2018年中考数学题型复习题型七几何图形的相关证明及计算类型五构造直角三角形练习
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类型五构造直角三角形1. (2017重庆南开一模)如图，四边形ABCD为矩形，连接AC，AD＝2CD，点E在AD边上．(1)如图①，若∠ECD＝30°，CE＝4，求△AEC的面积；(2)如图②，延长BA至点F使得AF＝2CD，连接FE并延长交CD于点G，过点D作DH⊥EG 于点H，连接AH，求证：FH＝2AH＋DH.第1题图2. 已知△ABC和△ADE都是等边三角形，点B，D，E在同一条直线上．(1)如图①，当AC⊥DE，且AD＝2时，求线段BC的长度；(2)如图②，当CD⊥BE时，取线段BC的中点F，线段DC的中点G，连接DF，EG，求证：DF＝EG.第2题图3. 如图①，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，D为CB上一点，且满足CD＝CA，连接AD.过点C作CE⊥AB于点E.(1)若AB＝10，BD＝2，求CE的长；(2)如图②，若点F是线段CE延长线上一点，连接FD，若∠F＝30°，求证：CF＝AE＋3 2DF；第3题图4. (2017重庆八中模拟)如图，△ABD是等腰直角三角形，点C是BD延长线上一点，F在AC上，AD＝AF，E为△ADC内一点，连接AE、BE，AE平分∠CAD，AE⊥BE.(1)若∠EBD＝15°，求∠ADF；(2)求证：BE－AE＝DF.5. (2017重庆巴蜀一模)如图，在等腰直角△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝90°，点D为AC 上一点，连接BD，过C点作BD的垂线交BD的延长线于点E，连接AE，过点A作AF⊥AE交BD 于点F ，连接CF .(1)若CE ＝2，AE ＝322，求BC 的长；(2)若点D 为AC 的中点，求证：CF ＝2CD .第5题图6. 如图，在△ABC 中，AC ＝BC ，∠ACB ＝90°，点D 在BC 的延长线上，连接AD ，过点B 作BE ⊥AD ，垂足为E ，交AC 于点F ，连接CE .(1)求证：△BCF≌△ACD；(2)猜想∠BEC的度数，并说明理由；(3)探究线段AE，BE，CE之间满足的等量关系，并说明理由．第6题图答案1. (1)解：在Rt△EDC中，∵∠ECD ＝30°， ∴ED ＝12EC ＝12×4＝2，∴DC ＝EC ·cos 30°＝4×32＝23， ∴AE ＝2DC －ED ＝43－2，∴S △AEC ＝12×AE ×DC ＝12(43－2)×23＝12－23；(2)证明：如解图，过A 作AM ⊥AH ，交FG 于点M ， ∴∠MAH ＝∠MAD ＋∠DAH ＝90°，又∵∠FAD ＝∠MAD ＋∠FAM ＝90°，∴∠FAM ＝∠DAH ， ∵AF ∥CD ， ∴∠F ＝∠EGD ， ∵DH ⊥EG ，∴∠DHE ＝∠HDG ＋∠EGD ＝90°，∠EDG ＝∠EDH ＋∠HDG ＝90°， ∴∠EGD ＝∠EDH ， ∴∠F ＝∠EDH ， 又∵AF ＝2CD ，AD ＝2CD ， ∴AF ＝AD ，∴△AFM ≌△ADH (ASA )， ∴AM ＝AH ，FM ＝DH ， ∴△MAH 是等腰直角三角形， ∴MH ＝2AH ， ∵FH ＝MH ＋FM ， ∴FH ＝2AH ＋DH .第1题解图2. (1)解：设AC 与DE 交于点F ，如解图①所示： ∵△ABC 和△ADE 都是等边三角形，AC ⊥DE ，AD ＝2， ∴BC ＝AC ，DE ＝AD ＝2，DF ＝12DE ＝1，AF ＝CF ，∴AF ＝AD 2－DF 2＝3， ∴AC ＝2AF ＝23， ∴BC ＝23；(2)证明：连接CE 、GF ，如解图②所示：∵△ABC 和△ADE 都是等边三角形，点B ，D ，E 在同一条直线上． ∴AB ＝AC ，AD ＝AE ，∠BAC ＝∠DAE ＝∠AED ＝60°， ∴∠ADB ＝120°，∠BAD ＝∠CAE ， 在△ABD 和△ACE 中，⎩⎪⎨⎪⎧AB ＝AC ∠BAD＝∠CAE AD ＝AE ，∴△ABD ≌△ACE (SAS )，∴BD ＝CE ，∠AEC ＝∠ADB ＝120°， ∴∠CED ＝∠AEC －∠AED ＝60°， ∵CD ⊥BE ， ∴∠DCE ＝30°， ∴DE ＝12CE ，∵点F 为线段BC 的中点，点G 为线段DC 的中点， ∴FG ∥BD ，FG ＝12BD ，∴FG ∥DE ，FG ＝DE ，∴四边形DFGE 是平行四边形， ∴DF ＝EG .第2题解图3. (1)解：设AC ＝CD ＝x .在Rt △ACB 中，AB ＝10，AC ＝x ，BC ＝CD ＋BD ＝x ＋2， ∵AB 2＝AC 2＋BC 2， ∴102＝x 2＋(x ＋2)2， 解得x ＝6或－8(舍)， ∴AC ＝6，BC ＝8.∵12·AC ·BC ＝12·AB ·CE ， ∴CE ＝6×810＝245.(2)证明：如解图，过点D 作DH ⊥CF 于点H .第3题解图∵∠ACD ＝∠AEC ＝∠DHC ＝90°，∴∠ACE ＋∠CAE ＝90°，∵∠ACE ＋∠BCE ＝90°， ∴∠CAE ＝∠DCH ，在△ACE 和△CDH 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠CAE ＝∠DCH ∠AEC＝∠DHC，AC ＝CD∴△ACE ≌△CDH (AAS )， ∴AE ＝CH ， 在Rt △DHF 中，∵∠DHF ＝90°，∠F ＝30°，∴HF ＝DF ·cos 30°＝32DF ， ∴CF ＝CH ＋HF ＝AE ＋32DF . 4. (1)解：在△BGD 和△AGE 中， ∵∠BDG ＝∠AEG ＝90°， ∠BGD ＝∠AGE ， ∴∠DBG ＝∠EAG ，∵∠DBG ＝15°，AE 平分∠CAD ， ∴∠DAC ＝30°， ∵AD ＝AF ∴∠ADF ＝75°，(2)证明：如解图，过D 作DH ⊥DE ，交BE 于点H ，第4题解图∵∠BDA ＝∠EDH ＝90°， ∴∠BDH ＝∠ADE ，在△AED 和△BHD 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠BDH ＝∠ADE AD ＝BD ∠DBE＝∠DAE ，∴△AED ≌△BHD (ASA )， ∴DE ＝DH ，∴△DHE 为等腰直角三角形， ∴∠DEH ＝45°， ∴∠DEA ＝135°，在△DAE 和△FAE 中⎩⎪⎨⎪⎧AE ＝AE ∠DAE＝∠FAE AD ＝AF ，∴△DAE ≌△FAE (SAS )，∴∠AED ＝∠AEF ＝135°，DE ＝EF ， ∴DH ＝EF ，∴△DEF 为等腰直角三角形， ∴四边形HDFE 为平行四边形， ∴HE ＝DF ，∵BE －BH ＝HE ，BH ＝AE ， ∴BE －AE ＝DF .5. (1)解：∵AB ＝AC ，AB ⊥AC ，BE ⊥CE ， ∴∠BEC ＝∠BAC ＝90°， ∵∠ADB ＝∠CDE ， ∴∠ABF ＝∠ACE ， ∵∠BAC ＝∠FAE ＝90°，∴∠BAF ＝∠CAE ，∴△AFB ≌△AEC (ASA )，∴BF ＝CE ，AE ＝AF ，又∵在Rt △FAE 中，AE ＝322， ∴EF ＝3，在Rt △BEC 中，BE ＝BF ＋EF ＝2＋3＝5，CE ＝2， ∴BC ＝52＋22＝29，(2)证明：如解图，过点A 作AM ⊥BE 于点M ，连接CM .∴在Rt △ADM 和Rt △CDE 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠AMD＝∠CED＝90°AD ＝CD ∠ADM＝∠CDE，∴△ADM ≌△CDE (AAS )，∴CE ＝AM ，在Rt △AMF 中，∠AFD ＝45°，∠FAM ＝45°， ∴CE ＝AM ＝FM ＝ME ，∴∠EMC ＝45°，∴∠FMC ＝∠AMC ＝135°，CM ＝CM ，∴△FMC ≌△AMC (SAS )，∴CF ＝AC ＝2CD .第5题解图6. (1)证明：∵BE ⊥AD ，∠ACB ＝90°，∴∠CBE ＝∠CAD ＝90°－∠D ，在△BCF 和△ACD 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠CBE ＝∠CAD BC ＝AC ∠BCF＝∠ACD＝90°，∴△BCF ≌△ACD (ASA )；(2)解：∠BEC ＝45°，理由：如解图，取AB 的中点M ，连接CM ，EM ， ∵AC ＝BC ，∠ACB ＝90°，BE ⊥AD ，∴CM ＝EM ＝AM ＝BM ＝12AB ， ∴点A ，B ，C ，E 在同一个圆(⊙M )上， ∴∠BEC ＝∠BAC ＝45°；(3)解：BE ＝AE ＋2CE ，理由：作CG ⊥CE 交BE 于点G ，∵∠BEC ＝45°，则∠CGE ＝45°＝∠BEC ，CG ＝CE ，∴∠BGC ＝135°＝∠AEC ，EG ＝2CE ，在△BCG 和△ACE 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠BGC ＝∠AEC ∠CBE＝∠CAD，BC ＝AC∴△BCG ≌△ACE (AAS )，∴BG ＝AE ，∴BE ＝BG ＋EG ＝AE ＋2CE .第6题解图。
