2019-2020届高三物理上学期第二次月考试题(含解析)(新版)人教版

2019-2020年高三上学期第二次月考物理试题 含答案(V)一、选择题（每小题4分，共48分。

选对一个得2分，错选、多选不得分）1、某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印。

再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数即为冲击力的最大值。

下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是（ ） A ．建立“合力与分力”的概念 B ．建立“质点”的概念C ．建立“瞬时速度”的概念D ．研究加速度与合力、质量的关系 2、物体自O 点由静止开始作匀加速直线运动，A 、B 、C 、D 是轨迹上的四点，测得AB=2m ，BC =3m ， CD=4m 。

且物体通过AB 、BC 、CD 所用时间相等，则0A 之间的距离为（ ） A ．1m B. 0.5m C. 1.125m D.2m3、如下图，物体A 放在斜面体B 上，A 恰能沿斜面匀速下滑，而斜面体B静止不动。

若沿斜面方向用力向下推此物体A ，使物体A 沿斜面加速下滑，则此时斜面体B 受地面的摩擦力（ ）A ．方向水平向右B ．方向水平向左C ．大小为零D ．无法判断大小和方向4、如上图，质量均为m 的甲、乙两同学，分别静止于水平地面的台秤P 、Q 上，他们用手分别竖直牵拉一只弹簧秤的两端，稳定后弹簧秤的示数为F ，若弹簧秤的质量不计，下列说法正确的是（ ）A ．两台秤的读数之和为2mgB ．台秤P 的读数等于mg +FC ．台秤Q 的读数为mg －2FD ．两台秤的读数均为mg5、起重机从静止开始匀加速提起质量为m 的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P ，以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，则整个过程中，下列说法正确的是 ( )A. 起重机对货物的最大拉力为P/v1 B ．起重机对货物的最大拉力为P/v2C.重物的最大速度v2=P/mg D ．重物做匀加速运动的时间为)mgv -(P mv 1216、某同学在物理学习中记录了一些与地球、月球有关的数据资料如下：地球半径R ＝6400km ，月球半径r ＝1740km ，地球表面重力加速度g 0＝9.80m ／s 2，月球表面重力加速度g′＝1.56m ／s 2，月球绕地球中心转动的线速度v ＝l km ／s ，月球绕地球转动一周时间为T ＝27.3天，光速c ＝2.998×105km ／s.1969年8月1日第一次用激光器向位于头顶的月球表面发射出激光光束，经过约t =2.565s 接收到从月球表面反射回来的激光信号，利用上述数据可估算出地球表面与月球表面之间的距离s ，则下列方法正确的是（ ） A ．利用激光束的反射s ＝c ·2t来算B ．利用v ＝Tr R s )(2++π来算OC ．利用m 月g 0＝m 月)(2r R s v ++ 来算D ．利用m g '月＝m 月224Tπ(s ＋R ＋r )来算7、如图所示，在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m 1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k .在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m 2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为（ ） A ．伸长量为θtan 1k g m B ．压缩量为θtan 1k gm C ．伸长量为θtan 1⋅k g m D ．压缩量为θtan 1⋅k gm8、如图，AB 为半圆弧ACB 水平直径，C 为ACB 弧的中点，AB=1.5m ，从A 点平抛出一小球，小球下落0.3s 后落到ACB 上，则小球抛出的初速度V0可能为（ ） A ．0.5m/s B ．1.5m/s C ．3m/s D ．4.5m/s9、两颗行星A 和B 各有一颗卫星a 和b ，两颗卫星的轨道均接近行星的表面，已知两颗行星的质量之比p M M B A =，两颗行星的半径之比q R RBA =，则两颗卫星的周期之比为（ ） A ．p qqB ．q pC ．qp q D ．p q10、甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动的v-t 图象如图所示,则( )A. 两个物体两次相遇的时刻是2s 末和6s 末B.t= 4s 时甲在乙的后面C. t=2s 时两物体相距最远D.甲物体一直向前运动而乙物体先向前运动2s ，随后向后运动11、如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫。

2019-2020年高三上学期第二次月考物理试卷含解析(III)一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，磁针的指向如图所示，则（）A．螺线管的P端为N极，a接电源的正极B．螺线管的P端为N极，a接电源的负极C．螺线管的P端为S极，a接电源的正极D．螺线管的P端为S极，a接电源的负极2．在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．3．如图所示，当滑线变阻器的滑动触点向上滑动时（）A．电压表V的读数增大，电流表A的读数减小B．电压表V和电流表A的读数都减小C．电压表V和电流表A的读数都增大D．电压表V的读数减小，电流表A的读数增大4．如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且AB=BC，电场中的A、B、C三点的场强分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，AB、BC间的电势差分别为U AB、U BC，则下列关系中正确的有（）A．φA=φB＞φC B．E C＞E B＞E A C．U AB＜U BC D．U AB=U BC5．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列做法中正确的是（）A．增大偏转磁场的磁感应强度B．增大加速电场的电场强度C．增大D形金属盒的半径D．减小狭缝间的距离6．如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低7．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带负电的电子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．电子通过P点时的动能比通过Q点时大D．电子通过P点时的加速度比通过Q点时小8．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针的张角大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G 为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开角度增大些，下列采取的措施可行的是（）A．断开开关s后，将A、B分开些B．保持开关s闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关s闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关s闭合，将变阻器滑动触头向右移动9．在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方有一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸里偏转D．向纸外偏转10．如图所示，一束质量、速度和电荷量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，有些未发生任何偏转．如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，对这些进入另一磁场的离子，可得出结论（）A．它们的动能一定各不相同B．它们的电荷量一定各不相同C．它们的质量一定各不相同D．它们的电荷量与质量之比一定各不相同11．长为L的水平极板间，有垂直纸面向内的匀强磁场，如图，磁感强度为B，板间距离也为L，板不带电，现有质量为m，电量为q的带正电粒子（不计重力），从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是（）A．使粒子的速度v＜B．使粒子的速度v＞C．使粒子的速度v＞D．使粒子速度＜v＜12．如图所示，水平导线中有电流I通过，导线正下方的电子初速度的方向与电流I的方向相同，则电子将（）A．沿路径a运动，轨迹是圆B．沿路径a运动，轨迹半径越来越大C．沿路径a运动，轨迹半径越来越小D．沿路径b运动，轨迹半径越来越小二、实验题（每空2分，共18分）13．测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如图所示；请回答下列问题：（1）如图甲所示，在闭合开关之前移为防止电表过载而动滑动变阻器的滑动头P应放在滑动变阻器处（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（0～50Ω）C．电压表（0～3V）D．电压表（0～15V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～3A）其中电流表应选，电压表应选．（填字母代号）（3）如图乙是根据实验数据画出的U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．14．在“测定金属的电阻率”的实验中，测定阻值约为3﹣5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格：量程0﹣3V、内阻3kΩ；电流表规格：量程0﹣0.6A、内阻0.1Ω；还有其他一些器材：（1）在给定的方框内画出实验电路图；（2）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图所示，可知金属丝的直径d=mm；（3）实验中还应测出的物理量是；电阻率的计算公式为ρ=．三、计算题（本大题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场．今有一质量为m=4.8×10﹣25kg、电荷量为q=1.6×10﹣18C的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求：（1）P、Q之间的距离L；（2）粒子从P运动到Q的时间．16．如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场．带电量为+q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动．忽略重力的影响，求：（1）匀强电场场强E的大小；（2）粒子从电场射出时速度v的大小；（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R．17．如图所示，大量质量为m、电荷量为+q的粒子，从静止开始经极板A、B间加速后，沿中心线方向陆续进入平行极板C、D间的偏转电场，飞出偏转电场后进入右侧的有界匀强磁场，最后从磁场左边界飞出．已知A、B间电压为U0；极板C、D长为L，间距为d；磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，磁场的左边界与C、D右端相距L，且与中心线垂直．假设所有粒子都能飞出偏转电场，并进入右侧匀强磁场，不计粒子的重力及相互间的作用．则：（1）求粒子在偏转电场中运动的时间t；（2）求能使所有粒子均能进入匀强磁场区域的偏转电压的最大值U；（3）接第（2）问，当偏转电压为时，求粒子进出磁场位置之间的距离．2016-2017学年山东省菏泽市鄄城县立人中学高三（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，磁针的指向如图所示，则（）A．螺线管的P端为N极，a接电源的正极B．螺线管的P端为N极，a接电源的负极C．螺线管的P端为S极，a接电源的正极D．螺线管的P端为S极，a接电源的负极【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据小磁针静止时N极指向磁场方向，再根据安培定则判断电流的方向．【解答】解：由图可知，小磁针N极指向Q端；故内部磁感线指向右侧；故Q 端为N极；由右手螺旋定则可知，电流由a端流入，故a端接电源的正极；故选：C．2．在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．【考点】左手定则；安培力．【分析】带电粒子在匀强磁场中运动时，其受到的安培力的方向由左手定则来判定．【解答】解：通电导线在磁场中受到安培力作用，其方向均由左手定则来确定．左手定则内容是：伸开左手大拇指垂直四指且在同一平面内，让磁感线穿过掌心，四指指的是电流的方向，则大拇指就是安培力的方向．所以安培力方向与磁场方向垂直、与电流方向垂直，即其与磁场和电流的方向所构成的平面垂直．A、电流方向水平向右，由左手定则可知安培力竖直向下，故A错误；B、由于电流方向与磁场方向平行，则没有安培力，故B错误；C、电流方向垂直纸面向外，由左手定则可得安培力方向竖直向下，故C正确；D、电流方向水平向右，由左手定则可知，安培力方向垂直纸面向外，故D错误；故选：C3．如图所示，当滑线变阻器的滑动触点向上滑动时（）A．电压表V的读数增大，电流表A的读数减小B．电压表V和电流表A的读数都减小C．电压表V和电流表A的读数都增大D．电压表V的读数减小，电流表A的读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断电表读数的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电阻R2的电压U2=E﹣I（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=I﹣I2减小．所以伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小．故选：A4．如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且AB=BC，电场中的A、B、C三点的场强分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，AB、BC间的电势差分别为U AB、U BC，则下列关系中正确的有（）A．φA=φB＞φC B．E C＞E B＞E A C．U AB＜U BC D．U AB=U BC【考点】电场线；等势面．【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．根据U=Ed定性分析电势差的关系【解答】解：A、A、B、C三点处在一根电场线上，根据沿着电场线的方向电势逐渐降落，故有φA＞φB＞φC，故A错误；B、由电场线的密集程度可看出电场强度大小关系为E C＞E B＞E A，故B正确；C、D、电场线密集的地方电势降落较快，由U=Ed知：U BC＞U AB，故C正确D错误．故选：BC5．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列做法中正确的是（）A．增大偏转磁场的磁感应强度B．增大加速电场的电场强度C．增大D形金属盒的半径D．减小狭缝间的距离【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，粒子的动能：E K=mv2=，由E K=可知，增大q、B、D型盒的半径、减小粒子质量m可以增大粒子动能，粒子的最大动能与加速电场的场强无关，与狭缝间的距离无关，故AC正确，BD 错误．故选：AC．6．如图所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B；φA=φC＞φBB．E B＞E A＞E C；φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C；φA＞φB，φA＞φCD．因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向电势降低．通过电场线的分布进行判断．【解答】解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则E B＞E A＞E C；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势．所以φA=φC＞φB．故B正确，A、C、D错误．故选B．7．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带负电的电子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．电子通过P点时的动能比通过Q点时大D．电子通过P点时的加速度比通过Q点时小【考点】电势；电势能．【分析】作出电场线，根据轨迹弯曲的方向可知，负电荷受力的方向向下，电场线向上．故c的电势最高；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在P点的电势能大；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强小，电场力小，加速度小．【解答】解：A、负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上．故c的等势面电势最高，故A错误；B、利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道质点在P点电势能大，故B正确；C、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，P点电势能大，动能小．故C错误；D、等差等势面的疏密可以表示电场的强弱，P处的等势面密，所以P点的电场强度大，粒子受到的电场力大，粒子的加速度大，故D错误；故选：B8．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针的张角大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G 为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开角度增大些，下列采取的措施可行的是（）A．断开开关s后，将A、B分开些B．保持开关s闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关s闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关s闭合，将变阻器滑动触头向右移动【考点】电容器．【分析】静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势．【解答】解：A、断开电键，电容器带电量不变，将AB分开一些，则d增大，根据C=知，电容减小，根据U=知，电势差增大，指针张角增大．故A 正确．B、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变知，故B错误．C、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变．故C错误．D、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，变阻器仅仅充当导线功能，滑动触头滑动不会影响指针张角，故D错误．故选：A．9．在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方有一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸里偏转D．向纸外偏转【考点】射线管的构造及其工作原理．【分析】阴极射线由于受到洛伦兹力而发生偏转，先根据安培定则判断出通电导线产生的磁场方向，再运用左手定则判断洛伦兹力方向，即可判断阴极射线的偏转方向．【解答】解：根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里，电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．故B正确．故选：B．10．如图所示，一束质量、速度和电荷量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，有些未发生任何偏转．如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，对这些进入另一磁场的离子，可得出结论（）A．它们的动能一定各不相同B．它们的电荷量一定各不相同C．它们的质量一定各不相同D．它们的电荷量与质量之比一定各不相同【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】粒子在磁场和电场正交区域里，同时受到洛伦兹力和电场力作用，粒子没有发生偏转，说明粒子所受电场力和洛伦兹力平衡，满足qvB=qE，即不发生偏转的粒子具有共同的速度大小v=，粒子进入磁场后受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，满足qvB=m，圆周运动的半径R=，由此进行分析得出结论．【解答】解：因为粒子进入电场和磁场正交区域时，不发生偏转，说明粒子所受电场力和洛伦兹力平衡，有qvB=qE，得出能不偏转的粒子速度应满足v=．粒子进入磁场后受洛伦兹力作用，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即qvB=m，圆周运动的半径R=，由于粒子又分裂成几束，也就是粒子做匀速圆周运动的半径R不同，进入第二个匀强磁场时，粒子具有相同的速度，由R=得知，所以粒子能分裂成几束的粒子的比值不同，则电荷量与质量之比一定不相同．而质量m、电荷量可能相同，则动能也可能相同．故D正确，ABC错误．故选D11．长为L的水平极板间，有垂直纸面向内的匀强磁场，如图，磁感强度为B，板间距离也为L，板不带电，现有质量为m，电量为q的带正电粒子（不计重力），从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是（）A．使粒子的速度v＜B．使粒子的速度v＞C．使粒子的速度v＞D．使粒子速度＜v＜【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带电粒子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力据此可以求得粒子做圆周运动的半径和速度的关系，再根据几何关系粒子不射出磁场，就是粒子做圆周运动的半径不能小于（从左侧射出）更不能大于（从右侧射出）从而求出粒子速度的范围．然而本题求不打在极板上，因此运动的速度是小于（从左侧射出），更大于（从右侧射出）．【解答】解：如图所示：由题意知，带正电的粒子从左边射出磁场，其在磁场中圆周运动的半径R＜，∵粒子在磁场中做圆周运动洛伦兹力提供向心力即：qvB=m可得粒子做圆周运动的半径R=粒子从左边射出，则＜，即v带正电的粒子不从右边射出，如图所示，此时粒子的最大半径为R，由上图可知：R2=L2+（R﹣）2可得粒子圆周运动的最大半径R=又因为粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，粒子不从右边射出，则＞即：此时v所以粒子不从磁场区域射出速度满足v；v．故选：AC12．如图所示，水平导线中有电流I通过，导线正下方的电子初速度的方向与电流I的方向相同，则电子将（）A．沿路径a运动，轨迹是圆B．沿路径a运动，轨迹半径越来越大C．沿路径a运动，轨迹半径越来越小D．沿路径b运动，轨迹半径越来越小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心向四周发散的，离导线越远，电流产生的磁场的磁感应强度越小，由右手定则可以判断出磁场的方向，再根据粒子在磁场中做圆周运动的半径公式可以分析粒子的运动的情况．【解答】解：由右手螺旋定则可知，在直导线的下方的磁场的方向为垂直纸面向外，根据左手定则可以得知电子受到的力向下，所以电子沿路径a运动；通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心向四周发散的，离导线越远，电流产生的磁场的磁感应强度越小，由半径公式r=可知，电子的运动的轨迹半径越来越大，所以B正确．故选B．二、实验题（每空2分，共18分）13．测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如图所示；请回答下列问题：（1）如图甲所示，在闭合开关之前移为防止电表过载而动滑动变阻器的滑动头P应放在滑动变阻器a处（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（0～50Ω）C．电压表（0～3V）D．电压表（0～15V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～3A）其中电流表应选E，电压表应选C．（填字母代号）（3）如图乙是根据实验数据画出的U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E= 1.49V，内电阻r=0.75Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）滑动变阻器采用限流接法，闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P 应放在最大值位置处．（2）明确电压和电流的范围，同时注意在选择电压表和电流表时要求在不超过量程的前提下偏转角度尽量大些，在满量程的左右偏转最好．（3）在U﹣I图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小．【解答】解：（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即a处．（2）电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择C，电路中的电流较小，因此电流表选择0.6A量程的E．（3）在U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.49V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：r=Ω=0.75Ω答案为：（1）a；（2）E，C；（3）1.49，0.75．14．在“测定金属的电阻率”的实验中，测定阻值约为3﹣5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格：量程0﹣3V、内阻3kΩ；电流表规格：量程0﹣0.6A、内阻0.1Ω；还有其他一些器材：（1）在给定的方框内画出实验电路图；（2）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图所示，可知金属丝的直径d=0.622 mm；（3）实验中还应测出的物理量是电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I；电阻率的计算公式为ρ=ρ=．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）将电路分为测量电路和控制电路两部分．测量电路采用伏安法．根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表外接法．（2）螺旋测微器的固定刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．（3）根据电阻定律和欧姆定律表示出电阻率，再进行求解．【解答】解：（1）因为==600，==50，＞，故选择电流表外接法．（2）固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.122mm，则此金属丝的直径为0.622mm．（3）根据电阻定律，有R=ρ由数学知识有：S=根据欧姆定律，有R=由上述三式解得：ρ=，实验中还应测出的物理量是电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I．故答案为：（1）见上图（2）0.622（0.621﹣0.623均正确），（3）电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I；．三、计算题（本大题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场．今有一质量为m=4.8×10﹣25kg、电荷量为q=1.6×10﹣18C的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求：（1）P、Q之间的距离L；（2）粒子从P运动到Q的时间．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】粒子进入电场中，在电场力作用下加速运动，由动能定理可求出出电场。

2019-2020年高三第二次月考物理 含答案刘良书 经孝南注意：①本试卷考试时间90分钟,满分100分；②正式开考前，请务必将自己的姓名、考号用黑色水芯笔填写清楚，用2B 铅笔在填涂区准确涂好自己的考号，并检查是否完全正确；③请将所有答案填涂或填写在答题卡相应的位置上，直接在试卷上做答不得分。

一、选择题（共48分，1--8小题只有一个选项正确，9--12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 关于物理学史，下列说法正确的是（ ）A ．牛顿发现了万有引力，并测出了万有引力常量B ．牛顿发现了万有引力，卡文迪许测出了万有引力常量C ．卡文迪许发现了万有引力，牛顿测出了万有引力常量D ．卡文迪许发现了万有引力，并测出了万有引力常量2．一个质点受到两个互成锐角的恒力F 1和F 2作用，由静止开始运动，若运动中保持二力方向不变，但F 1突然减小到F 1-△F ，则该质点以后（ ）A ．一定做变加速曲线运动B ．在相等的时间内速度的变化一定相等C ．可能做匀速直线运动D ．可能做变加速直线运动3. 如图,放在桌面上的A,B,C 三个物块重均为100N,小球P 重20N ，作用在B 的水平力F=20N,整个系统静止，则（ ）A.A 和B 之间的摩擦力是20NB.B 和C 之间的摩擦力是20NC.物块C 受六个力作用D.C 与桌面间摩擦力为20N4．如图所示，小船以大小为υ1、方向与上游河岸成θ的速度（在静水中的速度）从O 处过河，经过一段时间，正好到达正对岸的O ˊ处．现要使小船在更短的时间内过河并且也正好到达正对岸O ˊ处，在水流速度不变的情况下，可采取下列方法中的（ ）A ．只要增大υ1大小，不必改变θ角B ．只要增大θ角，不必改变υ1大小C ．在增大υ1的同时，也必须适当增大θ角D ．在增大υ1的同时，也必须适当减小θ角5．长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m A =1kg 和m B =2kg 的A 、B 两物块，A 、B 与木板之间的动摩擦因数都为μ=0.2，水平恒力F 作用在A 物块上，如图所示（重力加速度g 取10m/s 2）。

2019-2020年高三第二次月考物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题3分，选不全得2分，错选、多选均不得分，共36分） 1.16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元，以下说法与事实相符的是A. 根据亚里士多德的论断，两物体从同一高度自由下落，重的物体和轻的物体下落快慢相同B. 根据亚里士多德的论断，必须有力作用在物体上，物体才能运动C. 伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比D. 伽利略通过理想斜面实验，总结出了牛顿第一定律2.从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体a 、b 的速度图像如图所示，在0～t 2时间内，下列说法中正确的是A. a 物体所受的合外力不断增大，b 物体所受的合外力不断减小B. 在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C. t 2时刻两物体相遇D. a 、b 两个物体的平均速度大小都是122v v + 3.2011年9月29日，我国第一个空间交会对接目标飞行器“天宫一号”成功发射并进入预定圆轨道，11月1日发射的“神舟八号”飞船，入轨后主动接近目标飞行器完成对接，关于“天宫一号”与“神舟八号”，下列说法中正确的是A.如果测得“天宫一号”的轨道半径和它的周期，再利用万有引力常量，就可算出地球质量B. 如果对接前“神舟八号”与“天宫一号”在同一轨道上一前一后运行，则它们的绕行速率和绕行周期就一定是相等的C. 如果对接前“神舟八号”与“天宫一号”在同一轨道上一前一后沿着同一方向绕行（神舟八号在后），若要对接，只需将“神舟八号”速率增大一些即可D. 飞船对接后，如果宇航员从飞船组合体舱内慢慢“走”到舱外后，飞船组合体会因所受万有引力减小而使飞行速度减小4.质量为2kg 的物体，置于动摩擦因数0.1u =的水平面上，在水平拉力的作用下，由静止开始运动，水平拉力做的功W 和物体发生的位移x 之间的关系如图所示，g 取10m/s 2，则下列说法正确的是A. 此物体在AB 段做匀加速直线运动B. 此物体在AB 段做匀速直线运动C. 此物体在OA 段做匀加速直线运动D. 此物体在OA 段做匀速直线运动5.如图所示，把小车放在倾角为30°的光滑斜面上，用轻绳跨过定滑轮使之与盛有沙的小桶相连，不计滑轮质量及摩擦，已知小车的质量为3m ，小桶与沙子的总质量为m ，小车从静止释放后，在小桶上升竖起高度为h 的过程中 A. 小桶处于失重状态 B.C. 小车受绳的拉力等于mgD. 小车的最大动能为32mgh 6.如图是某中学科技组制作的利用太阳能驱动小车的装置，当太阳光照射在小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进，若质量为m 的小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶，电动机的输出功率恒为P ，小车经过时间t 速度达到最大值v m ,前进距离x ，所受阻力恒定，则这段时间内 A. 小车做匀加速运动 B. 电动机对外所做的功为Pt C. 当小车速度为2m v 时，小车的加速度为mPmv D. 电动机对外所做的功为212m m Px mv v + 7.如图所示，斜面体B 放在水平地面上，木块A 放在斜面体B 上，用一个沿斜面向上的力F 拉木块A ，在力F 的作用下，木块A 与斜面体B 一起沿水平方向匀速移动，已知斜面倾角为,θ 则关于斜面体B 受力的个数，下面说法中正确的是 A. 可能是3个 B. 可能是4个 C. 一定是5个 D. 可能是5个8.如图所示，AB 为半圆环ACB 的水平直径，C 为环上的最低点，环半径为R.一个小球从A 以速度0v 水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是A. 要使小球掉到环上时的竖直分速度最大，小球应该落在C 点B. 即使0v 取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角也相同C. 若0v 取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D. 无论0v 取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环9.为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时，乘客A. 处于失重状态B. 受到水平向右的摩擦力C. 重力势能增加D. 所受合力沿斜面向上10.一摩托车在竖直的圆轨道内侧做匀速圆周运动，周期为T ，人和车的总质量为m ，轨道半径为R ，车经最高点时发动机功率为P 0，车对轨道的压力为2mg ，设轨道对摩托车的阻力与车对轨道压力成正比，则A. 车经最低点时对轨道的压力为3mgB. 车经最低点发动机功率为2P 0C. 车从最高点经半周到最低点的过程中发动机做的功为012P t D. 车从最高点经半周到最低点的过程中发动机做的功为2mgR11.如图所示为竖直平面内的直角坐标系，一质量为m 的质点，在恒力F 和重力mg 的作用下，从坐标原点O 由静止开始沿直线ON 斜向下运动，直线ON 与y 轴负方向成θ角90θ<，不计空气阻力，则以下说法错误的是 A. 拉力F 的最小值为tan F mg θ= B. 拉力F 的最小值为sin F mg θ= C. 当sin F mg θ=时，质点的机械能守恒D. 当tan F mg θ=时，质点的机械能可能减小也可能增大12.如图所示，水平地面上叠放着A 、B 两物块，F 是作用在物块B 上的水平恒力，物块A 、B 以相同的速度做匀速运动，若在运动中突然将F 改为作用在物块A 上，则此后A 、B 的运动可能是A. A 、B 将仍以相同的速度做匀速运动B. A 做加速运动，B 做减速运动，A 、B 最终分离C. A 做减速运动，B 做加速运动，A 、B 最终分离D. A 、B 最终以共同的加速度做匀加速运动凤城高中2010级高三上学期综合检测（二）物 理 试 题第II 卷（选择题 共64分）二、实验题（共20分）13.（10分）某兴趣小组利用拉力传感器和速度传感器“验证动能定理‘，如图所示，他们将拉力传感器固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连接，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小，在水平桌面上相距50.0cm 的A 、B 两点各安装一个速度传感器，记录小车通过A 、B 两点的速度大小。

2019-2020年高三物理上学期第二次月考试题（含解析）新人教版【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含受力分析、牛顿运动定律、动能定理、电场、磁场、恒定电流、电磁感应、选修3-3、3-5等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，以基础知识和基本技能为载体，以能力测试为主导，是份非常好的试卷。

1．考试时间90分钟满分为100分命题人：常靖选择题(每小题4分1—6，只有一个选项符合题意；7—10题每小题有多个选项符合题意)（试题中g=10m/s2 ）【题文】1．甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲＝4 m/s2，a乙＝－4 m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是( )A．甲、乙在相等时间内速度变化相等 B．甲做加速直线运动，乙做减速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快 D．甲的加速度大于乙的加速度【知识点】加速度．A1【答案解析】B解析：A、甲乙的加速度一正一负，在相同时间内速度的变化量大小相等，方向不同，故A错误．B、甲的加速度方向与速度方向相同，甲做加速运动，乙的加速度方向与速度方向相反，乙做减速运动，故B正确．C、甲乙的加速度大小相等，速度变化快慢相同，故C错误．D、甲的加速度等于乙的加速度，故D错误．故选：B．【思路点拨】加速度是矢量，加速度的正负表示方向，加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．解决本题的关键知道加速度是矢量，正负表示方向，知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．【题文】2．如图所示，在拉力F作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力FN的大小变化是( )A．F增大，FN减小 B．F和FN均减小C．F和FN均增大D．F减小，FN不变【知识点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．B1 B4【答案解析】A解析：小球受重力G、支持力FN、拉力F处于动态平衡状态．根据平衡条件得知：FN与F的合力与G大小相等、方向相反，作出这两个力的合力，如图．由力的合成图可知，F 增大，FN 减小．故选：A ．【思路点拨】小球处于动态平衡状态，以小球为研究对象，分析受力，作出力图，根据图解法分析拉力F 和支持力FN 的大小变化．本题是平衡问题中动态变化分析问题，运用图解法比较直观简洁，也可以运用函数法研究．【题文】3． 如图所示，50个大小相同、质量均为m 的小物块，在平行于斜面向上的恒力F 作用下一起沿斜面向上运动．已知斜面足够长，倾角为30°，各物块与斜面的动摩擦因数相同，重力加速度为g ，则第48个小物块对第49个小物块的作用力大小为（ ）A ．125F B.2425F C ．24mg ＋F 2D ．因为动摩擦因数未知，所以不能确定 【知识点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．B3 C2【答案解析】A 解析： 根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=0050sin 3050cos305050F mg mg F m m μ--∙= -gsin30°-μgcos30°．隔离对48两个物体分析，有：F-48mgsin30°-μ•48mgcos30°-N=48ma ．解得N=125 F ．故A 正确，B 、C 、D 错误．故选A ．【思路点拨】对整体分析，运用牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离分析，求出第48个小物块对第49个小物块的作用力大小．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．【题文】4. 如图所示，A 为静止于地球赤道上的物体，B 为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C 为绕地球做圆周运动的卫星，P 为B 、C 两卫星轨道的交点．已知A 、B 、C 绕地心运动的周期相同．相对于地心，下列说法中不正确的是（ ）A ． 卫星B 在P 点的运行加速度大小与卫星C 的运行加速度大小相等B ．卫星C 的运行速度大于物体A 的速度C ．可能出现：在每天的某一时刻卫星B 在A 的正上方D ．物体A 和卫星C 具有相同大小的加速度【知识点】万有引力定律及其应用；牛顿第二定律．C2 D5C【答案解析】D 解析：A 、卫星B 绕地球做椭圆轨道运行，与地球的距离不断变化，引力产生加速度，根据牛顿第二定律，有a=2F GM m r =，经过P 点时，卫星B 与卫星C 的加速度相等，故A 正确； B 、物体A 静止于地球赤道上随地球一起自转，卫星C 为绕地球做圆周运动，它们绕地心运动的周期相同，根据线速度公式v=2rT π，卫星C 的线速度较大，故B 正确；C 、A 、B 绕地心运动的周期相同，也就等于地球的自转周期．B 为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，是速度大小在变化的运动，所以可能出现：在每天的某一时刻卫星B 在A 的正上方．故C 正确．本题选不正确的，D 、物体A 静止于地球赤道上随地球一起自转，卫星C 为绕地球做圆周运动，它们绕地心运动的周期相同，根据向心加速度的公式a=（2T π）2r ，卫星C 的加速度较大，故D 错误；故选D ．【思路点拨】A 静止于地球赤道上随地球一起自转，C 为绕地球做圆周运动，B 为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，A 、B 、C 绕地心运动的周期相同，根据向心加速度的公式a=（ 2T π）2r 可以判断物体A 和卫星C 的运动情况，卫星B 、C 轨迹在P 点相交，根据牛顿第二定律判断加速度．本题关键先列求解出线速度和加速度的表达式，再进行讨论；对于加速度，要根据题意灵活地选择恰当的表达式形式分析．卫星在椭圆轨道运行，万有引力与向心力不等．【题文】5．如图，倾角为a 的斜面体放在粗糙的水平面上，质量为m 的物体A 与一劲度系数为k 的轻弹簧相连。

2019-2020年高三上学期第二次月考物理含答案高三月考物理试题（考试时间：90分钟）一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，下列说法错误．．的是A．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比D．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快2．下列说法正确的是A．出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的位移大小进行计费的B．枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小C．无风的房间中将一根柔软的羽毛由静止释放，羽毛将做自由落体运动D．物体匀速运动时具有惯性，在外力作用下变速运动时失去了惯性3．下列关于力的说法正确的是A．力是物体对物体的作用，所以发生力的作用必须相互接触B．物体受到的几个共点力的合力一定大于每一个分力C．一个2N的力可以分解为7N和6N的两个力D．一个物体静止在斜面上，物体所受重力沿垂直斜面方向上的分量就是物体对斜面的压力v竖直上抛，经3s到达最高点，空气阻力不计，g取10m/s2，则下列说法正确的4．物体以初速度是A．物体上升的最大高度为45mB．物体速度改变量的大小为30m/s，方向竖直向上C．物体在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比为5∶3∶1D．物体在1s内、2s内、3s内的平均速度之比为9∶4∶15．如下图所示，为A、B、C三个物体从同一地点，同时出发沿同一方s 图象，则在0-t0时间内，下列说法正确的是向做直线运动的tA．A物体平均速度最大，B物体平均速度最小B．三个物体的平均速率相等C．三个物体始终沿着同一方向运动D．t0时C物体的速度比B物体的速度大6．如图所示，物体B 的上表面水平，A 、B 相对于斜面体C 静止，当斜面体C 受到水平力F 向左匀速运动的过程中A ．物体A 受到的弹力是由于A 的形变而产生的B ．物体B 一定受到4个力的作用C ．物体C 对物体B 的作用力竖直向上D ．物体C 和物体B 之间可能没有摩擦力7．在光滑水平面上有一物块始终受水平恒力F 的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是A ．物块接触弹簧后即做减速运动B ．当物块的加速度为零时，它的速度最大C ．当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D ．物块接触弹簧后先加速后减速8．一位同学乘坐电梯从六楼下到一楼的过程中，其v t -图象如图所示．下列说法正确的是A ．前2s 内该同学处于失重状态B ．前2s 内该同学的加速度大小是最后1s 内的2倍C ．最后1秒内该同学对地板的压力大于地板对他的支持力D ．该同学在10s 内的平均速度是1.7m/s9．如图所示，A 、B 两物块的质量分别为m 和M ，把它们靠在一起从光滑斜面的顶端由静止开始下滑。