湖南省永州市2019-2020学年中考第二次适应性考试物理试题含解析

湖南省永州市2019-2020学年中考第二次适应性考试物理试题

一、单选题（本大题共10小题，共30分）

1．13班的物理学霸邱浩威同学学习刻苦，善于思考，一次在做电学实验时按照如图所示的电路将电学器材连接，电流表量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，电源两端的电压为6V且保持不变，电阻R的阻值为10Ω，滑动变阻器0R的最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为0.5A．将A并关S闭合后，要保证电路中各个零件正常工作，以下说法正确的是

A．通过电阻R的电路最大值为0.4A

B．滑动变阻器接入电路的最小值为5Ω

C．电压表示数最大的变化量为2V

D．整个电路消耗的最大功率为1.8W

D

【解析】

【分析】

（1）已知电阻R0允许消耗的最大电流，由串联电路特点和电流表量程分析可得通过R的最大电流；此时变阻器连入阻值最小，电路消耗功率最大，由欧姆定律和P=UI计算R0的最小值以及电路的功率最大值；根据欧姆定律求出此时R两端的电压和滑动变阻器此时接入电路的最小电阻；滑动变阻器消耗最大功率时的电阻，根据串联电路特点和欧姆定律，利用P=I2R求出最大功率的表达式，求出最大功率；（2）当滑动变阻器全部接入电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的最小电流，求出电压表的示数，从而得出电压表示数最大的变化量；根据以上得出答案．

【详解】

(1)由图知,R与R0串联在电路中，电流表测电路中电流，电压表测R两端电压．

电压表量程0−3V，当其示数最大时，通过R电流最大，电路中电流最大，

所以I最大=UR最大=3V10Ω=0.3A<0.5A，串联电路中电流处处相等，所以满足小于变阻器允许通过的最大电流，所以通过R的最大电流值也是0.3A，故A错误；此时变阻器连入的阻值最小，由串联电路特点和欧姆定律可得其最小值为：R0最小=UI最大−R=6V0.3A−10Ω=10Ω，故B错误；

此时电路消耗的电功率最大，由P=UI可得：P最大=UI最大=6V×0.3A=1.8W，故D正确；(2)当变阻器连入电路的阻值最大时，电路中电流最小，由欧姆定律可得：I最小=0RRU最大=6V10Ω20Ω =0.2A，此时电压表示数最小：UR最小=I最小R=0.2A×10Ω=2V，所以电压表示数最大的变化量为3V−2V=1V，故C错误．故选D．

2．两个定值电阻R1、R2串联在电路中，它们的电阻之比为2:3，则R1、R2的电功率之比为

A．2:3 B．3:2 C．4:9 D．9:4

A

【解析】

【分析】

【详解】

因为串联电路中各处的电流都相等，且串联电路中各用电器两端电压之比等于电阻之比，所以两电阻两端的电压之比等于电阻之比2:3，根据P=UI得它们消耗的电功率之比：12PP=12UIUI=12UU=12RR=2:3，故A正确，BCD错误．

3．如图所示，当开关S闭合后，两只灯泡均发光，两表均有示数．过一段时间后，发现电压表示数变为0，电流表示数增大．经检查除小灯泡外其余器材的连接良好，造成这种情况的原因可能是：

A．灯L1断路 B．灯L2短路

C．灯L1短路 D．灯L1、L2均断路

C

【解析】

【详解】

A．如果灯L1断路，则会造成电压表、L2和电流表串联，此时电压表有明显示数，几乎是电源电压，而电流表示数为零．这与题中现象不符．

B．如果灯L2短路，电路中就只有灯L1发光，此时L1两端电压为电源电压，所以电压表示数会变，电流表示数变大．这与题中现象不符．

C．如果灯L1短路，则电压表也会被短路，造成电压表无示数；此时电路中只有灯L2，电阻变小，电流变大．故C正确．

D．如果灯L1、L2都断路，则整个电路断路，电路中无电流，两表都无示数．这与题中现象不符．

4．如图甲所示，电源电压不变，R1＝10Ω，滑动变阻器R2标有“5Ω1A”字样．当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，电流表的示数为0.4A；当R2的滑片P在a端且同时闭合S、S1、S2时，灯泡正常发光；当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时，电压表的示数为3V；如图乙是灯泡的电流﹣电压图象，下列说法正确的是（ ）

A．电源电压4.5V

B．灯泡的额定功率是3.6W

C．灯泡正常发光时，灯丝电阻是5Ω

D．当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时，灯泡的功率为1.8W

D

【解析】

【分析】

【详解】

A. 由图甲所示电路图可知,当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时,两电阻串联接在电源两端,电源电压：U=I1(R1+R2)=0.4A×(10Ω+5Ω)=6V，故A错误；

B. 由图甲所示可知,当R2的滑片P在a端且同时闭合S、S1、S2时,R1与灯泡并联在电源两端,此时灯泡正常发光,则灯泡额定电压UL=U=6V,由图乙所示图象可知,电压为6V时,通过灯泡的电流为0.8A,则灯泡额定功率P=ULI=6V×0.8A=4.8W，故B错误；

C. 由I=UR可知,灯泡正常发光时灯丝电阻：R=UI=6V0.8A=7.5Ω，故C错误；

D. 由图甲所示电路图可知,当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时,滑动变阻器阻值全部接入电路,滑动变阻器与灯泡串联,由题意可知,此时电压表示数为3V,及滑动变阻器两端电压为3V,灯泡两端电压为：6V−3V=3V,由图乙所示图象可知,电压为3V时,通过灯泡的电流为0.6A,此时灯泡的实际功率P=U′LI′=3V×0.6A=1.8W，故D正确；

5．如图是某种握力计的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器滑片固定在一起，0R为保护电阻，握力大小可通过电压表示数来显示。手握紧MN时，握力越大电压表的示数越大。则下列电路中符合这一原理的是

A． B．

C． D． B

【解析】

【详解】

A．电压表串联到电路中了，可排除，该选项错误；

B．此电路为串联电路，当握力增加时，滑动变阻器的电阻变大，根据分压原理，所分得电压增大，所以电压表示数变大，该选项正确；

C．此电路为并联电路，电压表测得是两电阻两端的电压，且始终等于电源电压，电压表示数不变，可排除，该选项错误；

D．此电路为串联电路，电压表测R0两端的电压，当握力增大时，滑动变阻器的电阻变大，所分得电压增大，总电压不变，则R0两端的电压变小，所以电压表示数减小，排除，该选项错误。

6．关于厨房中的物理现象，以下说法中不正确的是

A．拧开醋瓶盖，醋味扑鼻是由于分子不停地做无规则运动

B．用高压锅煮饭熟得快是因为高压锅内气压大、水的沸点高

C．洗碗时“油花”漂在水面上，其原因是油的密度比水大

D．水和酒精充分混合后，总体积小于混合前水和酒精的总体积，说明分子间有间隙

C

【解析】

【详解】

A．拧开醋瓶盖，醋味扑鼻是由于醋分子不停地做无规则运动进入鼻子的原因，故A叙述正确；

B．高压锅内气压高，所以锅内水的沸点高，用高压锅煮饭熟得快是因为高压锅内气压低、水的沸点高，故B叙述正确；

C．洗碗时“油花”漂在水面上，其原因是油的密度比水的密度小，故C叙述错误；

D．水和酒精充分混合后，总体积小于混合前水和酒精的总体积，说明分子间有间隙，故D叙述正确．

7．如图所示是一种测定风速的装置．其中风速表由电压表改装而成，R为定值电阻，R1为滑动变阻器，T型管道的竖直管内装有可上下自由移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片P相连．当风速变大时

A．活塞向下运动，电压表示数变小

B．活塞向上运动，电压表示数变小

C．活塞向下运动，电压表示数变大

D．活塞向上运动，电压表示数变大 D

【解析】

试题分析：由图可知，定值电阻R与滑动变阻器R1串联，电压表测量的是R两端电压，当风速变大时，活塞上方气压变小，活塞向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，通过电路中电流变大，定值电阻两端电压变大，电压表（风速表）示数变大，ABC错误，D正确．故选D．

考点：电路的动态分析

8．以下事例与物理知识对应的是

A．打开锅盖看到“白气”---液化现象

B．吹电风扇感到凉爽---风扇转动降低了室温

C．用验钞机检验人民币的真伪---利用红外线使荧光物质发光

D．人造卫星围绕地球做匀速圆周运动---受到平衡力作用

A

【解析】

【分析】

【详解】

A．白气是空气中的水蒸气形成的小水珠,是液化现象.所以A选项是正确的.

B．夏天用电风扇对着人扇风,人感到凉爽是因为扇风加快了身体上汗液的蒸发,蒸发要吸热,从而使人体温度降低,感到凉爽,室温不会降低.故B错.

C．紫外线能使荧光物质发光,制成验钞机.故C错.

D．人造卫星围绕地球做匀速圆周运动，运动状态不断改变，受到非平衡力作用.故D错.

9．如图所示的探究实验中，说法正确的

A．逐渐抽出罩内空气，听到铃声逐渐减弱，说明声音的传播不需要介质

B．正在发声的音叉，将悬挂着的乒乓球反复弹开，说明发声的物体在振动

C．用不同的力度击鼓，听其发声同时观察纸屑被弹起的高度，可探究声音的响度与频率的关系

D．改变钢尺伸出桌边的长度，拨动时听其发声同时观察振动的快慢，可探究声音的音调与振幅的关系

B

【解析】

【详解】

A．图中逐渐抽出罩内空气，听到铃声渐小，说明声音的传播需要介质，故A错误；

B．图中正在发声的音叉，使乒乓球反复弹起，音叉振动发声，说明发声的物体在振动，故B正确；

C．图中击鼓的力度不同，纸屑被弹起的高度不同，鼓面的振幅不同，说明响度与振幅有关，故C错误； D．改变图中钢尺伸出桌面的长度，钢尺振动的快慢不同，钢尺发出声音的音调不同，探究的是音调与振动快慢（频率）的关系，故D错误。

10．一工人利用如图所示的装置，在10s内将重为180N的重物沿竖直方向匀速向上提升了2m．若动滑轮重20N，忽略绳重及绳与滑轮之间的摩擦，不计空气阻力，则下列说法正确的是

A．提升过程中，绳的拉力做了360J的功

B．提升过程中，绳的拉力做了40J的额外功

C．提升过程中，绳的拉力做功的功率是20W

D．由于忽略绳重及摩擦，该装置的机械效率是100%

B

【解析】

【详解】

A．提升过程中，拉力移动距离s＝2h＝2×2m＝4m，拉力11180N20N100N22FGG动，拉力做的总功W总＝Fs＝100N×4m＝400J，故A错误；

B．有用功W有用＝Gh＝180N×2m＝360J，额外功W额＝W总﹣W有用＝400J﹣360J＝40J，故B正确；

C．拉力的功率400J40W10sWPt总，故C错误；

D．忽略绳重及摩擦，该装置的机械效率360J100%100%90%400JWW有用总，故D错误；

二、多选题（本大题共3小题，共12分）

11．下图所示的各物体中，所受的两个力是彼此平衡的有（ ）

A． B．

C． D．

C

【解析】

【分析】