辽宁省大连市第二十高级中学2015_2016学年高一物理6月月考试题

辽宁高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列四组单位中，全是国际单位制中基本单位的是A．米、牛顿、秒B．米、千克、秒C．克、米、秒D．米、千克、牛顿2.下列几种运动中，不属于匀变速运动的是（）A．斜下抛运动B．斜上抛运动C．平抛运动D．匀速圆周运动3.下列所给的图像中能反映作直线运动物体回到初始位置的是4.做匀加速直线运动的列车出站时，车头经过站台某点O时速度是1 m/s，车尾经过O点时的速度是7 m/s，则这列列车的中点经过O点时的速度为A．5 m/s B．5.5 m/s C．4 m/s D．3.5 m/s5.三个共点力的大小为2N，3 N， 4 N，作用在质量为3kg的物体上，则物体产生的加速度的大小可能为A．1m/s2B．3m/s2C．5 m/s2D．7m/s26.一条河宽100m，水流的速度为3m/s，一条船在静水中的速度为5m/s，下列关于船过河说法中正确的是A．小船过河的最短时间为20sB．小船过河的最短航程为100mC．当船头指向对岸时，船的合速度大小为4m/sD．当船头指向上游，使船垂直到达河对岸时，船的过河时间是25s7.如图所示，A、B、C三个物体叠放在一起，同时有F＝2N的两个力分别作用于A、B两物体上，A、B、C三个物体仍处于平衡状态，则A．A物体对B物体的摩擦力为2N，向左B．地面对A物体的摩擦力为2N，向右C．B物体对C物体的摩擦力为零D．A物体受到5个力的作用8.质量为m的球置于倾角为的光滑面上，被与斜面垂直的光滑挡板挡着，如图所示．当挡板从图示位置缓缓做逆时针转动至水平位置的过程中，挡板对球的弹力N1和斜面对球的弹力N2的变化情况是A．N1增大B．N1先减小后增大C．N2增大D．N2减少9.如果作平抛运动的物体落地时竖直方向的速率和水平方向的速率相等, 则其水平位移和竖直方向的位移之比为 A ．1 : 1 B ．2 : 1 C ．: 1 D ．1 :10.一轻质弹簧上端固定、下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了。

2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）期末物理试卷一、单选题：（本题有8道小题，每小题4分，共32分．）1．下列说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．作用力和反作用力大小相等、方向相反、合力为零C．蹦床运动员在空中上升阶段处于超重状态而下落阶段处于失重状态D．物体静止时惯性大，运动时惯性小2．一物体运动的速度﹣时间关系图象如图所示，根据图象可知（）A．0～4s内，物体在做匀变速曲线运动B．0～4s内，物体的速度一直在减小C．0～4s内，物体的加速度一直在减小D．0～4s内，物体速度的变化量为﹣8 m/s3．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：14．一质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，若加速度大小为g（g为重力加速度），则人对电梯底部的压力大小为（）A．mg B．mg C．mg D．mg5．在距水平地面不同高度处以不同的水平初速度分别抛出甲、乙两物体，若两物体抛出时速度大小之比为2：1，由抛出点到落地点的水平距离之比是：1，则甲、乙两物体抛出点距地面的高度之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：1 D．4：16．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．7．如图所示，质量为M、半径为R、内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平地面上．O为球心．有一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球底部O′处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点．已知地面与半球形容器间的动摩擦因数μ，OP与水平方向的夹角为θ=30°，下列说法正确的是（）A．小球受到轻弹簧的弹力大小为B．小球受到容器的支持力大小为C．小球受到容器的支持力大小为mgD．半球形容器受到地面的摩擦力大小为8．如图所示，轻绳的一端系在质量为m的物体上，另一端系在一个圆环上，圆环套在粗糙水平横杆MN上，现用水平力F拉绳上一点，使物体处在图中实线位置．然后改变F的大小使其缓慢下降到图中虚线位置，圆环仍在原来位置不动，则在这一过程中，水平拉力F、环与横杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是（）A．F逐渐增大，f保持不变，N逐渐增大B．F逐渐增大，f逐渐增大，N保持不变C．F逐渐减小，f逐渐增大，N逐渐减小D．F逐渐减小，f逐渐减小，N保持不变二、多选题：（本题共4小题，每小题4分，错选、多选或不选不得分，漏选得2分．）9．质量为m的木块在拉力F的作用下，在水平地面上做匀速运动，如图所示，已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么物体受到的滑动摩擦力大小为（）A．μmg B．FcosθC．μ（mg﹣Fsinθ）D．μ（mg+Fsinθ）10．如图所示装置，质量为m的小球被不可伸长的轻绳OA、OB系住．当整个装置加速运动时，下列说法正确的是（）A．若向左加速，OB绳上张力可能为零B．若向右加速，OA绳上张力可能为零C．若向上加速，OB绳上张力可能为零D．若向下加速，OA、OB绳上张力可能同时为零11．固定的两滑杆上分别套有圆环A、B，两环上分别用细线悬吊着物体C、D，如图所示．当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终张紧与杆垂直，B的悬线始终张紧竖直向下．则（）A．A环做匀加速运动 B．B环做匀速运动C．A环与杆之间可能有摩擦力 D．B环与杆之间可能无摩擦力12．如图所示，轻质不可伸长的细绳，绕过光滑定滑轮C，与质量为m的物体A连接，A 放在倾角为θ的光滑斜面上，绳的另一端和套在固定竖直杆上的物体B连接．现BC连线恰沿水平方向，从当前位置开始B以速度v0匀速下滑．设绳子的张力为T，在此后的运动过程中，下列说法正确的是（）A．物体A做变速运动B．物体A做匀速运动C．T小于mgsinθ D．T大于mgsinθ三、实验题：（本题2小题，每空2分，共10分.将正确答案填在答题纸中的横线上）13．在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须A．每次将橡皮条拉到同样的位置B．两弹簧秤的夹角相同C．每次弹簧秤示数必须相同D．只要一个弹簧秤的读数相同就行（2）图2所示，是甲乙两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中同学实验结果比较符合实验事实．14．为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．四、计算题：（本题共4小题，15题6分、16题10分，17题12分，18题14分，共42分）15．如图，支架质量为M，置于水平地面上．轴O处有一长为L的杆（质量不计），杆的另一端固定一个质量为m的小球．使小球在竖直平面内做圆周运动，支架保持静止．若小球到达最高点时支架对地面的压力恰好为0，求，小球通过最高点速度的大小？16．在光滑的水平面内建立正交直角坐标，一质量1kg的质点，在t=0时，v0=0，并处在坐标原点；从t=0开始受到一个大小为2N沿y轴正方向的水平外力作用开始运动，在t=1s时，撤去原外力的同时施加一沿x轴正方向大小为4N的水平外力作用，（1）试确定在t=2s时该质点的位置坐标及此时速度大小？（2）请在给出的坐标系中画出2s内该质点的运动轨迹．17．如图所示，倾角为30°的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以6m/s速度运动，运动方向如图所示．一个质量为m的物体（物体可以视为质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，不管是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其速率变化．物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g=10m/s2，则：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间；（2）物体在传送带上向左运动的最远距离（传送带足够长）；（3）物体第一次通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为多少．18．如图所示，质量M=1kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，在木板的左端放置一个质量m=1kg、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2，在铁块上加一个水平向右的拉力，试求：（1）F增大到多少时，铁块能在木板上发生相对滑动？（2）若木板长L=1m，水平拉力恒为8N，经过多长时间铁块运动到木板的右端？2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：（本题有8道小题，每小题4分，共32分．）1．【考点】作用力和反作用力；曲线运动．【专题】定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．原来静止的物体保持原来的静止状态；原来运动的物体保持原来的运动状态．一切物体都有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，当加速度方向向上时，物体处于超重，加速度方向向下时，物体处于失重．【解答】解：A、曲线运动的速度方向一定变化，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；B、两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在两个物体上，不能合成，故B错误；C、蹦床运动员在空中只受重力，加速下降或减速上升，处于完全失重状态，故C错误；D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性，并且惯性的大小只与物体的质量有关，物体的质量越大，物体的惯性越大，与运动的速度无关，故D错误．故选：A【点评】正确理解惯性的概念，惯性是物体本身固有的一种属性，一切物体都有惯性，注意作用力与反作用力不能合成，难度不大，属于基础题．2．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】本题是速度﹣时间图象，速度的正负表示速度的方向，图象的斜率表示加速度，速度的变化量等于末速度减去初速度．【解答】解：A、速度时间图象只能表示直线运动，不能表示曲线运动，故A错误；B、0～4s内，物体的速度先减小后反向增大，故B错误；C、图象的斜率表示加速度，根据图象可知，0～4s内，物体的加速度先减小后增大，故C 错误；D、0～4s内，物体速度的变化量△v=﹣3﹣5=﹣8m/s，故D正确．故选：D【点评】本题考查理解速度图象的能力，要注意速度的方向由其正负号来表示，图象的斜率表示加速度．3．【考点】向心加速度．【专题】定量思想；方程法；匀速圆周运动专题．【分析】先根据转速计算出做匀速圆周运动的角速度，再利用向心加速度公式分别计算，再求比值．【解答】解：A的转速为30r/min=0.5r/s，则A的加速度ωA=2πn A=π，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，故A的向心加速度为B的转速为10r/min=，则B的加速度，故B的向心加速度为故向心加速度之比，B正确；故选：B．【点评】本题特别注意用转速求角速度时，即公式ω=2πn的应用时，转速n的单位要化为r/s，不可直接用r/min计算角速度．4．【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由于电梯减速减速，故加速度向上，可知人处于超重状态，由此对人受力分析，列牛顿第二定律解得电梯对人的支持力，进而得人对电梯的压力【解答】解：由于电梯减速减速，故加速度向上，对人受力分析，受到重力mg，地面支持力N，由牛顿第二定律：mg﹣N=ma即：mg﹣N=﹣m解得：N=故选：D【点评】重点是对超重和失重的判定，其依据是加速度的方向，加速向下为失重，加速度向上为超重．5．【考点】平抛运动．【专题】比较思想；比例法；平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平位移之比和初速度之比求出运动的时间之比，从而得出抛出点与地面的高度之比．【解答】解：甲、乙都做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，根据x=v0t知，t=已知水平距离之比为：1，初速度之比为2：1，则由上式解得时间之比为1：根据h=知，抛出点与地面的高度之比为1：2．故选：A【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行解答．6．【考点】作用力和反作用力．【分析】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．【解答】解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，A、C、D错误；B正确．故选：B．【点评】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．7．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力及弹簧的弹力而处于静止，由共点力的平衡条件可求得小球受到的轻弹簧的弹力及小球受到的支持力；对容器和小球整体研究，分析受力可求得半球形容器受到的摩擦力．【解答】解：A、B、C对小球受力分析，如图所示，由几何关系可知，T=F=mg，故AB错误；C正确；D、以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，水平方向地面对半球形容器没有摩擦力．故D错误．故选C【点评】共点力平衡问题重点在于正确选择研究对象，本题运用隔离法和整体法两种方法进行受力分析得出结论．8．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，圆环的位置不动，物体缓慢下降，两个物体都处于平衡状态．先以重物为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析F如何变化．再以两物体整体为研究对象，分析受力情况，再根据平衡条件分析杆对环的摩擦力f和支持力的变化情况．【解答】解：以重物为研究对象，分析受力情况：重力G、水平力F和绳子的拉力T，如图1所示．由平衡条件得：F=Gtanθ，当θ减小时，F逐渐减小．、水平力F，杆的摩擦力f和支持力N，则有再以两物体整体为研究对象，分析重力G总N=G，保持不变．总f=F，逐渐减小．故选D【点评】本题的解题关键是灵活选择研究对象，采用整体法和隔离法相结合求解，是比较简单方便的．二、多选题：（本题共4小题，每小题4分，错选、多选或不选不得分，漏选得2分．）9．【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】物体匀速运动，说明物体是处于受力平衡状态，由水平和竖直方向的平衡条件分别列方程，加上滑动摩擦力的公式，就能求出滑动摩擦力的大小．【解答】解：由于物体做匀速运动，对物体受力分析，根据平衡条件，有：水平方向：Fcosθ=f竖直方向：F N=mg﹣Fsinθ滑动摩擦力：f=μF N=μ（mg﹣Fsinθ）故BC错误，AD正确；故选：BC．【点评】对物体受力分析，由水平和竖直方向和滑动摩擦力的公式分别列方程求解即可．10．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球受重力和两个拉力（可能为零），根据牛顿第二定律分析合力情况，然后判断弹力是否可能为零．【解答】解：A、若向左加速，加速度向左，合力向左，OB绳子的拉力可以为零，只要重力和AO的拉力水平向左即可；故A正确；B、若向右加速，加速度向右，合力向右；只要重力和AO的拉力水平向左即可，但OA绳上张力不可能为零，否则合力不向左；故B错误；C、若向上加速，加速度向上，合力向上，只要AO、BO绳子的拉力的合力向上即可，OB 拉力不为零，故C错误；D、若向下加速的加速度为g，完全失重，OA、OB绳上张力同时为零，故D正确；故选：AD【点评】本题关键是提供运动情况分析受力情况，关键是确定加速度情况，然后结合平行四边形定则分析即可，基础题目．11．【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】环和物体保持相对静止，具有相同的加速度，通过对物体受力分析，运用牛顿第二定律得出其加速度，从而再根据牛顿第二定律分析出环的受力情况和运动情况．【解答】解：A、左图，物体受重力和拉力两个力，两个力的合力不等于零，知物体与A以共同的加速度向下滑，对物体有：a=，则A的加速度为gsinθ，做匀加速直线运动，对A环分析，设摩擦力为f，有Mgsinθ﹣f=Ma，解得f=0．所以A环与杆间没有摩擦力．故A正确，C错误；B、对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有沿杆向上的摩擦力．故B正确，D错误．故选：AB．【点评】本题关键要结合运动情况，根据牛顿第二定律和平衡条件分析受力情况，再结合受力情况判断运动情况．12．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】根据运动的合成与分解，将B的竖直向下的运动分解成沿着绳子方向与垂直绳子方向的两个分运动，结合力的平行四边形定则，即可求解．【解答】解：由题意可知，将B的实际运动分解成两个分运动，如图所示，；因B以速度v0匀速下滑，又α在增大，所以绳根据平行四边形定则，可有：v B sinα=v绳子速度在增大，则A处于加速运动，根据受力分析，结合牛顿第二定律，则有：T＞mgsinθ，故AD正确，BC错误；故选：AD．【点评】本题考查运动的合成与分解，掌握如何将实际运动分解成两个分运动是解题的关键，同时运用三角函数关系．三、实验题：（本题2小题，每空2分，共10分.将正确答案填在答题纸中的横线上）13．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．【分析】（1）该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置．（2）F1与F2合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实际值一定与OA共线（二力平衡），明确理论值和实际值的区别即可正确解答．【解答】解：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故BCD错误，A正确；（2）用一个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力的方向一定沿绳子方向，如甲图中的竖直方向；根据力的平行四边形定则作出的合力，作图法得到的合力一定在平行四边形的对角线上，由于误差的存在与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，故甲图符合实验事实．故答案为：（1）A；（2）甲【点评】“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．14．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可．【解答】解：在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．（1）当拉力F已经不为零时，木块仍然没有产生加速度，故原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（2）探究加速度与力的关系实验，当钩码的质量远小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，a﹣F图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，a﹣F图象不是直线，发生弯曲，故C正确；故选：C．故答案为：木块质量；（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（2）C【点评】正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果．四、计算题：（本题共4小题，15题6分、16题10分，17题12分，18题14分，共42分）15．【考点】向心力．【专题】计算题；定量思想；合成分解法；匀速圆周运动专题．【分析】小球到达最高点时，恰好支架对地面无压力为零，说明杆对支架的拉力为Mg，则杆对小球的作用力为Mg，根据合外力提供小球圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律列式求解小球通过最高点的速度．【解答】解：设小球通过最高点时，杆子的拉力大小为F，小球速度为v，以M为研究对象，支架对地面无压力为零，则F=Mg…①以m为研究对象，由牛顿第二定律得：F+mg=m…②由①②解得v=答：小球通过最高点速度的大小为．【点评】此题关键正确分析小球做圆周运动的向心力来源，并根据向心力公式和牛顿第二定律公式列式求解．16【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】作图题；定性思想；合成分解法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）质点在0﹣1s内沿y轴正方向做匀加速运动，由牛顿第二定律可求得加速度，再由速度公式和位移公式求出1s末质点的速度和位移．1﹣2s内质点做类平抛运动，运用运动的分解法，由分位移和分速度公式求解．（2）结合质点的运动情况，画出该质点的运动轨迹．【解答】解：（1）0﹣1s内：质点沿y轴正方向做匀加速运动，质点的加速度a1===2m/s2；1s内的位移y==1m1s末的速度v y=at=2m/s第2s内：a2===4m/s2；y轴方向位移y′=v y t=2×1m=2mx轴方向位移x==2mx轴方向速度v x=a2t=4m/s因此2s末：质点的位置坐标为（2m，3m），速度大小：v==2m/s（2）答：（1）在t=2s时该质点的位置坐标为（2m，3m），速度大小是2m/s．（2）画出2s内该质点的运动轨迹如上图所示．【点评】本题关键要将小球的运动沿着x、y方向正交分解，x方向做匀加速直线运动，y 方向做匀速直线运动，然后根据运动学公式进行列式求解．17．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出沿斜面下滑的加速度，结合位移时间公式求出下滑到斜面底端的时间．（2）根据牛顿第二定律求出物体在传送带上向左做匀减速运动的加速度，结合速度位移公式求出向左运动的最远距离．（3）根据运动学规律求出物体第一次通过传送带返回A点的速度，结合速度位移公式求出沿斜面上滑的高度．【解答】解：（1）物体在斜面上的加速度大小．根据解得t=．滑到底端的速度v=a1t=5×1.6m=8m/s（2）物体在传送带上做匀减速运动的加速度大小，则物体在传送带上向左运动的最远距离x=，（3）因为物块速度减为零后，返回做匀加速直线运动，返回时速度达到传送带速度后做匀速直线运动，所以物块返回到A点的速度为6m/s，则上滑的距离s=，上升的高度h．答：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要1.6s．（2）物体在传送带上向左运动的最远距离为6.4m．（3）物体第一次通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为1.8m．【点评】解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，难度中等．18．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；定量思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）F增大到AB恰好保持相对静止，且两者间的静摩擦力达到最大值，F为铁块能在木板上发生相对滑动的最小值．对木板，根据牛顿第二定律求出临界加速度，再对整体，运用牛顿第二定律求F．（2）先由牛顿第二定律求出铁块和木板的加速度，当铁块运动到木板的右端时m和M的位移之差等于板长，由位移时间公式和位移关系列式求解时间．【解答】解：（1）设F=F1时，A、B恰好保持相对静止，此时二者的加速度相同，两者间的静摩擦力达到最大．根据牛顿第二定律得：μ2mg﹣μ1（m+M）g=Ma可得a=2m/s2以系统为研究对象，根据牛顿第二定律有F1﹣μ1（m+M）g=（m+M）a。

12015——2016学年度下学期期中考试高一物理试卷考试时间：90分钟 试题分数：100分卷Ⅰ一、单选题：(本题共有7个小题，每题4分，共28分。

)1．如图所示，在水平桌面上的A 点有一个质量为m 的物体以初速度0v 被抛出，不计空气阻力，以抛出点为势能零点，当它到达B 点时，其机械能为 （ ） A. 2012mv mgh - B. mgh mv +2021 C. mgH mv +2021 D. 2021mv 2．将质量为1kg 的物体以10m/s 的速度水平抛出，取10=g m/s 2，下列正确的是（ ）A ．重力在2s 内所做的功为400 JB ．重力在2s末的瞬时功率为C ．重力在第2s 内所做的功为150J D ．重力在第2s 内的平均功率为100W3．质量为m 的汽车以恒定的功率P 在平直的水平公路上行驶，汽车匀速行驶时速率为1v ，当汽车的速率为2v (2v <1v )时汽车的加速度为（ ）A ．2m v PB ．2121)(v mv v v P - C ．1m v P D ．)(221v v m P + 4. 如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a ，b 两点电场强度和电势均相同的是（ ）5.有一负电荷自电场中的A 点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B ，它运动的速度—时间图像如右图所示，则A 、B 所在电场区域的电场线图可能是下列图中的( )26．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M 点，再经过N 点，可以判定（ ）A ．该粒子带负电B ．M 点的电势小于N 点的电势C ．粒子在M 点受到的电场力大于在N 点受到的电场力D ．粒子在M 点具有的电势能大于在N 点具有的电势能7.一个绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E ,在环的上端，一个质量为m ，带电量为q +的小球由静止开始沿轨道运动，则（ ）A.小球运动过程中机械能守恒B.小球运动的过程中机械能减少C.在最低点球对轨道的压力为)(Eq mg +D.在最低点球对轨道的压力为3)(Eq mg +二、多选题：(本题共有5个小题，每题5分，漏选得3分，共25分。

2015-2016学年辽宁省大连市辽宁师范大学附属中学高一6月月考物理试题（解析版）一、选择题（本题共有10题，每题6分，其中1—6题为单项选择题，7—10题为多项选择题，选不全得3分，不选或有错误选项不得分）1. 下列物体运动过程中满足机械能守恒的是A．跳伞运动员张开伞后，在空中匀速下降B．忽略空气阻力，物体竖直向上抛出的运动C．火箭升空D．拉着物体沿光滑斜面匀速上升【答案】B考点：机械能守恒的判断【名师点睛】掌握住机械能守恒的条件，也就是只有重力做功，分析物体是否受到其它力的作用，以及其它力是否做功，由此即可判断是否机械能守恒。

2．自然现象中蕴藏着许多物理知识，如图所示为一个盛水袋，某人从侧面缓慢推袋壁使它变形，则水的重力势能A．增大B．变小C．不变D．不能确定【答案】A【解析】试题分析：从侧面缓慢推袋壁使它变形，水的重心升高，根据E p=mgh，知重力势能增大．故A正确，BCD 错误．故选A。

考点：重力势能【名师点睛】解决本题的关键是掌握重力势能跟什么因素有关．此题也可以从能量的角度分析，人对水袋做功，使得水袋的机械能增大，缓慢推，动能不变，所以重力势能增大。

3. 一辆正沿平直路面行驶的车厢内，一个面向车前进方向站立的人对车厢壁施加水平推力F，在车前进s 的过程中，下列说法正确的是A．当车匀速前进时，人对车做的总功为正功B．当车加速前进时，人对车做的总功为负功C．当车减速前进时，人对车做的总功为负功D．不管车如何运动，人对车做的总功都为零【答案】B考点：牛顿定律；功【名师点睛】本题主要考查了恒力做功公式的直接应用，关键是根据人的运动状态，判断人的受力情况，再根据作用力和反作用力的关系判断人对车厢施力情况，难度适中。

4. 如图所示，一固定斜面倾角为30°，一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动，加速度大小等于重力加速度的大小g。

物块上升的最大高度为H，则此过程中，物块的A．重力势能增加2mgH B．动能损失了mgHC．机械能损失了mgH D．摩擦生热12 mgH【答案】C【解析】试题分析：物块上升的最大高度为H，则重力势能增加mgH，选项A错误；根据动能定理应有230k HE ma mgHsin ∆=-=-︒，动能增量为负值，说明动能减少了 2mgH ，所以B 错误；再由牛顿第二定律（选取沿斜面向下为正方向）有mgsin30°+f=ma=mg ，可得f=0.5mg ，根据功能关系应有△E=-f sin 30H ︒=-mgH ，即机械能损失了mgH ，所以C 正确；摩擦生热等于机械能的损失mgH ，选项D 错误；故选C.考点：动能定理牛顿第二定律的应用【名师点睛】要熟记动能定理与功能原理在解题中的应用：涉及到总功、动能变化时应用动能定理解决；涉及到机械能变化时应求出除重力外其它力做的功。

辽宁高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.在地球(看作质量均匀分布的球体)上空有许多同步卫星，下面说法中正确的是（）A．它们的质量可能不同B．它们的速度可能不同C．它们的向心加速度可能不同D．它们离地心的距离可能不同2.一颗人造地球卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速率为v，角速度为ω，加速度为 g，周期为T. 另一颗人造地球卫星在离地面高度为地球半径的轨道上做匀速圆周运动，则（）A．它的速率为B．它的加速度为C．它的运动周期为D．它的角速度也为ω3.假设火星和地球都是球体,火星的质量 M火和地球的质量M地之比为p,火星的半径R火和地球的半径R地之比为q,那么火星表面处的引力加速度和地球表面处的引力加速度之比等于 ( )A．p/q2B．pq2C．p/q D．pq4.已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍。

不考虑地球、月球自转的影响，由以上数据可推算出（）A．地球的平均密度与月球的平均密度之比约为9︰8B．地球表面重力加速度与月球表面重力加速度之比约为9︰4C．靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器的周期与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天器的周期之比约为8︰9 D．靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器线速度与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天器线速度之比约为81︰45.一物体放在水平面上，它的俯视图如图所示．两个相互垂直的力和同时作用在物体上，使物体沿图中的方向做直线运动．经过一段位移的过程中，力和对物体所做的功分别为3J和4J．则两个力的合力对物体所做的功为（）A．3J B．4J C．5J D．7J6.物体沿直线运动的v-t关系如图所示,已知在第1秒内合外力对物体做的功为W,则（）A．从第1秒末到第3秒末合外力做功为4 WB．从第3秒末到第5秒末合外力做功为-2 WC．从第5秒末到第7秒末合外力做功为-WD．从第3秒末到第4秒末合外力做功为-0.75 W7.如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进人地球同步轨道Ⅱ，则（）A．该卫星的发射速度必定大于11. 2 km/sB．卫星在同步轨道II上的运行速度大于7. 9 km/sC．在轨道I上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度D．卫星在Q点通过加速实现由轨道I进人轨道II8.关于第一宇宙速度，下面说法正确的是：A．它是人造地球卫星绕地球飞行的最小速度。

2015-2016 学年上学期第一次月考高一物理试题【新课标】一、单项选择题（每题只有一个正确选项，共8 题，每题 5 分）1．以下对于物理学家及其贡献说法中错误的是（）A．开普勒经过深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B．卡文迪许经过扭秤实验测出了万有引力常量，说自己是“称量地球质量”C．牛顿提出了万有引力定律，并发现了海王星D．以牛顿运动定律和万有引力定律为基础的经典力学合用于宏观、低速、弱引力的领域。

2.对于曲线运动的说法正确的选项是（）A．做曲线运动的物体可能是遇到均衡力的作用B．曲线运动必定是变速运动C．曲线运动必定是变加快运动D．曲线运动不行能是匀变速运动3.狗拉雪橇沿位于水平面内的圆弧形道路匀速行驶，滑动摩擦力 f 的表示图(O为圆心)，此中正确的选项是(以下图为四个对于雪橇遇到的牵引力)．F 及4.如下图，在玻璃管的水中有一红蜡块正在匀速上涨，若红蜡块在 A 点匀速上涨的同时，使玻璃管水平向右做匀加快直线运动，则红蜡块实质运动的轨迹是图中的()A.直线 PB.曲线 QC.曲线 RD.没法确立是P 仍是 Q5.我国航天技术起步较晚但发展很快。

设我国自行研制的“风云二号”气象卫星和“神舟”号飞船都绕地球做匀速圆周运动。

“风云二号”离地面的高度约为36000km，“神舟”号飞船离地面的高度约为340km 。

对于“风云二号”和“神舟”号飞船的运转状况，以上说法正确的选项是（）A．它们的线速度都大于第一宇宙速度6.在抗洪抢险中，战士驾驶摩托艇救人，假定江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度为 v1，摩托艇在静水中的航速为v2，战士救人的地址 A 离岸边近来处 O 的距离为d，如战士想在最短时间内将人奉登岸，则摩托艇登岸的地址离O 点的距离为 ( )dv2B.0A.v22v12dv1dv2C. D.v2v17.如下图，靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，大轮半径是小轮半径的2 倍． A 、 B 分别为大、小轮边沿上的点， C 为大轮上一条半径的中点．则（）A.两轮转动的角速度相等B．大轮转动的角速度是小轮的 2 倍C．质点 A 的加快度是质点 B 的 2 倍D．质点 B 的加快度是质点 C 的 4 倍8.一水平抛出的小球落到一倾角为的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右图中虚线所示。

辽宁省大连市第二十高级中学 2015—2016学年度下学期6月月考高二物理试题考试时间：90分钟 试题分数：100分第Ⅰ卷一、单项选择题： （每题4分，共32分）1如图所示，物体A 、B 、C 叠放在水平桌面上，力F 作用在物体C 上后，各物体仍保持静止状态，那么以下说法正确的是（ ）A ．C 不受摩擦力作用B ． B 不受摩擦力作用C ．A 受的各个摩擦力的合力不为零D ．A 、B 、C 三个物体组成的整体所受摩擦力为零2 L 型木板P (上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q 相连，如图所示．若P 、Q 一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P 的受力个数为（ ）A ．3B ．4C ．5D ．63一物体自t=0时开始做直线运动，其速度-时间图像如图，下列选项正确的是（ ）A.在0～6s 内，物体离出发点最远为30mB.在0～6s 内，物体经过的路程为35mC.在0～6s 内，物体的平均速度为5m/sD. 在4～6s 内，物体的加速度发生变化4汽车以20 m/s 的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为5 m/s 2，则它关闭发动机后通过37.5 m 所需时间为（ ）A ．3 sB ．4 sC ．5 sD ．6 s5 A 、B 两小球从不同高度自由下落，同时落地，A 球下落的时间为t ，B 球下落的时间为t/2，当B 球开始下落的瞬间，A 、B 两球的高度差为（ ）A.gt 2B.38gt 2C.34gt 2D.14gt 2 6 如图，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A 、D 间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F ，将B 缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力T AC 、T AD 、T AB 的变化情况是（ ）A ．TAC 、T AD 、T AB 都变大 B ．T AD 和T AB 变大，T AC 不变 C ．T AC 和T AB 变大，T AD 不变 D ．T AC 和T AD 变大，T AB 不变7如图所示，细绳MO 与NO 所能承受的最大拉力相同，长度MO >NO ，则在不断增加重物G 的重力过程中（绳OC 不会断）（ ）A．OM绳先被拉断B．O M绳的拉力始终比ON绳拉力大C．ON绳和OM绳的合力逐渐增大D．ON绳、OM绳、OC绳的合力逐渐增大8如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上。

辽宁高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于曲线运动，下列说法正确的有 ( )A．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动B．做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动2.牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律。

在创建万有引力定律的过程中，牛顿( )A．接受了胡克等科学家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比”的猜想B．根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即Fµm的结论C．根据Fµm和牛顿第三定律，分析了地月间的引力关系，进而得出Fµm1m2D．根据大量实验数据得出了比例系数G的大小3.如图所示为某人游珠江，他以一定的速度且面部始终垂直于河岸向对岸游去。

设江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是()A．水速大时，路程长，时间长B．水速大时，路程长，时间不变C．水速大时，路程长，时间短D．路程、时间与水速无关4.如图所示，为一皮带传动装置，右轮半径为r，a为它边缘上一点；左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r.c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上。

若传动过程中皮带不打滑，则 ( )①a点和b点的线速度大小相等②a点和b点的角速度大小相等③a点和c点的线速度大小相等④a点和d点的向心加速度大小相等A．①③B．②③C．③④D．②④5.如图所示，物体A和B质量均为m，分别与轻绳连接跨过定滑轮(不计绳与滑轮之间的摩擦)．当用水平力F拉B 物体沿水平面向右做匀速直线运动时，下列判断正确的是()A．物体A也做匀速直线运动B．绳子对物体A的拉力始终大于A的重力C．物体A的速度小于物体B的速度D．物体A的速度大于物体B的速度6.天文学家新发现了太阳系外的一颗行星．这颗行星的体积是地球的4.7倍，质量是地球的25倍．已知近地卫星绕地球运动的周期约为1.4h ，引力常量G ＝6.67×10－11N·m 2/kg 2，由此估算该行星的平均密度约为 （ ）A ．1.8×103kg/m 3B ．5.6×103kg/m 3C ．1.1×104kg/m 3D ．2.9×104kg/m 37.木星是太阳系中最大的行星，它有众多卫星。

2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（下）月考物理试卷（6月份）一、单选题：（本题有8个小题．每小题4分，共32分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．）1．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a 、b 、c ，且a ＞b ＞c ．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（ ）A ．B ．C ．D ． 2．如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是（ ）A ．B ．C ．D ．3．两个可自由移动的点电荷分别放在A 、B 两处，如图所示．A 处电荷带正电Q 1，B 处电荷带负电Q 2，且Q 2=4Q l ，另取一个可以自由移动的点电荷Q 3放在AB 直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则（ ）A ．Q 3为负电荷，且放于A 左方B ．Q 3为负电荷，且放于B 右方C ．Q 3为正电荷，且放于AB 之间D ．Q 3为正电荷，且放于B 右方4．如图所示，菱形ABCD 的对角线相交于O 点，两个等量异种点电荷分别固定在AC 连线上的M 点与N 点，且OM=ON ，则（ ）A ．A 、C 两处电势、场强均相同B ．B 、D 两处电势、场强均相同C ．A 、C 两处电势、场强均不相同D ．B 、D 两处电势、场强均不相同5．如图所示的是甲、乙、丙三个电源的U﹣I图线，甲和丙两图线平行，下列判断正确的是（）A．甲电源的电动势比乙的电动势大B．甲电源的内阻比丙电源的内阻大C．甲电源内阻最大，丙电源内阻最小D．乙电源的电动势和内阻都比丙电源的大6．如图所示，电源电动势E=34V，内阻不计，电灯上标有“6V，12W”的字样，直流电动机线圈电阻R=2Ω．接通电源后，电灯恰能正常发光，下列说法正确的是（）A．电路中的电流大小为6 AB．电动机两端电压为4VC．电动机产生的热功率为56 WD．电动机输出的机械功率为48W7．真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后都打在荧光屏上，则下列判断中正确的是（）A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B．三种粒子打到荧光屏上的位置不相同C．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：2：4D．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：1：28．如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R0为定值电阻，R1，R2为可变电阻，开关S闭合．质量为m的带正电荷的微粒从P点以水平速度v0射入金属板间，沿曲线打在N板上的O点．若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度v0射入，则关于微粒打在N板上的位置说法正确的是（）A．保持开关S闭合，增大R1，粒子打在O点左侧B．保持开关S闭合，增大R2，粒子打在O点左侧C．断开开关S，M极板稍微上移，粒子打在O点右侧D．断开开关S，M极板稍微下移，粒子打在O点右侧二、多选题：（本题有3个小题，每小题4分，共12分．每小题给出的四个选项中，不只一个选项是正确的，多选、错选或不答不得分，选不全得2分．）9．如图所示的电路中，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．电源的效率逐渐增大10．如图所示，实线为真空中某一正点电荷所形成的一簇电场线，a、b、c三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O点射入电场的运动轨迹，其中b虚线为一圆弧，AB的长度等于BC的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是（）A．a一定是正粒子的运动轨迹，其动能增加，电势能减少B．由于AB的长度等于BC的长度，故U AB=U BCC．a虚线对应的粒子的加速度越来越小，c虚线对应的粒子的加速度越来越大，b虚线对应的粒子的加速度大小不变D．b虚线对应的粒子的质量大于c虚线对应的粒子的质量11．某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．则下列说法中正确的是（）A．图线b表示输出功率P R随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C．在图线上A、B、C 三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P CD．两个图线交点M与N的横坐标之比一定为1：2，纵坐标之比一定为1：4三、实验题：（本题有2个小题，每空2分，共20分．）12．如图所示为多用电表的刻度盘，表针如图所示．（1）若选用的倍率为“×100”，则所测电阻的阻值为Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是（选填“×10”、“×100”或“×1k”）．（2）若选用的量程为50mA的电流挡，则所测电流为mA；若选用的量程为250mA的电流挡，则所测电流为mA．（3）若选用的量程为10V的电压挡，则所测电压为V．13．某实验小组描绘规格为“2.5V 0.6W”的小灯泡的I﹣U特性曲线．实验室提供下列器材：A．电流表A1（量程为0﹣25mA，内阻约0.2Ω）B．电流表A2（量程为0一300mA，内阻约1Ω）C．电压表V1（量程为0﹣3V，内阻约5kΩ）D．电压表V2（量程为0﹣15V，内阻约15kΩ）E．滑动变阻器R1（0一10Ω，额定电流1.5A）；F．滑动变阻器R2（0一1000Ω，额定电流0.5A）G．直流电源（电动势6V，内阻忽略不计）H．电键一个、导线若干（1）实验中所用的电流表应选；电压表应选；滑动变阻器应选．（只需填器材前面的字母代号）（2）若采用如图1所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线，电压表的右端应与电路中的点相连开关闭合之前，图1中滑动变阻器的滑片应该置于端（选填“a”、“b”、“c”、“d”）（3）测量后，该小组根据实验数据，利用Excel拟合出小灯泡的I﹣U特性曲线如图2示．请根据曲线确定小灯泡两端电压为1.5V时，其实际功率P=W三、计算题：（本题有3个小题，共36分，要求写出必要的方程和文字说明．）14．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°．则电场力对试探电荷q所做的功等于多少？15．在如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=2Ω，定值电阻R1=R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω，电容器的电容C=100μF，电容器原来不带电．求：（1）闭合开关S后，电路稳定时，流过R3的电流大小I3；（2）闭合开关S后，直至电路稳定过程中流过R4的总电荷量Q．16．如图所示，在水平向左的匀强电场中，有一个半径为R的半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一个水平绝缘轨道MN连接，一切摩擦都不计，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，一个带正电的小滑块质量为m，所受电场力为其重力的，重力加速度为g，问：（1）要小滑块恰好运动到圆轨道的最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）这样释放的滑块通过P点时，轨道对滑块的作用力是多大？（P为半圆轨道中点）（3）小滑块经过C点后最后落地，落地点离N点的距离多大？2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（下）月考物理试卷（6月份）参考答案与试题解析一、单选题：（本题有8个小题．每小题4分，共32分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．）1．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．【考点】电阻定律．【分析】由金属导体电阻的决定式R=ρ进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．【解答】解：由电阻的决定式可知，A中电阻R A=，B中电阻R B=；C中电阻R C=；D中电阻R D=；故电阻最小的为A；故选：A．2．如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是（）A． B． C．D．【考点】电场的叠加；电场强度．【分析】在边长为a的正方形四个顶点A、B、C、D上依次放置电荷量为题中各选项的点电荷，根据电场强度的方向与大小进行叠加，从而即可求解．【解答】解：A、根据点电荷电场强度公式E=，结合矢量合成法则，两个负电荷在正方形中心处场强为零，两个正点电荷在中心处电场强度为零，故A错误；B、同理，正方形对角线异种电荷的电场强度，即为各自点电荷在中心处相加，因此此处的电场强度大小为2，故B正确；C、同理，正方形对角线的两负电荷的电场强度在中心处相互抵消，而正点电荷在中心处，叠加后电场强度大小为，故C错误；D、根据点电荷电场强度公式，结合叠加原理，则有在中心处的电场强度大小，故D错误．故选：B．3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示．A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q2=4Q l，另取一个可以自由移动的点电荷Q3放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则（）A．Q3为负电荷，且放于A左方B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方【考点】库仑定律．【分析】由于Q1带正电荷，Q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使整个系统处于平衡状态，对其Q3受力分析，去判断所处的位置．【解答】解：假设Q3放在Q1Q2之间，那么Q1对Q3的电场力和Q2对Q3的电场力方向相同，Q3不能处于平衡状态，所以假设不成立．设Q3所在位置与Q1的距离为r13，Q3所在位置与Q2的距离为r23，要能处于平衡状态，所以Q1对Q3的电场力大小等于Q2对Q3的电场力大小．即：=由于Q2=4Q1，所以r23=2r13，所以Q3位于Q1的左方．根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断Q3带负电．故选A．4．如图所示，菱形ABCD的对角线相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在AC连线上的M点与N点，且OM=ON，则（）A．A、C两处电势、场强均相同B．B、D两处电势、场强均相同C．A、C两处电势、场强均不相同D．B、D两处电势、场强均不相同【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】电场强度为矢量，叠加遵守四边形定则，电势为标量，叠加时直接求代数和【解答】解：A、A处电势为正，C处电势为负，A处场强方向向左，C处场强方向也向左，大小相同，故A错误；B、BD两处场强大小相等，方向水平向右，两处的电势均为0，故B正确；C、在MN连线上O点的场强最小．故C错误；D、在BD连线上O点的场强最大，故D错误．故选：B5．如图所示的是甲、乙、丙三个电源的U﹣I图线，甲和丙两图线平行，下列判断正确的是（）A．甲电源的电动势比乙的电动势大B．甲电源的内阻比丙电源的内阻大C．甲电源内阻最大，丙电源内阻最小D．乙电源的电动势和内阻都比丙电源的大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据闭合电路欧姆定律分析图线与坐标轴交点的物理意义，比较电动势的大小．根据图线斜率大小的意义比较内阻的大小．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点坐标等于电源的电动势大小，由图看出，甲和乙电源的电动势相等．故A错误．B、C、D、由U=E﹣Ir得知，图线的斜率绝对值大小等于电源的内阻大小，由图看出，乙电源的电动势和内阻都比丙电源大，甲和丙电源的内阻相等．故D正确，BC错误．故选：D6．如图所示，电源电动势E=34V，内阻不计，电灯上标有“6V，12W”的字样，直流电动机线圈电阻R=2Ω．接通电源后，电灯恰能正常发光，下列说法正确的是（）A．电路中的电流大小为6 AB．电动机两端电压为4VC．电动机产生的热功率为56 WD．电动机输出的机械功率为48W【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电灯恰能正常发光，故回路中电流等于电灯的额定电流；电动机输出的机械功率等于电源总功率减去回路中内能的功率．【解答】解：A、因为电灯恰能正常发光，所以闭合电路中的电流为：I===2A，故A错误；B、电动机的输入电压为：U=E﹣I（r+R）=36﹣2×（1+）=28V；故B错误；C、电动机的热功率为：，故C错误D、电动机的总功率为：P=UI=28×2=56W所以电动机输出的机械功率为：P出=P﹣P热=56﹣8=48W，故D正确；故选：D7．真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后都打在荧光屏上，则下列判断中正确的是（）A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B．三种粒子打到荧光屏上的位置不相同C．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：2：4D．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：1：2【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【分析】三种粒子在偏转电场中做类平抛运动，飞出电场后做匀速直线运动，两个过程中水平方向是速度相同的匀速直线运动，根据动能定理求出加速获得的速度表达式，可分析从B 板运动到荧光屏经历的时间关系．根据推论分析粒子偏转距离与加速电压和偏转电压的关系，分析粒子打到荧光屏上的位置关系．根据W=qEy，分析电场力做功之比．【解答】解：A、加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d，在加速电场中，由动能定理得qU1=mv02，解得v0=，三种粒子从B板运动到荧光屏的过程，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不同，则v0不同，所以三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间不同，故A错误；B、据推论y=、tan θ=可知，y与粒子的种类、质量、电量无关，故三种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同，故B错误；C、转电场的电场力做功为W=qEy，则W与q成正比，三种粒子的电荷量之比为1：1：2，则有电场力对三种粒子做功之比为1：1：2，故C错误，D正确．故选：D．8．如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R0为定值电阻，R1，R2为可变电阻，开关S闭合．质量为m的带正电荷的微粒从P点以水平速度v0射入金属板间，沿曲线打在N板上的O点．若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度v0射入，则关于微粒打在N板上的位置说法正确的是（）A．保持开关S闭合，增大R1，粒子打在O点左侧B．保持开关S闭合，增大R2，粒子打在O点左侧C．断开开关S，M极板稍微上移，粒子打在O点右侧D．断开开关S，M极板稍微下移，粒子打在O点右侧【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电路稳定时，电容器的电压等于可变电阻R1的电压，改变R2，对电容器的电压没有影响．增大R1分担的电压增大，电容器的电压增大，粒子将向下运动．断开开关S，上下移动极板，根据电容器的电容定义式与决定式判断出极板间的电场强度，根据牛顿第二定律即可判断加速度，利用运动学公式判断水平位移【解答】解：A、保持开关S闭合，由串并联电压关系可知，R0两端的电压为U=，增大R1，U将减小，电容器两端的电压减小，故粒子受重力和电场力，产生的加速度增大，平行板两极板电压减小达到极板上则，水平位移为x=，水平位移将减小，故粒子打在O点左侧侧，故A正确B、保持开关S闭合，增大R2，不会影响电阻R两端的电压，故粒子打在O点，故B错误；C、断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为E=，结合及可得，电场强度不变，故加速度不变，M极板稍微上移，不会影响离子的运动，故还打在O点，故C错误；D、断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为E=，结合及可得，电场强度不变，加速度不变，M极板稍微下移，不会影响离子的运动，故还打在O点，故D错误故选：A二、多选题：（本题有3个小题，每小题4分，共12分．每小题给出的四个选项中，不只一个选项是正确的，多选、错选或不答不得分，选不全得2分．）9．如图所示的电路中，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．电源的效率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【分析】首先对电路进行分析：滑片的移动可知电路中总电阻的变化，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知P 的受力变化，则可知质点的运动情况．根据路端电压，分析电源的效率的变化．【解答】解：C、滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，总电流增大，则电源的内电压增大，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压减小，R1两端的电压增大，故并联部分电压减小，则电容器两端的电压减小，板间场强减小，则带电液滴所受的电场力减小；则质点将向下移动，故C错误；B、因并联部分电压减小，则R2中的电流减小，而干路电流增大，故电流表中的电流增大，故B错误；A、R1两端的电压增大，路端电压减小，并联部分电压减小，即R3与R4两端的总电压减小；而由于电流表示数增大，由欧姆定律可知R3两端的电压增大，故R4两端的电压减小，电压表示数减小，故A正确；由电路图可知，R3与R4串联后与R2并联，再与R1串联，电容器与并联部分并联；D、电源的效率为η==，由上分析可知，路端电压U减小，则电源的效率降低．故D错误．故选A．10．如图所示，实线为真空中某一正点电荷所形成的一簇电场线，a、b、c三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O点射入电场的运动轨迹，其中b虚线为一圆弧，AB的长度等于BC的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是（）A．a一定是正粒子的运动轨迹，其动能增加，电势能减少B．由于AB的长度等于BC的长度，故U AB=U BCC．a虚线对应的粒子的加速度越来越小，c虚线对应的粒子的加速度越来越大，b虚线对应的粒子的加速度大小不变D．b虚线对应的粒子的质量大于c虚线对应的粒子的质量【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】根据曲线运动受力特点判断电场力方向，分析电场力做功情况，从而判断电势能的变化；电场线的疏密反映了电场强度的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小；结合离心运动的条件列式比较粒子质量大小．【解答】解：A、a粒子的轨迹向左弯曲，所受的电场力向左．正点电荷的电场线向左，所以a一定是正粒子的运动轨迹．电场力对a粒子做正功，则其动能增加，电势能减少，故A 正确．B、根据公式U=Ed，知AB间的场强小于BC间的场强，得U AB＜U BC，故B错误；C、由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，根据F=qE知，虚线对应的粒子所受的电场力越来越小，其加速度越来越小，c虚线对应的粒子所受的电场力越来越大，其加速度越来越大，b虚线对应的粒子的加速度大小不变，故C正确；D、a、b、c三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O点射入电场的运动轨迹；且三个粒子的电荷量大小相等；故静电力相等；由于b粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力；c粒子做向心运动，故静电力大于需要的向心力，根据F=m，知b粒子的质量大于c粒子的质量；故D正确；故选：ACD11．某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．则下列说法中正确的是（）A．图线b表示输出功率P R随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C．在图线上A、B、C 三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P CD．两个图线交点M与N的横坐标之比一定为1：2，纵坐标之比一定为1：4【考点】电功、电功率．【分析】根据电源消耗的总功率的计算公式P E=EI可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率Pr=I2r可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系．【解答】解：A、由电源消耗功率和电源内部消耗功率表达式P E=EI，Pr=I2r，可知，a是直线，表示的是电源消耗的总电功率，b是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率，c表示外电阻的功率即为电源的输出功率P R，所以AB错误；C、在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率P E 等于输出功率P R和电源内部的发热功率P r的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P C，所以C正确；D、当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为=，功率的大小为，a、b线的交点N表示电源的总功率P E和电源内部的发热功率P r随相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为，功率的大小为，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，所以D正确．故选CD．三、实验题：（本题有2个小题，每空2分，共20分．）12．如图所示为多用电表的刻度盘，表针如图所示．（1）若选用的倍率为“×100”，则所测电阻的阻值为1500Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是×1k（选填“×10”、“×100”或“×1k”）．（2）若选用的量程为50mA的电流挡，则所测电流为30.8mA；若选用的量程为250mA 的电流挡，则所测电流为155mA．（3）若选用的量程为10V的电压挡，则所测电压为 6.1V．【考点】用多用电表测电阻．【分析】（1）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近．（2）（3）由图示表盘确定其分度值，然后再读出其示数．【解答】解：（1）用倍率为“×100”的电阻挡测电阻，由图示可知，电阻阻值为：15×100=1500Ω；多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是×1k．（2）选用量程为5mA的电流挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为10mA，示数为30.8mA．选用量程为250mA的电流挡测量电流时，最小分度为5mA；故则所测电流为155mA；（3）选用量程为10V的电压挡测量电压，由图示表盘可知，其分度值为0.2V，示数为6.1V．故答案为：（1）1500，×1k；（2）30.8，155；（3）6.113．某实验小组描绘规格为“2.5V 0.6W”的小灯泡的I﹣U特性曲线．实验室提供下列器材：A．电流表A1（量程为0﹣25mA，内阻约0.2Ω）B．电流表A2（量程为0一300mA，内阻约1Ω）C．电压表V1（量程为0﹣3V，内阻约5kΩ）D．电压表V2（量程为0﹣15V，内阻约15kΩ）E．滑动变阻器R1（0一10Ω，额定电流1.5A）；F．滑动变阻器R2（0一1000Ω，额定电流0.5A）G．直流电源（电动势6V，内阻忽略不计）H．电键一个、导线若干（1）实验中所用的电流表应选B；电压表应选D；滑动变阻器应选E．（只需填器材前面的字母代号）（2）若采用如图1所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线，电压表的右端应与电路中的a 点相连开关闭合之前，图1中滑动变阻器的滑片应该置于c端（选填“a”、“b”、“c”、“d”）（3）测量后，该小组根据实验数据，利用Excel拟合出小灯泡的I﹣U特性曲线如图2示．请根据曲线确定小灯泡两端电压为1.5V时，其实际功率P=0.33W【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）根据小电珠的额定电流选择电流表，根据小电珠额定电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后答题．滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前分压部分电路阻值应最小，根据电路图确定滑片的位置．（3）由图象求出电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡功率．【解答】解：（1）小电珠额定电流I==0.24A=240mA，电流表应选B；小电珠额定电压为2.5V，电压表选C；为方便实验操作，滑动变阻器应选最大阻值较小的E．（2）电珠正常发光时的电阻R=≈10.4Ω，灯泡电阻为10.4Ω，电流表内阻约1Ω，电压表内阻约为5kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，由图1所示电路图可知，电压表的右端应与电路中的a端．由图1所示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最左端C端．（3）由图2所示图象可知，小灯泡两端电压为1.5V时，通过灯泡的电流为0.22A，则灯泡实际功率P=UI=1.5×0.22=0.33W．故答案为：（1）B；D；E；（2）a；c；（3）0.33；三、计算题：（本题有3个小题，共36分，要求写出必要的方程和文字说明．）14．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°．则电场力对试探电荷q所做的功等于多少？【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的定义式求出板间电压．由E=求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．。

2016年大连二十高中冲刺模拟卷理科综合能力测试本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33~40题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

注意事项：1、答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。

2、选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔记清楚。

3、请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。

4、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

5、做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H-1 B-11 C-12 N-14 O-16 P-31 S-32 Fe-56第I 卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.以下关于叶绿体与线粒体的叙述，错误的是A.都有较大的膜面积，有利于代谢高效进行B.都需要以水作为代谢的原料C.都含有DNA和RNAD.都能生成ATP并为各项生命活动直接提供能量2.人体细胞某基因活化后能导致细胞凋亡，相关推测最合理的是A.该基因是原癌基因或者抑癌基因B.该基因活化后其细胞周期缩短C.该细胞一定是被抗原入侵的靶细胞D.该基因活化可发生在胚胎发育阶段3．下列有关实验的说法正确的是A．观察蝗虫精巢切片时，能看到有丝分裂中期的细胞B．探究温度对酶活性的影响时，最好选用新鲜肝脏中的H2O2酶做实验材料C．西瓜汁中含有丰富的葡萄糖和果糖，是作还原糖鉴定的理想材料D．观察DNA和RNA在细胞中的分布，应选用龙胆紫对细胞染色4.如图是某物种迁入新环境后随机交配，一对等位基因的基因频率变化情况，分析这些数据能得出的结论是A.1950-1980年间该种群始终没有发生进化B.1990年该生物与原物种相比已经进化成新物种C.1960年该种群Aa基因型的频率为48%D.1990年，a基因的频率大幅下降导致该物种的丰富度减小5.下列有关生命活动的叙述中，错误的是A.有氧呼吸和无氧呼吸过程中丙酮酸的消耗途径不同B.原核细胞和真核细胞进行翻译的细胞器不同C光合作用和化能合成作用中合成有机物的能量来源不同D.动作电位和静息电位产生时细胞内外的K+/Na+比值不同6．关于人体内环境的叙述，正确的是A．组织液渗透压增大，引起细胞吸水B．无氧呼吸产生乳酸的过程发生在内环境中C ．血浆中的HCO －3参与维持血浆pH 的稳定D ．血浆中蛋白质的含量对血浆渗透压没有影响7. 化学与生活密切相关。