2014-2015学年福建省漳州市龙海二中高二(下)期末化学试卷

2014-2015学年福建省漳州市龙海二中高二（下）期末数学试卷（理科） 一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，满分50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合要求的.） 1．函数的定义域为（ ） A．（﹣∞，1][6，+∞）B．（﹣∞，1）[6，+∞）C．（﹣3，1）（2，+∞） D．[﹣3，1）（2，+∞） 2．已知，其中x，y是实数，i是虚数单位，则x+yi的共轭复数为（ ） A． 1+2i B． 1﹣2i C． 2+i D． 2﹣i 3．下列有关命题的说法中，正确的是（ ） A．命题“若x2＞1，则x＞1”的否命题为“若x2＞1，则x≤1” B．命题“若α＞β，则tanα＞tanβ”的逆否命题为真命题 C．命题“?x∈R，使得x2+x+1＜0”的否定是“?x∈R，都有x2+x+1＞0” D． “x＞1”是“x2+x﹣2＞0”的充分不必要条件 4．设A=[2，3]，B=（﹣∞，a），若A?B则a的取值范围是（ ） A． a≥3 B． a≥2 C． a＞3 D． a≤2 5．设随机变量ξ服从正态分布N（2，9），若p（ξ＞c+5）=P（ξ＜c﹣1），则c=（ ） A． 0 B． 2 C． 3 D． 4 6．甲、乙两人从4门课程中各选修2门，则甲、乙所选的课程中至少有1门不相同的选法共有（ ） A． 6种B． 12种 C． 30种 D． 36种 7．下列函数f（x）中，满足“对任意的x1，x2∈（﹣∞，0），当x1＜x2时，总有f （x1）＞f（x2）”的是（ ） A． f（x）=（x+1）2 B． f（x）=ln（x﹣1）C． D． f（x）=ex 8．若函数y=﹣x2+1（0＜x＜2）的图象上任意点处切线的倾斜角为α，则α的最小值是（ ） A．B． C． D． 9．已知定义在R上的奇函数f（x），设其导函数为f′（x），当x∈（﹣∞，0]时，恒有xf′（x）＜f（﹣x），令F（x）=xf（x），则满足F（3）＞F（2x﹣1）的实数x的取值范围是（ ） A．（﹣2，1） B．（﹣1，）C．（，2）D．（﹣1，2） 10．设f（x）是定义在R上的偶函数，且f（2+x）=f（2﹣x），当x∈[﹣2，0）时，f （x）=﹣1，若在区间（﹣2，6）内的关于x的方程f（x）﹣loga（x+2）=0（a＞0且a≠1）恰有4个不同的实数根，则实数a的取值范围是（ ） A．（，1）B．（1，4）C．（1，8）D．（8，+∞） 二、填空题：（本大题共5小题，每小题4分，满分20分） 11．若，则x2+y2+z2的最小值为 ． 12．某种产品的广告费支出x与销售额y之间有如下对应数据（单位：百万元）． x 2 4 5 6 8 y 30 40 60 t 70 根据上表提供的数据，求出y关于x的线性回归方程为=6.5x+17.5，则表中t的值为 ． 13．给出下列不等式：，，…，则按此规律可猜想第n个不等式为 ． 14．若a=，则二项式展开式中含x的项的系数是 ． 15．已知下列四下命题： ①函数f（x）=2x满足：对任意； ②函数均是奇函数； ③函数f（x）=e﹣2﹣ex切线斜率的最大值是﹣2； ④函数上有零点． 其中正确命题的序号是 ． 三、解答题（本大题共6小题，满分80分.解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤） 16．已知极坐标的极点在平面直角坐标系的原点O处，极轴与x轴的正半轴重合，且长度单位相同．直线l的极坐标方程为：，点P（2cosα，2sinα+2），参数α∈[0，2π]． （）求点P轨迹的直角坐标方程； （）求点P到直线l距离的最大值． 17．已知a+b=1，对?a，b∈（0，+∞），恒成立，求x的取值范围． 18．设命题p：函数f（x）=lg的定义域是R；命题q：不等式3x﹣9x＜a对一切正实数x 均成立． （1）如果p是真命题，求实数a的取值范围； （2）如果“p或q”为真命题，命题“p且q”为假命题，求实数a的取值范围． 19．甲乙两班进行消防安全知识竞赛，每班出3人组成甲乙两支代表队，首轮比赛每人一道必答题，答对则为本队得1分，答错不答都得0分，已知甲队3人每人答对的概率分别为，，，乙队每人答对的概率都是．设每人回答正确与否相互之间没有影响，用ξ表示甲队总得分． （）求随机变量ξ的分布列及其数学期望E（ξ）； （）求在甲队和乙队得分之和为4的条件下，甲队比乙队得分高的概率． 20．已知函数f（x）=2x+k?2﹣x，k∈R． （1）若函数f（x）为奇函数，求实数k的值． （2）若对任意的x∈[0，+∞）都有f（x）＞2﹣x成立，求实数k的取值范围． 21．已知函数f（x）=ax﹣1﹣lnx（a∈R）． （）讨论函数f（x）在定义域内的极值点的个数； （）若函数f（x）在x=1处取得极值，对?x∈（0，+∞），f（x）≥bx﹣2恒成立，求实数b的取值范围； （）当0＜x＜y＜e2且x≠e时，试比较的大小． 2014-2015学年福建省漳州市龙海二中高二（下）期末数学试卷（理科） 参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，满分50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合要求的.） 1．函数的定义域为（ ） A．（﹣∞，1][6，+∞）B．（﹣∞，1）[6，+∞）C．（﹣3，1）（2，+∞） D．[﹣3，1）（2，+∞） 考点：函数的定义域及其求法． 专题：函数的性质及应用． 分析：根据函数成立的条件即可求函数的定义域． 解答：解：要使函数有意义，则， 即x≥6或x＜1， 故函数的定义域为（﹣∞，1）[6，+∞）， 故选：B 点评：本题主要考查函数的定义域的求解，要求熟练掌握常见函数成立的条件． 2．已知，其中x，y是实数，i是虚数单位，则x+yi的共轭复数为（ ） A． 1+2i B． 1﹣2i C． 2+i D． 2﹣i 考点：复数代数形式的乘除运算；复数的基本概念． 专题：计算题． 分析：由已知得出x=（1+i）（1﹣yi），由复数相等的概念求出x，y确定出x+yi，再得出共轭复数 解答：解：由已知，x=（1+i）（1﹣yi），计算x=1+y+（1﹣y）i 根据复数相等的概念，解得， x+yi=2+i，其共轭复数为2﹣i． 故选D． 点评：本题考查复数的基本运算，复数相等、共轭复数的概念．属于基础题． 3．下列有关命题的说法中，正确的是（ ） A．命题“若x2＞1，则x＞1”的否命题为“若x2＞1，则x≤1” B．命题“若α＞β，则tanα＞tanβ”的逆否命题为真命题 C．命题“?x∈R，使得x2+x+1＜0”的否定是“?x∈R，都有x2+x+1＞0” D． “x＞1”是“x2+x﹣2＞0”的充分不必要条件 考点：特称命题；四种命题；全称命题． 专题：应用题． 分析：若x2＞1，则x＞1的否命题为：若x2≤1，则x≤1 原命题为假命题，根据互为逆否命题的真假关系相同可知逆否命题为假命题， x∈R，使得x2+x+1＜0的否定是?x∈R，都有x2+x+1≥0 由x2+x﹣2＞0，可得x＞1或x＜﹣2，由推出关系即可判断 解答：解：命题“若x2＞1，则x＞1”的否命题为“若x2≤1，则x≤1”，故A错误 “若α＞β，则tanα＞tanβ”为假命题，根据互为逆否命题的真假关系相同可知逆否命题为假命题，故B错误 命题“?x∈R，使得x2+x+1＜0”的否定是“?x∈R，都有x2+x+1≥0”，故C错误 x＞1?x2+x﹣2＞0，但是x2+x﹣2＞0时，x＞1或x＜﹣2，即x＞1”是“x2+x﹣2＞0”的充分不必要条件，故D正确 故选D 点评：本题主要考查了命题的否定、互为逆否命题的真假关系及特称命题的否定，充分必要条件的判断的应用，属于知识的综合应用 4．设A=[2，3]，B=（﹣∞，a），若A?B则a的取值范围是（ ） A． a≥3 B． a≥2 C． a＞3 D． a≤2 考点：集合的包含关系判断及应用． 专题：集合． 分析：根据A、B的包含关系，求出a的范围即可． 解答：解：A=[2，3]，B=（﹣∞，a）若A?B 则a＞3， 故选：C． 点评：本题考查了集合之间的包含关系，是一道基础题． 5．设随机变量ξ服从正态分布N（2，9），若p（ξ＞c+5）=P（ξ＜c﹣1），则c=（ ） A． 0 B． 2 C． 3 D． 4 考点：正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义． 专题：计算题；概率与统计． 分析：随机变量ξ服从正态分布N（2，9），得到曲线关于x=2对称，根据P（ξ＞c+5）=P（ξ＜c﹣1），结合曲线的对称性得到点c+5与点c﹣1关于点2对称的，从而做出常数c的值得到结果． 解答：解：随机变量ξ服从正态分布N（2，9）， 曲线关于x=2对称， P（ξ＞c+5）=P（ξ＜c﹣1）， c+5+c﹣1=4， c=0 故选：A． 点评：本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义，考查概率的性质，是一个基础题． 6．甲、乙两人从4门课程中各选修2门，则甲、乙所选的课程中至少有1门不相同的选法共有（ ） A． 6种B． 12种 C． 30种 D． 36种 考点：排列、组合及简单计数问题． 专题：计算题；概率与统计． 分析：“至少1门不同”包括两种情况，两门均不同和有且只有1门相同，再利用分步计数原理，即可求得结论． 解答：解：甲、乙所选的课程中至少有1门不相同的选法可以分为两类： 1、甲、乙所选的课程中2门均不相同，甲先从4门中任选2门，乙选取剩下的2门，有C42C22=6种． 2、甲、乙所选的课程中有且只有1门相同，分为2步：①从4门中先任选一门作为相同的课程，有C41=4种选法；②甲从剩余的3门中任选1门乙从最后剩余的2门中任选1门有C31C21=6种选法，由分步计数原理此时共有C41C31C21=24种． 综上，由分类计数原理，甲、所选的课程中至少有1门不相同的选法共有6+24=30种． 故选C． 点评：本题考查排列组合知识，合理分类、正确分步是解题的关键． 7．下列函数f（x）中，满足“对任意的x1，x2∈（﹣∞，0），当x1＜x2时，总有f （x1）＞f（x2）”的是（ ） A． f（x）=（x+1）2 B． f（x）=ln（x﹣1）C． D． f（x）=ex 考点：函数单调性的判断与证明． 专题：函数的性质及应用． 分析：根据题目所给条件，说明函数f（x）在（﹣∞，0）上应为减函数，其中选项A 是二次函数，C是反比例函数，D是指数函数，图象情况易于判断，B是对数型的，从定义域上就可以排除． 解答：解：函数满足“对任意的x1，x2∈（﹣∞，0），当x1＜x2时，总有f（x1）＞f（x2）”，说明函数在（﹣∞，1）上为减函数． f（x）=（x+1）2是二次函数，其图象是开口向上的抛物线，对称轴方程为x=﹣1，所以函数在（﹣∞，﹣1）单调递减，在（﹣1，+∞）单调递增，不满足题意． 函数f（x）=ln（x﹣1）的定义域为（1，+∞），所以函数在（﹣∞，0）无意义． 对于函数f（x）=，设x1＜x2＜0，则f（x1）﹣f（x2）=，因为x1，x2∈（﹣∞，0），且x1＜x20，x2﹣x1＞0，则，所以f（x1）＞f（x2），故函数f（x）=在（﹣∞，0）上为减函数． 函数f（x）=ex在（﹣∞，+∞）上为增函数． 故选C． 点评：本题考查了函数的单调性，解决此题的关键，是能根据题目条件断定函数为（﹣∞，0）上的减函数． 8．若函数y=﹣x2+1（0＜x＜2）的图象上任意点处切线的倾斜角为α，则α的最小值是（ ） A．B． C． D． 考点：利用导数研究曲线上某点切线方程；直线的倾斜角． 分析：对函数求导y′=x2﹣2x=（x﹣1）2﹣1，由0＜x＜2可求导数的范围，进而可求倾斜角的范围 解答：解：y′=x2﹣2x=（x﹣1）2﹣1 0＜x＜2 当x=1时，y′最小﹣1，当x=0或2时，y′=0 ﹣1＜y′＜0 即﹣1≤tanα＜0 即倾斜角的最小值 故选D． 点评：本题考查导数的几何意义：导数在切点处的值是曲线的切线斜率． 9．已知定义在R上的奇函数f（x），设其导函数为f′（x），当x∈（﹣∞，0]时，恒有xf ′（x）＜f（﹣x），令F（x）=xf（x），则满足F（3）＞F（2x﹣1）的实数x的取值范围是（ ） A．（﹣2，1） B．（﹣1，）C．（，2）D．（﹣1，2） 考点：函数的单调性与导数的关系；导数的运算． 专题：函数的性质及应用；导数的综合应用． 分析：根据函数的奇偶性和条件，判断函数F（x）的单调性，利用函数的奇偶性和单调性解不等式即可． 解答：解：f（x）是奇函数， 不等式xf′（x）＜f（﹣x），等价为xf′（x）＜﹣f（x）， 即xf′（x）+f（x）＜0， F（x）=xf（x）， F′（x）=xf′（x）+f（x）， 即当x∈（﹣∞，0]时，F′（x）=xf′（x）+f（x）＜0，函数F（x）为减函数， f（x）是奇函数， F（x）=xf（x）为偶数，且当x＞0为增函数． 即不等式F（3）＞F（2x﹣1）等价为F（3）＞F（|2x﹣1|）， |2x﹣1|＜3， ﹣3＜2x﹣1＜3， 即﹣2＜2x＜4， ﹣1＜x＜2， 即实数x的取值范围是（﹣1，2）， 故选：D． 点评：本题主要考查函数单调性和导数之间的关系的应用，根据函数的奇偶性和单调性之间的关系，是解决本题的关键，综合考查了函数性质的应用． 10．设f（x）是定义在R上的偶函数，且f（2+x）=f（2﹣x），当x∈[﹣2，0）时，f （x）=﹣1，若在区间（﹣2，6）内的关于x的方程f（x）﹣loga（x+2）=0（a＞0且a≠1）恰有4个不同的实数根，则实数a的取值范围是（ ） A．（，1）B．（1，4）C．（1，8）D．（8，+∞） 考点：根的存在性及根的个数判断． 专题：计算题；作图题；函数的性质及应用． 分析：在同一直角坐标系中作出f（x）与h（x）=loga（x+2）在区间（﹣2，6）内的图象，结合题意可得到关于a的关系式，从而得到答案． 解答：解：当x∈[﹣2，0）时，f（x）=﹣1， 当x∈（0，2]时，﹣x∈[﹣2，0）， f（﹣x）=﹣1=﹣1，又f（x）是定义在R上的偶函数， f（x）=﹣1（0＜x≤2），又f（2+x）=f（2﹣x）， f（x）的图象关于直线x=2对称，且f（4+x）=f（﹣x）=f（x）， f（x）是以4为周期的函数， 在区间（﹣2，6）内的关于x的方程f（x）﹣loga（x+2）=0（a＞0且a≠1）恰有4个不同的实数根， 令h（x）=loga（x+2），即f（x）=h（x）=loga（x+2）在区间（﹣2，6）内有4个交点， 在同一直角坐标系中作出f（x）与h（x）=loga（x+2）在区间（﹣2，6）内的图象， 0＜loga（6+2）＜1， a＞8． 故选D． 点评：本题考查根的存在性及根的个数判断，求得f（x）的解析式，作出f（x）与h （x）=loga（x+2）在区间（﹣2，6）内的图象是关键，考查作图能力与数形结合的思想，属于难题． 二、填空题：（本大题共5小题，每小题4分，满分20分） 11．若，则x2+y2+z2的最小值为 ． 考点：柯西不等式在函数极值中的应用． 专题：计算题． 分析：根据柯西不等式可得（x2+y2+z2）≥，由此可得结论． 解答：解：根据柯西不等式可得（x2+y2+z2）≥ ∴x2+y2+z2≥ 当且仅当时，x2+y2+z2的最小值为 故答案为： 点评：柯西不等式的特点：一边是平方和的积，而另一边为积的和的平方，因此，当欲证不等式的一边视为“积和结构”或“平方和结构”，再结合不等式另一边的结构特点去尝试构造．一般而言，“积和结构”或“平方和结构”越明显，则构造越容易，而对于“积和结构”或“平方和结构”不够明显的问题，则须将原问题作适当变形，使“积和结构”或“平方和结构”明显化，从而利用柯西不等式进行证明． 12．某种产品的广告费支出x与销售额y之间有如下对应数据（单位：百万元）． x 2 4 5 6 8 y 30 40 60 t 70 根据上表提供的数据，求出y关于x的线性回归方程为=6.5x+17.5，则表中t的值为　50　． 考点：线性回归方程． 专题：计算题． 分析：计算样本中心点，根据线性回归方程恒过样本中心点，即可得到结论． 解答：解：由题意，，=40+ y关于x的线性回归方程为=6.5x+17.5， 40+=6.5×5+17.5 ∴40+=50 ∴=10 ∴t=50 故答案为：50． 点评：本题考查线性回归方程的运用，解题的关键是利用线性回归方程恒过样本中心点 13．给出下列不等式：，，…，则按此规律可猜想第n个不等式为 ． 考点：归纳推理． 专题：计算题． 分析：观察不等式，找出不等式中最后一项的分母的通项公式，不等式右边是首项为1，公差为的等差数列，从而可得到第n个不等式． 解答：解：观察不等式中最后一项的分母分别是3、7、15、31… 将每个数加1得4、8、16、32可知通项为2n+1则3、7、15、31…的通项为2n+1﹣1 不等式右边是首项为1，公差为的等差数列， 按此规律可猜想第n个不等式为 故答案为： 点评：本题主要考查了类比推理，解题的关键找出不等式的规律，同时考查了推理能力，属于基础题． 14．若a=，则二项式展开式中含x的项的系数是　240　． 考点：定积分；二项式定理的应用． 分析：由定积分的运算可得a=2，代入由二项式定理可得的通项Tk+1=x3﹣k，令3﹣k=1，可得k=2，可得含x的项系数为：=240 解答：解：由题意可得，a==﹣cosx=2， 故=， 其二项展开式的通项Tk+1==x3﹣k，令3﹣k=1，可得k=2， 故可得含x的项系数为：=240 故答案为：240 点评：本题考查定积分的求解和二项式定理的应用，属基础题． 15．已知下列四下命题： ①函数f（x）=2x满足：对任意； ②函数均是奇函数； ③函数f（x）=e﹣2﹣ex切线斜率的最大值是﹣2； ④函数上有零点． 其中正确命题的序号是　②　． 考点：命题的真假判断与应用． 专题：函数的性质及应用． 分析：①，函数f（x）=2x中，足：令x1=0，x2=2，可得f（）=f（1）=2；[f（x1）+f（x2）]=[f（0）+f（2）]=，可判断①； ②，利用奇偶函的概念可判断函数均是奇函数从而可判断②； ③，利用导数的几何意义可求得函数f（x）=e﹣2﹣ex切线斜率，从而可判断③； ④，利用零点存在定理可判断函数在区间（，）上无零点． 解答：解：对于①，函数f（x）=2x，令x1=0，x2=2，则=1，显然f（）=f（1）=2；[f（x1）+f（x2）]=[f（0）+f（2）]=，f（）＜[f（x1）+f（x2）]，故①错误； 对于②，函数的定义域为R，且f（﹣x）+f（x）=+=log21=0， 所以，f（﹣x）=﹣f（x），即为奇函数； 同理可得，g（﹣x）+g（x）=0，即是奇函数，故②正确； 对于③，函数f（x）=e﹣2﹣ex的导函数f′（x）=﹣ex＜0， 函数f（x）=e﹣2﹣ex切线斜率无最大值，故③错误 对于④，函数，f′（x）=﹣ln=+ln4＞0， 所以，为R上的增函数， 又f（）=﹣＜0，f（）=﹣=﹣＜0， 所以，在区间（，）上无零点，故④错误． 故答案为：②． 点评：本题考查命题的真假判断与应用，着重考查函数的“凹凸”性、奇偶性，考查导数的几何意义、函数的零点等，考查分析与运算求解能力，属于中档题． 三、解答题（本大题共6小题，满分80分.解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤） 16．已知极坐标的极点在平面直角坐标系的原点O处，极轴与x轴的正半轴重合，且长度单位相同．直线l的极坐标方程为：，点P（2cosα，2sinα+2），参数α∈[0，2π]． （）求点P轨迹的直角坐标方程； （）求点P到直线l距离的最大值． 考点：简单曲线的极坐标方程． 专题：坐标系和参数方程． 分析：（I）利用cos2α+sin2α=1即可得出； （II）把直线l的极坐标化为直角坐标方程，利用点到直线的距离公式与三角函数的单调性即可得出． 解答：解：（）由点P的坐标可得：且参数α∈[0，2π]， 点P的轨迹方程为x2+（y﹣2）2=4． （），， ρsinθ﹣ρcosθ=6， 直线l的直角坐标方程为x﹣y+6=0． 即点P到直线l距离的最大值． 点评：本题考查了把极坐标方程化为直角坐标方程、点到直线的距离公式、三角函数的单调性，考查了推理能力与计算能力，属于中档题． 17．已知a+b=1，对?a，b∈（0，+∞），恒成立，求x的取值范围． 考点：函数恒成立问题． 专题：函数的性质及应用． 分析：根据基本不等式的性质先求出+的最小值，问题转化为解不等式9≥|x﹣10|﹣|x+6|，从而求出x的范围． 解答：解：a＞0，b＞0 且a+b=1， +=（a+b）（ +）=5++≥9， 故+的最小值为9， 因为对?a，b∈（0，+∞）， 使恒成立， 所以，9≥|x﹣10|﹣|x+6|， 当 x≤﹣6时，16≤9，无解； 当﹣6＜x＜10时，4﹣2x≤9， ﹣2.5≤x＜10； 当 x≥10时，﹣16≤9， x≥10； {x|x≥﹣2.5}． 点评：本题考查了基本不等式性质的应用，考查函数恒成立问题，考查绝对值不等式的解法，是一道中档题． 18．设命题p：函数f（x）=lg的定义域是R；命题q：不等式3x﹣9x＜a对一切正实数x 均成立． （1）如果p是真命题，求实数a的取值范围； （2）如果“p或q”为真命题，命题“p且q”为假命题，求实数a的取值范围． 考点：命题的真假判断与应用． 专题：综合题． 分析：（1）由题意，若p是真命题，则对任意实数都成立，由此能够求出p是真命题时，实数a的取值范围． （2）若命题q为真命题时，则3x﹣9x＜a对一切正实数x均成立．由∈（﹣∞，0）， 知q是真命题时，a≥0．再由p或q为真命题，命题p且q为假命题，知或，能求出实数a 的取值范围． 解答：解：（1）由题意，若p是真命题， 则对任意实数都成立， 若a=0，显然不成立； 若a≠0，解得a＞2 故如果p是真命题时， 实数a的取值范围是（2，+∞） （2）若命题q为真命题时， 则3x﹣9x＜a对一切正实数x均成立． x＞0 3x＞1 3x﹣9x∈（﹣∞，0） 所以如果q是真命题时，a≥0． 又p或q为真命题，命题p且q为假命题 所以命题p与q一真一假 或 解得0≤a≤2综上所述，实数a的取值范围是[0，2] 点评：本题考查命题的真假判断和应用，解题时要注意公式的灵活运用． 19．甲乙两班进行消防安全知识竞赛，每班出3人组成甲乙两支代表队，首轮比赛每人一道必答题，答对则为本队得1分，答错不答都得0分，已知甲队3人每人答对的概率分别为，，，乙队每人答对的概率都是．设每人回答正确与否相互之间没有影响，用ξ表示甲队总得分． （）求随机变量ξ的分布列及其数学期望E（ξ）； （）求在甲队和乙队得分之和为4的条件下，甲队比乙队得分高的概率． 考点：条件概率与独立事件；离散型随机变量的期望与方差． 专题：概率与统计． 分析：（）由题设知ξ的可能取值为0，1，2，3，分别求出P（ξ=0），P（ξ=1），P（ξ=2），P（ξ=3），由此能求出随机变量ξ的分布列和数学期望E（ξ）． （）设“甲队和乙队得分之和为4”为事件A，“甲队比乙队得分高”为事件B，分别求出P（A），P（AB），再由P（B/A）=，能求出结果． 解答：解：（）由题设知ξ的可能取值为0，1，2，3， P（ξ=0）=（1﹣）（1﹣）（1﹣）=， P（ξ=1）=（1﹣）（1﹣）+（1﹣）××（1﹣）+（1﹣）（1﹣）×=， P（ξ=2）=++=， P（ξ=3）==， 随机变量ξ的分布列为： ξ 0 1 2 3 P 数学期望E（ξ）=0×+1×+2×+3×=． （）设“甲队和乙队得分之和为4”为事件A，“甲队比乙队得分高”为事件B， 则P（A）=++=， P（AB）==， P（B|A）===． 点评：本题考查离散型随机变量的期分布列和数学期望，考查条件概率的求法，是历年高考的必考题型之一，解题时要注意排列组合知识的合理运用． 20．已知函数f（x）=2x+k?2﹣x，k∈R． （1）若函数f（x）为奇函数，求实数k的值． （2）若对任意的x∈[0，+∞）都有f（x）＞2﹣x成立，求实数k的取值范围． 考点：函数恒成立问题． 专题：函数的性质及应用． 分析：（1）根据函数f（x）为奇函数，建立条件关系即可求实数k的值． （2）若对任意的x∈[0，+∞）都有f（x）＞2﹣x成立，进行转化即可求实数k的取值范围． 解答：解：（1）f（x）=2x+k?2﹣x是奇函数， f（0）=0， 即1+k=0， k=﹣1． （2）x∈[0，+∞），均有f（x）＞2﹣x， 即2x+k?2﹣x＞2﹣x成立，k＞1﹣22x， 对x≥0恒成立，k＞[1﹣（22x）]max． y=1﹣（22x）在[0，+∞）上是减函数， [1﹣（22x）]max=1﹣1=0，k＞0． 点评：本题主要考查函数奇偶性的判断以及函数恒成立问题，利用指数函数的运算性质是解决本题的关键． 21．已知函数f（x）=ax﹣1﹣lnx（a∈R）． （）讨论函数f（x）在定义域内的极值点的个数； （）若函数f（x）在x=1处取得极值，对?x∈（0，+∞），f（x）≥bx﹣2恒成立，求实数b的取值范围； （）当0＜x＜y＜e2且x≠e时，试比较的大小． 考点：利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的单调性；函数在某点取得极值的条件；利用导数研究函数的极值． 专题：综合题． 分析：（）函数f（x）的定义域为（0，+∞）．f′（x）=a﹣．通过考察f′（x）的正负值区间判断单调区间，得出极值点情况． （）a=1，f（x）≥bx﹣2恒成立，即（1﹣b）x＞lnx﹣1，将b分离得出，b＜，令g（x）=，只需b小于等于g（x）的最小值即可．利用导数求最小值． （）由（）g（x）=在（0，e2）上为减函数，g（x）＞g（y），＞，整理得＞，考虑将1﹣lnx除到右边，为此分1﹣lnx正负分类求解． 解答：解：函数f（x）的定义域为（0，+∞）．f′（x）=a﹣． （）当a≤0时，f′（x）＜0在（0，+∞）上恒成立，函数在（0，+∞）单调递减， 在（0，+∞）上没有极值点； 当a＞0时，由f′（x）＞0得x＞，f′（x）＜0得x＜．f′（x）=0得x=． 在（0，）上递减，在（，+∞）上递增，即在x=处有极小值． 当a≤0时在（0，+∞）上没有极值点， 当a＞0时，在（0，+∞）上有一个极值点．（3分） （）函数在x=处取得极值，a=1， f（x）=x﹣1﹣lnx， f（x）≥bx﹣2，移项得（1﹣b）x≥lnx﹣1，再将b分离得出，b＜，令g（x）=， 则令g′（x）=，可知在（0，e2）上g′（x）＜0，在（e2，+∞）上g′（x）＞0， g（x）在x=e2处取得极小值，也就是最小值．此时g（e2）=1﹣， 所以b≤1﹣． （）由（）g（x）=在（0，e2）上为减函数．0＜x＜y＜e2且x≠e时， 有g（x）＞g（y），＞，整理得＞① 当0＜x＜e时，1﹣lnx＞0，由①得， 当e＜x＜e2时，1﹣lnx＜0，由①得 点评：本题考查函数与导数，利用导数研究函数的单调性，极值，并利用单调性比较大小．考查了分类讨论、构造、推理计算能力．。

福建省福州市漳港中学高二化学期末试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。

）1. 下面是四种元素原子基态的电子排布式，其中化合价最高的是A．1s22s22p3B．1s22s22p63s23p63d34s2C．1s22s22p63s23p6D．1s22s22p5参考答案：AB2. 下图是某有机物分子的比例模型，有关该物质的推断不正确的是A．分子中可能含有“—OH”B．分子中可能含有“—COOH”C．分子中可能含有“—NH2”D．分子中可能含有“—CH2—”参考答案：C3. 可逆反应：2NO22NO+O2在恒温恒容密闭容器中反应，达到平衡状态的标志是：（）①单位时间内生成n molO2的同时生成2n molNO2②单位时间内生成n molO2的同时生成2n mol NO ③用NO2、NO、O2 的物质的量浓度变化表示的反应速率的比为2 : 2 : 1的状态④混合气体的颜色不再改变的状态⑤混合气体的密度不再改变的状态⑥混合气体的平均相对分子质量不再改变的状态A．①④⑥B．②③⑤ C．①③④D．①②③④⑤⑥参考答案：A略4. 体积相同且浓度均为0.1mol/L的NaOH溶液、氨水，分别加水稀释m倍、n倍，溶液的pH都变成9，则m与n的关系为（）A．4m=n B．m=n C．m<n D．m>n参考答案：D略5. 铁镍蓄电池又称爱迪生电池，放电时的总反应为：Fe+Ni2O3+3H2O= Fe(OH)2+2Ni(OH)2。

下列有关该电池的说法不正确的是A. 电池的电解液为碱性溶液，正极为Ni2O3、负极为FeB. 电池放电时，负极反应为Fe+2OH--2e-=Fe（OH）2C. 电池充电过程中，阴极附近溶液的pH降低D. 电池充电时，阳极反应为2Ni（OH）2+2OH--2e-=Ni2O3+3H2O阳极发生2Ni(OH)2+2OH--2e-=Ni2O3+3H2O，D正确,选C。

2016届程溪中学高二化学第二学期期中试卷 一、选择题(本题包括16小题，每小题3分，共48分；每小题只有一个选项符合题意) 1．下列叙述不正确的是( ) A．O2在水中的溶解度比N2大，因为O2与水分子之间的作用力比N2与水分子之间的作用力大 B．稀有气体原子序数越大，沸点越高 C．分子间作用力越弱，分子晶体的熔点越低 D．原子晶体的熔点一定比金属晶体高 2．下列判断错误的是( ) A．熔点：Si3N4>NaCl>SiI4 B．沸点：NH3>PH3>AsH3 C．酸性：HClO4>H2SO4>H3PO4 D．碱性：NaOH>Mg(OH)2>Al(OH)33．氰气分子式为(CN)2，结构式为N≡C—C≡N，性质与卤素相似。

下列叙述正确的是( ) A．在一定条件下可发生加成反应 B．分子中的N≡C键的键长大于C—C键的键长 C．分子中含有2个σ键和4个π键 D．氰气不和氢氧化钠溶液发生反应4．下列有关物质性质、结构的表达均正确，且存在因果关系的是( ) 表述Ⅰ表述ⅡA在水中，NaCl的溶解度比I2的溶解度大NaCl晶体中Cl－与Na＋间的作用力大于碘晶体中分子间的作用力B通常条件下，CH4分子比PbH4分子稳定性高Pb的原子半径比C的大，Pb与H之间的键能比C与H间的小C在形成化合物时，同一主族元素的化合价相同同一主族元素原子的最外层电子数相同DP4O10、C6H12O6溶于水后均不导电P4O10、C6H12O6均属于共价化合物5. 下列原子的价电子排布图正确的是(　) 6．某固体仅由一种元素组成，其密度为5 g·cm－3，用X-射线研究该固体的结果表明在棱长为1×10－7cm的立方体中含有20个原子，则此元素的相对原子质量最接近( ) A．32 B．65 C．120 D．150 7. 元素X的某价态离子Xn＋中所有电子正好充满K、L、M三个电子层，它与N3－形成晶体的晶胞结构如图所示。

福建省龙海市2016-2017学年高二化学下学期期末考试试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（福建省龙海市2016-2017学年高二化学下学期期末考试试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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2016—2017学年第二学期期末考试高二年化学试卷（考试时间：90分钟总分:100分）可能用到的原子量：H—1 C—12 O—16 Na—23 S—32 I-127一．选择题（45分，每小题3分,每小题只有一个正确答案）1.下列说法正确的是( ）A。

只含一种元素的物质一定是纯净物B。

金属氧化物一定是碱性氧化物C.溶于水呈酸性的是酸，呈碱性的是碱D。

向蛋白质溶液中滴加CuSO4溶液产生沉淀属于化学变化2.下列说法正确的是（）①漂白粉、水玻璃和铝热剂都是混合物;②煤的干馏和石油的分馏都是化学变化;③氨基酸、纯碱、芒硝和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物；④非极性键也可能存在于离子化合物中A．①④ B．①③ C．②④ D．③④3．下列关于有机物的说法正确的是（）A．乙烷、苯、葡萄糖溶液均不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B．C2H2和C4H6一定互为同系物C．油脂在碱性条件下的水解反应称为皂化反应D．棉、毛、丝、麻完全燃烧时，都只生成CO2和H2O4．设N A为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ )A ．常温常压下,4。

4g 乙醛所含σ键数目为0。

7N AB ．2.0gH 218O 与D 2O 的混合物中所含中子数为N AC ．标准状况下,5.6LCO 2与足量Na 2O 2反应转移的电子数为0。

福建省晨曦、冷曦、正曦、岐滨四校2014-2015学年高二下学期期末化学试卷一、选择题（每小题2分，共44分．每小题只有一个选项符合题意．）1．糖类的概念是（）A．含有碳、氢、氧三种元素的有机物B．符合通式C n（H2O）m的化合物C．有甜味的物质D．一般是多羟基醛、多羟基酮以及能水解生成它们的物质考点：葡萄糖的性质和用途．专题：糖类与蛋白质专题．分析：A．含有碳、氢、氧三种元素的有机物不一定是糖类；B．符合C n（H2O）m通式的物质不一定是糖类；C．有甜味的物质不一定是糖类；D．根据糖类的定义解答；解答：解：A．含有碳、氢、氧三种元素的有机物不一定是糖类，如乙醛CH3CHO，故A 错误；B．符合C n（H2O）m通式的物质不一定是糖类，如乙酸，故B错误；C．有甜味的物质不一定是糖类，如甘油有甜味，故C错误；D．糖一般是指多羟基醛、多羟基酮以及能水解生成它们的物质，如葡萄糖为五羟基醛，故D正确；故选D．点评：本题考查糖类的性质，难度较小，旨在考查学生对基础知识的识记，注意基础知识的积累掌握．2．下列物质中，属于芳香烃且属于苯的同系物的是（）A．B．C．D．考点：芳香烃、烃基和同系物．分析：同系物指结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质，具有如下特征：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同，分子式不同、物理性质不同，研究范围为有机物．芳香烃通常指分子中含有苯环结构的碳氢化合物；苯的同系物含有1个苯环，侧链为烷基，组成通式为C n H2n﹣6．解答：解：A．是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，侧链是乙烯基，含有双键，不是烷基，不是苯的同系物，故A错误；B．是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，分子中含有2个苯环，不相差若干个CH2原子团，不是苯的同系物，故B错误；C．含有卤素原子：Cl，不属于芳香烃，属于烃的衍生物，故C错误；D．是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，侧链是乙基，分子组成比苯多2个CH2原子团，是苯的同系物，故D正确；故选D．点评：本题以有机物的结构为载体考查芳香烃、苯的同系物、难度不大，注意有机化学“五同”理解辨析与芳香烃概念、苯的同系物结构特点．3．有两种有机物Q（）与P（），下列有关它们的说法中正确的是（）A．二者的核磁共振氢谱中均只出现两种峰且峰面积之比为3：2B．二者在NaOH醇溶液中均可发生消去反应C．一定条件下，二者在NaOH溶液中均可发生取代反应D．Q的一氯代物只有1种、P的一溴代物有2种考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．由结构对称性可知，均含2种H，但H原子数目不同；B．Q中﹣Br与苯环相连不能发生消去反应，P中与﹣Cl相连C的邻位C上没有H；C．卤代烃、甲基等均可发生取代反应；D．Q、P中均含2种H．解答：解：A．二者的核磁共振氢谱中均只出现两种峰，且峰面积之比分别为3：1、3：2，故A错误；B．二者在NaOH醇溶液中均不能发生消去反应，故B错误；C．卤代烃、甲基等均可发生取代反应，则一定条件下，二者在NaOH溶液中均可发生取代反应，故C正确；D．Q、P中均含2种H，则一氯代物均有2种，故D错误；故选C．点评：本题考查有机物的结构与性质及推断，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重结构对称性分析及卤代烃性质的考查，题目难度不大．4．下列关于苯酚的叙述不正确的是（）A．苯酚是一种弱酸，滴加指示剂变色B．苯酚在水溶液中能按下式电离：C．苯酚钠在水溶液中几乎不能存在，会水解生成苯酚，所以苯酚钠溶液显碱性D．苯酚有腐蚀性，溅在皮肤上可用酒精冲洗考点：苯酚的化学性质．专题：有机反应．分析：A．苯酚是一种极弱的酸，不能使指示剂变色；B．苯酚是弱酸，部分电离出氢离子和苯氧根离子；C．苯酚钠是强碱弱酸盐，易水解；D．苯酚易溶于酒精．解答：解：A．苯酚是一种极弱的酸，不能使指示剂变色，故A错误；B．苯酚是弱酸，只能部分电离，电离方程式为：，故B正确；C．苯酚钠是强碱弱酸盐，易水解，水解生成苯酚和氢氧化钠，故C正确；D．苯酚有腐蚀性，易溶于酒精，所以溅在皮肤上可用酒精冲洗，故D正确；故选：A．点评：本题考查了苯酚的性质，题目难度不大，注意苯酚虽然是弱酸，但是酸性极弱，不能使指示剂变色．5．下列各组化合物中，不论两者以何种比例混合，只要总质量一定，则完全燃烧时消耗O2的质量和生成水的质量不变的是（）A．C H4、C2H6B．C2H2、C6H6C．C2H4、C4H6D．C2H4、C3H4考点：有关混合物反应的计算．专题：计算题．分析：无论以何种比例混合，只要混合物的总质量一定，完全燃烧时消耗O2的质量不变，生成H2O的质量不变，选项中各物质均属于烃，说明混合物各组分的最简式相同．解答：解：无论以何种比例混合，只要混合物的总质量一定，完全燃烧时消耗O2的质量不变，生成H2O的质量不变，选项中各物质均属于烃，说明混合物各组分的最简式相同，A．CH4、C2H6的最简式不相同，故A不符合；B．C2H2、C6H6的最简式相同，故B符合；C．C2H4、C4H6的最简式不相同，故C不符合；D．C2H4、C3H4的最简式不相同，故D不符合；故选B．点评：本题考查混合物的计算，难度中等，注意把握题中信息，关键是得出混合物中各组分满足最简式相同．6．x、y、z三种物质的分子组成分别符合烷烃、炔烃、烯烃的通式，在一定条件下V L的x、y、z的混合气体可与V L的H2发生加成反应，则混合气体中x、y、z的体积比可能是（）①1：1：1 ②1：2：3 ③3：2：1 ④1：1：4．A．①③B．②③C．③④D．①④考点：有关混合物反应的计算．专题：计算题．分析：烷烃不与H2反应，1 mol烯烃可与1 molH2加成，而1mol炔烃可与2 molH2加成，由于VL混合气体与VL氢气发生加成反应，因此，只要烷烃与炔烃的体积比为1：1，即符合题意，与烯烃的体积无关．解答：解：烷烃不与H2反应，1 mol烯烃可与1 molH2加成，而1mol炔烃可与2 molH2加成，由于VL混合气体与VL氢气发生加成反应，令烷烃为xL、炔烃为yL，则xL+yL=xL+2yL，整理得x：y=1：1，即烷烃与炔烃的体积比为1：1符合题意，①④中烷烃与炔烃的体积比为1：1，而②③中烷烃与炔烃的体积比不是1：1，故选D．点评：本题考查混合物计算、加成反应等，难度中等，关键是根据加成反应确定烷烃与炔烃的体积比为1：1．7．某化合物由碳、氢、氧三种元素组成，红外光谱图显示有四种共价键的振动吸收，核磁共振氢谱图显示有三个峰，峰面积比为6：1：1，则该有机物的结构简式是（）A．C2H5OCH3B．C H3CH（OH）CH3C．CH3CH2CH2OH D．CH3CH2CHO考点：常见有机化合物的结构；有机物的结构和性质．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：由选项可知，该有机物分子中有分子中可能含有C﹣C键、C﹣H键、O﹣H键、C ﹣O键；核磁共振氢谱中有几个不同的峰，分子中就有几种H原子，有机物中有3个吸收峰，说明分子中有3种H原子，以此来解答．解答：解：A．有C﹣C、C﹣O、C﹣H三个共价键，有3种位置的H，峰面积之比为3：2：3，故A不选；B．有C﹣C、C﹣O、C﹣H、O﹣H四个共价键，有3种位置的H，峰面积之比为6：1：1，故B选；C．有C﹣C、C﹣H、C﹣O、O﹣H四个共价键，有4种位置的H，峰面积之比为3：2：2：1，故C不选；D．有C﹣C、C﹣H、C=O三个共价键，有3种位置的H，峰面积之比为3：2：1，故D不选；故选B．点评：本题以核磁共振氢谱为载体考查有机物的结构，难度较小，清楚核磁共振氢谱中有几个不同的峰，分子中就有几种H原子，注意结构对称性的分析．8．咖啡鞣酸具有较广泛的抗菌作用，其结构简式如图所示：关于咖啡鞣酸的下列叙述正确的是（）A．分子式为C16H13O9B．1 mol咖啡鞣酸可与含8 mol NaOH的溶液反应C．能使酸性KMnO4溶液褪色，说明分子结构中含有碳碳双键D．与浓溴水能发生两种类型的反应考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：根据有机物的结构简式判断元素的种类和原子个数，可确定有机物的分子式，该有机物含有羟基、酚羟基和碳碳双键，结合官能团的性质解答该题．解答：解：A．分子式应为C16H18O9，故A错误；B．咖啡鞣酸水解产物共有2个酚羟基、2个羧基，则1mol咖啡鞣酸水解时可消耗4molNaOH，故B错误；C．醇羟基、酚羟基均可被酸性KMnO4溶液氧化，故C错误；D．该物质含有双键，能与浓溴水发生加成反应，含有酚羟基，能发生取代反应，故D正确．故选D．点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意有机物的结构特点和官能团的性质，易错点为D，注意羟基的性质的不同．9．β﹣紫罗兰酮是存在于玫瑰花、番茄等中的一种天然香料，它经多步反应可合成维生素A1．下列说法正确的是（）A．维生素A1易溶于NaOH溶液B．1mol中间体X最多能与2mol H2发生加成反应C．β﹣紫罗兰酮可使酸性KMnO4溶液褪色D．β﹣紫罗兰酮与中间体X互为同分异构体考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．维生素A1含有醇羟基，不与碱反应；B.1mol中间体X转化含有2molC=C和1mol﹣CHO；C．β﹣紫罗兰酮中含有碳碳双键；D．β﹣紫罗兰酮与中间体X的C原子数不同，则分子式不同．解答：解：A．维生素A1含有醇羟基，不与碱反应，则不能溶于NaOH溶液，故A错误；B.1mol中间体X转化含有2molC=C和1mol﹣CHO，均能与氢气发生加成反应，1mol中间体X最多能与3molH2发生加成反应，故B错误；C．β﹣紫罗兰酮中含有碳碳双键，则能使酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；D．β﹣紫罗兰酮与中间体X的分子式不同，不属于同分异构体，故D错误．故选C．点评：本题考查有机物的官能团和性质，明确烯烃、醛的性质及该有机物的结构即可解答，题目难度不大．10．以下四种有机物的分子式皆为C4H10O：其中既能发生消去反应生成相应的烯烃，又能氧化生成相应醛的是（）①②CH3CH2CH2CH2OH③④A．①②B．只有②C．②和③D．③和④考点：有机物的结构和性质；常见有机化合物的结构．分析：连接卤原子或羟基碳原子相邻碳原子上含有氢原子的卤代烃或醇能发生消去反应，醇羟基位于边上的醇能被氧化生成醛，据此分析解答．解答：解：连接卤原子或羟基碳原子相邻碳原子上含有氢原子的卤代烃或醇能发生消去反应，醇羟基位于边上的醇能被氧化生成醛，①中醇羟基不位于边上，所以不能被氧化生成醛，但能被氧化生成酮，故错误；②CH3CH2CH2CH2OH中连接醇羟基碳原子的相邻碳原子上含有氢原子，所以能发生消去反应，且羟基位于边上，能被氧化生成醛，故正确；③中连接醇羟基碳原子的相邻碳原子上含有氢原子，所以能发生消去反应，且羟基位于边上，能被氧化生成醛，故正确；④中连接醇羟基碳原子上没有氢原子，所以不能为氧化，故错误；故选C．点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，侧重考查学生逆向思维能力，明确能发生消去反应、被氧化生成醛的醇结构特点即可解答，题目难度不大．11．下列说法不正确的是（）A．与Br2发生1：1加成反应的产物有5种B．除去苯中的方法：加溴水，充分振荡，静置分液．C．1mol最多能与4mol氢氧化钠反应D．采用分筛固体酸作为苯和丙烯反应的催化剂来制备异丙苯，符合绿色化学工艺考点：有机化合物的异构现象；有机物的结构和性质；物质的分离、提纯和除杂．专题：有机反应．分析：A．与Br2发生1，2加成和1，4加成；B．溴单质和有机物易溶于苯；C.1mol水解生成2mol酚羟基、1mol碳酸，所以1mo该有机物能够消耗4mol氢氧化钠；D．“绿色化学工艺”是防止污染的基本手段，其理想状态是参加的原子全部转化为某种需要的产物，即原子的利用率为100%．解答：解：A．与Br2发生1，2加成和1，4加成，其中1，2加成产物有3种结构，1，4加成有2种结构，所以与Br2发生1：1加成反应的产物有5种，故A正确；B．由于与溴反应生成产物易溶于有机溶剂苯，所以无法通过分液操作分离，故B错误；C.1mol有机物水解产物中含有2mol酚羟基和1mol碳酸，2mol酚羟基和1mol碳酸能够消耗4mol氢氧化钠，故C正确；D．采用分子筛固体酸作为苯和丙烯反应的催化剂来制备异丙苯，反应物完全转化成生成物，原子的利用率为100%，符合绿色化学工艺，故D正确；故选B．点评：本题考查了有机物结构与性质、物质的分离与提纯方法判断，题目难度不大，注意掌握常见有机物结构与性质，明确绿色化学工艺的概念及判断方法．12．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如图，下列对该化合物叙述正确的是（）A．属于芳香烃B．只含有两种官能团C．不能发生取代反应D．在一定条件下可以发生加成反应考点：有机物的结构和性质．分析：该有机物含有C、H、O、N、Br等元素，含有C=C，可发生加成反应、加聚反应，含有﹣COO﹣、﹣Br，可发生水解反应，以此解答该题．解答：解：A．该有机物含有C、H、O、N、Br等元素，不属于芳香烃，应为烃的衍生物，故A错误；B．含有碳碳双键、酯基、醚基以及Br、﹣CN等官能团，故B错误；C．含有﹣COO﹣、﹣Br，可发生水解反应，也为取代反应，故C错误；D．含有C=C，可发生加成反应，故D正确．故选D．点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，本题注意把握有机物官能团的种类和性质，根据官能团的性质判断有机物的性质，为解答该类题目的关键，注意相关概念的把握．13．在许多化合物里硫可以取代氧，取代后的物质跟原化合物有相似的性质，下面是两种有机磷农药的结构：这两种农药在使用过程中不能与下列哪种物质混合使用（）A．K Cl B．N aOH C．N aNO3D．Na2SO4考点：酯的性质．专题：有机反应．分析：根据“硫可以取代氧，取代后的物质跟原化合物有相似的性质”可知，将①和②为S原子换成O，①和②含有酯的结构，具有酯的性质，酯能够与氢氧化钠溶液发生反应，据此进行解答．解答：解：将两种物质结构中的S换回O，可知两种农药都是磷酸酯类物质，因而不能与促进其水解的强碱NaOH混合使用，故B正确；而酯不与氯化钾、硝酸钠、硫酸钠发生反应，可以与这两种农药混用，故ACD错误，故选B．点评：本题考查了有机物的结构与性质，题目难度不大，注意掌握常见有机物的结构及具有的化学性质，正确理解题中信息是解答本题的关键．14．为检验某卤代烃（R﹣X）中的X元素，下列操作：（1）加热煮沸；（2）加入AgNO3溶液；（3）取少量该卤代烃；（4）加入足量稀硝酸酸化；（5）加入NaOH溶液；（6）冷却．正确的操作顺序是（）A．（3）（1）（5）（6）（2）（4）B．（3）（5）（1）（6）（4）（2）C．（3）（2）（1）（6）（4）（5）D．（3）（5）（1）（6）（2）（4）考点：卤代烃简介．专题：有机物的化学性质及推断．分析：在NaOH水溶液中加热，卤代烃水解脱掉﹣X生成卤素离子，再加HNO3酸化，再加AgNO3，AgX都是沉淀，AgCl白，AgBr淡黄，AgI黄，看颜色判断X．解答：解：在NaOH水溶液中加热，卤代烃水解脱掉﹣X生成卤素离子，再加HNO3酸化（NaOH过量，下一步加的Ag+会和OH﹣反应变成不稳定的Ag（OH）2，近而变成白沉Ag2O，影响实验，所以加H+把OH﹣除掉），再加AgNO3，AgX都是沉淀，AgCl白，AgBr 淡黄，AgI黄，看颜色判断X．故选B．点评：本题考查卤代烃（R﹣X）中的X元素的检验，难度不大，注意必须先加稀硝酸酸化．15．研究有机物一般经过以下几个基本步骤：分离、提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式，以下用于研究有机物的方法错误的是（）A．蒸馏常用于分离提纯液态有机混合物B．对有机物分子红外光谱图的研究有助于确定有机物分子中的官能团C．燃烧法是研究确定有机物成分的有效方法D．核磁共振氢常用于分析有机物的相对分子质量考点：化学研究基本方法及作用．分析：A、蒸馏用于分离提纯沸点不同的液态互溶混合物．B、红外光谱图能确定有机物分子中的基团．C、燃烧法能确定有机物中的最简式．D、核磁共振氢普通常用于分析有机物分子中化学环境不同氢原子种类及比例．解答：解：A、蒸馏是利用互溶液态混合物中各成分的沸点不同而进行物质分离的方法，液态有机物混合物中各成分的沸点不同，所以可用蒸馏的方法进行物质分离，故A正确．B、不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上处于不同的位置，所以红外光谱图能确定有机物分子中的化学键或官能团，不能确定有机物的相对分子质量，故B正确．C、利用燃烧法，能将有机物分解为简单无机物，并作定量测定，通过无机物的质量推算出组成该有机物元素原子的质量分数，然后计算出该有机物分子所含元素原子最简单的整数比，即确定实验式，故C正确．D、从核磁共振氢谱图上可以推知有机物分子有几种不同类型的氢原子及它们的数目，故D 错误，故选C．点评：本题考查了研究有机物的方法，难度不大，明确这几个方法的区别是解本题的关键．16．X、Y两种有机物的分子式不同，但均含有C、H或C、H、O，将X、Y以任意比例混合只要物质的量之和不变，完全燃烧时所消耗的氧气量和生成水的物质的量也分别不变，则下列有关判断正确的是：（）A．X、Y分子式中氢原子数不一定要相同，碳原子数必定不同B．若X为CH4，则相对分子质量最小的Y是甲醇C．若X为CH4，则相对分子质量最小的Y是乙二醇D．X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子（n 为正整数）考点：有机物实验式和分子式的确定．分析：根据总物质的量一定时有机物完全燃烧时，生成水的质量和消耗O2的质量不变，则化学式中的氢原子个数相同，且在C x H y O z中（x+﹣）相同，若X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子（n为正整数），据此对各选项进行判断．解答：解：总物质的量一定时有机物完全燃烧时，生成水的质量和消耗O2的质量不变，则化学式中的氢原子个数相同，且在C x H y O z中（x+﹣）相同，如果X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子（n为正整数），A．X、Y分子式中氢原子数一定相同，碳原子数可能相同，故A错误；B．若X为甲烷，另一种有机物分子中一定含有4个H，且耗氧量与甲烷相同，相对分子质量最小的Y为：CH4CO2，可能为甲酸甲酯或乙酸；甲醇和甲烷的耗氧量不同，则不可能为甲醇，故B错误；C．乙二醇分子中含有6个H原子，与甲烷含有氢原子数不相同，不可能为乙二醇，故C错误；D．X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，则物质的量一定时生成水的量相同；若相差n 个碳原子，同时相差2n个氧原子（n为正整数），则消耗氧气的量相同，故D正确；故选D．点评：本题考查了有机物分子式的确定，题目难度中等，根据题干信息得出“X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子（n为正整数）”为解答关键．17．甲醛、乙酸和丙醛（C3H6O）组成的混合物中，氧元素的质量分数37%，则碳元素的质量分数为（）A．27% B．28% C．54% D．无法计算考点：元素质量分数的计算．专题：计算题．分析：根据混合物中氧元素的质量分数计算出碳元素与氢元素的总的质量分数，甲醛（HCHO）、乙酸（CH3COOH）和丙醛（CH3CH2CHO）组成的混合物中，碳原子与氢原子个数之比为1：2，则碳元素与氢元素的质量之比为6：1，据此计算．解答：解：在混合物中，只有C、H、O三种元素，氧元素的质量分数为37%，则碳元素和氢元素的总的质量分数为1﹣37%=63%，在甲醛（HCHO）、乙酸（CH3COOH）和丙醛（CH3CH2CHO）混合物中，碳原子与氢原子个数之比为1：2，则碳元素与氢元素的质量之比为12：2=6：1，所以碳元素的质量分数为63%×=54%，故选C．点评：本题考查混合物中元素的质量分数的计算，难点是利用混合物中各成分的化学式得出C、H的固定组成，学生应学会利用定组成的方法来解答混合物中元素的质量分数计算．18．经测定C3H7OH和C6H12组成的混合物中碳的质量分数为78%，则此混合物中氧的质量分数是（）A．8% B．10% C．22% D．18%考点：元素质量分数的计算．专题：计算题．分析：C3H7OH可以将写成C3H6•H2O，根据混合物中碳的质量分数为78%，计算出（CH2）的质量分数，再结合化学式计算出C3H6•H2O和C6H12中所H2O在混合物中的质量分数，从而求出混合物中氧的质量分数是．解答：解：混合物中碳的质量分数为78%，所以（CH2）的质量分数为：=0.91，所以水的质量分数为1﹣0.91=0.09，所以则此混合物中氧的质量分数是0.09×=8%，故选8%．点评：本题考查质量分数的计算，难度中等，关键根据碳的质量分数结合C3H7OH化学式计算混合物中（CH2）质量分数．19．亮菌甲素为利胆解痉药适用于急性胆囊炎治疗等，其结构简式如图所示下列有关叙述正确的是（）A．亮菌甲素分子式为C12H11O5B．亮菌甲素能与三氯化铁溶液发生显色反应，1mol最多能与5mol H2发生加成反应C．1mol亮菌甲素在一定条件下与NaOH溶液完全反应最多能消耗2mol NaOHD．每个亮菌甲素分子在一定条件下与足量H2反应后的产物有3个手性碳原子考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：有机物中含酚﹣OH、醇﹣OH、C=C、﹣CO﹣、﹣COOC﹣，结合酚、烯烃、醇、酯的性质来解答．解答：解：A．由结构可知，“亮菌甲素”的分子式为C12H10O5，故A错误；B．含酚﹣OH，能与三氯化铁溶液发生显色反应；苯环及C=C、﹣CO﹣能与氢气发生加成反应，1mol该物质最多能和5molH2发生加成反应，故B正确；C．酚﹣OH、﹣COOC﹣能与NaOH反应，且水解生成的酚﹣OH也反应，则1mol“亮菌甲素”能与含3molNaOH的溶液完全反应，故C错误；D．每个亮菌甲素分子在一定条件下与足量H2反应后的产物有6个手性碳原子，故D错误．故选B．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物官能团与性质的关系来解答，熟悉酚、酯、烯烃的性质是解答的关键，题目难度不大．20．某化合物的结构式（键线式）如图1及球棍模型如图2：该有机分子的核磁共振氢谱图如图3（单位是ppm）．下列关于该有机物的叙述正确的是（）A．该有机物中只含有酯基、羰基、羟基三种官能团B．该有机物不能发生加成反应C．该有机物的化学式是C8H10O4D．该有机物中﹣Et代表﹣CH3考点：有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A、从该化合物的键线式和球棍模型可知，其分子组成所含官能团；B、有单纯的羰基就可以；C、通过球棍模型分析其分子式；D、通过键线式和球棍模型比较可知．解答：解：A、从该化合物的键线式和球棍模型可知，其分子组成所含官能团有酯基、羰基、羟基三种，故A正确；B、分子组成中含有羰基，可以与氢气加成，故B错误；C、分析其球棍模型可知，其分子中应该是9个C原子，故C错误；D、通过键线式和球棍模型比较可知﹣Et代表﹣C2H5．故选：A点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物的官能团及性质的关系，明确习题中的相关信息即可解答，题目难度不大．21．某单官能团有机化合物，只含碳、氢、氧三种元素，相对分子质量为58，完全燃烧时产生等物质的量的CO2和H2O．它可能的结构共有（不考虑立体异构）（）A．4种B．5种C．6种D．7种考点：同分异构现象和同分异构体；有机物的推断．专题：同分异构体的类型及其判定；烃及其衍生物的燃烧规律．分析：根据题意，可先解得分子式．设为C n H2n O x，若只有1个氧原子，58﹣16=42，剩下的为碳和氢，14n=42，则碳只能为3个，即为C3H6O，1个不饱和度．若有2个O，那么58﹣32=26，14n=26，n不可能为分数，则不可能为2个氧原子，再根据官能团异构、碳链异构确定同分异构体的种类．解答：解：设为C n H2n O x，若只有1个氧原子，58﹣16=42，剩下的为碳和氢，14n=42，则碳只能为3个，即为C3H6O，1个不饱和度．若有2个O，那么58﹣32=26，14n=26，n 不可能为分数，则不可能为2个氧原子，所以分子式为C3H6O，再根据官能团异构、碳链异构确定同分异构体的种类：醛一种，酮一种，烯醇一种，三元含氧杂环，三元碳环一种，四元杂环一种，共6种，而由题意可知有机物为单官能团，烯醇应舍去，故选：B；点评：本题主要考查了同分异构体的确定，难度不大，分子式的确定是解题的关键．22．某有机物甲经氧化后得乙（分子式为C2H3O2Cl）；而甲经水解可得丙，1mol丙和2mol 乙反应的一种含氯的酯（C6H8O4Cl2）．由此推断甲的结构简式为（）A．H O﹣CH2﹣CH2﹣OH B．O HC﹣O﹣CH2ClC．C lCH2CHO D．C lCH2CH2OH考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．。

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福建省龙海市2016-2017学年高二化学下学期期末考试试题共100分,考试用时90分钟.可能用到的相对原子质量: H：1 O：16 Fe： 56第Ⅰ卷（选择题，共48分）一。

选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分,每个小题只有一个选项符合题意)1。

随着人们生活质量的不断提高，废电池必须进行集中处理的问题被提上议事日程，其首要原因是( ）A．利用电池外壳的金属材料 B．防止电池中汞、镉和铅等重金属离子对土壤和水源的污染C．不使电池中渗泄的电解液腐蚀其他物品 D．回收其中石墨电极3.化学用语是学习化学的重要工具，下列用来表示物质变化的化学用语中不正确的是（）A．氢氧燃料电池在碱性介质中的正极反应式:O2+2H2O+4e一＝4OH－B．用铁棒作阳极、碳棒作阴极电解饱和氯化钠溶液的离子方程式为：2C1-+2H2O H2↑+Cl2↑+2OH—C．粗铜精炼时，与电源负极相连的是纯铜，电极反应式为: Cu2++2 e－＝CuD．钢铁发生电化学腐蚀的负极反应式：Fe一2e—＝Fe2＋4。

在相同温度时,100 mL 0.01 mol•L-1的醋酸溶液与10 mL 0.1 mol•L-1的醋酸溶液相比较，下列数值中,前者大于后者的是( )A。

2025届福建省龙海第二中学高二化学第一学期期末综合测试试题含答案考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。

3．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、如图表示工业SO2催化氧化反应过程中的速率(v)与时间(t)的关系曲线，下列叙述正确的是（）A．t1时刻，只有正方向的反应没有逆方向的反应B．t2时，v(SO2)正和v(O2)逆相等且等于0C．t2－t3，气体总物质的量保持不变(已知该条件下SO3为气体)D．t2－t3，处于静止状态，反应不再发生2、利用右图所示装置可以将温室气体CO2转化为燃料气体CO。

下列说法中，正确的是A．该过程是将太阳能转化为化学能的过程B．电极a表面发生还原反应C．该装置工作时，H+从b极区向a极区移动D．该装置中每生成1 mol CO，同时生成1 mol O23、电子构型为[Ar]3d84s2的元素是（）A．稀有气体 B．过渡元素 C．主族元素 D．卤族元素4、用价层电子对互斥理论预测H2S和BF3的立体结构，两个结论都正确的是（）A．直线形；三角锥形B．V形；三角锥形C．直线形；平面三角形D．V形；平面三角形5、要除去MgCl2 酸性溶液里少量的FeCl3, 不宜选用的试剂是A．MgO B．MgCO3C．NaOH D．Mg(OH)26、为了减缓锌和一定浓度盐酸的反应速率，而又不减少产生氢气的量，向盐酸中加入下列物质或措施可行的是（）A．升温 B．NaF溶液 C．NaNO3溶液D．几滴CuSO4溶液7、下列气体的主要成分不是甲烷的是A ．沼气B ．天然气C ．焦炉气D ．坑道气8、化学与生产、生活密切相关。

下列叙述正确的是A ．明矾和漂白粉用于自来水的净化和杀菌消毒，两者的作用原理相同B ．将AlCl 3、FeCl 3、CuCl 2溶液直接蒸干均不能得到原溶质C ．铵态氮肥和草木灰（含K 2CO 3）可以混合施用D ．泡沫灭火器内的玻璃筒里盛碳酸氢钠溶液，铁筒里盛硫酸铝溶液9、25℃时，水的电离达到平衡：2H OH OH +-+，下列叙述正确的是A ．将水加热，K w 增大，pH 不变B ．向水中加入少量盐酸，c(H +)增大，Kw 不变C ．向水中加入NaOH 固体，平衡逆向移动，c(OH -)降低D ．向水中加入AlCl 3固体，平衡正向移动，c(OH -)增大10、将“试剂”分别加入①、②两只试管中，不能．．完成“实验目的”的是实验目的 试剂 试管中的物质 A醋酸的酸性强于苯酚 碳酸氢钠溶液 ①醋酸 ②苯酚溶液 B羟基对苯环的活性有影响 饱和溴水 ①苯 ②苯酚溶液 C 甲基对苯环的活性有影响酸性高锰酸钾溶液 ①苯 ②甲苯 D乙醇羟基中的氢原子不如水分子中的氢原子活泼金属钠 ①水 ②乙醇 A ．A B ．B C ．C D ．D 11、2016年8月，联合国开发计划署在中国的首个“氢经济示范城市”在江苏如皋落户。

龙海二中2017-2018学年下学期期末考试卷高二化学试题（考试时间：90分钟总分：100分）可能用到的相对原子质量：N-14 O-16 Cl-35.5 Fe-56 Ag-109 U-238第Ⅰ卷(选择题共48分)符一、选择题：(16个小题，每小题3分，共48分，每小题给出的四个选项中，只有一项．．．．合题目要求)。

1、中国科学技术大学的钱逸泰教授等以CCl4和金属钠为原料，在700o C时反应制造出纳米级金刚石粉末和另一种化合物。

该成果发表在世界权威的《科学》杂志上，立即被科学家们高度评价为“稻草变黄金”。

同学们对此有下列一些“理解”，你认为其中错误的是（）A．这个反应是氧化还原反应B．金刚石属于金属单质C．另一种化合物为NaCl D．制造过程中元素种类没有改变2、分类是学习化学的重要方法．下列归纳正确的是( )A．SO2、SiO2、CO均为酸性氧化物B．纯碱、烧碱、熟石灰都属于碱类C．氨气、冰醋酸、食盐均为电解质D．碱性氧化物都是金属氧化物3、下列变化中，前者是物理变化，后者是化学变化，且都有明显颜色变化的是( )A．打开盛装NO的集气瓶；冷却NO2气体B．用冰水混合物冷却SO3气体；加热氯化铵晶体C．木炭吸附NO2气体；将氯气通入品红溶液中D．向酚酞溶液中加入Na2O2；向FeCl3溶液中滴加SCN溶液4、设N A为阿伏加德罗常数的值，下列叙述中正确的是（）A．1 L 1 mol/L的Na2CO3溶液中含有的CO32－数目为NAB．常温常压下，8 g O2含有的电子数是4N AC．标准状况下，2.24 L CCl4中含有的分子数为0.1N AD．25℃时，1 L pH＝13的Ba(OH)2溶液中含有的OH－数目为0.2NA5、某溶液中有①NH＋4、②Mg2＋、③Fe2＋、④Al3＋四种离子，若向其中加入过量的氢氧化钠溶液，微热并搅拌，再加入过量盐酸，溶液中大量减少的阳离子是（）A．①②B．①③C．②③D．③④6、下列离子在给定的条件下一定能大量共存的是（）A．C(Fe3+)=0.1mol/L的溶液中：NH4+、I－、SO42－、Cl－B．无色透明溶液中：Ca2+、NH4+、Cu2+、SO42-C．0. 1 mol·L-1AgNO3溶液：H＋、＋、SO42－、Br－D．pH=12的溶液中：+、Cl－、CH3COO－、CO32－7、下列离子方程式书写正确的是（）A．氧化亚铁溶于稀硝酸：FeO + 2H+ == Fe2+ + H2OB．往CaCl2溶液中通入少量的CO2：Ca2＋＋CO2＋H2O＝CaCO3↓＋2H＋C．碳酸氢铵溶液中加入过量氢氧化钠溶液：HCO3－+ OH－＝CO32－+ H2OD．向澄清石灰水中滴加少量的NaHCO3溶液：Ca2＋＋OH－＋HCO3－＝CaCO3↓＋H2O 8、某溶液中大量存在如下五种离子：NO3－、SO42－、Fe3＋、H＋、M，它们的物质的量浓度之比依次为c(NO3－)︰c(SO42－)︰c(Fe3＋)︰c(H＋)︰c(M)＝2︰3︰1︰3︰1，则M可能是（）A．Cl－B．Fe2+C．Mg2+ D．Ba2+9、某+2价离子的电子排布式为1s22s22p63s23p63d9，该元素在周期表中所属的族是（）A．ⅠB B．ⅡA C．ⅧD．ⅡB10、共价键、离子键和范德华力是构成物质粒子间的不同作用方式，下列物质中，只含有上述一种作用的( )A．干冰B．氯化钠C．氢氧化钠D．碘11、下列各组物质中，都是由极性键构成的极性分子的一组是（）A．NH3和H2O B．CH4和Br2 C．H2S和CCl4 D．CO2和HCl 12、氯化亚砜(SOCl2)可作为氯化剂和脱水剂。

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龙海二中2017—2018学年下学期期末考试卷高二化学试题(考试时间:90分钟总分：100分）可能用到的相对原子质量： N-14 O—16 Cl—35.5 Fe—56 Ag-109 U-238第Ⅰ卷（选择题共48分)一、选择题：（16个小题，每小题3分,共48分，每小题给出的四个选项中，只有一项．．．．符合题目要求）。

1、中国科学技术大学的钱逸泰教授等以CCl4和金属钠为原料，在700o C时反应制造出纳米级金刚石粉末和另一种化合物。

该成果发表在世界权威的《科学》杂志上，立即被科学家们高度评价为“稻草变黄金”。

同学们对此有下列一些“理解”，你认为其中错误的是（ ) A．这个反应是氧化还原反应 B．金刚石属于金属单质C．另一种化合物为NaCl D．制造过程中元素种类没有改变2、分类是学习化学的重要方法．下列归纳正确的是( )A．SO2、SiO2、CO均为酸性氧化物 B．纯碱、烧碱、熟石灰都属于碱类C．氨气、冰醋酸、食盐均为电解质 D．碱性氧化物都是金属氧化物3、下列变化中，前者是物理变化，后者是化学变化，且都有明显颜色变化的是（）A．打开盛装NO的集气瓶；冷却NO2气体B．用冰水混合物冷却SO3气体；加热氯化铵晶体C．木炭吸附NO2气体；将氯气通入品红溶液中D．向酚酞溶液中加入Na2O2；向FeCl3溶液中滴加KSCN溶液4、设N A为阿伏加德罗常数的值，下列叙述中正确的是（）A．1 L 1 mol/L的Na2CO3溶液中含有的CO32－数目为NAB．常温常压下，8 g O2含有的电子数是4N AC．标准状况下,2.24 L CCl4中含有的分子数为0。