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•“觞觥觚斛”都是古代的洒器，你 知道吗？这四个字都念什么？
• 1、觞：读shāng，是中国古代的一种盛酒器具。
•
器具外形椭圆、浅腹、平底，两侧有半月形双耳，有时也有
饼形足或高足，在杯的两侧，有两个半月形杯耳，看上去就像鸟
的双翼，故名羽觞，简称觞，俗名耳杯。
〔名词〕 • 1) 本义:古代盛酒器) • 引壶觞以自酌，眄庭柯以怡颜。--晋·陶渊明《归去来兮辞》 • 〔动词〕 • (1) 向人敬酒 [toast] • 管仲觞桓公。--《吕氏春秋》 • (2)饮，喝 • 一觞一咏，亦足以畅叙幽情。--王羲之《兰亭集序》 • (3）宴请 • [楚襄王]谓宋玉曰:"寡人欲觞群臣，何以娱之?"--傅毅《舞赋》
•2、觥：读gōng，古代用兽角做的酒器。
•
觥流行于商晚期至西周早期。椭圆形或方
形器身，圈足或四足。带盖，盖做成有角的兽头
或长鼻上卷的象头状。
•觥筹交错，起坐而喧哗者，众宾欢也。----欧阳 修《醉翁亭记》
• 3、觚：读gū，饮酒器和礼器。盛行于商周时期，作 用相当于酒杯。
• 造型为圆形细长身，喇叭形大口，侈口，细腰， 圈足外撇。抓身下腹部常有一段凸起，于近圈足处用 两段靡棱作为装饰。商早中期，觚的器身较为粗矮， 圈足部有一“十”字孔。商晚期至西周早期，觚身细 长，中腰更细，口沿和圈足外撇更甚，圈足上无“十” 字孔。这一时期的觚胎体厚重，器身常饰有蚕纹、饕 鬄、蕉叶等纹饰。西周后期，逐渐消失。
除服：亦称"除丧"、"脱服"。俗称"脱孝"。 古代丧礼仪式之一。即除去丧礼之服。亲族 中，按五服制度，各人所服及服期不同，除 服时间亦先后不一。服斩衰者(孝子、子妇、 承重孙等)，除服最迟，须待二十七月禫祭 时除去。除服后，素服终月，始改常服。 《礼记.丧服小记》:"故期而祭，礼也;期而 除丧，道也。"《三国志.魏志.武帝纪》:"葬 毕，皆除服。"
2115长春市继续教育模块三翻转课堂是个理念事儿测试答案
模块三翻转课堂是个理念事儿/ ? 模块三测验开始时间2015年10月20日Tuesday 12:54状态完成完成于2015年10月20日Tuesday 13:12耗时18 分钟7 秒成绩100/满分100题目1正确获得 2 分中的 2 分标记题目题干不属于初中义务教育英语课程标准对"翻转课堂”的支持的是( ) 选择一项：a.时代在变化，学生在变化，教学模式也应随之变化b.激发和培养学生学习英语的兴趣d. 发展学生的能力，培养合作精神标记题目题干关于传统教学中的课前预习与"翻转”式课前预习下列说法不正确的一项是( ) 选择一项：a.传统教学中的课前预习是无指导、自主预习模式b." 翻转”式课前预习只有微视频这一单一形式c." 翻转”式课前预习使学生可以根据自己的程度控制学习的进度d.传统教学中的课前预习是学案式预习模式反馈你的回答正确题目3正确获得 2 分中的 2 分标记题目题干不符合合理安排作业的关键作法的是( )选择一项：a.用学习平台给学生家庭作业即时反馈并要求学生阅读反馈你的回答正确题目4正确获得 2 分中的 2 分标记题目题干翻转课堂教学视频制作的步骤正确的一项是 ( ) 选择一项：a . 分析 --- - 制作 ------整理--- 发布 - 反馈 b . 反馈 --- - 分析 ------ 整理--- 制作 - 发布c . 分析 --- - 整理 ------ 制作------ 发布 - 反馈d . 反馈 --- - 整理 ------ 分析 --- 制作 - 发布 反馈你的回答正确题目 5正确获得 2 分中的 2 分标记题目题干关于翻转课堂的教学反馈特征正确的一组是 选择一项：a. 准确性、激励性、多样性、制导性、全面性b. 真实性、针对性、适时性、交互性、高效性c. 真实性、针对性、滞后性、交互性、高效性d. 准确性、激励性、单一性、制导性、片面性获得 2 分中的 2 分标记题目题干不属于"高效课堂五个策略”的是( ) 选择一项：a.预习先行，先学后教，实现两个前置b.注重对抗质疑，落实小组评价。
初二人教版课程导报学案专刊1到6期答案
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课程导报答案
第9期4.4矩形、正方形（1）1. D.2. C.3. 53.4. 因为PK∥AO，PQ∥BO，所以四边形OKPQ是平行四边形.因为OA，OB分别平分∠MOC和∠NOC，所以∠POQ=12∠POM，∠POK=12∠PON.所以∠POQ＋∠POK=12∠POM＋12∠PON=12（∠POM＋∠PON）=12×180°=90°.即∠KOQ=90°.所以□OKPQ是矩形.5. 0.8.6. 4或558.4.4矩形、正方形（2）1. C.2. 3，3.3.（1）因为四边形ABCD是菱形，所以AB=BC．因为∠BAC=45°所以∠BAD=90°.所以菱形ABCD是正方形．（2）因为22AC=，所以OA=OC=OB=OD=2，所以AB=2. 所以正方形ABCD的周长为8，面积为4．4. 5EF=．5. （1）BG DE=．理由：因为四边形ABCD和四边形CEFG都是正方形，所以GC EC=，BC DC=，90BCG DCE∠=∠=o．所以BCG DCE△≌△.所以BG DE=．（2）存在.BCG△和DCE△．将BCG△绕点C按顺时针方向旋转90o后得DCE△．4.5梯形（1）1. D.2. 52.3. 60.4．梯形的腰长为4cm.5. (1)因为AD∥BC，AB=DC，∠B=60°，所以∠DCB＝∠B＝60°，∠DAC＝∠ACB．所以∠ADC＝120°.又因为AD=DC，所以∠DAC＝∠DCA＝30°，所以∠ACB＝30°，所以∠B+∠ACB＝90°，所以AB⊥AC. （2）过点A作AE⊥BC于点E，过点D作DF⊥BC于点F，所以四边形AEFD为矩形.因为AB⊥AC，所以2212BC AB AC=+=.因为AB=AD=DC=6,所以EF=6，所以BE=3，所以2236933AE AB BE=-=-=．所以11()(612)3327322S AD BC AE+⋅=+⋅=梯＝．4.5梯形（2）1. C.2. 122.3．答案不唯一，如∠DAC＝∠ADB，∠BAD＝∠CDA，∠DBC＝∠ACB，∠ABC＝∠DCB，OB＝OC，OA＝OD. 4．因为四边形ABCD是菱形，∠DAB=60°，所以1302CAE DAB∠=∠=︒．又因为CE⊥AC，所以60E DAB∠=︒=∠．又因为CD∥AB，即CD∥AE，且AE AB BE DC BE DC=+=+≠，所以四边形AECD是等腰梯形．5. （1）过点D作DE⊥BC于点E，所以四边形ABED为矩形，所以AD=BE=15cm，DE=AB=6cm，所以22221068CE CD DE=-=-=cm，所以BC=23cm．（2）设点P运动ts时，梯形PBCD是等腰梯形，此时AP=tcm, BP=CD=10cm．因为AD⊥BA，所以∠A=90°，由勾股定理，可得236100,t+=解得t=8(s)．4.4～4.5测试题基础巩固1. A.2. C.3. B.4. D.5. B.6. C.7. 4+22. 8. 90, 45. 9. 384. 10. 5.11. 因为四边形ABCD是等腰梯形，所以AB DC A D=∠=∠，．因为点M是AD的中点，课程导报网 2所以AM DM =． 在ABM △和DCM △中，AB DC A D AM DM =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，，， 所以ABM DCM △≌△（SAS ）． 所以MB MC =．12. 在矩形ABCD 中，∠A ＝∠B ＝90°，AB ＝CD ， 所以∠AED +∠ADE ＝90°．因为∠DEF ＝90°，所以∠BEF +∠AED ＝90°． 所以∠ADE ＝∠BEF ．因为△DEF 是等腰直角三角形，所以DE ＝EF ． 所以△ADE ≌△BEF ．所以AD ＝BE ．因为AD ＋CD ＝AD ＋（2＋BE ）＝2AD ＋2＝10． 所以AD ＝4．13. （1）因为四边形ABCD 是正方形，42BD = cm ， 所以由勾股定理得AB=4cm.（2）提示：根据正方形的性质，知EG =BG ，EF=DF.由EF ⊥DC 于点F ，EG ⊥BC 于点G ，∠C ＝90°可得四边形EGCF 是矩形，故EF=GC,EG=FC.所以四边形EFCG 的周长=EG+CG+CF+FE=BG+CG+CF+DF=CB+CD= 2AB=8cm ．14. （1）AE=BF ，且AE ∥BF.理由：由题意知，AC=CF ，BC=CE ，所以四边形ABFE 为平行四边形. 所以AE=BF ，且AE ∥BF.（2）当∠ACB=60°时，四边形ABFE 为矩形. 理由：因为AB=AC ，∠ACB=60°，所以△ABC 为等边三角形. 所以BC=AC ．又因为AC=CF ，BC=CE ，所以AF=BE.又因为四边形ABFE 为平行四边形，所以□ABFE 为矩形. 15. （1）因为EF 垂直平分BC ，所以BF=FC,BE=EC. 因为点E 是AB 的中点，所以BE=AE ．因为CF=AE ，所以BE=EC=CF=BF.所以四边形BECF 是菱形． （2）当∠A=45°时，菱形BECF 是正方形．理由：要使菱形BECF 为正方形，只需说明其中有一个角为直角即可，而∠EBF=2∠1，所以只需∠1=45°.而当∠1=45°时，则因为∠ACB=90°，所以当∠A=45°，菱形BECF 是正方形．能力提高1. A.2. 10.3. 132S S S =+.4．（1）因为在△A BC 中， AB =AC ，AD ⊥BC ， 所以∠BAD =∠DA C ．因为AN 是△ABC 外角∠CAM 的平分线， 所以MAE CAE ∠=∠．所以∠DAE =∠DAC +∠CAE =12⨯180°=90°． 又因为AD ⊥BC ，CE ⊥AN ， 所以ADC CEA ∠=∠=90°. 所以四边形ADCE 为矩形．（2）当△ABC 是等腰直角三角形时，其中∠BAC=90°，AB=AC ，四边形ADCE 是正方形．理由：因为AB=AC ，AD ⊥BC 于点D ，所以DC=12BC ． 又因为∠BAC=90°，所以AD=12BC ，所以DC=AD ． 由（1）四边形ADCE 为矩形，所以矩形ADCE 是正方形． 5. (1) 因为四边形ABCD 是正方形， 所以 ∠BOE=∠AOF=90°，OB=OA.又因为 AM ⊥BE ，所以∠MEA+∠MAE=90°=∠AFO+∠MAE. 所以∠MEA=∠AFO. 在Rt △BOE 和Rt △AOF 中，,,,AFO MEA AOF BOE OA OB ∠=∠⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩所以Rt△BOE ≌Rt△AOF ，所以 OE=OF. (2) OE=OF 成立 .理由：因为四边形ABCD 是正方形， 所以BOE AOF ∠=∠=90°,OB OA =.又因为AM BE ⊥,所以090F MBF E OBE ∠+∠==∠+∠. 又因为MBF OBE ∠=∠, 所以E F ∠=∠. 所以Rt△BOE ≌ Rt△AOF. 所以 OE=OF.第10期4.6探索多边形的内角和与外角和(1)1．A. 2．122, 90． 3．十. 4．120. 5. 1080. 6. 设∠A=x °，则∠B=x °+20°，∠C=2x °．根据四边形内角和定理得，(20)260360x x x++++=．解得x=70．所以∠A=70°，∠B=90°，∠C=140°．7. C.8. 由四边形的内角和为360°可知，图中阴影部分的面积恰好为一个圆的面积，所以阴影部分的面积为π.4.6探索多边形的内角和与外角和(２) 1．B．2．B．3．3. 4．十一．5．设每一个外角为x°，根据题意，得3x+20=180﹣x，解得x=40.360°÷40°=9，即该正多边形的边数为9，内角和为1260°. 6．1 000. 7. 360．4.7中心对称图形1．C. 2．C．3．D.4. 任意找两组对称点，分别连接，其交点就是对称中心．图略.5. 因为∠C=90°，∠B=45°，BC=1，所以AC=1.根据勾股定理，得2AB=.因为是中心对称图形，所以/22 2.BB AB==6．答案不唯一，如图所示.①②③课题学习：平面图形的镶嵌1.C．2. C. 3．6，4，3.4. 6090360m n+=.5.可以，因为四边形的内角和是360°，把4块木块的互不相等的角拼在同一顶点处，就能填满整个平面.如图.6.B.7.四个内角分别是：144°，36°，144°，36°．4.6~4.7测试题基础巩固1. D.2. B.3. B.4. C.5. A.6. D.7. 24. 8. 1 800. 9. 150. 10.36.11．（1）x=60；（2）x=80.12. 连接AC，BD，AC和BD都经过点O，所以OA=OC，OB=OD，所以四边形ABCD为平行四边形.13. （1）由多边形内角和等于（n-2）·180º知内角和为180º的整数倍，而1125不能被180整除，所以小刚的计算结果肯定有误；（2）135º；（3）有9条边.14. 拼图时可将图①适当地进行平移、旋转然后再进行拼图，如下图（本题的拼法不唯一）．15．（1）因为∠A+∠B+∠C+∠D=360°，∠A=∠B，∠C=∠D，所以∠B+∠C=180°，所以AB∥DC；（2）因为AB∥DC，所以∠B+∠C=180°，∠A+∠D=180°．又因为∠A=∠B，所以∠C=∠D．能力提高1. C.2. 六.3. 540.4. （1）图略.（2）平行四边形，理由略．5. 略.6. AB与DE平行.因为六边形ABCDEF的内角都相等，所以∠FAB=∠B=∠C=∠CDE=∠E=∠F=120°.因为四边形ABCD的内角和为360°，∠DAB=60°，所以∠CDA=60°,所以∠EDA=60°.所以AB∥DE.BC与EF也平行.延长ED,BC交于点H.因为六边形ABCDEF的内角都相等，课程导报网 3课程导报网所以∠FAB=∠B=∠C=∠CDE=∠E=∠F=120°. 因为∠CDA=60°，所以∠EDA=60°. 因为∠DCH=60°，所以∠CDH=∠CHD=60°.所以∠E+∠H=180°. 所以BC ∥EF.第11期第四章综合测试题（一）1. D.2. D.3. D.4. B.5. C.6. D.7. C.8. D.9. D. 10. A.11. 75. 12. 24. 13. 8. 14. 4. 15. 25.16. 5.17．四边形BECF 是平行四边形．理由：因为CF ∥BE ，所以∠EBD ＝∠FCD ．又因为∠BDE ＝∠CDF ，BD ＝CD ，所以△BDE ≌△CDF ． 所以ED ＝F D ．因为BD ＝CD ，所以四边形BECF 是平行四边形． 18．答案不唯一，如(1)选①；(2)因为四边形ABCD 是正方形，所以AB ＝CD ，∠A ＝∠C ． 又因为AE ＝CF ，所以△AEB ≌△CFD ．所以BE ＝DF ． 19.解答过程不唯一，参考分法及拼法如下：20．（1）设EF=x ．由题意知△CDE ≌△CFE ， 所以DE=EF=x ，CF=CD=6，AC=226810.+=所以AF=AC-CF=4，AE=AD-DE=8-x ．由勾股定理，得AE 2=AF 2+EF 2，即（8-x ）2=42+x 2． 解得x=3．即EF=3． （2）由（1）知AE=8-3=5． 所以()2ABCE AE BC AB S +•=梯形=58639.2+⨯=（） 21. （1）因为四边形ABCD 是平行四边形，所以AO CO =． 又因为ACE △是等边三角形，所以EO AC ⊥，即DB AC ⊥． 所以ABCD Y 是菱形；（2）因为ACE △是等边三角形，所以60AEC ∠=o ． 因为EO AC ⊥，所以1302AEO AEC ∠=∠=o ． 因为2AED EAD ∠=∠，所以15EAD ∠=o ． 所以45ADO EAD AED ∠=∠+∠=o ．因为四边形ABCD 是菱形，所以290ADC ADO ∠=∠=o ．所以四边形ABCD 是正方形． 22.（1）EO =FO ．理由：因为CE 平分BAC ∠，所以12∠=∠. 又因为MN ∥BC ，所以13∠=∠. 所以32∠=∠. 所以EO CO =． 同理FO CO =．所以EO FO =．（2）当点O 运动到AC 的中点时，四边形AECF 是矩形． 因为EO FO =，点O 是AC 的中点．所以四边形AECF 是平行四边形．又因为12∠=∠，45∠=∠，所以124180902∠+∠=⨯︒=︒，即90ECF ∠=︒．所以四边形AECF 是矩形．第四章综合测试题（二）1. D.2. C.3. D.4. B.5. D.6. B.7. A.8. C.9. A. 10. C.11. 答案不唯一，如（1）或（3）. 12. 能. 13. 3. 14.522. 15. 22.5. 16. 3a b +. 17. 略. 18. AE CE =.理由：因为四边形ABCD 是正方形， 所以 AB BC =，ABDCBD ??.又因为BE 是公共边 ， 所以ABE CBE △≌△. 所以 AE CE =．19. BC 的长是12，四边形ABCD 的面积是120. 提示：说明四边形ABCD 是平行四边形. 20.作AE BC ⊥于点E DF BC ⊥，于点F ． 所以90AE DF AEF =∠，．∥° ①②③5因为AD BC ，∥所以四边形AEFD 是矩形． 所以3EF AD AE DF ===，． 因为BD CD DF BC =⊥，，所以DF 是BDC △的BC 边上的中线．因为19042BDC DF BC BF ====∠，所以．° 所以4431AE BE BF EF ==-=-=，． 在Rt △ABE 中，222AB AE BE =+， 所以224117AB =+=．21. （1）因为AF ∥BC,所以∠AFE ＝∠D CE ． 因为E 是AD 的中点，所以AE=DE.,,.,AFE DCE AEF DEC AEF DEC AE DE ∠=∠⎧⎪∠=∠≅∆⎨⎪=⎩V 因为所以所以AF=DC.因为AF=BD,所以BD=CD.（2）四边形AFBD 是矩形.理由：因为AB=AC,D 是BC 的中点，所以A D ⊥BC. 所以∠ADB=90°. 因为AF=BD, AF ∥BC,所以四边形AFBD 是平行四边形.又因为90ADB =o∠，所以四边形AFBD 是矩形．22．（1）因为∠A=90°,AB ∥DC, 所以∠ADE=90°. 由沿DF 折叠后△DAF 与△DEF 重合，知AD=DE,∠DEF=90°． 所以四边形ADEF 是矩形，且邻边AD,DE 相等． 所以四边形ADEF 是正方形． （2）如图，连接DG. 因为CE BG ∥，且CE BG ≠， 所以四边形GBCE 是梯形．因为四边形ADEF 是正方形，所以AD=FE,∠A=∠GFE=90°. 又因为点G 为AF 的中点，所以AG=FG.在△AGD 和△FGE 中，,,,AD FE A GFA AG FG =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩所以△AGD ≌△FGE. 所以∠DGA=∠EGB.因为BG=CD,BG ∥CD,所以四边形BCDG 是平行四边形． 所以DG ∥CB. 所以∠DGA=∠B.所以∠EGB=∠B. 所以四边形GBCE 是等腰梯形．第12期期中综合测试题（一）1. D.2. C.3. C.4. B.5. D.6. A.7. D.8. B.9. C. 10. C. 11. ±22,2. 12. 30. 13. 34.14.2532. 15. 30. 16. 3, 四边形ABEC. 17. （1）3；（2）24-.18. 提示：先说明Rt △ABE ≌Rt △BCF ，BE =CF =2cm ，再利 用勾股定理可得正方形边长为5cm. 19．（1）对称中心O 在CC 1的中点（图略）； （2）图略；（3）90.20.（1）设直角三角形两直角边长分别为a ,b （设a >b ），则由题意可知，S 大正方形=a 2+b 2=13 ①，a +b =5 ② 由①可得(a +b )2－2ab =13 ，把②代入得ab =6, 所以S 小正方形=(a －b )2=（a +b ）2－4ab =1. （2）分割线如图所示，正方形略.21．（1）四边形ACEF 是矩形． 理由：因为ED =AD ，FD =CD ， 所以四边形ACEF 是平行四边形.又因为四边形ABCD 是菱形，所以AD =CD.所以AE =CF . 所以四边形ACEF 是矩形.（2）因为菱形ABCD 中AB ∥CD ，AC ⊥BD ， 又因为矩形ACEF 中∠CAF =90°，所以BD ∥AF . 所以四边形ABDF 是平行四边形.所以AF =BD =8. 所以矩形ACEF 的面积为8×6=48. 22.（1）四边形ABCE 是菱形.理由：因为△ABC 沿直线BC 方向平移到△ECD ， 所以AB ∥CE ，AE ∥BC. 所以四边形ABCE 是平行四边形.又因为AB =BC ，所以四边形ABCE 是菱形.（2）当点P 在线段BC 上运动时，四边形PDEQ 的面积不会改变.因为四边形ABCE 是菱形，所以QE ∥BC ，OE =OB. 所以∠QEO =∠PBO.在△QEO 和△PBO 中，∠QEO =∠PBO ，OE =OB ，∠QOE =∠POB ，所以△QEO ≌△PBO （ASA ）.所以四边形PDEQ 的面积等于△BED 的面积，也就是说，不论点P 在线段BC 上的哪个位置，四边形PDEQ 的面积都不会改变.ADCBO E F 3cm3cm0.5cm2cm1cm 1cm课程导报网 6期中综合测试题（二）1. B.2. D.3. B.4. D.5. B.6. C.7. D.8. D.9. B. 10. C. 11.±2，-3. 12. 5或7. 13. 5-. 14. ①. 15. 48. 16. 37. 17. （1）924；（2）16-833； 18. （1）略.（2）略.（3）△CC 1C 2是等腰直角三角形，面积是8.19.向正东或正西方向航行.理由：由已知条件，可得AB =20×2=40(海里),AC =15×2=30(海里),BC =50(海里).因为AB ²+AC ²=2500=BC ²,所以△ABC 是直角三角形. 则希腊商船航行方向与驱逐舰航行方向互相垂直. 所以希腊商船是向正西或正东方向航行. 20. 方案一：S 菱形＝30cm 2；方案二：设BE ＝x ，则CE ＝AE ＝12－x ， 由勾股定理得（12－x ）2－x 2＝52，x ＝11924， S 菱形＝S 矩形－2S △ABE ＝12×5－2×11195224⨯⨯≈35.21cm 2. 因为35.21＞30，所以方案二张丰同学设计的菱形面积较大. 21. ⑴在矩形ABCD 中，AB ∥DC ，所以∠DCA =∠CAB . 因为∠EDC =∠CAB ，所以∠DCA =∠EDC . 所以AC ∥DE . ⑵四边形BCEF 是平行四边形．理由：由∠DEC =90°，BF ⊥AC ，可得∠AFB =∠DEC =90°. 又∠CAB =∠EDC ，AB=DC ， 所以△DEC ≌△AFB ，所以DE =AF . 由⑴得AC ∥DE ，所以四边形AFED 是平行四边形，所以AD ∥EF 且AD =EF . 因为在矩形ABCD 中，AD ∥BC 且AD =BC ， 所以EF ∥BC 且EF =BC .所以四边形BCEF 是平行四边形．22. （1）因为正方形ABCD 的边长为1，所以AC=2． 又因为直线1l ∥直线2l ，1l 与2l 之间的距离为1， 所以CG=2-1．所以EF=22-2，EC=2-2． 所以△EFC 的周长为EF+EC+CF=2．（2）△EFC 与△AMN 的周长的和不随x 的变化而变化． 如图，把1l ，2l 向左平移相同的距离，使得1l 过A 点，即1l 平移到4l ，2l 平移到3l ，过点E ，F 分别做3l 的垂线，垂足为R ，G ．3l 交CD,BC 于点P,Q. 1l 交AC 于点H, 可说明 △AHM ≌△ERP ，△AHN ≌△FGQ ． 所以AM=EP ，HM=PR ，AN=FQ ，HN=GQ ．所以△EFC 与△AMN 的周长的和为△CPQ 的周长，由已知可计算△CPQ 的周长为2，所以△EFC 与△AMN 的周长的和为2．l 1M NBDEFl2C AHR G PQ4l3l。
青山2022年小学教师招聘考试真题及答案解析四
青山2022年小学教师招聘考试真题及答案解析【打印版】1：赫尔巴特认为教育学的理论基础应当是（）。
单项选择题：A、神学和哲学B、哲学和心理学C、哲学和伦理学D、伦理学和心理学2：把教育的最高目的限定为“心灵的和谐达到完善的境地”的教育家是（）。
单项选择题：A、柏拉图B、拉伯雷C、卢梭D、裴斯泰洛齐3：下面哪一个选项不属于学校事故的免责条件?（）单项选择题：A、第三人过错B、不行抗力C、意外大事D、紧急避险4：在技能形成过程中，练习中期消失进步的临时停顿现象，在心理学上称为( )单项选择题：A、抑制现象B、挫折现象C、高原现象D、低分现象5：“博学于文，约之以礼”，“不愤不启，不悱不发”是中国古代（）的教育主见。
单项选择题：A、朱熹B、墨子C、苟子D、孔子6：结构主义教学观认为，把握学科基本结构的教学原则有（）。
多项选择题A、鼓舞原则B、动机原则C、结构原则D、程序原则E、强化原则7：“老师教学和管理的艺术在于不断制造促使同学胜利的机会，尤其是对那些常常患病学习挫折、丢失学习信念的同学。
”这段话在同学管理上，体现的是（）。
单项选择题：A、学籍管理B、常规管理C、德育管理D、学习管理8：以下说法中，反映当代世界各国课程改革中所存在的一些共同的进展趋势的是（）。
多项选择题A、重视课程的标准化建设B、重视课程内容的现代化、综合化C、重视基础学科和学问的结构化D、重视力量的培育E、重视个别差异9：“课程是指同学体验到的意义，而不是要同学再现的事实或要同学演示的行为。
”这种观点认为，课程即（）。
单项选择题：A、教学科目B、阅历C、社会改造D、预期的学习效果10：一个国家以法律的形式规定普遍实施肯定程度的基础教育的义务形式称（）。
单项选择题：A、普及教育B、普及义务教育C、普及基础教育D、普及国民教育11：教学的基本组织形式是（）。
单项选择题：A、个别教学B、群体教学C、小组教学D、班级授课12：在中国，（）提出了“不愤不启，不悱不发”的闻名教学原则。
课程导报数学答案2-1 1-4
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三年级语文下册课程导报第十版电子答案
三年级语文下册课程导报第十版电子答案1、1《荷花淀》是孙犁的散文。
[判断题] *对(正确答案)错2、下列选项中加着重号字注音有错误的一项是（）[单选题] *A、敷衍yǎn 门当户对dāngB、供给jī有求必应yīng(正确答案)C、家谱pǔ门框kuàngD、阎王yán 惦念diàn3、关联词：（）有生花妙笔（）难述说出极光的神采、气质、秉性脾气与万一。
[单选题] *虽然但是即使也(正确答案)只要就既然就4、8．下列词语中加点字的字音、字形完全正确的一项是（）[单选题] *A．阔绰（chuò）孱头（càn）亘古（gèng）仰之弥高（mí）B．殷红（yīn）龟裂（jūn）濒临（bīn）殚精竭虑（jié）C．挚友（zhì）篡改（cuàn）倔强（juè）鸢飞戾天（1ì）D．游逛（guàng）倔强（jué）应和（hè）孜孜不倦（zī）(正确答案)5、1《项链》的作者是莫泊桑，他和欧亨利、契诃夫并称为世界三大短篇小说巨匠。
[判断题] *对错(正确答案)6、1“氓之蚩蚩，抱布贸丝。
非来贸丝，来即我谋”一句与原文一致。
[判断题] *对(正确答案)错7、17．下列词语中，加点字的读音全部正确的一项（）[单选题] *A．模拟（mú）鄙夷（bǐ）粗犷（kuànɡ）如坐针毡（zhān）B．妖娆（ráo）星宿（sù）驰骋（chěnɡ）锲而不舍（qì）C．遒劲（qiú）吟唱（yín）点缀（zhuì）咄咄逼人（duō）(正确答案)D．拮据（jū）炽热（zhì）凛冽（lǐn）海市蜃楼（shènɡ）8、郁达夫的自传体白话小说是（）[单选题] *春风沉醉的晚上沉沦(正确答案)薄奠迟桂花9、1《荷塘月色》《画里阴晴》《林教头风雪山神庙》的作者分别是朱自清、吴冠中、施耐庵。
四年级上册语文课程导报,内容
四年级上册语文课程导报,内容1、1《荷塘月色》《画里阴晴》《林教头风雪山神庙》的作者分别是朱自清、吴冠中、施耐庵。
[判断题] *对错(正确答案)2、关于《红楼梦》的文化常识，选出表述正确的一项( ) [单选题] *A.林黛玉与贾宝玉二人关系为姨表兄妹。
B.在黛玉初进贾府拜过贾母后不久，贾母就让元春、迎春、探春、惜春四姐妹和黛玉相见。
C.《红楼梦》的别名除《石头记》外，还有另外几个，例如《情僧录》《风月宝鉴》《金陵十二钗》《金玉缘》《刘姥姥进大观园》等。
D.《红楼梦》中的贾宝玉的前身是全书开篇神话中的神瑛侍者，黛玉的前身为灵河畔的绛珠仙草。
神瑛侍者下凡造历，绛珠仙草便也投胎入世，用一世眼泪还灌溉之情。
(正确答案)3、1演讲又称演说或讲演。
它是指演讲者面对听众，就某一个问题系统地阐述自己的观点和主张的社会活动。
[判断题] *对(正确答案)错4、20. 下列句子中没有语病的一项是（）[单选题] *A．“网红”的产生不是自发的，而是网络媒介环境下，网络红人、网络推手、传统媒体以及受众心理需求等利益共同体的综合作用。
B．通过对古典诗文的朗诵，学生感受到了祖国语言文字的韵律美。
(正确答案)C．升旗时，全体同学的目光和歌声都集中到竖立在主席台前的旗杆上。
D．随着人们生活水平的挺向，使电子产品极其广泛地进入大众的生活。
5、七股大水，从水库的桥孔跃出，仿佛七幅闪光的黄锦，直铺下去，修辞格是（）[单选题] *拟人比喻(正确答案)比拟夸张6、下列词语中，加着重号字的注音正确的一项是（）[单选题] *A、细腻（nì）硝烟（xiāo）凫水（niǎo）B、撅着嘴（juē）打点（dian）脱缰（jiāng）(正确答案)C、菱角（líng）虾篓（lǒu）苇眉（wéi）D、吮指头（sǔn）嘱咐（zhǔ）白洋淀（diàn）7、1“积土成山，风雨兴焉”的下一句是“积水成渊，蛟龙生焉”。
[判断题] *对(正确答案)错8、1中国古典文学四大名著是《西游记》《三国演义》《聊斋志异》《红楼梦》。
课程设计口诀333答案
课程设计口诀333答案一、教学目标本课程的教学目标是使学生掌握XX学科的基本概念、原理和方法，能够运用所学知识解决实际问题；提高学生的科学素养和探究能力，培养学生的创新精神和团队合作意识；强化学生的学习兴趣和自信心，培养良好的学习习惯和自主学习能力。
具体分解为以下三个方面的目标：1.知识目标：学生能够准确理解并熟练掌握XX学科的基本概念、原理和方法，了解学科的发展趋势和应用领域。
2.技能目标：学生能够运用所学知识解决实际问题，具备科学的探究方法和技能，能够独立完成实验和研究报告。
3.情感态度价值观目标：学生对XX学科产生浓厚的兴趣，树立科学的世界观和人生观，培养团队合作精神和责任感。
二、教学内容根据课程目标，本课程的教学内容主要包括XX学科的基本概念、原理和方法，学科发展史和应用领域，以及相关的科学实验和探究活动。
具体安排如下：1.第一部分：XX学科的基本概念、原理和方法，包括XX、XX、XX等内容，通过课堂讲授和案例分析，使学生掌握学科的基本知识和方法。
2.第二部分：学科发展史和应用领域，介绍XX学科的起源、发展过程和重要成就，以及学科在生产、生活和科技领域的应用，通过课堂讲授和实地考察，培养学生的学习兴趣和应用能力。
3.第三部分：科学实验和探究活动，安排适量的实验和探究活动，使学生在实践中掌握科学的实验方法和技能，培养学生的创新精神和探究能力。
三、教学方法为了实现课程目标，本课程将采用多种教学方法，包括课堂讲授、案例分析、小组讨论、实验演示等。
具体方法如下：1.课堂讲授：通过教师的讲解，使学生掌握学科的基本知识和方法，引导学生思考和提问，培养学生的思维能力和创新能力。
2.案例分析：选取具有代表性的案例，让学生分析、讨论和解决问题，提高学生的应用能力和实践能力。
3.小组讨论：学生进行小组讨论和交流，培养学生的团队合作意识和沟通能力，促进学生的共同学习和进步。
4.实验演示：安排适量的实验和演示活动，使学生在实践中掌握科学的实验方法和技能，培养学生的创新精神和探究能力。
八年级上册2010-2011学年5-8期数学课程导报答案详解
7.(1) AB∥CD，AB=CD；BE∥DF，BE=DF；AE∥CF，AE=CF； AC∥BD∥EF, AC=BD=EF. （2）AC，BD 和 EF 都可以用来表示△ABE 平移的距离. （3）不能，因为 BE 与 CF 不平行. 图2
3.2 简单的平移作图（1）
1.提示：设定点 B,C 分别平移到点 E,F，根据“经过平移， 对应点所连的线段平行且相等” ，可知线段 BE,CF 与 AD 平 行且相等. 2. 图略. 3.图略.所得的三角形和前面得到的三角形位置相同. 4.能，满足要求的图形一共有 2 个. 如图所示，以 MN 为边 作正方形，则正方形 EFMN 和正方形 PQMN 都可能为平移 后的正方形. 1. A.
1 . 5
12.点 Q.
13.3.
14. 4.47. 18.±9.
21. I=
W R
16. -1.
17. 6 − 13 .
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100 480 ≈0.456（安培）.
三、过关斩将，胜利在望
19. （1）
14 5； （2） 4 − 6 . 5
22. 3 5 + 4 2 ． 23. （1） 12 + 22 = 5 ； （2）作一条直角边长为 2，另一条直角边长为 1 的直角三 角形，则斜边长为 5 .以原点为圆心， 5 为半径画圆与数 轴的负半轴的交点就是表示- 5 的点，如图 1 所示：
2 ( 5) 2 − ( 3) 2 ( 5 + 3)( 5 − 3) = = = 5− 3 5+ 3 5+ 3 5+ 3 ，
（2）原式=
(2)①～③均可以看成前一个图形是后一个图形向前平移一 定距离后得到的； ④中的下面图形可以看成是上面图形向下 平移一段距离再向右平移一段距离后得到的. (3)不发生改变，因为平移不改变图形的大小和形状. 3. 答案不唯一，如图 1.
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第35期有效学案参考答案第5课时多边形1．三条边都相等的三角形叫做等边三角形，等边三角形的三个角都相等，三条边也相等.2.内角为∠BAD,∠ADC,∠DCB,∠CBA;外角为∠1,∠2，∠3,∠4.【问题1】这个多边形有14条对角线，这是一个七边形．【问题2】正六边形的周长为18．3．B．4．A．5．D．6．六；AB，BC，CD，DE，EF，FA；点A，B，C，D，E，F；∠A，∠B，∠C，∠D，∠E，∠F．7．七边形ABCDEFG，图略．8.（1）4,与边数相等；（2）4,边数减1；（3）4,边数减2. 9．12．10．四边形有2条对角线，五边形有5条对角线，六边形有9条对角线，n边形有(3)2n n-条对角线．11．A．12．C．13．他的话不正确，如图1，4条边都相等，但4个角不相等，不是正多边形；如图2，6个角都是120°，但6条边不相等，也不是正多边形．第6课时多边形的内角和1．180，360．2．从点A出发有1条对角线AC．连接AC，因为三角形的内角和为180°，所以∠A+∠B+∠C+∠D=360°．【问题1】设这个多边形的边数为n，则（n-2）·180°=135°·n，解得n=8，所以这是一个正八边形．【问题2】设多边形的每一个内角的度数为x，则x=5（180°-x），解得x=150°.所以每一个外角为180°-150°=30°.所以这个多边形的边数为360°÷30°=12,内角和为（12-2）×180°=1800°.3．C．4．A．,90.6. 设这个多边形的边数为n，则（n-2）×180°=1440°，解得n=10，它是十边形．7. 设∠A，∠B，∠C，∠D分别为3x°，x°，2x°，3x°，因为四边形的内角和为360°，所以3x+x+2x+3x=360，解得x=40.所以∠A=120°，∠B=40°，∠C=80°，∠D=120°.所以该四边形中最大角的度数为120°.8．因为三角形的一个外角等于和它不相邻的两个内角的和，所以∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H的度数等于四边形的外角和，即360°．9．十三．10．根据四边形内角和等于360°，可知四个阴影部分（扇形）的圆心角之和是360°，所以阴影部分的面积是半径为1的圆的面积，即π.11．C．12．B．13．设∠A=x°，则∠B=x°+20°，∠C=2x°．根据四边形内角和定理,得(20)260360x x x++++=．解得x=70．所以∠A=70°，∠B=90°，∠C=140°．第7课时镶嵌1．D．2．因为周角是360°，所以用6个60°的角可以组成一个周角；同理用2个108°的角和1个144°的角可以组成一个周角．【问题1】（1）不能全用正五边形的材料，因为正五边形的每一个内角为108°，360°不能被108°整除．（2）还可以用正三角形铺地面．图略.【问题2】因为正三角形的内角为60°，正六边形的内角为120°，所以剩下的角的度数为180°，根据题意可知，只能选2个正方形，即还要添加正方形．3．D．4．C．5．360°，公共边．6．3m + 4n = 10．7．因为正八边形内角为135°，正九边形内角为140°，正十边形内角为144°，它们的和为135°＋144°＋140°＞360°，所以边长相等的正八边形、正九边形、正十边形组合在一起不能进行平面镶嵌．8．可以，因为四边形的内角和是360°，把4块木块的互不相等的角拼在同一顶点处，就能铺满整个平面，如图．9．B．10．如4个正方形，2个正三角形和2个正六边形等．11．B．12．D．13．四个内角分别是：144°，36°，144°，36°．第8课时习题课1．两条，360°，360°．2．略．【问题1】设这个多边形的边数为x，则（n-2）·180°= 360°×2 + 180°，解得n = 7．【问题2】因为在同一顶点处有a块正三角形地砖和b块正六边形地砖，所以60120360,a b︒+︒=︒即26a b+=.所以正整数解为2,2a b==或4,1a b==.图1 图2即4a b+=或5a b+=.3．C．4．C．5．3．6．由题意可得，这个多边形的边数为7+3=10，所以内角和为（10-2）×180°=1440°，外角和为360°．7．存在，设正多边形的每个外角为x，则相邻的内角为(180-x)°，由x=180-x-36，解得x=72，360÷72=5，所以存在满足条件的正多边形，且该正多边形的边数为5．8. 因为AE∥CD，所以∠D+∠E=180o.因为五边形内角和为（5-3）×180o=540o，所以∠C=540o-∠A-∠B-∠E-∠D=540o-107°-121°-180o= 132°.9．连接CD，根据三角形的内角和为180°，且FOG COD∠=∠,所以∠F+∠G=∠FDC+∠GCD.所以∠A +∠B +∠C +∠D +∠E +∠F +∠G A B BCG EDF E F G=∠+∠+∠+∠+∠+∠+∠=A B BCG EDF E FDC GCD∠+∠+∠+∠+∠+∠+∠=A B BCD CDE E∠+∠+∠+∠+∠=(52)180540-⨯︒=︒.10．设这两个多边形的边数分别为2n，5n，则(2n-2)180+(5n-2)180=1800，解得n=2，所以这两个多边形的边数分别为4和10．11．A．12．B．13．由∠O=90o，知∠OAB+∠OBA=90o，所以∠XAB+∠YBA=270o.因为PA，PB分别平分∠XAB和∠YBA，所以∠PAB+∠PBA=135o.所以∠P=180o-∠PAB-∠PBA=180o-135o=45o.即∠P的大小保持不变,总等于45°.～测试题参考答案基础巩固1．B．2．B．3．C．4．B．5．B．6．C．7．12．8．27．9．3,2．10．4．11．（1）x=60；（2）x=80.12．设这个多边形的边数为n，则（n-2）180°∶360°=9∶2，解得n=11．13．（1）由多边形内角和（n-2）·180o知内角和为180o的整数倍，而1125o不能被180o整除，所以小刚的计算结果肯定有误；（2）135o；（3）九边形.14．答案不唯一，如，方案一：用3个正三角形，2个正方形在一个顶点处镶嵌；方案二：用1个正三角形，1个正六边形，2个正方形在一个顶点处镶嵌.图略.15．（1）因为∠A+∠B+∠C+∠D=360°，∠A=∠B，∠C=∠D，所以∠A+∠D=180°，所以AB∥DC；（2）因为AB∥DC，所以∠A+∠D=180°，∠B+∠C=180°．又因为∠A=∠B，所以∠C=∠D．能力提高1．D．2．连接AC,CE,AE（答案不唯一）．3．六边形．4．因为∠D=∠B=90°，∠DAB+∠B+∠BCD+∠D=360o,所以∠DAB+∠BCD=180°.因为AE平分∠DAB，CF平分∠DCB，所以∠EAB+∠BCF=90°.因为∠CFB+∠BCF=90°，所以∠EAB=∠CFB.所以AE∥CF．新题展示答案不唯一,如图所示.第36期有效学案参考答案第9课时与三角形有关的线段习题课1．D．2．AD，AF分别是△ABC，△ABE的角平分线；BE，DE分别是△ABC，△ADC的中线；AG是△ABC，△ABD，△ACD，△ABG，△ACG，△ADG的高．【问题1】三种：3cm，8cm，10cm；3cm，10cm，11cm；8cm，10cm，11cm．【问题2】△ABC的三边长分别为7，7，10或9，9，6．提示：应分如下两种情况考虑：①AC > BC；②AC < BC．3．D．4．C．5．D．6．连接AC（或连接BD），利用了三角形的稳定性．7．不能，因为两条腿长之和约是1.7m，走路时两条腿和走出的距离构成一个三角形，两腿长之和应大于走出的距离，所以一步不会走出2m．8．设AB长为3x，则BC长为2x，因为△ABD与△CBD的周长之差等于AB与BC之差，所以3x-2x=4，解得x=4．所以AB=AC=12，BC=8．9．（1）4根火柴不能搭成三角形；（2）8根火柴能搭成一种等腰三角形，如图1；12根火柴能搭成3种不同形状的三角形，如图2．10=(c a c b-+-）（=()[(][)]a b c b c a a c b+--+-++-）（=3a b c b c a a c b a b c+---+++-=--．11．2cm．12．2．13．不能用一根长度为1cm的木棒与这两根摆成一个三角形；换根长度为10cm的木棒可以构成三角形．图1 图2第10课时与三角形有关的角习题课1．D．2．因为AB∥CD，AD∥BC，所以∠CDB=∠2=55°，∠CBD=∠1=65°．所以∠C=180°-∠CDB-∠CBD=60°．【问题1】（1）∠C =180°-64°-44°=72°；（2）易知∠BAD=32°，所以∠ADC=∠B +∠BAD =76°．【问题2】（1）∠F＝12（∠B＋∠D）；提示：连接FA并延长,则∠EAC=∠B+∠D=∠F+12∠B+12∠D．（2）x=3．3．90°．4．D．5．A．6．（1）∠CAB=180°-∠B -∠C = 80°；（2）因为∠CAF = 180°-∠CFA-∠C=20°，∠CAD=12∠CAB=40°，所以∠DAF=∠CAD-∠CAF =20°．7．设1∠的度数为x，则2x∠=，342x∠=∠=．所以180431804CAD x∠=︒-∠-∠=︒-．由63BAC∠=︒，得(1804)63x x+︒-=︒，所以39x=︒．所以180439DAC∠=︒-⨯︒24=︒．8．∠A=80°．提示：连接AG，AD，利用外角的性质求解．9．∠A=36°，∠B=72°，∠ACB=72°．10．α，β与∠B的关系是：β-α+∠B＝180°．理由如下：因为AB∥CD，所以∠C＋∠B＝180°．因为β＝α＋∠C，所以β=α＋180°-∠B，即β-α+∠B＝180°．11．B．12．D．13．∠B=36°．提示：设∠ADC=x°，则∠CAD=∠DAE=2x°,∠B=∠BAC=x°．第11课时多边形及其内角和习题课1．C．2．过n边形的一个顶点的对角线把多边形分成(n2)个三角形；n边形的内角和等于（n2）·180°；n边形的外角和等于360°．【问题1】D．【问题2】设这个四边形中除直角以外一个角的度数是x°，另一个角的度数为2x°-30°，列方程得x+（2x-30）=360-180，解得x=70．所以这个四边形中锐角的度数是70°．3．1440．4．C．5．A．6．因为∠A=40°，∠B的度数是∠A的3倍，即∠B=120°．设∠D的度数是x°，则∠C的度数是4x°，由题意可得x+4x=360-40-120，解得x=40．所以∠D=40°，∠C=160°．所以该四边形中有2个锐角．7．B．8．A．9．该多边形的边数是8，他加进去的那个外角是60°．10．540°．11．（1）机器人所走的路线构成了一个正多边形.每次左转30°，说明这个多边形的每个外角都等于30°，故多边形的每一个内角相等；又每次都是向前走1米，说明多边形的各边相等，因此这个多边形是一个正多边形．（2）该正多边形的每个外角为30°，所以该正多边形的边数为360°÷30°=12，所以机器人走的路程为1×12=12（米）．12．A．13．360°或180°14．设该正多边形的每个内角的度数为x°，由题意得3x=360，所以x =120．设该多边形为n边形，则（n-2）×180=120 n，所以n=6．所以该多边形的内角和为：（6-2）×180°=720°．第七章综合测试题（一）参考答案1．C．2．D．3．B．4．C．5．B．6．C．7．B．8．B．9．A．10．C．11．60．12．7，7．13．1800°．14．15．15．60．16．75°．17．图略．18．设∠C=∠B =x°，则∠A =2x°，根据题意得x+x+2x=180，解得x=45．所以∠C的度数是45°．19．因为AB∥CD，所以∠B =∠EFD= 50°．因为∠BED是△EFD的外角，所以∠BED=∠EFD+∠D= 130°．20．∠BDC=119°．提示：连接AD并延长．21．王大意计算的是五边形的内角和，多加一次的内角是110°．22．（1）连接CD，设BD与CE相交于点O，由内角和定理,知∠B +∠E +∠BOE =∠OCD +∠ODC +∠COD=180°．因为∠BOE=∠COD，所以∠B+∠E=∠OCD+∠ODC．所以∠A+∠B+∠ACE+∠ADB+∠E=∠A+∠ACE+∠ADB+∠OCD+∠ODC=∠A+∠ACD+∠ADC=180°．（2）结论仍然成立．理由与（1）类似．第七章综合测试题（二）参考答案1．A．2．C．3．C．4．B．5．C．6．A．7．B．8．D．9．D．10．B．11．36．12．十．13．70．14．∠2>∠1>∠A．15．140．16．2．17．因为∠BEC是△AEC的外角，所以∠ACE =∠BEC-∠A=25°．又因为CE是∠ACB的平分线，所以∠ACB=50°．故∠B=180°-∠A -∠ACB =40°．18．设这个多边形的边数为n．因为每一个内角都等于150°,所以每一个外角都等于30°．则30n=360，所以n=12．此多边形的对角线共54条．19．周长为30．提示：以对角线的不同分两种情况考虑，然后用三角形三边关系检验．20．∠ACB=180°-∠A-∠B=70°．因为CD平分∠ACB，所以∠EDC=∠BCD=35°．所以∠BDC=180°-∠B-∠BCD=85°．又因为DE∥BC，所以∠EDC=∠BCD=35°．21．360°．提示：连接EF．22．（1）132°，90°．（2）不变化，42°．理由如下：因为在△ABC中，∠A+∠ABC+∠ACB= 180°，在△BCX中，∠X+∠XBC+∠XCB= 180°，而∠ABX=∠ABC-∠XBC，∠ACX=∠ACB-∠XCB，所以∠ABX+∠ACX=∠ABC+∠ACB-（∠XBC+∠XCB）=（180°-∠A）-（180°-∠X）=∠X-∠A=42°．第37期有效学案参考答案第1课时相交线与平行线复习课1．A．2．∠2=∠3=∠6=∠7，∠1=∠4=∠5=∠8．【问题1】因为∠BOC=3∠AOC，且∠BOC+∠AOC=180°，所以∠AOC=45°．所以∠COE=∠AOE-∠AOC=15°．所以∠DOF=∠COE=15°．【问题2】因为∠1=∠AGF，∠1=∠2，所以∠AGF=∠2．所以AB∥CD．所以∠B+∠D=180°，所以∠B=130°．3．B．4．∠BOC和∠AOD，∠BOC，80，100．5．B．6．因为∠AOD=150°，所以∠AOC=180°-∠AOD=30°．又因为EO⊥AB，所以∠AOE=90°．所以∠COE =90°-∠AOC = 60°．7．112o．8．图略．9．因为∠B+∠BAD=180o，所以BC∥AD．所以∠1=∠C，∠2=∠B．又因为∠B=∠C，所以∠1=∠2．所以AD平分∠CAE．10．①③；①④；②③；②④；③⑤；③⑥；④⑤；④⑥．举例说明略．11．8cm．提示：利用平移，可将图中图形的周长化为边长为2的正方形的周长．12．110．13．B．14．（1）ab-b，ab-b；（2）猜想草地的面积仍然是ab-b．理由：把左边的草地向右平移1个单位长度与右边的草地组成一个长为（a-1），宽为b的长方形，所以草地面积为ab-b．第2课时平面直角坐标系复习课1．C．2．A(-2，0)，B(2，0)，C(1，2)，D(0，4)，E(-1，2)．【问题1】a=12，b=-20．【问题2】图略．（1）正方形；（2）图形向右平移了3个单位长度，又向下平移了4个单位长度，画图略．3．6排5号．4．B．5．D．6．由题意可得P(-3，-5)，即x=-3，y=-5，所以x2-y=14．7．A. 8．（1，-1）．9．平移之后，点A,B,C的对应点分别是(1，7) ，(-2，2)，(3，4)．10．（1）把△ABC向上平移2个单位长度，再向右平移3个单位长度得到ABC'''△；（2）P'（a+3，b+2）．11．12．12．（0，-5），（3，-6），（2，-4）．13．D．14．（1）(4，2)→(4，3)→(4，4)→(3，4)→(2，4)(答案不唯一)；（2）(4，2)→(3，2)→(3，3)→(2，3)→(2，4) (答案不唯一)．第3课时三角形复习课1．C．2．n边形的内角和等于（n-2）×180°，任意一个多边形的外角和等于360°．【问题1】因为∠BFC是△ABF的外角，∠BAC=85°，所以∠ABF=∠BFC-∠BAC=15°．又因为BF平分∠ABC，所以∠ABC=2∠ABF=30°．所以∠C=180°-∠ABC-∠A=65°．【问题2】（1）设这个正多边形的边数为n，则（n-2）×180°=3×360°，解得n=8．所以这个正多边形的边数是8．（2）每个外角的度数=360°÷8=45°．每个内角的度数=180°-45°=135°．3．60°．4．B．5．D．6．∠4=130°．7．A．8．40°9．（1）设这个正多边形的边数为n，则（n-2）×180°+ 360°=2160°，n=12．（2）因为这个多边形的每一个外角等于相邻内角的15，所以每一个外角等于30°．所以这个多边形的边数为360°÷30°=12，内角和为（12-2）×180°=1800°．10．由正五边形内角和公式得(53)1801085E EDC C -⨯︒∠=∠=∠==︒, 因为12180E ∠+∠+∠=︒,且12∠=∠，所以136∠=︒. 同理336∠=︒.所以51336EDC ∠=∠-∠-∠=︒.11．因为111,,ACD ABC A ACD ABC A ∠=∠+∠∠=∠+∠ 而112,2,ACD ACD ABC A BC ∠=∠∠=∠所以12A A ∠=∠. 同理可得24A A ∠=∠. 即∠A 1=12∠A ，∠A 2=14∠A . 当∠A=32°时，∠A 1=16°，∠A 2=8°． 12．B ． 13．B ． 14．因为∠DFB=42°，∠B=44°， 所以∠BDF=180°-42°-44°=94°． 因为∠A=58°，∠BDF 是△ADC 的外角， 所以∠C=∠BDF-∠A=36°．期中测试题（一）参考答案1．D ． 2．B ． 3．B ． 4．C ． 5．C ． 6．A ． 7．C ． 8．C ． 9．B ． 10．D ． 11．2． 12．6． 13．（-3，1）． 14．STUDY ． 15．230． 16．5． 17．（1）∠AOC ，对顶角相等．（2）因为∠DOE 是直角，且1,2BOE AOC ∠=∠ 即12BOE BOD ∠=∠.所以∠BOE =30°，∠BOD =60°．所以∠AOD =180°-∠BOD =180°-60°=120°． 18．当底边是6cm 时，腰长为(26－6)÷2＝10（cm ）; 当腰长为6cm 时，底边长为26－6×2＝14（cm ）， 因为6+6<14，不符合三角形三边关系，舍去． 故另两边的长为10cm ，10cm ． 19．设∠A=3x ，∠ABC=4x ，∠ACB=5x ，则3x+4x +5x=180°，解得x=15°.所以∠A=45°． 因为BD ，CE 是高，所以∠AEH=∠ADH =90°． 所以∠BHC =∠EHD= 360°-∠A-∠AEH-∠ADH=135°． 20．AB 与CD 平行，AD 与BC 平行．理由如下： 因为∠A =∠C ，∠B =∠D ，而四边形内角和等于360°， 所以∠A +∠B =∠A +∠D =180°．所以AD ∥BC ，AB ∥CD ． 21．（1）15；（2）画图略，A 1（2，1），B 1（8，1），C 1（7，6）； （3）大小相等、形状完全相同． 22．（1）100°，90°； （2）90°，90°； （3）90°．理由如下：如图，因为∠3=90°，所以∠4+∠5=90°．由光的反射规律得∠1=∠4，∠5=∠6， 所以∠1+∠4+∠5+∠6=180°． 所以∠7+∠2=180°．所以m ∥n ．期中测试题（二）参考答案1．D ． 2．A ． 3．B ． 4．C ． 5．B ． 6．C ． 7．A ． 8．D ． 9．C ． 10．A ． 11．40． 12．5，540． 13．2，4，5． 14．76． 15．50． 16．98．17．因为AB ∥CD ，∠EGD =40o ，所以∠AEG =∠EGD =40o ． 因为EG 平分∠AEF ，所以∠GEF =40o ．所以∠EFD =80o ． 18．图略，A （-5，1），B （-3，-2），C （1，-2），D （3，-1），E （2，1）．19．设这个多边形的边数为n ，则这个多边形内角的度数为120°，125°，130°，…，120°+(1)5n -⋅︒，它的最大角是120°+(1)5n -⋅︒，内角和为(2)180n -⋅︒．由题意，得8(2)n ⋅-180⋅︒=63[120⋅︒+(1)5n -⋅︒］，解得n =9． 20．图略.（1）所得的图案形状、大小没变，整个图案向右平移2个单位长度；（2）所得的图案形状、大小没变，整个图案向下平移2个单位长度；（3）（-6，1）,（0，1）,（0，4）,（-3，5），（-6，4），（-6，1）．21．因为∠1＝∠2，所以AD ∥BE ．所以∠D ＝∠DBE ． 因为∠3＝∠D ，所以∠3＝∠DBE ， 所以BD ∥CE ．所以∠C=∠DBA=60°． 22．画图略.∠HTQ =12（∠C －∠B ）． 理由：过点T 分别作TM ∥AB 交BC 于点M ，TN ∥AC 交BC 于点N ，则1(90)2HTQ NTQ NTH BAC TNH ∠=∠-∠=∠-︒-∠ 180()(90)2B C C ︒-∠+∠=-︒-∠1190()9022B C C =︒-∠+∠-︒+∠ 1()2C B =∠-∠.第38期有效学案参考答案 第1课时 二元一次方程组1．⑤．2．满足；不一定．因为3,23x y x y +=⎧⎨-=⎩的解是方程x+y=3与2x －y=3的公共解，所以方程组的解一定满足其中的任何一个方程．方程2x －y=3的解有无数组，如x=4，y=5，满足2x －y=3，但不满足方程组3,2 3.x y x y +=⎧⎨-=⎩【问题1】①②是方程x+2y=3的解；②③是方程2x-y=1的解；②是方程组23,21x y x y +=⎧⎨-=⎩的解．【问题2】设甲种票买了x 张，乙种票买了y 张，依题意，得35,86250.x y x y +=⎧⎨+=⎩通过观察猜测得到20,15.x y =⎧⎨=⎩所以甲种票买了20张，乙种票买了15张． 3．C ． 4．D ． 5．0，2．6．由题意可知x=y ，所以4x+3y=7可化为4x+3x=7， 所以x=1，y=1．将x=1，y=•1•代入kx+(k-1)y=3，得k+k-1=3， 所以k=2．7．（1）4x+7y=76；（2）4；（3）5个； （4）y=7647x -，满足条件的整数解有58x y =⎧⎨=⎩，和12,4.x y =⎧⎨=⎩ 8．设“建国60周年纪念邮票”买了x 枚，“大阅兵纪念邮票”买了y 枚，根据题意,得12,2.x y x y +=⎧⎨=⎩9．A ．10．设换成5元的人民币x 张，1元的人民币y 张， 依题意，得5x+y=20，所以y=20-5x ．因为 x ，y 均为人民币的数量，所以x ，y 均为非负整数． 所以x=0，1，2，3，4． 故有5种换法，分别为0,20;x y =⎧⎨=⎩1,15;x y =⎧⎨=⎩2,10;x y =⎧⎨=⎩3,5;x y =⎧⎨=⎩4,0.x y =⎧⎨=⎩11．C ． 12．A ．13．设2007年总产值、总支出分别为x 万元、y 万元，则由题意得200,(120%)(110%)780.x y x y -=⎧⎨+--=⎩即200,1.20.9780.x y x y -=⎧⎨-=⎩第2课时 消元（1）1．945x -，954y-． 2．x=3，y ＝－1． 【问题1】由①,得y ＝2x －6． ③ 把③代入②,得x ＋2（2x －6）=－2． 解得x=2．将x ＝2代入③，得y ＝-2． 所以这个方程组的解是2,2.x y ⎧⎪⎨⎪⎩==-【问题2】设领导捐款x 元，员工捐款y 元．根据题意，得45000,29000.x y y x +=⎧⎨=-⎩解得18000,27000.x y =⎧⎨=⎩所以该厂领导为台湾灾区捐款18000元，员工为台湾灾区捐款27000元．3．C ． 4．3． 5．4x+3（2x-5）=5，2．6．（1）16,14;x y =⎧⎨=⎩（2）5,2.m n =⎧⎨=⎩7．选择①②组成的方程组4,22,x y x y +=⎧⎨-=⎩解得2,2;x y =⎧⎨=⎩选择①③组成的方程组4,21,x y x y +=⎧⎨-=⎩解得3,1;x y =⎧⎨=⎩选择②③组成的方程组22,21,x y x y -=⎧⎨-=⎩解得1,0.x y =⎧⎨=⎩（选择一组即可）8．设康乃馨每支x 元，水仙花每支y 元．根据题意，可列方程组319,2218.x y x y +=⎧⎨+=⎩解得5,4.x y =⎧⎨=⎩所以第三束花的价格是5+3×4=17（元）． 9．6，6．10．由①得232x y -=．③ 把③代入②得25297y ++=，解得4y =． 把4y =代入③得2342x -⨯=，解得7x =．所以原方程组的解为7,4.x y =⎧⎨=⎩11．D ． 12．11.x y =⎧⎨=⎩，13．设每支钢笔x 元，每本笔记本y 元，依题意，得318,2531.x y x y +=⎧⎨+=⎩解得3,5.x y =⎧⎨=⎩所以每支钢笔3元，每本笔记本5元．第3课时 消元（2）1．4x=4，x=1，2y=14，y=7，1,7.x y =⎧⎨=⎩2.31x y ==-⎧⎨⎩，．【问题1】①×2，得8x+6y=4．③ ②×3，得9x-6y=30．④ ③+④，得17x=34，x=2．把x=2代入①，得4×2+3y=2，y=-2．所以这个方程组的解是2,2.x y =⎧⎨=-⎩【问题2】设该市在限定量以内的水费为每吨x 元，超过部分的水费为每吨y 元，依题意，得20(2420)4620(2920)58.5.x y x y +-=⎧⎨+-=⎩， 解得 1.82.5x y =⎧⎨=⎩，．所以该市在限定量以内的水费每吨收元，超过部分的水费每吨收元．3．B ． 4．C ． 5．-1，5．6．（1）8,16;x y =-⎧⎨=-⎩（2）3,3.x y =⎧⎨=-⎩7．因为5,3x y =⎧⎨=⎩是方程组8,2ax by ax by +=⎧⎨-=⎩的解，所以538,53 2.a b a b +=⎧⎨-=⎩解得1,1.a b =⎧⎨=⎩所以3(a+b)=9．8．设西红柿每千克x 元，茄子每千克y 元．根据题意，得228.425.62 1.515.x y x y ++=⎧⎨+=⎩， 解得 4.24.4.x y =⎧⎨=⎩，所以每千克西红柿4.2元，每千克茄子4.4元． 9．2．10．①-②×2，得20x y +=，2x y =-．③ ③代入②，得6511y y --=，1y =-．把1y =-代入③，得2x =．所以原方程组的解为21.x y =⎧⎨=-⎩，11．B ． 12．C ．13．设一台彩电的售价为x 元，一台洗衣机的售价为y 元，根据题意，得1000,13%()390.x y x y -=⎧⎨+=⎩解得2000,1000.x y =⎧⎨=⎩所以彩电和洗衣机的售价分别是2000元，1000元．第4课时 习题课1．y ，①，②． 2．（1）①③；（2）③．【问题1】23, 35 2 x y m x y m +=⎧⎨+=+⎩①②①×2 ②，得x+y=m-2．因为x+y=12，所以m-2=12，解得m=14． 【问题2】设团队租了x 间三人房，y 间双人房，由题意得()15037021510,23250.x y x y ⎧⨯+⨯=⎪⎨⎪+=⎩ 解得8,13.x y =⎧⎨=⎩所以旅游团租了8间三人房，13间双人房． 3．C ． 4．D ． 5．1．6．（1）2,3;x y =-⎧⎨=⎩（2）3,1.x y =⎧⎨=-⎩7．C ． 8．C ．9．(1) 60,1712;17x y ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩(2) 7,1.x y =⎧⎨=⎩10．由题意可得3420,2518.a b a b +=⎧⎨+=⎩解得4,2.a b =⎧⎨=⎩11． 210,320. mx y x y +=⎧⎨-=⎩①②①+②，得（m+3）x=10．因为x 为整数，m 为正整数，所以m=2或7． 又因为y 为整数，所以m=2． 12．A ． 13．A ．14．设小明预订了B 等级，C 等级门票分别为x 张和y 张．依题意，得 7,300150500 3.x y x y +=⎧⎨+=⨯⎩ 解得3,4.x y =⎧⎨=⎩所以小明预订了B 等级门票3张，C 等级门票4张．～测试题参考答案基础巩固1．C ． 2．A ． 3．C ． 4．B ． 5．C ． 6．C ．7．3，6． 8．5,2 4.x y x y +=⎧⎨-=-⎩（答案不唯一）9．-2，3． 10．1,22;A B A B -=⎧⎨-=⎩1,0;A B =⎧⎨=⎩81,0.x y =⎧⎨=⎩ 11．（1）3,3;x z =-⎧⎨=-⎩（2）2,3.x y =⎧⎨=⎩12．由二元一次方程的定义可得321,1.m n n m -=⎧⎨-=⎩解得3,4.m n =⎧⎨=⎩13．因为两个方程组的解相同，由方程组45,321x y x y +=⎧⎨-=⎩得1,1.x y =⎧⎨=⎩把1,1x y =⎧⎨=⎩代入方程组3,1,ax by ax by +=⎧⎨-=⎩得3,1.a b a b +=⎧⎨-=⎩解得2,1.a b =⎧⎨=⎩ 所以22222222111a ab b -+=-⨯⨯+=．14．设甲电风扇乙进了x 台，乙电风扇进了y 台，价格为“1”．则100,20%15%10018%.x y x y +=⎧⎨+=⨯⎩解得60,40.x y =⎧⎨=⎩ 所以该商场购进了甲种风扇60台，乙种风扇40台． 15．设晚会上男同学有x 人，女同学有y 人.根据题意，得2(1)1,3(1).5y x x y =--⎧⎪⎨=-⎪⎩解得12,21.x y =⎧⎨=⎩ 所以晚会上男同学有12人，女同学有21人. 能力提高1．D ． 2．0． 3．8，3．4．把810x y =⎧⎨=⎩，代入原方程组，得81062,3.m n a +=⎧⎨=-⎩ ① ②把116x y =⎧⎨=⎩，代入方程62mx ny +=，得11662.m n += ③①和③联立，得81062,11662.m n m n +=⎧⎨+=⎩ ①③ 解得4,3.m n =⎧⎨=⎩所以4334m n a ++=+-=.新题展示将3,4x y =⎧⎨=⎩代入方程组111222,a x b y c a x b y c +=⎧⎨+=⎩得11122234,34,a b c a b c +=⎧⎨+=⎩所以11122215205,15205.a b c a b c +=⎧⎨+=⎩111222352105,352105.a b c a b c ⨯+⨯=⎧⎨⨯+⨯=⎩与方程组111222325,325a x b y c a x b y c +=⎧⎨+=⎩比较可以发现5,10.x y =⎧⎨=⎩所以这个方程组的解是5,10.x y =⎧⎨=⎩。