山东省滕州市实验中学2015届高三上学期期末考试物理试题 Word版含答案

山东省滕州市第三中学2015届高三物理上学期期末考试试题一、单选题13．物体自O 点由静止开始作匀加速直线运动，A 、B 、C 、D 是轨迹上的四点，测得AB=2m ，BC=3m ，CD=4m 。

且物体通过AB 、BC 、CD 所用时间相等，则OA 之间的距离为（ ）A ．1mB ．0．5mC ．89mD ．2m14．飞机现已广泛应用于突发性灾难的救援工作，如图所示为救助飞行队将一名在海上身受重伤、生命垂危的渔民接到岸上的情景。

为了达到最快速的救援效果，飞机一边从静止匀加速收拢缆绳提升伤员，将伤员接进机舱，一边沿着水平方向匀速飞向岸边。

则伤员的运动轨迹是15．一物体自0 t 时开始做直线运动，其速度图线如图所示。

下列选项正确的是A ．在0～6s 内，物体离出发点最远为35mB ．在0～6s 内，物体经过的路程为80mC ．在0～6s 内，物体的平均速率为5m/sD ．在5～6s 内，物体所受的合外力做负功16．如图甲为列车运行的俯视图，列车首节车厢下面安装一电磁铁，电磁铁产生垂直于地面的匀强磁场，列车经过放在两铁轨间的线圈时，线圈产生的电脉冲信号传到控制中心，如图乙所示．则列车的运动情况可能是A．匀速运动B．匀加速运动C．匀减速运动D．变加速运动二、双项选择题17．关于光电效应，下列说法正确的是A．爱因斯坦用光子说成功解释了光电效应B．入射光的频率低于极限频率就不能发生光电效应C．光电子的最大初动能与入射光的强度成正比D．光电子的最大初动能与入射光频率成正比18．若月球绕地球的运动视为匀速圆周运动，假设多年后地球的质量变大，则与现在相比A．若月球运动半径不变，则其周期变大B．若月球运动半径不变，则其周期变小C．若月球运动周期不变，则其运动半径变大D．若月球运动周期不变，则其运动半径变小19．下图为过山车以及轨道简化模型，以下判断正确的是A．过山车在圆轨道上做匀速圆周运动gRB．过山车在圆轨道最高点时的速度应不小于C．过山车在圆轨道最低点时乘客处于超重状态D．过山车在斜面h=2R高处由静止滑下能通过圆轨道最高点20．如图所示，电源输入电压不变，要使电路中电流表示数变大，可采用的方法有A．将R上的滑片向上移动B．将R上的滑片向下移动C．将电键S掷向1D ．将电键S 掷向221．如图，正点电荷放在O 点，图中画出它产生的电场的六条对称分布的电场线。

2015年山东省枣庄市滕州实验中学高考物理模拟试卷（5月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为（）A.sinαB.gsinαC.1.5gsinαD.2gsinα【答案】C【解析】解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为零．将木板和猫作为整体，由牛顿第二定律，受到的合力为F木板=2ma，猫受到的合力为F猫=0则整体受的合力等于木板受的合力：F合=F木板=2ma（a为木板的加速度），又整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小（垂直斜面分力问零）即F合=3mgsinα，解得a=1.5gsinα故选：C．对猫和木板受力分析受力分析，可以根据各自的运动状态由牛顿第二定律分别列式来求解，把猫和木板当做一个整体的话计算比较简单．本题应用整体法对猫和木板受力分析，根据牛顿第二定律来求解比较简单，当然也可以采用隔离法，分别对猫和木板受力分析列出方程组来求解．2.如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管往下滑．已知这名消防队员的质量为60㎏，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，g取10m/s2，那么该消防队员（）A.下滑过程中的最大速度为4m/sB.加速与减速过程的时间之比为2：1C.加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为1：7D.加速与减速过程的位移之比为1：4【答案】C【解析】解：A、设下滑过程中的最大速度为v，则消防队员下滑的总位移x=t1+t2=t，得到v==m/s=8m/s．故A错误．B、设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2．则v=a1t1，v=a2t2，得到t1：t2=a2：a1=1：2．故B错误．C、由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1==8m/s2，a2==4m/s2，根据牛顿第二定律得：加速过程：mg-f1=ma1，f1=mg-ma1=2m减速过程：f2-mg=ma2，f2=mg+ma2=14m所以f1：f2=1：7．故C正确．D、加速与减速过程的平均速度相同，时间之比为1：2，故位移之比为1：2，故D错误．故选：C．由平均速度公式求解最大速度．根据速度公式研究加速与减速过程的时间之比．根据牛顿第二定律研究摩擦力之比．本题运用牛顿第二定律运动学公式结合分析多过程问题，也可以采用图象法分析最大速度，根据牛顿第二定律研究摩擦力关系．3.质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A.质点的加速度大小恒为1m/s2B.0-2s内的位移是为1mC.2末的速度是4m/sD.物体第3s内的平均速度大小为3m/s【答案】C【解析】解：A、根据x=得，可知图线的斜率表示，则，a=2m/s2．故A错误．B、0-2s内的位移x=．故B错误．C、2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s．故C正确．D、物体在第3s内的位移=5m，则平均速度．故D错误．故选：C．根据位移时间公式得出图线斜率的物理意义，根据运动学公式求出物体的位移和速度．解决本题的关键搞清图线斜率的物理意义，知道物体的运动规律，结合运动学公式进行求解．4.如图所示，飞船从轨道1变轨至轨道2．若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的（）A.动能大B.向心加速度大C.运行周期长D.角速度大【答案】C【解析】解：根据万有引力提供向心力，得到，，，，由这些关系可以看出，r越大，a、v、ω越小，而T越大，飞船从轨道1变轨至轨道2，轨道半径变大，故线速度变小，故动能变小，加速度、角速度变小，周期变大，故ABD错误，C正确．故选：C．根据万有引力提供向心力，得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，从而比较出大小．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，能列出方程，并能熟练选择恰当的向心力的表达式．5.如图所示，质量为m、电量为q的小球在电场强度E的匀强电场中，以初速度v0沿直线ON做匀变速运动，直线ON与水平面的夹角为30°，若小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为g，且mg=q E，则下面说法中正确的是（）A.电场方向竖直向上B.小球运动的加速度大小为gC.小球最大高度为D.小球电势能的最大值为【答案】B【解析】解：A、因为小球做匀变速直线运动，则小球所受的合力与速度方向在同一条直线上，结合平行四边形定则知，电场力的方向与水平方向夹角为30°，斜向上．如图所示．故A错误．B、根据平行四边形定则知，小球所受的重力和电场力相等，两个力的夹角为120°，所以合力大小与分力大小相等，等于mg，根据牛顿第二定律知，小球的加速度为g．故B正确．C、小球斜向上做匀减速直线运动，匀减速直线运动的位移s==，则小球上升的最大高度h=s=．故C错误．D、在整个过程中电场力做功W=q E scos120°=-mv02，电势能增加mv02，所以小球电势能的最大值为mv02．故D错误．故选：B．小球做匀变速直线运动，合力的方向与速度方向在同一条直线上，结合合力的大小，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，结合速度位移公式求出小球上升的高度，根据电场力做功求出电势能的变化量，从而得出小球电势能的最大值．本题应在正确分析小球受力情况的基础上，运用牛顿第二定律、运动学公式和功能关系分析．知道物体做直线运动，合力的方向与速度方向在同一条直线上．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)6.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F=2μmg时，A的加速度为μgC.当F＞3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过μg 【答案】BD【解析】解：AB之间的最大静摩擦力为：f max=μm A g=2μmg，B与地面间的最大静摩擦力为：f=μ（m A+m B）g=μmg，地A、当F＜2μmg时，F＜f max，AB之间不会发生相对滑动，B与地面间发生相对滑动，故A错误．B、当F=2μmg时，F=f max，AB间相对静止，对整体由牛顿第二定律有：a=地，故B正确．C、当B与A恰好相对滑动时，A对B的摩擦力是2μmg，B受到的合力是：f max-f地=2μmg-μmg=μmg，此时B的加速度：，假设AB相对静止，则a B=a A，此时A受到的最小拉力：F m=m A a A+μm A g=2m×μg+μ×2mg=4μmg，所以当F＞3μmg时，AB间不一定会发生相对滑动，故C错误．D、A对B的最大摩擦力为2μmg，B受到的地面的最大静摩擦力为μmg，B的合外力：F合=2μmg-μmg=μmg，无论F为何值，加速度更不会超过μg，故D正确．故选：BD根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)7.如图所示，水平放置的光滑轨道上固定有两个阻值均为R的定值电阻，空间中存在有竖直向下的匀强磁场，一质量为m，电阻也为R的金属棒垂直的放在导轨上，已知金属棒的长度等于导轨间距为D，某时刻给金属棒一水平初速度V0，金属棒在导轨上运动了L后速度变成V，则关于此过程下面说法中正确的是（）A.金属棒上产生的热量为m（v02-v2）B.金属棒上产生的热量为m（v02-v2） C.此区域内磁感应强度为B= D.此区域内磁感应强度为B=【答案】D【解析】解：AB、设金属棒上产生的热量为Q，每个R上产生的热量为Q′，通过R的电流为I，根据焦耳定律得：Q=（2I）2R t，Q′=I2R t，则Q=4Q′根据Q+Q′=m（v02-v2）得Q=m（v02-v2），故AB错误．CD、设金属棒速度为v时加速度为a，取极短时间△t，则有a=得△v=a△t根据牛顿第二定律得：a=棒所受的安培力大小F=BIL=B D=联立以上三式可得△v=△t两边求和得：△v=∑△t又v△t=△x，v△t=x=L联立解得：B=，故C错误，D正确．故选：D．金属棒动能的减少量等于整个回路产生的热量，根据焦耳定律分析金属棒与两个定值电阻产生的热量关系，求解金属棒上产生的热量．从加速度入手，运用微元法求解B．本题一方面要准确把握能量的分配关系，另一方面要学会：对于变速直线运动，从加速度的定义式入手，运用微元法可以研究力和速度的关系．四、实验题探究题(本大题共1小题，共9.0分)8.探究加速度与力的关系装置如图所示．带滑轮的长木板水平放置，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，细线与桌面平行．将木块放在靠近打点计时器的一端，缓慢向沙桶中添加细沙，直到木块开始运动，记下木块运动后弹簧秤的示数F，通过纸带求出木块运动的加速度a．将木块放回原处，向沙桶中添加适量细沙，释放木块…获取多组a、F数据．（1）关于该实验的操作，以下说法正确的是______A．实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放小车B．通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据C．每次添加细沙后，需测出沙及沙桶的质量D．实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量（2）某同学根据实验数据做出了两个a-F图象如图2所示，正确的是______ ；由图象可知，木块所受的滑动摩擦力大小大小为______ ；若要作出木块的加速度与合力的关系，需要对图象进行修正．修正后的横坐标F合应该等于______ （用F、F0表示）．【答案】AB；B；2F0；2F-2F0【解析】解：（1）实验中应该先接通电源后释放纸带，故A正确．B、通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据，故B正确．C、绳子的拉力可以通过弹簧测力计测出，不需要测量砂及沙桶的质量，也不需要保证沙及沙桶的质量远小于木块．故C、D错误．故选：AB．（2）小车所受的拉力等于2倍的弹簧秤拉力，可以直接测量得出，根据牛顿第二定律得，a==，故正确的图线是B．当弹簧拉力为F0时，小车开始滑动，可知滑动摩擦力f=2F0．根据牛顿第二定律得，a=，所以修正后的横坐标F合应该等于2F-2F0．故答案为：（1）AB；（2）B；2F0，2F-2F0（1）该实验不需要测量沙及沙桶的质量，绳子的拉力由弹簧秤直接测量，不需要满足沙及沙桶的质量远小于木块．（2）根据牛顿第二定律得出a与F的关系式，结合关系式得出正确的图线．（3）根据加速度等于零求出弹簧的拉力，从而求出此时的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系式，从而得出修正后的横坐标．本题实验源于课本实验，但是又不同于课本实验，关键要理解实验的原理，注意该实验不需要测量砂及沙桶的质量，也不需要保证沙及沙桶的质量远小于木块．五、填空题(本大题共1小题，共4.0分)9.某同学用游标卡尺测量圆形管内径时的测量结果如图甲所示，则该圆形钢管的内径是______ mm．如图乙所示是某次用千分尺测量时的情况，读数为______mm．【答案】40.45；0.700【解析】解：1、游标卡尺的主尺读数为40mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为9×0.05mm=0.45mm，所以最终读数为：40mm+0.45mm=40.45mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm．故答案为：40.45，0.700解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．六、实验题探究题(本大题共1小题，共9.0分)10.用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V、内阻很大）B．电压表V2（量程3V、内阻很大）C．电流表A（量程3A、内阻很小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω、额定电流4A）E．小灯泡（2A、5W）F．电池组（电动势E、内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I1，U1）、（I2，U2），标到U-I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E= ______ V、内阻r= ______ Ω．（结果保留两位有效数字）（3）在U-I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为______ Ω【答案】4.5；1.0；0.0【解析】解：（1）伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；调节滑动变阻器时，电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小，则V1测路端电压，V2测灯泡两端电压，电路图如图所示．（2）电源的U-I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电动势E=4.5V，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡电压UL=2.5V，此时电路电流I=2.0A，电源电动势E=I r+U L+IR滑，即4.5V=2.0A×1Ω+2.5V+2.0A×R滑，则R滑=0.0Ω．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）4.5；1.0；（3）0.0．（1）测电源电动势与内阻实验时，电压表测路端电压，随滑动变阻器接入电路阻值的增大，电压表示数增大；灯泡两端电压随滑动变阻器阻值增大而减小；根据电压表示数变化确定各电路元件的连接方式，然后作出实验电路图．（2）电源的U-I图象与纵轴的交点示数是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）由图象求出两图线的交点对应的电压与电流，然后根据闭合电路中内外电压的关系及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值．电源的U-I图象与纵轴的交点是电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，求电源内阻时要注意看清楚纵轴坐标起点数据是多少，否则容易出错．七、计算题(本大题共3小题，共30.0分)11.民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机外，一般还配有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个气囊（由斜面部分AC和水平部分CD构成），机舱中的人可沿该气囊滑行到地面上来，如图所示．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，AC与地面之间的夹角为θ．斜面部分AC和水平部分CD 平滑连接．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，最后滑到水平部分上的E 点静止，已知人与气囊之间的动摩擦因数为μ=0.55．不计空气阻力g=10m/s2．求人从A点开始到滑到E点所用的时间．【答案】解：人的受力如图所示，由牛顿运动定律得：mgsinθ-μF N=maF N-mgcosθ=0，则：a=gsinθ-μgcosθ，解得：a=1.6m/s2设人在斜面部分滑下所用的时间为t1，s=at，代入数据解得：t1=2.5s设人滑到斜面底端C时的速度为v C，v C=at1=1.6×2.5=4m/s由牛顿运动定律得：μmg=ma′由0-v C=（-a′）t2解得：t2=0.73s故人从开始到滑到E点所用的时间：t=t1+t2=3.23s．答：人从A点开始到滑到E点所用的时间为3.23s．【解析】由牛顿第二定律求出加速度，然后由运动学公式求出人在斜面与水平面上的运动时间，然后求出总的运动时间．本题考查了求运动时间，分析清楚人的运动过程，应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题．12.如图所示为一种电磁装置，由粒子源、加速电场、偏转电场、匀强磁场组成．在S点有一粒子源，能不断释放电量为q，质量为m的静止带电粒子，被加速电压为U，极板间距离为d的匀强电场加速后，从正中央垂直射入电压为U的匀强偏转电场（偏转电场中电压正负极随时间做周期性变化），偏转极板长度和极板距离均为L，带电粒子在偏转电场中一次偏转后即进入一个垂直纸面方向的匀强磁场，其磁感应强度为B．若不计重力影响，欲使带电粒子通过某路径返回S点，求：（1）粒子进入磁场时速度大小．（2）匀强磁场的宽度D至少为多少？（3）该带电粒子周期性运动的周期T是多少？偏转电压正负极多长时间变换一次方向？【答案】解：（1）粒子在加速电场中加速，由动能定理得：，解得：…①由于粒子在电场加速过程中做匀加速直线运动，则加速的时间t1为：t1==…②粒子在偏转电场中做类似平抛运动，其加速度a为：，粒子通过偏转电场的时间t2为：…③粒子在偏转电场中的侧移距离y为：…④侧向速度v y为：则粒子射出偏转电场时的速度v为：…⑤（2）以速度v进入磁场后做匀速度圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：…⑥则磁场宽度为：…⑦（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T'为：′，tanθ==2，则：θ=arctan2，所以粒子在磁场中运动的时间t3为：′…⑧粒子从S出发到回到S的周期T为：T=2t1+2t2+t3=4d+2L+；偏转电压正负极换向时间t为：t==2d+L+；答：（1）粒子进入磁场时速度大小为．（2）匀强磁场的宽度D至少为+．（3）该带电粒子周期性运动的周期T是4d+2L+；偏转电压正负极经2d+L+变换一次方向．【解析】（1）对在加速电场中运用动能定理，结合在偏转电场中做类平抛运动求出偏转位移的大小和偏转角，对整个过程运用动能定理，求出粒子进入磁场的速度．（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出粒子的轨道半径，结合几何关系求出匀强磁场的最小宽度．（3）粒子在加速电场中匀加速直线匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，结合运动学公式和推论以及在磁场中运动的周期公式求出带电粒子的周期T．偏转电压正负极变换一次方向的时间等于粒子在磁场中运动的时间．本题考查了粒子在电场中和磁场中的运动问题，关键作出粒子的轨迹，知道粒子在加速电场中做匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在匀强磁场中做圆周运动，结合动能定理和运动学公式进行求解．13.如图所示为水平传送装置，轴间距离AB长l=8.3m，质量为M=1kg的木块随传送带一起以v1=2m/s的速度向左匀速运动（传送带的传送速度恒定），木块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5．当木块运动至最左端A点时，一颗质量为m=20g的子弹以=300m/s水平向右的速度正对射入木块并穿出，穿出速度u=50m/s，以后每隔1s就有一颗子弹射向木块，设子弹射穿木块的时间极短，且每次射入点各不相同，g取10m/s2．求：（1）在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离？（2）木块在传达带上最多能被多少颗子弹击中？（3）从第一颗子弹射中木块到木块最终离开传送带的过程中，子弹、木块和传送带这一系统产生的总内能是多少？【答案】解：（1）子弹射入木块过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正反方向，由动量守恒定律得：mv0-M v1=mv+M v1′，解得：v1′=3m/s，木块向右作减速运动加速度：a==μg=0.5×10=5m/s2，木块速度减小为零所用时间：t1=′解得：t1=0.6s＜1s所以木块在被第二颗子弹击中前向右运动离A点最远时，速度为零，移动距离为：s1=′，解得：s1=0.9m．（2）在第二颗子弹射中木块前，木块再向左作加速运动，时间为：t2=1s-0.6s=0.4s速度增大为：v2=at2=2m/s（恰与传送带同速）；向左移动的位移为：s2=at22=×5×0.42=0.4m，所以两颗子弹射中木块的时间间隔内，木块总位移S0=S1-S2=0.5m方向向右第16颗子弹击中前，木块向右移动的位移为：s=15×0.5m=7.5m，第16颗子弹击中后，木块将会再向右先移动0.9m，总位移为0.9m+7.5=8.4m＞8.3m木块将从B端落下．所以木块在传送带上最多能被16颗子弹击中．（3）第一颗子弹击穿木块过程中产生的热量为：Q1=mv02+M v12-mu2-M v1′2，木块向右减速运动过程中板对传送带的位移为：s′=v1t1+s1，产生的热量为：Q2=μM gs′，木块向左加速运动过程中相对传送带的位移为：s″=v1t2-s2，产生的热量为：Q3=μM gs″，第16颗子弹射入后木块滑行时间为t3有：v1′t3-at32=0.8，解得：t3=0.4s木块与传送带的相对位移为：S=v1t3+0.8产生的热量为：Q4=μM gs，全过程中产生的热量为：Q=15（Q1+Q2+Q3）+Q1+Q4解得：Q=14155.5J；答：（1）在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离为0.9m．（2）木块在传达带上最多能被16颗子弹击中．（3）子弹、木块和传送带这一系统产生的热能是14155.5J．【解析】（1）根据动量守恒定律求出子弹穿过木块的瞬间，木块的速度，结合牛顿第二定律和运动学公式求出在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离．（2）根据运动学公式求出子弹被一颗子弹击中到下一颗子弹击中，这段时间内的位移，从而确定最多能被多少颗子弹击中．（3）根据功能关系求出被一颗子弹击中到下一颗子弹击中这段时间内所产生的热量，包括子弹击穿木块的过程中产生的内能，与传送带发生相对滑动产生的内能，从而得出子弹、木块和传送带这一系统产生的总内能．此题综合性非常强，既有动量守恒定律又有匀变速直线运动，要求掌握物理知识要准确到位，能够灵活应用，物体运动过程复杂，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，分析清楚过程后，应用动量守恒定律、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．高中物理试卷第11页，共11页。

滕州市2015年初中学业考试模拟试题（三）物理一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分；每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示四个声现象中，哪两个可以用相同的声学知识解释（）A．甲和乙B．乙和丙C．丙和丁D．甲和丁2．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利用了凹透镜的会聚的作用C．图丙中，太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律3．下列对生活中一些现象的解释错误的是（）A．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热B．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热C．用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了汽化和凝固现象D．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化4．下列说法中正确的是（）A．扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动B．冰和松香在熔化过程中，温度都升高C．固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力D．温度高的物体，内能一定大5．在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，而b端在2倍焦距之外，如图所示，那么透过透镜观察（）A．a、b端都变粗B．a端变细，b端变粗C．a、b端都变细D．a端变粗、b端变细6．李强同学动手能力非常强，学习了浮力后，他利用“铁丝、胶管、试管、进、排水管、水和注射器”，制作了如图所示是潜水艇模型，下列说法不正确的是（）A．向里推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉B．潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的C．向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D．潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定7．下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果（）A．与力的大小有关B．与力的作用点有关C．与力的方向有关D．与受力面积有关8．如图是小勇做完“探究水沸腾时温度变化的特点”实验后，根据记录作出的水的沸腾图象，下列对图象的分析正确的是（）A．实验中加热3min后停止了加热B．沸腾温度不足100℃可能是供热不足C．AB段水平线表明水沸腾过程吸热而不升温D．OA段斜线表明水的实际温度与加热时间成正比9．下列关于电磁现象的说法正确的是（）A．感应电流的方向只与导体切割磁感线的方向有关B．扬声器与话筒都是把声信号转变为电信号的装置C．电磁铁的磁性强弱只与线圈的匝数有关D．发电机是根据电磁感应现象制成的10．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表示数变化正确的是（）A．电流表和电压表的示数均变小B．电流表和电压表的示数均变大C．电流表示数变大、电压表的示数不变D．电流表示数变小、电压表的示数不变11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，R1、R2两端的电压U1、U2与电流I的变化关系图象如选项所示，其中正确的是（）12．下列关于信息的传递和能源的利用说法正确的是（）A．煤、石油、天然气是不可再生能源B．手机是通过激光来接收信号的C．电视遥控器是通过紫外线来发射信号的D．核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站二、填空题（共6小题，18题每空2分，其余每空1分，共14分）13．如图所示的光路图中，已知∠AOM=30°，∠BOC=90°，请计算：反射角等于，折射角等于．14．小明在实验室用天平和量筒测量矿石的密度，在实验过程中他进行了如下一些实验步骤：①用调节好的天平测出矿石的质量；②向量筒中倒入适量的水，测出这些水的体积；③根据密度公式，求出矿石的密度；④将矿石浸没在量筒内的水中，测出矿石和水的总体积．以下实验步骤顺序合理且误差较小的是A、①②③④B、①②④③C、②④①③D、③①②④15．体积为50cm3，质量是45g的物体，将其缓缓放入装满水的烧杯中，物体静止后，溢出水的质量的g．（ρ水=1.0×103kg/m3）16．某同学用如图所示滑轮组将重为300N的物体以0.2m/s的速度向上拉动，拉力为125N （不计绳重及摩擦），则5s内人拉绳子做的功是J，该滑轮组的机械效率是．17．一个标有“12V 6W”的小灯泡接在电压为18V的电源下正常发光，则需串联一个电阻R，该串联电阻阻值为Ω，该电阻消耗的功率为W．18．电热安全压力锅解除了普通压力锅的安全隐患；既省时又省电．某电压力锅的额定电压为220V，额定功率为1200W（c水=4.2×103J/（kg•℃），q煤=5.0×107J/kg）．（1）若使用上述压力锅将2kg初温为20℃的水加热升至120℃的过程中，水吸收的热量为J，这些热量需要完全燃烧g的煤气；（2）若某次仅使用上述压力锅正常工作0.5h，测得图示电能表的指示灯共闪烁600次，由此可知该过程中压力锅是（填“间歇”或“持续”）通电工作．三、作图与实验探究题（共4小题，共18分）19．（2分）一足球不慎掉进水中漂浮在水面上，如图所示，试作出足球所受力的示意图．20．（5分）小明在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线．（2）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和沙子相同．（3）请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线．（4）沙子在1.0～1.5min内升高的温度有明显异常，其主要原因是．（5）小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度△t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Q﹣△t图象．它们都是过原点的直线，即Q=k△t．进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的之比相等．21．（5分）现有下列器材：二节干电池、一个单刀单掷开关S1、一个单刀双掷开关S2、电压表（0～3V、0～15V）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干．利用这些器材测量滑动变阻器R x的最大阻值，实验电路图如图甲所示．（1）请你根据图甲所示的电路图，将图乙中的实物图连接完整（导线不交叉）．（2）电路连好之后，按照下列步骤进行操作：①移动滑动变阻器的滑片，使其连入电路的阻值最大，闭合开关S1，将开关S2拨至a处，记下电压表的示数U1=V（如图丙）；②将开关S2拨至b处，记下电压表的示数U2=V（如图丁）；③先断开开关S1和S2，再撤去两端的导线，然后整理器材．（3）根据上述有关数据，求出滑动变阻的最大阻值为Ω．22．（6分）2014年暑假，平阴县某物理兴趣小组的同学们根据所学初二的物理知识和物理原理，自制了只需要一个钩码的天平，所用钩码是实验室里常见的质量为50g的钩码，用细线挂在右侧横梁上，调节天平至水平位置平衡（如图甲所示）．测质量时只需要移动细线在横梁上的位置使横梁水平平衡，由细线在横梁上的位置对应的刻度值直接表示出物体的质量．（1）制作这架天平的物理原理是．（2）将下列测量物体质量的几个主要步骤正确的顺序写出来（只填写序号）a．将悬挂钩码的细线移到0刻线．b．将天平放在水平台面上．c．将待测物体放在天平的左侧置物盘上．d．调整横梁右侧的平衡螺母使横梁上悬挂的重锤线对准底座上的标记e．移动悬挂钩码的细线使横梁上悬挂的重锤线对准底座上的标记．（3）为了确定横梁上的刻度，在置物盘中放置一个50g的砝码，移动悬挂钩码的细线使横梁平衡（如图乙所示）．请在图甲的横梁标尺上标出50g、150g两个刻度（分别把50g、150g标记在横梁上的对应位置）．（4）将一石块放在置物盘上，移动悬挂钩码的细线使横梁平衡（如图丙所示）．这个矿石的质量是g．（5）如果以右侧50g的钩码提供的力为动力，则这架天平相当于一个（选填“等臂杠杆”、“省力杠杆”和“费力杠杆”）．四、计算题（共2小题，每小题7分，共14分）23．某型号水陆两栖车（既能在陆地上行驶，也能像船一样在水中航行），总质量是12t在陆地上行驶最大速度为120km/h，以最大速度匀速行驶时受到的阻力为6000N，该车静止在水平地面上时，4个车轮着地总面积为0.24m2，g=10N/kg．求水陆两栖车：（1）在水上航行时，受到的浮力是多少？（2）在陆地上静止时，它对水平地面的压强是多少？（3）在平直的陆地上以最大速度匀速行驶3km的过程中，牵引力做的功是多少？24．如图所示，电源电压U=12V，R1为定值电阻，阻值为100Ω，R为滑动变阻器，R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，小灯泡上标有“6V 3W”字样，小灯泡的U﹣I关系如图所示，求：（1）灯泡正常工作时通过灯丝的电流是多少？（2）S闭合，S1、S2都断开时调节滑动变阻器，当小灯泡两端的电压为4V时，滑动变阻器接入电路中的阻值为多大？（3）S、S1、S2都闭合时，移动滑片P，当滑动变阻器接入电路的阻值为多少时，整个电路消耗的总功率最大？最大总功率是多少？滕州市2015年初中学业考试模拟试题（三）物理（解析与答案）一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分；每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示四个声现象中，哪两个可以用相同的声学知识解释（）A．甲和乙B．乙和丙C．丙和丁D．甲和丁【解析】甲图：说明声音是由物体的振动产生的；乙图：说明声音的传播需要介质，真空不能传声；丙图：太空中没有空气，宇航员不能直接交谈，说明真空不能传声；丁图：说明声音能够传递信息．因此声学知识相同的是乙和丙．故选B．2．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利用了凹透镜的会聚的作用C．图丙中，太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律【解析】A、小孔成的像是由实际光线形成的，可以用光屏接收到，符合实像的特征，不是虚像，此项错误；B、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用了凹透镜的发散的作用，用凹透镜矫正，此项错误；C、白光由七色光组成，不同色光通过三棱镜后，偏折角度不同，所以被分解成七色光，这是光的色散现象，此项正确；D、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，此项错误．故选C．3．下列对生活中一些现象的解释错误的是（）A．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热B．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热C．用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了汽化和凝固现象D．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化【解析】A、用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热，故A正确，不符合题意；B、用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热，故B正确，不符合题意；C、用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了升华和凝华现象，故C错误，符合题意．D、用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化，故D正确，不符合题意．故选C．4．下列说法中正确的是（）A．扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动B．冰和松香在熔化过程中，温度都升高C．固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力D．温度高的物体，内能一定大【解析】A、由分子动理论可知，扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动，故A正确；B、冰是晶体，在熔化时吸热但温度不变，松香是非晶体，熔化时边吸热、边升温，故B错误；C、固体和液体都很难被压缩，说明分子间存在斥力，但不是只存在斥力，故C错误；D、在不知道质量的情况下，温度高的物体，内能不一定大，故D错误．故选A．5．在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，而b端在2倍焦距之外，如图所示，那么透过透镜观察（）A．a、b端都变粗B．a端变细，b端变粗C．a、b端都变细D．a端变粗、b端变细【解析】由题意知，a端位于1倍焦距与2倍焦距之间，故所成的像是倒立、放大的，则b端位于2倍焦距之外，故所成的像是倒立、缩小的；所以在凸透镜的主轴上放着一根粗细均匀的木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，b端在2倍焦距之外，则木棒所成的像将是a端变粗，b端变细，ABC错误，D正确．故选D．6．李强同学动手能力非常强，学习了浮力后，他利用“铁丝、胶管、试管、进、排水管、水和注射器”，制作了如图所示是潜水艇模型，下列说法不正确的是（）A．向里推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉B．潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的C．向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D．潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定【解析】A、图中潜艇模型，向内推注射器活塞，水会被压出试管，此时模型的自重减小，模型上浮，故A错误，符合题意；B、当潜艇模型浸没在水中时，排开水的体积不变，所受浮力不变，因此模型的上浮和下沉是通过改变潜艇的重力来实现的，故B正确，但不符合题意；C、向外拉注射器活塞，试管内水增加，试管内水量适当时，潜艇可能悬浮，故C正确，但不符合题意；D、试管左轻、右重，为了保持试管稳定，潜艇模型的试管上绕些铁丝，故D正确，但不符合题意；故选A．7．下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果（）A．与力的大小有关B．与力的作用点有关C．与力的方向有关D．与受力面积有关【解析】推课桌下部和上部，是力的作用点不同，使课桌发生了不同的运动情况，说明力的作用效果与力的作用点有关．故选B．8．如图是小勇做完“探究水沸腾时温度变化的特点”实验后，根据记录作出的水的沸腾图象，下列对图象的分析正确的是（）A．实验中加热3min后停止了加热B．沸腾温度不足100℃可能是供热不足C ．AB 段水平线表明水沸腾过程吸热而不升温D ．OA 段斜线表明水的实际温度与加热时间成正比【解析】从第3min 水的温度保持不变，是因为处于沸腾过程，沸腾过程中仍需不断吸热，所以A 错误，C 正确；沸腾温度不足100℃是因为当时气压低于标准大气压，所以B 错误；由图象知，OA 段斜线，水加热的时间越长，吸收的热量越多，根据公式△t=cmQ ，在比热容和质量不变时，水温度的变化与加热时间成正比，但达到沸点后，水沸腾温度不再升高，所以D 错误．故选C ．9．下列关于电磁现象的说法正确的是（ ）A ．感应电流的方向只与导体切割磁感线的方向有关B ．扬声器与话筒都是把声信号转变为电信号的装置C ．电磁铁的磁性强弱只与线圈的匝数有关D ．发电机是根据电磁感应现象制成的【解析】A 、感应电流的方向与导体切割磁感线的方向和磁场方向有关，故A 错误；B 、扬声器是把电信号转化成声信号，而话筒都是把声信号变为电信号，故B 错误；C 、电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数、电流的大小和铁芯有关，故C 错误；D 、发电机是根据电磁感应现象制成的，故D 正确．故选D ．10．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，各电表示数变化正确的是（ ）A ．电流表和电压表的示数均变小B ．电流表和电压表的示数均变大C ．电流表示数变大、电压表的示数不变D ．电流表示数变小、电压表的示数不变【解析】电压表测量电源电压，故电压表示数保持不变；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流增大；因定值电阻两端电压不变，故通过定值电阻的电流不变；由并联电路的电流规律可得干路电流增大，即电流表A 的示数增大．故选C ．11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，R1、R2两端的电压U1、U2与电流I的变化关系图象如选项所示，其中正确的是（）【解析】从图可知，定值电阻R1和滑动变阻器串联R2串联，V1测R1的电压，V2测变阻器R2的电压；①对定值电阻R1来说，其电流与电压成正比，即I与U1成正比，故B正确，A错误。

山东省滕州市第二中学新校2015届高三学期期末考试物理试题（满分100分，时量90分钟）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选或不选得0分．）1．在如图所示的闭合电路中，移动滑动变阻器的滑片，若电压表读数在逐渐增加，则电流表读数A．增大B．减小C．先减小后增大D．先增大后减小2．将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上．电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是A．电路中交变电流的频率为0.25HzBC．电阻消耗的电功率为2.5WD．用交流电压表测得电阻两端的电压是5V3．如图所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，动能增加，则可以判断A．电场线方向由B指向AB．场强大小E A＞E BC．Q为负电荷，则Q在B点右侧D．Q不可能为正电荷4．如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置．闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动．如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是A．增大R1的阻值B．增大R2的阻值C．增大两板间的距离D．断开开关S5．图中E为电源，R1、R2为电阻，S为电键。

现用多用电表测量流过电阻R2的电流。

将多用电表的选择开关调至直流电流挡（内阻很小）以后，正确的接法是A．保持S闭合，将红表笔接在a处，黑表笔接在b处B．保持S闭合，将红表笔接在b处，黑表笔接在a处C．将S断开，红表笔接在a处，黑表笔接在b处D．将S断开，红表笔接在b处，黑表笔接在a处6．如图所示，电阻R=20Ω，电动机的线圈电阻R′＝10Ω．当开关打开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P．当开关合上后，电动机转动起来．若保持电路两端的电压不变，电流表的示数I ′和电路消耗的电功率P ′应是A．I′＝3I B．I′＞3I C．P′＝3P D．P′＜3P7．如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异种电荷．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加8．如图所示，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场（未画出），一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O，已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变．不计重力．铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为A．2 B．2C．1 D．2 29．如图所示，飞行器P绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为θ，下列说法正确的是A．轨道半径越大，周期越长B．轨道半径越大，速度越大C．若测得周期和张角，可得到星球的平均密度D．若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度10．如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O 点的水平线．已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道MPN运动，到N点的速率为v1，所需时间为t1；若该小球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为v2，所需时间为t2．则A．v1＝v2B．v1<v2C．t1<t2D．t2<t1A．反映P r变化的图线是cB．电源电动势为8vC．电源内阻为2ΩD．当电流为0．5A时，外电路的电阻为6Ω12．如图所示，宽为d的有界匀强磁场的边界为PP′、QQ′。

山东省枣庄市滕州市滕西中学高三物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一个质量为0.3kg的弹性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小与碰撞前相同。

则碰撞前后小球速度变化量的大小Δv和碰撞过程中墙对小球做功的大小W为（）A.Δv=0B.Δv=12m/sC.W=0D.W=10.8J参考答案：答案：BC4. （单选）如图，质量为m的物体A放置在质量为M的物体B上，B与弹簧相连，它们一起在光滑水平面上做简谐振动，振动过程中A、B之间无相对运动，设弹簧的劲度系数为k，当物体离开平衡位置的位移为x时，A、B间摩擦力的大小等于A．0 B．kｘC．（）kｘD．（）kｘ参考答案：D3. 宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．则（）A．恒星S1的质量大于恒星S2的质量B．恒星S1的密度小于恒星S2的密度C．距两恒星表面高度相同的行星，S1的行星向心加速度较大D．恒星S1的第一宇宙速度小于恒星S2的第一宇宙速度参考答案：BD【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供向心力，得出卫星的周期与恒星的质量、半径之间的关系，然后进行比较；结合万有引力提供向心力，分别写出第一宇宙速度的表达式，然后比较它们的大小关系．【解答】解：A、由题图可知，当绕恒星运动的行星的环绕半径相等时，S1运动的周期比较大，根据公式：所以：M=；故周期越大则质量越小，所以恒星S1的质量小于恒星S2的质量．故A错误；B、两颗恒星的半径相等，则根据M=ρV，半径R0相等则它们的体积相等，所以质量大S2的密度大，故B正确；C、距恒星表面一定高度的行星，向心加速度大小设为a，根据牛顿第二定律，有：ma=；由于恒星S1的质量小于恒星S2的质量，所以S1的行星向心加速度较小，故C错误；D、根据万有引力提供向心力，则：，所以：v=；由于恒星S1的质量小于恒星S2的质量，所以恒星S1的第一宇宙速度小于恒星S2的第一宇宙速度．故D正确；故选：BD4. 如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示。

2015届山东省滕州市实验高中高三4月模拟考试物理试题一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。

1．密绕在轴上的一卷地膜用轻绳一端拴在轴上，另一端悬挂在墙壁上A点，如图所示，当逆时针缓慢向下用力F抽出地膜时，整卷地膜受的各个力要发生变化，不计地膜离开整卷时对地膜卷的粘扯拉力和地膜卷绕轴转动时的摩擦力，但在D点地膜与墙壁间有摩擦力，随着地膜的不断抽出，下述分析正确的是（）A．悬挂地膜的轻绳上的拉力在增大B．地膜对墙的压力在增大C．地膜与墙壁间的摩擦力在减小D．地膜卷受墙的支持力与轻绳的拉力的合力不变。

2．“嫦娥二号” 卫星发射后直接进入近地点高度200公里、远地点高度约38万公里的地月转移轨道直接奔月，当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须“急刹车”，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点100公里、周期12小时的椭圆轨道a．再经过两次轨道调整，进入100公里的近月圆轨道b，轨道a和b 相切于P点，如图所示，下列说法正确的是A．“嫦娥二号”卫星的发射速度大于11．2 km/sB．“嫦娥二号”卫星在轨道a、b上的机械能E a> E bC．“嫦娥二号”卫星在轨道a、b上经过P点的速度v a＝v bD．“嫦娥二号”卫星在轨道a、b上经过P点的加速度分别为a a、a b，则a a>a b3．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R．开始时，开关S断开，当S接通后A．副线圈两端从M、N 的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R两端的电压降减小C．通过灯泡L1 的电流减小D．原线圈中的电流减小4．如图甲所示，一长木板在水平地面上运动，初速度为v0，在某时刻（t=0）将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，己知物块与木板的质量相等，设物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上。

山东省滕州市第二中学2015届高三上学期期末考试物理试题一、选择题（本题共12小题,共计48分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律，为人类的科学事业做出了巨大贡献，值得我们敬仰。

下列描述中符合物理学史实的是A．开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心说B．牛顿发现了万有引力定律但并未测定出引力常量GC．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律2．如图所示，质量为2kg的物体B和质量为1kg的物体C用轻弹簧连接并竖直地静置于水平地面上．再将一个质量为3kg的物体A轻放在B上的一瞬间，弹簧的弹力大小为（取g=10m/s2）A．30N B．0 C．20N D．12N3．如图所示，人造卫星A、B在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动．已知A、B连线与A、O连线间的夹角最大为θ，则卫星A、B的角速度之比12ωω等于A ．3sin θB ．31sin θC ．D4．一物体在以xOy 为直角坐标系的平面上运动，其运动规律为x=－2t 2－4t ，y=3t 2+6t （式中的物理量单位均为国际单位）。

关于物体的运动，下列说法正确的是（ ）A ．物体在x 轴方向上做匀减速直线运动B ．物体在y 轴方向上做匀加速直线运动C ．物体运动的轨迹是一条直线D ．物体运动的轨迹是一条曲线5．“天宫一号”被长征二号火箭发射后，准确进入预定轨道，如图所示，“天宫一号”在轨道1上运行4周后，在Q 点开启发动机短时间加速，关闭发动机后，“天宫一号”沿椭圆轨道2运行到达P 点，开启发动机再次加速，进入轨道3绕地球做圆周运动。

“天宫一号”在图示轨道1、2、3上正常运行时，下列说法正确的是（ ）A ．“天宫一号”在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B ．“天宫一号”在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C ．“天宫一号”在轨道1上经过Q 点的加速度大于它在轨道2上经过Q 点的加速度D ．“天宫一号”在轨道2上经过P 点的加速度等于它在轨道3上经过P 点的加速度 6．如图所示，两个质量相同的小球A 和B ，分别用细线悬在等高的O 1、O 2两点，A 球的悬线比B 球的悬线长，把两球的悬线拉到水平后将小球无初速度的释放，则经过最低点时（以悬点所在水平面为零势能面），下列说法正确的是（ ）A．A球的速度大于B球的速度B．悬线对A球的拉力大于对B球的拉力C．A球的向心加速度等于B球的向心加速度D．A球的机械能大于B球的机械能7．水平面上A、B、C三点固定着三个电荷量均为Q的正点电荷，将另一质量为m的带正电的小球（可视为点电荷）放置在O点，OABC恰构成一棱长为L的正四面体，如图所示。

保密★启用前试卷类型：A2015届高三定时练习物理试题2014.11 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

共6页。

满分100分。

考试用时90分钟。

注意事项：答题前，考生务必用2B铅笔将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型（A或B）用2B铅笔涂写在答题卡上；用0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号、学校、班级填写在答题纸规定的位置。

考试结束后，将答题卡和答题纸一并交回。

第Ⅰ卷（选择题共40分）注意事项：1．第I卷共10小题。

每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分。

2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

1．许多物理学家的科学研究推动了物理学的发展，促进了人类文明。

以下对几位物理学家所作的科学探究，叙述正确的是A．胡克用逻辑推理的方法得出了胡克定律B．牛顿用实验的方法测出了引力常量G的数值C．开普勒用数据归纳的研究方法发现了万有引力定律D．伽利略用斜面实验和逻辑推理证明了所有自由落体运动的加速度相同2．如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力围成封闭三角形。

下列4个图中，这三个力的合力为零的是3．如图所示，直线a和曲线b分别是在同一条平直公路上行驶的汽车甲和汽车乙的v－t 图线。

由图可知A．在时刻t1，甲车和乙车处在同一位置B．在时刻t2，甲、乙两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，乙车的加速度先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，甲车的位移小于乙车的位移4．一条小船过河，河宽100m，水流速度为4m/s，小船在静水中的速度为5m/s。

下列说法正确的是A．小船不可能沿垂直于岸的方向过河B．小船相对于岸的速度有可能为3m/sC．小船过河的最短时间为25sD．小船以最短位移过河所需的时间为20s5．两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图所示，OA、OB与水平面的夹角分别为30°、60°，M、m均处于静止状态。

2014-2015学年度山东省滕州市实验中学高三第一学期期末考试理综物理部分二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，其中14、15、16、17、18题只有一项符合题目要求，选对的得6分，选错的得0分；19、20、21有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．L型木板P（上表面光滑）放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示．若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P的受力个数为A．3 B．4 C．5 D．615．某物体运动的v－t图象如图所示，则下列说法正确的是A．物体在第1 s 末运动方向发生改变B．物体在第2 s内和第3 s内的加速度是相同的C．物体在第6 s末返回出发点D．物体在第5 s末离出发点最远，且最大位移为0．5 m16．2014年春晚中开心麻花团队打造的创意形体秀《魔幻三兄弟》给观众留下了很深的印象。

该剧采用了“斜躺”的表演方式，三位演员躺在倾角为30°的斜面上完成一系列动作，摄像机垂直于斜面拍摄，让观众产生演员在竖直墙面前表演的错觉。

如图所示，演员甲被演员乙和演员丙“竖直向上”抛出，到最高点后恰好悬停在“空中”。

已知演员甲的质量m=60kg，该过程中观众看到演员甲上升的“高度”为0．8m。

设演员甲和斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力。

则该过程中，下列说法不正确的是（）A．演员甲被抛出的初速度为4m/s B．演员甲运动的时间为0．4sC．演员甲的重力势能增加了480J D．演员乙和演员丙对甲做的功为480J 17．如图所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，动能增加，则可以判断A．电场线方向由B指向AB．场强大小E A＞E BC．Q为负电荷，则Q在B点右侧D．Q不可能为正电荷18．如图所示，匀强电场E方向水平向左，带有正电荷的物体沿绝缘水平面向右运动，经过A点时动能是200J，经过B点时，动能是A点的15，减少的动能有35转化成电势能，那么，当它再次经过B点时动能为（）A．4J B．8J C．16J D．20J19．某同学在物理学习中记录了一些与地球、月球有关的数据资料如下：地球半径R＝6400km，月球半径r＝1740km，地球表面重力加速度g0＝9．80m／s2，月球表面重力加速度g′＝1．56m／s2，月球绕地球中心转动的线速度v＝l km／s，月球绕地球转动一周时间为T＝27．3天，光速c＝2．998×105km／s．1969年8月1日第一次用激光器向位于头顶的月球表面发射出激光光束，经过约t=2．565s接收到从月球表面反射回来的激光信号，利用上述数据可估算出地球表面与月球表面之间的距离s ，则下列方法正确的是（ ） A ．利用激光束的反射s ＝c ·2t 来算B ．利用v ＝Tr R s )(2++π来算C ．利用m 月g 0＝m 月)(2r R s v ++ 来算D ．利用m g '月＝m 月224Tπ（s ＋R ＋r ）来算20．如图所示，真空中有A 、B 两个等量异种点电荷，O 、M 、N 是AB 连线的垂线上的三个点，且AO > OB ，A 带负电荷，B 带正电荷，一试探电荷仅受电场力作用，试探电荷从M 运动到N 的轨迹如图中实线所示。