2018年高考物理考前回扣教材实验题专练(二)

实验专攻练(二)(时间：15分钟 分值：15分)22．(6分)( 2018·武汉华中师大一附中模拟)某同学用如图1甲所示的装置验证机械能守恒定律．一根细线系住钢球，悬挂在铁架台上，钢球静止于A 点，光电门固定在A 的正下方．在钢球底部竖直地粘住一片宽带为d 的遮光条．将钢球拉至不同位置由静止释放，遮光条经过光电门的挡光时间t 由计时器测出，取v ＝d t作为钢球经过A 点时的速度．记录钢球每次下落的高度h 和计时器示数t ，计算并比较钢球在释放点和A 点之间的势能变化大小ΔE p 与动能变化大小ΔE k ，就能验证机械能是否守恒．图1(1)用ΔE p ＝mgh 计算钢球重力势能变化的大小，式中钢球下落高度h 应测量释放时的钢球球心到________之间的竖直距离．(A)钢球在A 点时的顶端(B)钢球在A 点时的球心(C)钢球在A 点时的底端(2)用ΔE k ＝12mv 2计算钢球动能变化的大小，用刻度尺测量遮光条宽度，示数如图2所示，其读数为______cm.某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s ，则钢球的速度为v ＝________ m/s.(3)下表为该同学的实验结果：p k 意他的观点？请说明理由．【解析】 (1)小球下落的高度h 是初末位置球心之间的高度差，所以要选B.(2)刻度尺读数的方法，需估读一位，所以读数为 1.50 cm ；某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s ，则钢球的速度为：v ＝d t ＝1.50×10－20.010 0m/s ＝1.50 m/s.(3)不同意．从表中的数据可知，小球动能的增加量大于小球的重力势能的减小量；若是空气的阻力造成的，则ΔE k 要小于ΔE p ，所以误差不是空气的阻力造成的．【答案】 (1)B (2)1.50 1.50 (3)不同意，若是空气阻力造成的，则ΔE k 要小于ΔE p ，所以误差不是空气的阻力造成的；23．(9分)(2018·沈阳三模)在测定电源电动势和内电阻的实验中，实验室提供了合适的实验器材．(1)甲同学按电路图2甲进行测量实验，其中R 2为保护电阻，则图2①请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；②由电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出U ­I 图线如图丙所示，可得电源的电动势E ＝________V,内电阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)(2)乙同学误将测量电路连接成如图3甲所示，其他操作正确，由电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出U ­I 图线如图乙所示，可得电源的电动势E ＝________V ，内电阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)图3【解析】 (1)①根据原理图可得出对应的实物图如图所示．②由图丙可得电动势E ＝2.8 V ，内阻r ＝ΔU ΔI＝0.60 Ω. (2)当电压为U 1＝2.5 V 时，电压表示数最大，说明此时滑动触头左右电阻值相等，此时干路电流I 1＝2×0.5 A＝1 A ，对应图线乙可知，当电压U 2＝2.4 V 时，对应电流分别为0.33 A和0.87 A，由电路连接特点可知，干路电流I2＝0.33 A＋0.87 A＝1.2 A，根据闭合电路欧姆定律得，2．5 V＝E－1·r2．4 V＝E－1.2 r可得出E＝3.0 V，r＝0.50 Ω.【答案】(1)①见解析②2.800.60(2)3.0 0.50。

高考题型专项练——实验题专练实验题专练(一)(共15分，限时10分钟)1．[2015·厦门质监](6分)在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图甲所示的实验装置.(1)实验时，该同学用钩码的重力表示小车受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为应该采取的措施是________.(填选项前的字母)A．保证钩码的质量远小于小车的质量B．选取打点计时器所打的第1点与第2点间的距离约为2 mm 的纸带来处理数据C．把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力D．必须先接通电源再释放小车(2)如图乙所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间的距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m.从打B点到打E点的过程中，合力对小车做的功是________，小车动能的增量是________.(用题中和图中的物理量符号表示)答案(1)AC(2分)(2)mgs(2分)12M(s22T)2－12M(s12T)2(2分)解析(1)为使钩码的重力近似于小车受到的合力，需要把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力，C项正确；同时保证钩码的质量远小于小车的质量，减小钩码失重带来的误差，A项正确；D 项是打点计时器实验的正确做法，对减小本题中的实验误差无影响，D项错；B项为保证重物由零开始做自由落体运动的措施，B项是错误的.(2)从B点到E点合力对小车做的功W＝mgs.v B＝s12T，v E＝s22T，小车动能增量ΔE k＝E k E－E k B＝12M(s22T)2－12M(s12T)2.2．[2015·盐城二模](9分)某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻.A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5 V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3 V，内阻约为3 kΩC．定值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关(1)根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的电路图；(2)实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R 0，方法是先把滑动变阻器R 调到最大阻值R m ，再闭合开关，电压表V 1和V 2的读数分别为U 10、U 20，则R 0＝________(用U 10、U 20、R m 表示)；(3)实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V 1和V 2的多组数据U 1、U 2，描绘出U 1-U 2图象如图丙所示，图中直线斜率为k ，与横轴的截距为a ，则两节干电池的总电动势E ＝________，总内阻r ＝________(用k 、a 、R 0表示).答案 (1)如图所示(3分)(2)(U 20－U 10)R m U 10(2分) (3)ak k －1(2分) R 0k －1(2分) 解析 (1)由实物连线可画出电路图.(2)由部分电路欧姆定律可得：U 10R m ＝U 20－U 10R 0，得R 0＝(U 20－U 10)R m U 10.(3)由闭合电路欧姆定律得：E ＝U 2＋U 2－U 1R 0r 变形得：U 1＝R 0＋r r U 2－ER 0r由丙图得：R 0＋r r ＝kR 0＋r r a ＝ER 0r解得：E ＝ak k －1，r ＝R 0k －1.实验题专练(二)(共15分，限时10分钟)1. [2015·云南统考](6分)在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，实验电路图如图所示，实验室提供下列器材：电流表A 1(量程0.6 A ，内阻约1.0 Ω)电流表A 2(量程3 A ，内阻约0.5 Ω)电压表V(量程3 V ，内阻约3 kΩ)滑动变阻器R 1(0～20 Ω)滑动变阻器R 2(0～200 Ω)干电池E (电动势约1.5 V ，内阻未知)开关及导线若干(1)实验中电流表应选________，滑动变阻器应选________(填器材的代号)；(2)实验中要求电流表测量通过电池的电流，电压表测量电池两极的电压.根据图示电路，电流表的示数________(填“大于”或“小于”)所需测量的电流值；(3)若有相同型号的新旧两节干电池，分别接入图示电路，当电流在相同范围内变化时，电压表读数变化范围较大的是________(填“新干电池”或“旧干电池”).答案(1)A1R1(每空1分)(2)小于(2分)(3)旧干电池(2分) 解析(1)滑动变阻器应选择R1，其阻值与待测电源电阻更接近，操作方便.根据实验的准确性原则电流表应选择A1；(2)由于电压表的分流作用，电流表示数小于实际通过干电池的电流即需要测量的电流；(3)由电源的伏安特性曲线可知，电流变化范围相同，电压变化范围大的伏安特性曲线斜率更大，即是电源内电阻更大，故旧干电池电压变化范围更大.2．[2015·云南统考](9分)一学生用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数.在桌面上放置一块水平长木板，木板一端带滑轮，另一端固定一打点计时器.木块一端拖着穿过打点计时器的纸带，另一端连接跨过定滑轮的绳子，在绳子上悬挂一定质量的钩码后可使木块在木板上匀加速滑动.实验中测得木块质量M＝150 g，钩码质量m＝50 g.(1)实验开始时，应调整滑轮的高度，让绳子与木板________；(2)实验中得到如图乙所示的纸带，纸带上A、B、C、D、E是计数点，相邻两计数点之间的时间间隔是0.10 s，所测数据在图中已标出，根据图中数据可求得木块运动的加速度a ＝________m/s 2(结果保留两位有效数字)；(3)根据实验原理可导出计算动摩擦因数的表达式μ＝_______(用M 、m 、g 、a 表示)；取g ＝10 m/s 2，代入相关数据可求得μ＝________(计算结果保留一位有效数字).答案 (1)平行(2分) (2)0.25(2分) (3)m M －(M ＋m )a Mg (3分)0.3(2分)解析 (1)实验由纸带测定木块加速度，木块所受拉力方向不变，保持与桌面平行，因此需要在实验前调整滑轮高度，使绳子与木板平行；(2)根据匀变速直线运动规律的推论Δx ＝aT 2可知，木块的加速度a ＝(16.18－15.17)×10－2(2×0.10)2 m/s 2＝0.25 m/s 2；(3)钩码与木块加速度大小相等，假设绳子张力为T ，对钩码有：mg －T ＝ma ，对木块则有：T－μMg ＝Ma ，解两式得：μ＝m M －(M ＋m )a Mg ，将已知条件代入解得：μ＝0.3.实验题专练(三)(共15分，限时10分钟)1．(2分)(多选)如图所示“用DIS 研究机械能守恒定律”实验装置.下列步骤正确的是( )A．让摆锤自然下垂，调整标尺盘，使其竖直线与摆锤线平行B．将摆锤置于释放器内，释放杆进行伸缩调整，使摆锤的系线松弛一点便于摆锤释放C．调整光电门的位置，使光电门的接收孔与测量点位于同一水平面内D．将释放器先后置于a、b、c点，将光电门置于标尺盘的d点，分别测量释放器内的摆锤由a、b、c三点静止释放摆到d点的势能和动能答案AC解析A项，让摆锤自然下垂，以摆线为基准，调整标尺盘的放置位置，使标尺盘上的竖直线与摆线平行，故A正确.B项，将摆锤置于释放器内并对释放杆进行伸缩调整，应该使摆锤的细线刚好绷紧释放摆锤，故B错误.C项，调整光电门的位置，使光电门的接收孔与测量点位于同一水平面内，以保证竖直的高度测量准确，故C正确.D项，应该把光电门置于标尺盘的b、c、d点，释放器的摆锤始终在a点，故D错误.2．[2015·北京海淀区二模] (13分)(1)甲同学根据图1所示电路采用“半偏法”测量一个量程为3 V的电压表内阻(约3 kΩ).①为使测量值尽量准确，在以下器材中，电阻箱R应选用________，滑动变阻器R0应选用________，电源E应选用________(选填器材前的字母).()A．电阻箱(0～999.9 Ω) B．电阻箱(0～9999 Ω)C．滑动变阻器(0～50 Ω) D．滑动变阻器(0～2 kΩ)E．电源(电动势1.5 V) F．电源(电动势4.5 V)②该同学检查电路连接无误后，在开关S1、S2均断开的情况下，先将R0的滑片P调至a端，然后闭合S1、S2，调节R0，使电压表指针偏转到满刻度，再断开开关S2，调节R的阻值，使电压表指针偏转到满刻度的一半.如果此时电阻箱R接入电路中的阻值为3150 Ω，则被测电压表的内阻测量值为________Ω，该测量值________实际值(选填“略大于”、“略小于”或“等于”).(2)乙同学将一个电流计改装成量程为3 V的电压表.该电流计内部由表头和定值电阻r串联组成，其中表头电阻r g＝100 Ω，r约为几千欧.为确定该电流计的满偏电流I g和r的阻值，他采用如图2所示电路进行测量.实验中使用的电源电动势E＝3.0 V，电阻箱R的最大阻值为9999 Ω.具体操作步骤如下：a．将滑动变阻器R0的滑片P调到a端，电阻箱接入电路的阻值R调到5000 Ω；b．闭合S，仅调节R 0使电流计满偏，记录此时电阻箱接入电路的阻值R和电压表的示数U；c．断开S，将滑动变阻器R0的滑片P再次调到a端，将电阻箱接入电路的阻值R减小1000 Ω；d．重复步骤b、c，直到将电阻箱接入电路的阻值R调为0 Ω，断开S，结束实验.根据实验测量出的多组数据绘制电压表示数U随电阻箱接入电路中的阻值R变化的图象，如图3所示.①现有如下三种量程的电压表，在该实验中为使电压的测量值尽可能准确，电压表应选用的量程为________(选填器材前的字母).A．0～15 V B．0～3 VC．0～0.5 V②根据上述实验数据绘制出的图象，并考虑实验中存在的误差，可以推测出该表头的满偏电流I g以及定值电阻r的值应为________.(选填选项前的字母)A．30 μA,2.4 kΩ B．300 μA,5.0 kΩC．300 μA,2.4 kΩ D．30 μA,5.0 kΩ③乙同学参考②中判断的结果，他若将电流计________联(选填“串”或“并”)一个阻值为________kΩ的电阻，就可以将该电流计改装成量程为3 V的电压表.答案(1)①B C F(各1分)②3150略大于(各1分)(2)①B(2分)②C(3分)③串(1分)7.5(2分)解析(1)①用半偏法测电压表内阻，电阻箱的最大值应大于等于被测电阻的阻值，因此应选B.滑动变阻器比被测电压表阻值越小越好，所以应选C.电源电动势应比电压表的量程稍大，所以应选F.②由于S 2断开后，R与串联后再与R0的左半部分并联，总电阻几乎不变，所以电压表和电阻箱的总电压不变，而此时电压表示数变成原来的一半，说明电阻箱的电压为另一半，所以R V＝R＝3150 Ω.电阻箱与电压表串联后，总电阻实际比原来的稍大，所以电压表和电阻箱的总电压比电压表的满偏电压稍大，而电压表半偏时，电阻箱的电压比电压表半偏电压稍大，所以电阻箱的值比电压表内阻稍大，所以电压表的测量值略大于实际值.(2)①电压表的量程应大于或等于电源电动势，所以电压表应选3 V的，选B.②由欧姆定律可得：U＝I g(R＋r g＋r)＝I g R＋I g(r＋r g).由图3可知，I g ＝2.25－0.755×10－3＝300 μA ，I g (r ＋r g )＝0.75，解得r ＝2.4 kΩ，所以选C.③改装成大量程的电压表，应串一个大电阻，由欧姆定律可知：3 V ＝I g (r ＋r g ＋R ′)，得R ′＝7.5 kΩ.实验题专练(四)(共15分，限时10分钟)1．[2015·绵阳二诊](6分)用如图所示的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F 与质量m 、角速度ω和半径r 之间的关系.两个变速轮塔通过皮带连接，转动手柄使长槽和短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动.横臂的挡板对钢球的压力提供向心力， 钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值.如图是探究过程中某次实验时装置的状态.(1)在研究向心力的大小F 与质量m 的关系时，要保持________相同.A ．ω和rB ．ω和mC ．m 和rD ．m 和F (2)图中所示是在研究向心力的大小F 与________的关系.A ．质量mB ．半径rC ．角速度ω(3)若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力之比为1∶9，与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为________.A．1∶3 B．3∶1C．1∶9 D．9∶1答案(1)A(2分)(2)C(2分)(3)B(2分)解析(1)在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r 之间的关系时，需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系，该方法为控制变量法，选项A正确.(2)图中两球的质量相同，转动的半径相同，则研究的是向心力与角速度的关系，选项C正确.(3)根据F＝mω2r，两球的向心力之比为1∶9，半径和质量相等，则转动的角速度之比为1∶3，因为靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等，根据v＝rω，知与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为3∶1，选项B 正确.2．[2015·绵阳二诊](9分)学校实验室新进了一批低阻值的绕线电阻，已知绕线金属丝是某种合金丝，电阻率为ρ.要测算绕线金属丝长度，进行以下实验：(1)先用多用电表粗测金属丝的电阻.正确操作后转换开关的位置指示和表盘示数如图所示，则金属丝的电阻约为________Ω.(2)用螺旋测微器测金属丝的直径d.(3)在粗测的基础上精确测量绕线金属丝的阻值R .实验室提供的器材有：电流表A 1(量程0～3 A ，内阻约为0.5 Ω)电流表A 2(量程0～0.6 A ，内阻约为3 Ω)电压表V 1(量程0～3 V ，内阻约3 kΩ)电压表V 2(量程0～15 V ，内阻约18 kΩ)定值电阻R 0＝3 Ω滑动变阻器R 1(总阻值5 Ω)滑动变阻器R 2(总阻值100 Ω)电源(电动势E ＝6 V ，内阻约为1 Ω)开关和导线若干.①还需要先利用实验室提供的器材较准确测量将选用的电流表的内阻.测量电路的一部分可选用以下电路中的________.②请在给出的器材中选出合理的器材，在虚线框内画出精确测量绕线金属丝阻值的完整电路(要求在图中标明选用的器材标号).(4)绕线金属丝长度为________(用字母R 、d 、ρ和数学常数表示). 答案 (1)9.0(2分)(3)①CD(2分) ②电路图如下图所示(3分)(4)πRd 24ρ(2分) 解析 (1)由于欧姆表置于“×1”挡，所以应按×1倍率读数，即1×9.0 Ω＝9.0 Ω.(3)①A 、B 选项中电表测量不准确，选项A 、B 错误；可将电流表A 2与定值电阻串联然后再与电压表并联，如选项C 所示；或因电流表A 2的满偏电流小于A 1的满偏电流，可将定值电阻与电流表A 2并联再与A 1串联，如选项D 所示.②又由于滑动变阻器R 1的最大电阻小于待测金属丝的电阻，所以变阻器应用分压式接法.(4)根据电阻定律R ＝ρL S ，S ＝π(d 2)2，解得L ＝πRd 24ρ.实验题专练(五)(共15分，限时10分钟)1．(6分)某实验小组利用电磁打点计时器和如图的其他器材开展多项实验探究，选择了一条符合实验要求的纸带，数据如图(相邻计数点的时间为T )，回答下列问题：(1)按装置安装器材时，纸带应穿过电磁打点计时器的限位孔从复写纸的________(填“上”或“下”)表面通过.(2)若是探究重力做功和物体动能的变化的关系，需求出重锤运动到各计数点的瞬时速度，试写出在E 点时重锤运动的瞬时速度v E＝________(用题中字母表示).(3)若是测量重力加速度g ，为减少实验的偶然误差，采用逐差法处理数据，则加速度大小可以表示为g ＝________(用题中字母表示).(4)如果研究重锤在AE 运动过程中机械能守恒时，重锤增加的动能总是小于减小的重力势能，造成实验误差的主要原因是________(只写一条).答案 (1)下(1分) (2)s 5＋s 62T(2分) (3)(s 4＋s 5＋s 6)－(s 1＋s 2＋s 3)9T 2(2分) (4)重锤克服阻力做功(或阻力对重锤做负功)(1分)解析 (1)根据打点计时器的工作原理可知，纸带应压在复写纸下方，才能清晰地打点.(2)在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，v E ＝s 5＋s 62T. (3)利用匀变速直线运动的推论，相邻相等时间内的位移差Δx ＝at 2，可知g ＝(s 4＋s 5＋s 6)－(s 1＋s 2＋s 3)(3T )2 ＝(s 4＋s 5＋s 6)－(s 1＋s 2＋s 3)9T 2. (4)重锤克服阻力做功(或阻力对重锤做负功).2．[2015·葫芦岛调研](9分)要测绘一个标有“3 V 0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3 V ，并便于操作.已选用的器材有：电池组(电动势为4.5 V ，内阻约1 Ω)；电流表(量程为0～250 mA ，内阻约5 Ω)；电压表(量程为0～3 V ，内阻约3 kΩ)；电键一个、导线若干.(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的________(填字母代号).A．滑动变阻器(最大阻值20 Ω，额定电流1 A)B．滑动变阻器(最大阻值1750 Ω，额定电流0.3 A)(2)请将设计的实验电路图画入下面的表格中.(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示.现将这个小灯泡接到电动势为1.5 V，内阻为5 Ω的电源两端，由此得到小灯泡消耗的功率是________W.答案(1)A(2分)(2)如图所示(4分)(3)0.1(3分)解析(1)要测灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压需要由零开始，必须用滑动变阻器的分压式接法，而分压式接法，要求滑动变阻器的阻值较小，所以应选A.(2)由于灯泡的阻值约为R灯＝U2 P＝15 Ω，属于小电阻，要用电流表的外接，因此要用分压、外接.(3)在I-U图象上，画出电源的I-U图线，与灯泡的图线的交点的横坐标为灯泡的实际电压1.0 V，纵坐标为灯泡的实际电流0.1 A，所以灯泡的实际功率P灯＝UI＝1.0×0.1＝0.1 W.实验题专练(六)(共15分，限时10分钟)1. [2015·合肥质检](6分)某同学用两个弹簧测力计、细线和橡皮条做共点力合成的实验，最后画出了如图所示的图.(1)在图上标出的F1、F2、F和F′四个力中，力________不是由弹簧测力计直接测得的，比较力F与力F′的大小和方向基本相同，这就验证了共点力合成的平行四边形定则.(2)某同学对此实验的一些说法如下，其中正确的是________.A．如果手头只有一个弹簧测力计，改变方法也可以完成实验B．用两个测力计拉线时，橡皮条应沿两线夹角的平分线C．拉橡皮条的线要长一些，用以标记同一细线方向的两点要相距远些D．拉橡皮条时，细线应沿弹簧测力计的轴线E．在用一个测力计和同时用两个测力计拉线时，只需这两次橡皮条的伸长相同就行(3)下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数分别为________mm和________mm.答案(1)F′(1分)(2)CD(1分)(3)11.4(2分)5．663～5.666(2分)解析(1)F′是F1和F2的合力，按平行四边形法则做出的.(2)完成该实验时，必须同时读出两个分力的大小和方向，所以只有一个弹簧测力计，没办法做到以上要求，A选项是错误的.橡皮条不一定要在两个测力计拉线的角平分线上，B选项是错误的.两个离的较远些的点确定一条直线，误差会小些，所以C选项是正确的.拉橡皮条时细线应与弹簧测力计的轴线平行，这样会减小误差，所以D选项是正确的.用一个测力计和同时用两个测力计拉线时，两次橡皮条的伸长量相同，方向也必须相同，E选项是错误的.(3)游标卡尺主尺读出11 mm，游标尺读出4×0.1＝0.4 mm，所以卡尺读数：11.4 mm；螺旋测微器主尺读出5.5 mm，螺旋套筒读出16.5×0.01＝0.165 mm，所以螺旋测微器读数为5.665 mm.2．[2015·山西质监](9分)用图(a)的电路，可测量叠层电池“6F22”的电动势E 和内阻r ，所用的实验器材有：电阻箱R (最大阻值999.9 Ω)，电阻R 0(阻值为900.0 Ω)，电流表(量程为10 mA ，内阻为R A ＝100.0 Ω)，开关S.实验中，闭合开关S 后，多次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱对应的阻值R ，算出1I 与1R 的值如下表：(1)根据图(a)用笔画线代替导线将图(b)中的实验器材连成实验电路.(2)1I 与1R 的关系式为_______________________________.(3)在图(c)的坐标纸上标出数据点并作图.(4)根据图线求得电源电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.(保留2位有效数字)答案 (1)如图所示(2分)(2)1I ＝R A ＋R 0＋r E ＋(RA ＋R 0)r E ·1R (2分)(3)如图所示(2分)(4)9.2(8.7～9.5均对，2分) 46(43～48均对，1分)解析 (1)以笔代线连接实物图时，注意按电流从电源正极出发百度文库、精选习题试题习题、尽在百度 依次连接，连接电流表时，电流由正接线柱流入，负接线柱流出，先串联再并联；(2)电流表与定值电阻串联等效为电压表使用，根据欧姆定律U ＝I (R A ＋R 0)，由闭合电路欧姆定律E ＝U ＋(U R ＋I )r ＝I (R A ＋R 0＋r ＋R A ＋R 0R r )，所以1I ＝R A ＋R 0＋r E ＋(R A ＋R 0)r E ·1R ；(3)用直线拟合各数据点时，注意使直线尽量多地通过数据点，其他点均匀分布在直线两侧，离直线较远的点大胆舍弃；(4)由(2)中所得解析式可知，图象斜率k ＝(R A ＋R 0)r E ，截距b ＝R A ＋R 0＋r E，根据图象代入斜率和截距可计算出电源电动势和内阻.。

实验题15分标准练(二)22.(6分)某同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A 的前端粘有橡皮泥，推动小车A 使之做匀速运动，然后与原来静止在前方的小车B 相碰并粘合成一体，继续做匀速运动。

他设计的装置如图1甲所示。

在小车A 后连着纸带，电磁打点计时器所用电源频率为50 Hz ，长木板下垫着小木片以平衡摩擦力。

图1(1)若已测得打点的纸带如图乙所示，并测得各计数点的间距(已标在图上)。

A 为运动的起点，则应选__________段来计算A 碰撞前的速度，应选__________段来计算A 和B 碰后的共同速度。

(以上两空均选填“AB ”“BC ”“CD ”或“DE ”)。

(2)已测得小车A 的质量m 1＝0.4 kg ，小车B 的质量m 2＝0.2 kg ，则碰前两小车的总动量大小为________kg·m/s，碰后两小车的总动量大小为__________kg·m/s。

解析 (1)从纸带上打点情况看，BC 段既表示小车做匀速运动，又表示小车有较大速度，因此BC 段能较准确地描述小车A 在碰撞前的运动情况，应选用BC 段计算小车A 的碰前速度。

从CD 段打点情况看，小车的运动情况还没稳定，而在DE 段小车做匀速运动，故应选用DE 段计算碰后A 和B 的共同速度。

(2)小车A 在碰撞前速度大小为v 0＝BC 5T ＝10.50×10－25×0.02m/s ＝1.050 m/s 小车A 在碰撞前的动量大小为p 0＝m 1v 0＝0.4×1.050 kg·m/s＝0.420 kg·m/s碰撞后A 、B 的共同速度大小为v ＝DE 5T ＝6.95×10－25×0.02m/s ＝0.695 m/s 碰撞后A 、B 的总动量大小为p ＝(m 1＋m 2)v＝(0.4＋0.2)×0.695 kg·m/s＝0.417 kg·m/s。

2018年10月理科综合物理实验题（2）1．（18分）（1）（7分）某同学用如图9所示的装置，利用两个大小相同的球做对心碰撞来验证动量守恒定律，图中AB 是斜槽，BC 是水平槽，它们连接平滑，O 点为重锤线所指的位置。

实验时先不放置被碰球2，让球1从斜槽上的某一固定位置G 由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复10次。

然后将球2置于水平槽末端，让球1仍从位置G 由静止滚下，和球2碰撞。

碰后两球分别在记录纸上留下各自的痕迹，重复10次。

实验得到小球的落点的平均位置分别为M 、N 、P 。

①在此实验中，球1的质量为m 1，球2的质量为m 2，需满足m 1 m 2（选填“大小”、“小于”或“等于”）。

②被碰球2飞行的水平距离由图中线段 表示。

③若实验结果满足m 1·ON = ，就可以验证碰撞过程中动量守恒。

（2）（5分）用油膜法估测分子大小的实验步骤如下：①向体积为V 1的纯油酸中加入酒精，直到酒精油酸溶液总量为V 2；②用注射器吸取上述溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入n 滴时体积为V 0；③先往边长为30—40cm 的浅盘里倒入2cm 深的水；④用注射器往水面上滴1滴上述溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描出油酸薄膜的形状；⑤将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板，放在画有许多也长为a 的小正方形的坐标纸上，计算出轮廓，范围内正方形的总数为N ，则①上述过程中遗漏的步骤是 ；②油酸分子直径的表达式d= 。

（3）（6分）①在“用描迹法画出电场中平画上的等势线”的实验中，在下列所给的器材中，应选用的是 。

A ．6.0V 的交流电源B ．6.0V 的恒压直流电源C ．量程0—15V ，零刻度在刻度表盘中央的电压表D ．量程0—300A ，零刻度在刻度表盘中央的电流表②如图10是“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验示意图，电极A 接电源正极，电极B 接电源负极，a 、b 、c 、d 、e 是五个基准点。

专练11 力学实验二(必修2)1．用如图1所示的装置研究平拋运动，用小锤打击弹性金属片后，A球水平方向拋出，同时B球被松开，自由下落．A、B两球同时开始运动，多次改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球________(填“同时”或“不同时”)落地．此实验证明平拋运动在竖直方向上的分运动是________(填“匀速直线运动”或“自由落体运动”)．图12．在“验证机械能守恒定律”的实验中，将夹有纸带的重物由静止释放，所打纸带如图2所示，相邻点迹间的时间间隔为 s(图中数据单位是cm)．图2(1)纸带的________(填“左”或“右”)端与重物相连；(2)打点计时器打B点时，重物下落的速度vB为________m/s.3．某实验小组采用如图3所示的装置“探究做功与物体速度变化的关系”．提供的实验器材有：电火花计时器、纸带、砂桶、细砂、细线、小车、砝码、一端带滑轮的长木板及垫块．图3(1)为完成此实验，还需要的器材是________(填下列仪器前的字母代号)．A．天平 B．停表 C．毫米刻度尺(2)实验时，为了方便计算合力的功，使小车所受的合力大小等于砂和砂桶的总重力，为此，一方面要消除摩擦力的影响；另一方面还应使砂和砂桶的总质量________(填“远小于”或“远大于”)小车和砝码的总质量．4．如图4所示，在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器由________(填“直流”或“交流”)电源供电；由于重物在下落过程中受到阻力作用，则重物增加的动能________(填“大于”“小于”或“等于”)减小的重力势能；实验中，描点作出v 22－h 的图象为直线，当直线的斜率接近于________时，可验证重物在下落过程中机械能守恒．图45．在“验证机械能守恒定律”的实验中，实验装置如图5甲所示．图5(1)该实验中使用电火花计时器，它的工作电压是________(填“交流220 V”“交流6 V 以下”或“直流6 V 以下”)，纸带下端所挂重物应选图乙中的________重物比较合适(填所选重物的字母)．(2)按照正确的操作得到如图丙所示的纸带．其中打O 点时释放重物，A 、B 、C 是打点计时器连续打下的三个点，该同学用毫米刻度尺测量O 点到A 、B 、C 各点的距离，并记录在图丙中(单位：cm)．已知打点计时器打点时间间隔为 s ，重物质量为 kg ，当地重力加速度g 取 m/s 2. ①这三个数据中不符合有效数字读数要求的是________．②现选取重物在OB段的运动进行数据处理，则打B点时的重物的速度为________m/s，OB段动能增加量为________J，重力势能减少量为________J(计算结果均保留三位有效数字)．③即使在操作规范、数据测量及数据处理很准确的前提下，该实验测得的ΔE p也一定略大于ΔE k，这是实验存在系统误差的必然结果，试分析该系统误差产生的主要原因是：________________________________________________________________________.6．做“研究平拋运动”的实验时，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，用如图6所示的装置，将一块平木板钉上复写纸和白纸，竖直立于槽口前某处且和斜槽所在的平面垂直，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞在木板上留下痕迹A；将木板向后移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞在木板上留下痕迹B；又将木板再向后移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再得到痕迹C.若测得木板每次后移距离x＝cm，A、B间距离y1＝ cm，B、C间距离y2＝ cm.根据以上直接测量的物理量推导出小球初速度的计算公式为v0＝________(用题中所给字母表示)．小球初速度值为________m/s.(g取m/s2)图67．如图7为某同学“验证机械能守恒定律”的实验装置图．图7(1)现有的器材：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重物、导线若干．为完成此实验，除了所给的器材，还需要________．(填选项前的字母)A．刻度尺B．秒表C．6 V以下交流电源D．220 V交流电源(2)在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，查得当地的重力加速度g＝ m/s2，某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测量时各计数点对应刻度尺上的读数如图8所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C、D分别是每打两个点取的计数点．则重物由O点运动到B点时(重物质量为m kg)．图8①重力势能的减少量是__________J，动能的增加量是__________J.②重力势能的减少量________(“略大于”或“略小于”)动能的增加量，原因是________________________________________________________________________________________________________________________________________________.③根据计算的数据得出的结论：_____________________________________________________ ________________________________________________________________________.答案精析1．同时 自由落体运动解析 平拋运动中，在竖直方向的分运动为自由落体运动，在水平方向的分运动为匀速直线运动．2．(1)左 (2)解析 (1)重物由静止释放做自由落体运动，纸带点距逐渐增大，可知纸带的左端与重物相连；(2)由平均速度公式可得：vB ＝d AC 2t ＝错误! m/s ＝ m/s. 3．(1)AC (2)远小于4．交流 小于 重力加速度g5．(1)交流220 V c (2)① ② ③重物在下落时要受到阻力作用(打点计时器对纸带的摩擦力、空气阻力)解析 (1)电火花计时器的工作电压是交流220 V ，纸带下端所挂重物应选图乙中质量较大的c .(2)①这三个数据中不符合有效数字读数要求的是，缺少估读数字；②打B 点时重物的速度为v B ＝xAC 2T＝错误! m/s ＝ m/s ；OB 段动能增加量为ΔE k ＝错误!mvB 2＝错误!×× J≈ J；重力势能减少量为ΔE p ＝mgh ＝×× J≈ J；③原因是重物在下落时要受到阻力作用(打点计时器对纸带的摩擦力、空气阻力)．6．x gy 2－y 1 2解析 设时间间隔为t ，则x ＝v 0t ，y 2－y 1＝gt 2，v 0＝x gy 2－y 1；x ＝ cm ，y 1＝ cm ，y 2＝ cm代入求得v 0＝2 m/s.7．(1)AC (2)① ②略大于 重物在下落时要受到阻力作用(打点计时器对纸带的摩擦力、空气阻力) ③在实验误差允许的范围内重物减少的重力势能等于其增加的动能，即机械能守恒。

全国高考2018届高三考前猜题卷（二）理综物理试卷本试卷共26页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.下列论述中正确的是A.开普勒根据万有引力定律得出行星运动规律B.爱因斯坦的狭义相对论，全面否定了牛顿的经典力学规律C.普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D.玻尔提出的原子结构假说，成功地解释了各种原子光谱的不连续性15.如图，放置在光滑的水平地面上足够长斜面体，下端固定有挡板，用外力将轻质弹簧压缩在小木块和挡板之间，弹簧的弹性势能为100J。

撤去外力，木块开始运动，离开弹簧后，沿斜面向上滑到某一位置后，不再滑下，则A.木块重力势能的增加量为100JB.木块运动过程中，斜面体的支持力对木块做功不为零C.木块、斜面体和弹簧构成的系统，机械能守恒D.最终，木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行16.遐想在地球赤道上有一颗苹果树，其高度超过了地球同步卫星轨道的高度。

树上若有质量相等的三个苹果A、B、C，其高度分别低于、等于、高于地球同步卫星轨道高度。

实验题满分专练(二)
在图中画出连线，完成实验电路．要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动．
为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：
．适当增加两导轨间的距离
．换一根更长的金属棒
可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流，
安培力，根据动能定理得，Fx－μmgx＝1
2
mv2，则金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导
正确；若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度
即导轨间的距离不变，安培力F不变，棒的质量变大，速度v＝2Fx m
甲同学设计的实验装置如图甲所示．其中A为置于水平面上的质量为
m的物块，C为物块右端连接的一轻质弹簧测力计，连接弹簧的细绳水平．实验时用力向左拉动A，当C的示数稳定后(B仍在A上)，读出其示数
与B”或“A与地面”)之间的动摩擦因数，其表达式为
乙同学的设计如图乙所示．他在一端带有定滑轮的长木板上固定
与光电门相连的计时器可以显示带有遮光片的物块在其间的运动时间，。

14．玻尔原子理论认为，氢原子只能处于一系列不连续的能量状态中，在不同的能量状态中，电子在一系列不连续的轨道上运动，当电子运动的轨道距离原子核最近时的能量状态为基态，量子数n=1，随半径的增大，量子数依次记为2、3、4、……若规定电离态能量为0，基态的能量为E 1，量子数为n 的能量状态的能量值12n E E n =，普朗克常量为h ，关于氢原子能级的下列说法正确的是( )A ．n 越大，相邻能级间能量差值越大B ．各能量状态的能量值均为负值(电离态除外)C ．一个氢原子从n=6的能量状态直接跃迁至n=3的能量状态会向外辐射频率112236E E hν-=的光子D ．大量氢原子从n=6的能量状态跃迁至n=3的能量状态可能辐射8种不同频率的光子15．如图所示，A 、B 为原长相等、劲度系数分别为k 和3k的两根轻弹簧，将轻弹簧A 、B 的两端对齐套在一起，竖直地固定在水平地面上，两弹簧均处于原长状态，把质量m=1kg的物块从距弹簧上端h=5m 处由静止释放，与弹簧接触后，经t=1s 速度减至0，已知重力加速度g 取10m ／s 2，则在弹簧压缩过程中，物块受到轻弹簧A 的平均作用力大小为( )A ．15NB ．10NC ．5ND ．2．5N 16．如图所示，理想变压器的原线圈匝数为n 1，与电阻R 1并联后接入正弦式交变电流，副线圈匝数为n 2，接入定值电阻R 2、R 3、R 4，R 1的功率为P 1，R 3的功率为P 3，已知R 1=R 3=3Ω，R 2=R 4=1.5Ω，P 1=100P 3，则原、副线圈匝数比n 1:n 2为( )A ．10:1B ．4:1C ．2:1D ．10:317．如图所示，间距为L 的足够长的平行金属导轨固定在斜面上，导轨一端接入阻值为R 的定值电阻，t=0时，质量为m 的金属棒由静止开始沿导轨下滑，t=T 时，金属棒的速度恰好达到最大值v m ，整个装置处于垂直斜面向下、磁感应强度为B 的匀强磁场中，已知金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，金属棒及导轨的电阻不计，下列说法正确的是( )A ．2T t =时，金属棒的速度大小为2m v B ．0～T 的过程中，金属棒机械能的减少量等于R 上产生的焦耳热C ．电阻R 在0～2T 内产生的焦耳热小于2T ～T 内产生的焦耳热 D ．金属棒0～2T 内机械能的减少量大于2T ～T 内机械能的减少量 18．如图所示，直角三角形斜劈ABC 的倾角为37°，以直角顶点B 为坐标原点，分别沿BA 边和BC 边建立x 轴和y 轴，已知AB 边水平，边长为8m ，从D(11m ，2m)点以初速度v 0沿x 轴负方向抛出一个可视为质点的小球，一段时间后，小球落在斜面AC 上，则此时小球的速度方向与x 轴负方向夹角的最大值为(已知sin37°=0．6，cos37°=0.8)( )A ．30°B ．37°C ．53°D ．60°19．如图所示，卫星在半径为r 1的圆轨道上运行时速度为v 1，当其运动经过A 点时点火加速，使卫星进入椭圆轨道运行，椭圆轨道的远地点B 与地心的距离为r 2，卫星经过B 点的速度为v B ，若规定无穷远处引力势能为0，则引力势能的表达式p Mm E G r=-，其中G 为引力常量，M 为中心天体质量，m 为卫星的质量，r 为两者质心间距，若卫星运动过程中仅受万有引力作用，则下列说法正确的是( )A ．vB <v 1B ．卫星在椭圆轨道上A 点的加速度小于B 点的加速度C ．卫星在A 点加速后的速度v AD ．卫星从A 点运动至B20．如图甲所示，间距L=1m 、电阻不计的平行导轨固定在斜面上，倾角θ=37°，导轨下端与R=2Ω的电阻相连，空间存在范围足够大的匀强磁场，若规定竖直向下为磁感应强度的正方向，则磁感应强度B 随时间t 的变化图线如图乙所示，长L=1m 、电阻r=1Ω的导体棒在距导轨底端d=1m 的位置始终保持静止状态，已知t=1s 时导体棒与导轨间的摩擦力为0，t=3s 时导体棒与导轨间的静摩擦力恰好达到最大值，重力加速度g 取10m ／s 2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是( )A ．回路中的感应电动势为3．75VB ．导体棒的质量为0.5kgC ．在前3s 内，导体棒与导轨间的摩擦力一定先减小后增大D ．在前3s 内，导体棒所受摩擦力的方向先沿导轨向下后沿导轨向上21．如图所示，处于竖直平面内的正六边形金属框架ABCDEF 、可绕过C 点且与平面垂直的水平轴自由转动，该金属框架的边长为L ，中心记为O ，用两根不可伸长、长度均为L 的轻质细线将质量为m 的金属小球悬挂于框架的A 、E 两个顶点并处于静止状态，现令框架绕转轴、沿顺时针方向缓慢转过90°角，已知重力加速度为g ，在包括初、末状态的整个转动过程中下列说法正确的是( )A．细线OA中拉力最大值为mg B．细线OEC．细线OA中拉力逐渐增大D．细线OE中拉力逐渐减小三、非选择题：共174分。

2018全国高考冲刺物理模拟试题（二）（解析版）二、选择题（本题包括8小题，共48分。

每小题给出的四个选项中，14～17题只有一个选项符合题意，18～21题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）17. 下列说法正确的是A. 质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2、m3，则质子与中子结合为氘核的反应是人工核转变，放出的能量为（m3－m1－m2）c2B. 交流发电机由产生感应电动势的线圈（通常叫做电枢）和产生磁场的磁体组成，分为旋转电枢式发电机和旋转磁极式发电机，能够产生几千伏到几万伏的电压的发电机都是旋转电枢式发电机C. 1927年戴维孙和汤姆孙分别利用晶体做了电子束衍射实验，证实了电子的波动性并提出实物粒子也具有波动性D. 玻尔将量子观念引入原子领域，提出了轨道量子化与定态的假设，成功地解释了氢原子光谱的实验规律【答案】D【解析】根据爱因斯坦质能方程，当一个质子和一个中子结合成一个氘核时，质量亏损为，因此核反应放出的能量，故A错误；现在大型发电厂的发电机能够产生几千伏到几万伏的电压，输出功率可达几百万兆瓦，所以大多数发电机都是旋转磁极式发电机，故B 错误；1927年戴维孙和汤姆孙利用晶体得到了电子束的衍射图样，有力地证明了德布如意提出的物质波假设，C错误；玻尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了氢原子光谱的实验规律，D正确．18. 在光滑圆锥形容器中,固定了一根光滑的竖直细杆，细杆与圆锥的中轴线重合，细杆上穿有小环（小环可以自由转动,但不能上下移动），小环上连接一轻绳，与一质量为m的光滑小球相连，让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动，并与圆锥内壁接触。

如图所示，图a中小环与小球在同一水平面上，图b中轻绳与竖直轴成θ（θ<90°）角。

设图a和图b中轻绳对小球的拉力分别为T a和T b，圆锥内壁对小球的支持力分别为N a和N b，则在下列说法中正确的是A. T a一定为零，T b一定为零B. N a不一定为零，N b可以为零C. T a、T b是否为零取决于小球速度的大小D. N a、N b的大小与小球的速度无关【答案】C【解析】试题分析：小球在圆锥内做匀速圆周运动，对小球进行受力分析，合外力提供向心力，根据力的合成原则即可求解．对甲图中的小球进行受力分析，小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以可以为零，若等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向不能指向圆心而提供向心力，所以一定不为零；对乙图中的小球进行受力分析，若为零，则小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以可以为零，若等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向也可以指向圆心而提供向心力，所以可以为零，故C正确．19. 甲、乙图分别表示两种电压的波形，其中甲图所示的电压按正弦规律变化。