四川省成都七中2020_2021学年高二物理上学期10月阶段性考试试题无答案

成都七中2019—2020学年度上期高2021届半期考试物理试卷考试时间：100分钟满分：110分第Ⅰ卷选择题（48 分）一、单项选择题（本大题共12 题，每小题2 分，共24 分，其中每题只有一个正确答案）1、下列说法中正确的是（）A.摩擦起电的实质是通过外力做功凭空产生了电荷B.电子就是元电荷C.由公式E =kQr2可知，当r→0 时，E→∞，因此可得场强为无穷大的电场D.电场强度的方向就是电势降低最快的方向2、下列四个电场中，a、b 两点电场强度相同的是（）3、下列说法中正确的是( )A.把一根均匀导线等分成等长的两段，则每部分的电阻率也变为原来的一半B.电容器所带的带电量越多，说明它的电容越大C.电动势的单位跟电压的单位一样，都是伏特，所以电动势就是电压D.其他电阻不变时，并联电路中其中一个电阻增大，总电阻增大4、如图甲所示电路，小灯泡通电后其两端电压U 随所通过的电流I 变化的图线如图乙所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PM 为U 轴的垂线，PQ 为I 轴的垂线，下列说法中正确的是( )A.随着电流的增大，小灯泡电阻逐渐减小B.对应P 点，小灯泡的电阻为R＝U1 I2-I1C.在电路中灯泡L 两端的电压为U1 时，电阻R 两端的电压为I1RD.对应P 点，小灯泡的功率为图中四边形PQOM 所围的“面积”10、如图所示，闭合开关S，待电路稳定后，一带正电的粒子（不计重力）沿中线以初速度v 0进入电场中，粒子通过偏转电场打在荧光屏上的P 点，现在欲使得粒子打在荧光屏上的位置下移，则下列做法可行的是（）A.增大粒子的比荷B.增大R2 的电阻C.减小粒子进入偏转电场时的初动能D．增大R1 的电阻11、如图所示，a、b、c 为真空中三个带电小球，b 球带正电，且电量为+Q, 用绝缘支架固定，c 小球带负电，a、c 两小球用绝缘细线悬挂，处于平衡状态时三小球球心等高，且a、b 和b、c 间距离相等，悬挂a小球的细线向左倾斜，悬挂c 小球的细线竖直。

2020-2021学年四川省高二上学期期中考试物理试卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：电场强度,电势差、电势）如图所示，水平绝缘光滑的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度．现有一电荷量，质量的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点．取．试求：A．大队人马迈着整齐步伐过桥可能会导致桥梁断裂B．耳朵凑近空热水瓶口能听到嗡嗡的声音C．海上风暴引起强烈的震动所产生次声波（频率f<20 Hz）可使海员丧命D．把弹簧振子拉到距离平衡位置最远时放手，则此时振幅最大【答案】D【解析】试题分析：共振现象是指策动力的频率与物体的固有频率相等时，出现的振幅最大的现象；故大队人马迈着整齐步伐过桥，当人走步的频率和大桥的固有频率相等时可能会发生共振而导致桥梁断裂，故选项A属于共振；选项B中，耳朵凑近空热水瓶口能听到嗡嗡的声音也是由于共振造成的；海上风暴引起强烈的震动所产生次声波（频率f<20 Hz）也是有共振产生的，选项C属于共振；把弹簧振子拉到距离平衡位置最远时放手，则此时振幅最大，由于没有策动力的驱动所以不属于共振，故答案选D.考点：共振现象.如图所示，由轻质弹簧下面悬挂一物块组成一个竖直方向振动的弹簧振子，弹簧的上端固定于天花板，当物块处于静止状态时，取它的重力势能为零，现将物块向下拉一小段距离后放手，此后振子在平衡位置附近上下做简谐运动，不计空气阻力，则A．振子速度最大时，振动系统的势能为零评卷人得分B．振子速度最大时，物块的重力势能与弹簧的弹性势能相等C．振子经平衡位置时，振动系统的势能最小D．振子在振动过程中，振动系统的机械能不守恒【答案】C【解析】试题分析：当振子在平衡位置时的速度最大，此时的重力势能为零，但是弹簧的弹性势能不为零，故振动系统的势能不为零；现象A错误；在平衡位置时，物块的重力势能与弹簧的弹性势能不相等，现象B错误；因为只有重力和弹簧弹力做功，故振子的动能、重力势能及弹性势能守恒，故在平衡位置动能最大时，振动系统的势能最小，选项C正确，D错误；故选C。

2021-2022学年四川省成都七中高二（上）段考物理试卷（10月份）一、不定项选择题（共7小题，每小题6分，选对不全得3分）1．关于静电场，下列结论普遍成立的是( )A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功肯定为零2．如图是表示在同一点电荷电场中a，b，c，d四点分别引入检验电荷时，测得的检验电荷的电荷量跟它所受电场力的函数关系图象，那么下列叙述正确的是( )A．这个电场是匀强电场B．a，b，c，d四点的场强大小关系是E a＞E b＞E c＞E dC．a、b、c，d四点的场强方向相同D．a，b，c，d四点肯定在同始终线上3．如图所示，a、b分别是带电体A四周的两点，下列说法正确的是( )A．若把一点电荷从a点沿不同路径移到b点，则电场力做功相等，电势能的变化也相等B．虽然a点位置没有电荷q，但电场所具有的电势能客观存在C．虽然a点位置没有电荷q，但该点电势客观存在，并且大小也是确定的D．若a点的电势高于b点电势，则某一点电荷放在口处时电势能肯定大于放在b处时电势能4．A、B两个点电荷在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称．下列说法中正确的是( )A．这两个点电荷肯定是等量同种电荷B．这两个点电荷肯定是等量异种电荷C．把某正点电荷q从C点移到D点，电场力做正功D．D点的电场强度可能比C点的电场强度大5．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极接地．一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则( )A．带电油滴将竖直向下运动B．带电油滴的机械能将增加C．P点的电势将上升D．通过灵敏电流计有从b往a的电流6．电荷量q=1×10﹣4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．则( )A．物块在4s内位移是8mB．物块的质量是1kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4D．物块在4s内电势能削减了14J7．如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直，在t=0时刻，一不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场，粒子射入电场时的速度为V0，t=T时刻粒子刚好沿MN板右边缘射出电场．则( )A．该粒子射出电场时的速度方向肯定是沿垂直电场方向的B．在t=时刻，该粒子的速度大小为2V0C ．若该粒子在时刻以速度V0进入电场，则粒子会打在板上D．若该粒子的入射速度变为2V0，则该粒子仍在t=T时刻射出电场二．试验题（共2小题，每空3分，共18分，本题须将答案填写在答题卷上相应位置）8．某争辩性学习小组在探究电荷间的相互作用与哪些因素有关时，设计了以下试验：（1）该组同学首先将一个带正电的球体A固定在水平绝缘支座上．把系在绝缘细线上的带正电的小球B（图1中未画出）先后挂在图中P1、P2、P3位置，比较小球在不同位置所受带电体的作用力的大小．同学们依据力学学问分析得出细线偏离竖直方向的角度越小，小球B所受带电球体A 的作用力__________（填“越大”或“越小”或“不变”），试验发觉小球B在位置__________细线偏离竖直方向的角度最大（填“P l或P2或P3”）（2）接着该组同学使小球处于同一位置，增大或削减小球A所带的电荷量，比较小球所受作用力大小的变化．如图（2），悬挂在P，点的不行伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球B．在两次试验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球A．当A球到达悬点P，的正下方并与B在同一水平线上B处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向角度为θ．若两次试验中A的电量分别为q l和q2，θ分别为45°和30°，则为__________．9．用如图所示装置可以争辩影响公平板电容器电容的因素，设两极板正对面积为S，两极板间的距离为d，板间电介质的介电常数为ɛ，静电计指针偏角为θ，试验中，极板所带电荷量不变，①若保持d，ɛ不变，减小S，则θ__________；②若保持S，ɛ不变，增大d，则θ__________；③若保持d，S不变，在板间插入介电常数ɛ更大的电介质，则θ__________．三．计算题（共3小题，50分，要求写出必要的解答过程和文字说明，仅写答案不给分）10．如图，在匀强电场中，一电荷量为q=﹣5.0×10﹣10C的负电荷由a点移到b点克服电场力做的功是3.0×10﹣8J，将该电荷由b点移动到c点与从b点移到无穷远处电场力做功相同，都是1.5×10﹣8J：己知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ac=20cm，θ=30°．取无穷远处电势为零．求：（l）a、c两点间的电势差U ac；（2）该匀强电场的场强．11．（16分）如图（a）所示，A、B为两块平行金属板，极板间电压为U AB=1125V，板中心有小孔O和O′．现有足够多的电子源源不断地从小孔O由静止进入A、B之间．在B板右侧，平行金属板M、N长L1=4×10﹣2m，板间距离d=4×10﹣3m，在距离M、N右侧边缘L2=0.1m处有一荧光屏P，当M、N之间未加电压时电子沿M板的下边沿穿过，打在荧光屏上的O″并发出荧光．现给金属板M、N之间加一个如图（b）所示的变化电压u1，在t=0时刻，M板电势低于N 板．已知电子质量为kg，电量为e=1.6×10﹣19C．（1）每个电子从B板上的小孔O′射出时的速度多大？（2）打在荧光屏上的电子范围是多少？（3）打在荧光屏上的电子的最大动能是多少？12．（19分）在动摩擦因数μ=0.2的粗糙绝缘足够长的水平滑漕中，长为2L的绝缘轻质细杆两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B，如图为俯视图（槽两侧光滑）．A球的电荷量为+2q，B球的电荷量为﹣3q（均可视为质点，也不考虑两者间相互作用的库仑力）．现让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN内，已知虚线MP恰位于细杆的中垂线，MP和NQ的距离为3L，匀强电场的场强大小为E=1.2mg/q，方向水平向右．释放带电系统，让A、B从静止开头运动（忽视小球运动中所产生的磁场造成的影响）．求：（1）小球B第一次到达电场边界MP所用的时间；（2）小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加量的最大值．2021-2022学年四川省成都七中高二（上）段考物理试卷（10月份）一、不定项选择题（共7小题，每小题6分，选对不全得3分）1．关于静电场，下列结论普遍成立的是( )A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功肯定为零考点：电场．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．在匀强电场中场强与电势差的关系为：U=Ed．场强方向都指向电势降低最快的方向．电场力做功为W=qU，U是电势差．由这些学问分析即可．解答：解：A、电场强度与电势没有直接的关系，所以电场强度大的地方电势不肯定高，电场强度小的地方电势不肯定低，故A错误．B、由U=Ed知电场中任意两点之间的电势差与这两点间的场强和沿场强方向的距离均有关．故B错误．C、在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向，故C正确．D、场强均为零的两点间电势差不肯定为零，由电场力做功公式W=qU知，将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功不肯定为零，故D错误．故选：C．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可依据电势凹凸看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．电场力做功与电势差有直接关系，而与场强没有直接关系．2．如图是表示在同一点电荷电场中a，b，c，d四点分别引入检验电荷时，测得的检验电荷的电荷量跟它所受电场力的函数关系图象，那么下列叙述正确的是( )A．这个电场是匀强电场B．a，b，c，d四点的场强大小关系是E a＞E b＞E c＞E dC．a、b、c，d四点的场强方向相同D．a，b，c，d四点肯定在同始终线上考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由电荷在电场力中受到的电场力F=Eq可知，F﹣q图象的斜率大小等于场强的大小．直线的斜率越大，场强越大．矢量的正负表示矢量的方向．依据斜率的正负推断场强的方向是否相同．解答：解：A、B、由F﹣q图象的斜率大小等于场强的大小得知，四点的场强大小关系是E a＞E c＞E b＞E d．所以此电场是非匀强电场．故AB错误C、由F﹣q图象的斜率正负反映场强的方向得知，a、b、d三条直线的斜率均为正值，说明三点的场强方向均为正方向，方向相同，而c图线的斜率是负值，说明c点的场强方向为负方向．故C错误；D、因力分别沿正方向和反方向，则说明四点肯定在同始终线上；故D正确；故选：D点评：本题抓住图线斜率的物理意义是关键，查找到物理公式与数学图象之间的关系是基本力量；要留意明确F﹣t图象中F只有正反两个方向，故这些点只能在同始终线上．3．如图所示，a、b分别是带电体A四周的两点，下列说法正确的是( )A．若把一点电荷从a点沿不同路径移到b点，则电场力做功相等，电势能的变化也相等B．虽然a点位置没有电荷q，但电场所具有的电势能客观存在C．虽然a点位置没有电荷q，但该点电势客观存在，并且大小也是确定的D．若a点的电势高于b点电势，则某一点电荷放在口处时电势能肯定大于放在b处时电势能考点：电势能．分析：在电场中，某点的电荷所具的电势能跟它的所带的电荷量之比是一个常数，它是一个与电荷本身无关的物理量，它与电荷存在与否无关，是由电场本身的性质打算的物理量．解答：解：A、电势能的变化量等于克服电场力做的功，电场力做的功与路径无关，故若把一点电荷从a点沿不同的路径移到b点，则电场力做功相等，电势能变化也相等，A正确；B、电势能E p=qφ，故在该点所具有的电势能与摸索电荷的电荷量有关，B错误；C、虽然a点位置没有摸索电荷q，但该点电势是客观存在的，并且大小也是唯一确定的，C正确；D、若a点的电势高于b点的电势，E p=qφ，若q为负电荷，则点电荷放在a点的电势能小于放在b点处的电势能，D错误；故选：AC．点评：电势也是只有大小，没有方向，也是标量．和地势一样，电势也具有相对意义，在具体应用中，常取标准位置的电势能为零，所以标准位置的电势也为零．4．A、B两个点电荷在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称．下列说法中正确的是( )A．这两个点电荷肯定是等量同种电荷B．这两个点电荷肯定是等量异种电荷C．把某正点电荷q从C点移到D点，电场力做正功D．D点的电场强度可能比C点的电场强度大考点：电场线；电势．分析：电场线是从正电荷或者无穷远动身出，到负电荷或无穷远处为止．在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密推断场强的大小．解答：解：AB、依据电场线的特点：电场线从正电荷动身到负电荷终止，可知A、B是肯定两个等量异种电荷．故A错误，B正确；C、由图可知，CD两点电势相等，正点电荷q从C点移到D点，电场力不做功，故C错误；D、依据电场线的疏密可知，D点的电场强度比C点电场强度小，故D错误，故选：B．点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能娴熟把握，并要留意沿电场线的方向电势是降低的，同时留意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础学问的学习，把握住电场线的特点，即可解决本题．5．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极接地．一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则( )A．带电油滴将竖直向下运动B．带电油滴的机械能将增加C．P点的电势将上升D．通过灵敏电流计有从b往a的电流考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：依据平行板电容器的电容打算式C=，分析电容的变化状况，抓住电容器的电压不变，由E=分析板间场强的变化状况，由C=分析电容器所带电量的变化，即可推断电路中电流方向．依据P点与上极板间电势差的变化，推断P点电势的变化．解答：解：A、将下极板竖直向下缓慢移动时，d增大，电容减小；电容器的电压U不变；故Q=UC可知电量减小；由E=分析得知，板间场强减小，则油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直向下运动．故A正确．B、C，P点到上极板的距离不变，而E减小，由U=Ed知，P点与上极板间电势差减小，P点的电势小于零，则P点的电势上升，由于油滴带负电，因向下运动，电场力做负功，则带电油滴的电势能将增加，则机械能减小．故B错误，C正确．D、因电量减小，故电容器放电，由电流计中由a到b的电流；故D错误；故选：AC．点评：本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由C=，C=和E=结合进行分析．6．电荷量q=1×10﹣4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．则( ) A．物块在4s内位移是8mB．物块的质量是1kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4D．物块在4s内电势能削减了14J考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：依据v﹣t图象的“面积”求位移．前2s内物块做匀加速直线运动，2s后物块做匀速运动，处于平衡状态，分别使用牛顿其次定律和物体的平衡条件即可解出质量；匀速运动时电场力与滑动摩擦力平衡；物体电势能的该变量等于电场力做的功．解答：解：A、物块在4s内位移为：x=×2×（2+4）m=6m，故A错误．BC、由图可知，前2s物块做匀加速直线运动，由牛顿其次定律有：qE1﹣μmg=ma，由图线知加速度为：a=1m/s21s后物块做匀速运动，由平衡条件有：qE2=μmg联立解得：q（E1﹣E2）=ma由图可得：E1=3×104N/C，E2=2×104N/C，代入数据解得：m=1kg由qE2=μmg可得：μ=0.2，故B正确，C错误．D、物块在前2s的位移 S1=×2×2m=2m物块在第2s的位移为 S2=vt2=4m电场力做正功 W=qE1S1+qE2S2=3×2+2×4=14J则电势能削减了14J，故D正确．故选：BD．点评：能依据题目供应的E﹣t图和v﹣t图得到相关的信息是解题的关键．明确v﹣t图象的斜率等于加速度，“面积”大小等于位移．7．如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直，在t=0时刻，一不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场，粒子射入电场时的速度为V0，t=T时刻粒子刚好沿MN板右边缘射出电场．则( )A．该粒子射出电场时的速度方向肯定是沿垂直电场方向的B．在t=时刻，该粒子的速度大小为2V0C ．若该粒子在时刻以速度V0进入电场，则粒子会打在板上D．若该粒子的入射速度变为2V0，则该粒子仍在t=T时刻射出电场考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：将粒子的运动分解垂直电场方向和沿电场方向，结合竖直方向上的运动规律，通过平行四边形定则分析推断．解答：解：A、粒子射入电场在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上前半个周期内先做匀加速直线运动，在后半个周期内做匀减速直线运动，一个周期末竖直方向上的分速度为零，可知粒子射出电场时的速度方向肯定沿垂直电场方向．故A正确．B、在t=时刻，粒子在水平方向上的分速度为v0，由于两平行金属板MN、PQ 的板长和板间距离相等，则有：，解得v y=2v0，依据平行四边形定则知，粒子的速度为v=，故B错误．C 、若该粒子在时刻以速度V0进入电场，粒子在竖直方向上的运动状况与0时刻进入时运动的方向相反，运动规律相同，则粒子不会打在板上．故C错误．D、若该粒子的入射速度变为2V0，则粒子射出电场的时间t=，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键把握处理带电粒子在电场中偏转的方法，知道粒子的两个分运动的运动规律，抓住等时性，结合运动学公式机敏求解．二．试验题（共2小题，每空3分，共18分，本题须将答案填写在答题卷上相应位置）8．某争辩性学习小组在探究电荷间的相互作用与哪些因素有关时，设计了以下试验：（1）该组同学首先将一个带正电的球体A固定在水平绝缘支座上．把系在绝缘细线上的带正电的小球B（图1中未画出）先后挂在图中P1、P2、P3位置，比较小球在不同位置所受带电体的作用力的大小．同学们依据力学学问分析得出细线偏离竖直方向的角度越小，小球B所受带电球体A 的作用力越小（填“越大”或“越小”或“不变”），试验发觉小球B在位置P l细线偏离竖直方向的角度最大（填“P l或P2或P3”）（2）接着该组同学使小球处于同一位置，增大或削减小球A所带的电荷量，比较小球所受作用力大小的变化．如图（2），悬挂在P，点的不行伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球B．在两次试验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球A．当A球到达悬点P，的正下方并与B在同一水平线上B处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向角度为θ．若两次试验中A的电量分别为q l和q2，θ分别为45°和30°，则为1：2或：6．考点：库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．分析：（1）同种电荷相互排斥，A处固定，带电的小球挂在丝线上，通过图中细线偏转的角度，可以推断带电小球带有正电荷，偏转角度越大，受到的磁力作用越大．（2）小球A受力平衡，在两种状况下，对小球A受力分析，依据受力平衡的条件列方程既可以求得q1和q2的关系．解答：解：（1）小球远离带正电的A球，说明细线悬挂的小球带正电，悬挂的小球离带正电的A球越远，受到的作用力越小，同种电荷越近排斥作用越强，所以，电荷之间的相互作用跟距离有关．（2）A球电量不变，设为q0．两种状况下A球均受三个力作用下平衡．库仑力F=k．A球质量设为m，对A球应用共点力平衡条件得 F=k=mgtanθ，两球之间的距离r=Lsinθ，其中L为线长，r为两球球心之间的距离．由以上两式得到 q=tanθsin2θ所以==1：2．故答案为：（1）越小，P1 （2）1：2或：6．点评：把握电荷间的作用，通过悬挂小球是靠近带正电的A球，还是远离靠近带正电的A球，推断悬挂小球带什么电荷，这是本题的关键．依据库仑定律，找出两种状况下AB之间的库仑力的大小，就可以求得q1和q2的关系，本题主要还是考查对库仑定律的理解．9．用如图所示装置可以争辩影响公平板电容器电容的因素，设两极板正对面积为S，两极板间的距离为d，板间电介质的介电常数为ɛ，静电计指针偏角为θ，试验中，极板所带电荷量不变，①若保持d，ɛ不变，减小S，则θ变大；②若保持S，ɛ不变，增大d，则θ变大；③若保持d，S不变，在板间插入介电常数ɛ更大的电介质，则θ变小．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．依据电容的打算式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化状况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化状况．解答：解：①依据电容的打算式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大．②依据电容的打算式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q 不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；③保持S、d均不变，插入电介质，电容C质大，因电量不变，则U减小，故偏角将减小；故答案为：①变大，②变大，③变小．点评：本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是把握电容的两个公式：电容的打算式C=和C=．三．计算题（共3小题，50分，要求写出必要的解答过程和文字说明，仅写答案不给分）10．如图，在匀强电场中，一电荷量为q=﹣5.0×10﹣10C的负电荷由a点移到b点克服电场力做的功是3.0×10﹣8J，将该电荷由b点移动到c点与从b点移到无穷远处电场力做功相同，都是1.5×10﹣8J：己知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ac=20cm，θ=30°．取无穷远处电势为零．求：（l ）a、c两点间的电势差U ac；（2）该匀强电场的场强．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）依据U ac=求解a、c两点间的电势差．（2）依据电场力做功公式W=qEd，d为沿电场方向两点间的距离分析求解电场强度．或先求电势差，再依据公式E=求解E ．解答：解：（1）a、c两点间的电势差 U ac=（2）ab两点的电势差 U ab==由于C点电势为零，故取ab的中点为d，连接cd为等势线，电场强度为 E=方向与ac成60°斜向右上答：（l）a、c两点间的电势差U ac为30V（2）该匀强电场的场强为300V/m，方向与ac成60°斜向右上点评：解决本题的关键把握电场力做功与电势差的关系，再运用W=qU计算时，留意q的正负和U的正负都要代入计算，把握匀强电场的场强公式E=留意d是沿电场线方向上的距离11．（16分）如图（a）所示，A、B为两块平行金属板，极板间电压为U AB=1125V，板中心有小孔O和O′．现有足够多的电子源源不断地从小孔O由静止进入A、B之间．在B板右侧，平行金属板M、N长L1=4×10﹣2m，板间距离d=4×10﹣3m，在距离M、N右侧边缘L2=0.1m处有一荧光屏P，当M、N之间未加电压时电子沿M板的下边沿穿过，打在荧光屏上的O″并发出荧光．现给金属板M、N之间加一个如图（b）所示的变化电压u1，在t=0时刻，M板电势低于N 板．已知电子质量为kg，电量为e=1.6×10﹣19C．（1）每个电子从B板上的小孔O′射出时的速度多大？（2）打在荧光屏上的电子范围是多少？（3）打在荧光屏上的电子的最大动能是多少？考点：带电粒子在匀强电场中的运动；平抛运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电场力对电子做功，电子的动能增加；（2）打在荧光屏上的电子在y方向的位移是电场中的偏转与电场外y方向的运动两部分组成的，要分别计算出；（3）计算电子的动能要计算电子的合速度．解答：解：（1）电子经A、B 两块金属板加速，有得（2）当u=22.5V时，电子经过MN 极板向下的偏移量最大，为Y1＜d，说明全部的电子都可以飞出M、N．此时电子在竖直方向的速度大小为电子射出极板MN后到达荧光屏P 的时间为电子射出极板MN后到达荧光屏P 的偏移量为电子打在荧光屏P上的总偏移量为y=y1+y2=0.012m，方向竖直向下；y 的计算方法Ⅱ：由三角形相像，有即解得y=0.012m（3）当u=22.5V时，电子飞出电场的动能最大，==1.82×10﹣16J答：（1）每个电子从B板上的小孔O′射出时的速度是2×107m/s（2）打在荧光屏上的电子范围是y=0.012m；（3）打在荧光屏上的电子的最大动能是1.82×10﹣16J．点评：电子先经加速电场加速，后经偏转电场偏转，是常见的问题，本题的难点是加速电压是周期性变化的，推导出偏转距离与两个电压的关系是关键，同时要挖掘隐含的临界状态．12．（19分）在动摩擦因数μ=0.2的粗糙绝缘足够长的水平滑漕中，长为2L的绝缘轻质细杆两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B，如图为俯视图（槽两侧光滑）．A球的电荷量为+2q，B球的电荷量为﹣3q（均可视为质点，也不考虑两者间相互作用的库仑力）．现让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN内，已知虚。

2021-2022学年四川省成都七中高二（上）段考物理试卷（一）一、单项选择题（本题包括6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的。

）A．任何两点的电场强度大小都不相同B．可以找到很多电场强度相同的点C．任何两点的电势都不相等D．可以找到很多电势相等的点A．a小球带正电，电荷量一定为2QB．a小球带负电，电荷量一定为4QC．c小球带正电，电荷量一定为2QD．c小球带正电，电荷量一定为4Q3．（4分）如图所示，在真空中有两个等量正电荷Q，分别置于A、B两点，DC为A、B连线的中垂线，D 为无限远处，现将一正电荷q由C点沿CD移动到D点的过程中，下述结论中正确的是（）A．q的电势能逐渐减小B．q的电势能逐渐增大C．q受到的电场力逐渐减小D．q受到的电场力先减小后增大A．电子一定从A向B运动B．B点电势可能高于A点电势C．若a A＞a B，则Q靠近M端且为负电荷D．无论Q为正电荷还是负电荷一定有E PA＜E PB5．（4分）如图所示，一价氢离子（）和二价氦离子（）的混合体，经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点A ．小球受到的电场力F=12mg B ．小球经过A 点时速度为v A =√5gRC ．小球经过B 点时速度为v B =√gRD ．小球经过C 点时轨道对它的作用力大小为12mg二、多项选择（本题共5个小题，每小题6分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，其中符合题意的选项均多于一个。

每小题全选对的得6分，选对但不全的得3分，含有错误选项均不得分。

）A ．沿MN 边，从M 点到N 点，电场强度的大小逐渐增大B ．沿MN 边，从M 点到N 点，电势先增大后减小C ．正电荷在M 点的电势能比其在N 点的电势能大D ．将正电荷从M 点移动到N 点，电场力所做的总功为负是（）A．P点处的电场强度为0B．a和b一定是等量同种电荷C．质子在运动过程中速率先增大后减小D．质子在运动过程中加速度先增大后减小9．（6分）如图所示的两个平行板电容器水平放置，A板用导线与M板相连，B板和N板都接地。

2020-2021学年四川成都高二上物理期中试卷一、单项选择题1. 关于点电荷的说法，正确的是（）A.只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B.体积很大的带电体一定不能看作点电荷C.点电荷一定是电量很小的电荷D.两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理2. 下列关于电场强度的叙述正确的是（）A.电场中某点的电场强度大小在数值上等于电荷受到的电场力B.电场中某点的电场强度大小与该点检验电荷所受的电场力成正比C.电场中某点的电场强度方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向D.电场中某点的电场强度与该点有无检验电荷无关3. 一个带电物体只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10−6J的功，那么（）A.物体在B处时一定具有5×10−6J的电势能B.物体在B处将一定具有5×10−6J的动能C.物体的动能一定增加了5×10−6JD.物体的电势能一定增加了5×10−6J4. 两带电荷量分别为q1(q1>0)和q2的点电荷放在x轴上，相距为l，两电荷连线上电场强度E与x的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.q2<0且q1=|q2|B.q2>0且q1=q2C.q2>0且q1>q2D.q2<0且q1<|q2|5. 如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab=dc=4cm，ac=bd=3cm．则下述计算结果正确的是（）A.ab之间的电势差为40VB.ac之间的电势差为50VC.将q=−5×10−3C的点电荷沿矩形路径abdc移动一周，电场力做功是−0.25JD.将q=−5×10−3C的点电荷沿abc或adc从a移动到c，电场力做功都是−0.25J6. A、B是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到B点，其速度—时间图像如图乙所示，电子到达B点时速度恰为零．下列判断正确的是（）A.A点的电场强度一定大于B点的电场强度B.电子在A点的加速度一定大于在B点的加速度C.A点的电势一定高于B点的电势D.该电场可能是负点电荷产生的7. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A.电容器带电量不变B.尘埃仍静止C.尘埃将向下加速D.电路中有b→a的电流8. 如图所示，A、B、C三个小球（可视为质点）的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电，（不考虑小球间的电荷感应），不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E，则以下说法正确的是（）A.静止时，B、C两小球间细线的拉力为3mg+qEB.静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg−qEC.剪断O点与A小球间细线瞬间，A、B两小球间细线的拉力为13qED.剪断O点与A小球间细线瞬间，A、B两小球间细线的拉力为16qE二、多项选择题在物理学中，常用比值法来定义物理量，例如用E=Fq定义电场强度．下列也采用比值法定义、且定义式正确的物理量是（）A.电流I=nesvB.导体的电阻R=UIC.电容器的电容C=QU D.导体的电阻R=ρLS如图所示，可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电，B球固定，其正下方的A球静止在绝缘斜面上，则A球受力个数可能为（）A.可能受到2个力作用B.可能受到3个力作用C.可能受到4个力作用D.可能受到5个力作用用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U−I图像，由图像可知（）A.电池电动势为1.40VB.电池内阻值为3.50ΩC.外电路短路时的电流为0.40AD.电压表示数为1.20V时，滑动变阻器接入电路的阻值为6Ω如图，匀强电场（图中未画出）的方向平行于竖直平面，一个质量为m的带电小球，从A点以斜向下的初速度v0开始运动，运动轨迹为直线，该直线与竖直方向的夹角为θ(θ<90∘)．不计空气阻力，重力加速度为g．以下说法正确的是（）A.小球一定做匀变速运动B.小球在运动过程中机械能可能守恒C.小球运动过程中所受电场力不少于mg sinθD.当小球速度为v时，其重力的瞬时功率P=mgv sinθ三、填空和实验题如图是双量程电压表的原理图，它有两个量程分别为3V和15V，则使用图的a、b两端时量程应为________，使用图的a、c两端时量程为________，已知表头的满偏电压为15mV，满偏电流为1mA，则表头内阻为R g=________，分压电阻R1=________，R2=________．某同学右用图所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图像．（1）除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A1（量程100mA，内阻约2Ω）A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）电压表：V1（量程5V，内阻约5kΩ）V2（量程15V，内阻约15kΩ）滑动变阻器：R1（阻值范围0∼10Ω）R2（阻值范围0∼2kΩ）电源：E1（电动势为1.5V，内阻约为0.2Ω）E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）为了调节方便，测量准确，试验中应选用电流表________，电压表________，滑动变阻器________．（填器材的符号）（2）根据试验数据，计算并描绘出R−U的图像如图所示，由图像可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为________Ω；当所加电压为3.00V时，灯丝电阻为________Ω，灯泡实际消耗的电功率为________W．四、计算题有一带电荷量q＝−3×10−6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做6×10−4J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做9×10−4J的功，求A、C两点的电势差并说明A、C两点哪点的电势较高．如图所示，A，B是系在绝缘细线两端、带有等量同种电荷的小球，其中m A＝0.1kg，细线总长为20cm，现将绝缘细线绕过固定于O点的光滑定滑轮，将两球悬挂起来，两球平衡时，OA的线长等于OB的线长，A球依于光滑绝缘竖直墙上，B球悬线OB偏离竖直方向60∘，求B球的质量和墙所受A球的压力(g取10N/kg)．如图所示的电路中，电源的电动势E=9V，内电阻r=1.5Ω，R1=4.5Ω，R2为电阻箱．两带小孔的平行金属板AB、竖直放置．另两个平行金属板CD、水平放置，CD板长为45cm板间的距离d=20cm．当电阻箱的阻值调为R2=3Ω时．闭合开关K，待电路稳定后，将一带电量为q=−1.6×10−19C，质量为m=9.0×10−30kg的粒子从板小孔静止释放进入极板间，（不考虑空气阻力、带电粒子的重力和极板外部的电场）求：（1）求带电粒子到达小孔时的速度多大？（2）求带电粒子从极板CD离开时速度为多大？如图所示的竖直平面内有范围足够大、水平向左的匀强电场，电场强度为E．一绝缘弯杆由两段直杆和一半径R=1.6m的四分之一圆弧杆MN组成，固定在竖直面内，两直杆与圆弧杆的连接点分别是M、N，竖直杆PM和水平杆NQ均足够长，PMN段光滑．现有一质量为m1=0.2kg、带电荷量为+q的小环1套在PM杆上，从M点的上方的D点静止释放，恰好能达到N点．已知q=2×10−2C，E=2×102N/m．g取10m/s2．（1）求D、M间的距离ℎ1=？（2）求小环1第一次通过圆弧杆上的M点时，圆弧杆对小环作用力F的大小？（3）在水平杆NQ上的N点套一个质量为m2=0.6kg、不带电的小环2，小环1和2与NQ间的动摩擦因数μ= 0.1，现将小环1移至距离M点上方ℎ2=14.4m处由静止释放，两环在N点碰撞，小环2在NQ上通过的最大距离是s2=8m，两环间无电荷转移，环与杆之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．问经过足够长的时间，小环1在水平杆NQ上运动通过的总路程s1=？参考答案与试题解析2020-2021学年四川成都高二上物理期中试卷一、单项选择题1.【答案】D【考点】点电荷【解析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．【解答】解：AB．由带电体看作点电荷的条件可知，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小、形状无具体关系，故AB错误；C．点电荷的电荷量不一定很小，故C错误；D．两个带电的金属小球，如果电荷分布不均匀，不能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理，故D正确．故选：D．2.【答案】D【考点】电场强度【解析】电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关；场强公式E=Fq，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定，判断电荷所受的电场力或场强的方向．【解答】解：A．根据场强定义式E=Fq，电场中某点的场强在数值上等于单位点电荷受到的电场力，故A错误；B．电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关，电场中某点的场强并不是与该点检验电荷所受的电场力成正比，故B错误；C．根据场强方向的规定，电场中某点的场强方向与正电荷所受电场力的方向相同，故C错误；D．电场强度取决于电场本身，与检验电荷无关，故D正确．故选：D．3.【答案】C【考点】电场力做功与电势能变化的关系【解析】电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10−6J的功，电荷的电势能减小5×10−6J，根据动能定理得知，动能增加了5×10−6J．【解答】解：AB．由题知道电场力做功多少，只能判断电势能与动能的变化量，不能确定电势能与动能的大小，故AB错误；C．电荷只在电场力作用下，电场力做了5×10−6J的功，合力做功即为5×10−6J，根据动能定理得知，动能增加了5×10−6J，故C正确；D．电场力做了5×10−6J的功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小5×10−6J，故D错误．故选：C．4.【答案】B【考点】静电场中的E-x图象问题【解析】从E−x图像可以看出，电场强度关于两个电荷连线的中点对称，故一定是等量同种电荷．【解答】解：从E−x图像可以看出，电场强度关于两个电荷连线的中点对称，故一定是等量同种电荷，由于q1>0，故q2>0，故B正确，ACD错误．故选：B．5.【答案】A【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【解析】根据匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，d是电场线方向两点间的距离，求解两点间的电势差，根据公式W=qU求解电场力做功．【解答】解：A．ab之间的电势差U ab=E⋅ab=103×0.04V=40V，故A正确；B．由图看出，a、c在同一等势面上，电势相等，故电势差为0，故B错误；C．将q=−5×10−3C的点电荷沿矩形路径abdc移动一周，电场力不做功，故C错误；D．将q=−5×10−3C的点电荷沿abc或adc从a移动到c，由W=qU可知W=0，故D错误．故选：A．6.【答案】C【考点】电场强度电势电场线【解析】由图可知带电粒子速度变化情况，则可明确粒子在两点的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小；由功能关系可以确定电势的高低．【解答】解：AB．由图可知，电子加速度恒定，则可知受电场力不变，由F=Eq可知，A点的场强要等于B点的场强，故AB错误；C．而电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，电子带负电，由φ=E pq可知，A点的电势要高于B点的电势，故C正确；D．点电荷产生的电场中，一条电场线上的点的场强都不相同，故D错误．故选：C．7.【答案】B【考点】电容器的动态分析【解析】带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．【解答】解：A．将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=εS4πkd得知，电容减小，而电压不变，根据C=QU可知，电容器带电量减小，故A错误；BC．由于板间电压和距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态，故B正确，C错误；D．电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，电路中有逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流，故D错误．故选：B．8.【答案】C【考点】带电物体在电场中的平衡问题多物体组成的系统瞬时问题【解析】静止时，对B球进行受力分析，B受到AB间细线的拉力，BC间细线的拉力，重力和电场力，受力平衡，即可求得A、B球间细线的拉力；假设B球也不带电，则剪断OA线瞬间，A、B、C三个小球一起以加速度g自由下落，互相相对静止，AB、BC间拉力为0；若B球带电，则相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，把AB看成一个整体即可求解．【解答】解：AB．静止时，对C球进行受力分析，有：T BC=3mg，对B球进行受力分析，有：T AB=2mg+Eq+T BC，由以上各式解得T AB=5mg+Eq，故AB错误；CD．B球带负电，相当于在自由落体状态下给B球瞬间施加一个竖直向下的电场力qE，经过AB绳传递，qE对A、B球整体产生一个竖直向下的加速度qE3m ，此时A、B球的加速度为g+qE3m （显然大于g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为13qE，故C正确，D错误．故选：C．二、多项选择题【答案】B,C【考点】物理学方法【解析】所谓比值定义法，就是用两个物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量而改变，根据物理量的定义分析是否是比值定义法，磁感应强度和电阻都是采用比值定义法．【解答】解：A．导体中电流I=neSv属于电流的计算公式，不属于定义式，故A错误；B．电阻R与电压、电流无关，是导体本身的性质，属于比值定义法，故B正确；C．电容与电压、电荷量无关，该式属于比值定义法，故C正确；D．公式R=ρLS ，表明导体的电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比，公式不属于定义式，是电阻定律的表达式，故D错误．故选BC．【答案】A,C【考点】库仑力作用下的平衡问题【解析】对A物块进行受力分析，同时结合平衡条件进行分析．【解答】解：首先物块受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡的条件，所以A球可能受到2个力的作用；若向上的吸引力小于重力，则A对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为0处于平衡状态必须还要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A有可能受四个力的作用，故AC符合．故选：AC．【答案】A,D【考点】测定电源的电动势和内阻闭合电路的欧姆定律【解析】由图象的纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的交点可知路端电压为1V时的电流，由闭合电路欧姆定律可得出内电阻．【解答】解：A．由图示图像可知，电源U−I图象与纵轴交点坐标值为1.40，则电源的电动势测量值为1.40V，故A正确；B．电源内阻等于图象斜率的大小，为r=ΔUΔI=1.40−1.000.4Ω=1Ω，故B错误；C．由图示图象可知，路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，可知外电路发生短路时的电流为I短=Er=1.4A，故C错误；D．当电压表示数为1.20V时，I′=E−Ur =1.40−1.201A=0.20A，滑动变阻器接入电路的阻值为R=UI= 1.20.20Ω=6Ω，故D正确．故选AD．【答案】B,C【考点】带电粒子在重力场和电场中的运动瞬时功率【解析】小球从A点以初速度v0沿直线运动，受到重力和电场力作用，可能做匀速直线运动，也可能做匀变速直线运动，小球在运动过程中可能机械能守恒，当电场力与速度方向垂直时，电场力最小为mg sinθ，当小球速度为v时，其重力的瞬时功率p＝mgv cosθ．【解答】解：A．小球从A点以初速度v0沿直线运动，受到重力和电场力作用，若电场力与重力平衡时，小球做匀速直线运动，若电场力与重力不平衡时，两者的合力与速度共线，而且合力是恒力，则小球做匀变速直线运动，故A错误；B．若电场力与速度方向垂直时，电场力不做功，则小球的机械能守恒，故B正确；C．当电场力与速度方向垂直时，电场力最小，由垂直于速度方向力平衡得到，电场力的最小值为mg sinθ，故C正确；D．当小球速度为v时，其重力的瞬时功率P=mgv cosθ，故D错误．故选：BC．三、填空和实验题【答案】3V,15V,15Ω,2985Ω,12000Ω【考点】电流表改装电压表【解析】改装后电压表的量程为U=Ig(R g+R串)，据此结合欧姆定律可求出电阻R1、R2的值．【解答】解：改装后电压表的量程为U=I g(R g+R串)，故串联的电阻越大，量程越大，故接a，b时，为灵敏电流计与R1串联，量程为3V；接a，c时，为灵敏电流计与R1和R2串联，量程为15V，由题可知，满偏电流I g=1mA=0.001A，满偏电压U g=15mV=0.015V；表头电阻：R g=U gI g =0.015V0.001A=15Ω；则R1两端的电压为U R1=(3−0.015)V=2.985V，则R1=U R1I g =2.9850.001Ω=2985Ω；由题可知，U bc=12V，则R2=U bcI g =120.001Ω=12000Ω．【答案】（1）A2,V1,R1（2）1.5,11.5,0.78【考点】伏安法测电阻【解析】在满足量程的情况下，选择小量程的电表读数会更容易和精确．当得知电路的电压和电阻求功率时，使用P=U2R公式．【解答】解：（1）根据小灯泡的规格额定电流为0.3A，故选用量程为0.6A合适，根据小灯泡的规格额定电压为3.8V，故选用量程为5V合适；滑动变阻器运用分压式接法，阻值范围小的滑动变阻器调节更方便．（2）小灯泡不工作时电压为0，根据图像得此时电阻为1.5Ω，根据图像得电压为3V时电阻为11.5Ω，根据公式P=U2R得：小灯泡电功率为：P=3211.5W=0.78W．四、计算题【答案】A、C两点的电势差等于−100V，A、C两点中C点的电势较高．【考点】电场力做功与电势能变化的关系电势【解析】负电荷从A移到B点的过程，电荷克服电场力做功，A点的电势高于B点的电势。

成都七中高2022届10月阶段性考试物理试题考试时间：100分钟 满分：110分一、单项选择题（本题包括8个小题，每小题3分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。

）1．下列说法正确的是( )A ．根据电场强度的定义式E＝F q ，可知电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比 B ．根据电容的定义式C ＝Q U，可知电容器的电容与极板所带电荷量成正比 C ．根据真空中点电荷的电场强度公式E ＝k Q r2，可知电场中某点的电场强度与场源点电荷所带电荷量成正比D ．根据电势差的定义式U AB ＝W AB q，可知电场中A 、B 两点间的电势差与将试探电荷从A 点移动到B 点电场力做的功成正比 2．某电场的电场线分布如图中实线所示，以下说法正确的是() A ．b 点场强大于c 点场强B ．b 、c 两点电势相等C ．电子在b 点的电势能大于在c 点的电势能D ．若某点电荷只在电场力作用下沿虚线由 a 点运动到d 点，则该电荷必带正电3．如图所示，在粗糙绝缘的水平地面上放置一带正电的物体甲，现将另一个也带正电的物体乙沿着以甲为圆心的竖直平面内的圆弧由M 点缓慢移动到N 点，若此过程中甲始终保持静止，甲、乙两物体可视为质点，则下列说法正确的是( )A ．乙的电势能先增大后减小B ．甲对地面的压力先增大后减小C ．甲受到地面的摩擦力不变D ．甲受到地面的摩擦力先增大后减小4．如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N 与静电计相接，极板M 接地。

用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U 。

在两板相距一定距离d 时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度。

在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q 不变，下面哪些操作将使静电计指针张角变小( ) A ．将M 板向下平移B ．将N 板向上平移C ．在M 、N 之间插入云母板（介电常数ε>1）D ．将M 板沿水平向左方向远离N 板5．空间P 、Q 两点处固定电荷量绝对值相等的点电荷，其中Q 点处为正电荷，P 、Q 两点附近电场的等势线分布如图所示，a 、b 、c 、d 、e 为电场中的5个点，设无穷远处电势为0，则() A ．e 点的电势大于0 B ．a 点和b 点的电场强度相同C ．b 点的电势等于c 点的电势D ．负电荷从a 点移动到d 点时电势能增加M N 静电计6. 如图所示，曲线表示某静电场中沿x 轴正方向电势φ的变化情况。

2024届四川省成都市成都市第七中学高二物理第一学期期中综合测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。

3．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射出一颗子弹时，关于枪、弹、车，下列说法正确的是A．枪和弹组成的系统，动量守恒B．枪和车组成的系统，动量守恒C．三者组成的系统，因为枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，使系统的动量变化很小，可以忽略不计，故系统动量近似守恒D．三者组成的系统，动量守恒，因为系统只受重力和地面支持力这两个外力作用，这两个外力的合力为零2、图中虚线为电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零3、一平行板电容器通过开关和电源连接，如图所示，电源的电动势保持9V不变．先闭合开关，把一个厚0.5mm的金属板平行插入间距为1mm的两板之间（金属板的面积和电容器极板的相等）．等稳定后再打开开关，拔出金属板设整个过程中金属板未和电容器极板相碰．则此时电容器极板间的电压是（）A．9V B．18V C．4.5V D．0V4、如图甲所示，电源电动势E＝6 V，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从A端滑至B 端的过程中，得到电路中的一些物理量的变化如图乙、丙、丁所示．其中图乙为输出功率与路端电压的关系曲线，图丙为路端电压与总电流的关系曲线，图丁为电源效率与外电路电阻的关系曲线，不考虑电表、导线对电路的影响．则下列关于图中a、b、c、d 点的坐标值正确的是A．a（3 V,4.5 W）B．b（4.5v ,2.88 W）C．c（0.6 A,4.5 V）D．d（2 Ω，80%）5、下列说法中正确的是A．伽利略整理第谷的观测数据，发现了行星运动的三条定律B．牛顿发现了万有引力定律，并首次在实验室测出了引力常量C．"月—地检验"表明，地面物体所受地球的引力与太阳、行星间的引力是同一种力D．经典力学仍然适用于接近光速运动的物体6、质谱仪的两大重要组成部分是加速电场和偏转磁场．如图3所示为质谱仪的原理图．设想有一个静止的质量为m、带电荷量为q的带电粒子(不计重力)，经电压为U的加速电场加速后垂直进入磁感应强度为B的偏转磁场中，带电粒子打到底片上的P点，设OP＝x，则在图4中能正确反映x与U之间的函数关系的是()A．B ．C ．D ．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

2020～2021学年度上期期末高二年级调研考试物理本试卷分选择题和非选择题两部分。

第Ⅰ卷（选择题）1至3页，第Ⅱ卷（非选择题）4至6页，共6页，满分100分，考试时间90分钟。

注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。

2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。

4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效5.考试结束后，只将答题卡交回。

第Ⅰ卷（选择题，共44分）一、单项选择题（本题包括8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意。

）1.关于电场线和磁感线，下列说法中正确的是A.电场线总是起始于负电荷，终止于正电荷B.磁感线总是起始于N极，终止于S极C.正电荷在电场中受到的电场力方向，与电场线上该点的切线方向相同D.正电荷在磁场中受到的磁场力方向，与磁感线上该点的切线方向相同2.如图，在负点电荷Q的电场中有a、b两点，下列说法正确的是A.两点中，电场强度较大的是b点B.两点中，电势较高的是a点C.将检验正电荷从a点移到b点，电场力做正功D.将检验电荷沿不同路径从a点移到b点，电场力做功相等3.两个电荷量相同的带电离子，在同一匀强磁场中仅受洛伦兹力做匀速圆周运动，则A.若两离子动量大小相等，则运动半径必相等B.若两离子动能大小相等，则运动半径必相等C.若两离子动量大小相等，则运动周期必相等D.若两离子动能大小相等，则运动周期必相等4.如图，线圈M和线圈N绕在同一铁芯上，线圈M与电池、开关S及滑动变阻器串联，线圈N与电流表G 连接。

若电流从左侧流入G表时，G表指针向左偏转，则A.S闭合的瞬间，G表指针不偏转B.S闭合的瞬间，G表指针将向左偏转C.S闭合稳定后，G表指针将向左偏转D.S闭合稳定后，滑动变阻器滑片P向右滑动时，G表指针将向右偏转5.酒精测试仪常用于对机动车驾驶员是否酒后驾驶的现场检测，它利用了一种电阻随酒精气体浓度的变化而变化的二氧化锡半导体型酒精气体传感器。

成都七中2020—2021学年度上期高2022届高二半期考试物理试卷第Ⅰ卷一、单选择题（共8个小题）1．关于电流的说法中正确的是A．根据qIt=，可知I与q成正比B．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cC．电流有方向，电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位2．下面说法中不正确的是A．关系式URI=表明使导体通过一定的电流所需的电压越高，则导体的电阻越大B．关系式URI=表明导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体的电流强度成反比C．关系式UIR=表明导体中的电流强度跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．关系式U＝IR表明对于一个确定的导体，通过的电流越大，那么导体两端的电压也越大3．电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的本领，下列说法正确的是A．电动势是一种非静电力B．电动势越大，表明电源储存的电能越多C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压4．如图所示，用一根电阻为6R的粗细均匀的镍铬合金线做成一个环，在环上6个对称的点上，焊接6个不计电阻的导线，并与接线柱连接，利用这种方法，可以在任意两个接线柱之间获得的不同电阻值的总个数、最大电阻值以及最小电阻值分别是A．2种，最大为1.5R，最小为12R B．3种，最大为1.5R，最小为56RC．2种，最大为3R，最小为65R D．3种，最大为3R，最小为15R5．一电流表由小量程电流计G与电阻R并联而成，如图所示，若在使用中发现此电流表的计数总比准确值稍小一些，用下列哪种措施可能加以改进A．在R上并联一比R小得多的电阻B．在R上并联一比R大得多的电阻C．在R上串联一比R小得多的电阻D．在R上串联一比R大得多的电阻6．如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A、B 为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球，用一指向竖直杆的水平力F作用在A球上，使两球均处于静止状态．现将A球向竖直杆方向缓慢拉动一小段距离后，A、B两小球可以重新平衡．则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较，下列说法正确的是A．A、B两小球间的库仑力变大B．A、B两小球间的库仑力变小C．A球对MO杆的压力变大D．A球对MO杆的压力变小7．如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的13，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的A．3倍B．9倍C．19倍D．13倍8．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一带正电粒子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，粒子以速度v B经过B点，且v B与v A方向相反，不计粒子重力，下面说法正确的是A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定高于B点的电势C．粒子在A点的速度一定小于在B点的速度D．粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能二．多选题（共6个小题）9．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是A．b点场强比d点场强小B．b点电势比d点电势低C．a、b两点间的电势差大于b、c两点间的电势差D．试探电荷＋q在a点的电势能小于在c点的电势能10．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定A．该粒子一定带正电B．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C．带电粒子经过M点的速度大于经过N点的速度D．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能11．如图所示，在x轴上放有两个电荷量分别为q1和q2的点电荷，其中q1位于x轴的坐标原点，电荷q2的右侧各点电势φ随x变化的关系如图曲线所示，其余部分的电势变化情况没有画出，其中B点电势为零，BD段中的电势最低点为C点，则A．B点的电场强度大小为零B．A点的电场强度强度方向向左C．两点电荷的电荷量的大小关系为q1＞q2D．将一带负电的试探电荷从C点移到D点，电场力做负功12．在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A．则此时A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值大于4︰1D．L2的电阻为12 Ω13．一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路．今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动，要使油滴上升，可采用办法是A．增大R1B．增大R2C．增大R3D．减小R214．如图所示，E为电源电动势，r为电源内阻，R1为定值电阻（R1＞r），R2为可变电阻，以下说法中正确的是A．当R1＝R2＋r时，R1上获得最大功率B．当R2＝R1＋r时，R2上获得最大功率C．当R2＝0时，电源的效率最低D．当R2＝0时，电源的输出功率最大第Ⅱ卷二、实验题15．某同学用伏安法测量金属丝的电阻率．现有器材为：螺旋测微器，待测电阻R（阻值约为5 Ω），电源（电动势3 V），滑动变阻器（阻值范围0～10 Ω）电流表（量程0.6 A，3 A），电压表（量程3 V，15 V），开关，导线若干．实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用．回答下列问题：（1）某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示，其读数是________mm．（2）按照实验要求在图（a）中画出实物连线图．（3）若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为3 V，电流表的示数始终接近0．写出产生这种现象的一个原因：________________．（4）在连线正确后，闭合开关．电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示．由图可知，电压表读数为________V，电流表读数为________A．由此可得待测电阻的阻值为________Ω（结果保留3位有效数字）．16．为测量一电源的电动势及内阻（1）在下列三个电压表中选一个改装成量程为9 V的电压表A．量程为1 V、内阻大约为1 kΩ的电压V1B．量程为2 V、内阻大约为2 kΩ的电压V2C．量程为3 V、内阻为3 kΩ的电压V3选择电压表________（填仪器前字母序号）串联________kΩ的电阻可以改转成量程为9 V 的电压表．（2）利用一个电阻箱、一只开关、若开关导线和改装好的电压表（此表用符号V1、V2、V3与一个电阻串联来表示，且可视为理想电压表），在虚线框内画出电源电动势及内阻的实验原理电路图．三、计算题（要求写出必要的步骤．）17．如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d＝40 cm．电源电动势E＝24 V，内电阻r＝1 Ω，电阻R＝15 Ω．闭合S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0＝4 m/s竖直向上射入板间．若小球带电量为q＝1×10-2 C，质量为m ＝2×10-2 kg，不考虑空气阻力．那么，滑动变阻器滑片P在某位置时，小球恰能到达A板．（g 取10 m/s2）求：（1）两极板间的电场强度大小；（2）滑动变阻器接入电路的阻值．18．一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零，重力加速度为g．求：（1）匀强电场的场强大小；（2）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．19．如图所示，半径为R的光滑绝缘环形轨道竖直放置，在圆轨道的最低点B处固定一带电小球，另有质量为m的带电小球穿在圆环上，从A点（水平最右端）处无初速释放．若小球运动到C点时获得最大速度，其大小为v m，且∠AOC＝30°．重力加速度为g．求：（1）小球在C点时对轨道的压力；（2）小球在A时的加速度；（3）小球从A点运动到C点的过程中电场力所做的功．20．两块水平平行放置的导体板如图甲所示，大量电子（质量为m、电荷量为e）由静止开始，经电压为U0的电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间．当两板均不带电时，这些电子通过两板之间的时间为3t0；当在两板间加如图乙所示的周期为2t0、恒为U0的周期性电压时，恰好能使所有电子均从两板间通过（不计电子重力）．求：（1）电子进入两板之间后加速度的大小；（2）这些电子通过两板之间后，侧向位移（垂直于入射速度方向上的位移）的最大值和最小值；（3）侧向位移分别为最大值和最小值的情况下，电子在刚穿出两板之间时的动能之比．成都七中2020—2021学年度上期高2022届高二半期考试（2）实物连线图（3）待测电阻R 断路 （4）2.20 V ，0.48 A ，5.58 Ω16．（1）V 3 6； （2）实验原理电路图17．解：（1）对小球恰能从B 到A ，由动能定理可得： 2AB 0102qU mgd mv -==-，解得U AB ＝8 V 又由AB U E d =可得：8V/m 20V/m 0.4E == （2）由闭合电路欧姆定律可得：E ＝I （R ＋r ）＋U AB计算得出：I ＝1 A 则有：AB8P U R I==Ω 18．解：（1）小球由静止释放至恰好到达B 点的过程，由动能定理有：mgLsin60°-qEL （1-cos60°）＝0-0 解得：E =（2）小球到达B 点时的受力分析如图所示，因为小球到达B 点时速度为零，所以沿绳方向（y 轴方向）的合力为零，即：T -mgsin60°-qEcos60°＝0 解得：T =19．（1）小球在C 点速度最大，即此时沿速度方向（切线方向）合力为零，设此时的库仑力为F c ，则有：切线方向：mgcos30°-F c cos30°＝0法线方向：2sin30sin30m N c v F mg F m R -︒-︒=解得：F c ＝mg ，2m N v F mg m R=+由牛顿第三定律可知，此时小球对轨道的压力大小为2mN N v F F mg m R'==+，方向沿OC 延长线．（2）由几何关系可知：r BC ＝R ，BA r =，设小球在A 点时库仑力大小为F A ，由122q q F kr =可知：12A C F F =，即12A F mg = 小球在A 点时速度为零，因此向心加速度为零即a n ＝0． 沿切线方向：mg -F A cos45°＝ma τ又小球在A 的加速度为A a = 解得：(1A a g =，方向竖直向下（3）设小球从A 点运动到C 点的过程中，电场力做功为W ，由动能定理可得： 21sin3002m mgR W mv ︒+=- 解得：21122m W mv mgR =-20．（1）综合题设条件，电子通过两板间的时间为3t 0，且所有电子均从两板间通过，结合两板间电压随时间的变化规律（U -t 图象），可知在0～2t 0之间，t ＝0时刻入射板间的粒子沿电场方向加速时间最长侧向位移最大，t ＝t 0时刻入射板间的粒子沿电场方向加速时间最短侧向位移最小．两种状态在两板间的v y -t 图象如图所示：电子进入两板间后，根据牛顿第二定律可得：0U ema d= 对于t ＝0时刻入射板间的粒子，其侧向位移为：22max 0000001122y at at t at t at =+⋅+⋅+此时电子恰好从板间通过，则有max 2dy =解得：a =d t =（2）由（1）可解得max y =对于t ＝t 0时刻入射板间的粒子，其侧向位移为：2max 00012y at at t =+⋅将a =min y = （3）电子经过加速电场时，由动能定理可得：20012eU mv =电子在两板间偏转时：v 1y 2＝（a·t 0）2，v 2y 2＝（a·2t 0）2，即：2016y eU v m =，20223y eU v m= 对于t ＝0时刻入射板间的粒子，其动能最大：22max 021122K y E mv mv =+对于t ＝t 0时刻入射板间的粒子，其动能最小：22min 011122K y E mv mv =+由此可得两电子刚穿出两板间的动能之比为：max min 1613K K E E =。

2020-2021学年四川成都高二上物理月考试卷一、选择题1. 下列选项对公式认识正确的是（）A.公式E=k Qr2可以用来求平行板电容器两极板间的匀强电场的电场强度，其中Q为一极板所带电量的绝对值，r为研究点到带正电极板的距离B.P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率C.由公式R=UI可知导体的电阻与加在导体两端电压成正比，与通过导体的电流成反比D.由公式B=FIL可知，磁场中某一点的磁感应强度由公式中的电流I的大小来决定2. 如图所示，金属杆MN用两根绝缘细线悬于天花板的O、O′点，杆中通有垂直于纸面向里的恒定电流，空间有竖直向上的匀强磁场，杆静止时处于水平，悬线与竖直方向的夹角为θ，若将磁场在竖直面内沿逆时针方向缓慢转过90∘，在转动过程中通过改变磁场磁感应强度大小保持悬线与竖直方向的夹角不变，则在转动过程中，磁场的磁感应强度大小的变化情况是（）A.一直减小B.一直增大C.先减小后增大D.先增大后减小3. 一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E、内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（）A.电动机消耗的总功率为EIB.电动机消耗的热功率为U2RC.电源的输出功率为EID.电源的效率为I−IrE4. 下列四幅图，分别是通电导线在磁场中所受安培力及运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的示意图，其中正确的是（）A. B.C. D.5. 如图所示，金属板M、N水平放置，相距为d，其左侧有一对竖直金属板P、Q，板P上小孔S正对板Q上的小孔O，M、N间有垂直纸面向里的匀强磁场，在小孔S处有一带负电粒子，其重力和初速均不计，当变阻器的滑动触头在AB的中点时，带负电粒子恰能在M、N间做直线运动，当滑动变阻器滑动触头向A点滑动过程中，则（）A.粒子在M、N间运动过程中，动能一定不变B.粒子在M、N间运动过程中，动能一定减小C.粒子在M、N间仍做直线运动D.粒子可能沿M板的右边缘飞出6. 如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上O∼x2间各点的电势分布如图乙所示，则（）A.在O∼x2间，场强先减小后增大B.在O∼x2间，场强方向一定发生了变化C.若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小D.从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在O∼x2间一直做加速运动7.如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，E p表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A.θ增大，E增大B.θ增大，E p不变C.θ减小，E p增大D.θ减小，E不变8. 如图所示，直角三角形ABC的边AB长为L，∠C为30∘，三角形所围区域内存在着磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场．一质量为m、带电荷量为q的带电粒子(不计重力)从A点沿AB方向射入磁场，在磁场中运动一段时间后，从AC边穿出磁场，则粒子射入磁场时的最大速度v max是（）A.2√3qBL3m B.√3qBLmC.qBLmD.qBL2m9. 在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射入，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则在飞越该电场的整个过程中（）A.该粒子带正电B.该粒子的动能先减小，后增大C.该粒子的电势能先减小，后增大D.该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v010. 如图所示，圆形区域半径为R，区域内有一垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B．位于磁场边界最低点P处有一粒子源，可以释放质量为m、电荷量为q的带负电粒子，粒子沿位于纸面内的各个方向以相同的速率射入磁场区域．不计粒子的重力和空气阻力，忽略粒子间的相互影响，粒子在磁场内做圆周运动的轨道半径r=2R，A、C为圆形区域水平直径的两个端点．下列说法中正确的是（）A.粒子射入磁场的速率为v=2qBRmB.粒子在磁场中运动的最长时间为t=πm3qBC.不可能有粒子从C点射出磁场D.若粒子的速率可以变化，则不可能有粒子从A点水平射出11. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A.三个等势面中，a的电势最高B.带电质点通过P点时的电势能较Q点小C.带电质点通过P点时的动能较Q点大D.带电质点通过P点时的加速度较Q点大12. 在如图所示的电路中，闭合开关S，电路达到稳定后，平行金属板中带电质点P恰好处于静止状态．不考虑电流表和电压表对电路的影响，二极管视为理想二极管，R1，R2，R3三个电阻阻值相等且与电源的内阻r 的阻值也相等．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A.带电质点P将向下运动B.电源的输出功率将变大C.电压表V2与电流表A的读数变化量的绝对值之比一定不变D.电压表V读数变化量的绝对值等于电压表V2的读数变化量的绝对值二、实验探究题某同学利用图1所示电路，探究了电源在不同负载下的输出功率．（1）所得实验数据如表，请在图2中画出U−I的图像．（2）根据所画的U−I图像，可求得电流I=0.20A时电源的输出功率约为________ W（保留两位有效数字）．（3）实验完成后，该同学对实验方案进行了反思，认为按图1电路进行实验操作的过程中存在安全隐患，并对电路重新设计．在图所示的电路中，你认为既能测出电源在不同负载下的输出功率，又能消除安全隐患的是哪个或哪些________．（R阻值未知）某课外活动小组为了测量某段金属丝的电阻率，进行了下列实验．（1）首先用多用电表的欧姆(×1)挡初测该段金属丝的电阻，多用电表示数如图(a)所示，则该金属丝的电阻约为________Ω．（2）该小组准备用伏安法进一步测量该电阻丝的电阻，设计的部分电路如图(b)，关于电压表的连接位置展开了讨论，有下列三种观点，你认为哪种更好（）A.电压表接a、c之间B.电压表接b、c之间C.电压表接a、b之间（3）实验过程某次测量时电流、电压表示数情况如图(c)所示，此时电压表读数为________V，电流表读数为________A．（4）实验得到金属丝的U−I图像如图(d)所示，则该金属丝的电阻为________Ω．（5）用刻度尺测量金属丝的总长度为10.0cm，将金属丝密绕成一个20匝的线圈，用毫米刻度尺测量其宽度如图(e)所示，则该金属丝的电阻率为________Ω⋅m（结果保留三位有效数字）．三、解答题如图所示，匀强电场的场强方向与竖直方向成α角，一带电荷量为q、质量为m的小球，用绝缘细线固定在竖直墙上，小球恰好静止在水平位置．求小球所带电荷的电性及场强的大小．如图所示，线段A 为某电源的 U −I 图线，线段B 为某电阻R 的 U −I 图线，由上述电源和电阻组成闭合电路时，求：（1）电源的输出功率P 出是多大？（2）电源内部损耗的电功率 P 内 是多少？（3）电源的效率η是多大？如图所示，一带电微粒质量为m ＝2.0×10−11kg 、电荷量为q ＝+1.0×10−5C ，从静止开始经电压为U 1＝100V 的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角θ＝60∘，接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，微粒射出磁场时的偏转角也为θ＝60∘．已知偏转电场中金属板的长为L ＝R ，圆形匀强磁场的半径为R ＝10√3cm ，重力忽略不计．求：（1）带电微粒经加速电场后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E 的大小；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小．如图所示，ab 为一长度为l =1m 的粒子放射源，能同时均匀发射粒子，距ab 为ℎ=1m 的虚线ef 的上方存在垂直纸面向里的匀强磁场．若以a 点为坐标原点、以ab 为x 轴、以ad 为y 轴建立平面直角坐标系，则图中曲线ac 的轨迹方程为y =x 2，在曲线ac 与放射源ab 之间的区域Ⅰ内存在竖直向上的匀强电场，电场强度的大小为E 1=2.0×102N/C ，ad ⊥ef ，在ad 左侧l =1m 处有一长度也为ℎ=1m 的荧光屏MN ，在ad 与MN 之间的区域Ⅱ内存在水平向左的匀强电场，电场强度大小为E 2=2.0×102N/C ．某时刻放射源由静止释放大量带正电的粒子，粒子的比荷qm =1.6×105C/kg ，不计带电粒子的重力以及粒子之间的相互作用：（1）从距a 点0.25m 处释放的粒子到达虚线ef 的速度v 1为多大？（2）如果所有的粒子均从同一位置离开匀强磁场，则该磁场的磁感应强度B 为多大？（3）在满足第（2）问的条件下，打到荧光屏上的粒子占粒子总数的百分比，及打到荧光屏上的粒子中发射后运动的最短时间．参考答案与试题解析2020-2021学年四川成都高二上物理月考试卷一、选择题1.【答案】B【考点】欧姆定律的概念磁感应强度点电荷的场强【解析】决定式是根据物理量的产生和变化由哪些因素决定而写成的数学式，定义式是根据物理量的定义写成的数学表达式，比值定义法是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小改变而改变．【解答】解：A．公式E=k Qr2只可以用来求点电荷的电场的电场强度，故A错误；B．根据焦耳定律Q=I2Rt和热功率公式P=Qt，可知P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率，故B正确；C．公式R=UI是电阻的定义公式，是用比值定义法定义的，电阻的大小由导体自身决定，与电压、电流无关，故C错误；D．公式B=FIL是磁感应强度的定义公式，是用比值定义法定义的，磁感应强度的大小由磁场自身决定，与电流、导体长度无关，故D错误．故选B．2.【答案】C【考点】安培力作用下的平衡问题【解析】根据左手定则判断安培力的方向，由磁场方向的变化确定安培力的变化，再分析磁感应强度的变化。