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必修①第一单元第三讲生命活动的主要承担者——蛋白质[课时作业]一、选择题1．糖蛋白是一种重要的复合糖类，下列叙述中正确的是() A．它是由氨基酸和糖组成B．参与基因的调控C．参与细胞识别作用D．只存在于细胞质中解析：在细胞膜与各种细胞器膜的作用中，多糖常与蛋白质结合形成糖蛋白，与细胞识别、信息传递等生理作用有关。
答案：C2．(2010·汕头质检)下列关于人体内蛋白质的叙述中，正确的是() A．蛋白质具有多样性，是由于氨基酸的种类、数目、排列顺序和空间结构不同B．指导蛋白质合成的基因中的碱基有C、G、A、T、UC．人体内的酶大部分都是蛋白质，激素不一定是蛋白质D．蛋白酶也是蛋白质，能够把蛋白质分解为氨基酸解析：蛋白质的多样性是由氨基酸的种类、数目、排列顺序与多肽链的空间结构不同所决定的；基因是有遗传效应的DNA片段，不含有碱基U；蛋白酶是蛋白质，但主要是把蛋白质分解为多肽，肽酶能将蛋白质分解为氨基酸；有些激素是固醇或是氨基酸的衍生物，因而不一定是蛋白质。
答案：C3．20种氨基酸的平均相对分子质量为128，假若有一个多肽化合物，由10个氨基酸构成一个肽链，那么该多肽的相对分子质量和至少含有的氨基数目分别是() A．1 280,11 B．1 262,1C．1 118,1 D．1 100,9解析：由10个氨基酸组成的多肽共脱去9个水分子，形成9个肽键，至少含有1 个氨基和羧基，则该多肽的相对分子质量为：10×128－9×18＝1 118。
答案：C4．(2010·临沂质检)某种酶是由419个氨基酸形成的蛋白质。
科学家利用生物技术做出5种不同长度的该酶的片段，并分别测定其活性如图所示，分析该酶最可能具有活性的部分是()A．第1号氨基酸到第43号氨基酸B．第44号氨基酸到第85号氨基酸C．第196号氨基酸到第419号氨基酸D．第197号氨基酸到第302号氨基酸解析：求具有活性片段的交集。
高三生物一轮复习教案必修三（5篇）高三生物一轮复习教案必修三（5篇）时间真是转瞬即逝，老师们的教学工作又将有新的目标，作为一名优秀的教育工作者，编写教案是必不可少的，该简就简，该繁就繁，要简繁得当。
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高三生物一轮复习教案必修三篇1一、指导思想依据《考试大纲》、《考试说明》、《教学大纲》，结合学生实际情况，准确定位起点，立足双基，夯实基础，瞄准高考，培养综合能力，努力提高课堂教学效益，从而全面提高生物教学质量。
重点讲解和练习能够拿分的知识点。
二、学科目标1、构建知识网络体系，通过案例教学提高学习兴趣。
激励学生勇于探索，提高运用辨证唯物主义观点分析问题、解决问题的能力。
2、抓好二轮专题复习，研究考试说明，捕捉高考信息。
三轮作好模拟训练，增加高考经验，争取__年取得优异成绩。
三、具体措施1、备课中对每节内容、重点、难点、疑点、材料的选择，怎样呈现给学生要进行充分研究。
教学中要及时反馈，根据学生掌握情况不断改进和修正教学方案。
教师要多作题，多参考资料。
把握高考方向，提高课堂效率。
2、认真搞好练习和试卷讲评，每次训练测试全批全改，分数登记入册。
有练必改，有考必评，练考必讲。
引导学生去分析每一个问题及原因。
考后及时巩固。
3、钻研考纲和教材，研究近5年高考试卷。
总结高考经验，指导好复习4、二轮专题复习时间3月13日至4月30日，共分12个专题。
注重知识间的纵横联系，帮助学生构建知识网络，突破重、难点。
培养学生获取信息、分析、综合、探究的能力。
强化学科用语、规范用语。
三轮复习时间5月1日至30日，这段时间主要是查漏补缺，全面巩固，综合训练，深化知识，加强学生应考能力。
四轮复习5月30日至6月3日，进入考前知识再现阶段。
主要是回归基础和课本，教师答疑解惑，增强应考信心。
5、教师广泛搜集资料，选择最适合学生的习题进行练习，每练必改，每考必评。
增强训练的针对性，收到更大效果。
6、认真做好辅优工作，进行个别辅导，关注学生的思想变化，及时引导，让他们有足够的信心参加高考。
必修③第三单元第一讲种群的特征与数量变化[课时作业]一、选择题1.如图为自然条件下某生物种群数量增长曲线。
下列四个坐标曲线中，能正确表示该种群增长率(λ)随时间(t)变化趋势的是()解析：种群的“S”型增长过程中，种群增长率先逐渐增大；当种群数量达到K/2时，种群增长率最大；种群数量超过K/2时，种群增长率开始下降；当种群数量达到环境条件所允许的最大值(K值)时，种群增长率为0。
答案：D2.假设某种细菌的起始数量为M，理想状态下，每20分钟繁殖一代，T小时后该种群数量为()A.M×20TB.M×23TC.2×M TD.2×M20解析：T小时后细菌繁殖了3T代。
在理想条件下种群呈“J”型曲线增长，根据种群“J”型增长的数学模型为：N t＝N0λt(N0为该种群的起始数量，t为时间，N t表示t时后该种群的数量，λ表示该种群数量是20分钟前种群数量的倍数)，可知T小时后细菌的数量为M×23T。
答案：B3.(2010·南京调研)下列有关生物种群数量调查的方法中，正确的是()A.调查蝗虫幼虫跳蝻，用标志重捕法B.调查马尾松，小样方划分为1 m2左右C.调查蒲公英，只计数小样方内的个体数D.调查趋光性农业害虫，可用定位设置灯光诱捕，定时计数法解析：调查蝗虫幼虫跳蝻的种群密度，用样方法。
一般而言，北温带地区每个样方的大小，乔木为100 m2，灌木为16 m2，草本为1 m2，所以调查马尾松，小样方划分为100 m2左右。
调查蒲公英，除计数小样方内的个体数外，还要把样方两个相邻的边及顶角处的个体统计在内，其他边缘不作统计。
答案：D4.水华是富营养化水体常见的一种自然现象，从种群特征分析，水华属于（）A.不规则波动B.不均匀分开C.短期内疯长D.季节性消长解析：由于生活污水的排放、工业污染等人为活动，氮、磷等营养物质大量进入水体，导致浮游植物大爆发，形成水华。
选修一第一讲酶的应用[课时作业]一、选择题1. (2010·南京模拟)右图是应用固定化酵母进行葡萄糖发酵的装置，下列说法中不．正确的是()A．为使固定化酵母可以反复使用，实验过程一定要在无菌条件下进行B．加入反应液后应保持活塞1始终打开，活塞2则必须关闭C．装置的长导管主要是为了释放CO2并防止杂菌进入反应柱D．加入反应液的浓度不能过高以免酵母细胞因失水过多而死亡解析：应用固定化酵母进行葡萄糖发酵，应提供无氧环境，即入口在加入反应溶液时是开放的，但加入完毕即需关闭，以免空气进入而影响发酵。
出口因不断有反应溶液流出，可不关闭。
答案：B2．下列属于固定化酶在利用时特点的是() A．有利于酶与产物分离B．制成的加酶洗衣粉可以被反复利用C．能自由出入依附的载体D．能催化一系列的酶促反应解析：加酶洗衣粉不属于固定化酶的应用。
固定化酶的主要优点是能够与产物分离、重复使用。
固定化细胞才能催化一系列的酶促反应。
答案：A3．加酶洗衣粉的酶不易失活，下列不．属于其原因的是() A．通过基因工程生产出的特殊酶B．用特殊化学物质将酶包裹，使其与其他成分隔离C．加酶洗衣粉的酶是固定化酶D．加酶洗衣粉的酶能耐酸、耐碱、忍受表面活性剂和较高温度解析：加酶洗衣粉之所以不易失活，是因为在表面用特殊的化学物质进行了包裹保护，而加酶洗衣粉一旦使用，则不可回收，不属于固定化酶的应用。
答案：C4．在用果胶酶处理果泥时，为了使果胶酶能够充分地催化反应，应采取的措施是() A．加大苹果泥用量B．加大果胶酶用量C．进一步提高温度D．用玻璃棒不时地搅拌反应混合物解析：搅拌可以使酶与底物充分接触而提高反应效率，使反应更加充分。
答案：D5．下列关于果胶酶的叙述正确的是()①具有分泌功能的细胞产生的②凡是活细胞都能产生果胶酶③果胶酶能将果胶分解成半乳糖醛酸④植物、霉菌、酵母菌和细菌均可能产生果胶酶⑤果胶酶特指分解果胶的一种酶⑥纤维素酶和果胶酶可用于去除植物细胞壁⑦组成果胶酶的基本单位是氨基酸或核苷酸A．①②⑤B．②③⑦C．③④⑥D．③④⑤解析：所有活细胞都能产生酶，但不同细胞产生的酶不一定相同，产生果胶酶的生物有植物、霉菌、酵母菌和细菌等，所以①②不正确；果胶酶的作用是将果胶分解成半乳糖醛酸；植物细胞壁由纤维素和果胶组成，可用纤维素酶和果胶酶去除植物细胞壁。
第1讲人体的内环境与稳态(时间：45分钟)A级基础演练1．(2013·南京四校联考)下列对内环境稳态实质的描述是()。
A．神经—体液—免疫调节网络是机体维持稳态的主要调节机制B．稳态是各个器官、系统协调活动的结果C．温度、pH、渗透压等理化性质呈现动态平衡D．稳态是体内细胞生活不可缺少的条件解析A、B选项描述的是稳态的调节机制，稳态是在神经—体液—免疫调节作用下，使各个器官、系统协调活动，共同维持内环境的相对稳定状态；D选项属于稳态的意义。
因此A、B、D不符合题干要求。
答案 C2．(2013·潍坊、东营、淄博、滨州四市联考)以下关于动物内环境和稳态的叙述，错误的是()。
A．葡萄糖、生长激素、抗体属于人体内环境的成分B．若内环境稳态不能维持，机体的正常生命活动就会受到威胁C．血浆渗透压的大小主要取决于血浆中无机盐和蛋白质的含量D．人体剧烈运动时产生的乳酸会导致血浆pH显著下降解析葡萄糖、生长激素、抗体都可以存在于细胞外液中，因此属于内环境的成分，故A正确；内环境稳态的维持是机体进行正常生命活动的基础，故B正确；血浆中含有多种物质如水分、血浆蛋白、无机盐等，其中血浆蛋白和无机盐的含量是决定血浆渗透压的主要因素，故C正确；人体剧烈运动时会产生大量乳酸，但是在血浆中缓冲物质的作用下，血浆pH维持在7.35～7.45，不会出现显著下降，故D错误。
答案 D3．下图所示为人体体液相关组成及各成分间的关系，请依次填出①～⑤相关内容()。
A．细胞内液血浆组织液淋巴细胞外液B．细胞外液血浆淋巴组织液细胞内液C．细胞外液组织液血浆淋巴细胞内液D．细胞内液血浆淋巴组织液细胞外液解析根据题图所示，①由②③④构成，属于细胞外液。
②与④可以相互渗透，④只能向③渗透，③只能向②渗透，则可推知②为血浆，③为淋巴，④为组织液。
组织液与细胞内液可以相互渗透，⑤为细胞内液。
答案 B4．毛细血管壁细胞和毛细淋巴管壁细胞生活的内环境分别是()。
必修①第二单元第二讲细胞器——系统内的分工合作[课时作业]一、选择题1．下列四项表示用3H－亮氨酸标记细胞内的分泌蛋白，追踪不同时间具有放射性的分泌蛋白质颗粒在细胞内分布情况和运输过程。
其中正确的是()解析：含3H－亮氨酸的分泌蛋白，首先由附着在内质网上的核糖体合成后，进入附有核糖体的内质网中进行加工，而后由高尔基体包装形成分泌小泡。
因此放射性开始在附有核糖体的内质网中较高，随后放射性在高尔基体中逐渐积累，最后，分泌小泡的放射性逐渐升高。
答案：C2．细胞内生物膜为细胞生命活动提供了广阔场所，不同细胞器增大膜面积的方式可能不同。
下列有关细胞器增大膜面积方式的叙述中，正确的是() A．叶绿体通过内膜向内折叠增大膜面积B．内质网通过折叠广泛分布于细胞质基质C．线粒体内的基粒增大了线粒体的膜面积D．高尔基体通过产生小泡而增大膜面积解析：叶绿体借基粒增大膜面积，线粒体通过内膜向内折叠增大膜面积，高尔基通过类囊体的重叠增大膜面积，内质网通过折叠成网状并广泛分布于细胞质基质中增大膜面积。
答案：B3．(2010·淮安质检)下列有关生物膜系统的说法正确的是() A．细胞膜、叶绿体的内膜与外膜、内质网膜与小肠黏膜都属于生物膜系统B．所有的酶都在生物膜上，没有生物膜生物就无法进行各种代谢活动C．生物膜的组成成分和结构都是一样的，在结构和功能上紧密联系D ．细胞内的生物膜把各种细胞器分隔开，使细胞内的化学反应不会互相干扰 解析：小肠黏膜不属于生物膜系统；在细胞质基质和细胞器内的基质中也有酶的 分布；不同生物膜的化学组成相似，基本结构大致相同，而不是在组成成分和结 构上都一样。
答案：D4．各种细胞器在细胞代谢中起重要的作用，下列有关说法不．合理的是 ( )A ．内质网与蛋白质、脂质和核糖核酸的合成有关B ．洋葱鳞片叶中的液泡对细胞内的环境起着调节作用C ．线粒体在小鼠受精卵的分裂面附近比较集中D ．光能的吸收和转化都是在叶绿体基粒中进行的解析：蛋白质的合成场所是核糖体，核糖核酸的主要合成场所是细胞核(真核细胞)。
选修一第三讲生物技术的其他应用[课时作业]一、选择题1．花药培养技术与植物组织培养技术的不同之处在于() A．培养基配制方法B．无菌技术C．接种操作D．选材解析：花药离体培养属于一种特殊的植物组织培养技术，在培养基的配置方法、接种操作与无菌操作等方面都是相同的，但花药离体培养的选材与普通的植物组织培养不同，前者是利用植物的配子培养获得个体，后者则是培养离体体细胞。
答案：D2．关于DNA的复制，下列叙述正确的是() A．DNA聚合酶不能从头开始合成DNA，只能从5′端延伸DNA链B．DNA复制不需要引物C．引物与DNA母链通过碱基互补配对进行结合D．DNA的合成方向总是从子链的3′端向5′端延伸解析：由于DNA聚合酶不能从头开始合成DNA，只能从引物的3′端开始延伸。
由于DNA分子是反向平行的，子链是依据碱基互补配对原则，在DNA聚合酶作用下合成的，其合成是从子链5′端向3′端延伸。
答案：C3．(2010·南京质检)下列有关蛋白质提取和分离的说法，错误的是() A．透析法分离蛋白质的原理是利用蛋白质不能通过半透膜的特性B．采用透析法使蛋白质与其他小分子化合物分离开来C．离心沉降法通过控制离心速率使分子大小、密度不同的蛋白质分离D．蛋白质在电场中可以向与其自身所带电荷相同的电极方向移动解析：带电离子或分子在电场中向着与其所带电荷相反的电极移动。
答案：D4．在血红蛋白的整个提取过程中，不断用磷酸缓冲液处理的目的是() A．防止血红蛋白被氧气氧化B．血红蛋白是一种碱性物质，需磷酸中和C．磷酸缓冲液会加速血红蛋白的提取过程D．让血红蛋白处在稳定的pH范围内，维持其结构和功能解析：缓冲溶液的作用是维持反应体系的pH不变。
在生物体内进行的各种生物化学反应过程都是在精确的pH下进行的，受到氢离子浓度的严格调控。
为了在实验室条件下准确地模拟生物体内的天然环境，就必须保持体外生物化学反应过程有与体内过程完全相同的pH。
课时作业(三十四)一、选择题1．(2010·全国Ⅱ理综)下列关于生态系统的叙述，错误的是()A．草原生态系统比农田生态系统的群落结构复杂B．环境条件分布不均匀是形成群落水平结构的原因之一C．我国南方热带雨林中分解者的代谢活动比北方森林中的弱D．植物可通过呼吸作用和光合作用参与生态系统的碳循环【解析】我国北方四季分明，一年中温度变化较大，而南方热带雨林中温度、水分均较适宜，其分解者的代谢活动较强；草原生态系统比农田生态系统(农作物种类单一)动植物种类多，群落结构复杂；由于地形的起伏、光照的明暗、湿度的大小等环境条件分布不均匀使群落有一定的水平结构；植物通过光合作用使无机环境中的CO2进入生物群落，通过呼吸作用产生CO2又归还到无机环境中参与碳的循环。
【答案】 C2．如果一个生态系统有四种生物，并构成一条食物链。
在某一时间分别测得这四种生物(甲、乙、丙、丁)所含的个体数量和该生物的平均体重如右图所示。
下列说法正确的是()A．丙是第二营养级，次级消费者B．若乙的数量增加，则会引起甲和丁的数量增加，丙的数量下降C．若丁的种群数量下降，则会引起乙和丙的数量下降，甲的数量上升D．若甲的种群数量下降，则会引起丙和丁的种群数量增加【解析】生物量＝生物个体数量与该生物的平均体重的乘积。
生物量大的营养级低，营养级从低到高分别是丁、丙、乙、甲。
丙是第二营养级，初级消费者；丁的数量下降，丙、乙、甲的数量都要下降；甲的数量下降，乙和丁的数量上升，丙的数量下降。
【答案】 B3．经调查，某生态系统中Y、X、Z分别为第一、第二和第三营养级，每个营养级不同物种的个体数量如图甲所示(图中每一柱条代表一个物种)。
一段时间后个体数量发生变化，结果如图乙所示。
下列叙述正确的是()A．X营养级的生物被捕食的压力明显增加B．Z营养级生物个体数量的增加是由捕食对象专一引起的C．Y营养级生物个体数量的变化是由于捕食者对捕食对象有选择D．X营养级的生物之间存在明显的竞争关系，且其中某种生物处于竞争劣势【解析】三个营养级生物的营养关系为Y→X→Z。
一段时间后，X营养级的生物个体数量减少，说明该营养级生物被捕食的压力明显增加，故A正确。
Z处在最高营养级，其增加是由于食物充足导致出生率大于死亡率，由图中看不出其捕食对象具专一性，故B错误。
Y营养级最右侧柱条所代表的物种个体数量的增加，是由X营养级生物数目减少所引起的，而左侧两个柱条所代表的物种个体数量的减少，则最可能是竞争处于劣势的结果，故C错误。
X营养级的生物之间虽然存在着竞争关系，但从图示中不能获得三种生物之间竞争能力的大小，故D错误。
【答案】 A4．如果一个生态系统有四种生物，并构成一条食物链。
在某一时间分别测得这四种生物(甲、乙、丙、丁)所含有机物的总量，如右图所示。
在一段时间内，如果乙的种群数量增加，则会引起()A．甲、丁的种群数量增加，丙的种群数量下降B．甲、丙、丁的种群数量增加C．甲、丁的种群数量下降，丙的种群数量增加D．甲的种群数量下降，丙、丁的种群数量增加【解析】营养级越高的种群，所含能量越少。
在该生态系统中，这四种生物之间形成的食物链是：丙→甲→乙→丁。
如果乙的种群数量增加，则甲的种群数量下降，丙、丁的种群数量增加。
【答案】 D5．(2011·杭州)下图曲线表示某生态系统中三个不同种群的生长繁殖情况。
已知种群C是自养生物，下列说法不正确的是()A．该生态系统简单食物链可表示为C→B→AB．种群B在第5→7年时间内个体数下降是由于A的增加和C的减少所致C．B和A的存在能加快该生态系统的物质循环D．一定自然区域内，A、B、C三个种群中全部的生物构成生物群落【解析】一定自然区域内，全部生物的总和构成生物群落。
【答案】 D6．(2011·温州)下列有关生态系统结构的叙述，正确的是()A．每种生物在生态系统中只能处在一个营养级上B．动物都属于消费者，其中食草动物处于第二营养级C．自养生物都是生产者，是生态系统的主要成分D．细菌都属于分解者，其异化作用类型有需氧型和厌氧型两类【解析】由于在生态系统中每一种生物均处于食物网的某一位点，与周围的多种生物有着错综复杂的联系，可同时处于不同食物链的不同阶层，在生态系统中可处在多个营养级。
动物大多数以其他生物为食，故大多属消费者，但并非均属消费者，如蜣螂等主要分解粪便等，就属于分解者。
自养生物都能将无机物合有机物，故都是生产者。
营腐生生活的细菌属于分解者，但并非细菌都是分解者，如硝化细菌是生产者，根瘤菌是消费者。
【答案】 C7．(2011·福州)在生态系统中，连接生物和无机环境的两个重要组成成分是()A．生产者和非生物成分B．消费者和有机物质C．生产者和消费者D．生产者和分解者【解析】生态系统中无机物只有通过生产者才能进入生物群落，而有机物主要通过分解者的分解活动以无机物形式返回无机环境。
【答案】 D8．(2011·南通)某生态系统中，植物生长迅速，分解者分解速度快，腐殖质积累少，植物层次分明。
该生态系统最可能是()A．热带雨林B．温带落叶阔叶林C．草原D．北方针叶林【解析】由于温度较低，温带落叶阔叶林和北方针叶林的分解者分解速率慢，故土壤中积累的腐殖质较多；草原主要生长的是草本植物，层次不分明。
植物层次分明说明群落的垂直结构复杂，植物生长迅速说明阳光、水分等充足，分解者分解速度快说明温度、水分适宜，此类生态系统最可能是热带雨林。
【答案】 A9．(2011·济南一模)到南极进行考察的科学工作者，为了保护环境，除了必须把塑料以及金属类废弃物带离外，还必须把人的尿液、粪便等带离，这是因为南极()A．缺乏必要的生活设施B．缺少生产者C．没有消费者D．分解者很少【解析】有机物、水分和适宜的温度是细菌与真菌生存的必备条件。
受低温条件的影响，南极地区分解者很少。
【答案】 D10．(2011·石景山)下图的甲、乙、丙、丁表示某生态系统中全部4种生物所含的有机物总量。
若这4种生物只构成一条食物链，当甲种群数量增加后，其引起的后果最可能是()A．乙和丁的种群数量都减少B．乙和丙的种群数量都增加C．乙和丙的种群数量都减少D．乙和丁的种群数量都增加【解析】根据4种生物所含的有机物总量，可分析得知食物链为丙→丁→甲→乙，当甲的数量增加时，乙的数量增加，丁的数量减少，丙的数量增加。
【答案】 B二、非选择题11．(2011·北京西城)下图虚线框内为某人工池塘生态系统的主要食物链，据图回答问题：(1)图中有____________条食物链，该生态系统的________和________能沿着这种渠道进行。
(2)图中的双翅目幼虫与太阳鱼的种间关系是________。
(3)在生态系统中下一代营养级不能得到上一个营养级的全部能量，其原因包括(从下列备选答案中选择，填序号)________。
①部分能量被分解者利用②各营养级生物体内的部分能量被自身呼吸作用消耗③上一个营养级的部分能量未被下一个营养级利用【解析】图中食物链有：浮游植物→甲类浮游动物→双翅目幼虫→太阳鱼→鲈鱼、浮游植物→甲类浮游动物→太阳鱼→鲈鱼、浮游植物→乙类浮游动物→太阳鱼→鲈鱼。
该生态系统的物质循环和能量流动就是沿着食物链和食物网进行的。
在生态系统中下一个营养级不能得到上一个营养级的全部能量，因为部分能量被分解者利用、各营养级生物体内的部分能量被自身呼吸作用消耗、上一个营养级的部分能量未被下一个营养级利用【答案】(1)3物质循环能量流动(2)竞争和捕食(3)①②③12．(2011·宣武质检)圆明园遗址公园是距北京市中心最近的、较为完善的湿地生态景观。
这里生存着多种多样的沉水植物(多种水草)、挺水植物(荷、菖蒲、芦苇等)和陆生植物。
还生活着以蝗虫为主的多种昆虫。
水中有螺、沼虾、鱼类。
此外还有蛙、蛇、鹭、野鸭以及野化的家猫等动物。
回答以下问题：(1)圆明园遗址公园中的沉水植物生长于水域的中央区域，挺水植物生长于近岸的浅水，喜湿的植物生长于岸边，早生植物分布于离岸较远处，形成了群落的________结构。
(2)对动物类群进行解剖分析时，发现各类动物的消化道内容物如下表(√表示有此类残骸)①上表中所含内容，与完整的生态系统相比缺乏的成分有____________。
②圆明园遗址公园中处于第二营养级的生物有________，鱼类与螺之间的种间关系为________。
③若用大量的杀虫剂杀除蝗虫等“害虫”，不利于生态系统结构的稳定的原因是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
(3)近年来，圆明园遗址公园为了改善水系景观，有计划的清除多种野生植物，扩大荷花等几种观赏植物的种植面积，此举对圆明园湿地生态系统的影响是________________________________________________________________________。
(4)圆明园是北京地区金线偶褶蛙的唯一产区，为了解这一物种在该区的________，对其进行了取样研究，第一次捕获120只，测量并作标记后释放，两周后，再次捕获的100只中有15只带有标记，此环境中大约有金线偶褶蛙________只。
【解析】(1)这些植物都处于同一水平位置，所以是水平分布的。
(2)①图中只有生产者和消费者，不包括分解者和非生物的物质和能量。
②蝗虫、螺、沼虾和鱼类属于初级消费者，所以是第二营养级。
鱼和螺有共同的食物，两者为竞争关系，有些鱼以螺为食物，两者又构成捕食关系。
(3)详见答案。
(4)金线偶褶蛙的种群数量为120×(100/15)＝800。
【答案】(1)水平(2)①分解者和非生物物质与能量②蝗虫、螺、沼虾、鱼类竞争与捕食③蝗虫等昆虫是食物链(食物网)的重要环节，它影响其他营养级(物种)的生存。
(杀虫剂会造成环境污染，通过食物链影响其他物种的生存或其他合理的答案)(3)破坏了物种多样性(4)种群密度(种群数量)800。
