00-08年高考试题分类汇编：恒定电流___含答案_免费下载

2008届高三第一轮复习单元测试题——恒定电流一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如图所示的a 、 b 两条U －I 图线，比较两图线，可得出结论A . a 电池的电动势较小、内阻较大B . a 电池的电动势较大、内阻较大C . b 电池的电动势较大、内阻较小D . b 电池的电动势较小、内阻较大2．在一次研究性学习活动中，研究小组对一幢居民楼的供电设施进行了观察和测量。

整幢居民楼供电线路可简化为图1所示的模型，暂停供电时，用欧姆表测得A 、B 间电阻为R ，恢复供电后，用电压表测得A 、B 间电压为U ，用电流表测得进线电流为I 。

则计算该幢居民楼的总功率可以用的公式正确的是： A ．P=I 2R Ｂ. P=U 2/R Ｃ. P=IU Ｄ. 以上公式都能用3．在如图4所示的电路中，R 1、R 2、R 3和R 4皆为定值电阻，R 5为可变电阻，电源的电动势为E ，内电阻为r 。

设电流表A 的示数为I ，电压表的示数为U 。

当R 5的滑动触点往图中a 端移动时： A ． I 变大，U 变小Ｂ．I 变大，U 变大Ｃ．I 变小，U 变大Ｄ．I 变小，U 变小4.竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图所示的电路图连接.绝缘线与左极板的夹角为θ.当滑动变阻器R 的滑片在a 位置时，电流表的读数为I 1，夹角为θ1；当滑片在b 位置时，电流表的读数为I 2，夹角为θ2，则A .θ1<θ2，I 1<I 2B .θ1>θ2，I 1>I 2C .θ1=θ2，I 1=I 2D .θ1<θ2，I 1=I 25.如图所示，C 为两极板水平放置的空气平行板电容器，闭合开关S ，当滑动变阻器R 1、R 2的滑片处于各自的中点位置时，悬在电容器C 两极板间的带点尘埃P 恰好处于静止状态.要使尘埃P向下加速运动，下列方法中可行的是AR 34图4A .把R 1的滑片向左移动B .把R 2的滑片向左移动C .把R 2的滑片向右移动D .把开关S 断开6．如图所示的电路中，电池的电动势为 E ，内阻为 r ，电路中的电阻 R1、R2 和 R3 的阻值都相同。

2008年高考物理试题分类汇编：恒定电流1、（济南市2008年4月高考模拟）如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R 2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R 2随温度t 变化的图线如图乙所示。

电流表为值班室的显示器，a 、b 之间接报警器。

当传感器R 2所在处出现火情时，显示器的电流I 和报警器两端的电压U 的变化情况是（）A ．I 变大，U 变大B ．I 变大，U 变小C ．I 变小，U 变大D ．I 变小，U 变小D 【解析】当传感器R 2所在处出现火情时，温度升高，R 2电阻减小，总电流变大，R 1上电压变大，R 3电压变小，故电流表示数I 变小；路端电压U 变小。

故D 正确。

2、（山东省临沂市3月质检）如图9所示电路中，电源电动势为，电源内阻为，串联的E r 固定电阻为，滑动变阻器的总阻值是，电阻大小关系为，则在滑动触头从2R 1R 12R R r 端滑到端过程中，下列描述正确的是ABa b A ．电路的总电流先减小后增大B ．电路的路端电压先增大后减小C ．电源的输出功率先增大后减小D ．滑动变阻器上消耗的功率先减小后增大1R 3、（德州市2008届质检）日常生活用的电吹风中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风可将头发吹干。

没电动机线圈的电阻为R 1，它与电热丝的电阻R 2相串联，接到直流电源上，电吹风机两端电压为U ，通过的电流为I ，消耗的电功率为P ，则以下选项正确的是BCA 、I U﹥PB 、IU=PC 、P ﹥ I 2（R 1+R 2）D 、P=I 2（R 1+R 2）4、（德州市2008届质检）如右图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是ADA 、电源的电动势为6.0 VB 、电源的内阻为12ΩC 、电源的短路电流为0.5AD 、电流为0.3A 时的外电阻是18Ω5、（德州市2008届质检）如图所示电路中，定值电阻R 2=r ，滑动变阻器的最大阻值为R 1且R 1》R 2+r （r 为电源内阻），在12滑动变阻器的滑臂P由左端a向右滑动的过程中，以下说法正确的是CA、电源的输出功率变小B、R2消耗的功率先变大后变小C、滑动变阻器消耗的功率先变大后变小D、滑动变阻器两端的电压变化量小于R2两端的电压变化量。

高中物理学习材料（马鸣风萧萧**整理制作）2000-2008年高考试题分类汇编：恒定电流（08江苏卷）2．2007年度诺贝尔物理学奖授予了法国和德国的两位科学家，以表彰他们发现“巨磁电阻效应”．基于巨磁电阻效应开发的用于读取硬盘数据的技术,被认为是纳米技术的第一次真正应用．在下列有关其它电阻应用的说法中。

错误的是A.热敏电阻可应用于温度测控装置中B.光敏电阻是一种光电传感器C.电阻丝可应用于电热设备中D.电阻在电路中主要起到通过直流、阻碍交流的作用。

答案：D解析：考查基本物理常识。

热敏电阻的原理是通过已知某电阻的电阻值与温度的函数关系，测得该热敏电阻的值即可获取温度，从而应用于温度测控装置中，A说法正确；光敏电阻是将光信号与电信号进行转换的传感器，B说法正确；电阻丝通过电流会产生热效应，可应用于电热设备中，C说法正确；电阻对直流和交流均起到阻碍的作用，D说法错误。

（08重庆卷）15.某同学设计了一个转向灯电路（题15图），其中L为指示灯，L1、L2分别为左、右转向灯，S为单刀双掷开关，E为电源.当S置于位置1时，以下判断正确的是A.L的功率小于额定功率B.L1亮，其功率等于额定功率C.L2亮，其功率等于额定功率D.含L支路的总功率较另一支路的大答案：A解析：本题考查电路分析的有关知识，本题为中等难度题目。

由电路结构可知，当S 置于1位置时，L与L2串联后再与L1并联，由灯泡的额定电压和额定功率可知，L1和L2的电阻相等。

L与L2串联后的总电阻大于L1的电阻，由于电源电动势为6伏，本身有电阻，所以L1两端电压和L与L2的总电压相等，且都小于6伏，所以三只灯都没有正常发光，三只灯的实际功率都小于额定功率。

含L 的支路的总电阻大于L 1支路的电阻，由于两条支路的电压相等，所以。

含L 的支路的总功率小于另一支路的功率。

（08宁夏卷）15.一个T 型电路如图所示，电路中的电110R =Ω,23120,40R R =Ω=Ω.另有一测试电源，电动势 为100V ，内阻忽略不计。

2000-2008年高考试题分类汇编：恒定电流（08江苏卷）2．2007年度诺贝尔物理学奖授予了法国和德国的两位科学家，以表彰他们发现“巨磁电阻效应”．基于巨磁电阻效应开发的用于读取硬盘数据的技术,被认为是纳米技术的第一次真正应用．在下列有关其它电阻应用的说法中。

错误的是A.热敏电阻可应用于温度测控装置中B.光敏电阻是一种光电传感器C.电阻丝可应用于电热设备中D.电阻在电路中主要起到通过直流、阻碍交流的作用。

答案：D解析：考查基本物理常识。

热敏电阻的原理是通过已知某电阻的电阻值与温度的函数关系，测得该热敏电阻的值即可获取温度，从而应用于温度测控装置中，A 说法正确；光敏电阻是将光信号与电信号进行转换的传感器，B 说法正确；电阻丝通过电流会产生热效应，可应用于电热设备中，C 说法正确；电阻对直流和交流均起到阻碍的作用，D 说法错误。

（08重庆卷）15.某同学设计了一个转向灯电路（题15图），其中L 为指示灯，L 1、L 2分别为左、右转向灯，S 为单刀双掷开关，E 为电源.当S 置于位置1时，以下判断正确的是A. L 的功率小于额定功率B. L 1亮，其功率等于额定功率C. L 2亮，其功率等于额定功率D. 含L 支路的总功率较另一支路的大 答案：A解析：本题考查电路分析的有关知识，本题为中等难度题目。

由电路结构可知，当S 置于1位置时，L 与L 2串联后再与L 1并联，由灯泡的额定电压和额定功率可知，L 1和L 2的电阻相等。

L 与L 2串联后的总电阻大于L 1的电阻，由于电源电动势为6伏，本身有电阻，所以L 1两端电压和L 与L 2的总电压相等，且都小于6伏，所以三只灯都没有正常发光，三只灯的实际功率都小于额定功率。

含L 的支路的总电阻大于L 1支路的电阻，由于两条支路的电压相等，所以。

含L 的支路的总功率小于另一支路的功率。

（08宁夏卷）15.一个T 型电路如图所示，电路中的电110R =Ω,23120,40R R =Ω=Ω.另有一测试电源，电动势 为100V ，内阻忽略不计。

专题41 恒定电流一、多选题1．（2023·全国·统考高考真题）黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻R 和一个直流电源。

测得接线柱之间的电压U 12= 3.0V ，U 23= 2.5V ，U 34= －1.5V 。

符合上述测量结果的可能接法是（ ）A ．电源接在1、4之间，R 接在1、3之间B ．电源接在1、4之间，R 接在2、4之间C ．电源接在1、3之间，R 接在1、4之间D ．电源接在1、3之间，R 接在2、4之间2．（2022·福建·高考真题）我国霍尔推进器技术世界领先，其简化的工作原理如图所示。

放电通道两端电极间存在一加速电场，该区域内有一与电场近似垂直的约束磁场（未画出）用于提高工作物质被电离的比例。

工作时，工作物质氙气进入放电通道后被电离为氙离子，再经电场加速喷出，形成推力。

某次测试中，氙气被电离的比例为95%，氙离子喷射速度为41.610m /s ⨯，推进器产生的推力为80mN 。

已知氙离子的比荷为57.310C /kg ⨯；计算时，取氙离子的初速度为零，忽略磁场对离子的作用力及粒子之间的相互作用，则（ ）A ．氙离子的加速电压约为175VB ．氙离子的加速电压约为700VC ．氙离子向外喷射形成的电流约为37AD ．每秒进入放电通道的氙气质量约为65.310kg -⨯3．（2020·江苏·统考高考真题）某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。

当汽车启动时，开关S 闭合，电机工作，车灯突然变暗，此时（ ）A．车灯的电流变小B．路端电压变小C．电路的总电流变小D．电源的总功率变大4．（2020·浙江·统考高考真题）如图所示，系留无人机是利用地面直流电源通过电缆供电的无人机，旋翼由电动机带动。

现有质量为20kg、额定功率为5kW的系留无人机从地面起飞沿竖直方向上升，经过200s到达100m高处后悬停并进行工作。

阶段考查(七) 恒定电流第Ⅰ卷 选择题，共48分一、选择题(本大题共8小题，每小题6分，共48分)1．在第二十九届奥运会上“绿色、科技、人文”的理念深入人心．如在奥运村及奥运场馆内大量使用太阳能路灯，其光电转换装置在阳光照射下把太阳能转换为电能储存起来，供夜晚照明使用．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达20%，可产生24 V 电压，产生2.5 A 的电流，则每秒该路灯可转化的太阳能为( )A ．120 JB ．300 JC ．600 JD ．1 200 J解析：每秒钟路灯消耗电能为W ＝UIt ＝24×2.5×1 J ＝60 J则每秒转化的太阳能为：W η＝6020%J ＝300 J 故选项B 正确．答案：B2．如图7－1所示为测定压力的电容式传感器，将平行板电容器、灵敏电流表(零刻度在中间)和电源串联成闭合回路．当压力F 作用于可动膜片电极上时，膜片产生形变，引起电容的变化，导致灵敏电流表指针偏转．在对膜片开始施加压力，从图中的虚线推到图中实线位置并保持固定的过程中，灵敏电流表指针的偏转情况为(电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏)( )图7－1A．向右偏到某一刻度后回到零刻度B．向左偏到某一刻度后回到零刻度C．向右偏到某一刻度后不动D．向左偏到某一刻度后不动解析：灵敏电流表有示数的时候应该是电容器电容值发生变化的时候，可动电极向上动，电容器电容增大，电路对电容器充电，故指针向右偏．当可动电极到了实线位置时，电容器的电容不再发生变化，此时电路中的电流消失，指针又回到零点．答案：A图7－23．酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图7－2所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻．这样，显示仪表的指针就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是()A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比C．U越大，表示c越小，c与U成反比D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比解析：题中给出传感器电阻r′的倒数与酒精气体浓度c是正比关系，即1r′＝kc，电压表示数U＝R0Er′＋R＋R0＋r＝R0E1kc＋R＋R0＋r＝kR0Ek(R＋R0＋r)＋1c，可以看出电压与浓度的关系不是正比关系，但随浓度的增加而增加．故只有选项B正确．答案：B图7－34．[2014·泉州市质量检查]如图7－3所示，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻．闭合开关S后，若照射R3的光强度减弱，则()A．R1两端的电压变大B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源两极间的电压变小解析：光照强度减弱，R3阻值增大，电路中总电阻增大，总电流减小，R1两端电压减小，A错误；并联电路两端电压增大，R2中电流增大，C错误；灯泡中电流I L＝I总－IR2，则I L减小，其功率减小，B正确；由U＝E －I总r得路端电压增大，D错误．答案：B图7－45．如图7－4所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是()A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小解析：本题主要考查带电体在电场中的平衡问题，意在考查考生对物体平衡、电容器等知识的理解和应用．小球重力、电场力、悬线的拉力处于平衡状态，设悬线与竖直方向的夹角为θ，则tanθ＝qEmg＝qUmgd，cosθ＝mgF，由闭合电路欧姆定律知增大R2时，定值电阻两端电压减小，由此可知θ减小，cosθ增大，F减小，B项对；而改变R1对定值电阻两端电压不起作用．答案：B图7－56．如图7－5所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图线，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图线，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图线，将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么()A．R接到a电源上，电源的效率较高B．R接到b电源上，电源的输出功率较大C．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D．R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高解析：由图线可知，a、b两电源的短路电流一样大，a的电动势大于b 的电动势，故a的内阻大于b的内阻，由A与C的交点坐标可知，当电阻R与电源相连时，电流I＝ER＋r，即1I＝RE＋rE，可得接a时的电流大于接b时的电流．由电源输出功率P＝I2R得接a电源时的功率较大，电源的效率η＝RR＋r，所以电阻R接a时效率较低．答案：C图7－67．(多选题)如图7－6所示的电路中，电源有不可忽略的内阻，R1、R2、R3为三个可变电阻，电容器C1、C2所带电荷量分别为Q1和Q2，下面判断正确的是()A．仅将R1增大，Q1和Q2都将增大B．仅将R2增大，Q1和Q2都将增大C．仅将R3增大，Q1和Q2都将不变D．突然断开开关S，Q1和Q2都将不变解析：C1两端电压是R1、R2电压之和，C2两端电压是R2两端电压，R1增大，U C1增大，Q1增大，Q2减小；R2增大，U C1增大，U C2增大，Q1、Q2都增大；断开S，C1、C2均放电，Q1、Q2逐渐减少．答案：BC8．如图7－7所示，电源电动势为E＝12 V，内阻r＝3 Ω，R0＝1 Ω，直流电动机内阻R′0＝1 Ω，当调节滑动变阻器R1时可使甲图电路输出功率最大，调节R2时可使乙图电路输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作(额定功率为2 W)，则R1和R2值为()图7－7A．2 Ω，2 Ω B．2 Ω，1.5 ΩC．1.5 Ω，1.5 Ω D．1.5 Ω，2 Ω解析：对于甲图，由于是纯电阻电路，电源消耗能量全部转化为焦耳热，电功率等于热功率，有：P ＝I 2R ＝E 2(R 外＋r )2R 外＝E 2R 外＋2r ＋r 2R 外. 当R 外＝r 时，外电路消耗功率P 最大，P max ＝E 24r＝12 W ，R 1＝2 Ω.对于乙图电路，由于是非纯电阻电路，依能量守恒定律可知：电源消耗能量一部分转化为焦耳热，而另一部分转化为其他形式的能(电动机动能)，电功率不等于热功率．因此上面推导不再适用，正确推导如下：P ＝UI ＝E －U r U ＝EU －U 2r. 显然，当U ＝E 2时，P max ＝E 24r＝12 W ，U 内 ＝6 V ，I ＝2 A ；又因为P 电动机＝P 额＋P 热＝6 W ，所以PR 2＝I 2R 2＝6 W ，R 2＝1.5 Ω.综上所述，只有B 选项正确．答案：B第Ⅱ卷 非选择题，共52分二、实验题(本大题共2小题，共15分)9．(6分)[2014·大庆市质量检测]为了测量一根长约为3 cm 、电阻约为100 Ω、横截面为圆形、粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：直流电源E (电动势约为8.0 V ，内阻可忽略不计)；电流表A 1(量程为0～25 mA ，内阻r 1＝100 Ω)；电流表A 2(量程为0～150 mA ，内阻r 2＝20 Ω)；定值电阻R 0(阻值为10 Ω)；滑动变阻器R (最大阻值为10 Ω)；开关S ，导线若干．(1)用游标卡尺测得该材料的长度如图7－8甲所示，示数为L＝________ mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D＝________ mm.甲乙图7－8(2)为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，现给出测量电阻R x 的实验电路，请据此电路图7－9将实验器材连接起来．图7－9(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则由已知量和测量量计算电阻率的表达式为ρ＝__________________.(用题目中字母表示即可)答案：(1)30.35 3.205(3.204或3.206)(2)见图7－10图7－10(3)πD24I1L[I2(R0＋r2)－I1r1]10．(9分)[2012·新课标全国卷]图7－11中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场．现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向．所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关．此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线．图7－11(1)在图中画线连接成实验电路图．(2)完成下列主要实验步骤中的填空：①按图接线．②保持开关S 断开，在托盘内加入适量细沙，使D 处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m 1.③闭合开关S ，调节R 的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D __________；然后读出__________，并用天平称出__________．④用米尺测量__________．(3)用测得的物理量和重力加速度g 表示磁感应强度的大小，可以得出B ＝__________.(4)判定磁感应强度方向的方法是：若__________，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．解析：根据实验目的和电磁天平的原理，将电源、开关、电阻箱、电流表及U 形金属框串联起来，连接成电路图．设金属框质量为M ，托盘质量为m 0，第一次操作中未接通电源时由平衡条件：Mg ＝(m 0＋m 1)g ，第二次接通电源后，加入适量细沙m 2使D 重新处于平衡状态，然后读出电流表的示数I ，并测量出金属框底部的长度l ，若金属框受到的安培力竖直向下，由平衡条件：BIl ＋Mg ＝(m 0＋m 2)g ，两式联立解得：B ＝(m 2－m 1)g Il；若金属框受到的安培力竖直向上，则B ＝(m 1－m 2)g Il，综上B ＝|m 2－m 1|Il g ，若m 2＞m 1，则由左手定则可知磁感应强度方向垂直纸面向外，反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．答案：(1)如图7－12所示图7－12(2)③重新处于平衡状态 电流表的示数I 此时细沙质量m 2 ④D 的底边长l(3)|m 2－m 1|g Il(4)m 2＞m 1 三、计算题(本大题共2小题，共37分)图7－1311．(17分)如图7－13所示，电源的电动势E ＝110 V ，电阻R 1＝21 Ω，电动机绕线的电阻R 0＝0.5 Ω，开关S 1始终闭合．当开关S 2断开时，电阻R 1的电功率是525 W ；当开关S 2闭合时，电阻R 1的电功率是336 W ．求：(1)电源的内电阻；(2)当开关S 2闭合时流过电源的电流和电动机输出的功率．图7－14解析：(1)S2断开时等效电路如图7－14所示，R1消耗的功率为P1，则P1＝(ER1＋r)2·R1代入数据解得r＝1Ω.(2)设S2闭合时路端电压为U，R1消耗的功率为P2，则P2＝U2 R1由闭合电路欧姆定律得E＝U＋Ir代入数据解得I＝26A设流过R1的电流为I R1，流过电动机的电流为I M，I R1＝U R1而I M＋I R1＝I对电动机有UI M＝P出＋I2M R0代入数据联立解得P出＝1 606W.答案：(1)1Ω (2)26A 1 606W图7－1512．(20分)如图7－15所示的电路中，两平行金属板A 、B 水平放置，极板长l ＝80 cm ，两板间的距离d ＝40 cm.电源电动势E ＝40 V ，内阻r ＝1 Ω，电阻R ＝15 Ω，闭合开关S ，待电路稳定后，将一带负电的小球从B 板左端且非常靠近B 板的位置以初速度v 0＝4 m/s 水平向右射入两板间，该小球可视为质点．若小球带电荷量q ＝1×10－2 C ，质量为m ＝2×10－2 kg ，不考虑空气阻力，电路中的电压表、电流表均是理想电表．若小球恰好从A 板右边缘射出(g 取10 m/s 2)．求：(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多大？(2)此时电流表、电压表的示数分别为多少？(3)此时电源的输出功率是多大？解析：(1)设小球在板间飞行时间为t ，t ＝l v 0＝0.84 s ＝0.2 s ，根据d ＝12at 2， 得飞行加速度a ＝2d t 2＝2×0.40.22 m/s 2＝20 m/s 2. 对小球根据牛顿第二定律得q U AB d －mg ＝ma ，解得：U AB ＝m (g ＋a )d q ＝2×10－2×(10＋20)×0.41×10－2 V ＝24 V ， 所以滑动变阻器的两端电压U 滑＝U AB ＝24 V .设通过滑动变阻器的电流为I ，由欧姆定律得I ＝E －U 滑R ＋r ＝40－2415＋1A ＝1 A. 滑动变阻器接入电路的阻值R 滑＝U 滑I ＝24 Ω.(2)此时电流表的示数为1 A ，电压表的示数为U ＝E －Ir ＝(40－1×1) V ＝39 V .(3)电源的输出功率P 出＝IU ＝39 W.答案：(1)24 Ω (2)1 A 39 V (3)39 W。

新课标高考物理专题复习：《恒定电流》( 附参照答案 )一、选择题。

（共 20 小题，每题 3 分，共 60 分，部分分 1 分）1. 如图，电源电动势为E，内阻为r ，给外电阻R供电，则以下图中不可以反应全电路特色的图象是 ()E r IUU/V I/A U/V P出/WE/rOI/A O E U/V OCR/ΩO r R/ ΩA B D2．如下图，电源电动势=8V，内电阻为r =0.5 Ω，“ 3V,3W”的灯泡L与电动机 M串连接E在电源上，灯泡恰巧正常发光，电动机恰巧正常工作，电动机的线圈电阻L R0=1.5Ω 。

以下说法正确的选项是()E A．经过电动机的电流为 1.6A B．电动机的效率是62.5%MrC．电动机的输入功率为 1.5W D．电动机的输出功率为3W3．在如下图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用123表示，电表示数I 、 U、U和U变化量的大小分别用I 、U1、U2和U3表示．以下比值正确的选项是（）A.U1/I不变，U1/I 不变 C.U2/I变大，U2/I 变大C.U2/I变大，U2/I 不变 D.U3/I变大， U3/I 不变4．右图为包括某逻辑电路的一个简单电路图，L 为小灯泡．光照耀电阻远小于 R．则以下说法正确的选项是（）A．该逻辑电路是非门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 不发光B．该逻辑电路是非门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 发光C．该逻辑电路是与门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 不发光D．该逻辑电路是或门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 发光R时，其阻值将变得5VR1R L5. 小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，为图线的PN切线， PQ为 U轴的垂线， PM为 I 轴的垂线。

则以下说法中正确的选项是()A．跟着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大1IUB．对应P点，小灯泡的电阻为R＝I2I2 M PC．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U1I1 N21I－ ID．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积QO U1U6. 如下图，四个同样的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表 V1的量程大于 V2的量程，把它们按图接入电路中，则以下说法正确的选项是A．安培表 A1的读数大于安培表 A2的读数B．安培表A1的偏转角大于安培表A2的偏转角C．伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数D．伏特表 V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角7．如下图的电路中，电池的电动势为E，内阻为 r ，电路中的电阻 R1、 R2和 R3的阻值都相同．在电键 S 处于闭合状态下，若将电键S 由地点 1 切换到地点2。

2024高考物理真题分项解析专题13恒定电流1.（2024年高考海南卷）虚接是常见的电路故障，如图所示，电热器A 与电热器B 并联。

电路中的C 处由于某种原因形成了虚接，造成了该处接触电阻0~240Ω之间不稳定变化，可等效为电阻C R ，已知MN 两端电压220V U =，A 与B 的电阻A B =24R R =Ω，求：（1）MN 间电阻R 的变化范围；（2）当240C R =Ω，电热器B 消耗的功率（保留3位有效数字）【答案】（1）1222R Ω≤≤Ω；（2）16.7W【解析】（1）根据电路可知当0C R =时MN 间电阻R 的阻值最小，为A AB B12R R R R R +==Ω当240C R =Ω时MN 间电阻R 的阻值最大，为()()A AB B 24422020R R R R R ++=+=Ω故MN 间电阻R 的变化范围为1222R Ω≤≤Ω（2）当240C R =Ω，通过电热器B 的电流为C BI R U R =+此时电热器B 消耗的功率为2B BP I R =解得B 16.7WP =2.（2024高考广西卷）将横截面相同、材料不同的两段导体1L 、2L 无缝连接成一段导体，总长度为1.00m ，接入图甲电路。

闭合开关S ，滑片P 从M 端滑到N 端，理想电压表读数U 随滑片P 的滑动距离x 的变化关系如图乙，则导体1L 、2L 的电阻率之比约为（）A.2:3B.2:1C.5:3D.1:3【答案】B【解析】根据电阻定律LR Sρ=根据欧姆定律ΔΔU I R=⋅整理可得S U I Lρ∆=⋅结合题图可知导体1L 、2L 的电阻率之比120.220.25==0.50.211.000.25ρρ--故选B 。

3.（2024高考甘肃卷）一平行板电容器充放电电路如图所示。

开关S 接1，电源E 给电容器C 充电；开关S 接2，电容器C 对电阻R 放电。

下列说法正确的是（）A.充电过程中，电容器两极板间电势差增加，充电电流增加B.充电过程中，电容器的上极板带正电荷、流过电阻R 的电流由M 点流向N 点C.放电过程中，电容器两极板间电势差减小，放电电流减小D.放电过程中，电容器的上极板带负电荷，流过电阻R 的电流由N 点流向M 点【答案】C【解析】充电过程中，随着电容器带电量的增加，电容器两极板间电势差增加，充电电流在减小，故A 错误；根据电路图可知，充电过程中，电容器的上极板带正电荷、流过电阻R 的电流由N 点流向M 点，故B 错误；放电过程中，随着电容器带电量的减小，电容器两极板间电势差减小，放电电流在减小，故C 正确；根据电路图可知，放电过程中，电容器的上极板带正电荷，流过电阻R 的电流由M 点流向N 点，故D 错误。

2008年高考物理试题分类汇编：恒定电流1、（济南市2008年4月高考模拟）如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R 2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R 2随温度t 变化的图线如图乙所示。

电流表为值班室的显示器，a 、b 之间接报警器。

当传感器R 2所在处出现火情时，显示器的电流I 和报警器两端的电压U 的变化情况是（ ） A ．I 变大，U 变大 B ．I 变大，U 变小 C ．I 变小，U 变大 D ．I 变小，U 变小D 【解析】当传感器R 2所在处出现火情时，温度升高，R 2电阻减小，总电流变大，R 1上电压变大，R 3电压变小，故电流表示数I 变小；路端电压U 变小。

故D 正确。

2、（山东省临沂市3月质检）如图9所示电路中，电源电动势为E ，电源内阻为r ，串联的固定电阻为2R ，滑动变阻器的总阻值是1R ，电阻大小关系为12R R r ，则在滑动触头从a 端滑到b 端过程中，下列描述正确的是AB A ．电路的总电流先减小后增大 B ．电路的路端电压先增大后减小 C ．电源的输出功率先增大后减小D ．滑动变阻器1R 上消耗的功率先减小后增大 3、（德州市2008届质检）日常生活用的电吹风中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风可将头发吹干。

没电动机线圈的电阻为R 1，它与电热丝的电阻R 2相串联，接到直流电源上，电吹风机两端电压为U ，通过的电流为I ，消耗的电功率为P ，则以下选项正确的是BC A 、I U ﹥P B 、IU=PC 、P ﹥ I 2（R 1+R 2）D 、P=I 2（R 1+R 2）4、（德州市2008届质检）如右图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是AD A 、电源的电动势为6.0 V B 、电源的内阻为12Ω C 、电源的短路电流为0.5A D 、电流为0.3A 时的外电阻是18Ω5、（德州市2008届质检）如图所示电路中，定值电阻R 2=r ，滑动变阻器的最大阻值为R 1且R 1》R 2+r （r 为电源内阻），在滑动12变阻器的滑臂P 由左端a 向右滑动的过程中，以下说法正确的是C A 、电源的输出功率变小 B 、R2消耗的功率先变大后变小 C 、滑动变阻器消耗的功率先变大后变小D 、滑动变阻器两端的电压变化量小于R 2两端的电压变化量。

高中物理学习材料桑水制作2011年高考物理真题分类汇编（详解+精校）恒定电流（包括传感器、逻辑电路）1．（2011年高考·海南理综卷）自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。

下列说法正确的是（ ）A ．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B ．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系C ．法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D ．焦耳发现了电流的热效应，定量经出了电能和热能之间的转换关系 1.ABC 解析：考察物理学的发展史，选ACD.2．（2011年高考·北京理综卷）物理关系式不仅反映了物理量之间的关系，也确定了单位间的关系。

如关系式U=IR 既反映了电压、电流和电阻之间的关系，也确定了V （伏）与A （安）和Ω（欧）的乘积等效。

现有物理量单位：m （米）、s （秒）、N （牛）、J （焦）、W （瓦）、C （库）、F （法）、A （安）、Ω（欧）和T （特），由他们组合成的单位都与电压单位V （伏）等效的是A ．J/C 和N/CB ．C/F 和T ❿m 2/s C ．W/A 和C ❿T ·m/s D ．2121Ω⋅W 和T ·A ·m2.B 解析：由物理关系式W ＝qU ，可得电压的单位V （伏）等效的是J/C ；由物理关系式U ＝Q /C ，可得电压的单位V （伏）等效的是C /F ；由物理关系式E ＝n △φ△t ，φ＝BS ，可得电压的单位V （伏）等效的是Tּm 2/s ；由物理关系式P ＝U 2/R ，可得电压的单位V （伏）等效的是1122W ⋅Ω ；由物理关系式P ＝UI ，可得电压的单位V （伏）等效的是W/A ；B 选项正确，A 、C 、D 错误。

3．（2011年高考·全国大纲版理综卷）通常一次闪电过程历时约0.2~0.3s ，它由若干个相继发生的闪击构成。

高考物理《恒定电流》真题练习含答案1.[2024·新课标卷](多选)电动汽车制动时可利用车轮转动将其动能转换成电能储存起来．车轮转动时带动磁极绕固定的线圈旋转，在线圈中产生电流．磁极匀速转动的某瞬间，磁场方向恰与线圈平面垂直，如图所示．将两磁极间的磁场视为匀强磁场，则磁极再转过90°时，线圈中()A．电流最小B．电流最大C．电流方向由P指向QD．电流方向由Q指向P答案：BD解析：磁极顺时针匀速转动相当于线圈逆时针匀速转动，线圈从中性面位置开始转动，磁极转过90°时即线圈逆时针转过90°时，穿过线圈的磁通量为0，磁通量的变化率最大，线圈中电流最大，A错误，B正确；磁极转过90°时相当于题图示中PQ向下切割磁感线，由右手定则可知线圈中电流方向由Q指向P，C错误，D正确．2．[2023·江苏卷]小明通过实验探究电压表内阻对测量结果的影响．所用器材有：干电池(电动势约1.5 V，内阻不计)2节；两量程电压表(量程0～3 V，内阻约3 kΩ；量程0～15 V，内阻约15 kΩ)1个；滑动变阻器(最大阻值50 Ω)1个；定值电阻(阻值50 Ω)21个；开关1个及导线若干．实验电路如图1所示．(1)电压表量程应选用________(选填“3 V”或“15 V”).(2)图2为该实验的实物电路(右侧未拍全).先将滑动变阻器的滑片置于如图所示的位置，然后用导线将电池盒上接线柱A与滑动变阻器的接线柱________(选填“B”“C”或“D”)连接，再闭合开关，开始实验．(3)将滑动变阻器滑片移动到合适位置后保持不变，依次测量电路中O与1，2，…，21之间的电压．某次测量时，电压表指针位置如图3所示，其示数为________ V．根据测量数据作出电压U与被测电阻值R的关系图线，如图4中实线所示．(4)在图1所示的电路中，若电源电动势为E，电压表视为理想电压表，滑动变阻器接入的阻值为R1，定值电阻的总阻值为R2，当被测电阻为R时，其两端的电压U＝________(用E、R1、R2、R表示)，据此作出U­R理论图线如图4中虚线所示．小明发现被测电阻较小或较大时，电压的实测值与理论值相差较小．(5)分析可知，当R较小时，U的实测值与理论值相差较小，是因为电压表的分流小，电压表内阻对测量结果影响较小．小明认为，当R较大时，U的实测值与理论值相差较小，也是因为相同的原因．你是否同意他的观点？请简要说明理由________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.答案：(1)3 V(2)D(3)1.50(4)ERR1＋R2(5)不同意，理由见解析解析：(1)所用电源为两节干电池，电动势为3 V，则所用电表量程为3 V；(2)闭合开关之前，滑动变阻器阻值应该调到最大，则由图可知，电池盒上的接线柱A 应该与滑动变阻器的接线柱D连接；(3)电压表最小刻度为0.1 V，则读数为1.50 V；(4)由闭合电路欧姆定律可得I＝ER1＋R2当被测电阻阻值为R时电压表读数U＝IR＝ERR1＋R2(5)不同意；当R较大时，则电压表内阻不能忽略，则电路中的电流I＝ER1＋（R2－R）＋RR V R＋R V则电压表读数为U＝ER1＋（R2－R）＋RR VR＋R V·RR VR＋R V＝E（R1＋R2－R）（R＋R V）RR V＋1当R较大时，R＝R2时R最大，此时U＝ER1（R2＋R V）R2R V ＋1＝ER1R V＋R1R2＋1因R V≫R1，则电压表读数接近于U＝ER1 R2＋1＝ER2R1＋R23．[2022·全国甲卷]某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电源E(电动势1.5V，内阻很小)，电流表(量程10 mA，内阻约10 Ω)，微安表(量程100 μA，内阻R g待测，约1 kΩ)，滑动变阻器R(最大阻值10 Ω)，定值电阻R0(阻值10 Ω)，开关S，导线若干．(1)将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图；(2)某次测量中，微安表的示数为90.0 μA，电流表的示数为9.00 mA，由此计算出微安表内阻R g＝________ Ω.答案：(1)如图所示(2)990解析：流过电阻R 0的电流I 0＝I －I g ＝9 mA －0.09 mA ＝8.91 mA ，由欧姆定律可知，R g＝I 0R 0I g ＝8.91×100.09Ω＝990 Ω. 4．[2024·浙江1月，节选]在“观察电容器的充、放电现象”实验中，把电阻箱R(0～9 999 Ω)、一节干电池、微安表(量程0～300 μA ，零刻度在中间位置)、电容器C(2 200 μF 、16 V )、单刀双掷开关组装成如图1所示的实验电路．(1)把开关S 接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；然后把开关S 接2，微安表指针偏转情况是________．A ．迅速向右偏转后示数逐渐减小B ．向右偏转示数逐渐增大C ．迅速向左偏转后示数逐渐减小D ．向左偏转示数逐渐增大(2)再把电压表并联在电容器两端，同时观察电容器充电时电流和电压变化情况．把开关S 接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到160 μA 时保持不变；电压表示数由零逐渐增大，指针偏转到如图2所示位置时保持不变，则电压表示数为________V ，电压表的阻值为________kΩ(计算结果保留两位有效数字).答案：(1)C (2)0.50 3.1解析：(1)把开关S 接1，电容器充电，电流从右向左流过微安表，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；把开关S 接2，电容器放电，电流从左向右流过微安表，则微安表指针迅速向左偏转后示数逐渐减小．(2)由题意可知电压表应选用0～3 V 量程，由图2可知此时分度值为0.1 V ，需要估读到0.01 V ，则读数为0.50 V ．当微安表示数稳定时，电容器中不再有电流通过，此时干电池、电阻箱、微安表和电压表构成回路，根据闭合电路欧姆定律有R ＋R V ＝E I ＝ 1.5160×10－6 Ω＝9.375 kΩ 根据串联电路规律有R R V ＝U R U V ＝1.5－0.50.5＝2 联立可得R V≈3.1 kΩ5．[2021·广东卷]某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律．根据实验需要已选用了规格和量程合适的器材．(1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势．选择适当倍率的欧姆挡，将两表笔________，调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边“0 Ω”处．测量时观察到热敏电阻温度越高，相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大，由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而________．(2)再按下图连接好电路进行测量．①闭合开关S前，将滑动变阻器R1的滑片滑到________端(填“a”或“b”).将温控室的温度设置为T，电阻箱R0调为某一阻值R01.闭合开关S，调节滑动变阻器R1，使电压表和电流表的指针偏转到某一位置．记录此时电压表和电流表的示数、T和R01.断开开关S.再将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S.反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同．记录此时电阻箱的阻值R02.断开开关S.②实验中记录的阻值R01________R02(填“大于”“小于”或“等于”)，此时热敏电阻阻值R T＝________．(3)改变温控室的温度，测量不同温度时的热敏电阻阻值，可以得到热敏电阻阻值随温度的变化规律．答案：(1)短接减小(2)①b②大于R01－R02解析：(1)使用多用电表的欧姆挡前应先欧姆调零，即将两表笔短接．温度越高，相同倍率下多用电表的指针向右偏转的角度越大，则电阻阻值越小，故热敏电阻的阻值随温度的升高而减小．(2)①闭合开关前，为了保护电路，应该将滑动变阻器的滑片移到b端．②将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D，调节滑动变阻器和电阻箱，使电压表和电流表的示数与改接前一致，则R01＝R02＋R T，所以R01>R02，R T＝R01－R02.。

2015年高考物理真题分类汇编：恒定电流(2015新课标I-23).（9分）图(a)为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路。

(1)已知毫安表表头的内阻为100Ω．满偏电流为1 mA ,R1和R2为阻值固定的电阻。

若使用a和b两个接线柱．电表量程为3 mA：若使用a和c两个接线拄,电表量程为10mA．由题给条件和数据，可以求出R1=_______Ω，R2=_______Ω。

(2)现用一量程为3mA，内阻为150Ω的标准电流表A对改装电表的3mA挡进行校准，校准时需选取的刻度为0.5．1.0、I.5、2.0．2.5、3.0mA。

电池的电动势为1.5 V．内阻忽略不计；定值电阻R0有两种规格．阻值分别为300Ω和1000Ω：滑动变阻器R有两种规格．最大阻值分别为750Ω和3000Ω，则R0应选用阻值为_________Ω的电阻，R应选用最大阻值为_________Ω的滑动变阻器。

(3)若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图(b)的电路可以判断出损坏的电阻。

图(b)中的R/为保护电阻。

虚线框内未画出的电路即为图(a)虚线框内的电路。

则图中的d点应和接线柱_______(填“b”或“c”)相连。

判断依据是：__________【答案】（1）15（2分）35（2分）（2）300（1分）3000（1分）（3）c（1分）闭合开关时，若电表指针偏转，则损坏电阻是R1，若电表指针不动，则损坏电阻是R2（2分）【考点】欧姆定律；电阻的串、并联；闭合电路的欧姆定律【解析】（1）定值电阻和毫安表都是并联连接，电压相等，由欧姆定律变形式U = IR，使用a、b两个接线柱时有：I满R表=(I表1-I满)（R1+R2）;使用a和c两个接线柱时有：I满（R表+R2）=(I表2-I满) R1 , I表1和I表2为改装电表的量程，解以上各式得：R1 =15 Ω ,R2 = 35Ω。

（2）根据R=，电流表校准时需选取的刻度为0.5．1.0、I.5、2.0．2.5、3.0mA，可知校准刻度电路中总电阻最大为：R max = = 3000Ω , 最小阻值为R min = = 500Ω , 若定值电阻选用1000Ω，则无法校准3mA的刻度，所以定值电阻选用500Ω，由于最大电阻要达到3000Ω，所以变阻器要选择3000Ω。

2008-2012年高考试题分类汇编：恒定电流2012-北京卷15、一个小型电热器若接在输出电压为10V 的直流电源上，消耗电功率为P ；若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为0.5P ，如果电热器电阻不变，则此交流电源输出电压的最大值为（） A 、5V B 、V25C 、10VD 、V210解析：小型电热器的电阻不会改变，根据功率表达式和交流电的有效值有RV P 2)10(=和RU P m 2)2/(2=可得V U m 10=，答案C 。

2012-四川卷 23．（16分）四川省“十二五”水利发展规划指出，若按现有供水能力测算，我省供水缺口极大，蓄引提水是目前解决供水问题的重要手段之一。

某地要把河水抽高20m ，进入蓄水池，用一台电动机通过传动效率为80%的皮带，带动效率为60%的离心水泵工作。

工作电压为380V ，此时输入电动机的电功率为19kW ，电动机的内阻为0.4Ω。

已知水的密度为1×l03kg/m3，重力加速度取10m/s 2。

求： (1)电动机内阻消耗的热功率；(2)将蓄水池蓄入864m 3的水需要的时间（不计进、出水口的水流速度）。

23．解：(l)设电动机的电功率为P ，则P=UI① 设电动机内阻r 上消耗的热功率为Pr ，则P r =I 2r ② 代入数据解得P r=1×103W③说明：①③式各2分，②式3分。

(2)设蓄水总质量为M ，所用抽水时间为t 。

已知抽水高度为h ，容积为V ，水的密度为ρ，则M=ρV④ 设质量为M 的河水增加的重力势能为△Ep ，则△Ep=Mgh ⑤ 设电动机的输出功率为P 0，则P 0=P-Pr ⑥ 根据能量守恒定律得 P 0t ×60%×80%=△Ep ⑦ 代人数据解得t =2×l04s⑧说明：④⑤式各1分，⑥⑧式各2分，⑦式3分。

2011-海南-2如图，E 为内阻不能忽略的电池，R 1、R 2、R 3为定值电阻，S 0、S 为开关，V 与A 分别为电压表与电流表。

（02年全国卷）20．在如图所示的电路中，R 1、R 2、R 3和R 4皆为定值电阻，R 5为可变电阻，电源的电动势为ε，内阻为r 。

设电流表A 的读数为I ，电压表V 的读数为U 。

当R 5的滑动触点向图中a 瑞移动时，（ D ）A I 变大，U 变小B I 变大，U 变大C I 变小，U 变大D I 变小，U 变小 （08年宁夏卷）14.在等边三角形的三个顶点a 、b 、c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图。

过c 点的导线所受安培力的方向 （ Ｃ ） A.与ab 边平行，竖直向上 B.与ab 边平行，竖直向下 C.与ab 边垂直，指向左边 D.与ab 边垂直，指向右边 （08年宁夏卷）15.一个T 型电路如图所示，电路中的电110R =Ω,120,40R R =Ω=Ω.另有一测试电源，电动势 为100V ，内阻忽略不计。

则 （ＡＣ）A. 当cd 端短路时，ab 之间的等效电阻是40ΩB. 当ab 端短路时，cd 之间的等效电阻是40ΩC. 当ab 两端接通测试电源时， cd 两端的电压为80 VD. 当cd 两端接通测试电源时， ab 两端的电压为80 V(03年全国卷)23．（15分）用伏安法测量电阻阻值R ，并求出电阻率ρ给定电压表（内阻约为50k Ω）、电流表（内阻约为40Ω），滑线变阻器、电源、电键、待测电阻（约为250Ω）及导线若干。

（1）画出测量R 的电路图。

（2）图1中的6个点表示实验中测得的6组电流I 、电压U 的值，试写出根据此图求R 值的步骤：求出的电阻值R= （保前3位有效数学） （3）待测电阻是一均匀材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度与直径， 结果分别如图2、图3所示。

由图可知其长度为 直径为 。

（4）由以上数据可求出ρ= 。

（保留3位有效数学）（04年江苏卷）11．(8分) (1)某实验中需要测量一根钢丝的直径(约0.5mm)．为了得到尽可能精确的测量数据，应从实验室提供的米尺、螺旋测微器和游标卡尺(游标尺上有10个等分刻度)中，选择___________进行测量．(2)用游标卡尺(游标尺上有50个等分刻度)测定某工件的宽度时，示数如图所示，此工件的宽度为___________mm。