2018北京四中高二(上)期末物理

北京四中2017-2018学年高三上学期期末物理模拟试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．）1．下列物理量单位中，关系正确的是( )A．1N=1kg•m/s B．1J=1V•m C．1N/C=1V/m D．1Wb=1T•s考点：力学单位制．分析：物理量的单位关系可根据相关的物理规律进行分析．解答：解：A、根据牛顿第二定律F=ma知：1N=1kg•m/s2．故A错误．B、根据W=qU知：1J=1V•C，故B错误．C、根据E=和E=知：1N/C=1V/m，故C正确．D、根据Φ=BS知：1Wb=1T•m2，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键是掌握常用的物理公式，明确各个量的单位及其相互关系．2．如图所示，物体A用轻质细绳与圆环B连接，圆环固定在竖直杆MN上．现用一水平力F作用在绳上的O点，将O点缓慢向左移动，使细绳与竖直方向的夹角θ逐渐增大．关于此过程，下列说法中正确的是( )A．水平力F逐渐增大B．水平力F逐渐减小C．绳OB的弹力逐渐减小D．绳OB的弹力逐渐增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：O点缓慢向左移动过程中，结点O的合力保持为零，分析结点O的受力情况判断F 的变化，对整体研究，根据平衡条件判断杆对圆环的弹力和摩擦力的变化情况．解答：解：设细绳与水平方向的夹角为α，物体的质量为m，对结点O受力分析，运用合成法，则由平衡条件得：F=，α减小，则F增大．故A正确，B错误；C、设绳对圆环的弹力为T，则Tsinα=mg，T=，α减小，则T增大，即绳对圆环B的弹力变大，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题采用隔离法和整体法相结合研究动态平衡问题，由于不分析系统的内力，运用整体法分析杆对圆环的摩擦力和弹力比较简便．3．如图所示，在粗糙水平地面上放一质量为M的斜面，质量为m的木块沿斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，则( )A．地面对斜面有水平向右的摩擦力B．地面对斜面有水平向左的摩擦力C．地面对斜面的支持力等于（M+m）gD．地面对斜面的支持力小于（M+m）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题中物体沿斜面匀速下滑，合力为零，斜面保持静止，合力也为零，可以以整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件求解地面对斜面的支持力和摩擦力．解答：解：以整体为研究对象，分析受力情况：总重力（M+m）g、地面的支持力N，静摩擦力（可能为零）．则由平衡条件可知：竖直方向：N=（M+m）g水平方向：f=0；故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题的关键是采用整体法．当两个物体的加速度都为零，可以运用整体法研究，比较简便．4．一物体以某一水平速度平抛，从开始释放到某时刻，下列说法不正确的是( )A．水平位移与时间成正比B．下落高度与速度成正比C．动量增量与时间成正比D．动能增量与下落高度成正比考点：动量定理；平抛运动．专题：动量定理应用专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式分析判断．解答：解：A、水平位移x=v0t，因为水平分速度不变，可知水平位移和时间成正比，故A 正确．B、下落高度h=，下落的高度与速度不成正比，故B错误．C、根据动量定理得，mgt=△P，可知动量的增量与时间成正比，故C正确．D、根据动能定理得，mgh=△E k，知动能增量与下落的高度成正比，故D正确．本题选错误的，故选：B．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式、动能定理、动量定理进行求解，难度不大．5．假设两颗“近地”卫星1和2的质量相同，都绕地球做匀速圆周运动，如图所示，卫星2的轨道半径更大些．两颗卫星相比较，下列说法中正确的是( )A．卫星1的向心加速度较小 B．卫星1的动能较小C．卫星1的周期较小 D．卫星1的机械能较大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据牛顿的万有引力定律研究引力的大小．卫星由万有引力提供向心力，根据对应量的表达式研究速度、周期、再通过变形可得动能表示，研究动能．由卫星从第轨道进入高轨道需要加速度，可研究机械能．解答：解：卫星围绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力有：=ma=m=mA、a=，轨道半径小的卫星1向心加速度来得大，故A错误；B、v=，轨道半径小的卫星1线速度来得大，卫星1的动能较大，故B错误；C、T=2π，轨道半径小的卫星1的周期较小，故C正确；D、将卫星从低轨道进入高轨道，火箭要点火加速做功，则卫星2的机械能较大，即卫星l 的机械能较小．故D错误．故选：C点评：本题抓住卫星绕地球做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，熟悉向心力的不同表达式并能灵活变形是正确解决本题的关键．6．如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的B点速度减为零．不计空气阻力，重力加速度为g．关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的有( )A．小球克服阻力做的功为mgh B．小球克服阻力做的功为mgHC．小球的机械能减少了mgH D．小球的机械能减少了mg（H+h）考点：功能关系；动能定理．分析：通过小球重力势能和动能的变化量求出小球机械能的减小量，对全过程运用动能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根据动量定理求出小球阻力的冲量．解答：解：小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg（H+h），则小球的机械能减小了mg（H+h）．对全过程运用动能定理得，mg（H+h）﹣W f=0，则小球克服阻力做功W f=mg（H+h）．故ABC错误，D正确．故选：D点评：解决本题的关键掌握动能定理和动量定理的运用，运用动能定理解题不需考虑速度的方向，运用动量定理解题需考虑速度的方向．7．篮球运动员通常要伸出双手迎接传来的篮球．接球时，两手随球迅速收缩至胸前．这样做可以( )A．减小球对手的冲量 B．减小球对人的冲击力C．减小球的动量变化量 D．减小球的动能变化量考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理即可分析．解答：解：先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得：﹣Ft=0﹣mvF=当时间增大时，作用力就减小，而冲量和动量、动能的变化量都不变，所以B正确．故选B．点评：本题主要考查了动量定理的直接应用，难度不大，属于基础题．8．图甲为一简谐横波在t=0时刻的波形图象，图乙为横波中x=2m处质点A的振动图象，则下列说法正确的是( )A．波的传播方向沿x轴负方向B．波的传播速度大小为2m/sC．在t=0时刻，图甲中质点A的振动速度大小为0D．在t=1s时刻，图甲中质点A的位置坐标为（0，20）考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由乙图读出t=0时刻质点A的振动方向，由甲图判断出波的传播方向．由甲图读出波长，由乙图读出周期，即可求得波速．根据t=0时刻质点A的位置分析其速度大小．根据时间t=1s与周期的关系，分析质点A的位移．解答：解：A、由乙图读出t=0时刻质点A的振动方向沿y轴正方向，由甲图判断出波的传播方向沿x 轴正方向．故A错误．B、由甲图读出波长λ=8m，由乙图读出周期T=4s，则波速v==2m/s，故B正确．C、在t=0时刻，图甲中质点A位于平衡位置，速度最大，不是0，故C错误．D、因t=1s=T，图示时刻质点A的振动方向沿y轴正方向，则在t=1s时刻，图甲中质点A到达波峰，坐标为（2，20），故D错误．故选：B点评：本题关键要抓住振动图象与波动图象之间的联系，将一个周期分成四个周期研究质点的振动过程．9．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机正常工作，电流为I吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的功率为P，则有( )A．P=UI B．P=I2（R1+R2） C．P＞UI D．P=考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．解答：解：A、C、电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU 来计算，所以总功率P=IU，所以A正确，而C错误；B、电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以B错误；D、吹风机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，故D错误．故选：A．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．10．一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图中情况可以确定( )A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电考点：洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定则来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确．故选B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决本题的关键．11．物理实验中，常用一种叫做“冲击电流计”的仪器测定通过电路的电量．如图所示，探测线圈与冲击电流计串联后可用来测定磁场的磁感应强度．已知线圈的匝数为n，面积为S，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R．若将线圈放在被测匀强磁场中，开始线圈平面与磁场垂直，现把探测圈翻转180°，冲击电流计测出通过线圈的电量为q，由上述数据可测出被测磁场的磁感应强度为( )A．B．C．D．考点：法拉第电磁感应定律；电流、电压概念．专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈翻转导致穿过线圈的磁通量发生变化，根据法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小，再由闭合电路欧姆定律可求出感应电流大小，根据电量的公式q=It，可列出关于电荷量的表达式，从而可测出磁感应强度．解答：解：由法拉第电磁感应定律：可求出感应电动势大小，再由闭合电路欧姆定律可求出感应电流大小，根据电量的公式q=It，可得．由于开始线圈平面与磁场垂直，现把探测圈翻转180°，则有△∅=2BS所以由上公式可得：，则磁感应强度，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、电量表达式，同时注意磁通量虽然是标量，但注意线圈分正反面，从而导致磁通量有正负．还有磁通量与线圈匝数无关，但感应电动势与线圈匝数有关．12．如图所示，固定在水平面中的金属轨道MN、PQ互相平行，M、P之间接有电阻R．金属杆ab置于两轨道上，与两轨道保持垂直且接触良好．轨道区域存在方向始终竖直向下的匀强磁场，且磁场的磁感应强度B随时间均匀增大．为了保持金属杆ab的位置不变，应该对金属杆ab施加一个水平方向的外力，此外力( )A．方向向左，大小不随时间变化B．方向向左，大小随B同步变化C．方向向右，大小不随时间变化D．方向向右，大小随B同步变化考点：法拉第电磁感应定律；安培力．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据法拉第电磁感应定律求解电动势，根据欧姆定律和F=BIL表示安培力大小，根据平衡条件知外力的大小变化规律．解答：解：设B=kt根据法拉第电磁感应定律知E=n=ns=nsk①根据欧姆定律知I=②安培力F=BIL③由①②③知F=kt L根据楞次定律知电流为逆时针，根据左手定则知安培力方向向左，根据平衡条件知外力水平向右，随时间增大．故D正确；故选：D点评：本题考查法拉第电磁感应定律、欧姆定律和F=BIL的综合应用，注意不变．二、多项选择题（本题共4小题．每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项正确．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）13．如图所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正、负极相连，下板接地（设地面电势为零）．当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点．则下列说法正确的是( )A．带电液滴电势能大于0B．保持开关闭合，将下板上移，则带电液滴将向下运动C．将开关再断开，再将下板向下移动，则带电液滴将向下运动D．将开关再断开，再将下板向下移动，则带电液滴电势能将减小考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：开始时液滴静止说明液滴受力平衡，可得出电场力与重力大小相等；根据开关的通断，可知两板间电势差的变化或电量的变化；则改变极板间的距离时，由电容器的性质可知板间电场强度的变化，由F=Eq可知电场力的变化，即可判断液滴的运动情况．解答：解：A、电容器的下极板带正电，沿着电场线电势降低，下极板为零，故M点的电势为负值；开始时，液滴静止，故mg=Eq，电场力向上，液滴带正电荷；根据公式E p=qφ，带电液滴电势能为负值；故A错误；B、保持开关闭合，将下板上移，板间距减小，两板间的电势差不变，由U=Ed可知E增大，液滴所受电场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故B错误；C、将开关再断开，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力不变，故粒子仍能受力平衡，故C错误；D、将开关再断开，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化；故将下板向下移动，M点电势降低，故带电液滴电势能将减小，故D正确；故选：D．点评：若通电后断开开关，则若只改变两板间的距离时极板间的电场强度是保持不变的，本结论应熟记并能灵活应用．14．如图画出了匀强电场的几条电场线，M、N是该电场中的两点．一个带正电荷的离子（不计重力）仅在电场力作用下由M点运动到N点，则( )A．该离子在M点的速度不为零B．该离子在M点速度可能为零C．该离子在M点的电势能小于在N点的电势能D．该离子在M和N点的电势能哪个大不能确定考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由图知，粒子运动方向与受力方向不在一条直线上，所以为曲线运动，离子在M点的速度不为零．沿着电场线的方向电势降低的，粒子带正电，由电势能的表达式可得电势能的高低解答：解：A、由图知，粒子运动方向与受力方向不在一条直线上，所以为曲线运动，离子在M点的速度不为零，故A正确；B、由A分析知，B错误；C、沿电场线方向电势逐渐降低，即φM＞φN，由电势能表达式得E P=qφ，且q为正值，故离子在M点的电势能大于在N点的电势能，故C错误；D、由C知D错误故选：A点评：对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．判定电势能大小应用表达式即可，但要考虑电势与电荷量的正负．15．图1中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为10：1．变压器的原线圈接如图2所示的正弦式电流，两个20Ω的定值电阻串连接在副线圈两端．电压表V为理想电表．( )A．原线圈上电压的有效值为100VB．原线圈上电压的有效值约为70.7VC．电压表V的读数为5.0VD．电压表V的读数约为3.5V考点：变压器的构造和原理；欧姆定律；交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：A、B、根据图象可得原线圈的电压的最大值为100V，最大值为有效值的倍，所以电压的有效值为V=50V=70.7V，所以A错误，B正确．C、D、由于原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为10：1，原线圈的电压有效值为50V，所以副线圈的电压的有效值为5V，所以电压表的示数为×20V=3.5V，所以C错误，D正确．故选BD．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．16．如图所示，是研究“影响平行板电容器电容的因素”的实验装置，实验中，认为平行极板的带电量几乎不变，通过静电计指针张角的变化来判断电容器的电容变化．下列关于实验的操作和现象描述正确的是( )A．静电计的指针偏角越大，则电容器两极板间的电压就越大B．保持间距d不变，将左极板上移，则指针张角变大C．保持正对面积s不变，将左极板向右平移，则指针张角减小D．保持间距d和正对面积s不变，在两极板间插入电介质，则指针张角变大考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器与外电路断开，电量保持不变，静电计测量的是电容器两端间的电势差．解答：解：A、静电计指针张角越大，则电压就越大，故A正确；B、保持间距d不变，将左极板上移，即正对面积减小，那么电容减小，带电量不变，根据C=知电压增大，静电计指针张角变大，故B正确．C、保持正对面积s不变，将左极板向右平移，间距减小，则电容增大，带电量不变，根据C=知电压减小，静电计指针张角变小．故C正确．D、电介质插入两板之间，电容增大，带电量不变，根据C=知电压减小，静电计指针张角变小，故D错误；故选：ABC．点评：解决本题的关键知道静电计是测量电势差大小的仪器，知道它与电压表的区别．三、计算题（本题共7小题．解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须写出数值和单位．）17．在物理学中，常常用等效替代、类比、微小量放大等方法来研究问题．如在牛顿发现万有引力定律一百多年后，卡文迪许利用微小量放大法由实验测出了万有引力常量G的数值，如图所示是卡文迪许扭秤实验示意图．卡文迪许的实验常被称为是“称量地球质量”的实验，因为由G的数值及其它已知量，就可计算出地球的质量，卡文迪许也因此被誉为第一个称量地球的人．（1）若在某次实验中，卡文迪许测出质量分别为m1、m2相距为r的两个小球之间引力的大小为F，求万有引力常量G；（2）若已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，万有引力常量为G，忽略地球自转的影响，请推导出地球质量及地球平均密度的表达式．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力定律，化简可得万有引力常量G；在地球表面附近的物体受到重力等于万有引力，可以解得地球的质量M，地球的体积为V=，根据密度的定义，代入数据可以计算出地球平均密度．解答：解：（1）根据万有引力定律有：解得：（2）设地球质量为M，在地球表面任一物体质量为m，在地球表面附近满足：得地球的质量为：M=地球的体积为：V=解得：地球的密度为：答：（1）万有引力常量为．（2）地球质量为，地球平均密度的表达式为．点评：本题要掌握万有引力定律的公式，理解公式中各量的物理含义，要求掌握星球表面的物体受到的重力等于万有引力．18．如图所示，粗糙水平地面与半径为R=0.5m的光滑半圆轨道BCD相连接，且在同一竖直平面内，O是BCD的圆心，BOD在同一竖直线上．质量为m=1kg的小物块在水平恒力F=15N的作用下，由静止开始从A点开始做匀加速直线运动，当小物块运动到B点时撤去F，小物块沿半圆轨道运动恰好能通过D点，已知AB间的距离为3m，重力加速度g=10m/s2．求：（1）小物块运动到B点时的速度；（2）小物块在水平面上从A运动到B的过程中克服摩擦力做的功；（3）小物块离开D点后落到地面上的点与B点之间的距离．考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）因为小物块恰好能通过D点，所以在D点小物块所受重力等于向心力，由牛顿第二定律求出小物块通过D点的速度．物块由B点运动到D点的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解物块运动到B点时的速度；（2）从A运动到B的过程中，根据动能定理求解克服摩擦力做的功．（3）小物块离开D点做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式求解落到水平地面上的点与B点之间的距离；解答：解：（1）因为小物块恰能通过D点，所以在D点小物块所受重力等于向心力，即mg=m，小物块由B运动D的过程中机械能守恒，则有代入数据解得v B=5m/s．（2）小物块在水平面上从A运动到B过程中根据动能定理，有Fx AB﹣W f=，代入数据解得W f=32.5J，（3）设小物块落地点距B点之间的距离为x，下落时间为t，根据平抛运动的规律：x=v D t，2R=，代入数据解得x=1m；答：（1）小物块运动到B点时的速度为5m/s；（2）小物块在水平面上从A运动到B的过程中克服摩擦力做的功为32.5J；（3）小物块离开D点后落到地面上的点与B点之间的距离为1m．点评：本题是动能定理、牛顿第二定律和平抛运动规律的综合应用，关键是确定运动过程，分析运动规律．19．如图所示，MN和PQ为固定在水平面上的平行金属轨道，轨距为0.2m．质量为0.1kg 的金属杆ab置于轨道上，与轨道垂直．整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T．现用F=2N的水平向右的恒力拉ab杆由静止开始运动，电路中除了电阻R=0.05Ω之外，其余电阻不计，设轨道光滑，求：（1）金属杆ab的速度达到5m/s时的加速度多大？（2）当金属杆ab达到最大速度后，撤去外力F，此后感应电流还能产生多少焦耳热？考点：法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律；焦耳定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）根据欧姆定律和法拉第电磁感应定律以及安培力公式表示出安培力的表达式，根据牛顿第二定律列方程求出加速度；（2）受力平衡时有最大速度，根据能量的转化与守恒求产生的热量．解答：解：（1）金属棒产生的感应电动势为：E=BLv由欧姆定律得：I=金属棒所受的安培力大小为：F安=BIL，由牛顿第二定律得：F﹣F安=ma，联立解得：a=﹣=﹣=10m/s2。

北京市第四中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A和m B的小球，分别带q A和q B的正电荷，悬点为O，当小球由于静电力作用张开一角度时，A球悬线与竖直线夹角为α，B 球悬线与竖直线夹角为β，则（）A．sinsinABmmβα=B．sinsinA BB Am qm qβα=C．sinsinABqqβα=D．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sinsin sinααββ'='【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得Am g OPF PA=库，Bm g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得A B m PBm PA= 由于sin cos OA PA αθ⋅=，sin cos OB PB βθ⋅=，代入上式可得sin sin A B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。

故选AD 。

2．质量分别为A m 和B m 的两小球带有同种电荷，电荷量分别为A q 和B q ，用绝缘细线悬挂在天花板上。

平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为1θ与()212θθθ>。

两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为A v 和B v ，最大动能分别为kA E 和kB E 。

2018北京市人大附中高二（上）期末物理2018.1（其中前16道题为选修3-1模块考试，请将所有选择题中符合题意的选项涂在对应题号的答题纸上，所有试题均答在答题纸上，只交答题纸）一、本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项．．．．．．是符合题意的。

(每小题4分，共48分)1.关于电动势，下列说法错误．．的是( )A.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B.电源两极间的电压即是电源电动势C.电源电动势在数值上等于内、外电压之和D.电源电动势与外电路的组成无关2.如图所示电路中，电源的内阻为r，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面的判断不正确的是（）A.L1变亮B.L2变亮C.L3变亮D.路端电压变小3.1822年建立的“分子电流假说”，初步确立了“磁场的电本质”，提出分子电流假说的科学家是（）A.安培B.库仑C.劳伦施D.洛伦兹4.关于磁感强度，正确的说法是（）A.根据定义式B=，磁场中某点的磁感强度B与F成正比，与IL成反比B.磁感强度B是矢量，方向与F的方向相同C.B是矢量，方向与通过该点的磁感线的切线方向相同D.电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感强度一定为零5.两根互相平行的长直导线距离较近，通以相反方向的电流，电流大小关系I1＞I2，设I1受到的安培力为F1,I2受到的安培力为F2，则下列说法中正确的是（）A.F1＞F2，相互吸引B.F1＜F2，相互排斥C.F1=F2,相互排斥D.F1=F2，相互吸引6.关于安培力和洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A.放置在磁场中的通电导线，一定受到安培力作用B.带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用C.因安培力垂直于通电导线，故安培力对通电导线一定不做功D.因洛伦兹力垂直于电荷运动方向，故洛伦兹力对运动电荷一定不做功7.条形磁铁竖直放置，闭合圆环水平位置，条形磁体中心穿过圆环中心，如图所示，若圆环为弹性环，其形状由I扩大到II，那么圆环内磁通量的变化情况是（）A.磁通量不变B.磁通量增大C.磁通量减小D.条件不足，无法确定8.如图所示，由导线做成的直角等腰三角形框架abc，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，框架平面与磁感线平行。

北京市西城区北京四中2018届上学期期末统练高三物理（试卷满分100分，考试时间为90分钟）一、选择题。

本题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

把你认为正确答案的代表字母填写在题后的括号内。

1．如图所示，A、B是完全相同的两个小灯泡，L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈，则（）A．电键S闭合瞬间，A、B同时发光，随后A灯变暗，B灯变亮B．电键S闭合瞬间，B灯亮，A灯不变C．断开电键S的瞬间，A、B灯同时熄灭D．断开电键S的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭2．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器。

已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（）A．交流电的频率为0.02 HzB．原线圈输入电压的最大值为VC．电阻R2的电功率约为6.67 WD．通过R3的电流始终为零3．如图为LC振荡电路中的电容器极板上的电量q随时间t变化的图线。

由图可知（）A．在t1时刻，电路中的磁场能最小B．在t1到t2，电路中的电流值不断变小C．从t2到t3，电容器不断充电D．在t4时刻，电容器的电场能最小4．如图所示，L1和L2是输电线，甲是电压互感器，乙是电流互感器。

若已知电压比为1000∶1，电流比为100∶1，并且知道电压表示数为220 V，电流表示数为10 A，则输电线的输送功率为（）A．2.2×118 W B．2.2×10－2 WC．2.2×118 W D 2.2×118 W5．如图甲、乙所示是电子技术中的常用电路，自前级输入信号，其中输入的交流高频成分用“”表示，交流低频成分用“～”表示，直流万分用“—”表示，（）A．图甲中向后级输出的主要是交流成分B．图甲中向后级输出的主要是直流成分C．图乙中向后级输出的主要是低频成分D．图乙中向后级输出的主要是高频成分6．如图所示为光敏电阻自动计数器的示意图，其中R1为光敏电阻，R2为定值电阻，信号处理系统采集的是R1两端电压，则此光电计数器的基本工作原理是（）A．当有光照射R1时，信号处理系统获得高电压B．当有光照射R1时，信号处理系统获得低电压C．信号处理系统每获得一次低电压就记数一次D．信号处理系统每获得一次高电压就记数一次7．如图所示，两块水平放置的金属板相距为d，用导线将两极板与一个n匝的线圈连接，若线圈置于竖直向下的变化磁场B中，则两板间一质量为m、带电量为+q的油滴恰能静止，若线圈中的磁场变化情况和磁通量的变化率分别为（）A．B增强， B．B减弱，C．B减弱， D．B增强，8．如右图所示，在2L≥x≥0的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有一定电阻的矩形框abcd位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合，bc边长为L。

北京市第四中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题一、选择题1.下列物理量是矢量的有（）A. 电流B. 电场强度C. 电势差D. 电势能【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，电场强度是矢量，A正确；标量是只有大小没有方向的物理量，电势差，电势能和电流都是标量，故BCD错误．2.关于机械波，下列说法中正确的是（）A. 两个相邻波峰间的距离是一个波长B. 同种均匀介质中，频率越高的波，传播速度越快C. 任一振动质点每经过一个周期沿波的传播方向移动一个波长的距离D. 干涉和衍射是波特有的现象【答案】AD【解析】两个相邻波峰间的距离是一个波长，A正确；波的传播速度与波的性质以及介质的性质有关，与波的本身频率没有关系，B错误；任一振动质点都只在自己的平衡位置附近振动，并不随波向前移动，所以每经过一个周期沿波的传播方向移动的距离为零，C错误；干涉和衍射是波特有的现象，D正确．3.已知时间内通过均匀导体某一横截面的自由电子数为，电子电荷量为，导体模截面积为，单位体积内的自由电子数为，则电子定向移动的速度为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：由电流的定义可求得电流，再由可求得电子的定向移动速度．由，可得，由可得，D正确．4.真空中有甲、乙两个点电荷相距为，它们间的静电引力为．若甲的电荷量变为原来的倍，乙的电荷量保持不变，它们间的距离变为，则它们之间的静电引力将变为（ ）A.B.C.D.【答案】A 【解析】 根据库仑定律可知，若甲的电荷量变为原来的倍，乙的电荷量不变，它们间的距离变为后，，A 正确．5.一列简谐横波在时刻的波形如图中实线所示，在时刻的波形如图中虚线所示，由此可以判定此列波（ ）A. 波长一定是B. 周期可能是C. 一定向右传播D. 传播速度一定是【答案】AB 【解析】试题分析：相邻两个波峰或波谷之间的距离等于波长，由波动图象可直接读出波长．根据波的周期性得到周期的通项，考虑到波的传播方向未知，还要注意波可能有两种不同的传播方向．根据图像得出波长是，A 正确；若波向x 轴正方向传播，则，则，不可能存在，若波向x 负轴传播，则，则，故可能存在，周期不确定，则传播速度也不确定，B正确CD错误；．6.随着中国电信业的发展，国产手机在手机市场上已经占有了相当大的市场份额．如图所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知（）A. 该手机电池的电动势为B. 该手机电池的电动势为C. 该手机待机状态下的平均电流为D. 该手机待机状态下的平均电流为【答案】BD【解析】由铭牌数据可知，电源电动势为，该电池容量；根据，则，故BD正确．7.如图（a），、是一条电场线上的两点，将一个电子从点处由静止释放，电子从运动到过程中，它运动的图线如图（b）所示，则以下判断正确的是（）A. 该电场可能是匀强电场B. 电子在点受到的电场力大于电子在点受到的电场力C.点的电势低于点的电势D. 从运动到，电子的电势能逐渐增大【答案】BC【解析】因为v-t图线的斜率变小，故加速度变小，因此电场力变小，所以电场强度变小，即：，所以A错误B正确；电子运动方向为从a到b，做加速运动，所以电场力方向从a到b，而电子受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，沿场强方向，电势变小，故b点电势较大，即，电子的动能增大，电势能减小，故从a到b电势能减小，C正确D错误．8.图（a）为一列简谐横波在时的波形图，图（b）为媒质中平衡位置在处的质点的振动图像，是平衡位置为的质点（图中未标出）．下列说法正确的是（）A. 波向方向传播，且波速为B. 波向方向传播，且波速为C. 时，点向方向运动D. 时，点向方向运动【答案】BC【解析】试题分析：先根据质点的振动图象，判断波的传播方向，再根据波长和周期求波速；据波形成的条件和特点分析P质点的振动情况．由图（a）可以知道该简谐横波波长为，由图（b）知周期为，则波速为，根据图（b）的振动图象可以知道，在处的质点在时振动方向向下，根据走坡法，可知该波向左传播，故A错误B正确；由题可知，在t=2s时质点P在波谷位置，周期，故时过了，故P质点正通过平衡位置向+y方向运动，C正确D错误．9.通过研究平行板电容器的电容影响因素的实验，我们知道：极板间距离、极板的正对面积及两极板间插入的介质是影响平行板电容器电容的几个因素．在实验中，如图所示连接平行板和静电计，若保持平行板电容器所带电荷量不变，欲使静电计的张角减小，以下做法中可行的是（）A. 仅将板向右移B. 仅将板向上移C. 仅向两板之间插入绝缘介质板D. 仅向两板之间插入金属导体板【答案】ACD【解析】仅向右平移，导致两极板间距减小，根据可知电容增大，由于所带电荷量不变，根据可知两极板间的电势差减小，即静电计的夹角减小，A正确；仅将B板向上移，则两极板正对面积减小，根据可知电容增小，由于所带电荷量不变，根据可知两极板间的电势差增大，即静电计的夹角增大，B错误；仅向两板之间插入绝缘介质板，则增大，根据可知电容增大，由于所带电荷量不变，根据可知两极板间的电势差减小，即静电计的夹角减小，C正确；而向两板间插入金属板时，板间距离减小，根据可知电容增大，由于所带电荷量不变，根据可知两极板间的电势差减小，即静电计的夹角减小，D正确．10.某电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力的作用，其运动轨迹如图中虚线，、是其轨迹上的两点．以下判断正确的是（）A. 粒子带正电B. 粒子在点的加速度小于其在点的加速度C. 粒子在点速度小于其在点的速度D. 粒子在点电势能小于其在点的电势能【答案】ABC【解析】由于电荷只受电场力作用，所以电荷受到的电场力指向轨迹内侧，即电荷的受力沿着电场线的方向，所以电荷为正电荷，故A正确；电场线密的地方电场的场度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可以知道，点的场强大于点的场强的大小，在点的受力大于在的受力，所以粒子在点的加速度小于它在点的加速度，B正确；正电荷沿着电场的方向运动，所以电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在点速度小于其在点的速度，在点的电势能大于它在点的电势能，C正确D错误．11.如图所示，将一个半径为的不带电的金属球放在绝缘支架上，金属球的右侧与球心等高处放置一个电荷量为的点电荷，到金属球表面的最近距离也为．由于静电感应，金属球上将产生感应电荷．设静电力常量为，则关于金属球内的电场以及感应电荷的分布情况，以下说法中正确的是（）A. 电荷与感应电荷在金属球内任何位置激发的电场强度都是等大且反向的B. 感应电荷在金属球球心处激发的电场强度，方向水平向右C. 感应电荷全部分布在金属球的表面上D. 金属球右侧表面的电势高于其左侧表面【答案】AC【解析】试题分析：金属球在+Q的电场处于静电平衡状态，内部场强处处为0，A正确；Q在球心处产生的场强为方向向左，而金属球内部场强为0，故感应电荷在球心处产生的场强为方向向右，B错误；处于静电平衡的导体内部没有电荷，电荷分布在导体表面，C正确；处于静电平衡的导体是一个等势体，D错误。

2010-2023历年北京四中高二上学期期末考试物理卷第1卷一.参考题库(共20题)1.. 要将一个量程为100A、内阻为2k的灵敏电流表改装成量程为3V的电压表，则应（）A. 串联一个28k的电阻B. 串联一个18k的电阻C. 并联一个28k的电阻D. 并联一个18k的电阻2.假设有一个带正电的粒子垂直于地球赤道射来，如图所示。

在地球磁场的作用下，这个粒子偏转的方向是（）（不考虑磁偏角）A．向北B．向南C．向东D．向西3.. 在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A。

则以下判断中正确的是（）A. 电动机两端的电压为7.0VB. 电动机消耗的电功率为14WC. 电动机的热功率为4.0WD. 电动机输出的机械功率为12W4.某同学做“测定金属电阻率”的实验。

（1）这位同学采用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝的电阻R X。

有以下器材可供选择：（要求测量结果尽量准确）A. 电池组（3V，内阻约1Ω）B. 电流表（0～3A，内阻约0.025Ω）C. 电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）D. 电压表（0～3V，内阻约3kΩ）E.电压表（0～15V，内阻约15kΩ）F. 滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）G. 滑动变阻器（0～1000Ω，额定电流0.3A）H. 开关、导线。

实验时应选用的器材是（填写各器材的字母代号），电流表应该采用接法（填内、外）。

（2）请画出这个实验的原理图，并在实物图上连接电路。

5.如图所示，长L、质量为m的金属杆ab，被两根竖直的金属丝静止吊起，金属杆ab处在方向垂直纸面向里的匀强磁场中。

当金属杆中通有方向a→b的电流I时，每根金属丝的拉力大小为F。

当金属杆通有方向b→a的电流I时，每根金属丝的拉力大小为2F。

则磁场的磁感应强度B的大小为。

6.如图所示，空间分布着方向平行于纸面且与场区边界垂直的有界匀强电场，电场强度为E、场区宽度为L。

2018-2019学年北京四中高二（上）期中物理试卷一、单选题（本大题共11小题，共33.0分）1. 关于简谐运动的位移、加速度和速度的关系，正确的说法是A. 位移减小时，加速度增大，速度增大B. 位移方向总和加速度方向相反，和速度方向相同C. 物体的速度增大时，加速度一定减小D. 物体向平衡位置运动时，速度方向和位移方向相同【答案】C【解析】解：A、位移x减小时，加速度也减小；振子靠近平衡位置，故速度增加，故A错误；B、位移方向总跟加速度方向相反。

质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指向质点所在位置，而速度方向两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反，故B错误；C、物体的速度增大时，运动方向指向平衡位置，位移逐渐减小，所以加速度一定减小，故C正确；D、物体运动方向向平衡位置时，位移方向离开平衡位置，速度方向跟位移方向相反；故D错误；故选：C。

简谐运动的位移是指质点离开平衡位置的位移，方向从平衡位置指向质点所在位置当质点背离平衡位置时，位移增大，速度减小，加速度增大，加速度方向总是与位移方向相反，指向平衡位置，质点做非匀变速运动当质点靠近平衡位置时，位移减小，速度增大，加速度减小．本题考查分析简谐运动过程的能力对于简谐运动，位移方向总是离开平衡位置，加速度方向、回复力方向总是指向平衡位置．2. 如图所示，弹簧振子在M、N之间做简谐运动以平衡位置O为原点，建立Ox轴向右为x的轴的正方向若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为A.B.C.D.【答案】A【解析】解：由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故A正确，BCD错误。

故选：A。

当振子运动到N点时开始计时，分析此时振子的位置，即确定出时刻质点的位置，即可确定位移时间的图象．本题在选择图象时，关键研究时刻质点的位移和位移如何变化．3. 单摆振动的回复力是A. 摆球所受的重力B. 摆球重力在垂直悬线方向上的分力C. 悬线对摆球的拉力D. 摆球所受重力和悬线对摆球拉力的合力【答案】B【解析】解：单摆的运动是简谐运动，简谐运动要求回复力与位移成反比：由于位移是变化的，说明回复力F是变化的；忽略空气阻力，对摆球进行受力分析，摆球受重力竖直向下和摆线拉力摆线收缩方向，由于摆球运动轨迹为圆弧切线方向，以切线方向为基础建立坐标系，分解重力；X轴：沿着摆球运动切线方向y轴：运动切线垂直X轴切线方向方程，此时的为摆球的合力，方向指向平衡位置，运动过程重力沿X轴方向分力不断减小，直到摆球运动到水平位置，重力分量为0；综上，实际上单摆的回复力由重力分量提供；故选：B。

北京市第四中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，竖直平面内固定一倾斜的光滑绝缘杆，轻质绝缘弹簧上端固定，下端系带正电的小球A ，球A 套在杆上，杆下端固定带正电的小球B 。

现将球A 从弹簧原长位置由静止释放，运动距离x 0到达最低点，此时未与球B 相碰。

在球A 向下运动过程中，关于球A 的速度v 、加速度a 、球A 和弹簧系统的机械能E 、两球的电势能E p 随运动距离x 的变化图像，可能正确的有（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】CD 【解析】 【分析】 【详解】令A 、B 小球分别带电量为1q 、2q ，释放A 球时A 、B 间距为r ，弹簧的劲度系数为K 。

则 A ．在小球A 运动到最低点的过程中，受力分析如图所示加速阶段有122sin ()kq q ma mg θKx r x =---减速阶段有122sin ()kq q ma Kx mg θr x =+--所以小球先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，越向下运动，弹力和电场力越大，所以减速阶段速度减小的更快，速度减为零的时间更短，和加速阶段不对称，A 错误；B ．小球做加速度减小的加速运动时，122sin ()kq q Ka g θx m r x m=--- 对a 求导则1232d d ()kq q a K x m r x m=-- 则加速阶段，加速度随着运动距离x 的增加而减小，且加速减小得越来越快（即a -x 曲线越来越陡峭）。

同理，减速阶段122sin ()kq q Ka x g θm r x m =+--1232d d ()kq q a Kx m m r x =-- 在减速阶段加速度运动距离x 的增加而减加而增大，且加速度增加得越来越慢（即a -x 曲线越来越平缓），故B 错误；C ．小球向下运动过程中，由于要克服电场力做功，所以球A 和弹簧系统的机械能E 逐渐减小，越靠近B 小球，电场力越大，机械能减小的越快，所以图像的斜率的绝对值越来越大，C 正确；D ．小球向下运动过程中，电场力做负功，所以电势能逐渐增大，越靠近B 小球，电场力越大，电势能增大的越快，所以图像的斜率越来越大，D 正确。

北京市第四中学2018-2019学年高二（上）期中考试物理试卷一、单选题1.关于简谐运动的位移、加速度和速度的关系，下列正确的是A．位移减小时，加速度增大，速度增大B．位移方向总和加速度方向相反，和速度方向总相同C．物体的速度增大时，加速度一定减小D．物体向平衡位置运动时，速度方向和位移方向相同2. 如图所示，弹簧振子在A、B之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，建立Ox轴．向右为x轴的正方向．若振子位于B点时开始计时，则其振动）图像为（A ．B ．C ．D ．3. 单摆振动的回复力是A．摆球所受的重力B．摆球重力在垂直悬线方向上的分力C．悬线对摆球的拉力D．摆球所受重力和悬线对摆球拉力的合力4. 当波源远离观测者时，观测者所接收到的频率f ' 和波源振动的频率f 的关系为A．f ' =f B．f '＜f C．f '＞f D．无法确定5. 如图所示，S1、S2 是两个相干波源，它们的相位及振幅均相同。

实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波的波峰和波谷，关于图中所标的 a、b、c 三点，下列说法中正确的是A．a 质点振动减弱，b、c 质点振动加强B．a 质点振动加强，b、c 质点振动减弱C．再过 T/4 后的时刻，b、c 两质点都将处于各自的平衡位置，振动将减弱D．a 点一直在平衡位置，b 点一直在波峰，c 点一直在波谷6. 两个带电的金属小球，相距一定距离时（此距离远远大于两球的直径），相互作用力的大小为 F。

若把它们的带电量、距离都增大到原来的二倍，它们的相互作用力的大小为A．B．C．D．F7. 两相同带电小球，带有等量的同种电荷，用等长的绝缘细线悬挂于O 点，如图所示。

平衡时，两小球相距 r，两小球的直径比 r 小得多，若将两小球的电量同时各减少一半，当它们重新平衡时，两小球间的距离A．等于 r/2B．小于 r/2C．大于 r/2D．等于 r8. A、B 是电场中的一条直线形的电场线，将一个带负电的点电荷从 A 点由静止释放，它在沿电场线从 A 向 B 运动过程中的速度图象如图所示。

北京四中2018-2019学年上学期高二年级期末考试物理试卷一、单项选择题1.两个完全相同的绝缘金属小球A、B，A球所带电荷量为+4Q，B球不带电。

现将B球与A 球接触后，移至与A球距离为d处（d远大于小球半径）。

已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间的库仑力大小是A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】未接触前，根据库仑定律，得：库仑为零；接触后两球带电量q=4Q，每个球的电荷量为2Q，再由库仑定律，得，故C正确。

故选：C。

2.某电场的分布如图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面。

A、B、C三点的电场强度分别为、、,电势分别为、、,关于这三点的电场强度和电势的关系,下列判断中正确的是( )A. ,B. ,C. ,D. ,【答案】B【解析】根据电场线的疏密程度表示场强的大小，由图可知A处电场线比B处密，所以E A>E B根据沿电场线电势越来越低可知：，故B正确。

点晴：解决本题关键理解电场线的疏密程度表示场强的大小和沿电场线电势越来越低。

3.如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为A. E=200V／m，向下B. E=200V／m，向上C. E=100V／m，向左D. E=100V／m，向右【答案】C【解析】【详解】根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左。

两个相邻等势面相距d=2cm，电势差U=2V，则电场强度故选：C。

4.平行板电容器的极板B与静电计指针相接，极板A接地。

若A板稍向上移动一点，由观察到的静电计指针张角变化情况，得出平行板电容器电容变小的结论。

这个判断的依据是A. 两极板间的电压不变，极板上的电量变小B. 两极板间的电压不变，极板上的电量变大C. 极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小D. 极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大【答案】A【解析】【详解】电容器的A极板以及与其相连的静电计均与外界绝缘，所带电荷量几乎不变；B 板与A板带总是带等量异种电荷，故而电荷量也几乎不变，即电容器的电荷量几乎不变；静电计指针偏角变大，说明电势能增加，指针与外壳见的电势差增大，故电容器两极板间的电压变大；据可得，电容器电容变小。

北京市第四中学XXXX高二上学期期末考试物理试题）-北京四中XXXX上学期高二年级期末考试物理试卷1、选择题(此大题共18题；每项得3分，总计54分。

每个项目中给出的四个选项中，有一个或多个是正确的。

选择正确的得3分，不选择所有的得2分，选择错误或不回答的得0分。

)最近的一份试卷已经苦读了十年，已经踏上了高考之路。

你应该冷静和自信。

面对试卷，你应该像上帝一样书写，并通过短信发送祝福。

愿你能上高中，成为一个成功的人。

金牌将是你的头衔。

1。

下列陈述是正确的(一)布朗运动是液体分子的不规则热运动(二)布朗运动反映了液体分子的不规则热运动(三)物体吸热，其内能必然增加(四)物体吸热，其内能可能减少(五)[答案]BD[分析] AB和布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的不规则运动，是液体分子不规则热运动的反映，所以A是错误的，B是正确的；CD，根据热力学第一定律公式△U=Q+W，气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，所以C是错误的，D是正确的所以选择:商业发展2。

关于磁场中某一点的磁感应强度的方向，以下陈述是正确的() a .当自由旋转的小磁针静止时，磁感应强度的方向是n极的方向b .磁感应强度的方向是小磁针n极在c点的受力方向.磁感应强度的方向是一小段带电直线在d点的受力方向.磁感应强度的方向是磁感应线在这一点上[回答] abdb .磁感应强度的方向定义为小磁针n极在这一点上的受力方向，b 是正确的；C和B的方向垂直于导线上安培力的方向，C是错误的。

D，磁感应强度的方向是通过该点的磁感应线的切线方向，d是正确的所以选择:ABD3。

质量为m的带电细棒ab放置在具有倾角的光滑平行导轨上。

在磁场的作用下，ab刚好停在导轨上，如下图所示下图是从B端观察时的四个平面图。

其中，带电细棒ab在()a .b .c .d .[答案]AB[分析] A的作用下可能保持静止不动。

该棒受到向下的重力、水平和向右的安培力以及垂直于斜面的支撑力的作用。

一．选择题（共13 小题）2019.1 北京高二期末模拟1．（2018 秋•朝阳区校级月考）下列说法正确的是（）A. 物体加速度不为零则速度方向一定随时间变化B. 两物体在相同的高度，以不同的初速度做平抛运动，落地时的瞬时功率不相同C. 匀速圆周运动一定是变加速曲线运动D. 物体做平抛运动相同的时间内速度的改变量一定不相等2．（2017 春•延庆县期末）一个质点沿曲线从M 点运动到N 点，速率逐渐减小，下列四幅图标出了质点在某点的加速度方向，其中可能正确的是（）A ．B ．C ．D ．3．（2014 秋•朝阳区月考）在如图所示的匀强磁场中有一个平面线圈ABCD ，线圈做如下运动时能够产生感应电流的是（）A. 线圈在纸平面内左右移动B. 线圈在纸平面内上下移动C ．线圈绕AB 边向纸外移动D ．线圈在纸平面内绕A 点转动4．（2017 秋•东城区期末）如图所示为“感受向心力”的实验，用一根轻绳，一端拴着一个小球，在光滑桌面上抡动细绳，使小球做圆周运动，通过拉力来感受向心力。

下列说法正确的是（）A ．只减小旋转角速度，拉力增大B ．只加快旋转速度，拉力减小C ．只更换一个质量较大的小球，拉力增大D ．突然放开绳子，小球仍作曲线运动5．（2018•海淀区一模）2017年11 月5日19时45分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第二十四、二十五颗北斗导航卫星。

北斗卫星导航系统（BeiDouNavigationSatelliteSystem，BDS）是中国自行研制的全球卫星导航系统。

北斗卫星导航系统空间段由35 颗卫星组成，其中5 颗是地球同步卫星。

关于同步卫星绕地球运动的相关物理量，下列说法正确的是（）A．角速度等于地球自转的角速度B．向心加速度大于地球表面的重力加速度C．线速度大于第一宇宙速度D．运行周期一定大于月球绕地球运动的周期6．（2016•北京）中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也．”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图．结合上述材料，下列说法不正确的是（）A．地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B．地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近C．地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D．地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用7．（2017 秋•朝阳区期末）如图所示的电路中，a、b 是两个完全相同的灯泡，L 为自感线圈（直流电，E为电源，S 为开关，下列说法正确的是（）阻不计）A.闭合开关，a、b 同时亮B.闭合开关，a先亮，b 后亮C.断开开关，a、b 过一会儿同时熄灭D.断开开关，b 先熄灭，a闪亮后熄灭8．（2018春•海淀区校级期末）如图甲所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻R相连。

2018-2019学年北京市西城区高二（上）期末物理试题一、单选题1.下列物理量中属于标量的是（）A. 周期B. 向心加速度C. 线速度D. 磁感应强度【答案】A【解析】【详解】向心加速度、线速度和磁感应强度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而周期只有大小无方向，是标量；故选A.2.两个质点之间万有引力的大小为F，如果将这两个质点之间的距离变为原来的2倍，那么它们之间万有引力的大小变为（）A. 2FB. 4FC.D.【答案】D【解析】【分析】根据万有引力定律公式进行判断。

【详解】根据万有引力定律公式得将这两个质点之间的距离变为原来的2倍，则万有引力的大小变为原来的．故ABC错误，D正确。

故选D。

3.一辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N行驶，速度大小不变。

下图中分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，可能正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】做曲线运动的物体所受合力与物体速度方向不在同一直线上，速度方向沿曲线的切线方向，合力方向指向曲线的内测（凹的一侧），分析清楚图示情景，然后答题。

【详解】汽车在水平公路上转弯，汽车做曲线运动，沿曲线由M向N行驶，汽车所受合力F的方向指向运动轨迹内测；因速度大小不变，则合力F的方向垂直于速度方向，由图可知只有D正确、ABC错误。

故选D。

【点睛】做曲线运动的物体，合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧，当物体速度大小不变时，合力方向与速度方向垂直，当物体速度减小时，合力与速度的夹角要大于90°，当物体速度增大时，合力与速度的夹角要小于90°。

4.自行车的大齿轮、小齿轮、后轮的半径都不一样，它们的边缘有三个点A、B、C，如图所示。

正常骑行时，下列说法正确的是（）A. A点的角速度大于B点的角速度B. A点的线速度与B点的线速度大小相等C. C点的角速度小于B点的角速度D. C点的线速度与B点的线速度大小相等【答案】B【解析】【分析】大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等；小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等；结合线速度与角速度关系公式v=ωr列式求解。

北京铁路职工子弟第四中学高二物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图4所示，原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时A．原、副线圈磁通量之比为2∶1B．原、副线圈电流之比为1∶2C．输入功率和输出功率之比为1∶1D．原、副线圈磁通量变化率之比为2∶1参考答案：BC2. 一电子以垂直于匀强磁场的速度V A，从A处进入长为d宽为h的磁场区域如图，发生偏移而从B处离开磁场，若电量为e，磁感应强度为B，弧AB的长为L，则：A．电子在A、B两处的速度相同B．电子在磁场中运动的时间为t=d/v AC．电子在磁场中运动的时间为t=L/v AD．洛仑兹力对电子做功是Bev A·h参考答案：C3. 下面组件不属于温度传感器应用的是（）A.电熨斗B.电饭锅C.鼠标器D.测温仪参考答案：C4. 如图所示为一弹簧振子作简谐运动的振动图象，根据图象可以判断A．从t1时刻到t3时刻振子经过的路程为2AB．t2时刻和t3时刻振子的速度相同；C．t2时刻和t3时刻振子的加速度相同；D．t1时刻和t3时刻的弹性势能相等参考答案：ABD5. （单选）人乘电梯匀速上升，在此过程中人受到的重力为G，电梯对人的支持力为FN，人对电梯的压力为FN’，则( )A．G和FN是一对平衡力B．G和FN’是一对平衡力C．G和FN是一对相互作用力D．G和FN’是一对相互作用力参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）用分子动理论解释气体的实验定律，一定质量的理想气体，体积保持不变时，分子密集程度保持不变，当温度升高时，分子的平均动能，气体的压强，这就是查理定律的微观解释。

（填“增大”、“减小”或“不变”）参考答案：增大，增大7. 在“研究电磁感应现象”的实验中，首先要按图甲接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图乙将电流表与线圈B连成一个闭合电路，将线圈A、电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路．在图甲中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏(不通电时指针停在正中央)．在图乙中：(填“向左”、“向右”、“不”)(1)S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针将__________偏转．(2)线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针__________偏转．参考答案：8. 某同学设计了一路灯控制电路如下图所示，光照射光敏电阻RG时，其阻值变小．设白天时继电器两端电压为U1，夜晚为U2，它们的大小关系是：．现要使路灯比平时早一些亮起来，应如何调节R1 （填“变大”或“变小”）参考答案：U1＜U2 变小9. 如图表示一交流电随时间而变化的图象．此交流电流的有效值是____________参考答案：5A10. 一质量为m的物体，沿半径为R的圆形向下凹的轨道滑行，如图所示，经过最低点的速度为v，物体与轨道之间的滑动摩擦因数为μ，则它在最低点时所受到的摩擦力为_____参考答案：11. 某同学用如图所示的实验装置做“用双缝干涉测光的波长”的实验，他用带有游标尺的测量头测量相邻两条亮条纹间的距离，转动测量头的手轮，使分划板的中心刻线对齐某一条亮条纹（将这一条纹确定为第一亮条纹）的中心，此时游标尺上的示数x1=1.15mm；转动测量头的手轮，使分划板的中心刻线对齐第六亮条纹的中心，此时游标尺上的示数x2=8.95mm．双缝间的距离d=0.20mm，双缝到屏的距离L=60cm．实验中计算波长的表达式λ=（用直接测量量的符号表示）．根据以上数据，可计算得出光的波长λ= m．参考答案：，5.2×10﹣7．【考点】用双缝干涉测光的波长．【分析】根据双缝干涉条纹的间距公式△x=λ推导波长的表达式，并求出波长的大小．【解答】解：根据双缝干涉条纹的间距公式△x=λ得：λ==代入数据得：λ==5.2×10﹣7m．故答案为：，5.2×10﹣7．12. 利用油膜法可以粗略测定分子的大小，试说明其实验原理．若已知n滴油的总体积为V，一滴油所形成的油膜面积为S，求一个油分子的直径．（注：油滴滴到水面上，会在水面散开，形成单分子油膜．）参考答案：解：让油滴在水面上尽量散开，形成单分子的薄膜，已知n滴油的总体积为V，则一滴油的体积为，由于一滴油所形成的油膜面积为S，所以油膜的厚度为d=．故答案为：．6.0×10－3J，则A点的电势为Ua＝_____V；如果此电荷从电场外移到电场里的另一点B时，电场力作功0.02J，则A、B两点电势差为Uab＝______V；如果另一个电量是0.2C的负电荷从A移到B，则电场力作功______J。

2018北京四中高二（上）期末物 理试卷满分为150分，考试时间为100分钟Ⅰ卷（100分）一、单项选择题（本大题共8小题；每小题3分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1. 关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是A. 磁感线可以相交B. 小磁针静止时S 极指向即为该点的磁场方向C. 磁感线的疏密程度反映了磁场的强弱D. 地球磁场的N 极与地理北极重合2. 某电场的电场线如图所示，场中A 、B 两点电场强度的大小和电势分别用A E 、B E 和A ϕ、B ϕ表示，则A. A E >B E A ϕ>B ϕB. A E >B E A ϕ<B ϕC. A E <B E A ϕ>B ϕD. A E <B E A ϕ<B ϕ3. 在如下所示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子在磁场中所受洛伦兹力f 方向的是4. 下列各图中，已标出电流I 、磁感应强度B 的方向，其中符合安培定则的是5. 将一电量为+1.6×108-C 的电荷在电场中从A 点移动到B 点，电场力做功为6.4×106-J ，则A 、B 两点间电势差为A. 100VB. 200VC. 300VD. 400V6. 如图所示，一个带电粒子先后以速度v 和2v 垂直于电场方向从某点射入平行板M 、N 间的匀强电场，并射出电场。

不计重力，则前后两次带电粒子在电场中运动的时间之比1t ：2t 为A. 1：1B. 1：2C. 2：1D. 1：37. 若通过一段导体的电流是2A ，则1分钟内通过该导体某截面的电量为A. 2CB. 0.5CC. 120CD. 200C8. 有一个电流表G ，内阻g R =10Ω，满偏电流g I =3mA 。

把它改装成量程为3V 的电压表，则应A. 串联一个990Ω的电阻B. 并联一个990Ω的电阻C. 串联一个0.01Ω的电阻D. 并联一个0.01Ω的电阻二、不定项选择题（本大题共6小题；每小题3分，共18分。

2018北京四中高二（上）期中物理一、单项选择题（本大题共8小题；每题每题3分，共24分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项切合题意，请把答案填涂在答题卡上）1.对于简谐运动的位移、加快度和速度的关系，以下正确的选项是A.位移减小时，加快度增大，速度增大B.位移方向总和加快度方向相反，和速度方向总同样C.物体的速度增大时，加快度必定减小D.物体向均衡地点运动时，速度方向和位移方向同样【答案】C【分析】【详解】A、位移x减小时,加快度也减小;振子凑近均衡地点,故速度增添,故A错;B、位移方向总跟加快度方向相反.质点经过同一地点,位移方向老是由均衡地点指向质点所在地点,而速度方向两种,可能与位移方向同样,也可能与位移方向相反,故B错误;C、物体的速度增大时,运动方向指向均衡地点,位移渐渐减小,因此加快度必定减小,因此C选项是正确的;D、物体运动方向向均衡地点时,位移方向走开均衡地点,速度方向跟位移方向相反;故D错误;应选C【点睛】简谐运动的位移是指质点走开均衡地点的位移,方向从均衡地点指向质点所在地点.当质点背叛均衡地点时,位移增大,速度减小,加快度增大,加快度方向老是与位移方向相反,指向均衡地点,质点做非匀变速运动.当质点凑近均衡地点时,位移减小,速度增大,加快度减小.2.以下图，弹簧振子在A、B之间做简谐运动。

以均衡地点O为原点，成立Ox轴。

向右为x轴的正方向。

若振子位于B点时开始计时，则其振动图像为（）A. B.C. D.【答案】A【分析】试题剖析：当振子运动到N点时开始计时，剖析此时振子的地点，即确立出t=0时辰质点的地点，即可确立位移时间的图象．由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子拥有正方向最大位移，因此振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故A正确．视频【答案】B【分析】单摆的运动是简谐运动，简谐运动要求答复力与位移成反比：；忽视空气阻力，对摆球进行受力剖析，摆球受重力（竖直向下）和摆线拉力（摆线缩短方向），因为摆球运动轨迹为圆弧切线方向，以切线方向为基础成立坐标系，分解重力；X轴：沿着摆球运动切线方向；y轴：与运动切线垂直，X轴切线方向方程，，此时为摆球的协力，方向指向均衡地点，运动过程重力沿X轴方向分力不停减小，直到摆球运动到水平地点，重力重量为0；综上，实质上单摆的答复力由重力分力供给；应选B。