河南省南阳市2017-2018学年高二下学期期中考试地理试题

黑龙江省齐齐哈尔市第八中学2017-2018学年高二地理下学期期中试题一、选择题（本题共25小题，每题2分，共50分。

在每题给出的四项供选答案中，只有一项是符合题目要求的。

）1．当地环境特征与图示传统民居特点对应不正确的是A．黄土直立性强——①下沉式窑院C．风暴潮、海啸多发——③房屋高架B．炎热干燥，光照强——②墙厚窗小D．降雪量大——④顶尖坡陡读下列四个海峡位置图，回答2—3题。

2．四海峡分别是A．直布罗陀海峡、土耳其海峡、马六甲海峡、白令海峡B．土耳其海峡、直布罗陀海峡、马六甲海峡、白令海峡C．白令海峡、土耳其海峡、马六甲海峡、直布罗陀海峡D．马六甲海峡、霍尔木兹海峡、土耳其海峡、黑海海峡3．有关四海峡的描述，正确的是A．甲海峡沟通大西洋与北冰洋C．丙海峡沟通太平洋与印度洋B．乙海峡沟通印度洋与大西洋D．丁海域面积将会不断扩大下图是“沿20°纬线所作的地形剖面示意图”。

读图，回答4—5题。

4．关于甲、乙两地形区的叙述，正确的是A．均位于印度洋板块B．地形起伏大，油棕、茶叶均种植广泛C．均为重要的铁矿、锰矿产地D．气候形成均受气压带、风带的季节移动影响5．关于乙地形区所在地区的叙述，正确的是A．世界上人口最密集的地域B．古代冰川侵蚀作用强烈C．河流均源出中国，注入孟加拉湾D．水稻种植业、种植园是主要的农业地域类型泰国香米主要产于泰国东北部，只有在这里（原产地）其才能表现出最好的品质。

这是因为当地具有特殊的生长条件，尤其是香稻扬花期间，凉爽的气候、明媚的日光及水稻灌浆期间渐渐降低的土壤湿度，对香味的产生及积累，起到了非常重要的作用。

结合泰国气候资料图，回答6—7题。

6．泰国东北部香稻扬花期一般出现在A．3～4月C．9～10月B．7～8月D．12月～次年1月7．泰国香米以其优良的品质享誉全球，目前泰国香米的出口遍及五大洲100多个国家，这主要得益于A．广阔的市场与耕地面积C．肥沃的土壤B．发达的信息与交通D．充足的水源读印度国家图，回答8—10题。

2022-2023学年河南省实验中学高二下学期期中地理试题1. 下图为“中国建筑气候区划图”。

据此完成下面小题。

1．图中（）A．各区域内部特征完全一致B．各区域的分布范围相当C．各区域是按照单一指标划分的D．各区域之间的边界清晰明确2．从a到d（）A．现代楼房间距越来越大B．传统房屋窗户越来越小C．现代楼房高度越来越大D．传统房屋墙壁厚度越来越薄2. 飞地经济是通过跨行政区域的共同开发和管理，实现“飞入地”和“飞出地”双方资源互补、合作共赢的一种经济发展模式。

传统飞地经济模式主要是发达地区到欠发达地区投资建设工业园区。

近年来出现了由欠发达地区反向在发达地区设立飞地的创新型反向飞地，从而实现欠发达地区的跨越式发展。

下图为传统飞地和创新型反向飞地经济模式示意图。

据此完成下面小题。

1．更适合创新型反向飞地经济模式的产业为（）A．重化工业B．生物医药C．电子装配D．棉麻纺织2．与传统飞地相比，设立创新型反向飞地的主要目的是（）A．扩大园区建设B．促进产业转移C．加快人才流动D．提升研发效率3. 全球化智库（CCG）认为,2016 年来自中国企业的跨国并购表现活跃。

据统计,2016年中国海外并购额已超越美国成为全球最活跃的出境并购国。

中国企业海外投资集中于欧洲、北美与亚太区域,特别是重视对欧洲等发达区域的先进制造业的投资。

据此完成下列小题。

1．中国对欧美企业的跨国并购，主要看重欧美企业拥有A．完善的配套设施B．灵活的企业机制C．先进的科学技术D．充足的原料供应2．中国企业走出国门参与国际并购，对企业自身的积极影响有B．塑造企业品牌，提高市场竞争力A．消化国内落后产能，减轻生态环境的压力C．整合全球资源，缩短产业链D．融入当地文化，增加就业机会4. 兴化垛田地处江苏中部里下河腹地，是当地先民在沼泽高地之处垒土成垛，垛上耕田的一种独特的土地利用方式。

每年清明时节，四面环水的“垛田”上长满了金黄色的油菜花，形成“河有万湾多碧水，田无一垛不黄花”的壮阔景观。

河南省南阳市2017-2018学年⾼⼆上学期期末考试地理试题含答案河南省南阳市2017—2018学年⾼⼆上学期期末考试地理试题第I卷(选择题，共60分)⼀、单项选择题读图1，完成1-2题。

1. 图中①②③区域⾯积相⽐A. ①>②B. ②>③C. ①=③D. ⽆法⽐较2. 下列相关说法，正确的是A. ③区域位于①区域的西北⽅向B. ③区域海⾯距地⼼距离⽐①稍长C. ③区域位于北半球、东半球D. 东北航向是②区域向③区域飞⾏的最近航线图2为某⼭峰周围情况⽰意图，假若积雪边缘⽓温为O℃. 读图完成3-4题。

3. 此时，c点的⽓温⼤约为A. 0.6℃B. 1.8℃C. 2.5℃D. 4.6℃4. 沿图2中a-b剖⾯线所绘制的地形剖⾯图是图4是世界四个区域简图(阴影为海堿)。

读图，完成5-6题。

5. 图中甲、⼄、丙、丁四区域，依次属于A. 亚洲、北美洲、欧洲、南美洲B. ⼤洋洲、北美洲、亚洲、⾮洲C. ⾮洲、欧洲、⼤洋洲、南美洲D. 南美洲、亚洲、⼤洋洲、⾮洲6. 甲区域位于⼄区域的A. 西南⽅向B. 东南⽅向C. 西北⽅向D. 东北⽅向读“1271-1295年马可·波罗东⾏路线⽰意图”(图5),完成7-8两题。

7.关于马可·波罗东⾏途中经过的A、B、C 三地，下列说法正确的是A. A地⽓候夏季⾼温多⾬B. B地终年炎热⼲燥C. 由C地到B地⾃然带体现以⽔分为基础的地带性规律D. C地⽓候的成因是⽓压带、风带的季节移动8. 马可·波罗乘船返回途中经过的D、E、F 三地，下列说法正确的是A. D处为沟通两⼤洋的麦哲伦海峡B. F处附近荒漠⼴布，盛产⽯油C. E处位于亚欧和太平洋板块交界处附近D. 此航线夏季⾏使顺风顺⽔图6为沿某⼤陆80°经线7⽉⽓温分布曲线图。

读图回答9-10题。

9. 有关④地所在国家的叙述，正确的是A. 东南部濒临太平洋B. ⽓候⼲旱，以种植⽟⽶为主C. 旱涝灾害频发，对农业影响⼤D. 畜牧业和⼯矿业发达10. 下列叙述正确的是A. ④地⾄①地⽓温逐渐降低B. 导致④地⾄②地⽓温变化⼤的主要因素是纬度C. ③地是⾕地，⽓温偏低D. ③地种植业主要分布在河⾕地区图7为⾮洲⼤陆局部区域某⽉份平均⽓温(单位:℃)分布图，读图完成11-13题。

2017年秋期期末高二地理答案参考选择题BABDB ACBCD CABDD BCABA ADBCA BCDBD非选择题31. (12分)(1)①大致以赤道为轴南北对称分布；(1分)②四季类型东西延伸，南北更替。

(1分)(2)A、B两地为“全年皆冬”型(1分)，其他地区为“长冬无夏，春秋相连”型。

(1分)因为A、B两地受到寒流的影响，气温低。

(1分)(3)图中“四季如春”型的地区主要分布在海洋上。

(1分)因为海水热容量大，夏季升温慢，气温偏低，冬季降温慢，气温偏高，形成四季如春的气候。

(2分)(4)例如：云南昆明(或者埃塞俄比亚的亚的斯亚贝巴等) (1分)。

原因：由于海拔高，夏季平均气温不高(1分)，冬季冷空气不易爬升到高原面上，气温不低(1分)；地处低纬，太阳辐射强，冬季气温不低(1分)，因而四季如春，形成“春城”。

32. (8分)(1)直布罗陀海峡,马六甲海峡;亚热带常绿硬叶林带。

（3分）(2)冬季A海峡受西风影响,B海峡受赤道低气压控制，为无风带。

(2分)(3)规律:大致自西北向东南冬雨率递增。

(1分)原因:西北部纬度较高,距大西洋较近,受西风影响时间长,降水季节分配相对较均匀;东南部纬度较低,受副热带高气压的影响时间长,距大西洋较远,受其影响小,降水集中分布在冬季。

(2分)33. (12分)（1）煤、石油、海盐等化工原料充足；技术力量强；市场需求大；水陆交通便利。

（任答3点，3分）（2）环渤海地区重工业发达，人口稠密，排放污水多(1分)；石油开采和海洋运输繁忙，石油泄露导致海洋污染(1分)；渤海海域封闭，海水浅，自净能力差(1分)。

（3）乙方案优势：采用全程隧道可以节省拆迁成本，少占土地(1分)；隧道技术的进步，施工及通车受气象灾害影响小(1分)；减少对海岛生态环境的破坏(1分)。

（4）与海运和绕山海关的路线相比，可大大节省时间和燃料，减少运费，节能减排(1分)；跨海公路和铁路通道受风浪、海冰影响较小，安全快捷(1分)；加强东北老工业基地和山东半岛及长江三角洲等的经济联系。

南阳市2020年秋期高中二年级期中质量评估地理试题第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、单项选择题（每小题2分，共30个小题，共60分）下图为世界某区域示意图，甲乙为两条河流。

读图回答1—2小题。

1.在图示盛行风向期间，下列叙述正确的是A.阿尔卑斯山雪线较低B.北美高压势力强盛C．南极大陆周边浮冰多 D.日本东海岸降水量大于西海岸2．下列关于甲河的叙述，正确的是A.水位季节变化大，流量不稳定B．流域内降雨强度大，河流含沙量不大C．河流流向特点导致甲河全年会有两次凌汛D.流经盆地地区，水流平缓，货物运输量大下图表示我国某地季节性积雪融化完毕日期等值线及水系分布。

读图完成3-4小题。

3．图中①②③④四地积雪融化完毕日期最早的是A.①B．② C.③ D.④4．等值线在②处明显向北弯曲，其主要影响因素是A.纬度位置B.海陆位置C.地形D.洋流阿根廷位于南美洲南部，人口数量约4384.7万人（201 6年），人均GDP约12552美元（2016年），是南美洲养蜂业最发达、年产蜂蜜最多的国家。

蜂群集中分布在潘帕斯草原，所产蜂蜜95%出口，出口对象主要为欧美国家。

201 5年阿根廷出口蜂蜜4.4万吨，价值1.59亿美元。

201 6年阿根廷对外贸易额为1133.47亿美元，其中出口额为577.37亿美元。

主要蜜源植物有紫苜蓿、车轴草、蒲公英、油菜、白三叶草、莓柠檬等，采蜜期为每年1 1月至次年2月。

据此完成5-6各题。

5．阿根廷养蜂业的采蜜期为每年1 1月至次年2月，其原因是A.降水少，利于采蜜B.利于进口国储存C．正值农闲期 D.．正值蜜源植物开花期6．近年来潘帕斯草原的部分农场主开始放弃畜牧业生产改种马铃薯和大豆。

这种变化对养蜂业造成的影响是A.减少蜜蜂种类B.增加蜂蜜产量C.破坏蜜源植物D.提高蜂蜜质量经过多年探索，四川成都在农村地区成片成带推进“小规模、组团式、微田园、生态化”新农村综合体建设，取得显著效果。

其中“小规模”要求山地、丘陵区、坝区因地制宜控制农户数量，每个小组团控制在50户以内，人均综合用地面积控制在50-70m2。

南阳市2018年春期高中二年级期终质量评估地理试题第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、单项选择题（每题只有一个最佳答案，30x2-60分）2018年俄罗斯世界杯是第21届世界杯足球赛。

比赛于2018年6月14日至7月15日在俄罗斯境内11座城市中的12座球场内举行。

首场比赛北京时间6月14日23:00由东道主俄罗斯对阵沙特阿拉伯。

据材料，回答l~2题。

1．当俄罗斯世界杯首场比赛开赛时，此时与北京处在同一天的范围约占全球的A．3/4 B. 1/8 C．7/8 D. 1/42．俄罗斯世界杯期间A.太阳直射点一直在向北移B．南阳地区的正午太阳高度先增大后减小C．我国天山的牧民在向山麓转场 D.巴西亚马孙河水量大涨，进入丰水期“地狱之门”位于乌兹别克斯坦一个叫作达尔瓦兹的小镇附近。

1974年，地质学家在该地意外发现一个地下洞穴，里面充满了可燃性气体。

将气体点燃后，大火竟燃烧了40多年仍未熄灭。

下图为该地的地质构造示意图。

读图，完成3~4题。

3．“地狱之门”最可能位于图中的A.①地B．②地C．③地 D.④地4．图示区域除可燃性气体外，还可能蕴藏着丰富的A.铁矿资源B.石油资源C．地下水资源D.有色金属资源江心洲指的是江河中的沙洲，下图为赣江中某地的江心洲沉积物分布示意图。

读图完成5—6题。

5．该江心洲的形成过程最可能是A.河流水量变小，流速变快，泥沙沉积B．河流因地形原因，流速变慢，泥沙沉积C．河流遇海水顶托，流速变慢，泥沙沉积D.河流流出山口，流速变慢，泥沙沉积6．图中四地中水流速度最慢的是A.①B.②C．③ D.④下图为北半球亚热带地区大陆东西两侧①②两地降水量逐月累积折线图。

读图完成7-8题．7．与①地相比，②地降水量A.春季较多B．夏季较多C．秋季较多 D.冬季较多夏季影响①地的大气环流是A.夏季风B．副极地低气压带C．西风带 D.东北信风带下图为世界上某种气候类型的局部地区分布示意图。

读图，回答9一10题。

2018年春期高中二年级期中质量评估数学试题（文）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 复数=（）A. B. C. D.【答案】D【解析】分析：利用复数的除法公式进行求解.详解：.点睛：本题考查复数的发出法则等知识，意在考查学生的基本运算能力.2. 年劳动生产率（千元）和工人工资（元）之间的回归方程为，这意味着年劳动生产率每年提高1千元时，工人工资平均（）A. 增加80元B. 减少80元C. 增加70元D. 减少70元【答案】C【解析】分析：利用回归直线的系数的实际意义进行判定.详解：由回归方程，得：年劳动生产率每年提高1千元时，工人工资平均增加70元.点睛：本题考查变量的回归直线等知识，意在考查学生的数学应用能力.3. 有一段“三段论”，推理是这样的：对于可导函数，如果，那么是函数的极值点，因为在处的导数值，所以是函数的极值点.以上推理中（）A. 大前提错误B. 小前提错误C. 推理形式错误D. 结论正确【答案】A【解析】试题分析：导数为0的点不一定是极值点，而极值点的导数一定为0．所以本题是大前提错误。

考点：1．演绎推理；2．利用导数求函数的极值。

4. 如图是根据变量，的观测数据（1,2,3…，10）得到的散点图，由这些散点图可以判断变量，具有相关关系的图是（）① ② ③ ④A. ①②B. ②③C. ①④D. ③④【答案】D【解析】分析：由散点图的形状进行判定.详解：由散点图可以发现，图③中的变量负相关，图④的变量正相关.点睛：本题考查散点图、变量的相关性等知识，意在考查学生的识图、用图能力.5. 若为虚数单位，图中复平面内点表示复数，则表示复数的点是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析：先由复数的几何意义得到复数，再利用复数的除法法则化简，再利用复数的几何意义进行求解.详解：由复数的几何意义，得，则，则该复数对应的点为，即点.点睛：本题考查复数的几何意义、复数的除法法则等知识，意在考查学生的基本计算能力.6. 已知结论：“在三角形中，若是边的中点，是三角形的重心，则”若把该结论推广到空间，则有结论：在棱长都相等的四面体中，若的中心为，四面体内部一点到四面体各面的距离都相等，则等于（）A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】C【解析】分析：先利用类比推理得到结论，再利用几何体的体积公式进行证明.详解：在棱长都相等的四面体中，且的中心为，则面，;因为四面体内部一点到四面体各面的距离都相等，所以点为内切球的球心，是内切球的半径，则,则，则.点睛：本题考查类比推理、几何体的体积公式等知识，意在考查学生的类比思想和空间想象能力.7. 下列有关线性回归分析的四个命题（）①线性回归直线必过样本数据的中心点；②回归直线就是散点图中经过样本数据点最多的那条直线；③当相关性系数时，两个变量正相关；④如果两个变量的相关性越强，则相关性系数越接近于1.A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个【答案】B【解析】分析：根据线性回归方程的几何特征及残差,相关指数的概论,逐一分析四个答案的正误,可得答案. 详解：①线性回归直线必过样本数据的中心点（）,故①正确;②回归直线在散点图中可能不经过任一样本数据点,故②错误;③当相关性系数时,则两个变量正相关,故③正确;④如果两个变量的相关性越强,则相关性系数r就越接近于1或-1,故④错误.故真命题的个数为2个,所以B选项是正确的点睛：本题以命题的真假判断为载体,考查了相关关系,回归分析,相关指数等知识点,难度不大,属于基础题.8. 下图中的程序框图的算法思路来源于我国古代数学著名《九章算术》中的“更相减损术”.执行该程序框图，若输入、、的值分别为8、10、0，则输出和的值分别为（）A. 2,5B. 2,4C. 0,5D. 0,4【答案】A【解析】分析：利用程序框图，模拟运行循环结构进行求解.详解：由程序框图，得：；；，；，结束循环，即输出的值分别为2,5.点睛：本题考查程序框图中的循环结构等知识，意在考查学生的逻辑思维能力.9. 用反证法证明命题：若整系数一元二次方程（）有有理根，那么，，中至少有一个是偶数.下列假设中正确的是（）A. 假设，，都是偶数B. 假设，，都不是偶数C. 假设，，至多有一个是偶数D. 假设，，至多有两个是偶数【答案】B【解析】用反证法证明数学命题时，应先假设要证的命题的否定成立，“至少有一个”的否定为“都不是”，所以先假设，，都不是偶数．本题选择B选项.10. 已知具有线性相关关系的两个变量，之间的一组数据如下：且回归方程是，则（）A. 2.5B. 3.5C. 4.5D. 5.5【答案】C【解析】由题意得，根据表中的数据，可知，且，所以，解得，故选C.11. 在整数集中，被5除所得余数为的所有整数组成一个“类”，记为，即，0,1,2,3,4.给出如下四个结论：①；②；③；④“整数，属于同一‘类’”的充要条件是“.”其中，正确结论的个数是（）A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】C【解析】分析：先理解“类”的含义，即“除以5的余数相等的数”，再逐一进行验证判定.详解：因为，所以，即①正确；因为，所以，即②错误；这些“类”把整数集分成5个子集，分别是除以5后的余数，只有0到4，即③正确；若整数属于同一类，设，，则，即④正确；综上所述，①③④正确.故选C.点睛：本题以新定义“类”为载体考查元素与集合的关系、集合的运算等知识，本题易错点是不能准确理解新定义“类”的含义，即整数被5除所得的余数相同的集合，尤其是对③的判定，学生对整数集的分类不清晰.12. 将自然数按如下规律排数对：，，，，，，，，，，，，，，…，则第60个数对是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】分析：先由所给数对总结规律，再确定第60个数对.详解：通过观察可以发现：两数和为1的数对有2个，两数和为2的数对有3个，两数和为3的数对有4个，，以此类推，两数和为的数对有个，因为，则第55个到65个数对的两数之和为10，第55个到60个数对依次为：，即第60个数对为.点睛：本题考查归纳推理、等差数列等知识，意在考查学生的数学归纳猜想能力和基本运算能力，归纳推理的一般步骤是：①通过观察个别情况发现某些相同性质；②从已知的相同性质中推出一个明确表达的一般性命题（猜想）.二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13. 复数的共轭复数是__________．【答案】【解析】，故该复数的共轭复数为 .14. 已知函数，则__________．【答案】【解析】分析：先计算得到，再分组进行求和.详解：由，得，且，即，则.点睛：解决本题的关键是通过联想到，再由此想到先计算的值，再两两结合进行求解，也可以类似倒序相加法进行求解，即：设，，则.15. 执行如下图的程序框图，输出的值是__________．【答案】【解析】分析：先由程序框图得到前几个数，发现得到周期性，进而得到答案.详解：由程序框图，得；；；；；即的值具有周期性，周期为3，则当程序框图结束时的结果为，即输出的值为.点睛：本题考查程序框图的循环结构、周期性等知识，意在考查学生的逻辑推理能力.16. 已知集合，且下列三个关系：①；②；③，有且只有一个正确，则__________．【答案】201【解析】试题分析：由题：，且下列三个关系：•‚ƒ有且只有一个正确；可假设：•正确，则可推出矛盾，同理可得当ƒ正确时，成立即；考点：逻辑推理．三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17. 已知复数.（1）求复数的模；（2）若复数是方程的一个根，求实数，的值.【答案】（1）；（2）4，10【解析】分析：（1）先利用复数的除法法则和减法法则化简，再利用模公式进行求解；（2）将代入方程，再利用复数相等进行求解.详解：（1），∴（2）∵复数是方程的一个根∴由复数相等的定义，得：解得：∴实数m,n的值分别是4,10.点睛：本题考查复数的四则运算、复数的模及复数相等的概念等知识，意在考查学生的基本运算能力. 18. 设、、均为正数，且，证明：（1）；（2）.【答案】（1）见解析；（2）见解析【解析】（Ⅰ）由，，得：，由题设得，即，所以，即.（Ⅱ）因为，，，所以，即，所以.本题第（Ⅰ）（Ⅱ）两问，都可以由均值不等式,相加即得到.在应用均值不等式时,注意等号成立的条件:一正二定三相等.【考点定位】本小题主要考查不等式的证明,熟练基础知识是解答好本类题目的关键.视频19. 微信是现代生活中进行信息交流的重要工具.据统计，某公司200 名员工中90%的人使用微信，其中每天使用微信时间在一小时以内的有60人，其余的员工每天使用微信时间在一小时以上，若将员工分成青年(年龄小于40 岁)和中年(年龄不小于40 岁)两个阶段，那么使用微信的人中75%是青年人.若规定:每天使用微信时间在一小时以上为经常使用微信，那么经常使用微信的员工中都是青年人.(1)若要调查该公司使用微信的员工经常使用微信与年龄的关系，列出并完成列联表：(2)由列联表中所得数据判断，是否有99.9%的把握认为“经常使用微信与年龄有关”？(3)采用分层抽样的方法从“经常使用微信”的人中抽取6人，从这6人中任选2人，求选出的2人均是青年人的概率.附：.【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）【解析】试题分析：（1）由已知可得，该公司员工中使用微信的有人，进而得到使用微信的人数和青年人的人数等，从而列出的列联表，；（2）根据列联表的数据，求解的值，得出结论；（3）从“经常使用微信”的人中抽取人，其中，青年人有人，中年人有，进而利用古典概率，即可求解概率。

19届高二下期入学摸底测试地理试题说明： 1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）满分100分，考试时间90分钟。

2、将第Ⅰ卷的答案代表字母涂在答题卡上，第Ⅱ卷的答案写在答题卷上。

第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、单项选择题：本题共30小题，每小题2分，共60分。

1.②端点是我国领土的()A．最东端B．最南端C．最西端D．最北端2．③端点所在省区的主要非可再生资源是()A．土地资源B．石油资源C．水资源D．森林资源3．④端点所在省区的地理特征是()A．降水自东南向西北递减B．农业以河谷农业为主C．南部地区的河流有春汛现象D．地形分布特征可概括为三山夹两盆下图表示我国四个省级行政区，据此回答4～6题。

4．对图中省份的说法正确的是()A．甲、乙两省以山脉为界B．丙、丁两省以河流为界C．甲、乙两省均位于地势第二级阶梯D．丙、丁两省均位于地势第二级阶梯5．对在丙、丁两省旅行常见地貌景观叙述正确的是()A．远看成山，近看成川B．地表崎岖，谷深坡陡C．沟壑纵横，支离破碎D．平原为主，丘陵间杂6．在甲、乙两省兴建交通线路遇到的主要障碍是()①地形崎岖②泥石流③台风④寒潮A．①②B．①③C．②③D．③④如图示意我国某地形区典型地段的地形剖面。

读图，完成7～8题。

7．该地形区可能位于我国的()A．黄河下游地区B．长江中游地区C．云贵高原 D．江南丘陵8．造成该地形区地表形态变化的主要外力及地质作用分别为()A．流水、沉积作用B．流水、侵蚀作用C．风力、沉积作用D．风力、侵蚀作用下图为我国某地区气象要素分布状况，甲、乙两地水平直线距离约为220千米。

读图完成9～11题。

9．甲、乙两地气候的最大差别表现为()A．气候类型B．气温年较差C．年降水量D．盛行风向10．造成甲、乙两地气候差异的最主要因素是()A．地理纬度B．海拔C．大气环流D．山地坡向11．图中所示山地为()A．天山山脉B．昆仑山脉C．横断山脉D．大兴安岭读“我国雨带推移图”(阴影部分为雨带的位置)，回答12～14 题。

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南阳一中2018年春期高二年级第一次月考语文试题一、基础知识1. 下列各项中，对加点词的解释,不正确的一项是A. 仪封人．．请见封人:镇守边界的官。

B. 天下之无道．．也久矣无道：没有道德.C. 往者不可谏．谏：匡正，挽回。

D. 以杖荷．篠荷：担，背负。

【答案】B【解析】试题分析:此题考核理解常见文言实词在文中的含义的能力，平时注意积累,答题时注意分析词语前后搭配是否得当,还要注意文言文中常常出现以今释古的现象。

同时注意通假字、词类活用、古今异义、一词多义等。

题中B项，无德：暴虐，没有德政。

2. 下列句子中，对“而”的解释不正确的一项是A。

子路拱而立而：连词,表修饰。

B。

而谁以易之而:通假字，通“尔”，你.C. 歌而过孔子而：连词，表顺承.D. 欲洁其身，而乱大伦而:连词，表转折。

【答案】C【解析】试题分析：此题考核理解常见文言虚词在文中的含义和用法的能力,重点记忆考纲规定的18个文言虚词的用法和意义,还要重点记忆课本中的经典例句.题中C项，歌而过孔子而：连词，表修饰。

3. 下列各项中，对句式的判断不正确的一项是A。

而谁以易之？宾语前置句B. 吾非斯人之徒与而谁与？宾语前置句C. 子路宿于石门。

2017-2018学年河南省南阳市高二下学期期中考试数学（理）试题一、单选题1．已知为虚数单位，复数，则以下为真命题的是（）A. 的共轭复数为B. 的虚部为C. D. 在复平面内对应的点在第一象限【答案】D【解析】,的共轭复数为,的虚部为, ,在复平面内对应的点为,故选D.2．设，，都是正数，则三个数，，（）A. 都大于2B. 至少有一个大于2C. 至少有一个不小于2D. 至少有一个不大于2【答案】C【解析】分析：利用均值不等式，求解，即可得到结论．详解：由题意都是正数，则，当且仅当时，等号是成立的，所以中至少有一个不小于，故选C．点睛：本题主要考查了均值不等式的应用，其中解答中构造均值不等式的条件是解答的关键，着重考查了学生的推理与运算能力．3．当在上变化时，导函数的符号变化如下表：14-则函数的图像大致形状为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：根据上表中导函数的取值，得到函数的单调性，即可选出图象．详解：由上表可知，当时，，所以函数在单调递减；当时，，所以函数在单调递增，所以函数如选项C所示，故选C．点睛：本题主要考查了函数的导数与函数图象的关系，正确理解导函数与原函数的关系是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力．4．直线与曲线相切于点，则的值为（）A. -1B. 0C. 1D. 2【答案】A【解析】由直线与曲线相切于点，则点满足直线的方程，即，即由，则，则，解得，故选A．5．已知函数在处取得极大值10，则的值为（）A. B. C. -2或 D. -2【答案】B【解析】分析：由函数，求得，根据函数在处取得极大值，得方程组，即可求解的值，进而得到的值．详解：由函数，可得，因为函数在处取得极大值，则，即，解得或，经验证，当时，时取得极小值，不符合题意（舍去）所以，故选B．点睛：本题主要考查了利用导数研究函数的单调性与极值的应用，其中利用题设条件，列出方程组是解答的关键，其中对的值进行验证是解答的一个易错点，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．6．利用数学归纳法证明不等式（，）的过程中，由变到时，左边增加了（）A. 1项B. 项C. 项D. 项【答案】D【解析】试题分析：时左面为，时左面为，所以增加的项数为【考点】数学归纳法7．若曲线与曲线在交点处由公切线，则（）A. -1B. 0C. 2D. 1【答案】D【解析】分析：由曲线与曲线在交点出有公切线，根据斜率相等，求解，根据点在曲线上，求得，进而求得的值，即可求解．详解：由曲线，得，则，由曲线，得，则，因为曲线与曲线在交点出有公切线，所以，解得，又由，即交点为，将代入曲线，得，所以，故选D．点睛：本题主要考查了导数的几何意义的应用，其中解答中根据在点处的公切线，建立方程求解是解答的关键，，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．8．若函数（）有最大值-4，则的值是（）A. 1B. -1C. 4D. -4【答案】B【解析】分析：由函数，得，要使得函数有最大值，则，进而得函数的单调性，得当时，函数取得最大值，即可求解．详解：由函数，则，要使得函数有最大值，则，则当时，，函数在上单调递增，当时，，函数在上单调递减，所以当时，函数取得最大值，即，解得，故选B．点睛：本题主要考查了导数在函数问题中的应用，其中解答中涉及到利用导数研究函数的单调性，利用导数求解函数的最值等知识点的综合运用，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．9．函数在上有最小值，则实数的范围是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：由函数，得，得到函数的单调性，再由，令，解得或，结合函数的图象，即可求解实数的取值范围；详解：由函数，得，当时，，所以在区间单调递增，当时，，所以在区间单调递减，又由，令，即，解得或，要使得函数在上有最小值，结合函数的图象可得，实数的取值范围是，故选C．点睛：本题主要考查了导数在函数中的应用，其中解答中利用导数研究函数的单调性和极值是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．10．将正奇数1,3,5,7，…排成五列（如下表），按此表的排列规律，2019所在的位置是（）A. 第一列B. 第二列C. 第三列D. 第四列【答案】C【解析】分析：由题意，得数字是第个奇数，又由数表可知，每行个数字，得第个奇数位于第行的第2个数，即可判定，得到结论．详解：由题意，令，解得，即数字是第个奇数，又由数表可知，每行个数字，则，则第个奇数位于第行的第2个数，所以位于第三列，故选C．点睛：本题主要考查了归纳推理和数列知识的应用，其中认真审题，读懂题意是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．11．设定义在上的函数的导函数满足，则（）A. B.C. D.【答案】A【解析】分析：由题意的，设，则，所以函数在上为单调递增函数，由，即可得到结果．详解：由定义在上的函数的导函数满足，则，即，设，则，所以函数在上为单调递增函数，则，即，所以，故选A．点睛：本题主要考查了函数值的比较大小问题，其中解答中根据题意构造新函数，利用导数得到新函数的单调性，利用单调性比较是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．12．一个机器人每一秒钟前进一步或后退一步，程序设计师设计的程序是让机器人以先前进3步，然后再后退2步的规律移动.如果将机器人放在数轴的原点，面向正的方向在数轴上移动(1步的距离为1个单位长度).令表示第秒时机器人所在位置的坐标，且记,则下列结论中错误的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】分析：由题意，按“前进步，然后再后退步”的步骤，发现机器人每秒为周期的移动方式，解出相应的数值，根据规律推导，即可得到结果．详解：由题意可知，程序设计师设计的程序是让机器人以先前进步，然后再后退步的规律移动，所以机器人的移动方式具有以秒为周期的移动方式，且每秒前进个单位，所以是正确的；由，，所以是正确的；由，，所以是不正确，故选D．点睛：本题主要考查了数列的实际应用问题，其中解答中得到机器人的移动方式具有以秒为周期，且每秒前进个单位的移动规律是解答的关键，同时注意数轴上点的移动规律“左减右加”，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．二、填空题13．__________．【答案】【解析】分析：先根据定积分的几何意义求出，再根据定积分计算出的值，即可求解结果．详解：因为表示以为圆心，以为半径的圆的四分之一，所以，所以．点睛：本题主要考查了定积分的几何意义及微积分基本定理的应用，其中熟记定积分的几何意义和微积分基本定理是解答的关键，着重考查了推理与运算能力．14．我们知道，在边长为的正三角形内任一点到三边的距离之和为定值，类比上述结论，在棱长为的正四面体内任一点到其四个面的距离之和为定值__________．【答案】【解析】类比在边长为a的正三角形内任一点到三边的距离之和为定值，得棱长为a的正四面体内任一点到其四个面的距离之和为定值，如图，不妨设O为正四面体ABCD外接球球心，F为CD中点，E为A在平面BCD上的射影，由棱长为a可以得到BF＝a，BO＝AO＝a－OE，在直角三角形中，根据勾股定理可以得到BO2＝BE2＋OE2，把数据代入得到OE＝a，所以棱长为a的正四面体内任一点到各个面的距离之和为4×a＝a15．已知函数（），若函数在上为单调函数，则的取值范围是__________．【答案】∪[1，＋∞)【解析】分析：求出原函数的导数，由函数在上为单调函数，得到时，或恒成立，分类参数引入新函数，即可求解．详解：由函数，得，因为函数在上为单调函数，所以时，或恒成立，即或在上恒成立，且，设，因为函数在上单调递增，所以或，解得或，即实数的取值范围是．点睛：本题主要考查了导数在函数中的应用，以及函数的恒成立问题的求解，着重考查了转化与化归思想、逻辑推理能力与计算能力，对导数的应用的考查主要从以下几个角度进行：(1)考查导数的几何意义，求解曲线在某点处的切线方程；(2)利用导数求函数的单调区间，判断单调性；已知单调性，求参数；(3)利用导数求函数的最值(极值)，解决函数的恒成立与有解问题，同时注意数形结合思想的应用．16．定义：如果函数在区间上存在，（），满足，，则称函数在区间上市一个双中值函数，已知函数是区间上的双中值函数，则实数的取值范围是__________．【答案】【解析】分析：根据题意得到，即方程在区间上有两个解，利用二次函数的性质即可求出的取值范围．详解：因为，所以，因为函数是区间上的双中值函数，所以区间上存在满足，所以方程在区间上有两个不相等的解，令，则，解得，所以实数的取值范围是．点睛：本题主要考查了函数的解得个数问题的应用，考查了导数在函数中的综合应用，把函数是区间上的双中值函数，方程在区间上有两个不相等的解是解答关键，着重考查了转化与化归思想，及函数与方程思想与推理与论证能力，试题有一定难度，属于中档试题．三、解答题17．已知是虚数单位，复数满足.（1）求；（2）若复数的虚部为2，且是实数，求.【答案】(1)；(2).【解析】分析：（1）根据题意，利用复数的除法运算，求解复数，进而求得复数的模；（2）设,由是实数，求解的值，即可求解复数．详解：（1）．（2）设,则,是实数∴．∴．点睛：本题主要考查了复数的四则运算及复数相等、复数的模等问题，其中熟记复数的基本概念和复数的四则运算是解答的关键，着重考查了推理与运算能力．18．设点在曲线上，从原点向移动，如果直线，曲线及直线所围成的两个阴影部分的面积分别记为，，如图所示.（1）当时，求点的坐标；（2）当有最小值时，求点的坐标.【答案】(1)；(2).【解析】分析：（1）设点的横坐标为，得点的坐标，利用定积分求解，利用，求得的值，即可求得点的坐标．（2）由（1）可求当，化简后，为的函数，再利用导数求得的最小值．详解：（1）设点P的横坐标为t（0＜t＜2），则P点的坐标为（t，t2），直线OP的方程为y=txS1=∫0t（tx﹣x2）dx=，S2=∫t2（x2﹣tx）dx=，因为S1=S2，，所以，点P的坐标为（2）S=S1+S2=S′=t2﹣2，令S'=0得t2﹣2=0，t=因为0＜t＜时，S'＜0；＜t＜2时，S'＞0所以，当t=时，S1＋S2有最小值，P点的坐标为．点睛：本题主要考查了定积分的应用及利用导数求解函数的最值问题，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力．19．已知函数在与时都取得极值.（1）求，的值与函数的单调区间；（2）若对，不等式恒成立，求的取值范围.【答案】(1)答案见解析；(2).【解析】分析：（1）由，求得，由，求得的值，得到函数的解析式，利用导数即可求解函数的单调区间．（2）由题意，设，分和两种情况分类讨论，即可求解实数的取值范围．详解：（1）由，得，随着变化时，的变化情况如下表：↑所以函数的递增区间是与,递减区间是；（2），当时，由（1）知在上的最大值为所以只需要，得当时，由（1）知在上的最大值为所以只需要，解得所以综上所述，的取值范围为点睛：本题主要考查导数在函数中的应用，以及恒成立问题的奇迹诶，着重考查了转化与化归思想、逻辑推理能力与计算能力，对导数的应用的考查主要从以下几个角度进行：(1)考查导数的几何意义，求解曲线在某点处的切线方程；(2)利用导数求函数的单调区间，判断单调性；已知单调性，求参数；(3)利用导数求函数的最值(极值)，解决函数的恒成立与有解问题，同时注意数形结合思想的应用．20．已知数列，，…，，为该数列的前项和.（1）计算，，，；（2）根据计算结果，猜想的表达式，并用数学归纳法证明.【答案】(1)；(2)答案见解析.【解析】试题分析：(1)由题中所给的条件计算可得：；(2)由题意归纳推理猜想，然后利用数学归纳法证得该结论成立即可.试题解析：（1）．（2）猜想，用数学归纳法证明如下：①当时，，猜想成立；② 假设当时，猜想成立，即，当时，故当时，猜想成立．由①②可知，对于任意的，都成立．21．已知函数.（1）证明；（2）如果对恒成立，求的范围.【答案】(1)证明见解析；(2).【解析】分析：（1）由题意，求得，又由，即可证得；由题意知恒成立，设，求得，可分和两种情况分类讨论，即可求解的取值范围．详解：（1）证明：故由题意知恒成立，设，则，符合题意，即，单调递减，不合题意，综上，的取值范围为．点睛：本题主要考查导数在函数中的应用，以及恒成立问题的求解，着重考查了转化与化归思想、逻辑推理能力与计算能力，其中利用导数求函数的单调性与最值(极值)，是解决函数的恒成立与有解问题常考点，同时注意数形结合思想的应用．22．已知函数（为自然对数的底数）.（1）求函数的单调区间；（2）设函数，存在实数，，使得成立，求实数的取值范围.【答案】(1)f(x)在(－∞，0)上单调递增，在(0，＋∞)上单调递减；(2).【解析】分析：（1）确定函数的定义域，求到数，利用导数的正负，即可求解函数的单调区间；（2）假设存在，使得成立，则，分类讨论求最值，即可求实数的取值范围．详解：(1)∵函数的定义域为R，f′(x)＝－，∴当x<0时，f′(x)>0，当x>0时，f′(x)<0，∴f(x)在(－∞，0)上单调递增，在(0，＋∞)上单调递减．(2)存在x1，x2∈[0,1]，使得2φ(x1)<φ(x2)成立，则2[φ(x)]min<[φ(x)]max.∵φ(x)＝xf(x)＋tf′(x)＋e－x＝，∴.①当t≥1时，φ′(x)≤0，φ(x)在[0,1]上单调递减，∴2φ(1)<φ(0)，即t>3－>1；②当t≤0时，φ′(x)>0，φ(x)在[0,1]上单调递增，∴2φ(0)<φ(1)，即t<3－2e<0；③当0<t<1时，若x∈[0，t)，φ′(x)<0，φ(x)在[0，t)上单调递减，若t∈(t,1]，φ′(x)>0，φ(x)在(t,1)上单调递增，∴2φ(t)<max{φ(0)，φ(1)}，即2·<max{1，}．()由(1)知，g(t)＝2·在[0,1]上单调递减，故≤2·≤2，而≤≤，∴不等式()无解．综上所述，存在t∈(－∞，3－2e)∪(3－，＋∞)，使得命题成立．点睛：本题主要考查了导数在函数中的综合应用，其中解答中涉及到利用导数求解函数的单调区间，利用导数求解函数的最值及其应用，本题解答中把使得成立，转化为是解答的难点，着重考查了分类讨论的数学思想，及分析问题和解答问题的能力，属于中档试题．。