2018年广东省高考物理试卷(新课标ⅰ)高清版

A . m a m b m e2017年普通高等学校招生全国统一考试物理试题及答案（新课标1卷）注意事项：1 •答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2 •回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3 •考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 K 39 Ti 48 Fe 56 I 127、选择题：本题共 8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第 14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。

14. 将质量为1.00 kg 的模型火箭点火升空，50 g 燃烧的燃气以大小为 600 m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。

在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为（喷出过程中重力和空气阻力可忽略） 15. 发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）。

速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是 A •速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B .速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C •速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D .速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大16. 如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸 面向里，三个带正电的微粒 a 、b 、c 电荷量相等，质量分别为 m a 、m b 、m e 。

已知在该区域内，a 在纸 面内做匀速圆周运动，b 在纸面内向右做匀速直线运动，e 在纸面内向左做匀速直线运动。

下列选项正确的是A . 30 kg m/s2C . 6.0 氷0 kg m/s2B . 5.7 X 0 kg m/s D . 6.3 X 02 kg m/sD . m c m b m a17 .大科学工程 人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电。

2018年普通高等学校招生全国统一考试物理试题（广东卷，含答案）本试卷共8页，20小题，满分150分。

考试用时120分钟。

注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上。

用2B 铅笔将试卷类型（A ）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。

2.选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答。

答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．作答选做题时，请先用2B 铅笔填涂选做题的题号对应的信息点，再作答。

漏涂、错涂、多涂的，答案无效。

5.考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1. 物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步。

下列表述正确的是A ．牛顿发现了万有引力定律 B.洛伦兹发现了电磁感应定律C ．光电效应证实了光的波动性 D.相对论的创立表明经典力学已不再适用2.科学家发现在月球上含有丰富的32He （氦3）。

它是一种高效、清洁、安全的核聚变燃料，其参与的一种核聚变反应的方程式为331422122He He H He +→+。

关于32He 聚变下列表述正确的是A ．聚变反应不会释放能量 B.聚变反应产生了新的原子核 C ．聚变反应没有质量亏损 D.目前核电站都采用32He 聚变反应发电3.某物体运动的速度图像如图1，根据图像可知A.0-2s 内的加速度为1m/s 2B.0-5s 内的位移为10mC.第1s 末与第3s 末的速度方向相同D.第1s 末与第5s 末加速度方向相同4.硅光电池是利用光电效应原理制成的器件。

2018年普通高等学校招生全国统一考试<广东卷物理）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出地四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对地得4分，选错或不答地得0分(2018广东理综·13>如图3所示,两个接触面平滑地铅柱压紧后悬挂起来,下面地铅柱不脱落,主要原因是A.铅分子做无规则热运动B.铅柱受到大气压力作用C.铅柱间存在万有引力作用D.铅柱间存在分子引力作用【答案】D【解读】考查分子力、大气压力、万有引力之间地区别.选D(2018广东理综·14>图4为某种椅子与其升降部分地结构示意图,M、N两筒间密闭了一定质量地气体，M可沿N地内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，在M向下滑动地过程中A.外界对气体做功，气体内能增大B.外界对气体做功，气体内能减小C.气体对外界做功，气体内能增大D.气体对外界做功，气体内能减小【答案】A【解读】由热力学第二定律△U=Q+W，Q=0，W>0，△U>0.选A(2018广东理综·15>将闭合多匝线圈置于仅随时间变化地磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生地感应电动势和感应电流，下列表述正确地是A.感应电动势地大小与线圈地匝数无关B.穿过线圈地磁通量越大，感应电动势越大C.穿过线圈地磁通量变化越快，感应电动势越大D.感应电流产生地磁场方向与原磁场方向始终相同【答案】C【解读】由E=，AB错，C正确.B原与B感地方向可相同亦可相反.D错.选C (2018广东理综·16>如图5所示地水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止.下列判断正确地是A.F1>F2>F3B.F3>F1>F2C.F2>F3>F1D.F3>F2>F1【答案】B【解读】由力地平行四边形法则及三角形知识得B正确.选B二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分.在每小题给出地四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对地得6分，只选1个且正确地得3分，有选错或不答地得0分.(2018广东理综·17>如图6所示，在网球地网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度υ沿垂直球网地方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网地距离为L，重力加速度取g，将球地运动视作平抛运动，下列表述正确地是A.球地速度υ等于LB.球从击出至落地所用时间为C.球从击球点至落地点地位移等于LD.球从击球点至落地点地位移与球地质量有关【答案】AB【解读】由平抛运动规律：L=υt，H=gt2求出AB正确.选AB18.(2018广东理综·18>光电效应实验中，下列表述正确地是A.光照时间越长光电流越大B.入射光足够强就可以有光电流C.遏止电压与入射光地频率有关D.入射光频率大于极限频率才能产生光电子【答案】CD【解读】光电流地大小只与到达阳极地光电子个数有关，A错.由hv=W+E k和Uq=E k知，CD 正确.选CD(2018广东理综·19>图7<a）左侧地调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，Ⓐ,Ⓥ为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图7<b）所示地正弦交变电压，电压表地示数为110V，下列表述正确地是A、电流表地示数为2AB、原副线圈匝数比为1:2C、电压表地示数为电压地有效值D、原线圈中交变电压地频率为100Hz【答案】AC【解读】电压表、电流表测地都是有效值.AC正确.N1/N2=U1/U2可知B错.选AC(2018广东理综·20>已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G.有关同步卫星，下列表述正确地是A.卫星距离地面地高度为B.卫星地运行速度小于第一宇宙速度C.卫星运行时受到地向心力大小为D.卫星运行地向心加速度小于地球表面地重力加速度【答案】BD【解读】根据，A错，由，B正确，由，C错D对.选BD(2018广东理综·21>图8为静电除尘器除尘机理地示意图.尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力地作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目地.下列表述正确地是A.到达集尘极地尘埃带正电荷B.电场方向由集尘极指向放电极C.带电尘埃所受电场力地方向与电场方向相同D.同一位置带电荷量越多地尘埃所受电场力越大【答案】BD【解读】电子吸附尘埃使尘埃带负电，受力与电场方向相反，AC错.F=Eq，故BD正确.选BD三、非选择题34.(2018广东理综·34><18分）⑴图14是“研究匀变数直线运动”实验中获得地一条纸带，O、A、B、C、D和E为纸带上六个计数点.加速度大小用a表示①OD间地距离为cm②图15是根据实验数据绘出地s—t2图线<s为各计数点至同一起点地距离），斜率表示，其大小为m/s2(保留三位有效数字>.【解读】⑴答案：1.20a/20.933①要估读一位，②s=v0t+at2，斜率为a/2⑵在“描绘小电珠地伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠<2.5V，0.6W），滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干.①粗测小电珠地电阻，应选择多用电表_____倍率地电阻档<请填写“×1”、“×10”或“×100”）；调零后，将表笔分别与小电珠地两极连接，示数如图16，结果为_____②实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图17完成实物图18中地连线.③开关闭合前，应将滑动变阻器地滑片P置于____端.为使小电珠亮度增加，P应由中点向_____端滑动.④下表为电压等间隔变化测得地数据，为了获得更准确地实验图象，必须在相邻数据点_____间多测几组数据<请填写“ab”“bc”“cd”“de”或“ef”）数据点a b c d e FU/V0.00 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 I/A0.000 0.122 0.156 0.185 0.216 0.244 【解读】答案：⑵×17.5左端右端ab①电珠电阻较小，故选“×1”档②如右图③P置左端电珠两端电压最小④ab之间电流值相差太大(2018广东理综·35><18分）如图19<a）所示，在以O为圆心，内外半径分别为R1和R2地圆环区域内，存在辐射状电场和垂直纸面地匀强磁场，内外圆间地电势差U为常量，R1=R0，R2=3R0一电荷量为+q，质量为m地粒子从内圆上地A点进入该区域，不计重力.⑴已知粒子从外圆上以速度υ1射出，求粒子在A点地初速度υ0地大小⑵若撤去电场，如图19(b>,已知粒子从OA延长线与外圆地交点C以速度υ2射出，方向与OA延长线成45°角，求磁感应强度地大小及粒子在磁场中运动地时间⑶在图19(b>中，若粒子从A点进入磁场，速度大小为υ3，方向不确定，要使粒子一定能够从外圆射出，磁感应强度应小于多少？【答案】⑴v0=⑵B1=t =⑶B2＜【解读】⑴由动能定理：Uq =mv12-mv02①得：v0=⑵如右图：粒子在磁场中作圆周运动地半径为r，则r2=2(>2②B1qv2=m③由②③得：B1=T =④t =⑤由④⑤t =⑶由B2qv3=m⑥可知，B越小，R越大.与磁场边界相切地圆地最大半径为O /r RV3R=⑦所以B2＜(2018广东理综·36><18分）如图20所示，以A、B和C、D为端点地两半圆形光滑轨道固定于竖直平面内，一滑板静止在光滑水平地面上，左端紧靠B点，上表面所在平面与两半圆分别相切于B、C.一物块被轻放在水平匀速运动地传送带上E点，运动到A时刚好与传送带速度相同，然后经A沿半圆轨道滑下，再经B滑上滑板.滑板运动到C时被牢固粘连.物块可视为质点，质量为m，滑板质量M=2m，两半圆半径均为R，板长l=6.5R，板右端到C地距离L在R＜L＜5R范围内取值.E距A为S=5R，物块与传送带、物块与滑板间地动摩擦因素均为μ=0.5，重力加速度取g.⑴求物块滑到B点地速度大小；⑵试讨论物块从滑上滑板到离开滑板右端地过程中，克服摩擦力做地功W f与L地关系，并判断物块能否滑到CD轨道地中点.【答案】⑴v B=3⑵①R＜L＜2R时，W f=μmg(l+L>=mg<6.5R+L）②2R≤L＜5R时，W f=μmgx2+μmg(l—△x>=4.25mgR＜4.5mgR，即滑块速度不为0，滑上右侧轨道.滑块不能滑到CD轨道中点【解读】⑴μmgs+mg·2R=mv B2①所以v B=3⑵设M滑动x1,m滑动x2二者达到共同速度v,则mv B=(M+m>v②μmgx1=mv2………………③—μmgx2=mv2—mv B2④由②③④得v=,x1=2R,x2=8R二者位移之差△x=x2—x1=6R＜6.5R，即滑块未掉下滑板讨论：①＜L＜2R时，W f=μmg(l+L>=mg<6.5R+L）②R≤L＜5R时，W f=μmgx2+μmg(l—△x>=4.25mgR＜4.5mgR，即滑块速度不为0，滑上右侧轨道.要使滑块滑到CD轨道中点，v c必须满足：mv c2≥mgR⑤此时L应满足：μmg(l+L>≤mv B2—mv c2⑥则L≤R，不符合题意，滑块不能滑到CD轨道中点.申明：所有资料为本人收集整理，仅限个人学习使用，勿做商业用途.。

2018 年一般高等学校招生全国一致考试（广东卷物理）一、单项选择题：本大题共 4 小题，每题 4 分。

共 16 分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项切合题目要求，选对的得 4 分，选错或不答的得0 分。

13.图2为节日里悬挂灯笼的一种方式，A,B 点等高， O 为结点，轻绳AO、 BO 长度相等，拉力分别为F A， F B灯笼遇到的重力为G．以下表述正确的是A．F A必定小于GB． F A与 F B大小相等C． F A与 F B是一对均衡力D． F A与 F B大小之和等于 G14. 图 3 是密闭的气缸，外力推进活塞P 压缩气体，对缸内气体做功800J，同时气体向外界放热 200J，缸内气体的A．温度高升，内能增添600JB. 温度高升，内能减少200JC. 温度降低，内能增添600JD. 温度降低，内能减少200J15.如图 4 所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会关闭必定质量的空气，经过压力传感器感知管中的空气压力，进而控制进水量。

设温度不变，洗衣缸内水位高升，则细管中被关闭的空气A.体积不变，压强变小B.体积变小，压强变大C.体积不变，压强变大D.体积变小，压强变小16.如图 5 所示，平行导轨间有一矩形的匀强磁场地区，细金属棒PQ沿导轨从 MN处匀速运动到 M'N' 的过程中，棒上感觉电动势E 随时间 t 变化的图示，可能正确的选项是二.双项选择题：本大题共 5 小题，每题 6 分，共 30 分。

在每题给出的四个选项中，有两个选项切合题目要求，所有选对得6 分，只选 1 个且正确的得 3 分，有选错或不答的得0分。

17.图 6 是某质点运动的速度图像，由图像获取的正确结果是A．0~1 s内的均匀速度是2m/sB. 0~2s内的位移大小是 3 mC. 0~1s内的加快度大于2~4s 内的加快度D ． 0~1s 内的运动方向与2~4s 内的运动方向相反18．对于核衰变和核反响的种类，以下表述正确的有A. 92238U90234Th24He是α衰变B.147N24He178O11 H是β 衰变C.12H13H24He10 n是轻核聚变 D .3482 Se3682Kr24Se 201 e是重核裂变19.图 7 是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确立该电压的A周期是B最大值是 311VC有效值是 220VD表达式为 U=220sin100 π t （ V）20.以下对于力的说法正确的选项是A.作使劲和反作使劲作用在同一物体上B.太阳系中的行星均遇到太阳的引力作用C运转的人造地球卫星所受引力的方向不变D.伽利略的理想实验说了然力不是保持物体运动的原由21．图 8 是某一点电荷的电场线散布图，以下表述正确的选项是A.a 点的电势高于 b 点的电势B.该点电荷带负电C.a 点和 b 点电场强度的方向同样D.a 点的电场强度大于 b 点的电场强度34.(18分)（ 1）图 13 是某同学在做匀变速直线运动实验中获取的一条纸带。

2018年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）物 理 试 题本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分150分.考试用时120分钟.第一部分 选择题（共40分）一、本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分.1.下列对运动的认识不正确的是A.亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动B.伽利略认为力不是维持物体速度的原因C.牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动D.伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去答案：A解析：物体的自然状态即平衡状态，是静止或匀速直线运动，物体做匀速直线运动时不需要受到力的作用，由于惯性就可以保持原来的运动状态.所以A 项说法是不正确的.从伽利略的理想斜面实验可得到物体的运动不需要力来维持，即力不是维持物体速度的原因，反而力是改变物体速度即使物体产生加速度的原因，所以BC 项正确.伽利略根据理想实验推论出，物体一旦具有某一个速度，将保持这个速度永远运动下去的结论，所以D 项正确.题目要求选不正确的选项，所以只有A 符合要求.2.a 、b 两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图1所示，下列说法正确的是图1A.a 、b 加速时，物体a 的加速度大于物体b 的加速度B.20秒时，a 、b 两物体相距最远C.60秒时，物体a 在物体b 的前方D.40秒时，a 、b 两物体速度相等，相距200 m答案：C解析：a 、b 两物体同地同一直线运动，从速度图象看速度都为正值，即同向行驶.a 的加速度a=t v ∆∆=s s m 20/30=1.5 m/s 2,b 的加速度a′=t v '∆'∆=ss m 20/40=2 m/s 2. 所以a 物体的加速度小于b 物体的加速度，即A 项错误.20 s 时,a 物体速度达到v=40 m/s 而b 物体仍静止，只有当40 s 时，即a 、b 两物体的速度相等时，a 、b 两物体才相距最远，此时相距的距离为Δs=(800 m+500 m)-400 m=900 m,所以BD 项错误.当60 s 时a 的位移为s a =21×(10+40)×20 m+40×40 m=2 100 m而b 的位移s b =21×40×100 m=2 000 m,所以a 在b 的前方即C 项正确. 3.下列说法正确的是A.康普顿发现了电子B.卢瑟福提出了原子的核式结构模型C.贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象D.伦琴发现了X 射线答案：BCD解析：汤姆生在1897年发现了电子，即A 项错误.卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构，所以B 项正确.贝克勒尔发现了铀和含铀矿物具有天然放射现象，伦琴通过高速电子流打到物体上发现了X 射线即伦琴射线，在这些物理学史中只有BCD 项是正确的.4.关于永动机和热力学定律的讨论，下列叙述正确的是A.第二类永动机违反能量守恒定律B.如果物体从外界吸收了热量，则物体的内能一定增加C.外界对物体做功，则物体的内能一定增加D.做功和热传递都可以改变物体的内能，但从能量转化或转移的观点来看这两种改变方式是有区别的答案：D解析：第二类永动机并不违反能量守恒定律，它只不符合热力学第二定律，所以A 项错误.从热力学第一定律可知物体内能的改变ΔU 与物体吸、放热ΔQ 和做功ΔW 有关，即ΔU=ΔQ+ΔW.物体只从外界吸收了热量，做功情况不明确，同样道理，对物体做功而吸、放热情况不明确，都不能断定物体的内能如何变化，所以B 、C 项错误.做功是通过机械能转化为热能，而热传递是热能从一个物体转移到另一个物体，两种改变内能的方式和本质是有区别的，所以D 项正确.5.据新华社报道，由我国自行设计、研制的世界上第一套全超导核聚变实验装置（又称“人造太阳”）已完成了首次工程调试，下列关于“人造太阳”的说法正确的是A.“人造太阳”的核反应方程是n He H H 10423121+→+B.“人造太阳”的核反应方程是n Kr Ba n U 1092361415610235923++→+C.“人造太阳”释放的能量大小的计算式是ΔE=Δmc 2D.“人造太阳”核能大小的计算公式是E=21mc 2 答案：AC解析：“人造太阳”是利用海水中的H 21和H 31聚变而产生大量热量的.放出的热量可利用爱因斯坦质能方程ΔE=Δmc 2求出，其中Δm 为质量亏损，所以A 、C 项正确.而B 项核反应方程是U 23592的裂变方程，所以B 项错误，爱因斯坦质能方程E=21mc 2是计算质量m 的粒子所具有的能量，并不是计算由于核反应中质量亏损而产生的热量.所以D 项错误.6.铺设铁轨时，每两根钢轨接缝处都必须留有一定的间隙，匀速运行列车经过轨端接缝处时，车轮就会受到一次冲击.由于每一根钢轨长度相等，所以这个冲击力是周期性的，列车受到周期性的冲击做受迫振动.普通钢轨长为12.6 m ，列车固有振动周期为0.315 s.下列说法正确的是A.列车的危险速率为40 m/sB.列车过桥需要减速，是为了防止列车发生共振现象C.列车运行的振动频率和列车的固有频率总是相等的D.增加钢轨的长度有利于列车高速运行答案：AD解析：火车在行驶过程中与铁轨间隙间的碰撞，给火车施加了一个周期性的策动力，要使火车不发生危险，应使策动力的周期远离火车的固有周期，因固有周期T 0=0.315 s.所以策动力周期T=T 0=0.315 s 时使火车发生共振，振幅最大，最为危险，则由T=v L 得危险速度为v=T L =sm 315.06.12=40 m/s ，所以A 项正确.列车过桥时应防止桥梁发生共振导致桥梁坍塌.基本的做法是减小火车速度而不是防止列车发生共振，所以B 项错误.物体受迫振动时的振动频率总等于策动力的频率，与物体的固有频率无关，所以C 项错误.增加铁轨的长度，同时增大列车速度，使策动力频率远离火车的固有频率，是提高火车车速的一种措施.所以D 项正确.7.两束不同频率的单色光a 、b 从空气平行射入水中，发生了图2所示的折射现象（α>β).下列结论中正确的是图2A.光束b 的频率比光束a 低B.在水中的传播速度，光束a 比光束b 小C.水对光束a 的折射率比水对光束b 的折射率小D.若光束从水中射向空气，则光束b 的临界角比光束a 的临界角大答案：C解析：从折射光路图可知a 光的折射率小，则其频率小，在水中的传播速度v=c 知速度大.光从水射入空气的临界角C=arcsin n1，则a 光临界角大，所以只有C 项正确，ABD 项是错误的.8.图3为电冰箱的工作原理示意图.压缩机工作时，强迫致冷剂在冰箱内外的管道中不断循环.在蒸发器中致冷剂汽化吸收箱体内的热量，经过冷凝器时致冷剂液化，放出热量到箱体外，下列说法正确的是图3A.热量可以自发地从冰箱内传到冰箱外B.电冰箱的致冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是因为其消耗了电能C.电冰箱的工作原理不违反热力学第二定律D.电冰箱的工作原理违反热力学第一定律答案：BC解析：在电冰箱的热量传递过程中是由于压缩机消耗电能做功才使热量从冰箱内传到冰箱外，并不是自发地进行，所以A项错误，B项正确.电冰箱的工作原理不违反热力学第一定律和能量守恒定律，所以C项正确，D项错误.9.目前雷达发射的电磁波频率多在200 MHz至1 000 MHz的范围内，下列关于雷达和电磁波说法正确的是A.真空中上述雷达发射的电磁波的波长范围在0.3 m至1.5 m之间B.电磁波是由恒定不变的电场或磁场产生的C.测出从发射电磁波到接收反射波的时间间隔可以确定雷达和目标的距离D.波长越短的电磁波，反射性能越强答案：ACD解析：由λ=c/f可求得200 MHz和1 000 MHz的电磁波波长分别为1.5 m和0.3 m,所以A项正确.电磁波地传播是由周期性变化的电场和周期性变化的磁场交替垂直产生由近及远地传播而形成电磁波，所以B项错误.通过电磁波的传播L=vt=ct可确定雷达和目标的距离，所以C项正确.波长越短的电磁波，其频率越大，粒子性越强即反射性越强，所以D项正确.10.如图4所示，用一根长为L质量不计的细杆与一个上弧长为l0、下弧长为d0的金属线框的中点联结并悬挂于O点，悬点正下方存在一个上弧长为2l0、下弧长为2d0的方向垂直纸面向里的匀强磁场，且d0L，先将线框拉开到如图4所示位置，松手后让线框进入磁场，忽略空气阻力和摩擦，下列说法正确的是图4A.金属线框进入磁场时感应电流的方向为a→b→c→d→aB.金属线框离开磁场时感应电流的方向为a→d→c→b→aC.金属线框dc边进入磁场与ab边离开磁场的速度大小总是相等D.金属线框最终将在磁场内做简谐运动答案：D解析：线框在进入磁场过程中由楞次定律可判得电流方向为a→d→c→b→a.而摆出磁场过程中同样由楞次定律可判得电流方向为a→b→c→d→a，所以A、B项均错误.因为线框在进入和离开磁场过程中，线圈中产生了感应电流，通过电阻发出了热量，而动能会逐渐减少，所以速度会逐渐减小，所以C项错误.线框最终在磁场中摆动过程中，由于磁通量不再发生变化，回路中不再产生感应电流没有热能的产生，只有机械能的转化与守恒，所以线框最终会在磁场中做简谐运动，则D项正确.第二部分非选择题（共110分）二、本题共8小题，共110分.按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.11.（9分）某同学设计了一个研究平抛运动的实验.实验装置示意图如图5所示，A是一块平面木板，在其上等间隔地开凿出一组平行的插槽（图5中P0P0′、P1P1′……），槽间距离均为d.把覆盖复写纸的白纸铺贴在硬板B上.实验时依次将B板插入A板的各插槽中，每次让小球从斜轨的同一位置由静止释放.每打完一点后，把B板插入后一槽中并同时向纸面内侧平移距离d.实验得到小球在白纸上打下的若干痕迹点，如图6所示.图5 图6（1）实验前应对实验装置反复调节，直到___________.每次让小球从同一位置由静止释放，是为了____________________________________________.（2）每次将B板向内侧平移距离d，是为了______________________.（3）在图6中绘出小球做平抛运动的轨迹.答案：（1）斜轨末段水平、A板水平、插槽P0P0′垂直斜轨并在斜轨末端正下方（2）使记录纸上每两点之间的水平距离等于小球在水平方向实际运动的距离（3）见解析图解析：（1）研究平抛运动的规律，首要的一点是使小球沿水平方向抛出.所以实验前要反复调节斜槽，使斜槽的末端处于水平状态，并使板A水平，插槽P0P0′垂直斜轨并在斜轨末端正下方.斜放小球时，每次要使小球从斜槽的同一位置滑下的主要原因是为了使小球每次抛出时具有同样的水平初速度v0.（2）实验过程中，竖直木板在后移d的同时也平向移动d，是为了让每次的小球落点不在记录纸面的竖直直线上，而在侧移了的平面上，使记录纸上每两点之间的水平距离等于小球在水平方向实际运动的距离.由水平方向的匀速运动研究竖直方向的运动规律.（3）小球的平抛运动轨迹如图.12.（11分）某同学设计了一个如图7所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测干电池组（电动势约3 V0.6 A，内阻小于1 Ω）、电阻箱（0—99.99 Ω）、滑动变阻器（0—10 Ω）、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若干.考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略.（1）该同学按图7连线，通过控制开关状态，测得电流表内阻约为0.20 Ω.试分析该测量产生误差的原因是_______________________________________________________.（2）简要写出利用图7所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤：①_____________________________________________________________________________; ②_____________________________________________________________________________.图7 图8（3）图8是由实验数据绘出的I1R 图象，由此求出待测干电池组的电动势E=___________V 、内阻r=___________Ω.（计算结果保留三位有效数字）答案：（1）满偏时滑动变阻器阻值与电流表阻值之比偏低；电阻箱的阻值不能连续调节.（2）①断开K ，将R 旋至最大值，S 掷向D ；②调小R 直到电流表指针有足够偏转，改变R 值测出几组I 随R 变化的数据.（3）E=2.86 V(2.76—2.96 V 均给分）r=2.37 Ω(2.37—2.47 Ω均给分)解析：先测电流表内阻：K 闭合，S 断开，调节滑动变阻器的滑片P 使电流表A 满偏，再将S 接通C ，调节电阻箱R 使电流表A 半偏.此时电阻箱R 的阻值即为电流表A 的内阻.因为电流表满偏时I=0.6 A 、电动势E 约为3 V ，则回路中电阻约为R=I E =AV 6.03=5 Ω.所以测得的电流表内阻有误差的主要原因是滑动变阻器的阻值没有满足R ＞＞R A 和电阻箱不能连续调节.再测电源的电动势和内阻：K 断开，电阻值箱R 阻值旋为最大值.S 接通D ，调节电阻箱R 的阻值，读出若干组R 对应的电流.描点画图得到I1-R 图象. 由E=I （R+R A +r ）可得I 1=E R +E r R A +，所以图象的斜率k=E 1得8.89.04-=E 1得E=284 V由纵轴截距Er R A +=0.9得r=2.37 Ω. 13.（15分）（1）人们发现光电效应具有瞬时性和对各种金属都存在极限频率的规律.请问谁提出了何种学说很好地解释了上述规律？已知锌的逸出功为3.34 eV ，用某单色紫外线照射锌板时，逸出光电子的最大速度为118 m/s ，求该紫外线的波长λ（电子质量m e =9.11×10-31 kg ，普朗克常量h=6.63×10-34 J ·s,1 eV=1.60×10-19 J ）.（2）风力发电是一种环保的电能获取方式.图9为某风力发电站外观图.设计每台风力发电机的功率为40 kW.实验测得风的动能转化为电能的效率约为20%，空气的密度是1.29 kg/m 3，当地水平风速约为10 m/s ，问风力发电机的叶片长度约为多少才能满足设计要求？图9答案：（1）2.01×10-7 m （2）10 m解析：（1）（7分）爱因斯坦提出了光子学说很好地解释了光电效应. ① 根据爱因斯坦光电效应方程hc/λ=W+21m e v 2 ② 所以λ=2.01×10-7 m. ③(2)(8分)风的动能：E k =21mv 2 ① 风t 时间内通过叶片为半径圆的质量：m=ρV=ρπl 2vt ② P=t E k =21ρπl 2v 3η ③ 由①②③得：l≈10 m.14.（12分）某发电站的输出功率为118 kW ，输出电压为4 kV ，通过理想变压器升压后向80 km 远处用户供电.已知输电线的电阻率为ρ=2.4×10-8 Ω·m ，导线横截面积为1.5×10-4 m 2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：（1）升压变压器的输出电压；（2）输电线路上的电压损失.答案：（1）80 000 V （2）3 200 V解析：（1）输电线的电阻为：R=ρSl 2 ① P 损=P 1×4% ② P 损=I 22R ③ P 2=P 1 ④ P 2=I 2U 2 ⑤ 由①②③④⑤得升压变压器的输出电压：U 2=80 000 V.（2）输电线路上的电压损失U 损=I 2R=3 200 V .15.（14分）一个质量为4 kg 的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数μ=0.1.从t=0开始，物体受到一个大小和方向呈周期性变化的水平力F 作用，力F 随时间的变化规律如图10所示.求83秒内物体的位移大小和力F 对物体所做的功.g 取10 m/s 2.图10答案：167 m 676 J解析：一个运动周期时间为4秒，半个周期t=2秒.物体所受到的摩擦力大小为：f=μmg前2秒内物体的加速度：a 1=mf F -1 2—4秒物体的加速度：a 2=mf F -2 s 1=21a 1t 2 s 2=v 1t+21a 2t 2 v 1=a 1t 前4秒的位移大小：s=s 1+s 2第84秒的位移s 0=-21a 2(2t )2 83秒时的速度v=-a 2(2t ) 83秒内的位移大小：s 83=21s-s 0s 83=167 m83秒内外力F 对物体做的功为：W F =21mv 2+fs 83 W F =676 J.16.（16分）如图11所示，在磁感应强度大小为B 、方向垂直向上的匀强磁场中，有一上、下两层均与水平面平行的“U ”型光滑金属导轨，在导轨面上各放一根完全相同的质量为m 的匀质金属杆A 1和A 2，开始时两根金属杆位于同一竖直面内且杆与轨道垂直.设两导轨面相距为H ，导轨宽为L ，导轨足够长且电阻不计，金属杆单位长度的电阻为r.现有一质量为2m的不带电小球以水平向右的速度v 0撞击杆A 1的中点，撞击后小球反弹落到下层面上的C 点.C 点与杆A 2初始位置相距为s.求：（1）回路内感应电流的最大值；（2）整个运动过程中感应电流最多产生了多少热量；（3）当杆A 2与杆A 1的速度比为1∶3时，A 2受到的安培力大小.图11答案：（1）r H g sv B 4)2(0+（2）Q=161m(v 0+s Hg 2)2（3）F=)2(802Hg s v r L B + 解析：（1）小球撞击杆瞬间动量守恒，之后做平抛运动，设小球碰撞后速度大小为v 1,杆获得速度大小为v 2,则2m v 0=-2m v 1+mv 2 s=v 1t H=21gt 2 v 2=21(v 0+s Hg 2) 杆在磁场中运动，其最大电动势为E 1=BLv 2 最大电流I max =Lr E 21 I max =r H g sv B 4)2(0+.（2）两金属杆在磁场中运动始终满足动量守恒.两杆最终速度相同，设为v′mv 2=2mv′ Q=21mv 22-21×2mv′2 Q=161m(v 0+s Hg 2)2. (3)设杆A 2和A 1的速度大小分别为v 和3vmv 2=mv+m3v I=LrE 22 安培力F=BIL F=r L B 82(v 0+s Hg 2). 17.（16分）宇宙中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用.已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R 的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆轨道运行.设每个星体的质量均为m.（1）试求第一种形式下，星体运动的线速度和周期；（2）假设两种形式星体的运动周期相同，第二种形式下星体之间的距离应为多少？答案：（1）v=R GmR 25 T=4πGmR 53 （2）r=31)512(R 解析：（1）对于第一种运动情况，以某个运动星体为研究对象，根据牛顿第二定律和万有引力定律有：F 1=22R Gm F 2=22)2(R Gm F 1+F 2=mv 2/R ① 运动星体的线速度：v=R GmR 25 ② 周期为T ，则有： T=vR π2 ③ T=4πGmR 53. ④ (2)设第二种形式星体之间的距离为r ，则三个星体做圆周运动的半径为 R′= 30cos 2/r ⑤由于星体做圆周运动所需要的向心力靠其它两个星体的万有引力的合力提供.由力的合成和牛顿运动定律有：F 合= 30cos 222rGm ⑥ F 合=m 224TπR′ ⑦ 由④⑤⑥⑦式得：r=31)512(R. 18.（17分）在光滑绝缘的水平桌面上，有两个质量均为m ，电荷量为+q 的完全相同的带电粒子P 1和P 2，在小孔A 处以初速度为零先后释放.在平行板间距为d 的匀强电场中加速后，P 1从C 处对着圆心进入半径为R 的固定圆筒中（筒壁上的小孔C 只能容一个粒子通过），圆筒内有垂直水平面向上的磁感应强度为B 的匀强磁场.P 1每次与筒壁发生碰撞均无电荷迁移，P 1进入磁场第一次与筒壁碰撞点为D ，∠COD=θ，如图12所示.延后释放的P 2，将第一次欲逃逸出圆筒的P 1正碰回圆筒内，此次碰撞刚结束，立即改变平行板间的电压，并利用P 2与P 1之后的碰撞，将P 1限制在圆筒内运动.碰撞过程均无机械能损失.设d=85πR ，求：在P 2和P 1相邻两次碰撞时间间隔内，粒子P 1与筒壁的可能碰撞次数.附：部分三角函数值图12答案：2，3，4，5，6，7解析：设开始加速电压为U 1，P 1、P 2第一次碰撞后电压变为U 2 qU 1=21mv 02①Bv 0q=mrv 2②设粒子在圆筒中与筒壁碰撞（n-1）次，转了k 圈后从C 点射出，运动时间为t 1nθ=2kπ ③ tan 2θ=Rr④ T 0=2v rπ t 1=n×πθπ2-T 0 ⑤ P 2在电场中运动时间为t 2,欲使P 1不逃逸出磁场有： mv 0+m(-v 0)=mv 1+mv 221mv 02+21mv 02=21mv 12+21mv 22 ⑥ v 1=-v 2 ⑦v 1=-v 0,v 2=v 0P 1、P 2碰撞后速度发生交换t 2=2022qU mdv a v =⑧ 欲使P 2与P 1碰撞后不穿出A 点，与P 1碰撞后P 2返回距离为s ，12U U =sd≥1有U 2≥U 1 ⑨ t 1=t 2 ⑩ 由⑤⑧⑩得：U 2=)2(20k n dBv -π ○11由①②④⑨○11得：12U U =Rd×nk n ππtan)2(4-≥1通过讨论：只有当k=1,n=3,4,5,6,7,8时，不等式成立. 所以，粒子与圆筒碰撞的可能次数为2，3，4，5，6，7.。

广东省2018年高考物理试题及答案（考试时间：60分钟试卷满分：110分）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的均加速直线运动，在启动阶段列车的动能A．与它所经历的时间成正比 B．与它的位移成正比C．与它的速度成正比 D．与它的动量成正比2．如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图像可能正确的是3．如图，三个固定的带电小球a、b和c，相互间的距离分别为ab=5 cm，bc=3 cm，ca=4 cm。

小球c所受库仑力的合力的方向平衡于a、b的连线。

设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为k，则A．a、b的电荷同号，169k= B．a、b的电荷异号，169k=C．a、b的电荷同号，6427k= D．a、b的电荷异号，6427k=4．如图，导体轨道OPQS固定，其中PQS是半圆弧，Q为半圆弧的中心，O为圆心。

轨道的电阻忽略不计。

OM是有一定电阻。

可绕O转动的金属杆。

M端位于PQS上，OM与轨道接触良好。

空间存在半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，现使OQ位置以恒定的角速度逆时针转到OS位置并固定（过程Ⅰ）；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从B增加到B'（过程Ⅱ）。

在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过OM的电荷量相等，则BB等于A．54B．32C．74D．25．如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R：bc是半径为R的四分之一的圆弧，与ab相切于b点。

一质量为m的小球。

始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动，重力加速度大小为g。

2018广东高考物理试卷一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分13.如图3所示,两个接触面平滑的铅柱压紧后悬挂起来,下面的铅柱不脱落,主要原因是A.铅分子做无规则热运动B.铅柱受到大气压力作用C.铅柱间存在万有引力作用D.铅柱间存在分子引力作用解读：考查分子力、大气压力、万有引力之间的区别。

选D14.图4为某种椅子与其升降部分的结构示意图,M、N两筒间密闭了一定质量的气体，M可沿N的内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，在M向下滑动的过程中b5E2RGbCAPA.外界对气体做功，气体内能增大B.外界对气体做功，气体内能减小C.气体对外界做功，气体内能增大D.气体对外界做功，气体内能减小解读：由热力学第二定律△U=Q+W，Q=0，W>0，△U>0.选A15.将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是p1EanqFDPwA.感应电动势的大小与线圈的匝数无关B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D.感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同解读：由E=，AB错，C正确。

B原与B感的方向可相同亦可相反。

D 错。

选C16.如图5所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止。

下列判断正确的是DXDiTa9E3dA. F1 > F2> F3B. F3 > F1> F2C. F2> F3 > F1D. F3> F2 > F1RTCrpUDGiT解读：由力的平行四边形法则及三角形知识得B正确。

选B二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。

2018年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅰ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一顶符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动，在启动阶段，列车的动能（）A．与它所经历的时间成正比B．与它的位移成正比C．与它的速度成正比D．与它的动量成正比2．（6分）如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是（）A．B．C．D．3．（6分）如图，三个固定的带电小球a，b和c，相互间的距离分别为ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，小球c所受库仑力的合力的方向平行于a，b的连线，设小球a，b所带电荷量的比值的绝对值为k，则（）A．a，b的电荷同号，k= B．a，b的电荷异号，k=C．a，b的电荷同号，k= D．a，b的电荷异号，k=4．（6分）如图，导体轨道OPQS固定，其中PQS是半圆弧，Q为半圆弧的中点，O为圆心。

轨道的电阻忽略不计。

OM是有一定电阻。

可绕O转动的金属杆，M 端位于PQS上，OM与轨道接触良好。

空间存在与半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，现使OM从OQ位置以恒定的角速度逆时针转到OS位置并固定（过程Ⅰ）；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从B增加到B′（过程Ⅱ）。

在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过OM的电荷量相等，则等于（）A．B．C．D．25．（6分）如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R；bc是半径为R的四分之一圆弧，与ab相切于b点。

一质量为m的小球，始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静开始向右运动。

重力加速度大小为g。

2018年全国统一高考物理试卷(新课标Ⅰ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分,共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一顶符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动,在启动阶段，列车的动能（）A．与它所经历的时间成正比B．与它的位移成正比C．与它的速度成正比D．与它的动量成正比2．（6分）如图,轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P,系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上,使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前,下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是（）A．B．C．D．3．（6分）如图,三个固定的带电小球a,b和c，相互间的距离分别为ab=5cm,bc=3cm，ca=4cm，小球c所受库仑力的合力的方向平行于a，b的连线,设小球a，b所带电荷量的比值的绝对值为k，则（）A．a,b的电荷同号，k=B．a，b的电荷异号,k=C．a，b的电荷同号,k=D．a，b的电荷异号,k=4．(6分)如图,导体轨道OPQS固定,其中PQS是半圆弧，Q为半圆弧的中点,O为圆心。

轨道的电阻忽略不计.OM是有一定电阻.可绕O转动的金属杆,M端位于PQS上，OM与轨道接触良好。

空间存在与半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，现使OM从OQ 位置以恒定的角速度逆时针转到OS位置并固定（过程Ⅰ)；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从B增加到B′（过程Ⅱ）。

在过程Ⅰ、Ⅱ中,流过OM的电荷量相等，则等于()A．B．C．D．25．（6分）如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道,ab水平，长度为2R；bc是半径为R的四分之一圆弧，与ab相切于b点.一质量为m的小球，始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静开始向右运动。

重力加速度大小为g。