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2018年高考物理复习专题一第2讲直线运动与牛顿运动定律(78张)

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专题一第2讲牛顿运动定律与直线运动

专题一第2讲牛顿运动定律与直线运动

栏目 导引
专题一 力与运动
热点三
牛顿运动定律与图象综合
命题规律：牛顿第二定律与图象的综合问题是近几年高考的热
点，命题角度有以下两点： (1)根据物理情景判断运动图象． (2)从运动图象中提取运动信息，确定物体的受力情况．
栏目 导引
专题一 力与运动
如图甲所示，质量为M的长木板，静止放置在粗糙水
平地面上，有一个质量为m、可视为质点的物块，以某一水平 初速度从左端冲上木板．从物块冲上木板到物块和木板达到共
栏目 导引
专题一 力与运动
拓展训练4
(单选)如图所示，在粗糙水平面上有甲、乙两木块,
与水平面间的动摩擦因数均为μ，质量分别为m1和m2，中间用 一原长为L、劲度系数为k的轻质弹簧连接起来，现用一水平力 F向左推木块乙，当两木块一起匀加速运动时，两木块之间的 距离是( B ) Fm2 A． L＋ m1＋ m2k Fm1 B． L－ m1＋ m2k Fm1 C． L－ m2k Fm2 D． L＋ m1k
栏目 导引
专题一 力与运动
拓展训练2 (多选)将一个物体以初速度v0从地面竖直向上抛
出，经一段时间后落回地面．设物体在运动过程中所受空气 阻力大小不变，取竖直向上为正方向．下列关于速度v、加 速度a随时间t变化的图象正确的是( BD )
栏目 导引
专题一 力与运动
【解析】物体向上运动时重力和阻力都向下，向下运动时，重 力向下，阻力向上，物体所受合力的方向都向下，加速度方向 都向下，由牛顿第二定律知，物体向上运动时的加速度大于向 下运动时的加速度，加速度越大，v－t图象斜率越大，又由于 物体上升和下落的位移大小相同，所以物体上升的时间小于下 落的时间，故A、C错误，B、D正确．

高考物理二轮复习课件：专题一第2讲直线运动和牛顿运动定律

高考物理二轮复习课件：专题一第2讲直线运动和牛顿运动定律

3.(追及、相遇模型)如图所示，在笔直的公路上前后行驶着甲、乙两辆汽车，
速度大小分别为v甲=6 m/s、v乙=8 m/s。当甲、乙两车相距x=20 m时，甲车司 机发现正前方距甲车x0=18 m远的地方有一汽车突然发生事故，甲车司机立即 开始刹车，以a甲=1.5 m/s2的加速度大小做匀减速直线运动。乙车司机发现甲 车开始刹车的同时也立即刹车，以a乙=2 m/s2的加速度大小做匀减速直线运动。 试通过定量计算判断：
甲车位置坐标/m 时刻/s
5
12.5
25
42.5
1
2
3
4
(1)甲车做匀加速直线运动的加速度大小。 (2)在追赶过程中,甲、乙两车何时距离最大。 (3)甲车何时追上乙车?追上时,甲车的速度为多大?
【解析】(1)由公式可得Δx=aT2,代入数据解得a=5 m/s2;
(2)两车的速度相等时,两车之间的距离最远,
(3)AB分离时两者仍有相同的速度,在时间t内对AB用动能定理得:
金属杆受安培力F安=BIL=0.
FN=(F-mg)点cos37° 两线交点表示两物体相遇
由图可得 =-2.
物体的速度与时间的关系
(多选)如图所示,ab、cd是竖直平面内两根固定的光滑细杆,ab>cd。
小球的加面速积度
加速度a=
=1 m/s2
3a
经t时间两车发生的位移之差为原来两车间距离x,它可用图中的阴影面积表示,
由图象可知
x＝ 1 2v0
t＝ 1 2v0
v0＝v0 2 3a 6a
所以要使两车不相撞,A车的初速度v0应满足的条件是 v0≤ 6 a。x 答案:v0≤ 6 a x
【名师点睛】 1.牢记“一个思维流程”:

全国通用2018年高考物理二轮温习精练一必考热点2运动学规律与牛顿运动定律

全国通用2018年高考物理二轮温习精练一必考热点2运动学规律与牛顿运动定律

必考热点2 运动学规律与牛顿运动定律热点阐释运动学规律是历年高考必考的热点之一，在近几年高考中，也常在计算题的第一题中考查；牛顿运动定律是高中物理的核心内容，是解决力学问题的重要途径之一，每一年高考试题中均有表现，而运动学与动力学的结合考查更是新课标高考命题的热点和重点。

一、选择题(1～5题为单项选择题，6～8题为多项选择题)1.如图1所示，滑腻的水平面上有一小车，以向右的加速度a做匀加速运动，车内两物体A、B质量之比为2∶1，A、B间用弹簧相连并放在滑腻桌面上，B通过质量不计的轻绳与车相连，剪断轻绳的刹时，A、B的加速度大小别离为( )图1A.a、0B.a、aC.a、2aD.0、2a解析令物体B的质量为m，剪断轻绳前，弹簧弹力大小为F，绳索拉力大小为T，将A、B及弹簧看做整体，那么有T＝3ma；隔离物体A为研究对象，那么有F＝2ma。

剪断轻绳后，绳中拉力消失，弹簧弹力不变，因此物体A受力不变，加速度大小仍为a，而物体B所受合力为F＝ma B，即a B＝2a。

答案 C2.如图2所示，一些商场安装了智能化的自动扶梯。

为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行；当有乘客乘行时，自动扶梯通过先加速再匀速两个时期运行。

那么电梯在输送乘客的进程中( )图2A.乘客始终受摩擦力作用B.乘客经历先超重再失重C.乘客对扶梯的作使劲先指向右下方，再竖直向下D.扶梯对乘客的作使劲始终竖直向上答案 C3.一物体由静止动身，做匀加速直线运动，那么该物体依次通过1 s、3 s、5 s通过的位移之比x1∶x2∶x3和依次通过1 s、3 s、5 s末的速度之比v1∶v2∶v3别离为A.x1∶x2∶x3＝1∶2∶3，v1∶v2∶v3＝1∶2∶3B.x1∶x2∶x3＝1∶3∶5，v1∶v2∶v3＝1∶3∶5C.x1∶x2∶x3＝1∶4∶9，v1∶v2∶v3＝1∶4∶9D.x1∶x2∶x3＝1∶15∶65，v1∶v2∶v3＝1∶4∶9解析依照题意画出物体运动的示用意，初速度为0的匀加速直线运动，在持续相等的时刻内的位移之比为1∶3∶5∶7…，由图可知O―→A通过1 s，A―→B通过3 s，B―→C通过5 s，那么位移之比为x1∶x2∶x3＝1∶(3＋5＋7)∶(9＋11＋13＋15＋17)＝1∶15∶65；由v＝at可知速度之比为v1∶v2∶v3＝a×1∶(a×4)∶(a×9)＝1∶4∶9，D正确。

2018届高考物理二轮复习专题复习课件专题一 力与直线运动1

2018届高考物理二轮复习专题复习课件专题一 力与直线运动1
(4)a－t 图象中，图线与坐标轴围成的面积表示速度；v－t 图象中，图线与坐标轴围成的面积表示位移；而 x－t 图象中， 图线与坐标轴围成的面积则无实际意义．
变式训练 1 2016·江苏卷小球从一定高度处由静止下落， 与地面碰撞后回到原高度再次下落，重复上述运动．取小球的落
地点为原点建立坐标系，竖直向上为正方向．下列速度 v 和位置 x 的关系图象中，能描述该过程的是( )
答案：BC
变式训练 3 小明同学利用传感器绘出了一个沿直线运动的 物体在不同运动过程中，加速度 a、速度 v、位移 x 随时间 t 变 化的图象，如图所示．若该物体在 t＝0 时刻，初速度为零，则 表示该物体沿单一方向运动的图象是( )
解析：在 0～2 s 内，位移先增大再减小，知运动的方向发生 改变，故 A 错误；在 0～2 s 内速度为正值，向正方向运动，在 2 s～4 s 内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变，故 B 错误；0～1 s 内加速度不变，做匀加速直线运动，1 s～2 s 内加 速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2 s 末速度 为零．在一个周期内速度的方向不变，故 C 正确；在 0～1 s 内， 向正方向做匀加速直线运动，1 s～2 s 内加速度方向，大小不变， 向正方向做匀减速直线运动，2 s 末速度为零，2 s～3 s 内向负方 向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化，故 D 错误．
位移
特例
匀速直 匀变速直
线运动 线运动
倾斜 的直线
抛物线
与时间 轴平行 的直线
倾斜的 直线
注意：(1)无论是v－t图象还是x－t图象都只能用来描述直 线运动．
(2)v－t图象斜率为正(即向上倾斜)不一定做加速运动，斜率 为负(即向下倾斜)不一定做减速运动．

2018届高三物理二轮题复习课件：专题二 牛顿运动定律与直线运动课件 (共30张PPT)

2018届高三物理二轮题复习课件：专题二 牛顿运动定律与直线运动课件 (共30张PPT)

,
真题体验
1.(多选)(2016全国Ⅰ卷)一质点做匀速直线运动。现对其施加一 恒力,且原来作用在质点上的力不发生改变,则( BC ) A.质点速度的方向总是与该恒力的方向相同 B.质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直 C.质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同 D.质点单位时间内速率的变化量总是不变 解析 匀速直线运动的质点加一恒力后,合力即该恒力,质点做匀变 速运动,根据牛顿第二定律F=ma,可知选项C正确;由加速度定义式 Δ������ a= Δ������ 可知单位时间内速度的变化量总是不变,速率的变化量不 一定相等,选项D错误;质点的速度方向不一定与该恒力的方向相 同,选项A错误;某一时刻恒力方向与速度方向垂直时,速度方向立 即改变,而恒力方向不会改变,所以速度方向不可能总是与该恒力 的方向垂直,选项B正确。
������+3������ ,解得 2
v=2������,故 a= ������ =
������
������
3������-������ ������
= 2 ,选项 A 正确。
������ ������
������ ������
3.(多选)(2015全国Ⅰ卷)如图(a),一物块在t=0时刻滑上一固定斜 面,其运动的v-t图线如图(b)所示。若重力加速度及图中的v0、v1、 t1均为已知量,则可求出(ACD )
A.斜面的倾角 B.物块的质量 C.物块与斜面间的动摩擦因数 D.物块沿斜面向上滑行的最大高度
4.(2017全国Ⅱ卷)为提高冰球运动员的加速能力,教练员在冰面上与起跑 线相距s0和s1(s1<s0)处分别放置一个挡板和一面小旗,如图所示。训练时, 让运动员和冰球都位于起跑线上,教练员将冰球以初速度v0击出,使冰球在 冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板;冰球被击出的同时,运动员垂直于 起跑线从静止出发滑向小旗。训练要求当冰球到达挡板时,运动员至少到 达小旗处。假定运动员在滑行过程中做匀加速运动,冰球到达挡板时的速 度为v1。重力加速度大小为g。求:

2018届高三物理高考二轮复习 第一部分 专题一 第2讲 直线运动规律及牛顿运动定律

2018届高三物理高考二轮复习 第一部分 专题一 第2讲 直线运动规律及牛顿运动定律

x2′＝v1Δt＋v1(t2－Δt)＋12a(t2－Δt)2
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二 考向三
解得 x1′＝64.26 m，x2′＝36.36 m 由于 x1′－x2′＝27.9 m＜d＝35 m 故此种情况下两车不会发生相撞．
[答案] 见解析
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
考向一 考向二
2．求解匀变速直线运动问题的一般思路 审题 → 画出示意图 → 判断运动性质 → 选取正方向 → 选用公式列方程
考向三 → 求解方程
考向四
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二 考向三 考向四
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
第 2 讲 直线运动规律及牛顿运动定律
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
微网构建
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
核心定位
1.命题规律：以选择题或计算题方式为主，以运动学知识、牛顿运动定律及 图象为载体，结合生活、体育、科技等相关背景及素材命制题目是高考命题 热点． 2.必须领会的“5 种方法和 2 种物理思想” (1)比例法、图象法、推论法、控制变量法、整体法、隔离法； (2)极限思想、逆向思维．
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
3.必须辨明的“4 个易错易混点” (1)物体做加速或减速运动取决于速度与加速度方向间的关系；(2)“刹车” 问题要先判断刹车时间，再分析计算；(3)力是改变运动状态的原因，惯性大 小只与质量有关；(4)物体的超重、失重状态取决于加速度的方向，与速度方 向无关.

2018年高考物理二轮复习课件：专题一第2讲直线运动与牛顿运动定律(78张)

2018年高考物理二轮复习课件：专题一第2讲直线运动与牛顿运动定律(78张)
2 v2 － v 0 1 答案：(1) 2gs0
s1（v1＋v0）2 (2) 2s2 0
1．(多选)(2015· 全国卷Ⅰ)如图甲，一物块在 t＝0 时 刻滑上一固定斜面，其运动的 v-t 图线如图乙所示．若重 力加速度及图中的 v0 、 v1 、 t1 均为已知量，则可求出 ( )(导学号 57180010)
答案：BD
3．(2015· 全国卷Ⅰ)一长木板置于粗糙水平地面上，木 板左端放置一小物块； 在木板右方有一墙壁， 木板右端与墙 壁的距离为 4.5 m，如图甲所示．t＝0 时刻开始，小物块与 木板一起以共同速度向右运动， 直至 t＝1 s 时木板与墙壁碰 撞(碰撞时间极短)． 碰撞前后木板速度大小不变， 方向相反； 运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后 1 s 时间内 小物块的 vt 图象如图乙所示．木板的质量是小物块质量的 15 倍，重力加速度大小 g 取 10 m/s2.求：
训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗 处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达 挡板时的速度为 v1.重力加速度大小为 g.求：
(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数； (2)满足训练要求的运动员的最小加速度．
[审题指导] 本题的重要条件有： (1)冰球滑向挡板． (2)运动员匀加速滑向小旗． (3)冰球和运动员同时出发．
[思路分析] 本题的思考程序为： (1)冰球匀减速运动，可用牛顿第二定律和运动学公 式求第(1)问，也可用动能定理求．
(2)冰球和运动员同时出发，同时分别到达挡板与小 旗，时间相等，因此由运动学公式求 a2. 解析：(1)设冰球的质量为 m，冰球与冰面之间的动 摩擦因数为 μ，由动能定理得 1 1 2 －μmgs0＝ mv2 － mv0① 1 2 2

2018版高考物理(全国通用)大一轮复习讲义文档：第三章牛顿运动定律第2讲含答案

2018版高考物理(全国通用)大一轮复习讲义文档：第三章牛顿运动定律第2讲含答案

第2讲牛顿第二定律两类动力学问题一、牛顿第二定律1．内容：物体加速度的大小跟它受到的作用力成正比，跟它的质量成反比．加速度的方向跟作用力的方向相同．2．表达式：F＝ma,F与a具有瞬时对应关系．3．力学单位制（1）单位制:由基本单位和导出单位共同组成．（2）基本单位：基本物理量的单位．力学中的基本物理量有三个，分别是质量、时间和长度，它们的国际单位分别是千克(kg)、秒(s）和米(m)．(3）导出单位:由基本物理量根据物理关系推导出来的其他物理量的单位．深度思考判断下列说法是否正确．（1)物体所受合外力越大，加速度越大．(√)（2)物体所受合外力越大，速度越大．(×)(3)物体在外力作用下做匀加速直线运动，当合外力逐渐减小时，物体的速度逐渐减小．(×）（4）物体的加速度大小不变一定受恒力作用．（×）二、动力学两类基本问题1．动力学两类基本问题（1)已知受力情况，求物体的运动情况．(2)已知运动情况，求物体的受力情况．2．解决两类基本问题的方法以加速度为“桥梁"，由运动学公式和牛顿运动定律列方程求解,具体逻辑关系如图：深度思考如图1所示,质量为m的物体在水平面上由速度v A均匀减为v B的过程中前进的距离为x.图1（1)物体做什么运动？能求出它的加速度吗？(2)物体受几个力作用?能求出它受到的摩擦力吗？答案（1）匀减速直线运动能,由v B2－v A2＝2ax可得(2）受重力、支持力和摩擦力由F f＝ma，可求摩擦力三、超重和失重1．超重（1）定义:物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)大于物体所受重力的现象．（2)产生条件：物体具有向上的加速度．2．失重（1)定义：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）小于物体所受重力的现象．(2）产生条件:物体具有向下的加速度．3．完全失重（1)定义：物体对支持物的压力（或对竖直悬挂物的拉力）等于0的现象称为完全失重现象．（2)产生条件：物体的加速度a＝g，方向竖直向下．4．实重和视重（1）实重:物体实际所受的重力，它与物体的运动状态无关．（2）视重：当物体在竖直方向上有加速度时,物体对弹簧测力计的拉力或对台秤的压力将不等于物体的重力．此时弹簧测力计的示数或台秤的示数即为视重．5．情景拓展(如图2所示)图21．(多选）关于运动状态与所受外力的关系，下面说法中正确的是（)A．物体受到恒定的力作用时，它的运动状态不发生改变B．物体受到不为零的合力作用时，它的运动状态要发生改变C．物体受到的合力为零时,它一定处于静止状态D．物体的运动方向与它所受的合力的方向可能相同答案BD2．(多选)在研究匀变速直线运动的实验中，取计数时间间隔为0.1 s，测得相邻相等时间间隔的位移差的平均值Δx＝1。

2018年高考物理真题专题汇编专题02直线运动

2018年高考物理真题专题汇编专题02直线运动

2018年高考物理真题专题汇编专题02 直线运动2018年高考真题1．高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的均加速直线运动，在启动阶段列车的动能（）A. 与它所经历的时间成正比B. 与它的位移成正比C. 与它的速度成正比D. 与它的动量成正比【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（新课标I卷）【答案】 B2．如图所示，竖直井中的升降机可将地下深处的矿石快速运送到地面。

某一竖井的深度约为104m，升降机运行的最大速度为8m/s，加速度大小不超过，假定升降机到井口的速度为零，则将矿石从井底提升到井口的最短时间是A. 13sB. 16sC. 21sD. 26s【来源】浙江新高考2018年4月选考科目物理试题【答案】 C【解析】升降机先做加速运动，后做匀速运动，最后做减速运动，在加速阶段，所需时间，通过的位移为，在减速阶段与加速阶段相同，在匀速阶段所需时间为：，总时间为：，故C正确，A、B、D错误；故选C。

【点睛】升降机先做加速运动，后做匀速运动，最后做减速运动，根据速度位移公式和速度时间公式求得总时间。

3．（多选）甲、乙两汽车同一条平直公路上同向运动，其速度—时间图像分别如图中甲、乙两条曲线所示。

已知两车在t2时刻并排行驶，下列说法正确的是（）A. 两车在t1时刻也并排行驶B. t1时刻甲车在后，乙车在前C. 甲车的加速度大小先增大后减小D. 乙车的加速度大小先减小后增大【来源】2018年普通高等学校招生全国统一考试物理（全国II卷）【答案】BD点睛：本题考查了对图像的理解及利用图像解题的能力问题4．（多选）地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送至地面。

某竖井中矿车提升的速度大小v 随时间t的变化关系如图所示，其中图线①②分别描述两次不同的提升过程，它们变速阶段加速度的大小都相同；两次提升的高度相同，提升的质量相等。

不考虑摩擦阻力和空气阻力。

对于第①次和第②次提升过程，A. 矿车上升所用的时间之比为4:5B. 电机的最大牵引力之比为2:1C. 电机输出的最大功率之比为2:1D. 电机所做的功之比为4:5【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（全国III卷）【答案】AC点睛此题以速度图像给出解题信息。

最新高中物理高考总复习《直线运动与牛顿运动定律》专题讲解课件

最新高中物理高考总复习《直线运动与牛顿运动定律》专题讲解课件
【例题强化】
【解析】选D。x-t图象的斜率表示速度，斜率的正负表示速度 方向，所以4 s时A物体运动方向不变，选项A错误；由x-t图象 的斜率知0～6 s内B物体的速度逐渐增大，选项B错误；由图
可知，0～5 s内A物体的位移大于B物体的位移，由公式 v x 可知，A物体的平均速度大于B物体的平均速度，选项C错误；t
(2)在v-t图象中，两条图线的交点不表示两物体相遇， 而是表示两者速度相同。
【考向一】 直线运动
4.运动图象问题的“四点提醒”： (3)v-t图象中两条图线在轴上的截距不同，不少同学 误认为两物体的初始位置不同，位置是否相同应根据 题中条件确定。
(4)对于非常规图象，不要想当然地猜测图线的物理意 义，要结合运动学公式和图象，找出函数表达式，进 而确定斜率、截距等意义。
【考向一】 直线运动
【例题强化】
3.(追及相遇问题)一段乡间公路水平且可视为直线，一货车与小 轿车相向而行，此时货车的速度为36 km/h，小轿车的速度为 90 km/h，两车相距一定距离时为避免相撞，两车司机均采取 刹车制动的措施，两司机的反应时间均为0.5 s，最后两车同时 静止且恰好没有相撞，从发现对方到停车，货车的位移大小为 25 m。两车在计算时均可视为质点，不考虑空气阻力。求： (1)小轿车和货车在该公路上制动时的加速度大小； (2)刚发现对方时两车的距离。
t=0时刻 A物体的速度大于B物体的速度，t=6 s时A物体的速度 小于B物体的速度，所以0～6 s内某时刻两物体的速度大小相等， 选项D正确。
【考向一】 直线运动
【例题强化】
2.(v-t图象) 两玩具车在两条平行的车道上行驶，t=0时两车都 在同一位置处，它们在四次比赛中的v-t图象如图所示。在0～ 3 s内哪幅图对应的比赛中两车可能再次相遇 世纪金榜导学 号( )

第2讲 牛顿运动定律与直线运动(共45张PPT)

第2讲 牛顿运动定律与直线运动(共45张PPT)

②(斜面不光滑)
(3)假设a < gtanθ：
装置①杆对m的作用力方向___斜__向__上__与__竖__直__方_
__向__的__夹__角__小___于__θ___.
装置②m相对斜面有向
____________. 沿斜面向上
下 运动的趋势，摩擦力
类型三： 超重失重问题
超重和失重并非物体在同一位置重力发生变化，也 不是指物体在不同地理位置时重力发生变化，而是指在 同一地点物体的“视重〞，即物体对其支持物的压力或它对
确；两车在
1 2
t1时刻速度相等，所以此时两车距离最大，选项D
正确。
1.求解追及相遇问题的根本思路
2．要抓住一个条件，两个关系
(1)一个条件：即两者速度相等，它往往是物体间能否追上或 两者距离最大、最小的临界条件，也是分析判断的切入点。
(2)两个关系：即时间关系和位移关系。通过画草图找出两物体的
位移关系是解题的突破口。
A．当t＝4 s时两车相遇 B．当t＝4 s时两车间的距离最大 C．两车有两次相遇
D．两车有三次相遇
图2－4
[解析] 由图可知：在前6 s内甲车的加速度为－2 m/s2，乙 车的加速度为－1m/s2，设两车相遇的时间为t，则16t－12×2×t2
＝12t－12×1×t2＋6，得t1＝2 s，t2＝6 s，故t＝4 s时两车的速度 相等，但并不相遇，故A错；当t＝4s时，甲车的位移为x1＝ 16＋ 2 8×4 m＝48 m，乙车的位移为x2＝122＋8×4 m＝40 m，此 时两车距离为L＝x1－x2－s＝2 m(甲车超过乙车2 m)，由上述 计算知两车在6 s末时相遇(第二次相遇)，由图可知：两车在10 s末还会相遇。(第三次相遇)，故C错，D对。整个过程是甲车 经2秒追上乙车，6秒时乙车又反追上甲车，10秒时甲车再次追 上乙车。

高三物理二轮复习 专题一 力和运动 第2讲 直线运动和

高三物理二轮复习 专题一 力和运动 第2讲 直线运动和

解析：(1)设该运动员从开始自由下落至 1.5 km 高度处的 时间为 t，下落距离为 s，在 1.5 km 高度处的速度大小为 v。根 据运动学公式有 v＝gt①
s＝12gt2② 根据题意有 s＝3.9×104 m－1.5×103 m＝3.75×104 m③ 联立①②③式得 t≈87 s④ v≈8.7×102 m/s⑤
考点1 匀变速直线运动规律的应用 ： 本考点的高考 题型既有选择题也有计算题，考向涉及行车安全和追及相 遇问题。
1．牢记解决匀变速直线运动问题的四种常用方法：
2．处理刹车类问题的思路：先判断刹车时间，再进行 分析计算。
1．不计空气阻力，以一定的初速度竖直上拋一物
体，从拋出至回到拋出点的时间为t，现在物体上升的
[答案] (1)2 m/s (2)0.5 m/s2 0.33 m/s2
“一画、二选、三注意”解决匀变速直线运动问题
1．(2015·山东高考)距地面高 5 m 的水平直轨道上 A、B 两点相距 2 m，在 B 点用细线悬挂一小球，离地高度为 h，如 图。小车始终以 4 m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过 A 点时将 随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至 B 点时细线 被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的 大小 g＝10 m/s2。可求得 h 等于( )
[答案] C
2．一个小球从斜面顶端无初速下滑，接着又在水平面
上做匀减速运动，直到停止，它共运动了10 s，斜面长4 m，
在水平面上运动的距离为6 m，求：
(1)小球在运动过程中的最大速度；
(2)小球在斜面和水平面上运动的加速度大小。
[解题关键] (1)题干中“无初速下滑”说明：小球从斜面顶端下 滑做 初速度为零的匀加速 直线运动。 (2)题干中“直到停止”说明：小球在水平面上运动 的 末速度为零 。

2018版高考物理一轮复习第3章牛顿运动定律第2讲牛顿第二定律两类动力学问题课件

2018版高考物理一轮复习第3章牛顿运动定律第2讲牛顿第二定律两类动力学问题课件
要重新进行受力分析和运动分析。 (2)加速度可以随着力的突变而突变，而速度的变化需要一个过程的积累， 不会发生突变。
〔类题演练 2 〕 (1)绳力发生突变
(多选)(2016· 太原模拟)如图所示， 质量为 m 的小球被一根橡皮筋 AC 和一根绳 BC 系 住 ， 当 小 球 静 止 时 ， 橡 皮 筋 处 在 水 平 方 向 上 。 下 列 判 断 中 正 确 的 是 导学号 51342287 ( BC ) A．在 AC 被突然剪断的瞬间，BC 对小球的拉力不变 B．在 AC 被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为 gsinθ g C．在 BC 被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为 cosθ D．在 BC 被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为 gsinθ
解题探究：(1)试分析线断之前，球A、B受力情况。 (2)线断的瞬间，球A、B受力是否会发生变化？ 答案：(1)球A受重力、弹簧的弹力和细线的拉力作用，球B受重力、弹簧弹 力的作用。 (2)球A所受细线的拉力减小为零，球B受力不会发生变化。
[解析] 线断之前，对球 A，由牛顿第二定律得：F－mg－F 弹＝ma，对球 B，
)
)
答案：(1)×
(2)√ (3)×
由F＝ma可知，加速度a的方向与合外力F的方向一定相同。
(4)× (6)× 虽然物体所受合 (5)× 物体的 牛顿运动定律只
物体由于受合外力作用才做加速运动。
外力变小，但只要合外力与速度方向相同，物体速度将增加。 加速度由物体所受合外力、物体的质量共同决定的。 适用于惯性参考系、低速运动的情况。 (7)×
F＝ma 。 2．表达式：_________ 3．适用范围： 惯性 参考系，即相对地面____________________ 静止或做匀速直线运动 (1)牛顿第二定律只适用于_____ 的参考系。 宏观物体 相对于分子、原子 ) 、低速运动 ( 远小 (2) 牛顿第二定律只适用于 _________( 于光速)的情况。

高考物理二轮专题复习课件：第2讲+直线运动和牛顿运动定律+

高考物理二轮专题复习课件：第2讲+直线运动和牛顿运动定律+

设在 B 与木板达到共同速度 v1 后，木板的加速度大小为 a2，对于 B 与木板
在 t2 时间间隔内，B(以及木板)相对地面移动的距离为 1 2 s1＝v1t2－ a2t2 2 在(t1＋t2)时间间隔内，A 相对地面移动的距离为 1 sA＝v0(t1＋t2)－ aA(t1＋t2)2 2 者之间的距离为 s0＝sA＋s1＋sB 联立以上各式，并代入数据得 s0＝1.9m ⑮ ⑭
[解析] A错：x－t图象斜率表示两车速 度，则可知t1时刻乙车速度大于甲车速度。B 错：由两图线的纵截距知，出发时甲在乙前 面，t1时刻图线相交表示两车相遇，可得0到 t1时间内乙车比甲车多走了一段距离。C、D 对：t1和t2两图线相交，表明两车均在同一位 置，从t1到t2时间内，两车走过的路程相等； 在t1到t2时间内，两图线有斜率相等的一个时 刻，即该时刻两车速度相等。
3．(多选)(2018·全国Ⅲ，18)甲、乙两车 在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直 CD 线运动，乙做匀速直线运动。甲、乙两车的 位置x随时间t的变化如图所示。下列说法正 确的是 ( ) A．在t1时刻两车速度相等 B．从0到t1时间内，两车走过的路程相等 C．从t1到t2时间内，两车走过的路程相 等 D．在t1到t2时间内的某时刻，两车速度
(
A
)
B
C
D
[解析] 设物块P静止时，弹簧的长度为 x 0， 物块P受重力mg、弹簧弹力k(l－x0－x)及 力F，根据牛顿第二定律，得 F＋k(l－x0－x)－mg＝ma 且k(l－x0)＝mg 故F＝kx＋ma。 根据数学知识知F－x图象是截距为ma的 一次函数图象。
2．(多选)(2018·全国Ⅱ，19)甲、乙两汽 车在同一条平直公路上同向运动，其速度— 时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。 BD 已知两车在t2时刻并排行驶。下列说法正确 的是 ( ) A．两车在t1时刻也并排行驶 B．在t1时刻甲车在后，乙车在前 C．甲车的加速度大小先增大后减小 D．乙车的加速度大小先减小后增大 [解析] A错、B对：0～t1时间内，v乙＞v 甲，t1～t2时间内，v甲＞v乙，t2时刻相遇，但

最新-2018届高考物理二轮复习 专题2 牛顿运动定律与直线运动课件 精品

最新-2018届高考物理二轮复习 专题2 牛顿运动定律与直线运动课件 精品

【例4】如图241所示，质量M=8kg的小车放在水 平光滑的平面上，在小车左端加一水平恒力F=8N， 当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻 轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物 块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，小车足够长．求从小 物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大 小为多少？(取g=10m/s2)．
生活等方面的问题为背景，重点考查获取并处 理信息，去粗取精，把实际问题转化成物理问题 的能力．复习时既要注重知识的综合运用，又要 注意思维的创新和方法的灵活选取．
2010年浙江卷14题、19题涉及了牛顿第二定 律和直线运动，分别侧重了整体法、隔离法的应 用和电磁学的结合.2011年要关注受力分析和过程 分析，同时要注意牛顿运动定律与曲线运动、万 有引力、电磁学的综合应用．
运动的距离： X= mg =0.4m 因为 x 1 at 2 ，所以k P在这段时间的加速度
2
a=20m/s2 (2)当P开始运动时拉力最小，此时对物体P有
N mg Fmin ma ，又因此时N=mg，
所以有Fmin ma=240N
当P与盘分离时拉力F最大，Fmax mg ma =360N.
【评析】 中学阶段，一般涉及弹簧不计其质量，称
之为“轻弹簧”，是一种理想化的模型．弹簧类问题要 注意以下几点： (1)弹簧的弹力遵循胡克定律，在题目中要注意先确定原 长位置、现长位置、形变量x与空间位置变化的关 系．分析形变所对应的弹力大小、方向，以此来分析计 算物体运动状态的可能性． (2)弹簧的形变发生及改变需要一段时间，在瞬间内形变 量可认为不变．因此在分析瞬时变化时，认为弹力不 变． (3)弹簧弹力做功，由于弹力是变力，但形变是线性变化， 可用平均力求解．弹力做了多少功，一定有对应的弹性 势能发生了改变．
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由于 t＝3 s 时两车并排行驶，说明 t＝0 时甲车在乙 车前，Δx＝x 乙－x 甲＝7.5 m，选项 B 正确．t＝1 s 时， 甲车的位移为 5 m，乙车的位移为 12.5 m，由于甲车的初 始位置超前乙车 7.5 m，则 t＝1 s 时两车并排行驶，选项 A、C 错误．甲、乙两次并排行驶的位置之间沿公路方向 的距离为 52.5 m－12.5 m＝40 m，选项 D 正确．
答案：BD
3．(2015· 全国卷Ⅰ)一长木板置于粗糙水平地面上，木 板左端放置一小物块； 在木板右方有一墙壁， 木板右端与墙 壁的距离为 4.5 m，如图甲所示．t＝0 时刻开始，小物块与 木板一起以共同速度向右运动， 直至 t＝1 s 时木板与墙壁碰 撞(碰撞时间极短)． 碰撞前后木板速度大小不变， 方向相反； 运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后 1 s 时间内 小物块的 vt 图象如图乙所示．木板的质量是小物块质量的 15 倍，重力加速度大小 g 取 10 m/s2.求：
A．斜面的倾角 B．物块的质量 C．物块与斜面间的动摩擦因数 D．物块沿斜面向上滑行的最大高度
解析：设物块的质量为 m、斜面的倾角为 θ，物块与 斜面间的动摩擦因数为 μ， 物块沿斜面上滑和下滑时的加 速度大小分别为 a1 和 a2，
根据牛顿第二定律有：mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1， mgsin θ－μmg· cos θ＝ma2. v0 v1 再结合 v-t 图线斜率的物理意义有：a1＝ ，a2＝ . t1 t1 由上述四式可见，无法出求 m，可以求出 θ、μ，故 B 错， A、C 均正确.
(1)木板与地面间的动摩擦因数 μ1 及小物块与木板间 的动摩擦因数 μ2； (2)木板的最小长度； (3)木板右端离墙壁的最终距离．
解析：(1)规定向右为正方向．木板与墙壁相碰前， 小物块和木板一起向右做匀变速直线运动，
设加速度为 a1，小物块和木板的质量分别为 m 和 M. 由牛顿第二定律有 －μ1(m＋M)g＝(m＋M)a1① 由题图乙可知，木板与墙壁碰撞前瞬间的速度 v1＝4 m/s，由运动学公式有
2 v2 － v 0 1 解得 μ＝ .② 2gs0
(2)冰球到达挡板时，满足训练要求的运动员中，刚 好到达小旗处的运动员的加速度最小． 设这种情况下， 冰 球和运动员的加速度大小分别为 a1 和 a2，所用的时间为 t. 由运动学公式得
2 v2 － v 0 1＝2a1s0③
v0－v1＝a1t④
1 2 s1＝ a2t ⑤ 2 联立③④⑤式得 s1（v1＋v0）2 a2 ＝ . 2s2 0
3．解决动力学两类问题的关键是受力分析和运动分 析，而加速度是联系力与运动的桥梁，其基本思路如下：
【典例】
(2017· 全国卷Ⅱ)为提高冰球运动员的加速
能力，教练员在冰面上与起跑线相距 s0 和 s1(s1＜s0)处分 别放置一个挡板和一面小旗，如图所示．训练时，让运 动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以速度 v0 击 出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板； 冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑 向小旗．
A．在 t＝1 s 时，甲车在乙车后 B．在 t＝0 时，甲车在乙车前 7.5 m
C．两车另一次并排行驶的时刻是 t＝2 s D．甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的 距离为 40 m 解析： 由题图知， 甲车做初速度为 0 的匀加速直线运 动，其加速度 a 甲＝10 m/s2.乙车做初速度 v0＝10 m/s，加 速度 a 乙＝5 m/s2 的匀加速直线运动.3 s 内甲、 乙车的位移 1 1 2 分别为： x 甲＝ a 甲 t3＝45 m， x 乙＝v0t3＋ a 乙 t2 3＝52.5 m． 2 2
训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗 处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达 挡板时的速度为 v1.重力加速度大小为 g.求：
(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数； (2)满足训练要求的运动员的最小加速度．
[审题指导] 本题的重要条件有： (1)冰球滑向挡板． (2)运动员匀加速滑向小旗． (3)冰球和运动员同时出发．
0～t1 时间内的 v-t 图线与横轴包围的面积大小等于 物块沿斜面上滑的最大距离，θ已求出，故可以求出物块 上滑的最大高度，故 D 正确． 答案：ACD
2．(多选)(2016· 全国卷Ⅰ)甲、乙两车在平直公路上 同向行驶，其 vt 图象如图所示．已知两车在 t＝3 s 时并 排行驶，则( )(导学号 57180011)
2 v2 － v 0 1 答案：(1) 2gs0
s1（v1＋v0(2015· 全国卷Ⅰ)如图甲，一物块在 t＝0 时 刻滑上一固定斜面，其运动的 v-t 图线如图乙所示．若重 力加速度及图中的 v0 、 v1 、 t1 均为已知量，则可求出 ( )(导学号 57180010)
[思路分析] 本题的思考程序为： (1)冰球匀减速运动，可用牛顿第二定律和运动学公 式求第(1)问，也可用动能定理求．
(2)冰球和运动员同时出发，同时分别到达挡板与小 旗，时间相等，因此由运动学公式求 a2. 解析：(1)设冰球的质量为 m，冰球与冰面之间的动 摩擦因数为 μ，由动能定理得 1 1 2 －μmgs0＝ mv2 － mv0① 1 2 2
v1＝v0＋a1t1② 1 2 x0＝v0t1 ＋ a1t1③ 2
式中，t1＝1 s，x0＝4.5 m 是木板碰撞前的位移，v0 是小物块和木板开始运动时的速度． 联立①②③式和题给条件得 μ1＝0.1④ 在木板与墙壁碰撞后， 木板以－v1 的初速度向左做匀 变速直线运动，小物块以 v1 的初速度向右做匀变速直线 运动．设小物块的加速度为 a2，由牛顿第二定律有
专题一 力和运动
第2讲
直线运动与牛顿运动定律
1．匀变速直线运动的规律
2．图象问题要“三看” (1)看清坐标轴所表示的物理量―→明确因变量(纵轴 表示的量)与自变量(横轴表示的量)的制约关系． (2)看图线本身―→识别两个相关量的变化趋势，从 而分析具体的物理过程． (3)看交点、斜率和“面积”―→明确图线与图线的 交点、图线与坐标轴的交点、图线斜率、图线与坐标轴 围成的面积的物理意义．