(课标版)2018年高考物理仿真模拟卷(四)(含解析)

2018年高考物理仿真模拟试卷及答案（四）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有1个选项是正确的．）1．关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A．布朗运动是微观粒子的运动，牛顿运动定律不再适用B．布朗运动是液体分子无规则运动的反映C．强烈的阳光射入较暗的房间内，在光束中可看到有悬浮在空气中的微尘不停地做无规则运动，这也是一种布朗运动D．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动2．固态物体中分子间的引力和斥力是同时存在的，则对其中的引力和斥力，下列说法中正确的是（）A．当物体被压缩时，斥力增大，引力减小B．当物体被压缩时，斥力、引力都增大C．当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大D．当物体被拉抻时，斥力、引力都增大3．甲、乙两个分子相距较远，它们间的分子力为零，当它们逐渐接近到不能再接近的全过程中，分子力大小的变化和分子势能大小的变化情况，正确的是（）A．分子力先增大，后减小；分子势能一直减小B．分子力先增大，后减小；分子势能先减小，后增大C．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，再增大，后又减小D．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，后增大4．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小5．三个系统A，B，C处于热平衡状态，则关于它们的温度的说法正确的是（）A．它们的温度可以有较大的差别B．它们的温度可以有微小的差别C．它们的温度一定相同D．无法判断温度的关系6．对一定质量的某种气体，在某一状态变化过程中压强p与热力学温度T的关系如图所示，则描述压强p与摄氏温度t的关系图象中正确的是（）A．B．C． D．7．一定质量的0℃的水在凝固成0℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是（）A．分子平均动能增加，分子势能减少B．分子平均动能减少，分子势能增加C．分子平均动能不变，分子势能增加D．分子平均动能不变，分子势能减少8．有关分子的热运动和内能，下列说法不正确的是（）A．一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈C．物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和D．布朗运动是悬浮在流体中的微粒之间的相互碰撞引起的9．下列说法中正确的是（）A．物体的分子热运动动能的总和就是物体的内能B．对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大C．要使气体的分子平均动能增大，外界必须向气体传热D．一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离一定增大10．下列说法中正确的是（）A．物体自由下落时速度增大，所以物体内能也增大B．物体的机械能为零时内能也为零C．物体的体积减小温度不变时，物体内能一定减小D．气体体积增大时气体分子势能一定增大二、非选择题（共60分）11．在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中：（1）关于油膜面积的测量方法，下列做法中正确的是A．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面积B．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺去量油膜的面积C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上，再利用坐标纸去计算油膜的面积D．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能散开，等到状态稳定后，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，用坐标纸去计算油膜的面积（2）实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现将1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的单分子薄层由此可估算油酸分子的直径d=m．12．已知铜的密度为8.9×103 kg/m3，铜的原子量为64，质子和中子的质量约为1.67×10﹣27 kg，则铜块中平均每个铜原子所占的空间体积为多少？铜原子的直径约为多少？13．在标准状总值下，有体积为V的水和体积为V的可认为是理想气体的水蒸气，已知水的密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A，水的摩尔质量为M A，在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V A，求：（1）说明标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系；（2）它们中各有多少水分子？（3）它们中相邻两个水分子之间的平均距离．14．一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽内，如图所示，管内水银柱比槽内水银面高h=5cm，空气柱长L=45cm，要使管内外水银面相平．求：（1）应如何移动玻璃管？（2）此刻管内空气柱长度为多少？（设此时大气压相当于75cmHg产生的压强）15．如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm．现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧水银面的高度差为h1=10.0cm时将开关K关闭．已知大气压强p0=75.0cmHg．（i）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（ii）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银面达到同一高度，求注入的水银在管内的长度．参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有1个选项是正确的．）1．关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A．布朗运动是微观粒子的运动，牛顿运动定律不再适用B．布朗运动是液体分子无规则运动的反映C．强烈的阳光射入较暗的房间内，在光束中可看到有悬浮在空气中的微尘不停地做无规则运动，这也是一种布朗运动D．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动【考点】84：布朗运动．【分析】固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体的温度越高，悬浮小颗粒的运动越剧烈，且液体分子在做永不停息的无规则的热运动．固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动．【解答】解：A 固体小颗粒做布朗运动，不是微观粒子．故A错误B 固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动，故B正确C 布朗运动用肉眼观察不到，所看到的尘土的运动是由气流和重力引起的运动．故C错误D 布朗运动反映的是分子的热运动，其本身不是分子的热运动．故D错误．故选：B2．固态物体中分子间的引力和斥力是同时存在的，则对其中的引力和斥力，下列说法中正确的是（）A．当物体被压缩时，斥力增大，引力减小B．当物体被压缩时，斥力、引力都增大C．当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大D．当物体被拉抻时，斥力、引力都增大【考点】86：分子间的相互作用力．【分析】依据分子力随距离的变化关系可以判定各个选项．分子间的引力和斥力是同时存在的，都随分子之间距离的增大而减小．【解答】解：依据分子力随距离的变化关系可知，引力和斥力都随距离的减小而增大，随距离的增大而减小．AB、当物体被压缩时，斥力和引力均增大，故A错误，B正确．CD、当物体被拉伸时，斥力和引力均减小，故C错误，D错误．故选：B3．甲、乙两个分子相距较远，它们间的分子力为零，当它们逐渐接近到不能再接近的全过程中，分子力大小的变化和分子势能大小的变化情况，正确的是（）A．分子力先增大，后减小；分子势能一直减小B．分子力先增大，后减小；分子势能先减小，后增大C．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，再增大，后又减小D．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，后增大【考点】87：分子势能；86：分子间的相互作用力．【分析】开始时由于两分子之间的距离大于r0，因此分子力为引力当相互靠近时分子力做正功，分子势能减小动能增大，当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功，分子势能增大动能减小．【解答】解：分子间距大于r0，分子力为引力，随距离的减小，引力先增大后逐渐减小；分子间距小于r0，分子力为斥力，随距离的减小，分子斥力增大；分子间距大于r0，分子力为引力，因此引力做正功使分子动能逐渐增大，分子势能逐渐减小；分子间距小于r0，分子力为斥力，因此斥力做负功使分子动能逐渐减小，分子势能逐渐增大，故分子势能先减小后增大．故D正确．故选：D4．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小【考点】87：分子势能；86：分子间的相互作用力．【分析】当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，随着r的增大或者减小分子势能均增大．【解答】解：当r＞r0时，分子力表现为引力，随着分子之间距离的增大，分子力先增大后减小，而分子势能一直增大，故AB错误；当r＜r0时，分子力表现为斥力，随着分子之间距离的减小，分子力增大，分子势能也增大，故C正确，D错误．故选C．5．三个系统A，B，C处于热平衡状态，则关于它们的温度的说法正确的是（）A．它们的温度可以有较大的差别B．它们的温度可以有微小的差别C．它们的温度一定相同D．无法判断温度的关系【考点】8E：温度、气体压强和内能．【分析】热力学第零定律：如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡．热平衡定律是温度计能够用来测量和比较温度高低的基本原理．【解答】解：根据热力学第零定律：如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡．所以三个系统A，B，C处于热平衡状态，则关于它们的温度一定相同．故选：C6．对一定质量的某种气体，在某一状态变化过程中压强p与热力学温度T的关系如图所示，则描述压强p与摄氏温度t的关系图象中正确的是（）A．B．C． D．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据图象分析压强和热力学温度间的关系，再根据热力学温度与摄氏温度间的关系即可分析正确的图易受．【解答】解：由题图可知p=kT（k＞0），把T=t+273代入得p=k（t+273），因此图象与t轴的交点应为﹣273℃，故C正确，ABD错误．故选：C．7．一定质量的0℃的水在凝固成0℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是（）A．分子平均动能增加，分子势能减少B．分子平均动能减少，分子势能增加C．分子平均动能不变，分子势能增加D．分子平均动能不变，分子势能减少【考点】8A：物体的内能．【分析】温度是分子平均动能的标志．一定质量的水凝结成同温度的冰体积变大，根据吸放热情况，分析内能的变化．【解答】解：温度是分子的平均动能的标志，一定质量的水凝结成同温度的冰温度不变，则分子的平均动能不变；体积变大，放出热量，内能变小，则分子势能减小．故选：D8．有关分子的热运动和内能，下列说法不正确的是（）A．一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈C．物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和D．布朗运动是悬浮在流体中的微粒之间的相互碰撞引起的【考点】84：布朗运动．【分析】温度是分子平均动能的标志，内能是所有分子的动能和所有分子势能的总和，布朗运动反应了液体分子的无规则运动．【解答】解：A、温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子的平均动能不变，A准确；B、物体的温度越高，分子的平均动能越大，即分子热运动越剧烈，故B正确；C、物体的内能就是物体内部所有分子的热运动动能和分子势能的总和，故C正确；D、布朗运动布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，是由液体分子的不规则碰撞引起的，故D错误；本题选错误的，故选D．9．下列说法中正确的是（）A．物体的分子热运动动能的总和就是物体的内能B．对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大C．要使气体的分子平均动能增大，外界必须向气体传热D．一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离一定增大【考点】8A：物体的内能；89：温度是分子平均动能的标志．【分析】物体的内能既包括物体分子热运动动能的总和也包括物体分子势能的总和，温度是物体分子平均动能大小的量度，分子势能与分子间距有关，做功和热传递在改变物体的内能上是等效的．【解答】解：A、物体的内能既包括物体分子热运动动能的总和也包括物体分子势能的总和，故A错误．B、温度是物体分子平均动能大小的量度，故对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大，故B正确．C、要使气体的分子平均动能增大，必需提高气体体的温度，可以是气体从外界吸收热量，也可以是外界对气体做功．故C错误．D、一定质量的气体，温度升高时，分子平均动能增大，但不能确定分子势能如何变化，故无法判定分子间的平均距离如何改变，故D错误．故选B．10．下列说法中正确的是（）A．物体自由下落时速度增大，所以物体内能也增大B．物体的机械能为零时内能也为零C．物体的体积减小温度不变时，物体内能一定减小D．气体体积增大时气体分子势能一定增大【考点】87：分子势能．【分析】物体的机械能包括动能和势能，物体的内能包括分子热运动动能和分子势能；温度是分子热运动平均动能的标志，分子势能与分子间距有关．【解答】解：A、物体自由下落时速度增大，动能增加，但内能是分子热运动平均动能和分子势能之和，与宏观速度无关，故A错误；B、机械能包括动能和势能，内能包括分子热运动动能和分子势能，故物体机械能与内能无关，故B错误；C、物体的体积减小温度不变；温度不变说明分子热运动平均动能不变；体积减小，分子平均间距减小；分子间距减小，分子势能不一定减小；故物体的内能不一定减小；如0摄氏度的冰化为0摄氏度的水，内能增加；故C错误；D、气体分子间距很大，分子力几乎为零，但一定表现为引力；故气体体积增大时气体分子势能一定增加，故D正确；故选：D．二、非选择题（共60分）11．在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中：（1）关于油膜面积的测量方法，下列做法中正确的是DA．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面积B．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺去量油膜的面积C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上，再利用坐标纸去计算油膜的面积D．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能散开，等到状态稳定后，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，用坐标纸去计算油膜的面积（2）实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现将1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的单分子薄层由此可估算油酸分子的直径d= 5.0×10﹣10m．【考点】O1：用油膜法估测分子的大小．【分析】（1）明确用“油膜法”估测分子大小的实验原理：认为油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸体积除以油膜面积得出的油膜面积厚度即为油酸分子直径．液滴入水中后，应让油膜尽可能散开，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，然后用坐标纸计算油膜的面积．（2）在油膜法估测分子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径．【解答】解：（1）液滴入水中后，应让油膜尽可能散开，形成单分子油膜，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，然后用坐标纸计算油膜的面积，由于油膜不规则，无法用刻度尺去量油膜的面积．故ABC错误，D正确．（2）一滴油酸的体积为：V=•cm3=1×10﹣4cm3=1×10﹣10m3油酸分子的直径为：d==m=5.0×10﹣10m故答案为：（1）D；（2）5.0×10﹣1012．已知铜的密度为8.9×103 kg/m3，铜的原子量为64，质子和中子的质量约为1.67×10﹣27 kg，则铜块中平均每个铜原子所占的空间体积为多少？铜原子的直径约为多少？【考点】82：阿伏加德罗常数．【分析】根据铜的摩尔质量求出摩尔体积，结合阿伏伽德罗常数求出铜原子的体积．将铜原子看出球形，结合球的体积求出铜原子的直径．【解答】解：（1）铜的原子量为64，即每摩尔铜的质量为64 g，其摩尔体积：V mol==m3 ①每个铜原子的体积V0=②由①②得V0=1.19×10﹣29 m3（2）把铜原子作为球形模型，其直径设为d，则π（）3=V0代入数据，解得d=2.83×10﹣10 m．答：铜块中平均每个铜原子所占的空间体积为1.19×10﹣29 m3，铜原子的直径约为2.83×10﹣10 m13．在标准状总值下，有体积为V的水和体积为V的可认为是理想气体的水蒸气，已知水的密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A，水的摩尔质量为M A，在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V A，求：（1）说明标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系；（2）它们中各有多少水分子？（3）它们中相邻两个水分子之间的平均距离．【考点】82：阿伏加德罗常数．【分析】（1）温度是分子热运动平均动能的标志；（2）先求解水的质量，然后求解摩尔数，最后求解分子数；对于气体，标准状况下1mol任何气体的体积均为22.4L，求解出摩尔数，再求解分子数；（3）求解出每个分子占据空间体积，然后运用球模型或者立方体模型求解．【解答】解：（1）温度是分子热运动平均动能的标志，温度相同，故分子热运动的平均动能相等；（2）体积为V的水，质量为M=ρV ①分子个数为②解得①、②得③对体积为V的水蒸气，分子个数为④（3）设相邻的两个水分子之间的平均距离为d，将水分子视为球形，每个水分子的体积为⑤解③、⑤得：⑥设相邻的水蒸气中两个水分子之间距离的d′，将水分子点的空间视为正方体．⑦解④、⑦得⑧答：（1）标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系；（2）水中含分子数为，水蒸气中含分子数为；（3）水中相邻两个水分子之间的平均距离为；水蒸气中相邻两个水分子之间的平均距离为．14．一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽内，如图所示，管内水银柱比槽内水银面高h=5cm，空气柱长L=45cm，要使管内外水银面相平．求：（1）应如何移动玻璃管？（2）此刻管内空气柱长度为多少？（设此时大气压相当于75cmHg产生的压强）【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】在本题中，玻璃管内水银柱的高度h主要受内外压强差的影响，管内封闭部分气体压强改变，水银柱的高度就会随之改变，根据理想气体状态方程中的等温变化求解长度．【解答】解：（1）大气压=玻璃管中水银柱产生的压强+封闭空气的压强，要使管内外水银面相平，则管内气体的压强等于大气压变大，气体做等温变化，由PV=C 知气体体积减小．当玻璃管上移时，假设管内空气体积不变，那么水银柱高度差即h会变大，那么此时管内整体压强等于管内气体压强与水银压强之和，大于大气压，所以水银柱高度减小，气体体积增大，与题意不符合；当玻璃管下压时，假设管内空气体积不变，那么水银柱高度差即h会变小，那么此时管内整体压强等于管内气体压强与水银压强之和，小于大气压，所以水银柱高度增大，气体体积减小，与题意符合；所以可以下压玻璃管．（2）初态P1=P0﹣h，V1=LS，P2=P0，根据PV=C知此刻管内空气柱长度h==42cm答：（1）应向下移动玻璃管（2）此刻管内空气柱长度为42cm15．如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm．现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧水银面的高度差为h1=10.0cm时将开关K关闭．已知大气压强p0=75.0cmHg．（i）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（ii）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银面达到同一高度，求注入的水银在管内的长度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】（i）在同一段水银柱中，同一高度压强相等；先计算出A侧气体的初状态气压和末状态气压，然后根据玻意耳定律列式求解；（ii）两侧水银面等高后，根据玻意耳定律求解气体的体积；比较两个状态，结合几何关系得到第二次注入的水银柱的长度．【解答】解：（i）以cmHg为压强单位．设A侧空气柱长度l=10.0cm时压强为p，当两侧的水银面的高度差为h1=10.0cm时，空气柱的长度为l1，压强为p1，由玻意耳定律，有：pl=p1l1①由力学平衡条件，有：p=p0+h ②打开开关放出水银的过程中，B侧水银面处的压强始终为p0，而A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小，B、A两侧水银面的高度差也随着减小，直至B侧水银面低于A侧水银面h1为止，由力学平衡条件，有：p1=p0﹣h1③联立①②③，并代入题目数据，有：l1=12cm ④（ii）当A、B两侧的水银面达到同一高度时，设A侧空气柱的长度为l2，压强为P2，由玻意耳定律，有：pl=p2l2⑤由力学平衡条件有：p2=p0⑥联立②⑤⑥式，并代入题目数据，有：l2=10.4cm ⑦设注入水银在管内的长度为△h，依题意，有：△h=2（l1﹣l2）+h1⑧联立④⑦⑧式，并代入题目数据，有：△h=13.2cm答：（i）放出部分水银后A侧空气柱的长度为12cm；（ii）注入的水银在管内的长度为13.2cm．。

新课标2018年高考理综（物理）第四次模拟检测试题二、本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～1７题只有一项符合题目要求，第1８～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．《曹冲称象》是家喻户晓的典故，“置象大船之上，而刻其水痕所至，称物以载之，则校可知矣．”它既反映出少年曹冲的机智，同时也体现出重要的物理思想方法，下列物理学习或研究中用到的方法与曹冲的方法相同的是A．建立“质点”的概念B．研究加速度与合力、质量的关系C．建立“瞬时速度”的概念D．建立“合力与分力”的概念15. 一铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直．现将水平F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止．则在这一过程中:A．水平拉力F变小B．细线的拉力不变C．铁架台所受地面的摩擦力变大D．铁架台对地面的压力变大16.按右图，用玩具手枪做射击实验．先在竖直放置的靶上建立平面直角坐标系（x轴沿水平方向）．实验时，保持枪管水平，每次射击，子弹射出枪口的速度大小均相同且枪口的位置不变．第1次射击，枪口对准坐标原点O且枪口与O点的连线垂直于xoy平面；第2次射击，枪口对准x=d处；第3次射击，枪口对准x=2d处；……；第6次射击，枪口对准x=5d处．实验后，用光滑的曲线将靶上的这6个弹孔连接起来．则这条曲线的形状可能是下图17．将一带电量为+Q的点电荷固定在空间中的某一位置处，有两个质量相等的带电小球A、B分别在Q下方不同高度的水平面内做匀速圆周运动，且运动轨迹处在以Q为球心的同一球面上，如图所示．若A、B所带电量很少，两者间的作用力忽略不计，取无穷远处电势为零，则下列说法中正确的是A．小球A、B所带电荷量相等B．小球A、B运动轨迹上的各点电势相等C．小球A、B运动轨迹上的各点场强相同D．库仑力刚好提供小球做匀速圆周运动所需的向心力18．2014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持．特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合的大量关键技术．如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一平面内运动的示意图．“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动．卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则下列说法正确的是A．卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为grRB．如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速C．卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为D．若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会减小19.如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=210T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.5m2，线框电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=200rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈线接入一只“220V，60W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10A，下列说法正确的是A ．变压器原、副线圈匝数之比为25：11B ．线框中产生交变电压的有效值为5002VC ．图示位置穿过线框的磁通量为零D ．允许变压器输出的最大功率为5000W20．如图所示，一倾角为a 的固定斜面下端固定一挡板，一劲度系数为k 的轻弹簧下端固定在挡板上．现将一质量为m 的小物块从斜面上离弹簧上端距离为s 处，由静止释放，已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，物块下滑过程中的最大动能为E km ，则小物块从释放到运动至最低点的过程中，下列说法中正确的是 A ．μ<tanaB ．物块刚与弹簧接触的瞬间达到最大动能C ．若将物块从离弹簧上端2s 的斜面处由静止释放，则下滑过程中物块的最大动能小于2E kmD ．弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和21．如图所示，边界OA 与OC 之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA 上有一粒子源S 。

绝密 ★ 启用前2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷理科综合能力测试·物理（四）本试卷共30页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Zn 65第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。

第19～21题有多选项符合题目要求。

全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．利用图象来描述物理过程、探寻物理规律是常用的方法，如图是描述某个物理过程的图象，对相应物理过程分析正确的是A ．若该图象为质点运动的速度—时间图象，则前2秒内质点的平均速率等于0B ．若该图象为一条电场线上电势随坐标变化的图象，则可能是点电荷电场中的一条电场线C ．若该图象为闭合线圈内磁场的磁感应强度随时间变化的图象，则该闭合线圈内一定产此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号生恒定的电动势D ．若该图象为质点运动的位移—时间图象，则质点运动过程速度一定改变了方向 【解析】若为速度—时间图象，则图象与时间轴围成的面积表示位移，时间轴以上表示位移为正，时间轴以下表示位移为负，前2秒内位移为0，平均速度为0，但是对应的路程不等于0，平均速率为路程与时间之比，所以平均速率不等于0，选项A 错误；若为一条电场线上电势随坐标变化的图象，则图象的斜率ΔφΔx ＝E ，由于斜率不变，所以可能为匀强电场，不可能是点电荷的电场线，选项B 错误；若为闭合线圈内磁场的磁感应强度随时间变化的图象，则斜率ΔB Δt 是定值，根据感应电动势E ＝n ΔBΔt S ，可判断感应电动势恒定，选项C 正确；若为位移—时间图象，则图象的斜率表示速度，可知质点运动过程速度方向不变，选项D 错误。

新课标2018年高考理综（物理）下学期第四次模拟考试说明：1.测试时间：150分钟总分：300分2.客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸的相应位置上可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Mg 24 Fe 56 Cu 64第I卷（126分）二、选择题（本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A. 奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了电磁感应定律B. 法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机C. 开普勒发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量D．库仑提出了库仑定律，并最早实验测得元电荷e的数值15．甲、乙两个物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间变化的图象如图所示，图中t2=，两段曲线均为半径相同的圆弧，则在0﹣t4时间内（）A．两物体在t2时刻运动方向均改变B．两物体在t1时刻加速度相同C．两物体t3时刻相距最远，t4时刻相遇D．0﹣t4时间内甲物体的平均速度小于乙物体的平均速度16.如图所示，一质量为M的直角劈B放在粗糙的水平面上，在劈的斜面上放一质量为m的物体A，A与B接触面粗糙，用一沿斜面向上的力F作用于A上，使AB都保持静止。

接着在斜面上，贴着A，放置一光滑小球C，保持F力不变，A、B、C仍然保持静止，下列关于放上物体C后的说法正确的是（）A．斜面对A物体的摩擦力一定变小B．斜面对A物体的摩擦力一定变大C．地面对B物体的弹力不变D．地面对B物体的摩擦力一定不变17．位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab、cd分别是正方形两条边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点。

则下列说法正确的是（）A. P、O两点的电势关系为φP>φOB. P、Q两点电场强度的大小关系为E Q>E PC. 若在O点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力不为零D. 若将某一负电荷由P 点沿着图中曲线PQ 移到Q 点，所受电场力做的总功为零18．如图所示，具有一定初速度的物体沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中受一个恒定的沿斜面向上的拉力F 作用，这时物块的加速度大小为6m/s 2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（ ） A.物块的机械能一定增加 B. 物块的机械能一定减小 C. 物块的机械能可能不变 D. 物块的机械能可能增加也可能减小19．回旋加速器是获得高能带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电源的两极相连的两个D 形盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，关于回旋加速器的下列说法正确的是 A 、带电粒子从D 形盒射出时的动能与加速电压无关 B 、带电粒子从D 形盒射出时的动能与磁场的强弱有关C 、带电粒子做一次圆周运动，要被加速两次，因此交变电场的周期应为圆周运动周期的二倍D 、用同一回旋加速器分别加速不同的带电粒子，不用调节交变电场的频率 20．在某星球表面，用弹簧测力计测得质量为m 0的物体的重力为P ，已知该星球的半径为R ，万有引力常量为G ，它的同步通讯卫星的轨道离地面的高度为h ，则 A ．星球的质量为02GmPRB ．星球的同步通讯卫星环绕地球运动的向心加速度大小等于0m PC ．星球的自转周期等于()Ph R m R 302+πD ．该星球的第一宇宙速度为0m P Rv = 21.如图甲为小型交流发电机，电阻为r ＝2 Ω的矩形线圈,在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与右侧电路连接，右侧电路中滑动变阻器R 的最大阻值为R 0＝407 Ω，滑动片P 位于滑动变阻器中央，定值电阻R 1＝R 0、R 2＝R 02，其它电阻不计．从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，闭合开关S ，线圈转动过程中理想交流电压表示数是10 V ，图乙是矩形线圈磁通量随时间t 变化的图象，则下列说法正确的是A ．0.02 s 时滑动变阻器R 两端的电压瞬时值为零B ．线圈产生的e 随时间t 变化的规律是e ＝122cos 100πt (V)C ．电阻R 2上的热功率为57WD ．线圈开始转动到t ＝1600 s 的过程中，通过R 1的电荷量为2200πC第II 卷（174分）三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。

新课标2018年高考理综（物理）第四次模拟检测试题14.如图所示，一同学在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，保持平衡。

下列说法正确的是( )A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块c对b的作用力一定竖直向上15.一个固定在水平面上的光滑物块，其左侧面是斜面AB，右侧面是曲面AC，如图所示．已知AB和AC的长度相同．两个小球p、q同时从A点分别沿AB和AC由静止开始下滑，比较它们到达水平面所用的时间A．q小球先到B．p小球先到C．两小球同时到D．无法确定16. 质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则时刻的瞬时功率为A．3tB．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力对物体做的功为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为17．如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O/点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体，OO/段水平且长为度L，绳子上套一可沿绳滑动的轻环。

现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L 。

则钩码的质量为A ．M 2B ．M 3C ．M 22D ．M 23 18.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D 形合D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A ．离子由加速器的中心附近进入加速器B ．离子由加速器的边缘进入加速器C ．离子从磁场中获得能量D ．离子从电场中获得能量19.如图所示，光滑水平面上放置着四个相同的木块，其中木块B 与C 之间用一轻弹簧相连，轻弹簧始终在弹性限度内。

现用水平拉力F 拉B 木块，使四个木块以相同的加速度一起加速运动，则以下说法正确的是A.一起加速过程中，D 所受到的静摩擦力大小为B.一起加速过程中,C 木块受到四个力的作用C.一起加速过程中,A 、D 木块所受摩擦力大小和方向相同D.当F 撤去瞬间，A 、D 木块所受静摩擦力的大小和方向都不变20.如图所示，可视为质点的质量为m 且所带电量为q 的小球，用一绝缘轻质细绳悬挂于O 点，绳长为L ，现加一水平向右的足够大的匀强电场，电场强度大小为qmgE 43，小球初始位置在最低点，若给小球一个水平向右的初4F速度，使小球能够在竖直面内做圆周运动，忽略空气阻力，重力加速度为g 。

新课标2018年高考理综（物理）第四次四校联考（考试时间150分钟满分300分）第Ⅰ卷(选择题126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．下列各种叙述中，正确的是A．单位m、kg、N是一组属于国际单位制的基本单位B．牛顿进行了“月﹣地检验”，将天体间的力和地球对物体的力统一起来C．法拉第通过实验观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系D．奥斯特由环形电流和条形磁铁磁场的相似性，提出分子电流假说，解释了磁现象的电本质15．如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于O点，在外力F的作用下，小球A、B处于静止状态。

若要使两小球处于静止状态，且悬线OA与竖直方向的夹角θ保持30°不变，则外力F的大小不可能为A．0.5mgB．mgC．2mgD．5mg16．从A点斜向上抛出一个小球，曲线ABCD是小球运动的一段轨迹。

建立如图所示的正交坐标系xOy，x轴沿水平方向，轨迹上三个点的坐标分别为A（-L，0）、C（L，0），D（2L，3L），小球受到的空气阻力忽略不计，轨迹与y轴的交点B的坐标为A．（0，-0.25L）B．（0，-0.6L）C．（0，-L）D．（0，-3L）17．矩形导线框abcd 如图甲所示放在匀强磁场中，磁感线方向与线框平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的图象如图乙所示。

t ＝0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里。

若规定导线框中感应电流逆时针方向为正，则在0～4 s 时间内，线框中的感应电流I以及线框的ab 边所受安培力F(取向上为正方向)随时间变化的图象正确的是18．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，原线圈接入正弦式交变电流，电流表A 、电压表V 均为理想电表，R 是光敏电阻（其阻值随光的强度增大而减小），L 是理想线圈，D 是灯泡。

2018年高考物理仿真模拟卷及答案(四)(时间：70分钟；满分：110分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是( )A ．居里夫人最先发现天然放射现象B ．伦琴射线的发现揭示了原子具有核式结构C ．在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关D ．在衰变方程239 94Pu →X ＋42He ＋γ中，X 原子核的质量数是23415．如图，在水平桌面上放置一斜面体，两长方体物块a 和b 叠放在斜面体上，整个系统处于静止状态，若将a 和b 、b 与斜面体，斜面体与桌面之间摩擦力的大小分别用f 1、f 2和f 3表示，则( )A ．f 1＝0，f 2≠0，f 3≠0B ．f 1≠0，f 2＝0，f 3＝0C ．f 1≠0，f 2≠0，f 3＝0D ．f 1≠0，f 2≠0，f 3≠016．地球同步卫星A 和一颗轨道平面为赤道平面的科学实验卫星B 的轨道半径之比为4∶1，两卫星的公转方向相同，那么关于A 、B 两颗卫星的说法正确的是( )A ．A 、B 两颗卫星所受地球引力之比为1∶16B ．B 卫星的公转角速度小于地面上跟随地球自转物体的角速度C ．同一物体在B 卫星中时对支持物的压力更大D ．B 卫星中的宇航员一天内可看到8次日出17．质量为m 的运动员从下蹲状态竖直向上起跳，经过时间t ，身体伸直并刚好离开地面，离开地面时速度为v .在时间t 内( )A ．地面对他的平均作用力为mgB ．地面对他的平均作用力为mv tC ．地面对他的平均作用力为m ⎝ ⎛⎭⎪⎫v t －g D ．地面对他的平均作用力为m ⎝ ⎛⎭⎪⎫g ＋v t 18．如图所示，小物块A 与圆盘始终保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动，下列有关A 相对圆盘运动趋势的说法正确的是( )A ．沿切线方向B ．指向圆心C ．背离圆心D ．没有相对运动趋势19．如图所示，空间同时存在竖直向上的匀强磁场和匀强电场，磁感应强度为B ，电场强度为E .一质量为m ，电量为q 的带正电小球恰好处于静止状态，现在将磁场方向顺时针旋转30°，同时给小球一个垂直磁场方向斜向下的速度v ，则关于小球的运动，下列说法正确的是( )A ．小球做匀速圆周运动B ．小球运动过程中机械能守恒C ．小球运动到最低点时电势能增加了mgv 2BqD ．小球第一次运动到最低点历时πm 2qB20．如图所示，S 处有一粒子源，可向纸面内任意方向不断地均匀发射质量为m ＝6.4×10－27 kg ，带电量q＝＋3.2×10－19 C ，速度v ＝1.0×106 m/s 的带电粒子，有一垂直纸面的感光板，其在纸面内的长度为0.4 m ，中点O 与S 连线垂直于板，OS 距离为0.2 m ，板下表面和上表面被粒子击中会把粒子吸收，整个平面充满方向垂直于平面向里的匀强磁场(图中未画出)，磁感应强度为B ＝0.1 T ，不考虑粒子间的相互作用，则( )A ．粒子打板前均逆时针做匀速圆周运动B ．所有粒子都可以打到板上C ．所有打中板的粒子中运动时间最长的粒子时间为3πm 2qBD ．稳定后某时刻，击中上、下板面粒子之比为1∶121．在如图所示的倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B 的匀强磁场区域，区域Ⅰ的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场宽度HP 及PN 均为L ，一个质量为m 、电阻为R 、边长也为L 的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，t 1时刻ab 边刚越过GH 进入磁场Ⅰ区域，此时导线框恰好以速度v 1做匀速直线运动；t 2时刻ab 边下滑到JP 与MN 的中间位置，此时导线框又恰好以速度v 2做匀速直线运动．重力加速度为g ，下列说法中正确的是 ( )A ．当ab 边刚越过JP 时，导线框的加速度大小为a ＝gsin θB ．导线框两次匀速直线运动的速度v 1∶v 2＝4∶1C ．从t 1到t 2的过程中，导线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少D ．从t 1到t 2的过程中，有3mgL sin θ2＋m （v 21－v 22）2机械能转化为电能三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(5分)为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置，其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量，(滑轮质量不计)(1)实验时，一定要进行的操作或保证的条件是________．A．用天平测出砂和砂桶的质量B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(相邻两计数点间还有两个点没有画出)．已知打点计时器采用的是频率为50 Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为________ m/s2(结果保留两位有效数字)．(3)以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a－F图象是一条直线，图线与横轴的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为________．A．2tan θ B.1 tan θC．k D.2 k23．(10分)实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联．测量实际电流表G1的内阻r1的电路如图所示．供选择的仪器如下：①待测电流表G1(0～5 mA，内阻约300 Ω)；②电流表G2(0～10 mA，内阻约100 Ω)；③定值电阻R1(300 Ω)；④定值电阻R2(10 Ω)；⑤滑动变阻器R3(0～1 000 Ω)；⑥滑动变阻器R4(0～20 Ω)；⑦干电池(1.5 V)；⑧电键S及导线若干．(1)定值电阻应选________，滑动变阻器应选________．(在空格内填写序号)(2)用线条在上图中把实物图补充连接完整．(3)补全实验步骤：①按电路图连接电路，将滑动变阻器的滑动触头移至最________端(填“左”或“右”)；②闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；③多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2读数I1、I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图所示．(4)根据I2－I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式________________．24．(12分)有一种“过山车”的杂技表演项目，可以简化为如图所示的模型，一滑块从A点以某一水平向右的初速度出发，沿水平直线轨道运动到B点后，进入半径R＝10 cm的光滑竖直圆形轨道，圆形轨道间不相互重叠，即滑块离开圆形轨道后可继续向C点运动，C点右侧有一壕沟，C、D两点的竖直高度h＝0.8 m，水平距离s＝1.2 m，水平轨道AB长L1＝1 m，BC长L2＝3 m，滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.2，重力加速度g＝10 m/s2，则：(1)若滑块恰能通过圆形轨道的最高点E，计算滑块在A点的初速度v0；(2)若滑块既能通过圆形轨道的最高点，又不掉进壕沟，计算滑块在A点时初速度v′0的范围？25．(20分)如图所示，在以O1点为圆心且半径为r ＝0.10m 的圆形区域内，存在着方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B ＝0.15 T 的匀强磁场(图中未画出)．圆的左端跟y 轴相切于直角坐标系原点O ，右端与一个足够大的荧光屏MN 相切于x 轴上的A 点．一比荷q m ＝1.0×108 C/kg 的带正电粒子从坐标原点O 沿x 轴正方向入射，粒子重力不计．(1) 若粒子在圆形区域的边界Q 点射出匀强磁场区域，O 1A 与O 1Q 之间的夹角为θ＝60°，求粒子从坐标原点O 入射的初速度v 0以及粒子在磁场中运动的时间t ；(2) 若将该圆形磁场以过坐标原点O 并垂直于纸面的直线为轴，逆时针缓慢旋转90°，在此过程中不间断地沿OA 方向射入题干中所述粒子，粒子入射的速度v ＝3.0×106 m/s ，求在此过程中打在荧光屏MN 上的粒子与A 点的最远距离．(二)选考题(请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．)33．[物理—选修3-3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．水的饱和汽压随温度的升高而增加B．浸润和不浸润现象是液体分子间相互作用的表现C．一定质量的0 ℃的水的内能大于等质量的0 ℃的冰的内能D．气体的压强是由于气体分子间的相互排斥而产生的E．一些昆虫可以停在水面上，是由于水表面存在表面张力的缘故(2)(10分)如图所示的粗细均匀薄壁U形管，左管上端封闭，右管开口且足够长；温度为t1＝27℃时，右管内水银面比左管高h＝4 cm，左管内空气柱长度为L＝40 cm，大气压强p0＝76 cmHg.现使左管内空气温度缓慢下降，则当左管内液面上升h1＝4 cm时，管内气体温度t2为多少℃？34．[物理—选修3-4](15分)(1)(5分)一条弹性绳子呈水平状态，M为绳子的中点，同时抖动绳子的两个端点P、Q，一小段时间后绳子两端产生的波形如图所示，已知机械波的传播速度由介质决定，对于绳上各点的振动情况，以下判断正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．两列波将同时到达中点MB．两列波的波速之比为1∶2C．M点的位移大小在某时刻可能为零D．中点M的振动总是加强的E．绳子的两端点开始振动的方向相同(2)(10分)如图，为一圆柱中空玻璃管，管内径为R，外径为R2，R2＝2R1.一束光线在圆柱横截面内射向玻璃管，为保证在内壁处光不会进入中空部分，问入射角i应满足什么条件？参考答案与解析14．解析：选C.贝克勒尔首先发现了天然放射性现象，证明原子核有复杂的结构；故A 、B 错误；在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，选项C 正确；在衰变方程239 94Pu →X ＋42He ＋γ中，X 原子核的质量数是235, 电荷数为92，选项D 错误．15．[导学号：67814313] 解析：选C.对a 物体分析可知，a 物体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此a 受到b 向上的摩擦力：f 1≠0；再对ab 整体分析可知，ab 整体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此b 受到P 向上的摩擦力：f 2≠0；对ab 及P 组成的整体分析，由于整体在水平方向不受外力，因此P 不受地面的摩擦力：f 3＝0，故C 正确．16．[导学号：67814314] 解析：选D.卫星所受地球引力与卫星的质量和卫星到地球的距离有关，由于卫星的质量关系未知，引力之比无法求出，A 错误；地球同步卫星A 的公转角速度等于地面上跟随地球自转物体的角速度，卫星半径越小，角速度越大，B 卫星的公转角速度大于A 卫星的公转角速度，B 错误；卫星中的物体随卫星一起绕地球做匀速圆周运动，万有引力充当向心力，物体处于完全失重状态，对支持物的压力为零，C 错误；根据GMm r 2＝m 4π2T 2r ，T ＝4π2r 3GM，A 和B 的轨道半径之比为4∶1，周期之比为8∶1，地球同步卫星A 的周期为一天，B 卫星的周期为18天，所以B 卫星中的宇航员一天内可看到8次日出，D 正确．17．解析：选D.人的速度原来为零，起跳后变化v ，则由动量定理可得：(F－mg )t ＝mv ；故地面对人的平均作用力为F ＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫g ＋v t ；故D 正确． 18．解析：选C.隔离物块分析，该物块做匀速圆周运动；对物块受力分析，如图，受重力G ，向上的支持力N ，重力与支持力二力平衡，然后既然匀速转动，就要有向心力(由摩擦力提供)，指向圆心的静摩擦力，因此有背离圆心方向的运动趋势；故选C.19．解析：选AD.小球在复合电磁场中处于静止状态，只受两个力作用，即重力和电场力且两者平衡，当把磁场顺时针方向倾斜30°，且给小球加一个垂直磁场方向的速度v ，则小球受到的合力就是洛伦兹力，且与速度方向垂直，所以带电粒子将做匀速圆周运动，选项A 正确．由于小球在垂直于纸面的倾斜平面内做匀速圆周运动，运动过程中受到电场力要做功，所以机械能不守恒，选项B 错误．电场力从开始到最低点克服电场力做功为W ＝EqR sin 30°＝mg ×mv Bq ×12＝m 2gv 2Bq ，所以电势能的增加量为m 2gv 2Bq ，选项C 错误．小球从第一次运动到最低点的时间为14T ＝πm 2Bq ，所以选项D 正确．20．[导学号：67814315] 解析：选AD.带电粒子进入磁场中，由洛伦磁力提供向心力，根据左手定则可知，粒子打板前均逆时针做匀速圆周运动，故A正确；根据洛伦磁力提供向心力：Bqv ＝m v 2r ，解得：r ＝mv Bq ，代入数据解得：r＝0.2 m ．板长为0.4 m ，作出轨迹如图1所示，2轨迹不会达到板上，故B 错误；根据Bqv ＝m v 2r 和T ＝2πr v ，解得：T ＝2πm Bq ，由几何关系(图2所示)可得最长时间为打在O 点的粒子且圆心角为300°，即t ＝56T ＝5πm 3Bq ，故C 错误；由几何关系(如图3所示)得打到上板的粒子所对应的角度为α＝90°，打到下板的粒子所对应的角度为θ＝90°由于粒子源在平面内向各个方向均匀射出带电粒子，所以击中上、下板面的粒子数之比为1∶1，故D 正确．21．解析：选BD.ab 边刚越过GH 进入磁场Ⅰ区域时，电动势E 1＝BLv 1，电流I 1＝E 1R ＝BLv 1R ，线框做匀速运动，所以mg sin θ＝BI 1L ＝B 2L 2v 1R ，当ab 边刚越过JP 时，电动势E 2＝2BLv 1，I 2＝E 2R ＝2BLv 1R ，根据牛顿第二定律2BI 2L －mg sinθ＝ma ，联立解得a ＝3g sin θ，所以A 错误；当a ＝0时，以速度v 2做匀速直线运动，即2BI 2L －mg sin θ＝0，得：mg sin θ＝4B 2L 2v 2R ，所以v 1∶v 2＝4∶1，故B正确；从t 1到t 2的过程中，根据能量守恒导线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少加上动能的减少量，即克服安培力做功W ＝3mgL sin θ2＋m （v 21－v 22）2，所以C 错误；又因克服安培力做功等于产生的电能，所以D 正确． 22．解析：(1)弹簧测力计的读数的2倍等于小车受到的拉力，无需用天平测出砂和砂桶的质量，不需要保证砂和砂桶的质量m 远小于小车的质量M ，A 、E 错误；将带滑轮的长木板右端垫高，可平衡摩擦力，让拉力充当小车的合外力，B 正确；为了在纸带上打下更多清晰的点，小车要靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，C 正确；为了减小误差，需要打出多条纸带，故需改变砂和砂桶的质量，D 正确．(2)相邻两个计数点间还有两个点没画出，故相邻两计数点间的时间间隔t ＝0.06 s ，根据逐差法可得a ＝3.8＋3.3＋2.8－1.4－1.9－2.39×t 2×10－2 m/s ＝1.3 m/s 2. (3)对小车受力分析，由牛顿第二定律可得：2F ＝Ma ，可得：a ＝2M F ，即k＝2M ，解得D 正确．答案：(1)BCD (2)1.3 (3)D23．[导学号：67814316] 解析：(1)由于待测电流表G 1量程等于电流表G 2的量程的一半，所以应将阻值与待测电流表内阻相等的定值电阻③R 1并联进行改装，使得改装后的电流表量程与电流表G 2的量程相等，以便与测量；由于滑动变阻器采用分压式接法，阻值越小越方便调节，所以变阻器应选⑥R 4.(2)连接电路图时，应先连好分压电路，然后再连接测量电路，连线图如图．(3)为保护电流表，闭合开关前，应将滑片置于输出电压最小时，故置于最左端．(4)由电路图知：I 1＋I 1r 1R 1＝I 2，解得：I 2＝I 1⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋r 1R 1，故k ＝1＋r 1R 1，可得： r 1＝(k －1)R 1.答案：(1)③ ⑥ (2)如解析图所示 (3)左(4)r 1＝(k －1)R 124．[导学号：67814317] 解析：(1)滑块恰能通过最高点有：mg ＝m v 2E R由B 点到最高点有：12mv 2B ＝12mv 2E ＋mg ·2R由A →B 有：－μmgL 1＝12mv 2B －12mv 20解得初速度v 0＝3 m/s.(2)滑块不掉进壕沟有两种情况：在BC 段停止或越过壕沟．Ⅰ.若滑块刚好停在C 点，有－μmg (L 1＋L 2)＝0－12mv ′20解得初速度：v ′0＝4 m/s若滑块停在BC 段，则有3 m/s ≤v ′0≤4 m/s.Ⅱ.若滑块刚好越过壕沟，有h ＝12gt 2，s ＝v C t－μmg (L 1＋L 2)＝12mv 2C －12mv ″20 解得v ″0＝5 m/s初速度的范围是：3 m/s ≤v ′0≤4 m/s 或v ′0≥5 m/s.答案：(1)3 m/s (2)3 m/s ≤v ′0≤4 m/s 或v ′0≥5 m/s25．解析：(1)粒子从Q 点射出磁场，轨迹如图所示，O 2为粒子做匀速圆周运动的圆心，则轨道半径为R ＝r tan 30°＝310 m 由qv 0B ＝m v 20R 得v 0＝qBR m ≈2.6×106 m/s周期T ＝2πR v 0＝2πm qB 所以运动时间t ＝16T ＝πm 3qB ≈7.0×10－8 s.(2)由题意可知，粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为R ＝mv qB ＝0.2 m以O 点为圆心，OA ＝0.2 m 为半径做出圆弧AC 交y 轴于C 点，以C 点为圆心，CO 为半径作出粒子运动的轨迹交弧AC 于D 点，则OD ＝2r ＝0.2 m ，如图所示，过D 点作切线，分别交OA 于F 点，交MN 于E 点，则E 点即粒子能够打在荧光屏MN 上的粒子离A 点的最远距离．由几何关系可知sin α＝r R所以OF ＝R tan α因此AF ＝2r －OF由几何关系可知∠EF A ＝2α所以AE ＝AF tan 2α以上各式联立，代入数据可得AE ＝3－15 m.答案：(1)2.6×106 m/s 7.0×10－8 s (2)3－15 m33．解析：(1)饱和汽压与液体材料和温度有关，温度越高，饱和汽压越大，故A 正确；浸润与不浸润均是分子作用的表现，是由于液体的表面层与固体表面之间的分子之间相互作用的结果，故B 错误；由于水结冰要放热，故一定质量的0 ℃ 的水的内能大于等质量的0 ℃的冰的内能，故C 正确；气体的压强是由气体分子对容器壁的频繁碰撞引起，与分子数密度和平均动能有关，故D 错误；小昆虫可以停在水面上，由于水表面存在表面张力的缘故，故E 正确．(2)设玻璃管横截面积为S cm 2，以左管上端封闭的空气柱为研究对象． 气压：p 1＝p 0＋h ＝(76＋4) cmHg ＝80 cmHg ，p 2＝(76－4)cmHg ＝72 cmHg 体积：V 1＝40S cm 3，V 2＝(40－4)·S ＝36S cm 3温度：T 1＝(273＋27)K ＝300 K根据理想气体状态方程：p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2代入数据解得：T 2＝p 2V 2p 1V 1T 1＝72×3680×40×300 K ＝243 K 即管内气体温度为t 2＝T 2－273 ℃＝(243－273) ℃＝－30 ℃.答案：(1)ACE (2)－30 ℃34．[导学号：67814318] 解析：(1)由题意可知，波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M 点，故A 正确，B 错误；由于波长的不同，因此在M 点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传到M 点时，此时刻位移为零，所以M 点的位移大小在某时刻可能为零，故C 正确， D 错误；据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E 正确．(2)光路图如图，设第一次折射角为r ，全反射临界角为C ，折射率为n .由折射定律有n ＝sin i sin r ，得：sin r ＝sin i n ，又sin C ＝1n对图中△ABO ，由正弦定理得：sin （π－C ）R 2＝sin r R 1则得：1n 2R 1＝sin in R 1，可解得i ＝30°，所以为保证在内壁处光不会进入中空部分，入射角i 应满足i ≥30°.答案：(1)ACE (2)i ≥30°。

2018高考仿真卷·物理(四)一、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．首次提出“微观粒子的能量是量子化的”这一观念，与下列物理常量相关的是A．引力常量G B．普朗克常量hC．静电力常量k D．阿伏加德罗常数N A15．一热气球在地面附近匀速上升，某时刻从热气球上掉下一沙袋，不计空气阻力。

则此后A．沙袋重力的功率逐渐增大B．沙袋的机械能先减小后增大C．在相等时间内沙袋动量的变化相等D．在相等时间内沙袋动能的变化相等16．在静电场中由静止释放一电子，该电子仅在电场力作用下沿直线运动，其加速度a随时间t 的变化规律如图所示。

则A．该电场可能为匀强电场B．电子的运动轨迹与该电场的等势面垂直C．电子运动过程中途经各点的电势逐渐降低D．电子具有的电势能逐渐增大17．随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。

小到手表、手机，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。

下图给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的原理图。

关于无线充电，下列说法正确的是A．无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”B．只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电C．接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同D．只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电18．如图，理想变压器的原线圈与二极管一起接在2202sin100πVu t（）的交流电源上，副线圈接有R=55Ω的电阻，原、副线圈匝数比为2∶1。

假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大，电流表为理想电表。

则A．副线圈的输出功率为110WB．原线圈的输入功率为1102W RaC ．电流表的读数为1AD ．副线圈输出的电流方向不变19．2017年4月7日出现了“木星冲日”的天文奇观，木星离地球最近最亮。

普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷本试卷分第一部分(选择题）和第二部分(非选择题)两部分。

满分110分。

考试时间60分钟。

第一部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

·(请将答案填写在第5页答题区)14.如图所示为氢原子的能级图，对于处在n=4能级的大量氢原子，下列说法正确的是A.这群氢原子向低能级跃迁时一共可以辐射出4种不同频率的光子B.处在n=4能级的氢原子可以吸收任何一种光子而跃迁到高能级C.这群氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级时向外辐射的光子的波长最长D.这群氢原子辐射的光子中如果只有两种能使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功W0应满足10.2eV<W0≤12.09eV15.如图所示，将一右端带有固定挡板的长薄板放在水平面上，一轻质弹簧右端拴接在挡板上，左端拴接一可视为质点的滑块，当弹簧原长时滑块位于长薄板的O点，当滑块位于图中的A点时整个装置处于静止状态。

现将长薄板的右端缓慢地抬起直到滑块将要沿长薄板下滑。

滑块所受的静摩擦力、支持力的大小分别用F f、F N表示。

则长薄板的右端缓慢抬起的过程，下列说法正确的是A.F f先减小后增大、F N一直减小B.F f先增大后减小、F N一直增大C.F f一直增大、F N先减小后增大D.F f保持不变、F N一直减小16.已知其静电场的电场强度的方向与x轴的正方向一致，电场强度大小E与位置x的关系图象如图所示，其中0~x2段为抛物线的一段且关于x=x1对称，x2~x3段为倾斜的直线，且x1-0=x2-x1=x3-x2，开始时一带正电的粒子位于原点，现给该粒子一水平向右的初速度，使其仅在电场力的作用下沿x轴的正方向运动。

则下列说法正确的是A.带电粒子在0~x2段先做减速运动再做加速运动B.带电粒子在x2~x3段做匀加速直线运动C.位置0与x1间的电势差等于位置x1与x2间的电势差D.在0~x3段电场力对带电粒子一直做负功17.如图甲所示为一自耦变压器，P2为副线圈的滑动触头，电压表与电流表均为理想交流电表，P1为滑动变阻器R的滑动触头，变压器的原线圈接有如图乙所示的交流电，则下列说法正确的是A.当P2位于正中央时，电压表的读数为B.流过电流表的电流方向1s内改变50次C.当P2向下缓慢移动的过程中，两理想电表的读数均减小D.当P1向下移动时，变压器的输入功率减小18.如图所示为飞船B与空间站A对接的示意图，已知飞船B对接前沿图中的椭圆轨道运行，空间站A沿图中的圆轨道运行。

普通高等学校2018届高三招生全国统一考试模拟（四）理科综合试题一、选择题（1—5单选，6-8多选）1. 自由落体运动是指物体只在重力的作用下从静止开始下落的运动，是匀变速直线运动中的一个特例。

关于对自由落体运动的研究下列说法正确的是A. 伽利略测定了铜球在斜面上运动的位移与时间，进而得出了速度随位移均匀增大的结论B. 亚里士多德认为物体下落速度和下落时间成正比C. 伽利略应用数学计算的方法得出做自由落体运动的物体通过的位移与速度的二次方成正比D. 伽利略研究铜球在斜面上运动并做出合理外推，进而得出小球自由下落的速度与时间成正比【答案】D【解析】A：伽利略测定了铜球在斜面上运动的位移与时间，进而得出了铜球在斜面上位移与时间的关系而不是速度随位移均匀增大的结论。

故A项错误。

B：亚里士多德认为重的物体比轻的物体下落快，而不是物体下落速度和下落时间成正比。

故B项错误。

C：伽利略通过实验推理和数学计算得出做自由落体运动的物体通过的位移与时间的二次方成正比。

故C项错误。

D：伽利略研究铜球在斜面上运动并做出合理外推，进而得出小球自由下落的速度与时间成正比。

故D项正确。

点睛：知道物理学史，知道物理学家在对应科学研究中的主要步骤和采用的物理方法。

2. 碳14的衰变周期如图所示，其中2个半衰期的时间为11460年。

1g碳14经22920年的衰变，衰变的碳14质量约为A. 0.0625 gB. 0.25 gC. 0.5 gD. 0.9375 g【答案】D【解析】由题意，2个半衰期的时间为11460年，则半衰期为5730年。

1g碳14经22920年的衰变剩余质量，则衰变的碳14质量约为。

故D项正确。

3. 某个可看成质点的带正电物体静止于绝缘光滑水平面上，水平面内存在一匀强电场，以物体所在的位置为原点在水平面内建立直角坐标系。

在第一象限内对物体施加一与x轴正方向成30°角的作用力F，使带电物体沿y轴正方向运动。