2021届海南省海口市海南中学高三(上)第五次月考物理试题

海南省海南中学高三第五次月考物理试题物理试卷考试时间：90分钟 卷面总分值：100分第I 卷 选择题一、单项选择题〔此题共6小题，每题4分，共24分〕1.以下说法中正确的选项是〔 〕A.碳14在活体生物内和死亡后生物体内的半衰期是不一样的B.玻尔把普朗克的量子实际运用到原子系统上，提出了自己的原子结构假说，成功地解释了氢原子的光谱C.逸出功是使电子脱离金属所做功的最小值，因此关于某种金属而言，当照射光的频率发作变化时，其逸出功也随之变化D.比结合能越小，原子核中核子结合得越结实，原子核越动摇2.质量为M 的小车运动在润滑的水平空中上，小车上有n 个质量为m 的小球，现用两种方式将小球相关于空中以恒定速度v 向右水平抛出，第一种方式是将n 个小球一同抛出；第二种方式是将小球一个接一个地抛出，比拟这两种方式抛完小球后小车的最终速度〔 〕A ．第一种较大B ．第二种较大C ．两种一样大D ．不能确定3．如图，滑块A 置于水平空中上，滑块B 在一水平力作用下紧靠滑块A 〔A 、B 接触面竖直〕，此时A 恰恰不滑动，B 刚好不下滑．A 与B 间的动摩擦因数为1μ，A 与空中间的动摩擦因数为2μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

A 与B 的质量之比为〔 〕 A. 12121μμμμ- B. 121μμC. 12121μμμμ+D. 12122μμμμ+4.运动的氡核22286n R 放出一个α粒子后变成钋核21884o P ，α粒子动能为E α,假定衰变放出的能量全部变为反冲核和α粒子的动能，真空中的光速为c ，那么核反响中的质量盈余为 〔 〕A.24218E cα B. 0 C. 2222218E c α D. 2218222E cα 5. 经临时观测人们在宇宙中曾经发现了〝双星系统〞。

〝双星系统〞是由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统普通远离其他天体。

如右图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力的作用下，绕连线上的O 点做周期相反的匀速圆周运动。

2021年高三上学期12月月考（五）物理试题 Word版含答案二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18小题只有一项符合题目要求，第19～21小题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分) 14．如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块A与截面为三角形的垫块B叠放在一起，用水平外力F缓缓向左推动B，使A缓慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中(D)A．A和B均受三个力作用而平衡B．B对桌面的压力越来越大C．A对B的压力越来越小D．推力F的大小恒定不变【解析】设B的倾角为θ，对A物体受力分析，如图所示，则F3与竖直方向的夹角为θ，由平衡条件，F3cos θ＝G A，F3sin θ＝F2，所以A对B的压力不变，C错；A受三个力的作用，B受四个力的作用，A错；对A、B整体受力分析，可知B对桌面的压力F′＝G A＋G B，推力F ＝F2，B错；推力F不变，D对。

15．如图所示，质量为M的木楔ABC静置于粗糙水平面上，在斜面顶端将一质量为m的物体，以一定的初速度从A点沿平行斜面的方向推出，物体m沿斜面向下做减速运动，在减速运动过程中，下列有关说法中正确的是(A)A．地面对木楔的支持力大于(M＋m)gB．地面对木楔的支持力小于(M＋m)gC．地面对木楔的支持力等于(M＋m)gD．地面对木楔的摩擦力为0【解析】由于物体m沿斜面向下做减速运动，则物体的加速度方向与运动方向相反，即沿斜面向上，则其沿竖直向上的方向有分量，故系统处于超重状态，所以可确定A 正确、B 、C 错误；同理可知，加速度沿水平方向的分量向右，说明地面对木楔的摩擦力方向水平向右，故D 错误。

16．如图所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线。

A 、B 两点与两球球心连线位于同一直线上，C 、D 两点关于直线AB 对称，则(C)A ．A 点和B 点的电势相同B ．C 点和D 点的电场强度相同C ．正电荷从A 点移至B 点，电场力做正功D ．负电荷从C 点移至D 点，电势能增大【解析】A 点比乙球面电势高，乙球面比B 点电势高，故A 点和B 点的电势不相同，A 错；C 、D 两点电场强度大小相等，方向不同，B 错；φA >φB ，W AB >0，C 对；C 、D 两点位于同一等势面上，故此过程电势能不变，D 错。

2020-2021学年海南省高三5月段考物理（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：粒子在有界磁场中运动）如图所示，两金属板正对并水平放置，分别与平行金属导轨连接，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域有垂直导轨所在平面的匀强磁场．金属杆ab与导轨垂直且接触良好，并一直向右匀速运动．某时刻ab进入Ⅰ区域，同时一带电小球从O点沿板间中轴线水平射入两板间．ab在Ⅰ区域运动时，小球匀速运动；ab从Ⅲ区域右边离开磁场时，小球恰好从金属板的边缘离开．已知板间距为4d，导轨间距为L，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域的磁感应强度大小相等、宽度均为d．带电小球质量为m，电荷量为q，ab 运动的速度为v0，重力加速度为g．求：（1）小球带何种电荷及磁感应强度B的大小；（2）ab在Ⅱ区域运动时，小球的加速度a大小；（3）要使小球恰好从金属板的边缘离开，ab运动的速度v0要满足什么条件。

【答案】（1）正电；（2）2g （3）【解析】试题分析：（1）小球带正电ab在磁场区域运动时，产生的感应电动势大小为：①金属板间产生的场强大小为：②ab在Ⅰ磁场区域运动时，带电小球匀速运动，有③联立①②③得：④（2）ab在Ⅱ磁场区域运动时，设小球的加速度a，依题意，有⑤评卷人得分联立③⑤得：⑥（3）依题意，ab分别在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ磁场区域运动时，小球在电场中分别做匀速、类平抛和匀速运动，设发生的竖直分位移分别为SⅠ、SⅡ、SⅢ；ab进入Ⅲ磁场区域时，小球的竖直分速度为vⅢ．则：SⅠ=0⑦SⅡ=⑧SⅢ=vⅢ⑨vⅢ=⑩又：SⅠ+SⅡ+SⅢ=2d⑾联立可得：⑿考点：法拉第电磁感应定律；带电粒子在复合场中的运动.如图所示，导热良好的薄壁气缸放在水平面上，用横截面积为S＝1.0×10－2m2的光滑薄活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞杆的另一端固定在墙上．此时活塞杆与墙刚好无挤压。

2021年海南省海口市海南农垦三亚高级中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如图所示，质量为m的物体A在沿斜面向上的拉力F作用下沿斜面匀速下滑，此过程斜面体B仍静止，斜面体的质量为M，则水平地面对斜面体（）A．无摩擦力B．有水平向左的摩擦力C．支持力为（m+M）g D．支持力小于（m+M）g参考答案：解：以物体A和斜面体整体为研究对象，分析受力情况：重力（M+m）g、地面的支持力N，摩擦力f和拉力F，根据平衡条件得：f=Fcosθ，方向水平向左N=（M+m）g﹣Fsinθ＜（m+M）g故选BD2. （多选）如图，电路中定值电阻阻值大于电内阻阻值。

将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表、、示数变化量的绝对值分别为、、，理想电流表示数变化量的绝对值为，则（）A．的示数减小B．大于C．与的比值等于D．电的输出功率一定增大参考答案：【知识点】闭合电路的欧姆定律．J2【答案解析】BC 解析：A、据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，故A错误；B、根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-Ir，则得：=r；=R，据题：R＞r，则＞，故△V1大于△V2．故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-I（R+r），则得：=R+r，故C正确；D、当外电阻等于内电阻时，电的输出功率最大，滑片向下运动，滑动变阻器与R并联后电阻不确定于内阻r的关系，故无法确定输出功率的变化，故D错误，故选BC【思路点拨】理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路．分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析．本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．3. 2011年3月日本发生大地震导致核泄漏，其放射性物质碘I和铯Cs发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，会造成甲状腺疾病和神经系统损伤，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是A ．三种射线中，γ射线的穿透能力最强，但电离能力最弱B．碘I的半衰期为8.5天，若取4个碘核，经过17天就只剩下1个碘核C．铯Cs的半衰期为30年，但经过高温高压处理，其半衰期会变短D．铯Cs经过两次α衰变和两次β衰变将变为碘I参考答案：A4. （单选）直导线ab 放在如图所示的水平导体框架上，构成了一个闭合回路；长直导线cd 和框架处在同一个平面内，且cd 和ab 平行，当cd 中通有电流时，观察到ab 向左滑动．关于cd 中的电流，下列说法正确的是（ ）A ． 电流一定增大，方向沿c 向dB ． 电流一定增大，方向沿d 向cC ． 电流一定减小，方向可能由d 向cD ． 电流大小恒定，方向由d 到c参考答案：解：导线左移时，线框的面积增大，由楞次定律可知原磁场一定是减小的；并且不论电流朝向哪个方向，只要电流减小，都会发生ab 左移的情况； 故选：C ．5. （单选）在xOy 平面内存在一匀强电场，一正电荷仅受电场力作用，以一定的初速度通过坐标原点O ，并沿曲线运动到A 点，其运动轨迹如图所示，经过A 点时的速度方向与x 轴平行，则场强E 的方向可能沿（ ）A ． x 轴正方向B ． x 轴负方向C ． y 轴正方向D ． y 轴负方向参考答案：解：A 、B 由题，粒子在A 点时的速度方向与x 轴平行，说明y 轴方向粒子做减速运动．若电场的方向沿x 轴方向，粒子沿y 轴方向做匀速直线运动，到达A 点时速度不可能与x 轴平行．故AB 错误．C 、若电场方向沿+y 方向，粒子所受的电场力沿+y 方向，粒子在y 轴方向上做加速运动，x 轴方向做匀速直线运动，到达A 点时y 轴方向有分速度，速度方向不可能与x 轴平行．故C 错误D 、若电场方向沿﹣y 方向，粒子所受的电场力沿﹣y 方向，粒子在y 轴方向上做减速运动，x 轴方向做匀速直线运动，到达A 点时y 轴方向的分速度减至零时，速度方向能与x 轴平行．故D 正确． 故选：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 核动力航母利用可控核裂变释放核能获得动力．核反应是若干核反应的一种，其中X 为待求粒子， y 为X 的个数，则X 是 ▲ （选填“质子”、“中子”、“电子”）， y ＝ ▲ .若反应过程中释放的核能为E ，光在真空中的传播速度为c ，则核反应的质量亏损表达式为 ▲ . 参考答案：中子（1分） 3（1分） E/c2(1分)；7. 如图所示，一束β粒子自下而上进入一水平方向的匀强电场后发生偏转，则电场方向向 ，进入电场后，β粒子的动能 （填“增加”、“减少”或“不变”）。

海南高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联，已知R 0＝r ，滑动变阻器的最大阻值是2r 。

当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，下列说法中正确的是( )A ．路端电压变小B ．电路中的电流变小C ．滑动变阻器消耗的功率变小D ．定值电阻R 0上消耗的功率变小2.如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连。

设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于伸长状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是A ．向右做加速运动B ．向右做减速运动C ．向左做加速运动D ．向左做减速运动3.如图所示，在直角坐标系的第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，正、负离子分别以相同的速度从原点O 进入磁场，进入磁场的速度方向与x 轴正方向夹角为30°．已知正离子运动的轨迹半径大于负离子，则可以判断出（ ）A ．正离子的比荷大于负离子B ．正离子在磁场中运动的时间等于负离子C ．正离子在磁场中受到的向心力大于负离子D ．正离子离开磁场时的位置到原点的距离大于负离子4.一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v ；假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m 的物体的重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N ．已知引力常量为G ，则这颗行星的质量为（ ） A ． B ． C ．D ．5.下列说法中正确的是（ ）A ．悬浮在液体中的固体颗粒越小，布朗运动就越明显B ．用气筒给自行车打气，越打越费劲，说明此时气体分子之间的分子力表现为斥力C ．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小D ．一定质量的理想气体，温度升高，体积减小，气体的压强一定增大E ．内能全部转化为机械能的热机是不可能制成的6.控制变量法是物体学中研究问题经常采用的一种研究方法，下列研究问题中属于控制变量法方法的是（ ） A ．研究电流与电压、电阻的关系B ．在研究磁场时，引入磁感线对磁场进行描述C ．探索磁场对电流的作用规律D ．在研究焦耳定律中电流通过导体产生的热量与通过导体的电流、电阻、时间的关系7.如图甲所示，一个物体放在粗糙的水平地面上。

海南省海口市2021届新高考物理五模试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．取一根长2m 左右的细线，5个铁垫圈和一个金属盘，在线端系上第一个垫圈，隔12 cm 再系一个，以后垫圈之间的距离分别是36 cm 、60 cm 、84 cm ，如图所示．站在椅子上，向上提起线的上端，让线自由垂下，且第一个垫圈紧靠放在地上的金属盘，松手后开始计时，若不计空气阻力，则第2、3、4、5个垫圈（ ）A ．落到盘上的声音时间间隔越来越大B ．落到盘上的声音时间间隔相等C ．依次落到盘上的速率关系为1:2:3:2D ．依次落到盘上的时间关系为()()()1:21:32:23--- 【答案】B【解析】【详解】AB 、 5个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为1:3:5:7，可以看成一个铁垫圈自由下落，经过位移之比为1:3:5:7，因为初速度为零的匀加速直线运动在相等时间内的位移之比为1:3:5:7，知各垫圈落到盘中的时间间隔相等，故选项A 错误，B 正确；CD 、因为各垫圈落到盘中的时间间隔相等，则各垫圈依次落到盘中的时间比为1:2:3:4，则速度之比为1:2:3:4，故选项C 、D 错误．2．如图所示，一个带正电的物体从粗糙斜面顶端滑到斜面底端时的速度为.v 若加上一个垂直于纸面指向纸外的方向的磁场，则物体滑到底端时（ ）A ．v 变大B ．v 变小C ．v 不变D ．不能确定【答案】A【解析】【详解】未加磁场时，根据动能定理，有2102f mgh W mv -=- 加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，根据左手定则，洛伦兹力的方向垂直斜面向上，所以物体对斜面的压力减小，所以摩擦力变小，摩擦力做的功变小，根据动能定理，有2102f mgh W mv -'='- W f ′＜W f所以v′＞v ．故A 正确，BCD 错误。

2021年高三上学期第五次月考理科综合物理试题含解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第l4～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合要求。

全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．如图所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M 的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向。

则A．物体做匀加速运动B．环只受三个力作用C．环一定受四个力作用D．物体的重力大于悬绳对物体的拉力15．我国高铁技术迅猛发展，现已处于世界领先水平。

目前正在修建中的银西高铁，横跨陕甘宁三省区，根据地形设计一弯道半径为3280m,限定时速为144km/h（此时车轮轮缘不受力）。

已知我国的标准轨距为1435mm，且角度较小时，，重力加速度g=10m/s2，则高速列车在通过此弯道时的外轨超高值为A．7cm B．8cm C．9cm D．11.2cm 16．如图所示，有一竖直放置的“T”形架,表面光滑,滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一根不可伸长的轻细绳相连,A质量是B质量的2倍,且可看作质点。

如图所示,开始时细绳水平伸直,A、B静止。

由静止释放B后,当细绳与竖直方向的夹角为60°时,滑块A沿着水平杆向右运动的速度为,则连接A、B的绳长为A． B. C. D.17．如图所示是嫦娥三号巡视器和着陆器，已知月球半径为R0，月球表面处重力加速度为g0。

地球和月球的半径之比为RR0＝4，表面重力加速度之比为gg0＝6，则地球和月球的密度之比ρρ0为A．23B．32C．4 D．618．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下。

若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为A．电势能增加B．机械能不变C．动能和电势能之和增加D．重力势能和电势能之和减少19．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。

2021年海南省高考物理模拟试卷(５月份)一、单项选择题(本题共６小题，每小题3分,共18分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，选错或不选的得０分）1.（3分)如图所示．绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和开关组成闭合回路.在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A．不计铁芯和铜环A之问的摩擦．则下列情况中铜环Ａ会向右运动的是（)A．线圈中通以恒定的电流Ｂ. 通电时，使滑动变阻器的滑片P向右匀速移动C. 通电时,使滑动变阻器的滑片P向左加速移动D．将开关突然断开的瞬间【考点】:楞次定律；安培力.【分析】：感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化.根据这个条件分析判断有没有感应电流产生．然后根据楞次定律判断出感应电流的方向，最后使用左手定则判断出环A受力的方向．【解析】:解：A、线圈中通以恒定的电流时,线圈产生稳恒的磁场,穿过铜环A的磁通量不变,没有感应电流产生,环Ａ不动．故Ａ错误．B、通电时,使变阻器的滑片P作向右匀速滑动时,变阻器接入电路的电阻增大，回路中电流减小，线圈产生的磁场减小，穿过铜环A磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同,二者相互吸引，故Ａ向左运动．故B正确．C、通电时,使变阻器的滑片P作左加速滑动时,变阻器接入电路的电阻减小,回路中电流增大，线圈产生的磁场增强,穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流.感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反，二者相互排斥,环A向右运动.故C正确.D、将电键突然断开的瞬间,线圈产生的磁场从有到无消失,穿过穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同,二者相互吸引,故A向左运动．故D错误．故选：Ｃ【点评】：该题考查安培定则、楞次定律和左手定则的应用,一定要理解三个定律(定则)的区别,能够正确使用它们．本题也可以使用楞次定律的推广形式来处理，该方法比较简单. 2.（3分)如图所示,质量为m的木块Ａ放在水平面上的质量为Ｍ的斜面Ｂ上,现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在Ａ、B上,A、Ｂ均保持静止不动．则（)A. A与Ｂ之间一定存在摩擦力Ｂ．B与地面之间一定存在摩擦力C. B对A的支持力一定等于mｇＤ. 地面对Ｂ的支持力大小一定等于(m＋M）g【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题.【分析】:先对两个木块整体进行受力分析,根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析,根据平衡条件求解物体A对物体B的支持力和摩擦力．【解析】:解:Ａ、C、再对物体m受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面体M对m 的支持力Ｎ′和摩擦力f，当推力Ｆ沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图：当推力Ｆ沿斜面分量小于重力的下滑分量时,摩擦力的方向沿斜面向上，如下图：当推力Ｆ沿斜面分量等于重力的下滑分量时,摩擦力为零,如下图：根据共点力平衡的条件，运用正交分解法,可以得到:N′＝mgcosθ+Fsiｎθ故A错误,Ｃ错误;B、Ｄ、先对两个木块整体受力分析，受到重力（Ｍ+m)g、支持力Ｎ和已知的两个推力,如图所示:对于整体,由于两个推力的合力刚好为零，故整体与地面间没有摩擦力;根据共点力平衡条件,有:N=（Ｍ+m)ｇ故B错误，D正确；故选：D.【点评】:本题关键是对两个木块整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体m受力分析,再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况．3.(3分)雾霾天气容易给人们的正常生活造成不良影响.在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以3０m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30ｍ处有一辆大卡车以1０m/s的速度同方向匀速行驶,于是,司机紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵.如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣ｔ图象，以下说法正确的是（)A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B. 在t=5s时追尾C．在t＝3s时追尾Ｄ. 由于初始距离太近,即使刹车不失灵也会追尾【考点】:匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】：当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾.根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移,进行分析.【解析】：解：根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移,由图知，ｔ＝3s 时，b车的位移为:ｓb=v b t=1０×3m=3０ma车的位移为:s a＝×(30+20)×1+×(20+１5)×2=６０m,则sａ﹣s b=30m，所以在t=3s时追尾.故ABD错误,Ｃ正确.故选:C．【点评】：解答本题关键要抓住速度图象的面积表示位移,由几何知识和位移关系进行求解. 4．（3分)法拉第发明了世界上第一台发电机﹣﹣法拉第圆盘发电机．铜质圆盘竖直放置在水平向左的匀强磁场中,圆盘圆心处固定一个摇柄,边缘和圆心处各有一个铜电刷与其紧贴,用导线将电刷与电阻R连接起来形成回路．转动摇柄,使圆盘如图示方向转动．已知匀强磁场的磁感应强度为B，圆盘半径为l，圆盘匀速转动的角速度为ω．下列说法正确的是（）A．圆盘产生的电动势为Bωl2,流过电阻Ｒ的电流方向为从b到aＢ. 圆盘产生的电动势为Bωl２，流过电阻Ｒ的电流方向为从a到bC．圆盘产生的电动势为Ｂωπl2，流过电阻R 的电流方向为从b到aＤ. 圆盘产生的电动势为Bωπl2，流过电阻R 的电流方向为从a到b【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据右手定则判断通过R的感应电流方向.根据法拉第电磁感应定律可知,感应电动势的大小与转动角速度有关.【解析】：解：将圆盘看成无数幅条组成,它们都切割磁感线,从而产生感应电动势,出现感应电流,根据右手定则圆盘上感应电流从边缘流向圆心，则流过电阻R 的电流方向为从b到a.根据法拉第电磁感应定律,得圆盘产生的感应电动势E=Bl＝Bl•=Bl2ω故选:Ａ．【点评】：本题是右手定则和法拉第电磁感应定律的综合应用，考查对实验原理的理解能力，同时注意切割磁感线相当于电源,内部电流方向是从负极到正极．5.（3分）小车上有一根固定的水平横杆，横杆左端固定的斜杆与竖直方向成θ角,斜杆下端连接一质量为m的小铁球.横杆右端用一根细线悬挂一相同的小铁球,当小车在水平面上做直线运动时,细线保持与竖直方向成α角(α≠θ)，设斜杆对小铁球的作用力为F，下列说法正确的是（)A．F沿斜杆向上，Ｆ＝Ｂ．Ｆ沿斜杆向上，Ｆ=C．F平行于细线向上,F=Ｄ. Ｆ平行于细线向上，F＝【考点】：牛顿第二定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：先对细线吊的小球分析进行受力,根据牛顿第二定律求出加速度．再对轻杆固定的小球应用牛顿第二定律研究，得出轻杆对球的作用力大小和方向．【解析】:解：对右边的小铁球研究，受重力和细线的拉力，如图根据牛顿第二定律,得：mgtaｎα=ma得到：a=gtanα …①对左边的小铁球研究，受重力和细杆的弹力，如图,设轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为β由牛顿第二定律,得：m′gtaｎβ=m′a′…②…③因为a=a′，得到β=α≠θ，则：轻杆对小球的弹力方向与细线平行,大小为=;故选:Ｄ．【点评】:绳子的模型与轻杆的模型不同：绳子的拉力一定沿绳子方向,而轻杆的弹力不一定沿轻杆方向,与物体的运动状态有关，可根据牛顿定律确定.６.（3分）一半径为R的半球面均匀带有正电荷Ｑ，电荷Q在球心O处产生的场强大小Ｅ0=,方向如图所示．把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E1、E2；把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图乙所示,左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为Ｅ3、E4.则( ）A. Ｅ1＜B. E２=C．E3>D．E４＝【考点】：电场强度．【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】：根据电场的叠加原理，分析半球壳在O点的场强方向，再比较场强的大小关系.根据E=k,结合左右两侧球壳上点电荷到O点距离的关系，进行分析.【解析】：解：根据点电荷电场强度公式E=k，且电荷只分布球的表面,对于图甲，虽表面积相同，但由于间距的不同,则上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小关系为E l＞E2；因电荷Ｑ在球心O处产生物的场强大小E0＝，则Ｅ1＞;对于图乙,半球面分为表面积相等的左、右两部分,是由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小相等,则根据电场的叠加可知:左侧部分在O点产生的场强与右侧电荷在O点产生的场强大小相等，即E3=E４．由于方向不共线,由合成法则可知，E3＞；故C正确,ＡBD错误；故选：C.【点评】:考查点电荷的电场强度的应用，知道电荷的分布，掌握矢量的叠加法则,对于此题采用“反证法”来区别选项的正误是很巧妙的,注意总结应用.二、多项选择题(本题共４小题,每小题５分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确．全部选对的得5分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)7．（5分）下列说法中与物理学史实相符的是( )A. 牛顿认为力是改变物体运动状态的原因B. 亚里士多德认为力是维持物体运动的原因C．笛卡尔通过扭秤实验第一个测出万有引力常量G的值Ｄ. 伽利略通过实验及合理外推，指出自由落体运动是一种匀变速直线运动【考点】:物理学史.【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.【解析】:解:AB、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因,牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，故AB正确；C、卡文迪许测出了万有引力常量，故C错误；D、伽利略通过铜球在斜面上的实验及合理外推，指出自由落体运动是一种匀变速直线运动,故D正确;故选:AＢD【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一．8.（5分）发射月球探测卫星要经过多次变轨．如图所示，Ⅰ是某月球探测卫星发射后的近地圆轨道.Ⅱ、Ⅲ是两次变轨后的转移椭圆轨道,O点是Ⅱ、Ⅲ轨道的近地点,Q、P分别是Ⅱ、Ⅲ轨道的远地点.则下列说法止确的是( ）A. 在Ⅱ、Ⅲ这两个轨道上，卫星在O点的速度相同B. 在Ⅱ、Ⅲ这两个轨道上,卫星在O点的加速度相同C．卫星在Ｑ点的机械能小于其在P点的机械能D. 卫星在Q点的机械能大于其在P点的机械能【考点】:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.【专题】:人造卫星问题.【分析】: O点为椭圆轨道运动的近地点,卫星在近地点要做离心运动，故在不同椭圆轨道上运动的卫星在近地点的速度大小不同，轨道越高在近地点的速度越大，在近地点只有万有引力作用，故产生加速度相同．卫星向更高轨道发射,需要克服重力做更多的功，故卫星轨道越高，其机械能越大.【解析】:解：Ａ、卫星在不同轨道上具有不同的机械能，向更高轨道发射卫星需要克服重力做更多的功,故同一卫星在高轨道上的机械能比低轨道上的机械能来得大，故在O点，由于不同轨道卫星具有不同的机械能，而在O点具有相同的重力势能,故不同轨道的卫星在O 点具有不同的速度大小,故A错误；B、卫星在Ｏ点运动时只受万有引力作用,卫星产生的加速度即为万有引力加速度，故不管卫星在哪个轨道上运动经过O点时都具有相同的加速度，故B正确；C、D、Q所在轨道高度比P点所在轨道高度小，卫星在高轨道上运行时的机械能大于在低轨道上运行时的机械能,故知Ｑ点卫星的机械能小于在P点的机械能，所以Ｃ正确,Ｄ错误；故选:BC．【点评】：掌握卫星变轨原理,知道向更高轨道发射卫星需要克服重力做更多的功,卫星获得的机械能大,从能量角度分析可以使问题简化．9．(5分）两电荷量分别为q1和q２的点电荷放在ｘ轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中Ａ、Ｎ两点的电势均为零，ND段中的Ｃ点电势最高，则（）A．q1与q2带同种电荷B．C点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向Ｄ. 将一负点电荷从Ｎ点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】:电势差与电场强度的关系；电场强度.【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】：φ﹣x图象的斜率等于电场强度E.根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性.根据功能关系分析电场力做功的正负.【解析】:解:A、由图象可知，两点的电势一正一负,则ｑ1与ｑ2带异种电荷.故Ａ错误.Ｂ、电势随x变化图线的切线斜率表示电场强度,C点处切线斜率为零,则电场强度大小为零，故B正确．C、由图可知：N→C段中,电势升高,所以场强方向沿x轴负方向.故C错误.D、因N→D段中,电势先高升后降低,所以场强方向先沿ｘ轴负方向，后沿x轴正方向,则将一负点电荷从Ｎ点移到D点，电场力先做正功后负功.故D正确；故选:BD.【点评】：电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能.电场力做功的正负决定电势能的增加与否，注意图象斜率表示电场强度是解题的突破口.10.（5分)如图所示为一个小型电风扇电路简图，其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为ｎ,原线圈接电压为Ｕ的交流电源,输出端接有一只电阻为Ｒ的灯泡L和风扇电动机D,电动机线圈电阻为r．接通电源后,电风扇正常运转,测出通过风扇电动机的电流为I，则下列说法正确的是( ）Ａ．风扇电动机D两端的电压为IrB．理想变压器的输入功率为C．风扇电动机D输出的机械功率为﹣I2rD. 若电风扇由于机械故障被卡住，则通过原线圈的电流为【考点】：变压器的构造和原理.【专题】:交流电专题.【分析】：理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化,从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化,又导致在原线圈中产生感应电动势.变压器的电流比与电压比均是有效值,电表测量值也是有效值.【解析】:解:A、风扇电动机是非纯电阻,因此其两端电压不能为Iｒ，应该与灯泡的电压相等,故A错误;Ｂ、理想变压器的原、副线圈的匝数比为n,原线圈接电压为U的交流电源，则输出端电压为,而电动机的输入功率为,灯泡的功率为I2R=，输入功率等于输出功率为＋.故Ｂ错误；C、电动机的输入功率为,而电动机的线圈电阻消耗的功率为I２r，则电动机D的机械功率为﹣I２ｒ.故C正确；D、因为副线圈两端的电压为，若电风扇由于机械故障被卡住，则副线圈回路可视为纯电阻电路,该回路的等效电阻为，所以副线圈中的电流为,通过原线圈的电流为，D正确；故选：CD【点评】：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象.同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出,则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值.三、实验题(本题共2小题,第１1题6分,第12题9分，共1５分．)1１.(6分)某同学利用如图1所示装置研究外力与加速度的关系．将力传感器安装在置于水平轨道的小车上，通过细绳绕过定滑轮悬挂钩码，小车与轨道及滑轮间的摩擦可忽略不计.开始实验后,依次按照如下步骤操作:①同时打开力传感器和速度传感器;②释放小车;③关闭传感器，根据Ｆ﹣t，ｖ﹣t图象记录下绳子拉力Ｆ和小车加速度a.④重复上述步骤.(1)某次释放小车后得到的F﹣t，v﹣t图象如图2所示.根据图象，此次操作应记录下的外力F大小为0．７9 N，对应的加速度a为1.8 m/ｓ2.(保留２位有效数字）(2)利用上述器材和过程得到的多组数据作出小车的加速度ａ随F变化的图象（a﹣F图象)，如图3所示.若图线斜率为k，则安装了力传感器的小车的质量为．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】:实验题.【分析】: (1)了解该实验装置，知道实验过程中小车的运动情况．根据F﹣t，v﹣t图象求出F大小和ａ的大小,（2)根据a＝可知a﹣F图象知道理论上直线斜率应等于小车质量的倒数【解析】：解:(1)根据v﹣t图象得到0.8s前小车是静止的,0.8ｓ后小车做匀加速运动,所以此次操作应记录下的外力F大小为：F=0.7８5N=0.79N,根据v﹣ｔ图象的斜率求出加速度:a＝＝1.8m/s２.(2）根据a=可知a﹣Ｆ图象知道理论上直线斜率应等于小车质量的倒数,则小车的质量为m＝.故答案为：(1）0．79,1.8；（２)【点评】:解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．通过作图法研究两个变量之间的关系是物理里常用的一种手段,只有直线图形可以清楚地说明两变量之间的关系１2.(9分)实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为１．0mｍ2，查得铜的电阻率为1.7×1０﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻Ｒx，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有:电流表:量程0.６A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1:最大阻值5Ω;滑动变阻器Ｒ2：最大阻值２0Ω;定值电阻:R0=3Ω;电源:电动势6V,内阻可不计;开关、导线若干．回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选R2 (填“R１”或“R2”),闭合开关Ｓ前应将滑片移至 a 端(填“a”或“b”)．（2)在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．(3)调节滑动变阻器,当电流表的读数为0.50Ａ时,电压表示数如图乙所示,读数为2.3 Ｖ．(4)导线实际长度为９4 m（保留２位有效数字)．【考点】:伏安法测电阻.【专题】：实验题;恒定电流专题．【分析】: (１）本实验采用限流法测电阻,所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和Ｒx总阻值的４倍以上，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处;(２)根据实验电路图,连接实物图;(3）根据图乙读出电压,注意估读；(4）根据欧姆定律及电阻定律即可求解.【解析】:解:（1)本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的４倍以上,R0＝3Ω,所以滑动变阻器选R2,闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处,即a处; (2）根据实验电路图，连接实物图，如图所示:（３)电压表量程为3Ｖ，由图乙所示电压表可知,其分度值为0.１V所示为：2．30V; (4)根据欧姆定律得：Ｒ0+R x＝＝＝4.６Ω,则R x=1.６Ω由电阻定律：Ｒx=ρ可知：L＝,代入数据解得：Ｌ＝94m;故答案为:（１)R2,ａ;（２)如图所示；(3)2．30;（4）94．【点评】:本题主要考查了电学元件选取原则和欧姆定律及电阻定律的直接应用,能根据电路图连接实物图，难度适中.四、计算题(本题共2小题,共２3分．其中13题1０分,１4题各1３分.把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)13.(10分）如图所示的装置叫做阿特伍德机,是阿特伍德创制的一种著名力学实验装置,用来研究匀变速直线运动的规律．绳子两端的物体下落(上升)的加速度总是小于自由落体的加速度g，同自由落体相比，下落相同的高度，所花费的时间要长,这使得实验者有足够的时间从容的观测、研究．已知物体A、B的质量相等均为M，物体Ｃ的质量为m,轻绳与轻滑轮间的摩擦不计,轻绳不可伸长且足够长,如果M=4m,求:（1)物体Ｂ从静止开始下落一段距离的时间与其自由落体下落同样的距离所用时间的比值．(2)系统在由静止释放后的运动过程中，物体C对B的拉力．【考点】：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】:牛顿运动定律综合专题.【分析】: (1)隔离A,对B、C整体分析,运用牛顿第二定律求出加速度的大小，结合位移时间公式求出物体B从静止开始下落一段距离的时间与其自由落体下落同样的距离所用时间的比值．（2）隔离对Ｃ分析，运用牛顿第二定律求出拉力的大小．【解析】:解：(1）设物体的加速度为ａ，绳子的张力为Ｔ，对物体A：T﹣Mg=Ma对B、Ｃ整体:(M+m）ｇ﹣Ｔ=（Ｍ＋m）a解得a=．因为M=４ｍ，所以:a=g,根据运动学公式得，h=ａt2,h=gｔ02,解得：=3;（2）设B、Ｃ间的拉力为F，对C物体：mｇ﹣F=mａF=mｇ﹣ma＝ｍg，由牛顿第三定律知，Ｃ对B的拉力为mg;答：(１）物体B从静止开始下落一段距离的时间与其自由落体下落同样的距离所用时间的比值为３.（2)系统在由静止释放后的运动过程中，物体C对Ｂ的拉力为mg．【点评】：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．14.（13分)如图甲所示,比荷=k均带正电荷的粒子（可视为质点），以速度v０从A点沿A Ｂ方向射入长方形磁场区域,长方形的长AB＝，宽AＤ=L,取粒子刚进入长方形区域的时刻为0时刻．垂直于长方形平面的磁感应强度如图乙所示变化（以垂直纸面向外的磁场方向为正方向),粒子仅在洛伦磁力的作用下运动．（１)若带电粒子在通过Ａ点后的运动过程中不再越过AD边,要使其恰能沿DＣ方向通过C 点,求磁感应强度B，及其磁场的变化周期T0为多少？（2)要使带电粒子通过A点后的运动过程中不再越过AＤ边,求交变磁场磁感应强度Ｂ0和变化周期T0的乘积B2T2应满足什么关系?【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】:（1)若要使粒子恰能沿DＣ方向通过C点，粒子运动的时间必定为磁感应强度变化的周期的整数倍，根据运动轨迹，结合几何关系求得半径大小,得出磁感应强度Ｂ0及变化的周期T0.（2)画出图象，根据几何知识知转过的圆心角,再根据周期和角度关系列式求解．【解析】：解:(1)若要使粒子恰能沿DC方向通过C点,粒子运动的时间必定为磁感应强度变化的周期的整数倍，根据运动的对称性可得,轨道半径为：r′=（ｎ=0、１、2、3、…）…①由由洛伦兹力提供向心力得：Ｂ０ｑｖ０=m…②由①②得:B0=( n=0、1、2、3、…）…③粒子圆周运动周期为：T=…④磁感应强度变化的周期:T０=Ｔ…⑤由①④⑤得：T0＝(ｎ＝0、1、２、3、…）(２）如图知在转过的圆心角最大为，要使带电粒子通过A点后的运动过程中不再越过AＤ边,根据角度和周期关系知：＜…⑦在磁场中运动的周期为：ＴB=…⑧由⑦⑧知T0B0<答:(１)若带电粒子在通过A点后的运动过程中不再越过AD边,要使其恰能沿ＤＣ方向通过Ｃ点,磁感应强度为( ｎ=0、1、2、３、…）及其磁场的变化周期为（n=０、1、2、3、…)（２）要使带电粒子通过A点后的运动过程中不再越过AD边,求交变磁场磁感应强度B０和变化周期Ｔ0的乘积T0B0<.【点评】:带电粒子在复合场中的运动,重点就是运动分析，要着重掌握圆周运动的规律，还有相应的数学知识，做到能准确找出原点，明确运动的轨迹五、模块选做题(本题包括3个模块,只要求选做2模块.把解答写在答题卡中指定的答题处.对于其中的计算题，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)【物理－－选修3-3】（12分)１5．（4分)下列有关热学的叙述中，正确的是( )Ａ. 布朗运动是指悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动B. 随着分子间距离的增大，若分子间的相互作用力先增大后减小,此时分子间的作用力一定是引力C. 热力学第一定律和热力学第二定律是相互矛盾的D. 一定质量的理想气体在等温变化时,其内能一定不改变E. 热量可以从低温物体传到高温物体而不引起其它变化【考点】:布朗运动;分子间的相互作用力；热力学第一定律．【专题】：布朗运动专题．。

海南省海口市2021届新高考五诊物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A 、B 、C 三点，A 点为两点电荷连线的中点，B 点为连线上距A 点距离为d 的一点，C 点为连线中垂线上距A 点距离也为d 的一点。

则下列说法正确的是（ ）A ．A CB E E E =>，AC B ϕϕϕ=>B ．B AC E E E >>，A C B ϕϕϕ=>C ．将正点电荷q 沿AC 方向移动到无穷远处的过程中，电势能逐渐减少D ．将负点电荷q 沿AB 方向移动到负点电荷处的过程中，所受电场力先变小后变大【答案】B【解析】【分析】【详解】AB ．等量异种电荷电场线和等势面的分布如图：根据电场线的分布结合场强的叠加法则，可知场强关系为B AC E E E >>根据等势面分布结合沿电场线方向电势降低，可知电势关系为A CB ϕϕϕ=>A 错误，B 正确；C ．A 、C 两点处于同一等势面上，所以将正点电荷q 沿AC 方向移动到无穷远处的过程中，根据p E q ϕ=可知电势能不变，C 错误；D ．将负点电荷q 沿AB 方向移动到负点电荷处的过程中，电场线越来越密集，根据F qE =可知所受电场力逐渐增大，D 错误。

故选B 。

2．如图，轻弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放有质量相等的物块P 、Q ，系统处于静止状态。

现用竖直向上的力0F 作用在P 上，使其向上做匀加速直线运动以x 表示Q 离开静止位置的位移，F 表示物块P 对Q 的压力大小，在P 、Q 分离之前，下列表示F 和x 之间关系的图象可能正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】【详解】系统静止时，由胡克定律和力的平衡条件得2k x mg ∆=物块Q 匀加速向上运动时，由牛顿第二定律得()=k x x mg F ma ∆---联立以上两式解得()m g kx F a --=对照图象得C 正确。