【名师解析】湖北省黄冈市团风中学2015届高三8月月考物理试题 Word版含解析

2015年团风县中考物理模拟试题一物理试题中g取10N/kg—、选择题(每小题只有一项符合题意，15〜23小题每题3分，共27分)题号15 16 17 18 19 20 21 2223答案15、“中国好声音”比赛现场，吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，从而演奏出美妙的曲子.以下说法中，不正确．．．的是A. 控制琴弦长度是为了改变声音的音调B. 琴声是通过空气传播到现场观众耳中的C. 用电吉他和钢琴弹奏同一首曲子，所演奏出的声音音色相同D. 现场把手机关机或把铃声调成振动，为了在声源处减弱噪声16、如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是A、手影游戏B、水中的倒影C、鸽子的影子D、放映电影17、如图所示，不旋转的铝块在强大压力作用下顶住高速旋转的铜块，铜块瞬间停止转动，两者粘合在一起，这就是“旋转焊接”技术。

下列对焊接过程的理解，错误．．的是( )A．强大的压力可以使两者之间产生很大的摩擦力B．使铜块高速旋转目的是为了增大铜块的惯性C．铜块内能增加是通过做功的方式来实现D．铜块和铝块增加的内能是由铜块的机械能转化而来18、如图所示，木块竖立在小车上，随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动。

下列分析正确的是A．木块没有受到小车的摩擦力B．木块运动速度越大，惯性也越大C．木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力D．当小车受到阻力突然停止运动时，如果木块与小车接触面光滑，木块将向右倾倒19、如图所示，是一种指甲刀的结构示意图，下列说法正确的是A．杠杆ABC上有粗糙的花纹，可以减小摩擦B．D处刀刃较薄，可以增大压力C．ABC是一个省力杠杆D．指甲刀只有两个杠杆，一个省力杠杆，一个费力杠杆20、如图所示是一辆普通的电动自行车，下列有关说法正确的是A．它的把手属于费力杠杆B．它左侧前后两个转向灯同时亮同时灭，两灯是串联的C．自行车坐垫做得宽大是为了减小对臀部的压强D．当遇到紧急情况刹车时它的动能减小，机械能不变21、如图所示，电源电压一定，利用滑动变阻器调节电灯能从最亮到熄灭，下列电路能达到要求的是A B C D22、法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR)效应，荣获了诺贝尔物理学奖.如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图.实验发现，当闭合S1、S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是A.电磁铁右端为N极B.滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱C.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大D.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小23、下列科技产品的应用，说法正确的是A、电动牙刷发出的超声波不能在真空中传播B、移动电话是通过电磁波来传递信息的C、玩电脑游戏时，人不会受到电磁辐射D、地震后，用声音探测仪能够搜集废墟中幸存者发出的电磁波二、填空与作图（24—27题每题3分,28题2分,29题3分，共17分）24、东坡肉是黄州名菜，也是小哲同学的最爱。

2015届黄冈中学高三五月模拟考试理综物理试题本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

全卷共300分，考试时间为150分钟。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Na 23 Al 27 Fe 56第I卷（选择题共126分）二、选择题(本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分)14．伽利略对“自由落体运动”和“运动和力的关系”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。

图1、图2分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法正确的是A．图l中先在倾角较小的斜面上进行实验，可“冲淡”重力，使时间的测量更容易B．图1通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动C．图2的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出力是改变物体运动的原因D．图2中由实验事实可直接．．得出运动不需要力来维持15．一个物体沿直线运动，从t＝0时刻开始，物体的xt－t的图象如图所示，图线与横、纵坐标轴的交点分别为－1 s和0.5 m/s，由此可知A．物体做速度大小为0.5 m/s 的匀速直线运动B．物体做变加速直线运动C．物体做匀加速运动，加速度的大小为0.5 m/s2D．物体做匀加速运动，初速度大小为0.5 m/s16．两个不等量异种点电荷位于x轴上，a带正电，b带负电，｜q a︱>｜q b︱，且a、b相对坐标原点位置对称。

取无限远处的电势为零，下列各图正确描述x轴上的电势φ随位置x 变化规律的是17．第一宇宙速度又叫做环绕速度，第二宇宙速度又叫做逃逸速度。

理论分析表明，逃逸速料耗尽而“死亡”后，强大的引力把其中的物质紧紧地压在一起，它的质量非常大，半径又非常小，以致于任何物质和辐射进入其中都不能逃逸，甚至光也不能逃逸，这种天体被称为黑洞。

团风中学2014年秋季高三年级八月份月考物理试题满分：110分考试时间：90分钟一、选择题（本题共10小题；每小题5分，共50分。

其中1～6题为单选，7～10题为多选。

）1．有下列几种情景，其中对情景的分析和判断正确的是（）①点火后即将升空的火箭；②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车；③运动的磁悬浮列车在轨道上高速行驶；④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动。

A．因火箭还没运动，所以加速度一定为零B．轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C．高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D．因空间站处于完全失重状态，所以空间站内的物体加速度为零2．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确．．．的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度定义式xvt∆=∆，当t∆极小时表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，则在此过程中（）A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值4．如图所示，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是（）A．物体可能只受两个力作用B．物体可能受三个力作用C．物体可能不受摩擦力作用D．物体一定受四个力作用5．关于摩擦力，下列说法正确的是（ ）A ．静摩擦力的方向一定与物体的相对运动趋势的方向相反B ．滑动摩擦力总是阻碍物体的运动，其方向与物体的运动方向相反C ．受静摩擦力作用的物体一定是静止的D ．作用在运动物体上的摩擦力一定是滑动摩擦力6．如图所示，A 、B 为竖直墙面上等高的两点，AO 、BO 为长度相等的两根轻绳，CO 为一根轻杆。

黄冈市2014年秋季高三期末理科综合试题物理部分答案及评分建议14．D15．D16．B17．A18．C19．AD20．BCD21．AC 22．1.035（3分），（3分）23．(1)连图如右（3分）R3(1分)A2(1分)R1(1分)（2）(3分)24.(12分)解：（1）粒子运动轨迹如图所示，由几何知识得：①(1分)粒子在x轴上方运动的回旋角：②(1分)又时间：③(2分)综合①②③得：④(2分)（2）由几何知识有：⑤(1分)粒子在x轴下方运动的半径：⑥(1分)由：⑦(2分)得：⑧(2分)25．（16分）解：（1）由法拉第电磁感应定理有：①（2分）由电路规律可知：②（1分）③（1分）由题意知④（1分）由以上各式可得：（1分）（2）对乙图分析可知金属棒始终静止，t0时刻后ef匀速运动，对ef、ab整体分析，牵引力⑥（2分）对ab分析，⑦（2分）电动势⑧（1分）⑨（1分）牵引力功率⑩（2分）由以上各式可得：（2分）26．（19分）解析：(1)由于v0>v，所以P向右减速运动，对P：T+μmg=ma1①（2分）对Q：mg-T=ma1②（2分）a1=7.5m/s2③（2分）方向向左（1分）(2)设经过时间t1速度与传送带速度相同，则④（2分）位移⑤（2分）由于最大静摩擦力，所以此后P将继续向右减速加速度:m/s2⑥（2分）当其速度减为0时，位移m⑦（2分）可知P在速度未减为0时没有到达B端，此后P将反向向左加速从A端离开传送带（1分）由：⑧（2分）得:m/s⑨（1分）。

2015届高三元月调考理科综合试卷（物理部分）命题学校：天门中学 命题教师：万立华 彭真刚 徐建波程俊灵 陈星星 肖文峰审题学校：潜江中学 审题教师：黄凤勇 王九芬 刘敏考试时间：2015年1月7日上午9:00—11:30 试卷满分：300分注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的学校、考号、班级、姓名等填写在答题卡上。

2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答在试题卷、草稿纸上无效。

3.填空题和解答题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接在答题卡上对应的答题区域内。

答在试题卷、草稿纸上无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

以下数据可供解题时参考：相对原子质量：H —1 C —12 N —14 O —16 Na —23 Al —27 S —32 K —39Fe —56 Cu —64第Ⅰ卷（选择题，共126分）二、选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分。

其中14—18为单项选择题，在每 小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求；19—21为多项选择题，在每小题给 出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分， 有选错的得0分）14．如图所示，质量均可忽略的轻绳与轻杆承受弹力的最大值一定，杆的A 端用铰链固定，光滑轻小滑轮在A 点正上方，B 端吊一重物G ，现将绳的一端拴在杆的B 端，用拉力F 将B 端缓缦上拉，在AB 杆达到竖直前（均未断），关7于绳子的拉力F 和杆受的弹力F N 的变化，判断正确的是（ ）A ．F 变大B ．F 变小C ．F N 变大D ．F N 变小15．星系由很多绕中心作圆形轨道运行的恒星组成．科学家研究星系的一个方法是测量恒星在星系中的运行速度v 和离星系中心的距离r ．用v ∝r n 这样的关系来表达，科学家们特别关心指数n ．若作用于恒星的引力主要来自星系中心的巨型黑洞，则n 的值为（ ）A ．1B ．2C ．21D ． 21 16．如图所示，真空中有两个等量异种点电荷，A 、B 分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A 、B 两点电场强度大小分别是E A 、E B ，电势分别是φA 、φB ，下列判断正确的是（ ）A ．E A ＞EB ，φA ＞φB17．如图，在竖直向下的匀强磁场中有两根竖直放置的平行粗糙导轨CD、EF，导轨上置有一金属棒MN。

2015届上学期高三一轮复习 第二次月考物理试题【湖北版】 一、选择题（本题共12小题；每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~题只有一项符合题目要求，第~12题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分。

） 1．在牛顿第二定律公式F=kma中，比例系数k的数值（ ） A．在任何情况下都等于1 B．是由质量m、加速度a和力F三者的大小所决定的 C．与质量m、加速度a和力F三者的单位无关 D．在国际单位制中一定等于1 2．如图所示，A、B是两只相同的齿轮，A被固定不能转动，若B齿轮绕A齿轮运动半周，由图中B位置转到图中C位置，则B齿轮上所标出的竖直向上的箭头所指的方向是（ ）www A．竖直向上 B．竖直向下 C．水平向左 D．水平向右 3．利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像某同学在一次实验中得到的运动小车的速度—时间图像如图所示，以下说法错误的是（ ） A．小车先做加速运动，后做减速运动 B．小车运动的最大速度约为0.8 m/s C．小车做曲线运动 D．小车的位移一定大于8 m 4．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正）则物体运动的速度v随时间t变化的规律是图丙中的（物体的初速度为零，重力加速度取10 m/s2）（ ） 5．身高为2 m的宇航员，用背越式跳高，在地球上能跳2 m，在另一星上能跳5 m，若只考虑重力因素影响，地球表面重力加速度为g，则该星球表面重力加速度约为（ ） A．g B． g C．g D． g 6．质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时，引力势能可表示为，其中G为引力常量，M为地球质量。

该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2，此过程中因摩擦而产生的热量为（ ） A． B． C． D． 7．如图所示我国国家大剧院外部呈椭球型。

试卷类型：A 绝密★启用前2015年湖北省八市高三年级三月联考理科综合能力测试本试卷共16页，满分300分，考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．答题前，考生务必将自己的姓名、考号等信息填写在答题卡上．2．回答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．写在试卷上的无效．3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效．4．考试结束后，只交答题卡．第Ⅰ卷（选择题，共126分）可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Na-23 S-32 P-31 Mg-24Ca-40 Fe-56 Cu-64二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列叙述正确的是（）A．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性C．法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点D．牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量15．半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN．在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态．如图所示是这个装置的纵截面图．若用外力使MN保持竖直地缓慢向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止．在此过程中，下列说法中正确的是（）A．Q受到MN的弹力逐渐减小B．Q受到P的弹力逐渐减小C．Q受到MN和P的弹力之和保持不变D．P受到地面的支持力和摩擦力均保持不变16．近几年我国在航空航天工业上取得了长足的进步，既实现了载人的航天飞行，又实现了航天员的出舱活动．如图所示，在某次航天飞行实验活动中，飞船先沿椭圆轨道1飞行，后在远地点343千米的P处点火加速，由椭圆轨道1变成高度为343千米的圆轨道2．下列判断正确的是（）A．飞船在椭圆轨道1上的机械能比圆轨道2上的机械能大B．飞船在圆轨道2上时航天员出舱前后都处于失重状态C．飞船在此圆轨道2上运动的角速度小于同步卫星运动的角速度D．飞船在椭圆轨道1上通过P的加速度小于沿圆轨道2运动的加速度17．如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流—位移(xI )关系的是18．如图所示，有一正方体空间ABCDEFGH ，则下面说法正确的是（ ）A ．若只在A 点放置一正点电荷，则电势差BC U <HG UB ．若只在A 点放置一正点电荷，则B 、H 两点的电场强度大小相等C ．若只在A 、E 两点处放置等量异种点电荷，则C 、G 两点的电势相等D ．若只在A 、E 两点处放置等量异种点电荷，则D 、F 两点的电场强度大小相等19．一理想变压器原、副线圈的匝数比为44∶1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P 为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（ ）A ．副线圈输出电压的频率为100HzB ．副线圈输出电压的有效值为5VC ．P 向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小D ．P 向左移动时，变压器的输入功率增加20．如图所示，质量为m 的小球穿在足够长的水平固定直杆上处于静止状态，现对小球同时施加水平向右的恒力0F 和竖直向上的力F ，使小球从静止开始向右运动，其中竖直向上的力F 大小始终与小球的速度成正比，即υk F =(图中未标出)．已知小球与杆间的动摩擦因数为μ，下列说法中正确的是( )A ．小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，直到最后做匀速运动B ．小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动直到静止C ．小球的最大加速度为mF 0 D ．小球的最大速度为k μmg μF +0，恒力0F 的最大功率为kμmg μF F 020+21．如图所示，劲度系数为k 的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上的质量为m的小物体接触(未连接)，如图中O 点，弹簧水平且无形变．用水平力F 缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了0x ，如图中B 点，此时物体静止．撤去F 后，物体开始向右运动，运动的最大距离距B 点为30x ，C 点是物体向右运动过程中弹力和摩擦力大小相等的位置，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g ．则( )A ．撤去F 时，物体的加速度最大，大小为g m kx μ-0B ．物体先做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，最后做匀减速运动C ．从B→C 位置物体弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量D ．撤去F 后，物体向右运动到O 点时的动能最大第Ⅱ卷（非选择题 共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分．第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～40题为选考题，考生根据要求作答．)(一)必考题(共129分)22．（5分）在水平固定的长木板上，小明用物体A 、B 分别探究了加速度随着外力的变化的关系，实验装置如图甲所示(打点计时器、纸带图中未画出)．实验过程中小明用不同的重物P 分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的细线拉动长木板上的物体A 、B 由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间阻力及空气阻力可忽略），实验后进行数据处理，小明得到了物体A 、B 的加速度a 与轻质弹簧秤弹力F 的关系图象分别如图乙中的A 、B 所示，（1）（多选题）由图甲判断下列说法正确的是A ．一端带有定滑轮的长木板不水平也可以达到实验目的B ．实验时应先接通打点计时器电源后释放物体C ．实验中重物P 的质量应远小于物体的质量D ．弹簧秤的读数始终为重物P 的重力的一半（2）小明仔细分析了图乙中两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且A mB m （填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数A μ B μ（填“大于”“等于”或“小于”）．23．（10分）一个刻度没标数值的电压表量程约为9V，内阻x R约为6kΩ，现要较为准确地测其内阻x R，且各仪表的示数不得少于满量程的1/3．实验室提供了如下器材：A．电流表1A：量程3mA，内阻约50ΩB．电流表2A：量程3A，内阻约0.2ΩC．电压表1V：量程1.5V，内阻1r=1kΩD．电压表2V：量程60V，内阻2r约50kΩE．定值电阻器1R：阻值1R=5.1kΩF．定值电阻器2R：阻值2R=30ΩG．电源：电动势约15V，内阻约0.5ΩH．滑动变阻器0~20ΩI．导线若干、单刀单掷开关一个（1）除被测电压表、G、I肯定需外，最少还需器材（填序号）；（2）用你所选最少器材以及G、I在虚线框中画出测量原理图；（3）根据所画原理图，写出x R的表达式（用某次电表的测量值、已知量表示）x R= ，并指明表达式中所设物理量是哪些仪表测量时的示数．24．（13分）光滑水平面上，一个长平板与半圆组成如图所示的装置，半圆弧面（直径AB 竖直）与平板上表面相切于A点，整个装置质量M=5kg．在装置的右端放一质量为m=1kg 的小滑块（可视为质点），小滑块与长平板间的动摩擦因数μ=0.4，装置与小滑块一起以0υ=12m/s的速度向左运动．现给装置加一个F=64N向右的水平推力，小滑块与长平板发生相对滑动，当小滑块滑至长平板左端A时，装置速度恰好减速为0，此时撤去外力F并将装置锁定．小滑块继续沿半圆形轨道运动，且恰好能通过轨道最高点B．滑块脱离半圆形轨道后又落回长平板．已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功fW=9.5J．2g．求：10m/s（1）装置运动的时间和位移大小；（2）长平板的长度l；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离．25．（19分）如图甲所示，直角坐标系xoy的第二象限有一半径为R=a的圆形区域，圆形区域的圆心1O坐标为（－a，a），与坐标轴分别相切于P点和N点，整个圆形区域内分布有磁感应强度大小为B的匀强磁场，其方向垂直纸面向里（图中未画出）．带电粒子以相同的速度在纸面内从P点进入圆形磁场区域，速度方向与x轴负方向成θ角，当粒子经过y轴上的M点时，速度方向沿x轴正方向，已知M点坐标为（0，4a/3）．带电粒子质量为m、带电量为–q．忽略带电粒子间的相互作用力，不计带电粒子的重力，求：（1）带电粒子速度υ大小和cosθ值；（2）若带电粒子从M点射入第一象限，第一象限分布着垂直纸面向里的匀强磁场，已知带电粒子在该磁场的一直作用下经过了x轴上的Q点，Q点坐标为（a，0），该磁场的磁感应强度B′大小为多大？（3）若第一象限只在y轴与直线x=a之间的整个区域内有匀强磁场，磁感应强度大小仍为B．方向垂直纸面，磁感应强度B随时间t变化（B—t图）的规律如图乙所示，已知在t=0时刻磁感应强度方向垂直纸面向外，此时某带电粒子刚好从M点射入第一象限，最终从直线x=a边界上的K点（图中未画出）穿出磁场，穿出磁场时其速度方向沿x轴正方向（该粒子始终只在第一象限内运动），则K点到x轴最大距离为多少？要达到此最大距离，图乙中的T值为多少？（二）选考题：共45分。

湖北团风中学2015届高三上学期8月月考物理试题满分：110分考试时间：90分钟一、选择题（本题共10小题；每小题5分，共50分。

其中1～6题为单选，7～10题为多选。

）1．有下列几种情景，其中对情景的分析和判断正确的是（）①点火后即将升空的火箭；②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车；③运动的磁悬浮列车在轨道上高速行驶；④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动。

A．因火箭还没运动，所以加速度一定为零B．轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C．高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D．因空间站处于完全失重状态，所以空间站内的物体加速度为零2．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确．．．的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度定义式xvt∆=∆，当t∆极小时表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法3．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，则在此过程中（）A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值4．如图所示，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是（）A．物体可能只受两个力作用B．物体可能受三个力作用C．物体可能不受摩擦力作用D．物体一定受四个力作用5．关于摩擦力，下列说法正确的是（）A．静摩擦力的方向一定与物体的相对运动趋势的方向相反B．滑动摩擦力总是阻碍物体的运动，其方向与物体的运动方向相反C．受静摩擦力作用的物体一定是静止的D ．作用在运动物体上的摩擦力一定是滑动摩擦力6．如图所示，A 、B 为竖直墙面上等高的两点，AO 、BO 为长度相等的两根轻绳，CO 为一根轻杆。

2015年湖北省武汉二中高考物理八模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献．以下选项中符合他们观点的是（）A.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B.两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大C.两物体从同一高度自由下落，较轻的物体下落较慢D.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”【答案】A【解析】解：A、人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，人保持起跳时车子的速度，水平速度将车子的速度，所以将落在起跳点的后方．符合伽利略、牛顿的惯性理论．故A正确．B、力越大，物体运动的速度越大，不是伽利略、牛顿的观点．故B错误．C、伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快，所以此选项不符合他们的观点．故C错误．D、此选项说明力是维持物体运动的原因，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点．故D错误．故选A人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方，符合伽利略、牛顿的惯性理论．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大，不符合伽利略、牛顿的观点．伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快、力不是维持物体运动的原因．根据伽利略、牛顿的观点判断选项的正误．本题要对亚里士多德的观点和伽利略、牛顿的观点关于力和运动关系的观点有了解．可以根据牛顿的三大定律进行分析．2.天文单位（简写AU）是天文常数之一．历史上定义为地球和太阳之间的平均距离．已知水星距离太阳为0.4AU，木星距离太阳约5.2AU，海王星距离太阳约30.1AU，则通过估算判断下述行星公转角速度最接近10-9rad/s的是（）A.水星B.地球C.木星D.海王星【答案】D【解析】解：行星绕太阳运动，根据得，ω=，由此可知，设某行星的公转角速度为ω1，地球的公转角速度为ω2，则，地球公转的角速度为，行星的角速度为rad/s，可得，海王星最接近．故D正确，A、B、C错误．故选D．根据万有引力提供向心力，得出角速度与轨道半径的关系，通过行星和地球的公转角速度之比得出轨道半径之比，从而进行判断．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，知道角速度与轨道半径的关系．3.如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，电流表、电压表均为理想电表，R、L和D分别是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）、理想线圈和灯泡．原线圈接入图乙所示的正弦交流电压u，下列说法中正确的是（）A.交流电的方向每秒钟改变50次B.在t=0.005s时，电压表的示数为22VC.有光照射R时，D变亮D.抽出L中的铁芯，电流表的示数变小【答案】C【解析】解：A、原线圈接入如图乙所示，T=0.02s，所以频率为f=50H z，而每个周期内交流电的方向改变两次，故交流电的方向每秒改变100次；故A错误；B、原线圈电压有效值为220V，电压表的示数为有效值，大小不变，则其示数为：U2==22V，故B错误；C、有光照射R时，R阻值随光强增大而减小，电路中电流增大，则灯泡变亮；故C正确；D、抽出L中的铁芯，理想线圈自感系数减小，理想线圈对电流的阻碍减小，所以电流增大；故D错误故选：C由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比．和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法4.如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b两点时的速度分别为v a、v b，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A.Q2一定带负电B.Q2的电量一定大于Q1的电量C.b点的电场强度一定为零D.整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大【答案】C【解析】解：A、从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．Q1对负电荷的电场力向右，则Q2对负电荷的电场力向左，所以Q2带正电．故A错误，C正确．B、b点场强为零，可见两点电荷在b点对负电荷的电场力相等，根据F=，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电量大于Q2的电量．故B错误．C、整个过程动能先减小后增大，根据能量守恒电势能先增大后减小．故D错误．故选C．速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q1和Q2的电量大小．5.如图甲所示，将长方形导线框abcd垂直磁场方向放入匀强磁场B中，规定垂直ab边向右为ab边所受安培力F的正方向，F随时间的变化关系如图乙所示．选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，不考虑线圈的形变，则B随时间t的变化关系不可能是下列选项中的（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，由图可知，0-1s内，磁场向外且减小，则穿过线圈中磁通量减小，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向左，即为负值，根据法拉第电磁感应定律可知，磁场均匀变化，则感应电流大小恒定，再根据F=BIL，则有安培力大小均匀减小；同理，当1s-2s内，磁场向里且增大，则穿过线圈中磁通量增大，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向右，即为正值，根据法拉第电磁感应定律可知，磁场均匀变化，则感应电流大小恒定，再根据F=BIL，则有安培力大小均匀增大；故A可；B、选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，由图可知，0-1s内，磁场向外且减小，则穿过线圈中磁通量减小，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向左，即为负值，根据法拉第电磁感应定律可知，磁场均匀变化，则感应电流大小恒定，再根据F=BIL，则有安培力大小均匀减小；同理，当1s-2s内，磁场向外且增大，则穿过线圈中磁通量增大，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向右，即为正值，根据法拉第电磁感应定律可知，磁场均匀变化，则感应电流大小恒定，再根据F=BIL，则有安培力大小均匀增大；故B可；C、选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，由图可知，0-1s内，磁场向里且增大，则穿过线圈中磁通量增大，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向右，即正负值，故C不可；D、选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，由图可知，0-1s内，磁场向里且减小，则穿过线圈中磁通量减小，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向左，即为负值，根据法拉第电磁感应定律可知，磁场均匀变化，则感应电流大小恒定，再根据F=BIL，则有安培力大小均匀减小；同理，当1s-2s内，磁场向外且增大，则穿过线圈中磁通量增大，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，根据左手定则可知，ab边受到的安培力方向向右，即为正值，根据法拉第电磁感应定律可知，磁场均匀变化，则感应电流大小恒定，再根据F=BIL，则有安培力大小均匀增大，故D可；故选：C由各选项可知B的变化，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的变化情况；由F=BIL可知安培力的变化情况．本题要求学生能正确理解B-t图的含义，才能准确的利用楞次定律、左手定律等进行判定；解题时要特别注意，0-2s，2-4s，虽然磁场的方向发生了变化，但因其变化为连续的，故产生的电流一定是相同的．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，直角坐标系x O y位于竖直平面内，y轴竖直向上．第Ⅲ、Ⅳ象限内有垂直于坐标面向外的匀强磁场，第Ⅳ象限同时存在方向平行于y轴的匀强电场（图中未画出）．一带电小球从x轴上的A点由静止释放，恰好从P点垂直于y轴进入第Ⅳ象限，然后做圆周运动，从Q点垂直于x轴进入第Ⅰ象限，Q点距O点的距离为d，重力加速度为g．根据以上信息，可以求出的物理量有（）A.圆周运动的速度大小B.电场强度的大小和方向C.小球在第Ⅳ象限运动的时间D.磁感应强度大小【答案】AC【解析】解：A、小球在第Ⅳ做匀速圆周运动，由题意可知，小球轨道半径：r=d，从A到P过程，由动能定理得：mgd=mv2，解得：v=，小球以速度v做圆周运动，故A正确；B、小球在第Ⅳ象限做匀速圆周运动，则mg=q E，电场强度：E=，由于不知道：m、q，无法求出电场强度大小，故B错误；C、小球做圆周运动的周期：T==π，小球在第Ⅳ象限的运动时间：t=T=，故C正确；D、小球做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qv B=m，解得：B=，由于不知道m、q，无法求出B，故D错误；故选：AC．根据小球第Ⅲ象限内的运动，应用动能定理可以求出小球的速度；小球在第Ⅳ象限做匀速圆周运动，应用牛顿第二定律分析答题．本题考查了小球在磁场、电磁场中的运动，分析清楚小球的运动过程，应用动能定理、牛顿第二定律、周期公式即可正确解题，解题时要注意洛伦兹力对带电小球不做功．7.从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是（）A.小球加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程也逐渐减小B.小球抛出瞬间的加速度大小为（1+）gC.小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小D.小球上升过程的平均速度小于【答案】ABD【解析】解：A、C、上升过程，受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二定律，有：f+mg=ma，解得a=g+＞g；由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有：mg-f=ma′，解得：＜g；由于速度变大，阻力变大，故加速度变小；即上升和下降过程，加速度一直在减小；故A正确，C错误；B、空气阻力与其速率成正比，最终以v1匀速下降，有：mg=kv1；小球抛出瞬间，有：mg+kv0=ma0；联立解得：，故B正确；D、速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，从图象可以看出，位移小于阴影部分面积，而阴影部分面积是匀减速直线运动的位移，匀减速直线运动的平均速度等于，故小球上升过程的平均速度小于，故D正确；故选：ABD．由图象得到小球上升过程和下降过程的运动规律，然后进行受力分析，根据牛顿第二定律进行分析．关于速度时间图象，重点要掌握速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移，会用极限的思想求解位移．8.如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACDE（由细软导线制成）挂在两固定点A、D上，水平线段AD为半圆的直径，在导线框的E处有一个动滑轮，动滑轮下面挂一重物，使导线处于绷紧状态．在半圆形区域内，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场．设导线框的电阻为r，圆的半径为R，在将导线上的C点以恒定角速度ω（相对圆心O）从A点沿圆弧移动的过程中，若不考虑导线中电流间的相互作用，则下列说法正确的是（）A.在C从A点沿圆弧移动到D点的过程中，导线框中感应电流的方向先逆时针，后顺时针B.在C从A点沿圆弧移动到图中∠ADC=30°位置的过程中，通过导线上C点的电量为C.当C沿圆弧移动到圆心O的正上方时，导线框中的感应电动势最大D.在C从A点沿圆弧移动到D点的过程中，导线框中产生的电热为【答案】ABD【解析】解：A、设转过角度为θ=ωt，根据几何知识知，线框上部分的三角形的面积：S=•2R•R sinθ=R2sinθ，磁通量为∅=BR2sinθ=BR2sinωt，磁通量先增大后减小，根据楞次定律知电流的方向先逆时针，后顺时针，故A正确；B、根据q=n知q=°=，故B正确；C、根据e=知e=ωBR2cosωt，C沿圆弧移动到圆心O的正上方时，导线框中的感应电动势最小为零，故C错误；D、根据C项知电动势有效值为E==ωBR2，故电热为Q===，故D正确；故选：ABD．根据几何知识知线框磁通量为∅=2BR2sin2θ=2BR2sin2ωt，从而知电动势的瞬时值表达式，对于闭合线框ACDE而言，在磁场中的面积先增大后减小，根据楞次定律判定电流方向；根据q=n求解电荷量；根据有效值求解电热．本题关键明确交流四值中最大值、平均值、瞬时值和有效值的区别，会根据几何知识写出交流的表达式，注意知识的迁移应用．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有两束单色光a和b射向光屏P，如图所示．他们根据实验现象提出了以下四个猜想，你认为正确的是（）A.单色光a的波长大于单色光b的波长B.在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度C.单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间D.当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是a光E.相同条件下，a光比b光容易发生衍射【答案】ABE【解析】解：A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长，故A正确．BC、由v=知，在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度，在玻璃中通过的路程相等，则单色光a通过玻璃砖所需的时间短于单色光b通过玻璃砖所需的时间．故B正确，C错误D、由sin C=知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，入射角增大，b光最早发生全反射，所以在光屏P上最早消失的是b光，故D错误．E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确．故选：ABE根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系．由v=比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短．由sin C=比较临界角的大小，临界角小的光最先消失．折射率越小，波长越长，越容易发生衍射．解决本题的突破口在于通过光的偏折程度比较出光的折射率的大小，还要知道折射率与频率、波速的关系，要掌握几何光学常用的三个规律：折射定律n=、临界角公式sin C=和光速公式v=．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.在“探究功与物体速度变化关系”的实验中，某实验研究小组的实验装置如图甲所示．木块从A点静止释放后，在一根弹簧作用下弹出，沿足够长的木板运动到B1点停下，O点为弹簧原长时所处的位置，测得OB1的距离为L1，并记录此过程中弹簧对木块做的功为W1．用完全相同的弹簧2根、3根…并列在一起都使木块由A点静止释放，进行第2次、第3次…实验并记录相应的数据，作出弹簧对木块做功W与木块停下的位置距O点的距离L的图象如图乙所示．请回答下列问题：（1）W-L图线为什么不通过原点？______ ．（2）弹簧被压缩的长度L OA= ______ cm．【答案】由于木块通过AO段时，摩擦力对木块做了功或W不为总功．；3【解析】解：木块在平衡位置处获得最大速度，之后与弹簧分离，在摩擦力作用下运动到B位置停下，由O到B根据动能定理：-f L=0-mv02，故L∝；对全过程应用动能定理有：W-f L OA-f L=0，即W=f L+f L OA结合数学解析式判断图象中斜率为摩擦力大小、截距等于OA段摩擦力做的功．（1）根据动能定理全过程的表达式，所以W-L图线不通过原点，是因为未计木块通过AO段时，摩擦力对木块所做的功．（2）图中W轴上的斜率等于摩擦力大小，即f=N，截距等于摩擦力做的功J，则L OA==0.03m=3cm故答案为：（1）由于木块通过AO段时，摩擦力对木块做了功或W不为总功．（2）3根据动能定理找出L与的关系，然后结合图象W-L的关系找出W与的关系，结合数学解析式判断图象中斜率为摩擦力大小、截距等于OA段摩擦力做的功．本题考查了创新方法探究功与速度的关系，关键是列出两个动能定理方程然后结合数学函数进行分析出截距与斜率的物理意义，有些难度．10.为了测量某种材料制成的电阻丝R x的电阻率，提供的器材有：A．电流表G，内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3m AB．电流表A，内阻约为1Ω，量程为0～0.6AC．螺旋测微器，刻度尺D．电阻箱R0（0～9999Ω，0.5A）E．滑动变阻器R（5Ω，1A）F．电池组E（6V，0.05Ω）G．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用______ 档（填“×1”或“×100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图1所示．（2）把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表使用，则电阻箱的阻值应调为R0= ______ Ω．（3）请用改装好的电压表设计一个测量电阻R x阻值的实验，根据提供的器材和实验需要，请将图2中电路图补画完整．（4）电阻率的计算：测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d．电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测量量的字母符号（各量不允许代入数值）写出计算电阻率的表达式ρ=______ ．【答案】×1；1880；【解析】解：（1）因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“×1OΩ”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“×1”倍率读数，读数为：R=1×15Ω=15Ω；（2）将电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，而电流表G（内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3m A）；所以改装后的电压表的内阻为R v=Ω；由于电流表G的内阻R g=120Ω，因此电阻箱的阻值应调为R0=2000-120=1880Ω；由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；而滑动变阻器R（5Ω，1A），电源电压为6V，所以滑动变阻器使用限流式，则电路图如下图所示；（3）由电阻定律可知，电阻R=ρ，则电阻率ρ=，根据欧姆定律，R==；所以电阻率ρ=．故答案为：（1）×1Ω；（2）1880Ω，（3）如图所示；（4）（1）多用电表盘刻度，不均匀，且从左向右，电阻刻度越来越小，而多用电表电阻的测量值等于表盘示数乘以倍率；（2）根据电压表的量程为0～3V，结合电流表G（内阻R g=99Ω，满偏电流I g=3m A），即可求出电阻箱的阻值；因两个电流表，一电流表与电阻串联当作电压表，因此使用另一电流表的内接法，再能准确得出所测电阻的电流；根据滑动变阻器（5Ω，2A），因此采用滑动变阻器限流式，从而画出正确的电路图，即可求解．（3）由电阻定律求出电阻率的表达式，结合欧姆定律及串并联的特征，然后求出电阻率．（1）考查欧姆表读数，注意此刻度不均匀，尽量让指针在中央附近，同时乘以倍率；（2）确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键，测量电阻的方法除了伏安法外，还有“安安法”（即两个电流表组合）、“伏伏法”（两个电压表组合）等．（3）掌握电阻定律，同时注意利用电流表与电阻的关系，求出电压的方法．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，AB、CD为两个光滑的平台，一倾角为37°，长为5m的传送带与两平台平滑连接．现有一小物体以10m/s的速度沿AB平台向右运动，当传送带静止时，小物体恰好能滑到CD平台上，问：（1）小物体跟传送带间的动摩擦因数多大？（2）当小物体在AB平台上的运动速度低于某一数值时，无论传送带顺时针运动的速度多大，小物体总不能到达高台CD，求这个临界速度．（3）若小物体以8m/s的速度沿平台AB向右运动，欲使小物体到达高台CD，传送带至少以多大的速度顺时针运动？【答案】解：（1）传送带静止时，小物体受力如图甲所示，据牛顿第二定律得：μmgcosθ+mgsinθ=ma1①B→C过程有：v20=2a1l②解得：a1=10m/s2，μ=0.5（2）显然，当小物体受到的摩擦力始终向上时，最容易到达传送带顶端，此时，小物体受力如图乙所示，据牛顿第二定律得：mgsin37°-μmgcos37°=ma2③若恰好能到达高台时，有：v22=2a2l④解得：v=2m/s即当小物体在AB平台上向右滑动速度小于2m/s时，无论传带顺时针传动的速度多大，小物体总也不能到达高台CD．（3）以v1表示小物体在平台AB上的滑速度，以v2表示传送带顺时针传动的速度大小．对从小物体滑上传送带到小物体速度减小到传送带速度过程有：v21-v22=2a1x1⑤对从小物体速度减小到带速v2开始，到运动到恰滑上CD高台过程，有：v22=2a2x2⑥x1+x1=L⑦解得：v2=3m/s即传送带至少以3m/s的速度顺时针运动，小物体才能到达高台CD．答：（1）小物体跟传送带间的动摩擦因数为0.5；（2）当小物体在AB平台上的运动速度小于2m/s时，无论传送带顺时针运动的速度多大，小物体总不能到达高台CD．（3）若小物体以8m/s的速度沿平台AB向右运动，欲使小物体到达高台CD，传送带至少以3m/s的速度顺时针运动．【解析】1．由速度位移公式可求解物体的加速度，根据牛顿第二定律可求得小物体跟传送带间的动摩擦因数；2．当小物体受到的摩擦力始终向上时，最容易到达传送带顶端，对小物体受力分析，据牛顿第二定律得加速度，由位移速度关系知临界速度；3．物体在传送带上与传送带相对滑动过程中，分别由运动学公式求出物体和传送带发生的位移列式求解．本题关键分析物体的运动状态，由牛顿第二定律和运动学公式联立列式求解，难度中档12.如图所示，等腰直角三角形ACD的直角边长为2a，P为AC边的中点，Q为CD边上的一点，DQ=a．在△ACD区域内，既有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，又有电场强度大小为E的匀强电场，一带正电的粒子自P点沿平行于AD的直线通过△ACD区域．不计粒子的重力．（1）求电场强度的方向和粒子进入场区的速度大小v0；（2）若仅撤去电场，粒子仍以原速度自P点射入磁场，从Q点射出磁场，求粒子的比荷；（3）若仅撤去磁场，粒子仍以原速度自P点射入电场，求粒子在△ACD区域中运动的时间．【答案】解：（1）正粒子在场区受力平衡：q E=qv0B…①解得：根据正粒子所受电场力的方向与场强的方向相同，可知场强的方向由A指向C．（2）过Q点作半径OQ，它与CA的延长线交于圆心O，作QH⊥CA，垂足为H，设正粒子做匀速圆周运动的半径为R，则：…②在直角三角形HOQ中：HO2+HQ2=R2…③°…④HO=OC-HC=（R+a）-HQ…⑤联立③④⑤解得：R=3a…⑥联立①②⑥解得：…⑦（3）粒子沿初速度v0方向做匀速直线运动：x=v0t…⑧粒子沿电场方向做匀加速直线运动：…⑨由几何关系：x+y=a⑩由①⑦⑧⑨⑩得：。

湖北省八校2015届高三第一次联考理科综合试题命题学校：鄂南高中出题人：沈文炳审题人：周胜江鲍敏陈元阳第Ⅰ卷（选择题共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．英国科学家法拉第最先尝试用“线”描述磁场和电场，有利于形象理解不可直接观察的电场和磁场的强弱分布。

如图所示为一对等量异种点电荷，电量分别为+Q、-Q。

实线为电场线，虚线圆的圆心O在两电荷连线的中点，a、b、c、d为圆上的点，下列说法正确的是（）A．a、b两点的电场强度相同B．b、c两点的电场强度相同C．c点的电势高于d点的电势D．d点的电势等于a点的电势【答案】D【解析】a、b、c、d在同一个圆上，电场线的疏密表示场强的强弱，故四点场强大小相等，但是方向不同，故A、B错误；沿电场线方向电势降低，故c点电势低于d点电势，故C错误；a、d两点对称，故电势相等，故D正确；故选D【考点】电场强度、电势15．如图所示，两竖直木桩ab、cd固定，一不可伸长的轻绳两端固定在a、c端，绳长L，一质量为m的物体A通过轻质光滑挂钩挂在轻绳中间，静止时轻绳两端夹角为120º。

若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，物体A悬挂后仍处于静止状态，橡皮筋处于弹性限度内。

若重力加速度大小为g，关于上述两种情况，下列说法正确的是（）A．轻绳的弹力大小为2mg B．轻绳的弹力大小为mgC．橡皮筋的弹力大于mg D．橡皮筋的弹力大小可能为mg【答案】B【解析】设两杆间的距离为S，细绳的总长度为L，静止时轻绳两端夹角为120°，由于重物的拉力的方向竖直向下，所以三个力之间的夹角都是120°．根据矢量的合成可知，三个力的大小是相等的．故轻绳的弹力大小为mg．故A错误，B正确；若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，橡皮筋受到拉力后长度增大，杆之间的距离不变，所以重物静止后两根绳子之间的夹角一定小于120°，两个分力之间的夹角减小，而合力不变，所以两个分力减小，即橡皮筋的拉力小于mg．故CD错误．故选：B【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．16．在2014年11月11日至16日的珠海航展中，中国展出了国产运-20和歼-31等最先进飞机。