2019-2020学年高二下学期第三次月考物理试题 Word版含解析
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不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！ 2020年上学期高二第三次月考物理试题卷
第Ⅰ卷（选择题共48分）
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1~8小题只有一个选项正确；9~12小题至少有两个选项正确。多选题中全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）
1.光电效应实验，得到光电子最大初动能Ekm与入射光频率ν的关系如图所示。普朗克常量、金属材料的逸出功分别为（ ）
A. ba，b B. ba，1b C. ab，b D. ab，1b
【★答案★】A
【解析】
【详解】根据km0EhW得纵轴截距的绝对值等于金属的逸出功，等于b，图线的斜率
bkha
故A正确，BCD错误；
故选A。
2.两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图所示．不计粒子的重力，下列说法正确的是（ ）
A. a粒子带正电，b粒子带负电
B. a粒子在磁场中所受洛伦兹力较大
C. b粒子动能较大
D. b粒子在磁场中运动时间较长
【★答案★】C
【解析】 不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！ 【详解】A．粒子向右运动，根据左手定则，b向上偏转，应当带正电；a向下偏转，应当带负电，故A错误．
BC．洛伦兹力提供向心力，即：
2vqvBmr，
得：
mvrqB，
故半径较大的b粒子速度大，动能也大．由公式f=qvB，故速度大的b受洛伦兹力较大．故B错误，C正确．
D．磁场中偏转角大的运动的时间也长；a粒子的偏转角大，因此运动的时间就长．故D错误．
3.如图所示为用绞车拖物块的示意图．拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块．已知轮轴的半径R＝0.5m，细线始终保持水平；被拖动物块质量m＝1kg，与地面间的动摩擦因数为0.5，细线能承受的最大拉力为10N；轮轴的角速度随时间变化的关系是ω＝kt，k＝2rad/s2，g取10m/s2，以下判断正确的是
A. 细线对物块的拉力是5N
B. 当物块的速度增大到某一值后，细线将被拉断
C. 物块做匀速直线运动
D. 物块做匀加速直线运动，加速度大小是1m/s2
【★答案★】D
【解析】
【详解】AB．由牛顿第二定律可得：T-f=ma；地面摩擦阻力f=μmg=0.5×1×10=5N；故可得物块受力绳子拉力T =6N
CD．由题意知，物块的速度v=ωR=2t×0.5=1t；又v=at，故可得：a=1m/s2，故C错误，D正确；
4.如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接理想电流表A、理想电压表V，副线圈上通过输电线接有一个灯泡L，一个电吹风M，输电线的等效电阻为R，副线圈匝数可以通过调节滑片P改变．S断开时，灯泡L正常发光．滑片P位置不动，当S闭合时，以下说法中正确的是 不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！
A. 电压表读数增大
B. 电流表读数减小
C. 等效电阻R两端电压增大
D. 为使灯泡L正常发光，滑片P应向下滑动
【★答案★】C
【解析】
【详解】A．滑片P位置不动，当S闭合时，电阻变小，原线圈电压及匝数比不变，副线圈电压不变，电压表读数不变，故A错误；
B．副线圈电压不变，电阻变小，输出功率变大，输入功率变大，根据111PUI，知电流表读数变大，故B错误；
C．因为副线圈电流增大，所以等效电阻R两端的电压增大，故C正确；
D．副线圈电流变大，等效电阻两端的电压增大，并联部分的电压减小，为了使灯泡L正常发光，必须增大电压，滑片P应向上滑动，故D错误；
故选C．
5.幼儿园小朋友搭积木时，将重为G的玩具汽车静置在薄板上，薄板发生了明显弯曲，如图所示。关于玩具汽车受到的作用力，不考虑摩擦力的影响，下列说法正确的是（
）
A. 玩具汽车每个车轮受到薄板的弹力大小均为4G
B. 玩具汽车每个车轮受到薄板的弹力方向均为竖直向上
C. 薄板弯曲程度越大，每个车轮受到的弹力越大
D. 玩具汽车受到的合力大小为G
【★答案★】C
【解析】
【详解】汽车静置在薄板上，所受合力为零，因为薄板发生了明显弯曲，每个轮子所受弹力大小相等都为F，方向垂直薄板向上，设与水平方向的夹角为θ，由平衡条件可知
4sinFG 不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！ 解得
4sin4GGF
当薄板弯曲程度越大，θ越小，sinθ越小，F越大，故ABD错误，C正确。
故选C。
6.如图甲所示，左侧接有定值电阻R=2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，导轨间距L=1m。一质量m=2kg，阻值r=2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v－x图像如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ=0.25，则从起点发生x=1m位移的过程中（g=10m/s2）（ ）
A. 金属棒克服安培力做的功W1=0.5J
B. 金属棒克服摩擦力做的功W2=4J
C. 整个系统产生的总热量Q=4.25J
D. 拉力做的功W=9.25J
【★答案★】D
【解析】
【详解】A．由速度-位移图象得
v=2x
金属棒所受的安培力为
22222ABLvBLxFRrRr＝＝
代入得
FA=0.5x
则知FA与x是线性关系。当x=0时，安培力FA1=0
当x=1m时，安培力FA2=0.5N
则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为
1210.51J0.25J22AAFFWx
即金属棒克服安培力做的功为 不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！ W1=0.25J
故A错误。
B．金属棒克服摩擦力做的功为
W2=μmgx=0.25×2×10×1J=5J
故B错误；
C．克服安培力做功等于回路中产生的电热，克服摩擦力做功等于产生的摩擦热，则整个系统产生的总热量
Q=WA+W2=5.25 J
故C错误；
D．根据动能定理得
WF-W2-W1=12mv2
其中v=2m/s，代入解得拉力做的功为
WF=9.25J
故D正确。
故选D。
7.如图所示，足够长的固定光滑斜面倾角为，质量为m的物体以速度v从斜面底端冲上斜面，达到最高点后又滑回原处，所用时间为t。对于这一过程，下列判断正确的是（ ）
A. 斜面对物体的弹力的冲量为零
B. 物体受到的重力的冲量大小为sinmgt
C. 物体受到的合力的冲量大小为零
D. 物体动量的变化量大小为sinmgt
【★答案★】D
【解析】
【详解】A．根据冲量的公式可知，斜面对物体的弹力的冲量大小
I=Nt=mgcosθ•t
弹力的冲量不为零，故A错误；
B．物体所受重力的冲量大小为 不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！ IG=mg•t
故B错误；
CD．物体受到的合力的冲量大小为mgtsinθ，由动量定理得动量的变化量大小
△p=I合=mgsinθ•t
故C错误，D正确。
故选D。
8.一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点，其vt图像如图所示，则下列说法中正确的是（ ）。
A. A点的电场强度一定小于B点的电场强度
B. 粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能
C. CD间各点电场强度和电势都为零
D. AB两点间的电势差大于CB两点间的电势差
【★答案★】B
【解析】
【详解】A．由运动的速度--时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，有牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；
B．从A到B，速度增大，故电场力做正功，可知电势能减小，即粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能，故B正确；
C．CD间各点电荷的加速度为零，故不受电场力，故电场强度为零，电场强度为零说明各点之间的电势差为零，但电势不一定为零，故C错误。
D．A、C两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D错误。
故选B。
9.矩形导线框abcd与长直导线MN放在同一水平面上，ab边与MN平行，导线MN中通入电流方向如图所示，当MN中的电流增大时，下列说法正确的是（ ） 不积跬步无以至千里，不积小流无以成江海！
A. 导线框abcd有逆时针的感应电流
B. bc、ad两边均不受安培力的作用
C. 导线框所受的安培力的合力向右
D. MN所受线框给它的作用力向左
【★答案★】ACD
【解析】
【详解】A．直导线中通有向上均匀增大的电流，根据安培定则，知通过线框的磁场方向垂直纸面向里，且均匀增大，根据楞次定律，知感应电流的方向为逆时针方向。故A正确；
B．线圈中有感应电流产生，依据左手定则，则bc、ad两边均受安培力的作用，故B错误；
CD．根据左手定则，知ab边所受安培力方向水平向右，cd边所受安培力方向水平向左，离导线越近，磁感应强度越大，所以ab边所受的安培力大于cd边所受的安培力，则线圈所受磁场力的合力方向向右，因此MN所受线框给它的作用力向左。故CD正确。
故选ACD。
10.一定质量的理想气体由状态a经状态b、c到状态d，其体积V与热力学温度T关系如图所示，O、a、d三点在同一直线上，ab和cd平行于横轴，bc平行于纵轴，则下列说法正确的是（
）
A. 由状态a变到状态b的过程中，气体吸收热量
B. 由状态a变到状态b的过程中，每个气体分子的动能都会增大
C. 从状态b到状态c，气体对外做功，内能减小
D. 从状态c到状态d，气体密度不变
【★答案★】AD
【解析】
【详解】A．气体从状态a到状态b体积不变，发生的是等容变化，气体不做功W=0，温度升高，内能增加△U＞0，根据热力学第一定律△U=W+Q知Q＞0，气体吸收热量，故A正确；
