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高考物理100考点最新模拟题千题精练专题1.9直线运动中的逆向思维问题(含解析)

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直线运动中的逆向思维问题一．选择题1.（2019河南九师联盟质检）某质点做匀减速直线运动，经过8s 3静止，则该质点在第1s 内和第2s 内的位移之比为A ．7︰5B ．9︰5C ．11︰7D ．13︰7 【参考答案】D【名师解析】采用逆向思维法，把质点的运动看作初速度为零的匀加速直线运动，质点在第1s 内和第2s 内的位移之比为等效为最后1s 和最后第2s 内位移之比，设质点的加速度为a ，则有22221818123231818122323a a a a ⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎛⎫⎛⎫--- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭=137，选项D 正确。

2．（2019浙江模拟）一辆汽车以某一速度在郊区的水平路面上运动，因前方交通事故紧急刹车而做匀减速直线运动，最后静止，汽车在最初3 s 内通过的位移与最后3 s 内通过的位移之比为x 1∶x 2＝5∶3，汽车运动的加速度大小为a ＝5 m/s 2，则汽车制动的总时间( ) A ．t >6 s B ．t ＝6 s C ．4 s<t <6 s D ．t ＝4 s【参考答案】D 【名师解析】设汽车刹车做匀减速直线运动的加速度为a ，运动总时间为t ，把汽车刹车的匀减速直线运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，则有最后3 s 内通过的位移x 2＝12at 12＝92a ，在最初3 s 内通过的位移x 1＝12at 2－12a (t －3)2＝12a (6t －9)，又x 1∶x 2＝5∶3，解得t ＝4 s ，故A 、B 、C 错误，D 正确．3.汽车刹车后做匀减速直线运动，经3s 后停止，对这一运动过程，下列说法正确的有( ) A. 这连续三个1s 的初速度之比为3:2:1 B. 这连续三个1s 的平均速度之比为3:2:1 C. 这连续三个1s 发生的位移之比为5:3:1 D. 这连续三个1s 的速度改变量之比为1:1:1 【参考答案】ACD【名师解析】本题考查初速度为零的匀变速直线运动的四个推论，根据匀变速直线运动速度与时间的关系，位移与时间的关系可求解。

此过程可看作是逆向运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据v=v0+vv，可知，逆向过程的三个末速度之比为1:2:3，故正向三个速度之比为3:2:1，故A正确；根据，可知逆向过程的位移之比为1:3:5，所以正向的三个位移之比为5:3:1，平均速度为位移比时间，时间均为1s，故平均速度之比为5:3:1，故B错误，C正确；根据△v=v△v可知，匀变速直线运动加速度a不变，时间均为1s，故速度改变量之比为1:1:1，故D正确。

4.如图所示，完全相同的三个木块并排固定在水平面上，一子弹以速度v水平射入，若子弹在木块中做匀减速运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零.则子弹依次射入每块木块时的速度比和穿过每块木块所用的时间比正确的是()A. v1：v2：v3=3：2：1B. v1：v2：v3=1：√2：√3C. v1：v2：v3=v：√2：√3D. v1：v2：v3=√3−√2：(√2−1)：1【参考答案】D【名师解析】在解匀减速直线运动题目时，由于初速度不等于零，在用公式解题时，方程组非常难解，这时我们可以用逆过程解题，相当于物体做初速度为零的匀加速直线运动．在研究匀减速直线运动，且末速度为零时，合理运用逆过程可以使题目变得简单易做.要灵活应用匀变速直线运动的推论．子弹匀减速穿过三木块，末速度为零，我们假设子弹从右向左作初速度为零的匀加速直线运动，从左到右木块我们分别标记为1、2、3。

则：子弹依次穿过321三木块所用时间之比：v3：v2：v1=1：(√2−1)：(√3−√2)得：子弹依次穿过123三木块所用时间之比：v1：v2：v3=(√3−√2)：(√2−1)：1设子弹穿过第三木块所用时间为1秒，则穿过3，2两木块时间为：v3+v2=√2v，穿过3，2，1三木块时间为：v3+v2+v1=√3v则：子弹依次穿过3，2，1三木块时速度之比为：1：√2：√3，所以，子弹依次穿过1，2，3三木块时速度之比为：√3：√2：1；故D正确，ABC错误；．5.小物块以一定的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab的中点，如图所示，已知物体由a到b的总时间为v0，则它从a到e所用的时间为A. √2+12v0 B. √22v0C. (√2−1)v0D. 2−√22v0【参考答案】D【名师解析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出eb和ab的时间之比，求出e到b的时间，从而得出a 到e的时间．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，以及掌握逆向思维在运动学中的运用，基础题．采用逆向思维，根据v vv=12vv02，v vv=12vv12，因为e为ab的中点，则：v1=√22v0，可知a到e的时间为：v2=v0−√22v0=2−√22v0．选项D正确。

6.如图所示，一小滑块沿足够长的斜面以初速度v向上做匀减速直线运动，依次经A，B，C，D到达最高点E，已知vv=vv=6v，vv=1v，滑块从A到C和从C到D所用的时间都是2v.设滑块经C时的速度为v v，则()A. 滑块上滑过程中加速度的大小为0.5v/v2B. v v=6v/vC. vv=3vD. 从D到E所用时间为4s【参考答案】AD【名师解析】根据匀变速直线运动连续相等时间内的位移之差是一恒量可以求出滑块上滑的加速度.根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C点的瞬时速度.根据速度位移公式求出CE的距离，从而得出DE的距离.根据速度时间公式求出CE的时间，从而得出DE段的时间．因为v vv=7v，v vv=5v，根据△v=vv2得，v=△vv2=−24v/v2=−0.5v/v2.故选项A正确．C点是AD段的中间时刻，所以C点的速度等于AD段的平均速度，则v v=v vv2v =124v/v=3v/v.故B错误．根据匀变速直线运动的速度位移公式得，v vv=0−v v22v =−9−1v=9v，则vv=9−(6−1)v=4v.故选项C错误．C点到E点的时间v=0−v vv =3−0.5v=6v，则D到E的时间为4v.故选项D正确．7.一小物体以一定的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab的中点，已知物体由a到e的时间为t0,则它从e经b再返回e所需时间为（）A．t0 B．.(2-1)t0C．.2 (2+1)t0 D．. (22+1)t0【参考答案】 C【名师解析】把小物体以一定的初速度自光滑斜面的底端a点上滑的匀减速直线运动，逆向思维为由最远点b沿光滑斜面向下的初速度为零的匀加速直线运动。

设ab的距离为2L，小物体由b运动到e的时间为t，则有L=12at2；小物体由e运动到a，则有L=12a（t0+t）2-12at2；联立解得： t= (2+1)t0。

由运动的对称性可得从e到b和从b到e的时间相等，所以从e经b再返回e所需时间为2t= 2 (2+1)t0，选项C正确。

【点评】此题中物体沿光滑斜面上滑，类似于竖直上抛运动，具有时间对称性、速度对称性和位移对称性。

解题时要注意运用这些对称性，简化运算。

8．一物体以某一初速度在粗糙的平面上做匀减速直线运动，最后静止下来。

若物体在最初5s内通过的路程与最后5s内通过的路程之比为s1∶s2=11∶5，若物体运动的加速度大小为a=1m/s2，则（）A．物体运动的时间可能大于10sB．若物体在最初5s内通过的路程与最后5s内通过的路程之差为s1-s2=15mC．物体运动的时间为8sD．物体的初速度为10m/s【参考答案】 B【名师解析】设物体一共运动了(T+t)s ，运动时间(T+t )是大于10s 还是小于10s ，从题述中无法判断。

对物体的运动逆向思维为初速度为零的匀减速直线运动。

对最后T=5s 的运动，s 2=12aT 2，对最初T=5s 的运动，s 1=12a(T+t)2-12at 2， 又：s 1∶s 2=11∶5，联立解得：t=3s 。

即物体运动的时间为8s ，选项C 正确A 错误。

最初T=5s 的运动，s 1=12a(T+t)2-12at 2=27.5m ，最后5s 内通过的路程为s 2=12aT 2=12.5m ，若物体在最初5s 内通过的路程与最后5s 内通过的路程之差为s 1-s 2=15m ，选项B 正确。

物体的初速度为v=at=8m/s ，选项D 错误。

【点评】对于题述只给出最初一段时间内的位移和最末一段时间内的位移，一定要周密考虑到这两段时间可能重叠。

【举一反三】在解决末速度为零的匀减速直线运动问题时我们可以把它看作初速度为零的匀加速直线运动，利用初速度为零的匀加速直线运动规律分析解决。

初速度为零的匀加速直线运动，在通过连续相邻相等的位移所用的时间之比为1∶(2-1)∶-2)∶···∶)。

对于末速度为零的匀减速直线运动，在通过连续相邻相等的位移所用的时间之比为) ···∶-2) ∶(2-1)∶1。

9.做匀减速直线运动的物体经4 s 后停止，若在第1 s 内的位移是14 m ，则最后1 s 内的位移是( ) A.3.5 m B.2 m C.1 m D.0 【参考答案】 B 【名师解析】设加速度大小为a ，则开始减速时的初速度大小为v 0＝at ＝4a ，第1 s 内的位移是x 1＝v 0t 1－12at 21＝3.5a ＝14 m ，所以a ＝4 m/s 2，物体最后1 s 的位移是x ＝12at 21＝2 m 。

本题也可以采用逆向思维的方法，把物体的运动看作是初速度为零的匀加速直线运动，其在连续相邻相等时间内的位移之比为1∶3∶5∶7，已知第4 s 内的位移是14 m ，所以第1 s 内的位移是2 m 。

选项B 正确。

10.2009年3月29日，中国女子冰壶队首次夺得世界冠军，如图所示，一冰壶以速度v 垂直进入三个矩形区域做匀减速运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是（）A ．v 1∶v 2∶v 3=3∶2∶1B ．v 1∶v 2∶v 3=1∶2∶3C ．t 1∶t 2∶t 3=1∶2∶3D ．t 1∶t 2∶t 3=（3-2）∶（2-1）∶1 【参考答案】D【名师解析】冰壶通过三个矩形区域做匀减速直线运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，可逆向思维为初速度为零的匀加速直线运动，设每个矩形的宽为l ，由速度公式，v 3v 2v 1所以速度之比为v 1∶v 2∶v 31，选项AB 错误。

由位移公式，l=12at 32，解得t 3；由 2l=12a (t 2+t 3)2，解得t 2+ t 3；由3l=12a (t 1+ t 2+t 3) 2，解得t 1+ t 2+t 3；则：t 1∶t 2∶t 3=-1）∶1，选项D 正确C 错误。

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高考物理复习热点解析—逆向思维法

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高考物理复习热点解析—逆向思维法许多物理问题，按照常规的思路来分析思考，比较复杂，如果把问题颠倒过来看，可能变得极其简单，这是逆向思维的运用．善于运用逆向思维，不仅容易将问题化难为易，也容易应用灵活多变的方法来解决问题．在解决具体问题时由因到果的正向思维受阻，使求解过程陷入“山穷水尽”的境地时，若能变换角度，把物体所发生的物理过程逆过来加以分析，又能领略到“柳暗花明”的意境．这种“反其道而行之”的方法叫逆向思维法．解决物理问题常用的逆向思维有过程逆向、时间反演等．例题1.在六盘山高中运动会期间，某位老师参加定点投篮比赛，先后两次将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直墙面上，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A．篮球在空中运动的加速度两次一样大B．篮球撞墙的速度，第一次较大C．从抛出到撞墙，第一次篮球在空中运动的时间较短D．抛出时的速度，第一次一定比第二次大【答案】A【解析】A．不计空气阻力，篮球只受重力，所以篮球在空中运动的加速度两次一样大，均为重力加速度，故A正确；BC ．在两次运动中，篮球被抛出后的运动可以看作是平抛运动的逆反运动，由于两次篮球垂直撞在竖直墙面上，在竖直方向有212h gt =可得篮球从抛出到撞墙，第一次在空中运动的时间较长，但是两球的水平位移相同，根据x x v t=可知篮球撞墙的速度，第一次较小，故BC 错误；D．根据平行四边形定则知，抛出时的速度v =第一次的水平初速度小，上升的高度大，则无法比较抛出时的速度大小，故D 错误。

故选A 。

例题2.如图所示，在水平面上有一个质量为m 的小物块，在某时刻给它一个初速度，使其沿水平面做匀减速直线运动，其依次经过A 、B 、C 三点，最终停在O 点。

A 、B 、C 三点到O 点的距离分别为1L 、2L 、3L ，小物块由A 、B 、C 三点运动到O 点所用的时间分别为1t 、2t 、3t 。

下列结论正确的是（）A ．312222123L L L t t t ==B ．312123L L L t t t ==C ．312222123L L L t t t >>D ．312123L L L t t t <<【答案】A【解析】A C ．小物块由A 点到O 点的匀减速运动过程可看成由O 点到A 点的初速度为0的匀加速运动过程，由此可得21112L at =22212L at =23312L at =联立以上各式可得312222123L L L t t t ==A 正确；C 错误；B D ．由02v v v +=知1A 12L v t =22B 2L v t =33C 2L v t =因为A B Cv v v >>所以312123L L L t t t >>BD 错误。

高考物理直线运动专项训练100(附答案)含解析

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高考物理直线运动专项训练100(附答案)含解析一、高中物理精讲专题测试直线运动1．2022年将在我国举办第二十四届冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一．某滑道示意图如下，长直助滑道AB 与弯曲滑道BC 平滑衔接，滑道BC 高h =10 m ，C 是半径R =20 m 圆弧的最低点，质量m =60 kg 的运动员从A 处由静止开始匀加速下滑，加速度a =4.5 m/s 2，到达B 点时速度v B =30 m/s ．取重力加速度g =10 m/s 2． （1）求长直助滑道AB 的长度L ；（2）求运动员在AB 段所受合外力的冲量的I 大小；（3）若不计BC 段的阻力，画出运动员经过C 点时的受力图，并求其所受支持力F N 的大小．【答案】（1）100m （2）1800N s ⋅（3）3 900 N 【解析】（1）已知AB 段的初末速度，则利用运动学公式可以求解斜面的长度，即2202v v aL -=可解得:221002v v L m a-==（2）根据动量定理可知合外力的冲量等于动量的该变量所以01800B I mv N s =-=⋅（3）小球在最低点的受力如图所示由牛顿第二定律可得：2Cv N mg m R-= 从B 运动到C 由动能定理可知：221122C B mgh mv mv =-解得;3900N N =故本题答案是：（1）100L m = （2）1800I N s =⋅ （3）3900N N =点睛：本题考查了动能定理和圆周运动，会利用动能定理求解最低点的速度，并利用牛顿第二定律求解最低点受到的支持力大小．2．倾角为θ的斜面与足够长的光滑水平面在D 处平滑连接，斜面上AB 的长度为3L ，BC 、CD 的长度均为3.5L ，BC 部分粗糙，其余部分光滑。

如图，4个“— ”形小滑块工件紧挨在一起排在斜面上，从下往上依次标为1、2、3、4，滑块上长为L 的轻杆与斜面平行并与上一个滑块接触但不粘连，滑块1恰好在A 处。

高考物理直线运动专项训练100(附答案)

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求： (1)汽车制动8s 后的速度是多少 (2)汽车至少要前行多远才能停下来? 【答案】（1）0（2）105m 【解析】 【详解】（1）选取初速度方向为正方向，有：v 0=108km/h=30m/s ，由v t =v 0+at 得汽车的制动时间为：003065t v v t s s a ---＝＝＝，则汽车制动8s 后的速度是0； （2）在反应时间内汽车的位移：x 1=v 0t 0=15m ；汽车的制动距离为：0230069022t v v x t m m ++⨯＝＝＝ ． 则汽车至少要前行15m+90m=105m 才能停下来． 【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，注意汽车在反应时间内做匀速直线运动．3．某型号的舰载飞机在航空母舰的跑道上加速时，发动机产生的最大加速度为5m/s 2，所需的起飞速度为50m/s ，跑道长100m ．通过计算判断，飞机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使飞机在开始滑行时就有一定的初速度，航空母舰装有弹射装置．对于该型号的舰载飞机，弹射系统必须使它具有多大的初速度？ 【答案】不能靠自身发动机起飞 39/m s 【解析】试题分析：根据速度位移公式求出达到起飞速度的位移，从而判断飞机能否靠自身发动机从舰上起飞．根据速度位移公式求出弹射系统使飞机具有的初速度． 解：当飞机达到起飞速度经历的位移x=，可知飞机不能靠自身发动机从舰上起飞． 根据得，=．答：飞机不能靠自身发动机从舰上起飞，对于该型号的舰载飞机，弹射系统必须使它具有40m/s 的初速度．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．4．一个物体从塔顶上自由下落，在到达地面前的最后1s 内通过的位移是整个位移的925，求塔高，取g =10m/s 2． 【答案】125m 【解析】 【分析】 【详解】设物体下落总时间为t ，塔高为h ，根据自由落体公式：212h gt = 最后（t -1）s 下落的高度为：()21112h g t =- 位移间的关系为：11625h h = 联立解得：125h m =5．一质点做匀加速直线运动，初速度v 0＝2 m/s ，4 s 内位移为20 m ，求： （1）质点的加速度大小； （2）质点4 s 末的速度大小。

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最新高考物理直线运动专项训练100( 附答案 )一、高中物理精讲专题测试直线运动1．如图所示，在沙堆表面放置一长方形木块A，其上面再放一个质量为m 的爆竹B，木块的质量为M．当爆竹爆炸时，因反冲作用使木块陷入沙中深度为f。

若爆竹的火药质量以及空气阻力可忽略不计，重力加速度（1）爆竹爆炸瞬间木块获得的速度；（2）爆竹能上升的最大高度。

h，而木块所受的平均阻力g。

求：【答案】（ 1）2 f Mg h（ 2）f Mg MhM m2 g 【解析】【详解】（1）对木块，由动能定理得：Mgh fh01Mv 2，2解得：v2f Mg h ；M（2）爆竹爆炸过程系统动量守恒，由动量守恒定律得：Mv mv 0爆竹做竖直上抛运动，上升的最大高度：H v 2 2g解得： H f Mg Mhm2g2．如图所示，一个带圆弧轨道的平台固定在水平地面上，光滑圆弧MN的半径为R=3.2m，水平部分NP 长 L=3.5m，物体面光滑，小车的左端紧贴平台的右端．从B 静止在足够长的平板小车M 点由静止释放的物体C 上， B 与小车的接触A 滑至轨道最右端P 点后再滑上小车，物体 A 滑上小车后若与物体 B 相碰必粘在一起，它们间无竖直作用力． A 与平台水平轨道和小车上表面的动摩擦因数都为0.4，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．物体 A、B 和小车 C 的质量均为1kg，取 g=10m/s 2．求(1)物体 A 进入 N 点前瞬间对轨道的压力大小？(2)物体 A 在 NP 上运动的时间？(3)物体 A 最终离小车左端的距离为多少？【答案】 (1)物体 A 进入 N 点前瞬间对轨道的压力大小为 30N ；(2)物体 A 在 NP 上运动的时间为 0.5s33m(3)物体 A 最终离小车左端的距离为16【解析】试题分析：（ 1）物体 A 由 M 到 N 过程中，由动能定理得： m A gR=m A v N 2 在 N点，由牛顿定律得 F N -m A g=m A 联立解得 F N =3m A g=30N由牛顿第三定律得，物体A 进入轨道前瞬间对轨道压力大小为：F N ′ =3m A g=30N（2）物体 A 在平台上运动过程中 μm A g=m A aN2L=v t-at代入数据解得 t=0.5s t=3.5s(不合题意，舍去 )（3）物体 A 刚滑上小车时速度v 1= v N -at=6m/s从物体 A 滑上小车到相对小车静止过程中，小车、物体 A 组成系统动量守恒，而物体B 保持静止(m A + m C )v 2= m A v 1小车最终速度 v 2=3m/s此过程中 A 相对小车的位移为 L 1，则mgL 11 mv 12 1 2mv 2 2 解得： L 1＝ 9 m2 24 物体 A 与小车匀速运动直到 A 碰到物体 B ，A ，B 相互作用的过程中动量守恒：(m + m )v = m vAB 3A 2此后 A ， B 组成的系统与小车发生相互作用，动量守恒，且达到共同速度 v 4(m A + m B )v 3+m C v 2=" (m" A +m B +m C ) v 4此过程中 A 相对小车的位移大小为L 2，则mgL 21 mv 22 1 2mv3 2 1 3mv4 2 解得： L 2＝ 3 m2 2216物体 A 最终离小车左端的距离为33x=L 1-L 2= m16考点：牛顿第二定律；动量守恒定律；能量守恒定律 .3． 高铁被誉为中国新四大发明之一．因高铁的运行速度快，对制动系统的性能要求较高，高铁列车上安装有多套制动装置 ——制动风翼、电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等．在一段直线轨道上，某高铁列车正以v 0=288km/h 的速度匀速行驶，列车长突然接到通知，前方 x 0=5km 处道路出现异常，需要减速停车．列车长接到通知后，经过 t l =2.5s将制动风翼打开，高铁列车获得a2的平均制动加速度减速，减速t 2=40s 后，列车 1 =0.5m/s长再将电磁制动系统打开，结果列车在距离异常处 500m 的地方停下来．（1）求列车长打开电磁制动系统时，列车的速度多大？（2）求制动风翼和电磁制动系统都打开时，列车的平均制动加速度a2是多大？【答案】（ 1） 60m/s （2） 1.2m/s 2【解析】【分析】（1）根据速度时间关系求解列车长打开电磁制动系统时列车的速度；（2）根据运动公式列式求解打开电磁制动后打开电磁制动后列车行驶的距离，根据速度位移关系求解列车的平均制动加速度 .【详解】（1）打开制动风翼时，列车的加速度为a1=0.5m/s 2，设经过 t2时，列车的速度为1=40s v ，则 v1 =v0-a1t 2=60m/s.（2）列车长接到通知后，经过 t 1=2.5s，列车行驶的距离 x1=v0t1 =200m 打开制动风翼到打开电磁制动系统的过程中，列车行驶的距离x2=2800m打开电磁制动后，行驶的距离x3= x0- x1 - x2=1500m ；4．2018 年 12 月 8 日 2 时 23 分，嫦娥四号探测器成功发射，开启了人类登陆月球背面的探月新征程，距离 2020 年实现载人登月更近一步，若你通过努力学习、刻苦训练有幸成为中国登月第一人，而你为了测定月球表面附近的重力加速度进行了如下实验：在月球表面上空让一个小球由静止开始自由下落，测出下落高度h 20m时，下落的时间正好为t5s ，则：（1）月球表面的重力加速度g月为多大？（2）小球下落过程中，最初 2s 内和最后 2s 内的位移之比为多大？【答案】 1.6 m/s 21:4【解析】【详解】（1）由 h＝1g 月 t 2得： 20＝1222g 月×5解得： g 月＝ 1.6m/ s2（2）小球下落过程中的 5s 内，每 1s 内的位移之比为 1:3:5:7:9 ，则最初 2s 内和最后 2s 内的位移之比为：（ 1+3）：（ 7+9） =1:4.5．光滑水平桌面上有一个静止的物体，其质量为7kg，在 14N 的水平恒力作用下向右做匀加速直线运动，求 :5s 末物体的速度的大小？5s内通过的位移是多少？【答案】 x=25m【解析】【分析】根据牛顿第二定律求出物体的加速度，根据速度时间公式和位移时间公式求出5s 末的速度和 5s 内的位移．【详解】（1）根据牛顿第二定律得，物体的加速度为：aF ＝14m / s2＝2m / s2；m75s 末的速度为： v=at=2 × 5m/s=10m/s.（2） 5s 内的位移为：x= 1at 2＝1222× 2×5m＝ 25m．【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．6．一物体从离地80m高处下落做自由落体运动，g=10m/s2，求(1)物体下落的总时间 :(2)下落 3s 后还高地多高 ?【答案】（ 1） 4s（ 2） 35m【解析】（ 1）根据h 1gt 2得，落地的时间 t2h4s 2g（2）下落 3s 内的位移h31gt32 2则此时距离地面的高度h=H-h3，联立得： h=35m7．如图所示，一传送皮带与水平面夹角为=37 ，°正以 2 m/s 的恒定速率顺时针运行。