海南省文昌中学2020-2021学年高二下学期期末考试物理试题

2020年海南省文昌中学高二（下）期末物理试卷（理科）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意）1．如图甲是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，图乙是工业上利用射线的穿透性来检查金属内部伤痕的示意图，请问图乙中的检查利用的是（）A．α射线B．β射线C．γ射线 D．三种射线都可以2．光滑水平桌面上有A、B两个物块，B的质量是A的n倍．将一轻弹簧置于A、B之间，用外力缓慢压A、B．撤去外力后，A、B开始运动，A和B的动量大小的比值为（）A．1 B．C．n D．n23．三束单色光1、2和3的波长分别为λ1、λ2和λ3（λ1＞λ2＞λ3）．分别用这三束光照射同一种金属．已知用光束2照射时，恰能产生光电子．下列说法正确的是（）A．用光束3照射时，一定不能产生光电子B．用光束1照射时，一定不能产生光电子C．用光束2照射时，光越强，产生的光电子的最大初动能越大D．用光束1照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多4．一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为U→Th+He，下列说法正确的是（）A．衰变后钍核与α粒子的动能之比为1：1B．衰变后钍核与α粒子的动量大小之比为1：1C．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量5．大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：H+H→He+n，已知H的质量为 2.0136u，He的质量为 3.0150u，n的质量为 1.0087u，1u=931MeV/c2．氘核聚变反应中释放的核能约为（）A．3.7MeV B．3.3MeV C．2.7MeV D．0.93MeV6．实验观察到，静止在匀强磁场中A点的原子核发生β衰变，衰变产生的新核与电子恰在纸面内做匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图．则（）A．轨迹1是电子的，磁场方向垂直纸面向外B．轨迹2是电子的，磁场方向垂直纸面向外C．轨迹1是新核的，磁场方向垂直纸面向里D．轨迹2是新核的，磁场方向垂直纸面向里二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．）7．下列说法正确的是（）A．N+H→C+He是α衰变方程B．H+H→He+γ是核聚变反应方程C．U→Th+He是核裂变反应方程D．He+Al→P+n是原子核的人工转变方程8．下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子核式结构模型B．汤姆孙最先发现天然放射现象，并说明了原子核具有复杂的结构C．查德威克用α粒子轰击氮核发现了质子，这是最早的人工转变D．根据玻尔原子模型一个氢原子从n=3能级向低能级跃迁时，最多能够发出2种不同频率的光9．氢原子核外电子由一个轨道向另一个轨道跃迁时，可能发生的情况是（）A．原子吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，原子的能量增大B．原子吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能减小，原子的能量增大C．原子放出光子，电子的动能增大，原子的电势能减小，原子的能量减小D．原子放出光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，原子的能量减小10．在光电效应实验中，分别用频率为v a、v b的单色光a、b照射到同种金属上，测得相应的遏止电压分别为U a和U b、光电子的最大初动能分别为E ka和E kb，h为普朗克常量．下列说法正确的是（）A．若v a＞v b，则一定有U a＜U bB．若v a＞v b，则一定有E ka＞E kbC．若U a＜U b，则一定有E ka＜E kbD．若v a＞v b，则一定有hv a﹣E ka＞hv b﹣E kb三、填空与实验题（11题4分，12题5分，13题6分，共15分）11．在一个U原子核衰变为一个Pb原子核的过程中，发生α衰变的次数为次，发生β衰变的次数为次．12．碳11的半衰期τ为20min，经1.0h剩余碳11的质量占原来的．13．用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量（填选项前的符号），间接地解决这个问题．A．小球开始释放高度hB．小球做平抛运动的水平射程C．小球做平抛运动所用的时间D．小球抛出点距地面的竖直高度H（2）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为（用图中标识的量表示）；（3）若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为（用图中标识的量表示）．四、综合分析与计算题（14题9分，15题10分，16题13分，17题15分，共47分）14．甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是1m/s，甲、乙相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为1m/s和2m/s．求甲、乙两运动员的质量之比．15．一质量为1kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点8m的位置B处是一面墙，如图所示．物块以v0=5m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为3m/s，碰后以2m/s的速度反向运动直至静止．g取10m/s2．（1）求物块与地面间的动摩擦因数μ；（2）若碰撞时间为0.01s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F．16．用速度大小为v的中子轰击静止的锂核（Li），发生核反应后生成氚核和α粒子，生成的氚核速度方向与中子的初速度方向相反，氚核与α粒子的速度之比为7：8．中子的质量为m，质子的质量可近似看做m，光速为c．（1）写出核反应方程；（2）求氚核和α粒子的速度大小；（3）若核反应过程中放出的核能全部转化为α粒子和氚核的动能，求出质量亏损．17．如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳连接，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为m A=2kg、m B=1kg．初始时A静止于水平地面上，B悬于空中．先将B竖直向上再举高h=1.8m （未触及滑轮）然后由静止释放．一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触．取g=10m/s2．（1）B从释放到细绳绷直时的运动时间t；（2）A的最大速度v的大小；（3）初始时B离地面的高度H．参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意）1．如图甲是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，图乙是工业上利用射线的穿透性来检查金属内部伤痕的示意图，请问图乙中的检查利用的是（）A．α射线B．β射线C．γ射线 D．三种射线都可以【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】α、β、γ三种射线中γ射线的穿透能力最强，常用γ射线穿透能力强的特点进行金属探伤，长时间接受辐射对人体有害，因此要有严格的保护措施．【解答】解：α、β、γ三种射线中α射线电离能力最强，γ射线穿透能力最强，因此用γ射线来检查金属内部的伤痕，故选：C．2．光滑水平桌面上有A、B两个物块，B的质量是A的n倍．将一轻弹簧置于A、B之间，用外力缓慢压A、B．撤去外力后，A、B开始运动，A和B的动量大小的比值为（）A．1 B．C．n D．n2【考点】53：动量守恒定律．【分析】分析撤去外力后的受力情况，明确系统总动量守恒，再根据动量守恒定律列式即可求得动量大的比值．【解答】解：撤去外力后，系统不受外力，所以总动量守恒，设A 的动量方向为正方向，则有：P A﹣P B=0故P A=P B；故动量之比为1；故A正确，BCD错误．故选：A3．三束单色光1、2和3的波长分别为λ1、λ2和λ3（λ1＞λ2＞λ3）．分别用这三束光照射同一种金属．已知用光束2照射时，恰能产生光电子．下列说法正确的是（）A．用光束3照射时，一定不能产生光电子B．用光束1照射时，一定不能产生光电子C．用光束2照射时，光越强，产生的光电子的最大初动能越大D．用光束1照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多【考点】IE：爱因斯坦光电效应方程．【分析】根据波长与频率关系，结合光电效应发生条件：入射光的频率大于或等于极限频率，及依据光电效应方程，即可求解．【解答】解：A、B、依据光电效应发生条件，因用光束2照射时，恰能产生光电子，且λ1＞λ2＞λ3，因此用光束1照射时，不能产生光电子，而光束3照射时，一定能产生光电子，故A错误，B正确；C、用光束2照射时，由光电效应方程：E km=hγ﹣W，可知，光电子的最大初动能与光的强弱无关，故C错误；D、用光束1照射时，不能产生光电效应，光增强，也不能产生光电效应，故D错误；故选：B4．一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为U→Th+He，下列说法正确的是（）A．衰变后钍核与α粒子的动能之比为1：1B．衰变后钍核与α粒子的动量大小之比为1：1C．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】根据动量守恒定律，抓住系统总动量为零得出两粒子的动量大小，结合动能和动量的关系得出动能的大小关系．半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，结合衰变的过程中有质量亏损分析衰变前后质量的大小关系．【解答】解：AB、一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，根据系统动量守恒知，衰变后钍核和α粒子动量之和为零，可知衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小，根据，由于钍核和α粒子质量不同，则动能不同，故A错误，B正确．C、半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，故C错误．D、衰变的过程中有质量亏损，即衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故D错误．故选：B．5．大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：H+H→He+n，已知H的质量为 2.0136u，He的质量为 3.0150u，n的质量为 1.0087u，1u=931MeV/c2．氘核聚变反应中释放的核能约为（）A．3.7MeV B．3.3MeV C．2.7MeV D．0.93MeV【考点】JI：爱因斯坦质能方程．【分析】根据已知核反应方程式，要计算计算释放的核能，就必须知道核反应亏损的质量，根据爱因斯坦质能方程△E=△mC2即可求出核反应释放的能量．【解答】解：因氘核聚变的核反应方程为：H+H→He+n，；核反应过程中的质量亏损为△m=2m D﹣（m He+m n）=0.0035u释放的核能为△E=△mc2=0.0035uc2=3.3MeV，故B正确，ACD错误；故选：B．6．实验观察到，静止在匀强磁场中A点的原子核发生β衰变，衰变产生的新核与电子恰在纸面内做匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图．则（）A．轨迹1是电子的，磁场方向垂直纸面向外B．轨迹2是电子的，磁场方向垂直纸面向外C．轨迹1是新核的，磁场方向垂直纸面向里D．轨迹2是新核的，磁场方向垂直纸面向里【考点】JJ：裂变反应和聚变反应；CF：洛仑兹力．【分析】静止的原子核发生β衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后粒子与反冲核的运动方向相反，动量的方向相反，大小相等．由半径公式r==，P是动量，分析两个粒子半径轨迹半径之比．【解答】解：原子核发生β衰变时，根据动量守恒可知两粒子的速度方向相反，动量的方向相反，大小相等；由半径公式r==（P是动量），分析得知，r与电荷量成反比，β粒子与新核的电量大小分别为e和ne（n为新核的电荷数），则β粒子与新核的半径之比为：ne：e=n：1．所以半径比较大的轨迹1是衰变后β粒子的轨迹，轨迹2是新核的．新核沿逆时针方向运动，在A点受到的洛伦兹力向左，由左手定则可知，磁场的方向向里．由以上的分析可知，选项D正确，ABC错误．故选：D．二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．）7．下列说法正确的是（）A．N+H→C+He是α衰变方程B．H+H→He+γ是核聚变反应方程C．U→Th+He是核裂变反应方程D．He+Al→P+n是原子核的人工转变方程【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】解决本题的关键是理解：α衰变是原子核自发放射α粒子的核衰变过程；由轻原子核生成较重的原子核，同时释放出巨大能量的核反应叫核聚变；核裂变是指较重的原子核分裂成两个中等质量的新核；用人工的方法使原子核发生转变的过程叫做原子核的人工转变．【解答】解：A、用人工的方法使原子核发生转变的过程叫做原子核的人工转变．715N在质子的轰击下发生的核反应，属于人工转变．故A错误．B、由轻原子核生成较重的原子核，同时释放出巨大能量的核反应叫核聚变．故B正确．C、α衰变是原子核自发放射α粒子的核衰变过程，故该反应是α衰变．故C错误．D、用α粒子轰击Al产生P和n，是在人为的作用下发生的故该反应是人工转变．故D正确．故选：BD．8．下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子核式结构模型B．汤姆孙最先发现天然放射现象，并说明了原子核具有复杂的结构C．查德威克用α粒子轰击氮核发现了质子，这是最早的人工转变D．根据玻尔原子模型一个氢原子从n=3能级向低能级跃迁时，最多能够发出2种不同频率的光【考点】1U：物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．一个氢原子从n能级向低能级跃迁时，能释放出不同频率的光数量为C【解答】解：A、卢瑟福通过α粒子的散射实验，提出了原子核式结构学说，故B正确；B、贝克勒尔最先发现天然放射现象，故B错误；C、1919年，卢瑟福用α粒子轰击氮核，第一次实现了原子核的人工转变，发现了质子，故C错误；D、根据玻尔原子模型一个氢原子从n=3能级向低能级跃迁时，最多能够发出2种不同频率的光，故D正确．故选：AD．9．氢原子核外电子由一个轨道向另一个轨道跃迁时，可能发生的情况是（）A．原子吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，原子的能量增大B．原子吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能减小，原子的能量增大C．原子放出光子，电子的动能增大，原子的电势能减小，原子的能量减小D．原子放出光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，原子的能量减小【考点】J4：氢原子的能级公式和跃迁．【分析】当原子吸收光子，原子能量增大，当原子放出光子，原子能量减小，根据电子的轨道半径变化，结合库仑引力提供向心力得出电子动能的变化，从而得出电势能的变化．【解答】解：A、原子吸收光子，原子的能量增大，电子的轨道半径增大，根据知，电子的动能减小，由于原子能量增大，则电势能增大，故A正确，B错误．C、原子放出光子，原子的能量减小，电子轨道半径减小，根据知，电子的动能增大，由于原子能量减小，则电势能减小，故C正确，D错误．故选：AC．10．在光电效应实验中，分别用频率为v a、v b的单色光a、b照射到同种金属上，测得相应的遏止电压分别为U a和U b、光电子的最大初动能分别为E ka和E kb，h为普朗克常量．下列说法正确的是（）A．若v a＞v b，则一定有U a＜U bB．若v a＞v b，则一定有E ka＞E kbC．若U a＜U b，则一定有E ka＜E kbD．若v a＞v b，则一定有hv a﹣E ka＞hv b﹣E kb【考点】IC：光电效应．【分析】根据光电效应方程，结合入射光频率的大小得出光电子最大初动能，结合最大初动能和遏止电压的关系比较遏止电压．【解答】解：AB、根据光电效应方程E km=hv﹣W0知，v a＞v b，逸出功相同，则E ka＞E kb，又E km=eU c，则U a＞U b，故A错误，B正确．C、根据E km=eU c知，若U a＜U b，则一定有E ka＜E kb，故C正确．D、逸出功W0=hv﹣E km，由于金属的逸出功相同，则有：hv a﹣E ka=hv b ﹣E kb，故D错误．故选：BC．三、填空与实验题（11题4分，12题5分，13题6分，共15分）11．在一个U原子核衰变为一个Pb原子核的过程中，发生α衰变的次数为8次，发生β衰变的次数为6次．【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】每经过一次α衰变，电荷数少2，质量数少4，每经过一次β衰变，电荷数多1，质量数不变，结合电荷数守恒、质量数守恒求出衰变的次数．【解答】解：设经过m次α衰变，n次β衰变，则有：4m=32，2m ﹣n=10，解得：m=8，n=6．故答案为：8，6．12．碳11的半衰期τ为20min，经1.0h剩余碳11的质量占原来的．【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】根据半衰期的质量关系公式求解．【解答】解：由题意知半衰期τ为20min，经1.0h，则发生了3个半衰期；剩余碳11的质量为m=故答案为：13．用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量B（填选项前的符号），间接地解决这个问题．A．小球开始释放高度hB．小球做平抛运动的水平射程C．小球做平抛运动所用的时间D．小球抛出点距地面的竖直高度H（2）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为m1OP=m1OM+m2ON（用图中标识的量表示）；（3）若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为m1•OM2+m2•ON2=m1•OP2（用图中标识的量表示）．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】根据动量守恒定律求出实验需要验证的表达式，然后根据表达式分析答题；再根据机械能守恒定律可求得弹性碰撞中应满足的表达式．【解答】解：（1）碰撞过程动量守恒，则m1v0=m1v1+m2v2，两边同时乘以时间t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，则m1OP=m1OM+m2ON，因此A实验需要测量两球的质量，然后确这落点的位置，再确定两球做平抛运动的水平位移，从而代替速度的大小，故B正确，ACD错误；（2）由（1）可知，实验需要验证的表达式为：m1OP=m1OM+m2ON．（3）若为弹性碰撞，则机械能守恒；根据机械能守恒定律可知：m1v2=m1v12+m2v22则由v=可知：m1•OM2+m2•ON2=m1•OP2故答案为：（1）B （2）m1OP=m1OM+m2ON；（3）m1•OM2+m2•ON2=m1•OP2四、综合分析与计算题（14题9分，15题10分，16题13分，17题15分，共47分）14．甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是1m/s，甲、乙相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为1m/s和2m/s．求甲、乙两运动员的质量之比．【考点】53：动量守恒定律．【分析】甲、乙相遇时用力推对方的过程系统的动量守恒，应用动量守恒定律可以求出甲、乙质量之比．【解答】解：甲、乙相遇时用力推对方的过程系统动量守恒，以甲的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲+m乙v乙=m甲v甲′+m乙v乙′，代入得：m甲×1+m乙×（﹣1）=m甲×（﹣1）+m乙×2，解得：m甲：m乙=3：2．答：甲、乙两运动员的质量之比是3：2．15．一质量为1kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点8m的位置B处是一面墙，如图所示．物块以v0=5m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为3m/s，碰后以2m/s的速度反向运动直至静止．g取10m/s2．（1）求物块与地面间的动摩擦因数μ；（2）若碰撞时间为0.01s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F．【考点】52：动量定理；66：动能定理的应用．【分析】（1）对A到B的过程，运用动能定理，求出物块与地面间的动摩擦因数．（2）根据动量定理，求出碰撞过程中墙面对物块的平均作用力大小．【解答】解：（1）由动能定理，有﹣μmgs=mv2﹣mv02代入数据可得μ=0.1．（2）由动量定理，规定水平向左为正方向，有F△t=mv′﹣（﹣mv）代入数据解得F=500N．答：（1）物块与地面间的动摩擦因数为0.1；（2）碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小为500N．16．用速度大小为v的中子轰击静止的锂核（Li），发生核反应后生成氚核和α粒子，生成的氚核速度方向与中子的初速度方向相反，氚核与α粒子的速度之比为7：8．中子的质量为m，质子的质量可近似看做m，光速为c．（1）写出核反应方程；（2）求氚核和α粒子的速度大小；（3）若核反应过程中放出的核能全部转化为α粒子和氚核的动能，求出质量亏损．【考点】JI：爱因斯坦质能方程；JJ：裂变反应和聚变反应．【分析】（1）根据质量数和电荷数守恒，书写核反应方程；（2）根据动量守恒定律求解氦核的速度；（3）求出质量亏损，再根据爱因斯坦质能方程求解核反应释放出的能量．【解答】解：（1）根据质量与电荷数守恒，则有：n+Li﹣→H+He；（2）由动量守恒定律得m n v=﹣m H v1+m He v2；由题意得v1：v2=7：8解得：v1=v，v2=v（3）氚核和α粒子的动能之和为E k=×3mv+×4mv=mv2释放的核能为△E=E k﹣E kn=mv2﹣mv2=mv2；由爱因斯坦质能方程得，质量亏损为△m==；答：（1）核反应方程n+Li﹣→H+He；（2）氚核和α粒子的速度大小分别为：v1=v，v2=v；（3）则质量亏损．17．如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳连接，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为m A=2kg、m B=1kg．初始时A静止于水平地面上，B悬于空中．先将B竖直向上再举高h=1.8m （未触及滑轮）然后由静止释放．一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触．取g=10m/s2．（1）B从释放到细绳绷直时的运动时间t；（2）A的最大速度v的大小；（3）初始时B离地面的高度H．【考点】6B：功能关系；52：动量定理．【分析】（1）根据自由落体规律计算运动时间；（2）根据动量守恒定律计算A的最大速度；（3）根据机械能守恒计算B离地面的高度H．【解答】解：（1）B从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有：h=gt2代入数据解得：t=0.6 s．（2）根据动量定理；对A（取向上为正方向），则有：F2t﹣m A gt=m A v′，对B，则有：﹣F1t+m B gt=m B v′﹣m B v B；而F1=F2且v B=6m/s，得：﹣gt=2v′+v′﹣6由于碰撞时间极短，因此有：v′=2 m/s（3）细绳绷直后，A、B一起运动，B恰好可以和地面接触，说明此时A、B的速度为零，这一过程中A、B组成的系统机械能守恒，有：（m A+m B）v2+m B gH=m A gH代入数据解得：H=0.6 m．答：（1）运动时间为0.6s；（2）A的最大速度的大小为2m/s；（3）初始时B离地面的高度为0.6m．。

2021-2021学年度高二年级第2学期期末考试高二物理试题（1-14班）注意事项：一、本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部份。

二、请将自己的姓名、学号填在答题卷指定的地址，同时请阅读答题卷上的注意事项。

3、第I 卷用铅笔涂在答题卡上，第∏卷用钢笔或圆珠笔答在答题卷上。

4、全卷共100分。

考试历时90分钟。

第I 卷（共38分）一、单项选择题(此题共6小题，每题3分，共18分。

在每题给出的四个选项中，只有一个项符合题目要求的)1．以下是一些说法：①一质点受两个力作用且处于平稳状态（静止或匀速），这两个力在同一段时刻内的冲量必然相同。

②一质点受两个力作用且处于平稳状态（静止或匀速），这两个力在同一段时刻内做的功或都为零，或大小相等符号相反。

③在一样时刻内，作使劲和反作使劲的功大小不必然相等，但正负号必然相反。

④在一样时刻内，作使劲和反作使劲的功大小不必然相等，正负号也不必然相反。

以上说法正确的选项是（ ）A ．①②B ．①③C ．②③D ．②④2. 如下图，用细线挂一质量为M 的木块，有一质量为m 的子弹自左向右水平射穿此木块，穿透前后子弹的速度别离为v 0和v （设子弹穿过木块的时刻和空气阻力不计），木块的速度大小为（ ）A ．0mv mv M + B ．0mv mv M- C ．0mv mv M m ++ D ．0mv mv M m -+ 3. 如下图，从点光源S 发出的一细束白光以必然的角度入射到三棱镜的表面，通过三棱镜的折射后发生色散现象，在光屏的ab间形成一条彩色光带.下面的说法中正确的选项是（）A.a侧是红色光，b侧是紫色光B. 在真空中a侧光的波长小于b侧光的波长C .三棱镜对a侧光的折射率大于对b侧光的折射率D. 在三棱镜中a侧光的传播速度大于b侧光的传播速4. 质量为1kg的物体做直线运动，其速度图象如下图。

那么物体在前10s内和后10s内所受外力的冲量别离是（）A．10N·s，10 N·sB．10N·s，—10N·sC．0，10N·sD．0，—10 N·s∠为直角.此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方5. 如图，一个三棱镜的截面为等腰直角∆ABC，A向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并恰好能发生全反射.该棱镜材料的折射率为（）B、2A、62D、3C、326. 如题图所示，空气中有一折射率为2的玻璃柱体，其横截面是圆心角为90°、半径为R的扇形OAB、一束平行光平行于横截面，以45°入射角射到OA上，OB不透光，假设考虑第一次入射到圆弧AB上的光，那么AB上有光透出的部份的弧长为（）RA．16RB．14RC．13RD．512二、多项选择题（此题共4小题，每题5分，共20分，全对得5分，选不全得3分，有错选得0分。

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1．如图所示，一小孩把一质量为0.5kg 的篮球由静止释放，释放后篮球的重心下降的高度为0.8m ，反弹后篮球的重心上升的最大高度为0.2m ，不计空气阻力，取重力加速度为210/g m s =，则地面与篮球相互作用的过程中篮球所受合力的冲量大小为A ．0.5N·sB ．1 N·sC ．2 N·sD ．3N·s2．下列生活中利用传感器把光信号变成电信号的是（ ）A ．用遥控器控制电视机的开关B ．走廊照明灯的声控开关C ．自动洗衣机中的压力传感装置D ．电饭煲中控制加热和保温的温控器3．暴雪导致高压线上冻起厚厚的冰，会使电线负重增大而断裂，有人想出通过增大输电线上损耗功率进行融冰的方案。

假设原输电电流是100A ，当输送功率保持不变，为使输电线上损耗的功率增大为原来的4倍，则输电电流应变为（ ）A ．25AB ．50AC ．200AD ．400A4．在物理学的重大发现中，科学家们总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等．以下关于物理学研究方法的叙述正确的是（ ） A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了假设法B ．根据速度的定义式x v t∆=∆，当△t 趋近于零时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义运用了微元法C ．在实验探究加速度与力、质量的关系时，运用了控制变量法D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，然后将各小段位移相加，运用了极限思想法5．关于分子运动的说法，正确的有A ．布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子的无规则运动，空气中尘埃的飘动也是布朗运动B ．扩散现象说明了分子在永不停息的热运动，同时也证明了分子间有空隙C ．固体颗粒越大、液体温度越高，布朗运动越明显D ．布朗运动和扩散现象均为分子的热运动6．如图所示，定值电阻R=20Ω，电动机线圈的电阻R 0=10Ω，当开关S 断开时，电流表的示数是0.5A ．当开关S 闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I 和电路消耗的电功率P 应是（ ）A ．I=1.5AB ．I ＜1.5AC ．P=15WD ．P ＞15W7．如图所示是物体在某段运动过程中的v-t 图象，在t 1和t 2时刻的瞬时速度分别为v 1和v 2。

广东省广州市荔湾区省实验中学，广雅中学，佛山一中【最新】高二下学期期末考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列现象中，与原子核内部变化有关的是A ．粒子散射现象B ．天然放射现象C ．光电效应现象D ．原子发光现象 2．如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于n =3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，用这些光照射逸出功为2. 49 eV 的金属钠，下列说法正确的是（ ）A ．这群氢原子能发出三种频率不同的光，其中从n =3跃迁到n =2所发出的光波长最短B ．这群氢原子能发出两种频率不同的光，其中从n=3跃迁到n=1所发出的光频率最高C ．金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为11. 11 eVD ．金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为9. 60 eV3．一个质子和两个中子聚变为一个氚核，聚变方程为113101H 2n H +→，已知质子质量H 1.0073u m =，中子质量n 1.0087u m =，氚核质量T 3.0180u m =，21uc 931.5MeV =，反应中释放的核能约为（ ）A ．6.24MeVB ．6.02MeVC ．7.08MeVD ．6.51MeV4．如右图所示，一半圆形铝框处在水平向外的非匀强磁场中，场中各点的磁感应强度为0y B B y c ＝＋，y 为该点到地面的距离，c 为常数，B 0为一定值．铝框平面与磁场垂直，直径ab 水平，(空气阻力不计)铝框由静止释放下落的过程中( )A ．铝框回路磁通量不变，感应电动势为0B．回路中感应电流沿顺时针方向，直径ab两点间电势差为0C．铝框下落的加速度大小一定小于重力加速度gD．直径ab受安培力向上，半圆弧ab受安培力向下，铝框下落加速度大小可能等于g 5．如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A．最大值是311V B．变化周期是0.01sC．有效值是311V D．表达式为u=311sin50πt(V)6．目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料．这些岩石都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性知识的说法中正确的是（）A．β射线与γ射线一样是电磁波，但穿透本领远比γ射线强B．氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核C．92238U衰变成82206Pb要经过8次β衰变和8次α衰变D．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的7．如图所示，质量为m的小球，被长为L的轻细绳系住在光滑水平面上作匀速圆周运动，角速度为ω．则小球运动半个周期时间内细绳对小球的冲量大小为（）A．0B．mωL C．2mωL D．2πmωL8．有一个负载电阻值为R，当将它接在20V的直流电源上时，消耗的电功率为P，若将R接在图中的变压器的次级电路中消耗的电功率是P2，已知变压器的输入电压1u的最大值为200V，求此变压器的原、副线圈的匝数之比（）A．10:1B．8:1C．4:1D．1:109．如图所示，为质量恒定的某种气体的p−T图，A、B、C三态中体积最大的状态是（）A ．A 状态B ．B 状态C ．C 状态D ．条件不足，无法确定二、多选题10．如图所示,在光滑的水平面上放有两个小球A 和B ，其质量A B m m ，B 球上固定一轻质弹簧；若将A 球以速率v 去碰撞静止的B 球，下列说法中正确的是( )A ．当弹簧压缩量最大时，两球速率都最小B ．当弹簧第恢复原长时，B 球速率最大C ．当A 球速率为零时，B 球速率最大D ．当B 球速率最大时，弹性势能为零11．某同学在用油膜法估测分子直径的实验中，计算结果明显偏大，可能是由于（ ） A ．油酸未完全散开B ．油酸中含有大量酒精C ．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格D ．求每滴体积时，1mL 溶液的滴数多记了10滴12．下列说法中正确的是（ ）A ．热量可以自发的由低温物体传到高温物体B ．物体的内能增加了20J ，一定是物体吸收了20J 的热量C ．物体吸收热量，同时对外做功，其内能可能增加D ．不可能从单一热库吸收热量，使之全部变成功，而不产生其它变化13． 如图所示，某种单色光射到光电管的阴极上时，电流表有示数，则( )A ．入射的单色光的频率必大于阴极材料的截止频率B ．增大单色光的强度，电流表示数将增大C ．滑片P 向左移，可增大电流表示数D ．滑片P 向左移，电流表示数将减小，甚至为零14．如图为氢原子的能级示意图，欲使处于基态的氢原子激发，下列措施可行的是（ ）A ．用11eV 的光子照射B ．用12.09eV 的光子照射C ．用14eV 的光子照射D ．用10eV 的电子照射15．如图所示，在远距离输电过程中，若保持原线圈的输入功率不变，下列说法正确的是（ ）A ．升高1U 会减小输电电流2IB ．升高1U 会增大线路的功率损耗C ．升高1U 会增大线路的电压损耗D ．升高1U 会提高电能的利用率三、实验题16．图为“研究电磁感应现象”的实验装置，部分导线已连接.（1）用笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好___________ .（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么闭合开关后，将小线圈迅速插入大线圈的过程中，电流计的指针将向__________偏；小线圈插入大线圈后，将滑动变阻器的滑片迅速向右移动时，电流计的指针将向__________偏.（均选填“左”或“右”）17．某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验．气垫导轨装置如图(a)所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．(1)下面是实验的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；把滑块2放在气垫导轨的中间；⑤先接通打点计时器的电源，再放开滑块1，让滑块1带动纸带一起运动；在中间与滑块2相撞并粘在一起运动；⑥取下纸带，重复步骤④⑤，选出理想的纸带如图(b)所示；⑦测得滑块1的质量310 g，滑块2(包括橡皮泥)的质量205g．(2)已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为________ kg·m/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为________ kg·m/s(保留三位有效数字)．(3)试说明(2)中两结果不完全相等的主要原因是______________________________四、解答题18．如图所示，一个厚度可忽略不计汽缸长1m L =，缸中有横截面积为2100cm S =的光滑活塞，缸被固定水平面上，活塞封闭了一定质量的理想气体，当温度为27C ︒，缸内压强等于大气压强50110Pa p =⨯，气柱长00.5m L =，现用力缓慢拉动活塞，已知拉力最大值为400N F =．（1）如果温度保持不变，能否将活塞从汽缸中拉出．（2）保持最大拉力不变将活塞从汽缸中拉出，缸中气体温度至少为多少摄氏度．19．如图所示，一质量为M B =6kg 的木板B 静止于光滑水平面上，物块A 质量M A =6kg ，停在B 的左端．一质量为m =1kg 的小球用长为l =0.8m 的轻绳悬挂在固定点O 上．将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A 发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度ℎ=0.2m ．牧场与小球可视为质点，A 、B 达到共同速度后A 还在木板上，不计空气阻力，g 取10m/s 2．（1）球和物块A 碰后瞬间A 物块的速度大小．（2）A 、B 组成的系统因摩擦损失的总的机械能．20．如图所示，两足够长的平行光滑金属导轨倾斜放置，与水平面间的夹角为θ=37°C ，两导轨之间距离为L =0.2m ，导轨上端m 、n 之间通过导线连接，有理想边界的匀强磁场垂直于导轨平面向上，虚线ef 为磁场边界，磁感应强度为B =2.0T ．一质量为m =0.05kg 的光滑金属棒ab 从距离磁场边界0.75m 处由静止释放，金属棒两轨道间的电阻r =0.4Ω，其余部分的电阻忽略不计，ab 、ef 均垂直导轨．（g =10m/s 2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）ab棒最终在磁场中匀速运动时的速度．（2）流过导线mn电流的最大值．（3）ab棒在整个运动过程中的最大加速度．参考答案1．B【详解】A ．α粒子散射实验表明了原子内部有一个很小的核，并没有涉及到核内部的变化，故A 项错误；B ．天然放射现象是原子核内部发生变化自发的放射出α粒子或电子，从而发生α衰变或β衰变，故B 项正确；C ．光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出，没有涉及到原子核的变化，故C 项错误；D ．原子发光是原子跃迁形成的也没有涉及到原子核的变化，故D 项错误．2．D【解析】【详解】这群氢原子能发出三种频率不同的光，根据玻尔理论△E=E m -E n （m ＞n ）得知，从n=3跃迁到n=1所发出的光能量最大，由E=hγ=hc/λ得知，频率最高，波长最短．故A B 错误；从n=3跃迁到n=1辐射的光子能量最大，发生光电效应时，产生的光电子最大初动能最大，光子能量最大值为13.6-1.51eV=12.09eV ，根据光电效应方程得E km =hv-W 0=12.09-2.49eV=9.60eV ．故C 错误，D 正确．故选D ．3．D【解析】该核反应中质量亏损： 1.00732 1.0087 3.01800.0067m u u u u ∆=+⨯-=则释放的核能：20.0067931.5MeV 6.24MeV E mc ∆=∆=⨯=，故选项A 正确，BCD 错误．点睛：解决本题的关键知道在核反应中电荷数守恒、质量数守恒，掌握爱因斯坦质能方程，并能灵活运用．4．C【解析】试题分析：由题意知，y 越小，y B 越大，下落过程中，磁通量逐渐增加，A 错误；由楞次定律判断，铝框中电流沿顺时针方向，但0ab U ≠，B 错误；直径ab 受安培力向上，半圆弧ab 受安培力向下，但直径ab 处在磁场较强的位置，所受安培力较大，半圆弧ab 的等效水平长度与直径相等，但处在磁场较弱的位置，所受安培力较小，这样整个铝框受安培力的合力向上，故C正确D错误．故选C考点：导体切割磁感线时的感应电动势；点评：在遇到讨论导体运动的定性分析问题时，要灵活运用楞次定律的第二描述解题，即感应电流产生的效果总是阻碍导体间的相对运动．5．A=【解析】从图象可以知道，交流电电压的最大值为311V，周期0.02s，所以电压有效值为2=100πrad/s，表达式为u=311sin100πt V，故A正确，BCD错误；220V，角速度ω=2πT故选A。

海南省海口市文昌中学2020-2021学年高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于电场线的说法，正确的是A．电场线的方向，就是电荷受力的方向B．静电场的电场线是不闭合的曲线C．电场线越密的地方，同一电荷所受电场力越大D．正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动参考答案：BC2. 下列关于布朗运动的说法，正确的是A. 布朗运动是液体分子的无规则运动B. 液体温度越高，悬浮粒子越小，布朗运动越剧列C. 布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的D. 布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的参考答案：BD布朗运动是悬浮在液体中的微粒的运动，是液体分子的无规则运动的反映，布朗运动不是由于液体各部分的温度不同而引起的选项AC错误；液体温度越高，悬浮粒子越小，布朗运动越剧列，选项B正确；布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的，选项D正确。

3. 光子的能量是由下列哪个物理量决定的?A．光的波长 B．光的频率 C．光的传播速度D．介质的折射率参考答案：B4. （单选题）对于点电荷的理解，正确的是( )A．点电荷就是带电量很少的带电体B．点电荷就是体积很小的带电体 k*s5*uC．体积大的带电体肯定不能看成点电荷D．带电体如果本身大小和形状对它们间的相互作用影响可忽略，则可视为点电荷参考答案：D5. 如图所示，直角三角形形状的闭合导线框abc通以顺时针方向的电流I，放在匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，ab∶bc∶ca=3∶4∶5，则线框受到的安培力的合力为：A．垂直于ab向左B．垂直于bc向下C．垂直于ca斜向上D．为零参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 中子的质量为1.0087u,质子的质量为1.0073u，氘核的质量为2.0136u.中子和质子结合成氘核时质量亏损，需(填“吸收”、“放出”)能量Mev.(1u = 931.5Mev)参考答案：0.0024u ，放出， 2.2356Mev7. (1)下列实验中，深人地揭示了光的粒子性一面的有。

第Ⅰ卷 选择题一、选择题（本大题10小题，每小题5分,共50分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题意的)１. 在物理学的发展历程中，下列哪位科学家最先建立了平均速度、瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动，并首先采用了猜想、假设和实验检验的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展( ） A.亚里士多德Ｂ．伽利略ﻩC ．牛顿ﻩﻩ D.爱因斯坦2． 如右图所示,由于风，河岸上的旗帜向右飘,在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘,两条船运动状态是 ( ) A. A 船肯定是向左运动的 Ｂ． A 船肯定是静止的C. B 船肯定是向右运动的 Ｄ. Ｂ船可能是静止的3. 物体做匀加速直线运动，已知t ＝1s 时速度为6ｍ／ｓ,t=2s 时的速度为８ｍ/s,下列说法中正确的是:（ ）A.任意1秒内的速度变化２m/ｓ Ｂ.物体的加速度为6m/s 2 C.计时起点ｔ＝0时的速度为0 ｍ/sＤ．第１秒内的平均速度为6m ／s4． 如图所示是甲、乙两物体的v －t 图象,由图可知( ) A ．甲做匀加速运动,乙做匀减速运动 B.甲、乙两物体相向运动 C.5 s 末两物体相遇 D.乙比甲晚1 s 出发5． 两个大小分别为1F 和2F (21F F ）的力作用在同一质点上,它们的合力的大小F 满足A.1F ≤F ≤2F ﻩB.122F F -≤F ≤122F F + C ．12F F -≤F ≤12F F +Ｄ.2221F F -≤2F ≤2221F F +６．如图所示，用等大反向的力F 和Ｆ′压住两块木板,中间夹着一个重量为G 的立方体金属块,它们一起处于静止状态．则( ）Ａ．木板和金属块之间肯定有挤压 Ｂ.金属块受三个力作用Ｃ．若同时增大F 和F ′，木块和金属块之间的摩擦力会增大 Ｄ．若同时增大F 和F ′，金属块所受合力会增大7．在力学单位制中,选定下面哪一组物理量的单位作为基本单位（ ） Ａ．速度、质量和时间 ﻩﻩﻩ B ．重力、长度和时间 C.长度、质量和时间 ﻩ ﻩD.位移、质量和速度８.下列说法正确的是（ )A ．处于完全失重状态的物体,其重力一定为零。

ﻩﻩﻩ202０┄2021学年海南省文昌中学高二(下)期中物理试卷（文科)ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ一、选择题(本大题10小题，每小题5分，共５0分,在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的)ﻩﻩﻩﻩ1．（5分)（2０12•浙江学业考试)我国道路交通安全法规定,在各种小型车辆前排乘坐的人必须系好安全带.安全带能起作用的是汽车在平直公路上( ）ﻩﻩﻩA.ﻩ加速前进时B.ﻩ匀速行驶时ﻩC．紧急刹车时ﻩD．ﻩ缓慢倒车时ﻩﻩﻩﻩﻩ2．（５分）（2011•龙岗区校级学业考试）如图,两人同时用大小相等的力沿不同方向拉小船,下列几种情况中，合力最大的是(ﻩ）ﻩﻩﻩA.ﻩﻩB.ﻩﻩC. D.ﻩﻩﻩ3.(５分)（2013•西城区模拟)在物理学史上，用科学推理的方法论证了重物体和轻物体下落一样快,推翻了古希腊学者亚里士多德的观点（质量大的小球下落快）的科学家是（ﻩ)ﻩﻩＡ．伽利略 B.ﻩ库仑ﻩＣ．法拉第ﻩD．ﻩ爱因斯坦ﻩﻩ４．(5分)（２０１4•满洲里市校级模拟）如图所示,用细线吊着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动.关于小球的受力情况，正确的是（)ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩＡ．ﻩ重力、绳子的拉力、向心力ﻩB.ﻩ重力、绳子的拉力ﻩC．重力ﻩＤ．以上说法都不正确ﻩﻩﻩ5．(５分)（2０1５春•文昌校级期中)有四位同学把斜面对重物的支持力,分别画成如图所示的四种情况，其中画正确的是（）ﻩﻩﻩﻩB．ﻩＣ. ﻩD．ﻩA．ﻩﻩﻩ6.（５分)（2０15春•文昌校级期中)一人站在体重计上称体重，保持立正姿式时称得体重为G，当其缓慢地将一条腿平直伸出台面,体重计指针稳定后读数为Ｇ′,则(ﻩ)ﻩﻩﻩﻩﻩA．Ｇ＞G′Ｂ．ﻩＧ=G′ﻩＣ.ﻩG<G′ﻩD．ﻩ无法确定ﻩ7．（５分）(２０１５春•文昌校级期中）关于地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是（）ﻩﻩﻩA．ﻩ它一定在赤道上空运行ﻩB.ﻩ我国发射的地球同步卫星都定点在北京上空ﻩC．高度越大，运行速度越小D．ﻩ各国发射的这种卫星具有相同的质量ﻩﻩﻩﻩ8．(5分）(2０12•浙江学业考试)如图所示,水平桌面上有一弯曲的轨道,钢球以一定的速度从轨道的始端进入,末端离开.对钢球在轨道末端速度方向的判断,图中表示正确的是(ﻩ) ﻩﻩA．aﻩB．bﻩＣ．cﻩD．dﻩﻩﻩﻩ9.（5分)（２015春•文昌校级期中）下列说法正确的是（ﻩ）ﻩA．相对论与量子力学的出现，表示经典力学已失去意义ﻩB．对于宏观物体的高速运动问题，经典力学仍能适用C.ﻩ牛顿运动定律可以解决自然中所有的问题ﻩD．ﻩ相对论的创始人是爱因斯坦ﻩﻩﻩ１0.（5分)（20１5春•文昌校级期中）如图所示，为带电粒子在匀强磁场中所受洛仑兹力作用的方向与磁场方向和粒子运动方向的关系示意图，其中正确的是( )ﻩﻩﻩﻩC．ﻩD．ﻩﻩB.ﻩA．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ二、填空题(本大题3小题,每空3分，共1８分)ﻩﻩ1１.(９分)(2０08•福建校级模拟）如图所示,一个小女孩从滑梯上加速下滑(摩擦阻力不能忽略），在这个过程中，她的动能将ﻩ，重力势能将，机械能将ﻩ.（填“增加”“不变”或“减少”)ﻩﻩﻩ12．(6分)（2０15春•文昌校级期中)电磁打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器,当电源的频率为50Hz时,振针每隔ｓ打一个点.现在用打点计时器测定物体的速度,当电源的频率低于5０Hz时,如果仍按50Hz的时间问隔打一个点来计算，则测出的速度值将比物体真实的速度值ﻩ(填“偏大”或“偏小”）．ﻩﻩﻩ13．（3分)(2012•浙江学业考试）如图所示，放在水平圆盘上质量为０.５ｋｇ的小物块，离转轴距离为0.２ｍ．当小物块随圆盘一起以2rad/s的角速度做匀速圆周运动时,其受到静摩擦力的大小为ﻩＮ.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ三、实验题（10分)ﻩﻩﻩ１４.（6分)（201５春•文昌校级期中）《互成角度的两个力的合成》实验目的是验证互成角度的两个力合成时的遵守定则;在《测定匀变速直线运动的加速度》实验中；打点计时器使用的是4~6Ｖ低压、ﻩ电源（填“直流”或“交流”）;在探究a、F、ｍ间的关系时，每次都应保持一个物理量不变,这种科学的探究方法叫．ﻩﻩﻩ１5.（４分）（201５春•文昌校级期中)在“测定匀变速直线运动加速度”实验中,如图所示是小车作匀加速直线运动时，用打点计时器打出的一段纸带.若每相邻计数点的时间间隔T=0.1ｓ,测得图中Ｓ1=2.0０cm,Ｓ４＝３.50ｃm,中间S２、S３的数据未测出．用上述数据计算小车加速度的公式为ａ= ,并计算出小车的加速度大小为ﻩm／ｓ2.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ四、分析计算题(本大题2小题，每小题８分,共1６分)ﻩﻩ16．(8分)(２015春•文昌校级期中)一个静止放在水平面上的物体,质量是0.5Ｋg，在水平方向受到6.0N的拉力，得到8m/ｓ２的加速度．求:（取ｇ=10ｍ/ｓ2）ﻩﻩﻩ（1）物体受到的合外力F合；ﻩﻩ（2)这个物体和水平面间的动摩擦因数; ﻩﻩﻩ（3)经过t=3ｓ，物体的速度v; ﻩﻩﻩ（4)经过t=3s,物体运动的位移s. ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ17.(8分）（2015春•文昌校级期中)在离地面高度为ｈ=20m处,将一个质量为m=１ｋg的钢球以v0=2m/s的速度水平抛出，取g=10m／s2．求：ﻩﻩﻩﻩ(1)钢球从抛出到落地的时间t;ﻩﻩﻩﻩﻩ（2）飞行的水平距离x；（３)钢球从抛出到落地的过程，重力做功W; ﻩﻩﻩ(4）物体触地之前瞬间的动能E K２．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ五、模块选做题(6分.从以下三道模块选做题中选择一道作答．若多答，则只按所答题目排在最前面的一道评分)（选做题1)ﻩﻩﻩﻩ１8.(3分)(2０15春•文昌校级期中）某同学利用假期进行实验复习,验证电磁感应产生的条件.他通过如图所示实验，观察到以下实验现象：ﻩﻩﻩﻩﻩ①把磁铁插入线圈时，线圈中有感应电流; ﻩﻩﻩﻩ②把磁铁放在线圈内不动,线圈中无感应电流；ﻩﻩ③把磁铁从线圈中拔出，线圈中有感应电流. ﻩ这次实验表明,穿过闭合线圈的磁通量（选填“变化”或“不变化”)，线圈中就有感应电流.ﻩﻩﻩﻩﻩ19.(3分)(2015春•文昌校级期中）如图所示，甲乙两个完全相同的金属小球,甲带有+q的电量,乙带有﹣ｑ的电量.若乙球与甲球接触后放回原处,则甲球带电量为. ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ（选做题2）ﻩﻩ2０．(201１秋•五指山校级期末)真空中有两个点电荷，它们间的静电力为Ｆ，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的3倍，它们之间静电力的大小等于(ﻩ）ﻩﻩﻩA.ﻩB． C. FﻩD. 3Ｆﻩ21.(201４•浙江学业考试）人们常用符号代替文字表达一定的意思．现有两种符号如图甲(黄底、黑图>和如图乙(红圈、红斜杠、黑图)所示,则(ﻩ）ﻩﻩﻩﻩﻩA. 甲图是电扇的标志B．甲图是风车的标志C．ﻩ乙图是禁用移动电话的标志D．ﻩ乙图是移动电话充电区的标志ﻩﻩﻩ22．（２0１4•青海学业考试)面积是S的矩形导线框，放在磁感应强度为B的匀强磁场中,当线框平面与磁场方向垂直时，穿过导线框所围面积的磁通量为（ﻩ）ﻩﻩA.ﻩ0 B．ﻩBSﻩＣ.ﻩＤ.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ（选做题3）ﻩ23.（201５•丰台区模拟)如图所示,匀强磁场的磁感应强度为０.5T，通电直导线与磁场方向垂直,导线长度为０.2m,导线中电流大小为2A，方向如图箭头所示.则ﻩ该导线所受安培力的大小为ﻩN,方向ﻩ．(选填”竖直向上”或“竖直向下”)ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ２4．（20１５•通州区模拟)P、Q两个点电荷在真空中所产生电场的电场线(其中方向未标出)的分布如图所示．图中O点为两点电荷连线的中点，MＮ为两点电荷连线的中垂线，A、Ｂ为中垂线上的两点，电场线的分布关于MN左右对称．由图可知,E AＥB(选填“＞”或“＜”）,E A、EＢ的方向（选填“相同”或“不同”）.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ2020┄2021学年海南省文昌中学高二（下)期中物理试卷（文科）ﻩﻩ参考答案与试题解析ﻩﻩﻩﻩ一、选择题（本大题10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的)ﻩﻩﻩﻩﻩ1.(5分)（２012•浙江学业考试)我国道路交通安全法规定，在各种小型车辆前排乘坐的人必须系好安全带．安全带能起作用的是汽车在平直公路上( ）ﻩﻩA.ﻩ加速前进时 B．匀速行驶时Ｃ．ﻩ紧急刹车时D．ﻩ缓慢倒车时ﻩﻩﻩ考点: 惯性．专题：ﻩ常规题型．分析：任何物体都有惯性，惯性有的时候我们会利用它,给人们带来一定的便利，但有时要防止它给人们带来的危险，安全带就是其中的一个．解答:ﻩ解:任何物体都有惯性,惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，汽车高速行驶时,里面的人和车一样速度都很大，一旦出现危险情况，紧急刹车时,车在摩擦力的作用下减速停住，而人由于惯性继续向前运动，人很可能从离开座位撞在车窗玻璃上,造成严重的伤害,所以把人绑在车座上,可以减小对人的伤害.故C正确,ＡBD错误.故选:C.点评：了解惯性的应用和防止,知道生活中处处有物理规律的应用．ﻩﻩﻩ2．（５分）(２０１1•龙岗区校级学业考试）如图,两人同时用大小相等的力沿不同方向拉小船，下列几种情况中,合力最大的是(ﻩ）ﻩﻩﻩﻩﻩＢ．ﻩC． D．A．ﻩﻩﻩ考点: 合力的大小与分力间夹角的关系.分析:ﻩ合力与分力遵循平行四边形定则,故两分力大小不变的情况下,夹角越大，合力越小,当两分力同向时，合力最大，两分力反向时,合力最小，合力范围是：Ｆ1＋Ｆ2≥F≥|F1﹣F２｜.解答：ﻩ解：合力与分力遵循平行四边形定则,两分力夹角越小,合力越大故选A．点评：ﻩ本题关键要明确合力与分力遵循平行四边形定则，两分力夹角越小，合力越大.ﻩ3．（5分)(２013•西城区模拟）在物理学史上，用科学推理的方法论证了重物体和轻物体下落一样快,推翻了古希腊学者亚里士多德的观点（质量大的小球下落快)的科学家是（ﻩ）ﻩﻩA. 伽利略B．库仑C．ﻩ法拉第ﻩD. 爱因斯坦考点:ﻩ物理学史．专题：常规题型.分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.解答：解:在物理学史上，用科学推理的方法论证了重物体和轻物体下落一样快,推翻了古希腊学者亚里士多德的观点(质量大的小球下落快）的科学家是伽利略.故选A.点评：ﻩ本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一.ﻩﻩﻩ4.(5分）（2014•满洲里市校级模拟)如图所示,用细线吊着一个小球,使小球在水平面内做匀速圆周运动．关于小球的受力情况,正确的是( ）ﻩﻩA．ﻩ重力、绳子的拉力、向心力B．ﻩ重力、绳子的拉力Ｃ．ﻩ重力D．ﻩ以上说法都不正确ﻩﻩﻩ考点：ﻩ向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：ﻩ先对小球进行运动分析,做匀速圆周运动，再找出合力的方向,合力提供向心力,进一步对小球受力分析．解答: 解:小球在水平面内做匀速圆周运动,对小球受力分析,如图小球受重力、和绳子的拉力,由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，即向心力是按照力的效果命名的，这里是重力和拉力的合力.故B正确,Ａ、C、Ｄ错误．故选B．点评：向心力是效果力,匀速圆周运动中由合外力提供．注意向心力不是物体所受到的力.ﻩﻩﻩﻩ5.(5分）（20１５春•文昌校级期中）有四位同学把斜面对重物的支持力,分别画成如图所示的四种情况，其中画正确的是( ) ﻩﻩﻩﻩC.A.ﻩB．ﻩD.ﻩﻩﻩ考点: 物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变.专题:ﻩ受力分析方法专题．分析:ﻩ首先确定支持力的作用点，然后确定方向，从而确定正确的力图．解答：ﻩ解:斜面对重物的支持力作用在物体上,垂直斜面向上.故A正确,B、C、D错误.故选：A.点评：解决本题的关键知道弹力的方向,垂直于接触面,指向受力物体.ﻩﻩﻩﻩ6.（5分）(20１５春•文昌校级期中）一人站在体重计上称体重，保持立正姿式时称得体重为Ｇ,当其缓慢地将一条腿平直伸出台面,体重计指针稳定后读数为G′，则（)ﻩﻩA.ﻩＧ>Ｇ′B. Ｇ=G′ﻩＣ．Ｇ<Ｇ′Ｄ．无法确定ﻩﻩ考点: 超重和失重.专题：牛顿运动定律综合专题.分析:ﻩ对人受力分析可知，人一直处于受力平衡状态,对体重计的压力始终等于人的重力．解答：解：对人受力分析，在两种状态下,人一直处于受力平衡状态，对体重计的压力始终等于人的重力.所以B正确．故选Ｂ．点评：ﻩ无论是双腿站立还是单腿站立，人的重力的大小是不变的，对称体重的压力也不变．ﻩﻩﻩ7.（５分)(20１5春•文昌校级期中)关于地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是（)ﻩﻩﻩA．它一定在赤道上空运行B.ﻩ我国发射的地球同步卫星都定点在北京上空C．高度越大，运行速度越小D. 各国发射的这种卫星具有相同的质量ﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 同步卫星.专题:ﻩ人造卫星问题.分析：ﻩ地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星,是运行在地球同步轨道上的人造卫星，星距离地球的高度约为36000 kｍ，卫星的运行方向与地球自转方向相同、运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等，即23时56分4秒,卫星在轨道上的绕行速度约为３．１公里／秒,其运行角速度等于地球自转的角速度解答：解：A、同步卫星运行轨道为位于地球赤道平面上空圆形轨道，轨道固定不变，故A正确B错误;Ｃ、因为同步卫星要和地球自转同步，即同步卫星周期T为一定值，根据Ｆ==m r=ｍ，因为Ｔ一定值,所以ｒ也为一定值，所以同步卫星距离地面的高度和速度是一定值，故C错误.D、各国发射的这种卫星不一定具有相同的质量，故D错误故选：A点评: 该题主要考查了地球同步卫星的相关知识点，有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期,难度不大，属于基础题ﻩﻩﻩﻩ８．（5分）（2012•浙江学业考试）如图所示，水平桌面上有一弯曲的轨道,钢球以一定的速度从轨道的始端进入,末端离开．对钢球在轨道末端速度方向的判断,图中表示正确的是(ﻩ）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩA.ﻩa B. bﻩＣ. c D．ｄﻩﻩ考点：曲线运动.专题:ﻩ物体做曲线运动条件专题．分析:ﻩ做曲线运动的物体的速度的方向,是沿着曲线的切线方向的,钢球以一定的速度从末端离开,由于惯性的作用,仍保持原来的运动方向,从而即可求解．解答：ﻩ解：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上,速度的大小可以变化，但方向时刻变化,由于外力的作用，使其状态不断改变,当离开末端时,由于惯性作用，仍保持原来运动的方向,即沿着曲线的切线方向．故Ｂ正确，ACD错误．故选:B点评：ﻩ本题是对曲线运动速度的考查，理解惯性与运动的关系,注意做曲线运动的物体的速度的方向，是沿着曲线的切线方向的．ﻩ9.(5分）(2０１5春•文昌校级期中）下列说法正确的是（ﻩ）ﻩﻩﻩA．相对论与量子力学的出现，表示经典力学已失去意义B．ﻩ对于宏观物体的高速运动问题，经典力学仍能适用C.ﻩ牛顿运动定律可以解决自然中所有的问题D．相对论的创始人是爱因斯坦ﻩﻩﻩ考点：ﻩ狭义相对论．分析：相对论与量子力学的出现,是对微观的世界的解释,经典力学对宏观物体的运动仍然有意义;对于宏观物体的低速运动问题，经典力学仍能适用,对于宏观物体的高速运动问题,经典力学不再适用;相对论的创始人是爱因斯坦．解答：ﻩ解：Ａ、相对论与量子力学的出现，是对微观的世界的解释，经典力学对宏观物体的低速的运动仍然有意义.故A错误;B、C、对于宏观物体的低速运动问题，经典力学仍能适用，对于宏观物体的高速运动问题，经典力学不再适用；故B、C错误；D、相对论的创始人是爱因斯坦.故D正确.故选:D点评:ﻩ该题考查经典力学的使用范围与相对论的创始人，属于对基础知识的考查,记住相应的知识点内容即可正确解答.ﻩﻩﻩﻩ１0．（5分）(20１5春•文昌校级期中)如图所示，为带电粒子在匀强磁场中所受洛仑兹力作用的方向与磁场方向和粒子运动方向的关系示意图，其中正确的是(ﻩ) ﻩﻩﻩﻩD．ﻩﻩＡ．ﻩ B.ﻩﻩＣ.ﻩﻩ考点：左手定则；洛仑兹力．分析: 判断洛伦兹力的方向用左手定则判断，伸开左手，使拇指与其余四指垂直,并且与手掌在同一个平面内;让磁感线从掌心进入,并使四指指向正电荷的运动方向,这时拇指所指的方向就是运动电荷所受洛伦兹力的方向.解答: 解：Ａ、磁场的方向垂直纸面向里,正电荷运动的方向水平向右,根据左手定则，受到的洛伦兹力的方向向上．故A错误;B、磁场的方向垂直纸面向外，正电荷运动的方向水平向右,根据左手定则,中受到的洛伦兹力的方向竖直向下.故B错误;C、粒子运动的方向与磁场的方向平行，则不受洛伦兹力的作用．故C错误；D、磁场的方向垂直纸面向里，负电荷运动的方向水平向右，其等效电流的方向向左,根据左手定则，受到的洛伦兹力的方向向下.故D正确．故选：D.点评：解决本题的关键掌握用左手定则判断洛伦兹力的方向,伸开左手，使拇指与其余四指垂直,并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向正电荷的运动方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷所受洛伦兹力的方向．ﻩﻩﻩﻩﻩ二、填空题(本大题３小题,每空3分，共18分）ﻩﻩ1１．(9分）（２008•福建校级模拟)如图所示，一个小女孩从滑梯上加速下滑(摩擦阻力不能忽略）,在这个过程中,她的动能将增加,重力势能将减少 ,机械能将减少ﻩ.(填“增加”“不变”或“减少”)ﻩﻩﻩﻩﻩ考点：ﻩ机械能守恒定律．专题: 机械能守恒定律应用专题.分析：解决此题要知道动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大,动能就越大;重力势能的大小与物体的质量和高度有关,质量越大、高度越高,重力势能就越大;机械能包括动能和重力势能．除了重力以外的力做功,机械能会改变．解答: 解：小女孩从滑梯上加速下滑时，速度增大，高度减小，所她的动能增加，重力势能减少；因为滑梯摩擦力对她做负功,使内能增加,因此会有一部分机械能转化为内能，因此机械能会减少；故答案为:增加，减少，减少．点评: 解决此类问题要结合影响动能、重力势能、机械能的大小因素进行分析解答．ﻩﻩ12.（6分）(2015春•文昌校级期中)电磁打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器，当电源的频率为50Hz时，振针每隔0.０2 s打一个点．现在用打点计时器测定物体的速度,当电源的频率低于50Hｚ时，如果仍按50Ｈz的时间问隔打一个点来计算，则测出的速度值将比物体真实的速度值偏大ﻩ(填“偏大”或“偏小”）．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点：ﻩ探究小车速度随时间变化的规律.专题: 实验题.分析:ﻩ了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等,掌握基本仪器的使用,能够正确的使用打点计时器.解答：解:在中学阶段我们学习的打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器两种，它可以通过纸带记录物体在一定时间间隔内的位移大小，即可记录物体做直线运动时的位置和时间．电火花计时器使用2２0v的交流电源，如果交流电源的频率是50Hz，据周期与频率的关系可知：每隔0.02s打一次点,当电源频率低于５０Hz，其打点周期大于0．02s，所以仍按50Ｈz计算，即０．02s，据v＝可知,测出的速度数值将比真实值偏大．故答案为：０.0２,偏大．点评: 对于基本仪器的使用，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作,深刻了解具体操作细节的含义，同时注意电火花计时器和电磁打点计时器在电压上的不同.ﻩﻩﻩﻩ13．(3分)(２０12•浙江学业考试)如图所示,放在水平圆盘上质量为0.5kg的小物块，离转轴距离为0.2m．当小物块随圆盘一起以2rad／ｓ的角速度做匀速圆周运动时，其受到静摩擦力的大小为0ﻩ．４ﻩN.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点：摩擦力的判断与计算；向心力．专题: 摩擦力专题.分析: 根据静摩擦力提供向心力求出摩擦力的大小和方向．解答: 解：滑块受到静摩擦力的大小提供向心力：F f＝ｍrω2代入数据得F f＝０.5×0．２×4N=０.４N方向：由所在位置垂直指向转轴.故答案为:0.4.点评：ﻩ解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解.ﻩﻩﻩﻩﻩ三、实验题(10分）ﻩﻩﻩﻩ14.（6分)(201５春•文昌校级期中)《互成角度的两个力的合成》实验目的是验证互成角度的两个力合成时的遵守ﻩ平行四边形ﻩ定则;在《测定匀变速直线运动的加速度》实验中；打点计时器使用的是4~６Ｖ低压、交流电源（填“直流”或“交流”）；在探究a、F、ｍ间的关系时，每次都应保持一个物理量不变,这种科学的探究方法叫控制变量法ﻩ．ﻩﻩﻩ考点: 验证力的平行四边形定则.专题：实验题.分析：《互成角度的两个力的合成》实验目的是验证互成角度的两个力合成时的遵守平行四边形定则；熟悉电磁打点计时器和电火花计时器,明确它们的计时原理和工作电压；需探究加速度与两个物理量的关系，故需先控制一个量不变，这种科学方法是控制变量法．解答：ﻩ解:《互成角度的两个力的合成》实验目的是验证互成角度的两个力合成时的遵守平行四边形定则;在《测定匀变速直线运动的加速度》实验中；打点计时器使用的是４～6Ｖ低压交流电源,在探究a、Ｆ、m间的关系时，每次都应保持一个物理量不变,这种科学的探究方法叫控制变量法.故答案为:平行四边形;交流;控制变量法点评：ﻩ知道两个力合成时的遵守平行四边形定则;打点计时器分为电磁打点计时器和电火花计时器，知道它们的工作电压,掌握控制变量法的含义.ﻩﻩﻩ15.（4分）（2015春•文昌校级期中)在“测定匀变速直线运动加速度”实验中,如图所示是小车作匀加速直线运动时,用打点计时器打出的一段纸带．若每相邻计数点的时间间隔T＝0．1s,测得图中S１＝２．０0cm，Ｓ4=3.5０cm，中间S2、Ｓ3的数据未测出．用上述数据计算小车加速度的公式为a=ﻩ，并计算出小车的加速度大小为0.5ﻩm／s2.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 测定匀变速直线运动的加速度.专题：实验题．分析：ﻩ根据匀变速直线运动的推论公式△x=S M﹣Ｓｎ=(m﹣n）aT2可以求出加速度的大小.解答：ﻩ解:根据匀变速直线运动的推论公式△ｘ=S M﹣Ｓn=(m﹣ｎ）aT２得小车加速度的公式是ａ=解得:ａ=＝0．５ｍ／ｓ2故答案为：a=，０．5．点评: 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．ﻩﻩﻩﻩ四、分析计算题(本大题２小题，每小题８分,共16分）ﻩﻩﻩﻩ16．(８分）(201５春•文昌校级期中)一个静止放在水平面上的物体，质量是0.5Kg，在水平方向受到６．0N的拉力，得到８m／ｓ2的加速度.求:(取g=１0ｍ/s2) ﻩﻩﻩ(1）物体受到的合外力F合;ﻩﻩﻩ（2）这个物体和水平面间的动摩擦因数;ﻩﻩﻩﻩ(３)经过t＝３ｓ，物体的速度ｖ; ﻩﻩﻩ(4）经过t＝3s，物体运动的位移s．ﻩﻩﻩﻩﻩ考点:ﻩ牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题.分析：ﻩ(1）已知物体的质量和加速度,由牛顿第二定律求出合外力；（2)根据受力分析求出摩擦力;(3）物体做初速度为0的匀加速直线运动，由v=at求出速度；(４）由ｘ=即可求出位移;解答: 解：(1）根据牛顿第二定律得:Ｆ合=mａ=０.5×8=４N(2）物体在水平方向受到拉力和摩擦力的作用，所以：Ｆ合=F﹣ｆ得：f=F﹣Ｆ合=6.０﹣4=2．0Ｎ又；f＝μF N=μmg所以：(3)经过ｔ=3s,物体的速度:v＝at=8×3=2４m/ｓ（4)经过t＝3s，物体运动的位移:m答:（1）物体受到的合外力是4N;(2）这个物体和水平面间的动摩擦因数是0.４；（3）经过t=３s,物体的速度是２4m／s；（４）经过t=３ｓ,物体运动的位移是36m．点评: 本题是牛顿第二定律和位移公式的直接应用,比较简单,对滑动摩擦力要知道N为正压力,不一定是物体的重力.ﻩ17．（8分)(2015春•文昌校级期中）在离地面高度为h=20ｍ处，将一个质量为m=1kｇ的钢球以v0=2ｍ/s的速度水平抛出,取g＝10m/ｓ２．求: ﻩﻩ(１)钢球从抛出到落地的时间t；ﻩﻩ（２)飞行的水平距离x；ﻩﻩﻩ（3)钢球从抛出到落地的过程，重力做功Ｗ; ﻩﻩﻩﻩ（4）物体触地之前瞬间的动能ＥＫ２.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 功的计算；平抛运动.专题：功的计算专题.分析: 平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动,和竖直方向上的自由落体运动，根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可解答: 解:(１）根据ｈ=ｇt2得：t=（2）水平距离x=v0t=２×2m=4m(3)重力做的功为:W=mgh=20０J（４)根据动能定力可得mgh=解得Eｋ=２02Ｊ答：（1）钢球从抛出到落地的时间ｔ为２ｓ;(2）飞行的水平距离ｘ为４ｍ;（３）钢球从抛出到落地的过程,重力做功W为2０0J;(4)物体触地之前瞬间的动能E K2为2０2J点评: 本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ五、模块选做题（6分．从以下三道模块选做题中选择一道作答．若多答,则只按所答题目排在最前面的一道评分）(选做题1）ﻩﻩﻩﻩ。

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1．在对自由落体运动规律的探究中，下列描述错误的是( )A ．亚里士多德根据生活现象提出了重的物体下落得快，轻的物体下落得慢B ．伽利略利用斜槽实验发现物体从静止开始滑下，在连续相等的时间间隔内通过的距离之比为1∶3∶5…从而间接证实了他提出的“落体速度与时间成正比”的假说C ．在当时的实验中，伽利略已经可以较精确地测量自由落体时间，直接研究自由落体运动了D ．伽利略对自由落体的探究中，经历了提出问题——猜想——数学推论——实验验证——合理外推——得出结论的科学推理方法 2．如图所示，物块A 放在木板上处于静止状态，现将木块B 略向右移动一些使倾角 减小，则下列结论正确的是（ ）A ．木板对A 的作用力不变B ．木板对A 的作用力减小C ．物块A 与木板间的正压力减小D ．物块A 所受的摩擦力不变3．下列说法正确的是A ．水的饱和汽压随温度的升高而减小B ．液体的表面张力是由表面层液体分子之间的相互排斥引起的C ．空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比叫做空气的绝对湿度D ．雨水没有透过布雨伞主要是因为液体有表面张力4．如图所示，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直于纸面，边长为a 的正方形线框与磁场垂直，且一条对角线与磁场边界重合．则通过线圈平面的磁通量为A ．212BaB ．BaC ．Ba 2D ．2Ba5．要进行太空矿产资源开采，必须建立“太空加油站”．假设“太空加油站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致．下列说法中正确的是（ ）A ．站在地球赤道上的人观察到“太空加油站”向西运动B．“太空加油站”运行的速度大小等于同步卫星运行速度大小的10倍C．在“太空加油站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止D．“太空加油站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度6．关于磁感应强度为B，电流强度I、导线长L和导线所受磁场力F的关系，下列说法中正确的是( ) A．在B＝0的地方，F一定等于零B．在F＝0的地方，B一定等于零C．若B＝1 T，I＝1 A，L＝1 m，则F一定等于1 ND．若L＝1 m，I＝1 A，F＝1 N，则B一定等于1 T7．如图所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1∶n2=10∶1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压2202sin100=V．变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热u tπ敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，R1为一定值电阻．下列说法中正确的是（）A．电压表V示数为22 VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变大8．关于下列四幅图中所涉及物理知识的论述中，正确的是A．甲图中，由两分子间作用力随距离变化的关系图线可知，当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力均为零B．乙图中，由一定质量的氧气分子分别在不同温度下速率分布情况，可知温度T1<T2C．丙图中，在固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触其上一点，从石蜡熔化情况可判定固体薄片必为非晶体D．丁图中，液体表面层分子间相互作用表现为斥力，正是因为斥力才使得水黾可以停在水面上二、多项选择题：本题共4小题9．从水平地面上方同一高度处，使a球竖直上抛，使b球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上．空气阻力不计．下述说法中正确的是：（）A．两球着地时的动量相同B．两球着地时的动能相同C．重力对两球的冲量相同D．重力对两球所做的功相同10．(多选)如图所示，有一带正电的小球在光滑、绝缘的大球面内小幅度地来回滑动．现在空间加一垂直纸面向里的匀强磁场，若小球始终未离开球面，则()A．洛伦兹力对小球不做功B．洛伦兹力对小球做功C．洛伦兹力不影响小球的振动周期D．洛伦兹力只改变小球的速度方向，不改变小球的速度大小11．如图所示，固定在竖直面内的光滑圆环半径为R，圆环上套有质量分别为m和2m的小球A、B（均可看作质点），且小球A、B用一长为2R的轻质细杆相连，在小球B从最高点由静止开始沿圆环下滑至最低点的过程中（已知重力加速度为g），下列说法正确的是A．A球增加的重力势能等于B球减少的重力势能B．A球增加的机械能等于B球减少的机械能C．A球的最大速度为23 gRD．细杆对A球做的功为83 mgR12．氢气球下系一小重物G，重物只在重力和绳的拉力作用下做直线运动，重物运动的方向如图中箭头所示虚线方向，图中气球和重物G在运动中所处的位置可能是（）A．B．C．D．三、实验题:共2小题13．（1）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，合力与分力的作用效果相同，这里作用效果相同是指___________A．细绳套受拉力产生形变B．橡皮条受到拉力的作用被拉长C．弹簧测力计的弹簧被拉长D．使橡皮条在同一方向上伸长到同一长度（2）在上述实验中，某同学的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条的细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示，则___________A．用铅笔沿着细线画线来记录拉力的方向B．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，对实验结果有影响C．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，对实验结果没有影响D．图乙中的F和'F不完全重合，说明“力的平行四边形定则”是错误的14．某同学用如图所示的装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律，图中PQ是斜槽，QR为水平槽．(1)实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复上述操作10次，得到10个落点痕迹，然后用圆规画一个尽可能小的圆，把所有的落点圈在里面，圆心即平均位置，其目的是减小实验中的_________(填“系统误差”或“偶然误差”)．(2)再把B球放在水平槽上靠近水平槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次，用(1)中同样的方法找出它们的平均落点位置．图中O 点是水平槽末端R 在记录纸上的垂直投影点，A 、B 球落点痕迹如图所示，但未明确对应位置．(用实验中测量的量表示)．(3)碰撞后B 球的水平射程应为_________．(4)在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量?答：_________(填选项号)A ．水平槽上不放B 球时，测量A 球落点位置到O 点的距离B ．A 球与B 球碰撞后，测量A 球落点位置到O 点的距离C ．测量A 球或B 球的直径D ．测量A 球和B 球的质量m 1、m 2E.测量G 点相对于水平槽面的高度F.测量水平槽末端P 点离O 点的高度(5)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_________(用实验中测量的量表示)．四、解答题：本题共4题15．如图所示,矩形线框的质量m 0.4kg =,高L 0.5m =,宽d 0.1m =,电阻R 0.1=Ω,从离磁场区域高1h 5m =处自由下落,线框刚入匀强磁场时,正好作匀速运动. g 取210m/s .求：(1)磁场的磁感应强度;(2)如果线框下边通过磁场所经历的时间为t 0.25s =,求磁场区域的高度2h ;(3)如果线框经过磁场下边界的过程中速度减小了0.08m/s ,求线框经过磁场下边界所用时间T .16．如图所示，斜面AB 倾角为37°，底端A 点与斜面上B 点相距10m ，甲、乙两物体大小不计，与斜面间的动摩擦因数均为0.5，某时刻甲从A 点沿斜面以10m/s 的初速度滑向B ，同时乙物体从B 点无初速度释放，（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s 2）求：（1）甲物体沿斜面上滑的加速度大小；（2）甲、乙两物体经多长时间相遇．17．如图，钉子A、B相距5l，处于同一高度．细线的一端系有质量为M的物块，另一端绕过A固定于B．小球固定在细线上C点，B、C间的线长为3l．小球和物块都静止时，BC与水平方向的夹角为53°．忽略一切摩擦，重力加速度为g，取sin53°=0.8，cos 53°=0.6，cos 26.5°=0.89，求：(1)小球的质量；(2)钉子A所受压力F N的大小和方向．18．如图所示，ABCD是一直角梯形棱镜的横截面，位于截面所在平面内的一束光线由O点垂直AD边射入．已知棱镜的折射率n＝2，AB＝BC＝8 cm，OA＝2 cm，∠OAB＝60°．①求光线第一次射出棱镜时，出射光线的方向．②第一次的出射点距C多远．参考答案一、单项选择题：本题共8小题1．C【解析】【详解】亚里士多德根据生活现象提出了重的物体下落得快，轻的物体下落得慢，选项A正确；伽利略利用斜槽实验发现物体从静止开始滑下，在连续相等的时间间隔内通过的距离之比为1∶3∶5…从而间接证实了他提出的“落体速度与时间成正比”的假说，选项B正确；在当时的实验中，由于条件限制伽利略不能较精确地测量自由落体时间，只能通过斜面实验，通过“冲淡”重力的方法，因时间长，便于测量，选项C 错误；伽利略对自由落体的探究中，经历了提出问题——猜想——数学推论——实验验证——合理外推——得出结论的科学推理方法，选项D 正确；此题选择不正确的选项，故选C.2．A【解析】【详解】物块A 放在木板上处于静止状态，将木块B 略向右移动一些使倾角α减小， A 仍保持静止，所以木板对A 的作用力仍与A 的重力等大反向，故A 正确，B 错误；物块A 与木板间的正压力cos N mg α=，a 减小，所以正压力增大，故C 错误；物块A 所受的摩擦力sin f mg α=，α减小，所以摩擦力减小，故D 错误.3．D【解析】【详解】（1）水的饱和蒸汽压随温度的升高而增大，A 错误；（2）液体的表面张力是由表面层液体分子之间的相互吸引引起的，使液体表面存在收缩的趋势，B 错误； （3）空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比叫做空气的相对湿度，C 错误（4）雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，导致水被伞上的细线所吸引，D 正确．故本题选D【点睛】凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力；绝对湿度是指每单位容积的气体所含水分的重量．相对湿度是指绝对湿度与该温度饱和状态水蒸气含量之比，用百分数表达；空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比叫做空气的相对湿度．4．A【解析】 线框在匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，则通过线框的磁通量是2122Ba BS Φ==，故A 正确． 5．D【解析】【分析】【详解】A ．根据角速度ω=站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动．故A 错误；B ．卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则有22GMm mv r r= 解得v ==太空加油站高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，但距离r 不是十分之一，太空加油站运行的速度倍，故B 错误；C ．在“太空加油站”工作的宇航员受重力，处于完全失重状态，靠万有引力提供向心力，做圆周运动，故C 错误；D ．根据2GMm r=mg=ma ，知“太空加油站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度．故D 正确； 故选B ．点睛：解决本题的关键掌握万有引力等于重力，以及处于空间站中的人、物体处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．6．A【解析】由F ＝ILB ，当B ＝0时，F 一定为零．但是用B ＝F IL 判断B 时，B 一定要和通电导线垂直，没有垂直这个条件，是无法判断的．故只有A 正确．7．A【解析】【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【详解】由图象可知，输入的电压为220V ，变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为22V ，电压表测的是半导体热敏材料的电压，R 1，R 2的总电压为22V ，所以电压表的示数小于22V ，故A 错误；当出现火警时，温度升高，电阻R 2减小，副线圈的电流变大，所以R 1的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R 2的电压就要减小，故B 正确；由B 分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也就要增大，故C 错误；由B 分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，由于R 1的电阻不变，由P=I2R1可知，电阻R1的功率变大，故D正确．所以BD正确，AC错误．【点睛】本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题．8．B【解析】甲图中，由两分子间作用力随距离变化的关系图线可知，当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等，合力为零，故A错误；如图中，氧气分子在T2温度下速率大的分子所占百分比较多，所以T2温度较高，故B正确；由图可以看出某固体在导热性能上各向同性，可能是多晶体或者非晶体，故C错误；丁图中，昆虫水蝇能在水面上不陷入水中，靠的得液体表面张力的作用，故D错误．所以B正确，ACD错误．二、多项选择题：本题共4小题9．BD【解析】（1）竖直上抛的球落地时，速度方向竖直向下，而平抛运动的球落地时，速度方向是斜向下的，动量为矢量，动量的方向就是速度的方向，故a、b两球落地时动量不同，A错误；（2）竖直上抛和平抛运动过程中两球都是只受重力作用，只有重力做功，两球初始位置高度相同，故重力做功相同，D正确（3）根据动能定理，由于两球抛出时初动能相同，且两个过程中，重力做功相同，则末动能相等，故B 正确（4）两球初始高度相同，a球竖直上抛，b球平抛，a球运动时间比b球运动的时间长，故重力对a球的冲量大于重力对b球的冲量，则C错误．故本题选BD【点睛】根据两球落地时速度方向不同，可以知道它们落地时动量不同；根据两球落地时间长短不同，可以知道它们重力的冲量不同；下落高度相同，重力对它们做功相同；根据动能定理，可以确定两球落地的动能大小．10．ACD【解析】【详解】小球在凹槽中来回滚动时，速度的方向沿切线方向，洛伦兹力沿半径方向，与速度垂直，则洛伦兹力只改变小球的速度方向，不改变小球的速度大小，且对小球不做功，选项AD正确，B错误；若没有磁场则小球振动的回复力由重力沿切线方向的分力来提供，有了洛伦兹力后，因洛伦兹力与切线垂直，不提供小球的回复力，则洛伦兹力不影响小球的振动周期，选项C正确；故选ACD.11．BD【解析】【分析】【详解】A 、B 球沿圆环下滑至最低点，A 球运动到最高点，A 球增加的重力势能为mg2R ，B 球减少的重力势能为4mgR ，故A 错误.B.B 球沿圆环下滑至最低点，A 球运动到最高点的过程中，两个球组成的系统只有重力做功，系统的机械能守恒，A 球的重力势能和动能均增大，A 球的机械能增大；则知B 球的机械能减小，A 球增加的机械能等于B 球减少的机械能．故B 正确.C 、两个球组成的系统机械能守恒，当B 球运动到最低点时，设AB 两球速度最大为v ，由机械能守恒有：2mg·2R -mg2R=12(m+2m)2v ，解得A 球最大速度：v ,，故C 错误； D 、细杆对A 球做的功为W,由动能定理对A 球有：W-mg2R=12m 2v -0 W=mg2R+12m 2v ，代入数据得细杆对A 球做的功w=83mgR ，故D 正确. 故选BD.【点睛】 轻质细杆相连的A.B 两球沿圆环运动类角速度相同，线速度也相同，注意能量关系；轻杆可以向各个方向施加力.12．ABC【解析】试题分析：直线运动的条件是合外力为零或合外力与速度方向共线，重力总是竖直向下，拉力沿着绳子并直线绳子收缩的方向．解：重物只在重力和绳的拉力作用下做直线运动，故合力为零或者与速度共线；A 、可以做匀速直线运动，故A 正确；B 、可能做匀减速直线运动，故B 正确；C 、可能做匀加速直线运动，故C 正确；D 、重力和拉力的合力与速度一定不共线，做曲线运动，故D 错误；故选ABC ．【点评】本题考查了平衡力的辨别和重力和重力的方向的理解和掌握，重力是一种最常见的力，重力的方向始终是竖直向下的．三、实验题:共2小题13．（1）D ； （2）C ；【解析】（1）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，合力与分力的作用效果相同，这里作用效果相同是指使橡皮条在同一方向上伸长到同一长度，故选D.（2）记录方向时，通过在细线下方描点的方法进行，不能沿绳子划线，故A 错误；由于O 点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故C 正确，B 错误．图乙中的F 和'F 不完全重合，这是在误差范围内允许的，也能说明“力的平行四边形定则”是正确的，选项D 错误；故选C. 点睛：在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，等同点的表现是使橡皮条在同一方向上伸长到同一长度；这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．14．偶然误差， x 2， ABD ， m 1x 2=m 1x 2+m 2x 1 【解析】 【分析】 【详解】（1）实验中的做法是为了减小实验的偶然误差； （2）由图可知，碰撞后B 球的水平射程应为x 2；（1）水平槽上未放B 球时，测量a 球落点位置到O 点的距离，即测量出碰撞前a 球的速度，故A 正确；A 球与B 球碰撞后，测量A 球落点位置到O 点的距离，即测量出碰撞后A 球的速度，故B 正确；不需要测量A 球或B 球的直径，故C 错误；测量A 球和B 球的质量（或两球质量之比），用来表示出球的质量，故D 正确；不需要测量G 点相对于水平槽面的高度，也不需要测量水平槽末端P 点离O 点的高度，选项EF 错误．故选ABD ．（1）碰撞后两球都做平抛运动，它们抛出点的高度相同，在空中的运动时间t 相同，由动量守恒定律得：m 1v 0=m 1v 1+m 2v 2，两边同时乘以时间t 得：m 1v 0t=m 1v 1t+m 2v 2t ，则m 1x 2=m 1x 2+m 2x 1，即实验需要验证的表达式为：m 1x 2=m 1x 2+m 2x 1． 四、解答题：本题共4题15． (1)2T (2)2.7m (3)0.042s 【解析】(1)线框进入磁场刚好做匀速运动有mg Bld =由闭合电路欧姆定律有EI R= 感应电动势E Bdv = 解得B 2T =(2)线框进入磁场前,由机械能守恒定律有2111mgh mv 2=线框进入磁场过程为匀速运动,历时11Lt 0.05s v ==线框完全进入磁场后做匀加速直线运动,历时21t t t 0.2s =-= 由运动学公式有21221x=v t gt 2+ 解得x 2.2m = 所以2h X L 2.7m =+=(3)对出磁场的线框取很短的一段时间t ∆,由动量定理有22B d v t mg t m v R-∆+∆=∆由于时间t ∆很短,若设这段时间内线框的位移为x ∆,则x v t ∆=∆.据此动量定理方程可变为22B d x mg t m v R-∆+∆=∆对线框出磁场的过程的整个过程,把方程两端各式分别作和有22B d L mgT m v R-+=∆代入数据可得T 0.042s =点睛：本题电磁感应中的力学问题，它们联系的桥梁是安培力，分析物体的受力情况和运动情况是基础，计算安培力是关键，还要能线框的运动情况选择恰当的规律进行求解． 16．（1）210/m s （2）3s 【解析】(1)滑块甲沿斜面向上运动时,加速度大小为1a 根据牛顿第二定律和受力分析知1sin 37cos37mg mg ma μ+=代入数据得:2110m/s a = 设滑块乙沿斜面向下运动时,加速度大小为2a2sin37cos37mg mg ma μ-=代入数据得:222m/s a = (2)滑块甲向上做匀减速由运动学公式得:01110s 1s 10v t a === 速度即减为零.,即甲上滑的时间为1s（3）在甲上滑过程中甲向上的位移:2210111111011015m 22x v t a t =-=⨯-⨯⨯= 物块乙在这段时间内下滑时的位移大小为:222112x a t ==1m 此时二者之间的距离:1210514L L x x m ∆=--=--= 乙的速度:2121m/s=2m/s v a t ==⨯说明二者还没有相遇,距离是4m 两个物块与斜面之间的动摩擦因数相等,所以甲向下运动时的加速度大小也是22m/s 两个物块都向下做匀加速运动，相对位移为L ∆ ,设需要时间2t 即相遇 由运动公式得;L ∆=2vt解得：22s t =所以是乙追上甲,时间:123s t t t =+= 综上所述本题答案是：(1)甲物体沿斜面上滑的加速度大小是210m/s ;（2）甲上滑的时间为1s (3)甲、乙两物体经3s 时间相遇. 17． (1)53m M = (2)F N = 1.78Mg 【解析】 【分析】小球和物块静止时受力平衡,分别进行受力分析,列平衡方程即可求得. 【详解】（1）根据题意,对物体进行受力分析,由图知，cos53°=35ll=0.6 ,所以∠C=90° 设小球质量为m ，AC 、BC 的拉力分别为F 1、F 2，有 F 1sin53°=F 2cos53° mg=F 1cos53°+ F 2sin53° F 1=Mg 解得m=35M （2）钉子所受压力等于两细线合力，合力方向沿与竖直方向成26.5°向右下方 故F N =2 Mgcos26.5° 解得F N =1.78Mg【点睛】本题考查共点力平衡,关键是选择好研究对象，做好受力分析．18．①光线第一次从CD边射出与CD边成45°斜向左下方；②43m；【解析】【分析】根据1sinCn=，求出临界角的大小，从而作出光路图，根据几何关系，结合折射定律求出出射光线的方向；根据几何关系，求出第一次的出射点距C的距离；【详解】(1)因为12sinCn==，所以得临界角45C=︒第一次射到AB面上的入射角为60︒，大于临界角,所以发生全反射，反射到BC面上，入射角为60︒，又发生全反射，射到CD面上的入射角为30i=︒根据折射定律得sinr nsini =解得45r=︒即光从CD边射出,与CD边成45︒斜向左下方；(2)根据几何关系得，AF=4cm则BF=4cm∠BFG=∠BGF，则BG=4cm所以GC=4cm所以43 CE=2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1．如图甲所示，20匝的线圈两端M、N与一个电压表相连，线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化。

2021－2022年第一学期高二年级物理（理科）期考试题第Ⅰ卷(选择题，共38分)一、单选题(以下6个小题的四个选项中只有一个正确答案，请将正确答案的序号填于答题卷中,每小题３分,共1８分）1. 下列说法正确的是（）A.布朗运动是液体分子的运动，故分子在永不停息地做无规则运动B．分子势能最小时，分子间引力与斥力大小相等C．只要已知阿伏加德罗常数、某液体的摩尔质量和这种液体的质量，就可以估算出该液体的分子直径Ｄ．分子间相互作用表现为引力时,随着分子间距的增大分子间的作用力一直减小2.理想变压器与电阻R、理想电流表、理想电压表按如图甲方式连接，已知变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=10 : １,电阻R=，原线圈两端输入电压u随时间t变化的图象如图乙所示,下列说法正确的是( ）Ａ.电流表的读数为２ＡB．电压表的读数为２20 VC．通过R的最大电流为2AD．变压器的输人功率为４4 W3．如图所示，一定量的理想气体从状态ａ沿直线变化到状态b，在此过程中，其压强（) Ａ．逐渐增大ﻩB．逐渐减小C.始终不变D.先增大后减小4．如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中( ).Ａ．通过电阻的感应电流的方向由ａ到b，线圈与磁铁相互排斥Ｂ．通过电阻的感应电流的方向由ｂ到a,线圈与磁铁相互排斥C.通过电阻的感应电流的方向由ａ到b,线圈与磁铁相互吸引D.通过电阻的感应电流的方向由b到ａ,线圈与磁铁相互吸引5.如图所示电路中,在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）Ａ．电压表示数增大，电流表示数减少ﻩB.电压表示数减少,电流表示数增大Ｃ.两电表示数都增大ﻩＤ.两电表示数都减少６．如图所示,虚线ＡB和CD分别为椭圆的长轴和短轴,相交于Ｏ点,两个等量异号点电荷分别处于椭圆的两个焦点从M、N上，下列说法中正确的是Ａ.C点的电势高于D点的电势B.Ｏ点的电场强度为零C．A、Ｂ两点的电场强度相同D．将负电荷从C移到D的过程中，电势能增加二、多选题（以下各小题的四个选项中至少有两个正确答案，请将正确答案的序号全部填于答题卡中。

2022年海南省海口市文昌中学高二物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一带电粒子射入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点是轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是（）A．粒子在M点的速率最小B．粒子所受电场力方向向右C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加参考答案：AC2. 如图所示的电路,L是小灯泡,C是极板水平放置的平行板电容器.有一带电油滴悬浮在两极板间静止不动.若滑动变阻器的滑片向下滑动,则A.L变暗B.L变亮C.油滴向上运动D.油滴不动参考答案：A3. （多选）（2012?榆林校级二模）如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向θ角，则小车的运动情况可能是（）A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动参考答案：AD牛顿第二定律；力的合成与分解的运用解：小球受力如图所示，由牛顿第二定律得：m A gtanθ=m A a，解得球的加速度为：a=gtanθ，方向水平向右，小球与车的运动状态相同，车的加速度向右，因此车可能向右做加速运动，或向左做减速运动，故AD正确，BC错误．故选：AD．4. 下列物理量属于标量的是（）A．速度 B．位移 C．功 D．电场强度参考答案：C5. 下列说法中正确的是（）A位移B速度C加速度D回复力参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （填空）一个有10匝的闭合导体线圈，若在0.01s内，通过线圈的磁通量是由0.04Wb均匀地减小到零，则在这段时间内线圈产生的感应电动势E＝_________。

参考答案：40V7. 如图23－8所示，LC振荡回路中振荡电流的周期为2×10－2 s，自振荡电流沿逆时针方向达最大值时开始计时，当t＝3.4×10－2 s时，电容器正处于________(填“充电”“放电”“充电完毕”或“放电完毕”)状态。