2021届《金版学案》高考化学一轮(全国)总复习课后训练与检测：第十一章 第1讲 认识有机化合物

课后训练与检测

(时间：45分钟)

一、选择题

1．下列说法中正确的是( )

A．乙酸的结构简式：C2H4O2

B．乙酸与丙二酸互为同系物

C．葡萄糖、果糖的分子式均为C6H12O6，二者互为同分异构体

D．C4H10有三种同分异构体

解析：A项，乙酸的结构简式为CH3COOH，A项错误；B项，乙酸含一个羧基，丙二酸中含两个羧基，二者结构不相像，不是同系物，B项错误；C项，葡萄糖、果糖分子式相同，结构不同，二者互为同分异构体，C项正确；D项，C4H10只有正丁烷和异丁烷两种同分异构体，D项错误。

答案：C

2．下列物质的分类中，所属关系不符合“X包含Y、Y包含Z”的有( )

解析：芳香族化合物包含芳香烃、芳香烃的衍生物(X包含Y)，含苯环的物质中只要含有除C、H之外的第三种元素，就是芳香烃的衍生物(Z属于Y)，所以A项正确；脂肪族化合物包含链状的(X包括Y)、也包含环状的，而CH3COOH是链状烃的衍生物(Z属于Y)，所以B项正确；芳香族化合物是一种环状化合物，且苯的同系物属于芳香族化合物，C项正确；D项，X包括Y，但苯甲醇是芳香烃的衍生物，不属于芳香烃，Y不包括Z，错。

答案：D

3．(2021·上海卷)试验室回收废水中苯酚的过程如图所示。下列分析错误的是( )

A．操作I中苯作萃取剂

B．苯酚钠在苯中的溶解度比在水中的大

C．通过操作II苯可循环使用

D．三步操作均需要分液漏斗

解析：由操作图可知，操作1中苯做萃取剂，A正确；苯酚钠在苯中的溶解度比在水中的大，故B正确；通过操作Ⅱ苯可以循环使用，C正确；三步操作中，操作3是过滤，不需要使用分液漏斗，D错误。故选D。

答案：D

4．(2022·天津卷)对下图两种化合物的结构或性质描述正确的是( )

A．不是同分异构体

B．分子中共平面的碳原子数相同 C．均能与溴水反应

D．可用红外光谱区分，但不能用核磁共振氢谱区分

解析：两种有机物的分子式均为C10H14O，但二者的分子结构不同，二者互为同分异构体，A错误。依据的结构特点，可知两种化合物的分子中共平面的碳原子数不相同，B错误。前一种有机物分子中含有酚羟基，苯环上酚羟基的邻、对位H原子与溴水发生取代反应；后一种有机物分子中含有，可与溴水发生加成反应，C正确。两种有机物的分子结构不同，H原子所处的化学环境也不同，可以接受核磁共振氢谱进行区分，D错误。

答案：C

5．下列对有机化合物的分类结果正确的是( )

A．乙烯、苯、环己烷同属于脂肪烃

B．苯、环戊烷、环己烷同属于芳香烃

C．乙烯、乙炔同属于烯烃

D．同属于环烷烃

解析：A.含苯环且只有C和H两种元素构成的化合物属于芳香烃，属于芳香烃，不是脂肪烃；B.环戊烷，环己烷属于脂肪烃；C.乙炔含有碳碳三键，属于炔烃。 答案：D

6．如图所示是一个有机物的核磁共振氢谱图，请你观看图谱，分析其可能是下列物质中的( )

A．CH3CH2CH2CH3 B．(CH3)2CHCH3

C．CH3CH2CH2OH D．CH3CH2COOH

解析：由核磁共振氢谱的定义可知，在氢谱图中从峰的个数即可推知有几种化学环境不同的氢原子，由图可知有4种不同化学环境的氢原子。分析选项可得A项有2种不同化学环境的氢原子，B项有2种不同化学环境的氢原子，C项有4种不同化学环境的氢原子，D项有3种不同化学环境的氢原子。

答案：C

7．下列说法正确的是( )

A．2，2­二甲基-1-丁醇与2-甲基-2-丁醇互为同分异构体

B．的核磁共振氢谱有5个峰

C．依据核磁共振氢谱能鉴别1-溴丙烷和2-溴丙烷

D．用KMnO4酸性溶液能鉴别CH3CH==CHCH2OH和CH3CH2CH2CHO

解析：A项两种物质分子式不同，不正确；B项该物质核磁共振氢谱有3个峰，不正确；1-溴丙烷核磁共振氢谱有3个峰，2­溴丙烷有两个峰，故可鉴别，C正确；碳碳双键、醛基、羟基都能被KMnO4酸性溶液氧化，都能使KMnO4溶液褪色，故无法鉴别CH3CH==CHCH2OH和CH3CH2CH2CHO，D错误。

答案：C

二、非选择题

8．按要求回答下列问题：

(1) 的系统命名为______________。

(2)3-甲基-2-戊烯的结构简式为_____________。

(3) 的分子式为________。

(4)某烃的分子式为C4H4，它是合成橡胶的中间体，它有多种同分异构体。

①试写出它的一种链式结构的同分异构体的结构简式________________。

②它有一种同分异构体，每个碳原子均达饱和，且碳与碳的夹角相同，该分子中碳原子形成的空间构型为_____形。

答案：(1)2，3­二甲基丁烷

(2)

(3)C4H8O

(4)①CH2==CHC≡CH ②正四周体

9．(2022·重庆卷)结晶玫瑰是具有猛烈玫瑰香气的香料，可由下列反应路线合成(部分反应条件略去)：

(1)A的类别是________，能与Cl2反应生成A的烷烃是________。B中的官能团是________。

(2)反应③的化学方程式为__________________。

(3)已知：B――→KOH 苯甲醇＋苯甲酸钾，则经反应路线①得到的产物加水萃取、分液，能除去的副产物是_____________。

(4)已知：则经反应路线②得到一种副产物，其核磁共振氢谱有4组峰，各组吸取峰的面积之比为________________。

解析：(1)A中含有C、H、Cl三种元素，故A为卤代烃。甲烷与Cl2在光照条件下发生取代反应可生成三氯甲烷。B为苯甲醛，其官能团为醛基(或—CHO)。

(2)对比G、J的结构简式可知，G与乙酸发生酯化反应：

(3)苯甲醛、苯甲醇难溶于水，而苯甲酸钾为盐，易溶于水，反应路线①后加水可以被除去。

(4)由题给信息可知，反应路线②存在的副反应是产物G与苯发生反应：，该有机物的核磁共振氢谱有4组峰，说明有机产物有4种不同类型的氢原子，核磁共振氢谱图中峰面积之比为1∶2∶4∶4。

答案：(1)卤代烃 CH4(或甲烷) —CHO(或醛基)

(3)苯甲酸钾 (4)1∶2∶4∶4

10．化学上常用燃烧法确定有机物的组成。这种方法是在电炉加热时用纯氧气氧化管内样品，依据产物的质量确定有机物的组成。下图所示装置是用燃烧法确定有机物分子式常用的装置。

回答下列问题：

(1)产生的氧气按从左到右流向，所选装置各导管的连接挨次是____________________。

(2)C装置中浓H2SO4的作用是_____________。

(3)D装置中MnO2的作用是_____________。

(4)燃烧管中CuO的作用是______________。

(5)若精确 称取0.90 g样品(只含C、H、O三种元素中的两种或三种)，经充分燃烧后，A管质量增加1.32 g，B管质量增加0.54 g，则该有机物的最简式为________。

(6)要确定该有机物的分子式，还要_____________。

解析：该试验的目的是用燃烧法确定有机物的组成，观看试验装置就能明确试验原理：D是氧气发生装置，MnO2作催化剂，加快O2的生成速率，C是氧气干燥装置，E是氧气与样品充分反应装置，加入CuO是为了保证有机物燃烧，最终全部生成H2O和CO2，B是水蒸气吸取装置，A是CO2吸取装置。

装置A中增加的质量为有机物燃烧产生CO2的质量，用守恒法求最简式：n(C)＝1.32 g44 g·mol－1＝0.03 mol，n(H)＝0.54 g18 g·mol－1×2＝0.06 mol，n(O)＝（0.90－0.03×12－0.06×1）g16 g·mol－1＝0.03 mol，故该有机物的最简式为CH2O。

答案：(1)g、f、e、h、i、c、d、a、b

(2)除去氧气中的水蒸气

(3)催化剂，加快产生氧气的速率

(4)确保有机物充分氧化，最终生成CO2和H2O

(5)CH2O

(6)测出该有机物的相对分子质量

11．有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可以从牛奶中提取。纯洁的A为无色粘稠液体，易溶于水。为争辩A的组成与结构，进行了如下试验：

解析：(1)A的密度是相同条件下H2密度的45倍，相对分子质量为45×2＝90。9.0 g A的物质的量为0.1 mol。

(2)燃烧产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发觉两者分别增重5.4 g和13.2 g，说明0.1 mol A充分燃烧生成0.3 mol H2O和0.3 mol CO2，因m(H)＋m(C)＝0.3 mol×2 g·mol－1＋0.3 mol×12 g·mol－1＝4.2 g<9.0 g，说明A中还含有氧，则0.1 mol A中含有的氧原子的物质的量为(9.0 g－0.3 mol×2 g·mol－1－0.3 mol×12 g·mol－1)÷16 g·mol－1＝0.3 mol。则1 mol A中含有6 mol H、3 mol C和3 mol O，则A的分子式为C3H6O3。

(3)0.1 mol A跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24 L CO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成2.24 L H2(标准状况)，说明分子中含有1个—COOH和1个—OH。

(4)A的核磁共振氢谱中有4个峰，说明分子中含有4种处于不同化学环境下的氢原子且峰面积之比为3∶1∶1∶1。

(5)综上所述，A的结构简式为。

答案：(1)90 (2)C3H6O3 (3)—COOH —OH (4)4 (5)