新课标高三物理第一轮复习阶段性测试题(6)

新课标高三物理第一轮复习质量检测及答案二、选择题(本题包括7小题。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个．．．．选项正确。

有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分。

有选错或不答的得0分) 16．如图甲所示，滑雪运动员由斜坡高速向下滑行时其速度 时间图象如图乙所示，则由图象中AB 段曲线可知，运动员在此过程中A ．做加速度逐渐增大的加速运动B ．做加速度逐渐减小的加速运动C ．t 时间内的平均速度是122v v + D ．所受力的合力不断增大17．我国成功实施了“神舟”七号载人航天飞行并实现了航天员首次出舱。

若飞船先沿椭圆轨道1飞行，后在远地点343km 处点火加速，由椭圆轨道1变成高度为343km 的圆轨道2，在圆轨道2上飞船的运行周期约为90min 。

下列判断正确的是 A ．飞船变轨前后的机械能相等B ．飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态C ．飞船在此圆轨道上运动的角速度等于同步卫星运动的角速度D ．飞船变轨前通过椭圆轨道远地点P 时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度 18．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，b 是屑线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电 表，从某时刻开始在原线圈cd 、两端加上交变电压，其瞬时值表达式为1u tV π=，则 A ．当单刀双掷开关与a 连接时．电压表的示数为22VB ．当1600t s =时，c d 、间的电压瞬时值为110V C ．单刀双掷开关与a 连接，在滑动变阻器触头P 向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小D ．保持滑动变阻器触头P 不动，当单刀双掷开关由a 扳向b 时，电压表和电流表的示数均变大19．如图所示，在斜面上，木块A 与B 的接触面是水平的。

绳子呈水平状态，木块A B 、均保持静止。

则关于木块A 和木块B 可能的受力个数分别为A ．2个和4个B ．3个和4个C ．4个和4个D ．4个和5个20．如图所示的虚线区域内，充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直 向下的匀强电场，一带电粒子a (不计重力)以一定的初速度由左 边界的O 点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的O '点(图中未标出)穿出。

2018届新课标高三物理第一轮复习阶段性测试题（命题范围：必修1、2及选修3-1占30﹪，选修3-2、3-3、3-4、3-5占70﹪）说明：本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共150分；答题时间120分钟.第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．下列叙述中符合物理学史的有（）A．麦克斯韦建立了完整的电磁场理论，并通过实验证实了电磁波的存在B．托马斯·杨通过对光的干涉现象的研究，证实了光具有波动性C．玻尔通过对 粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构学说D．贝克勒尔发现了天然放射现象，并预言原子核是由质子和中子组成的2．如图所示，一束单色光a沿半径射向置于空气中的半球形玻璃砖球心，在界面M上同时发生反射和折射，b为反射光，c为折射光，它们与法线的夹角分别为β和θ.逐渐增大入射角α（但小于临界角）.则下列说法中正确的是（）A．β和θ两角同时增大，θ始终大于βB．b光束的亮度逐渐减弱，c光束的亮度逐渐增强C．b光在玻璃中的波长小于c光的波长D．b光光子的能量大于c光光子的能量3．下列叙述正确的是（）A．对一定质量的气体加热，其内能不一定增加B．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传递到高温物体C．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律D．能量耗散现象是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性4．下列哪些现象是由于所产生的电磁波而引起的（）A．用室内天线接受微弱电视信号时，人走过时电视机画面发生变化B．在夜晚用电高峰时，部分地区白炽灯变暗发红，日光灯不易启动C．把半导体收音机放在开着的日光灯旁听到噪声D．在边远地区用手机或小灵通通话时，有时会发生信号中断的现象5．A、B两列波在某时刻的波形如图所示，经过t=T A（T A为波A的周期），两波再次出现如图波形，则两波的波速之比v A:v B可能是（）A．1:3 B．1:2C．2:1 D．3:16．用同一频率的光照射到甲、乙两种不同的金属上，它们释放的光电子在磁感应强度为B的匀强磁场中做匀速圆周运动，它们的轨道半径之比为1:3:R，则下列叙述正确的是乙甲R（）A．两种金属的逸出功之比为3:1B．两种光电子的速度大小之比为3:1C．两种金属的逸出功之比为1:3D．两种光电子的动量大小之比为3:17．测省室内的地面、天花板和四周墙壁表面都贴上了吸音板，它们不会反射声波，在相距6m的两侧墙壁上各安装了一个扬声器a和b，俯视图如图，两扬声器的振动位移大小、方向完全相同，频率为170Hz.一个与示波器Y输入相连的麦克风从a点开始沿a、b两点连线缓慢向b运动，已知空气中声波的波速为340m/s.则（）A．麦克风运动到距离a点1.5m处时示波器荧屏上的波形为一直线B．麦克风运动过程中除在a、b两点外，示波器荧屏有5次出现波形最大C．麦克风运动过程中示波器荧屏显示的波形幅度是不变的D．如果麦克风运动到a、b连线的中点停下来之后，麦克风中的振动膜将始终处于最大位移处8．狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，假设地面附近空中有一S 极磁单极子，在竖直平面内的磁感线如图所示，一带电微粒正在该磁单极子附近的水平面上做匀速圆周运动，图中①②③表示三个不同的水平面，则该微粒所在平面可能是图中的（）A．平面①B．平面②C．平面③D．平面①②都可能9．等离子气流由左方连续以初速度v0射入P1和P2两平行板间的匀强磁场中，磁场的方向垂直纸面向里，ab直导线与P1、P2相连接，线圈A与直导线cd相连接，线圈A内有随乙所示的变化磁场，且磁场B的正方向规定为向左，如图甲所示，则下列叙述正确的是（）A．0～1s内ab、cd导线互相排斥B．1～2s内ab、cd导线互相吸引C．2～3s内ab、cd导线互相吸引D ．3～4s 内ab 、cd 导线互相排斥10．如图所示，光滑绝缘的水平面上M 、N 两点各放一带电量分别为q +和q 2+完全相同的金属球A 和B ，给A 和B 以大小相等的初动能0E （此时动量大小均为0P ），使其相向运动刚好发生碰撞，碰后返回M 、N 两点时的动能分别为1E 和2E ，动量大小分别为1P 和2P ，则（ ） A ．021E E E <=，021P P P >=B ．021E E E ==，021P P P ==C ．碰撞发生在M 、N 中点的左侧D ．两球同时返回M 、N 两点第Ⅱ卷（非选择题，共110分）二、本题共2小题，共20分，把答案填在题中相应的横线上或按题目要求作答.11．（8分）某实验小组设计了如图甲所示的理论装置验证“碰撞中的动量守恒”.用一飞行的子弹击穿旋转的纸筒后，击中放在桌边缘的木块并停留在其中，忽略子弹击穿纸筒时能量的损失.现测得纸筒转动的角速度为ω，半径为R .子弹从A 点穿入，在纸筒旋转一周后从B 点穿出，θ=∠OB A /（如图乙所示）.桌面高度为h ，子弹与木块的水平射程为s ，子弹与木块的质量分别为m 1、m 2.（1）验证动量是否守恒只需判断______________和______________是否相等即可.（填题中所给已知量表示的代数式）（2）该实验装置在实际操作过程中是否可行？___________________（并回答可行或不可行的原因）.12．（12分）实验室有一破损的双量程动圈式电压表，两量程分别是50V 和500V ，其内部电路如图所示.因电压表的表头G 已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R 1、R 2完好，测得R 1=49.9k Ω，R 2=499.9k Ω.现有两个表头，外形都与原表头G 相同，已知表头G 1的满偏电流为1mA ，内阻为60Ω；表头G 2的满偏电流0.5mA ，内阻为100Ω，又有两个定值电阻r 1=40Ω，r 2=20Ω.若保留R 1、R 2的情况下，对电压表进行修复，则：（1）原表头G 满偏电流I =________，内阻r =_________.（2）用于修复电压表的器材有：___________________________ _____ （填器 材符号）.（3）在虚线框中画出修复后的电路.三、本题共6小题，共90分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.13．（13分）“蹦床”已成为奥运会的比赛项目，质量为m 的运动员从床垫正上方h 1高处自由落下，落到床垫后反弹的高度为h 2，设运动员每次与床垫接触的时间为t ，求在运动员与床垫接触的时间内运动员对床垫的平均作用力.（空气阻力不计，重力加速度为g ） 某同学给出了如下的解答：设在时间t 内，床垫对运动员的平均作用力大小为F ，运动员刚接触床垫时的速率为v 1，刚离开床垫时的速率为v 2，则由动量定理可知： p Ft ∆=① 12mv mv p -=∆②再由机械能守恒定律分别有， 12121mgh mv =，112gh v =③ 22221mgh mv =，222gh v =④ 由①②③④式联立可得，t gh gh m F )22(12-=⑤ 该同学的解答过程是否正确？若不正确，请指出该同学解答过程中所有的不妥之处，并加以改正.14．（14分）如图所示，运输带由水平和倾斜两部分组成，倾斜部分倾角θ=37°.运输带运行速度v =1m/s ，方向如图箭头所示.有一小块颜料落在倾斜部分上，下落在运输带上的地点与倾斜部分底端距离s=1.0m.已知颜料与运输带之间的动摩擦因数μ=0.5，则颜料从下滑到再次上升到最高点的过程中，在皮带上留下的痕迹有多长？（设颜料通过运输带两部分交接处速度大小不变，g 取10m/s 2）15．（14分）一个质量为m =0.001kg 、带电量为q =3101-⨯C 的带正电小球和一个质量也为m 不带电的小球相距L =0.2m ，放在绝缘光滑水平面上，当加上如图所示的匀强电场和匀强磁场后，（E =3101⨯N/C ，B =0.5T ）带电小球开始运动与不带电小球相碰，并粘在一起，合为一体。

实验6:验证机械能守恒定律一、实验目的验证机械能守恒定律.二、实验原理在只有重力做功的自由落体运动中，物体的重力势能和动能互相转化,但总的机械能守恒。

若物体从静止开始下落，下落高度为h 时的速度为v,恒有mgh＝错误!m v2。

故只需借助打点计时器，通过纸带测出重物某时刻的下落高度h和该时刻的瞬时速度v，即可验证机械能守恒定律。

测定第n点的瞬时速度的方法是：测出第n点相邻的前、后两段相等时间间隔T内下落的高度x n－1和x n＋1(或用h n－1和h n＋1）,然后由公式v n＝错误!或由v n＝错误!可得v n(如图所示)。

三、实验器材铁架台（带铁夹）、电磁打点计时器与低压交流电源（或电火花打点计时器)、重物(带纸带夹子)、纸带数条、复写纸片、导线、毫米刻度尺。

四、实验步骤1．安装器材：如图所示,将打点计时器固定在铁架台上,用导线将打点计时器与低压电源相连,此时电源开关应为断开状态。

2．打纸带：把纸带的一端用夹子固定在重物上，另一端穿过打点计时器的限位孔，用手竖直提起纸带，使重物停靠在打点计时器下方附近，先接通电源，待计时器打点稳定后再松开纸带，让重物自由下落，打点计时器就在纸带上打出一系列的点，取下纸带，换上新的纸带重打几条（3~5条)纸带。

3．选纸带:分两种情况说明（1)若选第1点O到下落到某一点的过程，即用mgh＝错误!m v2来验证,应选点迹清晰，且1、2两点间距离小于或接近2 mm的纸带,若1、2两点间的距离大于2 mm，这是由于打点计时器打第1个点时重物的初速度不为零造成的(如先释放纸带后接通电源等错误操作会造成此种结果)。

这样第1个点就不是运动的起始点了，这样的纸带不能选。

（2)用错误!m v错误!－错误!m v错误!＝mgΔh验证时，由于重力势能的相对性，处理纸带时选择适当的点为基准点，这样纸带上打出的第1、2两点间的距离是否为2 mm就无关紧要了，所以只要后面的点迹清晰就可以选用。

物理高考第一轮复习专题强化提升检测（带答案）物理是当今最精细的一门自然迷信学科，下面是物理2021高考第一轮温习专题强化提升检测，供考生练习。

一、选择题(1～6题为单项选择题，7～8题为多项选择题)1.(2021浙江自选)以下说法正确的选项是()A.真空中蓝光的波长比红光的波长长B.天空中的彩虹是由光干预构成的C.光纤通讯应用了光的全反射原理D.机械波在不同介质中传达，波长坚持不变答案：C解析：蓝光的频率大于红光的频率，在真空中两种光的速度相等，由=v/f，可得蓝光的波长小于红光的波长，选项A 错;天空中的彩虹是由光的折射构成的，选项B错;光纤通讯应用了光的全反射原理，选项C正确;机械波在不同介质中传达，频率坚持不变，波长发作变化，选项D错误。

2.(2021四川理综)安静湖面传达着一列水面波(横波)，在波的传达方向上有相距3m的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两小木块每分钟都上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰.这列水面波()A.频率是30 HzB.波长是3 mC.波速是1 m/sD.周期是0.1 s答案：C解析：A、D项，由两小木块每分钟都上下振动30次可知，该波的周期T==2s，频率为f==0.5Hz，故A、D项错误。

B项，由题意甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰可知，1.5=3m，所以=2m，故B项错误。

C项，波速v==1m/s，故C项正确。

3.(2021福建理综)如图，一束光经玻璃三棱镜折射后分为两束单色光a、b，波长区分为a、b，该玻璃对单色光a、b的折射率区分为na、nb，那么()A.ab，nanbB.ab，naC.ab，nab，nanb答案：B解析：由图可知b光偏折水平大，那么nab，B正确。

4.(2021天津理综)图甲为一列简谐横波在某一时辰的波形图，a、b两质点的横坐标区分为xa=2 m和xb=6 m，图乙为质点b从该时辰末尾计时的振动图象。

以下说法正确的选项是()A.该波沿+x方向传达，波速为1 m/sB.质点a经4 s振动的路程为4 mC.此时辰质点a的速度沿+y方向D.质点a在t=2 s时速度为零答案：D解析：A项，由图乙可知，图甲所示的时辰b点的运动方向为y轴正方向，所以该波沿x轴负方向传达，故A项错误。

和＋Q的两个点电荷，两者相距为L，以＋Q电荷为圆心，半径为画圆，a、b、c、d是圆周静电场综合测试题(附参考答案)本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分100分，考试时间90分钟。

第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1.(2014·北京朝阳一模)如图所示，真空中有A、B两个等量异种点电荷，O、M、N是A、B连线的垂线上的三个点，且AO>OB。

一个带负电的检验电荷仅在电场力的作用下，从M点运动到N点，其轨迹如图中实线所示。

若M、N两点的电势分别为φM和φN，检验电荷通过M、N两点的动能分别为Ek M和E k N，则()A．φM＝φN，Ek M＝Ek NB．φM<φN，Ek M<Ek NC．φM<φN，Ek M>Ek ND．φM>φN，Ek M>Ek N[答案]B[解析]据带负电粒子的运动轨迹，粒子受到的电场力指向轨迹弯曲的一侧，所以该负电荷受到的电场力指向带正电的电荷，所以B点点电荷带的是负电。

因为AO>OB，根据等量异种点电荷电场线及等势面分布特点可知，Ek M小于E k N，φM小于φN，故B正确，A、C、D错误。

2．(2014·安徽安庆二模)如图所示，真空中同一平面内M N直线上固定电荷量分别为－9QL2上四点，其中a、b在MN直线上，c、d两点连线垂直MN，一电荷量为＋q的试探电荷在圆周上运动，则下列判断错误的是()A．电荷＋q在a处所受到的电场力最大B．电荷＋q在a处的电势能最大C．电荷＋q在b处的电势能最大D．电荷＋q在c、d两处的电势能相等[答案]B[解析]在a、b、c、d四点，＋Q对＋q的电场力大小相等，在a点，－9Q对＋q的电场力最大，而且方向与＋Q对＋q的电场力方向相同，根据合成可知，＋q在a处所受到的电场力最大，A正确；a、b、c、d四点在以点电荷＋Q为圆心的圆上，由＋Q产生的电场在a、b、c、d四点的电势是相等的，所以a、b、c、d四点的总电势可以通过－9Q产生的电场的电势确定，根据顺着电场线方向电势降低可知，b点的电势最高，c、d电势相等，a点电势最低，根据正电荷在电势高处电势能大，可知＋q在a处的电势能最小，在b处的电势能最大，在c、d两处的电势能相等，故B错误，C、D正确。

阶段综合测评(六)时间：90分钟满分：110分第Ⅰ卷(选择题，共48分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，1～7题只有一项符合题目要求，8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

) 1．2016·广州二模]气体温度升高，则该气体()A．每个分子的体积都增大B．每个分子的动能都增大C．速率大的分子数量增多D．分子间引力和斥力都增大答案 C解析温度是分子平均动能的标志，气体温度升高，平均动能增大，但不是每个分子的动能都增大；速率大的分子数量增多；温度升高，气体的体积不一定大，分子间的作用力大小不能判断，更不会影响单个分子的体积。

故选C。

2．2016·南京一模]如图所示，把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就变钝了。

产生这一现象的原因是()A．玻璃是非晶体，熔化再凝固后变成晶体B．玻璃是晶体，熔化再凝固后变成非晶体C．熔化的玻璃表面分子间表现为引力使其表面绷紧D．熔化的玻璃表面分子间表现为斥力使其表面扩张答案 C解析玻璃是非晶体，熔化再凝固后仍然是非晶体，故A、B错误；细玻璃棒尖端放在火焰上烧熔后尖端变成球形，是表面张力的作用，因为表面张力具有使液体表面绷紧即减小表面积的作用，而体积相同情况下球的表面积最小，故呈球形，故C 正确，D 错误。

3．2017·汕头模拟]以下哪个现象不违背热力学第二定律( )A ．一杯热茶在打开盖后，茶会自动变得更热B ．没有漏气、没有摩擦的理想热机，其效率可能是100%C ．桶中浑浊的泥水在静置一段时间后，泥沙下沉，上面的水变清，泥、水自动分离D ．热量自发地从低温物体传到高温物体答案 C解析 茶不会自发地变得更热，选项A 错误；无论什么样的热机，效率永远不会达到100%，选项B 错误；热量不会自发地从低温物体传到高温物体，选项D 错误。

4．2017·黄冈调考]钻石是首饰和高强度钻头、刻刀等工具中的主要材料，设钻石的密度为ρ(单位为kg/m 3)，摩尔质量为M (单位为g/mol)，阿伏加德罗常数为N A 。

2021届高考物理一轮复习第六章动量守恒定律45分钟章末检测卷满分100分一、选择题(1～4题只有一项符合题目要求，5～7题有多项符合题目要求，每小题7分，共49分)1．下列说法正确的是( )A．动能为零时，物体一定处于平稳状态B．物体受到恒力的冲量也可能做曲线运动C．物体所受合外力不变时，其动量一定不变D．动能不变，物体的动量一定不变解析：动能为零时，速度为零，而加速度不一定等于零，物体不一定处于平稳状态，选项A错误；物体受恒力，也可能做曲线运动，如平抛运动，选项B正确；合外力不变，加速度不变，速度平均变化，动量一定变化，C项错误；动能不变，若速度的方向变化，动量就变化，选项D错误．答案：B2．(2020·运城模拟)有关实际中的现象，下列说法不正确的是( )A．火箭靠喷出气流的反冲作用而获得庞大速度B．体操运动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的作用力C．用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的阻碍D．为了减轻撞车时对司乘人员的损害程度，发动机舱越牢固越好解析：依照反冲运动的特点与应用可知，火箭靠喷出气流的反冲作用而获得庞大速度，故A正确；体操运动员在落地的过程中，动量变化一定．由动量定理可知，运动员受到的冲量I一定；由I＝Ft可知，体操运动员在着地时屈腿是延长时刻t，能够减小运动员所受到的平均冲力F，故B正确；用枪射击时子弹给枪身一个反作用力，会使枪身后退，阻碍射击的准确度，因此为了减少反冲的阻碍，用枪射击时要用肩部抵住枪身，故C正确；为了减轻撞车时对司乘人员的损害程度，就要延长碰撞的时刻，由I＝Ft可知位于车体前部的发动机舱不能太牢固，故D错误．答案：D3．一物体从某高处由静止开释，设所受空气阻力恒定，当它下落h时的动量大小为p1，当它下落2h时动量大小为p2，那么p1：p2等于( )A．1：1 B．1： 2C．1：2 D．1：4解析：物体做初速度为零的匀加速直线运动，v21＝2ah，v22＝2a(2h)，则p1＝m2ah，p2＝m4ah，p1：p2＝1：2，故B选项正确．答案：B4．甲、乙两物体分别在恒力F1、F2的作用下，沿同一直线运动．它们的动量随时刻变化如图所示．设甲在t1时刻内所受的冲量为I1，乙在t2时刻内所受的冲量为I2，则F、I的大小关系是( )A．F1>F2，I1＝I2 B．F1<F2，I1<I2C．F1>F2，I1>I2 D．F1＝F2，I1＝I2解析：冲量I＝Δp，从题图上看，甲、乙两物体动量变化的大小I1＝I2，又因为I1＝F1t1，I2＝F2t2，t2>t1，因此F1>F2.5．如图所示，在水平光滑地面上有A 、B 两个木块，A 、B 之间用一轻弹簧连接．A 靠在墙壁上，用力F 向左推B 使两木块之间的弹簧压缩并处于静止状态．若突然撤去力F ，则下列说法中正确的是( )A ．木块A 离开墙壁前，墙对木块A 的冲量大小等于木块B 动量变化量的大小B ．木块A 离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B 动能的增量C ．木块A 离开墙壁时，B 的动能等于A 、B 共速时的弹性势能D ．木块A 离开墙壁后，当弹簧再次复原原长时，木块A 的速度为零解析：木块A 离开墙壁前，对A 、B 整体而言，墙对木块A 的冲量大小等于整体的动量变化量即等于木块B 动量变化量的大小；依照能量守恒定律，木块A 离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B 动能的增量；木块A 离开墙壁时，B 的动能等于A 、B 共速时的弹性势能及A 的动能之和；木块A 离开墙壁后，当弹簧再次复原原长时，A 、B 交换速度，木块B 的速度为零．选项A 、B 正确．答案：AB6．(2020·合肥市质量检测)一质量为2 kg 的物体受水平拉力F 作用，在粗糙水平面上做加速直线运动时的a －t 图象如图所示，t ＝0时其速度大小为2 m/s ，滑动摩擦力大小恒为2 N ，则( )A ．在t ＝6 s 的时刻，物体的速度为18 m/sB ．在0～6 s 时刻内，合力对物体做的功为400 JC ．在0～6 s 时刻内，拉力对物体的冲量为48 N·sD ．在t ＝6 s 的时刻，拉力F 的功率为200 W解析：类比速度图象位移的表示方法可知，速度变化量在加速度—时刻图象中由图线与坐标轴所围面积表示，在0～6 s 内Δv ＝18 m/s ，v 0＝2 m/s ，则t ＝6 s 时的速度v ＝20 m/s ，A 项错；由动能定理可知，0～6 s 内，合力做功W ＝12mv 2－12mv 20＝396 J ，B 项错；由冲量定理可知，I －F f ·t ＝mv －mv 0，代入已知条件解得：I ＝48 N·s，C 项正确；由牛顿第二定律可知，6 s 末F －F f ＝ma ，解得：F ＝10 N ，因此拉力的功率P ＝Fv ＝200 W ，D 项正确．答案：CD7．质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m 的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间，如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止．设碰撞差不多上弹性的，则整个过程中，系统缺失的动能为( )mv 2 mM m ＋Mv 2 NμmgL D ．NμmgL解析：小物块与箱子作用过程中满足动量守恒，最后恰好又回到箱子正中间．二者相对静止，即为共速，设速度为v 1，mv ＝(m ＋M )v 1，系统缺失动能E k ＝12mv 2－12(M ＋m )v 21＝12Mmv 2M ＋m；由于碰撞为弹性碰撞，故碰撞时不缺失能量，系统缺失的动能等于系统产生的热量，即ΔE k ＝Q ＝NμmgL .故本题选B 、D.二、非选择题(共51分)8．(11分)某同学用图甲所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a 球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b 球放在斜槽轨道末端的最右端邻近静止，让a 球仍从原固定点由静止开始滚下，和b 球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次，回答下列问题：(1)在本实验中结合图甲，验证动量守恒的验证式是下列选项中的________．A ．m a OC ＝m a OA ＋m b OBB ．m a OB ＝m a OA ＋m b OCC ．m a OA ＝m a OB ＋m b OC(2)经测定，m a ＝45.0 g ，m b ＝7.5 g ，请结合图乙分析：碰撞前、后m a 的动量分别为p 1与p ′1，则p 1p ′1＝________(保留分式)．有同学认为，在该实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，能够使被碰小球做平抛运动的水平距离增大．请你用已知的数据，分析和运算出被碰小球m b 平抛运动水平距离的最大值为________cm.解析：(1)小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时刻t 相等，假如碰撞过程动量守恒，则有：m a v B ＝m a v A ＋m b v C ，两边同时乘以时刻t 得：m a v B t ＝m a v A t ＋m b v C t ，得：m a OB ＝m a OA ＋m b OC ，故选B.(2)p 1p ′1＝m a v a m a v ′a ＝OB OA＝错误!＝错误!； 发生弹性碰撞时，被碰小球获得速度最大，依照动量守恒定律：m a v a ＝m a v ′a ＋m b v ′b 依照机械能守恒定律：12m a v 2a ＝12m a v ′2a ＋12m b v ′2b 由以上两式解得：v ′b ＝2m a m a ＋m bv a ， 因此最大射程为：s m ＝2m a m a ＋m b·OB ＝错误!×44.8 cm＝76.8 cm 答案：(1)B (2)14119．(20分)如图所示，物块A 、C 的质量均为m ，B 的质量为2m ，都静止于光滑水平台面上，A 、B 间用一不可伸长的轻质短细线相连．初始时刻细线处于放松状态，C 位于A 右侧足够远处，现突然给A 一瞬时冲量，使A 以初速度v 0沿A 、C 连线方向向C 运动，A 与C 相碰后，粘合在一起．(1)A 与C 刚粘合在一起时的速度为多大？(2)若将A 、B 、C 看成一个系统，则从A 开始运动到A 与C 刚好粘合的过程中系统缺失了多少机械能？解析：(1)轻细线绷紧的过程，A 、B 这一系统动量守恒，则mv 0＝(m ＋2m )v 1，解得v 1＝13v 0. 之后A 、B 均以速度v 1向右匀速运动，在A 与C 发生碰撞过程中，A 、C 这一系统动量守恒，mv 1＝(m ＋m )v 2，解得v 2＝16v 0. (2)轻细线绷紧的过程，A 、B 这一系统机械能缺失为ΔE 1，则ΔE 1＝12mv 20－12·3mv 21＝13mv 20， 在A 与C 发生碰撞过程中，A 、C 这一系统机械能缺失为ΔE 2，则ΔE 2＝12mv 21－12·2mv 22＝136mv 20， 则A 、B 、C 这一系统机械能缺失为ΔE ＝ΔE 1＋ΔE 2＝1336mv 20. 答案：(1)16v 0 (2)1336mv 20 10．(20分)如图所示，固定的光滑平台上固定有光滑的半圆轨道，轨道半径R ＝0.6 m ．平台上静止着两个滑块A 、B ，m A ＝0.1 kg ，m B ＝0.2 kg ，两滑块间夹有少量炸药，平台右侧有一带挡板的小车静止在光滑的水平地面上，小车质量为M ＝0.3 kg ，小车的上表面与平台的台面等高，小车的上表面的右侧固定一根轻弹簧．点燃炸药后，A 、B 分离瞬时滑块B 以3 m/s 的速度冲向小车．两滑块都能够看作质点，炸药的质量忽略不计，爆炸的时刻极短，爆炸后两个滑块的速度方向在同一水平直线上，且g ＝10 m/s 2.求：(1)滑块A 能否从半圆轨道的最高点离开；(2)滑块B 滑上小车后的运动过程中弹簧的最大弹性势能．解析：(1)爆炸前后A 、B 组成的系统动量守恒，设爆炸后滑块A 、B 的速度大小分别为v A 、v B ，则m A v A ＝m B v B ，解得v A ＝6 m/sA 在运动过程中机械能守恒，若A 能到达半圆轨道最高点由机械能守恒得12m A v 2A ＝12m A v ′2A ＋2m A gR 解得v ′A ＝2 3 m/s 滑块恰好通过最高点的条件是m A g ＝m A v 2R解得v ＝ 6 m/s<v ′A ，因此A 能从半圆轨道最高点离开．(2)滑块B 冲上小车后将弹簧压缩到最短时，弹簧具有最大弹性势能，现在B 和小车具有相同速度，由动量守恒定律得m B v B ＝(m B ＋M )v 共由能量守恒定律得E p ＝12m B v 2B －12(m B ＋M )v 2共 解得E p ＝ J.答案：(1)能 (2) J。

章末检测(六)(时间:60分钟，分值:100分)一、单项选择题(本大题共6小题，每小题6分，共36分，每小题只有一个选项符合题意)1.如图所示，A、B、C、D是真空中一正四面体的四个顶点．现在在A、B两点分别固定两个点电荷Q1和Q2，则关于C、D两点的场强和电势，下列说法正确的是() A．若Q1和Q2是等量异种电荷，则C、D两点电场强度不同，电势相同B．若Q1和Q2是等量异种电荷，则C、D两点电场强度和电势均相同C．若Q1和Q2是等量同种电荷，则C、D两点电场强度和电势均不相同D．若Q1和Q2是等量同种电荷，则C、D两点电场强度和电势均相同2.如图所示，带有等量异种电荷的两块等大的平行金属板M、N水平正对放置．两板间有一带电微粒以速度v0沿直线运动，当微粒运动到P点时，将M板迅速向上平移一小段距离，则此后微粒的可能运动情况是()A．沿轨迹④运动B．沿轨迹①运动C．沿轨迹②运动D．沿轨迹③运动3.真空中有一半径为r0的带电金属球壳，通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离．下列说法中正确的是()A．A点的电势低于B点的电势B．A点的电场强度方向由A指向BC．A点的电场强度小于B点的电场强度D．正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做负功4．空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成如图所示稳定的静电场．实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则()A ．A 点和B 点的电势相同B ．C 点和D 点的电场强度相同C ．正电荷从A 点移至B 点，电场力做正功D ．负电荷从C 点沿直线CD 移至D 点，电势能先增大后减小5．两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A 、B 、C 三点，如图甲所示．一个电量为2 C 、质量为1 kg 的小物块从C 点静止释放，其运动的v －t 图象如图乙所示，其中B 点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)．则下列说法正确的是( )A ．B 点为中垂线上电场强度最大的点，场强E ＝2 V/m B ．由C 到A 的过程中物块的电势能先减小后变大 C ．由C 到A 的过程中，电势逐渐升高D ．A 、B 两点电势差U AB ＝－5 V 6.如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P ，将另一个带电小物块Q 在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动．设斜面足够长，则在Q 向上运动过程中( )A ．物块Q 的动能一直增大B ．物块Q 的电势能一直增大C ．物块P 、Q 的重力势能和电势能之和一直增大D ．物块Q 的机械能一直增大二、多项选择题(本大题共3小题，每小题6分，共18分，每小题有多个选项符合题意) 7.如图所示，两个质量均为m ，带电荷量均为＋q 的小球A 、B ，一个固定在O 点的正下方L 处，另一个用长为L 的细线悬挂在O 点，静止时，细线与竖直方向的夹角为60°，以下说法正确的是( )A ．O 点处的电场强度的大小为3kqL 2B ．A 在B 处产生的电场强度为kqL2C ．细线上的拉力为3kq 2L2D ．B 球所受A 球的库仑力和线的拉力的合力方向竖直向上8．将三个质量相等的带电微粒分别以相同的水平速度由P 点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带正电，下板接地．三个微粒分别落在图中A 、B 、C 三点，不计其重力作用，则( )A．三个微粒在电场中运动时间相等B．三个微粒的电荷量相同C．三个微粒所受电场力的大小关系是F A＜F B＜F CD．三个微粒到达下板时的动能关系是E k C＞E k B＞E k A9.如图所示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO放置在重力场中，PO竖直，a、b 为两个带有等量同种电荷的小球(可以近似看成点电荷)，当用水平向左的作用力F作用于b 时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现稍改变F的大小，使b稍向左移动一小段距离，则a、b重新处于静止状态后()A．a、b间电场力增大B．作用力F减小C．系统的重力势能增加D．系统的电势能增加三、非选择题(本大题共3小题，共46分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)10.(12分)如图，匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行．a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行．一电荷为q(q>0)的质点沿轨道内侧运动．经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为N a和N b.不计重力，求电场强度的大小E、质点经过a点和b点时的动能．11．(16分)如图甲所示的平行板电容器，板间距为d ，两板所加电压随时间变化图线如图乙所示，t ＝0时刻，质量为m 、带电荷量为q 的粒子以平行于极板的速度v 0射入电容器，t ＝3T 时刻恰好从下极板边缘射出电容器，带电粒子的重力不计．求:(1)平行板电容器板长L ；(2)粒子射出电容器时速度偏转的角度φ； (3)粒子射出电容器时竖直偏转的位移y .12．(18分)如图所示，区域Ⅰ内有电场强度为E 、方向竖直向上的匀强电场；区域Ⅱ中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R ＝5v 20g，轨道在A 点的切线与水平方向成60°角，在B点的切线与竖直线CD 垂直；在Ⅲ区域内有一宽为d 的有界匀强电场，电场强度大小未知，方向水平向右．一质量为m 、带电荷量为－q 的小球(可看做质点)从左边界的O 点正上方的M 点以速度v 0水平射入区域Ⅰ，恰好从A 点沿圆弧轨道切线进入轨道且恰好不能从电场右边界穿出，求:(1)OM 的长L ；(2)区域Ⅲ中电场强度的大小E ′；(3)小球到达区域Ⅲ中电场的右边界上的点与OO ′的距离s .章末检测(六)1．[解析]选B.若Q 1和Q 2是等量异种电荷，则C 、D 位于两个点电荷的中垂面上，所以C 、D 两点电场强度相同，电势相同，所以A 错误，B 正确；若Q 1和Q 2是等量同种电荷，则C 、D 两点电势相同，电场强度大小相等，方向不同，所以C 、D 错误．2．[解析]选C.由E ＝U d ＝Q Cd ＝4πkQεS可知，两极板所带电荷量、电介质和正对面积不变时，M 板迅速向上平移一小段距离，不影响板间场强，因而场强不变，故微粒受力情况不变，粒子沿原直线运动．3．[解析]选B.由图象知φA ＞φB ，故A 错；电场强度的方向从高电势指向低电势，即A →B ，故B 正确；图象斜率的绝对值表示场强大小，E A ＞E B ，故C 错；正电荷受力方向为A →B ，电场力做正功，故D 错．4．[解析]选C.由题图可知，A 、B 两点不在同一等势面上，电势不相同，A 错误；由对称性可知，C 、D 两点的电场强度方向不同，B 错误；由W AB ＝U AB ·q ，U AB ＞0，q ＞0可知，W AB ＞0，C 正确；沿CD 直线，由C 到D ，电势先增大后减小，故负电荷由C 沿直线CD 移至D 点，电势能先减小后增大，D 错误．5．[解析]选D.由图乙知，小物块在B 点时加速度最大，故B 点场强最大，加速度大小为2 m/s 2，据qE ＝ma 得E ＝1 V/m ，选项A 错误；由C 到A 的过程中小物块的动能一直增大，电势能始终在减小，故电势逐渐降低，选项B 、C 错误；根据动能定理有qU AB ＝12m v 2B－12m v 2A，解得:U AB ＝－5 V ，选项D 正确． 6．[解析]选D.由F 库－mg sin θ＝ma 可知，物块沿斜面的加速度先向上逐渐减小，再沿斜面向下，逐渐增大，其速度先增大后减小，故物块Q 的动能先增大再减小，A 错误；因电场力始终做正功，故电势能一直减小，物块Q 的机械能一直增大，B 错误，D 正确；因只有电场力、重力做功，物块的电势能、重力势能、动能之和守恒，又知动能先增大后减小，故重力势能和电势能之和先减小后增大，C 错误．7．[解析]选ABD.由点电荷的场强公式，A 在B 处产生的电场强度为E 1＝k qL2，O 点处的电场为A 、B 分别在O 处产生的电场的叠加，即E 2＝2E 1cos 30°＝3k qL2，则A 、B 说法正确；对B 球，由平衡条件得，B 球所受A 球的库仑力和线的拉力的合力方向竖直向上，且细线上的拉力F T ＝mg ＝k q 2L2，则D 说法正确，C 说法错误．8．[解析]选CD.因为三个微粒只受到竖直向下的恒定的电场力的作用，所以它们均做类平抛运动．根据题意，它们在水平方向上做的是速度大小相同的匀速直线运动，三个微粒在电场中运动的时间与它们在水平方向上的位移成正比，显然，t A ＞t B ＞t C ，选项A 错误；它们做类平抛运动的初速度相同，但运动轨迹不同，这说明它们受到的电场力不同，因此所带电荷量不同，选项B 错误；它们在竖直方向上下落的位移相同(设为h )，但运动时间不同，根据关系式a ＝2h /t 2及t A ＞t B ＞t C 可知，a A ＜a B ＜a C ，因为它们的质量相等，根据牛顿第二定律可知，三个微粒所受电场力的大小关系是F A ＜F B ＜F C ，选项C 正确；又因为三个微粒在竖直方向上的位移相等，所以电场力做的功的大小关系是W A ＜W B ＜W C ，根据动能定理，粒子所受的电场力做的功等于粒子动能的增加量，所以三个微粒到达下板时的动能关系是E k C ＞E k B ＞E k A ，选项D 正确．9．[解析]选BC.设a 、b 间的电场力F 2和竖直挡板之间的夹角为θ，可以看出θ变小，以a 为研究对象，进行受力分析可知，它受到挡板的水平支持力F 1、重力m a g 、电场力F 2，如图所示，根据平衡条件可得:m a g ＝F 2cos θ，F 2sin θ＝F 1，解得F 2＝m a gcos θ，F 1＝m a g tan θ.因为θ变小，所以F 1、F 2均减小，A 错误；把a 、b 看成系统可知水平力F 等于F 1，因为F 1变小，所以F 变小，B 正确；由于F 2减小，a 向上运动，a 的重力势能增加，虽然b 的重力势能不变，但系统的重力势能增大，C 正确；由于电场力变小，相当于两个小球间的距离增大，所以电场力对系统做正功，因此系统的电势能应该减少，D 错误．10．[解析]质点所受电场力的大小为f ＝qE ①(1分)设质点质量为m ，经过a 点和b 点时的速度大小分别为v a 和v b ，由牛顿第二定律有f ＋N a ＝m v 2ar ②(1分)N b －f ＝m v 2br③(1分)设质点经过a 点和b 点时的动能分别为E k a 和E k b ，有E k a ＝12m v 2a ④(1分)E k b ＝12m v 2b⑤(1分)根据动能定理有E k b －E k a ＝2rf ⑥(3分) 联立①②③④⑤⑥式得E ＝16q (N b －N a )(2分)E k a ＝r12(N b ＋5N a )(1分)E k b ＝r12(5N b ＋N a )．(1分)[答案]见解析11．[解析](1)粒子水平方向做匀速运动: L ＝v 0·3T ＝3v 0T .(4分)(2)粒子竖直方向先做T 时间的匀加速，然后做T 时间的匀速，再做T 时间的匀加速:a ＝Fm ＝q U d m (2分) v y ＝qU md·2T (2分)tan φ＝v y v 0＝2qUTmd v 0(2分)故φ＝arctan 2qUTmd v 0.(2分)(3)竖直方向一共加速运动了2T 时间，匀速运动了T 时间，则 y ＝12qU md (2T )2＋qU md T ·T ＝3qU mdT 2.(4分) [答案](1)3v 0T (2)arctan 2qUT md v 0 (3)3qU mdT 212．[解析](1)小球在区域Ⅰ中做类平抛运动，设小球在A 点时的速度为v A ，竖直分速度为v y ，则有cos 60°＝v 0v A ，即v A ＝2v 0(2分)tan 60°＝v yv 0，即v y ＝3v 0(2分)由牛顿第二定律知a ＝qE ＋mgm (1分)由v 2y ＝2aL 知L ＝3m v 202(qE ＋mg ).(2分)(2)在区域Ⅱ中，由图可知BC ＝R2所以从A 点到B 点，由动能定理得mg ·R 2＝12m v 2B －12m v 2A (2分) 得v B ＝3v 0(1分)在区域Ⅲ中，小球在水平方向上做匀减速运动，到达右边界时水平速度刚好减为零，由运动学规律知v 2B ＝2qE ′md (2分) 得E ′＝9m v 202qd .(1分)(3)v B ＝qE ′m t ，所以t ＝2d3v 0(2分)小球在竖直方向上做自由落体运动，即 h ＝12gt 2＝2gd 29v 20(2分) 所以小球到达右边界上的点与OO ′的距离s ＝BC ＋h ＝5v 202g ＋2gd 29v 20.(1分)[答案](1)3m v 202(qE ＋mg )(2)9m v 202qd(3)5v 202g ＋2gd 29v 20。

高三物理复习一轮达标训练试题及答案解析高三物理复习一轮达标训练试题及答案解析1.下列说法中正确的是（）A.惯性是物体只有在匀速运动或静止时才表现出来的性质B.物体的惯性是指物体不受外力作用时保持匀速直线运动状态或静止状态的性质C.物体不受外力作用时，保持匀速直线运动状态或静止状态，有惯性；受到外力作用时，不能保持匀速直线运动状态或静止状态，因此无惯性D.惯性是物体的属性，与物体的运动状态和是否受力均无关解析惯性是物体的固有属性，与物体的运动状态和受力情况均无关，故只有D正确。

答案D2.物体A的质量为10kg，物体B的质量为20kg，A、B分别以20m/s和10m/s的速度运动，则下列说法中正确的是（）A.A的惯性比B大B.B的惯性比A大C.A和B的惯性一样大D.不能确定A、B的惯性大小关系解析质量是物体惯性大小的量度，质量越大，惯性越大，惯性大小与速度大小无关，故B的惯性比A大，选项B正确，A、C、D都错。

答案B3.一个榔头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了。

对这一现象，下列说法正确的是（）A.榔头敲玻璃的力大于玻璃对榔头的作用力，所以玻璃才碎裂B.榔头受到的力大于玻璃受到的力，只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C.榔头和玻璃之间的作用力应该是等大的，只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂D.因为不清楚玻璃和榔头的其他受力情况，所以无法判断它们之间的相互作用力的大小解析因为相同大小的力作用在不同的物体上效果往往不同，所以不能从效果上去比较作用力与反作用力的大小关系。

由牛顿第三定律知，作用力与反作用力等大、反向，故选项C正确。

答案C4.如图1所示，物体在水平力F作用下压在竖直墙上静止不动，则（）A.物体所受摩擦力的反作用力是重力B.力F就是物体对墙的压力C.力F的反作用力是墙壁对物体的支持力D.墙壁对物体的弹力的反作用力是物体对墙壁的压力解析作用力与反作用力的性质相同，选项A错误；力F与物体对墙的压力是两个不同的力，选项B错误；力F与墙壁对物体的支持力是一对平衡力，选项C错误；墙壁对物体的弹力与物体对墙壁的压力是一对作用力与反作用力，选项D正确。

高三物理第一轮复习专题测试（1）—力 物体的平衡 直线运动 高三物理第一轮复习专题测试（2）—牛顿运动定律高三物理第一轮复习专题测试（3）—曲线运动 万有引力定律 高三物理第一轮复习专题测试（4）—动量 机械能 高三物理第一轮复习专题测试（5）—振动与波 热学高三物理第一轮复习专题测试（6）—力学热学综合（期中考试）＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊＊高三物理第一轮复习专题测试（1）—力 物体的平衡 直线运动本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

共150分考试用时120分钟第Ⅰ卷（选择题共40分） 一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一 个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．如图所示是汽车中的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化.开始时指针指 示在如左图所示的位置，经过7s 后指针指示在如右图所示位置，若汽车做匀变速直线运动，那么它的加速度约为（ ） A ．7.1m/s 2 B ．5.7m/s 2C ．1.6m/s 2D ．2.6m/s 22．某人在平直公路上骑自行车，见前方较远处红色交通信号灯亮起，他便停止蹬车，此后 的一小段时间内，自行车前轮和后轮受到地面的摩擦力分别为f 前和f 后，则 （ ）A ．f 前向后，f 后向前B ．f 前向前，f 后向后C ．f 前向前，f 后向前D ． f 前向后，f 后向后3．如图所示，a 、b 、c 为三个物块，M 、N 为两个轻质弹簧．R 为跨过光滑定滑轮的轻绳， 它们连接如图并处于平衡状态．下列说法中正确的是（ ）A ．N 一定处于拉伸状态而M 有可能处于压缩状态B ．有可能N 处于压缩状态而M 处于拉伸状态C ．有可能N 处于不伸不缩状态而M 处于拉伸状态D ．有可能N 处于拉伸状态而M 处于不伸不缩状态 4．a 、b 两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（ ）A ．a 、b 加速时，物体a 的加速度大于物体 b 的加速度B ．20 秒时，a 、b 两物体相距最远D ．40 秒时，a 、b 两物体速度相等，相距200m5．质量为m 的物体，放在质量为M 的斜面体上，斜面体放在粗糙的水平地面上，m 和M 均 处于静止状态，如图所示．当物体m 上施加一个水平力F ，且F 由零逐渐加大到F m 的过程中，m 和M 仍保持相对静止，在此过程中，下列判断哪些是正确的 （ ）A ．斜面体对m 的支持力逐渐增大B ．物体m 受到的摩擦力逐渐增大C ．地面受到的压力逐渐增大D ．地面对斜面体的静摩擦力由零逐渐增大到F m6．如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O 是球心，碗的内表面光滑。