四川省广元市利州区宝轮中学2017-2018学年高二下学期第三次月考物理试卷 Word版含解析

2017--2018 学年第二学期高二第三次月考理科综合物理试卷二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18 题只有一项符合题目要求，第 19~21 题有多项符合题目要求。

全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分14.下列说法不符合物理学史的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应B．法拉第发现了电磁感应现象C．牛顿解释了涡旋电场的产生原理D．楞次找到了判断感应电流方向的方法15．如图所示，接在照明电路中的自耦变压器的副线圈上通过输电线接有三个灯泡 L1、L2 和 L3，输电线的等效电阻为 R.当滑动触头 P 向上移动一段距离后，下列说法正确的是（）A．等效电阻 R 上消耗的功率变大B．三个灯泡都变亮C．原线圈两端的输入电压减小 D．原线圈中电流表示数减小16. 如图所示，面积为 0.2 m2 的 100 匝线圈处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，已知磁感应强度随时间变化的规律为 B=（2+0.2t）T，定值电阻 R1=6Ω，线圈电阻R2=4Ω，则 a、b 两点间电压 U ab （）A、2.4VB、0.024VC、4VD、1.6V17.如图所示，闭合金属线框从一定高度自由下落进入匀强磁场中，磁场足够大，从ab 边开始进入磁场到cd 边刚进入磁场的这段时间内，若线框平面与磁感线保持垂直，则线框运动的速度−时间图象不可能的是（）18．如图所示，N 匝矩形导线框以角速度 ω 在磁感应强度为 B 的匀强磁场中绕轴 OO ′匀速转动，线框面 积为 S ，线框的电阻、电感均不计，外电路接有电阻 R 、交流理想电流表和二极管 D.二极管 D 具有单向 导电性，即正向电阻为零，反向电阻无穷大．下列说法正确的是（ ）A ．图示位置电流表的示数为 0B ．R 两端电压的有效值 U ＝NBSC ．一个周期内通过 R 的电荷量 q ＝2BS/RD ．交流电流表的示数 I ＝2RωNBS 19.电阻 R 、电容 C 和电感器 L 是常用的电子元器件,在频率为 f 的交变电流电路中,如图所示,当开关 S 依次分别接通 R 、C. L 支路,这时通过各支路的电流有效值相等。

第 1 页高中二年级下半期期末教学质量监测物理试卷第I 卷（选择题 共48分）注意事项：共8题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1~4题只有一项符合题目要求，第5~8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 1．电磁波已广泛运用于很多领域．下列关于电磁波的说法符合实际的是 A ．电磁波不能产生衍射现象B ．常用的遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C ．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D ．光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值可能不同 2．下列说法中，不能用卢瑟福原子核式结构模型得出的结论是A ．原子中心有一个很小的原子核B ．原子核是由质子和中子组成的C ．原子质量几乎全部集中在原子核内D ．原子的正电荷全部集中在原子核内3．如图所示，用光子能量为2.82eV 的紫光照射光电管中的金属涂层时，毫安表的指针发生了偏转，若将电路中滑动变阻器的滑片P 向右移动到某一位置时，毫安表的读数恰好减小到零，电压表读数为1.0V ．已知e =1.60×10-19 C ，则该金属涂层的逸出功约为 A ．2.9×10－19J B ．6.1×10－19JC ．1.6×10－19J D ．4.5×10－19J4．如图甲所示，弹簧振子以O 点为平衡位置，在A 、B 两点之间做简谐运动．取向右为正方向，振子的位移x 随时间t 的变化图像如图乙所示，则下列说法正确的是A ．t ＝0.8s 时，振子的速度方向向左B ．t ＝0.4s 时，振子在O 点左侧12cm 处C ．t ＝0.4s 和t ＝1.2s 时，振子的加速度完全相同D ．t ＝0.4s 到t ＝0.8s 的时间内，振子的速度逐渐减小5．氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，下列说法中正确的是O A B甲乙12128.06.1x /cmt /s第 2 页A ．原子的能量减小B ．核外电子受力变小C ．氢原子要吸收一定频率的光子D ．氢原子要放出一定频率的光子6．一个静止的铀核U 23292（原子质量为232.0372u ）放出一个α粒子（原子质量为4.0026u ）后衰变成钍核Th 22890（原子质量为228.0287u ），u 为原子质量单位，1u 相当于931MeVA ．该核反应方程为U 23292→Th 22890＋He 42B ．该核反应中释放出的核能约为5.49MeVC ．该核反应属于核裂变反应D ．该核反应后钍核和α粒子的总动量不为零7．以下说法中正确的是A ．图甲是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，入射光线与出射光线不平行B ．图乙是双缝干涉示意图，若只减小屏到挡板间距离L ，两相邻亮条纹间距离∆x 将减小C ．图丙是用干涉法检测工件表面平整程度时得到的干涉图样，弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凸起的D ．图丁中的M 、N 是偏振片，P 是光屏．当M 固定不动缓慢转动N 时，光屏P 上的光亮度一明一暗交替变化，此现象表明光波是横波8．如图所示，在光滑的水平桌面上有一金属容器C ，其质量为m C ＝5kg ，在C 的中央并排放着两个可视为质点的滑块A 与B ，其质量分别为m A ＝1kg 、m B ＝4kg ，用细线拉紧A 、B 使其中间所夹的轻弹簧处于压缩状态（弹簧与两滑块均未连接），A 、B 距容器C 侧壁最近一端的距离均为L ．开始时A 、B 、C 均处于静止状态，剪断细线，使A 以v A ＝6m/s 的速度水平向左弹出．不计一切摩擦，两滑块中任意一个与C 侧壁碰撞后就立即与其合成一体．则 A ．剪断细线后，B 水平向右弹出的速度为1.5m/s B ．容器第一次被碰撞后，容器C 的速度为1.2m/s C ．容器第二次被碰撞时，容器C 的位移为0.3LD ．容器第二次被碰撞后，容器C 的速度约为0.67m/s第II 卷（非选择题 共62分）9．（6分）某同学利用单摆测量当地的重力加速度．(1)为了使测量误差尽量小，下列说法中正确的有__________（多选）． A ．组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球 B ．组装单摆须选用轻且不易伸长的细线 C ．实验时须使摆球在同一竖直面内摆动BC A LD．摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大(2)利用实验获得了摆长l与周期T的若干组数据，并在坐标系中描出了单摆的2Tl 图像如图所T＝4.4s2时，摆长l＝__________m，当地的重力加速度g＝__________m/s2．（结示．利用图像，取2果均保留三位有效数字）10．（10分）如图甲所示，某同学设计了一个用电磁打点计时器来验证动量守恒定律的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，轻推小车A使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速直线运动．在小车A后连着纸带，电磁打点计时器所用电源频率为50Hz，长木板下垫着薄木片以平衡摩擦力．(1)若已得到的部分纸带如图乙所示，并测得各计数点的间距(已标在图上)．则应选__________段来计算A碰前的速度，应选__________段来计算A和B碰后的共同速度（以上两空选填“AB”、“BC”、“CD”）．(2)已测得小车A的质量为m1＝0.4kg，小车B的质量为m2＝0.2kg，则碰前两小车的总动量为_________kg·m/s，碰后两小车的总动量为_________kg·m/s．(以上两空均保留三位有效数字)(3)根据(2)问中的实验数据得出的结论为__________________________________________．11.（11分）弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，在t＝0时刻，振子从O点以速度v向B点运动；在t＝0.5s时，振子速度第一次变为－v．已知B、C之间的距离为25cm．试求：(1)弹簧振子振动周期T；(2)振子在4.0s内通过的路程；(3)若从振子第一次经过平衡位置时开始计时，并规定向C点运动的方向为正方向，画出该弹簧振子的振动图像．第3 页12．（20分）如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H＝5m的光滑水平桌面上．现有一滑块A从光滑曲面上离桌面h＝1.8m高处由静止开始滑下，与滑块B发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动，经一段时间，滑块C脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段后从桌面边缘飞出．已知m A＝1kg，m B＝2kg，m C＝3kg，g＝10m/s2．试计算：(1)滑块A与滑块B碰撞结束瞬间滑块A、B的速度；(2)被压缩弹簧的最大弹性势能E p；(3)滑块C落地点与桌面边缘的水平距离s．第4 页第 5 页13．（15分）(1)（6分）一振动周期为T ，位于x ＝0处的波源质点P 从平衡位置开始沿y 轴正方向做简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x 轴正方向传播，波速为v ，关于在23Tvx =处的质点Q ，下列说法正确的是__________．（填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得0分）A ．质点Q 振动周期为T ，速度的最大值为vB ．若某时刻质点Q 的速度方向沿y 轴负方向，则该时刻质点P 的速度方向沿y 轴正方向C ．质点Q 开始振动的方向沿y 轴正方向D ．当Q 开始振动后，若某时刻波源在波峰，则质点Q 一定在波谷E ．若某时刻波源在波谷，则质点Q 也一定在波谷 (2)（9分）如图所示，直角玻璃三棱镜ABC 置于空气中，棱镜的折射率为n ＝2，∠A ＝60°．一细光束从AC 的中点D 垂直于AC 面入射，AD ＝a ．计算：(i) 光从棱镜第一次射入空气时的折射角；(ii)光从进入棱镜到它第一次从棱镜中射出所经历的时间（光在真空中的传播速度为c ）．高二物理试卷 第 6 页 共 4 页高中二年级期末教学质量监测物 理 试 卷理科综合考试时间共150分钟，满分300分，其中物理110分，化学100分，生物90分． 物理试卷分为第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）．考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效．第I 卷（选择题 共48分）注意事项：共8题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1~4题只有一项符合题目要求，第5~8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 1．电磁波已广泛运用于很多领域．下列关于电磁波的说法符合实际的是 A ．电磁波不能产生衍射现象B ．常用的遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C ．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D ．光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值可能不同 2．下列说法中，不能用卢瑟福原子核式结构模型得出的结论是A ．原子中心有一个很小的原子核B ．原子核是由质子和中子组成的C ．原子质量几乎全部集中在原子核内D ．原子的正电荷全部集中在原子核内3．如图所示，用光子能量为2.82eV 的紫光照射光电管中的金属涂层时，毫安表的指针发生了偏转，若将电路中滑动变阻器的滑片P 向右移动到某一位置时，毫安表的读数恰好减小到零，电压表读数为1.0V ．已知e =1.60×10-19 C ，则该金属涂层的逸出功约为 A ．2.9×10－19J B ．6.1×10－19JC ．1.6×10－19J D ．4.5×10－19J4．如图甲所示，弹簧振子以O 点为平衡位置，在A 、B 两点之间做简谐运动．取向右为正方向，振子的位移x 随时间t 的变化图像如图乙所示，则下列说法正确的是O A B甲乙12128.06.1x /cmt /s高二物理试卷 第 7 页 共 4 页A ．t ＝0.8s 时，振子的速度方向向左B ．t ＝0.4s 时，振子在O 点左侧12cm 处C ．t ＝0.4s 和t ＝1.2s 时，振子的加速度完全相同D ．t ＝0.4s 到t ＝0.8s 的时间内，振子的速度逐渐减小 5．氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，下列说法中正确的是A ．原子的能量减小B ．核外电子受力变小C ．氢原子要吸收一定频率的光子D ．氢原子要放出一定频率的光子6．一个静止的铀核U 23292（原子质量为232.0372u ）放出一个α粒子（原子质量为4.0026u ）后衰变成钍核Th 22890（原子质量为228.0287u ），u 为原子质量单位，1u 相当于931MeVA ．该核反应方程为U 23292→Th 22890＋He 42B ．该核反应中释放出的核能约为5.49MeVC ．该核反应属于核裂变反应D ．该核反应后钍核和α粒子的总动量不为零7．以下说法中正确的是A ．图甲是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，入射光线与出射光线不平行B ．图乙是双缝干涉示意图，若只减小屏到挡板间距离L ，两相邻亮条纹间距离∆x 将减小C ．图丙是用干涉法检测工件表面平整程度时得到的干涉图样，弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凸起的D ．图丁中的M 、N 是偏振片，P 是光屏．当M 固定不动缓慢转动N 时，光屏P 上的光亮度一明一暗交替变化，此现象表明光波是横波8．如图所示，在光滑的水平桌面上有一金属容器C ，其质量为m C ＝5kg ，在C 的中央并排放着两个可视为质点的滑块A 与B ，其质量分别为m A ＝1kg 、m B ＝4kg ，用细线拉紧A 、B 使其中间所夹的轻弹簧处于压缩状态（弹簧与两滑块均未连接），A 、B 距容器C 侧壁最近一端的距离均为L ．开始时A 、B 、C 均处于静止状态，剪断细线，使A 以v A ＝6m/s 的速度水平向左弹出．不计一切摩擦，两滑块中任意一个与C 侧壁碰撞后就立即与其合成一体．则 A ．剪断细线后，B 水平向右弹出的速度为1.5m/s B ．容器第一次被碰撞后，容器C 的速度为1.2m/s C ．容器第二次被碰撞时，容器C 的位移为0.3LD ．容器第二次被碰撞后，容器C 的速度约为0.67m/sBC A L第II卷（非选择题共62分）9．（6分）某同学利用单摆测量当地的重力加速度．(1)为了使测量误差尽量小，下列说法中正确的有__________（多选）．A．组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球B．组装单摆须选用轻且不易伸长的细线C．实验时须使摆球在同一竖直面内摆动D．摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大(2)利用实验获得了摆长l与周期T的若干组数据，并在坐标系中描出了单摆的2l 图像如图所示．利用图像，取2T＝4.4s2时，T摆长l＝__________m，当地的重力加速度g＝__________m/s2．（结果均保留三位有效数字）10．（10分）如图甲所示，某同学设计了一个用电磁打点计时器来验证动量守恒定律的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，轻推小车A使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速直线运动．在小车A后连着纸带，电磁打点计时器所用电源频率为50Hz，长木板下垫着薄木片以平衡摩擦力．(1)若已得到的部分纸带如图乙所示，并测得各计数点的间距(已标在图上)．则应选__________段来计算A碰前的速度，应选__________段来计算A和B碰后的共同速度（以上两空选填“AB”、“BC”、“CD”）．(2)已测得小车A的质量为m1＝0.4kg，小车B的质量为m2＝0.2kg，则碰前两小车的总动量为_________kg·m/s，碰后两小车的总动量为_________kg·m/s．(以上两空均保留三位有效数字)(3)根据(2)问中的实验数据得出的结论为__________________________________________．11.（11分）弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，在t＝0时刻，振子从O点以速度v向B点运动；在t＝0.5s时，振子速度第一次变为－v．已知B、C之间的距离为25cm．试求：(1)弹簧振子振动周期T；(2)振子在4.0s内通过的路程；(3)若从振子第一次经过平衡位置时开始计时，并规定向C点运动的方向为正方向，画出该弹簧振子的振动图像．高二物理试卷第8 页共 4 页高二物理试卷 第 9 页 共 4 页12．（20分）如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B 上，另一端与滑块C 接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H ＝5m 的光滑水平桌面上．现有一滑块A 从光滑曲面上离桌面h ＝1.8m 高处由静止开始滑下，与滑块B 发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C 向前运动，经一段时间，滑块C 脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段后从桌面边缘飞出．已知m A ＝1kg ，m B ＝2kg ，m C ＝3kg ，g ＝10m/s 2．试计算：(1)滑块A 与滑块B 碰撞结束瞬间滑块A 、B 的速度；(2)被压缩弹簧的最大弹性势能E p ； (3)滑块C 落地点与桌面边缘的水平距离s ． 13．（15分）(1)（6分）一振动周期为T ，位于x ＝0处的波源质点P 从平衡位置开始沿y 轴正方向做简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x 轴正方向传播，波速为v ，关于在23Tvx =处的质点Q ，下列说法正确的是__________．（填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得0分）A ．质点Q 振动周期为T ，速度的最大值为vB ．若某时刻质点Q 的速度方向沿y 轴负方向，则该时刻质点P 的速度方向沿y 轴正方向C ．质点Q 开始振动的方向沿y 轴正方向D ．当Q 开始振动后，若某时刻波源在波峰，则质点Q 一定在波谷E ．若某时刻波源在波谷，则质点Q 也一定在波谷 (2)（9分）如图所示，直角玻璃三棱镜ABC 置于空气中，棱镜的折射率为n ＝2，∠A ＝60°．一细光束从AC 的中点D 垂直于AC 面入射，AD ＝a ．计算：(i) 光从棱镜第一次射入空气时的折射角；(ii)光从进入棱镜到它第一次从棱镜中射出所经历的时间（光在真空中的传播速度为c ）．a︒60A D高二物理答案 第 1 页 共 2 页高中二年级期末教学质量监测物理试卷参考答案1C 2B 3A 4A 5AD 6AB 7BD 8AC 9．（6分）(1)BC (2)1.10；9.86 10．（10分）(1)AB ；CD (2)0.420；0.417(3)在实验误差允许的范围内，碰撞前后系统（或A 、B 两车）的总动量守恒（或相等） 11.（11分）(1)1.0s (2)200cm (3)如图所示 (1)由题意可得，弹簧振子做简谐运动的周期为T ＝0.5×2 s ＝1.0s（4分） (2)由题意知，振幅A ＝21×25cm ＝12.5cm（2分）振子经过一个周期路程为4A ＝50cm ，4.0s 内刚好经 过了4个周期，振子4.0 s 内通过的 路程s ＝4×4A ＝200cm（2分）(3)已知振幅A ＝12.5 cm ，周期T ＝1.0s ，且从平衡位置开始计时，所以振动图像为如下图所示的图像． （3分）12．（20分）(1)2m/s (2)3J (3)2m(1)滑块A 从光滑曲面滑下的过程，机械能守恒，设其滑到底面的速度为v 1，由机械能守恒定律有 m A gh ＝2121v m A （2分）解得v 1＝6m/s（1分） 滑块A 与B 碰撞的过程，A 、B 系统动量守恒，碰撞结束瞬间具有共同速度设为v 2，由动量守恒定律有 m A v 1＝(m A ＋m B )v 2 （2分） 解得v 2＝2m/s.（1分）(2)滑块A 、B 发生碰撞后与滑块C 一起压缩弹簧，压缩的过程机械能守恒，被压缩弹簧的弹性势能最大时，滑块A 、B 、C 三者速度相等设为v 3， 由动量守恒定律有 m A v 1＝(m A ＋m B ＋m C )v 3 或 (m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B ＋m C )v 3（2分） 解得v 3＝1m/s（1分） 由机械能守恒定律有 E p ＝21(m A ＋m B )22v －21(m A ＋m B ＋m C )23v（2分） 解得E p ＝3J（1分）高二物理答案 第 2 页 共 2 页(3)被压缩弹簧再次恢复自然长度时，滑块C 脱离弹簧，设滑块A 、B 的速度为v 4，滑块C 的速度为v 5． 由动量守恒定律有(m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B )v 4＋m C v 5（2分） 由机械能守恒定律有 21(m A ＋m B )22v ＝21(m A ＋m B )24v ＋21m C 25v（2分） 解得v 4＝0，v 5＝2m/s（1分）滑块C 从桌面边缘飞出后做平抛运动，所以s ＝v 5t ；H ＝21gt 2 （2分） 解得s ＝2m.（1分）13．（15分）(1)BCD (2) 45°；ca365 (1)（6分）BCD (2)（9分）光路如图所示 由图可知：i 1＝60°（1分） (i) 设玻璃对空气的临界角为C ．则sin C ＝211=n解得 C ＝45°<i 1光在AB 面发生全反射．（1分）双i 2＝30°＜C所以光从BC 面射出 （1分）由折射定律有n i r=2sin sin （1分） 解得r ＝45°．（1分） (ii)棱镜中的光速v ＝nc（1分）光在棱镜中的路程 s ＝a a a 33560sin 60tan =︒+︒（1分） 所求时间 ca v s t 365==（1分）。

嗦夺市安培阳光实验学校高二（下）第三次月考物理试卷一、本大题共10小题．每小题6分，共60分．1-7小题为单选题，选对得6分，8-10小题为多选题，全对得6分，对而不全得3分，错选得0分1．质量为2kg的物体，速度由4m/s变为﹣6m/s，则此过程中，它受到的合外力的冲量为（）A．20Ns B．﹣20Ns C．﹣4Ns D．﹣12Ns2．下列关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是（）A．只要系统内存在着摩擦力，系统的动量的就不守恒B．只有系统所受的合外力为零，系统的动量就守恒C．只要系统中有一个物体具有加速度，系统的动量就不守恒D．只要系统所受外力的冲量的矢量和为零，系统的动量就守恒3．质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，地面对钢球冲量的方向和大小为（）A．向下，m（v1﹣v2） B．向下，m（v1+v2）C．向上，m（v1﹣v2） D．向上，m（v1+v2）4．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）A．v A′=5 m/s，v B′=2 m/s B．v A′=2 m/s，v B′=4 m/sC．v A′=﹣4 m/s，v B′=7 m/s D．v A′=7 m/s，v B′=1.5 m/s5．甲、乙两球在光滑水平面上发生碰撞．碰撞前，甲球向左运动，乙球向右运动，碰撞后一起向右运动，由此可以判断（）A．甲的质量比乙小B．甲的初速度比乙小C．甲的初动量比乙小D．甲的动量变化比乙小6．如图所示，设车厢长度为L，质量为M，静止于光滑的水平面上，车厢内有一质量为m的物体以初速度v0向右运动，与车厢壁来回碰撞n次后，静止在车厢中．这时车厢的速度是（）A．v0水平向右B．0C ．，水平向右D ．，水平向右7．把一支枪固定在小车上，小车放在光滑的水平桌面上．枪发射出一颗子弹．对于此过程，下列说法中正确的是（）A．枪和子弹组成的系统动量守恒B．枪和车组成的系统动量守恒C．车、枪和子弹组成的系统动量守恒D．车、枪和子弹组成的系统近似动量守恒，因为子弹和枪筒之间有摩擦力，且摩擦力的冲量甚小8．质量为2kg的物体以2m/s的速度作匀变速直线运动，经过2s后其动量大小变为8kg•m/s，则该物体（）A．所受合外力的大小可能等于2NB．所受冲量可能等于20N•sC．所受冲量可能等于12N•sD．所受合外力的大小可能等于6N9．如图所示，用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B并留在其中，由子弹、弹簧和A、B物块组成的系统，在下列说法中正确的是（）A．子弹射入木块过程动量守恒，机械能不守恒B．子弹射入木块过程动量不守恒，机械能也不守恒C．弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量不守恒，机械能守恒D．弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量守恒，机械能不守恒10．一物体竖直向上抛出，从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是t，上升的最大高度是H，所受空气阻力大小恒为F，则在时间t内（）A．物体受重力的冲量为零B．物体机械能的减小量等于FHC．物体动量的增量大于抛出时的动量D．在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小二、本题共2小题，共18分．把答案填在答题纸的横线上或按题目要求作答．11．甲、乙两船自身质量均为150kg，静止在静水中．当一个质量为30kg的小孩以相对于地面6m/s的水平速度从甲船跳到乙船后，若不计水的阻力，甲船的速度为m/s，乙船速度为m/s．12．在“验证动量守恒定律”的实验中：（1）在确定小球落地点的平均位置时通常采用的做法是，其目的是减小实验中的（选填“系统误差”或“偶然误差”）．（2）入射小球每次必须从斜槽上滚下，这是为了保证入射小球每一次到达斜槽末端时速度相同．（3）入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，在m1＞m2时，实验中记下了O、M、P、N四个位置（如图所示），若满足（用m1、m2、OM、OP、ON表示），则说明碰撞中动量守恒；若还满足（只能用OM、OP、ON表示），则说明碰撞前后动能也相等．13．甲、乙两个物体在同一直线上同向运动甲物体在前、乙物体在后，甲物体质量为2kg，速度是1m/s，乙物体质量是4kg，速度是3m/s．乙物体追上甲物体发生正碰后，两物体仍沿原方向运动，而甲物体的速度为3m/s，乙物体的速度是多少？14．如图所示，光滑水平面上，质量为2m的小球B连接着轻质弹簧，处于静止；质量为m的小球A以初速度v0向右匀速运动，接着逐渐压缩弹簧并使B运动，过一段时间，A与弹簧分离，设小球A、B与弹簧相互作用过程中无机械能损失，弹簧始终处于弹性限度以内．求当弹簧被压缩到最短时，①小球A的速度是多少？②弹簧的弹性势能E？15．去年夏天，某地区下了一场暴雨，降雨量在2小时内积水深14.4cm．设雨滴落地时速度为35m/s，则雨滴落地时单位面积的地面受到的平均冲击力是多少？（ρ水=1g/cm3）微山二中高二（下）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、本大题共10小题．每小题6分，共60分．1-7小题为单选题，选对得6分，8-10小题为多选题，全对得6分，对而不全得3分，错选得0分1．质量为2kg的物体，速度由4m/s变为﹣6m/s，则此过程中，它受到的合外力的冲量为（）A．20Ns B．﹣20Ns C．﹣4Ns D．﹣12Ns【考点】52：动量定理．【分析】已知初末速度，设定正方向；再由动量定理可求得合外力的冲量．【解答】解：设初速度方向为正，则由动量定理可知：I=mv﹣mv0=2×（﹣6）﹣2×4=﹣20Ns；故选：B．2．下列关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是（）A．只要系统内存在着摩擦力，系统的动量的就不守恒B．只有系统所受的合外力为零，系统的动量就守恒C．只要系统中有一个物体具有加速度，系统的动量就不守恒D．只要系统所受外力的冲量的矢量和为零，系统的动量就守恒【考点】53：动量守恒定律．【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零．系统内存在着摩擦力或一个物体具有加速度时，系统的动量可能守恒．【解答】解：A、若系统内存在着摩擦力，而系统所受的合外力为零，系统的动量仍守恒．故A错误；B、只要系统所受到合外力为零，则系统的动量一定守恒；故B正确；C、系统中有一个物体具有加速度时，系统的动量也可能守恒，比如碰撞过程，两个物体的速度都改变，都有加速度，单个物体受外力作用，系统的动量却守恒．故C错误；D、只有系统所受外力的冲量的矢量和保持为零时，系统的动量才守恒．故D 错误．故选：B．3．质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，地面对钢球冲量的方向和大小为（）A．向下，m（v1﹣v2） B．向下，m（v1+v2）C．向上，m（v1﹣v2） D．向上，m（v1+v2）【考点】52：动量定理．【分析】由于碰撞时间极短，钢球的重力相对于地面对钢球的冲力可忽略不计．根据动量定理求解在碰撞过程中地面对钢球的冲量的方向和大小．【解答】解：选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得地面对钢球的冲量为：I=﹣mv2﹣mv1=﹣m（v1+v2），则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2）．故选：D4．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）A．v A′=5 m/s，v B′=2 m/s B．v A′=2 m/s，v B′=4 m/sC．v A′=﹣4 m/s，v B′=7 m/s D．v A′=7 m/s，v B′=1.5 m/s【考点】53：动量守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：m A v A+m B v B=（m A+m B）v，代入数据解得：v=m/s，如果两球发生弹性碰撞，m A v A+m B v B=m A v A′+m B v B′，由机械能守恒定律得： m A v A2+m B v B2=m A v A′2+m B v B′2，代入数据解得：v A ′=m/s，v B ′m/s，则碰撞后A、B 的速度： m/s≤v A ≤m/s ， m/s≤v B ≤m/s，故选：B．5．甲、乙两球在光滑水平面上发生碰撞．碰撞前，甲球向左运动，乙球向右运动，碰撞后一起向右运动，由此可以判断（）A．甲的质量比乙小B．甲的初速度比乙小C．甲的初动量比乙小D．甲的动量变化比乙小【考点】53：动量守恒定律．【分析】甲乙碰撞过程满足动量守恒定律，据此进行判断．【解答】解：甲乙碰撞后一起向右运动，说明碰撞后的总动量向右，设向右为正方向，根据动量守恒，则：﹣P甲+P乙=P总＞0得：P乙＞P甲即乙求的质量与速度乘积大于甲球的，而无法判断两球的质量关系和速度关系，故C正确；根据动量守恒，则甲的动量变化与乙的动量变化相等，故D错误；故选：C．6．如图所示，设车厢长度为L，质量为M，静止于光滑的水平面上，车厢内有一质量为m的物体以初速度v0向右运动，与车厢壁来回碰撞n次后，静止在车厢中．这时车厢的速度是（）A．v0水平向右B．0C ．，水平向右D ．，水平向右【考点】53：动量守恒定律．【分析】选物体与小车组成的系统为研究对象，水平方向不受外力作用，故水平方向动量守恒，并且最后两者具有共同的速度．【解答】解：选物体与小车组成的系统为研究对象，规定水平向右为正方向，由水平方向动量守恒得：mv0=（M+m）v所以，v=v0方向水平向右，与v0同向．故选：C．7．把一支枪固定在小车上，小车放在光滑的水平桌面上．枪发射出一颗子弹．对于此过程，下列说法中正确的是（）A．枪和子弹组成的系统动量守恒B．枪和车组成的系统动量守恒C．车、枪和子弹组成的系统动量守恒D．车、枪和子弹组成的系统近似动量守恒，因为子弹和枪筒之间有摩擦力，且摩擦力的冲量甚小【考点】53：动量守恒定律．【分析】当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒．【解答】解：A、枪和子弹组成的系统，由于小车对枪有外力，枪和弹组成的系统外力之和不为零，所以动量不守恒，故A错误；B、枪和小车组成的系统，由于子弹对枪有作用力，导致枪和车组成的系统外力之和不为零，所以动量不守恒，故B错误；C、小车、枪和子弹组成的系统，在整个过程中所受合外力为零，系统动量守恒，故C正确，D错误；故选：C．8．质量为2kg的物体以2m/s的速度作匀变速直线运动，经过2s后其动量大小变为8kg•m/s，则该物体（）A．所受合外力的大小可能等于2NB．所受冲量可能等于20N•sC．所受冲量可能等于12N•sD．所受合外力的大小可能等于6N【考点】52：动量定理．【分析】根据2s后动量大小，结合动量定理求出合外力的冲量以及合外力的大小．注意2s后的动量方向与初速度方向可能相同，可能相反．【解答】解：若2s后的动量方向与初速度方向相同，则2s后的动量p2=8kgm/s，规定末状态的动量为正方向，根据动量定理得，I合=p2﹣p1=8﹣2×2N•s=4N•s，解得合外力．若2s后的动量方向与初速度方向相反，则2s后的动量p2=﹣8kgm/s，规定末状态的方向为正方向，根据动量定理得，I和=p2﹣p1=8﹣（﹣4）N•s=12N•s，解得合外力，故A、C、D正确，B错误．故选：ACD．9．如图所示，用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B并留在其中，由子弹、弹簧和A、B物块组成的系统，在下列说法中正确的是（）A．子弹射入木块过程动量守恒，机械能不守恒B．子弹射入木块过程动量不守恒，机械能也不守恒C．弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量不守恒，机械能守恒D．弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量守恒，机械能不守恒【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】动量守恒的条件是系统不受外力，或所受的外力之和为零．根据机械能守恒条件：只有重力或弹簧的弹力做功及能量如何转化判断机械能是否守恒．【解答】解：AB、子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块组成的系统动量守恒，则系统动量守恒．在此运动过程中，子弹的动能有一部分转化为系统的内能，则系统的机械能减小．所以机械能不守恒．故A正确，B错误．CD、弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程，弹簧要恢复原长，墙对弹簧有向右的弹力，系统的外力之和不为零，则系统动量不守恒．在此运动过程中，只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒．故C正确，D 错误．故选：AC．10．一物体竖直向上抛出，从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是t，上升的最大高度是H，所受空气阻力大小恒为F，则在时间t内（）A．物体受重力的冲量为零B．物体机械能的减小量等于FHC．物体动量的增量大于抛出时的动量D．在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小【考点】52：动量定理．【分析】本题的关键是首先根据能量守恒定律得出物体落地时的速率小于抛出时的速率，再由平均速度求位移公式得出上升时间小于下落时间的关系，然后再利用冲量公式、动量公式、动量变化量公式以及功能原理公式即可做出判断．【解答】解：A、冲量I=Ft，因重力不为零，故物体受到的冲量不为零；故A错误；B、物体在整个抛出过程中克服阻力做的功为W=2fH，由功能原理可知，物体机械能的减小量2FH，故B错误；C、动量的增量等于末动量与初动量的差值；由于末动量方向向下；因此动量的变化量的大小为初末动量绝对值的和；因此可知动量的增量一定大于初动量，故C正确；D、物体在上升过程和下降过程的高度相同，但物体上升时的加速度大于向下的加速度，故下降时所用的时间大于上升时所用的时间，故上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小，故D正确；故选：CD 二、本题共2小题，共18分．把答案填在答题纸的横线上或按题目要求作答．11．甲、乙两船自身质量均为150kg，静止在静水中．当一个质量为30kg的小孩以相对于地面6m/s的水平速度从甲船跳到乙船后，若不计水的阻力，甲船的速度为 1.2 m/s ，乙船速度为 1 m/s．【考点】53：动量守恒定律．【分析】船与小孩组成的系统动量守恒，分别以甲船与小孩、乙船与小孩组成的系统为研究对象，应用动量守恒定律可以求出船的速度．【解答】解：小孩与甲船组成的系统动量守恒，以小孩的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv小孩﹣Mv甲船=0，解得：v甲船===1.2m/s；小孩与乙船组成的系统动量守恒，以小孩的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv小孩=（M+m）v乙船，解得：v乙船===1m/s；故答案为：1.2；1．12．在“验证动量守恒定律”的实验中：（1）在确定小球落地点的平均位置时通常采用的做法是用圆规画一个尽可能小的圆把所有的落点圈在里面，圆心即平均位置，其目的是减小实验中的偶然误差（选填“系统误差”或“偶然误差”）．（2）入射小球每次必须从斜槽上由同一位置由静止开始滚下，这是为了保证入射小球每一次到达斜槽末端时速度相同．（3）入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，在m1＞m2时，实验中记下了O、M、P、N四个位置（如图所示），若满足m1•OP=m1•OM+m2•ON（用m1、m2、OM、OP、ON表示），则说明碰撞中动量守恒；若还满足OP=ON﹣OM （只能用OM、OP、ON表示），则说明碰撞前后动能也相等．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】（1）由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难，确定落点平均位置的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表落点的平均位置；（2）明确要求每次从同一点滑下的目的是让小球到达末端的速度相同；（3）验证动量守恒定律实验中，质量可测而瞬时速度较难．因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度．过程中小球释放高度不需要，小球抛出高度也不要求．最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒；根据机械能守恒定律可明确机械能是否守恒．【解答】解：（1）由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难，确定落点平均位置的方法是最小圆法，用圆规画一个尽可能小的圆把所有的落点圈在里面，圆心即平均位置，这样可以减小偶然误差；（2）为了保证小球每次到达斜面末端时速度相同，应让小球每次从同一位置由静止滑下；（3）设落地时间为t，则有：v1=，v′1=，v′2=而动量守恒的表达式是：m1v1=m1v1′+m2v2′所以若两球相碰前后的动量守恒，则有：m1•OM+m2•ON=m1•OP 成立若碰撞是弹性碰撞，动能是守恒的，则有： m1v12=m1v1′2+m2v2′2即m1•OM2+m2•ON2=m1•OP2成立联立可得：OP=ON﹣OM；故答案为：（1）用圆规画一个尽可能小的圆把所有的落点圈在里面，圆心即平均位置偶然误差（2）由同一位置由静止开始（3）m1•OP=m1•OM+m2•ON；OP=ON﹣OM13．甲、乙两个物体在同一直线上同向运动甲物体在前、乙物体在后，甲物体质量为2kg，速度是1m/s，乙物体质量是4kg，速度是3m/s．乙物体追上甲物体发生正碰后，两物体仍沿原方向运动，而甲物体的速度为3m/s，乙物体的速度是多少？【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】碰撞前后动量守恒，由守恒定律列方程求解即可【解答】解：由动量守恒定律得：m A v A+m B v B=m A v′A+m B v′B代入数据得：2×1+4×3=2×3+4v′B解得：v′B=2m/s答：乙物体的速度是2m/s14．如图所示，光滑水平面上，质量为2m的小球B连接着轻质弹簧，处于静止；质量为m的小球A以初速度v0向右匀速运动，接着逐渐压缩弹簧并使B运动，过一段时间，A与弹簧分离，设小球A、B与弹簧相互作用过程中无机械能损失，弹簧始终处于弹性限度以内．求当弹簧被压缩到最短时，①小球A的速度是多少？②弹簧的弹性势能E？【考点】53：动量守恒定律；6C：机械能守恒定律．【分析】当A、B速度相同时，弹簧被压缩到最短，弹簧的势能最大，根据动量守恒定律和能量守恒定律求出弹簧的最大弹性势能及小球A的速度．【解答】解：当A球与弹簧接触以后，在弹力作用下减速运动，而B球在弹力作用下加速运动，弹簧势能增加，当A、B速度相同时，弹簧的势能最大．设A、B的共同速度为v，弹簧的最大势能为E，则：A、B系统动量守恒，有mv0=（m+2m）v由机械能守恒：联立两式得答：①小球A 的速度是；②弹簧的弹性势能E 为15．去年夏天，某地区下了一场暴雨，降雨量在2小时内积水深14.4cm．设雨滴落地时速度为35m/s，则雨滴落地时单位面积的地面受到的平均冲击力是多少？（ρ水=1g/cm3）【考点】52：动量定理．【分析】由数学关系求出单位面积上2小时内的水量，由动量的定义求出雨水的动量以及动量的变化，由动量定理即可求出单位面积的地面受到的平均冲击力．【解答】解：1g/cm3=1000kg/m3单位面积上2小时内的降雨量：V=Sh=1×14.4×10﹣2=0.144m3水的质量：m=ρV=1000kg/m3×0.144m3=144kg根据动量定理，设雨滴落地时单位面积的地面受到的平均冲击力为F，选取向上为正方向，则：Ft=0﹣（﹣mv）代入数据得：F=0.7N答：雨滴落地时单位面积的地面受到的平均冲击力是0.7N．。

四川省广元市利州区宝轮中学高考物理一模试卷（解析版）SYS201310282011一、选择题详细信息1. 难度：中等关于热力学定律，下列说法正确的是（）A．在一定条件下物体的温度可以降到0KB．物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功C．吸收了热量的物体，其内能一定增加D．压缩气体总能使气体的温度升高SYS20131028201详细信息2. 难度：中等如图所示，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q（q＞0）的相同小球，小球之间用劲度系数均为k的轻质弹簧绝缘连接．当3个小球处在静止状态时，每根弹簧长度为l．已知静电力常量为k，若不考虑弹簧的静电感应，则每根弹簧的原长为（）A．B．C．D．SYS20131028201详细信息3. 难度：中等一列简谐横波沿直线由a向b传播，相距10.5m的a、b两处的质点振动图象如图中a、b所示，则（）A．该波的振幅可能是20cmB．该波的波长可能是8.4mC．该波的波速可能是10.5m/sD．该波由a传播到b可能历时7sSYS20131028201详细信息4. 难度：中等质量为lkg的小球从空中某处自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，取g=l0m/s2则（）A．小球下落时离地面的高度为0.80mB．小球能弹起的最大高度为0.90mC．小球第一次反弹的加速度大小为10m/s2D．小球与地面碰撞过程中速度的变化量的大小为2m/sSYS20131028201详细信息5. 难度：中等航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）A．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度B．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度C．在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D．在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度SYS20131028201详细信息6. 难度：中等高温超导限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如图所示，超导部件有一个超导临界电流Ic，当通过限流器的电流I＞Ic时，将造成超导体失超，从超导态（电阻为零）转变为正常态（一个纯电阻），以此来限制电力系统的故障电流．已知超导部件的正常态电阻为R1=3Ω，超导临界电流Ic=1.2A，限流电阻R2=6Ω，小电珠L上标有“6V，6W”的字样，电源电动势E=8V，内阻r=2Ω，原来电路正常工作，现L突然发生短路，则（）A．短路前通过R1的电流为 AB．短路后超导部件将由超导状态转化为正常态C．短路后通过R1的电流为 AD．短路后通过R1的电流为2ASYS20131028201详细信息7. 难度：中等如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能等于-6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（）A．16eVB．14eVC．6eVD．4eVSYS20131028201详细信息8. 难度：中等如图所示，为轿车五挡手动变速器，下表列出了某种型号轿车的部分数据．轿车中有用于改变车速的排挡，手推变速杆可达到不同挡位，可获得不同的运行速度，若从一挡到五挡速度逐渐增大，下列说法中正确的是（）长/mm×宽/mm×高/mm 4 871×1835×1460净重/kg 1 500传动系统前轮驱动与五挡变速发动机类型直列4缸发动机排量（L） 2.2最高时速（km/h）2520～72km/h的加速时间（s）10额定功率（kW）140A．若该车要以最大动力上坡，变速杆应推至五挡B．若把0～72km/h的加速过程视为匀加速直线运动，则此过程中轿车的加速度为2m/s2C．若该车在水平路面上以额定功率行驶，则当速度v=72km/h时加速度为m/s2D．当该车在水平路面上以额定功率和最高速度运行时，轿车的牵引力为3000N SYS201310282012二、解答题详细信息9. 难度：中等利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置示意图如图1所示：（1）实验步骤：①将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于lm，将导轨调至水平；②用游标卡尺测量挡光条的宽度l，结果如图2所示，由此读出l= ______ mm；③由导轨标尺读出两光电门中心之间的距离s= ______ m；④将滑块移至光电门1左侧某处，待砝码静止不动时，释放滑块，要求砝码落地前挡光条已通过光电门2；⑤从数字计时器（图1中未画出）上分别读出挡光条通过光电门1和光电门2所用的时间△t1和△t2；⑥用天平称出滑块和挡光条的总质量M，再称出托盘和砝码的总质量m．（2）用表示直接测量量的字母写出下列所示物理量的表达式：①滑块通过光电门1和光电门2时瞬时速度分别为v1= ______ 和v2=______ ．②当滑块通过光电门1和光电门2时，系统（包括滑块、挡光条、托盘和砝码）的总动能分别为Ek1= ______ 和E k2= ______ ．③在滑块从光电门1运动到光电门2的过程中，系统势能的减少△E P= ______ （重力加速度为g）．（3）如果△E P= ______ ，则可认为验证了机械能守恒定律．SYS20131028201详细信息10. 难度：中等如图所示，绷紧的传送带始终保持着大小为v=4m/s的速度匀速运动．一质量m=1kg的小物块无初速地放到皮带A处，物块与皮带间的滑动动摩擦因数μ=，A、B之间距离s=6m．传送带的倾角为α=30°，（g=10m/s2）（1）求物块从A运动到B的过程中摩擦力对物体做多少功？（2）摩擦产生的热为多少？（3）因传送小木块电动机多输出的能量是多少？SYS20131028201详细信息11. 难度：中等如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45°角的绝缘直杆AC，其下端（C端）距地面高度h=0.8m．有一质量500g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑，小环离杆后正好通过C端的正下方P点处．（g=10m/s2）求：（1）小环带何种电荷？离开直杆后运动的加速度大小和方向．（2）小环从C运动到P过程中的动能增量．（3）小环在直杆上匀速运动速度的大小υ．SYS20131028201详细信息12. 难度：中等如图所示，AB是倾角为θ的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R．一个质量为m的物体（可以看作质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P 点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；（2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′应满足什么条件？。

高二下学期第三次月考物理试卷-带参考答案考生须知：1.本卷满分100分，考试时间90分钟。

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在答题纸规定的位置上。

3.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在试题卷上的作答一律无效。

4. 非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内。

作图时先使用2B 铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效。

5.可能用到的相关参数：重力加速度g 均取102/m s 。

选择题部分一、选择题I （本题共13小题，每小题3分，共39分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列物理量是矢量且对应的单位是由国际单位制的基本单位组成的是A ．力，NB ．冲量，-1kg m s ⋅⋅C ．电场强度，-1N C ⋅D ．磁通量。

2-2k m m A g ⋅⋅⋅2. 美国“毅力号”火星车于北京时间2021年2月19号4点55分成功登陆火星表面，“毅力号”火星车于北京时间2021年08月06日进行了首次火星样本取样工作，且其携带的“机智号”火星直升机也完成了持续40秒的首飞，飞行约160米，成功“击败”了火星稀薄的空气。

下列说法正确的是A ．“火星车于北京时间2021年2月19号4点55分”是指时刻B ．研究火星直升机在空中飞行轨迹时不能将火星直升机看作质点处理C ．研究火星直升机叶片与空气间相互作用力时可将叶片看作质点D ． “机智号”火星直升机首飞时的平均速度一定是4m/s3. 如图为骑行者驾驶摩托车在水平路面上向左匀速拐弯的某个瞬间，不计空气阻力，下列说法正确的是A．地面对摩托车的弹力方向指向左上方B．地面对摩托车的摩擦力方向与车的运动方向相反C．地面对摩托车的作用力与摩托车对地面的作用力大小相等D．摩托车对驾驶员的作用力竖直向上4. 如图所示的LC振荡电路中，某时刻线圈中磁场方向向上，且正在增强，则此时A．电容器上极板带负电，下极板带正电B．振荡电路中能量正在从磁场能转化为电场能C．线圈中的自感电动势正在变小D．增大电容器两极板间的距离，振荡周期会变大5.在江苏卫视《最强大脑》中，一位选手用“狮吼功”震碎了高脚玻璃杯，如图所示。

嗦夺市安培阳光实验学校度第二学期第三次月考高二理科综合一、选择题（1-18为单选题，19-21为多选题。

）14、关于洛伦兹力，以下说法正确的是（）A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．若带电粒子在某点不受洛伦兹力，则该点的磁感应强度一定为零C ．洛伦兹力不改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用的运动电荷，动能一定不改变15、下列有关物理学史或物理现象的说法中正确的是（）A ．停在高压线上的小鸟没有被电击，是因为小鸟所停处电势为零B．法拉第以他深刻的洞察力提出场的概念，并引入了电场线C．安培通过实验研究，发现了电流周围存在磁场，并通过安培定则判断磁场方向D．超高压带电作业的工人所穿工作服的织物中不能掺入金属丝16、如图所示，一根条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，环中的感应电流（自左向右看）（）A．沿顺时针方向B．先沿顺时针方向后沿逆时针方向C．沿逆时针方向D．先沿逆时针方向后沿顺时针方向17、如图所示，电场中有a、b两点，则下列说法中正确的是（）A．电势φa＜φb，场强E a＜E bB．电势φa＞φb，场强E a＞E bC．将电荷﹣q从a点移到b点电场力做负功D．将电荷﹣q分别放在a、b两点时具有的电势能E pa＞E pb18、如图所示．一理想变压器的原线圈匝数为n1=1000匝，副线圈匝数为，n2=200匝，电阻R=8.8Ω．原线圈接入一电压u=220（v）的交流电源，电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，则（）A．副线圈交受电流的频率是100HzB．t=ls的时刻，电压表V的示数为0C．变压器的输入电功率为220WD．电流表A的示数为10A二、多选19、图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是（）A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动20、如图所示的匀强电场中，已知场强大小等于100V/m，AB间距为6cm；则以下说法正确的是（）A．A点电势等于B点电势，A、B、C三点场强相同B．A B两点间的电势差为+6VC．现有一个电量为+q的电荷，第一次从A点移到B点，电场力做功为W1；第二次该电荷从A点移到C点，然后再移到B点，在这个过程中电场力做功为W2，则W2＞W1D．若A点电势为零，则B点电势为﹣3V21、如图所示，在一等腰直角三角形ACD区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力）从AC边的中点O垂直于AC边射入该匀强磁场区域，若该三角形的两直角边长均为2l，则下列关于粒子运动的说法中正确的是（）A．若该粒子的入射速度为v=，则粒子一定从CD边射出磁场，且距点C的距离为lB．若要使粒子从CD边射出，则该粒子从O点入射的最大速度应为v=C．若要使粒子从AC边射出，则该粒子从O点入射的最大速度应为v=D ．该粒子以不同的速度入射时，在磁场中运动的最长时间为三、非选择题22、在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，画出的小灯泡伏安特性曲线（选填“是”或“不是”）直线；图中螺旋测微器的读数是mm．23、为了测定一电池的电动势和内电阻，实验中提供有下列器材：A．电流表G（满偏电流10mA，内阻r g=10Ω）B．电流表A （0～0.6A～3A，内阻未知）C．滑动变阻器R0（0～100Ω，1A）D．定值电阻R（阻值990Ω）E．开关与导线若干．（1）根据现有的实验器材，设计电路图，要求用题中所给仪器符号标在电路图中，请画在方框中．（2）如图是小强根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E= V，内阻r= Ω．（均保留2位有效数字）24、冰球运动员甲的质量为80.0kg。

广元市2017—2018年度下学期高中二年级期末教学质量监测理科综合·物理试卷共8题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第1~4题只有一项符合题目要求，第5~8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1. 在矿物勘探中，勘探人员经常会用光谱分析的方法来确定矿物的成分．如图甲所示的a、b、c、d为四种元素的特征谱线，图乙是某矿物的线状谱，通过光谱分析可以确定该矿物中缺少的元素为A. a元素B. b元素C. c元素D. d元素【答案】B..... .......2. 在核能的利用中，有这样一个反应：吸收一个慢中子后，分解成和，该反应放出大量能量的同时还放出A. 一个α粒子B. 一个氘核C. 三个中子D. 两个中子【答案】C【解析】根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，核反应方程应该是，则该反应放出大量能量的同时还放出三个中子，故选C.3. 如图所示，A、B、C、D、E五个摆悬挂于同一根绷紧的水平绳上，A是摆球质量较大的摆，让它摆动后带动其他摆运动．稳定后，下列结论正确的是A. 其它各摆的振动周期与A摆的振动周期相同B. 其它各摆的振幅都相等C. 其它各摆的振幅不同，D摆的振幅最大D. 其它各摆的振动周期不同，E摆周期最大【答案】A【解析】A摆摆动，其余各摆也摆动起来，它们均做受迫振动，则它们的振动周期均等于A摆的摆动周期，而由于A、E摆长相同，这两个摆的固有周期相同，则E摆出现共振现象，振幅达到最大；故选A。

点睛：本题关键明确两点：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象．4. 如图所示是双缝干涉实验装置示意图．使用波长为600nm的橙色光源照射单缝S，在光屏中央P处观察到亮条纹，在位于P点上方的P1点出现第一条亮纹中心（即P1到双缝S1、S2的光程差为一个波长），现换用波长为400nm的紫色光源照射单缝，则下列说法正确的是A. P和P1仍为亮点B. P为亮点，P1为暗点C. P为暗点，P1为亮点D. P1、P均为暗点【答案】B【解析】无论波长为多大，P点总是亮点；P1点光程差是波长为600nm的橙光波长的整数倍，形成明条纹。

武功县普集高中2017-2018学年度第二学期高二第三次月考物理试题（时间：90分钟；总分100分）第I 卷（选择题）选择题（本题12小题，每小题4分，共48分.其中1-9单选，10-12多选.少选得2分，多选错选得0分）一、单选题1．如图所示是玻尔理论中氢原子的能级图，现让一束单色光照射一群处于基态的氢原子，受激发的氢原子能自发地辐射出三种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为（ ）A. 13.6 eVB. 12.09 eVC. 10.2 eVD. 3.4 eV2．在匀强磁场中有一个原来静止的碳14原子核，它放射出的粒子与反冲核的径迹是两个内切的圆，两圆的直径之比为7：1，如图所示，那么碳14的衰变方程为（ ）A. 146C→01e+145BB. 146C→42He+104BeC. 146C→21H+145BD. 146C→01-e+147N3．如图所示为单摆在两次受迫振动中的共振曲线，下列说法正确的是（ ）A. 若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相等，则图线II 是月球上的单摆共振曲线B. 若两次受迫振动均在地球上同一地点进行的，则两次摆长之比为12:4:25l l =C. 图线II 若是在地球表面上完成的，则该摆摆长约为1mD. 若摆长约为1m，则图线I是在地球表面上完成的4．如图所示为氢原子的部分能级图，以下判断正确的是A. 处于n=3能级的氢原子可以吸收任意频率的光子B. 欲使处于基态的氢原子被激发，可用12.09eV的光子照射C. 一个氢原子从n=4的状态跃迁到基态时，最多可以辐射出6种不同频率的光子D. 用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射金属铂(逸出功为6.34eV)时不能发生光电效应5．下列说法中正确的是A. 在衰变方程中，X原子核的质量数是234B. 核泄漏事故污染物能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程为，可以判断X为正电子C. 放射性物质的衰变方程为，X为中子D. 某人工转变的核反应方程为，其中X为中子6．下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（）A. 卢瑟福通过分析甲图中的α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型B. 乙图表明：只要有光射到金属板上，就一定有光电子射出C. 丙图表示的是磁场对α、β和γ射线的作用情况，其中①是β射线，②是γ射线D. 丁图表示的核反应属于重核裂变，是人工无法控制的核反应7．以下有关近代物理内容的若干叙述正确的是（）A. 卢瑟福用实验得出原子核具有复杂的结构B. 比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定C. 重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损D. 钍核Th ，衰变成镤核Pa ，放出一个中子，并伴随着放出光子 8．人们发现铋有极其微弱的放射性，一个铋核（）经过α、β衰变后变成一个铅核()，并伴随产生了γ射线。

2018年四川省广元市那些年中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于机械振动，下列说法正确的是A．在回复力作用下的运动一定是简谐振动B．物体做受迫振动并达到稳定，振动周期等于驱动力的周期C．回复力就是振动物体所受的合外力D．振动物体连续两次通过平衡位置的时间间隔为一个周期参考答案：B2. 在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环．规定导体环中电流的正方向如图甲所示，磁场方向竖直向上为正．当磁感应强度B 随时间t 按图乙变化时，下列能正确表示导体环中感应电流随时间变化情况的是（）A．B．C．D．参考答案：B【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】正确解答本题一定要明确B﹣t图象中斜率的含义，注意感应电动势的大小与磁通量大小无关与磁通量变化率成正比．【解答】解：根据法拉第电磁感应定律有：E=n=ns，因此在面积、匝数不变的情况下，感应电动势与磁场的变化率成正比，即与B﹣t图象中的斜率成正比，由图象可知：0﹣2s，斜率不变，故形成的感应电流不变，根据楞次定律可知感应电流方向顺时针即为正值，而2﹣4s斜率不变，电流方向为逆时针，即为负值，整个过程中的斜率大小不变，所以感应电流大小不变，故ACD错误，B正确．故选：B．3. （单选）如图所示,电感线圈L的直流电阻RL=1Ω,小灯泡A的电阻R=5Ω,闭合开关S,待电路稳定后再断开开关,则在断开开关S的瞬间,小灯泡A: （）A.立即熄灭B.闪亮一下再逐渐熄灭C.逐渐熄灭D.以上三种情况都有可能参考答案：B4. (单选)下面说法中正确的是：（）A．由可知，电容器的电容与其所带电量成正比B．由可知，磁感应强度大小与放在该处的小段通电导线IL的乘积成反比C．由可知，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比D．穿过闭合回路中的磁通量均匀增加时，回路中产生的感应电动势也均匀增加参考答案：C5. 如图为人造地球卫星轨道的示意图，则卫星（）A. 在a轨道运行的周期为24 hB. 在b轨道运行的速度始终不变C. 在c轨道运行的速度大小始终不变D. 在c轨道运行时受到的地球引力大小是变化的参考答案：D同步卫星的运行周期为24小时，即相对地球静止，所以只能在赤道平面内，A错误；b轨道内的卫星做圆周运动，其速度方向时刻变化，所以其速度时刻变化着，B错误；c轨道为椭圆轨道，根据，可知在近地点速度大，在远地点速度小，根据，同一卫星在近地轨道受到的引力大，在远地轨道受到的引力小，C错误D正确．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 右图为某电场的部分电场线。

高二第二学期物理第三次月考试卷答题注意事项：命题人：管伟权1.本试卷满分100分；2.请将试题按要求解答在答题卷指定的位置。

一、本题共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有一个选项正确，选对的得4分，有选错或不答的得0分．1、某同学对磁感应强度进行理解时，形成了下列看法，其中错误的是（）A．磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量B．磁场中某点磁感应强度大小是由磁场自身决定的C．虽然B＝F/IL，但磁感应强度B与通电导线受到的磁场力F并不成正比D．磁场中某处磁感应强度的方向就是该处一小段通电导线所受磁场力的方向2、在如图所示的实验电路中，当滑动变阻器R0的滑动触头向右端滑动时（）A．L1变暗，L2变亮，L3变亮B．L1变暗，L2变暗，L3变亮C．L1变暗，L2变暗，L3变暗D．L1变亮，L2变暗，L3变亮3、在使用电阻器件时，不仅要知道电阻的标称阻值，还要注意电阻的最大功率，否则在使用中如果超过电阻的最大功率，电阻将被烧坏。

某人在调试电路时，用一个“100kΩ，1/8W”的电阻和一个“300kΩ，1/8W”的电阻串联后作为400 kΩ的电阻使用，则这两只电阻串联后允许消耗的总功率最大不得超过（）A．1/2W B．1/4W C．1/6W D．1/8W4、如图所示是示波器原理图。

电子经电压为U1的电场加速后，射入电压为U2的偏转电场，离开偏转电场后电子打在荧光屏上的P点，离荧光屏中心O的偏转距离为y。

我们把单位偏转电压引起的偏转距离（y/U2）称为示波器的灵敏度。

则下列哪些方法可以提高示波器的灵敏度（）A．提高加速电压U1B．降低偏转电场电压U2C．增大偏转极板的长度LD．增大偏转极板间的距离d二、双项选择题：每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。

5、欧姆定律适用于（）A．金属导电B．气体导电C．电解液导电D．半导体导电6、在研究两个闭合电路A和B的路端电压U与其总电流I的关系时，得到如右图所示的图象，由此可判断（）A．电路A的电动势比电路B的电动势大B．电路A的电源内电阻比电路B的电源内电阻大C ．电路A 的外电阻始终比电路B 的外电阻小D ．电路A 的路端电压始终比电路B 的路端电压大7、在学习“电场”一章的过程中，可总结出一些“经典”结论，有时可直接引用。

四川省广元市利州区宝轮中学2014-2015学年高二下学期第三次月考物理试卷一、选择题（以下各题四个选项中，有的只有一个正确，有的不止一个正确，请选出符合要求的选项．错选、不选得0分，少选得3分．共42分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．“交流电的有效值”用的是等效替代的方法B．奥斯特发现了电磁感应现象，制造了世界上第一台手摇发电机C．伽利略研究了单摆的振动，确定了单摆的周期公式D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律2．（6分）一个矩形线框的面积为S，在磁感应强度为B的匀强磁场中，从线圈平面与磁场垂直的位置开始计时，转速为n rad/s，则（）A．线框交变电动势的峰值为nπBSB．线框交变电动势的有效值为nπBSC．从开始转动经过周期，线框中的平均感应电动势为2nBSD．感应电动势瞬时值为e=2nπBSsin2nπt3．（6分）如图所示，小球在B、C之间做简谐运动，O为BC间的中点，B、C间的距离为10cm，则下列说法正确的是（）A．小球的最大位移是10cmB．只有在B、C两点时，小球的振幅是5cm，在O点时，小球的振幅是0C．无论小球在任何位置，它的振幅都是10cmD．从任意时刻起，一个周期内小球经过的路程都是20 cm4．（6分）如图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点摆动．金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面．则线框中感应电流的方向是（）A．a→b→c→d→aB．d→c→b→a→dC．先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD．先是a→b→c→d→a，后是d→c→b→a→d5．（6分）铁路上使用一种电磁装置向控制中心传输信号，以确定火车的位置．有一种磁铁能产生匀强磁场，被安装在火车首节车厢下面，如图所示（俯视图），当它经过安装在两铁轨之间的线圈时，便会产生一种电信号被控制中心接收到．当火车以恒定的速度通过线圈时，表示线圈两端的电压随时间变化的关系是图中的（）A． B． C．D．6．（6分）如图，一理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈两端接入一正弦交流电源；副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表．下列结论正确的是（）A．若电压表读数为6V，则输入电压的最大值为VB．若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数减小到原来的一半C．若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D．若保持负载电阻的阻值不变．输入电压增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的4倍7．（6分）如图所示，相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B．将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P，导体棒最终以2v的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g．下列选项正确的是（）A．P=2mgvsin θB．P=3mgvsin θC．当导体棒速度达到时加速度大小为sin θD．在速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力所做的功二、填空题（共2个小题，每空3分，共18分）8．（6分）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧．若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向（填“左”或“右”）运动，并有（填“收缩”或“扩张”）趋势．9．（12分）某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素．①他组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如1图所示．这样做的目的是（填字母代号）．A．保证摆动过程中摆长不变B．可使周期测量得更加准确C．需要改变摆长时便于调节D．保证摆球在同一竖直平面内摆动②他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬点量到摆球的最低端的长度L=0.999 0m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图2所示，则该摆球的直径为mm，单摆摆长为m．③下列振动图象真实地描述了对摆长约为1m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动的图象，已知sin 5°=0.087，sin 15°=0.26，这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是（填字母代号）．三、解答题（共三个小题，共50分．要求写出必要的文字说明、物理规律、公式）10．（15分）如图1所示，有一秒摆（周期为2s的单摆），悬点为O，在O点正下方M处有一钉子，从平衡位置向左摆时由于钉子的阻碍改变了摆的长度，从平衡位置向右摆时又变为原摆的长度，其振动图象如图2所示．g取9.86m/s2，求：（1）秒摆摆长．（2）用改变后的摆的摆长做成的单摆的周期是多大？摆长是多长？（3）原题中摆的周期多大？写出此摆的周期表达式（注明各个物理量符号的意义）．悬点离钉子的距离多长？11．（17分）人们利用发电机把天然存在的各种形式的能（水流能、风能、煤等燃烧的化学能…）转化为电能．为了合理的利用这些能源，发电站要修建在靠近这些天然资源的地方．但是，用电的地方往往很远．因此，需要高压输送线路把电能输送到远方．如果某发电站将U=6000V的电压直接地加在高压输电线的输入端，向远方供电，且输送的电功率为P=800kW．则此时安装在高压输送线路的输入端和终端的电能表一昼夜读数就相差△E=9600kW•h（1kW•h=1 度电）．求：（1）该输电线路的电阻为多少？（2）此种情况下，高压线路的输电效率和终端电压．（3）若要使此高压输电线路的输电效率为98%，则在发电站处应安装一个变压比（n1：n2）是多少的变压器？（4）若输电效率仍为98%，用户所需电压为220V，则应在用户处安装一个变压比（n3：n4）是多少的变压器？12．（18分）如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L，长为3d，导轨平面与水平面的夹角为θ，在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直，质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端．导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R，其他部分的电阻均不计，重力加速度为g，求：（1）导体棒与涂层间的动摩擦因素μ；（2）导体棒匀速运的速度大小v；（3）整个运动过程中，电阻产生的焦耳热Q．四川省广元市利州区宝轮中学2014-2015学年高二下学期第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（以下各题四个选项中，有的只有一个正确，有的不止一个正确，请选出符合要求的选项．错选、不选得0分，少选得3分．共42分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．“交流电的有效值”用的是等效替代的方法B．奥斯特发现了电磁感应现象，制造了世界上第一台手摇发电机C．伽利略研究了单摆的振动，确定了单摆的周期公式D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律考点：电磁感应现象的发现过程．分析：等效替代法是在保证某种效果（特性和关系）相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法；明确各个物理规律的发现历程，并明确相对应的物理学家的主要贡献．解答：解：A、交流电通过电阻性负载时，如果所产生的热量与直流电在相同时间内通过同一负载所产生的热量相等时，这一直流电的大小就等效为交流电的有效值．故“交流电的有效值”用的是等效替代的方法．故A正确；B、法拉第发现了电磁感应现象，制造了世界上第一台手摇发电机；故B错误；C、惠更斯研究了单摆的振动规律，确定了单摆振动的周期公式．故C错误；D、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律；故D错误；故选：A．点评：对于物理学史，背诵是最好的学习方法，可根据年代、时代背景和物理学发展进程记忆2．（6分）一个矩形线框的面积为S，在磁感应强度为B的匀强磁场中，从线圈平面与磁场垂直的位置开始计时，转速为n rad/s，则（）A．线框交变电动势的峰值为nπBSB．线框交变电动势的有效值为nπBSC．从开始转动经过周期，线框中的平均感应电动势为2nBSD．感应电动势瞬时值为e=2nπBSsin2nπt考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈的转速为n转/秒，角速度ω=2πnrad/s．交变电动势的最大值为E m=nBSω．由E=E m，求出电动势有效值．根据法拉第电磁感应定律求解平均感应电动势．从线圈平面与磁场垂直的位置开始计时，感应电动势瞬时值表达式为e=E m sinωt．解答：解：A、交变电动势的最大值为为：E m=nBSω=2nBSω．故A错误．B、线框交变电动势的有效值为：E=E m=nπBS．故B错误．C、从开始转动经过周期，线框中的平均感应电动势为：=n=n=4n4BS．故C错误．D、感应电动势瞬时值为：e=E m sinωt=2nπBSsin2nπtV．故D正确．故选：D．点评：对于交流电的规律实际是电磁感应规律的特殊应用，求解平均感应电动势运用法拉第电磁感应定律．3．（6分）如图所示，小球在B、C之间做简谐运动，O为BC间的中点，B、C间的距离为10cm，则下列说法正确的是（）A．小球的最大位移是10cmB．只有在B、C两点时，小球的振幅是5cm，在O点时，小球的振幅是0C．无论小球在任何位置，它的振幅都是10cmD．从任意时刻起，一个周期内小球经过的路程都是20 cm考点：简谐运动的回复力和能量．专题：简谐运动专题．分析：振动位移是指振动物体离开平衡位置的位移，小球经过B或C点时位移最大；振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离，对于给定的简谐运动，振幅不变．一个周期内小球经过的路程是4倍振幅．解答：解：A、小球位移的起点是O，小球经过B或C点时位移最大，最大位移为 5cm．故A错误．B、C、小球做简谐运动，振幅不变，由图知，振幅为A=5cm．故BC错误．D、根据对称性和周期性可知，从任意时刻起，一个周期内小球经过的路程都是4倍振幅，即为4A=4×5cm=20cm，故D正确．故选：D点评：解答本题关键要正确理解位移和振幅的意义，由图直接读出位移和振幅．4．（6分）如图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点摆动．金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面．则线框中感应电流的方向是（）A．a→b→c→d→aB．d→c→b→a→dC．先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD．先是a→b→c→d→a，后是d→c→b→a→d考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：本题考查楞次定律的应用，关键在于先找出原磁通量的变化，再由楞次定律确定感应电流的磁场方向，最后确定感应电流．解答：解：由静止释放到最低点过程中，磁通量减小，且磁场方向向上，由楞次定律，感应电流产生磁场也向上，再由右手螺旋定则可知，感应电流的方向：d→c→b→a→d；同理，当继续向右摆动过程中，向上的磁通量增大，根据楞次定律可知，电流方向是d→c→b→a→d；故选：B．点评：楞次定律可理解为“增反减同”，在应用中要掌握其步骤，并能正确应用安培定则等相关知识．5．（6分）铁路上使用一种电磁装置向控制中心传输信号，以确定火车的位置．有一种磁铁能产生匀强磁场，被安装在火车首节车厢下面，如图所示（俯视图），当它经过安装在两铁轨之间的线圈时，便会产生一种电信号被控制中心接收到．当火车以恒定的速度通过线圈时，表示线圈两端的电压随时间变化的关系是图中的（）A． B． C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：当火车以恒定速度通过线圈时，线圈的左边或右边切割磁感线，产生恒定的电动势，根据右手定则可判电势高低．解答：解：当火车还未进入线圈时，不切割磁感线，因此不产生感应电动势，所以u=0 当火车进入线圈过程，线圈的左边切割磁感线产生感应电动势，根据右手定则可判，b点电势高于a点，故u ab＜0；火车以恒定速度通过线圈，故产生恒定的电动势，则ab两端有恒定的电势差；线框完全在磁场中匀速运动时，没有感应电动势产生．当火车离开线圈过程，线圈的右边切割磁感线产生感应电动势，根据右手定则可判，b点电势低于a点，故u ab＞0；故C正确，ABD错误．故选：C．点评：此类题目可以采用排除法，只要抓住火车进线圈的过程，灵活利用右手定则判断出电流的方向，判断出电势高低，变轻而易举的解决．6．（6分）如图，一理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈两端接入一正弦交流电源；副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表．下列结论正确的是（）A．若电压表读数为6V，则输入电压的最大值为VB．若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数减小到原来的一半C．若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D．若保持负载电阻的阻值不变．输入电压增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的4倍考点：变压器的构造和原理．专题：压轴题．分析：电压表读数6V为有效值，由=可得输入电压的有效值为24V，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得输入电压的最大值输入功率随输出功率而变化，输出功率变大则输入功率变大．若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，得输出电压也增加到原来的2倍，由 I=电流表示数也应增加到原来的2倍，若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，由 I=输出电流减小到原来的一半，输入功率即P=IU也减小到原来的一半．解答：解：A、若电压表读数为6V，由=可得则输入电压为是有效值，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得因此其最大值为V，A正确；B、若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，由=可得输出电压也增加到原来的2倍，由 I=电流表示数也应增加到原来的2倍，B错误；C、若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，由 I=输出电流减小到原来的一半，输入功率即P=IU也减小到原来的一半，C错误；D、若保持负载电阻的阻值不变．输入电压增加到原来的2倍，输出电压增大到原来的2倍，则由可知输出功率增加到原来的4倍，D正确．故选A、D．点评：只有理解交流电压表和交流电流表读数为有效值，电压电流与匝数比的关系，并熟练掌握电功率的计算公式，才能顺利解决这类问题．7．（6分）如图所示，相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B．将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P，导体棒最终以2v的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g．下列选项正确的是（）A．P=2mgvsin θB．P=3mgvsin θC．当导体棒速度达到时加速度大小为sin θD．在速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力所做的功考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒最终匀速运动受力平衡可求拉力F，由P=Fv可求功率，由牛顿第二定律求加速度，由能量守恒推断能之间的相互转化．解答：解：A、当导体棒以v匀速运动时受力平衡，则mgsinθ=BIl=，当导体棒以2v匀速运动时受力平衡，则有：F+mgsinθ=BIl=，故F=mgsinθ，拉力的功率P=Fv=2mgvsinθ，故A正确B、同理，B错误C、当导体棒速度达到时，由牛顿第二定律，mgsinθ﹣=ma，解得：a=，故C正确D、由能量守恒，当速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力及重力所做的功，故D错误故选：AC点评：解决本题的关键能够通过导体棒的受力，判断其运动规律，知道合力为零时，做匀速直线运动，综合牛顿第二定律、闭合电路欧姆定律以及能量守恒定律等知识综合求解．二、填空题（共2个小题，每空3分，共18分）8．（6分）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧．若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向左（填“左”或“右”）运动，并有收缩（填“收缩”或“扩张”）趋势．考点：楞次定律．分析：由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可知电路中电流的变化，即可得出磁场的变化及穿着线圈的磁通量的变化，则由楞次定律可得出线圈中磁场的方向，从而得出线圈的运动及形状的变化．解答：解：变阻器滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势．故答案为：左；收缩．点评：楞次定律可简单地记为：“增反减同”、“来拒去留”；楞次定律的应用一定注意不要只想着判断电流方向，应练习用楞次定律去判断导体的运动及形状的变化．9．（12分）某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素．①他组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如1图所示．这样做的目的是AC（填字母代号）．A．保证摆动过程中摆长不变B．可使周期测量得更加准确C．需要改变摆长时便于调节D．保证摆球在同一竖直平面内摆动②他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬点量到摆球的最低端的长度L=0.999 0m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图2所示，则该摆球的直径为12.0mm，单摆摆长为0.9930m．③下列振动图象真实地描述了对摆长约为1m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动的图象，已知sin 5°=0.087，sin 15°=0.26，这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是A（填字母代号）．考点：探究单摆的周期与摆长的关系．专题：实验题．分析：当摆角小于等于5°时，我们认为小球做单摆运动，游标卡尺的示数等于主尺示数与游标尺示数之和；摆长为悬点到球心的距离；对于测量误差可根据实验原理进行分析；解答：解：（1）在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，是为了防止动过程中摆长发生变化，如果需要改变摆长来探究摆长与周期关系时，方便调节摆长，故AC正确，故选：AC（2）游标卡尺示数为：d=12mm+0×0.1mm=12.0mm；单摆摆长为：L=l﹣=0.9990m﹣0.0060m=0.9930m（3）当摆角小于等于5°时，我们认为小球做单摆运动，所以振幅约为：1×0.087m=8.7cm，当小球摆到最低点开始计时，误差较小，测量周期时要让小球做30﹣50次全振动，求平均值，所以A合乎实验要求且误差最小．故选：A故答案为：（1）AC；（2）12.0，0.993 0；（3）A点评：掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系．单摆的周期采用累积法测量可减小误差．对于测量误差可根据实验原理进行分析．三、解答题（共三个小题，共50分．要求写出必要的文字说明、物理规律、公式）10．（15分）如图1所示，有一秒摆（周期为2s的单摆），悬点为O，在O点正下方M处有一钉子，从平衡位置向左摆时由于钉子的阻碍改变了摆的长度，从平衡位置向右摆时又变为原摆的长度，其振动图象如图2所示．g取9.86m/s2，求：（1）秒摆摆长．（2）用改变后的摆的摆长做成的单摆的周期是多大？摆长是多长？（3）原题中摆的周期多大？写出此摆的周期表达式（注明各个物理量符号的意义）．悬点离钉子的距离多长？考点：单摆周期公式．专题：单摆问题．分析：（1）根据单摆的周期公式求秒摆摆长．（2）由振动图象得到摆长改变后单摆的周期，再由周期公式求出摆长．（3）根据一次全振动的时间确定周期．由上题结果求悬点离钉子的距离．解答：解：（1）因为秒摆的周期 T0=2 s，由得，秒摆摆长 L==1 m．（2）由振动图象知，改变摆长后用此摆长做成的单摆，半个周期是 0.5 s，因此 T1=2×0.5 s=1 s，则改变后的摆长 l==0.25 m．（3）由振动图象知，摆的周期T=1.5 s，周期表达式T=+，其中T为摆的周期，L为秒摆原摆长，l为被钉子阻挡后的摆长．悬点离钉子的距离为OM=L﹣l=1 m﹣0.25 m=0.75 m．答：（1）秒摆摆长是1 m．（2）改变摆长后用此摆长做成的单摆周期是 0.5 s，摆长是0.25 m．（3）摆的周期是1.5 s，周期表达式T=+，其中T为摆的周期，L为秒摆原摆长，l为被钉子阻挡后的摆长．悬点离钉子的距离为0.75 m．点评：本题关键是明确周期的含义，注意摆长的变化从而导致周期的变化，然后根据单摆的周期公式列式求解．11．（17分）人们利用发电机把天然存在的各种形式的能（水流能、风能、煤等燃烧的化学能…）转化为电能．为了合理的利用这些能源，发电站要修建在靠近这些天然资源的地方．但是，用电的地方往往很远．因此，需要高压输送线路把电能输送到远方．如果某发电站将U=6000V的电压直接地加在高压输电线的输入端，向远方供电，且输送的电功率为P=800kW．则此时安装在高压输送线路的输入端和终端的电能表一昼夜读数就相差△E=9600kW•h（1kW•h=1 度电）．求：（1）该输电线路的电阻为多少？（2）此种情况下，高压线路的输电效率和终端电压．（3）若要使此高压输电线路的输电效率为98%，则在发电站处应安装一个变压比（n1：n2）是多少的变压器？（4）若输电效率仍为98%，用户所需电压为220V，则应在用户处安装一个变压比（n3：n4）是多少的变压器？考点：远距离输电；变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：由功率公式P=UI变形可求得通过输电线的电流，因导线上消耗电能，则用户实际得到的功率小于输送功率，则用户得到的实际功率与输送功率的比值即为输电线输送电能的效根据功率损失求出原来线路和现在线路中的输出电压，结合电压表等于匝数之比求出变压器的匝数比．解答：解：（1）由△E=9600 kW•h可知△P==400 kW，由P=UI可知△P=△UI，且I== A，则△U==3000 V．由△P=得R线=22.5Ω．（2）P有=P﹣△P=400 kW输电效率η=×100%=50%，终端电压U1=U﹣△U，则U1=3000 V．（3）损失功率为总功率的2%，则P损=P×2%=16 kW，==，==．（4）由P损=得U损=600 V，由=得U2=U=30000 V则降压变压器原线圈两端电压U3=U2﹣U损=29400 V，==．答：（1）该输电线路的电阻为22.5Ω（2）此种情况下，高压线路的输电效率和终端电压分别为50%和3000V；（3）若要使此高压输电线路的输电效率为98%，则在发电站处应安装一个变压比（n1：n2）是1：5的变压器；（4）若输电效率仍为98%，用户所需电压为220V，则应在用户处安装一个变压比（n3：n4）是1470：11的变压器．点评：解决本题的关键知道输送功率、终端功率和损失功率的关系，以及知道输送功率与输送电压、电流的关系．12．（18分）如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L，长为3d，导轨平面与水平面的夹角为θ，在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直，质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端．导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R，其他部分的电阻均不计，重力加速度为g，求：（1）导体棒与涂层间的动摩擦因素μ；（2）导体棒匀速运的速度大小v；（3）整个运动过程中，电阻产生的焦耳热Q．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；焦耳定律；安培力．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）研究导体棒在绝缘涂层上匀速运动过程，受力平衡，根据平衡条件即可求解动摩擦因数μ．（2）据题导体棒在滑上涂层之前已经做匀速运动，推导出安培力与速度的关系，再由平衡条件求解速度v．（3）导体棒在滑上涂层滑动时摩擦生热为Q T=μmgdcosθ，再根据能量守恒定律求解电阻产生的焦耳热Q．解答：解：（1）在绝缘涂层上，导体棒做匀速直线运动，受力平衡，则有：mgsinθ=μmgcosθ解得：μ=tanθ。