安徽省蚌埠二中高三月月考物理

2016届安徽省蚌埠二中高三上学期12月月考物理试题一、选择题：本题共12小题，每小题4分.共计48分.在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．下列叙述正确的是（）A.元电荷是指带电量为1.6×10-19C的电子或质子B.起电的实质是改变原来物质结构，产生新电荷C.库仑测定了电子所带电量的值，为了纪念他，所以电量单位是库仑D.在任何情况下，只要系统与外界没有电荷交换，电荷的代数和就不变2．如图所示，置于足够长斜面上的盒子A内为放有光滑球B，B恰与盒子前、后壁接触，斜面光滑且固定于水平地面上．一轻质弹簧的一端与固定在斜面上的木板P拴接，另一端与A相连．今用外力推A使弹簧处于压缩状态，然后由静止释放，则从释放盒子直至其获得最大速度的过程中（）A．弹簧的弹性势能一直减小直至为零B．A对B做的功大于B机械能的增加量C．弹簧弹性势能的减小量等于A和B机械能的增加量D．A所受重力和弹簧弹力做功的代数和等于A动能的增加量3. 如图所示，xOy坐标平面在竖直面内，x轴沿水平方向，y轴正方向竖直向上，在图示空间内有垂直于xOy平面的水平匀强磁场．一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线．关于带电小球的运动，下列说法中正确的是（）A．OAB轨迹为半圆B．小球运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向C．小球在整个运动过程中机械能增加D．小球在A点时受到的洛伦兹力与重力大小相等4．如图所示，oa、ob、cd是竖直平面内三根固定的光滑细杆，o、a、b、c、d位于同一圆周上，c为圆周的最高点，a为最低点。

每根杆上都套着一个小滑环，三个滑环从o点或c 点无初速释放，用t1、t2、t3分别表示滑环到达a、b、d点所用的时间，则下列关系正确的是（）A．t1 = t2B．t1 > t2C．t1 < t3D．t3 < t25．一个正点电荷Q固定在正方形的一个角上，另一个带电粒子射入该区域时，恰好能经过正方形的另外三个角a、b、c，如图所示，则有（）A．根据轨迹可判断该带电粒子带正电B．a、b、c三点场强大小之比是1：2：1C．粒子在a、b、c三点的加速度大小之比是2：1：2D．a、c二点的电场强度相同6．如图所示为质量均可忽略的轻绳与轻杆组成系统, 轻杆A端用铰链固定,滑轮在A点正上方（滑轮大小及摩擦均可不计）, 轻杆B端吊一重物G，现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓慢上拉（均未断），在AB杆达到竖直前，以下分析正确的是( )A．绳子受到的拉力越来越大B．AB杆受到的压力越来越小C．AB杆受到的压力越来越大D．绳子受到的越来越小7．如图所示，人造卫星A、B在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动．已知A、B连线与A、O连线间的夹角最大为θ，则卫星A、B的角速度之比等于（）8．如图是生产中常用的一种延时继电器的示意图，铁芯上有两个线圈A和B，线圈A跟电源连接，线圈B的两端接在一起，构成一个闭合回路．下列说法正确的是（）A．闭合开关S时，B中产生与图示方向的感应电流B．闭合开关S时，B中产生与图示方向相反的感应电流C．断开开关S时，电磁铁会继续吸住衔铁D一小段时间D．断开开关S时，弹簧k立即将衔铁D拉起9．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C.闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为ΔU，电流表示数的变化量为ΔI，则( )A. 变化过程中ΔU和ΔI的比值保持不变B. 电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电容器的带电量增大，增加量为CΔUD．电阻R0两端电压减小，减小量为ΔU10. 假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则有关这艘飞船的下列说法，正确的是（）A．飞船在轨道I上运动时的机械能小于在轨道II上运动时的机械能B．飞船在轨道II上运动时，经过P点时的速度大于经过Q点时的速度C．飞船绕火星在轨道I上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道I同样的轨道半径运动的周期相同D．飞船在轨道III上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道II上运动到P点时的加速度11．如图所示，在绝缘的斜面上方存在着水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是（）A．金属块带正电荷B．金属块克服电场力做功8JC．金属块的电势能减少4J D．金属块的机械能减少12J12. 将一质量为m的小球从空中O点以初动能Ek斜向上抛出，飞行一段时间后，小球到达最高P点时速度v 变为水平.不计空气阻力.则（）A．小球抛出时的竖直分速度为B．从O点到P点，小球上升的高度为C．从O点到P点过程中，小球运动的平均速度为D．从O点到P点过程中，小球运动的平均速度为二、实验题（16分）13．（1）图a为测量物块与水平桌面之间的动摩擦因数的实验装置示意图，实验步骤如下①用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m；用游标卡尺测量遮光片宽度d；用米尺测量两光电门之间的距离s ；②调整轻滑轮，使细线水平；③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A 和光电门B所用的时间ΔtA和ΔtB，求出加速度a ；④多次重复步骤③，求a的平均值；⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ。

蚌埠二中2014届高三年级第一次月考物理试题考试时间：90分钟 试卷分值：100分命题人：高申群、曹豆豆注意：本试卷共分Ⅰ、Ⅱ两卷，所有答案必须写在答题卷及答题卡的相应位置上，答写在试卷上不予记分。

第I 卷 选择题（共48分）一、选择题（下列每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共48分。

）1、如图1所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是（ ）A ．接触后，小球作减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来 越小，最后等于零B ．接触后，小球先做匀加速运动，后做匀减速运动，其速度先增加后减小直到为零C ．接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D ．接触后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方2、如右图所示，A 、B 两均匀直杆上端分别用细线悬挂于天花板上，下端搁在水平地面上处于静止状态，悬挂A 杆的绳倾斜，悬挂B 杆的绳恰好竖直，则关于两杆的受力情况，下列说法中正确的有（ ）A ．A 、B 杆都受三个力作用 B ．A 、B 杆都受四个力作用C ．A 杆受三个力，B 杆受四个力D ．A 杆受四个力，B 杆受三个力3、如图所示，小车上固定着三角硬杆，杆的端点固定着一个质量为m 的小球．当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时，杆对小球的作用力的变化（用F1至F4变化表示）可能是下图中的（OO＇为沿杆方向）( )4、运动员用双手握住竖直的竹竿匀速攀上和匀速下滑时，他所受到的摩擦力分别为F 1和F 2 ，那么它们的关系正确的是（ ）A ．F 1向上，F 2向下，F 1＝F 2B ．F 1向下，F 2向上，F 1＞F 2C ．F 1向上，F 2向下，F 1＞F 2D ．F 1向上，F 2向上，F 1＝F 25、质量分别为m a 、m b 、m c 的三个物体a 、b 、c ，如图所示用细线跨过轻质的无摩擦的定滑轮，将a 、b 连在一起，b 与c 又用细绳相连，细绳不可伸长，如果a 、b 、c 都不发生运动，则下列说法正确的是（ ） A ．m a 可能小于m b B ．m a 一定大于m b C ．m a 可能大于m b D ．m a 可能大于m b +m c6、如图所示，物体静止于倾斜放置的木板上，当倾角θ由很小缓慢增大到900的过程中，木板对物体的支持力F N 和摩擦力f 的变化情况是（ ） A ．F N 、f 都增大 B ．F N 、f 都减少 C ．F N 增大，f 减小 D ．F N 减小，f 先增大后减小7、空降兵在降落伞打开后一段时间里将匀速直线运动，假设空降兵重G 1，降落伞重G 2，有三条相同的拉线与空降兵相连，每根拉线与竖直方向都成30°角，若人受到的阻力不计，则每根拉线上的张力和伞受到的阻力分别为（ ） A .932G 1，G 1 B .932G 1，G 1+G 2 C .932（G 1+G 2）,G 1+G 2 D .932（G 1+G 2）,G 1 8、某中学实验小组的同学在电梯的天花板上固定一根弹簧秤，使其测量挂钩（跟弹簧相连的挂钩）向下，并在钩上悬挂一个重为10N 的钩码．弹簧秤弹力随时间变化的规律可通过一传感器直接得出，如图所示的F-t 图象．根据F-t 图象，下列分析正确的是( ) A ．从时刻t 1到t 2，钩码处于超重状态 B ．从时刻t 3到t 4，钩码处于失重状态C ．电梯可能开始停在15楼，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在1楼D ．电梯可能开始停在1楼，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在15楼9、探测器绕月球做匀速圆周运动，变轨后在周期较小的轨道上仍做匀速圆周运动，则变轨后与变轨前相比( )A .轨道半径变小B .向心加速度变小C .线速度变小D .角速度变小10、如图所示，质量为M 斜面固定在水平地面上，先让质量为m 物体A 沿斜面下滑，恰能匀速．后给A 一个沿斜面向下的力F ，让其加速下滑．设前后两次地面斜面间的摩擦力分别为f 1、f 2 ，地面给斜面的支持力分别为N 1、N 2 ，则（ ） A ．f 1=f 2 ，N 1=N 2 B ．f 1<f 2 ，N 1<N 2 C ．f 1=0，f 2水平向右 D ．f 2=0，N 2>(M+m)g11、如图所示,晾晒衣服的绳子轻且光滑,悬挂衣服的衣架的挂钩也是光滑的,轻绳两端分别固定在两根竖直杆上的A 、B 两点,衣服处于静止状态.如果保持绳子A 端位置不变,将B 端分别移动到不同的位置时.下列判断正确的是（ ） A .B 端移到B 1位置时,绳子张力不变 B .B 端移到B 2位置时,绳子张力变小C .B 端在杆上位置不动,将杆移动到虚线位置时,绳子张力变大D .B 端在杆上位置不动,将杆移动到虚线位置时,绳子张力不变1 2 3 412、质量为m 的物体，在距地面h 高处以g/3的加速度由静止竖直下落到地面。

安徽省蚌埠市2020届高三物理9月月考试题本卷满分100分，考试时间100分钟，请将答案写在答题卡上。

一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.放射性元素23892U经过一系列衰变后变成20682Pb，其衰变方程式为238 92U→20682Pb＋x42He＋y01-e，则x、y分别为A.10、4B.8、6C.8、4D.6、62.伽利略对运动和力的关系及自由落体运动做了大量的研究，下列说法正确的是A.伽利略设计的斜面实验，能够完全消除摩擦阻力的影响B.伽利略在斜面实验的基础上经过推理，得出力不是维持物体运动的原因C.伽利略在研究自由落体运动时，能够完全消除空气阻力的影响D.伽利略用“冲淡重力”的方法研究自由落体运动，是为了消除重力的影响3.在图示区域内存在着竖直向上的匀强电场和水平向外的匀强磁场，一个带正电的微粒以水平速度从右侧边界进入并沿直线穿过该区域；若该微粒以相同大小的水平速度从左侧边界进入该区域，则微粒在此区域内做A.匀速直线运动B.匀速圆周运动C.加速度大小和方向都不变的曲线运动D.加速度大小和方向都改变的曲线运动4.如图所示，ACB为竖直平面内半径为R的14圆弧，上端B和圆心O等高，半径OC与竖直方向的夹角θ＝60°。

现有一小球自C点的正上方P处自由下落(不计空气阻力)，小球落在C点并水平反弹，反弹前后速度大小之比为2：1，若小球恰好能落在A点，则P、C 两点的高度差为A.38R B.34R C.R D.32R5.如图甲所示，一物体在竖直向上的拉力F(大小未知)作用下，以大小为v0的初速度向上做匀加速直线运动，拉力的功率P与时间t的关系如图乙所示，图线的横截距和纵截距分别为－b和c，则拉力F 和物体的加速度大小分别为A.0vc，0vb B.0vc，bvC.cv，0vbD.cv，bv6.如图，一理想变压器的原线圈与电阻R1串联后，接入一正弦交流电源，电阻R1、R2、R3的大小关系为R1＝R2＝2R3。

安徽蚌埠二中2024年高三第三次测评物理试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2．答题时请按要求用笔。

3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于牛顿第一定律和惯性有下列说法，其中正确的是（）A．由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性C．牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律D．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动2、如图所示，斜面体放在水平地面上，物块在一外力F的作用下沿斜面向下运动，斜面体始终保持静止，则()A．若物块做加速运动，地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向左B．若物块做加速运动，地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向右C．若物块做减速运动，地面对斜面体的摩擦力方向水平向左D．若物块做减速运动，地面对斜面体的摩擦力方向水平向右3、如图所示，A、B、C是三级台阶的端点位置，每一级台阶的水平宽度是相同的，其竖直高度分别为h1、h2、h3，将三个相同的小球分别从A、B、C三点以相同的速度v0水平抛出，最终都能到达A的下一级台阶的端点P处，不计空气阻力。

关于从A、B、C三点抛出的小球，下列说法正确的是（）A．在空中运动时间之比为t A∶t B∶t C=1∶3∶5B．竖直高度之比为h1∶h2∶h3=1∶2∶3C ．在空中运动过程中，动量变化率之比为AC A B P P P t t t：：=1∶1∶1 D ．到达P 点时，重力做功的功率之比P A ：P B ：P C =1：4：94、极地卫星的运行轨道经过地球的南北两极正上方（轨道可视为圆轨道）．如图所示，某时刻某极地卫星在地球北纬45°A 点的正上方按图示方向运行，经过12h 后再次出现在A 点的正上方，地球自转周期为24h ．则下列说法正确的是A ．该卫星运行周期比同步卫星周期大B ．该卫星每隔12h 经过A 点的正上方一次C ．该卫星运行的加速度比同步卫星的加速度小D ．该卫星所有可能角速度的最小值为rad/h 8π5、冬季奥运会中有自由式滑雪U 型池比赛项目，其赛道横截面如图所示，为一半径为R 、粗糙程度处处相同的半圆形赛道竖直固定放置，直径POQ 水平。

2014-2015学年安徽省蚌埠市五河二中高三（上）12月考物理试卷一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题5分，共计50分）1．如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的运动图象，由图象可以看出在0到4秒内（）A．甲、乙始终同向运动B．两个物体相距最远时刻是2s末C．甲的平均速度大于乙的平均速度D．乙作直线运动，甲作曲线运动2．一个物体从某一高度做自由落体运动．已知它在第1s内的位移恰为它在最后ls内位移的三分之一（g=10m/s2）．则它开始下落时距地面的高度为（）A． 15m B． 20m C． 11.25m D． 31.25m3．如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）A．木块a与铁块b间一定存在摩擦力B．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力F大小一定大于铁块与木块的重力之和4．如图所示，质量为m的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为3m，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg5．如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间下列说法正确的是（）A．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinθB． B球的受力情况未变，瞬时加速度为零C． A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinθD．弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零6．如图所示，一车西瓜随汽车一起沿水平路面向右做匀加速直线运动，汽车所受阻力是车重的K倍，加速度大小为a，车中质量为m的西瓜受到的其它西瓜的作用力的合力大小为（）A． mg B． m（g+a）C． m D． mg7．关于曲线运动，下列说法正确的有（）A．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动B．做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动8．质量不计的轻质弹性杆P部分插入桌面上小孔中，杆另一端套有质量为m的小球，今使小球在水平面内做半径为R、角速度为ω的匀速圆周运动，如图所示，则杆的上端受到球对它的作用力大小为（）A．nω2RωB． mg C．mg+mω2RD． m9．如图所示，细绳拴一个质量为m的小球离地高度为h，小球将固定在墙上的弹簧压缩x，小球与弹簧不粘连，将细线烧断后（）A．小球立即做平抛运动B．小球的加速度立即为gC．小球的位移为hD．小球离开弹簧后做匀变速运动10．农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳）谷粒都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，如图所示．对这一现象，下列分析正确的是（）A． N处是谷种，M处是瘪谷B．谷种质量大，惯性大，飞得远些C．谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度小些D．谷种和瘪谷在竖直方向做自由落体运动二、实验题（每空4分，共16分）11．如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．已知打点计时器电源频率为50Hz，ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距，可求得B点对应的速度是m/s，加速度是m/s2（计算结果保留二位有效数字）．12．某研究性学习小组用图甲所示的装置探究加速度与合外力的关系．装置中的铝箱下端连接纸带，砂桶中可放置砂子以改变铝箱所受的外力大小，沙桶放在倾角为a=30°的光滑斜面上．铝箱向上运动的加速度a可由打点计时器和纸带测出．现保持铝箱总质量m不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量，进行多次实验．得到多组a、F值（F为力传感器的示数，等于悬挂滑轮绳子的拉力）．已知重力加速度为g，不计滑轮的重力．某同学根据实验数据画出了图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为铝箱的加速度大小，横轴应为．（用所给字母表示）；当砂桶和砂的总质量较大导致加速度较大时，图线（填选项前的字母）．A．逐渐偏向纵轴 B．逐渐偏向横轴 C．仍保持原方向不变三、本题共3小题，共44分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．甲车在前以30m/s的速度行驶，乙车在后以20m/s的速度同向行驶．当相距75米时，乙车以2m/s2的加速度开始做匀加速直线运动．问两车此后在相遇之前最远相距多少，多长时间后乙车追上甲车？14．如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用轻绳拴住，绳与斜面平行，B在倾角为θ的足够长的斜面与A木板的中间匀速下滑．若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，试求：（1）此动摩擦因数μ．（2）若某时刻突然剪断轻绳，且滑快B仍然在A木板的重心下方，此时木板A的加速度为多大．15．已知万有引力常量G，地球半径R，月球和地球之间的距离r，同步卫星距地面的高度h，月球绕地球的运转周期T1，地球的自转周期T2，地球表面的重力加速度g．某同学根据以上条件，提出一种估算地球质量M的方法：同步卫星绕地球作圆周运动，由G==m（）2h得M=（1）请判断上面的结果是否正确，并说明理由．如不正确，请给出正确的解法和结果．（2）请根据已知条件再提出两种估算地球质量的方法并解得结果．2014-2015学年安徽省蚌埠市五河二中高三（上）12月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题5分，共计50分）1．如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的运动图象，由图象可以看出在0到4秒内（）A．甲、乙始终同向运动B．两个物体相距最远时刻是2s末C．甲的平均速度大于乙的平均速度D．乙作直线运动，甲作曲线运动考点：匀变速直线运动的图像．分析：位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．解答：解：A、由于位移﹣时间图象的斜率表示该时刻的速度，可以从图中看出乙物体的速度（斜率）为正值，即速度为正方向，甲物体前两秒内速度为正方向，2秒末到4秒末速度为负方向，故A错误．B、从位移﹣时间图象来看，两个物体两秒末纵坐标读数之差最大，即两物体相距最远，故B正确．C、从图中可以看到四秒末两物体的位置坐标相同，由于甲、乙两物体从同一点出发，故四秒末位移相同，又因时间相同，所以平均速度相同，故C正确．D、图象上的任意一点表示该时刻的位置坐标，在时间轴上方，位置坐标为正数，在时间轴下方，位置坐标为负数，即图象中的坐标不是正数就是负数，所有点在同一条直线上，所以位移﹣时间图象仅描述直线运动，故D错误．故选：BC点评：理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义和位移时间图象仅描述直线运动．2．一个物体从某一高度做自由落体运动．已知它在第1s内的位移恰为它在最后ls内位移的三分之一（g=10m/s2）．则它开始下落时距地面的高度为（）A． 15m B． 20m C． 11.25m D． 31.25m考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：初速度为0的匀变速直线运动，从开始运动在连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…根据最后1秒内的位移恰为它最初1秒内位移的3倍，知道运行的时间，从而知道下落的高度．解答：解：初速度为0的匀变速直线运动，从开始运动在连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，．最后1秒内的位移恰为它最初1秒内位移的3倍，知运行的时间为2s．第一秒内的位移h=gt2=5m，所以总位移为20m．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握初速度为0的匀变速直线运动的特殊推论，从开始运动在连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…本题用该推论解题比较方便．3．如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）A．木块a与铁块b间一定存在摩擦力B．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力F大小一定大于铁块与木块的重力之和考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡，整体不是墙壁的弹力和摩擦力．解答：解：b匀速上升，受到的合力为零，对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力，如有，则合力不为零；故选A．点评：弹力和摩擦力的有无可以根据假设法判断，即假设存在，或假设不存在，看是否与运动状态相矛盾．4．如图所示，质量为m的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为3m，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg考点：滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．解答：解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μF NF N=mg故f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=μmg故选A．点评：滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．5．如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间下列说法正确的是（）A．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinθB． B球的受力情况未变，瞬时加速度为零C． A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinθD．弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零考点：牛顿第二定律；胡克定律．分析：（1）根据平衡条件可知：对B球F弹=mgsinθ，对A球F绳=F弹+mgsinθ；（2）细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不会瞬间发生改变；（3）对A、B球分别进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求出各自加速度．解答：解：系统静止，根据平衡条件可知：对B球F弹=mgsinθ，对A球F绳=F弹+mgsinθ，细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：A．B球受力情况未变，瞬时加速度为零；对A球根据牛顿第二定律得：a===2gsinθ，故A错误；B．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故B正确；C．对A球根据牛顿第二定律得：a===2gsinθ，故C正确；D．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故D错误；故选BC．点评：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中．6．如图所示，一车西瓜随汽车一起沿水平路面向右做匀加速直线运动，汽车所受阻力是车重的K倍，加速度大小为a，车中质量为m的西瓜受到的其它西瓜的作用力的合力大小为（）A． mg B． m（g+a）C． m D． mg考点：牛顿第二定律．分析：将周围西瓜对它的力当成一个设为F，则该西瓜还受重力，对该西瓜由牛顿第二定律可知合力大小，有力的合成可得F解答：解：将周围西瓜对它的力当成一个设为F，该西瓜的受力合力为：F0=ma，方向沿水平方向．该西瓜又受重力mg，方向竖直向下，故合力和分力构成直角三角形，由勾股定理得：，故C正确故选：C点评：本题主要是用好力的等效性，将周围西瓜对该西瓜的力当做一个力，然后再用数学关系解答．7．关于曲线运动，下列说法正确的有（）A．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动B．做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：物体做曲线运动时，所受合外力的方向与速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力，也可以是变力，加速度可以是变化的，也可以是不变的．平抛运动的物体所受合力是重力，加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动．物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力．解答：解：A、无论是物体速度的大小变了，还是速度的方向变了，都说明速度是变化的，都是变速运动，做曲线运动的物体的速度方向在时刻改变，所以曲线运动一定是变速运动．所以A正确．B、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，但合外力方向不一定变化，如平抛运动，故B错误．C、物体做圆周运动时所受的合外力不一定是其向心力，指向圆心的合力是向心力．故C错误；D、匀速圆周运动受到的向心力是始终指向圆心的，合力垂直于初速度方向的方向，并不一定始终与速度的方向垂直，比如平抛运动的受力就是这样，所以D错误．故选A．点评：本题主要是考查学生对物体做曲线运动的条件、圆周运动特点的理解，涉及的知识点较多，是一道比较好的题目．8．质量不计的轻质弹性杆P部分插入桌面上小孔中，杆另一端套有质量为m的小球，今使小球在水平面内做半径为R、角速度为ω的匀速圆周运动，如图所示，则杆的上端受到球对它的作用力大小为（）A．nω2RωB． mg C．mg+mω2RD． m考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：小球在水平面内做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，根据合力的大小通过平行四边形定则求出杆对小球的作用力大小．解答：解：小球所受的合力提供向心力，有：F合=mRω2，根据平行四边形定则得，杆子对小球的作用力F==m ．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键知道小球向心力的来源，结合牛顿第二定律和平行四边形定则进行求解．9．如图所示，细绳拴一个质量为m的小球离地高度为h，小球将固定在墙上的弹簧压缩x，小球与弹簧不粘连，将细线烧断后（）A．小球立即做平抛运动B．小球的加速度立即为gC．小球的位移为hD．小球离开弹簧后做匀变速运动考点：牛顿第二定律．分析：对小球受力分析可知，在与弹簧接触时，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，此过程中弹簧的弹力是不断减小的，离开弹簧之后，小球只受到重力的作用，做匀变速运动．解答：解：AB、将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，与绳子的方向相反，并不是只有重力的作用，所以加速度并不为g，故A错误，B 错误；C、将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，小球将获得水平方向的分速度，所以小球的位移大于h，故C错误；D、小球离开弹簧后，只受到重力的作用，所以做匀变速运动．故D正确．故选：D．点评：对小球受力分析，根据球的受力的情况来判断小球的运动的情况及各力做功情况，要注意的是在与弹簧分离之前，弹簧的弹力是不断减小的．10．农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳）谷粒都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，如图所示．对这一现象，下列分析正确的是（）A． N处是谷种，M处是瘪谷B．谷种质量大，惯性大，飞得远些C．谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度小些D．谷种和瘪谷在竖直方向做自由落体运动考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：谷种和瘪谷做的是平抛运动，平抛运动可以分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．解答：解：A、由于谷种飞出时的速度较小，而谷种和瘪谷的运动的时间相同，所以谷种的水平位移较小，瘪谷的水平位移较大，所以N处是瘪谷，M处是谷种，故A错误．B、由于谷种飞出时的速度较小，运动的时间由相同，所以谷种的水平位移较小，与谷种的惯性大小无关，所以B错误．C、在大小相同的风力作用下，风车做的功相同，由于谷种的质量大，所以离开风车时的速度小，所以C正确．D、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，故D正确．故选：CD．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．二、实验题（每空4分，共16分）11．如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．已知打点计时器电源频率为50Hz，ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距，可求得B点对应的速度是0.080 m/s，加速度是0.20 m/s2（计算结果保留二位有效数字）．考点：打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度求解B点对应的速度，根据△x=aT2可以求出物体的加速度a解答：解：由于每两个相邻计数点间有四个点没有画出，故每两个相邻计数点间之间的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s．从图中读出A、B两点间距是0.70cm由于做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度，故v B==0.080m/s根据△x=aT2可得：物体的加速度a==0.20m/s2故答案为：0.080，0.20．点评：只要掌握了基本的实验原理即可迅速准确的解决此类实验题目．注意单位的换算和有效数字的保留．12．某研究性学习小组用图甲所示的装置探究加速度与合外力的关系．装置中的铝箱下端连接纸带，砂桶中可放置砂子以改变铝箱所受的外力大小，沙桶放在倾角为a=30°的光滑斜面上．铝箱向上运动的加速度a可由打点计时器和纸带测出．现保持铝箱总质量m不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量，进行多次实验．得到多组a、F值（F为力传感器的示数，等于悬挂滑轮绳子的拉力）．已知重力加速度为g，不计滑轮的重力．某同学根据实验数据画出了图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为铝箱的加速度大小，横轴应为﹣mg ．（用所给字母表示）；当砂桶和砂的总质量较大导致加速度较大时，图线 C （填选项前的字母）．A．逐渐偏向纵轴 B．逐渐偏向横轴 C．仍保持原方向不变考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．分析：关键是对铝箱和滑轮受力分析，列出牛顿第二定律方程和平衡方程，解出加速度a 的函数表达式，然后即可得出横轴坐标与斜率与什么物理量有关，从而得出结论．解答：解：对铝箱分析，应有F T﹣mg=ma，对滑轮应有F=2F T cos30°=F T，联立可解得a=，由于图线经过坐标原点，所以横轴应为（﹣mg）．由于图象的斜率为k=，所以增大沙和沙桶质量，k不变，所以C正确．故选：C故答案为：﹣mg；C点评：涉及到图象问题，要首选根据物理定律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，然后讨论即可，难度适中．三、本题共3小题，共44分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．甲车在前以30m/s的速度行驶，乙车在后以20m/s的速度同向行驶．当相距75米时，乙车以2m/s2的加速度开始做匀加速直线运动．问两车此后在相遇之前最远相距多少，多长时间后乙车追上甲车？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．分析：当两车速度相等时，相距最远，结合速度时间公式求出速度相等的时间，再结合位移公式求出相距的最远距离．抓住甲乙的位移相等，结合位移公式求出追及的时间．解答：解：当v甲=v乙时二者相距最远，设此时经历了t1的时间，则有：v甲=6m/s，v乙=v0+at1，有：30=20+2t2，解得：t1=5s．甲的位移为：s甲=v甲t2=30×5m=150m，乙的位移为：s乙=v0t1+at12=20×5+×2×52=125m两车此后在相遇之前最远相距为：△s=75+s甲﹣s乙=75+150﹣125=100m乙追上甲时，75+s甲=s乙，设此时经历的时间为t2，此时有：s甲=v甲t2=30t2，s乙=v0t2+at22联立得：75+30t2=v0t2+at22代入：75+30t2=20t2+×2×t22解得：t2=15s．答：两车此后在相遇之前最远相距100m，15s后乙车追上甲车．点评：本题考查了运动学中的追及问题，知道速度相等时，两者相距最远，结合位移关系，运用运动学公式灵活求解．14．如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用轻绳拴住，绳与斜面平行，B在倾角为θ的足够长的斜面与A木板的中间匀速下滑．若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，试求：（1）此动摩擦因数μ．（2）若某时刻突然剪断轻绳，且滑快B仍然在A木板的重心下方，此时木板A的加速度为多大．考点：共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律．分析：（1）物体B受重力，斜面施加的垂直斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力，A 物体施加的压力和沿接触面向上的摩擦力．（2）对A进行受力分析，求出合力，然后又牛顿第二定律即可求出加速度．解答：解：（1）对B受力分析，如图所示：B物体沿斜面方向受力平衡：f1+f2=Mgsinθ又因为 M=2m，f1=μmgcosθ，f2=μ（M+m）gcosθ解得：μ=tanθ（2）A受到重力、支持力和B对A的摩擦力对作用，由于B对A的摩擦力的方向向下，f1′=f1，所以：ma=mgsinθ+f1′得：a=2gsinθ答：（1）动摩擦因数μ为tanθ；（2）木板A的加速度为2gsinθ．点评：关键是分清物体的受力，要找出每个力施力物体，防止受力分析多力．15．已知万有引力常量G，地球半径R，月球和地球之间的距离r，同步卫星距地面的高度h，月球绕地球的运转周期T1，地球的自转周期T2，地球表面的重力加速度g．某同学根据以上条件，提出一种估算地球质量M的方法：同步卫星绕地球作圆周运动，由G==m（）2h得M=（1）请判断上面的结果是否正确，并说明理由．如不正确，请给出正确的解法和结果．（2）请根据已知条件再提出两种估算地球质量的方法并解得结果．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：（1）根据万有引力提供向心力，列式求解，地球半径较大，不能忽略；（2）对月球或地球应用万有引力提供向心力，也可根据在地球表面重力等于向心力求解．解答：解：（1）上面结果是错误的，地球的半径R在计算过程中不能忽略，正确解法和结果：得（2）方法一：月球绕地球做圆周运动，由得；方法二：在地面重力近似等于万有引力，由得．答：（1）上面结果是错误的，地球的半径R在计算过程中不能忽略，正确解法和结果如上所述．（2）请根据已知条件再提出两种估算地球质量的方法如上所述．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力和在地球表面重力等于万有引力这两个关系，并能根据题意选择恰当的向心力的表达式．。

2016届安徽省蚌埠二中高三年级上学期11月月考物理试题（解析版）一、选择题（总分48分，每题4分．1-7题只有一个选项符合题意，8-12题至少有两项，漏选得2分，不选或错选不得分．）1．假设宇宙中有一颗未命名的星体，其质量为地球的6.4倍，一个在地球表面重力为50N 的物体，经测定该未知星体表面的重力为80N，则未知星体与地球的半径之比为( ) A．0 5 B．2 C．3 2 D．42．在无风的情况下，跳伞运动员从水平飞行的飞机上跳伞，下落过程中受到空气阻力，下列描绘下落速度的水平分量大小v x、竖直分量大小v y与时间t的图象，可能正确的是( )A．B．C．D．3．如图所示，在A点有一个小球，紧靠小球的左方有一个点光源S．现将小球从A点正对着竖直墙水平抛出，不计空气阻力，则打到竖直墙之前，小球在点光源照射下的影子在墙上的运动是( )A．匀速直线运动 B．自由落体运动C．变加速直线运动D．匀减速直线运动4．如图1所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2示．取g=10m/s2，则( )A．第1s内推力做功为1JB．第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JC．第1.5s时推力F的功率为2WD．第2s内推力F做功的平均功率5．如图所示，两个可视为质点的、相同的木块a和B放在转盘上且木块a、B与转盘中心在同一条直线上，两木块用长为上的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的k 倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动．开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止转动，角速度缓慢增大，以下说法不正确的是( )A．当ω＞时，A．B会相对于转盘滑动B．当ω＞时，绳子一定有弹力C．ω在＜ω＜范围内增大时，B所受摩擦力变大D．ω在0＜ω＜范围内增大时，A所受摩擦力一直变大6．质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是( )A．B．C．D．mgR7．如图甲所示，平行于斜而的轻弹簧，劲度系数为k，一端固定在倾角为θ的斜而底端，另一端与Q物块连接，P、Q质量均为m，斜面光滑且固定在水平面上，初始时物块均静止．现用下行于斜面向上的力F拉物块P，使P做加速度为a的匀加速运动，两个物块在开始一段时间内的v﹣t图象如图乙所示（重力加速度为g），则下列说法正确的是( )A．平行于斜而向上的拉力F一直增大B．外力施加的瞬间，P、Q间的弹力大小为m（gsinθ﹣a）C．从0开始到t l时刻，弹簧释放的弹性势能为mv t2D．t2时刻弹簧恢复到原长，物块Q达到速度最大值8．如图所示，地球球心为O，半径为R，表面的重力加速度为g．一宇宙飞船绕地球无动力飞行且沿椭圆轨道运动，轨道上P点距地心最远，距离为3R，则( )A．飞船在P点的加速度一定是B．飞船经过P点的速度一定是C．飞船经过P点的速度小于D．飞船经过P点时，对准地心弹射出的物体一定沿PO直线落向地面9．如图为湖边一倾角为30°的大坝横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A点以速度v0沿水平方向扔一小石子，已知AO=40m，不计空气阻力（g取10m/s2），下列说法正确的是( )A．若v0＞18m/s，则石块可以落入水中B．若v0＜20m/s，则石块不能落入水中C．若石子能落入水中，则v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大D．若石子不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大10．如图甲所示，静止在水平地面的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的静摩擦力最大值f m与滑动摩擦力大小相等，则( )A．0～t1时间内F的功率逐渐增大B．t2时刻物块A的加速度最大C．t2时刻后物块A做反向运动D．t3时刻物块A的动能最大11．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的输出功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法正确的是( )A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g12．如图所示，细绳的一端绕过定滑轮与木箱相连，现以大小恒定的拉力F拉动细绳，将静置于A点的木箱经B点移到C点（AB=BC），地面平直且与木箱的动摩擦因数处处相等．设从A到B和从B到C的过程中，F做功分别为W1、W2，克服摩擦力做功分别为Q1、Q2，木箱经过B、C时的动能和F的功率分别为E kB、E kC和P B、P C，则下列关系一定成立的有( )A．W1＞W2B．Q1＞Q2C．E kB＜E kC D．P B＞P C二、实验题（8分，每空2分）13．某兴趣小组利用图甲所示实验装置，验证“合外力做功和动能变化的关系”．小车及车中砝码的质量为M，沙桶和沙的质量为m，小车的速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到．（1）在实验中，下列说法正确的有__________A．将木板的右端垫起，以平衡小车的摩擦力B．每次改变小车的质量时，都要重新平衡摩擦力C．用直尺测量细线的长度作为沙桶下落的高度D．在小车运动过程中，对于M、m组成的系统，m的重力做正功（2）图乙是某次实验时得到的一条纸带，打点计时器使用频率为f的交流电．在纸带上相邻两计数点之间还有四个点未画出，根据此纸带可得出小车通过计数点E时的速度v E=__________．（3）若用B、E两点来研究合外力做功和动能变化的关系，需要验证的关系式为__________（用所测物理量的符号表示）．（4）该小组同学希望通过此实验装置研究摩擦力对小车所做的功，应如何操作？（写出一种方法即可）三、计算题（14题12分，15题14分，16题18分）14．水平面上静止放置一质量为m=0.2kg的物块，固定在同一水平面上的小型电动机通过水平细线牵引物块，使物块由静止开始做匀加速直线运动，2秒末到达额定功率，其v﹣t图线如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数为μ=0.1，g=10m/s2，电动机与物块间的距离足够远，求：（1）物块做匀加速直线运动时受到的牵引力大小；（2）电动机的额定功率；（3）物块在电动机牵引下，最终能达到的最大速度．15．（14分）如图所示，AB是倾角为θ的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R．一个质量为m的物体（可以看作质点）从直轨道上的P 点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；（2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′应满足什么条件？16．（18分）如图所示，AB为半径R=0.8m的光滑圆弧轨道，下端B恰与小车右端平滑对接．小车质量M=3kg，车长L=2.06m，车上表面距地面的高度h=0.2m．现有一质量m=lkg的小滑块（可看成质点），由轨道顶端无初速释放，滑到B端后冲上小车．已知地面光滑，滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ=0.3，当车运行了1.5s时，车被地面装置锁定．（g=10m/s2）试求：（1）滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小（2）车被锁定时，车右端距轨道B端的距离（3）从车开始运动到被锁定的过程中，滑块与车面间由于摩擦而产生的内能大小（4）滑块落地点离车左端的水平距离．2015-2016学年安徽省蚌埠二中高三（上）月考物理试卷（11月份）一、选择题（总分48分，每题4分．1-7题只有一个选项符合题意，8-12题至少有两项，漏选得2分，不选或错选不得分．）1．假设宇宙中有一颗未命名的星体，其质量为地球的6.4倍，一个在地球表面重力为50N 的物体，经测定该未知星体表面的重力为80N，则未知星体与地球的半径之比为( ) A．0 5 B．2 C．3 2 D．4【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】抓住质量不变，根据在地球表面和未知天体表面的重力之比求出重力加速度之比，结合万有引力等于重力求出未知星体与地球的半径之比．【解答】解：一个在地球表面重力为50N的物体，经测定该未知星体表面的重力为80N，因为物体的质量不变，则未知天体表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为8：5，根据得，R=，因为未知星体和地球的质量之比为6.4：1，重力加速度之比为8：5，则半径之比为2：1．故B正确，A、C、D 错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一重要理论，并能灵活运用，知道星球表面的重力加速度与什么因素有关．2．在无风的情况下，跳伞运动员从水平飞行的飞机上跳伞，下落过程中受到空气阻力，下列描绘下落速度的水平分量大小v x、竖直分量大小v y与时间t的图象，可能正确的是( )A．B．C．D．【考点】运动的合成和分解．【专题】压轴题．【分析】跳伞运动员下落过程中受到的空气阻力并非为恒力，与速度有关，且速度越大受到的阻力越大，明确这一点后，把跳伞运动员的下落运动与受的阻力分解为水平方向和竖直方向，竖直方向运动员受重力和空气阻力，合力向下，速度逐渐增大，阻力增大合力减小，加速度减小；水平方向只受阻力，开始由于惯性具有水平初速度，跳后速度减小，阻力减小，加速度减小．再根据v﹣t图象中图线的斜率作出判断．【解答】解：A、B：跳伞运动员下落过程中受到的空气阻力并非为恒力，与速度有关，且速度越大受到的阻力越大，把阻力向水平方向分解，水平方向只受阻力，同时跳伞运动员具有水平方向速度，所以做减速运动，且速度减小，阻力减小，加速度减小．在v﹣t图象中图线的斜率表示加速度，∴A选项错误，B选项正确．C、D：竖直方向运动员受重力和空气阻力，竖直方向的速度逐渐增大，空气阻力增大，竖直方向的合力减小，竖直方向的加速度a y逐渐变小，图象中的图线的斜率减小，而由斜率表示加速度知，C图中，竖直方向的加速度不变，D图中加速度增大，与实际不符，故C、D错误．故选：B．【点评】知道速度与所受阻力的规律是解决本题的关键，再利用分解的思想把跳伞运动员的受力和运动向水平方向和竖直方向分解，在两个方向上分别分析判断．3．如图所示，在A点有一个小球，紧靠小球的左方有一个点光源S．现将小球从A点正对着竖直墙水平抛出，不计空气阻力，则打到竖直墙之前，小球在点光源照射下的影子在墙上的运动是( )A．匀速直线运动 B．自由落体运动C．变加速直线运动D．匀减速直线运动【考点】平抛运动；自由落体运动．【专题】平抛运动专题．【分析】根据图中两个三角形相似得到影子位移与时间的关系式，再根据自由落体运动位移时间关系公式列式，然后联立得到影子位移与时间的关系式，最后分析讨论．【解答】解：由图中两个三角形相似可得，，；而h=gt2，联立解得x=t，即影子的位移与时间成正比，所以小球在点光源照射下的影子在墙上的运动是匀速直线运动；故选A．【点评】此题通过影子的运动考查平抛运动规律，关键在于确定影子位移的表达式后分析讨论．4．如图1所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2示．取g=10m/s2，则( )A．第1s内推力做功为1JB．第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JC．第1.5s时推力F的功率为2WD．第2s内推力F做功的平均功率【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】由图可知物体的运动过程，并得出推力及摩擦力的大小；再由功的公式及功率公式求解．【解答】解：A、由图可知，第1s内物体的速度为零，故位移为零，推力不做功，故A错误；B、第2s内推力为3N；及第3s内物体做匀速直线运动，则可知，摩擦力f=F=2N；物体经过的位移x==1m；则克服摩擦力做功W=fx=2.0J；故B正确；C、第1.5s时推力为3N；速度v=1m/s；则推力的功率P=3×1=3W；故C错误；D、第2s内的平均功率P=F=3×=3W；故D错误；故选：B．【点评】本题考查对图象的认识，要求我们在本题中能从图象中求出各时刻的速度、位移及由平衡条件得出摩擦力的大小关系，是道好题．5．如图所示，两个可视为质点的、相同的木块a和B放在转盘上且木块a、B与转盘中心在同一条直线上，两木块用长为上的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的k 倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动．开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止转动，角速度缓慢增大，以下说法不正确的是( )A．当ω＞时，A．B会相对于转盘滑动B．当ω＞时，绳子一定有弹力C．ω在＜ω＜范围内增大时，B所受摩擦力变大D．ω在0＜ω＜范围内增大时，A所受摩擦力一直变大【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】开始角速度较小，绳子无拉力，两木块都靠静摩擦力提供向心力，B先到达最大静摩擦力，角速度继续增大，绳子会受到拉力，角速度继续增大，A的静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，开始发生相对滑动．【解答】解：A、当A所受的摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B相对于转盘会滑动，对A有：kmg﹣T=mLω2，对B有：T+kmg=m•2Lω2，解得ω=，当ω＞时，A、B相对于转盘会滑动．故A正确．B、当B达到最大静摩擦力时，绳子开始出现弹力，kmg=m•2Lω2，解得ω1=时，知ω＞时，绳子一定有弹力．故B正确．C、当角速度满足0＜ω＜时，B所受的摩擦力变大，ω在＜ω＜范围内增大时，B所受摩擦力不变．故C错误．D、当ω在0＜ω＜范围内增大时，A所需要的向心力增大，则A所受摩擦力一直增大．故D正确．本题选不正确的，故选：C【点评】解决本题的关键搞清木块向心力的来源，把握物体刚要滑动的条件，结合牛顿第二定律进行分析．6．质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是( )A．B．C．D．mgR【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】小球在轻绳的作用下，在竖直平面内做圆周运动，由最低点的绳子的拉力结合牛顿第二定律可求出此时速度，当小球恰好通过最高点，由此根据向心力与牛顿第二定律可算出速度，最后由动能定理来求出过程中克服阻力做功．【解答】解：小球在最低点，受力分析与运动分析．则有：而最高点时，由于恰好能通过，所以：小球选取从最低点到最高点作为过程，由动能定理可得：由以上三式可得：故选：C【点评】由绳子的拉力可求出最低点速度，由恰好能通过最高点求出最高点速度，这都是题目中隐含条件．同时在运用动能定理时，明确初动能与末动能，及过程中哪些力做功，做正功还是负功．7．如图甲所示，平行于斜而的轻弹簧，劲度系数为k，一端固定在倾角为θ的斜而底端，另一端与Q物块连接，P、Q质量均为m，斜面光滑且固定在水平面上，初始时物块均静止．现用下行于斜面向上的力F拉物块P，使P做加速度为a的匀加速运动，两个物块在开始一段时间内的v﹣t图象如图乙所示（重力加速度为g），则下列说法正确的是( )A．平行于斜而向上的拉力F一直增大B．外力施加的瞬间，P、Q间的弹力大小为m（gsinθ﹣a）C．从0开始到t l时刻，弹簧释放的弹性势能为mv t2D．t2时刻弹簧恢复到原长，物块Q达到速度最大值【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在PQ两物体没有分离前，由牛顿第二定律可知，拉力在增大，当分离后，根据加速度可知，拉力不变；根据牛顿第二定律，结合受力分析，即可求解施加外力瞬间两物体间的弹力大小；由动能定理，可求出从O开始到t1时刻，弹簧释放的弹性势能；当t2时刻，物块Q达到速度最大值，则加速度为零，因此弹簧对Q有弹力作用．【解答】解：A、由图读出，t1时刻P、Q开始分离，在分离前，两物体做匀加速运动，因弹簧的弹力减小，而合力又不变，则拉力一直增大，当分离后，P仍做匀加速运动，则拉力大小不变，故A错误；B、外力施加的瞬间，对P、Q整体，根据牛顿第二定律得：F﹣2mgsinθ+kx=2ma，得F=2mgsinθ﹣kx+2ma，则知开始时F最小，此时有：2mgsinθ=kx，得F的最小值为 F=2ma，对P受力分析，根据牛顿第二定律和胡克定律得：F+F弹﹣mgsinθ=ma，则得：F弹=mgsinθ﹣ma，故B正确．C、从O开始到t1时刻，根据动能定理，则有W F+W弹+W G=mv t2﹣0，弹簧释放的弹性势能不等于mv t2，故C错误．D、当t2时刻，物块Q达到速度最大值，则加速度为零，因此弹簧对Q有弹力作用，没有达到原长，故D错误．故选：B．【点评】从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为0．从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等．8．如图所示，地球球心为O，半径为R，表面的重力加速度为g．一宇宙飞船绕地球无动力飞行且沿椭圆轨道运动，轨道上P点距地心最远，距离为3R，则( )A．飞船在P点的加速度一定是B．飞船经过P点的速度一定是C．飞船经过P点的速度小于D．飞船经过P点时，对准地心弹射出的物体一定沿PO直线落向地面【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】飞船在P点的加速度即为万有引力加速度，根据万有引力加速度的表达式可知加速度的大小与距球心的距离平方成反比，从而求出P点的加速度与地球表面重力加速的大小关系；根据椭圆轨道上卫星运动从远地点开始将做近心运动，满足万有引力大于运动所需要的向心力，从而确定线速度的大小关系．【解答】解：A、在地球表面重力加速度与万有引力加速度相等，根据牛顿第二定律有：，得加速度a=所以在地球表面有：P点的加速度故A正确；BC、在椭圆轨道上飞船从P点开始将做近心运动，此时满足万有引力大于P点所需向心力即：如果飞船在P点绕地球做圆周运动时满足则==由此分析知：v p＜，故B错误、C正确．D、从绕地球做圆周运动的卫星上对准地心弹射一物体，物体相对卫星的速度方向是指向地心，但物体相对地球的速度方向则偏离地心．所以，该物体在地球的万有引力作用下，将绕地球做轨迹为椭圆的曲线运动，地球在其中一个焦点．故D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．9．如图为湖边一倾角为30°的大坝横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A点以速度v0沿水平方向扔一小石子，已知AO=40m，不计空气阻力（g取10m/s2），下列说法正确的是( )A．若v0＞18m/s，则石块可以落入水中B．若v0＜20m/s，则石块不能落入水中C．若石子能落入水中，则v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大D．若石子不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移求出石块落在水中的最小速度．石块能落在水中，则下落的高度一定，竖直分速度一定，结合平行四边形定则判断速度方向与水平面夹角与初速度的大小关系．石块不能落在水中，石块竖直位移与水平位移的比值是定值，结合平抛运动的规律分析落在斜面上的速度方向与斜面倾角与什么因素有关．【解答】解：A、根据得，t=s，则石块不落入水中的最大速度m/s=17.3m/s．知初速度v0＞17.3m/s，则石块可以落入水中．故A正确，B错误．C、若石块能落入水中，则下落的高度一定，可知竖直分速度一定，根据知，初速度越大，则落水时速度方向与水平面的夹角越小．故C错误．D、若石块不能落入水中，速度方向与水平方向的夹角的正切值，位移方向与水平方向夹角的正切值，可知tanθ=2tanβ，因为β一定，则速度与水平方向的夹角一定，可知石块落到斜面时速度方向与斜面的夹角一定，与初速度无关．故D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．10．如图甲所示，静止在水平地面的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的静摩擦力最大值f m与滑动摩擦力大小相等，则( )A．0～t1时间内F的功率逐渐增大B．t2时刻物块A的加速度最大C．t2时刻后物块A做反向运动D．t3时刻物块A的动能最大【考点】动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】压轴题；动能定理的应用专题．【分析】当拉力大于最大静摩擦力时，物体开始运动；当物体受到的合力最大时，物体的加速度最大；由动能定理可知，物体拉力做功最多时，物体获得的动能最大．【解答】解：A、由图象可知，0～t1时间内拉力F小于最大静摩擦力，物体静止，拉力功率为零，故A错误；B、由图象可知，在t2时刻物块A受到的拉力最大，物块A受到的合力最大，由牛顿第二定律可得，此时物块A的加速度最大，故B正确；C、由图象可知在t2～t3时间内物体受到的合力与物块的速度方向相同，物块一直做加速运动，故C错误；D、由图象可知在t1～t3时间内，物块A受到的合力一直做正功，物体动能一直增加，在t3时刻以后，合力做负功．物块动能减小，因此在t3时刻物块动能最大，故D正确；故选BD．【点评】根据图象找出力随时间变化的关系是正确解题的前提与关键；要掌握图象题的解题思路．11．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的输出功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法正确的是( )A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv求出最大拉力；重物以最大速度为v2匀速上升时，F=mg，所以v2=求出最大速度；根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：A、加速过程物体处于超重状态，钢索拉力较大，匀速运动阶段钢绳的拉力为，故A错误；B、匀加速过程，拉力恒定；恒定功率加速过程，根据P=Fv，速度最小时，拉力最大，故最大拉力为，故B正确；C、匀速时，拉力等于重力，故v2=，故C正确；D、匀加速过程，拉力恒定，为F=，根据牛顿第二定律，有：F﹣mg=ma，故a=，故D正确；故选BCD．【点评】本题考查的是类似汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．12．如图所示，细绳的一端绕过定滑轮与木箱相连，现以大小恒定的拉力F拉动细绳，将静置于A点的木箱经B点移到C点（AB=BC），地面平直且与木箱的动摩擦因数处处相等．设从A到B和从B到C的过程中，F做功分别为W1、W2，克服摩擦力做功分别为Q1、Q2，木箱经过B、C时的动能和F的功率分别为E kB、E kC和P B、P C，则下列关系一定成立的有( )A．W1＞W2B．Q1＞Q2C．E kB＜E kC D．P B＞P C【考点】动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】动能定理的应用专题．【分析】根据功的计算公式，分析W1与W2的大小关系．对物体进行受力分析，根据竖直方向上平衡状态求出正压力，根据滑动摩擦力的公式表示出该力．根据细绳与水平方向夹角θ角增大去判断摩擦力的变化．运用功的定义式定性分析功的变化．分析木箱的运动情况，判断E kB与E kC、P B与P C的大小【解答】解：A、根据功的定义式W=FLcosθ，θ增大，F不变，在相同位移L上拉力F做的功减小．由于物体被绕过光滑定滑轮的轻绳系着，拉力为恒力，所以拉力做的功等于细绳对物体所做的功．即有W1＞W2．故A正确．B、物体受力如图所示，将F在水平和竖直方向上分解，由物体在竖直方向上平衡得：N+Fsinθ=mg。

安徽高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上易碎，落在海锦垫上不易碎，这是因为茶杯与水泥地撞击过程中A．茶杯动量较大B．茶杯动量变化较大C．茶杯所受冲量较大D．茶杯动量变化率较大2.某军事试验场正在平地上试射地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，造成导弹的v－t图象如左图所示，则下述说法中正确的是A．0～1 s内导弹匀速上升B．1 s～2 s内导弹静止不动C．3 s末导弹回到出发点D．5 s末导弹恰好回到出发点3.质量为5 kg的物体，原来以v="5" m/s的速度做匀速直线运动，现受到跟运动方向相同的冲量15 N·s的作用，历时4 s，物体的动量大小变为A．40 kg·m/s B．160 kg·m/s C．80 kg·m/s D．10 kg·m/s4.a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200 mD．60秒时，物体a在物体b的前方5.甲、乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t＝0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v－t图中（如图所示），直线a、b分别描述了甲、乙两车在0～20秒的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是A．在0～10秒内两车逐渐靠近B．在10秒～20秒内两车逐渐远离C．在5秒～15秒内两车的位移相等D．在t＝10秒时两车在公路上相遇6.汽车自O点出发从静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，途中在6s钟内分别经过P、Q两根电杆，已知P、Q电杆相距60 m，车经过电杆Q时的速率是15 m/s，则下列说法不正确的是:A．经过P杆时的速率是5 m/s B．车的加速度是1.5 m/s2C．P、O间距离是7.5 m D．车从出发到Q所用的时间是9s7.如图所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固定在水平面上的物块。

2015-2016学年安徽省蚌埠二中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共10小题，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．开普勒通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2．如图所示是物体在某段作直线运动过程中的v﹣t图象，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为v1和v2，则物体由t1到t2运动的过程中（）A．物体做曲线运动 B．位移不断增加C．加速度不断减小 D．平均速度=3．A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向相反B．t=4s时，A、B两物体处于同一位置C．在相遇前，A、B两物体的最远距离为20 mD．t=4s时，A在前，B在后4．如图所示，a、b两个质量相同的球用线连接，a球用线挂在天花板上，b球放在光滑斜面上，系统保持静止，以下图示哪个是正确的（）A． B． C．D．5．如图所示，用轻质细绳拴住用不同材料制成的A、B两个物体，质量分别为m A和m B．已知两物体恰能沿倾角为θ的粗糙斜面（足够长）向下做匀速运动，在匀速运动过程中，细绳的张力为T，则以下说法错误的是（）A．A、B都受四个力作用B．A受三个力作用，B受四个力作用C．A的动摩擦因数为µA=tanθ﹣D．若在匀速运动过程中，细绳突然断开，则B将做匀减速运动，直到停止运动6．如图所示，质量不计的定滑轮以轻绳牵挂在B点，另一条轻绳一端系重物C绕过滑轮后另一端固定在墙上A点，若改变B点位置使滑轮发生移动，但使AO段绳子始终保持水平，则可以判断悬点B所受拉力F的大小变化情况是（）A．若B左移，F将增大B．若B右移，F将减小C．无论B左移，右移，F都减少D．无论B左移，右移，F都保持不变7．如图所示，A．B两质点以相同水平速度在坐标原点O沿x轴正方向抛出，A在竖直平面内运动，落地点为P1，B紧贴光滑的斜面运动，落地点为P2，P1和P2对应的x轴坐标分别为x1和x2，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．x1=x2B．x1＜x2C．x1＞x2D．无法判断8．如图所示，质量为M、长为L的木板置于光滑水平面上，一质量为m的滑块放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为x，下列结论中正确的是（）A．上述过程中，F做的功等于滑块和木板动能的增量B．其他条件不变的情况下，M越大，x越小C．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长D．其他条件不变的情况下，f越大，滑块与木板间产生的热量越多9．如图所示，光滑水平桌面上，有甲、乙两个用细线相连的物体在水平拉力F1和F2的作用下运动，已知F1＜F2，则以下说法中正确的有（）A．若撤去F1，则甲的加速度一定变大B．若撤去F1，则细线上的拉力一定变小C．若撤去F2，则乙的加速度一定变大D．若撤去F2，则细线上的拉力一定变小10．如图所示，有一质量为M的光滑大圆环，半径为R，被一轻杆固定后悬挂在O点，有两个质量为m的小环（可视为质点）套在大环上，同时从大环两侧的对称位置由静止滑下，同时到达大环底部时速度为v，则（）A．当两小环滑到同大环圆心等高时，大环对轻杆的拉力大小为MgB．当两小环滑到同大环圆心等高时，大环对轻杆的拉力大小为（2m+M）gC．两小环滑到大环底部时，大环对轻杆的拉力大小为2m（g+）+MgD．两小环滑到大环底部时，大环对轻杆的拉力大小为（2m+M）g二、实验题（共4小题，第11题4分，第12、13题各6分．）11．图示为我们学习过的几个实验，其中研究物理问题的思想与方法相同的是（）A．①④ B．②③ C．②④ D．①②12．如图所示的游标卡尺的读数为cm．13．（1）研究小车的匀变速运动，记录纸带如图所示，图中两计数点间有四个点未画出．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，则小车运动的加速度a= m/s2（保留两位有效数字）（2）打点计时器原来工作电压的频率是50Hz，如果用它来测定匀变速直线运动的加速度时，实验者不知工作电压的频率变为60Hz，这样计算出的加速度值与真实值相比是（填“偏大”“不变”或“偏小”）．14．为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G l、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录．滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为s，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其它仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：．（2）若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是．A．m1=5g B． m2=15g C．m3=40g D．m4=400g（3）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为：（用△t1、△t2、D、S表示）三、计算题（共4小题，第14、15题各10分，第16、17题各12分．每题写出必要的公式和重要的计算过程，只有最后结果的不能得分）15．一个质量为0.2kg的小球用细线吊在倾角θ=53°的斜面顶端，如图，斜面静止时，球紧靠在斜面上，绳与斜面平行，不计摩擦，当斜面以10m/s2的加速度向右做加速运动时，求绳的拉力及斜面对小球的弹力．16．高空遥感探测卫星在距地球表面高为2R处绕地球转动．人造卫星质量为m，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，试求：（1）人造卫星的运行速度大小v；（2）人造卫星绕地球转动的周期T；（3）人造卫星的向心加速度a n．17．有A、B、C三个小球，A距地面较高，B其次，C最低．A、C两球在同一竖直线上，相距10m，如图所示，三个小球同时开始运动，A球竖直下抛，B球平抛，C球竖直上抛，三球初速度大小相同，5s后三球相遇，不考虑空气阻力．求：（1）三球的初速度大小是多少；（2）开始运动时，B球离C球的水平距离和竖直高度各是多少？18．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A．B，它们的质量均为为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之向上匀加速运动，当物块B刚要离开C 时F的大小恰为2mg．求：（1）从F开始作用到物块B刚要离开C的时间．（2）到物块B刚要离开C时力F所做的功．2015-2016学年安徽省蚌埠二中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．开普勒通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献【分析】本题是物理学史问题，只要掌握伽利略、开普勒、卡文迪许、笛卡尔等等科学家的成就，即可解答．【解答】解：A、是开普勒发现了行星运动的规律﹣﹣开普勒行星运动定律，不是伽利略发现了行星运动的规律，故A错误．B、牛顿发现了万有引力定律之后100多年，英国科学家卡文迪许通过实验测出了引力常量，故B错误．C、伽利略最早根据理想斜面实验，指出了力不是维持物体运动的原因，故C错误．D、笛卡尔早期研究了运动和力的关系，对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故D正确．故选：D．【点评】对于物理学家的科学成就，要与物理知识和方法一起学习，从中还可以学到科学家献身科学的精神．2．如图所示是物体在某段作直线运动过程中的v﹣t图象，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为v1和v2，则物体由t1到t2运动的过程中（）A．物体做曲线运动 B．位移不断增加C．加速度不断减小 D．平均速度=【分析】速度﹣时间图象中每一点表示该时刻所对应的速度，图线的每一点的斜率表示物体在该点的加速度，则根据图象的斜率可知加速度的变化；由速度公式可求得位移及平均速度．【解答】解：A、v﹣t图象中速度的方向由正负值决定，都为正值始终与正方向相同，是直线运动，故A错；B、因速度一直沿正方向，故物体的位移越来越大，故B正确；C、v﹣t图象的斜率值表示加速度，若为曲线则曲线的切线的斜率值反应加速度的大小，t1到t2斜率值变小，故加速度不断变小，故C正确；D、若物体做匀变速运动，平均速度为=，而由图可知，图示中的物体的位移小于从t1开始的匀减速直线运动，故平均速度小于，故D错误．故选：BC．【点评】图象题历来为考试热点，记忆口诀“先看轴，再看线，求求斜率，相相面”．同时要明确公式的适用条件，不能混用公式．3．A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向相反B．t=4s时，A、B两物体处于同一位置C．在相遇前，A、B两物体的最远距离为20 mD．t=4s时，A在前，B在后【分析】根据速度的正负值判断A、B两物体的运动方向，两个物体从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，相遇时位移应相等，根据图象与坐标轴围成面积代表位移，分析t=4s时是否相遇．根据A、B两物体的运动情况确定A、B两物体的最远距离．【解答】解：A、A、B两物体的速度均为正值，则知两物体的运动方向相同．故A错误．BCD、在4s前，B的速度大于A的速度，B在A的前方，两物体的距离越来越大，4s后，B的速度小于A的速度，两物体的距离越来越小，则知t=4时，A、B的距离最大，最大距离△x=m=20m，且A在后，B在前．故C正确，BD错误．故选：C【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移．4．如图所示，a、b两个质量相同的球用线连接，a球用线挂在天花板上，b球放在光滑斜面上，系统保持静止，以下图示哪个是正确的（）A． B． C．D．【分析】先对b球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件先判断下面的细线的方向；再对ab两个球整体受力分析，受重力、支持力和拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细线的方向．【解答】解：对b球受力分析，受重力、斜面对其垂直向上的支持力和细线的拉力，由于三力平衡时三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故细线拉力向右上方，故A图错误；再对ab两个球整体受力分析，受总重力、斜面垂直向上的支持力和上面细线的拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细线的拉力方向斜向右上方，故C、D图均错误；故选B．【点评】本题关键是先通过对b球受力分析后判断出下面细线的拉力方向，再对两球整体受力分析，判断上面细线的拉力方向．5．如图所示，用轻质细绳拴住用不同材料制成的A、B两个物体，质量分别为m A和m B．已知两物体恰能沿倾角为θ的粗糙斜面（足够长）向下做匀速运动，在匀速运动过程中，细绳的张力为T，则以下说法错误的是（）A．A、B都受四个力作用B．A受三个力作用，B受四个力作用C．A的动摩擦因数为µA=tanθ﹣D．若在匀速运动过程中，细绳突然断开，则B将做匀减速运动，直到停止运动【分析】先对物体A受力分析，再对物体B受力分析，根据共点力平衡条件列式求解即可．【解答】解：AB、物体B受重力、支持力、细线的拉力和平行斜面向上的滑动摩擦力，共4个力；物体A受重力、支持力，细线的拉力和平行斜面向上的滑动摩擦力，共4个力；故A 正确，B错误；C、在匀速运动过程中，细绳的张力为T，物体A受重力、支持力，细线的拉力和平行斜面向上的滑动摩擦力，根据共点力平衡条件，有：m A gsinθ﹣T﹣f A=0N=m A gcosθ其中：f A=μA N联立解得：µA=tanθ﹣，故C正确；D、若在匀速运动过程中，细绳突然断开，B受重力、支持力和滑动摩擦力不变，故合力等于T，平行斜面向上，故B物体将做匀减速直线运动，知道速度减小为零；故D正确．本题选错误的，故选：B【点评】本题关键是对物体A和物体B分别受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解，采用的是隔离法．6．如图所示，质量不计的定滑轮以轻绳牵挂在B点，另一条轻绳一端系重物C绕过滑轮后另一端固定在墙上A点，若改变B点位置使滑轮发生移动，但使AO段绳子始终保持水平，则可以判断悬点B所受拉力F的大小变化情况是（）A．若B左移，F将增大B．若B右移，F将减小C．无论B左移，右移，F都减少D．无论B左移，右移，F都保持不变【分析】解答本题的关键是明确定滑轮只是改变力的方向并不能改变力的大小，然后根据平衡状态进行求解．【解答】解：在本题中通过滑轮的绳子所受力的大小相等，都等于C的重力，由于OA方向不变，因此绳子OA与OC的合力不变，根据受力平衡可知，绳子OA与OC的合力大小等于绳子OB的拉力大小，故无论B左移右移，F都保持不变，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题结合有关滑轮的知识考查了三力作用下的物体平衡，物体的平衡是整个力学的重点，在平时训练中要加强练习．7．如图所示，A．B两质点以相同水平速度在坐标原点O沿x轴正方向抛出，A在竖直平面内运动，落地点为P1，B紧贴光滑的斜面运动，落地点为P2，P1和P2对应的x轴坐标分别为x1和x2，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．x1=x2B．x1＜x2C．x1＞x2D．无法判断【分析】小球A做平抛运动，小球B做类平抛运动，结合下落的高度求出运动的时间，进行比较．通过初速度和运动的时间比较沿x轴方向上的位移．求出落地时的速度，从而比较落地时的动能．【解答】解：对于A球，运动的时间为：t A=，对于B球，根据=gsinθ•t B2，解得：t B=，可知t B＞t A．沿x轴方向上的位移为：x=v0t，知x1＜x2．故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，通过水平方向和沿斜面向下方向的规律进行分析求解．对于D选项，也可以通过动能定理进行分析．8．如图所示，质量为M、长为L的木板置于光滑水平面上，一质量为m的滑块放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为x，下列结论中正确的是（）A．上述过程中，F做的功等于滑块和木板动能的增量B．其他条件不变的情况下，M越大，x越小C．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长D．其他条件不变的情况下， f越大，滑块与木板间产生的热量越多【分析】（1）由功能关系可知拉力F做功除了增加两物体动能以外还有系统产生的热量；（2）F越大，滑块的加速度就越大，而木板的运动情况不变，滑块和木板的相对位移还是L，滑块的位移也没有发生改变，所以时间越少；（3）滑块对木板的摩擦力不变，M越大，木板的加速度越小，而滑块加速度不变，相对位移一样，滑快在木板上运动时间短，所以木板运动的位移小；（4）系统产生的热量等于摩擦力和相对位移乘积，相对位移没变，摩擦力越大，产生的热量越多【解答】解：A．由功能关系可知拉力F做功除了增加两物体动能以外还有系统产生的热量，故A错误；B．由于木板受到摩擦力不变，当M越大时木板加速度小，而滑块加速度不变，相对位移一样，滑快在木板上运动时间短，所以木板运动的位移小，故B正确；C．滑块和木板都是做初速度为零的匀加速运动，在其他条件不变的情况下，木板的运动情况不变，滑块和木板的相对位移还是L，滑块的位移也没有发生改变，所以拉力F越大滑块的加速度越大，离开木板时间就越短，故C错误；D．系统产生的热量等于摩擦力和相对位移乘积，相对位移没变，摩擦力越大，产生的热量越多，故D正确．故选：BD．【点评】本题重点考查了功能关系，对物理过程仔细分析是解题关键，同时对物理模型要把握和熟悉．本题就是常见而重要的滑块和木板模型．9．如图所示，光滑水平桌面上，有甲、乙两个用细线相连的物体在水平拉力F1和F2的作用下运动，已知F1＜F2，则以下说法中正确的有（）A．若撤去F1，则甲的加速度一定变大B．若撤去F1，则细线上的拉力一定变小C．若撤去F2，则乙的加速度一定变大D．若撤去F2，则细线上的拉力一定变小【分析】连接体问题可以先整体求连接体的加速度，再隔离分析某物体的受力情况，通过计算分析可得相关结论．【解答】解：A、撤去F1之前，甲的加速度，撤去F1后，甲产生的加速度为，知加速度变大．故A正确．B、撤去F1之前，甲的加速度，此时细线上拉力满足T﹣F1=m甲a甲1即T=，撤去F1后，甲产生的加速度为，此时线中拉力满足，知绳子的拉力减小．故B正确．C、撤去F2之前，乙的加速度为，撤去F2之后，乙产生的加速度，因为只知道F1＜F2，并不能确定F2﹣F1与F1谁大谁小，故不能判断a和a′的大小关系，故C 错误；D、撤去F2之前，绳子的张力为T=，撤去F2之后，乙产生的加速度，此时的绳子的拉力T′=，知绳子的拉力变小．故D正确．故选ABD．【点评】关于连接体的处理方法，先整体后隔离，可以求得连接体间的相互作用力的大小．10．如图所示，有一质量为M的光滑大圆环，半径为R，被一轻杆固定后悬挂在O点，有两个质量为m的小环（可视为质点）套在大环上，同时从大环两侧的对称位置由静止滑下，同时到达大环底部时速度为v，则（）A．当两小环滑到同大环圆心等高时，大环对轻杆的拉力大小为MgB．当两小环滑到同大环圆心等高时，大环对轻杆的拉力大小为（2m+M）gC．两小环滑到大环底部时，大环对轻杆的拉力大小为2m（g+）+MgD．两小环滑到大环底部时，大环对轻杆的拉力大小为（2m+M）g【分析】当两小环滑到同大环圆心等高时，大圆环对小环的支持力指向圆心提供向心力，大环竖直方向受到重力和轻杆的拉力，根据平衡条件求解大环对轻杆的拉力；两小环同时滑到同大环底部时，环受重力和弹力，根据牛顿第三定律，光滑大圆环受到向下的两个弹力，故竖直方向受重力和拉力和压力，根据力平衡列式．【解答】解：A、当两小环滑到同大环圆心等高时，大圆环对小环的支持力指向圆心提供向心力，则两个小环对大环的作用力方向在水平方向，大小相等，大环竖直方向受到重力和轻杆的拉力，根据平衡条件结合牛顿第三定律可知，大环对轻杆的拉力大小为Mg，故A正确，B 错误；C、两小环滑到大环底部时，大环对小环的弹力沿竖直方向，根据N﹣mg=m，知一个小环N=mg+m，两个小环其弹力大小为2m+2mg，在竖直方向，对大环受力分析知，F=Mg+2mg+2m，故C正确，D错误．故选：AC【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律、第三定律以及平衡条件进行研究，求解时要注意研究对象的选择．二、实验题（共4小题，第11题4分，第12、13题各6分．）11．图示为我们学习过的几个实验，其中研究物理问题的思想与方法相同的是（）A．①④ B．②③ C．②④ D．①②【分析】中学物理中经常用的研究方法有：控制变量法，微小变量放大法，等效替代法等，要明确这些方法在具体实验中的应用，如实验①和④是采用的微小变量放大法，②采用的是等效替代法，③是在研究F、m、a三个变量之间的关系时，先假定其中一个量不变，研究另外两个量之间的关系，用的是控制变量法．【解答】解：①采用微小变量放大法，设一个螺距为0.5mm，当旋转一周时，前进或后退一个螺距，这样把0.5mm的长度放大到旋转一周上．②采用的等效替代法，即两次拉橡皮筋的时使橡皮筋的形变相同．③研究三个变量之间的关系时，先假定其中一个量不变，研究另外两个量之间的关系，这种方法称为控制变量法．而在本实验中探究小车的加速度与力和质量的关系，故先保持小车质量M不变，而研究合外力和加速度两个物理量之间的关系，或者先保持小车的质量不变，探究小车所受的合外力与小车的加速度之间的关系，故本实验的操作过程采用的为控制变量法．④用力向下压，使桌面产生微小形变，使平面镜M逆时针方向微小旋转，若使法线转过θ角，则M反射的光线旋转的角度为2θ，N反射的光线就就旋转了4θ，那么投射到平面镜上的光斑走过的距离就更大，故该实验观察测量结果采用的是微小变量放大法．因此研究物理问题的思想与方法相同的是①④，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题考查实验中物理方法的应用；要注意理解实验原理明确实验方法，同时要注意提高学科思想，为将来独立研究问题打下基础．12．如图所示的游标卡尺的读数为 1.090 cm．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第18个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为18×0.05mm=0.90mm，所以最终读数为：10mm+0.90mm=10.90mm=1.090cm．故答案为：1.090．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．13．（1）研究小车的匀变速运动，记录纸带如图所示，图中两计数点间有四个点未画出．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，则小车运动的加速度a= 0.80 m/s2（保留两位有效数字）（2）打点计时器原来工作电压的频率是50Hz，如果用它来测定匀变速直线运动的加速度时，实验者不知工作电压的频率变为60Hz，这样计算出的加速度值与真实值相比是偏小（填“偏大”“不变”或“偏小”）．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度和匀变速直线运动速度时间关系可以求出打纸带上P点时小车的瞬时速度大小．根据匀变速直线运动的推论，△x=aT2，判断加速度的测量值与真实值的关系．【解答】解：由于两相邻计数点间有四个点未画出，所以两相邻计数点时间间隔为0.1s根据运动学公式得：△x=at2，a==0.80m/s2工作电压的频率变为60Hz，则周期变小，由a=，知a变大，若仍然按照T不变计算，显然计算出的加速度值比真实值偏小．故答案为：（1）0.80，（2）偏小【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．知道误差形成的原因，通过周期的变化，结合匀变速直线运动的推论得出加速度测量值与真实值的关系．14．为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G l、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录．滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为s，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：。

安徽省蚌埠二中2009届高三12月份月考物理试题 第Ⅰ卷（共36分）一．选择题(本题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错的或不答的得O 分．)1．已知人造地球卫星靠近地面运行时的环绕速度约为8 km/s ，则在离地面的高度等于地球半径处运行的速度为 A ．22km/sB ．4 km/sC ．42km/sD ．8 km/s2．如题2图所示，直线是真空中某一电场中的一条电场线，A ．B 是该电场线上的两点。

一个电子以速度v A 经过A 点向右运动，经过一段时间后，该电子以速度v B 经过B 点，且v B 速度方向向左。

下列说法中正确的是 A ．A 点处的场强一定大于B 点处的场强 B ．A 点的电势一定低于B 点的电势C ．电子在A 点的动能一定小于它在B 点的动能D ．电子在A 点的电势能一定小于它在B 点的电势能3．如题3图所示，R 1为定值电阻，R 2为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源的内电阻，以下说法中正确的是A ．当R 2=R l + r 时，R 2上获得最大功率B ．当R l =R 2 + r 时，R l 上获得最大功率C ．当R 2=O 时，R l 上获得功率最大D ．当R 2=O 时，电源的输出功率可能最大4．神舟六号载人航天飞船经过115小时32分钟的太空飞行，绕地球飞行77圈，飞船返回舱终于在2005年10月17日凌晨4时33分成功着陆，航天员费俊龙．聂海胜安全返回。

已知万有引力常量G,地球表面的重力加速度g ，地球的半径R 。

神舟六号飞船太空飞行近似为圆周运动，则下列论述正确的是A ．可以计算神舟六号飞船绕地球的太空飞行离地球表面的高度hB ．可以计算神舟六号飞船在绕地球的圆周运动飞行的加速度C ．飞船返回舱打开减速伞下降的过程中，飞船中的宇航员处于失重状态题3图A Bv A v BD5．如图所示电路，电压保持不变，当电键S 断开时，内阻不计的电流表A 的示数为0．6A ，当电键S 闭合时，电流表 的示数为0．9A ，则两电阻阻值之比R 1:R 2为A ．1:2B ．2:1C ．2:3D ．3:26．地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动，所受的向心力为F 1，向心加速度为a 1，线速度为v 1，角速度为ω1。

第I 卷(选择题共50分)一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1～7单选，8～12为多选，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分。

1.奥运竞赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项。

质量为m 的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F ，那么在他减速下降高度为h 的过程中，下列说法正确的是(g 为当地的重力加速度)( )A.他的动能削减了FhB.他的重力势能增加了mghC.他的机械能削减了(F-mg)hD.他的机械能削减了Fh2.若无穷远处电势为零，现将一带电量大小为q 的负检验电荷从无穷远处移到电场中的A 点，该过程中电场力做功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为( ）A.WE p =，q W A =ϕ B.W E p =，q WA -=ϕ C.WE p -=，q W A =ϕ D.W E p -=，q WA -=ϕ3.如图所示，在倾角θ=30×的光滑斜面上，长为L 的细线一端固定，另一端连接质量为m 的小球，小球在斜面上做圆周运动，A 、B 分别是圆弧的最高点和最低点，若小球在小B 点做圆周运动的最小速度分别为A v 、B v ，重力加速度为g ，则( ) A.A v =0 B.gL v A =C.gLv B 1021= D.gL v B3= 4.PQ 两处分别固定两等量正点电荷，0是PC 连线的中点，a 、b 两点在连线上且关于0点对称，c 、d 是连线中垂线上的两点，则( ) A.a 、b 两点的电势相同 B.a 、b 两点的电场强度相同 C.C 点场强大于d 点场强D.负电荷从c 点到d 点电势能减小5.如图所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的0点固定连接，P 为与圆环良好接触的滑动头.闭合开关S ，在滑动头P 缓慢地由m 点经n 点移到q 点的过程中，电容器C 所带的电荷量将( ） A.由小变大 B.由大变小 C.先变小后变大 D.先变大后变小6.如图所示，固定斜面倾角为θ，整个斜面分为AB 、BC 两段，且2AB=BC 。