的小物块，放在小车的最左端，现用一水平力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f，经过一段时间小车运动的位移为x，小物块刚好滑到小车的右端，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．此时物块的动能为：F〔x+L〕B．此时小车的动能为：fxC．这一过程中，物块和小车增加的机械能为Fx﹣fL D．这一过程中，因摩擦而产生的热量为fL二、填空、题〔第13题6分，第14题6分，计12分〕13．质量为0.2kg的小球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，那么小球与地面碰撞前后的动量变化为kg•m/s．假设小球与地面的作用时间为0.2s，那么小球受到地面的平均作用力大小为N〔g=10m/s2〕．14．在“验证机械能守恒律〞的中如〔图1〕，打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=0m/s2．〔1〕在器材选择上，除了打点计时器、纸带、复写纸、铁架台、纸带夹和重物外，还需要选择以下哪些器材？〔填字母代号〕．A．直流电源 B．交流电源 C．弹簧秤D．天平及砝码 E．毫米刻度尺 F．秒表〔2〕假设中选用的重物质量为1.00kg，重物在计数点O、B对的运动过程中，重力势能的减少量△E p= J，动能的增加量△E k= J．〔计算结果保存三位有效数字〕．三、计算题〔共40分〕15．质量为m=2kg的物体，在大小为40N的水平恒力F作用下，从静止开始在光滑水平面上匀加速，〔g取10m/s2〕求：〔1〕在第2s末，拉力做功的瞬时功率？〔2〕在前2s内，拉力做功的平均功率？16．如下图，物体在长4m的斜面顶端由静止下滑，然后进入由圆弧与斜面连接的水平面，假设物体与斜面及水平面的动摩擦因数均为0.5，斜面倾角为37°，取g=10m/s2，：sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕物体到达斜面底端时的速度大小；〔2〕物体能在水平面上滑行的距离．17．质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固在倾角为30°的斜面顶端的滑轮上，斜面固在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8米，如下图．假设摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．〔斜面足够长，g取10m/s2〕求：〔1〕物体A着地时的速度；〔2〕物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离．18．某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如下图〔除2s﹣10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线〕．在小车运动的过程中，2s﹣14s时间段内小车的功率保持不变，在14s 末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：〔1〕小车所受到的阻力大小；〔2〕小车匀速行驶阶段的功率；〔3〕小车在加速运动过程中位移的大小．高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共12小题；每题4分，共48分〕1．下面各个实例中，机械能守恒的是〔〕A．用一细绳吊着一个物体在竖直方向上上下运动过程中，以物体和地球组成系统B．物体从高处以0.9g的加速度竖直下落C．铅球运发动抛出的铅球从抛出到落地前的运动D．拉着一个物体沿光滑的斜面匀速上升【考点】6C：机械能守恒律．【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒．【解答】解：A、物体在竖直方向上上下运动过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，以物体和弹簧及地球组成系统机械能是守恒的，以物体和地球组成系统机械能不守恒，故A错误．B、物体以a=0.9g的加速度竖直向下做匀加速运动，因为a＜g，根据牛顿第二律得知，物体受到的合力F合=0.9mg小于重力，必受到向上的作用力，此作用力做负功，那么知物体的机械能减小，机械能不守恒．故B错误．C、铅球运发动抛出的铅球从抛出到落地前的运动，由于铅球只受到重力的作用，所以机械能守恒．故C正确．D、拉着一个物体沿光滑的斜面匀速上升，拉力做正功，机械能增加，故D错误．应选：C2．以额功率从水平路面上坡时，司机换档的目的是〔〕A．增大速度，增大牵引力B．减小速度，减小牵引力C．增大速度，减小牵引力D．减小速度，增大牵引力【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】发动机的功率是牵引力的功率．根据功率公式P=Fv，进行分析讨论．【解答】解：A、P一，由公式P=Fv，增大牵引力，必须减小速度．故A错误．B、P一，由公式P=Fv，减小速度，可以增大牵引力．故B错误．C、上坡时，需要增大牵引力，减小速度．故C错误．D、P一，由公式P=Fv，上坡时减小速度，可以增大牵引力．故D正确．应选：D3．物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，当所用时间是下滑到底端所用时间的一半时，物体的动能与势能〔以斜面底端为零势能参考平面〕之比为〔〕A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1【考点】6C：机械能守恒律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据位移时间关系公式求解前一半时间和整个时间段的位移之比，然后根据机械能守恒律分析．【解答】解：物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：；；故；下滑x1时，重力势能的减小量于动能的增加量，即下滑x1时，重力势能为：，动能为：；故重力势能与动能之比为3：1，应选B．4．课外活动时，王磊同学在40s的时间内做了25个引体向上，王磊同学的体重大约为50kg，每次引体向上大约升高0.5m，试估算王磊同学克服重力做功的功率大约为〔g取10N/kg〕〔〕A．100 W B．150 W C．200 W D．250 W【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】求出一次引起向上重力做的功及一次引起向上的时间，根据，即可求解．【解答】解：一次引起向上克服重力做的功一次引起向上的时间一次引起向上克服重力做功的平均功率，大约150W，故B正确，ACD错误；应选：B5．如下图，现有两个完全相同的可视为质点的物块a、b从静止开始运动，a 自由下落，b沿光滑的固斜面下滑，最终它们都到达同一水平面上，空气阻力忽略不计，那么〔〕A．a与b两物块运动位移和时间均相B．重力对a与b两物块所做的功相C．重力对a与b两物块所做功的平均功率相D．a与b两物块运动到水平面时，重力做功的瞬时功率相同【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；62：功的计算．【分析】根据牛顿第二律和运动学公式求出a、b的运动时间，通过重力做功，结合平均功率的公式比拟重力做功的平均功率．根据动能理得出到达底端的速度，结合P=mgvcosα比拟重力做功的瞬时功率．【解答】解：A、a做自由落体运动，b做匀加速直线运动，下降的高度相，但是位移不同，设高度为h，对a ，运动的时间，对b，加速度a=gsinθ，根据得，，可知a、b的运动时间不，故A错误．B、两物体下降的高度相同，质量相，那么重力做功相，故B正确．C、根据P=知，重力做功相，运动时间不，那么平均功率不，故C错误．D 、根据动能理知，，解得到达底端的速度v=，可知两物块到达底端的速度大小相，方向不同，根据P=mgv y知，重力的瞬时功率不同，故D错误．应选：B．6．质量为m的物体从地面上方H高处无初速释放，落在地面后撞出一个深度为h的坑，如下图，在此过程中〔〕A．重力对物体做功为mgHB．物体的重力势能减少了mg〔H+h〕C．外力对物体做的总功为零D ．地面对物体的平均阻力为【考点】66：动能理的用．【分析】根据重力做功的公式W G=mg△h即可求解；对整个过程运用动能理，根据重力和阻力做功之和于钢球动能的变化量，即可求解．【解答】解：A、重力做功：W G=mg△h=mg〔H+h〕，故A错误，B正确．C、对整个过程运用动能理得：W总=△E K=0，故C正确．D、对整个过程运用动能理得：W总=W G+〔﹣fh〕=△E K=0，f=，故D正确．应选：BCD7．假设飞机在飞行中所受空气阻力与它的速度平方成正比，当飞机以速度v 水平匀速飞行时，发动机的功率为P，假设飞机以速度3v水平飞行时，发动机的功率为〔〕A．3P B．9P C．18P D．27 P【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】当匀速飞行时，飞机的牵引力的大小和受到的阻力的大小相，根据功率的公式P=Fv可得，此时有P=Fv=F′v，再根据飞行中所受空气阻力与它的速率平方成正比，即F′=kv2，即可分析飞机的总功率的情况【解答】解：飞机飞行时所受的阻力与速度的平方成正比，即F′=kv2．当飞机匀速飞行时，牵引力大小于阻力，即F=F′=kv2，那么发动机的功率为P=Fv=kv3，即发动机的功率与速度的三次方成正比．所以，当飞机的速度变为原来三倍时，发动机的功率变为原来的27倍，所以选项D正确．应选：D8．一质量为m的物体被人用手由静止竖直向上以加速度a匀加速提升h，关于此过程以下说法中正确的选项是〔〕A．提升过程中手对物体做功m〔a+g〕hB．提升过程中合外力对物体做功mahC．提升过程中物体的动能减小D．提升过程中物体克服重力做功mgh【考点】62：功的计算．【分析】由牛顿第二律求得物体受到的合力与人对物体的拉力，然后利用恒力做功的公式分别求出重力和拉力做的功，用动能理判断动能的变化．【解答】解：A、设人对物体的拉力F，由牛顿第二律得F﹣mg=ma，即F=m〔g+a〕，提高过程中手对物体做功为m〔a+g〕h，故A正确；B、提高过程中合外力对物体做功w合=mah，故B正确；C、由动能理得：w合=△E K物体被人用手由静止竖直以加速度a匀加速提升h，所以w合=mah即提升过程中物体的动能增mah，故C错误；D、提高过程中物体克服重力做功mgh，故D正确．应选：ABD．9．人在距地面h高处抛出一个质量为m的小球，落地时小球的速度为v，不计空气阻力，人对小球做功是〔〕A ． mv2 B．mgh+mv2 C．mgh ﹣mv2D ． mv2﹣mgh【考点】66：动能理的用．【分析】对全过程运用动能理，求出人对小球做功的大小．【解答】解：对全过程运用动能理得：mgh+W=﹣0解得：W=故D正确，A、B、C错误．应选D．10．如下图，一小球自A点由静止自由下落，到B点时与弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短．假设不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A→B→C的过程中，假设仅以小球为系统，且取地面为参考面，那么〔〕A．小球从A→B的过程中机械能守恒；小球从B→C的过程中只有重力和弹力做功，所以机械能也守恒B．小球在B点时动能最大C．小球减少的机械能，于弹簧弹性势能的增量D．小球到达C点时动能为零，重力势能为零，弹簧的弹性势能最大【考点】6B：功能关系；69：弹性势能．【分析】小球下落过程中，先自由落体，与弹簧接触后，弹力不断变大，当向上的弹力小于向下的重力时，小球继续加速，相时停止加速，速度到达最大，此后弹力继续加大，变得大于重力，故物体开始减速，直到最低点C停下，即整个从b到c的过程先加速和减速；而能量方面，重力势能不断减小，弹性势能不断变大，动能先变大后变小，系统机械能总量守恒．【解答】解：A、小球从A→B的过程中机械能守恒；小球从B→C的过程中只有重力和弹力做功，所以弹簧和小球系统中，重力势能、动能、弹性势能相互转化，机械能总量守恒，但是小球的机械能不守恒．故A错误；B、小球从B到C过程，先加速和减速，故动能先变大后变小，小球在BC之间某点时动能最大，故B错误；C、小球从A到C过程中，重力势能、动能、弹性势能相互转化，机械能总量守恒，而在最高点和最低点动能都为零，故减少的重力势能转化为弹性势能，故C正确；D、小球到达C点时动能为零，由于取地面为参考面，重力势能不为零，故D 错误；应选：C．11．如下图，斜面AB、DB摩擦因数相同．可视为质点的物体，分别沿AB、DB从斜面顶端由静止下滑到底端，以下说法正确的选项是〔〕A．物体沿斜面DB滑动到底端时动能较大B．物体沿斜面AB滑动到底端时动能较大C．物体沿斜面DB滑动到底端过程中克服摩擦力做的功较多D．物体沿斜面AB滑动到底端过程中克服摩擦力做的功较多【考点】66：动能理的用．【分析】根据动能理得出末动能的大小，结合摩擦力做功的公式求出克服摩擦力做功，从而比拟大小．【解答】解：设底边的长度为L，斜面的倾角为θ，根据动能理得，mgh ﹣=，整理得，，知高度越高，到达底端的动能越大．克服摩擦力做功，知克服摩擦力做功相．故B正确，A、C、D错误．应选B．12．如下图，质量为M，长度为L的小车静止的在光滑的水平面上，质量为m 的小物块，放在小车的最左端，现用一水平力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f，经过一段时间小车运动的位移为x，小物块刚好滑到小车的右端，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．此时物块的动能为：F〔x+L〕B．此时小车的动能为：fxC．这一过程中，物块和小车增加的机械能为Fx﹣fLD．这一过程中，因摩擦而产生的热量为fL 【考点】66：动能理的用；6C：机械能守恒律．【分析】由图可知拉力及摩擦力作用的位移，那么可以求出两力所做的功；那么由动能理可求得物体和小车的动能；由功能关系可知机械能及热量的转化．【解答】解：A、由图可知，在拉力的作用下物体的位移为L+x，故拉力的功为F〔x+L〕，摩擦力的功为f〔x+L〕，那么由动能理可知物体的动能为〔F﹣f〕〔x+L〕，故A错误；B、小车受摩擦力作用，摩擦力作用的位移为x，故摩擦力对小车做功为fx，故小车的动能改变量为fx；故B正确；C、物块和小车增加的机械能于外力的功减去内能的增量，内能的增量于fL，故机械能的增量为F〔x+L〕﹣fL，故C错误，D正确；应选BD．二、填空、题〔第13题6分，第14题6分，计12分〕13．质量为0.2kg的小球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，那么小球与地面碰撞前后的动量变化为2 kg•m/s．假设小球与地面的作用时间为0.2s，那么小球受到地面的平均作用力大小为12 N〔g=10m/s2〕．【考点】52：动量理．【分析】取竖直向下方向为正方向，分别表示出碰地前后小球的动量，小球动量的变化量于末动量与初动量的差；代入动量理的公式可以直接计算出小球受到地面的平均作用力大小．【解答】解：〔1〕取竖直向下方向为正方向，那么小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=﹣mv2﹣mv1=﹣0.2×〔6+4〕kg．m/s=﹣2kg•m/s，负号表示方向竖直向上．〔2〕代入动量理的公式，得〔F﹣mg〕t=△P，代入数据求得：F=12N故故答案为：2，12．14．在“验证机械能守恒律〞的中如〔图1〕，打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=0m/s2．〔1〕在器材选择上，除了打点计时器、纸带、复写纸、铁架台、纸带夹和重物外，还需要选择以下哪些器材？BE 〔填字母代号〕．A．直流电源 B．交流电源 C．弹簧秤D．天平及砝码 E．毫米刻度尺 F．秒表〔2〕假设中选用的重物质量为1.00kg，重物在计数点O、B对的运动过程中，重力势能的减少量△E p= 8 J，动能的增加量△E k= 6 J．〔计算结果保存三位有效数字〕．【考点】MD：验证机械能守恒律．【分析】根据的原理确所需测量的物理量，从而确所需的器材．根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量．【解答】解：〔1〕打点计时器需要交流电源，打点计时器可以直接记录时间，不需要秒表，中重锤的质量不需要测量，所以不需要天平、弹簧秤．中需要用刻度尺测量点迹间的距离，从而求解瞬时速度以及下降的高度．应选BE．〔2〕重物在计数点O、B对的运动过程中，重力势能的减少量为：△E p =mgh=1××0.192J≈8J，B点的瞬时速度为： =3m/s，那么动能的增加量为：≈6J．故答案为：〔1〕BE，〔2〕8，6．三、计算题〔共40分〕15．质量为m=2kg的物体，在大小为40N的水平恒力F作用下，从静止开始在光滑水平面上匀加速，〔g取10m/s2〕求：〔1〕在第2s末，拉力做功的瞬时功率？〔2〕在前2s内，拉力做功的平均功率？【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；37：牛顿第二律．【分析】先根据牛顿第二律求出加速度，再根据速度公式求出2s末的速度和2s内的位移，根据P=Fv求解瞬时功率，根据求解平均功率．【解答】解：根据牛顿第二律得：F=maa==20 m/s2在2s末时：物体的速度v=at=40 m/s所以拉力的瞬时功率为：P=Fv=40×40=1600W物体2秒内的位移为： =40m2秒内拉力做的功W=FS=40N×40 m=1600J所以平均功率为P==800W答：〔1〕在第2s末，拉力做功的瞬时功率为1600W；〔2〕在前2s内，拉力做功的平均功率为800W．16．如下图，物体在长4m的斜面顶端由静止下滑，然后进入由圆弧与斜面连接的水平面，假设物体与斜面及水平面的动摩擦因数均为0.5，斜面倾角为37°，取g=10m/s2，：sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕物体到达斜面底端时的速度大小；〔2〕物体能在水平面上滑行的距离．【考点】66：动能理的用．【分析】〔1〕物体在斜面滑下的过程中，重力做功mgsin37°×s1，滑动摩擦力做功为﹣μmgcos37°×s1，s1是斜面的长度，根据动能理求解物体到达斜面底端时的速度大小．〔2〕物体能在水平面上滑行时，滑动摩擦力做负功，再根据动能理求解物体能在水平面上滑行的距离．【解答】解：〔1〕物体在斜面滑下的过程中，重力做功mgsin37°×s1，滑动摩擦力做功为﹣μmgcos37°×s1，s1是斜面的长度，由动能理得：斜面上：mgsin37°×s1﹣μmgcos37°×s1=…①解①式得：v=4m/s…②〔2〕平面上，由动能理得：…③由①、②式得：s2=1.6m…④答：〔1〕物体到达斜面底端时的速度大小为4m/s；〔2〕物体能在水平面上滑行的距离为1.6m．17．质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固在倾角为30°的斜面顶端的滑轮上，斜面固在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8米，如下图．假设摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．〔斜面足够长，g取10m/s2〕求：〔1〕物体A着地时的速度；〔2〕物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离．【考点】6C：机械能守恒律．【分析】A、B开始运动到A着地过程中，分析系统的受力及做功情况，系统的机械能守恒，运用机械能守恒律求出它们的速度．A着地后，B沿斜面做匀减速运动，当速度减为零时，B能沿斜面滑行的距离最大．【解答】解：〔1〕、设A落地时的速度为v，系统的机械能守恒：，代入数据得：V=2 m/s．〔2〕、A落地后，B以v为初速度沿斜面匀减速上升，设沿斜面又上升的距离为S，由动能理得：代入数据得：s=0.4m．答：〔1〕、物体A着地时的速度是2m/s．〔2〕、物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离0.4m．18．某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如下图〔除2s﹣10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线〕．在小车运动的过程中，2s﹣14s时间段内小车的功率保持不变，在14s 末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：〔1〕小车所受到的阻力大小；〔2〕小车匀速行驶阶段的功率；〔3〕小车在加速运动过程中位移的大小．【考点】66：动能理的用；1I：匀变速直线运动的图像；63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】〔1〕在14s末停止遥控而让小车自由滑行，小车只受摩擦力，故可以可以先求加速度，再求出合力，于摩擦力；〔2〕匀速阶段，牵引力于阻力，速度，直接根据公式P=Fv求解；〔3〕前2秒位移根据运动学公式求解，2s到10s为变加速过程，其位移可以由动能理求解．【解答】解：〔1〕在14s﹣18s时间段a3=m/s2=﹣m/s2小车受到阻力大小：f=ma3=N〔2〕在10s﹣14s小车作匀速直线运动，牵引力F=F fP=Fv=×6W=9W〔3〕0﹣2s内2s﹣10s内根据动能理 Pt﹣fx2=解得 x2=39m开始加速过程中小车的位移大小为：x=x1+x2=42m答：〔1〕小车所受到的阻力大小为N；〔2〕小车匀速行驶阶段的功率为9W；〔3〕小车在加速运动过程中位移的大小为42m．。

高一下学期物理5月月考试卷一、单选题1. 下列说法正确的是（）A . 做曲线运动的物体受到的合外力可能为零B . 物体在恒力作用下不可能做曲线运动C . 物体做曲线运动时，速度一定在改变D . 做曲线运动的物体在某一时刻加速度可能与速度同方向2. 关于地球的第一宇宙速度，下列表述正确的是（）A . 第一宇宙速度大小为7.9km/sB . 第一宇宙速度大小为11.2km/sC . 第一宇宙速度是最大发射速度D . 第一宇宙速度是最小运行速度3. 甲、乙两个做匀速圆周运动的质点，它们的角速度之比为3：1，线速度比为2：3，那么，下列说法中正确的是（）A . 它们的半径比是9：2B . 它们的半径比是1：2C . 它们的周期比为2：3D . 它们的周期比为1：34. “S路”曲线行驶是我国驾驶证考试中的一个项目。

某次考试过程中，有两名学员分别坐在驾驶座和副驾驶座上，并且始终与汽车保持相对静止，汽车在弯道上行驶时可视作圆周运动，行驶过程中未发生打滑。

如图所示，当汽车在水平“S路”图示位置处减速行驶时（）A . 两名学员具有相同的线速度B . 两名学员具有相同的角速度C . 汽车受到的摩擦力与速度方向相反D . 在副驾驶上的学员受到汽车的作用力较大5. 如图所示，从某高处水平抛出一小球，经过时间t到达地面时，速度与水平方向的夹角为θ，不计空气阻力，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A . 小球水平抛出时的初速度大小为B . 小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为C . 若小球初速度增大，则θ减小D . 若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长6. 质点在一平面内沿曲线由P运动到Q，如果用v、a、F分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，下列图象中可能正确的是A .B .C .D .7. 乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量为m的人随车一起在竖直平面内旋转，下列说法正确的是（）A . 车在最高点时人处于倒立状态，全靠保险带拉住，没有保险带人就会掉下来B . 人在最高点时对座位仍可能产生压力，但是压力一定小于mgC . 人在最低点时对座位的压力大于mgD . 人在最低点时对座位的压力等于mg8. 关于万有引力和万有引力定律的理解正确的是A . 不能看做质点的两物体间不存在相互作用的引力B . 只有能看做质点的两物体间的引力才能用F= 计算C . 由F= 知，两物体间距离r减小时，它们之间的引力增大D . 万有引力常量的大小首先是由牛顿测出来的，且等于6.67×10-11N·m2/kg2二、多选题9. 关于匀速圆周运动的向心力，下列说法正确的是（）A . 向心力是使物体做圆周运动的力，是根据力的作用效果命名的B . 向心力可以是多个力的合力，也可以是其中一个力或一个力的分力C . 对稳定的圆周运动，向心力是一个恒力D . 向心力的效果是改变质点的线速度大小10. 如图所示，绳子的一端固定在O点，另一端拴一重物在水平面上做匀速圆周运动（）A . 转速相同时，绳长的容易断B . 周期相同时，绳短的容易断C . 线速度大小相等时，绳短的容易断D . 线速度大小相等时，绳长的容易断三、填空题11. 一个质量为4kg的物体在半径为4m的圆周上以4m/s的速率做匀速圆周运动，则向心加速度a＝________ m/s2，所需的向心力Fn＝________ N.四、实验题12. 在做研究平抛运动的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹．（1）为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面字母填在横线上：_____A . 每次释放小球的位置不必相同B . 通过调节使斜槽的末端保持水平C . 每次必须由静止释放小球D . 小球运动时应与木板上的白纸（或方格纸）相接触（2）用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=________（用L、g表示）五、解答题13. 一只质量为2kg的小球，从距水平地面20m高处以10m/s的初速度水平抛出。

应对市爱护阳光实验学校班高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕一、选择题：此题共12小题，1～6题为单项选择题，7～12题，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．1．以下表达正确的选项是〔〕A．带量异号电荷的两个导体接触后，电荷就会由于相互而消失B．一个物体带1.6×10﹣9 C的负电荷，这是它失去了1.0×1010个电子的缘故C．元电荷表示是跟电子所带电荷量数值相的电荷量D．电场中某点场强越大，那么同一电荷在该点所受电场力越大2．关于电场强度的以下说法中不正确的选项是〔〕A．电场强度在数值上于单位电荷在电场中所受的电场力的大小B．在电场中某点不放电荷，那么该点的电场强度一为零C．正电荷在电场中某点所受电场力的方向就是这点电场强度的方向D．负电荷在电场中某点所受电场力的方向就是这点电场强度的反方向3．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．假设将两小球相互接触后分开一的距离，两球间库仑力的大小变为F，那么两小球间的距离变为〔〕A ．B．r C ．D．2r4．如下图，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的势面．以下判断正确的选项是〔〕A．1、2两点的场强大小相B．2、3两点的场强相C．1、2两点的电势相 D．2、3两点的电势相5．关于静电场的电场强度和电势，以下说法正确的选项是〔〕A．电场强度的方向处处与势面垂直B．电场强度为零的地方，电势也逐渐降低C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度方向总是指向该点的电势降落最快的方向6．图中虚线为一组间距相的圆，圆心处固一带正电的点电荷．一带电粒子以一初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．那么该粒子〔〕A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化7．如下图，分别在M、N两点固放置两个点电荷+Q和﹣2Q，以MN连线的中点O 为圆心的圆周上有A、B、C、D四点．以下说法正确的选项是〔〕A．A点场强小于B点场强B．C点场强与D点场强相同C．A点电势小于B点电势D．将某正电荷从C点移到O点，电场力不做功8．如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么〔〕A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．假设先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变9．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电力线、粒子在A点的初速度以及运动轨迹如下图．由此可以判〔〕A．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．A点的电势低于B点的电势10．如下图，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，以下说法中正确的选项是〔〕A．滑动触头向右移动时，电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．电压U增大时，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变11．如下图，电量为+q和﹣q的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有〔〕A．体中心、各面中心和各边中点B．体中心和各边中点C．各面中心和各边中点D．体中心和各面中心12．a、b、c三个α粒子〔重力不计〕由同一点M同时垂直场强方向进入带有量异种电荷的两平行金属板的电场间，其轨迹如下图，其中b恰好沿板的边缘飞出电场，由此可知〔〕A．进入电场时a的速度最大，c的速度最小B．a、b、c在电场中运动经历的时间相C．假设把上极板向上移动，那么a在电场中运动经历的时间增长D．假设把下极板向下移动，那么a在电场中运动经历的时间增长二、计算题13．把一检验电荷q放在点电荷Q所形成的电场中的A点，假设检验电荷的电荷量为q=﹣2．O×10﹣8C，它所受的电场力F=2.0×10﹣3N，方向背向Q，如下图．〔1〕求A点的场强大小及方向．〔2〕假设将检验电荷q从电场中的A点移到B点，电场力做功为4.0×10﹣6J，那么A、B之间的电势差U AB是多少？检验电荷q的电势能变化了多少？14．如下图，电子以速度v0沿与电场垂直的方向从A点飞入匀强电场，并且从另一侧的B点沿与电场成150°角的方向飞出，电子的质量为m，电荷量为e，求A、B两点的电势差．15．如下图，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板有一小孔，质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零〔空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g〕，求：〔1〕小球到达小孔处的速度；〔2〕极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；〔3〕小球从开始下落运动到下极板处的时间．16．如下图为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m、电荷量为e的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：〔1〕电子通过B点时的速度大小v0；〔2〕电子从右侧的两块平行金属板之间飞出时的侧移距离y；〔3〕电子从右侧平行金属板进入到飞出时电场对它所做的功W．一中班高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕参考答案与试题解析一、选择题：此题共12小题，1～6题为单项选择题，7～12题，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．1．以下表达正确的选项是〔〕A．带量异号电荷的两个导体接触后，电荷就会由于相互而消失B．一个物体带1.6×10﹣9 C的负电荷，这是它失去了1.0×1010个电子的缘故C．元电荷表示是跟电子所带电荷量数值相的电荷量D．电场中某点场强越大，那么同一电荷在该点所受电场力越大【考点】A6：电场强度．【分析】电荷不会凭空产生，也不会凭空消失，电荷的总量保持不变，量的异种电荷接触，显电中性．元电荷表示最小的电荷量，与电子的电量相．根据F=qE 判断同一电荷所受电场力的大小．【解答】解：A、带量异号电荷的两个导体接触后，电荷就会显电中性，电荷未消失．故A错误．B、一个物体带1.6×10﹣9C的负电荷，这是它得到了1.0×1010个电子的缘故．故B错误．C、元电荷是最小的电荷量，跟电子所带电荷量数值相．故C正确．D、根据F=qE，电场中某点的场强越大，同一电荷所受的电场力越大．故D正确．应选：CD．2．关于电场强度的以下说法中不正确的选项是〔〕A．电场强度在数值上于单位电荷在电场中所受的电场力的大小B．在电场中某点不放电荷，那么该点的电场强度一为零C．正电荷在电场中某点所受电场力的方向就是这点电场强度的方向D．负电荷在电场中某点所受电场力的方向就是这点电场强度的反方向【考点】A6：电场强度．【分析】电场强度于检验电荷所受的电场力与电荷量的比值，电场强度方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．【解答】解：A、根据E=知，电场强度在数值上于单位电荷所受的电场力，故A正确．B、电场强度与放入电场中的电荷无关，故B不不正确．C、电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反，故CD正确．此题选择错误的，应选：B．3．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．假设将两小球相互接触后分开一的距离，两球间库仑力的大小变为F，那么两小球间的距离变为〔〕A ．B．r C ．D．2r【考点】A4：库仑律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先后均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先后均分，所以两球分开后各自带点为+Q ，两球间库仑力的大小变为，库仑力为F′=k =，r′=所以两小球间的距离变为，故C正确、ABD．应选：C．4．如下图，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的势面．以下判断正确的选项是〔〕A．1、2两点的场强大小相B．2、3两点的场强相C．1、2两点的电势相 D．2、3两点的电势相【考点】A6：电场强度；AC：电势．【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．利用这些知识进行判断．【解答】解：A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比拟，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可知，2、3两处场强大小相，但方向不同，所以场强不．故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势．故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条势线上，所以2与3两点的电势相．故D正确．应选：D．5．关于静电场的电场强度和电势，以下说法正确的选项是〔〕A．电场强度的方向处处与势面垂直B．电场强度为零的地方，电势也逐渐降低C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度方向总是指向该点的电势降落最快的方向【考点】A6：电场强度．【分析】电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答．【解答】解：A、电场线与势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与势面垂直，故A正确；B、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一为零；电势为零，电场强度不一为零，故B错误；C、顺着电场线方向电势逐渐降低，但电场线不一越来越疏，所以电场强度大小不一逐渐减小，故C错误；D、顺着电场线方向电势降低，由匀强电场U=Ed可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确．应选：AD．6．图中虚线为一组间距相的圆，圆心处固一带正电的点电荷．一带电粒子以一初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．那么该粒子〔〕A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化【考点】AF：势面．【分析】电场线与势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A：根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，故A错误；B：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C 点受到的电场力最小，故B错误；C：根据动能理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一大于在c点的电势能，故C正确；D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确．应选：CD．7．如下图，分别在M、N两点固放置两个点电荷+Q和﹣2Q，以MN连线的中点O 为圆心的圆周上有A、B、C、D四点．以下说法正确的选项是〔〕A．A点场强小于B点场强B．C点场强与D点场强相同C．A点电势小于B点电势D．将某正电荷从C点移到O点，电场力不做功【考点】AA：电场的叠加；A6：电场强度．【分析】由题，Q带正电，q带负电，电场线方向由A指向B，根据顺着电场线电势逐渐降低．电场线越密，电场强度越大．根据对称性，分析CD两点电势关系、场强关系．【解答】解：A、由于2Q＞Q，A点处电场线比B点处电场线疏，A点场强小于B 点场强，故A正确；B、由于电场线关于MN对称，C、D两点电场线疏密程度相同，那么C点场强于D点场强，但方向与两个电荷的连线不平行，故电场强度的方向不同，故电场强度大小相，但方向不相同；故B错误；C、由题，电场线方向由M指向N，那么A点电势高于B点电势，故C错误；D、由图象知O点电势低于C点电势，故将某正电荷从C点移到O点，电场力做正功，故D错误；应选：A．8．如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么〔〕A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．假设先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变【考点】AS：电容器的动态分析．【分析】电容器始终与电源相连，那么电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．【解答】解：A、根据C=知，d增大，那么电容减小．故A错误．B、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，那么电势差不变，所以静电计指针张角不变．故B错误．C、电势差不变，d增大，那么电场强度减小，P点与上极板的电势差减小，那么P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，那么电势能减小．故C正确．D、电容器与电源断开，那么电荷量不变，d 改变，根据，知电场强度不变，那么油滴所受电场力不变．故D正确．应选CD．9．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电力线、粒子在A点的初速度以及运动轨迹如下图．由此可以判〔〕A．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．A点的电势低于B点的电势【考点】A7：电场线；AD：电势差与电场强度的关系．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：A、由电场线可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，即A点的加速度小于它在B点的加速度，所以A错误；B、粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在A点的动能小于它在B点的动能，所以B正确，C错误；D、沿电场线的方向，电势降低，所以A点的电势大于B点的电势，所以D错误．应选B．10．如下图，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，以下说法中正确的选项是〔〕A．滑动触头向右移动时，电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．电压U增大时，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动；BB：闭合电路的欧姆律．【分析】滑动触头向右移动时，加速电压增大，加速后速度变大，粒子在偏转电场中运动时间变短，粒子在平行偏转电场方向的位移减小．同理触头向左移动时，加速电压减小，加速后速度变小，粒子在电场中运动时间变长，粒子在平行偏转电场方向的位移增大；当加速电压不变时，偏转电压变化，影响平行电场方向的电场力的大小，也就是影响加速度的大小，粒子在电场中运动时间不变，改变偏转的位移大小．【解答】解：电子在加速电场中做加速运动，根据动能理得：eU′=mv2﹣0，那么得电子获得的速度为：v=．电子进入偏转电场后做类平抛运动，电子在沿极板方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间：t=；在平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度a=，电子在电场方向偏转的位移y=at2．解得：y=，又因为偏转电场方向向下，所以电子在偏转电场里向上偏转．A、滑动触头向右移动时，加速电压U′变大，由上可知电子偏转位移变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，相反，滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升，故A错误，B正确；C、偏转电压U增大时，电子在电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又因为电子加速获得的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，a 增大，而电子打在屏上的速度为v′=，故电子打在屏上的速度增大，故C错误．D、电子在电场中运动的时间不变，离开电场后做匀速直线运动，由于水平速度不变，运动时间也不变，所以电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，故D正确．应选：BD．11．如下图，电量为+q和﹣q的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有〔〕A．体中心、各面中心和各边中点B．体中心和各边中点C．各面中心和各边中点D．体中心和各面中心【考点】AA：电场的叠加．【分析】两个量同种电荷在其连线的中点处的合场强为零．两个量同种正电荷在其连线的中垂线上的合场强沿中垂线指向远离正电荷的方向．两个量同种负电荷在其连线的中垂线上的合场强沿中垂线指向负电荷的方向．然后分线中心、面中心和体中心进行分析，分析时将图中点电荷分组，运用合成法讨论．【解答】解：两个量同种电荷在其连线的中点处的合场强为零，两个量同种正电荷在其连线的中垂线上的合场强沿中垂线指向远离正电荷的方向，两个量同种负电荷在其连线的中垂线上的合场强沿中垂线指向负电荷的方向．在正方体的上面中心，上面的四个电荷分成两组产生的场强都是零，下面的四个电荷分成两组产生的场强大反向，所以正方体的上面中心处的合场强为零，同理所有各面中心处的合场强都为零．在体中心，可以将八个电荷分成四组，产生的合场强为零．而在各边中心，场强无法抵消，合场强不为零．应选D．12．a、b、c三个α粒子〔重力不计〕由同一点M同时垂直场强方向进入带有量异种电荷的两平行金属板的电场间，其轨迹如下图，其中b恰好沿板的边缘飞出电场，由此可知〔〕A．进入电场时a的速度最大，c的速度最小B．a、b、c在电场中运动经历的时间相C．假设把上极板向上移动，那么a在电场中运动经历的时间增长D．假设把下极板向下移动，那么a在电场中运动经历的时间增长【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】三个α粒子都做类平抛运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为0的匀加速直线运动．粒子的质量和电量相同，加速度相同．比拟沿电场方向上的位移，可比拟出运动时间，再根据垂直电场方向的位移可知初速度的大小．假设把上极板向上移动或假设把下极板向下移动，电场强度不变，由类平抛运动的规律分析．【解答】解：AB、三个α粒子进入电场后加速度相同，由图看出，竖直方向a、b偏转距离相，大于c的偏转距离，由y=知，a、b运动时间相，大于c的运动时间，即t a=t b＞t c．又水平位移的关系为 x a＜x b=x c，因为粒子水平方向都做匀速直线运动，所以v c＞v b＞v a．即a的速度最小，c的速度最大．故A、B 错误．C、假设把上极板向上移动，根据推论E=知，板间场强不变，粒子的加速度不变，可知a的运动情况不变，运动时间不变．故C错误．D、假设把下极板向下移动，根据推论E=知，板间场强不变，粒子的加速度不变，a的竖直分位移增大，由y=知，a在电场中运动经历的时间增长，故D正确．应选：D二、计算题13．把一检验电荷q放在点电荷Q所形成的电场中的A点，假设检验电荷的电荷量为q=﹣2．O×10﹣8C，它所受的电场力F=2.0×10﹣3N，方向背向Q，如下图．〔1〕求A点的场强大小及方向．〔2〕假设将检验电荷q从电场中的A点移到B点，电场力做功为4.0×10﹣6J，那么A、B之间的电势差U AB是多少？检验电荷q的电势能变化了多少？【考点】AB：电势差；AE：电势能．【分析】〔1〕A点产生的场强由点场强公式E=求解，〔2〕负电荷从A移到B点的过程，电场力做功为4.0×10﹣6J，A点的电势低于B点的电势．根据电势差公式U=求出A、B间的电势差，再根据电势能的变化与电场力做功关系，即可求解．【解答】解：〔1〕据场强公式：E== N/C=1.0×105N/C由负检验电荷所受的电场力方向与电场方向相反可得A点的场强方向指向Q；〔2〕设A、B之间的电势差为U AB那么：U AB == V=﹣200V由△E P=﹣W AB；可解得： J，即检验电荷的电势能减小了4×10﹣6J；答：〔1〕A点的场强大小为1.0×105N/C．〔2〕A、B之间的电势差是﹣200V，检验电荷q的电势能减小了4×10﹣6J．14．如下图，电子以速度v0沿与电场垂直的方向从A点飞入匀强电场，并且从另一侧的B点沿与电场成150°角的方向飞出，电子的质量为m，电荷量为e，求A、B两点的电势差．【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】将B点的速度分解为水平方向和竖直方向，根据平行四边形那么求出B点的速度，再根据动能理求出A、B两点的电势差．【解答】解：电子垂直进入电场做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据平行四边形那么知，B点的速度为：v B ==2v0，根据动能理得：﹣eU AB =mv B2﹣mv02解得：U AB=﹣．答：A、B 两点间电势差为﹣．15．如下图，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板有一小孔，质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零〔空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g〕，求：〔1〕小球到达小孔处的速度；〔2〕极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；〔3〕小球从开始下落运动到下极板处的时间．【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系；52：动量理；66：动能理的用．【分析】〔1〕小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式列式求解即可；〔2〕对从释放到到达下极板处过程运用动能理列式求解电场强度，然后根据Q=CU求解电容器的带电量；〔3〕对加速过程和减速过程分别运用动量理列式求解时间，然后求和即可．【解答】解：〔1〕小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：v2=2gh解得：v=…①〔2〕对从释放到到达下极板处过程运用动能理列式，有：mg〔h+d〕﹣qEd=0解得：E=…②电容器两极板间的电压为：U=Ed=，电容器的带电量为：Q=CU=．〔3〕加速过程：mgt1=mv…③减速过程，有：〔mg﹣qE〕t2=0﹣mv…④。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕一、选择题〔共10小题，每题4分，总分值40分〕1．以下物理量的单位属于导出单位的是〔〕A．质量B．时间C．位移D．速度2．一物体以初速度v0=20m/s沿光滑斜面匀减速向上滑动，当上滑距离x0=30m 时，速度减为10m/s，该物体恰滑到斜面顶部，那么斜面长度为〔〕A．40m B．50m C．32m D．60m3．如下图，一个物体m放在粗糙的斜面上保持静止，现用水平外力F推物体，m仍保持静止时，当F由零逐渐增加但物体m仍保持静止状态的情况下，那么物体m〔〕A．受到斜面的支持力增加B．所受合力增加C．受到的静摩擦力增加D．受到的静摩擦力减小4．如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力F向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m，重力加速度为g，那么〔〕A．箱子受到的摩擦力方向向右B．地面对木板的摩擦力方向向左C．木板对地面的压力大小为3mgD．假设人用斜向下的力推箱子，那么木板对地面的压力会大于3mg5．运动物体的速度、加速度及所受合外力三者的方向关系是〔〕A．三者的方向是相同B．速度方向与加速度方向可成任意夹角，但加速度方向总是与合外力方向相同C．速度方向总是与合外力方向相同，而加速度方向可能与合外力方向相同，也可能不同D．三者的方向可以成任意夹角6．某人站在一静止的台秤上，当他猛地下蹲的过程中，假设不考虑台秤的惯性，那么台秤的示数〔〕A．先变大后变小，最后于他的重力B．变大，最后于他的重力C．先变小，后变大，最后于他的重力D．变小，最后于他的重力7．如下图，物体在光滑水平面上受三个水平恒力〔不共线〕作用处于平衡状态，如下图，当把其中一个水平恒力撤去时，物体将〔〕A．物体一做匀加速直线运动 B．物体一做匀变速直线运动C．物体有可能做曲线运动D．物体一做曲线运动8．如下图，水平面上质量均为4kg的两木块A、B用一轻弹簧相连接，整个系统处于平衡状态．现用一竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上做加速度为5m/s2的匀加速直线运动．从力F刚作用在木块A的瞬间到B刚离开地面的瞬间这个过程，以下说正确的选项是〔g=10m/s2〕〔〕A．力F的最小值为60NB．力F的最大值为60NC．当弹簧形变程度最小时，力F的值一为60ND．当弹簧形变程度最大时，力F的值一为100N9．如下图，用绳跨过滑轮牵引小船，设水的阻力不变，那么在小船匀速靠岸的过程中〔〕A．绳子的拉力不断增大B．绳子的拉力不变C．船所受浮力增大D．船所受浮力变小10．在反恐演习中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演．某伞兵从静止的直升飞机上跳下，在t0时刻翻开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．伞兵运动的速度随时间变化的规律如下图．以下结论正确的选项是〔〕A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞翻开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C．在t0～3t0的时间内，平均速度＞D．假设第一个伞兵在空中翻开降落伞时第二个伞兵立即跳下，那么他们在空中的距离先增大后减小二、解答题〔共3小题，总分值27分〕11．一个小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞的中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如下图．以下表述正确的选项是〔〕A．a的原长比b的长B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比12．如下图：为一小球作平抛运动的闪光照片的一，背景标尺每小格表示5cm，那么由照片求得的平抛运动的水平速度为m/s．13．打点计时器使用的交流电频率为50Hz，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，利用图3给出的数据可求出小车运动的加速度a= ．〔结果保存三位有效数字〕三、解答题〔共3小题，总分值33分〕14．物体从高处自由下落，通过5m高的窗户所需时间为0.1s，物体从窗底落到地面时间为0.2s，那么物体是从m高处开始下落．〔取g=10m/s2〕15．如下图，质量为m的小球用轻绳悬于O点，现用垂直于绳方向的外力拉小球，使轻绳偏离竖直方向后静止，求此时需用多大力拉球时绳的拉力正好于外力的一半．16．如下图，倾角θ=30°的光滑斜面的下端与水平地面平滑连接〔可认为物体在连接处速率不变〕．一个质量为m的小物体〔可视为质点〕，从距地面h=m 高处由静止沿斜面下滑．物体与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.4，重力加速度g=10m/s2，求：〔1〕物体沿斜面下滑的加速度a的大小；〔2〕物体下滑到达斜面底端A时速度v A的大小；〔3〕物体在水平地面上滑行的时间t．高一〔下〕月考物理试卷〔5月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔共10小题，每题4分，总分值40分〕1．以下物理量的单位属于导出单位的是〔〕A．质量B．时间C．位移D．速度【考点】3A：力学单位制．【分析】单位制中根本单位有：米、千克、秒、摩尔、开尔文、安培、坎德拉．其它单位为导出单位．【解答】解：质量、时间、位移的单位都是单位制中的根本单位，速度单位为导出单位．故D正确，A、B、C错误．应选D．2．一物体以初速度v0=20m/s沿光滑斜面匀减速向上滑动，当上滑距离x0=30m 时，速度减为10m/s，该物体恰滑到斜面顶部，那么斜面长度为〔〕A．40m B．50m C．32m D．60m【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据运动学速度位移关系公式，分别对前后两段运动过程列式，联立方程组求解即可．【解答】解：设斜面长度为L ，根据速度位移关系公式得：联立代入数据解得：L=40m故A正确；应选：A3．如下图，一个物体m放在粗糙的斜面上保持静止，现用水平外力F推物体，m仍保持静止时，当F由零逐渐增加但物体m仍保持静止状态的情况下，那么物体m〔〕A．受到斜面的支持力增加B．所受合力增加C．受到的静摩擦力增加D．受到的静摩擦力减小【考点】2H：共点力平衡的条件及其用；2G：力的合成与分解的运用．【分析】对物体m受力分析并采用正交分解法将推力及重力分解，根据共点力平衡条件可以得出静摩擦力及弹力的变化．【解答】解：B、物体m保持静止，故合力一直为零，保持不变，故B错误；ACD、设斜面的坡角为θ，对A受力分析并建立坐标系如下图：x轴：Fcosθ﹣mgsinθ+f=0；y轴：F N=mgcosθ+Fsinθ当F为零时，摩擦力于mgsinθ，方向沿斜面向上；当F增大时，由公式可得，摩擦力减小，当Fcosθ=mgsinθ时，摩擦力刚好为零；当F继续增大摩擦力将变为向下，且随F的增大而增大，故摩擦力先减小后增大；故CD均错误；由y轴公式可知，F N一直增大，故A正确；应选：A4．如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力F向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m，重力加速度为g，那么〔〕A．箱子受到的摩擦力方向向右B．地面对木板的摩擦力方向向左C．木板对地面的压力大小为3mgD．假设人用斜向下的力推箱子，那么木板对地面的压力会大于3mg【考点】2H：共点力平衡的条件及其用；29：物体的弹性和弹力．【分析】对箱子受力分析，根据平衡条件判断其受静摩擦力方向；对三个物体的整体受力分析，根据平衡条件判断地面对整体的支持力和静摩擦力情况．【解答】解：A、人用力F向右推箱子，对箱子受力分析，受推力、重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，箱子受到的摩擦力方向向左，与推力平衡，故A错误；B、对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，不是静摩擦力，否那么不平衡，故地面对木板没有静摩擦力，故B错误；C、对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，根据平衡条件，支持力于重力；根据牛顿第三律，支持力于压力；故压力于重力，为3mg；故C正确；D、假设人用斜向下的力推箱子，三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，故压力依然于3mg，故D错误；应选：C．5．运动物体的速度、加速度及所受合外力三者的方向关系是〔〕A．三者的方向是相同B．速度方向与加速度方向可成任意夹角，但加速度方向总是与合外力方向相同C．速度方向总是与合外力方向相同，而加速度方向可能与合外力方向相同，也可能不同D．三者的方向可以成任意夹角【考点】37：牛顿第二律．【分析】根据牛顿第二律得知：加速度方向与合外力方向总是相同，而与速度方向不一相同，速度方向与加速度方向可以成任意夹角．【解答】解：根据牛顿第二律可知，加速度方向与合外力方向总是相同的；但速度与加速度没有直接的关系，两者方向可以成任何夹角；故B正确，ACD错误．应选：B．6．某人站在一静止的台秤上，当他猛地下蹲的过程中，假设不考虑台秤的惯性，那么台秤的示数〔〕A．先变大后变小，最后于他的重力B．变大，最后于他的重力C．先变小，后变大，最后于他的重力D．变小，最后于他的重力【考点】3E：牛顿运动律的用﹣超重和失重．【分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．【解答】解：人先是加速下降，有向下的加速度，此时的人对体重计的压力减小，后是减速下降，有向上的加速度，此时的人对体重计的压力增加，最后静止于他的重力．应选：C．7．如下图，物体在光滑水平面上受三个水平恒力〔不共线〕作用处于平衡状态，如下图，当把其中一个水平恒力撤去时，物体将〔〕A．物体一做匀加速直线运动 B．物体一做匀变速直线运动C．物体有可能做曲线运动D．物体一做曲线运动【考点】42：物体做曲线运动的条件；37：牛顿第二律．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，由于物体是受几个恒力的作用，撤去F1后，物体受到的合力不为零，且是不变的，物体一是做匀变速运动．【解答】解：物体原来处于平衡状态，物体的合力为零，当撤去其中一个力后，而其余力的合力与撤去的力大小相、方向相反，故合力的大小是不变的，那么：A、当合力方向与速度方向不同向时，物体就不是匀加速直线运动，故A错误；B、合力恒，故加速度恒，故是匀变速运动，当速度方向与合力方向在同一直线上时，物体做匀变速直线运动，当合力与速度不共线时，物体做曲线运动，故C正确，BD错误；应选：C．8．如下图，水平面上质量均为4kg的两木块A、B用一轻弹簧相连接，整个系统处于平衡状态．现用一竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上做加速度为5m/s2的匀加速直线运动．从力F刚作用在木块A的瞬间到B刚离开地面的瞬间这个过程，以下说正确的选项是〔g=10m/s2〕〔〕A．力F的最小值为60NB．力F的最大值为60NC．当弹簧形变程度最小时，力F的值一为60ND．当弹簧形变程度最大时，力F的值一为100N【考点】2H：共点力平衡的条件及其用；29：物体的弹性和弹力．【分析】最初弹簧被压缩，A物体受到竖直向上的弹力于重力，由于A物体做匀加速直线运动，对A受力分析，列出牛顿第二律解出对的表达式，得到初位置拉力最小，末位置拉力最大；当B物体要离开地面时地面的支持力为零，弹簧对B物体向上的拉力于B物体的重力，即弹簧对A物体向下的拉力于B的重力，再列出牛顿第二律解出此所需的拉力F大小即可．【解答】解：AB、对物体A分析，受拉力F、重力G、弹簧的弹力，由于弹簧的弹力向上时在减小，向下时在增加，物体是匀加速运动，故拉力F逐渐增加；设初始状态时，弹簧的压缩量为x0，弹簧劲度系数为k，物体的质量为m，那么kx0=mg；力F作用在木块A上后，选取A为研究对象，其受到竖直向上的拉力F、竖直向下的重力mg和弹力k〔x0﹣x〕三个力的作用，根据牛顿第二律，F+k〔x0﹣x〕﹣mg=ma，即F=ma+kx=20+kx；开始时拉力最小，x=0，故拉力为20N；当弹簧对物体B竖直向上的弹力于重力时B刚好离开地面，此时弹簧对物体A 施加竖直向下的弹力F弹，大小为mg=40N，对物体A运用牛顿第二律有F﹣mg﹣F弹=ma，代入数据，可求得F=100N；即拉力的最大值为100N，最小值为20N，故A错误，B错误；C、当弹簧形变程度最小时，弹力为零，对物体A，根据牛顿第二律，有：F﹣mg=ma，故F=m〔g+a〕=4×〔10+5〕=60N，故C正确；D、在最低点，弹簧的压缩量最大，弹力最大，拉力也是最大，为100N，故D 错误；应选：C9．如下图，用绳跨过滑轮牵引小船，设水的阻力不变，那么在小船匀速靠岸的过程中〔〕A．绳子的拉力不断增大B．绳子的拉力不变C．船所受浮力增大D．船所受浮力变小【考点】44：运动的合成和分解．【分析】对小船进行受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化．【解答】解：对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零；设拉力与水平方向的夹角为θ，有：Fcosθ=f ①，Fsinθ+F浮=mg ②．船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，根据平衡方程①知，绳子的拉力增大，根据平衡方程②知，拉力增大，sinθ增大，所以船的浮力减小．故A、D正确，B、C错误．应选：AD10．在反恐演习中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演．某伞兵从静止的直升飞机上跳下，在t0时刻翻开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．伞兵运动的速度随时间变化的规律如下图．以下结论正确的选项是〔〕A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞翻开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C．在t0～3t0的时间内，平均速度＞D．假设第一个伞兵在空中翻开降落伞时第二个伞兵立即跳下，那么他们在空中的距离先增大后减小【考点】37：牛顿第二律；1I：匀变速直线运动的图像．【分析】速度图象倾斜的直线表示物体做匀加速直线运动，其加速度不变．根据斜率于加速度，分析t0～3t0时间内加速度如何变化．根据牛顿第二律分析阻力如何变化．根据“面积〞于位移，将在t0～3t0的时间内物体的位移与匀减速直线运动的位移进行比拟，再分析平均速度与的大小．【解答】解：A、在0～t0时间伞兵做匀加速直线运动，加速度不变，2t0～3t0时间内图线的斜率逐渐减小，那么加速度逐渐减小．故A正确．B、设降落伞和伞兵的总质量为m，所受的阻力为f，加速度大小为a，根据牛顿第二律得：f﹣mg=ma，得f=mg+ma，a逐渐减小，那么f也逐渐减小．即降落伞和伞兵所受的阻力越来越小．故B正确．C、在t0～3t0的时间内，假设伞兵做匀减速直线运动，图象为直线，其平均速度为，根据“面积〞于位移可知，匀减速直线运动的位移大于伞兵实际运动的位移，那么平均速度v ＜，故C错误．D、第一个伞兵在空中翻开降落伞时的速度比第二个伞兵跳下时速度大，所以两者距离逐渐变大，后来第二个人的速度大于第一个跳伞运发动时，两者距离又减小，故D正确；应选：ABD二、解答题〔共3小题，总分值27分〕11．一个小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞的中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如下图．以下表述正确的选项是〔〕A．a的原长比b的长B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比【考点】M7：探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】弹簧的弹力满足胡克律，F=kx=k〔l﹣l0〕，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长．【解答】解：A、弹簧的弹力满足胡克律，F=k〔l﹣l0〕，在图象中横截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故A错误B、C、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的小，故B错误；C正确；D、弹簧的弹力满足胡克律，弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误应选：C12．如下图：为一小球作平抛运动的闪光照片的一，背景标尺每小格表示5cm，那么由照片求得的平抛运动的水平速度为 1 m/s．【考点】MB：研究平抛物体的运动．【分析】正确用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；解答此题的突破口是利用在竖直方向上连续相时间内的位移差于常数解出闪光周期，然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求解．【解答】解：在竖直方向上有：△h=gT2，其中△h=2×5=10cm，得：T=；水平方向匀速运动，有：s=v0t，其中s=2L=10cm，t=T=0.1s，代入解得：v0==1m/s．故答案为：1．13．打点计时器使用的交流电频率为50Hz，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，利用图3给出的数据可求出小车运动的加速度a= 8 m/s2．〔结果保存三位有效数字〕【考点】M5：测匀变速直线运动的加速度．【分析】由匀变速直线运动的推论△x=at2可以求出加速度，从而即可求解．【解答】解：由匀变速直线运动的推论△x=at2可得，加速度a=m/s2=8 m/s2故答案为：8 m/s2．三、解答题〔共3小题，总分值33分〕14．物体从高处自由下落，通过5m高的窗户所需时间为0.1s，物体从窗底落到地面时间为0.2s，那么物体是从20 m高处开始下落．〔取g=10m/s2〕【考点】1J：自由落体运动．【分析】设从开始运动到窗户上端的时间为t，那么运动到下端的时间为t+0.1s，根据位移时间公式可以求出t，又因为物体从窗底落到地面时间为0.2s，所以自由落体的总时间为t+0.3s，根据位移时间公式即可求解．【解答】解：设从开始运动到窗户上端的时间为t，那么运动到下端的时间为t+0.1s，那么；解得：t=s从开始到落地的总时间为t总=t+0.3s=2sh==故答案为：20m15．如下图，质量为m的小球用轻绳悬于O点，现用垂直于绳方向的外力拉小球，使轻绳偏离竖直方向后静止，求此时需用多大力拉球时绳的拉力正好于外力的一半．【考点】2H：共点力平衡的条件及其用；2G：力的合成与分解的运用．【分析】对小球进行受力分析，受到重力、绳子的拉力以及外力F，根据平衡条件列式即可求解．【解答】解：对小球进行受力分析，受到重力、绳子的拉力以及外力F，根据平衡条件得：T2+F2=〔mg〕2，又T=，解得：F=答：此时需用的力拉球时绳的拉力正好于外力的一半．16．如下图，倾角θ=30°的光滑斜面的下端与水平地面平滑连接〔可认为物体在连接处速率不变〕．一个质量为m的小物体〔可视为质点〕，从距地面h=m 高处由静止沿斜面下滑．物体与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.4，重力加速度g=10m/s2，求：〔1〕物体沿斜面下滑的加速度a的大小；〔2〕物体下滑到达斜面底端A时速度v A的大小；〔3〕物体在水平地面上滑行的时间t．【考点】37：牛顿第二律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】〔1〕物体在光滑斜面上下滑过程中，只受重力物斜面的支持力，根据牛顿第二律求解加速度．〔2〕物体下滑到斜面底端的位移为x=，由x=at2求解时间，由v=at 得到物体到达斜面底端的速度大小．〔3〕物体滑到地面上由于滑动摩擦力而作匀减速运动，由牛顿第二律求出加速度，由速度公式求解滑行的时间．【解答】解：〔1〕物体由静止沿斜面下滑过程，由牛顿运动律有：沿斜面方向：mgsinθ=ma ①代入数据解①得：a=5m/s2〔2〕设物体由静止沿斜面下滑经时间t1至底端A处，由运动学规律有：=②v A=at1③联解②③式并代入数据得：v A=8m/s〔3〕物体在地面作匀减速运动，设加速度大小为a′，由牛顿运动律有：μmg=ma′④0﹣v A=﹣a′t ⑤联解④⑤式并代入数据得：t=2s答：〔1〕物体沿斜面下滑的加速度大小是5m/s2；〔2〕物体由静止沿斜面下滑，到达斜面底端的速度大小是8m/s；〔3〕物体在水平地面滑行的时间是2s．。

5月检测试卷（高一物理）一、选择题(共14小题，1～10为单选题，每小题4分；11～15多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

满分60分)1．人造卫星绕地球做圆周运动时，卫星离地面的高度越高（ ）A ．线速度越大B ．角速度越大C ．周期越大D ．向心加速度越大2．人造卫星在太空绕地球运行中，若天线偶然折断，天线将（ ）A ．继续和卫星一起沿轨道运行B ．做平抛运动，落向地球C ．由于惯性，沿轨道切线方向做匀速直线运动，远离地球D ．做自由落体运动，落向地球3．人造卫星离地面距离等于地球半径R ，卫星以速度v 沿圆轨道运动，设地面的重力加速度 为g ，则有（ ）A ．v =gR 4B ．v =gR 2 C ．v =gR D ．v =2/gR4．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R ，线速度为v ，周期为T ，若要使它周 期变为2T ，可能的方法是 （ ） A ．R 不变，使线速度变为v /2 B ．v 不变，使轨道半径变为2RC ．轨道半径变为R 34 D ．无法实现5．科学家设想在太空设立太阳能卫星电站，先用硅太阳能电池将太阳能转化成电能，再利 用微波—电能转换装置，将电能转换成微波向地面发送。

卫星电站的最佳位置是在1100km 的赤道上空。

此卫星电站的运行速度为 （ ）A ．3.1km/sB ．7.2km/sC ．7.9km/sD ．11.2km/s6．人造卫星在运行中因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道半径会慢慢减小，在半径缓慢变化过程中，卫星的运动还可近似当作匀速圆周运动。

当它在较大的轨道半径r 1上时运行线速度为v 1，周期为T 1，后来在较小的轨道半径r 2上时运行线速度为v 2，周期为T 2，则它们的关系是（ ）A ．v 1﹤v 2，T 1﹤T 2B ．v 1﹥v 2，T 1﹥T 2C ．v 1﹤v 2，T 1﹥T 2D ．v 1﹥v 2，T 1﹤T 27．关于万有引力定律的适用范围，下列说法中正确的有 （ ） A ．只适用于天体，不适用于地面的物体 B ．只适用于球形物体，不适用于其他形状的物体C ．只适用于质点，不适用于实际物体D ．适用于自然界中任何两个物体之间8．若有一艘宇宙飞船在某一行星表面做匀速圆周运动，设其周期为T ，引力常量为G ，那么 该行星的平均密度为 （ ）A ．π32GTB ．23GT π C ．π42GT D ．24GT π 9．地球公转的轨道半径为R 1，周期为T 1，月球绕地球运转的轨道半径为R 2，周期为T 2，则 太阳质量与地球质量之比为 （ ）A ．22322131T R T R B ．21322231T R T R C ．21222221T R T R D ．32223121T R T R 10．两颗行星A 和B 各有一颗卫星a 和b ，卫星轨道接近各自行星的表面，如果两行星的质 量之比为M A /M B =P ，两行星半径之比为R A /R B =q ，则两个卫星的周期之比T a /T b 为（ ）A ．Pq B ．p qC ．pq P / D ．P q q /11．关于第一宇宙速度，下列说法正确的是 （ ） A ．它是人造地球卫星绕地球作匀速圆周运动的最大速度 B ．它是人造地球卫星在圆形轨道上的最小运行速度C ．它是能使卫星绕地球运行的最小发射速度D ．它是人造卫星绕地球作椭圆轨道运行时在近地点的速度12．下列关于地球同步卫星的说法正确的是 （ ） A ．它的周期与地球自转同步，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小 B ．它的周期、高度、速度都是一定的C ．我们国家发射的同步通讯卫星定点在北京上空D ．我国发射的同步通讯卫星也定点在赤道上空13．人造卫星绕地球作匀速圆周运动，关于它运转的轨道平面，下列情况可能的有（ ） A ．运转轨道平面与赤道平面是重合的 B ．轨道平面与某经线所在平面是重合的C ．轨道平面与赤道以外的某纬线所在平面是重合的D ．轨道平面通过地球球心，但平面与任一纬线和经线均不重合14．16世纪，哥白尼根据天文观测的大量资料，经过40多年的天文观测和潜心研究，提出“日 心说”的如下四个基本论点，这四个论点目前看存在缺陷的是（ ）A ．宇宙的中心是太阳，所有行星都在绕太阳作匀速圆周运动B ．地球是绕太阳作匀速圆周运动的行星，月球是绕地球作匀速圆周运动的卫星，它绕 地球运转的同时还跟地球一起绕太阳运动C ．天穹不转动，因为地球每天自西向东自转一周，造成天体每天东升西落的现象D ．与日地距离相比，恒星离地球都十分遥远，比日地间的距离大得多 15．下列关于万有引力的说法，正确的有 （ ）A ．物体落到地面上，说明地球对物体有引力，物体对地球没有引力B ．万有引力定律是牛顿在总结前人研究的基础上发现的C ．地面上自由下落的苹果和天空中运行的月亮，受到的都是地球的万有引力D ．F =221r m m G中的G 是一个比例常数，是没有单位的5月检测试卷高一物理答题卡（答案）一、选择题(共60分，1～10小题单选，每小题4分；11～14小题双选，全部选对的给5分，选对但不全的得2分，有选错的或不选的得0分)二、填空题(每空2分，共16分)16．在圆轨道上运行的质量为m 的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R ，地面上的重力加速度为g ，则卫星运动的线速度为______________，加速度为______________，周期为_________________。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕五月月考物理试卷〔〕一、单项选择题〔此题共12小题：每题4分，共52分，〕1．物体做曲线运动时，以下说法中正确的选项是〔〕A．速度可能不变B．速度一变化C．加速度一变化D．加速度一不变2．从水平飞行的直升机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，在物体下落过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．从飞机上看，物体静止B．从飞机上看，物体始终在飞机的前方C．从地面上看，物体做平抛运动D．从地面上看，物体做自由落体运动3．如下图，用细线吊着一个质量为m的小球，使小球在水平面内做圆锥摆运动，关于小球受力，正确的选项是〔〕A．受重力、拉力、向心力B．受重力、拉力C．受重力D．以上说法都不正确4．洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，以下说法中不正确的选项是〔〕A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好5．物理学的开展丰富了人类对物质的认识，推动了技术的创和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，以下表述正确的选项是〔〕A．开普勒发现了万有引力律B．牛顿通过测出了万有引力常量C．相对论的创立说明力学已不再适用D．爱因斯坦建立了相对论，把物理学推进到高速领域6．卫星在抢险救灾中能发挥重要作用．第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度．而第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，解决了覆盖全球的问题．它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成．中轨道卫星离地面的高度约为地球半径的2倍，分布在几个轨道平面上〔与赤道平面有一的夹角〕．地球外表处的重力加速度为g，那么由于地球的作用使中轨道卫星处的重力加速度约为〔〕A ．B ．C．4g D．9g7．我射的“嫦娥一号〞卫星经过屡次加速、变轨后，最终进入环月工作轨道．如下图，卫星既可以在离月球比拟近的圆轨道a上运动，也可以在离月球比拟远的圆轨道b上运动．以下说法正确的选项是〔〕A．卫星在a上运行的线速度小于在b上运行的线速度B．卫星在a上运行的周期大于在b上运行的周期C．卫星在a上运行的角速度小于在b上运行的角速度D．卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力8．人造地球同步卫星可以看起来相对地面静止，在地球赤道平面的同步轨道上运行，就是我们常说的同步卫星．以下说法不正确的选项是〔〕A．同步卫星的周期是24hB．所有同步卫星的角速度都相C．所有同步卫星离地面的高度都相D．我射的地球同步卫星在我们国家图上空9．恒力F作用于原来静止的物体上，使其分别沿粗糙水平面和光滑水平面移动一段相同距离s，那么水平恒力F做的功的功率P l和P2相比拟，正确的选项是〔〕A．P1＞P2B．P I＜P2C．P l＞P2D．P I＜P210．如下图，桌面高h，质量为m的小球从距桌面高H处自由下落．假设以桌面为零势能参考面，那么小球落到地面的重力势能为〔〕A．﹣mgh B．mgH C．mgh D．Mg〔h+H〕11．质量为m的雨滴，在距地面h高处匀速下落到地面，以下说法中正确的选项是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的动能增加了C．物体的机械能保持不变D．雨克服滴重力做功为mgh12．如下图，一个物体以速度v0冲向一端固在墙壁上的弹簧，弹簧在被压缩的过程中以下说法正确的有〔〕A．弹簧被压缩得越短，弹性势能越大B．弹簧的弹力做正功，弹簧的弹性势能增加C．弹簧的弹力做负功，弹簧的弹性势能减小D．弹簧的弹性势能不变二、填空题〔此题共4小题，每题6分，共24分．把答案填写在题中的横线上，不要求写解答过程〕13．在做“研究平抛运动〞的时，让小球屡次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹．为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上〔〕A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次必须由静止释放小球C．记录小球经过不同高度的位置用时，每次必须严格地距离下降D．固白纸的木板必须调节成竖直E．每次释放小球的位置必须不同F．将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线14．小球质量为0.2kg，在绳子拉力作用下在光滑水平面上做匀速圆周运动，细绳长为1m，在20秒内转过50周，那么小球的周期是，向心加速度是，绳子的拉力是．15．牛顿万有引力的公式是，人造地球卫星的最大运行速度是．地面附近的重力加速度为m/s2，地球半径为×106m，万有引力常量G=7×10﹣11Nm2/kg2．根据这些条件，求得地球的质量约为．16．用如下图的装置，探究功与物体速度变化的关系，时，先适当垫高木板，然后由静止释放小车，小车在橡皮条弹力的作用下被弹出，沿木板滑行，小车滑行过程中带动通过打点计时器的纸带，记录其运动情况，观察发现纸带前面点迹疏密不均，后面点迹比拟均匀，答复以下问题：〔1〕适当垫高木板是为了．〔2〕通过纸带求小车速度时，使用纸带的〔填“〞、“前面〞、“后面〞〕．〔3〕假设作了n次，所用橡皮条分别为1根、2根…n根，通过纸带求出小车的速度分别为v1、v2…v n，用W表示橡皮条对小车所做的功，作出的W﹣V2图象是一条过坐标原点的直线，这说明W与v的关系是．17．质量为2kg的一小钢球做自由落体运动，重力加速度为g=10m/s2，求：〔1〕下落2秒内，重力势能的变化大小．〔2〕2秒内重力的平均功率．〔3〕第2秒末重力的瞬时功率．18．发动机的额功率为30KW，质量为2000kg，当在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，〔1〕随着速度的增加，牵引力逐渐减小，当牵引力减小到与受到的阻力相时，的加速度为零，其速度将不再增加，这个最大速度是多小？〔2〕当速度为10m/s时，实际功率是多少？〔3〕当速度为10m/s时的加速度是多小？高一〔下〕五月月考物理试卷〔〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共12小题：每题4分，共52分，〕1．物体做曲线运动时，以下说法中正确的选项是〔〕A．速度可能不变B．速度一变化C．加速度一变化D．加速度一不变【考点】曲线运动．【分析】曲线运动的速度方向沿轨迹的切线方向；物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，与加速度是否变化无关．【解答】解：A、曲线运动的速度方向沿轨迹的切线方向；所以速度的方向不断变化，速度一变化．故A错误，B正确；C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，即加速度的方向与速度方向不在同一条直线上即可，加速度可以变化，也可以不变，如平抛运动的加速度保持不变，而匀速圆周运动的加速度方向不断变化．故CD错误．应选：B【点评】此题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．2．从水平飞行的直升机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，在物体下落过程中，以下说法正确的选项是〔〕A．从飞机上看，物体静止B．从飞机上看，物体始终在飞机的前方C．从地面上看，物体做平抛运动D．从地面上看，物体做自由落体运动【考点】平抛运动；参考系和坐标系．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．【解答】解：在匀速飞行的飞机上释放物体，物体有一水平速度，故从地面上看，物体做平抛运动；飞机的速度与物体水平方向上的速度相同，故物体始终在飞机的正下方，且相对飞机的竖直位移越来越大．故C正确，A、B、D错误．应选C．【点评】解决此题的关键掌握平抛运动的处理方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．3．如下图，用细线吊着一个质量为m的小球，使小球在水平面内做圆锥摆运动，关于小球受力，正确的选项是〔〕A．受重力、拉力、向心力B．受重力、拉力C．受重力D．以上说法都不正确【考点】向心力；牛顿第二律．【分析】先对小球进行运动分析，做匀速圆周运动，再找出合力的方向，进一步对小球受力分析！【解答】解：小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，即向心力是按照力的效果命名的，这里是重力和拉力的合力！应选B．【点评】向心力是效果力，匀速圆周运动中由合外力提供，是合力，与分力是效替代关系，不是重复受力！4．洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，以下说法中不正确的选项是〔〕A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好【考点】离心现象．【分析】A、水滴依附的附着力是一的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．B、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．C、F=ma=mω2R，角速度增大，水滴所需向心力增大，脱水效果更好．D、周边的衣物因圆周运动的半径更大，在角速度一时，所需向心力比中心的衣物大，脱水效果更好．【解答】解：A、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．故A正确．B、水滴依附的附着力是一的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．故B错．C、F=ma=mω2R，ω增大会使向心力F增大，而转筒有洞，不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，增大向心力，会使更多水滴被甩出去．故C正确．D、中心的衣服，R比拟小，角速度ω一样，所以向心力小，脱水效果差．故D 正确．此题选不正确的，应选：B．【点评】此题要理解匀速圆周运动的向心力的来源、向心力的大小因素、做离心运动的条件．属于根底题．5．物理学的开展丰富了人类对物质的认识，推动了技术的创和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，以下表述正确的选项是〔〕A．开普勒发现了万有引力律B．牛顿通过测出了万有引力常量C．相对论的创立说明力学已不再适用D．爱因斯坦建立了相对论，把物理学推进到高速领域【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要奉献即可．【解答】解：A、牛顿发现了万有引力律，故A正确；B、卡文迪许通过测出了万有引力常量，故B错误；C、相对论的创立并不说明力学已不再适用，实际上在宏观、低速的情况下力学仍能适用．故C错误．D、爱因斯坦建立了相对论，把物理学推进到高速领域，故D正确；应选：D．【点评】此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、创造、著名理论要记忆，这也是考试内容之一．6．卫星在抢险救灾中能发挥重要作用．第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度．而第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，解决了覆盖全球的问题．它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成．中轨道卫星离地面的高度约为地球半径的2倍，分布在几个轨道平面上〔与赤道平面有一的夹角〕．地球外表处的重力加速度为g，那么由于地球的作用使中轨道卫星处的重力加速度约为〔〕A ．B ．C．4g D．9g【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】中轨道卫星高度约为地球半径的2倍，所轨道卫星的轨道半径是地球半径的3倍，根据万有引力提供向心力公式即可求解．【解答】解：由题意可知中轨道卫星的轨道半径是地球半径的3倍，设地球半径为R，那么中轨道卫星的轨道半径为3R，在地球外表有：对中轨道卫星有：解得：故A正确、BCD错误．应选：A．【点评】此题关键抓住万有引力提供向心力，根据公式进行求解，注意中轨道卫星高度约为地球半径的2倍，不是轨道半径是地球半径的2倍，而是3倍．7．我射的“嫦娥一号〞卫星经过屡次加速、变轨后，最终进入环月工作轨道．如下图，卫星既可以在离月球比拟近的圆轨道a上运动，也可以在离月球比拟远的圆轨道b上运动．以下说法正确的选项是〔〕A．卫星在a上运行的线速度小于在b上运行的线速度B．卫星在a上运行的周期大于在b上运行的周期C．卫星在a上运行的角速度小于在b上运行的角速度D．卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力【考点】万有引力律及其用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】对于月球的卫星，万有引力提供向心力，根据万有引力公式和向心力公式列式求解即可．【解答】解：对于月球的卫星，万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、月球质量为M，有F=F向F=F向=m=mω2r=m解得v=ω=T=2π根据题意得：卫星在a上运行的轨道半径小于在b上运行的轨道半径，所以卫星在a上运行的线速度大，角速度大、周期小、万有引力大．故A、B、C错误，D正确．应选D．【点评】此题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论8．人造地球同步卫星可以看起来相对地面静止，在地球赤道平面的同步轨道上运行，就是我们常说的同步卫星．以下说法不正确的选项是〔〕A．同步卫星的周期是24hB．所有同步卫星的角速度都相C．所有同步卫星离地面的高度都相D．我射的地球同步卫星在我们国家图上空【考点】同步卫星．【分析】此题要根据地球同步卫星的条件、特点来分析．地球同步卫星的周期必须与地球自转的周期相同，高度、角速度、轨道都是一的．【解答】解：A、同步卫星绕地球运动的周期于地球自转的周期，即为24h，故A正确；B、所有同步卫星的角速度都于地球自转的角速度，故B正确．C、地球同步卫星要和地球自转同步，运行的角速度必须于地球自转的角速度，根据万有引力提供圆周运动向心力，有：G=mω2r ，得：ω=，因为ω、M 是一值，所以卫星的轨道半径也是一值，所以所有同步卫星离地面的高度都相．故C正确；D、在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步〞，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的．所以同步卫星只能在赤道的正上方，不能点在我国上空，故D不正确；此题选不正确的，应选：D【点评】地球质量一、自转角速度一，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相，这就决了它的轨道高度、线速度、角速度、周期、轨道都必须一，即有“五个一〞．9．恒力F作用于原来静止的物体上，使其分别沿粗糙水平面和光滑水平面移动一段相同距离s，那么水平恒力F做的功的功率P l和P2相比拟，正确的选项是〔〕A．P1＞P2B．P I＜P2C．P l＞P2D．P I＜P2【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据W=Fs比拟出做功的大小，结合牛顿第二律比拟加速度的大小，从而比拟出运动的时间，根据P=比拟恒力做功的功率大小．【解答】解：根据W=Fs知，水平恒力不变，移动的距离相同，可知在两种情况下恒力F做功相同，根据牛顿第二律得：a=，在粗糙水平面上的加速度较小，根据x=知，在粗糙水平面上的运动时间较长，由P=知，P1＜P2，故B正确，ACD错误．应选：B．【点评】此题考查了功和功率的根本运算，知道平均功率和瞬时功率的区别，掌握这两种功率的求法．10．如下图，桌面高h，质量为m的小球从距桌面高H处自由下落．假设以桌面为零势能参考面，那么小球落到地面的重力势能为〔〕A．﹣mgh B．mgH C．mgh D．Mg〔h+H〕【考点】重力势能．【分析】解决此题需要掌握：重力势能表达式E p=mgh中，h为物体相对零势能点的高度，因此重力势能大小和零势能点的选取有关．【解答】解：以桌面为零势能参考平面，地面离零势能点的高度为﹣h，所以小球落到地面前瞬间的重力势能为：E p=﹣mgh，故A正确，BCD错误；应选：A【点评】此题比拟简单，直接考查了重力势能的义，正确理解公式中物理量的含义是正确用，并明确零势能面的意义即可求解．11．质量为m的雨滴，在距地面h高处匀速下落到地面，以下说法中正确的选项是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的动能增加了C．物体的机械能保持不变D．雨克服滴重力做功为mgh 【考点】功能关系；重力势能．【分析】重力势能的变化是由重力做功多少决的，动能理变化由合力做功决的，机械能的改变量于重力之外的其他力所做的功．根据功能关系解答即可．【解答】解：AD、物体高度下降了h，可知，重力对雨滴做正功，为mgh，重力势能一减少了mgh；故A正确，D错误；B、雨滴做匀速运动，速率不变，动能不变，故B错误；C、雨滴的动能不变，重力势能减小，两者之和即机械能减小，故C错误．应选：A【点评】此题的关键要掌握常见的功与能的关系，知道功是能量转化的量度，重力做功导致重力势能变化；合力做功导致动能变化；除重力外其他力做功导致机械能变化；弹力做功导致弹性势能的变化．12．如下图，一个物体以速度v0冲向一端固在墙壁上的弹簧，弹簧在被压缩的过程中以下说法正确的有〔〕A．弹簧被压缩得越短，弹性势能越大B．弹簧的弹力做正功，弹簧的弹性势能增加C．弹簧的弹力做负功，弹簧的弹性势能减小D．弹簧的弹性势能不变【考点】功能关系；弹性势能．【分析】根据弹簧的弹力与位移方向的关系，分析弹力做功的正负．克服弹力做功弹性势能增加，弹力做正功弹性势能减小．据此分析．【解答】解：AD、弹簧被压缩得越短，形变量越大，弹簧的弹性势能越大，故A正确，D错误；BC、物体向左运动，弹簧对物体的弹力方向向右，与物体的位移方向相反，故弹力做负功，弹簧的弹性势能增加，故B、C错误；应选：A【点评】掌握弹簧的弹性势能决因素、理解弹力做功与弹性势能的变化是解答此题的关键．弹簧的弹性势能可根据公式E k =记住弹性势能的决因素．二、填空题〔此题共4小题，每题6分，共24分．把答案填写在题中的横线上，不要求写解答过程〕13．在做“研究平抛运动〞的时，让小球屡次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹．为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上〔〕A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次必须由静止释放小球C．记录小球经过不同高度的位置用时，每次必须严格地距离下降D．固白纸的木板必须调节成竖直E．每次释放小球的位置必须不同F．将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线【考点】研究平抛物体的运动．【分析】小球做平抛运动，必须保证斜槽末端切线水平；过程中要保证小球每次做平抛运动的初速度相同，每次从斜槽的同一位置由静止释放小球；在白纸上记录记录小球的运动路径时，不必要高度下降．【解答】解：A、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动．故A正确．B、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B正确，E错误．C、记录小球经过不同高度的位置时，每次不必严格地距离下降，故C错误；D、做平抛运动的物体在同一竖直面内运动，固白纸的木板必须调节成竖直，故D正确；F、将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，平滑的曲线把各点连接起来，故F错误；应选ABD．【点评】此题考查了考前须知，要知道原理与考前须知．14．小球质量为0.2kg，在绳子拉力作用下在光滑水平面上做匀速圆周运动，细绳长为1m，在20秒内转过50周，那么小球的周期是0.4s ，向心加速度是250m/s2，，绳子的拉力是50N ．【考点】向心力；向心加速度．【分析】周期于圆周运动一圈的时间，根据转到的圈数和时间求出小球的周期，从而得出角速度的大小，结合向心加速度公式求出向心加速度的大小，根据向心力公式求出拉力的大小．【解答】解：小球的周期为：T=，向心加速度为：a=．拉力提供向心力，为：F=ma=0.2×250N=50N．故答案为：0.4s，250m/s2，50N．【点评】解决此题的关键知道小球在水平面做匀速圆周运动，靠拉力提供向心力，知道线速度、周期、角速度、向心加速度、向心力之间的关系，并能灵活运用．15．牛顿万有引力的公式是F=G，人造地球卫星的最大运行速度是km/s ．地面附近的重力加速度为m/s2，地球半径为×106m，万有引力常量G=7×10﹣11Nm2/kg2．根据这些条件，求得地球的质量约为 6.0×1024kg ．【考点】万有引力律及其用．【分析】根据万有引力律分析答题；绕地球做圆周运的最大线速度是地球的第一宇宙速度；设质量为m的物体放在地球的外表，根据物体的重力于地球对物体的万有引力，列方程求解地球的质量．【解答】解：牛顿万有引力的公式是：F=G，人造地球卫星的最大运行速度是地球的第一宇宙速度，即：km/s．设质量为m的物体放在地球的外表，地球的质量为M．根据物体的重力于地球对物体的万有引力得：G=mg，解得：M==≈6.0×1024kg；故答案为：F=G；km/s；6.0×1024kg．【点评】此题考查了万有引力律的用，此题根据重力近似于万有引力求解地球的质量，得到的式子g=，常被称为黄金代换式，常用来求行星的质量及行星外表的重力加速度关系．16．用如下图的装置，探究功与物体速度变化的关系，时，先适当垫高木板，然后由静止释放小车，小车在橡皮条弹力的作用下被弹出，沿木板滑行，小车滑行过程中带动通过打点计时器的纸带，记录其运动情况，观察发现纸带前面点迹疏密不均，后面点迹比拟均匀，答复以下问题：〔1〕适当垫高木板是为了平衡摩擦力．〔2〕通过纸带求小车速度时，使用纸带的后面〔填“〞、“前面〞、“后面〞〕．〔3〕假设作了n次，所用橡皮条分别为1根、2根…n根，通过纸带求出小车的速度分别为v1、v2…v n，用W表示橡皮条对小车所做的功，作出的W﹣V2图象是一条过坐标原点的直线，这说明W与v的关系是w=kv2．【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】了解探究功与物体速度变化的关系要探究的内容、方法与技巧．探究数据的处理方法后作答．【解答】解：〔1〕用 1 条、2 条、3 条…同样的橡皮筋将小车拉到同一位置释放，橡皮筋拉力对小车所做的功依次为 w、2w、3w …探究橡皮筋拉力对小车所做的功W与小车速度v的量关系．将木板放有打点计时器的一端垫高，小车不连橡皮筋，尾部固一纸带，轻推小车使小车沿木板向下运动，如果纸带上打出的点间距是均匀的，说明纸带的运动是匀速直线运动，小车重力沿斜面方向的分力刚好平衡了小车所受的摩擦力．〔2〕橡皮筋拉力对小车所做的功完成后，打出来的点才能反映物体的速度．所以使用纸带的后面．。