陕西省商洛市第五中学2017_2018学年高一物理上学期期中试题(无答案)

2017—2018学年度第一学期期中考试高一物理试题一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分。

1-8小题为单选，9—12小题为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

)1. 下列说法中正确是（）A. 物体的路程越大，位移就越大B. 物体沿直线向一个方向运动时，位移的大小等于路程C. 物体的位移为零时，其路程也一定为零D. 两物体的位移相同时，其路程也一定相等2．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是( )A．速度变化得越多，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不变，则速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，则速度大小也不断变小3．下列说法中，正确的是 ( )A.力的产生离不开施力物体，但可以没有受力物体B.没有施力物体和受力物体，力照样可以独立存在C.有的物体自己就有一个力，这个力不是另外的物体施加的D.力不能离开施力物体和受力物体而独立存在4．Ａ、Ｂ两个物体在同地点，沿同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）Ａ．Ａ、Ｂ两物体运动方向一定相反Ｂ．开头４s内Ａ、Ｂ两物体的位移相同Ｃ．t=４s时，Ａ、Ｂ两物体的速度相同Ｄ．Ａ物体的加速度比Ｂ物体的加速度大5、如图是一辆汽车做直线运动的s-t图像，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是 ( )A．OA段运动速度最大B．AB段物体做匀速运动C ．CD 段的运动方向与初始运动方向相反D ．运动4h 汽车的位移大小为60km6、一个做匀加速直线运动的物体，初速度s m v /0.20= ，它在第3 s 内通过的位移是4．5m ，则它的加速度为 ( )A ．0．52/s mB ．1．02/s mC ．1．5 2/s mD ．2．02/s m7．从楼顶上每隔时间t 掉下一个水滴（不计阻力），当第４个水滴开始下落时，第１个、第２个、第３个水滴离开楼顶的距离之比S 1:S 2:S 3为 （ ）A ．９：４：１B ．３：２：１C ．５：３：１D ．４：２：１8、物体自楼顶处自由下落（不计阻力），落到地面的速度为v ．在此过程中，物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为（ ）A ．g v 2B ．gv 2 C ．g v 22 D ．g v 2)22(-9．一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其v-t 图象如图所示，那么0～t 0和t 0～3t 0两段时间内（ ）A ．加速度大小之比为3∶1B ．位移大小之比为1∶2C ．平均速度大小之比为2∶1D ．平均速度大小之比为1∶110．以v 0 =12 m/s 的速度匀速行驶的汽车，突然刹车，刹车过程中汽车以a =－6 m/s 2的加速度继续前进，则刹车后( )A ．3 s 内的位移是12 mB ．3 s 内的位移是9 mC ．1 s 末速度的大小是6 m/sD ．3 s 末速度的大小是6 m/s 11. 物体以不为零的初速度做匀加速直线运动，在时间T 内通过位移x 1到达A 点，接着在时间T 内又通过位移x 2到达B 点，则( )A. 物体在A 点时的速度为x 1＋x 22T B. 物体运动的加速度为2x 1T 2 C. 物体运动的加速度为x 2－x 1T D. 物体在B 点时的速度为2x 2－x 1T12．t＝0时，甲、乙两汽车从相距70 km的两地开始相向行驶，它们的v-t图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的描述正确的是（）A．在第1小时末，乙车改变运动方向B．在第2小时末，甲、乙两车相距10 kmC．在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D．在第4小时末，甲、乙两车相遇二．实验题（15分.每空3分）13．如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物拖着纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度．所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需________(填字母代号)中的器材．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺14..研究小车做匀变速直线运动的实验装置如图甲所示,其中斜面倾角θ可调。

2024—2025学年度第一学期期中学业水平质量监测高一年级物理试题本试卷满分100分，考试用时75分钟。

注意事项：考生答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共4页，满分100分，考试时间75分钟.考试结束后，请将答题卡交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5mm黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用0.5mm黑色墨水的签字笔在答题卡上指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项最符合题意。

1.古人曾用“六花片片飞来”描述雪花飘舞的样子。

关于雪花下落的过程，下列说法正确的是（）A.雪花很小，一定可以看成质点B.雪花位移的大小一定等于路程C.在无风环境雪花做自由落体运动D.要研究雪花的运动必须先选定参考系2.如图所示，AB为直角三角尺，C为半圆形量角器，D为矩形刻度尺，质量分布都是均匀的，把这些物体分别用细绳竖直悬挂，静止时所处的位置符合实际的是（）A. B.C. D.3.2024年巴黎奥运会中国队再创佳绩，下列有关蹦床运动项目的说法正确的是（）A.运动员对蹦床的压力是由蹦床形变产生的B.蹦床对运动员的力和运动员对蹦床的力是一对平衡力C.运动员从接触蹦床到离开蹦床的过程中，蹦床对运动员的弹力先变大后变小D.蹦床发生明显形变是因为运动员对蹦床的力大于蹦床对运动员的力4.跳台跳水是我国的奥运强项，从某运动员离开跳台开始计时，运动员（可看作质点）的v t 图像如图所示，以竖直向下为正方向，则由图可知（）A.1t 时刻该运动员开始进入水中B.20~t 时间段该运动员做匀变速直线运动C.2t 时刻该运动员的位移最大D.3t 时刻该运动员已浮出水面5.如图所示，粗糙的长方体木块A 、B 叠在一起，放在水平桌面上，木块B 受到一个水平向右的力F 的牵引和A 一起做匀速直线运动，则（ ）A.B 总共受到5个力的作用B.A 、B 之间没有作用力C.A 受到一个向右的摩擦力D.B 受到地面施加的摩擦力小于F6.如图所示的是用三根轻质细绳悬挂的一盆吊兰，三根轻质细绳的长度总是相同，下列说法正确的是（ ）A.缩短绳长可以减小绳上的拉力B.增加绳长，绳上的拉力不变C.三根绳上的拉力总是相同D.三根绳拉力的合力与绳长无关7.下列关于物体的运动，说法不符合．．．事实的是（ ） A.物体的加速度越来越小，但速度越来越大B.物体运动的加速度等于0，而速度却不等于0C.加速度的方向与速度变化量的方向可能不同D.物体具有向东的加速度，而速度的方向却向西8.如图所示，竖直悬挂一长为L 的质量分布均匀的铁棒，其下端与A 点的距离为L 。

陕西省高一上学期期中考试物理试卷-附带答案和解析学校:___________班级：___________姓名：________考号：________一、单选题1．疫情终于结束，小帅同学开心地从家里返回学校学习，在此过程中下列说法正确的是（）A．研究他从家到学校所用时间不能将他视为质点B．他6:30从家出发，6:30指的是时刻C．他从家走到学校，他的位移大小和路程相等D．比较他和一辆自行车的运动快慢时，可以选择骑这辆自行车的同学为参考系2．以下不属于国际基本单位是（）A．牛顿B．米C．千克D．秒3．“你站在桥上看风景，看风景的人在楼上看你。

”（卞之琳《断章》）你在商场乘扶梯，乘扶梯的你进入了物理试题中，请你分析你的受力情况。

如图所示，你站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动。

则关于此时你的受力情况的下列说法正确的是（）A．受到重力和支持力两个力的作用B．受到重力、支持力和摩擦力三个力的作用C．受到的外力的合力不为零D．受到的外力的合力方向与你的速度方向相同4．某辆满载救援物资的卡车通过高速收费站的“ETC”全过程的速度随时间变化的关系如图所示，下列说法正确的是（）A ．“ETC ”通道的长度为44mB ．卡车通过通道时可视为质点C ．卡车减速和加速过程的加速度大小相等D ．卡车通过“ETC ”全过程的平均速度为9m/s5．一艘快艇以21m/s a =的加速度在伶仃洋上做匀减速直线运动，已知快艇的初速度大小05m/s v =，则这艘快艇在010s t =内的位移大小是（ ）A ．12.5mB ．25mC ．30mD ．50m6．一个乒乓球以30m/s 的速度飞来，被运动员挥拍一击，仍以大小为30m/s 的速度逆着原方向反弹，测得乒乓球接触球拍的时间是0.02s 。

若以乒乓球飞来时的速度方向为正方向，则乒乓球接触球拍过程中的平均加速度为（ ）A ．23000m/s -B ．3000m/s 2C ．1500m/s 2D ．07．2021年3月1日，《中华人民共和国刑法修正案（十一）》施行，“高空抛物”行为首次入刑。

2017-2018学年陕西省西安市周至五中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本题共有10小题，每小题5分，共50分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合要求，有的有多个选项符合要求，全选对正确得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．物体在2s末的速度是20 m/sB．物体在第5s内的平均速度是3.6 m/sC．该星球上的重力加速度为5 m/s2D．物体在5s内的位移是50 m2．如图所示，均匀光滑球夹在竖直墙和长木板之间静止，长木板的下端为固定转动轴．将长木板从图示位置缓慢地转到水平位置的过程中，小球对竖直墙的压力F1大小和小球对长木板的压力F2大小的变化情况将是（）A．F1、F2都逐渐减小B．F1、F2都逐渐增大C．F1逐渐减小，F2都逐渐增大D．F1逐渐增大，F2都逐渐减小3．质量为2kg的物体静止在水平面上，现用一恒力沿水平方向拉着物体运动1s后撤去拉力，物体运动的v﹣t图象如图所示．以下说法正确的是（）A．物体受到的水平拉力大小为10NB．物体运动的距离是7.5mC．物体受到的摩擦力大小5ND．3s内合外力对物体做的总功为04．如图所示，质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，现使斜面水平向左以速度v匀速移动距离l．（物体与斜面相对静止），以下说法正确的是（）A．斜面体对物体做的总功是0B．重力对物体做的功为mglC．摩擦力对物体做的功为μmglcosθD．斜面对物体的支持力做功的功率为mgvcosθ5．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．12F6．如图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为10V/mB．匀强电场的场强大小为V/mC．把电子从E点移到F点，电场力做功为1.6×10﹣19JD．把电子从F点移到D点，电荷的电势能减少4.8×10﹣19J7．如图所示，实线为电场线，一带电粒子在电场中的运动轨迹如虚线所示，下列说法中正确的是（）A．粒子一定带负电B．粒子受到的电场力做正功C．粒子在B点的电势能大于在A点的电势能D．粒子在B点的加速度大8．如图所示，质量为M=5kg的箱子B置于光滑水平面上，箱子底板上放一质量为m2=1kg 的物体C，质量为m1=2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与箱子B相连，在A加速下落的过程中，C与箱子B始终保持相对静止．不计定滑轮的质量和一切阻力，取g=10m/s2，下列不正确的是（）A．物体A处于失重状态B．物体A的加速度大小为2.5m/s2C．物体C对箱子B的静摩擦力大小为2.5ND．轻绳对定滑轮的作用力大小为30N9．如图所示，一长为2L的轻杆中央有一光滑的小孔O，两端各固定质量为2m和m的A、B两个小球，光滑的铁钉穿过小孔垂直钉在竖直的墙壁上，将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置，在转动的过程中，忽略一切阻力．下列说法正确的是（）A．杆转到竖直位置时，A、B两球的速度大小相等，为B．杆转到竖直位置时，杆对B球的作用力向上，大小为mgC．杆转到竖直位置时，B球的机械能减少了mgLD．由于忽略一切摩擦阻力，A球机械能一定守恒10．如图所示，水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板间某点相遇．若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是（）A．电荷M的电荷量等于电荷N的电荷量B．两电荷在电场中运动的加速度相等C．从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功D．电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同二、实验题（本题有2小题，11题4分，12题10分，共14分）11．一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的长B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比12．某实验小组利用拉力传感器和速度传感器探究“动能定理”．如图1，他们将拉力传感器固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小．在水平桌面上相距50.0cm的A、B两点各安装一个速度传感器，记录小车通过A、B时的速度大小．小车中可以放置砝码．（1）实验主要步骤如下：①测量小车和拉力传感器的总质量M′；把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；正确连接所需电路；②将小车停在C点，释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力及小车通过A、B 时的速度．③在小车中增加砝码，或，重复②的操作．（2）表是他们测得的一组数据，其中M是M′与小车中砝码质量之和，|v22﹣v12|是两个速度传感器记录速度的平方差，可以据此计算出动能变化量△E，F是拉力传感器受到的拉力，W是F在A、B间所做的功．表格中的△E3=，W3=．（结果保留三位有效数字）（3）根据表，我们在图中的方格纸上作出△E﹣W图线如图2所示，它说明了次数M/kg |v22﹣v12|/（m/s）2△E/J F/N W/J1 0.500 0.760 0.190 0.400 0.2002 0.500 1.65 0.413 0.840 0.4203 0.500 2.40 △E3 1.220 W34 1.000 2.40 1.20 2.420 1.215 1.000 2.84 1.42 2.860 1.43三、计算题（本题有3小题，13题10分，14题12分，15题14分，共20分．解题时要求必须有必要的文字说明和公式演算过程，只写结论与结果者不得分．）13．我国已启动“嫦娥工程”，并于2007年10月24日和2010年10月1日分别将“嫦娥一号”和“嫦娥二号”成功发射，“嫦娥三号”亦有望在2013年落月探测90天，并已给落月点起了一个富有诗意的名字﹣﹣“广寒宫”．（1）若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T，月球绕地球的运动近似看做匀速圆周运动，请求出月球绕地球运动的轨道半径r．（2）若宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回抛出点．已知月球半径为r月，引力常量为G，请求出月球的质量M月．14．额定功率为80kW的汽车，在平直的公路上行驶的最大速度是20m/s，汽车的质量是2t，如果汽车从静止开始做匀加速直线运动，加速度的大小是2m/s2，运动过程中阻力不变．求：（1）汽车受到的阻力多大？（2）3s末汽车的瞬时功率多大？（3）汽车维持匀加速运动的时间是多少？15．如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图．在Oxy平面的ABCD 区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场Ⅰ和Ⅱ，两电场的边界均是边长为L的正方形（不计电子所受重力）．（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子在ABCD区域内运动经历的时间和电子离开ABCD区域的位置；（2）在电场Ⅰ区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置．2017-2018学年陕西省西安市周至五中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共有10小题，每小题5分，共50分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合要求，有的有多个选项符合要求，全选对正确得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．物体在2s末的速度是20 m/sB．物体在第5s内的平均速度是3.6 m/sC．该星球上的重力加速度为5 m/s2D．物体在5s内的位移是50 m考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：第5s内的位移等于5s内的位移减去4s内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v=gt，位移时间公式h=gt2求出速度和位移．解答：解：A、第5s内的位移是18m，有：gt12﹣gt22=18m，t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．所以2s末的速度：v=gt=8m/s．故A错误，C错误．B、第5s内的平均速度：=m/s=18m/s．故B错误．D、物体在5s内的位移：x=gt2=×4×25m=50m．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同．2．如图所示，均匀光滑球夹在竖直墙和长木板之间静止，长木板的下端为固定转动轴．将长木板从图示位置缓慢地转到水平位置的过程中，小球对竖直墙的压力F1大小和小球对长木板的压力F2大小的变化情况将是（）A．F1、F2都逐渐减小B．F1、F2都逐渐增大C．F1逐渐减小，F2都逐渐增大D．F1逐渐增大，F2都逐渐减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题以小球为研究对象，分析受力，由平衡条件得到墙和木板对小球的支持力与木板和墙的夹角的关系，分析两个力的变化，即可由牛顿第三定律分析F1大小和F2大小的变化．解答：解：设木板和墙的夹角为α．如图建立坐标系对小球进行受力分析，由于小静止处于平衡状态，满足平衡条件F合=0．F1为斜面对小球的支持力，F2为挡板对小球的支持力据平衡条件有：F合x=F2cosα﹣F1=0F合y=F2sinα﹣mg=0由此得：F1=，F2=mgcotα由题意，α增大，则得，F1减小，F2减小．根据牛顿第三定律知，小球对斜面的压力与斜面对小球的支持力大小相等，故A正确．故选A．点评：挡板对小球的弹力方向与挡板垂直，部分同学受斜面上物体受力的影响，会误认为挡板对小球的支持力平行斜面向上而得出错误结论．3．质量为2kg的物体静止在水平面上，现用一恒力沿水平方向拉着物体运动1s后撤去拉力，物体运动的v﹣t图象如图所示．以下说法正确的是（）A．物体受到的水平拉力大小为10NB．物体运动的距离是7.5mC．物体受到的摩擦力大小5ND．3s内合外力对物体做的总功为0考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在全部的过程中，摩擦力始终做功，拉力只在第一秒内做功，可以使用动能定理结合平均速度解题，也可以使用动量定理结合动能定理解题．这里使用动量定理解题解答：解：A：根据牛顿第二定律：F﹣f=ma，又；所以：F=f+ma＞10N，故A错误；B：第一秒内，拉力和摩擦力做功：J，故B正确；C：撤去外力后加速度为，受到的摩擦力为﹣f=ma，解得f=5N，故C正确；D：3s内合外力对物体做的总功等于物体动能的改变．即：W=△E K′=0﹣0=0．故D正确．故选：BCD点评：该题考查动能定理的应用，要针对情景中的过程，正确找出初末的状态，列出动能定理的方程，就可以得出正确的结果．属于基础题目4．如图所示，质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，现使斜面水平向左以速度v匀速移动距离l．（物体与斜面相对静止），以下说法正确的是（）A．斜面体对物体做的总功是0B．重力对物体做的功为mglC．摩擦力对物体做的功为μmglcosθD．斜面对物体的支持力做功的功率为mgvcosθ考点：功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．专题：功率的计算专题．分析：对物体受力分析，可以求得斜面对物体的支持力和摩擦力，再由功的公式即可求得对物体做的功的大小．解答：解：物体处于静止，对物体受力分析可得，在竖直方向mg=Ncosθ+fsinθ在水平分析Nsinθ=fcosθ解得N=mgcosθf=mgsinθ支持力与竖直方向的夹角为θ，由于匀速运动，所以斜面体对物体作用力的合力与速度方向垂直，则作用力做的总功为零，故A正确；重力做功为零，故B错误；摩擦力做的功W f=﹣fcosθ•l=﹣mglsinθcosθ，故C错误；支持力做的功为W N=Nsinθ•s=mgssinθcosθ，支持力做功的功率为：mgcosθ•vsinθ，故D错误；故选A点评：对物体受力分析，求出力的大小，再由功的公式即可做功的大小．5．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．12F考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：计算题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．解答：解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．故选C．点评：本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．6．如图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为10V/mB．匀强电场的场强大小为V/mC．把电子从E点移到F点，电场力做功为1.6×10﹣19JD．把电子从F点移到D点，电荷的电势能减少4.8×10﹣19J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，AC中点的电势为2V，则EB为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed 求出场强大小．AF∥EB，则知AF也为一条等势线，可求出U EF，电场力做功就可以求解解答：解：A、B连接AC，AC中点电势为2V，与B电势相等，则EB连线必为一条等势线，BA间的电势差为U BA=1V，又U BA=Ed AB cos30°，得场强为：E==m．故A错误，B正确．C、由正六边形对称性，EB∥AF，则AF也为电场中的一条等势线，φF=φA=1V，由上可知，E的电势为φE=φB=2V＞φF，则电荷量为1.6×10﹣19C的正点电荷从E点移到F点，电场力做正功，而且为W EF=qU EF=q（φE﹣φF）=﹣1.6×10﹣19×（2﹣1）J=﹣1.6×10﹣19J，故C错误．D、D点的电势等于C点的电势，φD=3V，电荷量为1.6×10﹣19C的负点电荷从F点移到D 点，电场力做功为W FD=qU FD=q（φF﹣φD）=﹣1.6×10﹣19×（1﹣3）J=3.2×10﹣19J，电势能减小3.2×10﹣19J．故D错误．故选：B点评：找等势点，作出电场线，是解决这类问题常用方法．本题还要充分利用正六边形的对称性分析匀强电场中各点电势的关系7．如图所示，实线为电场线，一带电粒子在电场中的运动轨迹如虚线所示，下列说法中正确的是（）A．粒子一定带负电B．粒子受到的电场力做正功C．粒子在B点的电势能大于在A点的电势能D．粒子在B点的加速度大考点：电场线；牛顿第二定律．分析：解这类题是思路：根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化．解答：解：A、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左下方，与电场强度方向相反，故粒子带负电，故A正确；B、由于不知道是从A到B，还是从B到A，故电场力做功的正负无法判断，故B错误；C、沿着电场线电势逐渐降低，等势面与电场线垂直，可以知道A点电势高，负电荷在电势高的点电势能低，故C正确；D、由图可知，A点电场线密集，故电场强，电场力大，故加速度大，故D错误；故选：AC．点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能．8．如图所示，质量为M=5kg的箱子B置于光滑水平面上，箱子底板上放一质量为m2=1kg 的物体C，质量为m1=2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与箱子B相连，在A加速下落的过程中，C与箱子B始终保持相对静止．不计定滑轮的质量和一切阻力，取g=10m/s2，下列不正确的是（）A．物体A处于失重状态B．物体A的加速度大小为2.5m/s2C．物体C对箱子B的静摩擦力大小为2.5ND．轻绳对定滑轮的作用力大小为30N考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先假设绳子拉力为T，分别对A和BC整体受力分析并根据牛顿第二定律列式求解出加速度和拉力T．解答：解：A、假设绳子拉力为T，根据牛顿第二定律，有：对A，有：m1g﹣T=m1a；对BC整体，有：T=（M+m2）a；联立解得：T=15N，a=2.5m/s2，方向向下，故处于失重状态，故AB正确；C、对C受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有：f=m2a=1×2.5=2.5N，故C正确；D、绳子的张力为15N，由于滑轮两侧绳子垂直，根据平行四边形定则，其对滑轮的作用力为15N，斜向右下方，故D错误；本题选错误的，故选：D．点评：本题关键是分别对A和BC整体受力分析后根据牛顿第二定律求解出加速度，然后再用隔离法求解C与B间的静摩擦力，不难．9．如图所示，一长为2L的轻杆中央有一光滑的小孔O，两端各固定质量为2m和m的A、B两个小球，光滑的铁钉穿过小孔垂直钉在竖直的墙壁上，将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置，在转动的过程中，忽略一切阻力．下列说法正确的是（）A．杆转到竖直位置时，A、B两球的速度大小相等，为B．杆转到竖直位置时，杆对B球的作用力向上，大小为mgC．杆转到竖直位置时，B球的机械能减少了mgLD．由于忽略一切摩擦阻力，A球机械能一定守恒考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置时，A、B两球的速度大小相等，根据系统的机械能守恒，求出速度大小．对B研究，根据牛顿第二定律求解杆的作用力大小和方向，分析机械能的变化，判断A的机械能是否守恒．解答：解：A、将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置时，A、B两球的速度大小相等，设为v，根据系统的机械能守恒，得2mgL﹣mgL=•3mv2，解得，v=．故A正确．B、杆转到竖直位置时，对B球：mg﹣N=m，解得，N=．故B正确．C、杆转到竖直位置时，B球的重力势能增加为mgL，动能增加量为mv 2=mgL，则其机械能增加了mg．故C错误．D、尽管忽略了一切摩擦阻力，两球组成的系统机械能守恒，B的机械能增加，则A的机械能减小．故D错误．故选AB点评：本题是轻杆连接的模型问题，对系统机械能是守恒的，但对单个小球机械能并不守恒，运用系统机械能守恒和牛顿运动定律结合研究．10．如图所示，水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板间某点相遇．若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是（）A．电荷M的电荷量等于电荷N的电荷量B．两电荷在电场中运动的加速度相等C．从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功D．电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同考点：电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个电荷同时进入电场到相遇，运动时间相等；从轨迹图可以看出，M电荷的水平分位移和竖直分位移都比N电荷的大；将电荷的运动沿水平和竖直方向正交分解后根据运动学公式和牛顿第二定律联合列式分析即可．解答：解：A、B、从轨迹可以看出：y M＞y N，故•t2＞•t2解得：＞，q M＞q N故A错误，B错误；C、根据动能定理，电场力的功为：W=△E k=，质量m相同，M电荷竖直分位移大，竖直方向的末速度也大，故电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功，故C正确；D、从轨迹可以看出：x M＞x N，故v M t＞v N t，故v M＞v N，故D错误；故选：C．点评：本题关键将合运动沿水平和竖直方向正交分解，然后根据运动学公式列式分析．二、实验题（本题有2小题，11题4分，12题10分，共14分）11．一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的长B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：弹簧的弹力满足胡克定律，F=kx，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长．解答：解：A、在图象中横截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故A错误B、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的，故B正确C、同理C错误D、弹簧的弹力满足胡克定律，弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误故选B点评：考查了胡克定律，注意F﹣t图象的认识．12．某实验小组利用拉力传感器和速度传感器探究“动能定理”．如图1，他们将拉力传感器固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小．在水平桌面上相距50.0cm的A、B两点各安装一个速度传感器，记录小车通过A、B时的速度大小．小车中可以放置砝码．（1）实验主要步骤如下：①测量小车和拉力传感器的总质量M′；把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；正确连接所需电路；②将小车停在C点，释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力及小车通过A、B 时的速度．③在小车中增加砝码，或改变钩码的数量，重复②的操作．（2）表是他们测得的一组数据，其中M是M′与小车中砝码质量之和，|v22﹣v12|是两个速度传感器记录速度的平方差，可以据此计算出动能变化量△E，F是拉力传感器受到的拉力，W是F在A、B间所做的功．表格中的△E3=0.600J，W3=0.610J．（结果保留三位有效数字）（3）根据表，我们在图中的方格纸上作出△E﹣W图线如图2所示，它说明了拉力（合力）所做的功近似等于物体动能的改变量次数M/kg |v22﹣v12|/（m/s）2△E/J F/N W/J1 0.500 0.760 0.190 0.400 0.2002 0.500 1.65 0.413 0.840 0.4203 0.500 2.40 △E3 1.220 W34 1.000 2.40 1.20 2.420 1.215 1.000 2.84 1.42 2.860 1.43考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：小车在钩码的作用下拖动纸带在水平面上做加速运动，通过速度传感器可算出A B两点的速度大小，同时利用拉力传感器测量出拉小车的力，从而由AB长度可求出合力做的功与小车的动能变化关系．解答：解：（1）③在小车中增加砝码，或改变小车质量重复实验，得出5﹣6组数据；（2）由各组数据可见规律有：△E=M（v22﹣v12）可得：△E3=0.600 J观察F﹣W数据规律可得数值上：W3=即：W3═0.610 J（3）在方格纸上作出△E﹣W图线如图所示故答案为（1）改变钩码数量；（2）0.600 J，0.610 J；（3）拉力（合力）所做的功近似等于物体动能的改变量点评：值得注意的是：钩码的重力不等于细线的拉力，同时学会分析实验数据从而得出规律．三、计算题（本题有3小题，13题10分，14题12分，15题14分，共20分．解题时要求必须有必要的文字说明和公式演算过程，只写结论与结果者不得分．）13．我国已启动“嫦娥工程”，并于2007年10月24日和2010年10月1日分别将“嫦娥一号”和“嫦娥二号”成功发射，“嫦娥三号”亦有望在2013年落月探测90天，并已给落月点起了一个富有诗意的名字﹣﹣“广寒宫”．（1）若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T，月球绕地球的运动近似看做匀速圆周运动，请求出月球绕地球运动的轨道半径r．（2）若宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回抛出点．已知月球半径为r月，引力常量为G，请求出月球的质量M月．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：（1）根据月球受到的引力等于向心力，在地球表面重力等于万有引力列式求解；（2）先根据竖直上抛运动的知识求出月球表面的重力加速度，再根据月球表面重力等于万有引力列式求解．解答：解：（1）根据万有引力定律和向心力公式得：G=M月（）2R′mg=G解得：R′=（2）设月球表面处的重力加速度为g月，根据题意得：。

2017-2018学年陕西省商洛市商州中学高二（上）期中物理试卷一、选择题：（12×4=48分，1-8为单选，9-12为多选）1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确2．关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积最小的带电体B．根据F=k，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向无穷大C．带电量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3倍D．库仑定律的适用条件是：真空和点电荷3．在电场中某点引入电荷量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则（）A．在这点引入电荷量为2q的正电荷时，该点的电场强度将等于B．在这点引入电荷量为3q的正电荷时，该点的电场强度将等于C．在这点引入电荷量为2e的正离子时，则离子所受的电场力大小为2eD．若将一个电子引入该点，则由于电子带负电，所以该点的电场强度的方向将和在这一点引入正电荷时相反4．电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10﹣8J，在B点的电势能为0.80×10﹣8J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量数值为1.0×10﹣9C，那么（）A．该电荷为负电荷B．该电荷为正电荷C．A、B两点的电势差大小为4.0 VD．把电荷从A移到B，电场力做功为W=4.0 J5．平行板电容器充完电后，两极板与电源断开，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E变小D．Q不变，C变小，U变大，E不变6．下列说法中正确的是（）A．电源电动势实质上就是电源两极间的电压B．电源电动势在数值上等于电源两极间的电压C．电源电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别D．电动势越大，电源两极间的电压一定越高7．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小8．如图所示，P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们的连线中点是O，A、B是中垂线上的两点，＜，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）A．E A一定大于E B，φA一定大于φBB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB9．下列说法中正确的是（）A．电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量B．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器C．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比D．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比10．下列说法正确的是（）A．由公式R=ρ可知均匀导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比B．由公式R=可知导体的电阻与其两端电压成正比，与通过的电流成反比C．一根均匀导线被均匀拉长为原来2倍的长度，则其电阻为原来的2倍D．一个电阻率不会改变的导体两端的电压增大为原来的2倍，但其电阻不变11．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子必定带负电荷B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能12．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（）A．小球的动能增加B．小球的电势能增加C．小球的重力势能减少mgh D．小球的机械能减少二、实验题（每空2分，共22分）13．如图所示的电路中，小量程电流表的内阻R g=100Ω，满偏电流I g=1mA，R1=900Ω，R2=Ω．（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是表，量程为．（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是表，量程为．14．在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：A．待测小灯泡“3.0V 1.5W”B．电流表（量程3A，内阻约为1Ω）C．电流表（量程0.6A，内阻约为5Ω）D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）E．电压表（量程15.0V，内阻约为50kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）H．电源（电动势为4.0V，内阻不计）I．电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用；电压表应选用；滑动变阻器应选用．（只需填器材前面的字母即可）（2）请在虚线框内画出实验电路图．（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示．则电压值为V，电流值为A，小灯泡的实际功率为W．三、计算题15．如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为m=1.0×10﹣2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强E=3.0×106N/C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=30°，求：小球带何种电荷，电荷量为多大？16．有一直流电动机，把它接入电压为0.2V的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把它接入电压为2V的电路中，电动机正常工作，工作时的电流是1.0A．问：（1）电动机线圈的电阻为多大？（2）电动机正常工作时的输出功率为多大？（3）如果在电动机正常工作时，转子头然被卡住，电动机的发热功率是多大？17．如图所示，A为粒子源．在A和极板B间的加速电压为U1，在两水平放置的平行导体板C、D间加有偏转电压U2．C、D板长L，板间距离d．现从粒子源A发出质量为m，带电量为q的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后进入偏转电场，最后穿出打在右侧的屏幕上，不计粒子的重力．求：（1）带电粒子穿过B板时的速度大小；（2）带电粒子从偏转电场射出时的侧移量（即竖直方向的偏转位移）2016-2017学年陕西省商洛市商州中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（12×4=48分，1-8为单选，9-12为多选）1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确【考点】元电荷、点电荷．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．故选C2．关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积最小的带电体B．根据F=k，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向无穷大C．带电量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3倍D．库仑定律的适用条件是：真空和点电荷【考点】库仑定律．【分析】库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了．两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关．【解答】解：A、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故A错误．B、当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式F=k不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误．C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对Q2的电场力大小上总等于Q2对Q1电场力．故C错误．D、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用，故D正确．故选：D．3．在电场中某点引入电荷量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则（）A．在这点引入电荷量为2q的正电荷时，该点的电场强度将等于B．在这点引入电荷量为3q的正电荷时，该点的电场强度将等于C．在这点引入电荷量为2e的正离子时，则离子所受的电场力大小为2eD．若将一个电子引入该点，则由于电子带负电，所以该点的电场强度的方向将和在这一点引入正电荷时相反【考点】电场强度．【分析】已知试探电荷所受的电场力F和电荷量q，根据电场强度的定义式E=确定电场强度的大小．电场强度反映电场本身的性质，与放入电场中的试探电荷无关，电场中同一点电场强度是唯一确定的．【解答】解：A、B据题，电荷量为q的正电荷受到的电场力为F，则该点的电场强度为E=，而电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，所以在这点引入电荷量为2q或3q的正电荷时，电场强度不变，仍为E=，故AB错误．C、在这点引入电荷量为2e的正离子时，则离子所受的电场力大小为F=2eE=2e，故C正确．D、若将一个电子引入该点，该点的电场强度的方向仍不变，放入正电荷时相同，故D错误．故选：C．4．电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10﹣8J，在B点的电势能为0.80×10﹣8J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量数值为1.0×10﹣9C，那么（）A．该电荷为负电荷B．该电荷为正电荷C．A、B两点的电势差大小为4.0 VD．把电荷从A移到B，电场力做功为W=4.0 J【考点】电势能；电势．【分析】沿电场线方向，电势降低，根据电势能Ep=qφ，可知，正电荷沿电场线方向电势能降低，负电荷沿电场线电势能升高，根据电势能和电势的变化判断电性；A、B两点的电势差U AB=，代入求解U AB．电场力做多少正功，电势能减少多少，电场力做多少负功，电势能升高多少．【解答】解：AB、沿电场线方向电势降低，由于电场线方向未知，不能判断电势的高低．由题意可知：该点电荷从B到A，电势能增大，根据电势能E p=qφ，可知不能确定该电荷的电性．故A、B错误．CD、该点电荷从A移到B，电势能减小△E p=1.2×10﹣8 J﹣0.80×10﹣8 J=4.0×10﹣9J，所以电场力做功为W AB=4.0×10﹣9J．则A、B两点的电势差U AB==V=4V，故C正确，D错误．故选：C．5．平行板电容器充完电后，两极板与电源断开，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E变小D．Q不变，C变小，U变大，E不变【考点】电容器的动态分析．【分析】先根据电容的决定式C=，分析电容如何变化，抓住电容器的电荷量不变，由电容的定义式C=，分析板间电压的变化，由E=分析板间场强的变化．【解答】解：当增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q不变，根据电容的决定式C=，分析得知电容C变小；由电容的定义式C=，分析得知板间电压U变大；由E===，因Q、S、ɛ均不变，所以板间场强E不变．故ABC错误，D正确．故选：D6．下列说法中正确的是（）A．电源电动势实质上就是电源两极间的电压B．电源电动势在数值上等于电源两极间的电压C．电源电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别D．电动势越大，电源两极间的电压一定越高【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电源电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量；电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，电动势等于电源没有接入电路时电源两极间的电压，电动势等于内外电路电压之和．【解答】解：A、电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压；故AB错误；C、由A的分析可知，电源电动势与电压单位相同，但与电压有本质的区别；故C正确；D、电动势越大，说明电源转化能量的本领越大，但电源两端的电压与外电路有关，电压并一定大；故D错误；故选：C．7．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．【解答】解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；故选B．8．如图所示，P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们的连线中点是O，A、B是中垂线上的两点，＜，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）A．E A一定大于E B，φA一定大于φBB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB【考点】电势；电场强度．【分析】根据点电荷场强公式E=，运用矢量合成的平行四边形定则求出连线中垂线上各个点的合场强．【解答】解：两个等量正点电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线到无穷远处电场强度先增大后减小，设场强最大的点为P点，P点可能在A、B两点之间，也可能在O、A之间，也可能在B点的外侧，当P点可能在A、B两点之间时，E A可能大于E B，也可能小于E B，还可能等于E B；当P在O、A之间时，E A大于E B；当P点在B点外侧时，E A、小于E B；在PQ连线的中垂线上，场强方向沿AB方向，沿电场线方向电势越来越低，因此φA一定大于φB；故A错误，B正确，C错误，D错误；故选：B．9．下列说法中正确的是（）A．电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量B．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器C．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比D．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比【考点】电容．【分析】电容器是容纳电荷的容器，不论有没有电量电容值不变；电容大小与电量及电压无关．【解答】解：A、电容是描述电容器容纳电荷本领的大小的物理量；故A正确；B、电容器是储存电荷和电能的容器；不论是否带电均是电容器；故B错误；C、由Q=UC可知，固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比，故C正确；D、电容器的电容跟极板所带电量无关，与两极板间的电压无关；故D错误；故选：AC．10．下列说法正确的是（）A．由公式R=ρ可知均匀导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比B．由公式R=可知导体的电阻与其两端电压成正比，与通过的电流成反比C．一根均匀导线被均匀拉长为原来2倍的长度，则其电阻为原来的2倍D．一个电阻率不会改变的导体两端的电压增大为原来的2倍，但其电阻不变【考点】电阻定律；欧姆定律．【分析】电阻是导体对电流的阻碍作用．影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关．【解答】解：A、公式R=ρ是电阻定律的表达式，由此公式可知均匀导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比．故A正确；B、D、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性，其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关．故B错误，D正确；C、根据公式R=ρ可知，一根均匀导线被均匀拉长为原来2倍的长度，同时导线的横截面积变成原来的一半，所以则其电阻为原来的4倍．故C错误．故选：AD11．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子必定带负电荷B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能【考点】电场线．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力沿着电场线的方向，所以电荷为正电荷，所以A错误．B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，N点的场强大于M点的场强的大小，在N点的受力大于在M的受力，所以粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，所以B错误，C正确．D、正电荷的运动方向运动与受力的方向之间的夹角是锐角，所以电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在M点的动能小于它在N点的动能，所以D正确．故选：CD．12．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（）A．小球的动能增加B．小球的电势能增加C．小球的重力势能减少mgh D．小球的机械能减少【考点】功能关系．【分析】根据动能定理研究动能的变化和重力做功与重力势能的关系，电势能的变化．电场力做负功，机械能减小，根据能量守恒可知机械能减小量等于小球电势的增加量．高度下降，重力势能减小．•h=mah=m gh．故【解答】解：A、根据动能定理：小球动能的变化量等于合力做功，△E k=F合A错误．B、小球的重力做正功mgh，重力势能减小mgh，根据能量守恒定律得：小球电势能增加mgh﹣=，故B正确C、由上可知：重力势能减小mgh，故C正确．D、由上可知：重力势能减小mgh，动能增加，则机械能减小．故D错误．故选：BC二、实验题（每空2分，共22分）13．如图所示的电路中，小量程电流表的内阻R g=100Ω，满偏电流I g=1mA，R1=900Ω，R2=Ω．（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是电压表，量程为1V．（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是电流表，量程为1A．【考点】把电流表改装成电压表．【分析】把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，分析清楚图示电路结构，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．【解答】解：（1）由电路图可知，当S1和S2均断开时，G与R1串联，改装所成的表是电压表表，量程为U=I g（R g+R1）=0.001×=1V．（2）由电路图可知，当S1和S2均闭合时，G与R2并联，改装所成的表是电流表，量程为：I=I g+=0.001+=1A；故答案为：（1）电压；1V；（2）电流；1A．14．在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：A．待测小灯泡“3.0V 1.5W”B．电流表（量程3A，内阻约为1Ω）C．电流表（量程0.6A，内阻约为5Ω）D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）E．电压表（量程15.0V，内阻约为50kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）H．电源（电动势为4.0V，内阻不计）I．电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用C；电压表应选用D；滑动变阻器应选用G．（只需填器材前面的字母即可）（2）请在虚线框内画出实验电路图．（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示．则电压值为 1.80V，电流值为0.33A，小灯泡的实际功率为0.59W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）器材的选取要安全、精确，根据小灯泡的额定电压和额定电流选出电压表和电流表的量程．滑动变阻器采用分压式接法，从测量的误差角度选出合适的滑动变阻器．（2）研究小灯泡在不同电压下的功率，电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法．根据所测灯泡的内阻，与电压表内阻和电流表内阻比较，确定是大电阻还是小电阻，从而确定电流表采取内接法还是外接法．（3）通过电压表量程和电流表量程知道表盘每一格为多少，从而读出电压表和电流表的读数．根据P=UI求出小灯泡的实际功率．【解答】解：（1）从测量精确度考虑，小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为3V的，小灯泡的额定电流I=，所以电流表选取量程为0.6A的，最大阻值为100Ω的滑动变阻器接入电路测量误差较大，所以选取最大阻值为10Ω的滑动变阻器．故选C、D、G．（2）由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻R=，远小于电压表内阻，与电流表内阻相当，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法．电流图如下．（3）电压表量程为3V，所以1格等于0.1V，所以电压表读数为1.80V．电流表量程为0.6A，所以1格等于0.02A，所以电流表读数为0.33A．P=UI=1.80×0.33W≈0.59W．故答案为：（1）C，D，G（2）如图所示（3）1.80，0.33，0.59三、计算题15．如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为m=1.0×10﹣2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强E=3.0×106N/C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=30°，求：小球带何种电荷，电荷量为多大？【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．【分析】小球受重力、电场力和拉力处于平衡，根据平衡判断电荷的电性，根据合成法求出电场力的大小，从而求出电荷量的大小．【解答】解：因为电场力F方向水平向左，故小球带正电．受力如图，由小球受力平衡得：F=mgtan30°F=qE联立两式解得：q=1.9×10﹣8C．答：小球带正电荷，电荷量为1.9×10﹣8C ．16．有一直流电动机，把它接入电压为0.2V 的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A ；若把它接入电压为2V 的电路中，电动机正常工作，工作时的电流是1.0A ．问：（1）电动机线圈的电阻为多大？（2）电动机正常工作时的输出功率为多大？（3）如果在电动机正常工作时，转子头然被卡住，电动机的发热功率是多大？ 【考点】电功、电功率． 【分析】（1）当电机不转时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电机的内阻；（2）当电机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，其输出功率P 出=P 总﹣P 内=UI ﹣I 2r ，代入求解电动机正常工作时的输出功率；（3）电动机的转子突然被卡住时，电动机的发热功率P 热=【解答】解：（1）接U=0.2V 的电压时，电动机不转，电能转化为内能，此时可是未出嗯电阻电路，电流I=0.4A ，由欧姆定律得线圈的电阻 R==0.5Ω（2）当接U 1=2V 的电压时，电流I 1=1.0A ，故输入电功率P 电=U 1 I 1=2×1.0=2W ， 热功率：P 热=I 12R=0.5W ，则输出功率P 机=P 电﹣P 热=1.5W（3）如果电动机正常工作时，转子头然卡住，则此时电能全部转化为内能，故发热功率 P 热=8W 答：（1）电动机线圈的电阻为0.5Ω（2）电动机正常工作时的输出功率为1.5W（3）如果在电动机正常工作时，转子头然被卡住，电动机的发热功率是8W17．如图所示，A 为粒子源．在A 和极板B 间的加速电压为U 1，在两水平放置的平行导体板C 、D 间加有偏转电压U 2．C 、D 板长L ，板间距离d ．现从粒子源A 发出质量为m ，带电量为q 的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后进入偏转电场，最后穿出打在右侧的屏幕上，不计粒子的重力．求：（1）带电粒子穿过B 板时的速度大小；（2）带电粒子从偏转电场射出时的侧移量（即竖直方向的偏转位移）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．。

2017－2018学年第一学期期中考试高一物理试题一、单项选择题1. 在电视连续剧《西游记》中，常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头，如图所示，通常是采用“背景拍摄法”：让“孙悟空”站在平台上，做着飞行的动作，在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云，同时加上烟雾效果；摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头.放映时，观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”.这时，观众所选的参考系是 ( )A. 飘动的白云B. 平台C. 孙悟空D. 镜头2. 以v0=20 m/s的速度竖直上抛一小球，经2 s以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球．g取10m/s2，则两球相碰处离出发点的高度是 ( )A. 10 mB. 15 mC. 20 mD. 不会相碰3. 运动质点从原点出发，沿x轴做直线运动，各时刻的位置和瞬时速度如表所列。

则下列说法正确是：A. 质点运动是匀速直线运动B. 质点运动是匀加速直线运动C. 质点在第3s内的平均速度是2m/sD. 质点在第2.5s末的速度是2.5m/s4. 在同一水平面上有A、B两物体，相距s=7m，A在后B在前，A以v A= 4m/s 向右作匀速直线运动，此时B的瞬时速度为v B=10m/s，方向也向右，且以加速度a=2m/s2作匀减速直线运动。

从此位置开始计时，A追上B所需时间为A. 7sB. 8sC. 9sD. 10s5. 某汽车沿一直线运动，在t时间内通过的路程为L，在处速度为v1，在处速度为v2，则下列说法中正确的是（）①若作匀加速运动，则v1＞v2②若作匀减速运动，则v1＜v2③若作匀加速运动，则v1＜v2④若作匀减速运动，则v1＞v2A. ①③B. ②④C. ①④D. ②③6. 如图所示是汽车的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化.开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过8 s后指针指示在如图乙所示的位置，若汽车做匀变速直线运动，那么它的加速度约为A. 1.4m/s2B. 0.6 m/s2C. 11 m/s2D. 5.0 m/s27. 一小球从A点由静止开始做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则AB：BC 等于（）A. 1：1B. 1：2C. 1：4D. 1：3二、多项选择题8. 下列几种奥运比赛项目中的研究对象可视为质点的是A. 在撑杆跳高比赛中研究运动员手中的支撑杆在支持地面过程中的转动情况时B. 帆船比赛中确定帆船在大海中的位置时C. 跆拳道比赛中研究运动员动作时D. 铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中飞行时间时9. 关于位移和路程，下列说法正确的是A. 物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移B. 物体沿直线运动，通过的路程等于位移的大小C. 物体通过一段路程，其位移可能为零D. 两物体通过的路程不等，位移可能相同10. 在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t时刻以较小速度v2着地．他的速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t2和t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是 ( )A. 0～t1，B. t1～t2，C. t1～t2，D. t1～t2，11. 甲、乙、丙三个物体在同一直线上运动, 它们的位移图象如图所示,由图象可知（）A. 开始计时时, 甲在最前, 丙在甲、乙之后B. 当t = t2时刻，甲、乙、丙相遇C. 甲停止运动时, 丙开始运动，丙的速度最大D. 在0—t2时间内, 甲的平均速度最大, 丙的平均速度最小12. 某物体的运动情况如图，下列说法正确的是（）A. 在第1s末物体的运动方向发生了改变B. 在3～4s内物体的速度不断减小C. 在0～1s内和3～4s内物体的加速度相同D. 第2s末质点的速度改变方向三．实验与探究13. 某同学用如图所示的装置测量重力加速度g，打下如图所示的纸带．如果在所选纸带上取某点为0号计数点，然后每隔4个点取一个计数点，相邻计数点之间的距离记为x1、x2、x3、x4、x5、x6.（1）实验时纸带的________端应和重物相连接．(选填“A”或“B”)（2）该同学用两种方法处理数据(T为相邻两计数点间的时间间隔)：方法A：由，，…，取平均值g=9.767 m/s2；方法B：由取平均值g=9.873 m/s2.从数据处理方法看，在x1、x2、x3、x4、x5、x6中，对实验结果起作用的数据，方法A中有________；方法B 中有______________．因此，选择方法________(填“A”或“B”)更合理．14. 如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．（1）已知打点计时器电源频率为 50 Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为________s．（2）A、B、C、D 是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出 A、B 两点间距x=______cm；C点对应的速度是_____ m/s(计算结果保留三位有效数字)．四．计算题，本题共3小题．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．15. 以18m/s的速度行驶的汽车，制动后做匀减速运动，在3 S内前进36 m，求：（1）汽车的加速度；（2）最后一秒的位移。

商州区中学2018-2018学年度第一学期期中考试高一物理时间：90分钟 分值：100分一、选择题（共47分）：本题共 14小题，第 1～9题只有一项符合题目要求，每小题3分。

第 10～14题有多项符合题目要求每小题4分。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得 0 分。

1．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象，对面的火车缓缓起动了，等到站台出现，才知道对面的火车没有动，而是自己乘坐的火车开动了，则前、后两次乘客采用的参考系是：（ ）A ．站台，对面火车B ．自己坐的火车，站台C ．两次都是站台D ．两次都是对面火车2．伽利略在对运动的研究过程中创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法，这些方法的核心是把（ ）和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来．A ．猜想B ．假说C ．实验D ．思辨3．书放在桌面上，会受到桌面对它的弹力作用，产生这个弹力的原因是（ ）A ．书的形变B ．桌面形变C ．书受到的重力D ．桌面受到的重力4．如图所示，是一个半径为R 的中国古代八卦图，中央部分是两个半圆，练功人从A 点出发沿A-B-C-O-A-D-C 进行，最后到达C 点，在整个过程中，此人所经过的路程和位移分别为（ ）A ．3πR ；2RB ．3πR ；3πRC ．4πR ；4RD ．4πR ；4πR5．光滑斜面的长度为L ，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t ，则下列说法不正确的是（ ）A ．物体运动全过程中的平均速度是tL B ．物体在2t 时刻的即时速度是t 2L C ．物体运动到斜面中点时瞬时速度是t 2L D ．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是6．小球A 从离地面20m 高处做自由落体运动，小球B 从A 下方的地面上以20m/s的初速度做竖直上抛运动．两球同时开始运动，在空中相遇，取g=10m/s2（）A．两球在离地面10 m高处相遇B．两球相遇时速率都是10 m/sC．两球在空中相遇两次D．两球第一次落地的时间差为1s7．一物体作直线运动的v﹣t图线如图所示，则（）A．第1秒内和第3秒内位移相同B．前4秒内位移为零C．第2秒末物体的加速度改变方向D．第1秒末物体的速度改变方向8．一个从静止开始作匀加速直线运动的物体，从开始运动起，依次通过三段相邻位移的长度分别是1m、8m、27m，则通过这三段位移的时间之比是（）A．1：3：6 B．1：2：3 C．1：2：2 D．1：9：369．关于自由落体运动，下面说法不正确的是（）A．它是竖直向下，v0=0，a=g的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1：3：5C．在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1：2：3D．从开始运动起连续通过三个相等的位移所经历的时间之比为1：：10．将某物体以40 m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10 m/s2，5 s内物体的()A．路程为85 mB．速度改变量的大小为30 m/sC．位移大小为75 m，方向向上D．平均速度大小为17 m/s，方向向上11．甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的x﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻两车相距最远B．t1时刻乙车从后面追上甲车C．t1时刻甲车的速度小于乙车的速度D．0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度12．一个物体从静止开始作匀加速直线运动，以T为时间间隔，物体在第1个T 内位移为20m，第2个T时间末速度为40m/s，则（）A．时间间隔T=2sB．物体的加速度a=5m/s2C．物体在前2T 时间内的位移是40mD．物体在第2个T 时间内的位移是60m13．如图所示，在同一直线上、由同一地点出发的甲、乙两物体的v﹣t图象，则由图象可知（）A．它们速度方向相同，加速度方向相反B．在t1时刻它们相距最远C．在t1时刻它们相遇D．在0～t2时间内它们的位移相同14．汽车A在红灯亮时停住，绿灯亮起时启动，以0.4m/s2的加速度做匀加速运动，经过30s后开始做匀速运动，设绿灯亮的同时，汽车B以8m/s的速度从A 车旁边同向驶过，且一直保持匀速运动，运动方向与A车相同，则A车开始运动后（）A, A车在加速过程中与B车相遇B, A、B相遇时速度相同C, A、B相遇时A车做匀速运动D, A、B两车不可能相遇两次。

2015-2016学年陕西省商洛市高一〔上〕期中物理试卷一、单项选择题〔共6小题，每一小题4分，总分为24分〕1．如下列图，一架执行救援任务的直升飞机悬停在钻井平台的上空，救生员抱着伤病员，缆绳正在将他们拉上飞机．假设以救生员为参考系，如此处于静止状态的是〔〕A．伤病员B．直升飞机C．钻井平台 D．直升飞机驾驶员2．出租车载小明到车站接人后返回出发地，司机打出全程的发票如下列图，如此此过程中，出租车运动的路程和位移分别是〔〕A．4.3km，4.3km B．4.3km，0 C．0，4.3km D．0，O3．以下问题研究对象可看成质点的是〔〕A．研究一列火车通过长江大桥所需的时间B．乒乓球比赛中，研究运动员发出的旋转球的运动C．研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作D．用GPS确定打击海盗的“武汉〞舰在大海中的位置4．如图是火箭点火升空瞬间时的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，如下说法正确的答案是〔〕A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度可能也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小5．在物理学的开展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于物理学研究方法应用的表示正确的答案是〔〕A．在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，可用点电荷来代替带电物体的方法叫微元法B．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，采用了假设法C．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D．伽利略将自由落体运动看成倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法6．一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离x随时间t变化的关系为x=〔6+t3〕m，它的速度随时间t变化的关系为v=3t2m/s，该质点在t=0到t=2s间的平均速度和t=2s 时的瞬时速度大小分别为〔〕A．4m/s；4m/s B．4m/s；12m/s C．4m/s；2m/s D．2m/s，4m/s二、多项选择题〔共4小题，每一小题4分，总分为16分〕7．在空气阻力大小恒定的条件下，小球从空中下落，与水平地面相碰〔碰撞时间极短〕后弹到空中中某一高度，以向下为正方向，其速度随时间变化的关系如下列图，取g=10m/s2，如此以下结论正确的答案是〔〕A．小球开始下落时距地高度为4.0mB．小球弹起的最大高度为0.375mC．小球弹起上升过程减速的加速度大小为8m/s2D．小球下落过程的加速度大小为8m/s28．“蛟龙号〞是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，如下列图，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器，假设某次海试活动中，“蛟龙号〞完成海底任务后竖直上浮，上浮到速度为v时开始时，此后“蛟龙一号〞匀减速上浮，经过t上浮到海面，速度恰好减为零，如此〔〕A．“蛟龙号〞减速上浮的加速度大小为B．t=0时刻，“蛟龙号〞距水面的深度为vtC．t=t0〔t0＜t〕时刻距离海平面的深度为D．t=t0〔t0＜t〕时刻距离海平面的深度为9．一辆公共汽车刚起步一小段时间后，发现一乘客未上车，司机立即采取制动措施，此过程中汽车的运动在一条直线上，其速度﹣时间图象如下列图，那么，关于0～2t和2t～3t 两段时间内的加速度与位移的说法正确的答案是〔〕A．加速度大小之比为1：2 B．加速度大小之比为2：1C．位移大小之比为2：1 D．位移大小之比为1：210．小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中的1、2、3和4所示，连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，由此可知小球〔〕A．下落过程中的加速度大小约为B．经过位置3时的瞬时速度大小约为2gTC．经过位置4时的瞬时速度大小约为D．从位置1到4过程中的平均速度大小约为三、科学探究和实验题〔共3小题，总分为18分〕11．在探究小车速度随时间变化规律的实验中．〔1〕电磁打点计时器是一种使用〔填“交流〞或“直流〞〕电源的仪器．当所接电源频率是50Hz时，它每隔s打一次点．〔2〕接通电源与释放纸带，让纸带〔随小车〕开始运动，操作正确的答案是A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先接通电源或先释放纸带都可以．12．为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板，如下列图，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1=0.30s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.10s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为△t=4.0s．试估算：滑块经过第一个光电门时的速度大小v1= m/s；在下滑过程中，滑块的加速度大小a= m/s2．〔计算结果保存两位小数〕13．如下列图是测定小车匀变速直线运动加速度的实验中打出的一条纸带，打点计时器每隔0.02s打一个点，图中O点为静止释放后打下的第一个点，A、B、C、D为每隔四个选定的计数点，OA间还有很多点未画出，根据图中的数据，已经算出经B点时小车的瞬时速度为v B=0.85m/s，经C点的瞬时速度为m/s，小车运动的加速度为m/s2，OA间的平均速度为m/s．四、计算题〔共4小题，总分为42分〕14．一个小球从距离地面36m的高空由静止开始下落，空气阻力恒定，经3s落至地面，求：〔1〕小球下落的加速度大小；〔2〕小球落地的速度大小．15．飞机着陆后以8m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s．求：〔1〕它着陆后10s内滑行的位移x；〔2〕着陆后3s末的速度．16．一火箭从地面点燃竖直发射，火药燃烧时间为3s，在火药燃烧时具有大小为3g的竖直向上的加速度，之后火箭向上匀减速运动的加速度大小为g〔不计空气阻力，g=10m/s2〕求：〔1〕火箭上升的最大高度；〔2〕火箭落地时的速度大小．17．一列货车以8m/s的速度在铁路上行驶，当时天气有雾，能见度为500米，由于调度事故，有一列快车在货车后方以20m/s的速度在同一轨道上同向行驶，快车司机发现险情后立即刹车做减速运动，货车仍以原速度行驶，为防止相撞求快车减速的加速度至少多大．2015-2016学年陕西省商洛市高一〔上〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔共6小题，每一小题4分，总分为24分〕1．如下列图，一架执行救援任务的直升飞机悬停在钻井平台的上空，救生员抱着伤病员，缆绳正在将他们拉上飞机．假设以救生员为参考系，如此处于静止状态的是〔〕A．伤病员B．直升飞机C．钻井平台 D．直升飞机驾驶员【考点】参考系和坐标系．【分析】要解决此题，需要掌握运动和静止的相对性．知道我们平时说的运动或静止都是相对于参照物而言的．假设相对于参照物，位置没有改变，如此静止；假设相对于参照物位置发生了改变，如此运动．【解答】解：以救生员为参考系，如此处于静止状态的救生员抱着的伤病员，直升飞机、钻井平台、直升飞机的驾驶员都相对于救生员向下运动．应当选项A正确，选项BCD错误．应当选：A【点评】要正确解答此题，需要求学生对“相对静止〞有正确的理解：相对静止的两物体必须是速度大小和方向都一样．2．出租车载小明到车站接人后返回出发地，司机打出全程的发票如下列图，如此此过程中，出租车运动的路程和位移分别是〔〕A．4.3km，4.3km B．4.3km，0 C．0，4.3km D．0，O【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】由出租车发票可以求出出租车的行驶时间与路程．位移是矢量，为初末两点的直线距离；路程是标量，为物体经过轨迹的长度．【解答】解：由题意可知，出租返回出发地，故位移为零；由图可知，汽车经过的路程为4.3km；应当选：B．【点评】此题考查了求出租车的运行时间与路程问题，分析清楚发票信息即可正确解题．3．以下问题研究对象可看成质点的是〔〕A．研究一列火车通过长江大桥所需的时间B．乒乓球比赛中，研究运动员发出的旋转球的运动C．研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作D．用GPS确定打击海盗的“武汉〞舰在大海中的位置【考点】质点的认识．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】把物体看成质点的条件：物体的大小或形状对研究的问题没有影响，或者对研究问题的影响可以忽略时，物体就可以看作质点．【解答】解：A、研究火车通过长江大桥的时间，火车的长度不能忽略，不能把火车看成质点，故A错误；B、乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球不能视为质点，否如此就没有旋转了，故B错误；C、研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作时，航天员的大小和形状不能忽略，不能把翟志刚看成质点，故C错误；D、用GPS确定“武汉〞舰在大海中的位置时，舰的大小和形状可以忽略，可以把“武汉〞舰看成质点，故D正确．应当选：D．【点评】解决此题的关键掌握物体能否看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．4．如图是火箭点火升空瞬间时的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，如下说法正确的答案是〔〕A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度可能也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】由牛顿第二定律可知，当推力很大时，产生的加速度很大，但由于是在点火瞬间，时间很短，所以在点火瞬间速度很小．【解答】解：火箭在起飞过程中，火箭推力很大，由牛顿第二定律可知F=ma可求得，加速度很大，但在点火瞬间，由v=at可知，时间很短，速度很小，故A正确，BCD错误应当选：A【点评】此题主要考查了加速度由合外力决定、速度有加速度和时间决定，注意公式的理解和掌握．5．在物理学的开展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于物理学研究方法应用的表示正确的答案是〔〕A．在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，可用点电荷来代替带电物体的方法叫微元法B．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，采用了假设法C．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D．伽利略将自由落体运动看成倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法【考点】物理学史．【分析】在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫建立理想化模型的方法．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法．【解答】解：A、在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫建立理想化模型的方法．故A错误．B、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法；故B错误C、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故C错误D、伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法．故D正确应当选：D．【点评】在高中物理学习的过程中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助，故在理解概念和规律的根底上，要注意方法的积累．6．一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离x随时间t变化的关系为x=〔6+t3〕m，它的速度随时间t变化的关系为v=3t2m/s，该质点在t=0到t=2s间的平均速度和t=2s 时的瞬时速度大小分别为〔〕A．4m/s；4m/s B．4m/s；12m/s C．4m/s；2m/s D．2m/s，4m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】将t=0s、t=2s代入距离随时间变化的关系式x=6+t3〔m〕，可求出三个时刻质点离O点的距离，求得位移，再求解平均速度．将时刻t=2s代入速度公式即可求出速度．【解答】解：根据s=6+t3〔m〕，2s内的位移为：s=s2﹣s0=6+8﹣6=8m平均速度为： m/s，根据v=3t2m/s，当时间t=2s时，速度为：v=3×22=12m/s．故B正确应当选：B．【点评】此题中物体的运动不是匀变速运动，根据平均速度的定义公式列式求解即可．二、多项选择题〔共4小题，每一小题4分，总分为16分〕7．在空气阻力大小恒定的条件下，小球从空中下落，与水平地面相碰〔碰撞时间极短〕后弹到空中中某一高度，以向下为正方向，其速度随时间变化的关系如下列图，取g=10m/s2，如此以下结论正确的答案是〔〕A．小球开始下落时距地高度为4.0mB．小球弹起的最大高度为0.375mC．小球弹起上升过程减速的加速度大小为8m/s2D．小球下落过程的加速度大小为8m/s2【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】定性思想；推理法；运动学中的图像专题．【分析】根据速度图象的“面积〞大小等于物体在某一段时间内发生的位移、斜率等于物体的加速度求解．【解答】解：A、根据速度图象的“面积〞等于物体在某一段时间内发生的位移可知，小球开始下落时距地高度为：h=，小球弹起的最大高度为：，故A错误，B正确；C、根据图象的斜率等于物体的加速度可知，小球弹起上升过程减速的加速度大小为：，小球下落过程的加速度大小为：，故C错误，D正确；应当选：BD【点评】此题解题的关键在于正确理解图象的意义：速度图象的“面积〞大小等于物体在某一段时间内发生的位移、斜率等于物体的加速度．熟练掌握运用图象处理物理问题的能力．8．“蛟龙号〞是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，如下列图，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器，假设某次海试活动中，“蛟龙号〞完成海底任务后竖直上浮，上浮到速度为v时开始时，此后“蛟龙一号〞匀减速上浮，经过t上浮到海面，速度恰好减为零，如此〔〕A．“蛟龙号〞减速上浮的加速度大小为B．t=0时刻，“蛟龙号〞距水面的深度为vtC．t=t0〔t0＜t〕时刻距离海平面的深度为D．t=t0〔t0＜t〕时刻距离海平面的深度为【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】比拟思想；类比法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出“蛟龙号〞的加速度，采用逆向思维，结合位移时间公式求出“蛟龙号〞在t0〔t0＜t〕时刻距离海平面的深度．【解答】解：A、“蛟龙号〞的初速度为0．末速度为v，减速上浮的加速度大小为：．故A正确；B、t=0时刻，“蛟龙号〞距水面的深度为：h=．故B错误；C、从水面反向看“蛟龙号〞的位移，“蛟龙号〞的运动可以看做是匀加速直线运动，在t0时刻距离水面的深度相当于向下加速〔t﹣t0〕时间的位移，即：h=．故C正确，D错误．应当选：AC【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，根底题．9．一辆公共汽车刚起步一小段时间后，发现一乘客未上车，司机立即采取制动措施，此过程中汽车的运动在一条直线上，其速度﹣时间图象如下列图，那么，关于0～2t和2t～3t 两段时间内的加速度与位移的说法正确的答案是〔〕A．加速度大小之比为1：2 B．加速度大小之比为2：1C．位移大小之比为2：1 D．位移大小之比为1：2【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】定量思想；比例法；运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，面积表示位移，由几何关系求解．【解答】解：AB、根据速度时间图象中图象的斜率表示加速度，如此加速度大小之比为 a1：a2=： =1：2，故A正确，B错误．CD、根据速度时间图象中图象与坐标轴所围的面积表示位移，如此知位移大小之比为 x1：x2=： =2：1．故C正确，D错误．应当选：AC【点评】速度﹣时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度﹣时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移．10．小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中的1、2、3和4所示，连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，由此可知小球〔〕A．下落过程中的加速度大小约为B．经过位置3时的瞬时速度大小约为2gTC．经过位置4时的瞬时速度大小约为D．从位置1到4过程中的平均速度大小约为【考点】自由落体运动．【专题】定量思想；推理法；自由落体运动专题．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出3点的瞬时速度，结合连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，结合速度时间公式求出经过位置4的瞬时速度【解答】解：根据△x=d=aT2得，下落过程中的加速度a=．故A正确B、经过位置3的瞬时速度等于2、4段的平均速度，如此v3=．而因1点不一定是起始点，如此不能有2gT表示，故B错误．C、根据速度时间公式得，通过位置4的瞬时速度v4=v3+aT=．故C正确．D、从位置1到4过程中的平均速度大小为．故D错误．应当选：AC【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的两个重要推论：1、在某段时间内的平均速度等于中间件时刻的瞬时速度；2、在连续相等时间内的位移之差是一恒量三、科学探究和实验题〔共3小题，总分为18分〕11．在探究小车速度随时间变化规律的实验中．〔1〕电磁打点计时器是一种使用交流〔填“交流〞或“直流〞〕电源的仪器．当所接电源频率是50Hz时，它每隔0.02 s打一次点．〔2〕接通电源与释放纸带，让纸带〔随小车〕开始运动，操作正确的答案是 AA．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先接通电源或先释放纸带都可以．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；定性思想；类比法；直线运动规律专题．【分析】了解电磁打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答；同时要知道接通电源与释放纸带先后的有关操作．【解答】解：〔1〕电磁打点计时器是使用交流电源的计时仪器，当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点．〔2〕开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带〔随物体〕开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故答案为：〔1〕交流； 0.02；〔2〕A．【点评】对于根本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强根本仪器的了解和使用，同时注意电火花计时器和电磁打点计时器在电压上的不同．12．为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板，如下列图，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1=0.30s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.10s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为△t=4.0s．试估算：滑块经过第一个光电门时的速度大小v1=0.10 m/s；在下滑过程中，滑块的加速度大小a= 0.05 m/s2．〔计算结果保存两位小数〕【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题；直线运动规律专题．【分析】先根据平均速度公式求出滑块通过第一个光电门和第二个光电门的平均速度，由于遮光板宽度很小，过光电门的时间很短，所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速度，再根据求出加速度．【解答】解：由于遮光板宽度为3cm，故滑块通过第一个光电门的平均速度v1==滑块通过第二个光电门的平均速度v2=故加速度故答案为：0.10，0.05．【点评】此题关键在于瞬时速度的测量方法，即用极短时间内的平均速度代替瞬时速度；由于遮光板宽度很小，过光电门得时间很短，所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速度．13．如下列图是测定小车匀变速直线运动加速度的实验中打出的一条纸带，打点计时器每隔0.02s打一个点，图中O点为静止释放后打下的第一个点，A、B、C、D为每隔四个选定的计数点，OA间还有很多点未画出，根据图中的数据，已经算出经B点时小车的瞬时速度为v B=0.85m/s，经C点的瞬时速度为 1 m/s，小车运动的加速度为 1.5 m/s2，OA间的平均速度为0.35 m/s．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题；定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小，再根据匀变速直线运动的公式求解加速度大小．【解答】解：〔1〕计数点间的时间间隔为0.1s．据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．v C===1m/s〔2〕根据加速度公式，如此有：a====1.5m/s2；〔3〕根据速度公式，如此有：v A=v B﹣aT=0.85﹣1.5×0.1=0.7m/sOA间的平均速度OA==0.35m/s，故答案为：1，1.5，0.35．【点评】要提高应用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用．四、计算题〔共4小题，总分为42分〕14．一个小球从距离地面36m的高空由静止开始下落，空气阻力恒定，经3s落至地面，求：〔1〕小球下落的加速度大小；〔2〕小球落地的速度大小．【考点】自由落体运动；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】小球下落过程中做匀加速直线运动，根据位移时间公式求出加速度，根据v=at求解落地时速度大小．【解答】解：〔1〕小球下落过程中做匀加速直线运动，根据h=得：a=，〔2〕小球落地的速度为：v=at=8×3=24m/s答：〔1〕小球下落的加速度大小为8m/s2；〔2〕小球落地的速度大小为24m/s．【点评】此题主要考查了匀变速直线运动根本公式的直接应用，注意此题空气阻力不能忽略，不是自由落体运动，难度不大，属于根底题．15．飞机着陆后以8m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s．求：。

商洛市第3中学2017—2018学年第一学期期中考试高一物理试题（满分：100分时间：90分钟）一、选择题（本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～9题只有一项符合题目要求，第10～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1、下列说法中正确的是（）A．热烈庆祝中华人民共和国成立65周年指的是时刻B．转动的物体其上各点的运动情况不同，故转动的物体一定不能当做质点C．地球有时也可看成质点D．当物体沿直线朝一个方向运动时，位移就是路程2.下列事例中有关速度的说法，正确的是（）A．汽车速度计上显示80km/h，指的是平均速度B．某高速公路上限速为110km/h，指的是平均速度C．火车从济南到北京的速度约为220km/h，指的是瞬时速度D．子弹以900km/h的速度从枪口射出，指的是瞬时速度3、以下说法正确的是（）A．物体速度越大，加速度一定越大B．物体速度变化越快，加速度一定越大C．物体加速度不断减小，速度一定越来越小D．物体速度变化越大，加速度一定越大4、物体做直线运动的v-t图象如图所示，根据图象提供的信息可知( )A.第4 s初物体运动的加速度为2 m/s2B.前8 s内物体运动的位移为32 mC.0～4 s与4～6 s内物体速度方向相反D.0～4 s与4～6 s内物体的平均速度相等5、某质点以20 m/s的初速度竖直向上运动，其加速度保持不变，经2s到达最高点，上升高度为20 m，又经过2 s回到出发点时，速度大小仍为20m/s，关于这一运动过程的下列说法中正确的是( )A．质点运动的加速度大小为10 m/s2，方向竖直向下B．质点在这段时间内的平均速度大小为10 m/sC．质点在最高点时加速度为零D．质点在落回抛出点时的速度与开始离开抛出点时的速度相等6、龟兔赛跑的故事流传至今，按照龟兔赛跑的故事情节，兔子和乌龟的位移图象如图所示，下列关于兔子和乌龟的运动正确的是（ ） A ．兔子和乌龟是同时从同一地点出发的B ．乌龟一直做匀加速运动，兔子先加速后匀速再加速C ．骄傲的兔子在T 4时刻发现落后奋力追赶，但由于速度比乌龟的速度小，还是让乌龟先到达预定位移S 3D ．在0～T 5时间内，乌龟的平均速度比兔子的平均速度大7、汽车以20 m/s 的速度做匀速直线运动，刹车的加速度大小为5m/s 2，那么开始刹车后2 s 内与开始刹车后6 s 内汽车通过的位移之比为( ) A ．1：1 B ．1：3 C ．3：4 D ．4：38、一名观察者站在站台边，火车进站从他身边经过，火车共10节车厢，当第10节车厢完全经过他身边时，火车刚好停下．设火车做匀减速直线运动且每节车厢长度相同，则第8节和第9节车厢从他身边经过所用时间的比值为( ) A.2∶ 3B.3∶ 2C ．(2－1)∶(3－2)D ．(3－2)∶(2－1)9、如图所示为一电梯向上运动的v-t 图象，由图象得到的正确结果是（ ）A.电梯在0-4s 内的平均速度时2m/sB.电梯匀速上升的高度等于16m C ．电梯上升的总高度等于20mD ．电梯在0～4s 内的加速度大于8～16s 内的加速度10、一个做匀加速直线运动的物体先后经过A 、B 两点时的速度分别为v 1和v 2，则下列结论中正确的有( ) A ．物体经过AB 位移中点的速度大小为v 1＋v 22B ．物体经过AB 位移中点的速度大小为v 21＋v 222C ．物体通过AB 这段位移的平均速度为v 1＋v 22D ．物体通过AB 这段位移所用时间的中间时刻的速度为v 1＋v 2211、下图所示为甲、乙两个物体做直线运动的运动图象，则下列叙述正确的是()A．甲物体运动的轨迹是抛物线B．甲物体8 s内运动所能达到的最大位移为80 mC．乙物体前2 s的加速度为5 m/s2D．乙物体8 s末距出发点最远12、甲、乙两球从同一高度相隔1 s先后自由落下，在下落过程中( ) A．两球的距离始终不变B．两球的距离越来越大C．两球的速度差越来越大D．两球的速度差始终不变二、填空题(每空2分，共18分）13、某同学利用打点计时器测量小车做匀变速直线运动的加速度．(1)电磁打点计时器是一种使用________(选填“交流”或“直流”)电源的计时仪器，它的工作电压是______V，当电源的频率为50Hz时，它每隔________s打一次点，使用时应将纸带穿过________，复写纸套在定位轴上，并要放在纸带的________面．(2)“研究匀变速直线运动”的实验中，使用电磁式打点计时器(所用交流电的频率为50 Hz)，得到如图所示的纸带。

高一上学期期中考试物理试题一．单项选择题（每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的。

每题3分，合计24分）1. 如下图所示，用水平力F把铁块压在竖直墙壁上不动，设墙壁对铁块的压力为N，对铁块的摩擦力为f，当F增大时，下面的说法正确的是（）A. N变大，f不变；B. N变大，f变大C. N和f均不变；D. N不变，f变大2. 物体A的加速度为3 m/s2，物体B的加速度为－5 m/s2，下列说法中正确的是：( )A. 物体B的速度一定在减小B. 物体B的速度变化比A的速度变化快C. 物体A的速度一定在增加D. 物体A的加速度比B的加速度大3. 如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d…，下列说法正确的是( )A. 在斜面上od间运动的平均速度B. 在斜面上od间运动的平均速度C. 质点由O到达各点的时间之比t a：t b：t c：t d＝1：2：3：4D. 质点通过各点的速率之比v a：v b：v c：v d＝1：2：3：44. a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的v—t图象如图所示，下列说法正确的是（）A. a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B. 20s时，a、b两物体相距最远C. 40s时，a、b两物体速度相等，相距200mD. 60s时，物体a在物体b的前方5. 科技馆中有一个展品，如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的龙头，在一种特殊的灯光照射下，可观察到一个个下落的水滴。

缓缓调节水滴下落的时间间隔到适当情况。

可看到一种奇特的现象，水滴似乎不再往下落，而是固定在图中A、B、C、D四个位置不动，要出现这种现象，照明光源应该满足(g取10 m/s2) ( )A. 普通光源即可B. 间歇发光，间隙时间约为1.4sC. 间歇发光，间隙时间约为0.14sD. 间歇发光，间隙时间约为0.02s6. 汽车在平直的公路上以30m/s的速度行驶，当汽车遇到突发情况时就以7.5 m/s2的加速度刹车，刹车2s 内和6s内的位移之比（）A. 1：1B. 5：9C. 5：8D. 3：47. 如图所示，粗糙水平面上，用弹簧系住一重60N的物块，物块保持静止，已知物块与水平面间静摩擦系数，那么该弹簧的弹力不可能．．．是（）A. 10 N，水平向右B. 16N，水平向右C. 20N，水平向左D. 0N8. 滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度恰好为零。