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高中生物 单元质量检测(一)(含第1章)(含解析)新人教版必修2

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单元质量检测(一)(含第1章)一、选择题(共12小题，每小题5分，共60分)1．孟德尔研究遗传规律，主要是通过( )A．性状的遗传推知的B．显微镜观察发现的C．理论分析总结的D．测交实验解析：孟德尔对遗传规律的研究属于个体水平的研究，通过观察个体的性状表现来假设推知内在的规律。

答案：A2．下列有关遗传因子的叙述，不正确的是( )A．遗传因子在体细胞中成对存在B．遗传因子在配子中成单存在C．具有显性遗传因子的个体一般均表现出显性性状D．具有隐性遗传因子的个体均表现出隐性性状解析：遗传因子在体细胞中成对存在，在配子中成单存在，A、B正确；具有显性遗传因子的个体一般表现出显性性状，C正确；具有隐性遗传因子的个体不一定表现出隐性性状，如Aa 表现出显性性状，D错误。

答案：D3．利用“假说—演绎法”，孟德尔发现了两大遗传定律。

下列关于孟德尔研究过程的分析正确的是( )A．孟德尔发现的遗传定律可以解释所有有性生殖生物的遗传现象B．提出问题建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验的基础上C．孟德尔所作假设的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”D．为了验证做出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了正、反交实验解析：孟德尔发现的遗传定律并不能解释所有有性生殖生物的遗传现象，例如线粒体、叶绿体中的遗传物质控制的遗传，A错误；孟德尔是在观察到一对(或两对)相对性状的豌豆纯合亲本杂交后代只有一种表现型，F1自交后代呈现性状分离后才提出问题、做出假设，并且通过测交实验来检验推理得出结论的，B项正确；孟德尔所作假设的核心内容是“在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合”，C错误；为了验证假设是否正确，孟德尔完成了测交实验，D错误。

答案：B4．某养猪场有黑色猪和白色猪，假如黑色(B)对白色(b)为显性，要想鉴定一头黑色公猪是杂合子(Bb)还是纯合子(BB)，最合理的方法是( )A．让该黑色公猪充分生长，以观察其肤色是否会发生改变B．让该黑色公猪与黑色母猪(BB或Bb)交配C．让该黑色公猪与白色母猪(bb)交配D．从该黑色公猪的表现型即可分辨解析：要想鉴定一头黑色公猪是杂合子(Bb)还是纯合子(BB)，最合理的方法是测交，即让该黑色公猪与多头白色母猪(bb)交配，若子代全为黑猪，则表明该黑色公猪是纯合子(BB)，若子代出现白猪，则表明该黑色公猪为杂合子(Bb)。

答案：C5．豌豆花的位置分为叶腋和茎顶两种，分别受遗传因子T和t控制。

种植遗传因子组成为TT 和Tt的豌豆，两者数量之比是2∶1。

若两种类型的豌豆繁殖率相同，则在自然状态下，所有子代中遗传因子组成为TT、Tt、tt的个体数量之比为( )A．7∶6∶3 B．9∶2∶1C．7∶2∶1 D．25∶10∶1解析：根据题意，遗传因子组成为TT的豌豆自交后代遗传因子组成都是TT；遗传因子组成为Tt的豌豆自交后代遗传因子组成有三种：1/4TT、1/2Tt、1/4tt，则所有子代中遗传因子组成为TT的个体的数量占2/3＋1/3×1/4＝9/12，遗传因子组成为Tt的个体的数量占1/3×1/2＝2/12；遗传因子组成为tt的个体的数量占1/3×1/4＝1/12，因此子代中遗传因子组成为TT、Tt、tt的个体数量之比为9∶2∶1。

答案：B6．下列有关自由组合定律实质的叙述，正确的是( )A．控制不同性状的遗传因子是成对存在的，不相融合B．控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的C．形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子自由组合D．形成配子时，决定不同性状的遗传因子彼此分离解析：基因自由组合定律的实质是控制不同性状的遗传因子的分离和组合互不干扰，B正确。

答案：B7．落花生是闭花受粉的植物，果实(花生)的厚皮对薄皮为显性，果子狸毛色深褐色对浅灰色是显性。

若要鉴定一株结厚皮果实的落花生和一只深褐色的果子狸的纯合与否，应采用的最简便的遗传方法分别是( )A．杂交、杂交B．杂交、测交C．自交、自交D．自交、测交解析：鉴定纯合与否，动物可采用测交，植物既可以采用测交也可以采用自交，但对植物(尤其是闭花受粉的植物)而言，自交比测交操作简便。

让厚皮落花生自交，若后代无性状分离，则为纯合子，否则为杂合子；让深褐色果子狸与多只浅灰色的隐性个体交配，若后代全为深褐色，则可认为是纯合子，否则是杂合子，D正确。

答案：D8．在豚鼠中，黑色(C)对白色(c)是显性，毛皮粗糙(R)对毛皮光滑(r)是显性，能验证自由组合定律的最佳组合是( )A．黑光×白光→18黑粗∶16白光B．黑光×白粗→25黑粗C．黑粗×白粗→15黑粗∶7黑光∶16白粗∶3白光D．黑粗×白光→10黑粗∶9黑光∶8白粗∶11白光解析：孟德尔解释自由组合现象的关键是假设CcRr产生四种数量相等的配子，D项黑粗×白光，即CcRr×ccrr，相当于测交，后代的性状表现直接反映了CcRr产生的配子的种类和比例，是验证自由组合定律的最佳组合。

答案：D9．某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，基因型为Aa的表现为小花瓣，基因型为aa的表现为无花瓣。

花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，基因型为rr的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。

若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是( )A．子代共有9种基因型B．子代共有4种表现型C．子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3D．子代的所有植株中，纯合子约占1/4解析：此题运用拆分法求解，Aa×Aa后代有3种基因型，3种表现型；Rr×Rr后代有3种基因型，2种表现型。

故AaRr自交后代有3×3＝9种基因型，有5种表现型。

子代有花瓣植株占12/16＝3/4，其中，AaRr(4/16)所占的比例约为1/3。

子代的所有植株中，纯合子占4/16＝1/4。

答案：B10．旱金莲花的长度由3对等位基因控制，这3对基因分别位于3对同源染色体上，作用相等且具叠加性。

已知每个显性基因控制花长为5 mm，每个隐性基因控制花长为2 mm。

花长为24 mm的同种基因型个体相互授粉，后代出现性状分离，其中与亲本具有同等花长的个体所占比例是( )A．1/16 B．2/16C．5/16 D．6/16解析：“花长为24 mm的同种基因型个体相互授粉，后代出现性状分离”，说明花长为24 mm 的个体为杂合子，再结合每个显性基因控制花长为5 mm，每个隐性基因控制花长为2 mm，且旱金莲花的长度由3对等位基因控制，这3对基因分别位于3对同源染色体上，作用相等且具叠加性，可推知花长为24 mm的亲本中含4个显性基因和2个隐性基因，假设该种个体基因型为AaBbCC，则其互交后代含4个显性基因和2个隐性基因的基因型有AAbbCC、aaBBCC、AaBbCC，这3种基因型在后代中所占的比例为1/4×1/4×1＋1/4×1/4×1＋1/2×1/2×1＝6/16。

答案：D11．人的眼睛有的是双眼皮，有的是单眼皮。

某医学小组调查了人群中双眼皮性状和单眼皮性状的遗传情况，统计情况如表(控制眼皮的遗传因子用A、a表示)。

下列说法中不正确的是( )A.B．从第三组的调查结果基本可以判断出，隐性性状是单眼皮C．第二组的抽样家庭中，某一双亲的遗传因子组成有可能都是纯合子D．在第一组的抽样家庭中，比例不为3∶1，是因为抽样的样本太少解析：第三组的抽样家庭中，双亲全为单眼皮，子代全为单眼皮，可以判断单眼皮为隐性性状；第一组的抽样家庭中，双亲全为双眼皮，子代既有双眼皮，也有单眼皮，可以判断双眼皮为显性性状，A、B正确。

在第一组的抽样家庭中，双亲全为双眼皮，则双亲的遗传因子组成可能是AA×AA、AA×Aa或Aa×Aa，从而使比例不为3∶1，D错误。

答案：D12．玉米籽粒的颜色由三对独立遗传的等位基因共同控制。

基因型为A_B_C_的籽粒有色，其余基因型的籽粒均为无色。

现以一株有色籽粒玉米植株X为父本，分别进行杂交实验，结果如表。

据表分析，植株X的基因型为( )A.AaBbCcC．AaBBCc D．AaBbCC解析：由第三组判断X为AaBb_ _，由第一组判断X为_ _BBCc或_ _BbCC，由第二组判断X 为Aa_ _CC或AA_ _Cc，因此植株X的基因型为AaBbCC。

答案：D二、非选择题(共3小题，共40分)13．(10分)某种植物的花色由两对等位基因A、a和B、b控制。

基因A控制红色素合成(AA 和Aa的效应相同)；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。

现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下。

请回答下列问题：(1)根据上述第________组杂交实验结果，可判断控制该植物花色性状的两对基因遵循基因自由组合定律。

(2)在第1组和第2组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是____________。

(3)让第1组F2的所有个体自交，后代中红花∶粉红花∶白花＝________。

(4)第2组中，亲本红花个体的基因型是________，F2中粉红花个体的基因型是________________，F2中开白花植株的基因型有________种。

解析：(1)第2组F2的性状分离比为3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1能产生4种数量分别相等的雌雄配子，故两对基因独立遗传，遵循基因自由组合定律。

(2)第1组两个亲本白花和红花的基因型分别为AABB、AAbb，第2组两个亲本白花和红花的基因型分别为aaBB、AAbb。

(3)第1组的F1基因型为AABb，则F2的基因型及比例分别为1/4AABB、2/4AABb、1/4AAbb，其中1/4AABB自交，后代基因型全为AABB,2/4AABb自交，后代基因型为(1/4×2/4)AABB、(2/4×2/4)AABb、(1/4×2/4)AAbb，1/4AAbb自交，后代基因型全为AAbb，故后代中红花∶粉红花∶白花＝3∶2∶3。

(4)第2组亲本红花个体的基因型是AAbb，F1的基因型为AaBb，则F2中粉红花个体的基因型是AABb和AaBb，F2中的开白花植株的基因型有AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb，共5种。

答案：(1)2 (2)AABB、aaBB(顺序不能颠倒)(3)3∶2∶3(4)AAbb AABb和AaBb 514．(15分)玉米的高茎对矮茎为显性。

为研究一纯合高茎玉米植株的果穗上所结籽粒全为纯合、全为杂合还是既有纯合又有杂合，某同学选取了该玉米果穗上的两粒种子作为亲本，单独隔离种植，观察记录并分别统计子一代植株的性状，子一代全为高茎，他就判断该玉米果穗所有籽粒为纯种。

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人教版高中生物选择性必修2第1章种群及其动态过关检测(A卷)练习含答案

人教版高中生物选择性必修2第1章种群及其动态过关检测(A卷)练习含答案

第1章过关检测(A卷)(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本题共20小题,每小题2.5分,共50分。

每小题只有一个选项符合题目要求)1.下列有关种群的叙述,错误的是()A.用样方法和标记重捕法调查到的种群密度都是估算值B.建立自然保护区,可提高保护区内珍稀动物种群的K值C.直接影响野生生物种群密度变化的是出生率和死亡率、迁入率和迁出率,应该在种群数量达到K/2之后再进行捕杀,其得到的数据都是估算值,A项正确。

种群的K值大小与环境条件有关,环境条件得到改善,种群的K值就会增大,B项正确。

出生率和死亡率、迁入率和迁出率是种群密度变化的决定因素,C项正确。

对害虫的防治应该在种群数量小于K/2时进行,D项错误。

2.下图为种群数量特征的概念图,下列叙述错误的是()A.c表示种群密度,是种群最基本的数量特征B.a表示年龄结构,b表示性别比例,b可以用来预测种群密度的变化趋势C.若种群的数量增长呈“S”形曲线,则在种群数量达到K值前,种群的年龄结构一直是增长型a是性别比例,b是年龄结构,c是种群密度。

种群密度是种群最基本的数量特征,年龄结构可用来预测种群密度的变化趋势。

3.图甲表示某一经济鱼类的增长速率,图乙是某时期该鱼类种群的年龄结构曲线图。

下列分析正确的是()甲乙A.图乙为图甲C点后该经济鱼类年龄结构曲线图B.为提高经济效益,在捕捞中最好把种群密度控制在D点C.估算一个种群的出生率和死亡率,即可确定种群密度的大小K值,图甲中CD段(不包括D点)增长率大于0,为增长型,A项错误。

D点时,种群增长速率为0,种群数量达到K值,在K/2时,种群增长速率最大,因此在捕捞中最好把种群密度控制在K/2,B项错误,D项正确。

出生率和死亡率、迁入率和迁出率是决定种群密度的直接因素,此外性别比例、年龄结构等也影响种群密度,因此,仅估算一个种群的出生率和死亡率,并不能确定种群密度的大小,C项错误。

4.科学工作者对某地区田鼠种群数量的变化规律进行了调查,发现在最初的一个月内,田鼠种群数量每天增加1.5%。

新教材人教版高中生物选择性必修2第1章种群及其动态 课后练习题及章末检测含答案解析

新教材人教版高中生物选择性必修2第1章种群及其动态 课后练习题及章末检测含答案解析

第1章种群及其动态第1节种群的数量特征 (1)第2节种群数量的变化 (7)第3节影响种群数量变化的因素 (14)第1章种群及其动态检测卷 (21)第1节种群的数量特征题组一种群密度及其调查方法1．某同学拟调查一个面积为100 hm2的草地上某种双子叶草本植物的种群密度，设计了四个调查方案，其中最可行的是（）A．计数该草地上该种植物的全部个体数目B．设置1个1 m2样方，计数样方中该种植物的个体数目C．随机设置1 m2样方若干，计数每个样方中该种植物的个体数目D．在该种植物密集处设置1 m2样方若干，计数每个样方中该种植物的个体数【答案】C 【解析】调查草地中某种双子叶植物的种群密度，样方一般以1 m2的正方形为宜。

在被调查种群的分布范围内，随机选取若干个样方，通过计数每个样方内的个体数，求得每个样方的种群密度，以所有样方种群密度的平均值作为该种群的种群密度估计值。

2．为估算一包黄豆的数量，将这包黄豆和50粒绿豆混装在大广口瓶中，从瓶中随机取出一勺豆子，统计发现其总数为n，其中绿豆的数量为m。

下列相关叙述错误的是（）A．上述实验模拟了标记重捕法，其中绿豆代表标记后的动物B．将黄豆和绿豆装入瓶中后，应将其摇匀C．可重复取豆求平均值，降低实验误差D．黄豆总数约为50 m/n【答案】D 【解析】上述实验模拟了标记重捕法，其中绿豆代表标记后的动物，A正确。

将黄豆和绿豆装入瓶中后，应将其摇匀，代表被标记动物与未标记动物的均匀混合，B正确。

可重复取豆求平均值，能够降低偶然性造成的实验误差，C正确。

假设黄豆总数为A，则有（A ＋50）∶50＝n∶m，解得A＝50（n－m）/m，D错误。

3．植物种群密度的调查常用样方法，图示中黑点表示统计的个体。

下列各图中有关取样的方法的数量统计错误的是（）A B C D【答案】D 【解析】在统计样方中个体数时，对于样方内的个体全部计数在内，而对于位于样方边界的个体，遵循只计一半的原则，而选项D将所有位于边界的个体都计算在内，所以D项统计有误。

第2章 组成细胞的分子 单元练习-高一上学期生物人教版必修1(含答案详解)

第2章 组成细胞的分子 单元练习-高一上学期生物人教版必修1(含答案详解)

新人教高中生物必修1阶段验收评估（二）(考试范围：组成细胞的分子时间：75分钟满分：100分)一、选择题Ⅰ(本题共15小题，每小题2分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．组成细胞的各种分子具有重要功能。

下列相关叙述中错误的()A．脂肪是细胞中良好的储能物质，当糖代谢异常时，可分解脂肪来供能B．多糖分子是细胞中生命活动的重要能源物质，它们都含有特殊的化学键C．蛋白质分子结构的多样性为其作为生命活动的承担者提供了前提条件D．核酸分子具有携带遗传信息、催化、运输、参与构成细胞结构等的功能2．(2021·江苏连云港高一期末)如图为由A、B、C三条链共81个氨基酸构成的胰岛素原，需切除C链才能成为有活性的胰岛素，下列相关叙述错误的是()A．C链的切除需要消耗2分子的水B．胰岛素原中至少含有1个游离的氨基C．参与构成该蛋白质分子的氨基酸共有81个羧基D．有活性的胰岛素分子中含有2条肽链、49个肽键3．(2021·山东青岛高一期中)某牛奶饮品每100 mL中部分营养成分含量如表：钙维生素D 蛋白质脂肪碳水化合物40～80 mg 1～4 μg≥1．0 g ≥0.4 g ≥4.0 g下列有关说法错误的是()A．维生素D可以增进补钙效果B．蛋白质摄入可以补充氨基酸C．脂肪的储能效率比糖类的高D．细胞中碳水化合物是结合水4．(2022·江苏淮安高一检测)下列有关水和无机盐的叙述，不正确的有()①水能溶解、运输营养物质和代谢废物，并维持细胞形态②细胞中无机盐含量很少且大多数是以化合物形式存在③哺乳动物的血液中钙离子含量过高，会出现抽搐等症状④无机盐可以为人体生命活动提供能量⑤休眠种子与萌发种子相比，结合水与自由水的比值更小⑥缺碘会引起儿童佝偻病A．六项B．五项C．四项D．三项5．(2022·江苏常州高一期中)如图表示构成真核细胞的某些化合物的元素组成情况，下列对这些化合物能表现的生理功能的推测，错误的是()A．若甲物质参与光合作用，则甲物质可能分布于叶绿体中B．若乙物质位于人体红细胞中，则该物质可能是血红蛋白C．若丙在细胞中储存遗传信息，则丙是RNAD．图中除了Fe外，其他元素都是大量元素6．初步研究表明，β­AP(β­淀粉样蛋白)沉积是Alzheimer型老年痴呆的主要病理特征。

2022届高中生物新教材同步选择性必修第二册 第1章 章末检测试卷(一)

2022届高中生物新教材同步选择性必修第二册 第1章 章末检测试卷(一)

章末检测试卷(一)(满分：100分)一、选择题(本题包括25小题，每小题2分，共50分)1．下列生物中属于一个种群的是()A．一块草地上的牛、羊及草B．内蒙古草原上所有哺乳期的奶牛C．一块朽木上的全部真菌D．一个校园中的全部白杨树答案 D2．如表所示为稻田中田螺种群密度的调查表，下列有关说法正确的是()A.稻田中田螺种群密度的调查方法是样方法B．在调查稻田中田螺的种群密度时，应在田螺密集处取样C．田螺的年龄结构直接决定了田螺的种群密度变化D．田螺种群密度为16只/m2答案 A3．在进行种群密度的取样调查时，不宜采用的做法是()A．样方内各年龄段的植物均需统计B．选取多种植物为调查对象C．计算各样方内的平均值D．随机选取大小相等的若干块方形地块为样方答案 B解析种群是指在一定的空间范围内同种生物所有个体形成的集合，样方内各年龄段的植物均需统计，A正确；种群密度是指同种生物在单位面积或单位体积中的个体数，应选取一种植物为调查对象，B错误；为使调查数据接近真实情况，应随机选取大小相等的若干块方形地块为样方，并计算各样方内的平均值作为该种群的种群密度，C、D正确。

4．目前我国实行“全面二孩”的政策，该政策直接影响的种群数量特征有()①出生率②种群密度③迁入率④年龄结构A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④答案 B5．(2021·山东临沂市高二期末)图甲表示某一经济鱼类的种群特征，图乙是某时期该鱼类种群的年龄结构曲线。

下列分析错误的是()A．图乙不能表示C点后该经济鱼类年龄结构曲线B．在图甲B点时捕捞鱼类最易得到最大日捕获量C．采用标记重捕法调查该鱼类种群的种群密度D．D点时种群增长速率为0，种群数量达到最大值答案 B解析图甲的B点种群补偿量最大，捕捞鱼类应该在大于B点处捕捞，使鱼类种群数量保持在B点，在D点时捕捞鱼类可得到最大日捕获量，B错误。

6．(2021·北京海淀区101中学高二期中)某同学为了调查某区域内麻雀和黄鹂的种群密度，在该区域内随机设置了若干捕鸟网。