2018-2019学年河南省洛阳市洛龙县洛阳市第一高级中学高二普通考试语文试卷

镇平一高2018——2019高二年级综合训练(一)语文试题注意事项1.本试卷分为选择题和非选择题两大部分,共六大题,18小题,满分150分,考试时间150分钟。

试卷答案一律写在答题卡上。

考试结束,只交答题卡2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号等信息填写在答题卡上。

3.第I卷选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号;第Ⅱ卷的答案使用0.5毫米的黑色墨水签字笔书写,字体工整,笔迹清楚。

4.请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答,超出答题区域书写的答案无效。

第Ⅰ卷选择题（共30分）一、(共18分,每小题3分)1、下列词语中,加点的字注音都正确的一项是A. 舵（duò）手轻飏（yáng）提（dī）防赍发（jī) 数（shù）见不鲜B. 懿（yì）范盘桓（huán）熟稔（rěn）夭阏（è) 诘屈聱牙(jí)C. 帝阍（hūn）叨（dāo）陪迤（yǐ)逦踟躇（chíchú）大有裨（bì）益D. 蕴藉（jí）倒涎（xián）斟酌（zhuó）复辟（bì）焚膏继晷（guǐ）2、下列词语中,没有错别字的一项是A. 锱铢必较穿流不息凛冽夙遭闵凶B. 含蓄蕴藉命途多舛颦蹙义愤填赝C. 佩玉鸣鸾宠命优渥祚薄过蒙拔擢D. 提心掉胆矫首遐观撕打殒身不恤3、下列句子中,加点的成语使用恰当的一项是A. 在红色家风中,最深沉绵长的就是爱民、敬民、惠民的情怀,老一辈无产阶级革命家对此不仅身体力行,并且一以贯之．．．．。

B. 没有谁的青春能够一直走在红地毯上,青年人欲成大事,就必须沿着既定目标前进,并付出旷日持久．．．．的努力。

C. 台风“天秤”在2017年12月22日凌晨,以石破天惊．．．．之势在菲律宾南部登陆,使当地防灾救灾体系受到了沉重打击。

D. 孩子在幼儿园得到的应是无微不至的关爱和呵护,而不是耳提面命．．．．、针扎喂药之类的伤害。

洛阳市2017—2018学年第一学期期末考试高二语文试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。

2.考试结束，将答题卡交回。

第I卷阅读题一、现代文阅读（35分）(一）论述类文本阅读（本题共3小题.9分）阅读下面的文字，完成1〜3题。

(1)在中国古代诗词中，鸿雁作为审美对象，具有丰富的美学意蕴。

(2)鸿雁是随阳之乌，它虽然在季节和环境的渲染下带有“秋”的意象，但它与蟋蟀、蝉等秋虫之美仍有所不同。

听秋虫浅吟低唱，不免产生物华将尽的寂寥之感；看鸿雁之布阵南征，则令人心胸开阔，精神振奋。

“秋色萧条，秋容有红蓼；秋风拂地，万籁也寥寥。

惟见宾鸿，冲入在秋空里，任逍遥”，便是对鸿雁这一美学特征的生动把握。

鸿雁是健飞之鸟，翅膀拍动时频率适中，沉雄有力，不似鹰鹞猛悍桀骜，也不似鹤鹭之轻灵飘忽，而是给人以坚忍强劲的审美感受。

在风频雨骤的春日或霜寒月冷的秋夜，当鸿雁结阵翱翔，引吭嘹唳、雄姿勃勃地掠过长空时，人们的这种审美感受就更加明显、强烈。

(3)迁徙时常汇集成数十只、上百只的大群，在天空中列队飞翔。

“蜃楼百尺横沧海，雁字一行书绛霄”；“白犬吠风惊雁起，犹能——旋成行”。

鸿雁这种行序整齐的飞行特征，令中国古代文人们赞叹不已。

鸿雁健飞，且性情机警，南征北返时，中途很少停歇，人们能看到竦峙树端的鹰、栖息房梁的燕、兀立江滩的鸫鹭，却很难看到静态的鸿雁。

在中国古代诗词歌赋中，鸿雁大都以动态出现鸿雁翔姿优美，亦刚亦柔，曹植的《洛神赋》中就有“翩若惊鸿，矫若游龙”之语。

鸿雁南迁阵容非常壮观，在朔风凛冽、尘沙蔽日的秋冬之际，当一群群大雁雄姿勃勃地掠过长空时，亦能唤起古人雄浑悲壮的审美感受,这种感受对于边塞诗人来说，尤为强烈。

“雁来惨淡沙场外，月出苍茫云海间。

”借秋空雁阵渲染沙场征战的雄浑悲壮之貌。

(4)在中国古代诗词中，托物言志与借景抒情是一个有机的统一体，两者不可截然分割，而对“雁”意象群的发掘，即能较好地说明这一问题。

2018-2019学年河南省洛阳市洛龙县洛阳市第一高级中学高二普通考试物理试卷一、选择题1. 在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的绝对值分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列说法正确的是（）A. U1变大，ΔU1ΔI不变B.U2I 变大，ΔU2ΔI不变C.U3I 变大，ΔU3ΔI变大D.电源的输出功率变大【答案】B【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】由题意知：R1是定值电阻，根据欧姆定律得知U1I =ΔU1ΔI=R1；变阻器是可变电阻，根据闭合电路欧姆定律研究U3ΔI 、U2ΔI与电源内阻的关系，再分析选择．【解答】A．根据欧姆定律得知：U1I =ΔU1ΔI=R1，故当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，U1I、ΔU1ΔI均不变，故A错误；B．U2I =R2，变大，根据闭合电路欧姆定律得：U2=E−I(R1+r)，则有ΔU2ΔI=R1+r，不变，故B正确；C．U3I =R1+R2，变大，根据闭合电路欧姆定律得：U3=E−Ir，则有ΔU3ΔI=r，不变，故C错误；D．当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，外电阻变大，但是不知道外电阻与内阻的大小关系，所以无法判断电源输出功率的变化，则D错误；故选：B．2. 以下有关电动势的说法正确的是（）A.电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比B.电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C.非静电力做的功越多，电动势就越大D.E=Wq只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的【答案】D【考点】电源的电动势和内阻【解析】根据电动势的定义式E=Wq可知，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势，电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．【解答】解：AD．电源内部非静电力把正电荷从电源负极移送到正极，根据电动势的定义式E=Wq可知，电动势等于非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功．属于比值定义，故A错误．D正确；B．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，因此电动势的单位跟电压的单位一致，但电动势不就是两极间的电压，故B错误；C．由E=Wq可知，电源把其他形式的能转化为电能越多，即W越大，电动势不一定就越高．故C错误；故选D3. 在车门报警电路中，两个按钮开关分别装在汽车的两扇门上，只要有开关处于断开状态，报警灯就发光．能实现此功能的电路是（）A.B.C.D.【答案】D【考点】简单的逻辑电路【解析】两个按钮开关分别装在汽车的两扇门上，只要有开关处于断开状态，报警灯就发光，该或逻辑关系为或门电路．【解答】解；由题意，S1、S2中任何一个开关处于开路状态，报警灯就发光，该逻辑电路应采用或门电路；当S1、S2都闭合时，输入都为0，根据或门电路的特性，得到Y端输出为0；当S1、S2只要有一个断开时，输入端电势不为0，输出为1，灯亮，故D正确．故选：D．4. 有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电量为q，此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过导线横截面积的自由电子数目可表示为（）A.nvStB.nvtC.It/eD.It/ne【答案】C【考点】电流、电压概念【解析】首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．【解答】解：在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，由于铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为V=vtS；又由于单位体积的导线有n个自由电子，则在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt；由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为Q=It，而电子的电荷量为e，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：N=It，故C正确．e故选：C．5. 用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针都不偏转C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角【答案】C【考点】把电流表改装成电压表【解析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．【解答】解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻．两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C 正确．故选：C．6. 某同学按如图电路进行实验，电压表内阻看作无限大，电流表内阻看作零．实验中由于电路发生故障，发现两电压表示数相同了（但不为零），若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是（）A.R3短路B.R P短路C.R3断开D.R2断开【答案】B,D【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】根据四个选项逐一代入检查，分析哪种情况中两电压表测量哪部分电压，示数是否相同，再进行选择．【解答】解：A．若R3短路时，由于电流表内阻看作零，两电压表都被短路，示数都为零，与题不符，故A错误；B．R P短路时，两电压表都测量R2的电压，示数相同，而且都不为零，故B正确；C．R3断开时，电压表V2测量R p的电压，电压表V1测量R p和R2串联的电压，电压表V1的示数大于电压表V2的示数，故C错误；D．R2断开时，由于电压表内阻看作无限大，R P中电流为零，电压为零，两电压表都测量R3的电压，示数相同，而且都不为零，故D正确；故选BD．7.小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法正确的是( )A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对应P点，小灯泡的电阻为R=U1I2−I1C. 对应P点，小灯泡的电阻为R=U1I2D.对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积【答案】A,C,D【考点】路端电压与负载的关系电功、电功率【解析】此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可对应图线的“面积”．【解答】解：由图象可知，通过灯泡的电流随两端电压的增大而增大，且ΔU>ΔI，电阻是指对电流的阻碍作用，随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，否则ΔU和ΔI的变化倍数相等，故A正确；由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，灯泡的电阻R=U1I，故B错误，C正确；2由P=UI可知，图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确；故选：ACD．8. 两电源的U−I图象，下列说法正确的是（）A.电源①的电动势和内阻均比电源②大B.当外接同样的电阻时它们的输出功率可能相等C.当外接同样的电阻，电源的效率可能相等D.不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大【答案】A,D【考点】闭合电路的欧姆定律电源的电动势和内阻【解析】根据闭合电路欧姆定律分析两电源的电动势和内阻大小．过原点O作出一条倾斜的直线，该直线与两图线的交点表示两电源与同样的电阻连接时的工作状态，电源的输出功率P=UI，由交点纵坐标与横坐标乘积比较输出功率的大小．电源的效率η=UIEI=RR+r．【解答】解：A．根据闭合电路欧姆定律得，U=E−Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出，电源①的电动势和内阻均比电源②大，故A正确；BD．过原点O作出一条倾斜的直线(3)，该直线与图线①、②的交点就表示该电阻与两电源连接时的工作状态，由图看出，直线(3)与图线①交点的两坐标的乘积大于直线(3)与图线②交点的两坐标的乘积，说明不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大，故B错误，D正确；C．电源的效率η=UIEI =RR+r，当外接同样的电阻，由于内阻r不等，电源的效率不可能相等，电源②的效率总大于电源①的效率，故C错误．故选：AD．9. 如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A.当R2=R1+r时，R2获得最大功率B.当R1=R2+r时，R1获得最大功率C.当R2=0时，R1上获得最大功率D.当R2=0时，电源的输出功率最大【答案】A,C【考点】电功、电功率闭合电路的欧姆定律【解析】当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．【解答】解：A．将R1等效到电源的内部，R2上的功率等于电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r时，输出功率最大，即R2上的功率最大，故A正确；BC．根据P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大，当外电阻最小时，即R2=0时，电流最大，故B错误，C正确；D．当外电阻等于内阻时，即R1+R2=r时，电源的输出功率最大，故D错误．故选：AC．10. 在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S闭合后，两平行金属板MN中有一带电液滴正好处于静止状态．为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是（）A.增大R1B.减小R2C.减小R3D.增大MN间距【答案】B【考点】带电粒子在匀强电场中的运动闭合电路的欧姆定律【解析】R1、R2为滑动变阻器，而R3为变阻箱．当开关闭合后，带电液滴正好处于静止，为使能加速向上，则电场力大于重力．可以提高两极板的电压，即提高变阻箱R3的电压；也可以变化两极板的距离，从而实现提高两板间的电场强度．【解答】解：A．当增大R1电阻时，没有作用，因为R1电阻与两平行金属板相串联，然而两板间没有电流，所以R1电阻两端没有电势差，故A错误；B．当R2减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则R3变阻器电压变大，故B正确；C．当R3减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则R2电阻两端电压变大，那么R3变阻器电压变小，故C错误；D．当增大MN间距时，由于平行板两端电压不变，则两板间的电场强度变小，所以电场力小于重力，故D错误．故选：B．11. 如图所示，电源电动势为E，内阻为r．当滑动变阻器R2的滑片P向左滑动时，下列说法正确的是（）A.电阻R3消耗的功率变大B.电容器C上的电荷量变大C.灯L变暗D.R1两端的电压变化量的绝对值小于R2两端的电压变化量的绝对值【答案】B,C,D【考点】闭合电路的欧姆定律电容【解析】首先明确电路结构，R2和L并联然后和R1串联，串联后与R3并联．再根据闭合电路欧姆定律动态分析的基本方法进行分析求解．【解答】解：A．当滑动变阻器R2的滑片P向左滑动时，电阻变小，则外电路的总电阻变小，小电阻分小电压，则外电压变小，故R3消耗的功率：P=U 2R3变小，故A错误；B．R2变小，外电路的总电阻变小，则干路总电流变大，而R3上电压变小则电流变小，故R1上电流变大，电压变大，故电容器两端电压变大，Q=CU，则电荷量变大，故B正确；C．R2变小，小电阻分小电压，则R2的电压变小，灯泡的电压变小，故灯L变暗，故C正确；D．R1两端的电压变大，R2两端的电压变小，二者电压之和等于外电压，由前面分析知外电压变小，故R1两端增加的电压小于R2两端减小的电压，故D正确；故选：BCD．二、实验题1. 测量元件用的游标尺上，有50个等分刻度的游标卡尺测量工件的情况，读数为___mm．用螺旋测微计测量另一个元件，结果如图，读数为____cm．【答案】50.15,7.500【考点】螺旋测微器的使用刻度尺、游标卡尺的使用【解析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为：50mm+0.15mm=50.15mm．由图示螺旋测微器可知，其示数为：7.5mm+0×0.01mm=7.500mm；故答案：50.15；7.5002.小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，通过实验得到如下数据（I和U分别表示小灯泡上的电流和电压）：U(V) 0.200.400.600.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00(1)在框中画出实验电路图，可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器（阻值范围0~10Ω)、电源、小灯泡、电键、导线若干．(2)在坐标纸中画出小灯泡的U−I曲线．(3)若将该小灯泡接在电动势是1.5V，内阻是2.0Ω 的电池两端，小灯泡的实际功率是______W．【答案】(1)如解答图所示；(2)如解答图所示；(3)0.28．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线伏安法测电阻【解析】(1)滑动变阻器采用分压式接法；小灯泡电阻较小，故采用安培表外接法；(2)利用描点法作图，在坐标系中先画出各个点，然后用一条平滑的曲线连接；(3)先画出电源的路端电压与电流关系图线，两线的交点对应的电压和电流就是实际电压和电流．【解答】解：(1)需要电源、导线、电键、小灯泡、滑动变阻器、电压表和电流表；由于电压要从零开始连续调节，故滑动变阻器采用分压式接法；小灯泡电阻较小，故采用安培表外接法，电路图如下图所示.(2)根据描点法作图，如图所示.=0.75A，电流与路段电压的关系式为：U= (3)电源的电动势为1.5V，短路电流为1.5V2ΩE−Ir=1.5−2r，在上图中作出电流与路段电压的图线，如图所示；交点坐标即为小灯泡的实际电压和电流，故功率为：P=UI=0.8×0.35=0.28W．3.某研究小组收集了两个电学元件：电阻R0(约为2kΩ)和手机中的锂电池(电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为 100mA)．实验室备有如下器材：A．电压表V(量程 3V，电阻R V约为4.0kΩ)B．电流表A1(量程 100mA，电阻R A1约为5Ω)C．电流表A2(量程 2mA，电阻R A2约为50Ω)D．滑动变阻器R1(0～40Ω，额定电流 1A)E．电阻箱R2(0～999.9Ω)F．开关S一只、导线若干(1)为了测定电阻R0的阻值，小明设计了一电路，如图甲所示为其对应的实物图，图中的电流表A应选______(选填“A1”或“A2”)，请将实物连线补充完整．(2)为测量锂电池的电动势E和内阻r，小红设计了如图乙所示的电路图．根据测量数据作出1U −1R2图象，如图丙所示，若该图线的斜率为k，纵轴截距为b，则该锂电池的电动势E=______，内阻r=______(用k、b和R2表示)．该实验的测量值偏小，造成此系统误差主要原因是________．【答案】(1)A2；实物图如图所示：(2)1b , kb,电压表的分流【考点】伏安法测电阻【解析】(1)根据通过待测电阻的最大电流选择电流表;为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，根据待测电阻阻值与滑动变阻器最大阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，然后连接实物电路图．(2)由闭合电路的欧姆定律求出1U 与1R2的关系式，根据该关系式求出电源的电动势与内阻；由于电压表的分流作用使测量值偏小．【解答】(1)电压表量程是3V，通过待测电阻的最大电流I=UR0=3V2000Ω=0.0015A=1.5mA，因此电流表应选电流表A2(量程 2mA，电阻R A2约为50Ω)；待测电阻R0阻值约为2kΩ，滑动变阻器R1(0～40Ω，额定电流1A)与电阻箱R2(0～999.9Ω)最大阻值均小于待测电阻阻值，变阻器采用限流接法时待测电阻电压与电流变化范围较小，不能测多组实验数据，为测多组实验数据，减小实验误差，滑动变阻器应采用分压接法；R0R A =2000Ω50Ω=40，R V R0=4000Ω2000Ω=2，R0R A＞R VR0，电流表应该采用内接法，实物电路图如答案图所示．(2)由图乙所示电路可知，E=U+Ir=U+UR2r，则1U=rER2+1E，因此图象的纵截距b=1E ，电动势E=1b，图象的斜率k=rE，则电源内阻r=kE=kb；由图乙所示可知，由于电压表分流，使实验的测量值偏小．4. 要测量一只量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：A．待测电压表V（量程3V，内阻未知）B．电流表A（量程3A，内阻0.01Ω）C．定值电阻R（阻值2kΩ，额定电流50mA）D．蓄电池E（电动势略小于3V，内阻不计）E．多用电表F．开关K1、K2，导线若干有一位同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：(1)首先，用多用电表进行粗测，选用×100Ω倍率，操作方法正确．若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是________Ω．(2)为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图所示的两甲、乙实验电路，你认为其中较合理的电路图是________，其理由是________．甲乙(3)用你选择的电路进行实验时，需要直接测量的物理量是________;用上述所测量的物理量表示电压表的内阻R v=________．【答案】(1)3000(2)乙,如果选择图甲所示电路,电流电流太小,电流表无法读数．(3)S闭合前后电压表的示数U1、U2．,U2RU1−U2【考点】伏安法测电阻【解析】(1)根据选择倍率求出测量的结果；(2)根据欧姆定律估算得出采用甲图示电流表将无法读数，采用乙图则可以；(3)根据实验目的、实验原理与实验电路确定实验需要测量的量,然后应用欧姆定律求出电压表内阻．【解答】解：(1)选用×100Ω倍率，读数为30×100Ω=3000Ω．(2)因为电压表内阻较大,如果选用图甲所示电路,电路电流很小,电流表指针几乎不偏转无法读数,选用图乙所示电路是合理的,图乙中R的阻值与电压表阻值接近,误差小；(3)闭合K1、K2,读出电压表示数U1，然后断开K2，读出电压表示数U2；K2闭合时，示数U1相当于电动势，断开时，电压表与电阻R串联，流过它们的电流相等，则U1−U2R=U2 R V ，计算得出：R V＝U2RU1−U2．三、计算题1. 如图所示，R1=2Ω，R2=6Ω，R3=3Ω，当S接通时，电压表读数为2.4V，S断开时，电压表读数为2V，则电源电动势和内阻各为多少？【答案】电源电动势为6V，内阻各为1Ω．【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】先分析开关S闭合和断开时的电路结构，再结合闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻．【解答】解：当S接通时，R2和R3并联后与R1串联接入电路，电压表测量R1电压，根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+U1R1(R2R3R2+R3)=2.4+2.42×(3×63+6+r)=2.4+1.2(2+r),当S断开时，R1与R3串联接入电路，电压表测量R1电压，根据闭合电路欧姆定律得：E=U1′+U1′R1(R3+r)=2+22×(3+r),联立解得：E=６Ｖ，r=１Ω．2. 一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A．在30s内可使该物体被匀速提升3m．若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功率；(2)在提升重物的30s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻．【答案】(1)电动机的输入功率为0.6W．(2)线圈电阻产生的热量为6J．(3)线圈电阻为5Ω．【考点】能量守恒定律电功、电功率【解析】(1)由P=UI求出电动机的输入功率．(2)电动机总功率等于热功率与输出功率之和，由P=Fv求出电动机的输出功率，然后求出线圈的热功率．(3)由焦耳定律Q=I2Rt的变形公式求出线圈电阻．【解答】解：(1)电动机的输入功率P入=UI=0.2×3W=0.6W．(2)电动机提升重物的机械功率P机=Fv=(4×3/30)W=0.4W，根据能量关系P入=P机+P Q得出热功率P Q=P入−P机=(0.6−0.4)W=0.2W，所生热量Q=P Q t=0.2×30J=6J．(3)由焦耳定律Q=I2Rt，得线圈电阻R=QI2t =60.22×30Ω=5Ω．答：(1)电动机的输入功率为0.6W．(2)线圈电阻产生的热量为6J．(3)线圈电阻为5Ω．。

洛阳一高2018-2019学年第二学期高一3月月考语文试卷★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

3、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

5、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、论述类文本阅读（9分，每小题3分）《红楼梦》的开篇神话《红楼梦》是由一个神话故事开端的。

说的是大荒山无稽崖下，有一块女娲补天时未被采用的石头，幻化为神瑛侍者，每天用甘露浇灌三生石畔上的一颗绛珠仙草，后来仙草修成女身，愿把一生所有的眼泪还他的情。

因此一事，便引出一部悲金悼玉的《红楼梦》来。

故事虽然说来荒唐无稽，但是任何神话都有其尘根俗缘。

曹雪芹编造的这个神话故事，毫无疑问也是有其现实的基础的。

那么，《红楼梦》中的这块顽石，到底生于何方何地呢？作者说是本于“大荒山，无稽崖”，用脂砚斋的话来说，就是“荒唐也，无稽也”，亦即是无可稽考之处。

在我看来，这是作者和批者有意让人处于扑朔迷离之中，它应当是真有其处的。

依据相关材料揆情度理，我认为，它应当是我国东北部的长白山。

在远古时代，人们便称此为“大荒山”。

2018-2019学年河南省洛阳市洛龙县洛阳市第一高级中学高二普通考试物理试卷一、选择题1. 在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用、、和表示，电表示数变化量的绝对值分别用、、和表示．下列说法正确的是（）A. 变大，不变B.变大，不变C.变大，变大D.电源的输出功率变大【答案】B【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】由题意知：是定值电阻，根据欧姆定律得知==；变阻器是可变电阻，根据闭合电路欧姆定律研究、与电源内阻的关系，再分析选择．【解答】A．根据欧姆定律得知：==，故当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，、均不变，故A错误；B．，变大，根据闭合电路欧姆定律得：，则有，不变，故B正确；C．，变大，根据闭合电路欧姆定律得：，则有，不变，故C错误；D．当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，外电阻变大，但是不知道外电阻与内阻的大小关系，所以无法判断电源输出功率的变化，则D错误；故选：B．2. 以下有关电动势的说法正确的是（）A.电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比B.电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C.非静电力做的功越多，电动势就越大D.只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的【答案】D【考点】电源的电动势和内阻【解析】根据电动势的定义式可知，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势，电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．【解答】解：AD．电源内部非静电力把正电荷从电源负极移送到正极，根据电动势的定义式可知，电动势等于非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功．属于比值定义，故A错误．D正确；B．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，因此电动势的单位跟电压的单位一致，但电动势不就是两极间的电压，故B错误；C．由可知，电源把其他形式的能转化为电能越多，即W越大，电动势不一定就越高．故C错误；故选D3. 在车门报警电路中，两个按钮开关分别装在汽车的两扇门上，只要有开关处于断开状态，报警灯就发光．能实现此功能的电路是（）A.B.C.D.【答案】D【考点】简单的逻辑电路【解析】两个按钮开关分别装在汽车的两扇门上，只要有开关处于断开状态，报警灯就发光，该或逻辑关系为或门电路．【解答】解；由题意，、中任何一个开关处于开路状态，报警灯就发光，该逻辑电路应采用或门电路；当、都闭合时，输入都为0，根据或门电路的特性，得到端输出为0；当、只要有一个断开时，输入端电势不为0，输出为1，灯亮，故D正确．故选：D．4. 有一横截面积为的铜导线，流经其中的电流强度为，设每单位体积的导线有个自由电子，电子的电量为，此时电子的定向移动速度为，在时间内，通过导线横截面积的自由电子数目可表示为（）A. B. C. D.【答案】C【考点】电流、电压概念【解析】首先根据电流强度的定义可以求得时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．【解答】解：在时间内，以速度移动的电子在铜导线中通过的距离为，由于铜导线的横截面积为，则在时间内，电子经过的导线体积为；又由于单位体积的导线有个自由电子，则在时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为；由于流经导线的电流为，则在时间内，流经导线的电荷量为，而电子的电荷量为，则时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：，故C正确．故选：C．5. 用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针都不偏转C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角【答案】C【考点】把电流表改装成电压表【解析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．【解答】解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻．两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确．故选：C．6. 某同学按如图电路进行实验，电压表内阻看作无限大，电流表内阻看作零．实验中由于电路发生故障，发现两电压表示数相同了（但不为零），若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是（）A.短路B.短路C.断开D.断开【答案】B,D【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】根据四个选项逐一代入检查，分析哪种情况中两电压表测量哪部分电压，示数是否相同，再进行选择．【解答】解：A．若短路时，由于电流表内阻看作零，两电压表都被短路，示数都为零，与题不符，故A错误；B．短路时，两电压表都测量的电压，示数相同，而且都不为零，故B正确；C．断开时，电压表测量的电压，电压表测量和串联的电压，电压表的示数大于电压表的示数，故C错误；D．断开时，由于电压表内阻看作无限大，中电流为零，电压为零，两电压表都测量的电压，示数相同，而且都不为零，故D正确；故选BD．7.小灯泡通电后，其电流随所加电压变化的图线如图所示，为图线上一点，为图线的切线，为轴的垂线，为轴的垂线，则下列说法正确的是( )A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对应点，小灯泡的电阻为C. 对应点，小灯泡的电阻为D.对应点，小灯泡的功率为图中矩形所围的面积【答案】A,C,D【考点】路端电压与负载的关系电功、电功率【解析】此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可对应图线的“面积”．【解答】解：由图象可知，通过灯泡的电流随两端电压的增大而增大，且，电阻是指对电流的阻碍作用，随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，否则和的变化倍数相等，故A正确；由图象可知，点对应的电压为，电流为，灯泡的电阻，故B错误，C正确；由可知，图象中矩形所围的面积为对应点小灯泡的实际功率，故D正确；故选：ACD．8. 两电源的图象，下列说法正确的是（）A.电源①的电动势和内阻均比电源②大B.当外接同样的电阻时它们的输出功率可能相等C.当外接同样的电阻，电源的效率可能相等D.不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大【答案】A,D【考点】闭合电路的欧姆定律电源的电动势和内阻【解析】根据闭合电路欧姆定律分析两电源的电动势和内阻大小．过原点作出一条倾斜的直线，该直线与两图线的交点表示两电源与同样的电阻连接时的工作状态，电源的输出功率，由交点纵坐标与横坐标乘积比较输出功率的大小．电源的效率．【解答】解：A．根据闭合电路欧姆定律得，，当时，，即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出，电源①的电动势和内阻均比电源②大，故A正确；BD．过原点作出一条倾斜的直线(3)，该直线与图线①、②的交点就表示该电阻与两电源连接时的工作状态，由图看出，直线(3)与图线①交点的两坐标的乘积大于直线(3)与图线②交点的两坐标的乘积，说明不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大，故B错误，D正确；C．电源的效率，当外接同样的电阻，由于内阻不等，电源的效率不可能相等，电源②的效率总大于电源①的效率，故C错误．故选：AD．9. 如图所示，为定值电阻，为可变电阻，为电源电动势，为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A.当时，获得最大功率B.当时，获得最大功率C.当时，上获得最大功率D.当时，电源的输出功率最大【答案】A,C【考点】电功、电功率闭合电路的欧姆定律【解析】当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据，电流最大时，功率最大．【解答】解：A．将等效到电源的内部，上的功率等于电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即时，输出功率最大，即上的功率最大，故A正确；BC．根据，电流最大时，上的功率最大，当外电阻最小时，即时，电流最大，故B错误，C 正确；D．当外电阻等于内阻时，即时，电源的输出功率最大，故D错误．故选：AC．10. 在如图所示的电路中，、、均为可变电阻．当开关S闭合后，两平行金属板中有一带电液滴正好处于静止状态．为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是（）A.增大B.减小C.减小D.增大间距【答案】B【考点】带电粒子在匀强电场中的运动闭合电路的欧姆定律【解析】、为滑动变阻器，而为变阻箱．当开关闭合后，带电液滴正好处于静止，为使能加速向上，则电场力大于重力．可以提高两极板的电压，即提高变阻箱的电压；也可以变化两极板的距离，从而实现提高两板间的电场强度．【解答】解：A．当增大电阻时，没有作用，因为电阻与两平行金属板相串联，然而两板间没有电流，所以电阻两端没有电势差，故A错误；B．当减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则变阻器电压变大，故B正确；C．当减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则电阻两端电压变大，那么变阻器电压变小，故C 错误；D．当增大间距时，由于平行板两端电压不变，则两板间的电场强度变小，所以电场力小于重力，故D错误．故选：B．11. 如图所示，电源电动势为，内阻为．当滑动变阻器的滑片向左滑动时，下列说法正确的是（）A.电阻消耗的功率变大B.电容器上的电荷量变大C.灯变暗D.两端的电压变化量的绝对值小于两端的电压变化量的绝对值【答案】B,C,D【考点】闭合电路的欧姆定律电容【解析】首先明确电路结构，和并联然后和串联，串联后与并联．再根据闭合电路欧姆定律动态分析的基本方法进行分析求解．【解答】解：A．当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电阻变小，则外电路的总电阻变小，小电阻分小电压，则外电压变小，故消耗的功率：变小，故A错误；B．变小，外电路的总电阻变小，则干路总电流变大，而上电压变小则电流变小，故上电流变大，电压变大，故电容器两端电压变大，，则电荷量变大，故B正确；C．变小，小电阻分小电压，则的电压变小，灯泡的电压变小，故灯变暗，故C正确；D．两端的电压变大，两端的电压变小，二者电压之和等于外电压，由前面分析知外电压变小，故两端增加的电压小于两端减小的电压，故D正确；故选：BCD．二、实验题12. 测量元件用的游标尺上，有50个等分刻度的游标卡尺测量工件的情况，读数为___mm．用螺旋测微计测量另一个元件，结果如图，读数为____cm．【答案】50.15,7.500【考点】螺旋测微器的使用刻度尺、游标卡尺的使用【解析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为：．由图示螺旋测微器可知，其示数为：；故答案：50.15；7.50013.小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，通过实验得到如下数据（和分别表示小灯泡上的电流和电压）：(1)在框中画出实验电路图，可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器（阻值范围0~10Ω)、电源、小灯泡、电键、导线若干．(2)在坐标纸中画出小灯泡的曲线．(3)若将该小灯泡接在电动势是1.5V，内阻是2.0Ω 的电池两端，小灯泡的实际功率是______W．【答案】(1)如解答图所示；(2)如解答图所示；(3)0.28．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线伏安法测电阻【解析】(1)滑动变阻器采用分压式接法；小灯泡电阻较小，故采用安培表外接法；(2)利用描点法作图，在坐标系中先画出各个点，然后用一条平滑的曲线连接；(3)先画出电源的路端电压与电流关系图线，两线的交点对应的电压和电流就是实际电压和电流．【解答】解：(1)需要电源、导线、电键、小灯泡、滑动变阻器、电压表和电流表；由于电压要从零开始连续调节，故滑动变阻器采用分压式接法；小灯泡电阻较小，故采用安培表外接法，电路图如下图所示.(2)根据描点法作图，如图所示. (3)电源的电动势为1.5V，短路电流为，电流与路段电压的关系式为：，在上图中作出电流与路段电压的图线，如图所示；交点坐标即为小灯泡的实际电压和电流，故功率为：．14.某研究小组收集了两个电学元件：电阻(约为2kΩ)和手机中的锂电池(电动势标称值为3.7V，允许最大放电电流为 100mA)．实验室备有如下器材：A．电压表(量程 3V，电阻约为4.0kΩ)B．电流表(量程 100mA，电阻约为5Ω)C．电流表(量程 2mA，电阻约为50Ω)D．滑动变阻器(0～40Ω，额定电流 1A)E．电阻箱(0～999.9Ω)F．开关S一只、导线若干(1)为了测定电阻的阻值，小明设计了一电路，如图甲所示为其对应的实物图，图中的电流表应选______(选填“”或“”)，请将实物连线补充完整．(2)为测量锂电池的电动势和内阻，小红设计了如图乙所示的电路图．根据测量数据作出图象，如图丙所示，若该图线的斜率为，纵轴截距为，则该锂电池的电动势=______，内阻=______(用、和表示)．该实验的测量值偏小，造成此系统误差主要原因是________．【答案】(1)；实物图如图所示：(2) , ,电压表的分流【考点】伏安法测电阻【解析】(1)根据通过待测电阻的最大电流选择电流表;为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，根据待测电阻阻值与滑动变阻器最大阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，然后连接实物电路图．(2)由闭合电路的欧姆定律求出与的关系式，根据该关系式求出电源的电动势与内阻；由于电压表的分流作用使测量值偏小．【解答】(1)电压表量程是3V，通过待测电阻的最大电流=0.0015A=1.5mA，因此电流表应选电流表(量程2mA，电阻约为50Ω)；待测电阻阻值约为2kΩ，滑动变阻器(0～40Ω，额定电流 1A)与电阻箱(0～999.9Ω)最大阻值均小于待测电阻阻值，变阻器采用限流接法时待测电阻电压与电流变化范围较小，不能测多组实验数据，为测多组实验数据，减小实验误差，滑动变阻器应采用分压接法；=40，==2，＞，电流表应该采用内接法，实物电路图如答案图所示．(2)由图乙所示电路可知，，则，因此图象的纵截距，电动势，图象的斜率，则电源内阻；由图乙所示可知，由于电压表分流，使实验的测量值偏小．15. 要测量一只量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：A．待测电压表（量程3V，内阻未知）B．电流表（量程3A，内阻0.01Ω）C．定值电阻（阻值2kΩ，额定电流50mA）D．蓄电池（电动势略小于3V，内阻不计）E．多用电表F．开关、，导线若干有一位同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：(1)首先，用多用电表进行粗测，选用100Ω倍率，操作方法正确．若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是________Ω．(2)为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图所示的两甲、乙实验电路，你认为其中较合理的电路图是________，其理由是________．甲乙(3)用你选择的电路进行实验时，需要直接测量的物理量是________;用上述所测量的物理量表示电压表的内阻________．【答案】(1)3000(2)乙,如果选择图甲所示电路,电流电流太小,电流表无法读数．(3)闭合前后电压表的示数、．,【考点】伏安法测电阻【解析】(1)根据选择倍率求出测量的结果；(2)根据欧姆定律估算得出采用甲图示电流表将无法读数，采用乙图则可以；(3)根据实验目的、实验原理与实验电路确定实验需要测量的量,然后应用欧姆定律求出电压表内阻．【解答】解：选用×100Ω倍率，读数为30×100Ω=3000Ω．(2)因为电压表内阻较大,如果选用图甲所示电路,电路电流很小,电流表指针几乎不偏转无法读数,选用图乙所示电路是合理的,图乙中R的阻值与电压表阻值接近,误差小；(3)闭合、,读出电压表示数，然后断开，读出电压表示数；闭合时，示数相当于电动势，断开时，电压表与电阻R串联，流过它们的电流相等，则，计算得出：＝．三、计算题16. 如图所示，2Ω，6Ω，3Ω，当接通时，电压表读数为2.4V，断开时，电压表读数为2V，则电源电动势和内阻各为多少？【答案】电源电动势为6V，内阻各为1Ω．【考点】闭合电路的欧姆定律【解析】先分析开关闭合和断开时的电路结构，再结合闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻．【解答】解：当接通时，和并联后与串联接入电路，电压表测量电压，根据闭合电路欧姆定律得：,当断开时，与串联接入电路，电压表测量电压，根据闭合电路欧姆定律得：,联立解得：６Ｖ，１Ω．17. 一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A．在30s内可使该物体被匀速提升3m．若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功率；(2)在提升重物的30s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻．【答案】(1)电动机的输入功率为0.6W．(2)线圈电阻产生的热量为6J．(3)线圈电阻为5Ω．【考点】能量守恒定律电功、电功率【解析】(1)由求出电动机的输入功率．(2)电动机总功率等于热功率与输出功率之和，由求出电动机的输出功率，然后求出线圈的热功率．(3)由焦耳定律的变形公式求出线圈电阻．【解答】解：(1)电动机的输入功率入0.2×3W=0.6W．(2)电动机提升重物的机械功率机0.4W，根据能量关系入机得出热功率入机0.2W，所生热量0.2×30J=6J．(3)由焦耳定律，得线圈电阻5Ω．答：(1)电动机的输入功率为0.6W．(2)线圈电阻产生的热量为6J．(3)线圈电阻为5Ω．。

2018-2019 学年下期中考20 届高二语文试题说明：1．本试卷满分150分，考试时间150分钟。

2．答案统一填写在答题卷上，写在试卷上无效。

一、现代文阅读（33分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1～3题。

金庸小说从文化角度构建了中国的民族国家形象，建立了一个磅礴宏伟的“文化中国”，从而赢得了不同政治立场、不同价值观念的大多数读者的喜爱。

这是金庸小说的决定性魅力。

金庸小说对中国传统文化的展示是在两个向度上同时进行的。

一个是从大处着眼，展示中华文化的多样性、综合性、融汇性；再一个是从小处入手，展示中华文化的奇妙性、精巧性和艺术性。

从大的方面来说，金庸小说涉及儒家、墨家、道家、佛家等中国文化思想层面，组成了一部“三教九流”众声喧哗的文化交响乐。

同时，他从地域文化的角度描写了中国东西南北不同地域各具特色、神采各异的文化风貌，并且写出了不同朝代、不同历史时期中国传统文化的起伏演变，从而构成了一幅动态的、立体的中国文化长篇画卷。

在金庸的前期作品中，儒家思想和墨家思想明显占据显要的甚至主导的地位：《书剑恩仇录》和《碧血剑》都对主人公为民请命、为民锄奸的正义行为持赞赏笔调，《射雕英雄传》更是把郭靖所代表的义无反顾、勇往直前的儒墨精神褒扬到了极致。

在金庸的中期作品中，道家思想、游仙思想开始令人注目：《神雕侠侣》可以看做从前期进入中期的一座分水岭，这部作品既有郭靖掷地有声的“为国为民，侠之大者”之举，又有杨过蔑视宗法礼教、为个人爱情不惜与整个武林为敌以及单人独剑四方漂游之行。

在金庸的后期作品中，佛家思想的气息愈来愈浓，在《连城诀》和《侠客行》中，是非善恶已经开始变得扑朔迷离、标准难立，狄云和石破天对于究竟应该如何做人，可以说自始至终也没有找到答案。

金庸的作品涉及几乎所有的中国文化分区，从《雪山飞狐》中的雪山极顶到《天龙八部》中的苍山洱海，从《书剑恩仇录》中的新疆雪莲到《笑傲江湖》中的福建山歌……经常在一些大部头的作品中带领读者进行全方位的中国文化旅游。

1拿到试卷：熟悉试卷刚拿到试卷一般心情比较紧张，建议拿到卷子以后看看考卷一共几页，有多少道题，了解试卷结构，通览全卷是克服“前面难题做不出，后面易题没时间做”的有效措施，也从根本上防止了“漏做题”。

2答题顺序：从卷首依次开始一般来讲，全卷大致是先易后难的排列。

所以，正确的做法是从卷首开始依次做题，先易后难，最后攻坚。

但也不是坚决地“依次”做题，虽然考卷大致是先易后难，但试卷前部特别是中间出现难题也是常见的，执着程度适当，才能绕过难题，先做好有保证的题，才能尽量多得分。

3答题策略答题策略一共有三点： 1. 先易后难、先熟后生。

先做简单的、熟悉的题，再做综合题、难题。

2. 先小后大。

先做容易拿分的小题，再做耗时又复杂的大题。

3. 先局部后整体。

把疑难问题划分成一系列的步骤，一步一步的解决，每解决一步就能得到一步的分数。

4学会分段得分。

不会做的题会做的题目要特别注意表达准确、书写规范、语言科学，防止被“分段扣点分”目我们可以先承认中间结论，往后推，看能否得到结论。

如果不能，说明这个途径不对，。

如果题目立即改变方向；如果能得出预期结论，就回过头来，集中力量攻克这一“卡壳处”有多个问题，也可以跳步作答，先回答自己会的问题。

5立足中下题目，力争高水平考试时，因为时间和个别题目的难度，多数学生很难做完、做对全部题目，所以在答卷中要立足中下题目。

中下题目通常占全卷的80%以上，是试题的主要构成，学生能拿下这些题目，实际上就是有了胜利在握的心理，对攻克高档题会更放得开。

6确保运算正确，立足一次性成功在答卷时，要在以快为上的前提下，稳扎稳打，步步准确，尽量一次性成功。

不能为追求速度而丢掉准确度，甚至丢掉重要的得分步骤。

试题做完后要认真做好解后检查，看是否有空题，答卷是否准确，格式是否规范。

7要学会“挤”分考试试题大多分步给分，所以理科要把主要方程式和计算结果写在显要位置，文科尽量把要点写清晰，作文尤其要注意开头和结尾。

20届高二年级开学测试语文试题答案一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读1．D【解析】A偷换概念。

据原文，中华传统文化能随着时代进步而不断获得新生，此新生是传承意义上的创新；说最终获得了新生，此新生则有焕然重获新生的意思。

B外加信息。

据原文，地缘、血缘因素都不如文化来得重要，并无加起来的意思。

C过于绝对。

据原文，中华民族是世界上最早认识到人类自身创造力的民族，是说认识最早，即便是对生命的认知，也没说完全不同。

2．C【解析】C外加信息。

据原文，中华民族是世界上最早认识到人类自身创造力的民族，不能借此说中华文化的先进性。

3．B【解析】B曲解文意。

据原文，古希腊人认为火种是普罗米修斯从天庭盗来馈赠给人类的，而中华民族的先民则认为取火方法是燧人氏发明的，这非常典型地反映了中华传统文化与西方传统文化的精神差异，而说火种来源认知的不同表现得最为典型是曲解文意。

（二）文学类文本阅读4．A【解析】A项，对文章主旨的解读，正确。

B项，品味对话的作用，其中“我担心他谋财害命”的说法有些牵强。

C项，分析人物行为的作用，其中“想告诉我一些江湖上的情形和出门在外的经验”不正确。

D项，考查动作(细节)描写的作用，“把昨夜的事情全都忘记了”不正确。

5．①热情坦诚，乐于助人，喜欢孝顺父母的子女。

他担心我回到岸上去危险，让我在他的船中过一宵。

②自食其力，不畏身心劳苦，靠自己的气力赚钱。

不论结冰，落雪，还是刮风，落雨，都要过湖“找钱”。

③坚韧不拔，不向命运低头，坚持自由自在的生活信念。

儿子被抓走，儿媳改嫁，孙子不认识自己，甚至死后也没人替自己做坟……但哭过以后，依然坚强面对生活。

（答对一点给1分，两点给3分，三点给5分。

每一点答案均要包括性格概括和分析。

其他答案，言之有理，可酌情给分。

）6．①艺术结构上，通过突转产生戏剧性效果，最后以歌声结尾，余韵悠长，耐人寻味。

②情感表现上，以渡夫的无表情代替哭泣，以任情高歌代替诉苦，强化了表现苦难的力度。