辽宁省沈阳二中2014-2015学年高一上学期10月月考试题 物理 Word版含答案

沈阳二中高一物理上册10月月考试卷
C.不同的气体，若体积不同，则它们所含的分子数也不同
D.气体摩尔体积是指1 mol任何气体所占的体积约为22.4L
12.纳米材料是当今材料科学研究的前沿，1纳米
(nm)=10-9m，其研究成果广泛应用于催化及军事科学中，纳米材料是指研究、开发出的直径从几纳米至几十纳米的材料，如将纳米材料分散到液体分散剂中，所得混合物可能具有的性质是( )
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辽宁省沈阳市第二中学高一上第一次月考物理试题（无答案）高一物理说明:1.测试时间:90分钟，总分100分；2.客观題涂在答题纸上,客观题答在答题纸的相应位置上。

第一卷选择题(共48分)一、选择题(12小题,每题4分。

在每题给出的四个选项中,第1-9题只要一项契合标题要求,第10-12题有多项契合标题要求,全部选对的得4分,选对但不全得2分,选错的得0分)1.以下各组物理量中,都属于矢量的是A.位移和时间B.速度和质量C.质量和时间D.减速度和位移2.如下图是汽车中的速度计,某同窗在汽车中观察速度计指针位置的变化,末尾时指针指示在如左图所示的位置,经过7s 后指针指示在如右图所示位置,假定汽车做匀减速直线运动,那么它的减速度均为A.2s /m 1.7B.2s /m 7.5C.2s /m 6.1D.2s /m 6.23.物体作匀变速直线运动时A.速度的变化与时间的平方成正比B.位移与时间的平方成正比C.相邻相等时间内位移的变化与该相等时间距离的平方成正比D.速度与时间成正比4.汽车由运动末尾做匀减速直线运动,经ls 速度到达3ms,那么A.在这1s 内汽车的平均速度是3m/sB.在这ls 内汽车的平均速度是1.5m/sC.汽车再向前开行1s,经过的位移是3mD.汽车的减速度是2s /m 45.物体由运动末尾做匀减速直线运动,在第4内的平均速度为1.4m/s,那么物体的减速度为A.2s /m 15.0B.2s /m 20.0C.2s /m 28.0D.2s /m 40.06.测速仪装置有超声波发射和接纳装置,如下图,B 为测速仪,A 为汽车,两者相距335m,某时辰B 收回超声波,同时A 山运动末尾做匀减速直线运动.当B 接纳到反射叫来的超声波信号时,A 、B 相距35m 声速为340m/s,那么汽车的减速度大小为A.2s /m 20B.2s /m 10C.2s /m 5D.无法确定7.做匀减速直线运动的物体,依次经过A 、B 、C 三点,位移BC AB s s =,物体在AB 段的平均速度为3m/s,在BC 段的平均速度大小为6m/s,那么物体在B 点时的速度为A.4m/sB.4.5m/sC.5m/sD.5.5m/s8.一个物体做末速度为零的匀减速直线运动,比拟该物体在减速运动的倒数第3m 内、倒数第2m 内、最后1m 内的运动,以下说法中正确的选项是A.阅历的时间之比是1:2:3B.平均速度之比是3:2:1C.平均逃度之比是()()23:12:1-- D.平均速度之比是()()1:12:23++ 9.汽车正以10m/s 的速度在平公路下行驶,在它的止前方s 处有一自行车以4m/s 的速度同方向匀速运动,司机立刻刹车做减速度为2/6s m a -=的匀减速直线运动,假定汽车恰恰不碰到自行车,s 的大小为A.9.67mB.3.33mC.3mD.7m10.如下图,桌面离空中的高度是0.8m,坐标系原点定在桌面上,向上方向为坐标轴的正方向.从桌边与桌面相半处的A 点自山释放一个小球,经过一段时间落到空中,设小球下落的减速度大小是2s /m 10，那么从释放到落地,小球的A.位移是0.8mB.位移是-0.8mC.运动时间是0.2sD.落地速度是-4m/s11.以下状况中的速度,属于瞬时速度的是A.百米赛跑的运发动冲过终点时的速度为9.5m/sB.由于堵车,汽车在经过隧道进程中的速度仅为1.2m/sC.前往地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/sD.子弹射穿某一薄板进程中的速度为700m/s12.t=0时,甲、乙两汽车从相距70km 的两地末尾相向行驶,它们的t v -图象如下图,疏忽汽车掉头所需时间，以下对汽车运动状况的描画正确的选项是A.在第1小时末,乙车改动运动方向B.在第2小时未,甲乙两车相距10kmC.在前4小时内,乙车运动减速度的大小总比甲车的大D.在第4小时末,甲乙两车相遇第二卷 非选择题(共52分)二、填空题(此题有2小题，共12分)13.(4分)如图是用纸带拖动小车用打点计时器测定匀变速运动的减速度打出的条纸带。

2014-2015学年度上学期第二次月考 高一物理试题【新课标】 一、选择题（本大题共15小题，每小题4分，共计60分。

2、3、4、5、6、7、8、10、11、13题为单项选择题，只有一个选项是正确的；1、9、12、14、15题为多项选择题。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的不得分。

） 1.关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是( ) A．牛顿第一定律反映了物体不受外力作用时的运动规律 B．牛顿第一定律就是惯性 C．不受外力作用时，物体的运动状态保持不变是由于物体具有惯性 D．物体的运动状态发生变化时，物体必定受到外力的作用 2.测量＂国际单位制选定的三个力学基本物理量＂可用下列哪一组仪器 （ ） A．米尺，天平，秒表 B．米尺，测力计，秒表 C．量筒，天平，秒表 D．米尺，弹簧秤，秒表 3．关于作用力、反作用力和一对平衡力的认识，正确的是( ) A．一对平衡力的合力为零，作用效果相互抵消，一对作用力与反作用力的合力也为零、作用效果也相互抵消 B．作用力和反作用力同时产生、同时变化、同时消失，且性质相同，平衡力的性质却不一定相同 C．作用力和反作用力同时产生、同时变化、同时消失，且一对平衡力也是如此 D．先有作用力，接着才有反作用力，一对平衡力都是同时作用在同一个物体上 4.一辆汽车从车站开出，作匀加速直线运动，它开出一段时间后，司机突然发现一乘客未上车，就紧急制动，使车作匀减速直线运动，结果汽车从开始起动到停止共用t=10s时间，前进了s=15m，在此过程中，汽车达到的最大速度是（ ） A．1.5m/s B．3m/s C．4m/s D．无法确定 5．A、B两物体以相同的初速度滑到同一粗糙水平面上，若两物体的质量mA＞mB，两物体与粗糙水平面间的滑动摩擦因数相同，则两物体能滑行的最大距离sA与sB相比（ ）A. sA=sBB. sA＞sBC. sA＜sBD.不能确定 6质量为m的物体放在水平面上，在大小相等、互相垂直的水平力F1与F2的作用下从静止开始沿水平面运动，如图所示．若物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则物体：（ ） A．在F1的反方向上受到的摩擦力 B．在F2的反方向上受到的摩擦力 C．在F1、F2合力的反方向上受到摩擦力为 D．在F1、F2合力的反方向上受到摩擦力为 7．如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F、方向相反的水平力分别推A和B，它们均静止不动，则( ) A．A与B之间一定存在摩擦力 B．B与地面之间一定存在摩擦力 C．B对A的支持力一定小于mg D．地面对B的支持力的大小一定等于(M＋m)g 8.一枚火箭由地面竖直向上发射,其v-t图像如图所示,则下列说法正确的是( ) A．t3时刻火箭距地面最远 B．t2 ~t3的时间内,火箭在向下降落 C．t1~t2的时间内,火箭处于失重状态 D．0~t3的时间内,火箭始终处于失重状态 9.如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面，m2在空中)，力F与水平方向成θ角．则m1受到地面的支持力N和摩擦力f正确的是( ) A．N＝m1g＋m2g－Fsin θ B．N＝m1g＋m2g－Fcos θ C．f＝Fcosθ D．f＝Fsinθ 10．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示．以下说法正确的是(已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8)( ) A．小球静止时弹簧的弹力大小为mg B．小球静止时细绳的拉力大小为mg C．细线烧断瞬间小球的加速度立即为g D．细线烧断瞬间小球的加速度立即为g 11.一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，绳的一端系一质量m1＝15 kg的重物，重物静止于地面上．有一质量m2＝10 kg的猴子，从绳子另一端沿绳向上爬，如图所示．不计滑轮摩擦，g取10 m/s2，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为( ) A．25 m/s2 B．5 m/s2 C． 10 m/s2 D．15 m/s2 12．如图所示，光滑的斜槽由AB、CD组成， AB与CD的夹角大于90°，CD面水平，质量为m的球放在斜槽中，当斜槽和球一起沿水平面向右加速运动时，则( ) A．球对AB槽板的压力可能大于mg B．球对AB槽板的压力可能为零 C．球对CD槽板的压力可能大于mg D．球对CD槽板的压力可能为零 13. 如图所示，质量分别为M和m的物块由相同的材料制成，且M>m，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接。

沈阳二中2015--2016学年度上学期10月份小班化学习成果阶段验收高一 (18届) 物理试题说明:1.测试时间:90分钟 总分:100分2.客观题涂在答题纸上,主观题答在答题纸的相应位置上第I 卷 （48分）一、选择题（每题4分，1-8题为单选题，9-12为多选题，多选题漏选得2分，错选得0分）1．关于质点，下列说法中正确的是( )A ．质点一定是体积和质量极小的物体B ．因为质点没有大小，所以与几何中的点没有区别C ．研究沈阳马拉松运动员在比赛中运动轨迹时，该运动员可看做质点D ．欣赏芭蕾舞表演者的精彩表演时，可以把芭蕾舞表演者看做质点2．中科大著名服务机器人“可佳”要执行一项任务，给它设定了如下动作程序：机器人在平面内，由点(0,0)出发，沿直线运动到点(3,1)，然后又由点(3,1)沿直线运动到点(1,4)，然后又由点(1,4)沿直线运动到点(5,5)，然后又由点(5,5)沿直线运动到点(2,2)(单位：m)．整个过程中机器人所用时间是2 2 s ．则( )A ．机器人不会两次通过同一点B ．整个过程中机器人的位移大小为2 2 mC ．整个过程中机器人的平均速率为1 m/sD ．整个过程中机器人的平均速度为2 m/s3．关于加速度，下列说法中正确的是（ ）A ．速度变化越大，加速度越大B ．加速度方向与速度变化量方向无关C ．加速度为负，物体不可能做加速运动D ．加速度不变，物体可能做往返运动4．如图所示为一质点从t ＝0时刻开始，做初速度为零的匀加速直线运动的位移—时间图象，图中虚线为经过t ＝4 s 时对应的图象的点的切线，交时间轴于t ＝2 s 处，由此可知该质点做匀加速运动的加速度为( )A ．12m/s 2 B ．2 m/s 2 C ．32 m/s 2 D ．23m/s 2 5．做匀减速直线运动的物体经4 s 停止，若在第1 s 内的位移是14 m ，则最后1 s 内位移是( )A ．3.5 mB ．2 mC ．1 mD ．06．甲、乙两辆汽车在一条平直公路上沿直线同向行驶，某一时刻甲、乙两车相遇，从该时刻开始计时，甲车的位移随时间变化的关系式为x ＝2t 2＋2t ，乙车的速度随时间变化的关系式为v ＝2t ＋12，表达式中各物理量单位均采用国际单位，则两车速度大小相等的时刻为( )A ．t ＝ 6B ．t ＝3 sC ．t ＝5 sD ．t ＝12 s7．若动车组在匀加速运动过程中，通过第一个60 m 所用的时间是10 s ，通过第二个60 m 所用的时间是6s ．则( )A ．动车组的加速度为0.5 m/s 2，接下来的6 s 内的位移为78 mB ．动车组的加速度为1 m/s 2，接下来的6 s 内的位移为78 mC ．动车组的加速度为0.5 m/s 2，接下来的6 s 内的位移为96 mD ．动车组的加速度为1 m/s 2，接下来的6 s 内的位移为96 m8．一司机发现前方有障碍物立即刹车，匀减速至障碍物前安全停下，下面图像哪个可能正确描述该辆车这一过程的运动（ ）A B C D9．一汽车以v 0=12m/s 开始制动，加速度大小为4m/s 2，经过4s 的时间，有（ ）A ．汽车的位移大小为18mB ．汽车的位移大小为16mC ．汽车的平均速度大小为6m/sD ．汽车的平均速度大小为4.5m/s10．一辆汽车沿着一条平直的公路行驶，公路旁边有与公路平行的一行电线杆，相邻电线杆间的距离均为50 m ，取汽车驶过某一根电线杆的时刻为零时刻，此电线杆作为第1根电线杆，此时汽车行驶的速度大小v 0＝5 m/s ，假设汽车的运动为匀加速直线运动，10s 末汽车恰好经过第3根电线杆，则下列说法中正确的是 ( )A ．汽车运动的加速度大小为1 m/s 2B ．汽车运动的加速度大小为2 m/s 2C ．汽车继续行驶，经过第7根电线杆时的瞬时速度大小为25 m/sD ．汽车继续行驶，经过第7根电线杆时的瞬时速度大小为15 m/s11．一颗子弹垂直穿过紧挨在一起的三块木板后速度刚好为0，设子弹在各木板中运动的加速度大小恒定，则下列说法正确的是（ ）A ．若子弹穿过每块木块时间相等，则三木板厚度之比为3:2:1B ．若子弹穿过每块木板时间相等，则三木板厚度之比为5:3:1C ．若三块木板厚度相等，则子弹穿过木板时间之比为1:1:1D ．若三块木板厚度相等，则子弹穿过木板时间之比为：）：112．一物体做直线运动的v-t 图象如图所示,根据图象可知，下列说法中正确的是（ ）A ．物体在0-8s 内的平均速度方向与1s 末的速度方向相反B ．物体在0-2s 内的速度变化比2-4s 内的速度变化快C ．物体在2-4s 内位移为零D ．物体在2s 末速度方向发生改变第II 卷 (52分)二、实验题：（10分）13．物理小组在一次探究活动中，测量滑块做匀加速直线运动的加速度和某时刻的瞬时速度，实验装置如图，一木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与穿过电火花打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50 Hz ．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做加速（1）【多选】结合本次实验，下列说法正确的是：（ ）A 、电火花打点计时器使用220V 交流电源B 、电火花打点计时器每隔0.02s 打一个点C 、实验中应先释放滑块再打点D 、滑块应靠近打点计时器开始释放E 、纸带放在墨粉盘的上面（2）上图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。

辽宁高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.质量为m的物体A，受到一斜向上的恒定拉力F的作用，处于静止状态，F与水平面夹角为，A与地面的动摩擦因数为，则关于A受到的摩擦力一定正确的是（）A．Fcos B．(m Fsin)C．(mg+Fsin)D．mg2.如图所示，两个质量分别为4kg，6kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻弹簧秤连接．两个大小分别为=30N、 = 20N的水平拉力分别作用在、上，则（）A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去的瞬间，的加速度大小为1D．在突然撤去的瞬间，的加速度大小为53.如图所示，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连，斜面的倾角可以改变。

对物块M与斜面的摩擦力大小的讨论，下列观点正确的是（）A．若物块M保持静止，则倾角越大，摩擦力一定越大B．若物块M保持静止，则倾角越大，摩擦力一定越小C．若物块M沿斜面下滑，则倾角越大，摩擦力越小D．若物块M沿斜面下滑，则倾角越大，摩擦力越大4.如图所示，为长木板，在水平面上以速度向右运动，物块在木板的上面以速度向右运动．下列判断正确的是（）A．若是，、之间无滑动摩擦力B．若是，受到了所施加向右的滑动摩擦力C．若是，受到了所施加向右的滑动摩擦力D．若是，受到了所施加向左的滑动摩擦力5.物体放在光滑的水平地面上、初速度为零．今在水平方向对物体施加一个如图所示的随时间变化的力，开始时力向东，运动共历时59s，那么在59s内（）A．物体时而向东运动，时而向西运动，59s末位于初始位置之东，速度为零B．物体时而向东运动，时而向西运动，59s末位于初始位置，速度为零C．物体时而向东运动，时而向西运动，59s末继续向东运动D．物体一直向东运动，从不向西运动，59s末位于初始位置之东，速度为零6.如图所示，用水平力F拉着三个物体A、B、C在光滑的水平面上一起运动．现在中间物体上另置一小物体，且拉力不变，那么中间物体两端绳的拉力大小Ta 和Tb的变化（）A．Ta 增大，Tb减小 B．Ta增大，Tb增大C．Ta 减小，Tb增大 D．Ta减小，Tb减小7.下列说法中正确的是()A．高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客具有惯性B．短跑运动员最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大，惯性越大C．抛出去的标枪和手榴弹都是靠惯性向远处运动的D．把手中的球由静止释放后，球能竖直下落，是由于球具有惯性8.高层住宅与写字楼已成为城市中的亮丽风景，电梯是高层住宅与写字楼必配的设施。

辽宁省沈阳市东北育才学校14—15学年上学期高一第二次阶段考试物理试题一、选择题（每题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12为多项选择题） 1． 2012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演．该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t 0时刻打开降落伞，在3t 0时刻以速度v 2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论不正确的是A ．在0～t 0时间内加速度不变，在t 0～3t 0时间内加速度减小B ．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C ．在t 0～3t 0的时间内，平均速度v > v 1＋v 22D ．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小2. 如图所示，三个重均为100N 的物块，叠放在水平桌面上，各接触面水平，水平拉力F=20N 作用在物块2上，三条轻质绳结于O 点，与物块3连接的绳水平，与天花板连接的绳与水平方向成45o 角，竖直绳悬挂重为20N 的小球P 。

整个装置处于静止状态。

则 A ．物块1和2之间的摩擦力大小为20N B ．水平绳的拉力大小为15NC ．桌面对物块3的支持力大小为320ND ．物块3受5个力的作用3. 如图所示，质量为m 的小球置于倾角为30°的光滑斜面上，劲度系数为k 的轻弹簧一端系在小球上，另一端拴在墙上P 点，开始时弹簧与竖直方向的夹角为θ，现将P 点沿着墙缓慢向下移动，则弹簧的最短伸长量为 A.kmg2 B.mg k C.3mg 3k D.3mg k4． 2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量。

若聂海胜受到恒力F 从静止开始运动，如图，经时间t 移动的位移为S ，则聂海胜的质量为( )A ．s Ft 2B ．s Ft 2C ．s FtD ．sFt 225.利用传感器和计算机可以研究快速变化的力的大小，实验时让质量为M 的某消防员从一平台上自由下落，落地过程中先双脚触地，接着他用双腿弯曲的方法缓冲，使自身重心又下降了段距离，最后停止，用这种方法获得消防员受到地面冲击力随时间变化的图线如图θ所示。

辽宁省沈阳二中高一上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（第1-7 题为单选题，第8-12 题为多选题，每题 4 分）1．如图所示是汽车中的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化．开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过7s 后指针指示在如图乙所示位置，若汽车做匀变速直线运动，那么它的加速度约为（）A ． 1.6m/s 2B ． 2.6m/s 2C ． 5.7m/s 2 D． 7.1m/s 2考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：已知初速度、末速度、时间，根据加速度的定义式求解．解答：解：速度的变化量△ v=40km/h=11m/s根据 a==．故A正确，B、C、D错误．故选 A．点评：解决本题的关键掌握加速度的定义式a=，以及在计算时注意单位的换算．2．一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是 1s、 2s、 3s ，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（）A ． 1 ：22： 321：2： 3 B． 1 ： 23：331： 22： 32C ． 1 ：2： 3 1 ： 1：1D ． 1 ：3： 51： 2： 3考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：要求连续的时间不等的三段时间内的位移之比，就要分别求出这三段时间内得位移，要求的位移减去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移减去前两段的位移就等于第三段的位移；某段时间内的位移与所用时间的比值就等于该段时间内的平均速度．解答：解：根据 x=可得物体通过的第一段位移为：2 x1= a×1又前 3s 的位移减去前1s 的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：22x2= a×（ 1+2）﹣×a×1= a×8又前 6s 的位移减去前3s 的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：x3= a×（ 1+2+3）2﹣×a×（1+2）2= a×27故x1： x2： x3=1： 8： 27=1： 23： 33在第一段位移的平均速度为：1=在第二段位移的平均速度为：=在第三段位移的平均速度为：=故1：：=：：=1：22： 32=1： 4：9故选： B．点评：本题求解第二段和第三段位移的方法十分重要，要注意学习和积累，并能灵活应用．3．关于速度、速度变化、加速度，下列说法正确的是（）A ．加速度方向与规定正方向相反，物体速度一定减小B ．加速度不为0，物体速度一定增加C ．加速度不断减小，速度一定不断减小D ．速度变化越快，加速度越大考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加解答：解：A、加速度方向与规定的正方向相反，但是初速度方向可能也与规定的正方向相反，物体可能做加速运动．故A错误．B、加速度不为零，速度可能增加，可能减小，故 B 错误．C、当加速度方向与速度方向相同，加速度不断减小，速度不断增大．故 C 错误．D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大．故D正确．故选： D．点评：解决本题的关键掌握加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．4．将一小球以初速度为υ 从地面竖直上抛后，经过4s 小球离地面高度为6m，若要使小球竖直上抛后经2s 到达相同高度，g 取 10m/s 2，不计阻力，则初速度υ0应（）A ．大于υB ．小于υC ．等于υD ．无法确定考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：竖直上抛可以看作初速度向上的加速度为a=﹣ g 的匀减速直线运动．第一种情况：由时间和高度求出初速度v．同理求出第二种情况的v0，再比较 v0与 v 大小．解答：解：由题，对于第一情况：h=6m， t 1=4s，则得 h=vt 1﹣代入解得v=21.5m/s同理 h=v0t ﹣，代入解得v0=13m/s所以 v0＜ v．故选 B点评：本题考查处理竖直上抛运动的能力，采用的整体法，也可以应用分段法，还可以采用图象法研究．5．如图所示，在两块相同的竖直木板之间，有质量均为m的 4 块相同的砖，用两个大小均为 F 的水平力压木板，使砖静止不动，则第 3 块砖对第 4 块砖的摩擦力大小为（）A ． 0B ． mgC ．mg D． 2mg考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对四个砖整体为研究对象，由平衡条件求出木板对第 1 块砖和第 4 块砖的摩擦力；再以第 1 块砖和第 2 块整体为研究对象，由平衡条件求解第 3 块对第 2 块砖的摩擦力；最后以第 4 块砖为研究对象，由平衡条件求解第 3 块砖受到第 4 块砖的摩擦力．解答：解：将4块砖看成一个整体，对整体进行受力分析，如图（甲）所示．在竖直方向，共受到三个力的作用：竖直向下的重力4mg，两个相等的竖直向上的摩擦力 f ，由平衡条件可得：2f=4mg， f=2mg．由此可见：第 1 块砖和第 4 块砖受到木板的摩擦力均为2mg．将第 1 块砖和第 2 块砖当作一个整体隔离后进行受力分析，如图乙所示．在竖直方向共受到两个力作用，竖直向下的重力2mg，木板对第 1 块砖向上的摩擦力f=2mg；由平衡条件可得二力已达到平衡，第 2 块砖和第 3 块砖之间的摩擦力必为零．将第 3 块砖从系统中隔离出来受力分析，如图丙所示．它受到两个力的作用，竖直向下的重力 mg，第 4 块砖对第 3 块砖向上的摩擦力 f ′，由平衡条件可得f ′=mg．故选： B．点评：本题是多个物体平衡问题，关键是选择研究对象，往往先整体，后隔离，两个方法结合处理．6．如图所示，斜面体P放在水平面上，物体Q放在斜面上． Q受一水平作用力F， Q和 P 都静止．这时P 对 Q的静摩擦力和水平面对P 的静摩擦力分别为 f 1、f 2．现使力 F 变大，系统仍静止，则（）A ． f、 f都变大B ． f1变大， f不一定变大122C ． f 2 变大，f 1 不一定变大D ． f 1、 f 2都不一定变大考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对物体Q受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，按照效果讨论摩擦力情况；然后对整体受力分析，得到P 与地面间摩擦力情况．解答：解：对物体Q受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，①当 mgsin θ＞ Fcosθ时，摩擦力沿着斜面向上，大小为 f 1=mgsin θ﹣ Fcosθ，当 F 增大时，f 1变小；②当 mgsin θ =Fcosθ时，摩擦力为零， F 增大时， f 1变大；③当 mgsin θ＜ Fcosθ时，摩擦力沿着斜面向下，大小为f 1变大；对整体受力分析，则有 f 2=F， F 变大则 f 2一定变大；故C 正确，ABD错误；故选： C．点评：本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，要注意静摩擦力随着外力的变化而变化．7．如图所示，光滑的半球形物体固定在水平地面上，球心正上方有一光滑的小滑轮，轻绳的一端系一小球．靠放在半球上的 A 点，另一端绕过定滑轮后用力拉住，使小球静止．现缓慢地拉绳，在使小球沿球面由 A 到半球的顶点 B 的过程中，半球对小球的支持力 N 和绳对小球的拉力T 的大小变化情况是（）f 1=Fcosθ ﹣ mgsin θ， F 增大时，A ． N 变大， T 变小B ． N 变小， T 变大C ． N 变小， T 先变小后变大D ． N 不变， T 变小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T 和半球面的支持力N，作出 N、 T 的合力F，根据三角形相似法分析N、T 的变化．解答：解：以小球为研究对象，分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T 和半球面的支持力 N，作出 N、 T 的合力 F，由平衡条件得知F=G．由△ NFA∽△ AO1O得==得到N=GT=G由题缓慢地将小球从 A 点拉到 B点过程中， O1O， AO不变， O1A 变小可见 T 变小； N 不变．故选 D．点评：本题是平衡问题中动态变化分析问题，N 与 T 不垂直，运用三角形相似法分析，作为一种方法要学会应用．8．下列情况中的速度，属于瞬时速度的是（）A ．百米赛跑的运动员冲过终点时的速度为9.5m/sB ．由于堵车，汽车在通过隧道过程中的速度仅为 1.2m/sC ．返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/sD ．子弹射穿某一薄板过程中的速度为700m/s考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，平均速度表示某一段时间或某一段位移内的速度．解答：解： A、百米赛跑的运动员冲过终点时的速度为9.5m/s ，为某一位置的速度为瞬时速度，故 A 正确；B、由于堵车，汽车在通过隧道过程中的速度仅为 1.2m/s ，为一段距离的速度为平均速度，故 B 错误；C、返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/s，为某一位置的速度为瞬时速度，故C正确；D、子弹射穿某一薄板过程中的速度为700m/s ，为一段距离的速度，为平均速度，故D错误；故选： AC点评：解决本题的关键会区分平均速度和瞬时速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，平均速度表示某一段时间或某一段位移内的速度9．下图是作直线运动物体的速度﹣时间图象，其中表示物体作匀变速直线运动的是（）A ．B ．C ．D ．考点：匀变速直线运动的图像．专题：直线运动规律专题．分析： v ﹣ t 图象表示物体的速度随时间的变化规律，则由各图象中点坐标的变化可知是否为匀变速直线运动．解答：解：在 v﹣ t 图象中图象的斜率表示物体的加速度，匀变速直线运动为加速度恒定的直线运动，故在v﹣t 图象中应为倾斜的直线，故 A 错误； BCD正确；故选 BCD．点评：本题部分同学会发生漏选 D 的情况，要注意图象中的正负表示物体运动的方向，故第四象限中同样是有可能的．10．如图中 a、b、 c 为三个物块， M、N为两个轻质弹簧，R 为跨过光滑定滑轮的轻绳，它们连接如图所示并处于平衡状态（）A ．有可能 N 处于拉伸状态而M处于压缩状态B ．有可能 N 处于压缩状态而M处于拉伸状态C ．有可能 N 处于不伸不缩状态而M处于拉伸状态D ．有可能 N 处于拉伸状态而M处于不伸不缩状态考点：力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先分析 N 弹簧，由于上面与细线相连，故N 弹簧可能处于原长也可能被拉伸，然后分这两种情况去分析M弹簧．解答：解：由于 N弹簧上面与细线相连，故N弹簧可能处于原长也可能被拉伸；当 N 弹簧处于拉长状态时，细线的拉力可能小于 a 的重力，故 M弹簧在 a 物体的作用下处于压缩状态，故 A 正确；当 N 弹簧处于拉伸状态时，细线对 a 有拉力，当拉力小于 a 物体的重力时， M弹簧处于压缩状态；当拉力等于 a 物体的重力时， M弹簧处于原长状态；当拉力大于 a 物体的重力时， M 弹簧处于伸长状态；故 D 正确；从上面的分析中发现共有四种情况，即：①N处于伸长状态而M处于压缩状态；②N处于伸长状态而M处于伸长状态；③N处于伸长状态而M处于不伸长不压缩状态；④N不伸不缩， M压缩状态；故B、C 选项中的状态不存在；故选 AD．点评：本题关键在于先分析 N 弹簧的情况，然后分情况讨论M弹簧的可能情况．11．大小不变的两个共点力F1与 F2，其合力为F，则（）A ．合力 F 一定大于任一分力B ．合力大小既可等于F1，也可等于F2C ．合力有可能小于任何一个分力D ．合力 F 大小随 F1、 F2之间夹角的增大而减小考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：（ 1）如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．解答：解：A、如果两个分力大小相等、方向相反时，两个力的合力为零，合力小于每一个分力，当方向相同时，则大于任一分力，因此存在有可能，故 A 错误；B、根据平行四边形定则可知，合力可能小于分力，可能大于分力，也可能等于分力，故B 正确；C、当二力反向时，合力等于二力大小之差，合力就小于任一分力，故C正确；D、由力的合成法则可知，当合力 F 的大小随F1、 F2间夹角增大而减小，故 D 正确；故选： BCD．点评：解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况．12．如图，物体用两根绳子悬挂，开始时绳OA水平，现将两绳同时沿顺时针方向转过90°，且保持两绳之间的夹角α不变（α＞90°），物体保持静止状态．在旋转过程中，设绳OA 的拉力为T1，绳 OB的拉力为T2，则（）A ． T 1先减小后增大B ． T 1先增大后减小C ． T 2逐渐减小D．先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点O为研究对象，分析受力情况，抓住两个绳子拉力T1和拉力 T2的合力与重力G大小相等、方向相反，作出在旋转过程中三个不同位置力的合成图，分析T1和T2的变化情况．解答：解：以结点O为研究对象，分析受力情况：重力G、绳 OA的拉力 T1，绳 OB的拉力T2，根据平衡条件得知：拉力T1和拉力 T2的合力与重力G大小相等、方向相反，如图．作出三个不同位置力的合成图，由图看出，T1先增大后减小，T2逐渐减小，直到为零．故选： BC．点评：本题采用图解法研究动态平衡问题，作图时要抓住不变量：两绳拉力的合力不变，两绳之间的夹角不变．二、填空题（本题共 3 小题，每空 3 分，共 15 分）13．（ 1）利用打点器，拉通器的可以分析物体运的速度和加速度，一能分析的运可以是ABDA．加速直运B．速度不断减小的直运C．速度方向由正，加速度方向恒正的直运D．速度方向恒正，加速度方向由正的直运如 1 一打点器同定在斜面上某，一小拖着穿打点器的从斜面上滑下，如 2 是打出的的一段．已知打点器使用的交流率50Hz，利用中出的数据可求出小下滑的加速度大小 4.01 m/s 2．（小数点后保留两位）考点：定匀速直运的加速度．：；直运律．分析：运用打点器分析物体运，的速度方向不会化，可能做加速运，可能做减速运．根据匀速直运的推公式△x=aT 2 可以求出加速度的大小；解答：解：（1）因的速度方向不会化，速度方向不，当做加速运，速度方向与加速度方向相同，当做减速运，速度方向与加速度方向相反．速度不会从正．故A、B、 D 正确， C ．故： ABD．由于每相两个数点有 1 个点，所以相的数点的隔T=0.04s ，从左到右相数点之的距离依次x1、 x2、 x3⋯x6根据匀速直运的推公式△x=aT 2 可以求出加速度的大小，得： x4x1=3a1T2x5x2=3a2T2x6x3=a3T2了更加准确的求解加速度，我三个加速度取平均，有：a=（a1+a2+a3）代入数据解得：a=4.01m/s 2故答案为：（ 1） ABD4.01点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．14．“探究求合力的方法”实验装置如图甲所示，其中 A 为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和 OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示． F 与 F′中，方向一定沿AO方向的是F′．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别．解答：解：F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是 F′，由于误差的存在 F 和 F′方向并不在重合．故答案为： F′．点评：本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别．15．用金属制成的线材（如纲丝、钢筋）受到的拉力会伸长，17 世纪英国物理学家胡克发现，金属丝或金属杆在弹性限度内的伸长与拉力成正比，这就是著名的胡克定律．这个发现为后人对材料的研究奠定了重要的基础．现有一根用新材料制成的金属杆，长为4m，横截面积为 0.8cm2，由于直接测试有困难，就选用同种材料制成样品进行测试，通过测试取得数据如下：长度 /m 截面积 S/cm2伸长 x/cm拉力 F/N 250 500 750 10001 0.05 0.04 0.080.12 0.162 0.05 0.08 0.160.24 0.323 0.05 0.12 0.240.36 0.481 0.10 0.02 0.040.06 0.081 0.20 0.01 0.020.03 0.04（1）根据测试结果，推导出线材伸长x 与材料的长度 L、材料的横截面积S及拉力 F 的函数关系为 x=k（其中 k 为比例系数）．在寻找上述关系中，运用的科学研究方法是控制变量法．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（ 1）由题可知伸长量x 与样品的长度、横截面积、所受拉力都有关系，涉及的变量较多，因此采用“控制变量法”来确定它们之间的正、反比关系，然后将各种情况进行汇总，再运用比值定义法初步确定这几个量之间的数量关系，然后根据所得公式来判断样品能承受的最大拉力，以及与什么因素有关．一个物理量与几个变量之间都有关系时，常常采用控制变量法研究；解答：解：（ 1）由表格知：1、当受到的拉力F、横截面积 S 一定时，伸长量x 与样品长度 L 成正比，①2、当受到的拉力F、样品长度 L 一定时，伸长量x 与横截面积 S 成反比，②3、当样品长度 L、横截面积 S 一定时，伸长量 x 与受到的拉力 F 成正比，③由①②③三个结论，可以归纳出，x 与 L、S、F 之间存在一定量的比例关系，设这个比值为k，那么有： x=k（其中 k 为比例系数）由上知，线材伸长x 与材料的长度L、材料的横截面积 S 及拉力 F 都有关系，可采用控制变量法．故答案为：（ 1） x=k（其中k为比例系数）；控制变量法．点评：本题中共涉及 4 个变量，在解题过程中，综合应用了控制变量法、归纳法、比值定义法来进行分析、解答，对同学的综合素质要求很高，是一道考查能力的好题．三．计算题（本题共 4 小题， 16 题 8 分、 17 题 9 分、 18 题 10 分、 19 题 10 分，共 37 分，要求有必要的文字说明、公式和解答过程）16．求证：做匀变速直线运动的物体：（1）在连续相等的时间间隔内的位移之差是一个恒量；在某段时间内的平均速度等于这段时间的中间时刻的瞬时速度．（不允许用图象法证明．证明过程中用到的物理量如果用字母表示，必须先行设定）．考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：（ 1）结合速度时间公式和位移时间公式求出连续相等时间内的位移，从而求出位移之差，看是否是一恒量．根据位移时间公式的表达式，结合平均速度的定义式求出平均速度的大小，通过速度时间公式得出中间时刻的瞬时速度，判断是否相等．解答：解：（1）设做匀变速直线运动的物体的加速度为a，在第 n 个时间 T 内的初速度为v0，末速度为v T，位移为s n，则 v T=v0+aT在第 n+1 个时间 T 内的位移为s n+1，则可得在连续相等的时间间隔内的位移之差为△s=s n+1﹣s n=aT2即：做匀变速直线运动的物体，在连续相等的时间间隔内的位移之差是一个恒量．设物体在上述两个T 内的总位移为s，则物体在这两个T 内的平均速度为故可证 v T即为 2T 时间内的中间时刻的瞬时速度．点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，以及会进行推导．17．在某市区内，一辆小汽车在平直公路上以速度v A向东匀速行驶，一位观光游客正由南向北从斑马线上横过马路，汽车司机发现前方有危险（游客正在 D 处向北走）经0.7s 作出反应，从 A 点开始紧急刹车，但仍将正步行至 B 处的游客撞伤，该汽车最终在 C 处停下．为了清晰了解事故现场，现以如图示之：为了判断汽车司机是否超速行驶，并测出肇事汽车速度v A，警方派一车胎磨损情况与肇事车相当的车以法定最高速度v m=14.0m/s 行驶在同一马路的同一地段，在肇事汽车的出事点B 急刹车，恰好也在C点停下来．在事故现场测得AB=17.5m、 BC=14.0m、 BD=2.6m，问：（1）该肇事汽车的初速度 v A是多大？游客横过马路的速度是多大？考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：因为警车从B 点刹车，初末速度已知，位移已知，可以由位移速度关系式解得加速度，然后肇事车从 A 点刹车到 C 点停止，末速度、位移、加速度都是已知，再由位移速度关系式解出肇事车的初速度．解答：解：（1）以警车为研究对象，研究从 B 到 C 的刹车过程，22则： v ﹣ v0 =﹣ 2ax将v0=14.0m/s ， x=14.0m， v=0 代入解得警车刹车加速度大小为： a=7.0m/s 2，因为警车行驶条件与肇事汽车相同，则肇事汽车的加速度a′=a=7.0m/s 2．对于肇事汽车从 A 到 C 的刹车过程，有：20﹣ v A =﹣ 2ax AC所以肇事汽车的初速度v A==m/s=21m/s 肇事汽车在出事点B的速度：=14m/s肇事汽车通过s AB段的平均速度：肇事汽车通过s AB段的时间：所以游客横过马路的速度：答：肇事汽车的初速度v A是 21m/s，游客横过马路的速度是 1.53m/s点评：在解决物理问题时，有时语言描述不好懂，我们可以结合图象更清晰直观的理解题目．18．如图所示，质量 M=1kg的木块套在竖直杆上，并用轻绳与质量m=2kg 的小球相连．今用跟水平方向成α =30°角的力F=20N拉着球，带动木块一起竖直向下匀速运动，运动中M、m 的相对位置保持不变，g=10m/s2，求：（1）运动过程中轻绳与竖直方向的夹角θ；木块 M与杆间的动摩擦因数μ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（ 1）以 m为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件和几何求解轻绳与竖直方向的夹角θ ；再以 M为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件和摩擦力公式求解动摩擦因数μ．解答：解：（1）对m受力分析：m三力平衡；如图1因为 F=mg=20N，且 F 与 mg的夹角 120°， F 与 mg的合力大小为20N，根据平衡条件得到：T=20N，方向为F 与 mg的角平分线由几何知识得到，θ=60°对 M受力分析： M四力平衡；如图2，根据正交分解法得Mg+T′cos θ =fT′sin θ =N又 f= μ N解得：答：（1）运动过程中轻绳与竖直方向的夹角θ =60°；木块 M与杆间的动摩擦因数．点评：本题采用隔离法研究两个物体的平衡问题，要正确分析受力情况，作出力图．19．如图所示， A．B 两物体叠放在水平地面上，已知A．B 的质量分别为m A=10kg，m B=20kg ，A．B 之间， B 与地面之间的动摩擦因数为μ=0.5．一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为 37°，今欲用外力将物体 B 匀速向右拉出，求所加水平力 F 的大小．取g=10m/s2，sin37 °=0.6 ，cos37°=0.8 ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：将物体B匀速向右拉出过程中， A 物体保持静止状态，受力均平衡．分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解 A 受到的支持力和水平力 F 的大小．解答：解：A、B的受力分析如图对 A 应用平衡条件Tsin37 °=f 1=μ N1①Tcos37°+N1=m A g②联立①、②两式可得：N1=f 1=μN1=30N对 B 用平衡条件：F=f 1+f 2=f 1+μ N2=f 1+μ（ N1+m B g）=2f 1+μ m B g=60+0.5×20×10=160N答：水平力 F 的大小 160N．点评：本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，关键是分析物体的受力情况，作出力图后根据平衡条件列方程求解．。

辽宁省高一上学期物理10月月考试卷C卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共6题；共12分)1. （2分）在100m竞赛中,测得某一运动员5s末瞬时速度为10.4m/s,10s末到达终点的瞬时速度为10.2m/s.则他在此竞赛中的平均速度为（）A . 10m/sB . 10.2m/sC . 10.3m/sD . 10.4m/s2. （2分）(2019·江苏模拟) 如图所示是体育摄影中“追拍法”的成功之作，摄影师眼中清晰的运动员是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动的美．请问摄影师选择的参考系是（）A . 大地B . 太阳C . 运动员D . 步行的人3. （2分） (2017高三上·南充期末) 根据伽利略理想斜面实验，利用如图所示的轨道装置做实验：在斜轨上先后铺垫三种粗糙程度不同的材料，小球从左侧斜轨上的O点由静止释放后沿斜轨向下运动，并沿右侧斜轨上升到的最高位置依次为1、2、3．对比这三次实验可知（）A . 第一次实验中小球接触的材料是最光滑的B . 第二次实验中小球的机械能守恒C . 第三次实验中小球的惯性最大D . 第三次实验中小球对轨道最低点的压力最大4. （2分） (2018高三上·石门开学考) 如图所示，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。

若用x、v、a分别表示滑块下滑的位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图象中能正确描述该过程的是（）A .B .C .D .5. （2分） (2018高一下·浙江期中) 如图所示，分别为汽车甲的位移—时间图象和汽车乙的速度—时间图象，则（）A . 甲的加速度大小为5 m/s2B . 乙的加速度大小为5 m/s2C . 甲在4 s内的位移大小为40 mD . 乙在4 s内的位移大小为20 m6. （2分） (2016高三上·揭阳期中) 一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍，该质点的加速度为（）A .B .C .D .二、多选题 (共4题；共12分)7. （3分）甲、乙、丙三个物体做匀变速直线运动，通过A点时，物体甲的速度是6 m/s，加速度是1 m/s2；物体乙的速度是2 m/s，加速度是6 m/s2；物体丙的速度是－4 m/s，加速度是2 m/s2 ，则下列说法中正确的是（）A . 通过A点，物体甲最快，乙最慢B . 通过A点前1 s时，物体丙最快，乙最慢C . 通过A点后1 s时，物体乙最快，丙最慢D . 以上说法都不正确8. （3分） (2016高一上·通海期中) 下列说法正确的是（）A . 速度表示物体运动快慢的物理量，它既有大小，又有方向，是矢量B . 平均速度就是速度的平均值，只有大小没有方向，是标量C . 瞬时速度的大小通常叫做速率D . 某校园田径运动跑道周长是400m，同学跑完3圈的位移是1200m，路程是零9. （3分） (2017高一上·蚌埠期中) 关于摩擦力的方向，下列叙述中正确的是（）A . 滑动摩擦力的方向，总是与物体的相对运动方向相同B . 静摩擦力的方向总是跟物体相对运动趋势的方向相反C . 滑动摩擦力的方向，可能与物体的运动方向相同D . 静摩擦力的方向，可能与物体运动的方向相同10. （3分）(2017·湘潭模拟) 如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A、B两物体通过细绳连接，并处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）．现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B 缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A均然保持静止．在此过程中（）A . 水平力F一定变小B . 斜面体所受地面的支持力一定变大C . 地面对斜面体的摩擦力一定变大D . 物体A所受斜面体的摩擦力可能变大三、填空题 (共5题；共5分)11. （1分）一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，它的加速度为2m/s2 ，则此物体在2s末时的速度为________，4s初的速度为________，它在第5s内的中间时刻的速度为________．12. （1分） (2017高一上·蚌埠期末) 一人先向西走4米，又向北走3米，则此人在整个过程中的位移大小为________米；路程大小为________米．13. （1分） (2017高一下·南昌期末) 一质量为m=2kg的木块在水平面上静止，现对它施加一水平打击力F=60N，该力作用于木块的时间是t=0.1s，已知木块与水平地面的动摩擦因数μ=0.2，则该木块在水平地面上共滑行________s才能停下来．（g=10m/s2）14. （1分）从给出的物理思想方法中选择相应的一个，并将序号填入后面的横线上：质点________；定义加速度时用了________（A）等效替代（B）微元法（C）理想模型法（D）极限法（E）比值定义法．15. （1分）目前实验室用的打点计时器有________计时器和________计时器两种，它们所接电源是________电源（选填“交流”或“直流”）；若电源为频率为50Hz，则打点计时器打相邻两点的时间间隔是________ s．所接交流电压为220V是________计时器．四、实验题 (共1题；共3分)16. （3分） (2016高一上·双鸭山期中) 在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中：（1）打点计时器使用的电源为________（选填交流或直流）电源．（2）下列操作中正确的有（填选项代号）．A . 在释放小车前，小车要靠近打点计时器B . 打点计时器应放在长木板的有滑轮一端C . 应先接通电源，后释放小车D . 电火花计时器应使用低压6V以下交流电源（3）实验中，把打点计时器接50Hz交流电，打出的一条纸带如图．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的记数点．相邻计数点之间有四个点未画出（即相邻两点的时间间隔为0.1s），各点间的距离如下图所示，则在打D点时，小车的速度为________ m/s．并可求得小车的加速度大小为________ m/s2．（计算结果都保留两位有效数字）五、解答题 (共4题；共40分)17. （10分）如图，一容器由横截面积分别为2S和S的两个汽缸连通而成，容器平放在地面上，汽缸内壁光滑．整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气．平衡时，氮气的压强和体积分别为p0和V0 ，氢气的体积为2V0 ，空气的压强为p．现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求：（1）抽气前氢气的压强；（2）抽气后氢气的压强和体积．18. （5分） (2016高三上·濉溪期中) A、B两列火车，在同一轨道上同向行驶，A车在前，其速度vA=20m/s，B 车速度vB=30m/s，因大雾能见度低，B车在距A车600m时才发现前方的A车，因此B车立即刹车，但B车要减速运动1800m才能够停止．若B车刹车10s后，A车以加速度aA=0.5m/s2加速前进，问能否避免事故？若能避免，试计算两车最近时的距离．19. （10分）(2017·孝义模拟) 如图所示，长为l的长木板A放在动摩擦因数为μ1的水平地面上，一滑块B（大小可不计）从A的左侧以初速度v0向右滑上木板，滑块与木板间的动摩擦因数为μ2（A与水平地面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相同）．已知A的质量为M=2.0kg，B的质量为m=3.0kg，A的长度为l=3.0m，μ1=0.2，μ2=0.4，（g取10m/s2）（1）A、B刚开始运动时各自的加速度分别是多大？（2）为保证B在滑动过程中不滑出A，初速度v0应满足什么条件？（3）分别求A、B对地的最大位移．20. （15分） (2017高二下·乌兰察布期末) 如图所示，质量m=5kg的木块静止于水平面上，现用大小为30N、方向与水平方向成θ=37°斜向上的拉力F拉动木块，使木块沿水平地面匀速滑行．取g=10m/s2 ，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求（1）木块对地面压力的大小（2）木块与地面间的动摩擦因素μ参考答案一、单选题 (共6题；共12分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、二、多选题 (共4题；共12分)7-1、8-1、9-1、10-1、三、填空题 (共5题；共5分)11-1、12-1、13-1、14-1、15-1、四、实验题 (共1题；共3分) 16-1、16-2、16-3、五、解答题 (共4题；共40分) 17-1、17-2、18-1、19-1、19-2、19-3、20-1、20-2、。

辽宁师大附中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题共有8小题，每题7分，其中1-5题为单项选择题，6-8题为多项选择题，选不全得4分，不选或有错误选项不得分）1．（7分）下列关于质点的说法中正确的是（）A．只要是体积很小的物体都可看作质点B．只要是质量很小的物体都可看作质点C．质量很大或体积很大的物体都一定不能看作质点D．由于所研究的问题不同，同一物体有时可以看作质点，有时不能看作质点2．（7分）关于加速度，下述说法中错误的是（）A．加速度的大小与速度的大小无必然联系B．加速度的方向与速度的方向可能相同，也可能相反C．加速度很大时物体速度可能很小D．加速度大的物体速度变化一定很大3．（7分）从某一高度相隔1s先后释放两个相同的小球甲和乙，不计空气阻力，它们在空中任一时刻（）A．甲乙两球距离始终保持不变，甲乙两球速度之差保持不变B．甲乙两球距离越来越大，甲乙两球速度之差也越来越大C．甲乙两球距离越来越大，甲乙两球速度之差保持不变D．甲乙两球距离越来越小，甲乙两球速度之差也越来越小4．（7分）一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（）A．1：22：321：2：3 B．1：23：331：22：32C．1：2：3 1：1：1 D．1：3：51：2：35．（7分）一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s 内位移大小依次为9m和7m，则刹车后6s内的位移是（）A．20 m B．24 m C．25 m D．75 m6．（7分）如图所示，为一质点在0﹣22s时间内作直线运动的v﹣t图象，则下列说法中正确的是（）A．整个过程中，CD段和DE段的加速度数值最大B．整个过程中，BC段的加速度最大C．整个过程中，D点所表示的状态，离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34m7．（7分）物体沿一直线运动，在时间t内通过的路程为s．它在中间位置s处的速度为v1，在中间时刻t时的速度为v2，则v1和v2的关系为（）A．当物体作匀加速直线运动时，v1＞v2B．当物体作匀加速直线运动时，v1＜v2C．当物体作匀减速直线运动时，v1＞v2D．当物体作匀减速直线运动时，v1＜v28．（7分）以35m/s的初速度竖直向上抛出一个小球．不计空气阻力，g取10m/s2．以下判断正确的是（）A．小球到达最大高度时的速度为0B．小球到达最大高度时的加速度为0C．小球上升的最大高度为61.5mD．小球上升阶段所用的时间为3.5s二、实验题（本题共有1道小题，每空4分，共12分．）9．（12分）在做“研究匀变速直线运动”的实验时，所用电源频率为50Hz，取下一段纸带研究，如图所示，设0点为计数点的起点，每5个点取一个计数点，则（1）第一个计数点与起始点间的距离x1= cm；（2）计算此纸带的加速度大小a= m/s2；（3）物体经过第3个计数点的瞬时速度为v3= m/s．三、计算题（共有2道小题，每题16分，共32分．）10．（16分）从离地500m的空中自由落下一个小球，不计空气阻力，取g=10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面；（2）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移、最后1s内的位移；（3）落下一半时间的位移．11．（16分）甲、乙两车相距s，同时同向运动，乙在前面作加速度为a1、初速度为零的匀加速运动，甲在后面作加速度为a2、初速度为v0的匀加速运动，试讨论两车在运动过程中相遇次数与加速度的关系．辽宁师大附中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共有8小题，每题7分，其中1-5题为单项选择题，6-8题为多项选择题，选不全得4分，不选或有错误选项不得分）1．（7分）下列关于质点的说法中正确的是（）A．只要是体积很小的物体都可看作质点B．只要是质量很小的物体都可看作质点C．质量很大或体积很大的物体都一定不能看作质点D．由于所研究的问题不同，同一物体有时可以看作质点，有时不能看作质点考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的质量、体积的大小无关．解答：解：A．只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，故大的物体也可以作为质点，例如地球绕太阳公转时，地球可以看成是质点，故A错误；B．小的物体有时却不能当作质点，原子核很小，但在研究原子核内部的结构等的时候是不能看成质点的，故B错误；C．能否看成质点与物体的质量、体积的大小无关．例如地球绕太阳公转时，地球可以看成是质点，故C错误；D．研究地球绕太阳公转时，地球可以看成是质点，而研究地球自转时不可以把地球看成质点，故D正确．故选D．点评：只要掌握了质点的概念解决此类问题就不在话下，此题是帮助我们掌握质点的概念的不可多得的一道好题．2．（7分）关于加速度，下述说法中错误的是（）A．加速度的大小与速度的大小无必然联系B．加速度的方向与速度的方向可能相同，也可能相反C．加速度很大时物体速度可能很小D．加速度大的物体速度变化一定很大考点：加速度．分析：加速度等于单位时间内变化量，反映速度变化快慢的物理量．解答：解：A、加速度的大小与速度大小无必然联系，故A正确．B、加速度方向与速度变化量的方向相同，与速度方向可能相同，可能相反．故B正确．C、加速度很大，知速度变化很快，速度不一定大，速度可能很小，故C正确．D、加速度大的物体速度变化快，变化量不一定大，故D错误．本题选错误的，故选：D．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度的大小、速度变化量的大小无关．3．（7分）从某一高度相隔1s先后释放两个相同的小球甲和乙，不计空气阻力，它们在空中任一时刻（）A．甲乙两球距离始终保持不变，甲乙两球速度之差保持不变B．甲乙两球距离越来越大，甲乙两球速度之差也越来越大C．甲乙两球距离越来越大，甲乙两球速度之差保持不变D．甲乙两球距离越来越小，甲乙两球速度之差也越来越小考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：甲乙两球均做自由落体运动，由位移公式列出它们的距离与时间关系的表达式，再求出速度之差与时间的关系．解答：解：设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+1，则两球的距离x=﹣=gt+，可见，两球间的距离随时间推移，越来越大．两球速度之差为：△v=g（t+1）﹣gt=g，所以甲乙两球速度之差保持不变．所以C选项正确．故选C．点评：本题是自由落体运动位移公式和速度公式的直接应用，难度不大，属于基础题．4．（7分）一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（）A．1：22：321：2：3 B．1：23：331：22：32C．1：2：3 1：1：1 D．1：3：51：2：3考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：要求连续的时间不等的三段时间内的位移之比，就要分别求出这三段时间内得位移，要求这三段位移，可以先求第一段的位移，再求前两段的位移，再求前三段的位移，前两段的位移减去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移减去前两段的位移就等于第三段的位移；某段时间内的位移与所用时间的比值就等于该段时间内的平均速度．解答：解：根据x=可得物体通过的第一段位移为：x1=a×12又前3s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：x2=a×（1+2）2﹣×a×12=a×8又前6s的位移减去前3s的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：x3=a×（1+2+3）2﹣×a×（1+2）2=a×27故x1：x2：x3=1：8：27=1：23：33在第一段位移的平均速度为：1=在第二段位移的平均速度为：=在第三段位移的平均速度为：=故1：：=：：=1：22：32=1：4：9故选：B．点评：本题求解第二段和第三段位移的方法十分重要，要注意学习和积累，并能灵活应用．5．（7分）一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s 内位移大小依次为9m和7m，则刹车后6s内的位移是（）A．20 m B．24 m C．25 m D．75 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论△x=aT2和位移时间公式求出汽车的初速度和加速度，结合速度时间公式判断物体到停止的时间，从而根据位移公式求出刹车后6s内的位移．解答：解：设汽车的初速度为v0，加速度为a．根据匀变速直线运动的推论△x=aT2得：x2﹣x1=aT2得 a===﹣2m/s2．根据第1s内的位移：，代入数据得，9=v0×1+，解得v0=10m/s．汽车刹车到停止所需的时间 t0==s=5s．则汽车刹车后6s内的位移等于5s内的位移，为 x==m=25m．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：本题考查了运动学中的刹车问题，要注意判断汽车的运动状态，知道刹车速度减为零后不再运动，不能再用运动学公式，是道易错题．6．（7分）如图所示，为一质点在0﹣22s时间内作直线运动的v﹣t图象，则下列说法中正确的是（）A．整个过程中，CD段和DE段的加速度数值最大B．整个过程中，BC段的加速度最大C．整个过程中，D点所表示的状态，离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：解答本题关键要抓住：速度图象的斜率等于加速度，斜率越大，物体的加速度越大；速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，由几何知识求出面积，即可求得位移大小，得到路程．根据速度的正负表示速度的方向，可知物体在O到D过程，物体一直沿正方向运动，D到E段表示物体沿负方向运动，即可知D点所表示的状态离出发点最远．解答：解：A、由图看出，CD段和DE段的斜率数值最大，根据速度图象的斜率等于加速度，可知，CD段和DE段的加速度数值最大．故A正确，B错误．C、由图分析得知，物体在O到D过程，物体一直沿正方向运动，D到E段表示物体沿负方向运动，故D点所表示的状态离出发点最远．故C正确．D、由速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，得知，BC段所表示的运动通过的位移大小为x=×（5+12）×（18﹣14）m=34m，此段时间内物体做单向直线运动，路程等于位移大小，则物体通过的路程等于34m．故D正确．故选ACD点评：本题的解题关键是抓住两个数学意义来分析和理解图象的物理意义：速度图象的斜率等于加速度、速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移．7．（7分）物体沿一直线运动，在时间t内通过的路程为s．它在中间位置s处的速度为v1，在中间时刻t时的速度为v2，则v1和v2的关系为（）A．当物体作匀加速直线运动时，v1＞v2B．当物体作匀加速直线运动时，v1＜v2C．当物体作匀减速直线运动时，v1＞v2D．当物体作匀减速直线运动时，v1＜v2考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：本题可由图象得出位移中点及时间中间的速度大小，即可比较出两速度的大小．解答：解：作出匀加速和匀减速运动的作出v﹣t图象．对于右图匀加速运动，由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移小于总位移的一半，故中间位置应在中间时刻的右侧，故此时对应的速度一定大于v2．对于下图匀减速运动，由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移大于总位移的一半，故中间位置应在中间时刻的左边侧，故此时对应的速度一定大于v2．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．点评：v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，故由图象可知中间时刻和中间位移．本题还可以对运动过程运用速度位移公式、平均速度公式和位移时间公式列式后联立，求解出中间位置和中间时刻的瞬时速度的一般表达式，再进行分析讨论．8．（7分）以35m/s的初速度竖直向上抛出一个小球．不计空气阻力，g取10m/s2．以下判断正确的是（）A．小球到达最大高度时的速度为0B．小球到达最大高度时的加速度为0C．小球上升的最大高度为61.5mD．小球上升阶段所用的时间为3.5s考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：物体做竖直上抛运动，其加速度大小始终为g，方向竖直向下，上升阶段：匀减速直线运动，达到最高点时速度为零，加速度还是g，应用匀变速直线运动的规律求解．解答：解：A、B：物体做竖直上抛运动，上升阶段：匀减速直线运动，达到最高点时速度为零，加速度大小始终为g，方向竖直向下，故A正确，B错误；C：上升阶段：由，得：0﹣35×35=﹣20h，解得：h=61.25m 故C错误；D：上升阶段：由：v=v0﹣gt得：0=35﹣10t，解得：t=3.5s 故D正确；故选：AD．点评：竖直上抛运动是加速度大小始终为g，方向竖直向下的匀变速运动，可分段求解，也可整体法求解，选用适当的方法求解即可．二、实验题（本题共有1道小题，每空4分，共12分．）9．（12分）在做“研究匀变速直线运动”的实验时，所用电源频率为50Hz，取下一段纸带研究，如图所示，设0点为计数点的起点，每5个点取一个计数点，则（1）第一个计数点与起始点间的距离x1=3 cm；（2）计算此纸带的加速度大小a=3 m/s2；（3）物体经过第3个计数点的瞬时速度为v3=1.05 m/s．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度以及x1的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）由题意可知：x2=6cm，x3=15cm﹣6cm=9cm，根据x3﹣x2=x2﹣x1，解得：x1=3cm．故答案为：3．（2）在匀变速直线运动中，连续相等时间内的位移差为常数，即△x=aT2，其中△x=3cm，T=0.1s，带入解得：a=3m/s2．故答案为3．（3）匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，所以有：根据速度时间公式有：故答案为：1.05．点评：本题主要考查了基本运动学公式在处理纸带问题中的应用，是考查基本规律应用的好题．三、计算题（共有2道小题，每题16分，共32分．）10．（16分）从离地500m的空中自由落下一个小球，不计空气阻力，取g=10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面；（2）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移、最后1s内的位移；（3）落下一半时间的位移．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：（1）根据高度，结合位移时间公式求出小球落地的时间；（2）根据位移时间公式求出第一秒内的位移，最后1s前的位移，从而得出最后1s内的位移．（3）根据位移时间公式求解落下一半时间的位移．解答：解：（1）小球做自由落体运动，根据，得：；（ 2 ）第1s内的位移：；最后1s内的位移：即10s的位移﹣9s的位移：；（ 3 ）前5s内的位移为：；答：（1）经过10a落到地面；（2）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移为5m、最后1s内的位移为95m；（3）落下一半时间的位移为125m．点评：解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合运动学公式灵活求解．11．（16分）甲、乙两车相距s，同时同向运动，乙在前面作加速度为a1、初速度为零的匀加速运动，甲在后面作加速度为a2、初速度为v0的匀加速运动，试讨论两车在运动过程中相遇次数与加速度的关系．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：两车都做匀加速运动，由位移公式得出它们的位移与时间的关系，当它们相遇时，甲车与乙车的位移之差等于s，得到关于时间的函数式，根据数学知识分析两车能相遇几次．解答：解：设两车经过时间t相遇．则s甲=v0t，s乙=两车相遇时，有s甲﹣s乙=s代入得，v0t﹣=s△==①当2（a1﹣a2）s，△＜0，①无解，即两车不相遇．当=2（a1﹣a2）s，△=0，①中t只有一解，即相遇一次．当＞2（a1﹣a2）s，△＞0，①中t有两个正解，即相遇两次．答：不相遇．若相遇一次．若相遇两次．点评：本题是相遇问题，抓住位移关系，得到时间的表达式，根据数学知识分析是常用的方法．。

辽宁省沈阳二中高二上学期月考物理试卷（10月份）一．选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1～9题只有一项符合题目要求，第10～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时（设电子的速度是3×107m/s），在整个环中运行的电子数目为（电子电量e=1.6×10﹣19C）（） A．5×1011 B．5×1010 C．1×102 D．1×1042．“神舟”六号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%．单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V 的电动势，可获得0.1A的电流，求每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量是（） A． 0.24J B． 0.25J C． 0.26J D． 0.28J3．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（）A． B． 3R C． D． R4．有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A． 6：4：3 B． 3：4：6 C． 2：3：4 D． 4：3：25．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A．两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角6．一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速率为v0B．自由电子定向移动的速率为v=C．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速率为v=7．欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头．甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为（）A． 100Ω，100Ω B． 200Ω，100Ω C． 50Ω，100Ω D． 100Ω，200Ω8．如图所示的电路中，开关闭合时，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，灯L1突然变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．则发生的故障可能是（）A． R1断路 B． R2断路 C． R3断路 D． R4断路9．如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P 向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（）A．灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B．灯L2、L3变亮，灯L1变暗C．灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D．灯L1变亮，灯L2、L3变暗10．如图，直线A为电源的U﹣I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U﹣I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则（）A． P1＞P2 B． P1=P2 C．η1＞η2 D．η1＜η211．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向下运动 D．流过R3的电流逐渐增大12．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，下列判断正确的是（）A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计24分．请把答案填写在答题纸的相应位置上．）13．某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、二极管、电池等元件．现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表V（量程4V，电阻R V约为4.0kΩ）B．电流表A1（量程100mA，电阻R A1约为5Ω）C．电流表A2（量程2mA，电阻R A2约为50Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2（0～999.9Ω，最小分度值0.1Ω）F．开关S一只、导线若干（1）一位同学使用伏安法测定电阻R0的阻值，滑动变阻器应该采用（填“限流式”或“分压式”）接法，电流表应该用（选B或C）并采用电流表的（“内接法”或“外接法”）测量．在实验操作过程中发现滑动变阻器R1、电流表A1损坏，请用余下的器材测量锂电池电动势E和内阻r．①请在如图的方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）．②引起该实验系统误差的主要原因是．14．在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d= mm；用多用电表的“×1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R= Ω．若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式ρ= （用符号表示）．三、计算题（本题共3小题，共28分．第15题8分，第16题10分，第17题10分．要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．）15．在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？16．在如图所示电路中，定值电阻R0=2Ω，安培表和伏特表均为理想电表．闭合开关K，当滑动变阻器R x滑片P从一端移向另一端时，发现电压表的电压变化范围为0V到3V，安培表的变化范围为0.75A到1.0A．求：（1）电源的电动势和内阻；移动变阻器滑片时，能得到的电源的最大输出功率．17．如图所示的电路，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=6Ω，电容器的电容C=3.6μF，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开．（1）合上S2，待电路稳定以后，求电容器上电量变化了多少？合上S2，待电路稳定后再断开S1，求断开S1后流过R1的电量是多少？辽宁省沈阳二中高二上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一．选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1～9题只有一项符合题目要求，第10～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时（设电子的速度是3×107m/s），在整个环中运行的电子数目为（电子电量e=1.6×10﹣19C）（） A．5×1011 B．5×1010 C．1×102 D．1×104考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电子转一圈的时间，求出在该时间内通过圆形轨道某一横截面的电量，即为整个环中电子的电量．再除以一个电子的电流，即为整个环中电子的数目．解答：解：电子转一圈的时间．整个环中电子的电量Q=It=10×10﹣3×8×10﹣6C=8×10﹣8C．所以电子的数目n=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握电流的定义式，会根据公式求出某段时间内同过横截面的电量．2．“神舟”六号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%．单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V 的电动势，可获得0.1A的电流，求每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量是（） A． 0.24J B． 0.25J C． 0.26J D． 0.28J考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：由欧姆定律即可求得电流，由电功公式W=UIt可求得太阳能电池吸收的光能，由光电转换效率可求得太阳光的能量．解答：解：电阳能电池每秒产生的电能为W=UIt=0.6V×0.1A×1s=0.06J；则照到太阳能电池上的光能为W光===0.26J；故选C点评：本题考查用物理学在一些新科技的应用，这类题型出现较多，不但能很好的考查知识，而且可以激发我们学习物理的动力．3．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（）A． B． 3R C． D． R考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律判断．解答：解：一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律公式R=，其电阻不变，为R；故选D．点评：本题关键根据电阻定律判断，记住公式R=即可，基础题．4．有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A． 6：4：3 B． 3：4：6 C． 2：3：4 D． 4：3：2考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比．解答：解：因为R1：R2：R3=2Ω：3Ω：4Ω=2：3：4；所以I1：I2：I3===6：4：3故选：A．点评：会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系．5．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A．两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．解答：解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选：C．点评：本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题．6．一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速率为v0B．自由电子定向移动的速率为v=C．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速率为v=考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率．解答：解：单位时间内通过的电量q=vten由电流的定义可知电流的微观表达式为：I===nev；则v=；故D正确；故选：D．点评：本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率．7．欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头．甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为（）A． 100Ω，100Ω B． 200Ω，100Ω C． 50Ω，100Ω D． 100Ω，200Ω考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：电流表改装成欧姆表的原理是闭合电路欧姆定律．中值电阻对应的电流是满偏电流的一半．根据闭合电路欧姆定律和中值电阻的意义，分别原来、甲、乙三个电流列式，即可求解．解答：解：设原来满偏电流为Ig，中值电阻为R x0，换用甲乙两表头后的中值电阻分别为R x1，R x2．对于原来表头，根据闭合电路欧姆定律得：Ig=Ig=联立可得：R x0=换用甲表头后，由闭合电路欧姆定律得：2Ig=Ig=联立解得：R x1=则得：R x1=R x0=×100Ω=50Ω换用乙表头，由闭合电路欧姆定律得：Ig=Ig=联立解得：R x2==R x0=100Ω故选：C．点评：本题关键要理解欧姆表的工作原理：闭合定律欧姆定律，明确中值电阻的意义，能运用闭合电路欧姆定律即可正确解题．8．如图所示的电路中，开关闭合时，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，灯L1突然变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．则发生的故障可能是（）A． R1断路 B． R2断路 C． R3断路 D． R4断路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：没有发生故障前，R1与L1并联，R2与R3串联后与R4并联，再与R2串联．将选择逐一代入，根据欧姆定律分析，选择符合题意的选项．解答：解：A、若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变大，L1变亮；根据串联电路分压规律可知：右侧并联电路的电压减小，通过L2、R4的电流都减小，L2变暗，电流表的读数变小．符合题意．故A 正确．B、若R2断路，电路中没有电流，两灯都不亮，与题不符，故B错误．C、若R3断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：R4的电压增大，电流表的读数变大，L2不亮，不符合题意．故C错误．D、若R4断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：电流表的读数为零，不符合题意．故D错误．故选：A．点评：本题是电路中动态变化分析问题，首先要识别电路的结构，其次按照“局部→整体→局部”的思路进行分析．9．如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P 向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（）A．灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B．灯L2、L3变亮，灯L1变暗C．灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D．灯L1变亮，灯L2、L3变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联．灯L1的电压等于路端电压．将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化和路端电压的变化，确定灯L1亮度的变化．由干路电流和L1电流的变化，来确定灯L2电流的变化，分析其亮度的变化．根据灯L3的电压变化分析亮度的变化．解答：解：图中变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联．灯L1的电压等于路端电压．将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I减小，路端电压增大，则灯L1变亮．流过灯L2电流I2=I﹣I1，I减小，I1增大，则I2减小，灯L2变暗．灯L3的电压U3=U﹣U2，U增大，U2减小，U3增大，L3灯变亮．故C正确．故选：C．点评：本题是电路中动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，再按照“局部→整体→局部”顺序进行分析．10．如图，直线A为电源的U﹣I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U﹣I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则（）A． P1＞P2 B． P1=P2 C．η1＞η2 D．η1＜η2考点：欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比，根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率；电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解答：解：AB、由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率P1=UI=8WC接在电源上时，电源的输出输出功率P2=UI=8W 故A错误，B正确．CD、电源的效率η===，效率与路端电压成正比，B接在电源上时路端电压大，效率高，η1＞η2．故C正确，D 错误．故选：BC．点评：本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．11．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向下运动 D．流过R3的电流逐渐增大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．解答：解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；B、当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；A、因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；C、因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C正确；D、因R3两端的电压减小，根据欧姆定律可知，流过R3的电流逐渐减小；故D错误；故选：AC．点评：解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体﹣局部﹣整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．12．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，下列判断正确的是（）A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流I，由欧姆定律求出电阻，并求出其功率．灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电阻．解答：解：A、C、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1==12Ω，功率P1=U1I1=0.75W，故A正确，C正确；B、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V×0.20A=0.30W，故B错误，D正确；故选ACD．点评：本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压．读图能力是基本功．二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计24分．请把答案填写在答题纸的相应位置上．）13．某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、二极管、电池等元件．现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表V（量程4V，电阻R V约为4.0kΩ）B．电流表A1（量程100mA，电阻R A1约为5Ω）C．电流表A2（量程2mA，电阻R A2约为50Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2（0～999.9Ω，最小分度值0.1Ω）F．开关S一只、导线若干（1）一位同学使用伏安法测定电阻R0的阻值，滑动变阻器应该采用分压式（填“限流式”或“分压式”）接法，电流表应该用 C （选B或C）并采用电流表的内接法（“内接法”或“外接法”）测量．在实验操作过程中发现滑动变阻器R1、电流表A1损坏，请用余下的器材测量锂电池电动势E和内阻r．①请在如图的方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）．②引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流作用或电流表的分压作用．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：本题（1）应根据I=求出的最大电流来选择电流表量程；根据变阻器的全电阻远小于待测电阻可知变阻器应采用分压式接法；根据待测电阻满足可知电流表应用内接法；题①根据测量电动势可以使用“安欧法”（电流表与电阻箱）或“伏欧法”（电压表与电阻箱）即可求解；题②根据闭合电路欧姆定律讨论即可．解答：解：（1）：由I===1.85mA，所以电流表应选择C；根据闭合电路欧姆定律可知电路中需要的最大电阻应为：===5550Ω，所以应选择变阻器D且采用分压式接法；由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法；：①：若电流表和变阻器损坏，根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir可知，考虑使用电压表V与电阻箱并联（“伏欧法”）或将与电流表与电阻箱串联（“安欧法”）以完成测量，电路图如图所示：或②：由E=U+Ir可知，采用“伏欧法”时，=U+，由于电压表的分流作用使得根据求出的电流小于通过电源的实际电流；采用“安欧法”时，=I+Ir，由于电流表的分压作用，使得根据I求出的电压小于电源两端的实际电压．故答案为：（1）分压式，C，内接法；①如图，②电压表的分流作用或电流表的分压作用点评：应明确：①应根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程；②当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；③当待测电阻满足时电流表应用内接法，满足时电流表应用外接法；④测量电源电动势和内阻实验有“伏安法”、“安欧法”、“伏欧法”等．14．在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d= 0.730 mm；用多用电表的“×1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R= 8.0 Ω．若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式ρ= （用符号表示）．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数；根据实验所测数据，应用电阻定律可以求出金属丝的电阻率．解答：解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度所示为23.0×0.01mm=0.230mm，螺旋测微器的示数为0.5mm+0.230mm=0.730mm．由图乙所示多用电表可知，金属丝电阻阻值R=8.0×1Ω=8.0Ω．（3）金属丝电阻R=ρ=故答案为：0.730； 8.0；点评：螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时要注意估读．三、计算题（本题共3小题，共28分．第15题8分，第16题10分，第17题10分．要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．）15．在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI﹣I2r求解输出功率．解答：解：（1）通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I=得：I===0.1 A。