安徽省宁国市津河中学、广德实验中学2014-2015学年高二5月联考政治试卷

安徽省宣城市宁国市津河中学、广德实验中学联考2014-2015学年高一下学期月考生物试卷（5月份）一、选择题（每题2分，共60分）1．下列不属于孟德尔研究遗传定律获得成功原因的是( )A．正确选用了豌豆这种实验材料B．科学地设计实验程序，提出假说并进行验证C．先分析多对相对性状的遗传，再分析一对相对性状的遗传D．对实验结果进行统计学分析考点：孟德尔遗传实验．分析：孟德尔实验成功的原因：（1）正确选用实验材料：㈠豌豆是严格自花传粉植物（闭花授粉），自然状态下一般是纯种㈡具有易于区分的性状；（2）由一对相对性状到多对相对性状的研究；（3）分析方法：统计学方法对结果进行分析；（4）科学的设计了实验程序：假说﹣演绎法．解答：解：A、孟德尔选择豌豆作为实验材料，豌豆是自花传粉、闭花授粉的植物，并且具有易于区分的相对性状，A正确；B、孟德尔科学地设计实验程序，提出假说并进行验证，B正确；C、孟德尔先分析一对相对性状的遗传，再分析多对相对性状的遗传，C错误；D、孟德尔运用统计学方法分析结果，D正确．故选：C．点评：本题比较简单，考查了孟德尔实验成功的原因，意在考查考生的识记能力和理解能力，考生要能够明确杂交试验是孟德尔采用的实验方法，但不属于获得成功的原因．2．大豆的白花和紫花为一对相对性状，下列四种杂交实验中，能判定性状显隐性关系的是( )①紫花×紫花→紫花②紫花×紫花→301紫花+101白花③紫花×白花→紫花④紫花×白花→98紫花+107白花．A．①和②B．②和③C．③和④D．④和①考点：性状的显、隐性关系及基因型、表现型．分析：判定性状显隐性关系的方法很多，如相对性状的亲本杂交，子代没有出现的性状是隐性性状；同一性状的亲本杂交，后代新出现的性状为隐性性状等．解答：解：①紫花×紫花→紫花，亲代子代性状一致，可能是AA×AA→AA，也可能是aa×aa→aa，所以无法判断显隐性关系，①错误；②紫花×紫花→301紫花+101白花，紫花与紫花杂交后代出现了白花，所以白花为隐性性状，紫花为显性性状，②正确；③紫花×白花→紫花，相对性状的亲本杂交，子代出现的是显性性状、没有出现的性状是隐性性状，所以紫花为显性性状，白花为隐性性状，③正确；④紫花×白花→98紫花+107白花，后代的性状分离比为1：1，可能是Aa×aa→Aa、aa，也可能是aa×Aa→aa、Aa，所以无法判断显隐性关系，④错误．综上所述②和③可以判断出显隐性关系．故选：B．点评：本题主要考查性状的显、隐性关系及基因型、表现型相关知识点，意在考查学生利用已学知识判断显隐性关系的能力．3．水稻的非糯性对糯性为显性，将纯非糯性品种与糯性品种杂交得F1，取F1的花粉用碘液染色；凡非糯性花粉呈蓝色，糯性花粉呈棕红色，在显微镜下观察这两种花粉的微粒，非糯性与糯性的比例为( )A．1：1 B．1：2 C．2：1 D．不成比例考点：基因的分离规律的实质及应用．分析：根据题意分析可知：糯性品种与纯合非糯性品种杂交，子一代都是杂合体．F1的花粉是杂合体以减数分裂形成，因此，花粉共有两种，比例为1：1．解答：解：水稻的非糯性对糯性是显性，设基因为A和a，则糯性品种的基因型为aa，纯合非糯性品种的基因型为AA．它们杂交后代都是Aa．在减数分裂过程中，等位基因随同源染色体的分离而分开，产生两种花粉A和a，比例为1：1，所以用碘液染色后，蓝色：棕红色=1：1．因此在显微镜下统计这两种花粉的微粒，非糯性与糯性的比例为1：1．故选：A．点评：本题考查基因分离定律实质的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．4．基因型为AAbb与aaBB的小麦进行杂交，这两对等位基因独立遗传，F1杂种形成的配子种类数和F2的基因型种类数分别是( )A．0和16 B．2和4 C．8和27 D．4和9考点：基因的自由组合规律的实质及应用．分析：由题意知，这两对等位基因独立遗传，说明遵循自由组合定律，先写出F1的基因型，然后用分解组合法计算F1配子的种类和F2基因型种类．解答：解：由题意知，亲本的基因型为AAbb和aaBB，F1的基因型是AaBb，减数分裂过程中Aa产生2种类型的配子，Bb产生2种类型的配子，因此杂合子F1产生的配子的种类是2×2=4种；Aa×Aa→AA、Aa、aa三种基因型，Bb×Bb→BB、Bb、bb三种，因此F2的基因型种类是3×3=9种．故选：D．点评：运用分解组组合法解题会简化解题的过程．5．（1996•上海）番茄高茎（T）对矮茎（t）为显性，圆形果实（S）对梨形果实（s）为显性（这两对基因位于非同源染色体上）．现将两个纯合亲本杂交后得到的F1与表现型为高茎梨形果的植株杂交，其杂交后代的性状及植株数分别为高茎圆形果120株，高茎梨形果128株，矮茎圆形果42株，矮茎梨形果38株．这杂交组合的两个亲本的基因型是( ) A．TTSS×ttSS B．TTss×ttss C．TTSs×ttss D．TTss×ttSS考点：基因的自由组合规律的实质及应用．分析：已知两对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律．根据杂交后代的性状及植株数分别为高茎圆形果120株，高茎梨形果128株，矮茎圆形果42株，矮茎梨形果38株来判断亲本的基因型．解答：解：已知番茄高茎（T）对矮茎（t）为显性，圆形果实（S）对梨形果实（s）为显性，所以高茎梨形果的植株的基因型为T﹣ss，根据F1与表现型为高茎梨形果的植株杂交，其杂交后代的性状及植株数分别为高茎圆形果120株，高茎梨形果128株，矮茎圆形果42株，矮茎梨形果38株=3：3：1：1，分析发现高茎：矮茎=3：1，说明亲本是Tt×Tt；同时后代中圆形果：梨形果=1：1，说明双亲是Ss×ss．所以F1的基因型是TtSs．而F1是由两个纯合亲本杂交后得到的，所以两个亲本的基因型是TTSS、ttss或TTss、ttSS．故选：D．点评：本题考查基因的自由组合定律的实质及应用相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养学生判断基因型和表现型的能力．6．在下列各杂交组合的后代中，只出现一种表现型的亲本组合是( ) A．EeFf×EeFf B．EeFF×eeff C．EeFF×EEFf D．EEFf×eeFf考点：基因的自由组合规律的实质及应用．分析：自由组合定律的实质是非同源染色体上非等位基因自由组合．解答：解：A、EeFf有两对等位基因，故能产生表现型种类数=2×2=4种，A错误；B、EeFF×eeff杂交产生表现型的种类数=2×1=2种，B错误；C、EeFF×EEFf杂交产生表现型的种类数=1×1=1种，C正确；D、EEFf×eeFf杂交产生表现型的种类数=1×2=2种，D错误．故选：C．点评：利用分离定律解决自由组合问题，是常用的一种方法，考生需重点掌握，归纳总结．7．假如水稻高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗稻瘟病（R）对易感稻瘟病（r）为显性，两对性状独立遗传．用一个纯合易感病的矮秆品种（抗倒伏）与一个纯合抗病高秆品种（易倒伏）杂交，F2代中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为( )A．ddRR，B．ddRr，C．ddRR，，和ddRr，D．DDrr，和DdRR，考点：基因的自由组合规律的实质及应用．分析：已知水稻高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗稻瘟病（R）对易感稻瘟病（r）为显性，两对性状独立遗传，遵循基因的自由组合定律．用一个纯合易感病的矮秆品种（抗倒伏）与一个纯合抗病高秆品种（易倒伏）杂交，则F1为双杂合子DdRr，再根据自由组合定律推算出F2的情况．解答：解：由题意用一个纯合易感病的矮秆品种（ddRR）与一个纯合抗病高秆品种（DDrr）杂交，则F1为双杂合子DdRr，让F1子代自交，其后代产生性状分离比例为高秆抗稻瘟病（D ﹣R﹣）：高秆易感稻瘟病（D﹣rr）：矮秆抗稻瘟病（ddR﹣）：矮秆易感稻瘟病（ddrr）=9：3：3：1．F2代中出现既抗病又抗倒伏的个体占得比例为3÷（9+3+3+1）=，在这之中基因型为ddRR与ddRr的个体的表现型都是既抗病又抗倒伏，他们在后代中所站的比例分别为×=、×=．故选：C．点评：本题考查的知识点是自由组合定律，意在培养学生利用所学知识分析问题和解决问题的能力．8．一匹雄性黑马与若干匹纯种枣红马交配后，共生出20匹枣红马和23匹黑马．下列叙述中，最可能的是：( )①雄性黑马是杂合子②雄性黑马是纯合体③枣红色是显性性状④枣红色是隐性性状．A．①和④B．②和③C．①和②D．③和④考点：基因的分离规律的实质及应用．分析：黑色和枣红色这对相对性状用（A、a表示）．已知若干雌性枣红马是纯种，若枣红是显性性状，则它们（AA）与黑色雄马（aa）杂交，子代应全为枣红（Aa），这与题意不符，所以枣红色是隐性性状，黑色是显性性状；如果黑马是纯合子（AA），则其子代不会出现性状分离，这与题意不符，所以黑色雄马是杂合子．解答：解：①若雄性黑马是杂合子，则黑色是显性性状，枣红色是隐性性状，其与纯种枣红马交配属于测交，后代表现型及比例应为黑色：枣红色=1：1，这与题意相符，①正确；②若雄性黑马是纯合子，其与纯种枣红马交配，后代应该只有一种性状，这与题意不符，②错误；如果黑色是隐性性状、枣红色是显性性状，由于亲代枣红马是纯种，所以后代不可能出现黑色，因此，黑色是显性性状、枣红色是隐性性状，②错误；③如果枣红色是显性性状、黑色是隐性性状，已知亲代枣红马都是纯种，则后代不可能出现黑色，因此，黑色是显性性状、枣红色是隐性性状，③错误；④如果枣红色是显性性状、黑色是隐性性状，已知亲代枣红马都是纯种，则后代不可能出现黑色，因此，黑色是显性性状、枣红色是隐性性状，④正确．故选：A．点评：本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能紧扣题干中关键词“纯种”和关键信息“20匹枣红马和23匹黑马”作出准确的判断，属于考纲理解层次的考查．9．在减数分裂过程中，含有与体细胞相同的染色体数，但不含同源染色体的时期是( ) A．减数第一次分裂中期 B．减数第一次分裂后期C．减数第二次分裂中期 D．减数第二次分裂后期考点：细胞的减数分裂．分析：1、减数分裂过程：（1）减数第一次分裂间期：染色体的复制．（2）减数第一次分裂：①前期：联会，同源染色体上的非姐妹染色单体交叉互换；②中期：同源染色体成对的排列在赤道板上；③后期：同源染色体分离，非同源染色体自由组合；④末期：细胞质分裂．（3）减数第二次分裂过程：①前期：核膜、核仁逐渐解体消失，出现纺锤体和染色体；②中期：染色体形态固定、数目清晰；③后期：着丝点分裂，姐妹染色单体分开成为染色体，并均匀地移向两极；④末期：核膜、核仁重建、纺锤体和染色体消失．2、减数分裂过程中染色体的变化规律：前期中期后期末期前期中期后期末期染色体2n 2n 2n n n n 2n n3、减数第一次分裂后期，同源染色体分离，因此减数第二次分裂过程和减数分裂形成的配子中均不含同源染色体．解答：解：A、减数第一次分裂中期，同源染色体排列在赤道板两侧，细胞中染色体数目与体细胞相同，A错误；B、减数第一次分裂后期，同源染色体分离，但仍在一个细胞中，细胞中染色体数目与体细胞相同，B错误；C、减数第二次分裂中期，染色体排列在赤道板上，细胞中染色体数目只有体细胞的一半，C 错误；D、减数第二次分裂后期，着丝点分裂，细胞中染色体数目与体细胞相同，但不含同源染色体，D正确．故选：D．点评：本题考查细胞的减数分裂，要求考生识记细胞减数分裂不同时期的特点，掌握减数分裂过程中染色体数目变化规律，能根据题干要求选出正确的答案，属于考纲识记和理解层次的考查．10．互为同源染色体的两条染色体，没有下列哪项特征( )A．一条来自父方，一条来自母方B．在四分体期共用一个着丝点C．形态、大小一般相同D．在减数分裂过程中有联会现象考点：细胞的减数分裂；同源染色体与非同源染色体的区别与联系．分析：同源染色体是指配对的两条染色体，形态和大小一般都相同，一条来自父方，一条来自母方．同源染色体两两配对的现象叫做联会，所以联会的两条染色体一定是同源染色体．据此答题．解答：解：A、同源染色体中的两条染色体一条来自父方、一条来自母方，A正确；B、四分体时期的同源染色体不共有一个着丝点，B错误；C、同源染色体中的两条染色体的形态、大小一般相同（也有不相同的，如X和Y这两条性染色体），C正确；D、减数第一次分裂前期，同源染色体两两配对，即联会形成四分体，D正确．故选：B．点评：本题考查细胞的减数分裂、同源染色体和非同源染色体的区别与联系，要求考生识记减数分裂不同时期的特点，明确减数分裂过程中有联会现象；识记同源染色体的概念，能根据概念判断各选项，同时明确四分体时期的同源染色体不共有一个着丝点．11．某生物的体细胞中有3对同源染色体，在减数分裂的四分体时期，四分体和染色单体数依次是( )A．3个和12个B．6个和12个C．6个和24个D．3个和24个考点：细胞的减数分裂．分析：减数分裂过程中，四分体数目、同源染色体对数、染色体数目、染色单体数和核DNA数目变化规律：结构时期四分体个数同源染色体对数染色体数染色单体数DNA分子数减数分裂间期0 n 2n 0→4n2n 减Ⅰ前、中期n n 2n 4n 4n后期0 n 2n 4n 4n末期0 0 n 2n 2n 减Ⅱ前、中期0 0 n 2n 2n后期0 0 n→2n2n→02n末期0 0 n 0 n解答：解：由于生物的体细胞中有3对同源染色体，所以在减数分裂的四分体时期，同源染色体两两配对，形成的四分体数目为3个；又染色体在间期复制，每条染色体含有2条染色单体，所以染色单体数是12条．故选：A．点评：本题考查减数分裂的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力．12．如图A和图B为处于不同分裂阶段的两种动物细胞，都含有两对同源染色体．关于它们的叙述中错误的一项是( )A．细胞A的同源染色体成对排列在细胞中央B．细胞A产生的子细胞染色体数目减半C．联会发生在细胞B，而不会发生在细胞AD．细胞B的染色体与亲代体细胞染色体数目相同考点：减数第一、二次分裂过程中染色体的行为变化；有丝分裂过程及其变化规律．分析：分析题图：甲细胞含有同源染色体，且同源染色体成对的排列在赤道板上，处于减数第一次分裂中期；乙细胞含有同源染色体，且着丝点整齐地排列在赤道板上，处于有丝分裂中期．解答：解：A、由甲图可知，其中同源染色体成对排列在细胞中央的赤道板上，A正确；B、由于减数第一次分裂后期同源染色体分离，所以细胞甲产生的子细胞中染色体数目减半，B正确；C、联会只发生在减数第一次分裂前期，而细胞甲处于减数第一次分裂中期，细胞乙处于有丝分裂中期，所以细胞甲和乙都不会发生联会，C错误；D、细胞乙处于有丝分裂中期，其染色体数目与亲代体细胞中染色体数目相同，D正确．故选：C．点评：本题结合细胞分裂图，考查有丝分裂和减数分裂过程，解答本题的关键是细胞分裂图象的识别，要求学生掌握有丝分裂过程和减数分裂过程特点，能正确区分两者，准确辨别图示细胞的分裂方式及所处时期．细胞分裂图象辨别的重要依据是同源染色体，要求学生能正确识别同源染色体，判断同源染色体的有无，若有同源染色体，还需判断同源染色体有无特殊行为．13．如图，是生物细胞分裂中的一个时期示意图，该细胞的名称是( )A．精原细胞B．卵原细胞C．初级精母细胞D．次级卵母细胞考点：细胞的减数分裂．分析：减数分裂过程：（1）减数第一次分裂间期：染色体的复制；（2）减数第一次分裂：①前期：联会，同源染色体上的非姐妹染色单体交叉互换；②中期：同源染色体成对的排列在赤道板上；③后期：同源染色体分离，非同源染色体自由组合；④末期：细胞质分裂．（3）减数第二次分裂过程：①前期：核膜、核仁逐渐解体消失，出现纺锤体和染色体；②中期：染色体形态固定、数目清晰；③后期：着丝点分裂，姐妹染色单体分开成为染色体，并均匀地移向两极；④末期：核膜、核仁重建、纺锤体和染色体消失．解答：解：根据题意和图示分析可知：细胞中不含同源染色体，着丝点分裂，且细胞质不均等分裂，所以该细胞的名称是次级卵母细胞．故选：D．点评：本题考查减数分裂的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力．14．在Aushire牛中，牛的体色与其性别有关．已知基因型为RR是赤褐色，rr是红色，而基因型Rr在公牛是赤褐色，在母牛是红色的．某奶牛厂，有一头赤褐色的Aurshire乳牛生了一头刚出生的红色小牛犊．由此可知这只红色牛犊的性别和基因型是( ) A．母牛，Rr B．母牛，rr C．公牛，Rr D．公牛，rr考点：基因的分离规律的实质及应用．分析：根据题干的信息，相关的基因型对应的性状：基因组成雄牛的性状表现母牛的性状表现RR 赤褐色红褐色Rr 赤褐色红色rr 红色红色解答：解：由于RR的母牛是赤褐色的，而Rr和rr的母牛是红色的，所以一头赤褐色母牛的基因型为RR．它与一雄牛杂交后，后代的基因型为R_．由于rr的雄牛、Rr和rr的母牛都是红色的，所以现生了一头红色小牛的基因型必定是Rr，其性别为雌性．故选：A．点评：本题以从性遗传为素材，考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据题中信息准确判断亲本及子代的基因型，再根据基因型与表现型的关系判断这只小牛的性别，属于考纲理解层次的考查．15．血友病的遗传方式和红绿色盲相同，都是伴X隐性遗传．下列遗传系谱中，能确定不属于血友病遗传的是( )A．B．C．D．考点：伴性遗传．分析：1、判定遗传病遗传方式的口诀为：“无中生有为隐性，隐性看女病，女病男正非伴性”；“有中生无为显性，显性看男病，男病女正非伴性”．2、血友病、色盲属于伴X染色体隐性遗传病，其特点是：隔代交叉遗传；男患者多于女患者；女性患者的父亲和儿子都是患者，男性正常个体的母亲和女儿都正常．据此答题．解答：解：A、正常的双亲生出了有病的儿子，可能是常染色体隐性遗传病或伴X染色体隐性遗传病，所以可能表示血友病，A错误；B、正常的双亲生出了有病的女儿，肯定是常染色体隐性遗传病，不可能表示血友病，B正确；C、根据图形不能准确判断该病的遗传方式，可能属于血友病遗传，C错误；D、根据图形不能准确判断该病的遗传方式，可能属于血友病遗传，D错误．故选： B．点评：本题以系谱图为载体，考查人类遗传病、伴性遗传的相关知识，意在考查考生分析题图提取有效信息的能力；能理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识，对生物学问题作出准确判断和得出正确结论的能力．16．如图是某家族红绿色盲的遗传系谱图，正确的分析是( )A．父亲是色盲，女儿一定是色盲B．双亲色觉正常，子女色觉一定正常C．图中1、7是色盲基因的携带者D．图中1、4是色盲基因的携带者考点：伴性遗传．分析：由题干可知，该遗传病与性别有关，应该结合伴性遗传的特点来分析．红绿色盲为X染色体的隐性遗传病，其特点是男患者的母亲及女儿至少为携带者；患者中男性多于女性；具有隔代交叉遗传现象．解答：解：A、父亲是色盲，女儿不一定是色盲，因为女儿可能从母亲那儿获得正常基因，A错误；B、双亲色觉正常，若母亲携带的话，可能生出色盲的儿子，B错误；C、图中1号是色盲基因的携带者，而7号为正常男性，不是色盲基因的携带者，C错误；D、由子代情况可推知图中1号和4号的基因组成是X B X b，均为致病基因的携带者，D正确．故答：D．点评：本题以色盲为例来考查伴X隐性遗传的特点，意在考查考生能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容的能力．17．艾弗里等人的肺炎双球菌转化实验和赫尔希与蔡斯的噬菌体侵染细菌试验都证明了DNA是遗传物质．这两个实验在设计思路上的共同点是( )A．重组DNA片段，研究其表型效应B．诱发DNA突变，研究其表型效应C．设法把DNA与蛋白质分开，研究各自的效应D．应用同位素示踪技术，研究DNA在亲代与子代之间的传递考点：肺炎双球菌转化实验；噬菌体侵染细菌实验．分析：艾弗里等人的肺炎双球菌转化实验和赫尔希与蔡斯的噬菌体侵染细菌试验都证明了DNA 是遗传物质．艾弗里等人的肺炎双球菌转化实验将S型细菌的各种成分分离，分别与R型细菌混合培养．噬菌体侵染细菌的过程：吸附→注入核酸→合成→组装→释放五个过程；进入细菌体内的是噬菌体的DNA，噬菌体蛋白质留在外面不起作用．解答：解：A、肺炎双球菌的转化实验原理是基因重组，S细菌的DNA使得R型细菌发生转化，研究其表型型的改变，故A错误；B、他们都选用结构简单的生物作为实验材料，繁殖快、容易观察遗传现象，故B错误；C、肺炎双球菌和噬菌体侵染细菌实验证明DNA是遗传物质的关键是设法将DNA与其他物质分开，单独地、直接地观察他们的作用，故C正确；D、赫尔希和蔡斯是用32P、35S分别标记DNA和蛋白质，研究DNA是噬菌体的遗传物质，故D 错误．故选：C．点评：本题主要考查DNA是遗传物质的证据，意在考查学生的分析和理解能力．18．如果用32P和35S分别标记噬菌体的DNA和蛋白质外壳，当它侵染到未被标记的细菌体内后，经多次复制，所释放的子噬菌体( )A．全部含32P B．少量含32P C．全部含35S D．少量含35S考点：噬菌体侵染细菌实验；DNA分子的复制．分析：新的噬菌体的蛋白质是用细菌的蛋白质为原料重新合成的，因此所有新的噬菌体中都不含35S，都含32S；一个含有32P的噬菌体在细菌体内利用31P作为原料复制形成的噬菌体都含有31P．噬菌体侵染细菌实验：亲代噬菌体寄主细胞子代噬菌体实验结论32P标记DNA 有32P标记DNA DNA有少量含32P标记DNA是遗传物质35S标记蛋白质无35S标记蛋白质外壳蛋白无35S标记解答：解：噬菌体侵染细菌时，只有DNA进入细菌作为模板控制子代噬菌体的合成，而且合成子代噬菌体所学的原料均来自细菌．根据DNA半保留复制特点，子代噬菌体的DNA含有大量的31P和少量的32P，而子代噬菌体蛋白质外壳的均只含有32S．故选：B．点评：本题考查噬菌体的繁殖过程、DNA半保留复制等知识，要求考生掌握噬菌体的繁殖过程，特别是“注入”和“合成”步骤，要求考生明确注入的是什么，合成时的模板、原料、酶、能量等分别是由谁提供的，同时还要注意DNA复制方式是半保留复制，再结合题干答题．19．某双链DNA分子共含有碱基1400个，其中一条单链上（A+T）：（G+C）=2：5．则该DNA分子连续复制两次共需游离的胸腺嘧啶脱氧核苷酸的数目是( )A．300个B．400个C．600个D．1500个考点：DNA分子的复制；DNA分子结构的主要特点．分析：DNA分子是一个独特的双螺旋结构，是由两条平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成，外侧由脱氧核糖和磷酸交替连接构成基本骨架，内侧是碱基对（A﹣T；C﹣G）通过氢键连接．DNA分子复制时，以DNA的两条链为模板，合成两条新的子链，每个DNA分子各含一条亲代DNA分子的母链和一条新形成的子链，称为半保留复制．解答：解：由题意知，已知一条单链中（A+T）：（G+C）=2：5，则双链DNA分子中（A+T）：（G+C）=2：5，所以A+T=1400×=400个，又A=T，故T=×400=200个；该DNA分子连续复制两次共需游离的胸腺嘧啶脱氧核苷酸的数目是（2×2﹣1）×200=600个．故选：C．点评：本题考查的是关DNA分子中的碱基计算，对于此类试题，学生应理解DNA分子中碱基的数量关系及DNA的复制．20．猴、噬菌体、烟草花叶病毒中参与构成核酸的碱基种类数依次分别是( )。

2014-2015学年安徽省宣城市宁国市津河中学、广德实验中学联考高二（下）月考物理试卷（5月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共12小题，共48.0分)1.如图所示，一固定斜面上两个质量相同的小物块A和B紧挨着一起匀速下滑，A与B的接触面光滑．已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B与斜面之间的动摩擦因数是（）A.tanαB.C.tanαD.【答案】A【解析】解：设每个物体的质量为m，B与斜面之间动摩擦因数为μ．以AB整体为研究对象．根据平衡条件得2mgsinα=2μmgcosα+μmgcosα解得μ=故选：A．对AB整体进行研究，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解．本题是力平衡问题，研究对象也可以采用隔离法研究，要注意斜面对两个物体的支持力相等．2.对于相互接触的两个物体之间，同一接触面上的弹力和摩擦力，以下说法中正确的是（）A.有弹力必有摩擦力B.有摩擦力必有弹力C.摩擦力的大小一定与弹力成正比D.摩擦力的方向一定与运动方向相反【答案】B【解析】解：A、摩擦力产生的条件中，必须接触挤压，所以有摩擦力必有弹力，而有弹力不一定有摩擦力，故A错误，B正确．C、滑动摩擦力的大小与正压力成正比，静摩擦力大小与压力无关，故C错误；D、摩擦力是阻碍物体之间的相对运动的，故其方向不一定与运动方向相反；故D错误；故选：B摩擦力产生的条件是接触、挤压、相对运动或有相对运动的趋势．可知有摩擦力必有弹力，有弹力不一定有摩擦力，摩擦力的方向与弹力的方向相互垂直．解决本题的关键知道弹力和摩擦力的产生条件，以及知道滑动摩擦力才与弹力成正比，同时注意明确摩擦力可以和运动方向相同，也可以相反还可以与运动方向相互垂直．3.如图所示，建筑工人安装搭手架进行高空作业，有一名建筑工人由于不慎将抓在手中的一根长5m的铁杆在竖直状态下脱落了，使其做自由落体运动，铁杆在下落过程中经过某一楼层面可视为点的时间为0.2s．铁杆下落时其下端到该楼层的高度h为（）（g取10m/s2，不计楼层面的厚度）A.6mB.6.2mC.28.8mD.10m【答案】C【解析】解：（1）根据自由落体运动位移时间公式得：则解得：t=2.4s所以铁杆下落时其下端到该楼层的高度为故选：C．根据匀变速直线运动的位移时间公式求出铁杆下端到达楼层面的速度，结合速度位移公式求出距离楼层面的高度解决本题的关键知道自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合运动学公式灵活求解．4.一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化规律如图所示．取开始运动方向为正方向，则下列物体运动的v-t图象中，正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】解：在0～1s内，a1=1m/s2，物体从静止开始正向匀加速运动，速度图象是一条直线，1s末速度v1=a1t=1m/s，在1s～2s内，a2=-1m/s2，物体将仍沿正方向运动，但要减速，2s末时速度v2=v1+a2t=0，2s～3s内重复0～1s内运动情况，3s～4s内重复1s～2s内运动情况，故选：C．在0～1s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，在1s～2s内，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，所以做匀减速运动，到2s末时速度为零．2s～3s内加速度变为正向，物体又从静止开始沿加速度方向匀加速运动，重复0～1s 内运动情况，3s～4s内重复1s～2s内运动情况．根据加速度随时间变化规律的图象找出对应的加速度大小和方向，结合物体的初状态状态分析物体的运动情况．5.一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，1s后速度大小变为10m/s，在这1s内物体的以下说法错误的是（）A.平均速度的大小可能是7m/sB.位移的大小可能小于4mC.速度变化量大小可能小于4m/sD.加速度的大小可能小于10m/s2【答案】C【解析】解：由题，v0=4m/s，v1=10m/s，v2=-10m/s则△v1=v1-v0=6m/s，△v2=v2-v0=-14m/s由平均速度的定义有：===7m/s，故A正确加速度为a1===6m/s2a2===-14m/s2故D正确位移s=得，s1==7m或s2==3m，故B正确本题选错误的，故选：C题中末速度方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，以初速度方向为正方向，末速度可能为正，也可能为负值，根据速度变化和加速度公式可求出两个可能值本题重点考查矢量的方向性，以初速度为正方向，当末速度方向与初速度方向相同，为正值；反之，为负值6.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有一固定放置的竖直挡板MN．在半圆柱体P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于平衡状态，如图所示是这个装置的截面图．现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，发现P始终保持静止，则在此过程中，下列说法正确的是（）A.MN对Q的弹力逐渐减小B.P对Q的弹力逐渐增大C.地面对P的摩擦力逐渐减小D.Q所受的合力逐渐增大【答案】B【解析】解：A、B、对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，如图重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件，得到N1=mgtanθ由于θ不断增大，故N1不断增大，N2也不断增大；故A错误，B正确；C、对PQ整体受力分析，受到总重力、MN杆的支持力N1，地面的支持力N3，地面的静摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有f=N1=mgtanθ由于θ不断增大，故f不断增大，故C错误；D、物体Q一直保持静止，故D错误；故选：B．先对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，其中重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件并运用合成法得到各个力的变化规律；最后对PQ整体受力分析，根据共点力平衡条件得到地面对整体的摩擦力情况．本题关键先对物体Q，再对物体PQ整体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出各个力的表达式进行分析处理．7.磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通过恒定电流的导线MN与闭合线框共面，第一次将线框由1平移到2，第二次将线框绕cd边翻转到2，设先后两次通过线框的磁通量变化分别为△Φ1和△Φ2，则（）A.△Φ1＞△Φ2B.△Φ1=△Φ2C.△Φ1＜△Φ2D.无法确定【答案】C【解析】解：设在位置Ⅰ时磁通量大小为Φ1，位置Ⅱ时磁通量大小为Φ2．第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，穿过线框的磁感线方向没有改变，磁通量变化量△Φ1=Φ1-Φ2；第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，穿过线框的磁感线的方向发生改变，磁通量变化量△Φ2=Φ1+Φ2；△Φ1＜△Φ2故C正确．故选：C根据安培定则判断出磁场的方向．第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，穿过线框的磁感线方向没有改变，磁通量变化量大小等于两个位置磁通量的差值；第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，穿过线框的磁感线的方向发生改变，磁通量变化量大小等于两个位置磁通量绝对值之和．本题关键要掌握磁通量的一般计算公式Φ=BS cosα，α是线圈与磁场垂直方向的夹角．8.如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角邻匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区城，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两位且与磁场边界垂直．下面对于线框中感应电流随时间交化的图象（电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进人磁场开始计时）正确的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：线圈在进磁场的过程中，根据楞次定律可知，感应电流的方向为ABCD方向，即为正值，在出磁场的过程中，根据楞次定律知，感应电流的方向为ADCBA，即为负值．在线圈进入磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，感应电动势均匀增大，则感应电流均匀增大，在线圈进入磁场的后一半过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小；在线圈出磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，感应电流均匀增大，在线圈出磁场的后一半的过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电流均匀减小．故B 正确，A、C、D错误．故选：B．先根据楞次定律判断感应电流的方向，再结合切割产生的感应电动势公式判断感应电动势的变化，从而结合闭合电路欧姆定律判断感应电流的变化．解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，以及知道在切割产生的感应电动势公式E=BL v中，L为有效长度．9.一个电阻接在10V的直流电源上，它的发热功率是P，当接到电压为u=10sinωt V 的交流电源上，它的发热功率是（）A.0.25PB.0.5PC.pD.2p【答案】B【解析】解：一个电阻接在10V的直流电源上，它的发热功率是P，知P=．当接到电压为u=10sinωt V的交流电源上，有效值为，则发热功率．故B正确，A、C、D错误．故选：B．根据电压的瞬时表达式得出峰值的大小，从而得出有效值的大小，结合功率公式求出发热功率的大小．解决本题的关键知道峰值和有效值的关系，知道求解热量、热功率时运用有效值进行计算．10.单匝线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t的关系图象如图所示，则（）A.在t=0时刻，线圈中磁通量最大，感应电动势也最大B.在t=1×10-2s时刻，感应电动势最小C.在t=2×10-2s时刻，感应电动势为零D.在0～2×10-2s时间内，线圈中感应电动势的平均值为零【答案】C【解析】解：A、t=0时刻，线圈中磁通量最大，Φ的变化率达最小，感应电动势最小，故A错误；B、在t=1×10-2s时刻，磁通量为零，但Φ的变化率达最大，感应电动势最大，故B 错误；C、在t=2×10-2s时刻，Φ的变化率为零，感应电动势为零，故C正确；D、在0-2×10-2ss时间内，磁通量变化不为零，线圈中感应电动势的平均值不为零，故D错误；故选：C．线圈在中性面时磁通量最大，电动势最小，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，电动势为最大．本题关键是记住两个特殊位置：在中性面时磁通量最大，感应电动势最小，电动势方向改变；垂直中性面位置磁通量为零，但电动势最大11.如图所示，粗细均匀的电阻为r的金属圆环，放在图示的匀强磁场中磁感应强度为B，圆环直径为d，长为L，电阻为的金属棒ab放在圆环上，以速度v0向左运动，当ab棒运动到图示虚线位置时，金属棒两端电势差为（）A.0B.BL vC.BL vD.BL v【答案】D【解析】解：当ab棒以v向左运动到图示虚线位置时产生的感应电动势为：E=BL v0，外电路总电阻为：R==，金属棒两端的电势差是外电压，由串联电路分压规律得金属棒两端电势差为：U=E=•BL v=BL v．故选：D．金属棒向左运动，切割磁感线产生感应电流，相当于电源，由E=BL v求出感应电动势．由并联电路特点求出外电路电阻，然后应用欧姆定律求出金属棒两端电势差．电磁感应与电路知识的综合，分清金属棒两端电势差是外电压还是内电压是关键．12.如图甲所示，变压器原副线圈的匝数比为3：1，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9V，6W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端交变电压的u-t图象如图乙所示．则以下说法中不正确的是（）A.电压表的示数为36 VB.电流表的示数为2 AC.四只灯泡均能正常发光D.变压器副线圈两端交变电流的频率为50 H z【答案】A【解析】解：A、由输入端交变电压u的图象，可求出有效值36V，由原、副线圈匝数之比3：1，可得原、副线圈的电压之比3：1，电流之比1：3，设灯泡两端电压为U，所以U+3U=36V，则U=9V，因此原线圈电压即电压表的示数为27V，副线圈电压为9V，四只灯泡均能正常发光．电流表的读数为I=3×A=2A，A错误BC正确．D、由图象知交流电的周期为0.02s，变压器副线圈两端交变电流的频率50H z，故D正确；本题选错误的，故选：A闭合电路动态分析中，电源部分是由变压器提供，其它仍用闭合电路殴姆定律．当断开开关S时，导致总电阻发生变化，而电压不变，则可判断出电路中的电流及电压如何变化．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时运用闭合电路殴姆定律来分析随着电阻变化时电流、电压如何变化．分析的思路先干路后支路，以不变应万变．最后值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中，所以图象的有效值不是原线圈的有效值二、填空题(本大题共2小题，共12.0分)13.在做“验证力的平行四边形定则”实验时．（1）下列说法正确的是______A．两个分力F1、F2的夹角要尽量大些B．两个分力F1、F2的大小要适当大些C．同次实验中O点位置允许变动D．实验时弹簧必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧刻度线（2）在“验证力的平行四边形定则”实验中，某同学的实验结果如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳结点的位置．图中______ 是力F1与F2的合力的理论值；______ 是力F1与F2的合力的实验值．通过把它们比较验证平行四边形定则．【答案】BD；F；F【解析】解：A、在实验中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非越大越好，故A错误；B、适当增加橡皮条的拉力，可以减小偶然误差对其影响，故B正确；C、要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故C错误；D、为了减小实验中摩擦对测量结果的影响，拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板，同时读数时注意视线要正对弹簧刻度，故D正确．故选：BD．（2）用平行四边形画出来的是理论值，和橡皮筋同线的那个是实际值，所以：F是理论值；F 是实际值．该实验的实验目的就是比较F1、F2合力的理论值和实验值是否相等．故答案为：（1）BD；（2）F、F在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小．因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行．本实验采用是等效替代的思维方法．实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同，同时要明确实验原理和步骤，以及知道实验的注意事项．14.在“探究速度随时间变化的规律”实验中，打点计时器使用的交流电的频率是50H z，记录小车运动的纸带如图所示．在纸带上选择7个计数点A、B、C、D、E、F、G，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，各点到A点的距离如图所示．小车在B点的速度v B= ______ m/s，小车运动的加速度a= ______m/s2．【答案】0.25；1.0【解析】解：因为每相邻两计数点间还有4个打点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s利用匀变速直线运动的推论得：v B==m/s=0.25m/s根据运动学公式得：△x=at2，a===．m/s2=1.0m/s2．故答案为：0.25，1.0．有纸带处理的实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．有纸带处理的力学实验，通常都要求解瞬时速度和加速度，是基本问题，一定要掌握．三、计算题(本大题共4小题，共40.0分)15.物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小是2m/s2，它在某1s内通过的距离是15m，问：（1）物体在这1s以前已运动了多长时间？（2）物体在这1s以前已经通过了多少位移？【答案】解：（1）设这1s前物体运动了t s．则据题有：a（t+1）2-at2=15将a=2m/s2代入，得：t=7s（2）这一秒前已经通过的位移：x=at2=49m答：（1）物体在这1s以前已运动了7s时间．（2）物体在这1s以前已经通过了49m位移．【解析】物体做匀加速运动，根据位移时间公式求解时间和位移．熟练掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式是解决本题的关键，要明确任意一秒内位移与总位移的关系．16.如图所示，质量为m的物体用一轻绳挂在水平轻杆BC的C端，B端用铰链连接，C点由轻绳AC系住，已知AC、BC夹角为θ，则轻绳AC上的张力和轻杆BC上的压力大小分别为多少？【答案】解：对B点受力分析，如图所示：根据根据共点力平衡条件，有：T=F=根据牛顿第三定律，对杆的压力为；答：轻绳AC上的张力和轻杆BC上的压力大小分别为、．【解析】对C点受力分析，受物体的拉力（等于G）、轻杆对C点的弹力和绳AC的拉力，根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解两个弹力，最后根据牛顿第三定律得到轻杆和绳子各自在C端受到的作用力．本题关键是对物体受力分析后运用合成法求解，也可以用分解法作图求解，基础问题．17.发电机转子是匝数n=100，边长L=20cm的正方形线圈，置于磁感应强度B=0.5T 的匀强磁场中，绕着垂直磁场方向的轴以ω=100π（rad/s）的角速度转动，当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时．线圈的电阻r=1Ω，外电路电阻R=99Ω．试求：（1）写出交变电流瞬时值表达式；（2）外电阻上消耗的功率；（3）从计时开始，线圈转过过程中，通过外电阻的电荷量是多少？【答案】解：（1）电动势的最大值：U m=n BωL2=200π=628（V），根据闭合电路欧姆定律得：I m==6.28A，故交变电流瞬时值表达式为：i=6.28sin100π（A）．（2）因电流的有效值I=，由P=I2R得外电阻上的消耗功率：P=（）2R=198π2W．（3）从计时开始到线圈转过过程中，平均感应电动势由得：，而平均电流：，所以通过外电阻的电荷量：q=C．答：（1）写出交变电流瞬时值表达式为i=6.28sin100πt（A）；（2）外电阻上消耗的功率为198π2W；（3）从计时开始，线圈转过过程中，通过外电阻的电荷量为0.01C．【解析】（1）先根据U m=n BωL2求出最大值，再根据闭合电路欧姆定律求出电流，进而求出交变电流瞬时值表达式；（2）先求出电流的有效值，根据P=I2R得外电阻上的消耗功率；（3）求通过外电阻的电荷量要用平均电流，根据电荷量等于平均电流乘以时间即可．本题主要考查了交变电流的瞬时表达式的求解方法，注意功率要用有效值，通过电阻的电量用平均值．18.如图所示，一平面框架与水平面成37 角，宽L=0.4m，上、下两端各有一个电阻R0=1Ω，框架的其他部分电阻不计，框架足够长．垂直于框平面的方向存在向上的匀强磁场，磁感应强度B=2T．ab为金属杆，其长度为L=0.4m，质量m=0.8kg，电阻r=0.5Ω，棒与框架的动摩擦因数μ=0.5．由静止开始下滑，直到速度达到最大的过程中，上端电阻R0产生的热量Q0=0.375J（已知sin37=0.6，cos37=0.8；g取10m/s2）求：（1）杆ab的最大速度；（2）从开始到速度最大的过程中ab杆沿斜面下滑的距离；在该过程中通过ab的电荷量．【答案】解：（1）当ab杆匀速运动时速度最大，杆受到重力、支持力、摩擦力与安培力的作用，由平衡条件得：BIL+μmgcosθ=mgsinaθ，最大感应电流：流过R0的最大电流为I0=0.25A，感应电动势：ε=IR总=0.5×2V=1.0V，此时杆的速度为：；，（2）由能量守恒得：总代入数据解得下滑的距离S=12.65m；流过导体棒的电量：q=I△t，△t=，感应电流：I==总代入数据解得：q=1.265C；答：（1）ab杆的最大速度为2.5m/s；（2）从开始到最大速度的过程中通过上端电阻R0的电量为1.265C．【解析】（1）ab杆匀速运动时速度最大，由安培力公式求出安培力，然后由平衡条件求出最大速度．（2）求出感应电流，由电流定义式求出电荷量．该题是电磁感应的综合应用，涉及到受力平衡、法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律以及能量的转化与守恒，综合性相对较强，要求的能力也比较高．高中物理试卷第11页，共11页。

津中、广实2013级高二年级联考政治学科试卷一、选择题（下列各题四个选项中，只有一项是最符合题意的。

每小题2分，共50分。

）1、“亲，你大学本科毕业不？办公软件使用熟练不？英语交流顺溜不？驾照有木有？快来看，中日韩三国合作秘书处招人啦！”这则出自外交部的招聘广告引发疯狂转载和热议。

当今越来越多的网络语言在我们生活中被广泛使用。

这说明( )①网络语言正潜移默化地影响着人们的生活②网络语言对人们的影响是深远持久的③人们接受文化的影响往往是被动的④文化影响人们的交往行为和交往方式A．①③ B．①④ C．②③D．②④2、农村是我国传统文明的发源地，乡土文化的根，人们乡愁的寄托。

推进城镇化要突出独特的村居风貌、传统的风土人情和田园风光，尊重农耕文明，推进传统村落保护发展。

这样做的原因是( )①精神产品离不开物质载体②传统村落具有明显的文化区域特征③乡土文化是优秀文化的集中表现④传统文化是维系民族生存和发展的精神纽带A.①②B. ②③C. ①④D. ③④3、一个国家，一个民族，没有现代科学，没有先进技术，一打就垮；一个国家，一个民族，没有民族精神，没有人文精神，不打自垮。

“一打就垮”和“不打自垮”都说明了必须提高( ) A．国家的民族精神B．国家的文化竞争力 C．国家的科技水平 D．国家的综合实力4、读一本好书就仿佛和一位高尚的人谈话。

我们要有选择地读书，在有限的时间里读更多的好书。

通过读一些优秀书籍，感悟人生道理，开阔视野，增长知识。

这主要说明了( ) A．人们接受文化熏陶的过程往往是积极主动的 B．文化在有些时候对人是没有影响的C．不同性质的文化对人的影响是不一样的 D．文化对人的影响是深远持久的5、在一个“读首诗再睡觉”的微信公众号上，常有几万人一起读诗。

优美的图片、悦耳的声音，再配以雅俗共赏的解析文字，让人们重温诗的美好，让参与者的心灵得到滋润。

这表明( )①文化对人的影响具有深远持久的特点②文化环境可以影响人的文化素养③大众文化能够提高人们的思想道德素质④大众传媒具有文化沟通和共享功能A．①③ B．①④ C．②③D．②④6、第六届非洲工艺品博览会在尼日利亚首都举办，代表中国首次参加的南京工艺品剪纸、云锦、秦淮彩灯等在现场大受欢迎，销售火爆。

津中、广实2013级高二年级联考数学学科试卷〔文科〕一、选择题〔本大题共10小题，每一小题5分，共50分. 在每一小题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.〕1．复数错误！未找到引用源。

在复平面内表示的点在( )A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限2．集合A ＝{x ∈R|－4＜x ＜1，}，集合B ＝{x ∈R|(x +3)(x －2)＜0}，且A 错误！未找到引用源。

B=( 〕A{x |－4＜x ＜1} B {x |－4＜x ＜-3} C {x |－3＜x ＜1} D {x |－3＜x ＜2} 3．设x 是实数，如此“x >0〞是“|x |>0〞的( )． A ．充分而不必要条件 B ．必要而不充分条件 C ．充要条件D ．既不充分也不必要4．幂函数()f x x α=的图像经过点)21,4(，如此1()4f 的值为〔 〕A ．4B ．3C ．2D ．1 5、设123l g 2,ln 2,5ao b c ===，如此a 、b 、c 三个数的大小关系是〔 〕．A ．a>b>cB ．b>a>cC ．c>a>bD ．c>b>a6．如下函数中，是偶函数且在区间(0,)+∞上单调递减的是〔 〕． A ．||3x y =- B ．13y x = C ．23log y x = D ．2y x x =- 7．函数()2x f x e x =+-的零点所在的一个区间是〔 〕A 、(2,1)--B 、(1,0)-C 、 (0,1)D 、(1,2)8．函数232(1)()(1)x x f x x axx +<⎧=⎨+≥⎩，假设((0))4f f a =，如此实数a 的值为〔 〕．A ．1B ．2C ．3D ．49.函数()()2ln 1=+f x x 的图像大致是 ( )10、函数()f x 是(,)-∞+∞上的偶函数，假设对于0x ≥，都有(2()f x f x +=），且当[0,2)x ∈时，2()log (1f x x =+），如此(2011)(2012)f f -+的值为〔 〕A ．2-B ．1-C ．1D ．2第II 卷〔非选择题共100分〕二、填空题〔本大题共5小题，每一小题5分，共25分〕 11、命题“对任意0x >,都有21x>〞的否认是 .12、观察如下等式 1=1 2+3+4=9 3+4+5+6+7=25 4+5+6+7+8+9+10=49 照此规律，第五个等式应为13、假设函数2()lg(12)f x x =++的定义域是__________14、函数错误！未找到引用源。