2019-2020学年贵州省贵阳一中高三(上)第三次月考数学试卷(理科)

贵州省贵阳市第一中学2019届高三数学11月月考试题 理（扫描版）贵阳第一中学2019届高考适应性月考卷（三）理科数学参考答案、选择题（本大题共 12小题，每小题5分，共60分）1.集合 A ={xl-a w x w a}(a > 0), A 二 B, 0 < a :：: 2，故选 C.2. • =1, . =1，故选 A.式即可，故选A.7.该几何体是一个半圆柱被截去一个四棱锥的几何体，所以几何体的体积为1冗H 23_ _ 4口21 1 = n ，故选 D._ 3& 由 3cos A = . 2sin A ,得 A =60 ,由余弦定理得 m =—3, S ^ABC =—3bc w3a^— 3 ,3 4 42a-.6,由正弦定理得2^— ,，故选C.sin A9.《周髀算经》不在首位：A3A 3 =18,《周髀算经》不在首位且《九章算术》不在第二个位m =1, A(-2, 1), AB AC 2-4 4，故选 A11•在 Rt △ F 1AF 2 中，/ AF 2F 1=30 , ••• AR =c , AF 2=• 3c,由 AF 1AF 2=2a ,• e =i ；3—1 ,故选B.3.^ a , b 夹角的余弦值为— 2 ，其夹角为45 , ••• |a _b| = 1，故选A.4.设切点为 A(xn In(x 0 -1)), y ln (x°—1) X 05. • a 21_|a 8 =36,•. a 5 =6,2y 1 Tog^x 1) a , 丫讪21刍 -XD -1x 0 -1a5a10 a122, qa 3a 6 ' a 82, 1 ,=a ; £=* a, y 2minx=e 1, /=- e=4，故选B. =2 a, % wy 2 , ,故选C.a 2w 2 a ,解不等311214 置: Ad =14,P 览7，故选D.910.由已知直线过圆心，则在［1, •:：）上递增，不符合题意，舍去，••• a ・-1. 三、解答题（共70分•解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤） 17.（本小题满分12分）解：(1)设二次函数 f (x) =ax25x 3^0), 分）(1 -x)卩 +a ,当a > 0时，设f （x ） > 0,解得0cx < 1,即f （x ）在区间（0, 1］上递增,16.由已知x =1是函数的极大值点, f (1)二1 _a —b =0, b =1 - a ,” 1f (x) ax -1 a = x 在［1, •:：）上递减，符合题意；当112.设 P(x 0, a 2ln 3log 3x 0), x 0 Q(_X Q , a 2ln 3log 3X °)在 g(x)的图象上, 2 ------------------------------------------------------ 2 x o —2 =a 2ln3log 3X 0= a =沟一21 n3log 3X 0—2在 22ln3log 3X 0-2 =h(x),则 h(x)=2x o> 0,得 x > 1,x oh(«)在3,1上递减在[1, 3]上递增,h(x °)max =7 -21 n3 ,皿* 一 1，故选 D. 题号 13 14 15 16 答案冗64-13a A-113. f (x) =2si n 2x n3向右平移 「个单位长度得 f (x) = 2si n n_2「=k n k. Z ），令 k =0,可得「二上.3614•如图 1,在点 A （0, 2） , z=|3x-4y 12馬=4 .15•设x =1,得系数和为（2 -a ）7=1,解得a =1，含x 3项的系数为C §2（ -1）6=14 ,不含x 3的系数和为-13 .y>,2^y=X1)/\兀x+y-2=O一1 ：：： a ::: 0 时, 上递减，符合题意；当a < -1时, f （x ）在区间在0,--上递增，在 a- a,1 上递减,3， y 轴对称的点 、填空题（本大题共 4小题，每小题5分，共20分）【解析】2x 」I 3 为奇函数，则图1f （x ）在区间（0, 1］上递增，在( 2贝y f (x) =2ax b .易求 f (x) =6x _2，得 a =3, b =_2 , .......................................... ( 2分)n所以 f (x) =3x 2_2x , 7 a i =S n ,i 幺又因为点(n , S n )(n. N *)均在函数y = f(x)的图象上，所以 S n =3n 2—2n. ..................................................................................................... (3分)当 n > 2 时，a. =£ _S n z=3n 2_2n -[3(n -1)^2(n —1)] =6n _5 ;当 n =1 时，at=S=3 1 - 2 1=6 1 -5，也适合上式, ........................... 分) 所以 a n =6n -5(n N *). 分）分)故 T =1』；-丄 L ..』 _________________________ i 1' 故，n' 7 7 13 6n-5 6n 1分)1 1= 3n 26n 1 6n 1分）18.（本小题满分12分）解：（1）画出的茎叶图如图 2所示.分）图2设被污损的数字为a ，则a 有10种情况.由 88 89 90 9192 < 83 83 8790 a 99，得 a >8 ,(2)由(1)得 b n =3a n an 13(6n — 5)[6 (n 1)—5] 1L -J ________2 6n -5 6n 11012所以有2种情况使得东部各城市观看该节目的观众的平均人数不超过西部各城市观看该节 目的观众的平均人数， ..................................................... （4 分）（1 ）证明：因为等边三角形 ABC 的边长为3,且 俎DB所以 AD =1, AE =2 .在厶ADE 中，/ DA&60°，由余弦定理得 DE = .12，22-2 1 2 cos60 二 3,从而 AD 2DE^AE 2,所以 AD _ DE ,即 BD _ DE .因为二面角 A - DE -B 是直二面角， 所以平面ADE!平面BCED又平面 ADEH 平面 BCED =DE , BD _ DE ,所以BD _平面ADE . .............................................................................................. （ 6分）（2）解：存在.理由：由（1）的证明，以 D 为坐标原点，分别以射线 DB DE DA 为x 轴，y 轴，z 轴 的正半轴，建立如图 3所示的空间直角坐标系 D-xyz . 设 PB =2a ，作 PH !BD 于点 H,连接 AH, AP,分）分）分）分）19. 所求概率为 分）(2) 2 10由表中数据，计算得 X =25, y =4 ,4__' X i y -4xyi 1 435 —4 25 474、、X i 2-4X 2•••八Zx 9100 4500一100‘11当x =55时，y =6.1,即预测年龄为55岁的观众周均学习成语知识的时间为6.1 小时.12（本小题满分12分）CE 1(2 分)(6（2 ）由（1）知椭圆 2 2E 的方程为—y116 4(i)设 P(x°, y °),|OQ ||OP| 二’，由题意知 Q(iX °, - -y °).2因为讣/-1,n2n2又(-'X o ). ( - ' y o )16 42二 1 ,即一4所以"=2，即器'=2.分） (ii)设 M (X i , y i ), N(x 2, y 2),将y=kx ，m 代入椭圆E 的方程，可得（1 4k 2）x 28kmx 4m 2-1^0 ,由二0,可得m 2 -4 16k 2，①则 BH 二a , PH 二 3a , DH =2 _a ,所以 A(0, 0, 1), P(2 _a, . 3a , 0), E(0, . 3, 0), 所以 K =(a _2,3a , 1),= (0, 3, 一 1),因为ED 丄平面ABD ,所以平面ABD 的一个法向量为 DE =（0, .3, 0）, 设 ni =(x , y , z), ni _平面 APE , 由忙丄送二與y — z =； 皿2,1屈',」『丄 APn (2—a)x+{3ay —z = 0 ( 2—a2 -a分） 所以存在点P, PB =2，使平面PA i E 与平面A i BD 所成的角为60 ° .12分）20. （本小题满分12分）解：（1）由题意知直线 x —y • .6 =0与圆x 2y^c 2相切,则倉3”又e 供a ,解得 a 2=4, b 2=1,2所以椭圆C 的方程为 — y 2=1.4分）4、16k 4 m所以 |X 1 -X 2 k1 +4k 2因为直线y =kX m 与y 轴的交点坐标为（0, m ）, 所以△ OMN 勺面积S 冷⑴临_x 2|=2 16k4川|m|2 令 m2 =t ，将 y =kX m 代入椭圆 C 的方程，可得(1 - 4k 2)X 28kmx • 4m 2_4 =0 ,1 4k 2由.>0,可得m 2w 1 ・4k 2,②由①②可知0 ::: t <1 ,因此 S =2 (4 -t)t 二2. —t 24，故 S <2 .3 , ............................................................. ( (10)分)当且仅当t =1，即m 2 =1 - 4k 2时取得最大值2.3. 由(i)知，△ MNQ 勺面积为3S ,所以△ MNC 面积的最大值为 6 3. ............................................................................ ( ............................................................................. 12 分)21. (本小题满分12分)(1 )解：易知 f (x) — X _(!_a) . ............................................ (1e 分)由已知得f(x)》0或f (x) < 0, X ・(-2,2)恒成立，故 x <1 -a 或 X 》1 - a ，对-X • (-2, 2)恒成立， ................................ ( 3分)••• 1 -a 》2，二 a < -1 或 1 -a < -2, a > 3,a■ ( :，-U U [3, ■:：)• ............................................................................................ (5分)(2)证明:a=0，则 f(x)二电,e函数f(x)的图象在x=x °处的切线方程为y 二g(x)二f (X 0)(X-X 0)• f(x 。

贵州省贵阳市第一中学2019届高三上学期适应性月考（理）数学试题第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合，，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】函数的定义域为，不等式的解集为，所以，故选A.2. 复数在复平面上对应的点位于（）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】C【解析】复数，对应点为，位于第三象限，故选C.点睛：本题重点考查复数的基本运算和复数的概念，属于基本题.首先对于复数的四则运算，要切实掌握其运算技巧和常规思路，如. 其次要熟悉复数相关基本概念，如复数的实部为、虚部为、模为、对应点为、共轭为3. 已知在其定义域上是减函数，若，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】由单调性及定义域得，解得，故选C.4. 双曲线方程为，则它的右焦点坐标为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】双曲线焦点在x轴上，，右焦点为，故选C.5. 某市国际马拉松邀请赛设置了全程马拉松、半程马拉松和迷你马拉松三个比赛项目，4位长跑爱好者各自任选一个项目参加比赛，则这4人中三个项目都有人参加的概率为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】，故选B.6. 若方程有大于2的根，则实数的取值范围是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】问题等价于方程在有解，而函数在上递增，值域为，所以k的取值范围是，故选C.7. 已知都是锐角，且，则（）A. B. C. D.【答案】B【解析】，即，故选B.8. 如图，由曲线，直线和轴围成的封闭图形的面积是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】阴影部分面积为，而故选C. 点睛：1.求曲边图形面积的方法与步骤(1)画图，并将图形分割为若干个曲边梯形；(2)对每个曲边梯形确定其存在的范围，从而确定积分的上、下限；(3)确定被积函数；(4)求出各曲边梯形的面积和，即各积分的绝对值的和．2．利用定积分求曲边图形面积时，一定要找准积分上限、下限及被积函数．当图形的边界不同时，要分不同情况讨论．9. 设直线与椭圆交于两点，若是直角三角形，则椭圆的离心率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】代入椭圆方程得，，故选C.10. 已知数列满足：，（），为求使不等式的最大正整数，某人编写了如图所示的程序框图，在框图的判断框中的条件和输出的表达式分别为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由不等式得：判断的条件为；输出的结果为，故选B. 11. 为得到函数的图象，可以把函数的图象（）A. 向左平移个单位B. 向左平移个单位C. 向右平移个单位D. 向右平移个单位【答案】C【解析】，，故选C．12. 如图是某几何体的三视图，则该几何体的各个棱长中，最长的棱的长度为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】几何体ABCD为图1中粗线所表示的图形，最长棱是AC，，故选C．点睛：(1)解决本类题目的关键是准确理解几何体的定义，真正把握几何体的结构特征，可以根据条件构建几何模型，在几何模型中进行判断；(2)解决本类题目的技巧：三棱柱、四棱柱、三棱锥、四棱锥是常用的几何模型，有些问题可以利用它们举特例解决或者学会利用反例对概念类的命题进行辨析．第Ⅱ卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13. 展开式的常数项是__________．（用数字作答）【答案】20【解析】展开式的通项为，无解，所以展开式的常数项为.点睛：求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略(1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第项，再由特定项的特点求出值即可.(2)已知展开式的某项，求特定项的系数.可由某项得出参数项，再由通项写出第项，由特定项得出值，最后求出其参数.14. 已知变量满足条件，则的最小值等于__________．【答案】【解析】可行域如图,直线过点A(3,3)时取最小值15. 如图，在中，是上一点，，若，，则__________．【答案】6【解析】由已知，，.16. 已知分别为锐角的三个内角的对边，，且，则周长的取值范围为__________．【答案】【解析】由已知，即得，由正弦定理，三角形的周长为，，，周长的取值范围为.三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17. 已知数列满足：，（）.（1）求数列的通项公式；（2）设数列的前项和为，求证：.【答案】（1）（2）见解析【解析】试题分析：（1）先将递推式变形，再根据等差数列定义得是以2为公差的等差数列，根据等差数列通项公式求出，即得数列的通项公式；（2）因为，所以利用裂项相消法求和得，即证得结论试题解析：（Ⅰ）解：，所以是以2为公差的等差数列，，所以，所以数列的通项公式为.（Ⅱ）证明：由（Ⅰ）得，.点睛：裂项相消法是指将数列的通项分成两个式子的代数和的形式，然后通过累加抵消中间若干项的方法，裂项相消法适用于形如 (其中是各项均不为零的等差数列，c为常数)的数列. 裂项相消法求和，常见的有相邻两项的裂项求和(如本例)，还有一类隔一项的裂项求和，如或. 18. 为了解学生完成数学作业所需时间，某学校统计了高三年级学生每天完成数学作业的平均时间介于30分钟到90分钟之间，图5是统计结果的频率分布直方图.（1）数学教研组计划对作业完成较慢的20%的学生进行集中辅导，试求每天完成数学作业的平均时间为多少分钟以上的学生需要参加辅导？（2）现从高三年级学生中任选4人，记4人中每天完成数学作业的平均时间不超过50分钟的人数为，求的分布列和期望.【答案】（1）65（2）【解析】试题分析：（1）由频率分布直方图知70-90有10%，60-70有20%，所以65分钟以上的同学需要参加辅导（2）由题意得，根据二项分布公式可得分布列及数学期望试题解析：（Ⅰ）设每天完成作业所需时间为x分钟以上的同学需要参加辅导，则，得（分钟），所以，每天完成数学作业的平均时间为65分钟以上的同学需要参加辅导.（Ⅱ）把统计的频率作为概率，则选出的每个学生完成作业的时间不超过50分钟的概率为0.2，，.19. 如图，在三棱锥中，分别是的中点，平面平面，，是边长为2的正三角形，.（1）求证：平面；（2）求二面角的余弦值.【答案】（1）见解析（2）【解析】试题分析：（1）利用空间向量，通过计算进行证明：先建立空间直角坐标系，设各点坐标，表示，以及平面中两相交直线，，利用向量数量积计算证明，，最后根据线面垂直判定定理得结论（2）利用方程组求出各面法向量，利用向量数量积求向量夹角余弦值，最后根据二面角与向量夹角关系确定二面角余弦值试题解析：（Ⅰ）证明：如图，建立空间直角坐标系，则，，，得，，得，CA，CK是平面KAC内的两条相交直线，所以平面KAC.（Ⅱ）解：平面BDF的一个法向量，平面BDE（即平面ABK）的一个法向量为，所以二面角的余弦值为.20. 已知椭圆的离心率为，是椭圆的左、右焦点，是椭圆上一点，的最小值为2.（1）求椭圆的方程；（2）过点且与轴不重合的直线交椭圆于两点，圆是以为圆心椭圆的长轴长为半径的圆，过且与垂直的直线与圆交于两点，求四边形面积的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）由向量数量积得的最小值为，结合离心率解方程组可得，（2）四边形MPNQ的面积，利用垂径定理可求圆中弦长，利用直线方程与椭圆方程联立方程组，结合韦达定理，根据弦长公式可得，最后根据面积函数关系式求值域试题解析：（Ⅰ）已知，的最小值为，又,解得，所以椭圆方程为．（Ⅱ）当l与x轴不垂直时，设l的方程为.由得．则.所以．过点且与l垂直的直线，到m的距离为，所以．故四边形MPNQ的面积．可得当l与x轴不垂直时，四边形MPNQ面积的取值范围为．当l与x轴垂直时，其方程为，四边形MPNQ的面积为12．综上，四边形MPNQ面积的取值范围为．21. 设，.（1）令，求的单调区间；（2）已知在处取得极大值，求实数的取值范围.【答案】（1）见解析（2）试题解析：（Ⅰ）由可得，则，当时，时，，函数单调递增，当时，时，，函数单调递增，时，，函数单调递减.所以当时，函数的单调递增区间为，当时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为.（Ⅱ）由（Ⅰ）知，.①当时，单调递增，所以当时，单调递减，当时，单调递增，所以在处取得极小值，不合题意.②当时，，由（Ⅰ）知在内单调递增，可得当时，，时，，所以在(0，1)内单调递减，在内单调递增，所以在处取得极小值，不合题意.③当时，即，在(0，1)内单调递增，在内单调递减，所以当时，，单调递减，不合题意.④当时，即当时，，单调递增，当时，，单调递减，所以在处取得极大值，合题意.综上可知，实数a的取值范围为.点睛：函数极值问题的常见类型及解题策略(1)知图判断函数极值的情况.先找导数为0的点，再判断导数为0的点的左、右两侧的导数符号.(2)已知函数求极值.求→求方程的根→列表检验在的根的附近两侧的符号→下结论.(3)已知极值求参数.若函数在点处取得极值，则，且在该点左、右两侧的导数值符号相反.请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.22. 选修4-4：坐标系与参数方程已知极坐标的极点在平面直角坐标系的原点处，极轴与轴的非负半轴重合，且长度单位相同，直线的极坐标方程为：，曲线的参数方程为：，（为参数），其中. （1）写出直线的直角坐标方程及曲线的普通方程；（2）若为曲线与直线的两交点，求.【答案】（1），（2）【解析】试题分析：（1）利用参数方程化普通方程的公式转化，（2）利用圆中特有的垂径定理，得圆心到线的距离，再求弦长；（Ⅰ）∵，∴，直线l的直角坐标方程：．曲线C： (α为参数)，消去参数可得曲线C的普通方程为：．（Ⅱ）由（Ⅰ）可知，的圆心为D(，2)，半径为3．设AB中点为M，连接DM，DA，圆心到直线l的距离，所以，又因为，所以，所以．23. 选修4-5：不等式选讲设.（1）求不等式的解集；（2）若函数有两个不同的零点，求实数的取值范围.【答案】（1）（0，3）（2）【解析】试题分析：（1）利用零点分区间的方法，去掉绝对值，分段求解；（2）利用数形结合，将函数零点问题转化为图像交点问题；（Ⅰ）分段讨论得不等式解集为（0，3）．（Ⅱ）利用图象可得。

贵州省贵阳市第一中学2019届高三数学11月月考试题 理（扫描版）贵阳第一中学2019届高考适应性月考卷（三） 理科数学参考答案一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分）【解析】1．集合{|}(0)A x a x a a =-≤≤≥，02A B a ⊆<，≤，故选C ． 2．11ωω==，，故选A ．3．∵a b r r，夹角的余弦值为2，其夹角为45︒，∴||1a b -=r r，故选A ． 4．设切点为0000000ln(1)11(ln(1))|e 111ex x x A x x y x y x x =-''-===+=--，，，，，故选C ．5．∵2836a a =g ，∴24510125368624a a a a q q a a a+=====+，，，故选B ．6．22111min22min 1221log (1)2y x a y a y x a y a y y x=++==++=+，；，，≤，22a a +≤，解不等式即可，故选A ．7．该几何体是一个半圆柱被截去一个四棱锥的几何体，所以几何体的体积为211π12223-g g g421π3=-g g ，故选D ．8．由A =，得60A =︒，由余弦定理得m =2ABC S =△6a =，由正弦定理得2sin aR A=，2R =，故选C ．9．《周髀算经》不在首位：1333A A 18=，《周髀算经》不在首位且《九章算术》不在第二个位置：31123222147A A A A 14189P +===，，故选D ． 10．由已知直线过圆心，则1(21)m A =-，，，244AB AC -，故选A ．11．在12Rt F AF △中，2130AF F =︒∠，∴123AF c AF c ==，，由122AF AF a +=，31e ∴，故选B ．12．设03001(2ln 3log )33P x a x x ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦，，，关于y 轴对称的点030(2ln3log )Q x a x -+，在()g x 的图象上，∴2203003022ln3log 2ln3log 2x a x a x x -=+⇒=--在133⎡⎤⎢⎥⎣⎦，上有解，令20a x =-302ln3log 2()x h x -=，则002()20h x x x '=-≥，得01x ≥，0()h x 在113⎡⎤⎢⎥⎣⎦，上递减，在[13]，上递增，0max 0min ()72ln3()1h x h x =-=-，，故选D ．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）题号 13141516答案 π6413-1a >-【解析】13．π()2sin 23f x x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭向右平移ϕ个单位长度得π()2sin 223f x x ϕ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭为奇函数，则π2π()3k k ϕ-=∈Z ，令0k =，可得π6ϕ=．14．如图1，在点(02)A ，，min |3412|4z x y =-+=． 15．设1x =，得系数和为7(2)1a -=，解得1a =，含3x 项的系数为667C 2(1)14-=，不含3x 的系数和为13-．图116．由已知1x =是函数的极大值点，(1)101f a b b a '=--==-，，1()1f x ax a x '=--+=1(1)x a x ⎛⎫-+ ⎪⎝⎭，当0a ≥时，设()0f x '≥，解得01x <≤，即()f x 在区间(01]，上递增，在[1)+∞，上递减，符合题意；当10a -<<时，()f x 在区间(01]，上递增，在11a ⎡⎫-⎪⎢⎣⎭，上递减，符合题意；当1a -≤时，()f x 在区间在10a ⎛⎤- ⎥⎝⎦，上递增，在11a ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦，上递减，在[1)+∞，上递增，不符合题意，舍去，∴ 1.a >-三、解答题（共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤） 17．（本小题满分12分）解：（1）设二次函数2()(0)f x ax bx a =+≠，…………………………………………（1分）则()2f x ax b '=+． 易求()62f x x '=-，得32a b ==-，，…………………………………………………（2分）所以2()32f x xx =-，1ni n i a S ==∑，又因为点*()()n n S n ∈N ，均在函数()y f x =的图象上， 所以232.n S n n =-………………………………………………………………………（3分）当2n ≥时，22132[3(1)2(1)]65n n n a S S n n n n n -=-=-----=-； 当1n =时，2113121615a S ==⨯-⨯=⨯-，也适合上式，……………………………（5分）所以*65()n a n n =-∈N .…………………………………………………………………（6分） （2）由（1）得133111(65)[6(1)5]26561n n n b a a n n n n +⎛⎫===- ⎪-+--+⎝⎭g ， ………………………………………………………………………………………（9分）故111111...1277136561n T n n ⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-++- ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥-+⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦g ………………………………（10分）1131.26161n n n ⎛⎫=-=⎪++⎝⎭ ………………………………………………………………（12分） 18．（本小题满分12分）解：（1）画出的茎叶图如图2所示．…………………………………………………………（2分）设被污损的数字为a ，则a 有10种情况． 由88899091928383879099a +++++++++≤，得8a ≥，所以有2种情况使得东部各城市观看该节目的观众的平均人数不超过西部各城市观看该节目的观众的平均人数，………………………………………………………………………（4分） 所求概率为图221105=.……………………………………………………………………（5分） （2）由表中数据，计算得254x y ==，，………………………………………………（6分）4142214435425475001004i ii ii x yxybxx ==--⨯⨯===-∑∑$，……………………………………………（9分）∴$79.1004y x =+………………………………………………………………………（11分）当55x =时，$6.1y =，即预测年龄为55岁的观众周均学习成语知识的时间为6.1小时．……………………………………………………………………………………（12分） 19．（本小题满分12分）（1）证明：因为等边三角形ABC 的边长为3，且12AD CE DBEA==，所以12AD AE ==，． 在ADE△中，∠DAE=60°，由余弦定理得DE =从而222AD DE AE +=，所以AD DE ⊥，即BD DE ⊥．……………………………（2分）因为二面角1A DE B --是直二面角， 所以平面A 1DE ⊥平面BCED ，又平面A 1DE ∩平面BCED DE =，BD DE ⊥， 所以BD ⊥平面1A DE ．…………………………………………………………………（6分）（2）解：存在．理由：由（1）的证明，以D 为坐标原点，分别以射线DB ，DE ，DA 1为x 轴，y 轴，z 轴的正半轴，建立如图3所示的空间直角坐标系D xyz -．设2PB a =，作PH ⊥BD 于点H ，连接A 1H ，A 1P ， 则BH a =，3PH a =，2DH a =-，所以1(001)A ，，，(230)P a a -，，，(030)E ，，，所以11(231)(031)PA a a A E =--=-u u u r u u u u r，，，，，， 因为ED ⊥平面1A BD ，所以平面1A BD 的一个法向量为(030)DE =u u u r，，， 设1()n x y z =u u r ，，，1n ⊥u u r 平面1A PE ，由111130(2)30n A E y z n A P a x ay z ⎧⊥⇒-=⎪⎨⊥⇒-+-=⎪⎩u u r u u u u ru u r u u u r ，13(1)13a n ⎛⎫-⇒= ⎪ ⎪⎝u u r ，，， …………………（8分）所以存在点2P PB =，，使平面1PA E与平面1A BD所成的角为60°．………………（12分） 20．（本小题满分12分）解：（1）由题意知直线60x y -+=与圆222x y c +=相切，则632c ==，又3c e a ==，解得2241a b ==，， 所以椭圆C的方程为图32214x y +=. ………………………………………………………（3分）（2）由（1）知椭圆E 的方程为221164x y +=．（ⅰ）设00()P x y ，，||||OQ OP λ=，由题意知00()Q x y λλ--，．因为220014x y +=，又2200()()1164x y λλ--+=，即22200144x y λ⎛⎫+= ⎪⎝⎭， 所以2λ=，即||2||OQ OP =．………………………………………………………………（6分）（ⅱ）设1122()()M x y N x y ，，，，将y kx m =+代入椭圆E 的方程，可得222(14)84160k x kmx m +++-=， 由0∆>，可得22416m k <+，① 则有212122284161414km m x x x x k k -+=-=++，，………………………………………………（8分）所以12||x x -=．因为直线y kx m =+与y 轴的交点坐标为(0)m ，，所以△OMN 的面积121||||2S m x x =-=令2214m tk =+，将y kx m=+代入椭圆C的方程，可得222(14)8440k x kmx m +++-=，由0∆≥，可得2214m k +≤，② 由①②可知01t <≤，因此S ==，故S ≤10分） 当且仅当1t =，即2214m k =+时取得最大值由（ⅰ）知，△MNQ 的面积为3S ， 所以△MNQ 面积的最大值为……………………………………………………（12分）21．（本小题满分12分） （1）解：易知(1)()e xx a f x --'=-．……………………………………………………（1分）由已知得()0f x '≥或()0f x '≤，(22)x ∈-，恒成立， 故1x a-≤或1x a-≥，对(22)x ∀∈-，恒成立，………………………………………（3分）∴12a -≥，∴1a -≤或123a a --≤，≥，∴(1][3).a ∈-∞-+∞U ，，………………………………………………………………（5分） （2）证明：0a =，则()e xxf x =，函数()f x 的图象在0x x =处的切线方程为000()()()()y g x f x x x f x '==-+， 令000()()()()()()()h x f x g x f x f x x x f x x '=-=---∈R ，，…………………………（7分） 则0000001(1)e (1)e 1()()()e e e x xx x x x x x x x h x f x f x +-----'''=-=-=.………………………（9分）设00()(1)e (1)e xx x x x x ϕ=---∈R ，，则00()e (1)e x x x x ϕ'=---，∵01x <，∴()0x ϕ'<，∴()x ϕ在R 上单调递减，而0()0x ϕ=，…………………（10分）∴当0x x <时，()0x ϕ>，当0x x >时，()0x ϕ<； ∴当0x x <时，()0h x '>，当0x x >时，()0h x '<，∴()h x 在区间0()x -∞，上为增函数，在区间0()x +∞，上为减函数， ∴x ∈R时，0()()0h x h x =≤，∴()().f x g x ≤……………………………………（12分） 22．（本小题满分10分）【选修4−4：坐标系与参数方程】解：（1）C的普通方程为22(1)1(01)x y y -+=≤≤，………………………………（2分）可得C的极坐标方程为π2cos 02ρθθ⎡⎤=∈⎢⎥⎣⎦，，.………………………………………（5分）（2）设(1cos sin )D t t +，，………………………………………………………………（6分）由（1）知C 是以(10)C ，为圆心，1为半径的上半圆．因为C 在点D 处的切线与l 平行，所以直线CD 与l 的斜率乘积为1-，………………………………………………………………………………………（7分）tan t =，5π6t =，……………………………………………………………………（8分）故D的直角坐标为11.2⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭， ……………………………………………………（10分）23．（本小题满分10分）【选修4−5：不等式选讲】解：（1）当1a =时，()1f x -≥化为|1|2|1|10x x +--+≥． 当1x -≤时，不等式化为20x -≥，无解； 当11x -<<时，不等式化为30x ≥，解得01x <≤； 当1x ≥时，不等式化为40x -+≥，解得14x ≤≤，………………………………（4分）所以{|04}.A x x =≤≤…………………………………………………………………（5分） （2）由题设可得121()312112x a x f x x a x a x a x a --<-⎧⎪=+--⎨⎪-++>⎩，，，≤≤，，，所以函数()f x 的图象与x 轴围成的三角形的三个顶点分别为210(210)3a A B a -⎛⎫+ ⎪⎝⎭，，，，ABC△的面积为22(1)3a +，……………………………………………………………（7分）由题设得22(1)24053a a +<≤，≤，所以a的取值范围为(05]，．……………………………………………………………（10分）。

贵州省贵阳市第一中学2020届高三数学上学期第三次月考试题理（扫描版）贵阳第一中学2020届高考适应性月考卷（三）理科数学参考答案一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分） 题号1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B B D C A C B D C B A B【解析】1．21{|13}1M x x x x ⎧⎫==<⎨⎬-⎩⎭≥≤，{|ln(2)}{|2}N x y x x x ==-=<，所以{|1M N x =<I 2}x <，故选B.2．232019i i i i 11i 1i 1i 2z ++++--+===++L ，12z z =g ，故选B. 3．因为3cos sin αααππ⎛⎫⎛⎫∈π+=-= ⎪ ⎪22⎝⎭⎝⎭，，，所以3sin α，6cos α=，sin2α= 222sin cos αα= D. 4．最短路程的走法为26C 15=，故选C. 5．设直线方程为32p y x ⎫-⎪⎝⎭，代入22y px =，得22704p x px -+=，由抛物线定义121||842AB x x p p p =++==⇒=，故选A. 6．1111(1)1n a n n n n ==-++，则前n 项和11111122311n n n n =-+-++-=++L ，故选C. 7．06626x x ωωπππππ⇒++2≤≤≤≤，所以2263ωωπππ+⇒2≤≤，故选B. 8．因为函数(1)f x +为偶函数，所以(1)(||1)f x f x +=+，且当1x ≥时单调递增，所以(1)()f x f x -≥等价于1(1||)(|1|1)|||1|2f x f x x x x +-+⇒-⇒≥≥≥，故选D. 9．由三视图可得该几何体是棱长为3的正四面体，如图1，6AO =3DO =，O D R '=，所以22236(6)(3)R R R +=⇒，所以22742S R =π=π，故选C. 10．（1）错，反例数列：0，0，0，0，0，0，是等差数列但不是等比数列；（2）错，00.5a <<，1b >，0.51c <<，故b c a >>；（3）错，因为在三角形中，大边对大角，由正弦定理，图1sin sin 22a c A C a c R R>⇒>⇒>，反之，2sin 2sin a c R A R C >⇒>，即sin sin A C >，所以是充要条件；（4）对，由题知220y x x a '=-++>在区间[01]，上有解，则2min 112()48a x x a >-=-⇒>-，故选B. 11．右顶点到渐近线的距离为ab dc =，到直线的距离为22a ac a a c c --=，则2ab c c ac a ⨯=- 5213b ec a >⇒<<-，故选A. 12．令3e ()e x x f x x =-，23e (1)()(e )x x x f x x -'=-，令()m g x mx x=+，如图2，有(1)(1)(2)(2)f g f g >⎧⇒⎨⎩，≤223e 2e 1 1.65 2.373e 5e 22m m m⎧>⎪⎪-⇒<<⎨⎪⎪-⎩，≤，因为*m ∈N ，则2m =，故选B.二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分） 题号13 14 15 16 答案312- 243 523⎡⎫-⎪⎢⎣⎭， sin 3.1372l x ϕ≤， 【解析】 13．133(01)(01)1||2||a b b a b ⎛⎫⎛⎛⎫+=+--= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭r r r r g g r ，，，. 14．由已知可得012345543210||||||||||||a a a a a a a a a a a a +++++=-+-+-，则令1x =-，55432103243a a a a a a -+-+-+=-=-，则012345||||||||||||243a a a a a a +++++=.15．当n 为奇数时，121n λ->-+，而1221n --<-+，所以2λ-≥；当n 为偶数时，121n λ<-+，15213n -+≥，所以53λ<，故523λ-<≤. 16．由图知sin 2l x ϕ≤，0sin d 22()2A l S l n P A d S d N Ωϕϕπ===≈ππ⎰，2 3.137lN dn π≈≈. 三、解答题（共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（本小题满分12分）图2解：（1）由正弦定理得2222222()c b b c a c b c a bc =+-⇒+-=， 所以1cos 2A =，又因为(0)A ∈π，， 所以A π=3，cos 918AB AC bc A bc ==⇒=u u u r u u u r g g ， 所以193sin 2ABC S bc A ==△. ………………………………………………（6分）（2）由（1）得22218a b c bc bc =+-=≥， 当且仅当32b c ==a 取得最小值为32 此时三角形为等边三角形，22BD =，2222cos 1414AD c BD cBD B AD =+-=⇒.…………………………………………………………………（12分）18．（本小题满分12分）（1）证明：由题意知四边形ABCD 是矩形，ABE △是以A 为直角顶点的等腰直角三角形，且4BD =，3PD =，3cos PDA ∠=，3PA =∴ 222PA PD AD +=∵，PA BD ⊥∴．∵平面ABCD ⊥平面ABE ，平面ABCD I 平面ABE AB =，AE AB ⊥， AE ⊥∴平面ABCD ，AE BD ⊥∴．PA AE A =I ∵，BD ⊥∴平面PAE ．PE ⊂平面APE ，BD PE ⊥∴． …………………………（6分）（2）解：由（1）知AB ，AE ，AD 两两垂直，以A 为原点，AB ，AE ，AD 所在直线分别为x ，y ，z 轴建立如图3 所示的空间直角坐标系，则(000)A ，，，(200)B ，，，(020)E ，，，(0023)D ，，， (220)BE =-u u u r ，，，(2023)BD =-u u u r ，，． 设平面BED 的法向量为()x y z =，，n ，则2202230x y x z -+=⎧⎪⎨-+=⎪⎩，， 图3取1x =，则1y =，z，故11⎛= ⎝⎭n 为平面BED 的一个法向量， 易知平面ABE 的一个法向量为(001)=，，m ．设二面角A BE D --的平面角为θ，由题中条件可知02θπ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，，则||cos ||||θ⋅===m n m n ， ∴二面角A BE D --． ……………………………………………（12分） 19．（本小题满分12分） 解：（1）记至少有一场是中国队3∶0获胜为事件A ， 则111111323105211812C C C C C C 23()C C 48P A ++==. ………………………………………………（4分）（2）①获得的积分随机变量X 可能为0，1，2，3， 则由表格可知：1(0)4P X ==，3(1)8P X ==，1(2)4P X ==，1(3)8P X ==， 所以随机变量X 的分布列为所以期望为5()4E X =. ……………………………………………（8分） ②设与俄罗斯比赛获得积分的随机变量为Y ，则分布列为所以期望为17()8E Y =. 设与美国比赛获得积分的随机变量为Z ，则分布列为所以期望为3()2E Z =， 所以总积分的期望为5173394828++=. ………………………………………（12分） 20．（本小题满分12分）解：（1）2221()1(0)a x x a f x x x x x +-'=-+=>， 若0a ≤，则()0f x '>，所以函数()f x 在(0)+∞，上递增； 若0a >，方程20x x a +-=的判别式为140a +>，所以方程有两根分别为10x <，20x =>， 所以当2(0)x x ∈，时，()0f x '<；当2()x x ∈+∞，时，()0f x '>，所以函数()f x 在2(0)x ，上递减；在2()x +∞，上递增. ……………………………（6分）（2）不等式2()e x xf x x <+，对任意的12x ⎛⎫∈+∞ ⎪⎝⎭，恒成立， 即e ln x a x x <-对任意的12x ⎛⎫∈+∞ ⎪⎝⎭，恒成立． 令()e ln x v x x x =-，则()e ln 1x v x x '=--，令()e ln 1x x x ϕ=--，则1()e x x xϕ'=-， 易知()x ϕ'在12⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭，上单调递增， 因为121e 202ϕ⎛⎫'=-< ⎪⎝⎭，(1)e 10ϕ'=->，且()x ϕ'的图象在112⎛⎫ ⎪⎝⎭，上连续， 所以存在唯一的0112x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，，使得0()0x ϕ'=，即001e 0x x -=，则00ln x x =-. 当012x x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，时，()x ϕ单调递减；当0()x x ∈+∞，时，()x ϕ单调递增， 则()x ϕ在0x x =处取得最小值，且最小值为000001()e ln 11110x x x x x ϕ=--=+->=>， 所以()0v x '>，即()v x 在12⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭，上单调递增， 所以1211e ln 22a -≤. ………………………………………………（12分）21．（本小题满分12分）解：（1）由已知可得22421a b +=，c a =222a b c =+，解得a =2b c ==， 所以椭圆C 的标准方程为28x +214y =， 设1PF m =，2PF n =，12F PF θ∠=，则由m n +=222cos 16m n mn θ+-=，1sin 2mn θ=， 解得θπ=3，所以12F PF π∠=3. ………………………………………………（6分） （2）若直线的斜率不存在时，||2OP =，||||MA MB == 所以77||||428MA MB λλ==⇒=； 当斜率存在时，设直线l 的方程为(1)y k x =-．设1122()()A x y B x y ，，，．联立直线l 与椭圆方程22(1)184y k x x y =-⎧⎪⎨+=⎪⎩，， 消去y ，得2222(21)4280k x k x k +-+-=， 所以212221224212821k x x k k x x k ⎧+=⎪⎪+⎨-⎪=⎪+⎩，. 因为//OP l ，设直线OP 的方程为y kx =，联立直线OP 与椭圆方程22184y kx x y =⎧⎪⎨+=⎪⎩，， 消去y ，得22(21)8k x +=，解得22821x k =+. 222228||(1)21OP x y k k =+=++∴，1||1|MA x =-∴，同理2||1|MB x =-，212||||(1)|(1)(1)|MA MB k x x =+--g ∴， 因为12121227(1)(1)[()1]21x x x x x x k --=--++=+g ，227||||(1)21MA MB k k =++g ∴，故27||||||8OP MA MB =g ，存在78λ=满足条件，综上可得，存在78λ=满足条件. ……………………………………………………（12分） 22．（本小题满分10分）【选修4−4：坐标系与参数方程】解：（1）曲线1C 的直角坐标方程为240x y ++=， 由11cos ρθ=-，得cos 1ρρθ-=，22(cos 1)ρρθ=+∴， 故曲线2C 的直角坐标方程为221y x =+. …………………………………………（5分）（2）由（1）知曲线1C 的普通方程为240x y ++=，P 是曲线2C 上的点，P ∴到AB 的最小距离等于P 到直线240x y ++=的距离．设()P x y ，，P 到直线240x y ++=的距离为d ，则2d ===，当且仅当12y =-时取得最小值，故面积的最小值为11122S =. ………………………………………（10分） 23．（本小题满分10分）【选修4−5：不等式选讲】（1）解：()|22||2|f x x x =++-=3141232x x x x x x --⎧⎪+-<⎨⎪>⎩，≤，，≤，，，当1x -≤时，()6f x ≤，解得21x --≤≤；当12x -<≤时，()6f x ≤，解得12x -<≤；当2x >时，()6f x ≤，无解，综上，不等式()6f x ≤的解集为[22]-，，函数()f x 在(1)-∞-，上递减，在(1)-+∞，上递增. …………………………（5分）（2）证明：由（1）知，min ()(1)3f x f =-=，所以3M a b c =++=，由柯西不等式得2222≥，++++++=a b c a b c()(111)()9所以222≥，当且仅当1++=()3a b c M===时，等号成立.a b c……………………………………………………………………………………（10分）。

2019届贵州省部分重点中学高三3月联考数学（理）试题一、单选题1．已知集合，，则A．B．C．D．【答案】C【解析】由题可知，分别求得集合，，再根据集合的交集的运算，即可求解，得到答案。

【详解】由题可知，集合，，则，故选C。

【点睛】本题主要考查了集合的交集运算问题，其中解答中正确求解集合，再根据集合的交集的运算是解答的关键，着重考查了推理与计算能力，属于基础题。

2．已知，则A．-2 B．0 C．1 D．2【答案】B【解析】根据复数的运算和复数相等的条件，即可求解得值，进而得到答案。

【详解】由题可得，则，，故，故选B。

【点睛】本题主要考查了复数的运算和复数相等应用，其中解答中熟记复数的四则运算和复数相等的条件是解答本题的关键，着重考查了推理与计算能力，属于基础题。

3．若双曲线的离心率为，则斜率为正的渐近线的斜率为A．B．C．D．2【答案】D【解析】由双曲线的离心率为，得，又由的值，进而求解双曲线的渐近线方程，得到答案.【详解】由题可知，双曲线的离心率为，即，又由，所以双曲线的渐近线方程为，故选D.【点睛】本题主要考查了双曲线的标准方程及其简单的几何性质的应用，其中解答中熟记双曲线的标准方程及其几何性质，合理准确运算是解答的关键，着重考查了推理与计算能力，属于基础题.4．自古以来“民以食为天”，餐饮业作为我国第三产业中的一个支柱产业，一直在社会发展与人民生活中发挥着重要作用.某机构统计了2010～2016年餐饮收入的情况，得到下面的条形图，则下面结论中不正确的是( )A．2010～2016年全国餐饮收入逐年增加B．2016年全国餐饮收入比2010年翻了一番以上C．2010～2016年全国餐饮收入同比增量最多的是2015年D．2010～2016年全国餐饮收入同比增量超过3000亿元的年份有3个【答案】D【解析】由题意，根据给定的条形图中的数据，逐项判定，即可得到答案。

【详解】由题意，根据给定的条形图，可知从2010年2016年全国餐饮收入是逐年增加的，所以A,B选项显然正确；其中2010～2016年全国餐饮收入同比增量超过3000亿元的年份有2015年和2016年，共两年，选项D错误.【点睛】本题主要考查了统计图表的实际应用问题，其中解答中正确认识条形图，根据条形图中的数据，进行逐项判定是解答本题的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，属于基础题。

2019-2020年高三（上）第三次月考数学试卷含解析一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共70分．1．（5分）命题：若x≥1，则x2+3x﹣2≥0的否命题为“若x＜1，则x2+3x﹣2＜0”．．考点：四种命题．专题：常规题型．分析：命题“若p，则q”的否命题为“若￢p，则￢q”，据此可得出答案．解答：解：根据命题“若p，则q”的否命题为“若￢p，则￢q”，可得命题：“若x≥1，则x2+3x﹣2≥0”的否命题应是“若x＜1，则x2+3x﹣2＜0”．故答案为“若x＜1，则x2+3x﹣2＜0”．点评：掌握四种命题间的关系是解决问题的关系．2．（5分）i是虚数单位，复数=2﹣i．考点：复数代数形式的乘除运算．专题：计算题．分析：把给出的复数分子分母同时乘以1+i，展开后整理即可．解答：解：．故答案为2﹣i．点评：本题考查了复数代数形式的乘除运算，复数的除法采用分子分母同时乘以分母的共轭复数，此题是基础题．3．（5分）设集合M={x|x2+x﹣6＜0}，N={x|1≤x≤3}，则M∩N=[1，2）．考点：交集及其运算．专题：计算题．分析：求出集合M中不等式的解集，确定出集合M，找出M与N解集的公共部分，即可求出两集合的交集．解答：解：由集合M中不等式x2+x﹣6＜0，分解因式得：（x﹣2）（x+3）＜0，解得：﹣3＜x＜2，∴M=（﹣3，2），又N={x|1≤x≤3}=[1，3]，则M∩N=[1，2）．故答案为：[1，2）点评：此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．4．（5分）已知510°角的始边在x轴的非负半轴上，终边经过点P（m，2），则m=﹣2．考点：任意角的概念．专题：三角函数的求值．分析：利用诱导公式求得cos510°=﹣，再由任意角的三角函数的定义可得m＜0且﹣=，由此求得m的值．解答：解：∵510°=360°+150°，∴cos510°=cos150°=﹣cos30°=﹣．再由510°角的终边经过点P（m，2），可得m＜0，且cos510°=﹣=，解得m=﹣2，故答案为﹣2．点评：本题主要考查任意角的三角函数的定义，诱导公式，终边相同的角的性质，属于基础题．5．（5分）将函数的图象向左平移个单位，再向下平移1个单位，得到函数g（x）的图象，则g（x）的解析式为．考点：函数y=Asin（ωx+φ）的图象变换．专题：计算题；三角函数的图像与性质．分析：直接利用左加右减、上加下减的平移原则，推出平移后的函数解析式即可．解答：解：将函数的图象向左平移个单位，得到=，再向下平移1个单位，得到函数的图象，所以g（x）的解析式为．故答案为：．点评：本题考查三角函数的图象的平移变换，值域左加右减以及上加下减的法则，值域平移的方向与x的系数的关系．6．（5分）已知向量=（sin55°，sin35°），=（sin25°，sin65°），则向量与的夹角为30°．考点：数量积表示两个向量的夹角．分析：向量夹角公式的应用，已知向量的坐标要求向量的夹角，利用向量夹角的公式，在代入的过程中，注意向量的坐标是用三角函数表示的，这里有一个利用诱导公式变化的过程．解答：解：∵=（sin55°，sin35°），=（sin25°，sin65°），∴=1，=1，由向量夹角的公式可得，cosθ====sin120°=，∵θ∈[0，180]，∴θ=30°，故答案为：30．点评：本题是向量数量积的运算，条件中给出两个向量的模和两向量的夹角，代入数量积的公式运算即可，只是题目所给的模不是数字，而是用三角函数表示的式子，因此代入后，还要进行简单的三角函数变换．7．（5分）如果实数x、y满足不等式组，则z=x+2y+3最小值为8．考点：简单线性规划．专题：计算题；不等式的解法及应用．分析：画出满足约束条件的平面区域，然后分析平面区域里各个角点，然后将其代入x+2y+3中，求出x+2y+3的最小值．解答：解：依题意作出可行性区域如图，目标函数z=x+2y+3在边界点A（1，2）处取到最小值z=1+2×2+3=8．故答案为：8．点评：本题考察的知识点是简单线性规划的应用，在解决线性规划的小题时，常用“角点法”，其步骤为：①由约束条件画出可行域⇒②求出可行域各个角点的坐标⇒③将坐标逐一代入目标函数⇒④验证，求出最优解．8．（5分）（xx•浙江二模）等比数列{a n}的前n项和为S n，已知S1，2S2，3S3成等差数列，则{a n}的公比为．考点：等比数列的性质．专题：计算题；压轴题．分析：先根据等差中项可知4S2=S1+3S3，利用等比赛数列的求和公式用a1和q分别表示出S1，S2和S3，代入即可求得q．解答：解：∵等比数列{a n}的前n项和为S n，已知S1，2S2，3S3成等差数列，∴a n=a1q n﹣1，又4S2=S1+3S3，即4（a1+a1q）=a1+3（a1+a1q+a1q2），解．故答案为点评：本题主要考查了等比数列的性质．属基础题．9．（5分）（xx•盐城一模）已知是定义在（﹣∞，﹣1]∪[1，+∞）上的奇函数，则f（x）的值域为．考点：函数奇偶性的性质；函数的最值及其几何意义．专题：计算题．分析：根据是奇函数，可确定a的值，进而可得函数的解析式，利用函数的定义域，可确定函数的值域．解答：解：∵是定义在（﹣∞，﹣1]∪[1，+∞）上的奇函数∴f（﹣x）=﹣f（x）∴∴∴∴2a=﹣1，∴∴∵x∈（﹣∞，﹣1]∪[1，+∞）∴2x∈（0，]∪[2，+∞）∴[﹣2，﹣1）∪（0，1]∴f（x）∈故答案为：点评：本题重点考查函数的奇偶性，考查函数的值域，解题的关键是确定函数的解析式，属于基础题．10．（5分）“”是“对∀正实数x，”的充要条件，则实数c=1．考点：必要条件、充分条件与充要条件的判断；二次函数的性质．专题：计算题．分析：根据所给的条件，看出对于c的值的符号不同，分两种情况进行讨论，c小于0时，比较简单，当c大于0时，需要分离参数，求出二次函数的值域，根据函数的思想求出结果．解答：解：若c＜0，则a≥0，不符合题意，若c＞0，，∴根据x是正数有a≥cx﹣2x2∵y=cx﹣2x2在x是正数时，值域是y=则，于是，故答案为：1点评：本题考查充要条件的判断，考查二次函数的性质，考查函数的分离参数的思想．本题解题的关键是求出二次函数的最值，根据函数的思想来解题，本题也可转化为二次函数a≥﹣2x2+cx恒成立展开讨论．11．（5分）函数f（x）=ax2+lnx+1在[e，+∞）上是减函数，则实数a的取值范围是．考点：函数的单调性与导数的关系．专题：导数的概念及应用．分析：求出原函数的导函数，使导函数在[e，+∞）上恒小于等于0，列式求解a的范围．解答：解：由f（x）=ax2+lnx+1，则，令g（x）=2ax2+1，因为f（x）在[e，+∞）上是减函数，所以，f′（x）在[e，+∞）上小于等于0恒成立，则g（x）=2ax2+1在[e，+∞）上小于等于0恒成立，即，所以．故答案为．点评：本题主要考查函数的单调性与其导函数的正负之间的关系．考查了在某一区间内不等式恒成立的问题，此题属中档题．12．（5分）（2011•天津）已知log2a+log2b≥1，则3a+9b的最小值为18．考点：基本不等式；对数的运算性质．专题：计算题．分析：先把已知条件转化为ab≥2，且a＞0，b＞0；再把所求用基本不等式转化到用ab表示即可．解答：解：由log2a+log2b≥1得ab≥2，且a＞0，b＞0．又3a+9b=3a+32b≥2=2，因为a+2b≥2=2≥2=4，所以3a+9b≥2=18．即3a+9b的最小值为18．故答案为18．点评：本题是对指数的运算性质，对数的运算性质以及基本不等式的综合考查．考查的都是基本知识点，只要课本知识掌握熟练，是道基础题．13．（5分）设实系数一元二次方程x2+ax+2b﹣2=0有两个相异实根，其中一根在区间（0，1）内，另一根在区间（1，2）内，则的取值范围是．考点：一元二次方程的根的分布与系数的关系．专题：函数的性质及应用．分析：要求的式子化为1+，表示点（a，b）与点（1，4）连线的斜率再加上1．由可得，画出可行域，求出点A和点B的坐标，根据函数z=表示可行域里面的点（a，b）与点p（1，4）的斜率的大小，求出z的范围，可得z+1的范围，即为所求．解答：解：==1+，表示点（a，b）与点（1，4）连线的斜率再加上1，实系数一元二次方程x2+ax+2b﹣2=0有两个相异实根，f（x）=x2+ax+2b﹣2，图象开口向上，对称轴为x=﹣，由可得，画出可行域，如图所示：由求得点A的坐标为（﹣1，1），由求得点B的坐标为（﹣3，2）．设目标函数z=，表示可行域里面的点（a，b）与点p（1，4）的斜率的大小，∴z min=k AP==；z max=k BP==，∴≤z≤．再由于点A和点B不在可行域内，故有＜z＜．∴1+ 的范围为（，），故答案为（，）．点评：此题主要考查函数的零点的判定定理，还考查了简单线性和规划问题，要分析的几何的意义，属于中档题．14．（5分）已知函数f （x）=ax2+bx+与直线y=x相切于点A（1，1），若对任意x∈[1，9]，不等式f （x﹣t）≤x恒成立，则所有满足条件的实数t的值为2．考点：利用导数研究曲线上某点切线方程；二次函数的性质．专题：导数的概念及应用．分析：对f（x）进行求导，根据它与直线y=x相切于点A（1，1），可得f′（1）=0，可得把点A代入得到方程，求出a，b，求出f（x）的解析式，根据题意对任意x∈[1，9]，不等式f （x﹣t）≤x恒成立，根据根与系数的关系进行求解；解答：解：∵已知函数f （x）=ax2+bx+与直线y=x相切于点A（1，1），f′（x）=2ax+b，∴f′（1）=1，可得2a+b=1①，又f（x）过点A（1，1）可得a+b+=1②，联立方程①②可得a=，b=，f（x）=x2+x+，∵对任意x∈[1，9]，不等式f （x﹣t）≤x恒成立，可得f（x﹣t）=（x﹣t+1）2≤x，化简可得，x2﹣2x（t﹣1）+（t﹣1）2﹣4x≤0，在[1，9]上恒成立，令g（x）=x2﹣2x（t+1）+（t﹣1）2≤0，在[1，9]上恒成立，∴，解①可得0≤t≤4，解②可得4≤t≤14，解③可得t≥4综上可得：t=4，故答案为2点评：考查学生会利用导数求曲线上过某点切线方程的斜率，会利用导数研究函数的单调区间以及根据函数的增减性得到函数的最值．掌握不等式恒成立时所取的条件；二、解答题：本大题共6小题，共计90分，解答时应写出文字说明，证明过程或演算步骤．15．（14分）已知a＞0，a≠1．设命题p，q分别为p：函数y=x2+（3a﹣4）x+1的图象与x 轴有两个不同的交点；q：函数y=a x在（0，+∞）内单调递减．如果命题p或q为真命题，命题p且q为假命题，求实数a的取值范围．考点：命题的真假判断与应用．专题：计算题．分析：依题意可分别求得命题p为真命题与命题q为真命题时a的取值范围，再结合题意，利用真值表通过解不等式组即可求得实数a的取值范围．解答：解：因为a＞0，a≠1，由命题p为真命题得：（3a﹣4）2﹣4＞0，解得0＜a＜或a＞2…．（2分）由命题q为真命题可得0＜a＜1…（4分）由命题p或q为真命题，命题p且q为假命题，可知命题p、q为真命题恰好一真一假…．（6分）（1）当命题p真q假时，，即a＞2…（9分）（2）当命题p假q真时，，即≤a＜1…（12分）综上，实数a的取值范围为≤a＜1或a＞2．…．（14分）点评：本题考查命题的真假判断与应用，考查二次函数与指数函数的性质，突出考查真值表的应用及解不等式组的能力，属于中档题．16．（14分）已知向量（λ≠0），，，其中O为坐标原点．（1）若λ=2，，β∈（0，π），且，求β；（7）若对任意实数α，β都成立，求实数λ的取值范围．考点：数量积判断两个平面向量的垂直关系；向量的模．专题：平面向量及应用．分析：（1）根据给出的λ和α的值，求出向量，由向量的坐标差求出向量，最后由向量垂直的坐标表示可解得β的值；（2）把向量和的模代入后得到关于λ的不等式λ2+1+2λsin（β﹣α）≥4，把不等式左边看作关于λ的二次函数，分λ＞0和λ＜0求出函数的最小值，让最小值大于等于4可求解λ的范围．解答：解：（1）若λ=2，，则，，由，得：，即，所以，因为，所以，所以．（2）若对任意实数α，β都成立，则（λcosα+sinβ）2+（λsinα﹣cosβ）2≥4对任意实数α，β都成立，即λ2+1+2λsin（β﹣α）≥4对任意实数α，β都成立，所以，或，解得：λ≥3或λ≤﹣3，所以实数λ的取值范围是（﹣∞，﹣3]∪[3，+∞）．点评：本题考查了向量的数量积判断两个向量的垂直关系，考查了向量的模，考查计算能力，数学转化思想和函数思想，是中等难度的题目．17．（14分）（2011•江西模拟）设a∈R，满足，（Ⅰ）求函数f（x）的单调递增区间；（Ⅱ）设△ABC三内角A，B，C所对边分别为a，b，c且，求f（x）在（0，B]上的值域．考点：余弦定理；两角和与差的正弦函数；正弦函数的单调性；正弦定理．专题：计算题；转化思想．分析：（Ⅰ）通过二倍角公式，以及，求出a的值，利用两角差的正弦函数化简函数的表达式，通过正弦函数的单调增区间，求函数f（x）的单调递增区间；（Ⅱ）利用余弦定理化简，通过正弦定理求出，推出B的值，然后求f（x）在（0，B]上的值域．解答：解：（Ⅰ）f（x）=asinxcosx﹣cos2x+sin2x=．由得，解得．因此．令得故函数f（x）=的单调递增区间（6分）（Ⅱ）由余弦定理知：即2acosB﹣ccosB=bcosC，又由正弦定理知：2sinAcosB=sinCcosB+sinBcosC=sin（B+C）=sinA即，所以当时，，f（x）∈（﹣1，2]故f（x）在（0，B]上的值域为（﹣1，2]（12分）点评：本题考查余弦定理，两角和与差的正弦函数，正弦函数的单调性，正弦定理个应用，考查转化思想与计算能力．18．（16分）（xx•绵阳二模）已知一家公司生产某种品牌服装的年固定成本为10万元，每生产1千件需另投入2.7万元．设该公司一年内共生产该品牌服装x千件并全部销售完，每千件的销售收入为R（x）万元，且（1）写出年利润W（万元）关于年产量x（千件）的函数解析式；（2）年产量为多少千年时，该公司在这一品牌服装的生产中所获得利润最大？（注：年利润=年销售收入﹣年总成本）考点：分段函数的应用；函数的最值及其几何意义．专题：分类讨论．分析：（1）由年利润W=年产量x×每千件的销售收入为R（x）﹣成本，又由，且年固定成本为10万元，每生产1千件需另投入2.7万元．我们易得年利润W（万元）关于年产量x（千件）的函数解析式；（2）由（1）的解析式，我们求出各段上的最大值，即利润的最大值，然后根据分段函数的最大值是各段上最大值的最大者，即可得到结果．解答：解：（1）当；当x＞10时，W=xR（x）﹣（10+2.7x）=98﹣﹣2.7x．∴W=（2）①当0＜x＜10时，由W'=8.1﹣=0，得x=9，且当x∈（0，9）时，W'＞0；当x∈（9，10）时，W'＜0，∴当x=9时，W取最大值，且②当x＞10时，当且仅当，即x=时，W=38，故当x=时，W取最大值38．综合①②知当x=9时，W取最大值38.6万元，故当年产量为9千件时，该公司在这一品牌服装的生产中所获年利润最大．点评：本题考查的知识点是分段函数及函数的最值，分段函数分段处理，这是研究分段函数图象和性质最核心的理念，具体做法是：分段函数的定义域、值域是各段上x、y取值范围的并集，分段函数的奇偶性、单调性要在各段上分别论证；分段函数的最大值，是各段上最大值中的最大者．19．（16分）（xx•天津）已知{a n}是等差数列，其前n项和为S n，{b n}是等比数列，且a1=b1=2，a4+b4=27，s4﹣b4=10．（1）求数列{a n}与{b n}的通项公式；（2）记T n=a n b1+a n﹣1b2+…+a1b n，n∈N*，证明：T n+12=﹣2a n+10b n（n∈N*）．考点：等差数列与等比数列的综合；等差数列的通项公式；等比数列的通项公式．专题：计算题；证明题．分析：（1）直接设出首项和公差，根据条件求出首项和公差，即可求出通项．（2）先写出T n的表达式；方法一：借助于错位相减求和；方法二：用数学归纳法证明其成立．解答：解：（1）设等差数列的公差为d，等比数列的公比为q，由a1=b1=2，得a4=2+3d，b4=2q3，s4=8+6d，由条件a4+b4=27，s4﹣b4=10，得方程组，解得，故a n=3n﹣1，b n=2n，n∈N*．（2）证明：方法一，由（1）得，T n=2a n+22a n﹣1+23a n﹣2+…+2n a1；①；2T n=22a n+23a n﹣1+…+2n a2+2n+1a1；②；由②﹣①得，T n=﹣2（3n﹣1）+3×22+3×23+…+3×2n+2n+2=+2n+2﹣6n+2=10×2n﹣6n﹣10；而﹣2a n+10b n﹣12=﹣2（3n﹣1）+10×2n﹣12=10×2n﹣6n﹣10；故T n+12=﹣2a n+10b n（n∈N*）．方法二：数学归纳法，③当n=1时，T1+12=a1b1+12=16，﹣2a1+10b1=16，故等式成立，④假设当n=k时等式成立，即T k+12=﹣2a k+10b k，则当n=k+1时有，T k+1=a k+1b1+a k b2+a k﹣1b3+…+a1b k+1=a k+1b1+q（a k b1+a k﹣1b2+…+a1b k）=a k+1b1+qT k=a k+1b1+q（﹣2a k+10b k﹣12）=2a k+1﹣4（a k+1﹣3）+10b k+1﹣24=﹣2a k+1+10b k+1﹣12．即T k+1+12=﹣2a k+1+10b k+1，因此n=k+1时等式成立．③④对任意的n∈N*，T n+12=﹣2a n+10b n成立．点评：本题主要考察等差数列和等比数列的综合问题．解决这类问题的关键在于熟练掌握基础知识，基本方法．并考察计算能力．20．（16分）（xx•湖北模拟）已知f（x）=ax﹣ln（﹣x），x∈（﹣e，0），，其中e是自然常数，a∈R．（1）讨论a=﹣1时，f（x）的单调性、极值；（2）求证：在（1）的条件下，．（3）是否存在实数a，使f（x）的最小值是3，如果存在，求出a的值；如果不存在，说明理由．考点：利用导数研究函数的极值；导数在最大值、最小值问题中的应用．专题：计算题；证明题；综合题；压轴题；分类讨论．分析：（1）把a=﹣1代入f（x）=ax﹣ln（﹣x），求导，分析导函数的符号，可得f（x）的单调性、极值；（2）由（1）知f（x）在[﹣e，0）的最小值为1，要证，只需证的最大值小于1即可，利用导数求函数的最大值；（3））假设存在实数a，使f（x）=ax﹣ln（﹣x）有最小值3，x∈[﹣e，0），求导，令导数等于零，解方程得到的方程的根是否在定义域（﹣e，0）内进行讨论，从而求得结果．解答：解：（1）∵f（x）=﹣x﹣ln（﹣x）∴当﹣e≤x＜﹣1时，f′（x）＜0，此时f（x）为单调递减当﹣1＜x＜0时，f'（x）＞0，此时f（x）为单调递增∴f（x）的极小值为f（﹣1）=1（2）∵f（x）的极小值，即f（x）在[﹣e，0）的最小值为1∴|f（x）|min=1令又∵当﹣e≤x＜0时h′（x）≤0，h（x）在[﹣e，0）上单调递减∴∴当x∈[﹣e，0）时，（3）假设存在实数a，使f（x）=ax﹣ln（﹣x）有最小值3，x∈[﹣e，0）①当时，由于x∈[﹣e，0），则∴函数f（x）=ax﹣ln（﹣x）是[﹣e，0）上的增函数∴f（x）min=f（﹣e）=﹣ae﹣1=3解得（舍去）②当时，则当时，此时f（x）=ax﹣ln（﹣x）是减函数当时，，此时f（x）=ax﹣ln（﹣x）是增函数∴解得a=﹣e2点评：此题是个难题．考查利用导数研究函数的单调性和极值、最值问题．对方程f'（x）=0根是否在定义域内进行讨论，体现了分类讨论的思想方法，和转化思想，其中问题（3）是一个开放性问题，考查了同学们观察、推理以及创造性地分析问题、解决问题的能力．11 / 11文档可自由编辑打印。

贵州省贵阳市2019-2020学年高考第三次模拟数学试题一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．已知等差数列{}n a 的前13项和为52，则68(2)a a +-=（ ）A ．256B ．-256C ．32D ．-32【答案】A 【解析】 【分析】利用等差数列的求和公式及等差数列的性质可以求得结果. 【详解】由1371352S a ==，74a =，得()()68822256a a +-=-=.选A.【点睛】本题主要考查等差数列的求和公式及等差数列的性质，等差数列的等和性应用能快速求得结果. 2．若各项均为正数的等比数列{}n a 满足31232a a a =+，则公比q =（ ） A ．1 B ．2 C ．3 D ．4【答案】C 【解析】 【分析】由正项等比数列满足31232a a a =+，即211132a q a a q =+，又10a ≠，即2230q q --=，运算即可得解.【详解】解：因为31232a a a =+，所以211132a q a a q =+，又10a ≠，所以2230q q --=，又0q >，解得3q =. 故选：C. 【点睛】本题考查了等比数列基本量的求法，属基础题.3．某个命题与自然数n 有关，且已证得“假设()*n k k N =∈时该命题成立，则1n k =+时该命题也成立”．现已知当7n =时，该命题不成立，那么（ ） A ．当8n =时，该命题不成立 B ．当8n =时，该命题成立 C ．当6n =时，该命题不成立 D ．当6n =时，该命题成立【答案】C 【解析】【分析】写出命题“假设()*n k k N=∈时该命题成立，则1n k =+时该命题也成立”的逆否命题，结合原命题与逆否命题的真假性一致进行判断. 【详解】由逆否命题可知，命题“假设()*n k k N =∈时该命题成立，则1n k =+时该命题也成立”的逆否命题为“假设当()1n k k N*=+∈时该命题不成立，则当n k =时该命题也不成立”，由于当7n =时，该命题不成立，则当6n =时，该命题也不成立，故选：C. 【点睛】本题考查逆否命题与原命题等价性的应用，解题时要写出原命题的逆否命题，结合逆否命题的等价性进行判断，考查逻辑推理能力，属于中等题.4．甲在微信群中发了一个6元“拼手气”红包,被乙､丙､丁三人抢完,若三人均领到整数元,且每人至少领到1元,则乙获得“最佳手气”(即乙领到的钱数多于其他任何人)的概率是（ ） A ．13B ．310C ．25D ．34【答案】B 【解析】 【分析】将所有可能的情况全部枚举出来,再根据古典概型的方法求解即可. 【详解】设乙,丙,丁分别领到x 元,y 元,z 元,记为(,,)x y z ,则基本事件有(1,1,4),(1,4,1) ,(4,1,1),(1,2,3),(1,3,2),(2,1,3),(2,3,1),(3,1,2),(3,2,1),(2,2,2),共10个,其中符合乙获得“最佳手气”的有3个,故所求概率为310, 故选：B. 【点睛】本题主要考查了枚举法求古典概型的方法,属于基础题型.5．已知某几何体的三视图如图所示，其中正视图与侧视图是全等的直角三角形，则该几何体的各个面中，最大面的面积为（ ）A ．2B ．5C ．13D ．22【答案】D 【解析】 【分析】根据三视图还原出几何体，找到最大面，再求面积. 【详解】由三视图可知，该几何体是一个三棱锥，如图所示，将其放在一个长方体中，并记为三棱锥P ABC -.13PAC PAB S S ∆∆==，22PAC S ∆=，2ABC S ∆=，故最大面的面积为22.选D.【点睛】本题主要考查三视图的识别，复杂的三视图还原为几何体时，一般借助长方体来实现. 6．若复数z 满足1z =，则z i -（其中i 为虚数单位）的最大值为（ ） A ．1 B ．2C ．3D ．4【答案】B 【解析】 【分析】根据复数的几何意义可知复数z 对应的点在以原点为圆心，1为半径的圆上，再根据复数的几何意义即可确定z i -，即可得z i -的最大值. 【详解】由1z =知，复数z 对应的点在以原点为圆心，1为半径的圆上，z i -表示复数z 对应的点与点()0,1间的距离，又复数z对应的点所在圆的圆心到()0,1的距离为1，所以max 112z i-=+=.故选：B【点睛】本题考查了复数模的定义及其几何意义应用，属于基础题.7．空气质量指数AQI是反映空气状况的指数，AQI指数值趋小，表明空气质量越好，下图是某市10月1日-20日AQI指数变化趋势，下列叙述错误的是（）A．这20天中AQI指数值的中位数略高于100B．这20天中的中度污染及以上（AQI指数>150）的天数占1 4C．该市10月的前半个月的空气质量越来越好D．总体来说，该市10月上旬的空气质量比中旬的空气质量好【答案】C【解析】【分析】结合题意，根据题目中的20天的AQI指数值，判断选项中的命题是否正确.【详解】对于A，由图可知20天的AQI指数值中有10个低于100，10个高于100，其中第10个接近100，第11个高于100，所以中位数略高于100，故A正确.对于B，由图可知20天的AQI指数值中高于150的天数为5，即占总天数的14，故B正确.对于C，由图可知该市10月的前4天的空气质量越来越好，从第5天到第15天空气质量越来越差，故C错误.对于D，由图可知该市10月上旬大部分指数在100以下，中旬大部分指数在100以上，所以该市10月上旬的空气质量比中旬的空气质量好，故D正确.本题考查了对折线图数据的分析，读懂题意是解题关键，并能运用所学知识对命题进行判断，本题较为基础.8．已知命题:0p x ∀>,ln(1)0x +>；命题:q 若a b >，则22a b >，下列命题为真命题的是（ ） A ．p q ∧ B ．p q ∧⌝C ．p q ⌝∧D ．p q ⌝∧⌝【答案】B 【解析】解：命题p ：∀x ＞0，ln （x+1）＞0，则命题p 为真命题，则￢p 为假命题； 取a=﹣1，b=﹣2，a ＞b ，但a 2＜b 2，则命题q 是假命题，则￢q 是真命题． ∴p ∧q 是假命题，p ∧￢q 是真命题，￢p ∧q 是假命题，￢p ∧￢q 是假命题． 故选B ．9．在ABC ∆中，H 为BC 上异于B ，C 的任一点，M 为AH 的中点，若AM AB AC λμ=+u u u u v u u u v u u u v，则λμ+等于（ ）A ．12B ．23C ．16D ．13【答案】A 【解析】 【分析】根据题意，用,AB AC u u u r u u u r 表示出,AH BH u u u r u u u r与AM u u u u r，求出,λμ的值即可. 【详解】解：根据题意，设BH xBC =u u u r u u u r，则11111()()()22222AM AH AB BH AB xBC AB x AC AB ==+=+=+-u u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r 11(1)22x AB xAC =-+u u u r u u u r ，又AM AB AC λμ=+u u u u r u u u r u u u r，11(1),22x x λμ∴=-=，111(1)222x x λμ∴+=-+=，本题主要考查了平面向量基本定理的应用，关键是要找到一组合适的基底表示向量，是基础题.10．已知i 是虚数单位，则复数24(1)i =-（ ） A ．2i B ．2i -C ．2D ．2-【答案】A 【解析】 【分析】根据复数的基本运算求解即可. 【详解】224422(1)2ii i i i===---. 故选：A 【点睛】本题主要考查了复数的基本运算,属于基础题.11．某校8位学生的本次月考成绩恰好都比上一次的月考成绩高出50分，则以该8位学生这两次的月考成绩各自组成样本，则这两个样本不变的数字特征是（ ） A ．方差 B ．中位数 C ．众数 D ．平均数【答案】A 【解析】 【分析】通过方差公式分析可知方差没有改变，中位数、众数和平均数都发生了改变. 【详解】由题可知，中位数和众数、平均数都有变化.本次和上次的月考成绩相比，成绩和平均数都增加了50，所以2)n x x -（没有改变， 根据方差公式222181[()()]8S x x x x =-++-L 可知方差不变. 故选：A 【点睛】本题主要考查样本的数字特征，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.12．已知1F 、2F 是双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的左右焦点，过点2F 与双曲线的一条渐近线平行的直线交双曲线另一条渐近线于点M ，若点M 在以线段12F F 为直径的圆外，则双曲线离心率的取值范围是A ．(2,)+∞B ．2)C ．D ．【答案】A 【解析】双曲线22x a﹣22y b =1的渐近线方程为y=b a ±x ，不妨设过点F 1与双曲线的一条渐过线平行的直线方程为y=ba（x ﹣c ）， 与y=﹣b a x 联立，可得交点M （2c ，﹣2bc a）， ∵点M 在以线段F 1F 1为直径的圆外，∴|OM|＞|OF 1|，即有24c +2224b c a ＞c 1， ∴22b a＞3，即b 1＞3a 1， ∴c 1﹣a 1＞3a 1，即c ＞1a ． 则e=ca＞1． ∴双曲线离心率的取值范围是（1，+∞）． 故选：A ．点睛：解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于a ，b ，c 的方程或不等式，再根据a ，b ，c 的关系消掉b 得到a ，c 的关系式，建立关于a ，b ，c 的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。