河北省保定市高阳中学2021年高三下学期周练 物理试题二十五

河北省保定市高阳中学2021届高三物理下学期周练试题（二十四）新人教版1．(14分)某地强风的风速是20m/s ，空气的密度是ρ=1.3kg/m 3。

一风力发电机的有效受风面积为S =20m 2，若是风通过风力发电机后风速减为12m/s ，且该风力发电机的效率为η=80%，那么该风力发电机的电功率多大？二、甲、乙两小孩各乘一辆小车在滑腻水平面上匀速相向行驶，速度均为6m/s.甲车上有质量为m=1kg 的小球假设干个，甲和他的车及所带小球的总质量为M 1=50kg ，乙和他的车总质量为M 2=30kg 。

现为幸免相撞，甲不断地将小球以相对地面16.5m/s 的水平速度抛向乙，且被乙接住。

假设某一次甲将小球抛出且被乙接住后恰好可保证两车不致相撞，试求现在：（1）两车的速度各为多少？（2）甲总共抛出了多少个小球？3．如图11所示，C 是放在滑腻的水平面上的一块木板，木板的质量为3m ，在木板的上面有两块质量均为m 的小木块A 和B ，它们与木板间的动摩擦因数均为μ。

最初木板静止，A 、B 两木块同时以方向水平向右的初速度V 0和2V 0在木板上滑动，木板足够长， A 、B 始终未滑离木板。

求：（1）木块B 从刚开始运动到与木板C 速度恰好相等的进程中，木块B 所发生的位移；（2）木块A 在整个进程中的最小速度。

4．总质量为M 的列车，沿水平直线轨道匀速前进，其末节车箱质量为m ，半途脱节，司机觉察时，机车已行驶L 的距离，于是当即关闭油门，除去牵引力，如图13所示。

设运动的阻力与质量成正比，机车的牵引力是恒定的。

当列车的两部份都停止时，它们的距离是多少？5．如图14所示，在一滑腻的水平面上有两块相同的木板B 和C 。

重物A （A 视质点）位于B 的右端，A 、B 、C 的质量相等。

现A 和B 以同一速度滑向静止的C ，B 与C 发生正碰。

碰后B 和C 粘在一路运动，A 在C 上滑行，A 与C 有摩擦力。

河北省保定市高阳中学2021届高三物理上学期第六次周练试题新人教版一、单项选择题(本大题共6小题，每题6分，共36分，每题只有一个选项符合题意)1．“蹦极”确实是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．某人做蹦极运动，所受绳索拉力F的大小随时刻t转变的情形如下图．将蹦极进程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g.据图可知，这人在蹦极进程中最大加速度约为( )A．1g B．2gC．3g D．4g2．如图是一种起落电梯的示用意，A为载人箱，B为平稳重物，它们的质量均为M，上下均由跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动．若是电梯中人的总质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机，依托惯性上升h高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情形下，h为( )A.v22g B.M＋m v22mgC.M＋m v2mg D.2M＋m v22mg3．如下图，倾斜固定直杆与水平方向成60°角，直杆上套有一个圆环，圆环通过一根细线与一只小球相连接．当圆环沿直杆下滑时，小球与圆环维持相对静止，细线伸直，且与竖直方向成30°角．以下说法中正确的选项是( )A．圆环不必然加速下滑B．圆环可能匀速下滑C．圆环与杆之间必然没有摩擦D．圆环与杆之间必然存在摩擦4．图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探讨滑行者在滑道直线部份AE滑行的时刻，技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示用意．AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有AD＝DE＝10 m，滑道AE可视为滑腻，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动，g取10 m/s2，那么滑行者在滑道AE上滑行的时刻为( )A. 2 s B．2 sC. 3 s D．2 2 s5．2021年10月11日，温州乐清市德力西公司的专家楼B幢发生惊险一幕，一个小男孩从楼上窗台突然坠落．但幸运的是，楼下老伯高高举起双手接住了小孩，小孩安然无事．假设从楼上窗台到接住男孩的位置高度差为h＝20 m，老伯接男孩的整个进程时刻约为0.2 s，那么(忽略空气阻力，g取10 m/s2)( ) A．男孩接触老伯手臂时的速度大小为25 m/sB．男孩自由下落时刻约为4 sC．老伯手臂受到的平均作使劲是男孩体重的11倍D．老伯接男孩的整个进程，男孩处于失重状态6．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速度v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的滑腻水平地面上的A处滑上传送带．假设从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v－t图象(以地面为参考系)如图乙所示．已知v2>v1，那么( )A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时刻内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时刻内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用二、多项选择题(本大题共3小题，每题6分，共18分，每题有多个选项符合题意)7．在起落电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同窗站在体重计上，体重计示数为50 kg，电梯运动进程中，某一段时刻内晓敏同窗发觉体重计示数如下图，在这段时刻内以下说法中正确的选项是( ) A．晓敏同窗所受的重力变小了B．晓敏对体重计的压力等于体重计对晓敏的支持力C．电梯必然在竖直向下运动D．电梯的加速度大小为g/5，方向必然竖直向下8．如下图，轻弹簧两头拴接两个小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板，两球静止，两细线与水平方向的夹角α＝30°，弹簧水平，以下说法正确的选项是( )A．两球质量必然相等B．两球质量可能不相等C．剪断左侧细线刹时，a球加速度为gD．剪断左侧细线刹时，b球加速度为09．如图甲所示，A、B两物体叠放在一路，放在滑腻的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时刻的关系如图乙所示，A、B始终相对静止，设向右为正方向，那么关于A物体运动的加速度a、速度v、B 对A的摩擦力F f及运动的位移x随时刻转变的关系图象正确的选项是( )三、非选择题(本大题共3小题，共46分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)10．(10分)某同窗设计了如下图的装置来探讨加速度与力的关系．弹簧测力计固定在一适合的木块上，桌面的右边缘固定一个滑腻的定滑轮，细绳的两头别离与弹簧测力计的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距d.开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块方才开始运动为止，记下弹簧测力计的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧测力计的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时刻t.(1)木块的加速度能够用d、t表示为a＝________.(2)改变瓶中水的质量，重复实验，确信加速度a与弹簧测力计示数F的关系．以下图象能表示该同窗实验结果的是________．(3)用加水的方式改变拉力的大小与挂钩码的方式相较，它的优势是________．A．能够改变滑动摩擦力的大小B．能够更方便地获取更多组实验数据C．能够更精准地测出摩擦力的大小D．能够取得更大的加速度以提高实验精度11．(18分)如图甲所示，质量为m＝1 kg的物体置于倾角为θ＝37°的固定斜面上(斜面足够长)，对物体施加平行于斜面向上的恒力F，作历时刻t1＝1 s时撤去拉力，物体运动的部份v－t图象如图乙所示，取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.试求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F的大小；(2)t＝6 s时物体的速度，并在图乙上将6 s内物体运动的v－t图象补画完整，要求标明有关数据．12．(18分)如下图，质量为M＝8 kg的小车放在滑腻的水平面上，在小车左端加一水平推力F＝8 N，当小车向右运动的速度达到v0＝1.5 m/s时，在小车前端轻轻放上一个大小不计、质量为m＝2 kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.2.已知在运动进程中，小物块没有从小车上掉下来，取g＝10 m/s2.求：(1)通过量长时刻二者达到相同的速度；(2)小车至少多长才能保证小物块不从小车上掉下来？(3)从小物块放上小车开始，通过t＝1.5 s小物块通过的位移大小为多少？答案：5．C正确．6．B正确．7． BD.8．AD.9．AD.10．[答案](1)2d t 2 (2)C (3)BC 11．[解析](1)设撤去拉力前物体的加速度大小为a 1，撤去拉力后物体沿斜面继续上滑的加速度大小为a 2，由v －t 图象可知：a 1＝20－01－0m/s 2＝20 m/s 2(2分) a 2＝20－102－1m/s 2＝10 m/s 2(2分) mg sin 37°＋μmg cos 37°＝ma 2(2分)解得F ＝30 N ，μ＝0.5.(2分)(2)加速上滑的时刻t 1＝1 s ，撤去拉力时的速度为v ＝20 m/s ，设再通过t 2速度减至0.由0＝v －a 2t 2得t 2＝2 s(2分)在最高点时，因mg sin 37°>μmg cos 37°，故物体将沿斜面加速下滑，设加速度大小为a 3，据牛顿第二定律得mg sin 37°－μmg cos 37°＝ma 3(2分)解得a 3＝2 m/s 2(2分)再通过3 s 物体的速度大小为6 m/s ，方向沿斜面向下，补画完整后的图线及有关数据如下图．(2分)[答案](1)0.5 30 N (2)观点析12． (1)1 s (2)0.75 m (3)2.1 m。

2021年河北省保定市高阳第二中学高三物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示，三个相同的小球从同一高度处的O点分别以水平初速度v1、v2、v3抛出，落在水平面上的位置分别是A、B、C，O′是O在水平面上的射影点，若不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A．三小球动能改变量相同B．三个小球落地时的速度大小相同，但方向不同C．落地时C小球速度与水平方向夹角最小D．三个小球落地的动能相同参考答案：AC【考点】动能定理；平抛运动．【分析】三个小球都做平抛运动，将其分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，运用平抛运动的位移公式、速度公式列式分析【解答】解：A、根据动能定理可得动能的改变量为△E k=mgh，故动能的改变量相同，故A正确B、三个小球的竖直分位移相同，故自由落体运动的时间相等，水平分运动为匀速运动，故初速度与水平分位移成正比，故初速度不同，根据末速度公式：，落地时的末速度不同，故B错误C、落地时的速度与水平方向夹角为，由于C的初速度最大，故夹角最小，故C正确D、三个球落地的速度大小不同，故一定不同，故D错误；故选：AC2. （单选）如图所示，在xOy坐标系的第二象限内放一1/4球状玻璃体（横截面积为1/4圆周），一束复色光与x轴夹角为300，从空气射到球面上，最后分成A、B两束射出，其中B光束与x轴平行且从截面中点射出，以下说法正确的是（）A. A光在玻璃中的传播速度比B光的小B. A光束与B光束相比更易衍射C. 该玻璃的折射率为D.在同一双缝干涉实验装置中，A光的干涉条纹间距比B光的小参考答案：B3. 星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为该星球的第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是。

已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的1/6，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为A． B． C． D．参考答案：C4. （单选）蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为（）A．B．C．D．为L，与吊撞锤的点等高且水平相距处有一固定的光滑定滑轮，一和尚将轻绳一端绕过定滑轮连在撞锤上，然后缓慢往下拉绳子另一端，使得撞锤提升竖直高度时突然松手，使撞锤自然的摆动下去撞击大钟，发出声音，（重力加速度取g），则（）A．在撞锤上升过程中，和尚对绳子的拉力大小不变B．松手前瞬间，撞锤上方左右两边绳子的拉力之比为C．撞锤撞击大钟前瞬间的速度大小等于D．突然松手时，撞锤的加速度大小等于参考答案：D【考点】机械能守恒定律；物体的弹性和弹力；牛顿第二定律．【分析】在撞锤上升的过程中，因为缓慢上升，可以看成平衡状态，根据共点力平衡判断和尚对绳子的拉力以及吊绳对撞锤的拉力的大小变化．突然松手时，撞锤受吊绳的拉力和重力两个力作用，根据牛顿第二定律求出撞锤的加速度．【解答】解：A、在摆锤上升过程中撞钟受力如图所示，因缓慢拉绳，撞钟受力平衡，由平行四边形定则作图知两绳拉力都发生变化，故A错误；B、松手前瞬间，由几何知识知，两绳恰垂直，且由力的平行四边形法则得，撞锤上方左右两边绳子的拉力之比为，故B错误；C、松手后，撞钟摆下，只有重力做功，由机械能守恒可知，，得，故C错误；D、当突然松手时，撞钟受重力和右侧悬绳拉力作用，将重力分解为沿悬绳和垂直于悬绳的力，由圆周运动知识知沿悬绳方向合力为零，则撞钟受合力为重力沿垂直于右侧悬绳的分力，即F合=mgcos30°，所以撞钟加速度为a=gcos30°=，故D正确．故选：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，导热性能良好的气缸开口向下，缸内用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞在气缸内可以自由滑动且不漏气，其下方用细绳吊着砂桶，系统处于平衡状态．现砂桶中的细沙不断流出，这一过程可视为一缓慢过程，且环境温度不变，则在此过程中气缸内气体分子的平均速率（选填“减小”、“不变”、“增大”），单位时间单位面积缸壁上受到气体分子撞击的次数（选填“减少”、“不变”、“增加”）．参考答案：不变，增加【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．【分析】分析活塞可知内部压强的变化；由温度的变化及压强变化可知体积变化，根据温度的微观含义：温度是分子热运动平均动能的标志，温度越高，平均动能越大，分析气体分子平均动能的变化，即可知道平均速率的变化．根据压强的计算可求出压强的变化，再根据压强的意义，分析单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数如何变化．【解答】解：因温度不变，分子的平均动能不变，则气体的平均速率不变；以活塞和沙桶整体为研究对象，设总质量为m，受力分析，根据平衡条件有：PS+mg=P0S得：P=P0﹣细沙流出后，mg减小，则P增大，由于平均速率不变，根据压强的微观含义可知，单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数增加；故答案为：不变，增加17、光电计时器是一种研究物体运动情况的常用计时仪器，其结构如图实－1－10(a)所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从a、b间通过时，光电计时器就可以精确地把物体从开始挡光到挡光结束的时间记录下来．图(b)中MN是水平桌面，Q是长木板与桌面的接触点，1和2是固定在长木板上相距L=0.5m的两个光电门，与之连接的两个光电计时器没有画出，长木板顶端P点悬有一铅锤，实验时，让滑块从长木板的顶端滑下，做匀加速直线运动。

1．下列说法正确的是()A．气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行B．大颗粒的盐磨成了细盐，就变成了非晶体C．自行车打气越打越困难主要是因为胎内气体压强增大而非分子间相互排斥的原因D．气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度都有关2．下列说法不正确的是()A．由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可以估算出该种气体分子的大小B．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C．分子间的引力随分子间距离的增大而增大，分子间的斥力随分子间距离的增大而减小D．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体3．在以下事例中，只是通过热传递的方式来改变物体内能的是()A．点燃的爆竹在空中爆炸B．冬天暖气片为房间供暖C．汽车的车轮与地面相互摩擦发热D．两小球碰撞后粘合起来，同时温度升高4．关于热学知识的下列叙述中正确的是()A．温度降低，物体内所有分子运动的速率不一定都变小B．布朗运动就是液体分子的热运动C．第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的D．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加5．以下说法正确的是()A．分子间距离增大时，分子势能也增大B．已知某种液体的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，则该液体分子间的平均距离可以表示为3MρN A或36MπρN AC．空气压缩到一定程度很难再压缩是因为分子间存在斥力的作用D．液体的饱和汽压与温度和液体的种类有关6．下列说法中正确的是()A．根据热力学第二定律可知热机效率不可能达到百分之百B．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢C．由于液体表面层分子间距离小于液体内部分子间距离，液体表面存在张力D．一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，但可能与外界发生热交换7．如图是分子间引力(或斥力)大小随分子间距离变化的图象，下列说法正确的是() A．ab表示引力图线B．当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子势能为零C．当分子间距离等于两曲线交点的横坐标时，分子力为零D．当分子间距离小于两曲线交点横坐标时，分子力表现为斥力8.一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，气体的压强随热力学温度的变化如图所示，则此过程()A．气体的密度增大B．外界对气体做功C．气体从外界吸收了热量D．气体分子的平均动能增大9.如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一段高为h的水银柱，中间封有一段空气，则()A．弯管左管内外水银面的高度差为hB．若把弯管向上移动少许，则管内气体体积增大C．若把弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升D．若环境温度升高，则右管内的水银柱沿管壁上升10．(10分)在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用a mL的纯油酸配制成b mL的油酸酒精溶液，再用滴管取1 mL油酸酒精溶液，让其自然滴出，共n滴．现在让其中一滴落到盛水的浅盘内，待油膜充分展开后，测得油膜的面积为S cm2，则：(1)估算油酸分子的直径大小是________ cm.(2)用油膜法测出油酸分子的直径后，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的________．A．摩尔质量B．摩尔体积C．质量D．体积11.(10分)汽缸长为L＝1 m，固定在水平面上，汽缸中有横截面积为S＝100 cm2的光滑活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体，当温度为t＝27 ℃，大气压强为p0＝1×105 Pa时，气柱长度为l＝90 cm，汽缸和活塞的厚度均可忽略不计．求：(1)如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至汽缸右端口，此时水平拉力F的大小是多少？(2)如果汽缸内气体温度缓慢升高，使活塞移至汽缸右端口时，气体温度为多少摄氏度？12.(12分)如图所示，一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B 、C 和D 后再回到状态A .其中，A →B 和C →D 为等温过程，B →C 和D →A 为绝热过程(气体与外界无热量交换)．这就是著名的“卡诺循环”．(1)该循环过程中，下列说法正确的是________．A ．A →B 过程中，外界对气体做功B ．B →C 过程中，气体分子的平均动能增大C ．C →D 过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D ．D →A 过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中，内能减小的过程是________(选填“A →B ”、“B →C ”、“C →D ”或“D →A ”)．若气体在A →B 过程中吸收63 kJ 的热量，在C →D 过程中放出38 kJ 的热量，则气体完成一次循环对外做的功为________kJ.(3)若该循环过程中的气体为1 mol ，气体在A 状态时的体积为10 L ，在B 状态时压强为A 状态时的23.求气体在B 状态时单位体积内的分子数．(已知阿伏加德罗常数N A ＝6.0×1023 mol －1，计算结果保留一位有效数字)13.(14分)如图，两个侧壁绝热、顶部和底部都导热的相同汽缸直立放置，汽缸底部和顶部均有细管连通，顶部的细管带有阀门K .两汽缸的容积均为V 0，汽缸中各有一个绝热活塞(质量不同，厚度可忽略)．开始时K 关闭，两活塞下方和右活塞上方充有气体(可视为理想气体)，压强分别为p 0和p 03；左活塞在汽缸正中间，其上方为真空； 右活塞上方气体体积为V 04.现使汽缸底与一恒温热源接触，平衡后左活塞升至汽缸顶部，且与顶部刚好没有接触；然后打开K ，经过一段时间，重新达到平衡．已知外界温度为T 0，不计活塞与汽缸壁间的摩擦．求：(1)恒温热源的温度T ；(2)重新达到平衡后左汽缸中活塞上方气体的体积V x .答案：1．ACD2．ACD3．B4.ACD5．BCD6．ABD7．ACD8．AB。

河北省保定市高阳中学2021届高三物理下学期周练（二十七）试题新人教版1．如下图是建筑工地经常使用的一种“深穴打夯机”。

工作时，电动机带动两个紧压夯杆的滚轮匀速转动将夯从深为h 的坑中提上来，当两个滚轮彼此分开时，夯杆被释放，最后夯在自身重力作用下，落回深坑，夯实坑底。

然后，两个滚轮再次压紧，夯杆再次被提上来，如此周而复始工作。

已知两个滚轮边缘线速度v 恒为4 m/s ，每一个滚轮对夯杆的正压力F N 为2104 N ，滚轮与夯杆间的动摩擦因数为0.3，夯杆质量m 为1103 kg ，坑深h 为6 m 。

假定在打夯的进程中坑的深度转变不大，且夯杆底端升到坑口时，速度正好为零，取g ＝10 m/s 2，求：（1）每一个打夯周期中，电动机对夯杆所作的功。

（2）夯杆上升进程中被滚轮释放时夯杆底端离坑底多高；（3）打夯周期；2．如下图，滑腻水平面上放有效绝缘材料制成的“L”型滑板，其质量为M ，平脸部份的上表面滑腻且足够长。

在距滑板的A 端为l 的B 处放置一个质量为m 、带电量为q 的小物体C （可看成是质点），在水平的匀强电场作用下，由静止开始运动。

已知：M =3m ，电场的场强为E 。

假设物体C 在运动中及与滑板A 端相碰时不损失电量。

（1）求物体C 第一次与滑板A 端相碰前刹时的速度大小。

（2）假设物体C 与滑板A 端相碰的时刻极短，而且碰后弹回的速度大小是碰前速度大小的51，求滑板被碰后的速度大小。

（3）求小物体C 从开始运动到与滑板A 第二次碰撞这段时刻内，电场力对小物体C 做的功。

3．如下图，一根轻杆长 ，可绕O 轴在竖直平面内无摩擦地转动，， ，质量相等的两小球别离固定于杆的A 、B 两头，现把杆位于水平位置，然后自由释放，求轻杆转到竖直位置时两球的速度别离是多少？E A BC l4.如以下图所示，质量为m 的物体静止在滑腻圆轨道的最低点A.现对m 施加一大小不变、方向始终沿圆轨道切线方向的力，使物体沿圆周轨道运动41圆周抵达B 点，在B 点时当即撤去外力F.假设要使物体在竖直圆弧轨道内侧能够通过最高点作完整的圆周运动，问所施的外力F 至少要多大?5．如下图，摩托车做腾跃特技演出，以10m/s 的初速度沿曲面冲上高3.2m 、顶部水平的高台，然后从高台水平飞出，假设摩托车冲上高台的进程中始终以额定功率1.8kW 行驶，通过0.65s 抵达顶部水平平台，已知人和车的总质量为180kg ，特技演出的全进程中不计一切阻力。

河北省保定市高阳中学2021届高三上学期第一周周练物理试题1．以下图是一张天文爱好者经长时刻曝光拍照的“星星的轨迹”照片．这些有规律的弧线的形成，说明了( )A．太阳在运动B．月球在公转C．地球在公转D．地球在自转2．假设轨道车长度为22 cm，记录仪记录的信号如下图，那么轨道车通过该监测点的速度为( )A．0.20 cm/s B．2.0 cm/sC．22 cm/s D．220 cm/s3．以下情形下的物体能够看做质点的是( )A．研究嫦娥三号在月球表面的着陆动作B．研究飞行中直升机上的螺旋桨的转动情形C．研究汽车通过某路标的时刻时D．研究“蛟龙号”下潜到7 000 m深度进程中的速度时4．如下图，飞行员跳伞后飞机上的其他飞行员(甲)和地面上的人(乙)观看跳伞飞行员的运动后，引发了对跳伞飞行员运动状况的争辩，以下说法正确的选项是( )A．甲、乙两人的说法中必有一个是错误的B．他们的争辩是由于参考系的选择不同而引发的C．研究物体运动时不必然要选择参考系D．参考系的选择只能是相关于地面静止的物体5．关于速度、速度的转变量、加速度，正确的说法是( )A．物体运动时速度的转变量越大，它的加速度必然越大B．速度专门大的物体，其加速度能够为零C．某时刻物体速度为零，其加速度可能专门大D．加速度专门大时，运动物体的速度必然专门快变大6．如下图是做直线运动某物体的位移时刻图象，依照图中数据能够求出P点的瞬时速度．下面四个选项中哪一项更接近P点瞬时速度的真实值( )A．2 m/s B．2.2 m/sC．2.21 m/s D．2.211 m/s7．某航母跑道长200 m ，飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s 2，起飞需要的最低速度为50 m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统取得的最小初速度为( )A ．5 m/sB ．10 m/sC ．15 m/sD ．20 m/s8．质点做直线运动的位移x 与时刻t 的关系为x ＝5t ＋t 2(各物理量均采纳国际单位制单位)，那么该质点( )A ．第1 s 内的位移是5 mB ．前2 s 内的平均速度是6 m/sC ．任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD ．任意1 s 内的速度增量都是2 m/s9．一物体做匀加速直线运动，通过一段位移Δx 所用的时刻为t 1，紧接着通过下一段位移Δx 所用的时刻为t 2，那么物体运动的加速度为( ) A.2Δx t 1－t 2t 1t 2t 1＋t 2 B.Δx t 1－t 2t 1t 2t 1＋t 2C.2Δx t 1＋t 2t 1t 2t 1－t 2D.Δx t 1＋t 2t 1t 2t 1－t 210．在塔顶上将一物体竖直向上抛出，抛出点为A ，物体上升的最大高度为20 m ，不计空气阻力，设塔足够高，那么物体位移大小为10 m 时，物体通过的路程可能为( )A ． 10 mB ．20 mC ．30 mD ．50 m11．如下图，一圆管放在水平地面上，长为L ＝0.5 m ，圆管的上表面离天花板距离h ＝2.5 m ，在圆管的正上方紧靠天花板放一小球(可看成质点)，让小球由静止释放，同时给圆管一竖直向上大小为5 m/s 的初速度，g 取10 m/s 2.(1)求小球释放后经多长时刻与圆管相遇；(2)试判定在圆管落地前小球能不能穿过圆管？若是不能，小球和圆管落地的时刻差多大？若是能，小球穿过圆管的时刻多长？。

河北省保定市高阳中学2021-2021学年高三物理上学期第三次周练试题1．一物体做直线运动，其加速度随时刻转变的a－t图象如下图．以下v－t图象中，可能正确描述此物体运动的是( )2．质点做直线运动的v－t图象如下图，规定向右为正方向，那么该质点在前8 s内平均速度的大小和方向别离为( )A．0.25 m/s 向右B．0.25 m/s 向左C．1 m/s 向右D．1 m/s 向左3．如下图的x－t图象和v－t图象中，给出四条曲线一、二、3、4代表四个不同物体的运动情形，关于它们的物理意义，以下描述正确的选项是( )A．图线1表示物体做曲线运动B．x－t图象中t1时刻v1>v2C．v－t图象中0至t3时刻内3和4的平均速度大小相等D．两图象中，在t2、t4时刻二、4开始反向运动4．小张和小王别离驾车沿平直公路同向行驶，在某段时刻内两车的v－t图象如下图，初始时，小张在小王前方x0处( )A．假设x0＝18 m，两车相遇1次B．假设x0<18 m，两车相遇2次C．假设x0＝36 m，两车相遇1次D．假设x0＝54 m，两车相遇1次5．如图，物体P静止于固定的斜面上，P的上表面水平．现把物体Q轻轻地叠放在P上，那么( )A．P向下滑动B．P静止不动C．P所受的合外力增大D．P与斜面间的静摩擦力增大6．力是物体间的彼此作用，以下有关力的图示及表述正确的选项是( )7．一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平稳时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平稳时长度为l2，弹簧的拉伸或紧缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为( )A.F 2－F 1l 2－l 1 B.F 2＋F 1l 2＋l 1C.F 2＋F 1l 2－l 1 D.F 2－F 1l 2＋l 18．如下图，A 是一质量为M 的盒子，B 的质量为3M 4，用细绳相连，跨过滑腻的定滑轮，A 置于倾角为α＝30°的斜面上，B 悬于斜面之外，处于静止状态．此刻向A 中缓慢地加入沙子，整个系统始终维持静止，那么在加入沙子的进程中( )A ．绳索拉力大小不变，恒等于34Mg B ．A 对斜面的压力慢慢增大C ．A 所受的摩擦力慢慢增大D ．A 所受的摩擦力先增大后减小9．2021年7月4日至7月12日，中俄举行了“海上联合－2021”军事演习．演习进程中，一艘鱼雷快艇以30 m/s 的速度追击前面同一直线上正在逃跑的敌舰．当二者相距L 0＝2 km 时，鱼雷快艇以60 m/s 的速度发射一枚鱼雷，通过t 1＝50 s ，艇长通过望远镜看到了鱼雷击中敌舰爆炸的火光，同时发觉敌舰仍在继续逃跑，于是马上发出了第二次解决的命令．第二枚鱼雷以一样速度发射后，又经t 2＝30 s ，鱼雷再次击中敌舰并将其击沉．求被第一枚鱼雷击中前后，敌舰逃跑的速度v 1、v 2别离为多大．10．(2021·德州模拟)如下图，一质量不计的弹簧原长为10 cm ，一端固定于质量m ＝2 kg 的物体上，另一端施一水平拉力F .(设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，g ＝10 m/s 2 )(1)假设物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，当弹簧拉长至12 cm 时，物体恰好匀速运动，弹簧的劲度系数多大？(2)假设将弹簧拉长至11 cm ，物体受到的摩擦力大小为多少？(3)假设将弹簧拉长至13 cm ，物体受到的摩擦力大小为多少？2．[解析]选B.由图象面积计算0～3 s 内质点的位移s 1＝2×3×12m ＝3 m ，方向向右，3～8 s 内位移s 2＝2×5×12 m ＝5 m ，方向向左，因此前8 s 内的总位移s ＝s 1－s 2＝－2 m.v ＝s t ＝－28m/s ＝－0.25 m/s ，即大小为0.25 m/s ，方向向左．B 正确．3．[解析]选B.图线1表示的是变速直线运动，A 错．x －t 图线的斜率表示速度，B 正确．v －t 图线和t 轴围成的面积表示位移的大小，可得v 3<v 4，C 错． t 2时刻表示物体开始折返，t 4时刻表示物体开始做减速运动，但没有折返，故D 错4．[解析]选AB.从图中可知速度相等时小王比小张多行驶的“面积”为18 m ，故可知假设x 0＝18 m ，二者恰好相遇，那么A 正确；假设x 0<18 m ，那么在速度相等时小王已超过小张，速度相等后，小张的速度比小王大，故还会再相遇，故B 正确；同理可知C 、D 错误．5．[解析]选BD.物体P 处于静止状态，把物体Q 轻轻地叠放在P 上时，P 、Q 仍处于静止状态．依照共点力的平稳条件解决问题．设斜面倾角为θ，P 、Q 的质量别离为M 、m ，因物体P 静止于固定的斜面上，那么动摩擦因数μ≥tan θ，所受合外力F 1＝0，静摩擦力f 1＝Mg sin θ，把物体Q 轻轻地叠放在P 上，选整体为研究对象，那么(M ＋m )g sin θ≤μ(M ＋m )·g cos θ，故P 、Q 仍处于静止状态．P 所受的合外力F 2＝0，即F 1＝F 2，P 与斜面间的静摩擦力f 2＝(M ＋m )g sin θ＞f 1.应选项B 、D 正确，选项A 、C 错误．若是将P 、Q 两物体视为一个整体，那么更易患正确的选项为B 、D.6．[解析]选BD.由于在不同纬度处重力加速度g 不同，旅客所受重力不同，故对飞机的压力不同，A 错误．充沛气的篮球平稳时，内部气体对篮球壳的压力等于外部气体对篮球壳的压力与球壳弹力之和，故B 正确．书对桌子的压力作用在桌子上，箭尾应位于桌面上，故C 错误．平地上匀速行驶的汽车，其主动轮受到地面的静摩擦力是其前进的动力，地面对其从动轮的摩擦力是阻力，汽车受到的动力与阻力平稳时才能匀速前进，故D 正确．7．[解析]选C.由胡克定律可知：k ＝F 1l 0－l 1＝F 2l 2－l 0，得k ＝F 1＋F 2l 2－l 1，故C 正确．8．[解析]选AB.因为系统处于平稳状态，因此绳的拉力始终等于B 的重力，故A 正确．盒子A 对斜面的压力等于其重力沿垂直于斜面的分力，即F N ＝Mg cos α，加沙的进程中，F N 慢慢增大，B 正确．开始时，A 的重力沿斜面的分力Mg sin α<34Mg ，静摩擦力沿斜面向下，当二者相等时，摩擦力减为0，继续加沙，静摩擦力反向增大，故C 、D 错误．9．[解析]设被第一枚鱼雷击中前，敌舰逃跑的速度为v 1，当鱼雷快艇与敌舰相距L 0＝2 km 时，发射第一枚鱼雷，通过t 1＝50 s 击中敌舰，那么有(v －v 1)t 1＝L 0代入数据解得v 1＝20 m/s第一次击中敌舰时，鱼雷快艇与敌舰的距离为L0－(30－v1)t1＝1 500 m马上发射第二枚鱼雷，设第一枚鱼雷击中后敌舰的速度为v2，经t2＝30 s，鱼雷再次击中敌舰，那么有(v－v2)t2＝1 500 m代入数据解得v2＝10 m/s.[答案]观点析10．[解析](1)物体匀速运动时，k(x－x0)＝μmg则k＝μmgx－x0＝0.2×2×100.12－0.10N/m＝200 N/m.(2)F1＝k(x1－x0)＝200×(0.11－0.10)N＝2 N 最大静摩擦力可看做等于滑动摩擦力F fm＝0.2×2×10 N＝4 N物体没动，故所受静摩擦力F f1＝F1＝2 N.(3)F2＝k(x2－x0)＝200×(0.13－0.10)N＝6 N 物体将运动，现在所受到的滑动摩擦力为F f2＝μF N＝μmg＝0.2×2×10 N＝4 N.[答案](1)200 N/m (2)2 N (3)4 N。

2024-2025学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十八次周练物理试卷一、选择题1．（3分）（2024•山东）图甲是小型沟通发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为沟通电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置起先计时，产生的交变电流随时间变更的图象如图乙所示．以下推断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左2．（3分）（2024•广东）某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100πt（V），对此电动势，下列表述正确的有（）A．最大值是50VB．频率是100 HzC．有效值是25VD．周期是0.02 s3．（3分）（2024春•枣庄期中）通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12 VB．4VC．15 VD．8 V4．（3分）如图甲为小型旋转电枢式沟通发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R=10Ω连接，与电阻R并联的沟通电压表为志向电压表，示数是10V．图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变更的图象．则（）A．电阻R上的电功率为20 WB．0.02 s时R两端的电压瞬时值为零C．R两端的电压u随时间t变更的规律是u=14.1cos 100πt（V）D．通过R的电流i随时间t变更的规律是i=1.41cos 50πt（A）5．（3分）（2024•湖南模拟）如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置起先，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下推断正确的是（）A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=BL2ωsinωtC．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=6．（3分）（2024•四川）用220V的正弦沟通电通过志向变压器对一负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图象如图所示，则（）A．变压器输入功率约为3.9WB．输出电压的最大值是110VC．变压器原、副线圈匝数比是1：2D．负载电流的函数表达式i=0.05sin（1OOπt+）A7．（3分）（多选）为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，图甲为变压器示意图．保持输入电压U1不变，当滑动接头P上下移动时可变更输出电压．某次检测得到用户电压随时间t变更的曲线如图乙所示．以下正确的是（）A．u2=190sin （50πt）VB．u2=190sin （100πt）VC．为运用户电压稳定在220 V，应将P适当下移D．为运用户电压稳定在220 V，应将P适当上移8．（3分）（2024•浙江）某水电站，用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3×106kW．现用500kV电压输电，则下列说法正确的是（）A．输电线上输送的电流大小为2.0×105AB．输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC．若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kWD．输电线上损失的功率为△P=，U为输电电压，r为输电线的电阻9．（3分）（2024•新建县校级模拟）如图所示，志向变压器与电阻R，沟通电压表V、沟通电流表A按图甲所示方式连接，已知变压器的原副线圈的匝数比为，电阻R=10Ω．图乙是R两端电压U随时间变更的图象，Um=10V．则下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率是50HzB．电流表A的读数为 AC．电压表V的读数为10VD．变压器的输入功率为1OW10．（3分）（多选）如图所示，志向变压器原、副线圈的匝数比为1：10，接线柱a、b接在电压为u=22sin（100πt）V的沟通电源上，R1为定值电阻，其阻值为100Ω，R2为用半导体热敏材料制成的传感器．下列说法中正确的是（）A．t=s时，a、b两点间电压的瞬时值为11 VB．t=s时，电压表的读数为220 VC．当R2的温度上升时，电压表示数不变，电流表示数变大D．在1分钟内电阻R1上产生的热量为2 904 J2024-2025学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十八次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2024•山东）图甲是小型沟通发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为沟通电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置起先计时，产生的交变电流随时间变更的图象如图乙所示．以下推断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；沟通发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：沟通电专题．分析：由题图乙可知沟通电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变更最快，由楞次定律可推断出0.02s时流过电阻的电流方向．解答：解：A、由题图乙可知沟通电电流的最大值是A，周期T=0.02s，由于电流表的示数为有效值，故示数I==10A，选项A正确；B、角速度==100π rad/s，选项B错误；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变更最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；D、由楞次定律可推断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误．故选AC．点评：本题是2024年的高考题，考查的学问点较多，难度不大．2．（3分）（2024•广东）某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100πt（V），对此电动势，下列表述正确的有（）A．最大值是50VB．频率是100 HzC．有效值是25VD．周期是0.02 s考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：沟通电专题．分析：由电动势的表达式可知，最大值为50 V，从而计算有效值，依据角速度求频率和周期．解答：解：A、C由电动势的表达式可知，最大值为50 V，而有效值为：E=V=25V，A错误C正确；B、Dω=2πf=100π，故f=50 Hz，周期T==0.02 s，B错误D正确．故选CD点评：本题考查了沟通电的最大值和有效值，依据角速度计算周期和频率．3．（3分）（2024春•枣庄期中）通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12 VB．4VC．15 VD．8 V考点：沟通的峰值、有效值以及它们的关系．专题：沟通电专题．分析：由图象可知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，依据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．解答：解：由有效值的定义可得：I12Rt1+I22Rt2=T，代入数据得：（0.1）2R×0.8+（0.2）2×R×0.2=×1，将R=100Ω带入解得：U=4V故选：B点评：的是依据交变电流有效值的定义，计算有关交变电流的有效值，留意若是正弦式沟通电，则最大值等于有效值倍的关系．4．（3分）如图甲为小型旋转电枢式沟通发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R=10Ω连接，与电阻R并联的沟通电压表为志向电压表，示数是10V．图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变更的图象．则（）A．电阻R上的电功率为20 WB．0.02 s时R两端的电压瞬时值为零C．R两端的电压u随时间t变更的规律是u=14.1cos 100πt（V）D．通过R的电流i随时间t变更的规律是i=1.41cos 50πt（A）考点：沟通的峰值、有效值以及它们的关系．专题：沟通电专题．分析：沟通发电机产生电动势的最大值E m=nBSω，沟通电压表显示的是路端电压有效值，从乙图中能找出周期即可求得瞬时表达式解答：解：A、电阻R消耗的功率为P=，故A错误；B、0.02 s时磁通量的变更率最大，此时产生的感应电动势最大，故B错误；C、产生的感应电动势的最大值为=14.1V，由乙图可知，周期为T=0.02s，角速度，故R两端的电压u随时间t变更的规律是u=14.1cos 100πt （V），故C正确；D、感应电流的角速度为100πrad/s，故D错误故选：C点评：本题考查了沟通电的峰值和有效值、周期和频率的关系，记住，求热量用有效值．5．（3分）（2024•湖南模拟）如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置起先，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下推断正确的是（）A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=BL2ωsinωtC．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：当线圈与磁场平行时感应电动势最大，由公式E m=BSω求解感应电动势的最大值．图中是中性面，线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流，依据e=E m sinωt可列出感应电动势的瞬时表达式，依据感应电荷量q=，求通过电阻R的电荷量．最大值是有效值的倍，求得电动势有效值，依据焦耳定律求电量Q．解答：解：A、图示位置线圈中没有任何一边切割磁感线，感应电动势为零，故A错误．B、当线圈与磁场平行时感应电动势最大，最大值为E m=BSω=Bω，瞬时值表达式为e=E m sinωt=BL2ωsinωt．故B正确．C、线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈磁通量的变更量大小为△Φ=2BS=2B=BL2，流过电阻R的电荷量为q==，故C错误．D、感应电动势的有效值为E=，感应电流有效值为I=，R产生的热量为Q=I2RT，T=，联立得Q=．故D正确．故选：BD．点评：本题要驾驭正弦式交变电流瞬时值表达式，留意计时起点，驾驭感应电荷量的阅历公式q=，知道用有效值求热量．6．（3分）（2024•四川）用220V的正弦沟通电通过志向变压器对一负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图象如图所示，则（）A．变压器输入功率约为3.9WB．输出电压的最大值是110VC．变压器原、副线圈匝数比是1：2D．负载电流的函数表达式i=0.05sin（1OOπt+）A考点：变压器的构造和原理．专题：沟通电专题．分析：依据图象知道负载电阻中电流的峰值和有效值，周期和角速度，依据输入功率等于输出功率，匝数之比等于电压之比分析各项．解答：解：A、负载的功率P=UI=110×≈3.9W，输入功率等于输出功率，A正确；B、输出电压的最大值是110V，B错误；C、变压器原、副线圈匝数比等于电压之比220：110=2：1，C错误；D、负载电流的函数表达式i=0.05sinlOOπt，D错误；故选A点评：本题考查了沟通电瞬时值表达式的物理意义和变压器的工作原理，难度中等．7．（3分）（多选）为保证用户电压稳定在220V，变电所需适时进行调压，图甲为变压器示意图．保持输入电压U1不变，当滑动接头P上下移动时可变更输出电压．某次检测得到用户电压随时间t变更的曲线如图乙所示．以下正确的是（）A．u2=190sin （50πt）VB．u2=190sin （100πt）VC．为运用户电压稳定在220 V，应将P适当下移D．为运用户电压稳定在220 V，应将P适当上移考点：变压器的构造和原理．专题：沟通电专题．分析：依据图象可以得知用户的电压偏小了，依据电压和匝数成正比的关系，可以确定须要如何来调整滑动接头P解答：解：A、由于用户电压u2随时间t变更的曲线周期为0.02s，所以u2=190sin（100πt）V，选项B正确，A错误；C、为运用户电压稳定在220V，应减小变压器原线圈匝数，应将P适当上移，选项C错误，D正确．故选：BD点评：驾驭住志向变压器的电压、电流之间的关系，依据电压和匝数成正比的关系，本题即可得到解决8．（3分）（2024•浙江）某水电站，用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户，其输出电功率是3×106kW．现用500kV电压输电，则下列说法正确的是（）A．输电线上输送的电流大小为2.0×105AB．输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC．若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kWD．输电线上损失的功率为△P=，U为输电电压，r为输电线的电阻考点：远距离输电；电功、电功率．专题：计算题；沟通电专题．分析：已知输送的电功率和输电电压，依据I=求出输电线上的电流；由△U=Ir求的损失电压；依据P=I2R求出输电线上损失的电功率．解答：解：A、B由P=IU得输电线上输送的电流，由△U=Ir得输电线路上的电压损失△U=6×103×2.5=15×103V，输电线上损失的功率为，故A错误，B正确．C、若改用5kV电压输电，输电线上损失的功率不行能超过输电功率3×106kW，否则违反了能量守恒定律，故C错误．D、输电线上损失的功率为△P计算时，U为输电线上的电压降，而不是输电电压．故D错误．故选B．点评：本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要留意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压．9．（3分）（2024•新建县校级模拟）如图所示，志向变压器与电阻R，沟通电压表V、沟通电流表A按图甲所示方式连接，已知变压器的原副线圈的匝数比为，电阻R=10Ω．图乙是R两端电压U随时间变更的图象，Um=10V．则下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率是50HzB．电流表A的读数为 AC．电压表V的读数为10VD．变压器的输入功率为1OW考点：变压器的构造和原理．专题：沟通电专题．分析：电压表、电流表的示数表示电压电流的有效值，原副线圈的电压比等于匝数之比，电流比等于匝数之反比，原线圈的电压确定副线圈的电压，副线圈的电流确定原线圈的电流．解答：解：A、由乙图可知，交变电流的周期为0.02s，故频率为：=50Hz；故A错误；B、由乙图可知，变压为的电压的有效值为10V，则输出端电流为=1A，依据电流关系可知，电流表的示数为：0.1A；故B错误；C、电压表测量输出端的电压值，故电压为10V；故C错误；D、电压之比等于匝数之比，故输入电压为10×10V=100V；变压器的输入功率P=UI=100×0.1W=10W；故D正确；故选：D．点评：本题考查变压器的原理及沟通电的有效值，明确电表测量值均为有效值．10．（3分）（多选）如图所示，志向变压器原、副线圈的匝数比为1：10，接线柱a、b接在电压为u=22sin（100πt）V的沟通电源上，R1为定值电阻，其阻值为100Ω，R2为用半导体热敏材料制成的传感器．下列说法中正确的是（）A．t=s时，a、b两点间电压的瞬时值为11 VB．t=s时，电压表的读数为220 VC．当R2的温度上升时，电压表示数不变，电流表示数变大D．在1分钟内电阻R1上产生的热量为2 904 J考点：变压器的构造和原理．专题：沟通电专题．分析：A、干脆依据瞬时表达式代入数据求解．B、电压表读数为有效值．先依据最大值求有效值，再依据变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，求得电压表读数．C、和闭合电路中的动态分析类似，可以依据R2的变更，确定出总电路的电阻的变更，进而可以确定总电路的电流的变更的状况，在依据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变更的状况D、依据有效值计算热量．解答：解：A、t=s时，a、b两点间电压的瞬时值为u=22sin100π×V=11V，所以A错误．B、无论何时，最大值为u=22V，所以有效值U1==22V．依据变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，所以U2==220V，即电压表读数为220V．所以B正确．C、当R2的温度上升时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V的示数不变．所以C正确．D、计算热量用有效值．R1两端的电压有效值为100V，所以在1分钟内电阻R1上产生的热量为Q=t==29040J．所以D错误．故选：BC．点评：要知道有效值的物理意义，知道求热量用有效值；要知道变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，并会计算；要会分析电路的动态变更，总的原则就是由部分电路的变更确定总电路的变更的状况，再确定其他的电路的变更的状况。

2024-2025学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十六次周练物理试卷一.选择题1．（3分）（2024•山东）以下叙述正确的是（）A．法拉第发觉了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性肯定大C．牛顿最早通过志向斜面试验得出力不是维持物体运动的缘由D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必定结果2．（3分）（2024•宝安区校级模拟）物理课上，老师做了一个奇异的“跳环试验”．如图所示，她把一个带铁芯的线圈L开关S和电源用导线连接起来后，将一金属套环置于线圈L上，且使铁芯穿过套环，闭合开关S的瞬间，套环马上跳起．某同学另找来器材再探究此试验．他连接好电路，经重复试验，线圈上的套环均未动．对比老师演示的试验，下列四个选项中，导致套环未动的缘由可能是（）A．线圈接在了直流电源上B．电源电压过高C．所选线圈的匝数过多D．所用套环的材料与老师的不同3．（3分）（2024•上海）如图，匀称带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a 绕O点在其所在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，圆环a（）A．顺时针加速旋转B．顺时针减速旋转C．逆时针加速旋转D．逆时针减速旋转4．（3分）线圈在长直导线电流的磁场中，做如图所示的运动：A向右平动，B向下平动，C绕轴转动（ad边向外转动角度θ≤90°），D向上平动（D线圈有个缺口），推断线圈中有感应电流的是（）A．AB．BC．CD．D5．（3分）（2024•松江区一模）如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大6．（3分）（2024•北京）如图，在磁感应强度为B、方向垂直纸面对里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E l；若磁感应强度增为2B，其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为E2．则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E l：E2分别为（）A．c→a，2：1B．a→c，2：1C．a→c，1：2D．c→a，1：27．（3分）（2024•北京）在如图所示的电路中，两个相同的小灯泡L1和L2，分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R．闭合开关S后，调整R，使L1和L2发光的亮度一样，此时流过两个灯泡的电流均为I．然后，断开S．若t′时刻再闭合S，则在t′前后的一小段时间内，正确反映流过L1的电流L1、流过L2的电流l2随时间t变更的图象是（）A．B．C．D．8．（3分）（2024•惠州模拟）一环形线罔放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面对里，如图甲所示．若磁感强度B随时间t变更的关系如图乙所示，那么下列选项正确的是（）A．第1s内线闺中感应电流的大小渐渐增加B．第2s内线圈中感应电流的大小恒定C．第3S内线圈中感应电流的方向为顺时针方向D．第4S内线罔中感应电流的方向为逆时针方向9．（3分）如图所示，有一个磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面对里，一半径为r、电阻为2R的金属圆环放置在磁场中，金属圆环所在的平面与磁场垂直．金属杆Oa 一端可绕环的圆心O旋转，另一端a搁在环上，电阻值为R；另一金属杆Ob一端固定在O 点，另一端b固定在环上，电阻值也是R．已知Oa杆以角速度ω匀速旋转，全部接触点接触良好，Ob不影响Oa的转动，则下列说法正确的是（）A．流过Oa的电流可能为B．流过Oa的电流可能为C．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2D．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2二.解答题10．（3分）（2024•重庆）小明在探讨性学习中设计了一种可测量磁感应强度的试验，其装置如图所示．在该试验中，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，此时电子测力计的计数为G1，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，其余区域磁场不计．直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，总阻值为R．若让铜条水平且垂直于磁场，以恒定的速率v 在磁场中竖直向下运动，这时电子测力计的计数为G2，铜条在磁场中的长度L．（1）推断铜条所受安培力的方向，G1和G2哪个大？（2）求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小．11．（3分）如图甲所示，光滑导轨宽0.4m，ab为金属棒，匀称变更的磁场垂直穿过轨道平面，磁场的变更状况如图乙所示，金属棒ab的电阻为1Ω，导轨电阻不计．t=0时刻，ab棒从导轨最左端，以v=1m/s的速度向右匀速运动，求1s末回路中的感应电流及金属棒ab受到的安培力．2024-2025学年河北省保定市高阳中学高三（上）第十六次周练物理试卷参考答案与试题解析一.选择题1．（3分）（2024•山东）以下叙述正确的是（）A．法拉第发觉了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性肯定大C．牛顿最早通过志向斜面试验得出力不是维持物体运动的缘由D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必定结果考点：物理学史．分析：解答本题应驾驭：法拉第发觉了电磁感应现象；惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的量度．伽利略最早通过志向斜面试验得出力不是维持物体运动的缘由；感应电流遵从楞次定律所描述的方向，符合能量守恒定律．解答：解：A、1831年英国科学家法拉第发觉了电磁感应现象．故A正确．B、惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的量度，与速度大小无关．故B错误．C、伽利略最早通过志向斜面试验得出力不是维持物体运动的缘由．故C错误．D、感应电流遵从楞次定律所描述的方向，由于在电磁感应现象中，安培力是阻力，外界通过克服安培力做功，将机械能转化为电能，故楞次定律所描述的感应电流方向，这是能量守恒定律的必定结果．故D正确．故选AD点评：本题考查了物理学史、惯性、楞次定律等等，要抓住惯性由物体的质量来量度，与速度无关，楞次定律符合能量守恒定律．2．（3分）（2024•宝安区校级模拟）物理课上，老师做了一个奇异的“跳环试验”．如图所示，她把一个带铁芯的线圈L开关S和电源用导线连接起来后，将一金属套环置于线圈L上，且使铁芯穿过套环，闭合开关S的瞬间，套环马上跳起．某同学另找来器材再探究此试验．他连接好电路，经重复试验，线圈上的套环均未动．对比老师演示的试验，下列四个选项中，导致套环未动的缘由可能是（）A．线圈接在了直流电源上B．电源电压过高C．所选线圈的匝数过多D．所用套环的材料与老师的不同考点：探讨电磁感应现象．专题：试验题．分析：闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量发生变更，产生感应电流，从而受到安培力，会向上跳起．依据套环跳起的原理推断导致套环未动的缘由．解答：解：A、线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍旧会变更，套环中会产生感应电流，会跳动．故A错误．B、电源电压过高，在套环中产生的感应电流更大，更简洁跳起．故B错误．C、线圈匝数过多，在套环中产生的感应电流越大，套环更简洁跳起．故C错误．D、所用的套环材料是塑料，不行能产生感应电流，则不会受到安培力，不会跳起．故D正确．故选：D．点评：理解套环跳起的缘由，即产生感应电流的效果阻碍引起感应电流磁通量的变更．3．（3分）（2024•上海）如图，匀称带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a 绕O点在其所在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，圆环a（）A．顺时针加速旋转B．顺时针减速旋转C．逆时针加速旋转D．逆时针减速旋转考点：楞次定律；安培定则；磁通量．分析：本题中是由于a的转动而形成了感应电流，而只有a中的感应电流的变更可以在b中产生磁通量的变更，才使b中产生了感应电流；因此本题应采纳逆向思维法分析推断．解答：解：分析A选项，当带正电的绝缘圆环a顺时针加速旋转时，相当于顺时针方向电流，并且在增大，依据右手定则，其内（金属圆环a内）有垂直纸面对里的磁场，其外（金属圆环b处）有垂直纸面对外的磁场，并且磁场的磁感应强度在增大，金属圆环b包围的面积内的磁场的总磁感应强度是垂直纸面对里（因为向里的比向外的磁通量多，向里的是全部，向外的是部分）而且增大，依据楞次定律，b中产生的感应电流的磁场垂直纸面对外，磁场对电流的作用力向外，所以b中产生逆时针方向的感应电流，依据左手定则，磁场对电流的作用力向外，所以具有扩张趋势，所以A错误；同样的方法可推断B选项正确，而C选项，b中产生顺时针方向的感应电流，但具有扩张趋势；而D选项，b中产生逆时针方向的感应电流，但具有收缩趋势，所以C、D都不正确．所以本题选B．故选B．点评：本题综合考查电流的磁场（安培定则），磁通量，电磁感应，楞次定律，磁场对电流的作用力，左手定则等．本题的每一选项都有两个推断，有的同学习惯用否定之否定法，如A错误，就天经地义的认为B和C都正确，因为二者相反：顺时针减速旋转和逆时针加速旋转，但本题是单选题，甚至陷入冲突．他们忽视了本题有两个推断，一个是电流方向，另一个是收缩趋势还是扩张趋势．假如只有一个推断，如b中产生的感应电流的方向，可用此法．所以解题阅历不能做定律或定理用．4．（3分）线圈在长直导线电流的磁场中，做如图所示的运动：A向右平动，B向下平动，C绕轴转动（ad边向外转动角度θ≤90°），D向上平动（D线圈有个缺口），推断线圈中有感应电流的是（）A．AB．BC．CD．D考点：感应电流的产生条件．分析：本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变更．据此可正确解答本题．解答：解：A、线框向右运动时，虽然切割磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变更，不会产生感应电流，故A错误；B、线框向下运动时，垂直于磁感线运动做切割磁感线，穿过的磁通量减小，因此也会产生感应电流，故B正确；C、线框绕轴转动，穿过的磁通量发生变更，因此会产生感应电流，故C正确；D、线框向纸上平动的过程中，导致磁通量发生变更，因此线框产生感应电动势；由于D框中有一个缺口，所以不能产生感应电流，故D错误；故选：BC点评：本题考查感应电流产生的条件，首先要明确是哪一个线圈，然后依据磁通量的公式：Φ=BS找出变更的物理量，从而确定磁通量是否发生变更．基础题目．5．（3分）（2024•松江区一模）如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过推断出线圈b中的电流增大，然后依据楞次定律推断出线圈a中感应电流的方向．本题利用“楞次定律的其次描述”求解将更为简便．解答：解：A、B：当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而推断出穿过线圈a的磁通量增加方向向下，所以B错误；依据楞次定律即可推断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，A错误．C、再依据微元法将线圈a无线分割依据左手定则不难推断出线圈a应有收缩的趋势，或干脆依据楞次定律的其次描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的缘由”，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积削减时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势，C错误；D、起先时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难推断此时两磁铁的N极相对，相互排斥，故线圈a对水平桌面的压力将增大，所以D正确．故选D．点评：首先应驾驭楞次定律的基本应用，楞次定律的其次描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必定结果．一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的其次描述将会特别简便．6．（3分）（2024•北京）如图，在磁感应强度为B、方向垂直纸面对里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E l；若磁感应强度增为2B，其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为E2．则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E l：E2分别为（）A．c→a，2：1B．a→c，2：1C．a→c，1：2D．c→a，1：2考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应——功能问题．分析：本题是电磁感应问题，由楞次定律推断MN中产生的感应电流方向，即可知道通过电阻R的电流方向．MN产生的感应电动势公式为E=BLv，E与B成正比．解答：解：由楞次定律推断可知，MN中产生的感应电流方向为N→M，则通过电阻R的电流方向为a→c．MN产生的感应电动势公式为E=BLv，其他条件不变，E与B成正比，则得E l：E2=1：2．故选：C点评：本题关键要驾驭楞次定律和切割感应电动势公式E=BLv，并能正确运用，属于基础题．7．（3分）（2024•北京）在如图所示的电路中，两个相同的小灯泡L1和L2，分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R．闭合开关S后，调整R，使L1和L2发光的亮度一样，此时流过两个灯泡的电流均为I．然后，断开S．若t′时刻再闭合S，则在t′前后的一小段时间内，正确反映流过L1的电流L1、流过L2的电流l2随时间t变更的图象是（）A．B．C．D．考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．专题：压轴题．分析：当电流变更时，电感线圈对电流有阻碍作用，电流增大，线圈阻碍其增大，电流减小，阻碍其减小．解答：解：A、B、由于小灯泡L1与电感线圈串联，断开S后再闭合，流过L1的电流从无到有（即增大），电感线圈对电流有阻碍作用，所以流过灯泡L1的电流从0起先渐渐增大，最终达到I．故A错误，B正确．C、D、由于小灯泡L2与滑动变阻器串联，断开S后再闭合，马上有电流通过L2，当I1电流渐渐增大时，流过L2的电流渐渐减小，最终减到I．故C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键驾驭电感线圈对电流有阻碍作用，电流增大，线圈阻碍其增大，电流减小，阻碍其减小．8．（3分）（2024•惠州模拟）一环形线罔放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面对里，如图甲所示．若磁感强度B随时间t变更的关系如图乙所示，那么下列选项正确的是（）A．第1s内线闺中感应电流的大小渐渐增加B．第2s内线圈中感应电流的大小恒定C．第3S内线圈中感应电流的方向为顺时针方向D．第4S内线罔中感应电流的方向为逆时针方向考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：在B﹣t图中同一条直线磁通量的变更率是相同的；由法拉第电磁感应定律可得出感应电动势大小恒定；由楞次定律可得出电流的方向．解答：解：依据B﹣t图中同一条直线磁通量的变更率是相同的，由法拉第电磁感应定律：各段时间内的电流为定值，且大小相等．由题意可知，第1s内磁感线垂直线圈平面对里，则有A、在第1s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故A 错误；B、在第2s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故B 正确；C、在第3s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故C 错误；D、在第4s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故D 正确；故选：BD点评：解决本题的关键娴熟驾驭楞次定律和法拉第电磁感应定律，以及安培力的大小和方向的判定．9．（3分）如图所示，有一个磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面对里，一半径为r、电阻为2R的金属圆环放置在磁场中，金属圆环所在的平面与磁场垂直．金属杆Oa一端可绕环的圆心O旋转，另一端a搁在环上，电阻值为R；另一金属杆Ob一端固定在O 点，另一端b固定在环上，电阻值也是R．已知Oa杆以角速度ω匀速旋转，全部接触点接触良好，Ob不影响Oa的转动，则下列说法正确的是（）A．流过Oa的电流可能为B．流过Oa的电流可能为C．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2D．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：oa杆以角速度匀速旋转，切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，其余部分为外电路．当oa转到最高点时，外电路总电阻最大，通过oa的电流最小；当oa与ob重合时，环的电阻为0，外电路总电阻最小，通过oa的电流最大．依据E=BLv和欧姆定律求解，其中v是速度的平均值．解答：解：oa杆切割磁感线产生感应电动势为E=Br=Br=Br=；当oa转到最高点时，外电路总电阻最大，为：R+R+0.5R．通过oa的电流最小，最小电流为：I min=；当oa与ob重合时，环的电阻为0，外电路总电阻最小，通过oa的电流最大，最大电流为：I max==故流过oa的电流的范围为．故ABD正确，C错误故选：ABD点评：本题一要会求解感应电动势，由于oa杆上各点切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值与最小值的条件，运用欧姆定律求解．二.解答题10．（3分）（2024•重庆）小明在探讨性学习中设计了一种可测量磁感应强度的试验，其装置如图所示．在该试验中，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，此时电子测力计的计数为G1，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，其余区域磁场不计．直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，总阻值为R．若让铜条水平且垂直于磁场，以恒定的速率v 在磁场中竖直向下运动，这时电子测力计的计数为G2，铜条在磁场中的长度L．（1）推断铜条所受安培力的方向，G1和G2哪个大？（2）求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小．考点：安培力；磁感应强度．专题：电磁感应中的力学问题．分析：安培力公式为：F=BIL，留意公式的适用条件是：匀强磁场，电流和磁场方向垂直．依据平衡可知安培力大小，由法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律可求出电流大小，再由B=从而可得出磁感应强度的大小．解答：解：（1）依据棒向下运动，切割磁感线，产生感应电流，由右手定则可得感应电流方向为B到A，再由左手定则可得，安培力方向竖直向上；因此当棒不动时，棒不受安培力作用，所以G2＞G1；（2）由于铜条匀速运动，则有安培力等于重力，即有：安培力F=G2﹣G1依据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律可求出电流大小为，而由B=从而可得出，磁感应强度大小．答：（1）则铜条所受安培力的方向竖直向上，G2＞G1；（2）则铜条匀速运动时所受安培力的大小为G2﹣G1；磁感应强度的大小为．点评：本题比较简洁，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL时留意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．并考查法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律．11．（3分）如图甲所示，光滑导轨宽0.4m，ab为金属棒，匀称变更的磁场垂直穿过轨道平面，磁场的变更状况如图乙所示，金属棒ab的电阻为1Ω，导轨电阻不计．t=0时刻，ab棒从导轨最左端，以v=1m/s的速度向右匀速运动，求1s末回路中的感应电流及金属棒ab受到的安培力．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．分析：由图读出1s末磁感应强度B，由E=BLv求动生电动势，由法拉第电磁感应定律求出感生电动势，得到回路中总的电动势，再由欧姆定律求出感应电流，由F=BIL求出安培力．解答：解：由图乙知，1s末磁感应强度B=2Tab棒产生的动生电动势为E动=BLv=2×0.4×1V=0.8V回路中产生的感生电动势为E感=Lvt=2×0.4×1×1V=0.8依据楞次定律知两个电动势串联，则总电动势为E=E动+E感=1.6V；回路中感应电流为：I==A=1.6A1s末ab棒所受安培力为：F=BIL=2×1.6×0.4N=1.28N，方向向左．答：1s末回路中的感应电流为1.6A，ab棒所受的安培力大小为1.28N，方向向左．点评：本题是动生电动势与感生电动势并存问题，关键要驾驭感应电动势公式、楞次定律，明确两个电动势的关系，再由欧姆定律和安培力公式求解．。

河北省保定市高阳中学2021届高三物理下学期周练试题（二十二）新人教版1. 一汽车在路面情形相同的公路上直线行驶，下面关于车速．惯性．质量和滑行路程的讨论，正确的选项是 （ ）Ａ．车速越大，它的惯性越大 Ｂ．质量越大，它的惯性越大Ｃ．车速越大，刹车后滑行路程越长Ｄ．车速越大，刹车后滑行的路程越长，因此惯性越大2. 两个相同的可视为质点的小球A 和B ，质量均为m ，用长度相同的两根细线把A 、B 两球悬挂在水平天花板上的同一点O ，并用长度相同的细线连接A 、B 两个小球，然后，用一水平方向的力F 作用在小球A 上，现在三根线均处于伸直状态，且OB 细线恰益处于竖直方向如下图.若是两小球均处于静止状态，那么力F 的大小为（ ）A ．0B ．mgC ．3/3mgD ．mg 33. 如下图，木块A 质量为1kg ，木块B 的质量为2kg ，叠放在水平地面上，AB 间最大静摩擦力为1牛，B 与地面间摩擦系数为0 .1，今用水平力F 作用于B ，那么维持AB 相对静止的条件是F不超过：A ．3牛B ．4牛C ．5牛D ．6牛4. 两辆游戏赛车a 、b 在两条平行的直车道上行驶。

0=t 时两车都在同一计时线处，现在竞赛开始。

它们在四次竞赛中的t v -图如下图。

哪些图对应的竞赛中，有一辆赛车追上了另一辆( )5．在距地面10m 高处，以10m/s 的速度抛出一质量为1kg 的物体，已知物体落地时的速度为16m/s ，以下说法中正确的选项是（g 取10m/s 2）（ ）A ．抛出时人对物体做功为50JB ．自抛出到落地，重力对物体做功为100JC ．飞行进程中物体克服阻力做功22JD ．物体自抛出到落地时刻为1s3题 BAFFA B 2题86．16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学进展的新纪元。

在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（）Ａ.四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大Ｂ.一个运动的物体，若是再也不受力了，它总会慢慢停下来；这说明，静止状态才是物体不受力时的“自然状态”Ｃ.两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快Ｄ.一个物体维持匀速直线运动，不需要力7．2006年5月的天空是相当出色的，木星冲日、火星合月、木星合月等景观美不胜收，而流星雨更是喧闹非凡，宝瓶座流星雨超级壮丽，值得一观. 在太阳系中，木星是九兄弟中“最魁梧的巨人”，5月4日23时，发生木星冲日现象.所谓的木星冲日是指地球、木星在各自轨道上运行时与太阳重逢在一条直线上，也确实是木星与太阳黄经相差180度的现象，天文学上称为“冲日”.冲日前后木星距离地球最近，也最敞亮. 以下说法正确的选项是（）A．2006年5月4日23时，木星的线速度大于地球的线速度B．2006年5月4日23时，木星的加速度小于地球的加速度C．2007年5月4日23时，必将产生下一个“木星冲日”D．下一个“木星冲日”必将在2007年5月4日以后的某天发生8．如下图，物体A静止在滑腻的水平面上，A的左侧固定有轻质弹簧，与A质量相同的物体B以速度v向A 运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动，那么A、B组成的系统动能损失最大的时刻是（）A.A开始运动时B.A的速度等于v时C.B的速度等于零时D.A和B的速度相等时9．如下图，两个质量别离为m1=2kg、m2=3kg的物体置于滑腻的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。