6章末热点集训

第6讲章末热点集训[学生用书P279(单独成册)](时间：60分钟 满分：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1.(2018·成都七中模拟)如图所示为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是( )A ．甲处表示时间，乙处表示平均速度B ．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C ．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D ．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度解析：选D .甲处显示时刻，乙处显示动车行进过程中的瞬时速度，答案为D . 2．一个物体从某一高度做自由落体运动．已知它在第1 s 内的位移恰为它在最后1 s 内位移的三分之一．则它开始下落时距地面的高度为(g ＝10 m/s 2)( )A ．15 mB ．20 mC ．11.25 mD ．31.25 m解析：选B .物体在第1 s 内的位移h ＝12gt 2＝5 m ，则物体在最后1 s 内的位移为15 m ，对最后1 s 可得12gt 2总－12g (t 总－1)2＝15 m ，可得t 总＝2 s ，则物体下落时距地面的高度为H ＝12gt 2总＝20 m ，B 正确．3．我国已经成功实现舰载机在航母上的起飞和降落．若舰载机在航母上从静止开始做匀加速直线运动然后起飞．起飞过程的平均速度为v ，起飞过程的时间为t ，则下列说法中正确的是 ( )A ．舰载机离开航母起飞时的速度为vB ．起飞过程的加速度为2vtC ．在航母上供舰载机起飞所需要的跑道的最短长度为2v tD ．舰载机起飞过程的加速度始终与速度的方向相反解析：选B .由v －＝0＋v t2＝v 得v t ＝2v ，故A 错；由a ＝v t －0t 得a ＝2v t ，故B 对；由x＝v －t 得x ＝v t ，C 错；由于舰载机做匀加速直线运动，故a 与v 同向，D 错．4．一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v 和位移x 的关系图象中，能描述该过程的是( )解析：选A .一汽车从静止开始做匀加速直线运动，对应的速度位移公式为v 2－0＝2a 加x 加，对应图象为抛物线，之后刹车做匀减速直线运动直到停止，有v 2－v 2m ＝－2a 减x 减，得到v 2＝v 2m －2a 减x 减，其中v m 为最大速度，比对图象知A 项正确．5．一旅客在站台8号车厢候车线处候车，若动车一节车厢长25 m ，动车进站时可以看做匀减速直线运动．他发现第6节车厢经过他时用了4 s ，动车停下时旅客刚好在8号车厢门口(8号车厢最前端)，则该动车的加速度大小约为( )A ．2 m/s 2B ．1 m/s 2C ．0.5 m/s 2D ．0.2 m/s 2解析：选C .设第6节车厢刚到达旅客处时，车的速度为v 0，加速度为a ，则有L ＝v 0t ＋12at 2 从第6节车厢刚到达旅客处到动车停下来，有0－v 20＝2a ·2L ，解得a ≈－0.5 m/s 2或a ≈－18 m/s 2(舍去)，则加速度大小约为0.5m/s 2.二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分)6．(2018·郑州模拟)在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8 s ，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4 s 停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是( )A ．加速、减速中的加速度大小之比a 1∶a 2等于2∶1B ．加速、减速中的平均速度大小之比v －1∶v －2等于1∶1 C ．加速、减速中的位移之比x 1∶x 2等于2∶1D ．加速、减速中的平均速度大小之比v －1∶v －2等于1∶2解析：选BC .由v －＝v 0＋v t 2知，v －1＝v －2，故B 对，D 错；由a ＝Δv Δt 得a 1∶a 2＝1∶2，故A 错；由x ＝v －·t 知x 1∶x 2＝2∶1，故C 对．7．(2018·湖南岳阳高三段考)随着空气质量的恶化，雾霾天气现象增多，危害加重．雾和霾相同之处都是视程障碍物，会使有效水平能见度减小从而带来行车安全隐患．在一大雾天，一辆小汽车以30 m/s 的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30 m 处有一辆大卡车以10 m/s 的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图所示，图线a 、b 分别为小汽车和大卡车的v －t 图象(忽略刹车反应时间)，以下说法不正确的是( )A ．因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故B ．在t ＝3 s 时发生追尾事故C ．在t ＝5 s 时发生追尾事故D ．若紧急刹车时两车相距40米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距10米 解析：选ACD .根据速度－时间图线与时间轴所围“面积”大小等于位移大小，由题图知，t ＝3 s 时，b 车的位移为：s b ＝v b t ＝10×3 m ＝30 m ；a 车的位移为s a ＝12×(30＋20)×1 m＋12×(20＋15)×2 m ＝60 m ．则s a －s b ＝30 m ，所以在t ＝3 s 时追尾，故B 正确，A 、C 错误．由图线可知在t ＝5 s 时两车速度相等，小汽车相对于大卡车的位移Δx ＝12×(20＋10)×1m ＋12×10×4 m ＝35 m ＜40 m ，则不会发生追尾事故且两车最近时相距5米，故D 错误．8．(2018·兰州模拟)如图所示，质量相同的木块A 、B 用轻质弹簧连接．静止在光滑的水平面上，此时弹簧处于自然状态．现用水平恒力F 推A .则从力F 开始作用到弹簧第一次被压缩到最短的过程中( )A ．弹簧压缩到最短时，两木块的速度相同B ．弹簧压缩到最短时，两木块的加速度相同C ．两木块速度相同时，加速度a A ＜a BD ．两木块加速度相同时，速度v A ＞v B 解析：选ACD .从力F 开始作用到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，对两木块运动过程分析可知，A 做加速度减小的加速运动，B 做加速度增大的加速运动，只要A 的速度大于B 的速度弹簧就处于被压缩变短的过程中，则两木块速度相同时弹簧压缩到最短，画出这一过程A 、B 两木块的v －t 图象，则t 1时刻，A 、B 两木块的加速度相同(切线斜率相同)，且v A ＞v B ，t 2时刻A 、B 两木块的速度相同，且a B ＞a A ，综上，A 、C 、D 正确，B 错误．三、非选择题(本题共3小题，共52分．按题目要求作答，计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)9．(12分)研究小车匀变速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调．打点计时器的工作频率为50 Hz .纸带上计数点的间距如图乙所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．(1)部分实验步骤如下：A ．测量完毕，关闭电源，取出纸带．B ．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．C ．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．D ．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔． 上述实验步骤的正确顺序是：________(用字母填写)． (2)图乙中标出的相邻两计数点的时间间隔T ＝________s . (3)计数点5对应的瞬时速度大小的计算式为v 5＝________．(4)为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a ＝________________________．解析：(1)按常规实验步骤，先安装再操作后整理，再根据打点计时器的使用方法可知正确步骤为D 、C 、B 、A .(2)T 打＝150s ＝0.02 s ，因为相邻两计数点间有4个记录点未画出，故计数点的时间间隔T ＝5T 打＝0.1 s .(3)由v t 2＝v －＝xt 得，v 5＝x 4＋x 52T .(4)为了充分利用数据，应采用逐差法：a ＝x 4－x 13T 2＋x 5－x 23T 2＋x 6－x 33T 23＝（x 4＋x 5＋x 6）－（x 1＋x 2＋x 3）9T 2.答案：(1)DCBA (2)0.1 (3)x 4＋x 52T(4)（x 4＋x 5＋x 6）－（x 1＋x 2＋x 3）9T 210．(20分)如图所示，某人从距离墙壁10 m 处起跑，向着墙壁冲去，摸到墙之后立即返回到出发点．设该人起跑的加速度大小为4 m/s 2，运动过程中的最大速度为4 m/s ，快到达墙壁时需减速到零，不能与墙壁相撞．减速的加速度大小为8 m/s 2，返回时达到最大速度后不需减速，保持最大速度冲到出发点．求该人总的往返时间为多少？解析：加速阶段：t 1＝v maxa 1＝1 sx 1＝12v max t 1＝2 m减速阶段：t 3＝v maxa 2＝0.5 sx 3＝12v max t 3＝1 m匀速阶段：t 2＝x －（x 1＋x 3）v max＝1.75 s由墙壁向起点(终点)运动的过程中，加速阶段： t 4＝v maxa 1＝1 s ； x 4＝12v max t 4＝2 m匀速阶段：t 5＝x －x 4v max＝2 s该人总的往返时间为t ＝t 1＋t 2＋t 3＋t 4＋t 5＝6.25 s . 答案：6.25 s11．(20分)在交管部门强行推出了“电子眼”后，机动车擅自闯红灯的现象大幅度减少．现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为10 m/s .当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车(反应时间忽略不计)，乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢(反应时间为0.5 s)．已知甲车紧急刹车时制动力为车重的0.4倍，乙车紧急刹车时制动力为车重的0.5倍，(g 取10 m/s 2)求：(1)若甲司机看到黄灯时车头距警戒线15 m ．他采取上述措施能否避免闯红灯？ (2)为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中应保持多大距离？ 解析：(1)甲车紧急刹车的加速度大小为 a 1＝F f1m 1＝0.4m 1g m 1＝4 m/s 2甲车停下所需时间：t 1＝v 0a 1＝104s ＝2.5 s甲车滑行距离：x ＝v 202a 1＝1022×4 m ＝12.5 m由于x ＝12.5 m<15 m ， 所以甲车能避免闯红灯．(2)设甲、乙两车行驶过程中至少应保持距离x 0，在乙车刹车t 2时间两车速度相等，t 0为乙车司机反应时间，乙车紧急刹车的加速度大小为a 2＝F f2m 2＝5 m/s 2速度相等：v 0－a 1(t 2＋t 0)＝v 0－a 2t 2 解得：t 2＝2.0 s乙车发生的位移：x 乙＝v 0t 0＋v 0t 2－12a 2t 22＝15 m甲车发生的位移：x 甲＝v 0(t 0＋t 2)－12a 1(t 0＋t 2)2＝12.5 mx 0＝x 乙－x 甲＝(15－12.5)m ＝2.5 m . 答案：(1)能避免闯红灯 (2)2.5 m。

专题四发展科技事业建设创新强国热点1 国家科学技术奖励大会隆重举行◎热点材料2021年11月3日，2020年度国家科学技术奖励大会在北京人民大会堂隆重举行。

国家主席习近平向获得2020年度国家最高科学技术奖的顾诵芬院士和王大中院士颁发奖章、证书。

国务院总理李克强在大会上的讲话中强调，我们党高度重视科技事业，尊重关心科技工作者。

新中国成立以来，我国科技事业取得举世瞩目成就，广大科技工作者拼搏奉献、勇攀高峰，书写了辉煌篇章，尤其在应对新冠肺炎疫情、守护人民群众生命健康方面作出了重要贡献。

◎热点集训1.2021年11月3日，2020年度国家科学技术奖励大会在北京人民大会堂隆重举行。

习近平、李克强等党和国家领导人出席大会并为获奖代表颁奖。

这表明( ) ①我国的科技创新能力位居世界第一②我国尊重劳动尊重知识尊重人才尊重创造③创新改变我们的思维方式行为方式④我国大力实施科教兴国和人才强国战略A.①③B.①④C.②③D.②④2.从北斗组网、墨子“传信”、“天问”探火等大国重器，到疫苗研制、智能制造、智慧城市等民生福祉，我国科技实力正在从量的积累迈向质的飞跃、从点的突破迈向系统能力提升，科技创新取得新的历史性成就。

这表明( ) ①我国的科技水平不断提高②我国的科技对经济增长的贡献率不是很高③我国的创新能力不断增强④创新的目的是增进人类福祉，让生活更美好A.①②③B.①②④C.①③④D.②③3.2020年度国家最高科学技术奖获得者顾诵芬说：“将毕生理想与祖国需要紧密相连的奋斗过程是最幸福的！我今年91岁，还是‘90后’，我依然想和‘90后’‘00后’们一起继续奔腾在科研一线！”他的话启示我们( ) ①只有奋斗的人生才称得上幸福的人生②只有服务国家科研事业，生命才有意义③为了国家利益必须牺牲一切个人利益④要把个人的命运与国家的命运联系起来A.①③B.①④C.②③D.②④4.国务院总理李克强在大会上的讲话中指出，要围绕国家重大战略需求，加快关键核心技术攻关，推进重大科技项目，推广“揭榜挂帅”等机制，让愿创新、敢创新、能创新者都有机会一展身手。

备战2024年高考地理热点专题解读与训练热点03 全国2023年自然灾害基本情况热点指引热点概述——2023年全国自然灾害概况——2023年全国自然灾害主要特点名师解读热点集训（40分钟）【2023年全国自然灾害概况】习近平总书记曾指出：“愚公移山、大禹治水，中华民族同自然灾害斗了几千年，积累了宝贵经验，我们还要继续斗下去。

这个斗，要尊重自然，顺应自然规律，与自然和谐相处。

全面建设社会主义现代化国家，我们要提高抗御灾害能力，在抗御自然灾害方面要达到现代化水平。

”2023年，我国自然灾害以洪涝、台风、地震和地质灾害为主，干旱、风雹、低温冷冻和雪灾、沙尘暴和森林草原火灾等也有不同程度发生。

全年各种自然灾害共造成9544.4万人次不同程度受灾，因灾死亡失踪691人，紧急转移安置334.4万人次；倒塌房屋20.9万间，严重损坏62.3万间，一般损坏144.1万间；农作物受灾面积10539.3千公顷；直接经济损失3454.5亿元。

与近5年均值相比，受灾人次、因灾死亡失踪人数和农作物受灾面积分别下降24.4%、2.8%和37.2%，倒塌房屋数量、直接经济损失分别上升96.9%、12.6%。

【2023年全国自然灾害主要特点】一、全国自然灾害时空分布不均，“北重南轻”格局明显。

1–3月，除西南地区冬春连旱、西藏林芝重大雪崩灾害外，全国灾情总体相对平稳。

初夏，河南等地出现连阴雨天气，给夏收造成不利影响。

进入主汛期，超强台风“杜苏芮”、海河流域性特大洪水、松辽流域严重暴雨洪涝等重大灾害相继发生。

12月中旬山西等地发生低温雨雪冰冻灾害对群众生产生活造成较大影响，12月18日甘肃积石山6.2级地震造成甘肃、青海两省重大人员伤亡。

北方、南方因灾倒塌房屋数量占全国总损失比例分别为92.2%、7.8%，直接经济损失占比分别为73.7%、26.3%。

二、华北、东北遭受严重暴雨洪涝灾害，局地山洪地质灾害突发。

2023年，全国平均降水量612.9毫米，较常年偏少3.9%，出现区域暴雨过程35次。

高考热点集训6生物变异在育种上的应用1.生物世界广泛存在着变异，人们研究并利用变异可以培育高产、优质的作物新品种。

下列能产生新基因的育种方式是（）A.“杂交水稻之父”袁隆平通过杂交技术培育出高产的超级稻B.用X射线进行大豆人工诱变育种，从诱变后代中选出抗病性强的优良品种C.通过杂交和人工染色体加倍技术，成功培育出抗逆能力强的八倍体小黑麦D.把合成β­胡萝卜素的有关基因转进水稻，育成可防止人类V A缺乏的转基因水稻【解析】基因突变可产生新的基因，转基因技术和杂交技术可产生新的基因型，但不会产生新的基因。

【答案】B2.下列关于育种的说法，正确的是（）A.基因突变可发生在任何生物的DNA复制过程中，可用于诱变育种B.诱变育种和杂交育种均可产生新的基因和新的基因型C.三倍体植物不能由受精卵发育而来，但可通过植物组织培养方法获得D.普通小麦花粉中有三个染色体组，由其发育的个体是三倍体【解析】任何生物的DNA复制过程中出现的碱基对的增添、缺失和替换，都属于基因突变；杂交育种不能产生新的基因；三倍体植物可以由四倍体与二倍体植物杂交形成的受精卵发育而来，也可通过植物组织培养方法获得；由花粉发育而来的个体是单倍体。

【答案】A3.下图中，甲、乙表示水稻的两个品种，A、a和B、b表示分别位于两对同源染色体上的两对等位基因，①～⑧表示培育水稻新品种的过程，则下列说法错误的是（）A.①→②操作简便，但培育周期长B.②和⑦的变异都发生于有丝分裂间期C.③过程常用的方法是花药离体培养D.⑤与⑧过程的育种原理不相同【解析】①→②过程是杂交育种，要获得AAbb品种，育种年限长，因为要连续自交纯化时间长。

②过程发生了基因重组，发生在减数分裂过程中，⑦过程发生了染色体变异，是由分裂期纺锤体形成受到抑制引起的。

③过程常用的方法是花药离体培养。

根据图解可知⑤过程发生了基因突变，⑧过程育种原理是基因重组，因为导入了外源基因C。

【答案】B4.如图表示无子西瓜的培育过程，根据图解并结合生物学知识，判断下列叙述错误的是（）A.秋水仙素处理二倍体西瓜幼苗的茎尖，主要是抑制有丝分裂前期纺锤体的形成B.四倍体植株所结的西瓜，果皮细胞内含有4个染色体组C.无子西瓜既没有种皮，也没有胚D.培育无子西瓜通常需要年年制种，用植物组织培养技术可以快速进行无性繁殖【解析】四倍体植株所结西瓜中，除胚为三倍体外，其余都为四倍体。

章末热点集训[学生用书P191]交变电流的产生及描述为了研究交流电的产生过程，小张同学设计了如下实验构思方案：第一次将单匝矩形线圈放在匀强磁场中，线圈绕转轴OO1按图示方向匀速转动(ab向纸外，cd向纸内)．并从图甲所示位置开始计时．此时产生的交流电如图乙所示．第二次他仅将转轴移至ab边上，第三次他仅将转轴右侧的磁场去掉，关于后两次的电流图象，下列说法正确的是()A．第二次是A图B．第二次是C图C．第三次是B图D．第三次是D图[解析]第二次将转轴移到ab边上产生的感应电流，同第一次相同，第三次将OO1右侧磁场去掉，线圈在转动过程中只有一边切割，产生感应电动势的最大值为原来的1，因此2选D.[答案] D1.(2017·北京房山区模拟)在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的轴匀速转动，如图甲所示，产生的感应电动势如图乙所示，则下列说法正确的是()A．t＝0.015 s时线框的磁通量变化率为零B．t＝0.01 s时线框平面与中性面重合C．线框产生的交变电动势有效值为311 VD ．线框产生的交变电动势频率为100 Hz解析：选B.由题图乙可知t ＝0.015 s 时感应电动势最大，根据E ＝n ΔΦΔt 知磁通量变化率最大，选项A 错误．t ＝0.01 s 时感应电动势为零，磁通量变化率为零，但通过线框的磁通量最大，即线框平面与中性面重合，选项B 正确．正弦交流电的有效值E ＝E m 2＝220 V ，选项C 错误．根据题图乙知交流电周期T ＝0.02 s ，所以频率f ＝1T＝50 Hz ，选项D 错误． 交变电流“四值”的应用(2017·东北三校联考)关于图甲、乙、丙、丁，下列说法正确的是( )A ．图甲中电流的峰值为2 A ，有效值为 2 A ，周期为5 sB ．图乙中电流的峰值为5 A ，有效值为2.5 2 AC ．图丙中电流的峰值为2 A ，有效值为 2 AD ．图丁中电流的最大值为4 A ，有效值为 2 A ，周期为2 s[解析] 图甲是正弦式交变电流图线，峰值(最大值)为2 A ，有效值是峰值的12，即 2 A ，周期为4 s ，所以A 选项错误；图乙电流大小改变但方向不变，所以不是交变电流，计算有效值时因为热效应与电流方向无关，所以仍是峰值的12，即2.5 2 A ，所以B 选项正确；图丙是图甲减半的脉冲电流，有效值不可能为峰值的12，所以C 选项错误；图丁是交变电流图线，周期为2 s ，根据有效值定义则有：42×R ×T 2＋32×R ×T 2＝I 2RT ，解得电流有效值I ＝2.5 2 A ，所以D 选项错误．[答案] B2．(2017·浙江五校联考)如图所示，将一根绝缘硬金属导线弯曲成一个完整的正弦曲线形状，它通过两个小金属环a 、b 与长直金属杆导通，在外力F 作用下，正弦形金属线可以在杆上无摩擦滑动．杆的电阻不计，导线电阻为R ，ab 间距离为2L ，导线组成的正弦图形顶部或底部到杆的距离都是L 2.在导线和杆平面内有一有界匀强磁场区域，磁场的宽度为L ，磁感应强度为B .现在外力F 作用下导线沿杆以恒定的速度v 向右运动，在运动过程中导线和杆组成的平面始终与磁场垂直．t ＝0时刻导线从O 点进入磁场，直到全部穿过磁场，外力F 所做功为 ( )A.B 2L 2v 2RB.B 2L 3v 2RC.3B 2L 3v 4RD.3B 2L 2v 24R解析：选C.根据功能关系，外力F 所做功等于克服安培力所做的功，也等于导线与杆组成的闭合回路中消耗的电能．整个过程，导线运动了3L ，第1个L 和第3个L ，导线切割磁感线的长度为12L sin ωt ，产生的感应电动势为e ＝12BL v sin ωt ，相当于正弦交流电，该过程运动的时间t 1＝2L v ，消耗的电能Q 1＝[BL v /（22）]2R t 1＝B 2L 3v 4R；第2个L ，导线切割磁感线的长度为L sin ωt ，产生的感应电动势为e ＝BL v sin ωt ，相当于正弦交流电，该过程运动的时间t 2＝L v ，消耗的电能Q 2＝（BL v /2）2R t 2＝B 2L 3v 2R ；所以外力F 所做功W ＝Q 1＋Q 2＝3B 2L 3v 4R，选项C 正确．理想变压器的动态分析(多选)(高考广东卷)如图所示的电路中，P 为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U 1不变，闭合电键S ，下列说法正确的是( )A ．P 向下滑动时，灯L 变亮B ．P 向下滑动时，变压器的输出电压不变C ．P 向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大[解析]由于理想变压器输入电压U1不变，原、副线圈匝数不变，所以输出电压U2也不变，灯L亮度不随P的滑动改变，故选项A错误，选项B正确．P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，负载总电阻R总减小，由I2＝U2R总知，通过副线圈的电流I2增大，输出功率P2＝U2I2增大，再由I1I2＝n2n1知输入电流I1也增大，故选项C错误，D正确．[答案]BD3.(多选)如图所示，三只灯泡均正常发光，现将滑动变阻器R的滑片向下移动，已知原线圈两端的电压及原、副线圈的匝数均不变，则下列说法中正确的是()A．灯L3变暗B．灯L1和L2均变暗C．变压器原线圈的输入功率变大D．副线圈n2中的电流变大解析：选AC.由于原线圈两端的电压及原、副线圈的匝数均不变，由电压与匝数成正比可知，两个副线圈两端的电压均不变．当滑动变阻器R的滑片向下移动时，副线圈n3中的电流增大，电阻R1两端的电压增大，则灯L3两端的电压减小，故灯L3变暗，而副线圈n2两端的电压及回路中的电阻和电流不发生变化，故灯L1和L2的亮度不变，A正确，B、D 错误；由于副线圈中的电流增大，故原线圈中的电流也随之增大，则原线圈的输入功率变大，C正确．远距离输电的计算(2017·武汉模拟)在远距离输电时，要考虑尽量减少输电线上的功率损失．有一个小型发电站，输送的电功率为P＝500 kW，当使用U＝5 kV的电压输电时，测得安装在输电线路起点和终点处的两只电度表一昼夜示数相差4 800 kW·h.求：(1)输电效率η和输电线的总电阻r；(2)若想使输电效率提高到98%，又不改变输电线，那么发电站应使用多高的电压向外输电？[解析] (1)输送功率P ＝500 kW ，一昼夜输送电能E ＝Pt ＝12 000 kW ·h由题知输电线上损失的电能ΔE ＝4 800 kW ·h终点得到的电能E ′＝E －ΔE ＝7 200 kW ·h所以输电效率η＝E ′E ×100%＝60% 输电线上的电流I ＝P U＝100 A 输电线损耗功率P r ＝I 2r其中P r ＝ΔE t＝200 kW 得r ＝20 Ω. (2)输电线上损耗功率P r ＝⎝⎛⎭⎫P U 2r ∝1U 2 原来P r ＝200 kW ，现在要求P ′r ＝10 kW代入数据解得输电电压应调节为U ′≈22.4 kV .[答案] (1)60% 20 Ω (2)22.4 kV4.(多选)(2017·河南林州一中专项练习)如图为远距离输送交流电的系统示意图，变压器均为理想变压器．随着用户负载增多，发电机F 达到额定功率时，降压变压器输出功率仍然不足，用户的用电器不能正常工作．那么，在发电机以额定功率工作的情况下，为了适当提高用户的用电功率，可采取的措施是( )A ．适当减小输电线的电阻rB ．适当提高n 4n 3C ．适当提高n 2n 1的同时，降低n 4n 3D ．适当降低n 2n 1的同时，提高n 4n 3解析：选AC.当发电机输出功率一定时，为使用户得到更大的功率，需减小输电线上的功率损失，根据ΔP ＝I 2r ，可以减小输电线的电阻r ，A 对；也可以通过提高输电电压，减小输送电流，即提高n 2n 1，这样使线圈n 3两端电压变大，为使用户的用电器正常工作需要适当降低n4，C对．n3。