2020年人教版九年级全册物理第18章测试卷及答案
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第 1 页 共 15 页 第十八章 电功率
满分:100分,限时:45分钟
一、选择题(每小题4分,共40分)
1.(2018山东济南中考)小亮想测量家中电视机待机状态下消耗的电能,需要选用的仪器是( )
A.电流表 B.电压表
C.电能表 D.变阻器
1.答案 C 电流表是测量电流的仪表;电压表是测量电压的仪表;电能表是用来测量消耗电能多少的仪表;变阻器可以改变其接入电路中的电阻大小,不能够测量电能。故选C。
2.(2018山东临沂八中月考)一盏“6 V 3 W”的电灯接到某电路中,通过灯的电流是0.4 A,那么该灯的( )
A.实际功率等于3 W
B.实际功率大于3 W
C.实际电压大于6 V
D.实际电压小于6 V
2.答案 D 由P=UI可得,灯正常工作时的电流为I=
=
=0.5 A,0.5 A>0.4 A,因此灯泡的实际功率小于额定功率,实际电压小于额定电压,即该灯的实际功率小于3 W,实际电压小于6
V。
3.(2018北京石景山期末)如图18-5-1甲、乙所示的电能表和电阻箱,其读数正确的是( )
第 2 页 共 15 页 甲
乙
图18-5-1
A.18 236 kW·h和2 481 Ω
B.1 823.6 kW·h和2 481 Ω
C.18 236 kW·h和2 418 Ω
D.1 823.6 kW·h和1 824 Ω
3.答案 B 电能表上计数器示数的最后一位是小数点后一位,由图甲可知电能表的读数为1
823.6 kW·h,由图乙可知,电阻箱的读数是2 481 Ω,故选B。
4.(2018湖北武汉硚口二模)如图18-5-2是探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气,下列说法错误的是( )
图18-5-2
A.通电后透明容器中电阻丝的内能增大是通过做功方式改变的
B.U形管内液面高度变化是因为透明容器中空气的温度发生了变化
C.只闭合开关S1,该装置可以用来探究电流通过导体产生的热量跟电阻大小的关系 第 3 页 共 15 页 D.闭合开关S1和S2,该装置可以用来探究电流通过电阻产生的热量跟电流大小的关系
4.答案 D 电流通过电阻丝时会做功,电能转化为内能,使得电阻丝的内能变大,故A正确;电流通过导体产生热量,容器中空气吸热,温度变化,导致容器中空气体积变化,空气体积变化通过U形管中液面高度的变化来反映,故B正确;只闭合开关S1时,容器中的电阻丝串联起来接到电源两端,通过它们的电流I与通电时间t相同,R1
5.(2018山东淄博临淄模拟)如图18-5-3电路中,开关闭合后,发现灯L1比L2亮,下列分析正确的是( )
图18-5-3
A.通过L1的电流比L2的电流大
B.L1的电阻比L2的电阻大
C.L1两端电压比L2两端电压小
D.L1的实际功率比L2的实际功率小
5.答案 B 由图可知,两个灯泡串联,串联电路中电流处处相等,所以通过两灯泡的电流相等,故A错误;灯泡亮度由灯泡的实际功率决定,L1比L2亮,所以L1的实际功率比L2的实际功率大,故D错误;通过两灯泡的电流相等,且L1的实际功率比L2的实际功率大,由P=I2R可知,L1的电阻比L2的电阻大,故B正确;由U=IR知,L1两端电压比L2两端电压大,C错误。故选B。 第 4 页 共 15 页 6.(2017北京中考)小玲家有额定电压相同的电烤箱、电饭锅和电视机各一个,按照每度电0.5元的计费标准,将这三个用电器正常工作1小时的用电费用绘制成了如图18-5-4所示的柱状图。则下列四个选项中,判断正确的是( )
图18-5-4
A.在这三个用电器中,电烤箱正常工作时的电压最高
B.在这三个用电器中,电视机正常工作时的电压最低
C.正常工作时,通过电烤箱的电流大于通过电视机的电流
D.在一个月内,小玲家电烤箱的用电费用一定比电饭锅的用电费用多
6.答案 C 电烤箱、电饭锅和电视机的额定电压相同,而用电器正常工作时的电压就是额定电压,A、B错误;由柱状图可知,正常工作时,电烤箱的功率大于电视机的功率,它们的额定电压相同,根据I=
可知通过电烤箱的电流大于通过电视机的电流,C正确;正常工作时,电烤箱的功率比电饭锅大,但使用时间长短不确定,所以电烤箱消耗的电能不一定比电饭锅多,用电费用不一定比电饭锅的多,D错误。故选C。
7.(2018海南中考)如图所示,A、B为两盏白炽灯,A灯型号是“110 V,25 W”,B灯型号是“110
V,100 W”,R是一个未知电阻。若把它们接到电压为220 V的电路上,下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是( ) 第 5 页 共 15 页
7.答案 C 根据公式P=
可知,灯泡A的电阻RA=
=
=484 Ω,灯泡B的电阻RB=
=
=121 Ω。A图中灯泡A和B并联在电压为220 V的电路中,则A、B两端电压均为220 V,大于其额定电压,故两盏灯都不正常发光,故A不符合题意;B图中灯泡A和B串联在电压为220 V的电路中,由于两灯泡电阻不同,所以两灯泡两端的电压都不是其额定电压110 V,则两盏灯都不正常发光,故B不符合题意;C图中灯泡A和R并联后又和灯泡B串联,灯泡要想正常工作,必须满足灯泡A与电阻R并联后的总电阻和灯泡B的电阻相等;并联电路中,电阻越并越小,小于任何一个分电阻,所以此电路中灯泡A和灯泡B可能正常工作,故C符合题意;D图中灯泡B和电阻R并联后又和灯泡A串联,灯泡要想正常工作,必须满足灯泡B与电阻R并联后的总电阻和灯泡A的电阻相等;并联电路中电阻越并越小;故灯泡A和灯泡B不能正常工作,故D不符合题意。故选C。
8.(2017河南中考)如图18-5-5所示,从甲地通过两条输电线向乙地用户供电,若甲地电源电压恒为U,输电线的总电阻为r,当乙地用户用电时,下列说法正确的是( )
图18-5-5
A.用户使用的用电器两端电压为U
B.输电线上消耗的电功率为
C.当用户使用的用电器增多时,用电器两端的电压升高
D.当用户使用的用电器增多时,输电线上因发热而损失的功率增大 第 6 页 共 15 页 8.答案 D 在输电过程中,距离较长的输电线自身电阻不能忽略不计,当电流通过时,输电线自身会分得部分电压,U线=Ir。甲地提供的总电压为U,乙地的用户使用的用电器两端电压U乙=U-U线,所以A项错。输电线上消耗的电功率P线损=U线I= 线
,所以B项错。家庭电路中的用电器是并联的,所以当用户使用的用电器增多时,电路总电阻变小,根据欧姆定律I=
可知总电流变大,输电线分压会增大,由U乙=U-U线可知用电器两端的电压会变小,所以C项错。输电线损失的功率P线损=
=
=I2r,总电流增大时,输电线因发热损失的功率会变大,故D项正确。
9.(2018湖北武汉新洲阳逻一中模拟)为了测定额定电压为2.5 V的小灯泡的电功率,现提供如下器材:电压表(量程有“0~3 V”和“0~15 V”),电流表(量程有“0~0.6 A”和“0~3 A”),滑动变阻器(规格分别为“10 Ω 1 A”、“20 Ω 2 A”、“50 Ω
1.5 A”),开关,电源(电压恒为4 V)和若干条导线。某同学连接完电路后闭合开关,滑动变阻器的滑片移动过程中,测量的数据如表所示。若电源电压恒定不变,下列说法中正确的是( )
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压表示数U/V 3.5 3.1 2.5 2.3 1.9 1.5
电流表示数I/A 0.16 0.19 0.22 0.24 0.26 0.28
A.该小灯泡的额定功率为 0.55 W
B.该小灯泡两端的电压越高,实际功率越小
C.该同学所选的滑动变阻器规格为“50 Ω 1.5 A”
D.该同学连接电路时,将电压表并联在小灯泡的两端
9.答案 C 移动滑动变阻器滑片,电路中电流增大时,灯泡两端电压增大,电源电压不变,滑动变阻器两端电压减小。测量过程中电压表和电流表的示数变化相反,原因为电压表并联在滑动变阻器两端,故D错误;灯泡正常工作时,滑动变阻器两端的电压U滑=U-UL=4 V-2.5 第 7 页 共 15 页 V=1.5 V,由表格可知,灯泡的额定电流IL=0.28 A,额定功率P=ULIL=2.5 V×0.28 A=0.7 W,故A错误;由表格数据可知,当滑动变阻器两端的电压为U1=3.5 V时,电路中的电流I1=0.16
A,滑动变阻器接入电路的阻值R滑=
=
=21.875 Ω>20 Ω>10 Ω,故该同学选用滑动变阻器的规格为“50 Ω 1.5 A”,故C正确;小灯泡两端的电压越高,实际功率越大,故B错误。故选C。
10.(2017湖南长沙自主招生)有两个电路元件A和B,流过元件的电流与其两端电压的关系如图18-5-6(甲)所示。把它们串联在电路中,如图(乙)所示。闭合开关S,这时电流表的示数为0.4 A,则电源电压和元件B的电功率分别是( )
图18-5-6
A.2.0 V 0.8 W B.2.5 V 1.0 W
C.4.5 V 1.0 W D.4.5 V 1.8 W
10.答案 C 图(乙)中电路元件A和B串联,电流表测电路中的电流,电流表的示数为0.4 A时,IA=IB=I=0.4 A,图(甲)中对应的A和B两端的电压分别为:UA=2 V,UB=2.5 V。因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以电源的电压为U=UA+UB=2 V+2.5 V=4.5 V,故A、B错误;元件B的电功率为PB=UBIB=2.5 V×0.4 A=1 W,故C正确、D错误。
二、填空题(每空2分,共32分) 第 8 页 共 15 页 11.(2017山东德州中考)充电宝是一个可充放电的锂聚合物电池。某充电宝部分相关参数如表所示。该充电宝充满电时储存的电能为 J,输出功率为 W。
完全充电 100 mA/20 V/5 h
输出电压 5 V
输出电流 1 000 mA
11.答案 3.6×104 5
解析 该充电宝充满电时储存的电能W=UIt=20 V×100×10-3 A×5×3 600 s=3.6×104 J,输出功率P=U'I'=5 V×1 000×10-3 A=5 W。
12.(2017贵州毕节中考)小明家电能表上个月底的示数为
0 2 6 2
6
,这个月底的示数如图18-5-7所示,可知他家本月用电是 kW·h,本月转盘转了
圈;他家最多能接入总功率为 W的用电器。
图18-5-7
12.答案 100 6×104 2 200
解析 电能表上个月底的示数W1=262.6 kW·h,这个月底的示数W2=362.6 kW·h,则小明家本月用电为W=W2-W1=362.6 kW·h-262.6 kW·h=100 kW·h;“600 r/(kW·h)”表示每消耗1 kW·h的电能,电能表的转盘转600转,则本月电能表转盘转过n=600 r/(kW·h)×100
