山西省吕梁市柳林县高一上学期第二次月考物理试题

应对市爱护阳光实验学校上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1： D ．：1二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是A．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是〔填F或F′〕14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为N/m．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．18．滑板运动是一项非常刺激的水上运动〔如下图〕，研究说明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力N垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板速率〔水可视为静止〕．某次运动中，在水平牵引力F作用下，当滑板和水面的夹角θ=37°时，滑板做匀速直线运动，相的k=40kg/m，人和滑板的总质量为80kg，〔重力加速度g取10m/s2，sin 37°=0.6，忽略空气阻力〕．试求：〔1〕水平牵引力F的大小；滑板的速率v=？上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体在运动的过程中始终匀速，不要被粗糙斜面影响判断，只要匀速物体就受力平衡，即：合外力为零．【解答】解：木箱被匀速推上一粗糙斜面，注意是匀速，所以物体受力平衡，即：所受的合外力始终为零．应选C．【点评】此题是一个易错题，主要考察的是审题能力，抓住主要问题，不要被一些外在因素迷惑即可．2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成．【分析】两个力F1与F2的合力的范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；由于物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，故三个力中的两个力的合力一与第三个力值、反向、共线．【解答】解：三力中某两个力的合力|F1﹣F2|≤F1、2合≤F1+F2，假设另一个力F3的大小在F1、2合的取值范围内，那么这三个力的合力可能为零，物体就处于平衡状态．A、10N≤F1、2合≤20N，F3=6N不在这范围内，故A错误．B、3N≤F1、2合≤9N，F3=4N在这范围内，故B正确．C、1N≤F1、2合≤3N，F3=10N不在这范围内，故C错误．D、5N≤F1、2合≤7N，F3=8N不在这范围内，故D错误．应选：B【点评】此题考查合力大小的计算，在方向未知的情况下找出两个力合成的最大值和最小值，明确三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力值、反向、共线．3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些【考点】力的分解．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】在劈柴时，斧头的重力通过斧面对木柴的积压形成对木柴向外的力，由分解方法可知如何更容易劈开木柴．【解答】解：如下图：斧头的重力形成对木柴两端的挤压力，两力与斧头的AB、BC边相互垂直；那么可知当BC边短一些，AB边些时两力之间的夹角更大，那么两分力更大；故C正确；应选C．【点评】在受力分析时一要注意平行四边形的作用，根据图形才能正确的找出力的变化关系．4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体受多力平衡，那么多力的合力为零；那么1N、3N、4N三个力的合力与2N大小相方向相反；那么将2N转动后，其他三力的合力不变，那么变成了转后的2N与其他三力的合力的合成，那么由平行四边形那么可求得合力．【解答】解：由题意可知，四力的合力为零，那么可知1N、3N、4N三个力的合力2N；与2N大小相方向相反；那么2N的力绕O点旋转300°，其他三力的合力不变，那么现在变为2N的两个力，其夹角成120°，因此这两个力的合力大小为2N，故B正确，ACD错误；应选：B【点评】此题中用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相方向相反．5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】由物体B静止，求出绳子的拉力．以A为研究对象，根据平衡条件求出地面对A的作用力的大小．【解答】解：以B为研究对象，根据平衡条件绳子的拉力F=mg．再以A为研究对象，得到F+F N=Mg，得到F N=Mg﹣F=〔M﹣m〕g，故B正确；应选：B．【点评】此题采用的是隔离法．当物体处于平衡状态时，采用隔离都可以求解．当几个物体都处于平衡状态时，也可以采用整体法．6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以球为研究对象，分析斜面和挡板对球的支持力如何变化，就能确球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小如何变化．分析小球受力情况，作出力图，运用图解法，分析两个支持力的变化情况．【解答】解：以球为研究对象，分析受力情况，如图，小球受到重力G、斜面的支持力F1和挡板的支持力F2，由平衡条件得知，F1和F2的合力与G大小相、方向相反，作出三个位置力的合成图如图，由图看出，F1逐渐减小，F2先减小后增大，当F1和F2垂直时，F2最小．故D正确．应选D【点评】此题运用图解法，分析动态平衡问题，比拟直观简便，也可以采用函数法，由数学知识分析力的变化．7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最大静摩擦力平行斜面向下行斜面向上时，分别求解出对的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围．【解答】解：将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为Gsin30°=4N，垂直斜面的垂直分力为Gcos30°=4N；当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为拉力，大小为f=f m+Gsin30°=9N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为推力，大小为f=f m﹣Gsin30°=1N；故弹簧弹力可以是不大于1N推力或者不大于9N的拉力，也可以没有弹力；故ABD错误，C正确；应选C．【点评】此题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力，难度中．8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1：D ．：1【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】选A为研究对象，受力分析用平衡条件进行分析，求出A受的绳子的拉力，再对B进行受力分析，求出B受的绳子的拉力，进行比拟求解．【解答】解：分别选A和B为研究对象受力分析如图：由左图得：T=Fsin60°=G A sin60°=…①由右图得：T=F′sinα=G B sin30°=…②由①②两式得：m A：m B=1：应选C【点评】受力平衡类的题目处理时一要注意用的条件就是平衡，合外力为零；所以只需要选择适宜的研究对象进行正确的受力分析，用平衡条件即可．二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【分析】大客车做匀速直线运动，加速度为零，受力平衡，处于平衡状态，对大客车受力分析即可．【解答】解：大客车做匀速直线运动，加速度为零，处于平衡状态，故A正确；B、大客车受到重力、地面的支持力，水平方向有牵引力和阻力，共四个力作用，故D正确，BC错误．应选：AD【点评】静止和匀速直线运动都处于平衡状态，合力都为零，要求同学们能正确对物体进行受力分析，难道不大，属于根底题．10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】根据推力F的大小与重力分力的大小确摩擦力的方向，注意分析推力与重力沿斜面向下分力的大小关系．【解答】解：A、当F大于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向下．当F小于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向上，AB正确C、当F与重力向下的分力相时，摩擦力大小可以为零；故C错误．D、假设F为重力沿斜面向下分力的一半，那么摩擦力可以于F；故D正确；应选：ABD．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，通过沿斜面方向平衡进行分析．11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】力的合成遵循平行四边形那么，根据平行四边形那么求出F1的大小．【解答】解：由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形那么得，如图，又因一个分力F1跟F成30°角，且F2的大小为，通过几何关系得，F1=F或F1=．故B、C正确，A、D错误．应选：BC．【点评】解决此题的关键知道合力一，分力的方向，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：A、B、对人和木块整体受力分析，受重力〔M+m〕g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有2F﹣f=0N﹣〔M+m〕g=0其中f=μN解得f=200NF=100N故A错误，B正确；C、D、对木块受力分析，受重力Mg、人对木块的向下的压力、地面的支持力、绳子的拉力F、向后的滑动摩擦力以及人的静摩擦力，根据共点力平衡条件，人对木块的静摩擦力、拉力与地面的滑动摩擦力三力平衡，故人的脚给木块摩擦力向前，为100N；故C正确，D错误；应选BC．【点评】此题关键先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是 BA．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是AB 〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是F′〔填F或F′〕【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；分析法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1、3〕该采用了“效替代〞的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值〞和“值〞的区别．明确原理，了解误差的存在以及具体的操作细节，从减小误差的角度进行分析即可正．【解答】解：〔1〕该中采用的方法是效替代法．故B正确，A、C、D错误．应选：B．A、拉橡皮筋的绳线要细长，便于确拉力的方向；要准确地表示出拉力的大小和方向，故中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行，故A正确；B、为减小读数的误差，拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些；读数时视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、平行四边形那么中两个分力的夹角是任意的，故拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角是任意的，故C错误；D、中，两个分力的大小不一相同，故合力不一在其角平分线上，故D错误；E、在中，拉力不需太大，也不要太小，不需要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，故E错误．应选：AB．〔3〕F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形那么得到的值．方向一沿AO方向的是F′．故答案为：〔1〕B；AB；〔3〕F′【点评】此题关键是明确思想、原理、误差的来源，要亲手做，才能更好地体会中的一些实际问题，能从多个角度来理解和分析，提高分析解决问题的能力．14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：刻度尺图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为20 N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】本的目的探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系，得到的F ﹣t图象，可由图象得出弹簧的劲度系数．【解答】解：①需要测弹簧的长度、形变量，故还需要的器材有：刻度尺②有图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，k==20N/m；故答案为〔1〕刻度尺 20【点评】此题考查了胡克律，弹簧的弹力与形变量的关系．要注意正确理解图象的性质．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】车做匀加速运动，自行车做匀速运动，当自行车的速度与车的速度相时，假设自行车没有追上车，那么就追不上车．根据速度公式，求出两车速度相所经历的时间，由位移公式求出两车的位移，判断自行车能否追上车．当两车的速度相时，相距最小．由位移公式求解最小距离．【解答】解：人与车两者速度相时，是人追上车的临界条件．两者速度相时，有v=at，t== s=6 s，人的位移：x1=vt=6×6 m=36 m，车的位移x2= m=18 m．x2+x0=18 m+25 m=43 m＞x1=36 m，因此人追不上车．最小距离为：△x=x2+x0﹣x1=43 m﹣36 m=7m．答：人不能追上车，人、车间的最小距离是7m．【点评】此题是追及问题，关键要寻找两车之间的关系，抓住隐含的临界条件：速度相是关键．16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对结点受力分析后，用平衡条件求解出AC绳和BC绳上的拉力关系，根据两绳所能承受的最大拉力判断谁先断，按照最小的求解即可．【解答】解：以重物为研究对象．受力如右图所示，由平衡条件得：T AC sin30°﹣T BC sin60°=0①T AC cos30°+T BC cos60°﹣G=0②由式①可知T AC =T BC当T BC=100N时，T AC=173N，AC将断．而当T AC=150N时，T BC=8N＜100N将T AC=150N，T BC=8N代入式②解得G=17N所以重物的最大重力不能超过17 N．答：物体最大重力不能超过17N【点评】此题为平衡条件的用，受力分析后根据临界条件进行判断即可．17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】简答题；性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力、力F以及滑动摩擦力，分向上和向下两种情况，结合平衡条件求解F．【解答】解：假设物块向上匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向下的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：Fsinα﹣f﹣G=0Fcosα=Nf=μN解得：F=解：假设物块向下匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向上的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：G﹣Fsinα﹣f=0Fcosα=Nf=μN解得：F=答：力F 的大小为或．【点评】此题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解，注意要分两种情况，难度适中．。

应对市爱护阳光实验学校二中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．以下物理量不是矢量的是〔〕A．力 B．加速度C．位移D．速率2．甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s 速度由5m/s增加到10m/s；乙做减速运动，经过8s速度由20m/s减小到0，那么〔〕A．乙的速度变化量大，甲的加速度大B．乙的速度变化量大，乙的加速度大C．甲的速度变化量大，甲的加速度大D．甲的速度变化量大，乙的加速度大3．用如下图的方法可以测出一个人的反时间：受测者将手放在直尺的某一刻度处，看到直尺下落，立即抓住直尺，记下此时的刻度．如果直尺下落的距离△h=20.00cm，那么受测者的反时间t为〔g取10m/s2〕〔〕A．0.2s B．0.14s C．0.04s D．0.02s4．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2mg 5．如图中，光滑接触面对球和棒的弹力分析正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．6．如下图为某质点做直线运动的速度υ随时间t变化的图象，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．3s末物体的加速度为零B．0～1s内物体的加速度小于3s～5s内的加速度C．2s末，物体离出发点最远D．5s末，物体回到出发点7．驾驶员手册规具有良好刹车性能的在以72km/h的速度行驶时，可以在52m 的距离内被刹住；在以36km/h的速率行驶时，可以在18m的距离内被刹住，假设对于这两种速率驾驶员所允许的反时间〔在反时间内驾驶员来不及刹车，车速不变〕及刹车的加速度大小都相同，那么允许驾驶员的反时间约为〔〕A．1.0 S B． S C． s D．2 S8．以下说法中正确的选项是〔〕A．电视台每天晚上7点开始播报闻联播，这里的“晚上7点〞表示的是时间B．只有静止的物体才能被选作参考系C．研究“歼11〞飞机在空中飞行的轨迹时，可以把飞机看成质点D．路程于位移的大小9．如下图，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，以下说法正确的有〔〕A．篮子底面受到的压力大于篮球的重力B．篮子底面受到的压力小于篮球的重力C．篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力10．如下图，水平地面上固着总长为L的斜面，一小物块〔可视为质点〕从斜面顶端O点由静止开始下滑，到达斜面底端的B点时速度大小为v，所用时间为t；假设小物块到达斜面上某一点A 时速度大小为v，OA距离为L A，由O到A的时间为t A．以下说法正确的选项是〔〕A．L A =B．L A =C．t A =D．t A =二、题〔本大题有2小题，第11小题8分，第12小题10分，共18分．请把答案写在答题卡上．〕11．如图1所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图2所示〔附有刻度尺〕，纸带上相邻两点对的时间间隔为0.02s．从纸带上记录的点迹情况可知，A、E两点迹之间的距离为cm，小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为m/s；小车在布面上运动的加速度大小为m/s2．12．在“探究求合力的方法〞中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．〔1〕为完成，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数得到的数据如表：弹力F〔N〕0.50 1.00 0 2.00 0 3.00 0伸长量x〔×10﹣2 m〕0.74 0 0 2 0 8 2 根据表中数据在图作出F﹣x图象并求得该弹簧的劲度系数k=N/m；〔结果保存两位有效数字〕〔2〕某次中，弹簧秤的指针位置如图乙所示，其读数为N〔3〕对两次拉伸橡皮条的要求中，以下哪些说法是正确的〔填字母代号〕．A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置〔4〕同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小误差有益的说法是〔填字母代号〕．A．两细绳必须长B．弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行C．用两弹簧同时拉细绳时两细绳必须垂直以便计算出合力D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要近些．三、计算题〔本大题有3小题，第13小题10分，第14小题16分，第15小题16分，共4213．如下图，一个重10N的光滑重球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，绳子和墙壁的夹角θ为37°，取cos37°=0.8，sin37°=0.6．〔1〕分析重球的受力并在图上画出重球的受力〔2〕求绳子对重球的拉力T的大小．〔3〕求墙壁对重球的支持力N的大小．14．自O点由静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，途中6s时间内依次经过P、Q两根电线杆．P、Q相距60m，车经过Q点时的速度为15m/s．求：〔1〕经过P点时的速度是多少？〔2〕的加速度为多少？〔3〕O、P两点间距离为多少？15．如下图，半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块．假设不计摩擦，用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面？此时木块对地的压力为多大？二中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．以下物理量不是矢量的是〔〕A．力 B．加速度C．位移D．速率【考点】矢量和标量．【分析】物理量按有没有方向分为矢量和标量两类，矢量是指既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．【解答】解：A、B、C力、加速度和位移都既有大小又有方向，是矢量，故ABC错误．D、速率是速度的大小，不是矢量，是标量，故D正确．应选：D．【点评】对于物理量的矢标性属于根本内容，要掌握标量与矢量的区别，知道标量没有方向，而矢量有方向．2．甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s 速度由5m/s增加到10m/s；乙做减速运动，经过8s速度由20m/s减小到0，那么〔〕A．乙的速度变化量大，甲的加速度大B．乙的速度变化量大，乙的加速度大C．甲的速度变化量大，甲的加速度大D．甲的速度变化量大，乙的加速度大【考点】加速度；牛顿第二律．【分析】根据甲乙初末速度得出速度变化量，结合加速度的义式求出加速度，从而比拟大小．【解答】解：甲的速度变化量△v1=10﹣5m/s=5m/s，加速度，乙的速度变化量△v2=0﹣20m/s=﹣20m/s，加速度，可知乙速度变化量大，甲的加速度大，故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的正负表示方向，不表示大小．3．用如下图的方法可以测出一个人的反时间：受测者将手放在直尺的某一刻度处，看到直尺下落，立即抓住直尺，记下此时的刻度．如果直尺下落的距离△h=20.00cm，那么受测者的反时间t为〔g取10m/s2〕〔〕A．0.2s B．0.14s C．0.04s D．0.02s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】直尺做自由落体运动，下落时间于受测者的反时间；由自由落体规律可求得下落时间．【解答】解：由运动学可得：h=gt2解得：t===0.2s故人的反映时间为0.2s．应选：A．【点评】此题要知道什么是人的反映时间，即人从发现情况到采取措施所用的时间．并明确物体做自由落体运动．4．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2mg【考点】牛顿第二律；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有f2=f1，因而f2=μ2mg．应选B．【点评】此题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比．5．如图中，光滑接触面对球和棒的弹力分析正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】常见的弹力有三种：拉力、支持力和压力，绳子拉力沿着绳子指向绳收缩的方向；压力和支持力与接触面垂直．分析物体的受力情况，确出弹力的方向．【解答】解：A、球受到墙壁的弹力和台阶的弹力，两个弹力都与接触面垂直，所以墙壁的弹力垂直于墙壁向右，台阶对球的弹力通过球心，故A正确．B、假设斜壁对小球有弹力，那么小球受到重力、地面向上的弹力和斜壁斜向下的弹力，三个力的合力不为零，那么小球将向右滚动，与题不符，故斜壁对小球没有弹力，小球只受地面向上的弹力，故B错误．C、槽对杆的底端的弹力方向指向球心，故C错误．D、假设斜面对小球有弹力，那么小球受到重力、竖直向上的拉力和垂直于斜面向上的支持力，三个力的合力不为零，那么小球将向左摆动，与题不符，故斜面对小球没有弹力，故D错误．应选：A【点评】分析受力情况时，常常产生两种错误：多力或少力，可采用假设法判断可疑的力．6．如下图为某质点做直线运动的速度υ随时间t变化的图象，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．3s末物体的加速度为零B．0～1s内物体的加速度小于3s～5s内的加速度C．2s末，物体离出发点最远D．5s末，物体回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图象的斜率于加速度、由图象与时间轴围成的“面积〞表示位移，在时间轴上方图形面积的表示位移为正，下方的图形面积表示位移为负，根据这些知识进行分析．【解答】解：A、在2﹣5s时间内，图线的斜率不变，物体做匀变速直线运动，加速度不变，所以3s末物体的加速度不为零，故A错误．B、根据图象的斜率于加速度，可知0～1s内图线的斜率大小于3s～5s内图线的斜率大小，说明这两段时间内物体的加速度大小相，故B错误．C、物体在0﹣3s内沿正向运动，3s﹣5s内沿负向运动，所以在3s末，物体离出发点最远，故C错误．D、根据“面积〞大小表示位移可知，0﹣3s内位移为：x1=×〔1+3〕×3m=6m，3s﹣5s内位移为：x2=﹣×6×2m=6m，5s末的位移为：x=x1+x2=0，说明5s末，物体回到出发点．故D正确．应选：D．【点评】此题分析时关键抓住速度图象的斜率表示加速度、“面积〞表示位移来理解图象的物理意义，根据位移的大小分析离出发点的位移．7．驾驶员手册规具有良好刹车性能的在以72km/h的速度行驶时，可以在52m 的距离内被刹住；在以36km/h的速率行驶时，可以在18m的距离内被刹住，假设对于这两种速率驾驶员所允许的反时间〔在反时间内驾驶员来不及刹车，车速不变〕及刹车的加速度大小都相同，那么允许驾驶员的反时间约为〔〕A．1.0 S B． S C． s D．2 S【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】假设驾驶员的反时间为t，在反时间内做匀速直线运动，然后做匀减速直线运动到停止，两过程刹车位移可分别列式，即可解除驾驶员的反时间．【解答】解：假设驾驶员的反时间为t，在第一个过程中，反时间内做匀速直线运动速度v1，所以反时间内的位移x1=v1t…①然后做匀减速直线运动到停止，由位移速度关系式得：0﹣=﹣2ax2…②全过程位移：X1=x1+x2=52m…③在第二个过程中，反时间内做匀速直线运动速度v2，所以反时间内的位移x3=v2t…④然后做匀减速直线运动到停止，由位移速度关系式得：0﹣=﹣2ax4 …⑤全过程位移：X2=x3+x4=18m…⑥由①②③④⑤⑥解得：t=1.0s应选A【点评】分析清楚物体运动的过程，先是匀速直线运动，后是匀减速直线运动，分过程用运动规律求解即可，此题的难度适中．8．以下说法中正确的选项是〔〕A．电视台每天晚上7点开始播报闻联播，这里的“晚上7点〞表示的是时间B．只有静止的物体才能被选作参考系C．研究“歼11〞飞机在空中飞行的轨迹时，可以把飞机看成质点D．路程于位移的大小【考点】质点的认识；位移与路程；时间与时刻．【分析】时间对时间轴上的段，时刻对时间轴上点．参考系是选来做参考的假静止的物体，实际可以是运动的．物体的大小和形状相对所研究的问题可以忽略时，可以看做质点．路程是轨迹的长度，位移是从初位置到末位置的有向线段．【解答】解：A、晚上7点表示时间轴上的点，表示时刻，故A错误．B、静止和运动的物体都可以看做参考系，故B错误．C、研究“歼11〞飞机在空中飞行的轨迹时，飞机的大小和形状都可以忽略不计，故可以看做质点，故C正确．D、路程是轨迹的长度，位移是从初位置到末位置的有向线段，故路程可能大于位移的大小，故D错误；应选：C．【点评】此题关键是明确时间和时刻的区别、物体能看做质点的条件、参考系的选择原那么、位移和路程的区别，概念多，要记住．9．如下图，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，以下说法正确的有〔〕A．篮子底面受到的压力大于篮球的重力B．篮子底面受到的压力小于篮球的重力C．篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对篮球受力分析，根据平衡条件表示出篮球的受各个力大小．【解答】解：对篮球受力分析，并运用合成法如图：根据几何知识，篮子底部对篮球的支持力N1=mgcosθ根据牛顿第三律那么篮子底面受到的压力为mgcosθ＜mg，故A错误B正确；篮子右面对篮球的支持力N2=mgsinθ根据牛顿第三律那么篮子右面受到的压力为mgsinθ＜mg，故C错误D正确；应选：BD．【点评】此题首先要对篮球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解出篮球受到的支持力表达式，再根据牛顿第三律进行讨论．10．如下图，水平地面上固着总长为L的斜面，一小物块〔可视为质点〕从斜面顶端O点由静止开始下滑，到达斜面底端的B点时速度大小为v，所用时间为t；假设小物块到达斜面上某一点A 时速度大小为v，OA距离为L A，由O到A的时间为t A．以下说法正确的选项是〔〕A．L A =B．L A =C．t A =D．t A =【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据速度时间公式求出O到A的时间和O到B的时间关系．根据匀变速直线运动的位移时间公式求出OA距离和OB距离的关系，【解答】解：根据v=at知，A点的速度是B 点速度的一半，那么，故C 正确，D错误．根据x=知，0到A的时间是O到B时间的一半，那么OA间的位移是OB间位移的，可知，故A错误，B正确．应选：BC．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式，并能灵活运用，根底题．二、题〔本大题有2小题，第11小题8分，第12小题10分，共18分．请把答案写在答题卡上．〕11．如图1所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图2所示〔附有刻度尺〕，纸带上相邻两点对的时间间隔为0.02s．从纸带上记录的点迹情况可知，A、E两点迹之间的距离为0 cm，小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为0.925 m/s；小车在布面上运动的加速度大小为 5 m/s2．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】从刻度尺上直接读出AE之间的距离，匀速运动的速度于位移除以时间，根据匀变速直线运动的推论求解加速度．【解答】解：从刻度尺上直接读出AE之间的距离为：x AE=10﹣6.00cm=0cm由图可知匀速运动时，0.02s内的位移为：x=10﹣15=5cm所以小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为：v=小车做匀减速运动相时间内的位移之差为：△x=1.6﹣cm=0.2cma==故答案为：0，0.925，5【点评】此题主要考查了匀速运动的速度公式，匀变速运动的根本推论〔相时间内的位移之差是个值〕，难度不大，属于根底题．12．在“探究求合力的方法〞中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．〔1〕为完成，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数得到的数据如表：弹力F〔N〕0.50 1.00 0 2.00 0 3.00 0伸长量x〔×10﹣2 m〕0.74 0 0 2 0 8 2根据表中数据在图作出F﹣x图象并求得该弹簧的劲度系数k= 54 N/m；〔结果保存两位有效数字〕〔2〕某次中，弹簧秤的指针位置如图乙所示，其读数为0 N〔3〕对两次拉伸橡皮条的要求中，以下哪些说法是正确的BD 〔填字母代号〕．A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置〔4〕同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小误差有益的说法是 B 〔填字母代号〕．A．两细绳必须长B．弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行C．用两弹簧同时拉细绳时两细绳必须垂直以便计算出合力D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要近些．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；推理法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1〕通过描点法作出图象，图象的斜率表示k；〔2〕读数时要估读一位，画出力的图示，作出平行四边形，对角线表示合力；〔3〕根据合力与分力的关系是效的，分析橡皮条两次拉伸长度关系和橡皮条和绳的结点的位置关系．〔4〕根据操作过程是纸面上，力的图示也画在白纸上，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求．从数学上考虑如何减小误差．【解答】解：〔1〕根据描点法作出图象如下图：根据图象得：k=N/m〔2〕弹簧秤的读数为：F=2+0.10N=0N 〔3〕A、B本的目的是为了验证力的平行四边形那么，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是效的，本橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同．故A错误，B正确．C、D在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，说明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力效，而弹簧称不必拉到相同刻度．故C错误，D正确．应选：BD〔4〕A、B本是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边那么，为了减小误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行，否那么，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大．两细绳长度不需要相同．故A错误，B正确．C、两只弹簧秤拉橡皮筋时，不能通过三角函数，计算出合力的大小．故C错误．D、弹簧秤标记同一细绳方向的两点要远些，作图时产生的角度误差会减小．故D错误．应选：B故答案为：〔1〕如下图；54；〔2〕0；〔3〕BD；〔4〕B．【点评】“验证力的平行四边形那么〞中，我们要知道分力和合力的效果是同的，这要求同学们对于根底知识要熟练掌握并能正确用，对根底理解．对于中的，学生尽量要到室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答问题时才能更加有把握．三、计算题〔本大题有3小题，第13小题10分，第14小题16分，第15小题16分，共4213．如下图，一个重10N的光滑重球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，绳子和墙壁的夹角θ为37°，取cos37°=0.8，sin37°=0.6．〔1〕分析重球的受力并在图上画出重球的受力〔2〕求绳子对重球的拉力T的大小．〔3〕求墙壁对重球的支持力N的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕圆球受到重力G、细绳的拉力T和墙壁的弹力N作用，作出圆球的受力示意图；〔2〕根据平衡条件求解绳子对圆球的拉力大小；〔3〕根据平衡条件求解墙壁对圆球的弹力大小．【解答】解：〔1〕如下图，重球受到重力G，绳子的拉力T，墙壁的支持力N，力的示意图如图；〔2〕据共点力的平衡条件有：绳子对重球的拉力：T==N=1N〔3〕墙壁对重球的支持力：N=Gtan37°=10×N= N答：〔1〕受力示意图如下图；〔2〕绳子对重球的拉力1N；〔2〕墙壁对重球的支持力 N．【点评】此题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出受力的示意图，要培养良好的作图习惯．14．自O点由静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，途中6s时间内依次经过P、Q两根电线杆．P、Q相距60m，车经过Q点时的速度为15m/s．求：〔1〕经过P点时的速度是多少？〔2〕的加速度为多少？〔3〕O、P两点间距离为多少？【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕〔2〕设的加速度为a，经过P点的速度为v P，经过Q点的速度为v Q．根据匀变速直线运动的规律有：x PQ=v P t+at2①v Q=v P+at②联立两式解得速度和加速度；〔3〕结合P点的速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式求出OP的距离．【解答】解：设的加速度为a，经过P点的速度为v P，经过Q点的速度为v Q，O、P两点间距离为x OP．根据匀变速直线运动的规律有：x PQ=v P t+at2…①v Q=v P+at…②v P2=2ax OP…③由①②可得：v P=5 m/s，a=m/s2=1.67 m/s2③可得：x OP ==m=m=m= m答：〔1〕经过P点时的速度是5m/s；〔2〕的加速度为1.67 m/s2；〔3〕O、P两点间距离为m．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．15．如下图，半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块．假设不计摩擦，用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面？此时木块对地的压力为多大？【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以球为研究对象，求临界状态木块对球的弹力大小；再以木块为研究对象，求水平力F的大小．【解答】解：球刚好离开地面时，球和木块的受力情况如图甲和乙所示．由图甲，根据平衡条件有：N1sinα﹣Mg=0①又由几何关系有：sinα=由图乙，根据平衡条件有：F﹣N2cosα=0②F2﹣N2sinα﹣mg=0③根据牛顿第三律有：N1=N2④联立①②③④解得：F=，F2=〔M+m〕g根据牛顿第三律知，木块对地面的压力为〔M+m〕g 答：当F=时，才能使球离开地面，此时木块对地面的压力为〔M+m〕g．【点评】分析有关临界问题的关键是找出临界条件，再进行受力分析，然后根据平衡条件或牛顿第二律列式求解即可．。

应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s27．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s28．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t010．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s216．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：A．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值〔选填：偏大、偏小或相〕18．一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v﹣t图象如下图，求：〔1〕摩托车在0﹣20s这段时间的加速度大小；〔2〕摩托车在50s末的加速度大小〔3〕摩托车在0﹣75s这段时间的平均速度大小．19．在光滑水平面上有A、B两个物体，B在前，A在后，A正以6m/s的速度向右匀速运动，B静止；当A、B之间距离为18m时A物体做匀减速直线运动，B 物体做匀加速直线运动，经过4s，物体B的速度到达3m/s，此后A、B均做匀速直线运动，A、B又继续运动4s，A恰好追上B，在这一过程中，求〔1〕B物体做匀加速直线运动的加速度的大小〔2〕在A物体追上B物体之前，B物体运动的位移大小〔3〕A物体做匀减速直线运动的加速度的大小．20．一质点由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后做匀减速直线运动，加速度大小为a2，假设再经时间2t恰能回到出发点，求：〔1〕a l：a2为多少？〔2〕质点运动后0﹣t内和t﹣3t内质点通过的路程之比．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点【考点】质点的认识．【分析】把物体看成质点的条件：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度与速度无关，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大．【解答】解：A、分析跳高运发动的过杆技术时，要看运发动的动作，所以不能看成质点，故A错误；B、质点某时刻的加速度不为零，那么速度可能为零，如自由落体运动的开始，故B错误；C、当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时，子弹的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D、研究做把戏溜冰的运发动溜冰时间时，可以看成质点，故D错误；应选：C【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程【考点】位移与路程．【分析】位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移与路程没有必然联系，位移为零，路程可以不是零．【解答】解：A、位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移为零，路程可以不是零．如物体做圆周运动一周，回到出发点，此时位移为零，而物体不是静止的，故A错误．B、运发动铅球成绩为0m，指的是水平方向的位移大小为0m，故B错误．C、只有在单向直线运动中，物体的位移大小才于其路程，故C正确．D、曲线运动轨迹长度一大于初末位置之间有向线段的长度，所以在曲线运动中物体的位移大小一小于其路程，故D错误．应选：C【点评】掌握位移和路程的区别和联系，只有在单向直线运动中，物体的位移大小于其路程．3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻【考点】时间与时刻．【分析】首先知道时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点．【解答】解：A、物体在5s时指的是物体在5s末时，指的是时刻，故A正确；B、物体在5s内指的是物体在0到第5s末这5s的时间，故B不正确；C、物体在第3s内指的是物体在第2s末到第3s末这1s的时间，故C正确；D、第4s末就是第5s初，指的是时刻，故D正确；此题选择不正确的，应选：B．【点评】时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，对物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点，对物体的位置．4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化量和所用时间的比值，加速度反物体速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度不是增加的速度，故A错误；B、物体速度变化量大，加速度不一大，还要看时间，故B错误；C、加速度反物体速度变化快慢的物理量，速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大，故C正确；D、加速度很大，速度变化快，但速度不一很快变大，故D错误．应选：C【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度不是增加的速度，难度不大，属于根底题．5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，切线的斜率表示加速度；图象与坐标轴围成的面积表示位移，两个物体同一地点同时开始沿同一直线运动，相遇的要求在同一时刻到达同一位置；匀变速直线运动的平均速度为．【解答】解：A、由图象可知I物体做加速度越来越小的加速运动，所受的合外力不断减小，II物体做匀减速直线运动所受的合外力不变，故A错误；B、图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在t1时刻两物体面积差最大，相距最远，故B正确；C、图象与坐标轴围成的面积表示位移，那么t2时刻Ⅰ的位移大于Ⅱ的位移，没有相遇，故C错误；D 、Ⅱ物体做匀减速直线运动，平均速度大小于，Ⅰ物体做变加速直线运动，根据图线与时间轴所围面积表示位移可知，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于，故D错误；应选：B【点评】该题考查了速度﹣时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象判断物体的运动情况，从图中读取有用信息解题，难度不大．6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】讨论物体的末速度的可能性，再由速度公式即可求解加速度．【解答】解：设沿斜面向上为正方向，假设末速度沿斜面向上，那么由速度公式v=v0+at可得：a==﹣2m/s2；假设末速度沿斜面向下，那么a′==﹣3m/s；故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查速度公式的用，要注意分析题意中的可能情况，明确物体速度可能向上也可能向下．7．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出两段过程中中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点运动的加速度．【解答】解：第一段中间时刻的瞬时速度，第二段中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻的时间间隔△t=1+0.5s=s，那么加速度a=．应选：B．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．8．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据竖直上抛运动的对称性求出最高点到A和B的时间，结合位移时间公式求出AB之间的距离．【解答】解：根据竖直上抛运动的对称性，知最高点到较低点A的时间为2s，到较高点B的时间为1s，那么AB 之间的距离=．应选：A．【点评】解决此题的关键知道竖直上抛运动在上升过程和下降过程中的对称性，结合运动学公式灵活求解，根底题．9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t0【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出eb和ab的时间之比，求出e 到b的时间，从而得出a到e的时间．【解答】解：采用逆向思维，根据，，因为e为ab 的中点，那么：，可知a到e 的时间为： =．应选：D．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，以及掌握逆向思维在运动的运用，根底题．10．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】根据速度时间公式求出B速度减为零的时间，求出此时A、B的位移，判断是否追上，假设未追上，结合匀速运动的位移公式求出继续追及的时间，从而得出总时间．【解答】解：B 车速度减为零的时间为：，此时B 车的位移为：，A车的位移为：x A=v A t1=4×5m=20m，因为x A＜x B+7m，此时A车还未追上B车，还需追及的时间为：，那么追及的时间为：t=t1+t2=5+3=8s．应选：D．【点评】此题考查了运动的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，此题要注意是在B速度减为零前追上，还是速度减为零后追上．二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据初速度为零的匀加速直线运动的推论得出1s内、2s内、3s内的位移之比．根据位移时间公式得出物体的初速度和加速度．匀减速直线运动的物体，速度随时间均匀减小．【解答】解：A、初速度为零时，1s内、2s内、3s内通过位移之比为1：4：9，故A错误．B、根据x=v0t+at2=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2，故B正确．C、加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同，故C正确．D、匀变速直线运动的物体，任意两个连续相时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，故D错误．应选：BC【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，根底题．12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象的识别和用，v﹣t图可以看出速度大小和方向的变化，速度是矢量，正负代表方向，故方向变化发生在和时间轴相交处，即图线从时间轴的上部穿到下部，或从下部穿到上部，速度的方向才发生变化．位移可根据图象与坐标轴围成的面积分析．【解答】解：A、第1s末物体的速度没有改变，那么位移方向也不变，故A正确．B、第2s末物体的速度方向改变，但2﹣3s内加速度方向不变，即第2s末物体的加速度方向不变，故B错误．C、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，那么知前4s内物体的位移为零，故C正确．D、根据图象可知，1s末和5s末的速度为正，但3s末速度为负，那么第1s末、第3s末、第5s末物体的速度不相同，故D错误．应选：AC．【点评】图象的识别，要看清坐标轴，其次要看斜率，交点位置，和它们表示的含义，以此来解题．13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．速度的正负表示速度的方向．【解答】解：A、x﹣t图象中，斜率表示速度大小，4s末二者的斜率不同，所以速度不同，故A错误；B、根据图象可知，B运动的路程s B=20+20=40m，A运动的路程s A=40﹣0=40m，路程相，故B正确；C、前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点的位移相同，到达同一位置相遇，故C正确；D、由图象斜率知，B质点先减速后加速，8s末回到出发点，故D错误；应选：BC【点评】此题是位移﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义：斜率于物体的速度，来分析物体的运动情况．14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体做自由落体运动，根据位移时间公式和速度时间公式求的位移和时间，结合位移与时间的比值为平均速度【解答】解：A、第1s 内的位移为：，故A正确；B、物体下落的时间为：t=，故3s末已经落地，故3s末速度为零，故B错误；C、前2s 内的位移为：，故第2s内的平均速度为：v=，故C错误；D、3s内的平均速度为v=，故D正确；应选：AD【点评】记住并理解自由落体的位移公、速度与位移的关系公式均速度的公式是解此题的关键．还要知道第几秒的位移表示什么，怎么求．此题属于中档题15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】由平均速度公式求解最大速度．根据速度公式研究加速与减速过程的时间之比．根据牛顿第二律研究摩擦力之比．【解答】解：A、C、设下滑过程中的最大速度为v ， 1=， =，故平均速度相，那么消防队员下滑的总位移：x==，解得：v===8m/s，故AC错误．B、设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，那么v=a1t1，v=a2t2，解得：t1：t2=a2：a1=1：2．故B正确．D、由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1===8m/s2，a2===4m/s2，故D正确．应选：BD【点评】此题运用牛顿第二律运动学公式结合分析多过程问题，也可以采用图象法分析最大速度，根据动能理研究摩擦力关系．16．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的规律及其推论进行分析求解即可．【解答】解：A、据△x=aT2可得加速度a==2m/s2，故A正确；B、根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2可知，x2﹣x1=x3﹣x2，可得第1s内的位移为2m，2s﹣7s内位移x′=v2t+at2=5×5=50m，前7s内位移x=2+4+6+50=62m，故B错误；C、由B知第1a内的位移为2m，根据x=v at2，可知物体的初速度不为零，故C错误；D、第2s到第3s内的总位移为10m，时间为2s，根据平均速度义可知，平均速度为5m/s，于中间时刻的速度，即2s末的速度大小为5m/s，故D正确．应选：AD【点评】掌握匀变速直线运动的速度时间关系位移时间关系及其推论△x=aT2是正确解题的关键．三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有BC ．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：ACA．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ 0.504 m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= 0 m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值偏小〔选填：偏大、偏小或相〕【考点】探究小车速度随时间变化的规律；测匀变速直线运动的加速度．【专题】题．【分析】〔1〕根据的原理确所需测量的物理量，从而确所需的器材．〔2〕根据的考前须知选出正确的选项，注意该不需要测量小车的质量．〔3〕根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出计数点2的瞬时速度，根据连续相时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．〔4〕根据周期的测量误差，结合△x=aT2判断加速度的测量误差．【解答】解：〔1〕电火花打点计时器采用220V、50Hz的交流电源，打点计时器可以记录时间，所以不需要秒表，该不需要测量质量，所以不需要天平，由于要测量纸带上点迹间的距离，所以需要刻度尺．应选：BC．〔2〕A、时先接通电源，后释放纸带，故A正确，B错误．C、为了有效使用纸带，小车靠靠近打点计时器处释放，故C正确．D、该不需要测量小车的质量，故D错误．应选：AC．〔3〕计数点2的瞬时速度m/s=0.504m/s．。

山西高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下面列举的哪几种情况下所做的功是零（ ） A ．卫星做匀速圆周运动，地球引力对卫星做的功 B ．平抛运动中，重力对物体做的功C ．举重运动员，扛着杠铃在头上的上方停留10s ，运动员对杠铃做的功D ．木块在粗糙水平面上滑动，支持力对木块做的功2.质量为m 的物体，受水平力F 的作用，在粗糙的水平面上运动，下列说法中正确的是（ ） A ．如果物体做加速直线运动，F 一定做正功 B ．如果物体做减速直线运动，F 一定做负功 C ．如果物体做减速直线运动，F 可能做正功 D ．如果物体做匀速直线运动，F 一定做正功3.如图所示，力F 大小相等，A B C D 物体运动的位移s 也相同，哪种情况F 做功最小（ ）4.卡车在平直公路上从静止开始加速行驶，经时间t 前进距离s ，速度达到最大值v m 。

设此过程中发动机功率恒为P ，卡车所受阻力为f ，则这段时间内，发动机所做的功为（ ） A ．Pt B ．fs C ．Pt+fs D ．fv m t5.同一恒力按同样方式施于物体上，使它分别沿着粗糙水平地面和光滑水平抛面移动相同一段距离时，恒力的功和平均功率分别为、和、，则二者的关系是（ ） A ．、 B ．、 C ．、D ．、6.如图所示，质量为m 的物块，始终静止在倾角为α的斜面上，下面说法中正确的是①若斜面向左匀速移动距离s ，斜面对物块没有做功 ②若斜面向上匀速移动距离s ，斜面对物块做功mgs③若斜面向左以加速度a 移动距离s ，斜面对物块做功mas④若斜面向下以加速度a 移动距离s ，斜面对物块做功m （g+a ）s A ．①②③ B ．②④ C ．②③④D ．①③④7.如图所示，分别用力F 1、F 2、F 3将质量为m 的物体由静止沿同一光滑斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端，在此过程中，F 1、F 2、F 3做功的功率大小关系是（ ）A ．P 1<P 2<P 3B ．P 1＞P 2=P 3C ．P 1＞P 2＞P 3D ．P 1=P 2=P 38.如图所示，在水平桌面上的A 点有一个质量为m 的物体，以初速度v 0被抛出，不计空气阻力，当它到达B 点时，其动能为( )A ．mv 02＋mgHB ．mv 02＋mgh 1C ．mgH －mgh 2D ．mv 02＋mgh 29.质量为m 的小球用长度为L 的轻绳系住，在竖直平面内做圆周运动，运动过程中小球受空气阻力作用,已知小球经过最低点时轻绳受的拉力为7mg ，经过半周小球恰好能通过最高点，则此过程中小球克服空气阻力做的功为( ) A ．mgL/4 B ．mgL/3 C ．mgL/2 D ．mgL10.起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度，其速度图象如图所示，则钢索拉力的功率随时间变化的图象可能是图中的( )11.将一质量为m 的小球以v 0竖直上抛，受到的空气阻力大小不变，最高点距抛出点为h ，下列说法中正确的是( )A ．上升过程克服空气阻力做功mv 02－mghB ．下落过程克服空气阻力做功mv 02－mghC ．下落过程重力做功mghD ．上升过程合外力做的功为－mv 0212.在光滑水平面上有一物体，它的左端连一弹簧，弹簧的另一端固定在墙上，在力 F 作用下物体处于静止状态，当撤去 F 后，物体将向右运动，在物体向右运动的过程中下列说法正确的是( )A ．弹簧的弹性势能逐渐减少B ．弹簧的弹性势能逐渐增加C ．弹簧的弹性势能先增加再减少D ．弹簧的弹性势能先减少再增加13.关于探究做功与速度变化关系的实验中，下列叙述正确的是( ) A ．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体值 B ．每次实验中，橡皮筋拉伸的长度没有必要保持一致 C ．放小车的长木板应该尽量使其水平D ．先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出14.关于探究做功与速度变化关系的实验中图示为某次实验所获得的打点纸带，你认为应该选用图中A 、B 、C 、D 、E 哪个点的的速度最能符合实验要求 （ ）二、计算题1.一人坐在雪橇上，从静止开始沿着高度为15m的斜坡滑下，到达底部时速度为。