化学参考答案及评分标准一、选择题：本共18个小题，每题3分，共54分1.A【解析】A、向酸性土壤中加入熟石灰，是改善土壤的酸碱性，故A选；B、汽车尾气净化减排，就是将汽车尾气经净化处理后达标排放，减少大气污染物的排放量，故B 不选；C、工业尾气回收处理，有利于减少大气污染物的排放量，故C不选；D、用清洁能源替代化石燃料，有利于减少大气污染物的排放量，故D不选；故选A。
2.D【解析】A．锌片和稀硫酸反应为放热反应，属于氧化还原反应，故A不选；B．Ba(OH)2•8H2O与NH4Cl的反应为放热反应，但没有元素的化合价变化，不属于氧化还原反应，故B不选；C．甲烷在空气中的燃烧反应中C、O元素的化合价变化，为氧化还原反应，但为放热反应，故C不选；D．灼热的碳与二氧化碳的反应为吸热反应，且C元素的化合价变化，属于氧化还原反应，故D选；故选D。
3.D【解析】A.该反应为气体物质的量增大的熵增反应，A项错误；B.该反应为吸热反应，在热力学上趋势不大，B项错误；C.该反应的△H＞0，△S＞0，所以在高温下才能自发进行，C项错误，D.根据△G=△H-T△S，在△G<0时反应能自发进行，D项正确。
故选D。
4.A【解析】A．防腐剂减少食品与氧气的接触，延缓氧化的反应速率，选项A正确；B．增稠剂是改变物质的浓度，与反应速率无关，选项B错误；C. 食盐中添加补碘剂是营养强化剂，与反应速率无关，选项C错误；D. 酱油中添加补铁剂是营养强化剂，与反应速率无关，选项D错误。
答案选A。
5.B【解析】A.合成氨的反应为放热反应，升高温度不利于平衡正向移动，故A错误；B.氯水中存在平衡Cl2+H2O Cl-+H++HClO，在饱和食盐水中，Cl-浓度较大，可降低氯气的溶解度，可用平衡移动原理解释，故B正确；C. 催化剂只能改变反应的速率，不能使平衡移动，故C错误；D. H2(g)+I2(g)2HI(g)，反应前后为气体体积相等的可逆反应，加压不影响平衡，故D错误；故选B。
6.C【解析】A.如果反应前后体积相等，减小体积、加大压强后浓度改变，但平衡不移动，故A错误；B.使用合适的催化剂，正逆反应速率都改变，但平衡不移动，故B错误；C.混合物中各组分的百分含量一定是化学平衡状态的标志，如果各组分的百分含量改变，一定发生化学平衡移动，故C正确；D.如果反应前后气体总物质的量不变，则压强对平衡无影响，故D错误。
故选C。
7.D【解析】A．HCl和NaOH反应的中和热△H＝-57.3kJ/mol，但由于稀硫酸与氢氧化钙反应生成的硫酸钙微溶，则H2SO4和Ca（OH）2反应的中和热的△H≠-57.3kJ/mol，A错误；B．由于气态水的能量高于液态水的能量，则甲烷完全燃烧生成液态水放热多，但放热越多，△H 越小，因此反应CH4(g)＋2O2(g)＝CO2(g)＋2H2O(g)的ΔH＞－890.3 kJ·mol－1，B错误；C.合成氨反应是可逆反应，将1.5 mol H2和过量的N2在此条件下充分反应，放出热量小于46.2 kJ，C错误；D．CO（g）的燃烧热是283.0kJ/mol，则2CO（g）+O2（g）＝2CO2（g）△H＝-566.0kJ/mol，互为逆反应时，焓变的数值相同、符号相反，则2CO2（g）＝2CO（g）+O2（g）反应的△H＝+566.0kJ/mol，D正确；答案选D。
8.C【解析】试题分析：①加H2O，浓度降低，反应速率减慢，①错误；②加KNO3溶液，则溶液中相当于有稀硝酸的存在，会产生一氧化氮，则产生氢气的量会减少，②错误；③滴入几滴浓盐酸，溶液中氢离子浓度增大，反应速率加快，铁的量不变，所以产生氢气的量不变，③正确；④加入少量铁粉，接触面积增大，反应速率加快，同时铁的质量增加，氢气的量增加，④错误；⑤加NaCl溶液，相当于加水，反应速率减慢，⑤错误；⑥滴入几滴硫酸铜溶液，铁置换出铜，与铜形成原电池，反应速率加快，但铁的质量减少，产生的氢气减少，⑥错误；⑦升高温度，反应速率加快，氢气的量不变，⑦正确；⑧改用10mL 0.1mol/L盐酸，盐酸浓度增大，反应速率加快，氢离子物质的量不变，氢气的量不变，⑧正确。
答案选C。
9.B【解析】A、由题意知反应是放热反应，反应后气体体积减小；催化剂加快反应速率，但平衡不移动；升温加快反应速率，但衡逆向移动，NO转化率减小，故不选A；B、催化剂加快反应速率，但平衡不移动；增大压强加快反应速率，平衡正向移动，NO转化率增大，故选B；C、升温速率增大，平衡逆向移动，加氮气平衡逆向移动，NO转化率减小，故不选C；D、降低温度反应速率减小，加压反应速率增大，无法确定反应速率的变化情况，故不选D。
10.D【解析】A、断裂化学键需要吸收热量，断裂1 mol A-A和1 mol B-B键，吸收a kJ能量，故A 错误；B、依据图象分析判断1molA2和1molB2反应生成2molAB，吸收(a-b)kJ热量，故B错误；C、由图可知，反应物的总能量低于生成物的总能量，即为吸热反应，故C错误；D、反应热△H=反应物能量总和-生成物能量总和，所以反应热△H=+(a-b)kJ•mol-1，故D正确；故选D。
11.B【解析】N的物质的量减小，应为反应物，平衡时物质的量变化值为8mol-2mol=6mol，M的物质的量增多，应为生成物，平衡时物质的量的变化值为5mol-2mol=3mol，则有n（N）：n（M）=6mol：3mol=2：1，可知反应的化学方程式为2N M。
则A．0～t2内M的物质的量增加了4mol－2mol＝2mol，则用M表示的平均反应速率是2mol/(VL·t2min)=2/Vt2 mol/（L•min），A错误；B．t1～t2内容器发生反应2N M，N转化为M，物质的量减少，所以容器内的压强逐渐减小，B 正确；C．根据以上分析可知反应的化学方程式为2N M，C错误；D．t2与t3时刻的混合气体的总物质的量不同，分别为8mol和7mol，则平均相对分子质量不等，D 错误；答案选B。
12.B【解析】试题分析：A、由图象可知，t1时正反应速率增大，然后减小，说明平衡正向移动，该反应为气体体积缩小的放热反应，应是增大压强，A错误；B、t2时，正逆反应速率同等程度增大，说明使用了催化剂，B正确；C、t3时反应速率减小，然后增大，说明平衡逆向移动，应为减小压强，C错误；D、t4瞬间反应速率不变，然后减小，说明平衡正向移动，则应是减小生成物的浓度，而不是降低了温度，D错误。
答案选B。
13.A【解析】该反应为气体体积增大的反应，随着反应的进行压强发生变化，若反应容器中压强不变则反应达平衡状态，故①不选；A气体的生成和D气体的消耗速率均描述逆反应速率，不能说明正逆反应速率相等，不能说明反应达平衡状态，故②选；该反应为气体体积增大的反应，而气体质量始终不变，只有当反应达平衡，气体的总物质的量不变，混合气体的平均摩尔质量才不随时间变化而变化，说明反应达平衡状态，故③不选；反应物均为气体，总质量不变，恒容条件下，反应混合气体的密度始终保持不变，若密度不变不能说明反应达平衡，故④选；所以选②④组合，答案选A。
14.C【解析】平衡常数K=，所以该反应化学方程式应为CO2+H 2CO+H2O。
A、恒容时，温度升高，H2浓度减小，平衡向正反应移动，升高温度平衡向吸热反应移动，故正反应为吸热反应，即该反应的焓变为正值，选项A正确；B、恒温恒容下，再充入CO2气体，平衡正向移动，H2浓度减小，选项B正确；C、温度升高，正逆反应速率都增大，平衡向吸热反应的正反应方向移动，选项C不正确；D、平衡常数K=，所以该反应化学方程式应为CO2+H 2CO+H2O，选项D正确；答案选C。
15.B【解析】假定平衡不移动，将气体体积压缩到原来的一半，D的浓度为原来的2倍，实际再次达到新平衡时，D的浓度为原来的1.8倍，说明压强增大，平衡向逆反应移动，即a＜c+d；A．假定平衡不移动，将气体体积压缩到原来的一半，D的浓度为原来的2倍，实际再次达到新平衡时，D的浓度为原来的1.8倍，说明压强增大，平衡向逆反应移动，故A错误；B．压强增大，平衡向逆反应移动，即a＜c+d，故B正确；C．反应平衡逆向进行，总物质的量减小、D的物质的量也减小，D的体积分数变化不能确定，故C错误；D．平衡向逆反应方向移动，A的转化率变小，故D错误；故答案为B。
16.D【解析】A．由图可知，总反应为水分解生成氢气和氧气，实现了光能向化学能的转化，反应的方程式为2H2O2H2↑+O2↑，故A正确；B．过程I为2molH2O分子变成2mol氢原子和2mol羟基的过程，吸收的能量=463 kJ×2=926 kJ，故B正确；C．过程II为2mol氢原子和2mol羟基生成1mol氢气和1mol过氧化氢，放出的能量=436 kJ+138kJ=574 kJ，故C正确；D．过程Ⅲ为1mol过氧化氢变成1mol氧气和1mol氢气，断开1molH2O2中2molH—O键和1molO—O 键，形成1molO2中O＝O 键和1molH2中H—H键，吸收的能量=463 kJ×2 +138 kJ =1064kJ，放出的能量=496 kJ +436 kJ =932 kJ，吸收的能量大于放出的能量，该过程为吸热反应，故D错误；答案选D。
17.C【解析】A．图Ⅰ表示的是t1时刻V逆、V正都增大，V逆增大的多，化学平衡逆向移动，若增大反应物的浓度，则在该时刻V正增大，V逆不变。
与图像不符合，A错误；B．图Ⅱ表示的可能是t1时刻加入催化剂后正反应、逆反应速率都增大，二者增大的倍数相同，所以化学平衡不发生移动，由于该反应是反应前后气体体积不变的反应，也可能增大压强后的化学反应速率变化情况，B错误；C．升高温度，化学反应速率加快，达到平衡所需要的时间缩短，由于该反应的正反应是放热反应，升高温度，化学平衡向吸热的逆反应方向移动，所以达到平衡时A的转化率降低，因此图Ⅲ表示的是温度对化学平衡的影响，且乙的温度较高，C正确；D．催化剂只能缩短达到平衡所需要的时间，但是平衡不发生移动，因此图Ⅲ不能表示不同催化剂对平衡的影响，D错误。
答案选C。
18.A【解析】A. 由图可知，10min 时甲烷的浓度继续减小，该反应向正反应方向移动，该反应正反应是吸热反应，可能是升高温度，故A正确；B. 反应进行到12min时，CH4的转化率为1.00-0.251.00×100％=75％，故B错误；C. 根据图可知，前5min内甲烷的浓度由1.00mol/ L减小为0.50mol/L，故v(CH4) =(1-0.5)mol∙L-1/5min=0.1mol/ (L∙min) ，由化学计量数之比等于反应速率之比，则v (H2)=3×0.1mol/ (L∙min) =0. 3mol/(L∙min) ，故C错误；D. 恒温下，缩小容器体积导致氢气浓度增大，虽然压强增大，平衡向逆反应方向移动，移动的结果减小氢气浓度的增大，但根据勒夏特列原理，不会消除浓度增大，平衡后c (H2)增大，故D错误；故选A。
