宁夏固原一中2017届高三上学期第三次检测物理试 Word

2017年宁夏某校高考物理三模试卷一、选择题1. 某质点在同一直线上运动时的位移-时间(x−t)图像为一抛物线，这条抛物线关于t＝t0对称，点(t0, 0)为抛物线的顶点．下列说法正确的是（）A 该质点在0∼3t0的时间内运动方向保持不变B 在t0时刻，质点的加速度为零 C 在0∼3t0的时间内，速度先减小后增大 D 质点在0∼t0、t0∼2t0、2t0∼3t0三个相等时间段内通过的位移大小之比为1:1:42. 如图甲所示是研究光电效应实验规律的电路．当用强度一定的黄光照射到光电管上时，测得电流表的示数随电压变化的图像如图乙所示．下列说法正确的是（）A 若改用红光照射光电管，一定不会发生光电效应B 若照射的黄光越强，饱和光电流将越大C 若用频率更高的光照射光电管，则光电管中金属的逸出功越大D 若改用蓝光照射光电管，图像与横轴交点在黄光照射时的右侧3. 在立方体的其中四个顶点上放置等量的点电荷，电性及位置如图所示，取无穷远处电势为零．在立方体各条棱的中点、各个面的中点以及立方体的中心共19个点中，电势为零的点的个数为（）A 8B 9C 10D 114. 一含有理想变压器的电路如图甲所示，图中理想变压器原、副线圈匝数之比为2:1，电阻R1和R2的阻值分别为3Ω和1Ω，电流表、电压表都是理想交流电表，a、b输入端输入的电流如图乙所示，下列说法正确的是（）A 电流表的示数为√6A B 电压表的示数为√6V C 0∼0.04s内，电阻R1产生的焦耳热2为0.08J D 0.03s时，通过电阻R1的瞬时电流为√6A5. 如图所示，光滑水平面上有静止的斜劈，斜劈表面光滑．将一质量为m、可视为质点的滑块从斜劈顶端由静止释放．在滑块滑到斜劈底端的过程中，下列说法正确的是（）A 由滑块、斜劈组成的系统动量守恒B 斜劈对滑块的支持力对滑块不做功，所以滑块的机械能守恒C 虽然斜劈对滑块的支持力对滑块做负功，但是滑块、斜劈组成的系统机械能仍守恒D 滑块、斜劈相对地面的水平位移之和大小等于斜劈底边边长6. 人们经长期观测发现，天王星绕太阳圆周运动实际运行的轨道总是周期性地每隔t0时间发生一次最大的偏离．英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒维耶认为形成这种现象的原因是天王星外侧还存在着一颗未知行星．这就是后来被称为“笔尖下发现的行星”---海王星，已知天王星运行的周期为T0，轨道半径为R0．则得到海王星绕太阳运行周期T，轨道半径R正确的是（）A T=t0t0−T B T=t0T0t0−T0C R＝R0√t02(t0−T0)23 D R＝R√t02(t0+T0)237. 如图所示，电阻不计的导体棒AB置于光滑导轨上，处于匀强磁场区域．L1、L2为完全相同的两个灯泡，L为自感系数无穷大、直流电阻不计的自感线圈．当导体棒AB以速度v向右匀速运动且电路达到稳定时，L中电流为I，t1时刻棒AB突然在导轨上停止运动．设L中的电流为i（取向下为正），L1的电流为i1（取向右为正），L2的电流为i2（取向下为正）．下列电流随时间的变化图正确的是：（）A B C D8. 利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图甲所示是霍尔元件的工作原理示意图，实验表明，铜以及大多数金属的载流子是带负电荷的电子，但锌中的载流子带的却是正电．自行车的速度计的工作原理主要依靠的就是安装在自行车前轮上的一块磁铁，轮子每转一周，这块磁铁就靠近霍尔传感器一次，这样便可测出某段时间内的脉冲数．若自行车前轮的半径为R、磁铁到轴的距离为r，下列说法正确的是（）A 若霍尔元件材料使用的是锌，通入如图甲所示的电流后，C端电势高于D端电势B 当磁铁从如图乙所示的位置逐渐靠近霍尔传感器的过程中，C、D间的电势差越来越大 C 若自行车骑行过程中单位时间测得的脉冲数为N，此时的骑行速度为2πNr D 由于前轮漏气，导致前轮半径比录入到速度计中的参数偏小，则速度计测得的骑行速度偏大三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题-16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9. DIS实验是利用现代信息技术进行的实验．某同学“用DIS研究机械能守恒定律”的装置如图(a)所示，小球下端挡光片的宽度用螺旋测微器测量情况如图(b)所示．在某次实验中，选择DIS以图像方式显示实验的结果，所显示的图像如图(c)所示．图像的横轴表示小球距D点的高度ℎ，纵轴表示摆球的重力势能E p、动能E k或机械能E．试回答下列问题：（1）小球下端挡光片的宽度为________mm．（2）图(c)的图像中，表示小球的重力势能E p、动能E k、机械能E随小球距D点的高度ℎ变化关系的图线分别是________（按顺序填写相应图线所对应的文字）．（3）根据图(b)所示的实验图像，可以得出的结论是________．10. 实验室有如下器材：待测电阻R x：约500Ω；电流表A1：量程0∼500 μA，内阻r1＝1000Ω；电流表A2：量程0∼1.5mA，内阻r2约100Ω；电压表V：量程0∼3V，内阻r3约20kΩ定值电阻：阻值R＝1kΩ滑动变阻器：0∼5Ω，额定电流2A电池：电动势3V，内阻0.5Ω．另有开关，导线若干要求较准确地测出未知电阻R x的阻值。

2017年宁夏某校高考物理三模试卷一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分）1. 物体在x轴上做直线运动，则上下两图对应关系正确的是（图中F表示物体所受的合外力，a表示物体的加速度，v表示物体的速度，x表示物体的位移，C、D图中曲线为抛物线）（）A B C D2. 如图，小车的直杆顶端固定着小球，当小车向左做匀加速运动时，球受杆子作用力的方向可能沿图中的（）A OA方向B OB方向C OC方向D OD方向3. 在建筑工地上有时需要将一些建筑材料由高处送到低处，为此工人们设计了一种如图所示的简易滑轨：两根圆柱形木杆AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上，把一摞弧形瓦放在两木杆构成的滑轨上，瓦将沿滑轨滑到低处．在实验操作中发现瓦滑到底端时速度较大，有时会摔碎，为了防止瓦被损坏，下列措施中可行的是（）A 增多每次运送瓦的块数B 减少每次运送瓦的块数C 增大两杆之间的距离D 减小两杆之间的距离4. 如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E PA；在B点的加速度为a B、电势能为E PB．则下列结论正确的是（）A 粒子带正电，a A>a B，E PA>E PB B 粒子带负电，a A>a B，E PA>E PBC 粒子带正电，a A<a B，E PA<E PBD 粒子带负电，a A<a B，E PA<E PB5. A、B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球，两块金属板接在如图所示的电路中，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻。

当R2的滑动触头P在中间时闭合开关S．此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止且绝缘细线与金属板A的夹角为θ，已知电源电动势E和内阻r一定。

光敏电阻随光照的增强电阻变小，则下列说法正确的是（）A 保持光照强度不变，将R2的滑动触头P向a端滑动，则R3消耗的功率变小B 保持滑动触头P不动，让光敏电阻周围光线变暗，则小球重新平衡后θ变大 C 滑动触头向a端滑动，用更强的光照射R1，则电压表示数变大 D 保持滑动触头不动，用更强的光照射R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值变小6. 在轨道上做匀速圆周运的人造地球卫星A和B，质量之比为m A:m B＝1:2，轨道半径之比为R A:R B＝2:1，则下列的结论中正确的是（）A 它们运行速度大小之比为v A:v B＝1:2B 它们受到地球的引力比为F A:F B＝1:8 C 它们运行周期之比为T A:T B＝2√2:1 D 它们运行角速度之比为ωA:ωB＝2√2:1 7. 如图，质量为m的小球从斜轨道高ℎ处由静止滑下，然后沿竖直圆轨道的内侧运动，已知圆轨道的半径为R，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A 当ℎ≤R时，小球在运动过程中不会脱离轨道B 当ℎ＝R时，小球在最低点N时对轨道压力为2mgC 当ℎ＝2R时，小球恰好能到达最高点MD 当ℎ＝2R时，小球在圆心等高处P时对轨道压力为2mg8. 如图所示，L1、L2为水平面上足够长的金属导轨，左端连接定值电阻R=0.5Ω，其间有足够多等间隔反向分布的磁场区域Ⅰ和Ⅱ，磁感应强度大小均为B=0.5T，方向垂直于导轨所在平面，每个磁场Ⅰ或Ⅱ的两个直边界的间距为L=0.4m，长直边界在Ox上，左右曲边界恰好可以组合成相同的1周期的正弦曲线，其他边界均为直线段．导体棒MN与两导轨2接触良好且始终与导轨垂直，不计导体棒及导轨的电阻．当导体棒从x=0处沿导轨以速度v=10m/s匀速向右滑动时，下列说法正确的是（）A 通过R的是交变电流B R两端电压的最大值为4VC 通过R的电流有效值为2√3A D 导体棒经过3个磁场的过程中R发热量为7.2J二、解答题（共5小题，满分43分）9. 用20分度的游标卡尺测量某物体的宽度，如图所示，其读数为________mm．10. 如图是在“探究匀变速直线运动”实验中得到的一条纸带，选取了5个计时点a、b、c、d、e，测得数据如下；相邻两个计数点时间间隔为0.10s，使用计时仪器的工作电压为220V、频率为50Hz，那么，实验中一定用到的一个仪器是下面实物中的________（选A、B或C），打点a至e的过程中纸带的加速度大小为________m/s2（结果保留两位有效数字）11. 某同学想把满偏电流为1.0mA的电流表A1改装成为双量程电压表，并用改装的电表去测量某电源的电动势和内阻；（1）图甲是测量A1内阻的实验原理图，其中A2量程小于A1，先闭合开关S1，将S2拨向接点a，调节变阻器R2直至A2满偏；（2）保持R2滑片位置不动，将S2拨向接点b，调节R1，直至A2满偏，此时电阻箱旋钮位置如图乙所示，记录数据，断开S1，则可得A1的内阻R＝________Ω；（3）现用此电流表改装成0−3V和0−6V的双量程电压表，电路如图丙所示，则R3＝________Ω；（4）用改装后的电压表的0−3V档接在待测电源（内阻较大）两端时，电压表的示数为2.10V；换用0−6V档测量，示数为2.40V；则电源的电动势E为________V，内阻r为________Ω；（5）将上述电源与两个完全相同的元件X连接成电路图丁，X元件的伏安特性曲线如图戊；则通过X元件的工作电流为________mA。

宁夏固原市回民中学2017-2018学年高三上学期第三次月考物理试卷一、选择题，每题4分，共52分（1～10题为单选题，11、12、13为多选题）1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，下列说法不正确的是( )A．牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律B．伽利略以实验和数学推理相结合的科学研究方法得到了落体运动规律C．笛卡儿和伽利略为牛顿第一定律的得出做出了贡献D．牛顿最先测出了万有引力常量2．如图，P是位于水平的粗糙桌面上的物块．用跨过定滑轮的轻绳将P小盘相连，小盘内有砝码，小盘与砝码的总质量为m．在P运动的过程中，若不计空气阻力，则关于P在水平方向受到的作用力与相应的施力物体，下列说法正确的是( )A．拉力和摩擦力，施力物体是地球和桌面B．拉力和摩擦力，施力物体是绳和桌面C．重力mg和摩擦力，施力物体是地球和桌面D．重力mg和摩擦力，施力物体是绳和桌面3．从距地面5m高处静止释放一物体让其自由落下，则物体通过最后1.8m的时间为( ) A．0.8s B．1s C．0.2s D．0.6s4．在竖直升降的电梯内的地板上放一体重计．电梯静止时，小明同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内小明同学发现体重计示数为40kg，则在这段时间内，下列说法中正确的是（取g=10m/s2）( )A．小明同学处于失重状态B．小明同学对体重计的压力小于体重计对他的支持力C．电梯一定在竖直向下运动D．电梯的加速度大小为，方向一定竖直向上5．在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为( )A．伸长量为tanθB．压缩量为tanθC．伸长量为D．压缩量为6．一个质量为1kg、初速度不为零的物体，在光滑水平面上受到大小分别为1N、3N和5N 三个水平方向的共点力作用，则该物体( )A．可能做匀速直线运动B．可能做匀减速运动C．不可能做匀减速曲线运动D．加速度的大小不可能是2m/s27．如图所示，两个用相同材料制成的靠摩擦传动的轮A和B水平放置，两轮半径R a=2R b，当主动轮A匀速转动时，关于轮A和B边缘的两点线速度和周期比值，正确的是( )A．=1，=2 B．=，=2C．=2，=D．=1，=8．已知地球近表卫星（轨道半径近似为地球半径）的运行周期与月球近表卫星的周期之比为3：4，求月球与地球平均密度之比近似为( )A．0.6 B．0.8 C．1.3 D．1.89．水平地面上有一轻质弹簧，下端固定上端与物体A相连接，整个系统处于平衡状态．现用一竖直向下的力压物体A，使A竖直向下做匀加速直线运动一段距离，整个过程中弹簧一直处在弹性限度内．下列关于所加力F的大小和运动距离x之间关系图象正确的是( )A．B． C．D．10．如图在水平板的左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧．紧贴弹簧放一质量为m 的滑块，此时弹簧处于自然长度．已知滑块与板的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现将板的右端缓慢抬起（板与水平面的夹角为θ），直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F随夹角θ的变化关系可能是( )A．B．C．D．11．如图，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．下列说法正确的是( )A．在0～t1时间内，物体做加速运动B．在t1～t2时间内，物体位移逐渐减小C．在t2时刻，加速度为零D．在t1～t3时间内，物体的速度方向发生变化12．如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面．不计一切阻力．下列说法不正确的是( )A．小球落地点离O点的水平距离为2RB．小球落地点时的动能为C．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．小球在O点的压力等于自身重力13．发射地球同步卫星时，一般是把它先送入较低的圆形轨道，如图所示，再经过两次点火，即先在图中a点处启动燃气发动机，向后喷出高压燃气，卫星得到加速，进入图中的椭圆轨道Ⅱ；在轨道Ⅱ的远地点b处第二次点火，卫星再次被加速，此后，卫星沿图中的圆形轨道Ⅲ（同步轨道）运动．下列关于卫星说法正确的是( )A．卫星在轨道1的机械能小于轨道2上的机械能B．当卫星在轨道2运行时，在a点的动能大于在b点动能C．卫星在轨道1运行的半径三次方与其周期平方的比值即与在轨道3的比值相同D．卫星在轨道3上的向心加速度大于地球重力g二、实验题（共15分）14．在做“研究平抛物体的运动”的实验时，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，用如图所示的装置，将一块平木板钉上复写纸和白纸，竖直立于槽口前某处且和斜槽所在的平面垂直，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞在木板上留下点迹A；将木板向后移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞在木板上留下点迹B；又将木板再向后移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再得到点迹C．若测得木板每次后移距离x=20.00cm，A、B间距离y1=4.70cm，B、C间距离y2=14.50cm．（1）根据以上直接测量的物理量推导出小球初速度的计算公式为v0=__________（用题中所给字母表示）；（2）小球初速度值为__________m/s．（g取9.8m/s2，结果保留三位有效数字）15．某同学在做“验证互成角度的两力合成的平行四边形定则”的实验时，把橡皮条的一端用图钉固定于P点，同时用A、B两个弹簧秤将橡皮条的另一端拉到位置O．这时两弹簧秤的示数分别是F A=3.5N、F B=4.0N，其位置记录如图甲所示．倘若橡皮条的活动端仅由一个弹簧秤拉着，也把它拉到O点位置，读得弹簧秤的示数F C=6.0N，其位置如图中C所示．（1）以0.5cm表示1N，在图乙中作出力F A、F B和F C的图示．（2）由平行四边形定则在图乙中作出F A和F B的合力F，F的大小为__________N（保留两位有效数字）（3）实验的结果__________（填“能”或“不能”）验证平行四边形定则．三、计算题（共33分）16．如图所示，在倾角为37度的光滑斜面水平以8m/s抛出一个小球A，另一小球B同时从抛出点以初速度v0滑下，经过t时间刚能与A相碰相碰（g=10m/s2，sin37°=0.60），求t 和v0．17．如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg 的小物块，物块与小车间的动摩擦因数为0.2，小车足够长．求：（1）小物块刚放上小车时，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）．18．如图所示，在x﹣y平面上，两个小球分别从同一个位置出发，其中小球a球沿y轴以3m/s匀速运动，小球b从静止沿x轴以2m/s2的加速度做匀加速运动．在距小球a出发点12m处有一挡板P，当小球a碰到P后能立即以原速度大小弹回，同时小球b以即时速度做匀速直线运动．求（1）小球碰到挡板P时，小球b距出发点距离（2）小球a反弹后，小球a、b连线与x、y轴能围成三角形，若以a碰到P板计时，试计算经过多长时间此三角形面积最大．宁夏固原市回民中学2017-2018学年高三上学期第三次月考物理试卷一、选择题，每题4分，共52分（1～10题为单选题，11、12、13为多选题）1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，下列说法不正确的是( )A．牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律B．伽利略以实验和数学推理相结合的科学研究方法得到了落体运动规律C．笛卡儿和伽利略为牛顿第一定律的得出做出了贡献D．牛顿最先测出了万有引力常量考点：物理学史．分析：牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律．伽利略以实验和数学推理相结合的科学研究方法得到了落体运动规律．笛卡儿和伽利略为牛顿第一定律的得出做出了贡献．卡文迪许最先测出了万有引力常量．解答：解：A、英国物理学家牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律．故A正确．B、伽利略运用实验和数学推理相结合的科学研究方法，得到了落体运动规律．故B正确．C、笛卡儿和伽利略研究了力和运动的关系，为牛顿第一定律的得出做出了贡献．故C正确．D、英国物理学家卡文迪许最先测出了万有引力常量．故D错误．本题选错误的，故选D．点评：本题考查物理学史，要与科学家的成绩、时代背景等结合起来记忆，不能混淆．2．如图，P是位于水平的粗糙桌面上的物块．用跨过定滑轮的轻绳将P小盘相连，小盘内有砝码，小盘与砝码的总质量为m．在P运动的过程中，若不计空气阻力，则关于P在水平方向受到的作用力与相应的施力物体，下列说法正确的是( )A．拉力和摩擦力，施力物体是地球和桌面B．拉力和摩擦力，施力物体是绳和桌面C．重力mg和摩擦力，施力物体是地球和桌面D．重力mg和摩擦力，施力物体是绳和桌面考点：力的合成与分解的运用；滑动摩擦力；弹性形变和范性形变．分析：物块P向右运动，必然受到绳子的拉力F，由于接触面粗糙，P与桌面相互挤压，故一定受到向左的滑动摩擦力．解答：解：A、B、以P为研究对象，对其受力分析，受重力，绳子的拉力，桌面对其垂直向上的支持力和向左的滑动摩擦力；水平方向受到两个力的作用，分别是绳的拉力和桌面的摩擦力．所以A错误，B正确．C、D、题目中问的是水平方向的力，故C、D错误；故选：B．点评：受力分析是高中物理的基础，在2014-2015学年高一必须养成一个习惯，每一个力都要找出施力物体和受力物体，按重力、弹力、电磁力、摩擦力的顺序分析．3．从距地面5m高处静止释放一物体让其自由落下，则物体通过最后1.8m的时间为( ) A．0.8s B．1s C．0.2s D． 0.6s考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据位移时间公式求出下降5m和下降3.2m所需的时间，从而得出物体通过最后1.8m的时间．解答：解：根据h=得，下降5m的时间，下降3.2m的时间，则物体通过最后1.8m的时间△t=t1﹣t2=1﹣0.8s=0.2s．故选：C．点评：解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．4．在竖直升降的电梯内的地板上放一体重计．电梯静止时，小明同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内小明同学发现体重计示数为40kg，则在这段时间内，下列说法中正确的是（取g=10m/s2）( )A．小明同学处于失重状态B．小明同学对体重计的压力小于体重计对他的支持力C．电梯一定在竖直向下运动D．电梯的加速度大小为，方向一定竖直向上考点：牛顿第二定律；超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：人对体重计的压力小于人的重力，说明人处于失重状态，加速度向下，运动方向可能向上也可能向下．解答：解：A、小明在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而他的重力没有改变，A选项正确；B、对体重计的压力与体重计对小明的支持力是一对作用力与反作用力，大小一定相等，B 选项错，C、D：以竖直向下为正方向，有：mg﹣F=ma，即50g﹣40g=50a，解得a=0.2g，方向竖直向下，但速度方向可能是竖直向上，也可能是竖直向下，故C、D错误．故选：A点评：做超重和失重的题目要抓住关键：有向下的加速度，失重；有向上的加速度，超重．5．在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为( )A．伸长量为tanθB．压缩量为tanθC．伸长量为D．压缩量为考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．分析：先对小球受力分析，结合运动情况求出合力，然后根据牛顿第二定律求出加速度，再对物体受力分析，求出合力后确定弹簧弹力．解答：解：对小球受力分析，如图由几何关系F合=m2gtanθ由牛顿第二定律a==gtanθ车向左加速或向右减速对小物体受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，合力等于弹簧弹力，根据牛顿第二定律F弹=m1gtanθ物体受向左的弹力结合胡克定律可知弹簧的伸长量为tanθ故选A．点评：仅仅对物体受力分析，有时无法求出合力，本题中还必须要结合物体的运动情况进行受力分析，才能得到明确的结论．6．一个质量为1kg、初速度不为零的物体，在光滑水平面上受到大小分别为1N、3N和5N 三个水平方向的共点力作用，则该物体( )A．可能做匀速直线运动B．可能做匀减速运动C．不可能做匀减速曲线运动D．加速度的大小不可能是2m/s2考点：物体做曲线运动的条件；力的合成．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：根据牛顿第二定律可知加速度的大小取决于物体所受合力的大小，而水平方向的三个力可以不一定在同一条直线上，所以三力的方向任意，求出合力的范围；然后根据曲线运动的条件判断物体的可能运动情况．解答：解：A、1N、3N和5N三力同向时合力最大，为9N；1N和3N合成最大4N，最小2N，不可能为5N，故当1N和3N的合力最大且与5N反向时，三力合力最小，为1N；即三力合力最小为1N，最大为9N，方向任意；而匀速直线运动为平衡状态，合力为零；故物体一定是做变速运动，故A错误；B、当合力与初速度反向时，物体做匀减速直线运动，故B正确；C、当合力与初速度方向大于90°时，合力做负功，动能减小，物体做做匀减速曲线运动，故C错误；D、合力范围是：1N＜F＜9N，故当合力去2N时，加速度为2m/s2，故D错误；故选B．点评：本题关键要明确：（1）三力合成的范围；（2）物体做曲线运动的条件．7．如图所示，两个用相同材料制成的靠摩擦传动的轮A和B水平放置，两轮半径R a=2R b，当主动轮A匀速转动时，关于轮A和B边缘的两点线速度和周期比值，正确的是( )A．=1，=2 B．=，=2C．=2，=D．=1，=考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：A、B为靠摩擦传动的两轮，因为传动时无滑动，则轮子边缘上的点线速度大小相等，根据v=得出周期之比．解答：解：A、B为靠摩擦传动的两轮边缘上的两点，它们在相同时间内走过的弧长相等，则线速度大小相等，即：νA：νB=1：1因为R B=2R A，根据v=知：T A：T B=R A：R B=2：1故选：A．点评：解决本题的关键知道靠传送带传到的轮子边缘上的点，线速度相等，共轴转动，角速度相等，以及掌握线速度和周期的关系．8．已知地球近表卫星（轨道半径近似为地球半径）的运行周期与月球近表卫星的周期之比为3：4，求月球与地球平均密度之比近似为( )A．0.6 B．0.8 C． 1.3 D． 1.8考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力求出中心天体的质量，结合密度公式得出天体密度的表达式，从而得出平均密度之比．解答：解：根据得，中心天体的质量M=，则平均速度，可知平均密度之比为．故选：A．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道近表卫星的轨道半径等于中心天体的半径．9．水平地面上有一轻质弹簧，下端固定上端与物体A相连接，整个系统处于平衡状态．现用一竖直向下的力压物体A，使A竖直向下做匀加速直线运动一段距离，整个过程中弹簧一直处在弹性限度内．下列关于所加力F的大小和运动距离x之间关系图象正确的是( )A．B． C．D．考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：开始时物体处于平衡状态，求出弹力和压缩量x1；对匀加速过程，对物体受力分析后，根据牛顿第二定律和胡克定律列式求解出弹力的一般表达式再分析．解答：解：开始时物体处于平衡状态，物体受重力和弹力，有：mg=kx1物体向下匀加速过程，对物体受力分析，受重力、弹簧向上的弹力、推力F，根据牛顿第二定律，有F+mg﹣F弹=ma根据胡克定律，有F弹=k（x1+x）=mg+kx解得F=ma﹣mg+F弹=ma+kx故弹力与为x是线性关系；故选D．点评： 本题关键是求解出推力F 的一般表达式，然后根据牛顿第二定律和胡克定律列式求解出推力的一般表达式后分析图象特点．本题也可以定性分析得到，即推力一定是增加的，刚开始推力不为零．10．如图在水平板的左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧．紧贴弹簧放一质量为m 的滑块，此时弹簧处于自然长度．已知滑块与板的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现将板的右端缓慢抬起（板与水平面的夹角为θ），直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F 随夹角θ的变化关系可能是( )A ．B ．C ．D ．考点： 力的合成与分解的运用；静摩擦力和最大静摩擦力；胡克定律． 专题： 受力分析方法专题． 分析： 将板的右端缓慢抬起过程中，在滑块相对于板滑动前，弹簧处于自然状态，没有弹力．当滑块相对于板滑动后，滑块受到滑动摩擦力，由平衡条件研究弹簧弹力的大小F 与夹角θ的变化关系．解答： 解：设板与水平面的夹角为α时，滑块相对于板刚要滑动，则由mgsin α=μmgcos α得 tan α=，α=则θ在0﹣范围内，弹簧处于原长，弹力F=0当板与水平面的夹角大于α时，滑块相对板缓慢滑动，由平衡条件得F=mgsin θ﹣μmgcos θ=mgsin （θ﹣β），其中tan β=﹣μ，说明F 与θ正弦形式的关系．当时，F=mg ．故选：C 点评： 本题要应用平衡条件得到F 与θ的函数关系式，再应用数学知识选择图象，考查运用数学知识分析物理问题的能力．11．如图，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．下列说法正确的是( )A．在0～t1时间内，物体做加速运动B．在t1～t2时间内，物体位移逐渐减小C．在t2时刻，加速度为零D．在t1～t3时间内，物体的速度方向发生变化考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图象切线的斜率等于加速度，图象与时间轴所围面积表示位移．解答：解：A、根据图象可知，在0～t1时间内，物体速度越来越大，做加速运动，故A 正确；B、图象与时间轴所围面积表示位移，根据图象可知，在t1～t2时间内，物体位移逐渐增大，故B错误；C、速度时间图象切线的斜率等于加速度，则在t2时刻，加速度不为零，故C错误；D、在t1～t3时间内，物体的速度先为正，后为负，方向发生改变，故D正确；故选：AD点评：对于速度时间图象的理解，关键抓住图象切线的斜率等于加速度，面积表示位移，难度不大，属于基础题．12．如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面．不计一切阻力．下列说法不正确的是( )A．小球落地点离O点的水平距离为2RB．小球落地点时的动能为C．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．小球在O点的压力等于自身重力考点：动能定理；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：小球恰能通过半圆弧轨道的最高点P时，由重力提供向心力，求出小球通过P点时的速度．小球通过P点后做平抛运动，由高度2R求出时间，再由x=v0t求出水平距离．根据机械能守恒定律求出小球落地点时的动能．解答：解：A、小球恰能通过半圆弧轨道的最高点P时，通过P点时速度为v，则mg=m，v=，小球离开P点后平抛运动时间t=，则小球落地点离O点的水平距离x=vt=2R．故A正确．B、由机械能守恒定律得：小球落地点时的动能E k=mg•2R+=．故B正确．C、由于恰能通过最高点P，小球运动到半圆弧最高点P时向心力等于重力，故C错误；D、小球在O点时，据牛顿第二定律得：F﹣mg=，所以F=mg+，故D错误．本题选错误的是，故选：CD．点评：本题考查综合运用平抛运动规律、机械能守恒定律和向心力知识的能力，比较容易．13．发射地球同步卫星时，一般是把它先送入较低的圆形轨道，如图所示，再经过两次点火，即先在图中a点处启动燃气发动机，向后喷出高压燃气，卫星得到加速，进入图中的椭圆轨道Ⅱ；在轨道Ⅱ的远地点b处第二次点火，卫星再次被加速，此后，卫星沿图中的圆形轨道Ⅲ（同步轨道）运动．下列关于卫星说法正确的是( )A．卫星在轨道1的机械能小于轨道2上的机械能B．当卫星在轨道2运行时，在a点的动能大于在b点动能C．卫星在轨道1运行的半径三次方与其周期平方的比值即与在轨道3的比值相同D．卫星在轨道3上的向心加速度大于地球重力g考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：卫星的变轨过程，在椭圆轨道远地点加速，使所需向心力等于万有引力后做圆周运动，则半径变大，周期变长，沿两个轨道的交点的速度因所在轨道的不同而不同，因加速后的为圆轨道，则动能变大．据此分析各问题．解答：解：A、卫星在轨道1的到轨道2需要点火加速，机械能增加，故卫星在轨道1的机械能小于轨道2上的机械能，A正确；B、根据卫星圆轨道的环绕速度公式v=，卫星越高越慢，故卫星在轨道b上运动的速率小于在轨道a上运动的速率，根据动能E mv2知在a点的动能大于在b点动能，故B 正确；C、根据开普勒第三定律知=K，知卫星在轨道1运行的半径三次方与其周期平方的比值即与在轨道3的比值相同，故C正确；D、根据G=mg知R越大g越小，卫星在轨道3上的向心加速度小于地球重力加速度，故D错误；故选：ABC．点评：解决本题的关键理解卫星的变轨问题，掌握比较速度、周期、加速度的方法．二、实验题（共15分）14．在做“研究平抛物体的运动”的实验时，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，用如图所示的装置，将一块平木板钉上复写纸和白纸，竖直立于槽口前某处且和斜槽所在的平面垂直，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞在木板上留下点迹A；将木板向后移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞在木板上留下点迹B；又将木板再向后移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再得到点迹C．若测得木板每次后移距离x=20.00cm，A、B间距离y1=4.70cm，B、C间距离y2=14.50cm．（1）根据以上直接测量的物理量推导出小球初速度的计算公式为v0=x（用题中所给字母表示）；（2）小球初速度值为2m/s．（g取9.8m/s2，结果保留三位有效数字）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：小球离开导轨后做平抛运动，将平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动．根据匀变速直线运动的推论△x=aT2，由y1、y2求出A到B或B 到C的时间，再求出初速度．解答：解：设时间间隔为t，由x=v0t，y2﹣y1=gt2，。

物理试卷参考答案三、简答题(共44分) 10．（8分）⑴AB （2分，选对不全得1分）⑵)(432x x x mg ++ （2分） 22212548)()(T x x x x M +-+ （2分）⑶钩码的重力大于细绳中的拉力 （2分） 11. （10分）⑴如图（2分，连线有错误得0分） ⑵ R 1（2分） ⑶0.38（2分） 01kR k-（2分） 不存在（2分） 12．A （12分）⑴ABD （4分，选对不全得2分） ⑵77（2分） 25（2分） ⑶①V m ρ=η00v n tTV =（1分） 解得m =4kg （1分） ② A mN N M=（1分） 解得N =7×1025个或8×1025个 （1分） 12．B （12分）⑴BC （4分，选对不全得2分） ⑵红（2分） a （2分） ⑶①从图中可读出， 2λ=m ，T =0.4s ， 波的传播速度v Tλ=(1分)解得v =5m/s (1分) ②x =0处质点的振动方程y =10sin5πt (cm) (2分) 12．C （12分）⑴AB （4分，选对不全得2分） ⑵1163hcE -（2分） 4（2分） ⑶①238234492902U Th He →+ （2分）②设钍核的质量为M ，反冲速度为v ，由动量守恒定律： 0(0.1)m c Mv =- （1分）其中4234m M =，v =1585c （1分） R 0A 1三、计算题(共47分) 13．⑴由图知，在t =0.01s 时，4T/s Bt∆=∆ (2分) 由法拉第电磁感应定律知：∆=∆BE n s t(2分)0.6V =E (1分) ⑵在0~0.02s 内，EI R r=+ (2分) q I t =∆ (2分)解得：3310C q -=⨯ (1分) ⑶在0.02s~0.03s 内， 1.2V B E nst'∆'==∆ (2分) 在一个周期内22233'=⋅+⋅++E T E TQ R r R r (2分)解得-34.0510J Q =⨯ （1分） 14．⑴0F W mgL -= （2分）解得F W mgL = （2分） ⑵撤去F 时杆与水平夹角α，122F mgL L W mgL απ== 6πα= （2分）21s i n 2m g L m g L m v α-= （2分）解得v =（2分）⑶杆与水平夹角为θ时，小球速度为1v ，则正方体速度21sin v v θ= （2分）221211(sin )22mg L L mv Mv θ-=+ （2分） 解得2v = （2分）15.⑴带电粒子在平行板加速过程中，由动能定理得：20012qU mv = （1分）在磁场中运动时，电场力与洛伦兹力平衡：0qv B qE = （1分）解得：E = （2分） ⑵带粒子在磁场中运动的周期：2mT qBπ=（1分） 带电粒子与环碰撞三次有两种情况：第一种情况如图⑴所示，两次碰撞点与圆环圆心的连线夹角4πα=两次碰撞过程粒子通过弧长对应的圆心角3==4πβπα-（1分） 整个过程运动时间 342mt T qBβππ=⨯= （1分） 第二种情况如图⑵所示，两次碰撞点与圆环圆心的连线夹角34πα'=两次碰撞过程粒子通过弧长对应的圆心角==4πβπα''- （1分）整个过程运动时间34mt qBπ'=（1分） 所以带电粒子在圆环中运动的时间为3m qB π或mqBπ⑶设粒子从M 点射入磁场后做圆周运动的速度为v 、半径为r ，得：2v qvB m r = （1分）设粒子经n 次碰撞从小孔M 射出，则2(1)2n πϕ=+⋅即 n =2，3，4，5，…… （2分）又当(1)22n ϕπ+⋅=时，粒子会从小孔N 射出，故n 只能取偶数 综上可得：=1n πϕ+（n =2，4，6，……） （2分） 由几何关系得：tan rRϕ=（1分） 解得入射粒子速度大小为tan 1B π=+q R v m n (n =2，4，6，……) （1分）⑴⑵⑶O。