安徽省六安市毛坦厂中学2020高三语文下学期假期作业(2.24)

2025届安徽省毛坦厂中学高考仿真卷语文试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

1、下列各句中，没有错别字且加点字的注音全都正确的一项是A．写诗是一种细致的手艺活，为了得到理想效果，诗人往往要殚．（dān）精竭虑，付出繁剧锁细的努力——冷淬水磨白炽（zhì)的情感；海选、试错，寻找那个唯一恰当的字词。

B．准确的语言本身是一种吊诡，我们用各种方法使语言愈来愈准确，使其几乎没有模棱．（léng）两可的含义，语言反而因丧失应有的弹性而变得味同嚼．（jué)蜡。

C．一场突如其来的疫情打破了节日的祥和，面对伤害能力不容小觑（qù）的新型冠状病毒，医务工作者们纷纷请缨，带着坚如磐．（pán）石的初心，果断逆行，弛援武汉。

D．阅读微信有可能成为病态，而转发微信也可以变成许多人的癖．（pǐ）好，转得瘾头十足，结果为了获得转发量，有人不惜用“是中国人就转”“有良心的就转”等词语作为噱．（xué）头。

2、补写下列名篇名句中的空缺部分。

（1）庄子在《逍遥游》中写道，蜩与学鸠起飞后，“________”，有时飞不了多高就落在地上了，所以他们不解地诘问大鹏：“ ________________？”（2）荀子在《劝学》中，从反面论证学习应当专一的句子是：“____________，___________，_________。

”（3）李白在《蜀道难》用夸张的手法，写行人仿佛能触摸到星辰的句子是“_____。

”3、阅读下面的文字，完成下面小题。

材料一：中新网1月9日电2020中国书店大会暨“新时代杯”2019时代出版中国书店年度致敬盛典1月8日在北京召开。

固镇县毛钽厂实验中学2024～2025学年高三11月月考语文考生注意：1．满分150分，考试时间150分钟。

2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。

一、现代文阅读（35分）（一）现代文阅读Ⅰ（本题共5小题，19分）阅读下面的文字，完成1～5题。

材料一：2024年5月3日17时27分，嫦娥六号探测器由长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场成功发射，准确进入地月转移轨道，发射任务取得圆满成功。

嫦娥六号探测器开启世界首次月球背面采样返回之旅，预选着陆和采样区为月球背面南极—艾特肯盆地。

长征五号遥八运载火箭飞行37分钟后，器箭分离，将嫦娥六号探测器直接送入近地点高度200公里，远地点高度约38万公里的预定地月转移轨道。

嫦娥六号探测器由轨道器、返回器、着陆器、上升器组成。

后续，在地面测控和鹊桥二号中继星支持下，嫦娥六号探测器将历经地月转移、近月制动、环月飞行、着陆下降、月面软着陆等过程，在月球背面预选区域采集月表岩石和月壤样品，同时开展科学探测。

完成采样封装后，上升器将在月面起飞，随后开展月球轨道交会对接并将样品转移至返回器；返回器将经历月地转移、接近第二宇宙速度再入地球等过程，最终携带珍贵的月球样品返回地球。

（摘编自《嫦娥六号发射任务圆满成功开启月球背面采样返回之旅》，《光明日报》，2024年5月403版）材料二：近几年来，各国的探月任务都把月背当成了主要目标。

而我们的嫦娥六号任务则更是迈了一个大步，直接去月背采样并返回。

凭什么嫦娥六号可以去月背挖土？它会怎么挖土？它又可能给我们带来哪些新认识呢？下面咱们就来简单了解一下。

中国月面挖土不是第一次其实到月球挖土咱们这已经不是第一次了，2020年年底，嫦娥五号就已经成功实施过一次几乎一模一样的任务，只不过那一次，它着陆的地方，还是在月球的正面。

安徽省毛坦厂中学2019—2020学年度高三10月份月考语文试卷及答案注意事项：1.本试卷分第I卷（阅读题）和第卷（表达题）两部分，满分150分，时间150分钟。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证考填写在答题卷上。

2.作答时，将答案写在答题卷上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将答题卷交回。

第I卷一、一般论述类文章阅读（9分）阅读下面的文字，完成1-3题：（9分，每小题3分）“天下”是中国传统文化对世界秩序的一种原初想象，“天下主义”是以“天下”理念为核心，由具有普遍性和开放性的世界秩序、价值规范与理想人格构成的思想体系。

在当今全球化语境之下，中国文化理念和文化战略的自觉自信体现的正是“天下主义”的精神内核。

文化自信首先是一种“以天下观天下”的世界观的自信。

《道德经》有云：“修之于天下，其德乃普。

故以身观身，以家观家，以乡观乡，以国观国，以天下观天下。

”“天下”是中国文化特有的思维尺度，是一个最宏大、最完备的分析单位，具有最广阔的容纳力。

面对差异性的多元文化格局，西方文化多以民族国家为基本单位，文化视域限于国家、民族内部，虽然也有关于世界的思考，比如斯多葛学派的“世界主义”等，但其思考方式是“以国家观世界”，与中国文化的立足点和尺度不同。

中国文化的“天下”蕴含了“天下无外”的理想，各个民族的历史文化在世界内部是平等共存的；中国文化依循“修身、齐家、治国、平天下”的进路，从“身-家-国”逻辑同构的角度，最终达到“天下大同”的境界。

与西方文化相较，“天下”的世界观更具有开放性和包容性。

文化自信的核心是“以天下为一家”的价值观的自信。

中国文化是以儒家文化为代表的伦理型文化，梁漱溟认为“中国伦理始于家庭而不止于家庭”，中国文化重视家庭生活，整个社会关系是依照家庭关系推广发挥的。

“以天下为一家”的价值观实质上是一种关系性伦理，把“自我”和“他者”看成一体共生的关系。

“天下”是一个最大的家，家庭利益的最大化就是个体利益的最大化，共同体的善与个体的善是统一的。

安徽省六安市毛坦厂中学2020届高三数学下学期假期作业（2.21）理1．(2018·河南商丘检测)在(1－x )5＋(1－x )6＋(1－x )7＋(1－x )8的展开式中，含x 3的项的系数是( D )A ．74B ．121C ．－74D ．－121解析展开式中含x 3的项的系数为C 35(－1)3＋C 36(－1)3＋C 37(－1)3＋C 38(－1)3＝－121.2．(2018·安徽安庆二模)将⎝⎛⎭⎪⎫x ＋4x－43展开后，常数项是__－160__.解析⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋4x －43＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x －2x 6展开后的通项是C k6(x )6－k·⎝⎛⎭⎪⎫－2x k ＝(－2)k ·C k 6(x )6－2k.令6－2k ＝0，得k ＝3.所以常数项是C 36(－2)3＝－160.3．(2018·广东广州综合测试)已知⎝⎛⎭⎪⎫2x 3－1x n的展开式的常数项是第7项，则正整数n的值为__8__.解析二项式⎝⎛⎭⎪⎫2x 3－1x n的展开式的通项是T r ＋1＝C r n ·(2x 3)n －r ·⎝ ⎛⎭⎪⎫－1x r ＝C r n ·2n －r ·(－1)r ·x 3n －4r， 依题意，有3n －4×6＝0，得n ＝8.4．C 0n ＋3C 1n ＋5C 2n ＋…＋(2n ＋1)C n n ＝__(n ＋1)·2n__. 解析设S ＝C 0n ＋3C 1n ＋5C 2n ＋…＋(2n －1)·C n －1n ＋(2n ＋1)C nn ， ∴S ＝(2n ＋1)C n n ＋(2n －1)C n －1n ＋…＋3C 1n ＋C 0n ， ∴2S ＝2(n ＋1)(C 0n ＋C 1n ＋C 2n ＋…＋C n n )＝2(n ＋1)·2n， ∴S ＝(n ＋1)·2n .易错点 不能灵活使用公式及其变形错因分析：选择的公式不合适，造成解题错误．【例1】 求⎝ ⎛⎭⎪⎫x －3＋3x －1x 25展开式中常数项．解析x －3＋3x －1x 2＝x 3－3x 2＋3x －1x 2＝(x －1)3x2， ∴原式＝1x10(x －1)15，则常数项为C 515(－1)5＝－3 003.【例2】 求9192被100除所得的余数．解析(90＋1)92＝C 092·9092＋C 192·9091＋…＋C 9092·902＋C 9192·90＋C 9292，前91项均能被100整数，剩下两项和为92×90＋1＝8 281，显然8 281除以100所得余数为81.【跟踪训练1】 (x 2＋x ＋y )5的展开式中，x 5y 2的系数为( C ) A ．10 B ．20 C ．30D ．60解析(x 2＋x ＋y )5＝[(x 2＋x )＋y ]5， 含y 2的项为T 3＝C 25(x 2＋x )3·y 2.其中(x 2＋x )3中含x 5的项为C 13x 4·x ＝C 13x 5. 所以x 5y 2的系数为C 25C 13＝30.课时达标 第56讲[解密考纲]对二项式定理的考查主要涉及利用通项公式求展开式、特定项或参数值，利用二项式的性质求多项式的二项式系数、各项系数的和，一般以选择题、填空题的形式出现．一、选择题1．二项式⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋2x 210的展开式中的常数项是( A )A ．180B ．90C ．45D ．360解析⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋2x 210的展开式的通项为T k ＋1＝C k 10·(x )10－k·⎝ ⎛⎭⎪⎫2x 2k ＝2k C k 10x 5－52 k ，令5－52k ＝0，得k ＝2，故常数项为22C 210＝180.2．设n 为正整数，⎝⎛⎭⎪⎫x －1x x 2n展开式中存在常数项，则n 的一个可能取值为( B )A ．16B ．10C ．4D ．2解析⎝⎛⎭⎪⎫x －1x x 2n 展开式的通项公式为T k ＋1＝C k 2n x 2n －k ·⎝ ⎛⎭⎪⎫－1x x k ＝C k 2n (－1)kx4n －5k2 ，令4n －5k 2＝0，得k ＝4n5，依据选项知n 可取10.3.⎝⎛⎭⎪⎫ax ＋366的展开式的第二项的系数为－3，则⎰a 2-x 2d x 的值为( B )A ．3B ．73C ．3或73D ．3或－103解析该二项展开式的第二项的系数为C 1636a 5，由C 1636a 5＝－3，解得a ＝－1，因此⎰a2-x 2d x ＝x 33|－1－2＝－13＋83＝73.4．已知(1＋x )10＝a 0＋a 1(1－x )＋a 2(1－x )2＋…＋a 10(1－x )10，则a 8＝( D ) A ．－5 B ．5 C ．90D ．180解析∵(1＋x )10＝[2－(1－x )]10＝a 0＋a 1(1－x )＋a 2(1－x )2＋…＋a 10(1－x )10，∴a 8＝C 810·22·(－1)8＝180，故选D ．5．若(3y ＋x )5展开式的第三项为10，则y 关于x 的函数图象的大致形状为( D )解析(3y ＋x )5的展开式的通项为T r ＋1＝C r 5x r 2 y 5-r3 ，则T 3＝C 25xy ＝10，即xy ＝1，由题意知x ≥0，故D 选项的图象符合．6．在(2x ＋x lg x )8的展开式中，二项式系数最大的项的值等于1 120，则x ＝( C )A ．1B ．110C ．1或110D ．－1解析二项式系数最大的项为第5项，由题意可知T 5＝C 48(2x )4·(xlg x )4＝1 120，∴x4(1＋lgx )＝1，两边取对数可知lg 2x ＋lg x ＝0，得lg x ＝0或lg x ＝－1，故x ＝1或x ＝110.二、填空题7．(2017·浙江卷)已知多项式(x ＋1)3(x ＋2)2＝x 5＋a 1x 4＋a 2x 3＋a 3x 2＋a 4x ＋a 5，则a 4＝__16__，a 5＝__4__.解析由题意知a 4为展开式含x 的项的系数，根据二项式定理得a 4＝C 23×12×C 22×22＋C 33×13×C 12×2＝16，a 5是常数项，所以a 5＝C 33×13×C 22×22＝4.8．(2016·全国卷Ⅰ)(2x ＋x )5的展开式中，含x 3项的系数是__10__(用数字填写答案)．解析由(2x ＋x )5得T r ＋1＝C r 5(2x )5－r(x )r＝25－r C r 5x 5－r2 ，令5－r2＝3得r ＝4，此时系数为10.9．若二项式⎝⎛⎭⎪⎪⎫x ＋23x n 的展开式中的常数项是80，则该展开式的二项式系数之和等于__32__.解析对于T r ＋1＝C r n (x )n －r ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫23x r ＝C r n 2rx n -r 2 －r 3，当r ＝35n 时展开式为常数项，因此n为5的倍数，不妨设n ＝5m ，则有r ＝3m ，则23m C 3m5m ＝80，因此m ＝1，则该展开式中的二项式系数之和等于2n＝25＝32.三、解答题10．已知在⎝⎛⎭⎪⎪⎫3x －123x n 的展开式中，第6项为常数项． (1)求n ；(2)求含x 2的项的系数； (3)求展开式中所有的有理项．解析(1)依题意知⎝⎛⎭⎪⎪⎫3x －123x n 的展开式的通项为T r ＋1＝C r n (3x )n －r ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－123x r ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－12r C r n x n -2r 3 ，又第6项为常数项，则当r ＝5时，n －2r3＝0，即n －103＝0，解得n ＝10.(2)由(1)得T r ＋1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－12r C r10x 10-2r3 ，令10－2r 3＝2，解得r ＝2，故含x 2的项的系数为⎝ ⎛⎭⎪⎫－122C 210＝454.(3)若T r ＋1为有理项，则有10－2r3∈Z ，且0≤r ≤10，r ∈Z ，故r ＝2,5,8，则展开式中的有理项分别为T 3＝C 210⎝ ⎛⎭⎪⎫－122x 2＝454x 2， T 6＝C 510⎝ ⎛⎭⎪⎫－125＝－638， T 9＝C 810⎝ ⎛⎭⎪⎫－128x －2＝45256x －2. 11．已知(1－2x )7＝a 0＋a 1x ＋a 2x 2＋…＋a 7x 7，求： (1)a 1＋a 2＋…＋a 7； (2)a 1＋a 3＋a 5＋a 7； (3)a 0＋a 2＋a 4＋a 6；(4)|a 0|＋|a 1|＋|a 2|＋…＋|a 7|.解析令x ＝1，得a 0＋a 1＋a 2＋a 3＋a 4＋a 5＋a 6＋a 7＝－1.① 令x ＝－1，得a 0－a 1＋a 2－a 3＋a 4－a 5＋a 6－a 7＝37.② (1)∵a 0＝C 07＝1，∴a 1＋a 2＋a 3＋…＋a 7＝－2.(2)(①－②)÷2，得a 1＋a 3＋a 5＋a 7＝－1－372＝－1 094.(3)(①＋②)÷2，得a 0＋a 2＋a 4＋a 6＝－1＋372＝1 093.(4)∵(1－2x )7展开式中a 0，a 2，a 4，a 6大于零，而a 1，a 3，a 5，a 7小于零，∴|a 0|＋|a 1|＋|a 2|＋…＋|a 7|＝(a 0＋a 2＋a 4＋a 6)－(a 1＋a 3＋a 5＋a 7)＝1 093－(－1 094)＝2 187.12．已知n2x 21⎪⎭⎫ ⎝⎛+，求： (1)展开式中第5项，第6项与第7项的二项式系数成等差数列，求展开式中二项式系数最大的项的系数；(2)若展开式前三项的二项式系数和等于79，求展开式中系数最大的项． 解析(1)∵C 4n ＋C 6n ＝2C 5n ，∴n 2－21n ＋98＝0. ∴n ＝7或n ＝14，当n ＝7时，展开式中二项式系数最大的项是T 4和T 5. ∴T 4的系数为C 37⎝ ⎛⎭⎪⎫12423＝352，T 5的系数为C 47⎝ ⎛⎭⎪⎫12324＝70，当n ＝14时，展开式中二项式系数最大的项是T 8.∴T 8的系数为C 714⎝ ⎛⎭⎪⎫12727＝3 432.(2)∵C 0n ＋C 1n ＋C 2n ＝79，∴n 2＋n －156＝0.∴n ＝12或n ＝－13(舍去)．设T k ＋1项的系数最大，∵⎝ ⎛⎭⎪⎫12＋2x 12＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1212(1＋4x )12， ∴⎩⎪⎨⎪⎧C k124k≥C k －1124k －1，C k 124k ≥C k ＋1124k ＋1，∴9.4≤k ≤10.4，∵k ∈N ，∴k ＝10.∴展开式中系数最大的项为T 11，T 11＝C 1012·⎝ ⎛⎭⎪⎫122·210·x 10＝16 896x 10.。

2月24日理科数学答案一、选择题1．设事件A ，B ，已知P (A )＝15，P (B )＝13，P (A ∪B )＝815，则A ，B 之间的关系为(A)A ．两个任意事件B ．互斥事件C ．非互斥事件D ．对立事件解析因为A ，B 互斥时，P (A ∪B )＝P (A )＋P (B )．反之不一定成立．所以A ，B 不一定是互斥事件，选A ．2．(2018·福建厦门模拟)口袋中有100个大小相同的红球、白球、黑球，其中红球45个，从口袋中摸出一个球，摸出白球的概率为0.23，则摸出黑球的概率为(D)A ．0.45B ．0.67C ．0.64D ．0.32解析摸出红球的概率为0.45，摸出白球的概率为0.23，故摸出黑球的概率P ＝1－0.45－0.23＝0.32.3．已知甲、乙两人下棋，和棋的概率为12，乙胜的概率为13，则甲胜的概率和甲不输的概率分别为(C)A ．16，16B ．12，23C ．16，23D ．23，12解析“甲胜”是“和棋或乙胜”的对立事件，所以“甲胜”的概率为1－12－13＝16.设“甲不输”为事件A ，可看做是“甲胜”与“和棋”这两个互斥事件的和事件，所以P (A )＝16＋12＝23“甲不输”为事件A ，可看做是“乙胜”的对立事件，所以P (A )＝1－13＝4．某小组有5名男生和4名女生，从中任选4名同学参加“教师节”演讲比赛，则下列每对事件是对立事件的是(C)A ．恰有2名男生与恰有4名男生B ．至少有3名男生与全是男生C ．至少有1名男生与全是女生D ．至少有1名男生与至少有1名女生解析“恰有2名男生”与“恰有4名男生”是互斥事件，但不是对立事件，排除A 项；“至少有3名男生”与“全是男生”可以同时发生，不是互斥事件，排除B 项；“至少有1名男生”与“全是女生”不可能同时发生，且必有一个发生，是对立事件，C 项正确；“至少有1名男生”与“至少有1名女生”可以同时发生，不互斥，排除D 项，故选C ．5．有3个相识的人某天各自乘同一火车外出，假设火车有10节车厢，则至少有2人在同一车厢内相遇的概率为(B)A ．29200B ．725C ．29144D ．718解析设事件A 是“至少有2人在同一车厢内相遇”，则事件A 是“3人分别在3节不同的车厢”，P (A )＝A 310103＝1825，所以P (A )＝1－P (A )＝1－1825＝725.6．连续投掷两次骰子得到的点数分别为m ，n ，向量a ＝(m ，n )与向量b ＝(1,0)的夹角记为α，则α的概率为(B)A ．518B ．512C ．12D ．712解析cos 〈a ，b 〉＝mm 2＋n 2，∵α∴22<m m 2＋n 2<1，∴n <m ，又满足n <m 的骰子的点数有(2,1)，(3,1)，(3,2)，…，(6,3)，(6,4)，(6,5)，共15个．故所求概率为P ＝1536＝512.二、填空题7．已知向量a ＝(x ，－1)，b ＝(3，y )，其中x ∈{－1,1,3}，y ∈{1,3}，那么a ⊥b 的概率是__16__.解析从集合{－1,1,3}中取一个数为x 有3种取法，同理y 有2种取法，满足a ⊥b 的有＝1，＝3，故所求的概率P ＝13×2＝16.8．某学校成立了数学、英语、音乐3个课外兴趣小组，3个小组分别有39,32,33个成员，一些成员参加了不止一个小组，具体情况如图所示．现随机选取一名成员，他至少参加2个小组的概率是__35__，他至多参加2个小组的概率为__1315__.解析随机选一名成员，恰好参加2个小组的概率P (A )＝1160＋760＋1060＝715，恰好参加3个小组的概率P (B )＝860＝215，则他至少参加2个小组的概率为P (A )＋P (B )＝715＋215＝35，至多参加2个小组的概率为1－P (B )＝1－215＝1315.9．2011年深圳大运会的一组志愿者全部通晓中文，并且每个志愿者还都通晓英语、日语和韩语中的一种(但无人通晓两种外语)．已知从中任抽一人，其通晓中文和英语的概率为12，通晓中文和日语的概率为310.若通晓中文和韩语的人数不超过3人，则这组志愿者的人数为__10人__．解析设通晓中文和英语的人数为x ，通晓中文和日语的人数为y ，通晓中文和韩语的人数为z ，且x ，y ，z ∈N *＝12，＝310，＝5，＝3，＝2，所以这组志愿者的人数为5＋3＋2＝10(人)．三、解答题10．一盒中装有12个球，其中5个红球，4个黑球，2个白球，1个绿球．从中随机取出1球，求：(1)取出1球是红球或黑球的概率；(2)取出1球是红球或黑球或白球的概率．解析方法一(利用互斥事件求概率)记事件A 1＝{任取1球为红球}，A 2＝{任取1球为黑球}，A 3＝{任取1球为白球}，A 4＝{任取1球为绿球}，则P (A 1)＝512，P (A 2)＝412＝13，P (A 3)＝212＝16，P (A 4)＝112，根据题意知，事件A 1，A 2，A 3，A 4彼此互斥，由互斥事件的概率公式，得(1)取出1球为红球或黑球的概率为P (A 1∪A 2)＝P (A 1)＋P (A 2)＝512＋13＝34.(2)取出1球为红球或黑球或白球的概率为P (A 1∪A 2∪A 3)＝P (A 1)＋P (A 2)＋P (A 3)＝512＋13＋16＝1112.方法二(利用对立事件求概率)(1)由方法一知，取出1球为红球或黑球的对立事件为取出1球为白球或绿球，即A 1∪A 2的对立事件为A 3∪A 4，所以取出1球为红球或黑球的概率为P (A 1∪A 2)＝1－P (A 3∪A 4)＝1－P (A 3)－P (A 4)＝1－16－112＝34.(2)因为A 1∪A 2∪A 3的对立事件为A 4，所以取出1球为红球或黑球或白球的概率为P (A 1∪A 2∪A 3)＝1－P (A 4)＝1－112＝1112.11．在新年联欢晚会上，游戏获胜者甲和乙各有一次抽奖机会，共有10个奖品，其中一等奖6个，二等奖4个，甲、乙二人依次抽取．(1)甲抽到一等奖，乙抽到二等奖的概率是多少？(2)甲、乙二人中至少有一人抽到一等奖的概率是多少？解析(1)所有的抽法共有A 210种，而甲抽到一等奖，乙抽到二等奖的抽法有C 16·C 14种，故甲抽到一等奖，乙抽到二等奖的概率为C 16·C 14A 210＝415.(2)所有的抽法共有A 210种，而甲、乙二人中至少有一人抽到一等奖的抽法有2C 16·C 14＋A 26种，故甲、乙二人中至少有一人抽到一等奖的概率为2C 16·C 14＋A 26A 210＝1315.12．如图，A 地到火车站共有两条路径L 1和L 2，现随机抽取100位从A 地到达火车站的人进行调查，调查结果如下.所用时间/分钟10～2020～3030～4040～5050～60选择L 1的人数612181212选择L 2的人数0416164(1)试估计40分钟内不能赶到火车站的人数的概率；(2)分别求通过路径L 1和L 2所用时间落在上表中各时间段内的频率；(3)现甲、乙两人分别有40分钟和50分钟时间用于赶往火车站，为了尽最大可能在允许的时间内赶到火车站，试通过计算说明，他们应如何选择各自的路径？解析(1)由已知共调查了100人，其中40分钟内不能赶到火车站的有12＋12＋16＋4＝44(人)，∴用频率估计相应的概率为0.44.(2)选择L1的有60人，选择L2的有40人，故由调查结果得频率为所用时间/分钟10～2020～3030～4040～5050～60L1的频率0.10.20.30.20.2L2的频率00.10.40.40.1(3)设A1，A2分别表示甲选择L1和L2时，在40分钟内赶到火车站；B1，B2分别表示乙选择L1和L2时，在50分钟内赶到火车站．由(2)知P(A1)＝0.1＋0.2＋0.3＝0.6，P(A2)＝0.1＋0.4＝0.5，∵P(A1)>P(A2)，∴甲应选择L1，同理，P(B1)＝0.1＋0.2＋0.3＋0.2＝0.8，P(B2)＝0.1＋0.4＋0.4＝0.9，∵P(B1)<P(B2)，∴乙应选择L2.。

安徽省六安市毛坦厂中学2020届高三语文下学期假期作业（2.26）D.臣闻善人天地之纪/政之所由也/诗云/思皇多士/生此王国/天挺俊义/为陛下出/当辅弼明时/左右大业者也/2.下列对文中相关内容的解说，不正确的一项是（3分）（）A.孺子是徐稚的字。

古人的名和字在意思上是相关的，“稚”和“孺子”皆指幼小。

B.陈蕃非常欣赏徐稚，在郡衙特地为他“设一榻”，这就是后来“下榻”一词的由来。

C.文中的“三辅”指京畿地区，政治、经济、文化发达，所以韦著懂“礼义之俗”。

D.文中的“庐”指的是郭家房舍，与陶渊明诗中“结庐在人境”的“庐”意思相同。

3.下列对原文有关内容的概括和分析，不正确的一项是（3分）（）A.徐稚品德高尚，不羡富贵。

他虽然家里贫困，自耕田地，自食其力，但为人恭敬节俭，讲义气，多谦让，所以邻居们都很佩服他。

他常常回避官府，不与之打交道。

B.徐稚等人才德出众，为人所赏识。

陈蕃、胡广等上书举荐多位“处士”，认为这些人德才兼备，可以辅政治国，其中徐稚被认为是这几个人中最优秀的。

C.徐稚对待朋友真诚而友善。

他与郭林宗彼此深知，让茅容传话，用“大树”喻国家，用“一绳”比喻郭林宗，劝他不要为国事过度忧虑，以致遑遑不安，不得清静。

D.引用《诗经》加强表意效果。

文中共引用《诗经》两次，第一次是陈蕃等人引用，对国之贤才表示期盼、欣喜和自豪；第二次是郭林宗引用，对徐稚的行为表示理解和感谢。

4.把文中句子翻译成现代汉语。

（10分）（1）桓帝乃以安车玄纁，备礼征之，并不至。

（4分）（2）闻之，疑其稚也，乃选能言语生茅容轻骑追之。

（4分）5.徐稚为什么能结交众多朋友？（2分）二、古代诗歌阅读（本题共2小题，9分）阅读下面这首唐诗，完成下面小题。

少室雪晴送王宁李颀少室①众峰几峰别，一峰晴见②一峰雪。

隔城半山连青松，素色峨峨千万重。

过景③斜临不可道，白云欲尽难为容。

行人④与我玩幽境，北风切切吹衣冷。

惜别浮桥驻马时，举头试望南山岭。

安徽省六安市毛坦厂中学2020届高三化学下学期假期作业（2.25）说明：前三题为必做题，第4题和第5题为选做题1．某课外活动小组欲利用CuO与NH3反应，研究NH3的某种性质并测定其组成，设计了如下实验装置（夹持装置未画出）进行实验。

请回答下列问题：（1）仪器a的名称为______；仪器b中可选择的试剂为______。

（2）实验室中，利用装置A，还可制取的无色气体是______（填字母）。

A．Cl2 B．O2 C．CO2 D．NO2（3）实验中观察到装置C中黑色CuO粉末变为红色固体，量气管有无色无味的气体，上述现象证明NH3具有______性，写出相应的化学方程式______。

（4）E装置中浓硫酸的作用______。

（5）读取气体体积前，应对装置F进行的操作：______。

（6）实验完毕，若测得干燥管D增重mg，装置F测得气体的体积为n L（已折算成标准状况），则氨分子中氮、氢的原子个数比为______（用含m、n字母的代数式表示）。

2．工业上利用软锰矿浆烟气脱硫吸收液制取电解锰，并利用阳极液制备高纯碳酸锰、回收硫酸铵的工艺流程如下(软锰矿的主要成分是MnO2，还含有硅、铁、铝的氧化物和少量重金属化合物等杂质)：（1）一定温度下，“脱硫浸锰”主要产物为MnSO4，该反应的化学方程式为______________________。

（2）“滤渣2”中主要成分的化学式为______________________。

（3）“除重金属”时使用(NH4)2S而不使用Na2S的原因是_______________________________________。

（4）“电解”时用惰性电极，阳极的电极反应式为____________________________。

（5）“50℃碳化”得到高纯碳酸锰，反应的离子方程式为_______________________________________。

“50℃碳化”时加入过量NH4HCO3，可能的原因是______________________________________（写两种）。

安徽省毛坦厂中学2020届高三语文11月月考试题（应历）注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码贴在答题卡上的指定位置。

2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域无效。

3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域无效。

第Ⅰ卷阅读题(共70分)一、现代文阅读（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成各小题中华文明被称为礼乐文明，是因为礼乐在社会组织和道德教化中发挥了基础作用。

中华礼乐的建构是从周公制礼作乐开始的。

西周所形成的礼乐文明，正是催生儒家学说的母体和温床。

春秋时期的礼崩乐坏，促使孔子反思礼乐制度崩解的原因，从理论上总结礼乐文明的精神内核，从而创立了作为中华文化主流的儒家学派。

没有周公，则礼乐文明体系难以建立；没有孔子，则礼乐文明的精神就难以大白于天下，而这正是何以唐代以前周孔并称的原因所在。

所以，若要认识周代礼乐文明的精神特质，当然要学习孔子思想；但从产生的次序而言，则是先有了礼乐文明，后有儒家学说。

周制是孔子所心仪的文明形态，儒学则是孔子对于周礼的思想提炼。

因此，礼乐制度才是儒学的社会存在之“体”，而数千年的中华历史表明，儒家思想只有植根于礼乐文明的地基之上才能焕发出勃勃生机。

孔子的儒学思想有两个核心概念，即仁和礼。

孔子摄礼归仁，以仁为礼之内在基础；同时又摄仁归礼，以礼作为仁的实践途径。

因此，在孔子那里，仁与礼是互摄的。

从心性角度而言，仁是礼的精神前提，礼乐规范应当归本于仁：从实践工夫而言，仁的达成又以礼为前提，礼是仁道的实践途径。

所以，仁与礼是互为前提的，这从逻辑学上似乎是悖论，但儒学非古希腊逻格斯意义上的哲学，而是知行合一的工夫之学，所以仁礼互摄和相互成就，正是儒学作为实践之学的特征所在。

安徽省六安市毛坦厂中学2020届高三语文下学期假期作业（2.21）分值 45分时间 50分钟一、阅读下面的文字，完成下面1-3题。

（本题共3小题，9分）汉字是世界上历史最悠久、使用人口最多的文字。

汉字形体在从甲骨文到小篆、隶书、草书、楷书的发展岁月中，大体上经历了从图形化到线条化，再到笔划化三个阶段的演变，这个演变过程是一个从难到易、从繁到简、从不规范到较规范的进步过程，汉字演变的总趋势是不断简化，不断规范化。

汉字之所以要简化，一方面是由于汉字自身的发展需要。

汉字起源于图画，本身就存在着笔画繁多，结构复杂、难认难写的缺点；另一方面是由于社会不断发展，汉字的使用者和使用范围不断增加和扩大，要求汉字能够认写迅速、运用方便，而汉字的复杂繁难却使各种抄写、印刷事务不能快捷。

正是在这种矛盾之下，汉字不能不适应社会政治、经济、文化生活的需要而趋速就简。

所以，汉字简化是人们在使用汉字过程中自然生长出来的要求，是社会发展的诉求，是不可阻挡的历史潮流。

当然，汉字的简化绝不是随心所欲地简化，而是要根据汉字规律，逐步地科学地简化，简化的目的是使汉字有规范可循，更利于汉字在全社会的流通。

汉字之所以要规范化，首先从文字的特性看，文字是代替语言的交际工具，为了适应人们相互交际的需要，必然要求文字使用的规范化。

其次，从汉字字形演变和汉字使用看，汉字字形的演变是以产生变异为前提的，无变异就无全部汉字的发展史，而异体的产生是汉字使用者的群众性行为，汉字使用越普及，异体也就越多。

但存在过多的异体，将影响汉字在全社会的统一使用。

为整理异体字繁乱的现象，使汉字的使用规范化，我国历史上继秦“书同文”以后，每隔几百年就要做一次汉字正字法的整理工作。

建国后，党和政府有领导、有计划、有步骤地开展了汉字简化、规范化工作，并建立起了现代的汉字规范。

改革开放以来，我国同世界各国在经济、文化、教育、科技等方面的交流日益密切频繁，尤其是在人类已经进入了大数据信息时代的今天，文字与社会的关系从未有过如此的密切；同时，伴随着世界各地孔子学院的开办，世界上出现了新一波“汉语热”，汉语在全球的影响力越来越高，规范、简化汉字在国际上的影响也愈来愈大，弃繁就简已成为现在和未来的大趋势。