广东省肇庆市2018届高三第三次模拟理科综合物理试题(原卷版)

【市级联考】广东省肇庆市2024届高三第三次统一检测理综物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题如图所示，圆形闭合金属线圈在水平匀强磁场中匀速转动，转动周期为T ，竖直转轴OO ＇过圆心且垂直于磁场方向。

从线圈平面与磁场方向平行开始计时，当时，线圈中的感应电动势为4V ，则线圈感应电动势的有效值为（ ）A．B ．C ．D ．第(2)题A 、B 是两种放射性元素的原子核，原来都静止在同一匀强磁场，其中一个放出α粒子，另一个放出β粒子，运动方向都与磁场方向垂直。

图中a 、b 与c 、d 分别表示各粒子的运动轨迹，下列说法中正确的是（ ）A ．磁场方向一定垂直纸面向里B ．A 放出的是α粒子，B 放出的是β粒子C ．a 为α粒子运动轨迹，d 为β粒子运动轨迹D ．a 轨迹中粒子与b 轨迹中的粒子动量相同第(3)题福建南平茶文化久负盛名，“风过武夷茶香远”“最是茶香沁人心”。

人们在泡大红袍茶时茶香四溢，下列说法正确的是（ ）A ．茶香四溢是扩散现象，说明分子间存在着相互作用力B ．茶香四溢是扩散现象，泡茶的水温度越高，分子热运动越剧烈，茶香越浓C ．茶香四溢是布朗运动现象，说明分子间存在着相互作用力D ．茶香四溢是布朗运动现象，说明分子在永不停息地做无规则运动第(4)题用如图甲所示实验装置研究光电效应的规律，得到如图乙所示的实验数据，由此可知（ ）光的颜色绿色紫色光的波长546410强度较低强度较高反向电压U /V 光电流光电流光电流0.0010.48.514.80.02 4.06.711.90.040.04.88.90.060.0 3.0 6.0乙A ．单位时间逸出的电子数与入射光的强度有关B ．用绿光实验时，遏止电压一定是0.04VC．用强度较高紫光实验时，饱和电流大小为14.8μAD．不同颜色的光照射时，材料的逸出功不同第(5)题1905年，爱因斯坦获苏黎世大学物理学博士学位，并提出光子假设，成功解释了光电效应，因此获得1921年诺贝尔物理学奖。

广东省肇庆市2018届高三第三次模拟理科综合化学试题第I 卷（选择题）1．中国文化源远流长，下列对描述内容所做的相关分析不正确的是2．化合物（甲）、（乙）、（丙）的分子式均为C 8H 8 ，下列说法正确的是A ．甲的同分异构体只有乙和丙两种 B．甲中所有原子一定处于同一平面 C ．甲、乙、丙均可与溴的四氯化碳溶液反应 D ．甲、乙、丙的二氯代物种数最少的是丙 3．根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是4．下列实验方案不能达到．．．．实验目的的是A．图A装置Cu和浓硝酸制取NO B．图B装置实验室制备Cl2C．图C装置实验室制取乙酸乙酯D．图D装置实验室分离CO和CO25．以熔融Li2CO3和K2CO3为电解质，天然气经重整催化作用提供反应气的燃料电池如右图。

下列说法正确的是A．以此电池为电源电解精炼铜，当有0.1 mol e－转移时，有3.2 g铜溶解B．若以甲烷为燃料气时负极电极反应式：CH4+5O2－－8e－=CO32-+2H2OC．该电池使用过程中需补充Li2CO3和K2CO3D．空气极发生的电极反应式为O2＋4e－＋2CO2===2CO32-6．短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大，X的原子半径比Y的小，Y原子最外层电子数是其内层电子总数的3倍，W原子的核电荷数等于X、Z原子的核电荷数之和，X和Z同主族。

下列说法正确的是A．原子半径：r(W)>r(Z)>r(Y)B．Z的最高价氧化物对应水化物的碱性比W的强C．化合物X2Y2和Z2Y2所含化学键类型完全相同D．工业上常用电解熔融W的氧化物制备W的单质7．常温下，用0.1mol/LNaOH溶液滴定10 mL 0.1 mol/LH2A溶液，溶液的pH与NaOH溶液的体积关系如图所示。

下列说法不正确的是A．A点溶液中加入少量水：增大B．B点：c( HA -)>c(H+)>c(A2一)>c(H2A)C．水电离出来的c(OH -)：B点>D点D．C点：c(Na+) =c(HA-)+2c( A2-)第II卷（非选择题）8．磷化铝、磷化锌、磷化钙与水反应产生高毒的PH3气体（熔点为-132℃，还原性强、易自燃），可用于粮食熏蒸杀虫。

广东省肇庆市四会一中2017-2018学年高考物理三模试卷一、单项选择题（共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求，选对得4分，选错或不答得0分）1．如图，水平地面上质量为m的物体，与地面的动摩擦因数为μ，在恒力F的作用下沿水平地面做加速度为a的匀加速直线运动，运动过程轻质弹簧没有超出弹性限度，则( )A．物体受5个力作用B．弹簧的弹力为（μg+a）mC．物体的加速度a=D．弹簧的弹力小于物体所受合外力2．在正方形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，荷质比相同的两个粒子a、b从一边长中点垂直匀强方向进入磁场，则( )A．a带负电，b带正电B．a带正电，b带负电C．a、b进入磁场时的速度之比为1：2D．a、b在磁场中运动的时间之比为1：13．绕地球做圆周运动的两颗人造卫星a、b，其轨道半径之比为3：2，则( )A．a、b绕地球运行的周期之比为27：8B．a、b绕地球运行的角速度之比为8：27C．a、b绕地球运行的线速度之比为：3D．a、b绕地球运行的向心加速度之比为3：24．如图，在粗糙的斜面体上，质量为m的小物块受到恒定外力F作用，向上加速运动位移为S（斜面足够长），斜面体始终静止在水平面上，则( )A．外力F做功为W=FSB．重力做功为mgSsinθC．合外力所做的功等于小物块增加的重力势能D．外力F做功转化为小物块的机械能和克服摩擦力所需做的功二、双项选择题（共5小题，每题6分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选一个且正确的得3分，有选错或不答的0分5．以下说法正确的是( )A．查德威克通过α粒子轰击氮核，发现了质子B．重核的裂变可用于核能发电和原子弹C．平衡核反应方程应遵循质子数和中子数守恒D．氢原子辐射的光子的能量是不连续的，所以对应的光的频率也是不连续的6．一定质量的理想气体经过如图所示的变化过程，下列说法正确的是( )A．ab过程中，气体的压强减小B．ab过程中，气体分子的平均动能增大C．bc过程中，气体对外做功，温度降低D．bc过程中，气体的密度增大7．如图所示的电路，有一带电油滴悬浮在两极板间静止不动．若将滑动变阻器的滑片向右滑动，则( )A．L1变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮C．油滴向上运动D．油滴向下运动8．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈接上瞬时值为u=220sin100πt的交流电，副线圈接入一个220Ω的电阻，则( )A．副线圈输出电压的频率为50 HzB．流经原副线圈的电流之比为10：1C．原线圈的输入功率为2.2wD．变压器输入、输出功率之比为1：109．如图，在点电荷Q形成的电场中有A、B、C三点，BC是以Q为圆心的一段圆弧．AB 两点的电势差为10v，正点电荷q沿A→B→C移动，则( )A．点电荷Q带正电B．沿BC运动时电场力做正功C．B点的电场强度与C点的大小相等D．q在A点时具有的电势能比在C点时的大三、非选择题（共4小题，共54分．按题目要求作答．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分．有效值计算的题，答案中必须明确写出相应数值和单位）10．“用落体法验证机械能守恒定律”的实验中：①从下列器材中选出实验不需要的，其编号为__________．A．秒表B．天平C．重锤D．毫米刻度尺E．打点计时器（包括纸带）F．运动小车②实验中产生系统误差的主要原因是__________，使重锤重力势能的减少量__________（填大于或小于）动能的增加量．③如果以为纵轴，以h为横轴，则﹣h图线是__________，该图线的斜率等于__________．11．在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属直径D的刻度位置如图所示，用米尺测出金属丝的长L，金属丝的电阻大约为5Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率ρ．为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻10kΩB．电压表0～15V，内阻50kΩC．电流表0～0.6A，内阻0.05ΩD．电流表0～3A，内阻0.01ΩE．滑动变阻器，0～10Ω①从图中读出金属丝的直径D为__________ mm．②要求较准确地测出其阻值，电压表应选__________，电流表应选__________．（填序号）③该金属材料的电阻率ρ=__________．（用R、L、D表示）12．（18分）如图所示，长为L的不可伸长的绳子一端固定在O点，另一端系质量为m的小球，小球静止在光滑水平面上．现用大小为F水平恒力作用在另一质量为2m的物块上，使其从静止开始向右运动，一段时间后撤去该力，物块与小球发生正碰后速度变为原来的一半，小球恰好能在竖直平面内做圆周运动．已知重力加速度为g，小球和物体均可视为质点，试求：（1）小物块碰撞前速度V0的大小；（2）碰撞后瞬间绳子的拉力；（3）恒力F所做功的大小．13．（18分）如图所示，完全相同的金属板P、Q带等量异种电荷，用绝缘杆将其连成一平行正对的装置，放在绝缘水平面上，其总质量为M，两极间距为d，板长为2d，在p板中央位置处有一小孔，一质量为m、电量为+q的粒子，从某一高度下落通过小孔后进入PQ，恰能匀速运动，外部的电场可忽略，板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g．求：（1）PQ间电场强度及电势差；（2）粒子下落过程中，电势能变化量；（3）现给PQ间加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场，要使粒子进入PQ后不碰板飞出．则粒子应距P板多高处自由下落？广东省肇庆市四会一中2015届高考物理三模试卷一、单项选择题（共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求，选对得4分，选错或不答得0分）1．如图，水平地面上质量为m的物体，与地面的动摩擦因数为μ，在恒力F的作用下沿水平地面做加速度为a的匀加速直线运动，运动过程轻质弹簧没有超出弹性限度，则( )A．物体受5个力作用B．弹簧的弹力为（μg+a）mC．物体的加速度a=D．弹簧的弹力小于物体所受合外力考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体在重力、支持力、弹簧拉力和摩擦力的共同作用力下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律分析即可．解答：解：A、物体在重力、支持力、弹簧拉力和摩擦力四个力的作用．故A错误；B、根据牛顿第二定律得：f﹣μmg=ma，解得：f=m（μg+a），故B正确；C、根据牛顿第二定律得：，故C错误；D、根据牛顿第二定律得：f﹣μmg=ma，解得：f=m（μg+a）＞ma，故D错误；故选：B．点评：本题考察受力分析和牛顿第二定律，关键是选好研究对象，正确受力分析，然后根据牛顿第二定律列式解决加速度、合外力、弹力等问题．2．在正方形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，荷质比相同的两个粒子a、b从一边长中点垂直匀强方向进入磁场，则( )A．a带负电，b带正电B．a带正电，b带负电C．a、b进入磁场时的速度之比为1：2D．a、b在磁场中运动的时间之比为1：1考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，虽然电量、质量不同，但比荷相同，所以运动圆弧对应的半径与速率成正比．它们的周期总是相等，因此运动的时间由圆心角来决定．解答：解：A、B、磁场的方向向外，粒子运动的方向向左，由左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向向上，负电荷受到的洛伦兹力的方向向下，所以a带正电，b带负电．故A错误，B正确；C、由洛伦兹力提供向心力得：，所以：，可知荷质比相同的两个粒子运动的半径与速度成正比；由题图可知，，所以：．故C正确；D、由T=知，荷质比相同的两个粒子在磁场中的运动周期相等，由，所以所用的时间：，故D错误．故选：BC点评：本题关键是明确粒子的速度越大轨道半径越大，但圆周运动的周期不变，然后画出具有代表性的轨迹，结合公式t=T进行分析．3．绕地球做圆周运动的两颗人造卫星a、b，其轨道半径之比为3：2，则( )A．a、b绕地球运行的周期之比为27：8B．a、b绕地球运行的角速度之比为8：27C．a、b绕地球运行的线速度之比为：3D．a、b绕地球运行的向心加速度之比为3：2考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星运动由万有引力提供向心力即：=ma，列式求出线速度、周期、角速度、向心加速度之比即可．解答：解：由卫星运动由万有引力提供向心力，根据得：A、T=，轨道半径之比为3：2，则周期之比为，故A错误；B、，轨道半径之比为3：2，则角速度之比为，故B错误；C、，轨道半径之比为3：2，则线速度之比为：3，故C正确；D、a=，轨道半径之比为3：2，则向心加速度之比为4：9，故D错误；故选：C点评：本题关键要在理解的基础上能熟练运用万有引力提供向心力计算出卫星的各个量与半径的关系式，难度不大，属于基础题．4．如图，在粗糙的斜面体上，质量为m的小物块受到恒定外力F作用，向上加速运动位移为S（斜面足够长），斜面体始终静止在水平面上，则( )A．外力F做功为W=FSB．重力做功为mgSsinθC．合外力所做的功等于小物块增加的重力势能D．外力F做功转化为小物块的机械能和克服摩擦力所需做的功考点：功能关系；功的计算．分析：根据功的计算公式W=FS即可求出F的功和重力的功；根据功能关系即可求出重力势能的变化；解答：解：A、根据功的计算公式可知，拉力F的功W=FS．故A正确；B、根据功的计算公式重力的功：W G=﹣mgh=﹣mgSsinθ．故B错误；C、根据动能定理可知，合外力所做的功等于小物块增加的动能．故C错误；D、根据功能关系可知，外力F做功转化为小物块的机械能和产生的内能，不能说转化为克服摩擦力所需做的功．故D错误．故选：A点评：该题考查拉力、重力做的功以及做功的过程中能量转化的方向，要注意和能量相关的说法．基础题目．二、双项选择题（共5小题，每题6分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选一个且正确的得3分，有选错或不答的0分5．以下说法正确的是( )A．查德威克通过α粒子轰击氮核，发现了质子B．重核的裂变可用于核能发电和原子弹C．平衡核反应方程应遵循质子数和中子数守恒D．氢原子辐射的光子的能量是不连续的，所以对应的光的频率也是不连续的考点：氢原子的能级公式和跃迁；重核的裂变．分析：卢瑟福通过α粒子轰击氮核实验的研究，实现了原子核的人工转变，发现了质子；查德威克发现了中子；重核的裂变可用于核能发电和原子弹；反应方程质量数和电荷数守恒；结合波尔理论解释氢光谱．解答：解：A、卢瑟福通过α粒子轰击氮核实验的研究，实现了原子核的人工转变，发现了质子，故A错误；B、重核的裂变可用于核能发电和原子弹．故B正确；C、平衡核反应方程应遵循质量数和电荷数守恒，不是质子数和中子数守恒；故C错误；D、根据波尔理论可知，氢原子的能级是不连续的，氢原子辐射的光子的能量也是不连续的，所以对应的光的频率也是不连续的．故D正确．故选：BD点评：本题考查物理学史、核反应方程中的两个守恒和对氢光谱的解释，都是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．6．一定质量的理想气体经过如图所示的变化过程，下列说法正确的是( )A．ab过程中，气体的压强减小B．ab过程中，气体分子的平均动能增大C．bc过程中，气体对外做功，温度降低D．bc过程中，气体的密度增大考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据等压变化和等容变化判断出温度的变化，即可判断分子平均动能的大小．根据W=P△V即可判断出对外做功的大小解答：解：A、ab过程中，气体等容升温，气体的压强增大，故A错误；B、ab过程中，温度升高，所以气体分子的平均动能增大，故B正确；C、bc过程中，气体体积不变，压缩降温，对内做功，温度降低，气体的密度增大，故C错误，D正确故选：BD点评：从V﹣t上找出各物理量之间的关系，分析气体的变化过程，根据气态方程进行分析，是我们解决此类问题的突破口7．如图所示的电路，有一带电油滴悬浮在两极板间静止不动．若将滑动变阻器的滑片向右滑动，则( )A．L1变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮C．油滴向上运动D．油滴向下运动考点：闭合电路的欧姆定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：恒定电流专题．分析：在滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压和总电流的变化，分析内电压的变化，判断L亮度的变化．根据电容器两板间电压的变化，判断油滴的运动方向．解答：解：AB、在滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I变大．内电压U′=Ir，r不变，则内电压U′变大，路端电压变小，所以通过灯1的电流变小；再据干路与支路电流的关系可知，灯2的电流变大，即L1变暗，L2变亮．故A错误，B正确．CD、以上分析可知，灯2的电流变大，即电压变大，所以电容器板间电压增大，场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题是电路的动态变化分析问题，先根据变阻器接入电路的电阻变化，确定整体电路总电阻变化，判断出总电流和路端电压的变化，再分析局部电流和电压的变化．8．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈接上瞬时值为u=220sin100πt的交流电，副线圈接入一个220Ω的电阻，则( )A．副线圈输出电压的频率为50 HzB．流经原副线圈的电流之比为10：1C．原线圈的输入功率为2.2wD．变压器输入、输出功率之比为1：10考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、变压器不会改变电流的周期，则副线圈输出电流的周期为T==0.02s，副线圈输出电压的频率为50 Hz，故A正确；B、当一个副线圈时，电流与匝数成反比，故B错误；C、变压器的输入功率和输出功率相等，由表达式知原线圈的电压有效值为220V，电压与匝数成正比，所以副线圈电压为22V，输出功率P==2.2W，故C正确；D、变压器输入、输出功率之比为1：1，故D错误；故选：AC点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，即电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．知道正弦交变电流最大值和有效值之间倍的关系即可解决本题9．如图，在点电荷Q形成的电场中有A、B、C三点，BC是以Q为圆心的一段圆弧．AB 两点的电势差为10v，正点电荷q沿A→B→C移动，则( )A．点电荷Q带正电B．沿BC运动时电场力做正功C．B点的电场强度与C点的大小相等D．q在A点时具有的电势能比在C点时的大考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据AB两点的电势差为10v，可知电场方向沿AB，可判断Q的电性；点电荷的电场线、等势面、电场强度的特点；电势能电场力做功．解答：解：A、根据AB两点的电势差为10v，可知电场方向沿AB，可知Q为负电荷，故A错误；B、BC为等势面，故沿BC运动时电场力不做功；C、根据点电荷的电场强度公式，可知两点的电场强度大小相等，故C正确D、根据AB两点的电势差为10v，且q为正电荷，故在A点时具有的电势能比在B点时的大，而BC 电势相等，故D正确故选：CD点评：解决本题的关键掌握电场力做功与电势差的关系，注意在公式W=qU中，功的正负、q的正负、电势差的正负都需代入计算．三、非选择题（共4小题，共54分．按题目要求作答．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分．有效值计算的题，答案中必须明确写出相应数值和单位）10．“用落体法验证机械能守恒定律”的实验中：①从下列器材中选出实验不需要的，其编号为ABF．A．秒表B．天平C．重锤D．毫米刻度尺E．打点计时器（包括纸带）F．运动小车②实验中产生系统误差的主要原因是纸带通过打点计时器时的摩擦力，使重锤重力势能的减少量大于（填大于或小于）动能的增加量．③如果以为纵轴，以h为横轴，则﹣h图线是一条通过坐标原点的倾斜直线，该图线的斜率等于重力加速度．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，即可正确解答本题；重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．运用物理规律和数学表达式结合起来解决问题．解答：解：（1）在该实验中，通过打点计时器来记录物体运动时间，不需要秒表，由于验证机械能公式中可以把重锤质量约掉，因此不需要天平．同时实验中需要测量纸带上两点间的距离，所以需要刻度尺．实验还需要重锤，打点计时器（包括纸带），不需要运动小车，故CDE正确，ABF错误；本题选不需要的，故选：ABF（2）实验中产生系统误差的主要原因是纸带通过打点计时器时的摩擦力，使重锤重力势能的减少量大于动能的增加量．（3）根据机械能守恒可知mgh=mv2，得出=gh，因此﹣h图线是一条通过坐标原点的倾斜直线，图线的斜率为重力加速度．故答案为：①ABF②纸带通过打点计时器时的摩擦力；大于③一条通过坐标原点的倾斜直线；重力加速度点评：清楚实验的目的，然后根据目的列出要研究的表达式；利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法．11．在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属直径D的刻度位置如图所示，用米尺测出金属丝的长L，金属丝的电阻大约为5Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率ρ．为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻10kΩB．电压表0～15V，内阻50kΩC．电流表0～0.6A，内阻0.05ΩD．电流表0～3A，内阻0.01ΩE．滑动变阻器，0～10Ω①从图中读出金属丝的直径D为4.700 mm．②要求较准确地测出其阻值，电压表应选A，电流表应选C．（填序号）③该金属材料的电阻率ρ=．（用R、L、D表示）考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．②根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表．③应用电阻定律求出电阻率的表达式．解答：解：①由图示螺旋测微器可知，金属丝直径D为：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；②电源电动势为：1.5V×2=3V，则电压表选择A；电路最大电流约为：I===0.6A，则电流表选择C．③电阻丝电阻：R=ρ=ρ，则电阻率：ρ=；故答案为：①4.700；②A，C；③．点评：本题考查了螺旋测微器读数、电表的选择、求电阻率表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时要估读，视线要与刻度线垂直．12．（18分）如图所示，长为L的不可伸长的绳子一端固定在O点，另一端系质量为m的小球，小球静止在光滑水平面上．现用大小为F水平恒力作用在另一质量为2m的物块上，使其从静止开始向右运动，一段时间后撤去该力，物块与小球发生正碰后速度变为原来的一半，小球恰好能在竖直平面内做圆周运动．已知重力加速度为g，小球和物体均可视为质点，试求：（1）小物块碰撞前速度V0的大小；（2）碰撞后瞬间绳子的拉力；（3）恒力F所做功的大小．考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）小球恰好通过最高点作圆周运动，根据牛顿第二定律求出临界速度，根据机械能守恒求出碰撞后速度．碰撞过程中，物块和小球系统动量守恒，求出小物块碰撞前速度V0的大小．（2）碰撞后瞬间，由绳子的拉力与重力的合力提供小球的向心力，由牛顿第二定律求拉力．（3）物块在水平恒力F作用加速运动，由动能定理求解恒力F做功．解答：解：（1）小球恰好通过最高点作圆周运动，此时重力刚好提供向心力，设速度为V，有mg=m得V=设小球碰撞后速度为V1，其后在摆至最高点过程中，机械能守恒，则：mV12=mV2+mg•2L代入V值可得V1=碰撞过程中，物块和小球系统动量守恒，有2mV0=mV1+2m•代入V1值可得V0=（2）碰撞后瞬间，绳子拉力为T，由牛顿定律得T﹣mg=m代入V1值可得绳子拉力T=6 mg方向沿着绳子向上（3）物块在水平恒力F作用加速运动，由动能定理得W=2m代入V0值可得恒力F所做功W=5mgL答：（1）小物块碰撞前速度V0的大小为；（2）碰撞后瞬间绳子的拉力是6 mg，方向沿着绳子向上；（3）恒力F所做功的大小是5mgL．点评：本题关键明确各个运动过程，明确小球与小物块碰撞过程中系统动量守恒，要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学的物理模型，根据相关公式解题．13．（18分）如图所示，完全相同的金属板P、Q带等量异种电荷，用绝缘杆将其连成一平行正对的装置，放在绝缘水平面上，其总质量为M，两极间距为d，板长为2d，在p板中央位置处有一小孔，一质量为m、电量为+q的粒子，从某一高度下落通过小孔后进入PQ，恰能匀速运动，外部的电场可忽略，板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g．求：（1）PQ间电场强度及电势差；（2）粒子下落过程中，电势能变化量；（3）现给PQ间加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场，要使粒子进入PQ后不碰板飞出．则粒子应距P板多高处自由下落？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）粒子进PQ后，恰能匀速运动，重力与电场力平衡，由平衡条件求出电场强度E．（2）粒子进PQ前，装置对绝缘水平面的压力等于重力Mg，粒子进PQ后，电场对粒子作用大小为mg，方向向上，根据牛顿第三定律，粒子对电场的力大小为mg，方向向下，则装置对绝缘水平面的压力等于总重力．（3）给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场后，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力．当轨迹恰好与P板、Q板右边缘相切时，粒子恰好进入PQ后不碰板飞出，分别由几何知识这两种临界情况下粒子的半径，根据牛顿第二定律求出速度，由机械能守恒定律求出下落时的高度，得到小球应距P板高度范围．解答：解：（1）小球进入PQ，恰能匀速运动则受力平衡，mg=qE得：E=电场方向向上U=Ed=．（2）小球在PQ间下落过程中，电场力做功w=﹣qEd=﹣mgd则其电势能增加，增加量为mgd（3）依题意如图得：2R1＞d根据牛顿第二定律Bqv1=m。

【市级联考】广东省肇庆市2024届高三第三次统一检测理综物理试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的答案中，只有一个符合题目要求。

(共8题)第(1)题如图所示，竖直平面内固定一半径为R的光滑圆轨道；一弹性绳原长为，上端固定在圆轨道的顶端，下端系一重力为G的小球（可视为质点），小球套在圆轨上处于平衡状态。

已知弹性绳的弹力遵循胡克定律，劲度系数为k，弹性绳始终处于弹性限度内，弹性绳的重力不计，则此时弹性绳的弹力大小为（ ）A．B．C．D．第(2)题如图所示，光滑的半圆弧硬杆两端固定在水平天花板上且位于竖直面内，圆心为O点，质量为m的小环套在硬杆上，受到拉力F（图中未画出）的作用静止于P点，与水平面的夹角为，重力加速度为g，、，下列说法正确的是（ ）A．F方向可能竖直向下B．若F竖直向上，硬杆对小环的弹力一定竖直向下C．若F沿圆弧的切线斜向右上方，则F的大小为D．若将F方向缓慢转动使其由水平向右变为竖直向上，则F大小先变小后变大第(3)题如图甲所示，物块放置在光滑固定斜面上，时刻对物块施加一沿斜面向上的、按图乙所示规律变化的作用力F，物块由静止开始运动，物块加速度大小a随时间t变化的图象如图丙所示，重力加速度，则下列说法正确的是（ ）A．斜面倾角的正弦值为0.6B．物块的质量为0.2kgC．0~1s内，F的冲量大小为2N·s D．1s末物块的速度大小为2.5m/s第(4)题如图所示，质量为m的滑块以初速度，由固定斜面底端滑上斜面，一段时间后返回，返回时的速度大小为，以斜面底端位置为零势能面，重力加速度为g，以下关于滑块在斜面上的运动过程说法正确的是（ ）A．上滑过程中动能与重力势能相等的位置位于斜面中点下方B．下滑过程中动能与重力势能相等的位置位于斜面中点上方C．滑块上滑的高度为D．运动过程中滑块最大的重力势能为第(5)题下列说法正确的是（ ）A．天然放射现象说明原子核具有复杂结构B．有6个能发生α衰变的原子核经过一个半衰期一定还剩3个没有衰变的原子核C．大量处于第3能级的氢原子向低能级跃迁能产生两种不同频率的光子D．某种频率的光照射某金属表面能发生光电效应，所有光电子初动能都相等第(6)题如图所示，质量均匀分布的钢管，一端支在光滑的水平地面上，另一端被竖直绳悬挂着。