高一物理下学期期末复习学案(第三章第四章)

高中物理第4章章末复习课教案含解析鲁科版选修11[核心速填]1．产生感应电流的条件：①________电路．②________变化． 2．感应电动势：由于________现象而产生的电动势．3．法拉第电磁感应定律：回路中感应电动势的大小，跟穿过该回路磁通量的________成正比，表达式E ＝__________________，当导体棒垂直切割磁感线时E ＝________.4．发电机的工作原理：________；完成的能量转化：________→电能．5．变压器的工作原理：________，线圈两端电压与匝数的关系：U 1U 2＝__________. 6．电能的输送过程中，减少电压损失和功率损失的方法是：①减小________．②提高________．1．闭合 2．磁通量 电磁感应 3.变化率 n ΔΦΔt Blv 4.电磁感应 机械能5．电磁感应n 1n 26.导线电阻 输电电压 [学思心得] ____________________________________________ _______________________________________________________法拉第电磁感应定律1电磁感应中相当于电源的那部分产生的电动势叫感应电动势，其余部分可等效为负载，利用学过的电路知识处理问题．产生感应电流的本质是因为产生了感应电动势，感应电动势与电路是否闭合没有关系，若电路不闭合，仍有感应电动势而没有感应电流．2．法拉第电磁感应定律：电路中感应电动势的大小跟穿过这个电路的磁通量的变化率成正比．3．磁通量变化快慢的描述方法：在相同的时间内磁通量的变化越大，磁通量的变化越快；如果有相同的磁通量的变化，时间越短，磁通量的变化越快．【例1】 一个共有10匝的闭合矩形线圈，总电阻为10 Ω、面积为0.04 m 2，置于水平面上．若线框内的磁感应强度在0.02 s 内，由垂直纸面向里，从1.6 T 均匀减少到零，再反向均匀增加到2.4 T ．则在此时间内，线圈内导线中的感应电流大小为多少？[解析] 本题中的ΔΦ＝|Φ2－Φ1|，由于反向两者应相加，根据法拉第电磁感应定律得E ＝nΔΦΔt ＝nS ΔB Δt ＝10×0.04×(2.4＋1.6)0.02V ＝80 V根据闭合电路欧姆定律得I ＝ER＝8 A. [答案] 8 A1．如图甲所示，n ＝50匝的圆形线圈M ，它的两端点a 、b 与内阻很大的电压表相连，线圈中磁通量的变化规律如图乙所示，则电压表的示数为( )A ．5 VB ．10 VC ．15 VD ．20 VB [由题中图象可得：ΔΦΔt ＝(8－0)×10－2(4－0)×10－1 Wb/s ＝0.2 Wb/s 所以E ＝n ΔΦΔt ＝50×0.2 V ＝10 V ．电压表电阻很大，故路端电压U 约等于电源电动势，故B 对．]理想变压器1构成，原线圈和副线圈分别绕在同一个闭合铁芯上．2．工作原理：变压器是通过电磁感应来改变交流电压的，原线圈n 1接交流电源，由于电流的变化在闭合铁芯中产生变化的磁通量也通过了副线圈，根据法拉第电磁感应定律，便在副线圈n 2中产生感应电动势，如果输出电压高于输入电压，为升压变压器；如果输出电压低于输入电压，为降压变压器．3．理想变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2. 电压关系：U 1U 2＝n 1n 2.由于理想变压器的结构一定，n 1、n 2均为定值，所以输出电压U 2由输入电压U 1决定，与负载电阻的大小无关，U 1增大，U 2也增大；U 1减小，U 2也减小．4．变压器不改变交变电流的频率．5．理想变压器P 入＝P 出，原、副线圈的制约关系应由P 入＝P 出，结合法拉第电磁感应定律界定．【例2】 为了安全，机床上照明电灯用的电压是36 V ，这个电压是220 V 的电压降压后得到的．如果理想变压器的原线圈是1 140匝，则副线圈是多少匝？用这台变压器给40 W 的电灯供电，原线圈传递给副线圈的功率是多大？[解析] 由理想变压器的电压关系U 1U 2＝n 1n 2得n 2＝U 2U 1n 1＝36×1 140220≈187(匝)．对于理想变压器P 入＝P 出P 入＝40 W.[答案] 187匝 40 W2．(多选)一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n 1和n 2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U 1和U 2、I 1和I 2、P 1和P 2，已知n 1>n 2，则( )A ．U 1>U 2，P 1＝P 2B ．P 1＝P 2，I 1<I 2C ．I 1<I 2，U 1<U 2D ．P 1>P 2，I 1>I 2AB [由理想变压器的电压关系U 1U 2＝n 1n 2知，当n 1>n 2时，U 1>U 2；由电流关系I 1I 2＝n 2n 1知，当n 1>n 2时，I 1<I 2，而功率在变压过程中不变，所以A 、B 项均正确．]。

第四章牛顿运动定律高考理综物理模拟试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题1．入冬以来，全国多地多次发生雾霾天气，能见度不足20m。

在这样的恶劣天气中，甲、乙两汽车在一条平直的公路上行驶，当两车同时行驶到同一位置时，两车司机听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车，直到减速为0，两辆车刹车时的v-t图象如图，则A．甲车减速的加速度为0.5m/s2B．甲车减速的加速度比乙车减速的加速度大0.75m/s2C．减速过程中甲乙两车间的最大距离为100mD．减速过程中甲乙两车间的最大距离为87.5m2．如图所示是两个理想单摆的振动图象，纵轴表示摆球偏离平衡位置的位移，以向右为正方向。

下列说法中正确的是___________(填入正确选项前的字母。

选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错一个扣3分，得分为0分)A．同一摆球在运动过程中前后两次经过轨迹上的同一点，加速度是相同的B．甲、乙两个摆的频率之比为1︰2C．甲、乙两个摆的摆长之比为1︰2；D．从t=0时起，乙第一次到达右方最大位移处时，甲位于平衡位置，速度方向向左E. t=2s时，甲摆的重力势能最小，乙摆的动能为零；3．如图所示，由竖直轴和双臂构成的“Y”型支架可以绕竖直轴转动，双臂与竖直轴所成锐角为一个质量为m的小球穿在一条臂上，到节点的距离为h，小球始终与支架保持相对静止。

设支架转动的角速度为，则A．当时，臂对小球的摩擦力大小为B．由零逐渐增加，臂对小球的弹力大小不变C．当时，臂对小球的摩擦力为零D．当时，臂对小球的摩擦力大小为mg4．a、b、c是三个电荷量相同、质量不同的带电粒子，以相同的初速度由同一点垂直场强方向进入偏转电场，仅在电场力的作用下运动轨迹如图，其中b恰好沿着极板边缘飞出电场。

一. 教学内容：第四章 单元复习 （期末复习）［学习过程］ 一、知识结构网络⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎨⎧⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧⎩⎨⎧==⋅=⎩⎨⎧正交分解法三角形法分解法合成法本方法应用平衡条件解题的基般步骤应用平衡条件解题的一平衡条件动态平衡匀速直线运动静态平衡静止平衡状态共点力衡共点力作用下物体的平合0F 0F 0F ）（）（y x【典型例题】题型1 共点力平衡问题的基本解法例1. 如图（1）所示，一个重力G 的物体在两条细绳的悬吊下处于静止状态，细绳AC 与竖直方向的夹角︒=601θ，细绳BC 与竖直方向的夹角为︒=302θ，则细绳AC 、BC 对重物的拉力1T F 、2T F 分别是多大？（1） （2）解析：解法一：分解法：如图（2）所示，因为重力的作用效果是对两绳AC 、BC 产生了拉伸的力1T F 、2T F ，沿AC 、BC 两绳的方向将重力分解，由图中的几何关系可得到： ︒==30sin G sin G G 21θ2/G =，2/G 330cos G cos G G 22=︒==θ，又因为1T F 与1G 是一对平衡力，故2/G G F 1T 1==，并且2T F 与2G 也是一对平衡力，故2/G 3G F 2T 2==。

解法二：合成法。

分析重物G 的受力情况，如图（3）所示，由三力平衡的条件可得知1T F 、2T F 的合力T F 必然是重力G 的平衡力，即T F 与G 必然是等值而反向，则G F T =，又由图中的几何关系可得：AC 绳对重物的拉力2/G 30sin G sin G F 2T 1=︒==θ，BC 绳对重物的拉力2/G 330sin G cos G F 2T 2=︒==θ。

（3）（4）解法三：正交分解法。

如图（4）所示，选拉力1T F 和2T F 的方向分别为二个坐标轴的方向，由共点力的平衡可得：030sin G F 1T =︒-，则得2/G 30sin G F 1T =︒=， 030cos G F 2T =︒-，则得2/G 330cos G F 2T =︒=。

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必修二模块同步复习教案内容简介：包括第五章曲线运动、第六章万有引力与航天和第七章机械能守恒定律，具体可以分为，知识网络、高考常考点的分析和指导和常考模型规律示例总结，是高一高三复习比较好的资料。

一、第五章曲线运动(一）、知识网络(二）重点内容讲解1、物体的运动轨迹不是直线的运动称为曲线运动，曲线运动的条件可从两个角度来理解:(1）从运动学角度来理解；物体的加速度方向不在同一条直线上；（2)从动力学角度来理解:物体所受合力的方向与物体的速度方向不在一条直线上.曲线运动的速度方向沿曲线的切线方向，曲线运动是一种变速运动。

曲线运动是一种复杂的运动，为了简化解题过程引入了运动的合成与分解。

一个复杂的运动可根据运动的实际效果按正交分解或按平行四边形定则进行分解.合运动与分运动是等效替代关系，它们具有独立性和等时性的特点。

运动的合成是运动分解的逆运算,同样遵循平等四边形定则。

2、平抛运动平抛运动具有水平初速度且只受重力作用，是匀变速曲线运动。

研究平抛运动的方法是利用运动的合成与分解，将复杂运动分解成水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动。

其运动规律为：（1）水平方向：a x =0，v x =v 0,x= v 0t 。

（2）竖直方向：a y =g ，v y =gt ，y= gt 2/2。

章末复习课[体系构建][核心速填]1．产生条件(1)穿过闭合回路的磁通量发生变化．(2)回路的部分导体做切割磁感线运动．2．感应电流方向的判断(1)楞次定律感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．(2)右手定则伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向．3．感应电动势大小的计算(1)E＝ΔΦΔt(单匝线圈)；E＝nΔΦΔt(n匝线圈)．(2)E＝Blv.4．特殊情况：互感、自感、涡流、电磁阻尼和电磁驱动．电磁感应中的图象问题图象类型(1)磁感应强度B、磁通量Ф、感应电动势E、感应电流i、电压u、电荷量q随时间t变化的图象，即B­t图象、Ф­t图象、E­t图象、i­t图象、u­t图象、q­t图象(2)对于切割磁感线产生感应电动势和感应电流的情况，还常涉及感应电动势E 和感应电流i 随线圈位移x 变化的图象，即E ­x 图象和i ­x 图象问题类型 (1)由给定的电磁感应过程选出或画出正确的图象(2)由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量应用知识左手定则、安培定则、楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运动定律、相关数学知识等【例1】 (多选)在绝缘的水平桌面上有MN 、PQ 两根平行的光滑金属导轨，导轨间的距离为l .金属棒ab 和cd垂直放在导轨上，以速度v 向右匀速运动，两棒正中间用一根长l 的绝缘细线(细线处于伸直状态)相连，导轨右侧有一直角三角形匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，三角形的两条直角边长均为l ，整个装置的俯视图如图所示，当棒ab 运动到磁场区域时，在棒ab 上加水平拉力，使金属棒ab 和cd 继续以速度v 向右匀速穿过磁场区域，则金属棒ab 中感应电流i 和绝缘细线上的张力大小F 随时间t 变化的图象可能正确的是(规定金属棒ab 中电流方向由a 到b 为正方向)( )A B C DAC [ab 向右运动切割磁感线，由右手定则可知，产生的感应电流方向为从b 到a (电流为负值)，当cd 棒进入磁场时电流方向从a 到b 为正．根据法拉第电磁感应定律，两时间段内金属棒切割磁感线的有效长度逐渐增大，所以感应电流i 随时间变化的图象可能为A 图，B 图一定错误；在ab 棒做切割磁感线运动的过程中，由于cd 棒没有进入磁场中，不受安培力作用，在0～t 0时间内，绝缘细线中张力F 等于零，在cd 棒进入磁场区域做切割磁感线运动时，受到安培力作用，绝缘细线中张力F ＝BIv (t －t 0)＝B 2[v (t －t 0)]2v R ＝B 2v 3(t －t 0)2R，故绝缘细线中张力F 随时间变化的图象可能为C 图，D 图一定错误．][一语通关]线框进、出匀强磁场，可根据E ＝Blv 判断E 的大小变化，再根据楞次定律判断方向.特别注意l 为切割的有效长度.1．如图(a)所示，线圈ab 、cd 绕在同一软铁芯上，在ab 线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd 间电压如图(b)所示．已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab 中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是( )A BC DC [由题图(b)可知在cd间不同时间段内产生的电压是恒定的，所以在该时间段内线圈ab中的磁场是均匀变化的，则线圈ab中的电流是均匀变化的，故选项A、B、D错误，选项C 正确．]电磁感应中的电路问题电动势，该导体或回路相当于电源．因此，电磁感应问题往往和电路问题联系在一起，解决与电路相联系的电磁感应问题的基本方法是：1．明确哪一部分电路产生感应电动势，则这部分电路就是等效电源，该部分电路的电阻是电源的内阻，而其余部分电路则是用电器，是外电路．2．分析电路结构，画出等效电路图．3．用法拉第电磁感应定律确定感应电动势的大小，再运用闭合电路欧姆定律、串并联电路的性质、电功、电热等知识求解．【例2】如图所示，足够长的平行光滑金属导轨水平放置，宽度L＝0.4 m，一端连接R＝1 Ω的电阻，导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B＝1 T．导体棒MN放在导轨上，其长度恰好等于导轨间距，与导轨接触良好．导轨和导体棒的电阻均可忽略不计．在平行于导轨的拉力F作用下，导体棒沿导轨向右匀速运动，速度v＝5 m/s.(1)求感应电动势E和感应电流I；(2)若将MN换为电阻r＝1 Ω的导体棒，其他条件不变，求导体棒两端的电压U.[解析](1)由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E＝BLv＝1×0.4×5 V＝2 V，感应电流I＝ER＝21A＝2 A.(2)由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流I′＝ER＋r＝22A＝1 A，由欧姆定律可得，导体棒两端的电压U＝I′R＝1×1 V＝1 V.[答案] (1)2 V 2 A(2)1 V[一语通关](1)发生电磁感应的部分导体为电源，其余部分为外电路.(2)若回路是纯电阻，则发生电磁感应时，可结合闭合电路欧姆定律和串并联电路知识解答.2．(多选)如图所示，矩形金属框架三个竖直边ab、cd、ef的长都是L，电阻都是R，其余电阻不计，框架以速度v匀速平动地穿过磁感应强度为B的匀强磁场，设ab、cd、ef三条边先后进入磁场时ab边两端电压分别为U1、U2、U3，则下列判断结果正确的是( )A．U1＝13BLv B．U2＝2U1C．U3＝0 D．U1＝U2＝U3AB [当ab进入磁场时，I＝ER＋R2＝2BLv3R，则U1＝E－IR＝13BLv.当cd也进入磁场时，I＝2BLv3R，U2＝E－IR2＝23BLv.三边都进入磁场时，U3＝BLv，故选项A、B正确．]电磁感应中的“双杆”模型“双杆”模型分为两类：一类是“一动一静”，甲杆静止不动，乙杆运动，其实质是单杆问题，不过要注意问题包含着一个条件：甲杆静止、受力平衡．另一类是两杆都在运动，对于这种情况，要注意两杆切割磁感线产生的感应电动势是相加还是相减．2．分析方法通过受力分析，确定运动状态，一般会有收尾状态．对于收尾状态则有恒定的速度或者加速度等，再结合运动学规律、牛顿运动定律和能量观点分析求解．【例3】 如图所示，两根足够长的平行金属导轨固定在倾角θ＝30° 的斜面上，导轨电阻不计，间距L ＝0.4 m ．导轨所在空间被分成区域Ⅰ和Ⅱ，两区域的边界与斜面的交线为MN ，Ⅰ中的匀强磁场方向垂直斜面向下，Ⅱ中的匀强磁场方向垂直斜面向上，两磁场的磁感应强度大小均为B ＝0.5 T ．在区域Ⅰ中，将质量m 1＝0.1 kg ，电阻R 1＝0.1 Ω的金属条ab 放在导轨上，ab 刚好不下滑．然后，在区域Ⅱ中将质量m 2＝0.4 kg ，电阻R 2＝0.1 Ω 的光滑导体棒cd 置于导轨上，由静止开始下滑．cd 在滑动过程中始终处于区域Ⅱ的磁场中，ab 、cd 始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触，g 取10 m/s 2.求：(1)cd 下滑的过程中，ab 中的电流方向；(2)ab 刚要向上滑动时，cd 的速度v ；(3)从cd 开始下滑到ab 刚要向上滑动的过程中，cd 滑动的距离x ＝3.8 m ，此过程中ab 上产生的热量Q .[解析] (1)由右手定则可知，电流方向为由a 流向b .(2)开始放置ab 刚好不下滑时，ab 所受摩擦力为最大静摩擦力，设其为F max ，有F max ＝m 1g sin θ设ab 刚好要上滑时，cd 棒的感应电动势为E ，由法拉第电磁感应定律得 E ＝BLv设电路中的感应电流为I ，由闭合电路欧姆定律有I ＝E R 1＋R 2设ab 所受安培力为F 安，有F 安＝ILB此时ab 受到的最大静摩擦力方向沿斜面向下，由平衡条件得F 安＝m 1g sin θ＋F max综合以上各式，代入数据解得v ＝5 m/s.(3)设cd 棒的运动过程中电路中产生的总热量为Q 总，由能量守恒得m 2gx sin θ＝Q 总＋12m 2v 2又Q ＝R 1R 1＋R 2Q 总 综合上式，代入数据解得Q ＝1.3 J.[答案] (1)由a 流向b (2)5 m/s (3)1.3 J[一语通关] 分析“双杆”模型问题时，要注意双杆之间的制约关系，即“动杆”与“被动杆”之间的关系，最终两杆的收尾状态的确定是分析该类问题的关键.3．(多选) 如图所示，水平传送带带动两金属杆a、b匀速向右运动，传送带右侧与两光滑平行金属导轨平滑连接，导轨与水平面间夹角为30°，两虚线EF、GH之间有垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场宽度为L，两金属杆的长度和两导轨的间距均为d，两金属杆质量均为m，两杆与导轨接触良好．当金属杆a进入磁场后恰好做匀速直线运动，当金属杆a离开磁场时，金属杆b恰好进入磁场，则( )A．金属杆b进入磁场后做加速运动B．金属杆b进入磁场后做匀速运动C．两杆在穿过磁场的过程中，回路中产生的总热量为mgLD．两杆在穿过磁场的过程中，回路中产生的总热量为mgL 2BC [两杆从导轨顶端进入磁场过程中，均只有重力做功，故进入磁场时速度大小相等，金属杆a进入磁场后匀速运动，b进入磁场后，a离开磁场，金属杆b受力与金属杆a受力情况相同，故也做匀速运动，A项错误，B项正确；两杆匀速穿过磁场，减少的重力势能转化为回路的电热，即Q＝2mgL sin 30°＝mgL，C项正确，D项错误．]。

高一物理第三章复习课教学设计方案主备人：宋来俊 辅备人：田瑶权一、教学目标（1）初步理解力的概念、会用力的图示表示力、理解重力的大小和方向、初步了解四种基本相互作用力的特点和作用范围。

（2）通过实验认识滑动摩擦、静摩擦的规律，能用动摩擦因数计算摩擦力。

（3）知道常见的形变，通过实验了解物体的弹性，知道胡克定律。

（4）通过实验，理解力的合成与分解，知道矢量运算法则---平行四边形定则（或三角形定则），知道什么是共点力，区分矢量与标量，用力的合成与分解分析日常生活中的问题。

二、课时分配（共3课时：复习1节、检测1节、讲评1节）三、教学过程设计【第一环节 自学】知识梳理，学生完成，参考“学乐指南”P 63—知识网络；编写知识考点复习填空题（要学生提前完成）。

【第二环节 互学、导学】疑难问题解析问题一 ：弹力的产生条件和方向----例题1. 如图1球静止在两板间， 分析球受到的弹力。

.例题2及变式2，如图3杆放在光滑的半圆形碗中；图4，杆放在台阶上静止。

图1图2变式训练1.如图2，小球被绳子拉住静止于光滑斜面上，画出小球受到的弹力。

图3 图4问题二 ：摩擦力的判断和计算上述A 、B 、C 匀速右滑，D 匀速下滑，质量均为m 。

问题三 ：力的合成与分解解题的关键是什么？（作出平行四边形或三角形） 问题1、作图法(见学乐作业P19---9)问题2、计算法(见学乐作业P19---11\P20---4)（归纳点拨）四、课堂小结(见思维导图附后)五、配餐作业（见“学乐作业”P 21--22）六、课后反思在次节复习课中，学生对之前力学概念理解遗忘较大，对摩擦力方向判断有一定难度，产生摩擦力的条件记不清，力的分解和力的合成含糊不清，有部分同学对力的分解和力的合成不会。

学生练习较少，应该在这方面加强。

七、单元检测(另附)八、试卷讲评（另附）八、试卷讲评(另附)。

高中物理第4章章末复习课教案粤教版选修351030171[自我校对]①电离②穿透③有半数④核子⑤氮核⑥铍核⑦质量数⑧电荷数⑨Δmc2_________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________四类核反应及其核反应方程2．常见的核反应方程及相关内容核反应式与其相关的重要内容23892U→23490Th＋42Heα衰变实质211H＋210n→42He23490Th→23491Pa＋－1eβ衰变实质10n→11H＋－1e147N＋42He→178O＋11H质子的发现(1919年) 卢瑟福94Be＋42He→126C＋10n中子的发现(1932年) 查德威克2713Al＋42He→3015P＋10n人工放射性同位素的发现约里奥·居里夫妇3015P→3014Si＋1e正电子的发现(1934年) 约里奥·居里夫妇23592U＋10n→9038Sr＋136 54Xe＋1010n23592U＋10n→14456Ba＋8936Kr＋310n重核裂变21H＋31H→42He＋10n轻核聚变(1)核反应过程一般都是不可逆的，所以核反应方程只能用单向箭头表示反应方向，不能用等号连接．(2)核反应的生成物一定要以实验为基础，不能凭空只依据两个守恒规律杜撰出生成物来写核反应方程．(3)核反应遵循质量数守恒而不是质量守恒；遵循电荷数守恒．(4)四类核反应的判断技巧：衰变方程的箭头左侧只有一项且箭头右侧必有42He或0－1e；人工转变的箭头左侧都含有一个用来轰击的小粒子，多为质子、中子、α粒子或β粒子，且被轰击核多为中等质量核；重核裂变的箭头左侧多为铀235，且有中子；聚变方程的箭头左侧的原子序数都很小多为前4号元素．【例1】2017年1月9日，大亚湾反应堆中微子实验工程获得国家自然科学一等奖．大多数原子核发生核反应的过程中都伴有中微子的产生，例如核裂变、核聚变、β衰变等．下列关于核反应的说法，正确的是( )A.21H＋31H→42He＋10n是α衰变方程，234 90Th→234 91Pa＋0－1e是β衰变方程B．高速运动的α粒子轰击氮核可从氮核中打出中子，其核反应方程为14 7N＋42He→17 8O＋10nC. 234 90Th衰变为222 86Rn，经过3次α衰变，2次β衰变D.235 92U＋10n→144 56Ba＋8936Kr＋310n是核裂变方程，也是氢弹的核反应方程C [21H＋31H→42He＋10n是轻核聚变反应方程，234 90Th→234 91Pa＋－1e是β衰变方程，A选项错误；高速运动的α粒子轰击氮核可从氮核中打出质子，其核反应方程为14 7N＋42He→17 8O＋11H，B选项错误；α衰变的过程中，电荷数少2，质量数少4，在β衰变的过程中，电荷数多1，质量数不变，234 90Th衰变为222 86Rn，经过3次α衰变，2次β衰变，C选项正确；235 92U＋10n→144 56Ba＋8936Kr＋310n是核裂变方程，不是氢弹的核反应方程，D选项错误．]1．(多选)下列说法正确的是( )A.21H＋31H→42He＋10n是聚变B.235 92U＋10n→140 54Xe＋9438Sr＋210n是裂变C.226 98Ra→222 96Rn＋42He是α衰变D.2411Na→2412Mg＋0－1e是裂变ABC [聚变是两个轻核结合成质量较大的核，A正确；裂变反应指的是质量较大的核分解成几块中等质量的核，B正确，D错误；放射性元素自发的放射出α粒子的现象是α衰变，C正确．]核反应中的“守恒规律”反应过程中，由于核力对核子做功，会引起“核反应系统”(以下简称“系统”)的能量变化．我们就把系统释放或吸收的这部分能量，叫作核能．从而，核反应即可分为质量亏损、释放核能和质量增加、吸收核能两大类型．其中，又以研究发生质量亏损、释放核能的一类核反应为学习的重点．欲解决核反应中有关“守恒规律”与“核能的计算”问题，可利用以下几条“依据”：1．五个守恒 (1)质量数守恒． (2)质子数(电荷数)守恒．(3)质量守恒(“亏损质量”与释放的“核能”相当)． (4)能量守恒． (5)动量守恒． 2．两个方程(1)质能方程：E ＝mc 2，m 指物体的质量． (2)核能：ΔE ＝Δmc 2. 3．一个半衰期(T 1/2)(1)剩余核数：N ＝N 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T 1/2.(2)剩余质量：m ＝m 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T 1/2.【例2】 如图所示，有界匀强磁场磁感应强度为B ＝0.05 T ，磁场方向垂直于纸面向里，MN 是磁场的左边界，在磁场中A 处放一个放射源，内装22688Ra(镭)，22688Ra 放出某种放射线后衰变成22286Rn(氡)．试写出22688Ra 衰变的方程．若A 距磁场的左边界MN 的距离OA ＝1.0 m 时，放在MN 左侧的粒子接收器收到垂直于边界MN 方向射出的质量较小的粒子，此时接收器距过OA 的直线1.0 m ，则此时可以推断出一静止镭核22688Ra 衰变时放出的能量是多少？(保留两位有效数字，取1 u ＝1.6×10－27kg ，电子电量e ＝1.6×10－19C)[解析]22688Ra→22286Rn ＋42He.镭衰变放出α粒子和氡核，在磁场中做匀速圆周运动，α粒子垂直于MN 边界射出被接收器接收，α粒子在磁场中的轨迹为1/4圆周，得圆半径为R ＝1.0 mα粒子的动量m αv ＝qBR ＝1.6×10－20kg·m/sα粒子的动能为E 1＝12m αv 2＝p 22m α＝2.0×10－14J衰变过程中动量守恒，有m αv ＝M Rn v 1 氡核反冲的动能为E 2＝12M Rn v 21＝m αE 1M Rn衰变过程释放出的能量为E 1＋E 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋m αM Rn E 1≈2.04×10－14 J.[答案]226 88Ra→222 86Rn ＋42He 2.04×10－14J[一语通关]如果在核反应中无光子辐射，核反应释放的核能全部转化为新核的动能和新粒子的动能．在这种情况下计算核能的主要依据是：1．核反应过程中只有内力作用，故动量守恒． 2．反应前后总能量守恒．常见的反应类型：反应前总动能＋反应过程中释放的核能＝反应后总动能．2．铀238的半衰期是4.5×109年，假设一块矿石中含有2 kg 铀238，求：(1)经过45亿年后还剩下多少铀238；假设发生衰变的铀238均变成了铅206，则此矿石中含有多少铅；(2)若测出某块矿石中的铀、铅含量比为119∶309，求此矿石的年龄．[解析] (1)45亿年即4.5×109年，由m ＝m 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12tT知剩余的铀238质量为m ＝2×12 kg ＝1 kg ；在45亿年中1 kg 铀238发生衰变后获得的铅206的质量m ′＝206238(m 0－m )＝206238kg ＝0.866 kg ，即矿石中含有铅0.866 kg.(2)设此矿石年龄为t ，原来的质量为m 0，则现在剩余的铀238的质量为m ＝m 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T，那么在时间t 内发生了衰变的铀238的质量为m －m 0＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤1－⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T m 0，设铅206的质量为m x ，则238m 0－m ＝206m x，即m x ＝206238⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤1－⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T m 0，所以现在矿石中的铀、铅含量之比为m m x ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T 206238⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤1－⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T ＝119309，解得t ＝2T ＝90亿年．[答案] (1)1 kg 0.886 kg (2)90亿年。

电磁感应现象综合复习【学习目标】1．建立电磁感应现象有关的知识网络2．熟练掌握应用楞次定律、法拉第电磁感应定律解题的思路【重点难点】重点：楞次定律判断感应电流方向有关问题；利用法拉第电磁感应定律解决有关问题难点：分析电磁感应现象有关问题时的研究对象的受力及做功、运动过程及能量转化【导学流程】【了解感知·夯实基础】一、电磁感应现象知识结构：二、知识要点分析1、楞次定律及其应用：感应电流具有这样的方向，就是感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。

2 电磁感应现象(1)法拉第电磁感应定律：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，感应电动势的方向跟感应电流的方向是一致的。

(2)导线切割磁感线时产生的感应电动势的大小，跟磁感应强度B导线长度l，运动速度V以电磁感应产生的条件感应电流的方向判定感应电动势的大小回路中的磁通量变化楞次定律法拉第电磁感应定律E=ΔΦ/Δｔ电磁感应的实际应用：自感现象（自感系数L），涡流特殊情况：导体切割磁感线E=BLV特殊情况：右手定则Boo1bacdLL2及运动方向和磁感线方向的夹角θ的正弦sinθ成正比ε＝Bl vsinθ 1V＝1T·m·m／s＝1T m2／s例1、如图所示装置中，cd杆原来静止。

当ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向右移动?A、向右匀速运动B、向右加速运动C、向左加速运动D、向左减速运动【深入学习·方法思路】判断感应电动势(感应电流)的两种方法：1、右手定则：伸开右手，让拇指跟其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内，让磁感线垂直从手心进入，拇指指向导体运动的方向，其余四指指的就是感应电流的方向。

2、应用楞次定律来判断感应电流方向的步骤：①首先要明确原来磁场的方向；②搞清穿过闭合电路的磁通量是增加还是减少；③然后根据楞次定律确定感应电流的磁场方向；④最后利用安培定则来确定感应电流的方向。

3、计算感应电动势的两种方法：(1)法拉第电磁感应定律：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，感应电动势的方向跟感应电流的方向是一致的。

第四章章末复习【学习目标】熟练运用牛顿运动定律解决实际问题【学习重点】牛顿运动定律【学习难点】整体法和隔离法的应用【请回顾本章所学习的内容，并完成本章知识框架】【典型例题】专题一：对牛顿第一定律的理解例1. (单选）伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是( )A．如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小专题二：对牛顿第三定律的理解和综合应用例2. (多选）关于两个物体间的作用力和反作用力，下列说法正确的是( )A．作用力和反作用力一定同时产生、同时消失 B．作用力和反作用力可以不同时产生C．作用力和反作用力一定是相同性质的力 D．作用力和反作用力的效果会相互抵消专题三：对牛顿第二定律的理解例3.(多选）由牛顿第二定律表达式F＝ma可知( )A．质量m与合外力F成正比，与加速度a成反比B．合外力F与质量m和加速度a都成正比C．物体的加速度的方向总是跟它所受合外力的方向一致D．物体的加速度a跟其所受的合外力F成正比，跟它的质量m成反比例4.(单选）(2020·海南单科·2)一质点受多个力的作用，处于静止状态．现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小．在此过程中，其他力保持不变，则质点的加速度大小a 和速度大小v的变化情况是( )A．a和v都始终增大 B．a和v都先增大后减小C．a先增大后减小，v始终增大 D．a和v都先减小后增大例5.(多选）质量均为m的A、B两个小球之间连接一个质量不计的弹簧，放在光滑的台面上．A紧靠墙壁，如图所示，今用恒力F将B球向左挤压弹簧，达到平衡时，突然将力撤去，此瞬间( )A．A球的加速度为F2mB．A球的加速度为零C．B球的加速度为F2m D．B球的加速度为Fm专题四：整体法与隔离法的应用例6.如图所示，有两个相同的物体因为用绳连接，在平行于斜面向上的力F的作用下沿斜面向上运动．当力F一定时，m 2所受绳的拉力( )A．与θ有关 B．与斜面的动摩擦因数有关C．与系统的运动状态有关 D．F T＝m2Fm1＋m2，仅与两物体的质量有关专题五：解答动力学的两类基本问题的方法和步骤例7.为了提高运动员奔跑时下肢向后的蹬踏力量，在训练中，让运动员腰部系绳拖着汽车的轮胎奔跑，已知运动员在奔跑中拖绳上端到地面的高度为1.2 m，且恒定．轻质无弹性的拖绳长2.4 m，运动员质量为60 kg，轮胎质量为10 kg，车胎与跑道间的动摩擦因数为μ＝0.7，如图10甲所示，将运动员某次拖着汽车的轮胎奔跑100 m的过程当做连续的过程，抽象处理后的v－t图象如图乙所示，取g＝10 m/s2，3＝1.73，不计空气阻力的影响，求：(1)运动员加速过程中的加速度及跑完100 m所用的时间；(2)在加速阶段，拖绳的张力大小及运动员受到地面的摩擦力的大小．(结果保留3位有效数字)【课堂小结】高考理综物理模拟试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

第四章牛顿运动定律章末复习一、教材分析本章是在前面对运动和力分别研究的基础上的延伸——研究力和运动的关系，建立起牛顿运动定律。

牛顿运动定律是动力学的基础，是力学中也是整个物理学的基本规律，正确地理解惯性概念，理解物体间的相互作用的规律，熟练地运用牛顿第二定律解决问题，是本章的学习要求，也为进一步学习今后的知识，提高分析解决问题的能力奠定基础。

本章还涉及到了许多重要的研究方法，如：在牛顿第一定律的研究中采用的理想实验法；牛顿第二定律中的控制变量法；运用牛顿第二定律处理问题时常用的整体法与隔离法，以及单位的规定方法，单位制的创建等。

对这些方法要认真体会、理解，以提高认知的境界。

为了更扎实地理解牛顿第二定律，本章第二节安排了实验：探究加速度与力、质量的关系，并提供了参考案例，实验操作方便，规律性强，结论容易获得，控制变量法在此得到了实践。

第五节牛顿第三定律的研究引入了传感器――计算机的组合，现代气息浓厚，实验效果很好。

物理知识来源于生活，最终应用于生活，本章的后两节就是牛顿运动定律的简单应用二、教学目标1、知识与技能1、理解力和运动的关系，知道物体的运动不需要力来维持。

2、理解牛顿第一定律，知道它是逻辑推理的结果，不受力的物体是不存在的。

3、理解惯性的概念，知道质量是惯性大小的量度．2、过程与方法1、培养学生分析问题的能力，要能透过现象了解事物的本质，不能不加研究、分析而只凭经验，对物理问题决不能主观臆断．正确的认识力和运动的关系．2、帮助学生养成研究问题要从不同的角度对比研究的习惯．3、培养学生逻辑推理的能力，知道物体的运动是不需要力来维持的。

3、情感、态度与价值观1、利用一些简单的器材，比如：小球、木块、毛巾、玻璃板等，来对比研究力与物体运动的关系，现象明显，而且更容易推理。

2、培养科学研究问题的态度。

3、利用动画演示伽利略的理想实验，帮助学生理解问题。

4、利用生活中的例子来认识惯性与质量的关系。