(人教版)高中物理选修3-2(全册)课时跟踪同步练习汇总

高中物理学习材料桑水制作[课时跟踪训练](时间30分钟，满分60分)一、选择题(本题共8小题，每小题5分，共40分。

每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．理想降压变压器的原线圈接电流表A1和电阻R1后，接6 V恒定直流电源，如图1所示，当副线圈的负载电阻R2变小时，以下说法正确的是( )A．输出功率增大图1B．A2读数增大C．A1读数增大D．A1读数不为零，且保持不变解析：根据变压器的工作原理，变压器不能用来改变恒定直流电压，因此本题变压器原线圈接在6 V恒定电流电源上，副线圈上无电压，无输出功率，无读数，由于原线圈构成直流通路，故有恒定读数，本题选项D正确。

答案：D2．如图2所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2＝4∶1，原线圈两端连接光滑导轨，副线圈与电阻R相连组成闭合回路。

当直导线AB在匀强磁场中沿导轨匀速地向右做切割磁感线运动时，安培表A1的读数为12 mA，那么安培表A2的读数为( )图2A．0 B．3 mAC．48 mA D．与R大小有关解析：导线AB切割磁感线产生的感应电动势为E感＝Blv。

由于B、l、v三个量均不变，故感应电动势为一定值，原线圈中电流恒为12 mA，变压器原、副线圈中无法发生互感现象，副线圈输出电压应为零，故安培表A2的读数为0。

答案：A3．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，原线圈输入电压的变化规律如图3甲所示，副线圈所接电路如图3乙所示，P为滑动变阻器的触头。

下列说法正确的是( )图3A．副线圈输出电压的频率为50 HzB．副线圈输出电压的有效值为31 VC．P向右移动时，原、副线圈的电流比减小D．P向右移动时，变压器的输出功率增加解析：由图像可知原线圈输入电压的最大值：U m＝311 V，T＝2×10－2 s，则原线圈输入电压的有效值：U1＝U m2＝220 V，f＝1T＝12×10－2 s＝50 Hz，选项A正确。

课时跟踪检测（三）楞次定律的应用一、单项选择题1、如图所示,MN、PQ为同一水平面的两平行导轨,导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场( 图中未画出),导体ab、cd与导轨有良好的接触并能滑动,当ab沿导轨向右滑动时,则( )A、cd向右滑动B、cd不动C、cd向左滑动D、无法确定详细解析:选A根据楞次定律的扩展含义“增缩减扩”,当ab沿导轨向右滑动时,穿过abdc回路的磁通量要增大,为阻碍此变化,cd将向右滑动,故A正确。

2、如图所示,ab是一个可绕垂直于纸面的轴O转动的闭合矩形导线框,当滑动变阻器R的滑片自左向右滑动时,线框ab的运动情况是( )A、保持静止不动B、逆时针转动C、顺时针转动D、发生转动,但电源极性不明,无法确定转动的方向详细解析:选C由题图所示电路,当滑动变阻器的滑片向右滑动时,电路中电阻增大,电流减弱,则穿过闭合导线框ab的磁通量将减少,根据楞次定律,感应电流磁场将阻碍原磁通量的变化,线框ab只有顺时针转动,才能使穿过线圈的磁通量增加。

3、如图所示,一轻质横杆两侧各固定一金属环,横杆可绕中心点自由转动,拿一条形磁铁插向其中一个小环后又取出插向另一个小环,发生的现象是( )A、磁铁插向左环,横杆发生转动B、磁铁插向右环,横杆发生转动C、无论磁铁插向左环还是右环,横杆都不发生转动D、无论磁铁插向左环还是右环,横杆都发生转动详细解析:选B磁铁插向左环,因为左环不闭合,不能产生感应电流,不受安培力的作用,横杆不发生转动；磁铁插向右环,因为右环闭合,能产生感应电流,在磁场中受到安培力的作用,横杆发生转动,选项B正确。

4、如图所示,两个相同的铝环穿在一根光滑杆上,将一根条形磁铁向左插入铝环的过程中,两环的运动情况是( )A、同时向左运动,间距增大B、同时向左运动,间距不变C、同时向左运动,间距变小D、同时向右运动,间距增大详细解析:选C将一根条形磁铁向左插入铝环的过程中,两个环中均产生感应电流。

高中物理教科版选修3-2课时跟踪检测全集（共15份）课时跟踪检测（一）电磁感应的发现感应电流产生的条件1．关于感应电流，下列说法中正确的是( )A．只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流 B．只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流C．若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流D．当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流解析：选D 如果线圈不闭合，就不能形成回路，所以不能产生感应电流，A错误；闭合线圈只有一部分导线做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，B、C错误；当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流，D正确。

2．利用所学物理知识，可以初步了解常用的公交一卡通(IC卡)的工作原理及相关问题。

IC卡内部有一个由电感线圈L和电容C构成的LC振荡电路。

公交车上的读卡机(刷卡时“嘀”的响一声的机器)向外发射某一特定频率的电磁波。

刷卡时，IC卡内的线圈L中产生感应电流，给电容C充电，达到一定的电压后，驱动卡内芯片进行数据处理和传输。

下列说法正确的是( )A．IC卡工作所需要的能量来源于卡内的电池B．仅当读卡机发射该特定频率的电磁波时，IC卡才能有效工作C．若读卡机发射的电磁波偏离该特定频率，则线圈L中不会产生感应电流 D．IC卡只能接收读卡机发射的电磁波，而不能向读卡机传输自身的数据信息解析：选B IC卡工作所需要的能量是线圈L中产生的感应电流，选项A错误；要使电容C达到一定的电压，则读卡机应该发射特定频率的电磁波，IC卡才能有效工作，选项B正确；若读卡机发射的电磁波偏离该特定频率，线圈L中会产生感应电流，但电容C不能达到一定的电压，IC卡不能有效工作，选项C错误；IC卡既能接收读卡机发射的电磁波，也能向读卡机传输自身的数据信息，选项D错误。

3.如图1所示，大圆导线环A中通有电流，方向如图所示，另在导线环A所在的平面内画一个圆B，它的一半面积在A环内，另一半面积在A环外，则穿过B圆内的磁通量( )图1A．为零B．垂直向里 C．垂直向外D．条件不足，无法判断解析：选B 由环形电流的磁感线分布可知，中间密，外部稀疏，所以穿过B圆的总磁通量是垂直纸面向里的，则选项B正确。

课时追踪检测（十一） 电能的输送1． [多项选择 ]在远距离输电中，当输电线的电阻和输送的电功率不变时，那么A ．输电线路上损失的电压与输电电流成正比B ．输电电压越高，输电线路上损失的电压越大C ．输电线路上损失的功率跟输电电压的平方成反比D ．输电线路上损失的功率跟输电线上的电流成正比( )分析： 选 AC 输电线路上损失的电压 U ＝ Ir ，在 r 一准时， U 和I 成正比。

若 U 越高，由 I ＝P，则 I 越小，那么 U 越小。

输电线路上损失的功率P ＝I 2 r ，当 P 一准时， IU＝ P，所以 P ＝P 2U U r ，即 P 和 U 的平方成反比，跟 I 的平方成正比，应选项A 、C 正确，B 、 D 错误。

2． [多项选择 ]远距离输电装置如下图，升压变压器和降压变压器均是理想变压器。

当S由 2 改接为 1 时，以下说法正确的选项是 ()A ．电压表读数变大B ．电流表读数变大C ．电流表读数变小D ．输电线损失的功率减小分析： 选 AB 改接为 1 时，升压变压器的原线圈匝数不变，副线圈匝数变大，所以输电电压变大，降压变压器的输入电压和输出电压均变大，电压表读数变大，选项 A 正确； 降压变压器的输出电压变大时，流过灯泡的电流 I 灯 也变大，输电线上的电流I 线跟着I 灯的变大而变大，所以电流表读数变大，选项B 正确，选项C 错误； I 线变大，输电线损失的功率 P 线＝I 线 2R 变大，选项 D 错误。

3． [多项选择 ]发电厂发电机的输出电压是U 1，发电厂至学校的输电导线总电阻为 R ，导线 中的电流为 I ，学校获取的电压为 U 2，则输电线上损失的功率以下表达式正确的选项是()22U 1U 1－U 2A ． RB ．RC ． I 2RD ． I(U 1－ U 2)2分析： 选 BCD 用 P ＝ U求电阻上损失的功率时， U 要与电阻 R 相对应，选项 A 中的RU 1 是输出电压不是输电线上的电压，应选项 A 是错误的。

（人教版）高中物理选修3-2（全册）课时同步练习汇总第四章第1、2节划时代的发现探究感应电流的产生条件课时达标训练新人教版选修3-2一、单项选择题1．下列现象中属于电磁感应现象的是( )A．磁场对电流产生力的作用B．变化的磁场使闭合电路中产生电流C．插在通电螺线管中的软铁棒被磁化D．电流周围产生磁场2.如图所示, 矩形线框abcd 放置在水平面内, 磁场方向与水平方向成α角, 已知sinα＝45, 回路面积为S , 磁感应强度为B , 则通过线框的磁通量为( )A ．BS B.45BS C.35BS D.34BS3．如图所示, 开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直, 且一半在磁场内, 一半在磁场外, 若要使线框中产生感应电流, 下列办法中不可行的是( )A ．将线框向左拉出磁场B ．以ab 边为轴转动(小于90°)C ．以ad 边为轴转动(小于60°)D ．以bc 边为轴转动(小于60°)4．如图所示, 在匀强磁场中的矩形金属轨道上, 有等长的两根金属棒ab 和cd , 它们以相同的速度匀速运动, 则( )A ．断开开关S, ab 中有感应电流B ．闭合开关S, ab 中有感应电流C ．无论断开还是闭合开关S, ab 中都有感应电流D ．无论断开还是闭合开关S, ab 中都没有感应电流二、多项选择题5．我国已经制订了登月计划, 假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场. 他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈, 则下列推断正确的是( )A ．直接将电流表放于月球表面, 通过观察电流表是否有示数来判断磁场的有无B ．将电流表与线圈组成闭合回路, 使线圈沿某一方向运动, 如果电流表无示数, 则可判断月球表面无磁场C ．将电流表与线圈组成闭合回路, 使线圈沿某一方向运动, 如果电流表有示数, 则可判断月球表面有磁场D ．将电流表与线圈组成闭合回路, 使线圈在某一平面内沿各个方向运动, 电流表无示数, 则不能判断月球表面有无磁场6.如图所示, 水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线, 以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系. 四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置, 两直导线中的电流大小与变化情况完全相同, 电流方向如图中所示, 当两直导线中的电流都增大时, 四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是( )A．线圈a中无感应电流 B．线圈b中有感应电流C．线圈c中有感应电流 D．线圈d中无感应电流7．如图所示, 线圈abcd在磁场区域ABCD中, 下列哪种情况下线圈中有感应电流产生( )A．把线圈变成圆形(周长不变)B．使线圈在磁场中加速平移C．使磁场增强或减弱D．使线圈以过ab的直线为轴旋转8．如图所示, 用导线做成圆形或正方形回路, 这些回路与一直导线构成几种位置组合(彼此绝缘), 下列组合中, 切断直导线中的电流时, 闭合回路中会有感应电流产生的是( )三、非选择题9.边长L＝10 cm的正方形线框固定在匀强磁场中, 磁场方向与线圈平面间的夹角θ＝30°, 如图所示, 磁感应强度随时间变化的规律为B＝(2＋3t)T, 则第3 s内穿过线圈的磁通量的变化量ΔΦ为多少?10.如图所示, 有一个垂直于纸面向里的匀强磁场, B 1＝0.8 T, 磁场有明显的圆形边界, 圆心为O , 半径为r ＝1 cm. 现在纸面内先后放上与磁场垂直的圆线圈, 圆心均在O 处, A 线圈半径为1 cm, 10匝; B 线圈半径为2 cm, 1匝; C 线圈半径为0.5 cm, 1匝. 问:(1)在B 减为B 2＝0.4 T 的过程中, A 线圈和B 线圈磁通量改变多少? (2)在磁场转过30°角的过程中, C 线圈中磁通量改变多少?答案1．解析: 选 B 磁场对电流产生力的作用属于通电导线在磁场中的受力情况; 插在通电螺线管中的软铁棒被磁化属于电流的磁效应; 电流周围产生磁场属于电流的磁效应; 而变化的磁场使闭合电路中产生电流属于电磁感应现象. 故正确答案为B.2．解析: 选B 在磁通量Φ＝BS 公式中, B 与S 必须垂直, 若B 与S 不垂直, 则S 要转化为垂直于B 的有效面积, 也可以将B 转化为垂直于S 的垂直分量, 故Φ＝BS ·sin α＝45BS . 3．解析: 选D 将线框向左拉出磁场的过程中, 线框的bc 部分做切割磁感线的运动, 或者说穿过线框的磁通量减少, 所以线框中将产生感应电流. 当线框以ab 边为轴转动时,线框的cd边的右半段在做切割磁感线的运动, 或者说穿过线框的磁通量在发生变化, 所以线框中将产生感应电流. 当线框以ad边为轴转动(小于60°)时, 穿过线框的磁通量在减小, 所以在这个过程中线框中会产生感应电流, 如果转过的角度超过60°, bc边将进入无磁场区, 那么线框中将不产生感应电流(60°～300°). 当线框以bc边为轴转动时, 如果转动的角度小于60°, 则穿过线框的磁通量始终保持不变(其值为磁感应强度与矩形面积的一半的乘积).4．解析: 选B 两根金属棒ab和cd以相同的速度匀速运动, 若断开开关S, 两根金属棒与导轨构成的回路中磁通量无变化, 则回路中无感应电流, 故选项A、C错误; 若闭合开关S, 两根金属棒与导轨构成的回路中磁通量发生变化, 则回路中有感应电流, 故B正确, D错误.5．解析: 选CD 当线圈平面与磁场方向平行时, 不论向哪个方向移动线圈, 穿过线圈的磁通量都不会变化, 所以也不会产生感应电流, 因此不能判断有无磁场存在; 若使闭合线圈沿某一方向移动时有感应电流产生, 则一定存在磁场. 故正确答案为C、D.6．解析: 选CD 根据安培定则可判断出电流产生的磁场方向, 线圈a中的磁场方向均垂直于纸面向里, 线圈c中的磁场方向均垂直于纸面向外, 线圈b、d中的合磁通量始终为零, 故增大两直导线中的电流时, 线圈a、c中的磁通量发生变化, 有感应电流产生, 而线圈b、d中无感应电流产生. 选项C、D正确, A、B错误.7．解析: 选ACD 选项A中, 线圈的面积变化, 磁通量变化, 故A正确; 选项B中, 无论线圈在磁场中匀速还是加速平移, 磁通量都不变, 故B错; 选项C、D中, 线圈中的磁通量发生变化, 故C、D正确.8．解析: 选CD 穿过线圈A中有效磁通量为ΦA＝Φ出－Φ进＝0, 且始终为零, 即使切断导线中的电流, ΦA也始终为零, A中不可能产生感应电流. B中线圈平面与导线的磁场平行, 穿过B的磁通量也始终为零, B中也不能产生感应电流. C中穿过线圈的磁通量, ΦΦ出, 即ΦC≠0, 当切断导线中电流后, 经过一定时间, 穿过线圈的磁通量ΦC减小为零, 进＞所以C中有感应电流产生. D中线圈的磁通量ΦD不为零, 当电流切断后, ΦD最终也减小为零, 所以D中也有感应电流产生.9．解析: 第3 s内就是从2 s末到3 s末, 所以, 2 s末的磁场的磁感应强度为B1＝(2＋3×2)T＝8 T3 s末的磁场的磁感应强度为B2＝(2＋3×3)T＝11 T则有ΔΦ＝ΔBS sin θ＝(11－8)×0.12×sin 30° Wb＝1.5×10－2 Wb答案: 1.5×10－2 Wb10．解析: (1)对A线圈, Φ1＝B1πr2,Φ2＝B2πr2磁通量的改变量|Φ2－Φ1|＝(0.8－0.4)×3.14×10－4 Wb＝1.256×10－4 Wb对B线圈, Φ1＝B1πr2, Φ2＝B2πr2磁通量的改变量|Φ2－Φ1|＝(0.8－0.4)×3.14×10－4 Wb＝1.256×10－4 Wb(2)对C线圈: Φ1＝Bπr2C, 磁场转过30°, 线圈仍全部处于磁场中, 线圈面积在垂直磁场方向的投影为πr2C cos 30°, 则Φ2＝Bπr2C cos 30°. 磁通量的改变量|Φ2－Φ1|＝Bπr2C(1－cos 30°)≈0.8×3.14×(5×10－3)2×(1－0.866) Wb≈8.4×10－6 Wb答案: (1)1.256×10－4 Wb 1.256×10－4 Wb (2)8.4×10－6 Wb第四章 第4节 法拉第电磁感应定律课时达标训练 新人教版选修3-2一、单项选择题1．一金属圆环水平固定放置, 现将一竖直的条形磁铁, 在圆环上方沿圆环轴线从静止开始释放, 在条形磁铁穿过圆环的过程中, 条形磁铁与圆环( )A ．始终相互吸引B ．始终相互排斥C ．先相互吸引, 后相互排斥D ．先相互排斥, 后相互吸引2．如图甲所示, 长直导线与闭合金属线框位于同一平面内, 长直导线中的电流i 随时间t 的变化关系如图乙所示. 在0～T 2时间内, 直导线中电流向上, 则在T2～T 时间内, 线框中感应电流的方向与所受安培力情况是( )A ．感应电流方向为顺时针, 安培力的合力方向向左B ．感应电流方向为逆时针, 安培力的合力方向向右C ．感应电流方向为顺时针, 安培力的合力方向向右D ．感应电流方向为逆时针, 安培力的合力方向向左3.如图所示, 通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环, 铜环平面与螺线管截面平行. 当电键S 接通瞬间, 两铜环的运动情况是( )A ．同时向两侧推开B ．同时向螺线管靠拢C ．一个被推开, 一个被吸引, 但因电源正负极未知, 无法具体判断D ．同时被推开或同时向螺线管靠拢, 因电源正负极未知, 无法具体判断4．电阻R 、电容器C 与一个线圈连成闭合回路, 条形磁铁静止在线圈的正上方, N 极朝下, 如图所示. 现使磁铁开始自由下落, 在N 极接近线圈上端过程中, 流过R 的电流方向和电容器极板的带电情况是( )A．从a到b, 上极板带正电B．从a到b, 下极板带正电C．从b到a, 上极板带正电D．从b到a, 下极板带正电5.如图所示, ab为一金属杆, 它处在垂直于纸面向里的匀强磁场中, 可绕a点在纸面内转动; S是以a为圆心位于纸面内的金属圆环. 在杆转动过程中, 杆的b端与金属环保持良好接触; A为电流表, 其一端与金属环相连, 一端与a点良好接触. 当杆沿顺时针方向转动时, 某时刻ab杆的位置如图所示, 则此时刻( )A．电流表中电流的方向由c→d; 作用于ab的安培力向右B．电流表中电流的方向由c→d; 作用于ab的安培力向左C．电流表中电流的方向由d→c; 作用于ab的安培力向右D．无电流通过电流表, 作用于ab的安培力为零二、多项选择题6.如图所示, 闭合金属圆环沿垂直于磁场方向放置在有界匀强磁场中, 将它从匀强磁场中匀速拉出, 以下各种说法中正确的是( )A．向左拉出和向右拉出时, 环中的感应电流方向相反B．向左或向右拉出时, 环中感应电流方向都是沿顺时针方向的C．向左或向右拉出时, 环中感应电流方向都是沿逆时针方向的D．环在离开磁场之前, 圆环中无感应电流7.如图所示, 用一根长为L、质量不计的细杆与一个上孤长为l0、下弧长为d0的金属线框的中点联结并悬挂于O点, 悬点正下方存在一个上弧长为2l0、下弧长为2d0的方向垂直纸面向里的匀强磁场, 且d0≪L. 先将线框拉开到如图所示位置, 松手后让线框进入磁场, 忽略空气阻力和摩擦力, 下列说法正确的是( )A．金属线框进入磁场时感应电流的方向为a→b→c→d→aB．金属线框离开磁场时感应电流的方向为a→b→c→d→aC．金属线框dc边进入磁场与ab边离开磁场的速度大小总是相等D．向左摆动进入或离开磁场的过程中, 所受安培力方向向右; 向右摆动进入或离开磁场的过程中, 所受安培力方向向左8.如图所示, “U”形金属框架固定在水平面上, 金属杆ab与框架间无摩擦. 整个装置处于竖直方向的磁场中. 若因磁场的变化, 使杆ab向右运动, 则磁感应强度( )A．方向向下并减小B．方向向下并增大C．方向向上并增大 D．方向向上并减小关.三、非选择题9．某同学在学习了法拉第电磁感应定律之后, 自己制作了一个手动手电筒. 如图所示是手电筒的简单结构示意图, 左右两端是两块完全相同的条形磁铁, 中间是一根绝缘直杆, 由绝缘细铜丝绕制的多匝环形线圈只可在直杆上自由滑动, 线圈两端接一灯泡, 晃动手电筒时线圈也来回滑动, 灯泡就会发光, 其中O点是两磁极连线的中点, a、b两点关于O点对称.(1)试分析其工作原理;(2)灯泡中的电流方向是否变化.答案1．解析: 选 D 在条形磁铁靠近圆环的过程中, 通过圆环的磁通量不断增加, 会产生感应电流, 从而阻碍条形磁铁的运动, 所以此过程中它们是相互排斥的, 当条形磁铁穿过圆环后, 通过圆环的磁通量又会减小, 产生一个与原磁场相同的感应磁场, 阻碍原磁通量的减小, 所以圆环与条形磁铁间有相互吸引的作用力, D 正确.2．解析: 选C 在T2～T 时间内, 直导线中的电流方向向下增大, 穿过线框的磁通量垂直纸面向外增加, 由楞次定律知感应电流方向为顺时针, 线框所受安培力的合力由左手定则可知向右, C 正确.3．解析: 选 A 当电路接通瞬间, 穿过线圈的磁通量增加, 使得穿过两侧铜环的磁通量都增加, 由楞次定律可知, 两环中感应电流的磁场与线圈两端的磁场方向相反, 即受到线圈磁场的排斥作用, 使两铜环分别向外侧移动, A 正确.4．解析: 选D 磁铁N 极接近线圈的过程中, 线圈中有向下的磁场, 并且磁通量增加, 由楞次定律可得, 感应电流的方向为b →R →a , 故电容器下极板带正电, 上极板带负电, D 正确.5．解析: 选A 金属杆顺时针转动切割磁感线, 由右手定则可知产生a 到b 的感应电流, 电流由c →d 流过电流表, 再由左手定则知此时ab 杆受安培力向右, 故A 正确.6．解析: 选BD 将金属圆环不管从哪边拉出磁场, 穿过闭合圆环的磁通量都要减少, 根据楞次定律可知, 感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减少, 感应电流的磁场方向与原磁场方向相同, 应用安培定则可以判断出感应电流的方向是顺时针方向的, 选项B 正确, A 、C 错误; 另外在圆环离开磁场前, 穿过圆环的磁通量没有改变, 该种情况无感应电流, D 正确.7．解析: 选BD 当线框进入磁场时, dc 边切割磁感线, 由楞次定律可判断, 感应电流的方向为: a →d →c →b →a ; 当线框离开磁场时, 同理可判其感应电流的方向为: a →b →c →d →a , A 错误, B 正确; 线框dc 边(或ab 边)进入磁场或离开磁场时, 都要切割磁感线产生感应电流, 机械能转化为电能, 故dc 边进入磁场与ab 边离开磁场的速度大小不相等, C 错误; 由“来拒去留”知, D 正确.8．解析: 选AD 因磁场变化, 发生电磁感应现象, 杆ab 中有感应电流产生, 而使杆ab 受到磁场力的作用, 并发生向右运动. 而杆ab 向右运动, 使得闭合回路中磁通量有增加的趋势, 说明原磁场的磁通量必定减弱, 即磁感应强度正在减小, 与方向向上、向下无关.9．解析: (1)线圈来回滑动时, 穿过线圈的磁通量不断变化, 线圈中产生感应电流, 灯泡发光.(2)线圈由a 滑至b 过程中, 磁场方向向左, 穿过线圈的磁通量先减小后增加, 根据楞次定律, 灯泡中电流方向先由右向左, 后由左向右.同样可判断线圈由b 滑至a 过程中, 灯泡中电流方向先由右向左, 后由左向右. 所以线圈中电流方向不断变化.答案: (1)见解析(2)变化第四章第4节法拉第电磁感应定律课时达标训练新人教版选修3-2一、单项选择题1．穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒均匀地减少2 Wb, 则( )A．线圈中感应电动势每秒增加2 VB．线圈中感应电动势每秒减小2 VC．线圈中无感应电动势D．线圈中感应电动势大小不变2．如图所示, 在竖直向下的匀强磁场中, 将一水平放置的金属棒ab以水平速度v0抛出, 运动过程中棒的方向不变, 不计空气阻力, 那么金属棒内产生的感应电动势将( )A．越来越大B．越来越小C．保持不变 D．方向不变, 大小改变3．环形线圈放在均匀磁场中, 如图甲所示, 设在第1 s内磁感线垂直于线圈平面向里, 若磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示, 那么在第2 s内线圈中感应电流的大小和方向是( )A．感应电流大小恒定, 顺时针方向B．感应电流大小恒定, 逆时针方向C．感应电流逐渐增大, 逆时针方向D．感应电流逐渐减小, 顺时针方向4．如图所示, 在匀强磁场中, MN、PQ是两条平行金属导轨, 而ab、cd为串有电压表和电流表的两根金属棒, 两只电表可看成理想电表. 当两棒以相同速度向右匀速运动时(运动过程中两棒始终与导轨接触)( )A．电压表有读数; 电流表有读数B．电压表无读数; 电流表无读数C．电压表有读数; 电流表无读数D ．电压表无读数; 电流表有读数5．如图所示, 一个半径为L 的半圆形硬导体AB 以速度v , 在水平U 型框架上匀速滑动, 匀强磁场的磁感应强度为B , 回路电阻为R 0, 半圆形硬导体AB 的电阻为r , 其余电阻不计, 则半圆形导体AB 切割磁感线产生感应电动势的大小及AB 之间的电势差分别为( )A ．BLv ;BLvR 0R 0＋rB ．2BLv ; BLvC ．2BLv ; 2BLvR 0R 0＋rD ．BLv ; 2BLv二、多项选择题6．有一种高速磁悬浮列车的设计方案是: 在每节车厢底部安装强磁铁(磁场方向向下), 并且在沿途两条铁轨之间平放一系列线圈. 下列说法中正确的是( )A ．列车运动时, 通过线圈的磁通量会发生变化B ．列车速度越快, 通过线圈的磁通量变化越快C ．列车运动时, 线圈中会产生感应电动势D ．线圈中的感应电动势的大小与列车速度无关7．(山东高考)如图所示, 一端接有定值电阻的平行金属轨道固定在水平面内, 通有恒定电流的长直绝缘导线垂直并紧靠轨道固定, 导体棒与轨道垂直且接触良好. 在向右匀速通过M 、N 两区的过程中, 导体棒所受安培力分别用F M 、F N 表示. 不计轨道电阻. 以下叙述正确的是( )A ．F M 向右B ．F N 向左C ．F M 逐渐增大D ．F N 逐渐减小8.如图所示, 长为L 的金属导线弯成一圆环, 导线的两端接在电容为C 的平行板电容器上, P 、Q 为电容器的两个极板, 磁场垂直于环面向里, 磁感应强度以B ＝B 0＋kt (k >0)随时间变化, t ＝0时, P 、Q 两板电势相等, 两板间的距离远小于环的半径, 经时间t , 电容器P 板( )A ．不带电B ．所带电荷量与t 无关C ．带正电, 电荷量是kL 2C4πD ．带负电, 电荷量是kL 2C4π三、非选择题9.一个边长为a＝1 m的正方形线圈, 总电阻为R＝2 Ω, 当线圈以v＝2 m/s的速度通过磁感应强度B＝0.5 T的匀强磁场区域时, 线圈平面总保持与磁场垂直. 若磁场的宽度b>1 m, 如图所示, 求:(1)线圈进入磁场过程中感应电流的大小;(2)线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热.10.如图所示, 两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置, 导轨间距离为L, 电阻不计. 在导轨上端并接两个额定功率均为P、电阻均为R的小灯泡. 整个系统置于匀强磁场中, 磁感应强度方向与导轨所在平面垂直. 现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒MN从图示位置由静止开始释放. 金属棒下落过程中保持水平, 且与导轨接触良好. 已知某时刻后两灯泡保持正常发光. 重力加速度为g. 求:(1)磁感应强度的大小;(2)灯泡正常发光时导体棒的运动速率.答案1．解析: 选D 因线圈的磁通量均匀变化, 所以磁通量的变化率ΔΦΔt 为一定值, 又因为是单匝线圈, 据E ＝ΔΦΔt可知选项D 正确.2．解析: 选 C 由于导体棒中无感应电流, 故棒只受重力作用, 导体棒做平抛运动, 水平速度v 0不变, 即切割磁感线的速度不变, 故感应电动势保持不变, C 正确.3．解析: 选B 由B ­t 图知, 第2秒内ΔB Δt 恒定, 则E ＝ΔB Δt S 也恒定, 故感应电流I ＝ER 大小恒定, 又由楞次定律判断知电流方向沿逆时针方向, B 正确, A 、C 、D 错误.4．解析: 选 B 在两棒以相同速度向右匀速运动的过程中, 磁通量不变, 无感应电流产生. 根据电压表和电流表的测量原理知, 两表均无读数, B 正确.5．解析: 选C 半圆形导体AB 切割磁感线的有效长度为2L , 对应的电动势为E ＝2BLv ,AB 间的电势差U AB ＝E R 0＋r R 0＝2BLvR 0R 0＋r, C 正确.6．解析: 选ABC 列车运动时, 安装在每节车厢底部的强磁铁产生的磁场使通过线圈的磁通量发生变化; 列车速度越快, 通过线圈的磁通量变化越快, 根据法拉第电磁感应定律可知, 由于通过线圈的磁通量发生变化, 线圈中会产生感应电动势, 感应电动势的大小与通过线圈的磁通量的变化率成正比, 与列车的速度有关. 由以上分析可知, A 、B 、C 正确, D 错误.7．解析: 选BCD 由题意可知, 根据安培定则, 在轨道内的M 区、N 区通电长直导线产生的磁场分别垂直轨道平面向外和向里, 由此可知, 当导体棒运动到M 区时, 根据右手定则可以判定, 在导体棒内产生的感应电流与长直绝缘导线中的电流方向相反, 再根据左手定则可知, 金属棒在M 区时受到的安培力方向向左, 因此A 选项不正确; 同理可以判定B 选项正确; 再根据导体棒在M 区匀速靠近长直绝缘导线时对应的磁场越来越大, 因此产生的感应电动势越来越大, 根据闭合电路的欧姆定律和安培力的公式可知, 导体棒所受的安培力F M 也逐渐增大, 故C 选项正确; 同理D 选项正确.8．解析: 选BD 磁感应强度以B ＝B 0＋kt (k >0)随时间变化, 由法拉第电磁感应定律得: E ＝ΔΦΔt ＝S ΔB Δt ＝kS , 而S ＝L 24π, 经时间t 电容器P 板所带电荷量Q ＝EC ＝kL 2C 4π; 由楞次定律知电容器P 板带负电, B 、D 正确.9．解析: (1)根据E ＝Blv , I ＝ER知I ＝Bav R ＝0.5×1×22A ＝0.5 A (2)线圈穿过磁场过程中, 由于b >1 m,故只在进入和穿出时有感应电流, 故Q ＝2I 2Rt ＝2I 2R ·a v ＝2×0.52×2×12J ＝0.5 J答案: (1)0.5 A (2)0.5 J10．解析: (1)设小灯泡的额定电流为I 0, 有 P ＝I 20R ①由题意, 在金属棒沿导轨竖直下落的某时刻后, 小灯泡保持正常发光, 流经MN 的电流为I ＝2I 0 ②此时金属棒MN 所受的重力和安培力相等, 下落的速度达到最大值, 有 mg ＝BLI ③联立①②③式得B ＝mg2LR P④ (2)设灯泡正常发光时, 导体棒的速率为v , 由电磁感应定律与欧姆定律得 E ＝BLv ⑤ E ＝RI 0⑥联立①②④⑤⑥式得v ＝2Pmg⑦答案: (1)mg 2L R P (2)2P mg第四章 第5节 电磁感应现象的两类情况课时达标训练 新人教版选修3-2一、单项选择题1.如图所示, 在一水平光滑绝缘塑料板上有一环形凹槽, 有一带正电小球质量为m , 电荷量为q , 在槽内沿顺时针做匀速圆周运动, 现加一竖直向上的均匀变化的匀强磁场, 且B 逐渐增加, 则( )A ．小球速度变大B ．小球速度变小C ．小球速度不变D ．以上三种情况都有可能2.如图所示, 竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R , 质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦, 金属棒与导轨的电阻均不计, 整个装置放在匀强磁场中, 磁场方向与导轨平面垂直, 金属棒在竖直向上的恒力F 作用下加速上升的一段时间内, 力F 做的功与安培力做的功的代数和等于( )A ．金属棒的机械能增加量B ．金属棒的动能增加量C ．金属棒的重力势能增加量D ．电阻R 上放出的热量3．如图所示, 金属棒ab 置于水平放置的光滑框架cdef 上, 棒与框架接触良好, 匀强磁场垂直于ab 棒斜向下. 从某时刻开始磁感应强度均匀减小, 同时施加一个水平方向上的外力F 使金属棒ab 保持静止, 则F ( )A．方向向右, 且为恒力B．方向向右, 且为变力C．方向向左, 且为变力 D．方向向左, 且为恒力4．如图甲所示, 平面上的光滑平行导轨MN、PQ上放着光滑导体棒ab、cd, 两棒用细线系住, 细线拉直但没有张力. 开始时匀强磁场的方向如图甲所示, 而磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示, 不计ab、cd间电流的相互作用, 则细线中的张力大小随时间变化的情况为图丙中的( )A B C D丙5. (福建高考)如图甲所示, 一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落, 穿过一根竖直悬挂的条形磁铁, 铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合. 若取磁铁中心O为坐标原点, 建立竖直向下为正方向的x轴, 则图乙中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是( )甲A B C D乙二、多项选择题6．如图所示, 导体AB在做切割磁感线运动时, 将产生一个电动势, 因而在电路中有电流通过, 下列说法中正确的是( )。

高中物理人教版3-2各章节课后习题4.14.21．图4.2-8所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框。

在下列几种情况下，线框中是否产生感应电流？(1) 保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中上下运动（图甲）。

(2) 保持线框平面始终与磁感线垂直，线框在磁场中左右运动（图乙）。

(3) 线框绕轴线 AB 转动（图丙）。

4.34.44.54.64.75.11. 让一个蹄形磁铁靠近白炽灯，观察灯丝，可以看到什么现象？这是什么原因造成的？2. 有人说，在图 5.1-3 中，线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大，因而线圈中的感应电动势最大；线圈平面跟中性面垂直的瞬间，穿过线圈的磁通量为零，因而感应电动势为零。

这种说法对不对？为什么？3. 图 5.1-3 中，设磁感应强度为 0.01 T，单匝线圈 AB 边长为 20 cm，宽 AD 为 10 cm，转速 n 为 50 r/s，求线圈转动时感应电动势的最大值。

4. 一台发电机在产生正弦式电流。

如果发电机电动势的峰值为E m ＝ 400 V，线圈匀速转动的角速度为ω＝ 314 rad/s，试写出电动势瞬时值的表达式。

如果这个发电机的外电路只有电阻元件，总电阻为2 kΩ，电路中电流的峰值为多少？写出电流瞬时值的表达式。

5. 如图5.1-5所示，KLMN是一个竖直的矩形导线框，全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，KL边水平，线框绕某竖直固定轴以角速度ω匀速转动。

在 KL 边与磁场方向到达 30°角的时刻（图示位置），导线框中产生的瞬时电动势 e的大小是多少？标出线框此时电流的方向。

已知线框按俯视的逆时针方向转动。

5.21. 我国电网中交变电流的周期是 0.02 s，1 s内电流方向发生多少次改变？2. 一个电容器，当它的两个极板间的电压超过 10 V 时，其间的电介质就可能被破坏而不再绝缘，这个现象叫做电介质的击穿，这个电压叫做这个电容器的耐压值。

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）[课时跟踪训练] (时间30分钟，满分60分)一、选择题(本题共8小题，每小题5分，共40分。

每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．如图1所示，已知交流电源的电动势为e ＝2202sin100πt V ，电阻R ＝2 200 Ω，则电路中交流电流表和电压表的示数分别为 ( )A ．0.1 2 A,220 2 V图1B ．0.1 A,220 2 VC ．0.1 2 A,220 VD ．0.1 A,220 V解析：交流电流表、电压表的读数都为有效值，所以U ＝22022V ＝220 V ，I ＝U R ＝2202 200A ＝0.1 A ，所以选D 。

答案：D2．阻值为10 Ω的电阻接到电压波形如图2所示的交流电源上。

以下说法中正确的是( )A ．电压的有效值为10 VB ．通过电阻的电流有效值为22A图2C ．电阻消耗的电功率为5 WD ．电阻每秒钟产生的热量为10 J解析：根据图象可知电压最大值为U m ＝10 V ，有效值为U ＝102V ，电流有效值为I ＝U R ＝22 A ，电阻消耗的电功率为P ＝I 2R ＝(22)2×10 W ＝5 W 。

每秒种产生的热量为Q ＝Pt ＝5 J 。

答案：BC3．一电阻接一直流电源，通过4 A 的电流时热功率为P ，若换接一正弦交流电源，它的热功率变为P2，则该交流电电流的最大值为( )A ．4 AB ．6 AC ．2 AD ．4 2 A解析：由P ＝I 2R 得R ＝P I 2＝P 16，接交流电时，P 2＝I ′2P 16，2I ′2＝16。

I ′＝42 A ，所以I m ＝ 2 I ′＝4 A 。

应选A 。

答案：A4．夏天空调器正常工作时，制冷状态与送风状态交替运行。

一空调器在不同工作状态下电功率随时间变化的关系如图3所示，此空调器运转1 h 用电( )图3A ．1.0度B ．1.5度C ．2.0度D ．2.5度解析：由图象知，电功率随时间的变化周期为15 min ，前5 min 为0.5 kW ，后10 min 为2 kW 。

人教版高中物理选修3-2课时跟踪检测（全册共84页附答案）目录课时跟踪检测（一）划时代的发现探究感应电流的产生条件课时跟踪检测（二）楞次定律课时跟踪检测（三）法拉第电磁感应定律课时跟踪检测（四）电磁感应现象的两类情况课时跟踪检测（五）互感和自感课时跟踪检测（六）涡流、电磁阻尼和电磁驱动课时跟踪检测（七）交变电流课时跟踪检测（八）描述交变电流的物理量课时跟踪检测（九）电感和电容对交变电流的影响课时跟踪检测（十）变压器课时跟踪检测（十一）电能的输送课时跟踪检测（十二）传感器及其工作原理课时跟踪检测（十三）传感器的应用阶段验收评估（一）电磁感应阶段验收评估（二）交变电流阶段验收评估（三）传感器课时跟踪检测（一）划时代的发现探究感应电流的产生条件1．关于磁通量的概念，以下说法中正确的是()A．磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大B．磁感应强度越大，线圈面积越大，则磁通量也越大C．穿过线圈的磁通量为零，但磁感应强度不一定为零D．磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的解析：选C穿过闭合回路的磁通量大小取决于磁感应强度、回路所围面积以及两者夹角三个因素，所以只知道其中一个或两个因素无法确定磁通量的变化情况，A、B项错误；同样由磁通量的特点，也无法判断其中一个因素的情况，C项正确，D项错误。

2.如图所示，半径为R的圆形线圈共有n匝，其中心位置处半径为r的范围内有匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面，若磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为()A．πBR2B．πBr2C．nπBR2D．nπBr2解析：选B由磁通量的定义式知Φ＝BS＝πBr2，故B正确。

3.如图所示，AB是水平面上一个圆的直径，在过AB的竖直面内有一根通电直导线CD，已知CD∥AB。

当CD竖直向上平移时，电流的磁场穿过圆面积的磁通量将()A．逐渐增大B．逐渐减小C．始终为零D．不为零，但保持不变解析：选C由于通电直导线CD位于AB的正上方，根据安培定则可知，通电直导线CD产生的磁感线在以AB为直径的圆内穿入和穿出的条数相同，所以不管电流怎么变化，导线下面圆内部的磁通量始终为0。

课时跟踪检测（十二） 电能的输送基础层级——基稳才能楼高 一、选择题1.发电厂的输出电压为U 1，发电厂至用户间输电导线的总电阻为R ，通过导线的电流为I ，用户得到的电压为U 2，则下列输电导线上损耗功率的表达式中错误的是( )A ．(U 1－U 2)IB ．I 2R C.U 12RD.(U 1－U 2)2R解析：选C 发电厂的输出电压为U 1，用户得到的电压为U 2，则输电线上的电压损失ΔU ＝U 1－U 2，输电线上损失的功率为P 损＝ΔUI ＝I (U 1－U 2)或P 损＝ΔUI ＝ΔU 2R ＝(U 1－U 2)2R，故A 、D 正确；因为输电线上的电流为I ，则输电线上损失的功率P 损＝I 2R ，故B 正确，C 错误。

2．在远距离输电中，原来用电压U 0输电，输电线上损失的电功率为P 0，现在要使输电线上损失的电功率减小到原来的110，则输电电压应为( )A ．100U 0 B.10U 0 C.U 010D.U 0100解析：选B P 损＝I 2r ，I ＝P U 0，解得P 损＝P 2U 02r ，所以P 损∝1U 02，所以当P 损为原来的110时，U 0′＝10U 0，B 正确。

3．为了削减输电线路中电能损失，发电厂发出的电通常是经过升压变电站升压后通过远距离输送，再经过降压变电站将高压变为低压，某降压变电站将电压U 0＝11 0002·sin 100πt V 的沟通电降为220 V 供居民小区用电，则下列说法错误的是( )A ．降压变电站原、副线圈匝数比为50∶1B ．输电电流的频率是50 HzC ．降压变电站副线圈的导线比原线圈的要粗D ．输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和解析：选D 原电压的有效值为U 1＝11 000 V ，由U 1U 2＝n 1n 2得，n 1n 2＝501， A 正确；变压器不变更沟通电的频率，f ＝ω2π＝50 Hz ，B 正确；由n 1n 2＝I 2I 1得，副线圈的电流大，要想导线发热少，导线要粗一些(电阻小)，C 正确；居民小区各用电器电流总和应当等于副线圈的电流，D 错误。

2018析⼈教版⾼中物理选修3-2全册同步课时作业含解析答案2018析⼈教版⾼中物理选修3-2全册同步课时作业⽬录课时作业(⼀) 划时代的发现探究感应电流的产⽣条件 (1)课时作业(⼆) 楞次定律 (7)课时作业(三) 法拉第电磁感应定律 (13)课时作业(四) 电磁感应现象的两类情况 (18)课时作业(五) 电磁感应中的电路及图象问题 (24)课时作业(六) 电磁感应中的动⼒学及能量问题 (28)课时作业(七) 互感和⾃感 (32)课时作业(⼋) 涡流、电磁阻尼和电磁驱动 (36)课时作业(九) 交变电流 (40)课时作业(⼗) 描述交变电流的物理量 (45)课时作业(⼗⼀) 电感和电容对交变电流的影响 (52)课时作业(⼗⼆) 变压器 (57)课时作业(⼗三) 电能的输送 (63)课时作业(⼗四) 传感器及其⼯作原理 (69)课时作业(⼗五) 传感器的应⽤ (73)第四章章末检测 (76)第五章章末检测 (83)第六章章末检测 (89)课时作业(⼀)划时代的发现探究感应电流的产⽣条件⼀、单项选择题1．如图所⽰，ab是⽔平⾯上⼀个圆的直径，在过ab的竖直平⾯内有⼀根通电直导线ef，已知ef平⾏于ab.当ef竖直向上平移时，电流产⽣的磁场穿过圆的磁通量将()A．逐渐增⼤B．逐渐减⼩C．始终为零D．不为零，但保持不变解析：作出磁感线穿过圆的情况的俯视图，如图所⽰，根据磁场对称性可以知道，穿⼊圆的磁感线的条数与穿出圆的磁感线的条数是相等的．故选C.答案：C2．如图所⽰的匀强磁场中有⼀个矩形闭合导线框，初始位置线框与磁感线平⾏，则在下列四种情况下，线框中会产⽣感应电流的是()A．线框平⾯始终与磁感线平⾏，线框在磁场中左右运动B．线框平⾯始终与磁感线平⾏，线框在磁场中上下运动C．线框绕位于线框平⾯内且与磁感线垂直的轴线AB转动D．线框绕位于线框平⾯内且与磁感线平⾏的轴线CD转动解析：四种情况中初始位臵线框均与磁感线平⾏，磁通量为零，按A、B、D三种情况线框运动后，线框仍与磁感线平⾏，磁通量保持为零不变，线框中不产⽣感应电流，C中线框转动后，穿过线框的磁通量不断发⽣变化，所以产⽣感应电流，C项正确．答案：C3．(福建质检)法拉第在1831年发现了“磁⽣电”现象．如图所⽰，他把两个线圈绕在同⼀个软铁环上，线圈A和电池连接，线圈B⽤导线连通，导线下⾯平⾏放置⼀个⼩磁针．实验中可能观察到的现象是()A．⽤⼀节电池作电源⼩磁针不偏转，⽤⼗节电池作电源⼩磁针会偏转B．线圈B匝数较少时⼩磁针不偏转，匝数⾜够多时⼩磁针会偏转C．线圈A和电池连接瞬间，⼩磁针会偏转D．线圈A和电池断开瞬间，⼩磁针不偏转解析：根据“磁⽣电”即电磁感应现象的产⽣条件，只有线圈B中磁通量变化时才能在线圈B中产⽣感应电流，因此⽆论线圈B匝数多少，与线圈A连接的电池多少，都不能在线圈B中产⽣感应电流，选项A、B错误；只有在线圈A和电池连接或断开的瞬间，线圈B中才能产⽣感应电流，电流产⽣磁场，使导线下⾯平⾏放臵的⼩磁针发⽣偏转，选项C正确，D错误．答案：C4．磁通量是研究电磁感应现象的⼀个重要物理量，如图所⽰，通有恒定电流的直导线MN与闭合线框共⾯，第⼀次将线框由位置1平移到位置2，第⼆次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2，设前后两次通过线框的磁通量的变化量分别为ΔΦ1和ΔΦ2则()A．ΔΦ1>ΔΦ2B．ΔΦ1＝ΔΦ2C．ΔΦ1<ΔΦ2D．⽆法确定解析：第⼀次将线框由位臵1平移到位臵2，磁感线从线框的同⼀侧穿⼊，ΔΦ1为前后两位臵磁通量的绝对值之差．第⼆次将线框由位臵1绕cd边翻转到位臵2，磁感线从线框的不同侧穿⼊，ΔΦ2为前后两位臵磁通量的绝对值之和．故ΔΦ1<ΔΦ2，选项C 正确．答案：C5．在图中，若回路⾯积从S0＝8 m2变到S t＝18 m2，磁感应强度B同时从B0＝0.1 T⽅向垂直纸⾯向⾥变到B t＝0.8 T⽅向垂直纸⾯向外，则回路中的磁通量的变化量为()A．7 Wb B．13.6 WbC．15.2 Wb D．20.6 Wb解析：因为B、S都变化，所以磁通量的变化量可⽤后来的磁通量减去原来的磁通量求解．取后来的磁通量为正，ΔΦ＝Φt－Φ0＝B t S t－(－B0S0)＝0.8×18 Wb －(－0.1×8) Wb＝15.2 Wb，故C对．答案：C⼆、多项选择题6．在电磁学的发展历程中，奥斯特和法拉第的贡献值得⼈们纪念，下⾯有关说法正确的是()A．法国物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了右⼿螺旋定则和“分⼦电流”假说B．电流磁效应的发现，宣告了电磁学作为⼀门独⽴学科的诞⽣，掀起了⼀场研究电与磁关系的浪潮C．法拉第虽然发现了电磁感应现象，但发现过程并不是⼀帆风顺的，也曾受思维定势的影响D．电磁感应的发现，开辟了⼈类的电⽓化时代，促进了⼈类⽂明的发展解析：丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了右⼿螺旋定则和“分⼦电流”假说，选项A错误；电流磁效应的发现掀起了⼀场研究电与磁关系的浪潮，英国物理学家法拉第经过⼗年的不懈努⼒，发现了电磁感应现象，电磁感应现象的发现，宣告了电磁学的诞⽣，开辟了⼈类的电⽓化时代，故选项B错误，选项C、D正确．答案：CD7．如右图所⽰，四⾯体OABC处在沿Ox⽅向的匀强磁场中，下列关于磁场穿过各个⾯的磁通量的说法中正确的是()A．穿过AOB⾯的磁通量为零B．穿过ABC⾯和BOC⾯的磁通量相等C．穿过AOC⾯的磁通量为零D．穿过ABC⾯的磁通量⼤于穿过BOC⾯的磁通量解析：此题实际就是判断磁通量的有效⾯积问题．匀强磁场沿Ox⽅向没有磁感线穿过AOB⾯、AOC⾯，所以磁通量为零，A、C正确；在穿过ABC⾯时，磁场⽅向和ABC⾯不垂直，考虑夹⾓后发现，ABC⾯在垂直于磁感线⽅向上的投影就是BOC⾯，所以穿过⼆者的磁通量相等，B正确、D错误．故正确答案为A、B、C.答案：ABC8．如图所⽰，下列情况能产⽣感应电流的是()A．如图甲所⽰，导体棒AB顺着磁感线运动B．如图⼄所⽰，条形磁铁插⼊或拔出线圈时C．如图丙所⽰，⼩螺线管A插⼊⼤螺线管B中不动，开关S⼀直接通时D．如图丙所⽰，⼩螺线管A插⼊⼤螺线管B中不动，开关S⼀直接通，当改变滑动变阻器的阻值时解析：A中导体棒顺着磁感线运动，穿过闭合回路的磁通量没有发⽣变化，⽆感应电流，故A错误；B中条形磁铁插⼊线圈时线圈中的磁通量增加，拔出线圈时线圈中的磁通量减少，都有感应电流，故B正确；C中开关S⼀直接通，回路中为恒定电流，螺线管A产⽣的磁场稳定，螺线管B中的磁通量⽆变化，线圈中不产⽣感应电流，故C错误；D中开关S接通，滑动变阻器的阻值变化使闭合回路中的电流变化，螺线管A的磁场发⽣变化，螺线管B中磁通量发⽣变化，线圈中产⽣感应电流，故D正确．答案：BD9．如图所⽰，导线ab和cd互相平⾏，则下列四种情况中，导线cd中有电流的是()A．开关S闭合或断开的瞬间B．开关S是闭合的，滑动触头向左滑C．开关S是闭合的，滑动触头向右滑D．开关S始终闭合，滑动触头不动解析：开关S闭合或断开的瞬间；开关S闭合，滑动触头向左滑的过程；开关S闭合，滑动触头向右滑的过程都会使通过导线ab 段的电流发⽣变化，使穿过cd回路的磁通量发⽣变化，从⽽在cd导线中产⽣感应电流．因此本题的正确的是()A．通过abcd平⾯的磁通量⼤⼩为B·L2实验仪器．(1)请你⽤笔画线代替导线，将实验电路连接完整．12．⼀个单匝矩形线圈abcd，边长ab＝30 cm，bc＝20 cm，如图所⽰，放分别沿Ox、Oy、Oz⽅向时，穿过线圈的磁通量各为多少？解析：矩形线圈的⾯积课时作业(⼆)楞次定律⼀、单项选择题1．如图所⽰，在匀强磁场中有⼀个⽤⽐较软的⾦属导线制成的闭合圆环．在此圆环的形状由圆形变成正⽅形的过程中()A．环中有感应电流，⽅向a→d→c→bB．环中有感应电流，⽅向a→b→c→dC．环中⽆感应电流D．条件不够，⽆法确定解析：由圆形变成正⽅形的过程中，⾯积减⼩，磁通量减⼩，由楞次定律可知，正⽅形中产⽣a→d→c→b⽅向的电流，A对．答案：A2．如图所⽰，AOC是光滑的⾦属轨道，AO沿竖直⽅向，OC沿⽔平⽅向，PQ是⼀根⾦属直杆⽴在轨道上，直杆从图⽰位置由静⽌开始在重⼒作⽤下运动，运动过程中Q端始终在OC上，空间存在着垂直纸⾯向外的匀强磁场，则在PQ 杆滑动的过程中，下列判断正确的是()A．感应电流的⽅向始终是P→QB．感应电流的⽅向先是P→Q，后是Q→PC．PQ受磁场⼒的⽅向垂直于杆向左D．PQ受磁场⼒的⽅向先垂直于杆向右，后垂直于杆向左解析：在PQ杆滑动的过程中，杆与导轨所围成的三⾓形⾯积先增⼤后减⼩，三⾓形POQ内的磁通量先增⼤后减⼩，由楞次定律可判断B项对、A项错，再由PQ中电流⽅向及左⼿定则可判断C、D项错误，故选B.答案：B3．如图所⽰，⼀个N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过⽔平放置的固定矩形导线框，则()A．磁铁经过位置①时，线框中感应电流沿abcd⽅向；经过位置②时，沿adcb⽅向B．磁铁经过位置①时，线框中感应电流沿adcb⽅向；经过位置②时，沿abcd⽅向C．磁铁经过位置①和②时，线框中感应电流都沿abcd⽅向D．磁铁经过位置①和②时，线框中感应电流都沿adcb⽅向解析：当磁铁经过位臵①时，穿过线框的磁通量向下且不断增加，由楞次定律可确定感应电流的磁场⽅向向上，阻碍磁通量的增加，根据安培定则可判定感应电流应沿abcd⽅向．同理可判定当磁铁经过位臵②时，感应电流沿adcb ⽅向．答案：A4．通电长直导线中有恒定电流I，⽅向竖直向上，矩形线框与直导线在同⼀竖直⾯内，现要使线框中产⽣如图所⽰⽅向的感应电流，则应使线框() A．稍向左平移B．稍向右平移C．稍向上平移D．以直导线为轴匀速转动解析：由楞次定律或右⼿定则可以判断，线框左移，磁通量增加，感应电流的⽅向与图⽰⽅向相反；选项C、D磁通量不变，⽆感应电流产⽣．故选项B 正确．答案：B5．现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流表及开关，按图所⽰连接，在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑⽚P向左加速滑动时，电流表指针向右偏转．由此可以推断()A．线圈A向上移动或滑动变阻器的滑⽚P向右加速滑动，都能引起电流表指针向左偏转B．线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流表指针向右偏转C．滑动变阻器的滑⽚P匀速向左或匀速向右滑动，都能使电流表指针静⽌在中央D．因为线圈A、线圈B的绕线⽅向未知，所以⽆法判断电流表指针偏转的⽅向解析：线圈A上移或断开开关时，穿过线圈B的磁通量减⼩，电流表指针向右偏转，故A错误、B正确；P匀速向左滑动时穿过线圈B的磁通量减⼩，电流表指针向右偏转，P匀速向右滑动时穿过线圈B的磁通量增⼤，电流表指针向左偏转，故C错误；由以上分析可知，D错误．答案：B6.如图所⽰，⼀个矩形线框从匀强磁场的上⽅⾃由落下，进⼊匀强磁场中，然后再从磁场中穿出．已知匀强磁场区域的宽度l⼤于线框的宽度h.那么下列说法中正确的是()A．线框只在进⼊和穿出磁场的过程中，才有感应电流产⽣B．线框从进⼊到穿出磁场的整个过程中，都有感应电流产⽣C．线框在进⼊和穿出磁场的过程中，都是磁场能转变成电能D．线框在磁场中运动的过程中，电能转变成机械能解析：本题考查了感应电流的产⽣条件及电磁感应中的能量转化．有⽆感应电流产⽣关键要看穿过闭合线框的磁通量是否发⽣变化，有导体切割磁感线时不⼀定产⽣感应电流，线框只在进⼊和穿出磁场的过程中，穿过它的磁通量才会发⽣变化，该过程中发⽣了机械能和电能的相互转化．故选A.答案：A7．(烟台⾼⼆检测)矩形导线框abcd与长直导线MN放在同⼀⽔平⾯上，ab 边与MN平⾏，导线MN中通⼊如图所⽰的电流，当MN中的电流增⼤时，下列说法正确的是()A．导线框abcd中没有感应电流B．导线框abcd中有顺时针⽅向的感应电流C．导线框所受的安培⼒的合⼒⽅向⽔平向左D．导线框所受的安培⼒的合⼒⽅向⽔平向右解析：直导线中通有向上且增⼤的电流，根据安培定则知，通过线框的磁场⽅向垂直纸⾯向⾥，且增⼤，根据楞次定律知感应电流的⽅向为逆时针⽅向，故A、B错误；根据左⼿定则知，ab边所受安培⼒⽅向⽔平向右，cd边所受安培⼒⽅向⽔平向左，离导线越近，磁感应强度越⼤，所以ab边所受的安培⼒⼤于cd边所受的安培⼒，则线框所受安培⼒的合⼒⽅向⽔平向右，故C错误、D 正确．答案：D⼆、多项选择题8．如图是验证楞次定律实验的⽰意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上⽅插⼊或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产⽣感应电流．各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动⽅向以及线圈中产⽣的感应电流的⽅向等情况，其中表⽰正确的是()解析：根据楞次定律可确定感应电流的⽅向：对C选项，当磁铁向下运动时：(1)闭合线圈原磁场的⽅向——向上；(2)穿过闭合线圈的磁通量的变化——增加；(3)感应电流产⽣的磁场⽅向——向下；(4)利⽤安培定则判断感应电流的⽅向——与图中箭头⽅向相同．线圈的上端为S极，磁铁与线圈相互排斥．综合以上分析知，选项C、D正确．答案：CD9．如图所⽰，光滑U形⾦属框架放在⽔平⾯内，上⾯放置⼀导体棒，有匀强磁场B垂直框架所在平⾯，当B发⽣变化时，发现导体棒向右运动，下列判断正确的是()A．棒中电流从b→aB．棒中电流从a→bC．B逐渐增⼤D．B逐渐减⼩解析：ab棒是因“电”⽽“动”，所以ab棒受到的安培⼒向右，由左⼿定则可知电流⽅向a→b，故B对，由楞次定律可知B逐渐减⼩，D对．答案：BD10．如图所⽰，导体AB、CD可在⽔平光滑轨道上⾃由滑动，且两⽔平轨道在中央交叉处互不连通．当导体棒AB向左移动时()A．AB中感应电流的⽅向为A到BB．AB中感应电流的⽅向为B到AC．CD向左移动D．CD向右移动解析：由右⼿定则可知AB中感应电流⽅向由A→B，因⽽CD中电流⽅向由C→D.由左⼿定则知CD所受安培⼒⽅向向右，故CD 向右移动．答案：AD11．如图所⽰，A、B两回路中各有⼀开关S1、S2，且回路A中接有电源，回路B中接有灵敏电流计，下列操作及相应的结果中可能的是()A．先闭合S2，后闭合S1的瞬间，电流计指针偏转B．S1、S2闭合后，在断开S2的瞬间，电流计指针偏转C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转D．S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，电流计指针偏转解析：回路A中有电源，当S1闭合后，回路中有电流，在回路的周围产⽣磁场，回路B中有磁通量，在S1闭合或断开的瞬间，回路A中的电流从⽆到有或从有到⽆，电流周围的磁场发⽣变化，从⽽使穿过回路B的磁通量发⽣变化，产⽣感应电动势，此时若S2是闭合的，则回路B中有感应电流，电流计指针偏转，所以选项A、D正确．答案：AD三、⾮选择题12．我们可以通过实验探究电磁感应现象中感应电流⽅向的决定因素和其所遵循的物理规律．以下是实验探究过程的⼀部分．(1)如图甲所⽰，当磁铁的N极向下运动时，发现电流表指针偏转，若要探究线圈中产⽣的感应电流的⽅向，必须知道____________．(2)如图⼄所⽰，实验中发现闭合开关时，电流表指针向右偏转．电路稳定后，若向左移动滑⽚，此过程中电流表指针向________偏转；若将线圈A抽出，此过程中电流表指针向________偏转．(填“左”或“右”)解析：(1)电流表中没有电流通过时，指针在中央位臵，要探究线圈中电流的⽅向，必须知道电流从正(负)接线柱流⼊时，电流表指针的偏转⽅向．(2)闭合开关时，线圈A中的磁场增强，线圈B中产⽣的感应电流使电流表指针向右偏转，则当向左移动滑⽚时，会使线圈A中的磁场增强，线圈B中感应电流的磁场⽅向与原磁场⽅向相反，电流表指针将向右偏转；当将线圈A抽出时，线圈A在线圈B处的磁场减弱，线圈B中感应电流的磁场⽅向与原磁场⽅向相同，线圈B中产⽣的感应电流将使电流表指针向左偏转．答案：(1)电流从正(负)接线柱流⼊时，电流表指针的偏转⽅向(2)右左④所⽰，下列说法正确的是()A．图①有感应电动势，且⼤⼩恒定不变A．U＝0 B．φ>φ，U保持不变滑⾏时，其他电阻不计，电阻R中的电流为()Bd v Bd v匀地增⼤到2B.在此过程中，线圈中产⽣的感应电动势为() Ba2nBa2⼆、多项选择题7．(成都⾼⼆检测)如图所⽰，闭合开关S，将条形磁铁插⼊闭合线圈，第Φ随时间t的变化图象如图所⽰，则()A．在t＝0时，线圈中磁通量最⼤，感应电动势也最⼤A．A中⽆感应电流⽣的感应电动势多⼤？解析：取线圈为研究对象，在1～2 s内，其磁通量的变化量为ΔΦ＝Φ－ΦF T＝2mg，求从t＝0时起，经多长时间细线会被拉断？解析：设t时刻细线恰被拉断，由题意知，轨向右匀速运动，速度v＝5 m/s.(1)求感应电动势E和感应电流I；。