山东省德州市德州市第一中学2016届高三上学期10月月考物理试题.doc

2016—2017学年山东省德州市陵城一中高二（上)月考物理试卷（10月份）一、选择题(共48分，每题4分；1-7题每题只有一个选项是正确的，8-12题，每题至少有两个选项是正确的，漏选2分，错选0分．)1．关于电场,下列说法正确的是(）A．电场强度和电势差都是矢量B．描述电场的电场线是客观存在的C．在复杂电场中的电场线是可以相交的D．电场对放入其中的电荷有力的作用2．下列关于电场强度的说法中,正确的是（）A．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比C．在公式F=k中,k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小;k是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小D．由公式E=k可知，在离点电荷非常靠近的地方（r→0),电场强度E可达无穷大3．如图所示，水平放置的平行金属板与电源相连,板间距离为d，板间有一质量为m．电量为q的微粒恰好处于静止状态，若再将开关断开，再将两板间距离先增大为2d,再减小到，则微粒将（）A．先向上加速运动，后向下加速运动B．先向下加速运动,后向上加速运动C．保持静止D．一直向下运动4．如图所示，实线为一簇电场线，虚线是间距相等的等势面，一带电粒子沿着电场线方向运动，当它位于等势面φ1上时，其动能为20eV，当它运动到等势面φ3上时，动能恰好等于零，设φ2=0，则，当粒子的动能为8eV时,其电势能为（）A．12eV B．2eV C．10eV D．05．图中平行金属板A、B之间有匀强电场，A、B间电压为600V，A板带正电，接地,A、B 两板间距为12cm,C点离A板4cm，则关于C点的电势的下列说法中正确的是（）A．φC=400 V B．φC=﹣400 V C．φC=﹣200 V D．φC=200 V6．如图所示,质量为m、带电量为+q的滑块，绝缘斜面匀速下滑,当滑块滑至竖直向下匀强电场区时，滑块运动的状态为(）A．继续匀速下滑 B．将加速下滑C．将减速下滑D．上述三种情况都可能发生7．如图所示，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克,3个夸克都分布在半径为r的同一圆周上,则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为（)A．B．C．D．8．指出图所示的哪些情况中，a、b两点的电势相等，a、b两点的电场强度矢量也相等(）A．平行板电容器带电时,极板间除边缘附近处的任意两点a、bB．静电场中达到静电平衡时的导体内部任意两点a、bC．离点电荷等距的任意两点a、bD．两个等量异号的点电荷，在其连线的中垂线上，与连线中点o等距的两点a、b9．如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V，φ2=20V,φ3=30V一个带电粒子受电场力作用，按图中实线轨迹从A点运动到B点，由此可知（）A．粒子带负电B．粒子的速度变大C．粒子的加速度变大 D．粒子的电势能变大10．如图，在竖直向上的匀强电场中,一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b,不计空气阻力，则(）A．小球带正电B．电场力跟重力平衡C．小球在从a运动到b的过程中，电势能增加D．小球在运动过程中机械能守恒11．（多选）如图所示是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场（加速电压为U1)加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量是h，两平行板间距为d,电压为U2,板长为l，为了增加偏转量h，可采取下列哪种方法(）A．增加U2B．增加U1C．增加d D．增加l12．如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零,Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙所示．若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用,则（）A．电子一直沿Ox负方向运动B．电场力一直做正功C．电子运动的加速度逐渐增大 D．电子的电势能逐渐减小二、填空题（本大题共2小题，每空3分，共15分．）13．电场中某一电场线为一直线,线上有A、B、C三个点，把电荷q1=10﹣8C从B点移到A点时电场力做了10﹣7J的功；电荷q2=﹣10﹣8C，在B点的电势能比在C点时大10﹣7J，那么: （1)比较A、B、C三点的电势高低,由高到低的排序是；(2）A、C两点间的电势差是V;(3)若设B点的电势为零，电荷q2在A点的电势能是J．14．一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1。

高二年级10月份阶段性测试化学试题考试时间：90分钟 2022.10注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 S 32 Cl 35.5 Ti 48 Co 59 一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。

每小题只有一个选项符合题目要求。

1．下列我国科技创新的产品设备在工作时，由化学能转变成电能的是( )2．中国研究人员研制出一种新型复合光催化剂，利用太阳光在催化剂表面实现高效分解水，其主要过程如图所示。

已知：几种物质中化学键的键能如下表所示。

化学键H 2O 中H—O 键O2中 O O 键 H 2中 H—H 键 H 2O 2中 O—O 键 H 2O 2中O—H 键键能kJ·mol -1463 496 436 138 463若反应过程中分解了2 mol 水，则下列说法不正确的是( )A. 总反应为2H 2O2H 2↑+O 2↑ B. 过程Ⅰ吸收了926 kJ 能量C. 过程Ⅰ放出了574 kJ 能量D. 过程Ⅰ属于放热反应 3．铁-铬液流电池的装置如下图所示，下列说法错误的是( )A. 放电时，H +通过质子交换膜向Y 电极移动B. 通过该原电池反应可知氧化性：33Fe Cr ++>C. 充电时，X 电极的电极反应式为23Fe e Fe +-+-=D. 充电完成后，可将电解质溶液泵回储液罐，将能量储存起来4．用如图所示装置(熔融CaF 2－CaO 作电解质)获得金属钙，并用钙还原TiO 2制备金属钛。

下列说法中正确的是( )A ．电解过程中，Ca 2＋向阳极移动B ．阳极的电极反应式为：C ＋2O 2－－4e －===CO 2↑ C ．在制备金属钛前后，整套装置中CaO 的总量减少D ．若用铅蓄电池作该装置的供电电源，“＋”接线柱连接的是Pb 电极5．原电池与电解池在生活和生产中有着广泛应用。

高三10月月考化学试题考试时间：100分钟可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 A1 27 S 32 Cl 35.5 Cu 64 注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、选择题1．环境污染已成为人类社会面临的重大威胁，下列对应关系不正确的是2A．漂白粉密封保存于阴凉干燥的地方 B．少量的金属钠保存在煤油中C．盛装NaOH溶液的试剂瓶用橡皮塞 D．新制的氯水保存在无色试剂瓶中3．在强酸性或强碱性溶液中都能大量共存的一组离子是A．Ba2＋、Fe3＋、Cl－、NO3－ B．Na＋、Ca2＋、HCO3－、NO3－C．Al3＋、NH4＋、SO42－、Na＋ D．Na＋、K＋、NO3－、SO42－4．下列反应的离子方程式书写正确的是A．氯化铜溶液与铁粉反应：Cu2++Fe=Fe2++CuB．稀 HNO3与铁粉反应：2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑C．氢氧化钡溶液与稀H2SO4反应：Ba2++ OH－+ H+ +SO42－=BaSO4↓+H2OD．碳酸钙与醋酸反应：CO32－+2H+=H2O+CO2↑5．下列过程中没有发生氧化还原反应的是A．天然气燃烧提供热量B．氯水使红色纸张褪色C．钢铁制品在空气中被腐蚀D．二氧化硫通人品红溶液中，溶液褪色6．下表中所示物质或概念间的从属关系符合下图的是7．N A为阿伏加德罗常数的数值，下列说法中正确的是A．在密闭容器中加入l.5mol H2和0.5molN2，充分反应后得到NH3分子数为N AB．一定条件下，2.3g的Na完全与O2反应生成3.6g产物时失去的电子数为0.1N AC．1.0L的0.1 mol·L-1Na2S溶液中含有的S2-离子数为0.1N AD．标准状况下，22.4L的CCl4中含有的CCl4分子数为N A8．在化学学习与研究中类推的思维方法有时会产生错误的结论，因此类推的结论最终要经过实践的检验才能确定其正确与否。

2015-2016学年山东省德州市跃华学校高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（本大题共8个小题，每小题6分，共计48分．在每小题列出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的．）1．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是( )A．速度变化得越大，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变D．只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小2．一枚火箭由地面竖直向上发射，其v﹣t图象如图所示，则( )A．t2时刻火箭距地面最远B．t2﹣t3的时间内，火箭在向下降落C．t1﹣t2的时间内，火箭处于超重状态D．0﹣t3的时间内，火箭始终处于失重状态3．如图所示，一斜面体静止在粗糙的水平地面上，一物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑．若沿平行于斜面的方向用力F 向下推此物体，使物体加速下滑，斜面体依然和地面保持相对静止，则斜面体受地面的摩擦力( )A．大小为零 B．方向水平向右C．方向水平向左 D．大小和方向无法判断4．如图所示，在拉力F的作用下，物体A沿水平面向右运动，在这一过程中，物体B匀速上升，设A对地面的压力为N，A所受摩擦力为f，绳对A的拉力大小为T，在上述运动过程中，N、f、T的变化情况是( )A．N、f、T均增大B．N、f增大，T不变C．N、f，T均减小D．N增大，f减小，T不变5．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；轻弹簧两端栓接在A、B上，且轻弹簧被拉伸了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示．力F作用后( )A．木块A所受摩擦力大小是12.5NB．木块A所受摩擦力大小是11.5NC．木块B所受摩擦力大小是9ND．木块B所受摩擦力大小是7N6．如图所示，A为电磁铁，C为胶木秤盘，A和C（包括支架）的总质量为M、B为铁片，其质量为m，整个装置用轻绳悬挂于O点，当电磁铁通电，铁片被吸引而上升的过程中，有( )A．B做匀加速运动B．B做变加速运动C．轻绳拉力F的大小为mg＜F＜（M+m）gD．轻绳拉力F的大小为F＞（M+m）g7．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则( )A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变8．如图，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到P和到Q 的两段绳都是水平的．已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，则跨过定滑轮的轻绳的拉力大小为( )A．4μmg B．3μmg C．2μmg D．μmg二、填空题（本大题共2个小题，共12分，把答案填在题中的横线上）9．在探究互成角度的两个共点力的合成的实验中，将实验步骤按正确顺序排列应是__________．（填选项前字母）A．在白纸上按比例做出两个力F1和F2，根据平行四边形法则作图求出合力F．B．只用一只测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样的位置．C．记下两测力计读数，描出两测力计的方向．D．在水平放置的木板上，垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上P点，用两条细绳连接在橡皮条的另一端，通过细绳同时用两个测力计互成角度地拉橡皮条，使橡皮条与细绳的连接点到达某一位置，并记下此位置（如图）．E．记下测力计的读数F和细绳方向，按同一比例做出这个力的图示，比较这个实测合力和按平行四边形法则求出的合力F，看它们的大小和方向是否相同．F．改变两测力计拉力的大小和方向，重做两次实验，从实验得出结论．10．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示．计时器大点的时间间隔为0.02s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a=__________m/s2．（结果保留两位有效数字）（2）平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F（3）根据提供的试验数据作出的a﹣F图线不通过原点，请说明主要原因__________．三、计算题（共40分，每小题10分，解题时必须写出必要的文字说明、重要的方程式和必要的数据代入，只有结果不得分）11．一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）．12．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．重力加速度g=10m/s2．求：（1）物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；（2）物块在3～6s中的加速度大小；（3）物块与地面间的动摩擦因数．13．如图所示，一个放置在水平地面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的、与水平方向成37°角的推力F=10N的作用，使木块从静止开始运动，运动2.4m的距离后撤去推力，若木块与地面间的动摩擦因数μ=0.1．求：（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，）（1）撤去推力F瞬间，物体的速度．（2）撤去推力F后4s内，物体的位移．（g=10m/s2）14．质量为m=1.0kg的小滑块（可视为质点）放在质量为M=3.0kg的长木板的右端，木板上表面光滑，木板与地面之间的动摩擦因数为μ=0.2，木板长L=1.0m．开始时两者都处于静止状态，现对木板施加水平向右的恒力F=12N，如图所示，经一段时间后撤去F．为使小滑块不掉下木板，试求：用水平恒力F作用的最长时间．（g取10m/s2）2015-2016学年山东省德州市跃华学校高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（本大题共8个小题，每小题6分，共计48分．在每小题列出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的．）1．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是( )A．速度变化得越大，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变D．只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=判断加速度与速度、速度变化量以及加速度方向与速度变化量方向的关系．当物体加速度方向与速度方向相同时，物体速度增加，当物体加速度方向与速度方向相反时，物体速度减小．加速度是描述速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、根据加速度的定义式a=得速度变化得越大，时间不知道，所以加速度不一定越大，故A错误．B、加速度是描述速度变化快慢的物理量．速度变化得越快，就表示加速度越大，故B正确．C、加速度的大小保持不变，速度的方向可以改变，比如平抛运动，故C错误．D、加速度的大小不断变小，如果物体加速度方向与速度方向相同，物体速度还是要增加的，故D错误．故选B．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，以及掌握判断速度变化与加速度的关系．2．一枚火箭由地面竖直向上发射，其v﹣t图象如图所示，则( )A．t2时刻火箭距地面最远B．t2﹣t3的时间内，火箭在向下降落C．t1﹣t2的时间内，火箭处于超重状态D．0﹣t3的时间内，火箭始终处于失重状态【考点】匀变速直线运动的图像；超重和失重．【分析】解答本题应抓住：速度图象的斜率等于物体的加速度；速度的正负表示物体的运动方向，即可分析火箭的运动情况；由超重和失重的性质分析是否超失重．【解答】解：A、由图看出，火箭的速度一直为正值，说明火箭一直在上升；故t3时刻距地面最远；故AB错误；C、由速度图象的斜率等于物体的加速度，可知，t1～t2时间内火箭的加速度为正，方向向上，处于超重状态．故C正确，D、t1～t2时间内火箭的加速度为正，方向向上，处于超重状态．t2至t3时刻，加速度向下处于失重状态；故D错误；故选：C【点评】本题关键根据速度的正负分析火箭的运动方向，根据斜率等于加速度判断加速度．3．如图所示，一斜面体静止在粗糙的水平地面上，一物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑．若沿平行于斜面的方向用力F 向下推此物体，使物体加速下滑，斜面体依然和地面保持相对静止，则斜面体受地面的摩擦力( )A．大小为零 B．方向水平向右C．方向水平向左 D．大小和方向无法判断【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑时，斜面不受地面的摩擦力作用，分析此时斜面的受力情况．若沿平行于斜面的方向用力F向下推此物体，使物体加速下滑时，再分析斜面的受力情况，根据物体对斜面的作用有无变化，确定地面对斜面体有无摩擦．【解答】解：由题物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑时，斜面不受地面的摩擦力作用，此时斜面体受到重力、地面的支持力、物体对斜面的压力和沿斜面向下的滑动摩擦力．若沿平行于斜面的方向用力F向下推此物体，使物体加速下滑时，物体对斜面的压力没有变化，则对斜面的滑动摩擦力也没有变化，所以斜面体的受力情况没有改变，则地面对斜面体仍没有摩擦力，即斜面体受地面的摩擦力为零．故选：A【点评】本题中推力F与斜面体之间没有直接的关系，关键抓住物体对斜面体的压力和摩擦力没有改变进行分析4．如图所示，在拉力F的作用下，物体A沿水平面向右运动，在这一过程中，物体B匀速上升，设A对地面的压力为N，A所受摩擦力为f，绳对A的拉力大小为T，在上述运动过程中，N、f、T的变化情况是( )A．N、f、T均增大B．N、f增大，T不变C．N、f，T均减小D．N增大，f减小，T不变【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题意，B保持匀速上升，可知绳子的拉力大小不变．关键分析A的受力情况，由平衡条件得出N与重力和拉力的关系，分析其变化，再根据摩擦力公式f=μN分析f的变化．【解答】解：据题B保持匀速上升，A受到重力和拉力，由平衡条件得知，绳子的拉力大小T等于B的重力大小，保持不变．根据定滑轮的特点可知，A受到轻绳的拉力大小也不变．对A分析受力情况如图，则竖直方向力平衡得：N+Tcosθ=G B，得 N=G B﹣TcosθB沿向右运动时，θ增大，cosθ减小，T不变，则N逐渐增大，而f=μN，μ不变，则f 也逐渐增大．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】本题对A来说，是动态分析问题，关键要抓住绳子的拉力大小不变和A在竖直方向上力平衡进行分析．5．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；轻弹簧两端栓接在A、B上，且轻弹簧被拉伸了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示．力F作用后( )A．木块A所受摩擦力大小是12.5NB．木块A所受摩擦力大小是11.5NC．木块B所受摩擦力大小是9ND．木块B所受摩擦力大小是7N【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】先求解出木块A、B的最大静摩擦力，然后求解出弹簧弹力，最后对两个木块分别受力分析后分析求解．【解答】解：弹簧弹力为：F1=kx=400N/m×0.02m=8N；A木块与地面间的最大静摩擦力为：f Am=μG A=0.25×50N=12.5N；B木块与地面间的最大静摩擦力为：f Bm=μG B=0.25×60N=15N；用F=1N的水平拉力作用在木块B上，木块B受弹簧向左的弹力为8N．拉力为1N，共7N，小于最大静摩擦力，故静摩擦力为7N，向左；木块A受到向右的弹力为8N，小于最大静摩擦力，故A不动，故静摩擦力为8N，向左；故选：D．【点评】本题关键是先判断出弹簧的弹力和最大静摩擦力，然后再分别对两个木块受力分析，运用平衡条件求解静摩擦力．6．如图所示，A为电磁铁，C为胶木秤盘，A和C（包括支架）的总质量为M、B为铁片，其质量为m，整个装置用轻绳悬挂于O点，当电磁铁通电，铁片被吸引而上升的过程中，有( )A．B做匀加速运动B．B做变加速运动C．轻绳拉力F的大小为mg＜F＜（M+m）gD．轻绳拉力F的大小为F＞（M+m）g【考点】牛顿第二定律；超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】通电后，铁片被吸引上升．常识告诉我们，铁片被吸引，向电磁体运动靠近，其运动情况是变加速运动，即越靠近电磁铁，吸力越大，加速度越大，根据F=ma可知，此过程中超重．【解答】解：当电磁铁通电前，绳的拉力应为（M+m）g；当电磁铁通电后，铁片被吸引上升．常识告诉我们，铁片被吸引，向电磁体运动靠近，其运动情况是变加速运动，即越靠近电磁铁，吸力越大，加速度越大．根据F=ma可知，此过程中超重，吸引力大于铁片重力．由于磁力，将整个电磁铁装置与铁片联系到一起．因为电磁铁吸引铁片的吸引力大于铁片的重力，则根据作用力与反作用力原理，铁片吸引电磁铁的力F'为F的反作用力，大小相等、方向相反，且作用在两个不同的物体上．所以，绳的拉力大于（M+m）g．故BD正确，AC错误．故选：BD【点评】本题考查了物体的超重和失重，记住要点：加速度向上超重，加速度向下失重．7．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则( )A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．【解答】解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确．故选D．【点评】对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确定．8．如图，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到P和到Q 的两段绳都是水平的．已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，则跨过定滑轮的轻绳的拉力大小为( )A．4μmg B．3μmg C．2μmg D．μmg【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先对物块Q受力分析，根据平衡条件求出细线的拉力，然后对物块P受力分析，再次根据平衡条件求出力F．【解答】解：对Q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T，木块Q与P间的滑动摩擦力为：f=μmg…①根据共点力平衡条件有：T=f…②对木块P受力分析，受拉力F，Q对P向左的摩擦力f，地面对P物体向左的摩擦力f′，根据共点力平衡条件，有：F=f+f′+T…③地面对Q物体向左的摩擦力为：f′=μ（2m）g…④由①～④式可以解得：F=4μmg故选：A．【点评】本题关键在于分别对两个木块进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解．二、填空题（本大题共2个小题，共12分，把答案填在题中的横线上）9．在探究互成角度的两个共点力的合成的实验中，将实验步骤按正确顺序排列应是DCABEF．（填选项前字母）A．在白纸上按比例做出两个力F1和F2，根据平行四边形法则作图求出合力F．B．只用一只测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样的位置．C．记下两测力计读数，描出两测力计的方向．D．在水平放置的木板上，垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上P点，用两条细绳连接在橡皮条的另一端，通过细绳同时用两个测力计互成角度地拉橡皮条，使橡皮条与细绳的连接点到达某一位置，并记下此位置（如图）．E．记下测力计的读数F和细绳方向，按同一比例做出这个力的图示，比较这个实测合力和按平行四边形法则求出的合力F，看它们的大小和方向是否相同．F．改变两测力计拉力的大小和方向，重做两次实验，从实验得出结论．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．【分析】本实验采用了等效替代的方法，要求两次拉橡皮筋时要使橡皮筋的形变相同，就量将橡皮筋拉到同一点，两次效果相同．实验步骤一般都是先安装设备，然后进行实验、测量，最近整理仪器，进行数据处理的顺序进行实验．【解答】解：进行实验时在明确实验原理以及实验目的基础上，要先进行实验设备的安装，即先在桌面上放一块方木板，在木板上垫一张白纸，把橡皮条一端固定在木板的P点，然后进行实验和有关数据的测量，最后进行数据处理和仪器的整理．故实验步骤是：DCABEF．故答案为：DCABEF【点评】对于实验最重要的实验原理，要能根据实验原理，安排实验步骤，分析误差，并明确实验的注意事项等等．10．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示．计时器大点的时间间隔为0.02s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a=0.16m/s2．（结果保留两位有效数字）（2）平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如表（3）根据提供的试验数据作出的a﹣F图线不通过原点，请说明主要原因．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】压轴题．【分析】该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动推论，可计算出打出某点时纸带运动加速度．根据图中的数据，合理的设计横纵坐标的刻度值，据数据确定个点的位置，将个点用一条直线连起来，延长交与坐标轴某一点．知道为什么需要平衡摩擦力以及不平衡摩擦力带来什么问题．【解答】解：（1）处理匀变速直线运动中所打出的纸带，求解加速度用公式△x=at2，由于每5个点取一个点，则连续两点的时间间隔为t=0.1s，△x=（3.68﹣3.52）×10﹣2m，带入可得加速度a=0.16m/s2．（2）如图所示（3）未放入砝码时，小车已有加速度，可以判断未计入砝码盘的重力．答案：（1）0.16 （2）（见图）（3）未计入砝码盘的重力【点评】实验问题需要结合物理规律去解决．处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．数据处理时注意单位的换算和有效数字的保留．三、计算题（共40分，每小题10分，解题时必须写出必要的文字说明、重要的方程式和必要的数据代入，只有结果不得分）11．一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度的大小，通过牛顿第二定律求出滑雪人受到的阻力大小．【解答】解：根据匀变速直线运动的位移时间公式得，，代入数据解得a=4m/s2根据牛顿第二定律得，mgsin30°﹣f=ma解得f=mgsin30°﹣ma=75N．答：滑雪人受到的阻力为75N【点评】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．重力加速度g=10m/s2．求：（1）物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；（2）物块在3～6s中的加速度大小；（3）物块与地面间的动摩擦因数．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据力与运动的关系及牛顿第二定律，物体受合力等于零时，物体处于平衡状态，即静止或匀速运动．结合图象6﹣9s段，可求物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；根据第3s到6s内的速度图象斜率，可求这一阶段的加速度；在3～6 s内，由牛顿第二定律和滑动摩擦力公式即可求得动摩擦因素．【解答】解：（1）由v﹣t图象可知，物块在6～9 s内做匀速运动，由F﹣t图象知，6～9 s 的推力F3=4 N，故F f=F3=4 N．（2）由v﹣t图象可知，3～6 s内做匀加速运动，由a=得a=2 m/s2．（3）在3～6 s内，由牛顿第二定律有F2﹣F f=ma，得m=1 kg．且F f=μF N=μmg，则μ==0.4．答：（1）物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小为4 N；（2）物块在3～6s中的加速度大小为2 m/s2；（3）物块与地面间的动摩擦因数为0.4．【点评】利用F﹣t图象和V﹣t图象的不同时段的受力和运动情况，结合牛顿运动定律，可以分析求解物体的速度、加速度、位移、质量等物理量，难度适中．13．如图所示，一个放置在水平地面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的、与水平方向成37°角的推力F=10N的作用，使木块从静止开始运动，运动2.4m的距离后撤去推力，若木块与地面间的动摩擦因数μ=0.1．求：（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，）（1）撤去推力F瞬间，物体的速度．（2）撤去推力F后4s内，物体的位移．（g=10m/s2）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）由题意知木块先做匀加速运动，后做匀减速运动，由速度公式可以求得撤去推力F时的速度；（2）撤去推力后木块做匀减速运动，摩擦力作为合力，产生加速度，由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；木块先做匀加速运动，后做匀减速运动，由速度位移的关系式可以求得总位移．【解答】解：（1）如图所示：撤去力F之前，水平方向：Fcos37°﹣f=ma ①竖直方向：N﹣mg﹣Fsin37°=0 ②又有：f=μN ③由①②③得：a1=2.7m/s2由运动学公式：v t=v0+at ④得，撤去力F时物块速度v==3.6m/s，（2）撤去力F后，由牛顿第二定律F=ma 得物块加速度a2=μg ⑤解得a2=1m/s2，（3）物体静止所用时间为t===3.6s由运动学公式：s=v0t+at2式得，撤去力F4s内位移S=3.6×=6.4m，答：（1）撤去推力F时木块的速度为3.6m/s；（2）撤去推力F4s内运动的总位移为6.4m．【点评】分析清楚物体运动的过程，直接应用牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律求解即可，题目较简单．14．质量为m=1.0kg的小滑块（可视为质点）放在质量为M=3.0kg的长木板的右端，木板上表面光滑，木板与地面之间的动摩擦因数为μ=0.2，木板长L=1.0m．开始时两者都处于静止状态，现对木板施加水平向右的恒力F=12N，如图所示，经一段时间后撤去F．为使小滑块不掉下木板，试求：用水平恒力F作用的最长时间．（g取10m/s2）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由题，木板上表面光滑，当木板运动时，滑块相对于地面静止不动．分析木板的运动情况，在撤去F前，木板做匀加速运动，撤去F后木板做匀减速运动．根据牛顿第二定律分别求出撤去F前后木板的加速度．由位移公式分别求出木板加速和减速运动的位移与时间的关系式．当加速和减速的总位移小于等于木板的长度时，滑块不会从木板上滑下来，求出最长的时间．【解答】解：撤去F前后木板先加速后减速．设加速过程的位移为x1，加速度为a1，加速运动的时间为t1；减速过程的位移为x2，加速度为a2，减速运动的时间为t2．由牛顿第二定律得撤力前：F﹣μ（m+M）g=Ma1解得a1= m/s2撤力后：μ（m+M）g=Ma2解得a2= m/s2又x1=a1t12，x2=a2t22为使小滑块不从木板上掉下，应满足x1+x2≤L又a1t1=a2t2由以上各式可解得t1≤1 s即作用的最长时间为1s．答：用水平恒力F作用的最长时间是1s．【点评】本题首先要分析物体的运动情况，其次把握滑块不从木板上滑下的条件，即两物体之间的几何关系．。

山东省德州市某中学2016届高三物理上学期1月月考试题一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。

1-8题为单选题。

9-12为不定项选择题，每小题全选对的得4分；选对但不全的得2分；有选错或不答的得0分．）1．在电磁学建立和发展的过程中，许多物理学家做出了重要贡献．下列说法符合史实的是A ．奥斯特首先发现电流的磁效应B ．库仑首先提出电荷周围存在电场的观点C ．法拉第首先总结出判断感应电流方向的方法D ．洛伦兹提出分子电流假说，揭开磁现象的电本质2．如图所示，在一水平放置的平板MN 的上方有匀强磁场，磁感应强度的大小为B ，磁场方向垂直于纸面向里。

许多质量为m 带电量为-q 的粒子，以相同的速率v 沿位于纸面内的各个方向，由小孔O 射入磁场区域。

不计重力，不计粒子间的相互影响。

下列图中阴影部分表示带电粒子可能经过的区域，其中R=Bq ／mv 。

哪个图是正确的（ ）3.在如图(a)所示的电路中，R 1为定值电阻,R 2为滑动变阻器。

闭合电键S ，将滑动变阻器的滑动触头P 从最右端滑到最左端，两个电压表（内阻极大）的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示。

则 （ ）A ．图线甲是电压表V 1示数随电流变化的图线B ．电源内电阻的阻值为10ΩC ．电源的最大输出功率为1.5WD ．滑动变阻器R 2的最大功率为0.9W4．如图所示，在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd ，顶点a 、c 处分别 固定一个正点电荷，电荷量相等。

若将一个带负电的粒子置于b 点自由释 放，粒子将沿着对角线bd 往复运动。

粒子从b 点运动到d 点的过程中 A ．先做匀加速运动，后做匀减速运动B ．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C ．电势能与机械能之和先增大，后减小D ．电势能先减小，后增大5．如图所示，一个带负电荷的物体从粗糙斜面顶端由静止释放后，滑到斜面底端时的速度为v 。

若加上一个如图所示的垂直于纸面指向外的水平磁场，则物体滑到底端时（b）（a ）A ．v 变小B ．v 变大C ．v 不变D ．v 可能变大，也可能不变6．如图所示是测量通电螺线管内部磁感应强度的一种装置：把一个很小的测量线圈放在待测处（测量线圈平面与螺线管轴线垂直），将线圈与可以测量电荷量的冲击电流计G 串联，螺线管通过图中虚线框内的双刀双掷开关K 与电源组成闭合回路。

高三物理月考试题(90分钟)第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分，每小题至少有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

答案请填涂在答题卡上)1. 应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。

例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出。

忽略空气阻力，对此现象分析正确的是A．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C．在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D．在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度2．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t＋t2(各物理量均采用国际制单位)，则该质点A．第1 s内的位移是6 m B．前2 s内的平均速度是6 m/sC. 任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD. 任意1 s内的速度增量都是1 m/s 3．甲、乙两物体从同一点开始做直线运动，其v－t图象如图所示，下列判断正确的是A．在t a时刻两物体速度大小相等，方向相反B．在t a时刻两物体加速度大小相等，方向相反C．在t a时刻之前，乙物体在甲物体前，并且两物体间距离越来越大D．在t a时刻之后，甲物体在乙物体前，并且两物体间距离越来越大4. 如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态。

把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则A．地面对A的摩擦力增大B．A与B之间的作用力减小C．B对墙的压力增大D．A对地面的压力减小5. 物体A、B经无摩擦的定滑轮用细线连在一起，A物体受水平向右的力F的作用，此时B匀速下降，A水平向左运动，可知A．物体A做匀速运动B．A做加速运动C．物体A所受摩擦力逐渐增大D．物体A所受摩擦力不变6. 如图所示，三角形传送带以1 m/s 的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2 m ，且与水平方向的夹角均为37°。

山东省德州市第十中学2024-2025学年九年级上学期10月月考数学试卷一、单选题1．若方程2(1)90a x x +++=是关于x 的一元二次方程，则a 的取值范围是（ ） A ．1a > B ．1a ≠- C ．0a = D ．1a ≥- 2．抛物线22y x =-+的对称轴是（ ）A．直线2x = B ．直线2x =- C ．直线x =D ．y 轴3．与抛物线y=﹣x 2+1的顶点相同、形状相同且开口方向相反的抛物线所对应的函数表达式为（ ）A ．y=﹣x 2B ．y=x 2﹣1C ．y=﹣x 2﹣1D ．y=x 2+1 4．用配方法解一元二次方程28100x x -+=配方后得到的方程是（ ）A ．()2854x +=B ．()2854x -= C ．()246x += D ．()246x -= 5．著名数学家华罗庚说过：“数缺形时少直觉，形缺数时难入微．数形结合百般好，隔离分家万事非．”寥窖数语，把图形之妙趣说的淋漓尽致．如图是函数2y ax bx c =++的图象，那么无论x 为何值，函数值y 永远为负的条件是（ ）A ．0a >，240b ac ->B ．0a >，240b ac -<C ．a<0，240b ac ->D ．a<0，240b ac -<6．如表是一组二次函数2y x bx c =++的自变量和函数值的关系，那么方程20x bx c ++=的一个近似根是（ ）A ．1.2B ．2.3C ．3.4D ．4.57．已知点()14,A y -，()21,B y -，()35,C y 都在二次函数()2250y ax ax a =-+<的图象上，则1y ，2y ，3y 的大小关系用“<”表示为（ ）A ．231y y y <<B ．132y y y <<C ．213y y y <<D ．321y y y << 8．关于x 的方程2210x kx +-=的根的情况描述正确的是（ ）A ．k 为任何实数，方程都没有实数根B ．k 为任何实数，方程都有两个不相等的实数根C ．k 为任何实数，方程都有两个相等的实数根D ．根据k 的取值不同，方程根的情况分为没有实数根、有两个不相等的实数根和有两个相等的实数根三种9．已知二次函数23y x bx =++满足当1x <时，y 随x 的增大而减小，当1x >时，y 随x 的增大而增大，则当2x =时，y 的值为（ ）A ．0B ．3C ．8D ．1110．已知关于x 的一元二次方程260x x -=■，其中一次项系数被墨迹污染了．若这个方程的一个根为2-，则一次项系数为（ ）A ．2-B ．3-C ．1-D ．6-11．已知二次函数()2211y x x x t =--≤≤-，当=1x -时，函数取得最大值；当1x =时，函数取得最小值，则t 的取值范围是（ ）A ．02t <≤B ．04t <≤C ．24t ≤≤D ．2t ≥12．如图，已知抛物线2y ax bx c =++（a 、b 、c 为常数，且0a ≠）的对称轴为直线=1x -，且该抛物线与x 轴交于点()1,0A ，与y 轴的交点B 在()0,2-，()0,3-之间（不含端点），则下列结论正确的有多少个（ ）①0abc >；②930a b c -+≥； ③213a <<； ④若方程21ax bx c x +=++两根为(),m n m n <，则31m n -<<<．A ．1B ．2C ．3D ．4二、填空题13．将二次函数()234y x =-+-的图象先向右平移2个单位长度，再向上平移5个单位长度，侧平移后的二次函数解析式为．（写为顶点式即可）14．小明设计了一个魔术盒，当任意实数对(a ，b )进入其中时，会得到一个新的实数a 2＋2b－3.例如把(2，－5)放入其中就会得到22＋2×(－5)－3＝－9.现将实数对(m ，－3m )放入其中，得到实数4，则m ＝.15．如图是某停车场的平面示意图，停车场外围的长为30米，宽为18米．停车场内车道的宽都相等．停车位总占地面积为288平方米．设车道的宽为x 米，可列方程为．16．二次函数()20y ax bx c a =++≠图象经过点()1,2-，且图象对称轴为直线2x =，则方程()2200ax bx c a +++=≠的解为．17．若关于x 的一元二次方程2230x kx k -+-=的两个实数根分别是1x ，2x ，且满足()12122x x x x +=．则k 的值为．18．已知抛物线234y x x =--的图象如图①所示，先将抛物线在x 轴下方的部分沿x 轴翻折，图象其余部分不变，得到一个新图象如图②，当直线y x b =+与图象②恰有两个公共点时，则b 的取值范围为．三、解答题19．解方程：(1)()2321108x +=；(2)()3122x x x -=-；(3)29103x x +=；(4)()()2312x x --=．20．已知二次函数245y x x =--+．(1)用配方法求函数的顶点坐标；(2)补全表格，并在平面直角坐标系中用描点法画出该二次函数的图象．(3)根据图象回答下列问题：①当x ________时，y 随x 的增大而减小；②当x ________时，函数y 有最________值，是________；③当0y >时，x 的取值范围是________；④当5x 0-<<时，y 的取值范围是________．21．请阅读下列材料，并完成相应的任务.如果关于x 的一元二次方程()200ax bx c a ++=≠有一个根是1，那么我们称这个方程为“方正方程”.(1)判断一元二次方程23520x x -+=是否为“方正方程”，请说明理由.(2)已知关于x 的一元二次方程250x bx c -+=是“方正方程”，求22b c -的最小值.22．每年5月的第三个星期日为全国助残日，今年的主题是“科技助残，共享美好生活”，康宁公司新研发了一批便携式轮椅计划在该月销售，根据市场调查，每辆轮椅盈利200元时，每天可售出60辆；单价每降低10元，每天可多售出4辆．公司决定在成本不变的情况下降价销售，但每辆轮椅的利润不低于180元，设每辆轮椅降价x 元，每天的销售利润为y 元．(1)求y 与x 的函数关系式；每辆轮椅降价多少元时，每天的销售利润最大？最大利润为多少元？(2)全国助残日当天，公司共获得销售利润12160元，请问这天售出了多少辆轮椅？ 23．如图，在直角坐标系中，二次函数212y x bx c =++的图象与x 轴相交于点A −2,0 和点()6,0B ，与y 轴交于点C ．(1)求b 、c 的值；(2)若点P 是抛物线BC 段上的一点，当PBC △的面积最大时求出点P 的坐标，并求出PBC △面积的最大值．。

山东省德州一中2015届高三上学期10月月考物理试题（解析版）（考试时间：90分钟）【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在注重考查核心知识的同时，突出考查考纲要求的基本能力，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。

一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）s【题文】1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，下列说法错误的是A．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比D．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快【知识点】物理学史．P0【答案解析】ABD 解析： A、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故A错误；B、伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点，故B错误；C、胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故C正确；D、亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体下落快，故D错误；本题选错误的，故选：ABD．【思路点拨】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【题文】2．下列说法正确的是A．出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的位移大小进行计费的B．枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小C．无风的房间中将一根柔软的羽毛由静止释放，羽毛将做自由落体运动D．物体匀速运动时具有惯性，在外力作用下变速运动时失去了惯性【知识点】加速度；位移与路程．A1【答案解析】B 解析： A、出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的路程进行计费的，故A错误；B、枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小，故B正确；C、自由落体运动的条件是初速度为零，只受重力．羽毛由静止释放，空气阻力不能忽略，所以不能看成自由落体运动，故C错误；D、惯性是物体的固有属于，任何物体任何情况下都有惯性，故D错误．故选：B．【思路点拨】自由落体运动的条件是初速度为零，只受重力．物体的加速度很大，速度可以很小．路程表示运动轨迹的长度，位移是由初始位置指向末位置的有向线段表示．本题考查了加速度，自由落体运动，路程和位移等多个概念，要在平时的练习中加强理解和记忆．【题文】3．下列关于力的说法正确的是A．力是物体对物体的作用，所以发生力的作用必须相互接触B．物体受到的几个共点力的合力一定大于每一个分力C ．一个2N 的力可以分解为7N 和6N 的两个力D ．一个物体静止在斜面上，物体所受重力沿垂直斜面方向上的分量就是物体对斜面的压力【知识点】合力的大小与分力间夹角的关系．B3【答案解析】C 解析： A 、只有弹力才必须相互接触，故A 错误；B 、由平行四边形定则可知，合力可大于分力，也可小于，也可以等于，故B 错误；C 、2N 的力在7N 和6N 的两个力的最大值与最小值之间，故可以被分解，故C 正确；D 、物体所受重力沿垂直斜面方向上的分量是分力，不存在，而物体对斜面的压力，属于弹力，故D 错误；故选：C ．【思路点拨】力的作用是相互的，只有弹力必须相互接触；根据平等四边形定则，合力可大于分力，也可小于，也可以等于；因2N 在7N 和6N 的最大值与最小值之间，则可以分解；垂直斜面方向上的分量与物体对斜面的压力无关．考查力与弹力的区别，掌握力的平行四边形定则的应用，掌握分力与合力的关系．【题文】4．物体以初速度0v 竖直上抛，经3s 到达最高点，空气阻力不计，g 取10m/s2，则下列说法正确的是A ．物体上升的最大高度为45mB ．物体速度改变量的大小为30m/s ，方向竖直向上C ．物体在第1s 内、第2s 内、第3s 内的平均速度之比为5∶3∶1D ．物体在1s 内、2s 内、3s 内的平均速度之比为9∶4∶1【知识点】平均速度．A1【答案解析】AC 解析： A 、竖直上抛从最高点为自由落体运动故上升高度为h=12gt2=12×10×32m=45m，故A 正确；B 、速度改变量大小为△v=v0-0=gt=30m/s ，方向向下，故B 错误；C 、由运动学推论可知，在第1s 末、第2s 末、第3s 末的速度分别为20m/s ，10m/s ，0，故平均速度由公式02v v v +=得，物体在第1s 内、第2s 内、第3s 内的平均速度之比为5：3：1，故C 正确，D 错误；故选：AC【思路点拨】物体做竖直上抛运动，其加速度大小始终为g ，方向竖直向下，上升阶段：匀减速直线运动，达到最高点时速度为零，加速度还是g ，应用匀变速直线运动的规律求解．竖直上抛运动是加速度大小始终为g ，方向竖直向下的匀变速的运动．【题文】5．如下图所示，为A 、B 、C 三个物体从同一地点，同时出发沿同一方向做直线运动的t s -图象，则在0-t0时间内，下列说法正确的是A ．A 物体平均速度最大，B 物体平均速度最小B ．三个物体的平均速率相等C ．三个物体始终沿着同一方向运动D ．t0时C 物体的速度比B 物体的速度大【知识点】平均速度．A1【答案解析】D 解析： A、由图可知，t0时刻三个物体的位移相同，故由平均速度定义式可知，三物体的平均速度相同，故A错误；B、由图象知A通过的路程最大，B路程最小，故平均速率不同，故B错误；C、由图象可知BC沿同一方向运动，A先沿同一方向，后反向运动，故C错误；D、在s-t图象中，斜率代表速度，故t0时C物体的速度比B物体的速度大，故D正确；故选：D【思路点拨】位移时间图象描述的是物体的位置随时间的变化关系，物体通过的位移等于纵坐标s的变化量；平均速度等于位移与时间之比，由平均速度公式可求得平均速度，平均速率等于路程与时间之比，图象的斜率表示物体的速度. 本题要知道位移-时间图象的斜率等于速度，要理解掌握平均速度和平均速率的区别，平均速率不就是平均速度的大小【题文】6．如图所示，物体B的上表面水平，A、B相对于斜面体C静止，当斜面体C受到水平力F向左匀速运动的过程中A．物体A受到的弹力是由于A的形变而产生的B．物体B一定受到4个力的作用C．物体C对物体B的作用力竖直向上D．物体C和物体B之间可能没有摩擦力【知识点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．B1【答案解析】BC 解析： A、物体A受到的弹力是由于B的形变而产生的，故A错误；B、对物体B受力分析，受重力、A对B向下的压力、C对B的支持力、C对B沿斜面向上的静摩擦力，受到4个力的作用，故B正确；C、对物体B受力分析，受重力、A对B向下的压力、C对B的支持力、C对B沿斜面向上的静摩擦力，则C对物体B的作用力竖直向上；故C正确；D、假如B与C之间没有摩擦力，物体A和B不能平衡，会下滑，故D错误；故选：BC．【思路点拨】分别对A、B、受力分析，结合平衡条件和牛顿第三定律判断力的有无．本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，同时参照力的产生条件、力的作用效果、牛顿第三定律等判断力的有无．【题文】7．在光滑水平面上有一物块始终受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是A．物块接触弹簧后即做减速运动B．当物块的加速度为零时，它的速度最大C．当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D．物块接触弹簧后先加速后减速【知识点】牛顿第二定律．C2【答案解析】BD 解析： A、B物块接触弹簧后弹簧的弹力逐渐增大，开始阶段，弹力小于水平恒力F，合力方向向右，与速度方向相同，物体做加速运动，后弹力大于F，合力向左，与速度方向相反，物体开始做减速运动．所以物块接触弹簧后先加速后减速．故A错误，D 正确．B、当弹力与恒力F大小相等、方向相反时，加速度为零；此时速度达最大；故B正确；C、而当物块的速度为零时，合力向左，加速度向左，不等于零．故CD错误．故选：BD．【思路点拨】根据弹簧弹力的变化，由牛顿第二定律分析物体的运动情况和加速度变化情况．含有弹簧的问题是高考的热点，也是难点，要抓住弹簧弹力的可变性分析合力的变化，确定物体的运动情况，不能想当然认为物体一接触弹簧就做减速运动．【题文】8．一位同学乘坐电梯从六楼下到一楼的过程中，其v t-图象如图所示．下列说法正确的是A．前2s内该同学处于失重状态B．前2s内该同学的加速度大小是最后1s内的2倍C．最后1秒内该同学对地板的压力大于地板对他的支持力D．该同学在10s内的平均速度是1.7m/s【知识点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．A2【答案解析】AD 解析： A、从六楼下到一楼的过程中，前2s内物体做匀加速直线运动，加速度方向向下，该同学处于失重状态．故A正确．B、前2s内同学的加速度大小a1=22=1m/s2，最后1s内加速度的大小a2=21=2m/s2．知前2s内该同学的加速度是最后1s内的一半．故B错误．C、从六楼下到一楼的过程中，最后1秒内该同学对地板的压力大于地板对他的支持力是作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反．故C错误；D、图线与时间轴围成的面积表示位移，则10s内的位移为：x=1072+×2=17m，平均速度为：1710xvt===1.7m/s．故D正确．故选：AD．【思路点拨】根据加速度的方向判断超失重情况，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移的大小．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的斜率表示加速度．【题文】9．如图所示，A、B两物块的质量分别为m和M，把它们靠在一起从光滑斜面的顶端由静止开始下滑。

2023-2024学年山东省德州市第一中学高一上学期10月月考化学试题1.化学是一门充满神奇色彩的科学，下列说法错误的是（）A．我国科学家成功合成结晶牛胰岛素，在世界上首次实现了蛋白质的人工合成B．化学家可以在微观层面上操纵分子和原子，组装分子器件和分子机器等C．我国科学家屠呦呦因发现青蒿素，并获得2015年诺贝尔生理学或医学奖，说明化学是一门具有创造性的科学D．法国科学家拉瓦锡提出原子论，为近代化学的发展奠定了坚实的基础2.某同学将一小块金属钠和一块铁分别放在表面皿中，研究它们在空气中的稳定性，该学生采用的研究方法是( )①假说法②实验法③分类法④比较法A．①②B．①③C．②③D．②④3.实验室里做钠跟水反应的实验时，用到的仪器和药品是①试管夹②镊子③小刀④滤纸⑤研钵⑥烧杯⑦坩埚⑧石棉网⑨玻璃片⑩药匙A．①②③④B．②③④⑥⑨C．③④⑧⑨⑩D．②⑤⑦⑨⑩4.下列叙述正确的个数是（）①钠在空气中燃烧生成白色的；②金属钠着火时，可用细沙覆盖灭火；③钠投入硫酸铜溶液中有红色粉末产生；④和长期置于空气中最终产物相同A．1 B．2 C．3 D．45.下列叙述正确的是（）A．氯气是纯净物，液氯是混合物，都是黄绿色B．氯气不能溶于水，所以可用排水法收集C．氯气有毒，但可用于自来水的杀菌消毒D．既能由Fe和氯气直接反应得到，又能由Fe和盐酸反应得到6.某化学教师为“氯气与金属钠反应”设计了如图装置的实验。

实验操作：先给钠预热，到钠熔融成圆球时，撤火，通入氯气，即可见钠着火燃烧。

以下叙述中错误的是（）A．反应生成的是氯化钠晶体B．如果将钠换成铁，产生棕红色烟，将产物溶于水得黄色溶液C．撤火，通入氯气，即可见钠着火燃烧，说明反应放热D．钠着火燃烧发出黄光，产生白色烟雾7.氯气是一种大气污染物，为检验输送氯气的管道是否漏气常用浓氨水来检验，其反应的原理为、。

现象是泄漏处可以看到白烟。

下列叙述正确的是（）A．铁可以和反应，所以输送的管道不能是铁质的B．1mol 的体积为22.4LC．泄漏处看到的白烟是分散在空气中形成的D．1mol 的质量为8.下列各组数据中，前者刚好是后者两倍的是（）A．标准状况下，22.4L一氧化碳中氧原子数和16g二氧化硫中氧原子数B．200mL 氯化钙溶液中和100mL 氯化钾溶液中C．2mol水的摩尔质量和1mol水的摩尔质量D．溶液中的个数与 HCl溶液中的个数9.在氯水中存在许多分子和离子，它们在不同的反应中表现各自的性质，下列的实验和结论一致且正确的是（）A．加入金属镁产生气泡，说明溶液中有HClO分子的存在B．先加入盐酸酸化，再加入硝酸银溶液产生白色沉淀，说明氯水中有的存在C．溶液呈浅黄绿色，且有刺激性气味，说明溶液中有的存在D．加入氢氧化钠溶液，氯水浅黄绿色消失，说明溶液中有HCl分子的存在10.下列实验能达到实验目的且符合操作要求的是（）11.现有500mL，的溶液，下列操作及结论正确的是（）A．取出50mL该溶液，其中B．取出50mL该溶液，加蒸馏水配制成100mL溶液，其中所含溶质的质量为9.8gC．取出100mL该溶液，加入足量的锌粒，充分反应，标况下所得气体的体积为2.24LD．取出50mL该溶液，加入足量的溶液，完全反应，可得11.65g 沉淀12.某同学购买了一瓶84消毒液，包装说明如下，下列分析不正确的是（）净含量：500mL 密度：主要成分：质量分数为25% NaClO使用方法：稀释100倍（体积比）后使用注意事项：密封保存，易吸收空气中的变质A．次氯酸钠中的Cl元素显＋1价B．该84消毒液中NaClO的物质的量浓度约为C．84消毒液保存时不能敞口放置，需要密封保存D．欲配制与此84消毒液中NaClO浓度相同的溶液480mL，需要称量NaClO固体质量为149g13.已知ag气体XY3含有b个原子，设阿伏加德罗常数的值为N A，气体摩尔体积为V m，则该条件下11.2L该气体的质量为（）A．B．C．D．14.28g CO气体在1mol的氧气中燃烧后，所得的气体通过足量Na2O2固体中充分反应后，下列说法不正确的是（）A．CO与氧气反应，只消耗了0.5mol氧气B．充分反应后Na 2 O 2固体质量增加了28 gC．通过以上两步反应后余下氧气物质的量为0.5molD．若2gH 2替代 28g的CO发生上述反应，则Na 2 O 2固体质量增加了2g15.某实验小组通过如图所示实验，探究Na2O2与水的反应：下列说法中正确的是A．④中现象可能是由于溶液中含有漂白性物质造成的B．⑤中MnO 2的主要作用是作催化剂C．②中的大量气泡的主要成分是氢气D．③中溶液变红，说明有酸性物质生成16.回答下列问题：(1)0.5mol水中含有______个水分子；9g水与______g硫酸所含的分子数相等。

2015-2016学年山东省德州市某中学高二（上）第一次月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分，共40分．）1．以下说法正确的是（）A．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关2．有A、B、C三个点电荷，若将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A的库仑力大小为F．若将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么C与A所带电荷量大小之比是（）A．1：2 B．1：4 C．2：1 D．4：13．如图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点．已知O点电势高于c 点，若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零4．如图所示，a、b、c、d、e五点在一直线上，b、c两点间的距离等于d、e两点间的距离．在a点固定放置一个点电荷，带电量为+Q，已知在+Q的电场中b、c两点间的电势差为U．将另一个点电荷+q从d点移动到e点的过程中（）A．电场力做功qU B．克服电场力做功qUC．电场力做功大于qU D．电场力做功小于qU5．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点电势比b点低B．a、b、c三点和无穷远处等电势C．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点小D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动6．如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率v B=3v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A．B．C．D．7．如图所示，平行板电容器的两个极板为A、B，B极板接地，A极板带有电荷量+Q，板间电场有一固定点P，若将B极板固定，A极板下移一些，或者将A极板固定，B极板上移一些，在这两种情况下，以下说法正确的是（）A．A极板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A极板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B极板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D．B极板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低8．有三个质量相等，分别带有正电、负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到下极板A、B、C处，如图所示，则下列说法正确的有（）A．粒子A带正电，B不带电，C带负电B．三个粒子在电场中运动时间相等C．三个粒子在电场中运动的加速度a A＜a B＜a CD．三个粒子到达极板时的动能E kC＞E kB＞E kA9．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C处电场强度在x方向上的分量分别是E Bx、E Cx，下列说法中正确的有（）A．E Bx的大小大于E Cx的大小B．E Bx的方向沿x轴的正方向C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量为0D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做负功，后做正功10．在一足够大的空间内，有一做周期性变化的匀强电场．如图所示为其场强随时间变化的图象．一带电粒子（不计重力）在t=0时在电场中无初速释放，则（）A．粒子在电场中总是沿某个方向运动，位移越来越大B．粒子在电场中来回运动，每隔，速度方向改变一次C．粒子的速度和加速度的方向都不随时间变化，但速度和加速度的大小随时间做周期性变化D．每隔，加速度方向变化，而速度方向始终不变化，速度大小不断变化二、填空题（每空2分，共16分）11．如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下一带电粒子（不计重力）经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，试判断：（1）粒子带电．（2）粒子在点加速度大．12．如图所示是某电场中的一簇等势面，甲等势面的电势为90V，乙等势面的电势为﹣10V，各相邻等势面间的电势差相等（l）将q=+1×10﹣8C的电荷从A点移到B点，电场力做功；（2）将q=﹣1×10﹣8C的电荷从A点移到C 点，电场力做功．13．一个半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电量为+Q的电荷，另一电量为+q的点电荷放在球心O上，由于对称性，点电荷受力为零，现在球壳上挖去半径为r（r＜＜R）的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受力的大小为（已知静电力恒量k），方向．14．空气中的负氧离子对于人的健康极为有益．人工产生负氧离子的方法最常见的是电晕放电法．如图所示一排针状负极和环形正极之间加上直流高压电，电压达5000V左右，使空气发生电离，从而产生负氧离子．在负极后面加上小风扇，将大量负氧离子排出，使空气清新化．针状负极与环形正极间距离为5mm，且视为匀强电场，则电场强度为V/m，电场对负氧离子的作用力为N．三、计算题（本大题共3个小题，共44分.要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）15．（14分）（2014秋•海阳市校级期末）如图所示，一带电微粒质量为m、电荷量为q，从静止开始经电压为U1的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角为θ．已知偏转电场中金属板长L，两板间距d，带电微粒重力忽略不计．求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2．16．（14分）（2015•陕西模拟）如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连．它的极板长L=0.4m，两板间距离d=4×10﹣3m，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v0从两板中央平行极板射入，开关S闭合前，两板不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正中央，已知微粒质量为m=4×10﹣5kg，电量q=+1×10﹣8C，（g=10m/s2）求：（1）微粒入射速度v0为多少？（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的正极还是负极相连？所加的电压U应取什么范围？17．（16分）（2011•通州区模拟）如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑轨道，一个带负电的小球从斜轨上的A点由静止释放，沿轨道滑下，已知小球的质量为m，电荷量为﹣q，匀强电场的场擞大小为E，斜轨道的倾角为a，圆轨迹道半径为R，小球的重力大于受的电场力．（1）求小球沿轨道滑下的加速度的大小：（2）若使小球通过圆轨道顶端的B点，求A点距水平地面的高度h1，至少为多大；（3）若小球从斜轨道h2=5R处由静止到释放．假设其能通过B点．求在此过程中小球机械能的改变量．2015-2016学年山东省德州市某中学高二（上）第一次月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分，共40分．）1．以下说法正确的是（）A．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关【考点】电场强度；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的；电场中某点的电势φ与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的．U ab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离．电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关．【解答】解：A、电场强度是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的，故A错误．B、电场中某点的电势φ与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的．故B错误．C、U ab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离，故C错误．D、公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关，与两极板间距离d，极板面积S等有关．故选D．【点评】在物理中很多物理量是采用比值法定义的，注意采用比值法定义时被定义的物理量与公式中的物理量无关，在学习中可以将这些物理量类比学习．2．有A、B、C三个点电荷，若将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A的库仑力大小为F．若将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么C与A所带电荷量大小之比是（）A．1：2 B．1：4 C．2：1 D．4：1【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】库仑定律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．【解答】解：将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A的库仑力大小为F；将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F；根据库仑定律公式F=k，当距离一定时，库仑力与电荷量的乘积成正比；现在库仑力变为2倍，说明电荷量乘积变为2倍，即：q B q C=2q A q B，故q C：q A=2：1；故选C．【点评】本题关键是根据库仑定律并采用控制变量法进行研究，基础题．3．如图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点．已知O点电势高于c 点，若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性．由动能定理可知，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，但方向不同．N从O点运动至a点的过程中电场力做正功．O、b间电势差为零，由动能定理可知电场力做功为零．【解答】解：A、由题，等势线在水平方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出a粒子所受的电场力方向竖起向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N粒子带负电，M带正电．故A错误；B、由动能定理可知，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，但方向不同，速度不同．故B正确；C、N从O点运动至a点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功．故C错误；D、O、b间电势差为零，由动能定理可知M从O点运动至b点的过程中，电场力对它做功为零．故D正确．故选：BD．【点评】本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性．由动能定理分析电场力做功是常用的方法．4．如图所示，a、b、c、d、e五点在一直线上，b、c两点间的距离等于d、e两点间的距离．在a点固定放置一个点电荷，带电量为+Q，已知在+Q的电场中b、c两点间的电势差为U．将另一个点电荷+q从d点移动到e点的过程中（）A．电场力做功qU B．克服电场力做功qUC．电场力做功大于qU D．电场力做功小于qU【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场力的方向与位移方向的关系分析电场力做功的正负．由U=Ed，定性分析b、c两点间电势差与d、e两点间电势差的关系，再由电场力做功公式W=qU研究+q从d点移动到e点的过程中电场力做功大小．【解答】解：在+Q的电场中，将+q从d点移动到e点的过程中，电荷所受的电场力方向与位移方向相同，则电场力做正功．根据E=k得知，b、c两点间的电场强度大于d、e两点间的电场强度，b、c两点间的距离等于d、e两点间的距离，由U=Ed分析可知，将+q从d 点移动到e点的过程中，电场力做功小于从从b点移动到c点的过程中电场力做功qU．所以电场力做功小于qU．故选：D．【点评】公式U=Ed，适用于匀强电场，但可用来定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系．5．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点电势比b点低B．a、b、c三点和无穷远处等电势C．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点小D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动【考点】电场的叠加；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、B、a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等．故A错误，B正确．C、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，故b点的电场强度大于a处电场强度．故C错误．D、一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c点．故D错误．故选：B．【点评】对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆．6．如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率v B=3v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A．B．C．D．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；带电粒子在混合场中的运动．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用，根据动能定理求出AB两点间的电势差U AB．【解答】解：粒子，从A到B，根据动能定理得qU AB﹣mgh=因为速率v B=3v0，粒子在竖直方向，只受到重力，所以机械能守恒，则有mgh=．由以上三式解得．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理．本题的难点在于运动的处理，由于微粒受到两个恒力作用，运用运动的分解是常用的方法7．如图所示，平行板电容器的两个极板为A、B，B极板接地，A极板带有电荷量+Q，板间电场有一固定点P，若将B极板固定，A极板下移一些，或者将A极板固定，B极板上移一些，在这两种情况下，以下说法正确的是（）A．A极板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A极板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B极板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D．B极板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低【考点】电容器的动态分析；电势．【专题】电容器专题．【分析】由题，电容器两板所带电量不变，改变板间距离时，根据推论分析板间场强的变化．由U=Ed分析P点与下板间的电势差如何变化，结合电势的高低关系，判断P点电势的变化．【解答】解：A、B，由题，电容器两板所带电量不变，正对面积不变，A板下移时，根据C=、C=和E=可推出：E=可知，P点的电场强度E不变．P点与下板的距离不变，根据公式U=Ed，P点与下板的电势差不变，则P点的电势不变．故A正确，B错误．C、D、B板上移时，同理得知，P点的电场强度不变，根据公式U=Ed，P点与下板的电势差减小，而P点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，所以P点电势降低．故C正确，D 错误．故选：AC【点评】本题是电容器的动态变化分析问题，板间的场强E=要在理解并会推导的基础上记住，这是一个很重要的结论．8．有三个质量相等，分别带有正电、负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到下极板A、B、C处，如图所示，则下列说法正确的有（）A．粒子A带正电，B不带电，C带负电B．三个粒子在电场中运动时间相等C．三个粒子在电场中运动的加速度a A＜a B＜a CD．三个粒子到达极板时的动能E kC＞E kB＞E kA【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】三个质量相等的微粒在电场中都做类平抛运动，根据水平位移的大小比较出运动的时间，根据竖直位移相等，比较出粒子在竖直方向上的加速度，从而判断出电荷的电性．根据动能定理比较三个微粒到达极板时的动能．【解答】解：ABC、三个微粒的初速度相等，水平位移x A＞x B＞x C，根据水平方向上做匀速直线运动，所以由公式x=vt得t A＞t B＞t C．三个微粒在竖直方向上的位移相等，根据y=at2，知a A＜a B＜a C．从而得知B仅受重力，A所受的电场力向上，C所受的电场力向下，所以B不带电，A带正电，C带负电．故AC正确，B错误．D、根据动能定理，三个微粒重力做功相等，A电场力做负功，C电场力做正功，所以C的动能变化量最大，A动能变化量最小，初动能相等，所以三个微粒到达极板时的动能E kA＜E kB ＜E kc．故D正确．故选：ACD．【点评】解决本题的关键知道微粒做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，关键找到突破口，本题从初速度相等，水平位移不等入手分析．9．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C处电场强度在x方向上的分量分别是E Bx、E Cx，下列说法中正确的有（）A．E Bx的大小大于E Cx的大小B．E Bx的方向沿x轴的正方向C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量为0D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做负功，后做正功【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题的入手点在于如何判断E Bx和E Cx的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论，此方法为微元法．【解答】解：A、在B点和C点附近分别取很小的一段d，由图象，B点段对应的电势差大于C点段对应的电势差，看做匀强电场有，可见E Bx＞E Cx，故A正确；B、沿电场方向电势降低，在O点左侧，E Bx的方向沿x轴负方向，在O点右侧，E Cx的方向沿x轴正方向，故B错误；C、与A的分析同理可知O点场强最小，电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量为0，故C正确；D、在O点左侧，E Bx的方向沿x轴负方向，在O点右侧，E Cx的方向沿x轴正方向，负电荷沿x轴从B移到C的过程中，负电荷的电势能先减小后增大，所以电场力先做正功，后做负功．故D错误．故选：AC．【点评】本题结合电势φ在x轴上分布考查电场强度、电势能等概念，需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解，并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高．10．在一足够大的空间内，有一做周期性变化的匀强电场．如图所示为其场强随时间变化的图象．一带电粒子（不计重力）在t=0时在电场中无初速释放，则（）A．粒子在电场中总是沿某个方向运动，位移越来越大B．粒子在电场中来回运动，每隔，速度方向改变一次C．粒子的速度和加速度的方向都不随时间变化，但速度和加速度的大小随时间做周期性变化D．每隔，加速度方向变化，而速度方向始终不变化，速度大小不断变化【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】首先知道图象的意义，场强大小不变而方向周期性的变化；再以带电粒子为研究对象，受力分析和运动分析，从而判断选项．【解答】解：以带电粒子为研究对象，受大小不变的电场力，但方向周期性的变化，所以带电粒子第一个T内，在内先做初速度为零的匀加速，在后内做匀减速并且末速度为零，在第二个T内与第一个T内相同的运动，这样周而复始，所以带电粒子的运动方向不变即速度方向不变，位移越来越大；由于场强周期性的变化，所以电场力周期性的变化，即每隔加速度方向发生变化，故AD正确，BC错误．故选：AD．【点评】明确图象的意义和带电粒子受力的特点，据此分析带电粒子的运动是解题的核心；一定注意运动方向、位移和加速度的变化情况．二、填空题（每空2分，共16分）11．如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下一带电粒子（不计重力）经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，试判断：（1）粒子带正电．（2）粒子在 B 点加速度大．【考点】电场线．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．【解答】解：（1）由电场线方向可知A点场强方向，由轨迹知粒子受力方向应与E方向一致，粒子应带正电．（2）由于B点的电场线密，所以B点的场强较大，B点电场力大，且电荷在B点受力方向跟该处的场强方向相同．则粒子B点的加速度较大．故答案为：（1）正；（2）B【点评】本题要熟记忆电场线的两个物理意义：电场线的疏密表示场强的相对大小，顺着电场线方向电势降低．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．12．如图所示是某电场中的一簇等势面，甲等势面的电势为90V，乙等势面的电势为﹣10V，各相邻等势面间的电势差相等（l）将q=+1×10﹣8C的电荷从A点移到B点，电场力做功1×10﹣6J ；（2）将q=﹣1×10﹣8C的电荷从A点移到C 点，电场力做功﹣2×10﹣6J ．【考点】等势面．【分析】求出AB、AC两点间的电势差，根据W=qU求出电场力所做的功【解答】解：（1）甲等势面的电势为90V，乙等势面的电势为﹣10V，各相邻等势面间的电势差相等，则A点的电势为140V，B点电势为40V，C点电势为﹣60V．则：W AB=qU AB=q（φA﹣φB）=1×10﹣8×（140﹣40）J=1×10﹣6J（2）W AC=qU AC=q（φA﹣φC）=（﹣1）×10﹣8×（140+60）J=﹣2×10﹣6J故答案为：（1）1×10﹣6J；（2）﹣2×10﹣6J【点评】解决本题的关键掌握电场力做功的公式W=qU，13．一个半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电量为+Q的电荷，另一电量为+q的点电荷放在球心O上，由于对称性，点电荷受力为零，现在球壳上挖去半径为r（r＜＜R）的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受力的大小为（已知静电力恒量k），方向由球心指向小孔中心．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题意可知，当不挖去时，点电荷的受力为零，则挖去的小圆电荷产生的电场强度与剩下的电荷产生的电场强度大小相等，因此根据库仑定律可知求出挖去小圆电荷在O点的电场强度，从而即可求解．【解答】解：球壳上挖去半径为r（r≪R）的一个小圆孔的电荷量，为q′=，根据库仑定律，可知点电荷量q′对在球心点电荷q 处的电场力为：F=k=，那么剩下的球壳电荷对球心处点电荷的电场力也为F=，库仑力的方向，即为指向小孔．。