高考物理一轮总复习(鲁科版)课件：第九章第二节
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2020届高考物理一轮复习鲁科版第九章第2讲磁场对运动电荷的作用PPT课件(168张)
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配套课时作业
A．滑块经过最低点时的速度比磁场不存在时大 B．滑块经过最低点的加速度比磁场不存在时小 C．滑块经过最低点时对轨道的压力比磁场不存在时小 D．滑块从 M 点到最低点所用时间与磁场不存在时相等
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提升训练
对点训练
知识点
洛伦兹力、洛伦兹力的方向 Ⅰ
洛伦兹力公式 Ⅱ1.定义： □01 运动 电荷在磁场中所受的力。
2．方向
(1)判定方法：应用左手定则，注意四指应指向正电荷运动方向或负电荷运ຫໍສະໝຸດ 的反方向。主干梳理 对点激活
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(2)方向特点：F⊥B，F⊥v。即 F 垂直于 □02 B 和 v 所决定的平面。(注
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2．带电粒子在不同边界匀强磁场中的运动规律 有界匀强磁场是指只在局部空间存在着匀强磁场，带电粒子从磁场区域 外垂直磁场方向射入磁场，在磁场区域内做一段匀速圆周运动，也就是通过 一段圆弧轨迹后离开磁场区域。带电粒子在磁场中运动的圆弧轨迹取决于粒 子进入磁场的速度大小、方向和磁场区域边界，常见磁场区域边界可分为如 下几种情形：
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A．甲滑块飞离斜面瞬间的速度比乙滑块飞离斜面瞬间的速度大 B．甲滑块在斜面上运动的时间比乙滑块在斜面上运动的时间短 C．两滑块在斜面上运动的位移大小相同 D．两滑块在斜面上运动的过程中，重力的平均功率相等
答案 AD
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2024届高考一轮复习物理课件(新教材鲁科版) 动能定理及其应用
规律总结
在一个有变力做功的过程中，当变力做功无法直接通过功的公式求 解时，可用动能定理 W 变＋W 恒＝12mv22－12mv12，物体初、末速度已 知，恒力做功 W 恒可根据功的公式求出，这样就可以得到 W 变＝ 12mv22－12mv12－W 恒，就可以求出变力做的功了.
动能定理与图像问题的结合
结合10～20 m内的图像得， 斜率k′＝mgsin 30°－f＝3 N， 联立解得f＝0.5 N，m＝0.7 kg，故选A.
例8 (2020·江苏卷·4)如图所示，一小物块由静止开始沿斜面向下滑动， 最后停在水平地面上.斜面和地面平滑连接，且物块与斜面、物块与地面 间的动摩擦因数均为常数.该过程中，物块的动能Ek与水平位移x关系的 图像是
例3 一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动.当物块的初速度为v时，上升的
最大高度为H，如图所示，当物块的初速度为
v 2
时，上升的最大高度记为
h.重力加速度大小为g.物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为
A.tan θ，H2
B.2vg2H－1tan θ，H2
C.tan θ，H4
√D.2vg2H－1tan θ，H4
B.m＝0.7 kg，f＝1.0 N C.m＝0.8 kg，f＝0.5 N D.m＝0.8 kg，f＝1.0 N
0～10 m内物块上滑，由动能定理得 －mgsin 30°·s－fs＝Ek－Ek0， 整理得Ek＝Ek0－(mgsin 30°＋f )s， 结合0～10 m内的图像得，斜率的绝对值 |k|＝mgsin 30°＋f＝4 N， 10～20 m内物块下滑，由动能定理得 (mgsin 30°－f )(s－s1)＝Ek， 整理得Ek＝(mgsin 30°－f )s－(mgsin 30°－f )s1，
2024届高考一轮复习物理课件(新教材鲁科版)：磁场及其对电流的作用
第 1
磁场及其对电流的作用
讲
目标 1.了解磁场，掌握磁感应强度的概念，会用磁感线描述磁场.2.会判断通电直导线和通电线圈周围的磁场方向. 要求 3.会判断安培力的方向，会计算安培力的大小，了解安培力在生产、生活中的应用.
内容索引
考点一 安培定则 磁场的叠加 考点二 安培力的分析与计算 考点三 安培力作用下的平衡和加速问题
√C.左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里
D.左半部分垂直纸面向里，右半部分垂直纸面向外
根据安培定则，可判断出导线a左侧部分所在处磁场方向斜向右上 方，右侧部分的磁场方向斜向右下方，根据左手定则可判断出左半 部分所受安培力垂直纸面向外，右半部分所受安培力垂直纸面向里， 故C正确，A、B、D错误.
面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为l的a点处的磁感应强度为零.
下列说法正确的是
A.B0的方向平行于PQ向右 B.导线 P 的磁场在 a 点的磁感应强度大小为 3B0
√C.只把导线 Q 中电流的大小变为 2I，a 点的磁感应
强度大小为
3 3 B0
D.只把导线
P
中的电流反向，a
点的磁感应强度大小为
考向2 安培力作用下的加速问题
例8 如图所示，宽为L＝0.5 m的光滑导轨与水平面成θ＝37°角，质量为 m＝0.1 kg、长也为L＝0.5 m的金属杆ab水平放置在导轨上，电源电动势 E＝3 V，内阻r＝0.5 Ω，金属杆电阻为R1＝1 Ω，导轨电阻不计.金属杆与 导轨垂直且接触良好.空间存在着竖直向上的匀强磁场(图中未画出)，当 电阻箱的电阻调为R2＝0.9 Ω时，金属杆恰好能静止.取重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8. (1)求磁感应强度B的大小； 答案 1.2 T
磁场及其对电流的作用
讲
目标 1.了解磁场，掌握磁感应强度的概念，会用磁感线描述磁场.2.会判断通电直导线和通电线圈周围的磁场方向. 要求 3.会判断安培力的方向，会计算安培力的大小，了解安培力在生产、生活中的应用.
内容索引
考点一 安培定则 磁场的叠加 考点二 安培力的分析与计算 考点三 安培力作用下的平衡和加速问题
√C.左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里
D.左半部分垂直纸面向里，右半部分垂直纸面向外
根据安培定则，可判断出导线a左侧部分所在处磁场方向斜向右上 方，右侧部分的磁场方向斜向右下方，根据左手定则可判断出左半 部分所受安培力垂直纸面向外，右半部分所受安培力垂直纸面向里， 故C正确，A、B、D错误.
面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为l的a点处的磁感应强度为零.
下列说法正确的是
A.B0的方向平行于PQ向右 B.导线 P 的磁场在 a 点的磁感应强度大小为 3B0
√C.只把导线 Q 中电流的大小变为 2I，a 点的磁感应
强度大小为
3 3 B0
D.只把导线
P
中的电流反向，a
点的磁感应强度大小为
考向2 安培力作用下的加速问题
例8 如图所示，宽为L＝0.5 m的光滑导轨与水平面成θ＝37°角，质量为 m＝0.1 kg、长也为L＝0.5 m的金属杆ab水平放置在导轨上，电源电动势 E＝3 V，内阻r＝0.5 Ω，金属杆电阻为R1＝1 Ω，导轨电阻不计.金属杆与 导轨垂直且接触良好.空间存在着竖直向上的匀强磁场(图中未画出)，当 电阻箱的电阻调为R2＝0.9 Ω时，金属杆恰好能静止.取重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8. (1)求磁感应强度B的大小； 答案 1.2 T
2024届高考一轮复习物理课件(新教材鲁科版)：匀变速直线运动的规律
3.公式选用原则
以上三个公式共涉及五个物理量，每个公式有四个物理量.选用原则如下：
不涉及位移，选用vt＝v0＋at 不涉及末速度，选用s＝v0t＋12at2 不涉及时间，选用vt2－v02＝2as
判断 正误
1.匀变速直线运动是加速度均匀变化的直线运动.( × ) 2.匀加速直线运动的位移是均匀增加的.( × )
A.v02－a v＋L＋v l
B.v0－a v＋L＋v 2l
√C.3v20－a v＋L＋v l
D.3v0a－v＋L＋v 2l
由题知当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过
v(v<v0)，则列车进隧道前必须减速到v，若用时最少，则列车先匀减
速到v进入隧道，再在隧道中匀速运动，出了隧道再匀加速到v0.则有 v＝ v0－2at1，解得t1＝v02－a v ， 在隧道内匀速有 t2＝L＋v l 列车尾部出隧道后立即加速到v0，有v0＝v＋at3 解得 t3＝v0－a v
√C.汽车在第1 s末的速度一定为11 m/s
D.汽车的加速度大小一定为4.5 m/s2
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
采用逆向思维法，由于最后 1 s 内的位移为 2 m，根据 s2＝12at22 得，汽 车加速度大小 a＝2t2s22＝4 m/s2，第 1 s 内的位移为 13 m，根据 s1＝v0t1 －12at12，代入数据解得初速度 v0＝15 m/s，则汽车在第 1 s 末的速度 v1 ＝v0－at1＝15 m/s－4×1 m/s＝11 m/s，故 C 正确，A、B、D 错误.
第
2 讲
匀变速直线运动的规律
目标 1.理解匀变速直线运动的特点，掌握匀变速直线运动的公式，并理解公式中各物理量的含义.2.会灵活应用运 要求 动学公式及推论解题.
新课标2023版高考物理一轮总复习第九章磁场第2讲带电粒子在磁场中的运动课件
电荷处在电场中
大小
F＝qvB(v⊥B)
F＝qE
方向
F⊥B且F⊥v
正电荷受力与电场方向相同，负电 荷受力与电场方向相反
可能做正功，可能做负功，也可能 做功情况 任何情况下都不做功
不做功
(二) 半径公式和周期公式的应用(固基点)
[题点全练通]
1．[半径公式、周期公式的理解]
(选自鲁科版新教材)(多选)在同一匀强磁场中，两带电量相等的粒子，仅受磁
[答案] D
类型(二) 平行直线边界的磁场 1．粒子进出平行直线边界的磁场时，常见情形如图所示：
2．粒子在平行直线边界的磁场中运动时存在临界条件，如图a、c、d所示。
3．各图中粒子在磁场中的运动时间： (1)图 a 中粒子在磁场中运动的时间 t1＝θBmq，t2＝T2＝πBmq。 (2)图 b 中粒子在磁场中运动的时间 t＝θBmq。 (3)图 c 中粒子在磁场中运动的时间
[答案] BD
[例 3] 如图所示，平行边界区域内存在匀强磁场，比荷相同 的带电粒子 a 和 b 依次从 O 点垂直于磁场的左边界射入，经磁场 偏转后从右边界射出，带电粒子 a 和 b 射出磁场时与磁场右边界 的夹角分别为 30°和 60°，不计粒子的重力，下列判断正确的是( )
A．粒子 a 带负电，粒子 b 带正电 B．粒子 a 和 b 在磁场中运动的半径之比为 1∶ 3 C．粒子 a 和 b 在磁场中运动的速率之比为 3∶1 D．粒子 a 和 b 在磁场中运动的时间之比为 1∶2
(三) 带电粒子在有界匀强磁场中的圆周运动(精研点) 类型(一) 直线边界的磁场
1．粒子进出直线边界的磁场时，常见情形如图所示：
2．带电粒子(不计重力)在直线边界匀强磁场中的运动时具有两个特性： (1)对称性：进入磁场和离开磁场时速度方向与边界的夹角相等。 (2)完整性：比荷相等的正、负带电粒子以相同速度进入同一匀强磁场，则它们运
2024届高考一轮复习物理课件(新教材鲁科版)：动量守恒定律及应用
D.M－m v0
由动量守恒定律得 mv0＝(M－m)v，导弹获得的速度 v＝M－m mv0，故 选 D.
考向3 人船模型
1.模型图示
2.模型特点 (1)两物体满足动量守恒定律：mv人－Mv船＝0 (2)两物体的位移大小满足：mst人－Mst船＝0， s 人＋s 船＝L，
得 s 人＝M＋M mL，s 船＝M＋m mL
梳理 必备知识
1.内容 如果一个系统不受外力，或者所受外力的 矢量和 为0，这个系统的总 动量保持不变. 2.表达式 (1)p＝p′或m1v1＋m2v2＝ m1v1′＋m2v2′ .系统相互作用前的总动量等 于相互作用后的总动量. (2)Δp1＝ －Δp2 ，相互作用的两个物体动量的变化量等大反向.
小球相对于小车的最大位移为2l，根据“人船模型”，系统水平方
向动量守恒，设小球水平方向的平均速度为vm，小车水平方向的平 均速度为vM，mvm－MvM＝0，两边同时乘以运动时间t，mvmt－MvMt ＝0，即msm＝MsM，又sm＋sM＝2l，解得小车向右移动的最大距离 为M2＋mlm ，D正确.
C.pA′＝3 kg·m/s，pB′＝9.5 kg·m/s D.pA′＝2.5 kg·m/s，pB′＝9.5 kg·m/s
A、B 两球发生对心碰撞，满足动量守恒，则有 pA＋pB＝pA′＋pB′， 满足总动能不增加，则有 Ek≥Ek′，根据 Ek＝2pmA2＋2×pB22m，代入数 据可知 A、B 均满足，C 不满足动量守恒，D 不满足总动能不增加， 故 A、B 正确，C、D 错误.
√B.动量守恒，机械能不守恒
C.动量不守恒，机械能守恒 D.动量不守恒，机械能不守恒
因为滑块与车厢水平底板间有摩擦，且撤去推力后滑块在车厢底板 上有相对滑动，即摩擦力做功，而水平地面是光滑的；对小车、弹 簧和滑块组成的系统，根据动量守恒和机械能守恒的条件可知撤去 推力后该系统动量守恒，机械能不守恒，故选B.
由动量守恒定律得 mv0＝(M－m)v，导弹获得的速度 v＝M－m mv0，故 选 D.
考向3 人船模型
1.模型图示
2.模型特点 (1)两物体满足动量守恒定律：mv人－Mv船＝0 (2)两物体的位移大小满足：mst人－Mst船＝0， s 人＋s 船＝L，
得 s 人＝M＋M mL，s 船＝M＋m mL
梳理 必备知识
1.内容 如果一个系统不受外力，或者所受外力的 矢量和 为0，这个系统的总 动量保持不变. 2.表达式 (1)p＝p′或m1v1＋m2v2＝ m1v1′＋m2v2′ .系统相互作用前的总动量等 于相互作用后的总动量. (2)Δp1＝ －Δp2 ，相互作用的两个物体动量的变化量等大反向.
小球相对于小车的最大位移为2l，根据“人船模型”，系统水平方
向动量守恒，设小球水平方向的平均速度为vm，小车水平方向的平 均速度为vM，mvm－MvM＝0，两边同时乘以运动时间t，mvmt－MvMt ＝0，即msm＝MsM，又sm＋sM＝2l，解得小车向右移动的最大距离 为M2＋mlm ，D正确.
C.pA′＝3 kg·m/s，pB′＝9.5 kg·m/s D.pA′＝2.5 kg·m/s，pB′＝9.5 kg·m/s
A、B 两球发生对心碰撞，满足动量守恒，则有 pA＋pB＝pA′＋pB′， 满足总动能不增加，则有 Ek≥Ek′，根据 Ek＝2pmA2＋2×pB22m，代入数 据可知 A、B 均满足，C 不满足动量守恒，D 不满足总动能不增加， 故 A、B 正确，C、D 错误.
√B.动量守恒，机械能不守恒
C.动量不守恒，机械能守恒 D.动量不守恒，机械能不守恒
因为滑块与车厢水平底板间有摩擦，且撤去推力后滑块在车厢底板 上有相对滑动，即摩擦力做功，而水平地面是光滑的；对小车、弹 簧和滑块组成的系统，根据动量守恒和机械能守恒的条件可知撤去 推力后该系统动量守恒，机械能不守恒，故选B.
高考物理一轮总复习(鲁科版)课件：第九章2013高考导航
计算、方向判断仍是热点,与新技术、
新信息、新材料相结合的题目也是一个 不能忽视的热点.
第九章
电磁感应
楞次定律
自感现象
本部分内容讲解结束
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力学、能量等知识相结合的综合题及感
应电流(电动势
楞次定律
自感现象
2.本章的题目类型全面,选择题通常以电
磁学的单章知识点或小综合为主,难度
可大可小.计算题往往是电磁学与力学
的综合性题目,难度较大,一般做为压轴
题.
第九章
电磁感应
楞次定律
自感现象
3.预计2013年高考感应电流有无及大小
第九章
电磁感应
楞次定律
自感现象
2013高考导航
考纲展示
1.电磁感应现象Ⅰ
2.磁通量Ⅰ
3.法拉第电磁感应定律Ⅱ
4.楞次定律Ⅱ
5.自感、涡流Ⅰ
第九章
电磁感应
楞次定律
自感现象
命题热点
1.从近几年高考来看本章是高考命题的 重点,每年必考,其热点多集中在感应电 流的条件、方向判断和感应电动势的计 算;另外电磁感应现象与磁场、电路、
近年高考物理一轮复习第九章第2讲磁场对运动电荷的作用练习鲁科版(2021年整理)
2019版高考物理一轮复习第九章第2讲磁场对运动电荷的作用练习鲁科版编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2019版高考物理一轮复习第九章第2讲磁场对运动电荷的作用练习鲁科版）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为2019版高考物理一轮复习第九章第2讲磁场对运动电荷的作用练习鲁科版的全部内容。
第2讲磁场对运动电荷的作用［课时作业］单独成册方便使用［基础题组］一、单项选择题1．如图，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点，P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点．在电子经过a点的瞬间，条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（）A．向上B．向下C．向左D．向右解析:条形磁铁的磁感线在a点垂直P向外,电子在条形磁铁的磁场中向右运动,由左手定则可得电子所受洛伦兹力的方向向上，A正确．答案:A2。
（2018·四川成都经济技术开发区高三质检)如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场；重力不计、电荷量一定的带电粒子以速度v正对着圆心O射入磁场．若粒子射入、射出磁场点间的距离为R,则粒子在磁场中的运动时间为（) A.错误! B.错误!C。
错误!D。
错误!解析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，如图所示，故轨道半径r＝错误!R，运动轨迹对应的圆心角为错误!π，故粒子在磁场中的运动时间t＝错误!＝错误!，故A正确,B、C、D错误．答案：A3．一个带电粒子A在一边长为a的正方形匀强磁场区域中做匀速圆周运动，运动的轨迹半径为R，在某点与一个静止的微粒(不带电)碰撞后结合在一起继续做匀速圆周运动，不计带电粒子和微粒的重力，根据题述信息，下列说法正确的是( ) A．可以得出带电粒子与微粒碰撞前的速度大小B．可以得出带电粒子与微粒碰撞后的速度大小C．可以得出带电粒子与微粒碰撞后在磁场中运动的轨迹半径D．带电粒子与微粒碰撞后继续运动，可能从正方形匀强磁场区域中射出解析：由于题干中没有给出带电粒子的质量和电荷量、匀强磁场的磁感应强度等信息，因此不能得出带电粒子与微粒碰撞前、后的速度大小，选项A、B 错误．带电粒子与微粒碰撞前后动量守恒,即mv0＝(m＋m′)v1；对带电粒子与微粒碰撞前在磁场中的运动，有qv0B＝m错误!;对带电粒子与微粒碰撞后在磁场中的运动，有qv1B＝（m＋m′)错误!,联立解得R1＝R，即可以得出带电粒子与微粒碰撞后在磁场中运动的轨迹半径R1，选项C正确．由于带电粒子与微粒碰撞后继续运动的轨迹半径不变,所以不可能从正方形匀强磁场区域中射出，选项D错误．答案:C4．(2018·豫东、豫北十校联考）在光滑绝缘的水平面上，OP右侧有如图所示的匀强磁场，两个完全相同的带电小球a和b以大小相等的初速度从O点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后两球均运动到OP边界的P侧，下列说法正确的是( )A．球a带正电，球b带负电B．球a在磁场中运动的时间比球b的短C．球a在磁场中运动的路程比球b的短D．球a在OP上的落点与O点的距离比球b的近解析：两球均运动到P侧,即a、b均向P侧偏转，由左手定则知，a、b均带正电，A项错误；由r＝错误!可知，a、b两球轨道半径相等,b在磁场中运动了半个圆周，a的运动大于半个圆周，故a在P上的落点与O点的距离比b 的近，飞行路程比b的长,又因两球速率相等,球a运动时间长，B、C两项错误,D项正确．答案：D5．（2018·四川成都诊断）如图所示,匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第一象限内，磁感应强度为B 、方向垂直于纸面向里．一质量为m 、电荷量绝对值为q 、不计重力的粒子，以某速度从O 点沿着与y 轴夹角为30°的方向进入磁场，运动到A 点时，粒子速度沿x 轴正方向．下列判断正确的是( ）A ．粒子带正电B ．运动过程中,粒子的速度不变C ．粒子由O 到A 经历的时间为t ＝错误!D ．离开第一象限时，粒子的速度方向与x 轴正方向的夹角为30°解析:根据题意和左手定则可判断，该带电粒子带负电,故A 选项错误；该带电粒子在洛伦兹力作用下在匀强磁场中做匀速圆周运动，虽然粒子的速度的大小不变，但速度的方向时刻改变，则粒子的速度不断变化,故B 选项错误；根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的运动时间t 与圆心角θ、周期T 的关系t ＝错误!·T 和带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期公式T ＝2πm qB，根据数学知识可得θ＝错误!，解得t ＝错误!，故C 选项正确；根据带电粒子在有界匀强磁场中运动的对称性可知，该带电粒子离开第一象限时，粒子的速度方向与x 轴正方向的夹角应该为60°，故D 选项错误． 答案：C二、多项选择题6．如图所示，ABC 为竖直平面内的光滑绝缘轨道，其中AB为倾斜直轨道,BC 为与AB 相切的圆形轨道，并且圆形轨道处在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里．质量相同的甲、乙、丙三个小球中,甲球带正电、乙球带负电、丙球不带电．现将三个小球在轨道AB 上分别从不同高度处由静止释放，都恰好通过圆形轨道的最高点，则（ ）A ．经过最高点时，三个小球的速度相等B ．经过最高点时，甲球的速度最小C ．甲球的释放位置比乙球的高D ．运动过程中三个小球的机械能均保持不变解析：设磁感应强度为B，圆形轨道半径为r,三个小球质量均为m，它们恰好通过最高点时的速度分别为v甲、v乙和v丙，则mg＋Bv甲q＝错误!,mg－Bv乙q＝错误!,mg＝错误!，显然,v甲>v丙〉v乙，选项A、B错误;三个小球在运动过程中，只有重力做功,即它们的机械能守恒，选项D正确;甲球在最高点处的动能最大，因为重力势能相等，所以甲球的机械能最大，甲球的释放位置最高,选项C正确．答案：CD7．在正方形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，比荷相同的两个粒子a、b从一边长中点垂直磁场方向进入磁场,a粒子从正方形的顶点射出磁场,b粒子从正方形边长的中点射出磁场，运动轨迹如图所示，则（)A．a带负电，b带正电B．a带正电，b带负电C．a、b进入磁场时的速率之比为1∶2D．a、b在磁场中运动的时间之比为1∶1解析：磁场的方向向外，粒子运动的方向向左，由左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向向上，负电荷受到的洛伦兹力的方向向下，所以a带正电，b带负电,A错误,B正确；由洛伦兹力提供向心力得qvB＝mv2r，有r＝错误!＝错误!·错误!·v,比荷相同的两个粒子运动的半径与速率成正比,由题图可知,错误!＝错误!，则错误!＝错误!＝错误!，C正确；由T＝错误!＝错误!＝2πB·错误!知,比荷相同的两个粒子在磁场中的运动周期相等,由t＝错误!·T 知，错误!＝错误!＝错误!＝错误!,D错误．答案：BC8．如图所示，长方形abcd的长ad＝0。
2020版高考物理人教版山东一轮复习课件：第九章第2节 磁场对运动电荷的作用
A.3������������ C.������������
B.2������������ D.2������������
-18-
命题点一 命题点二 命题点三
解析:如图为筒转过90°前后各点位置和粒子运动轨迹示意图。M、 N'分别为入射点和出射点,分别作入射速度的垂线和MN'的中垂线, 交点即为轨迹圆的圆心O'。
������������
-13-
命题点一 命题点二 命题点三
2.圆心的确定 (1)已知入射点、入射方向和出射点、出射方向时,可通过入射点 和出射点作垂直于入射方向和出射方向的直线,两条直线的交点就 是圆弧轨道的圆心(如图甲所示)。
-14-
命题点一 命题点二 命题点三
(2)已知入射方向和入射点、出射点的位置时,可以通过入射点作 入射方向的垂线,连接入射点和出射点,作其中垂线,这两条垂线的 交点就是圆弧轨道的圆心(如图乙所示)。
r1=������������������������ =2R,
知识梳理 考点自诊
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粒子从 A 点正对圆心射入磁场,速度减为原来的一半时, 粒子做圆周运动的轨道半径:r2=������������·���12��������� = 12r1=R, 粒子转过的圆心角:β=90°,
粒子在磁场中的运动时间: t'=36������0 °T2=14T=32t; 故选 B。
(5)运动电荷进入磁场后(无其他力作用)可能做匀速直线运动。
()
(6)根据周期公式 T=2π������������得出 T 与 v 成反比。(
)
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(1)× (2)√ (3)× (4)√ (5)√ (6)×
答案
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”.
(2)阻碍(导体的)相对运动——“来拒去 留”. (3)磁通量增加,线圈面积“缩小”,磁通 量减小,线圈面积“扩张”.
(4)阻碍线圈自身电流的变化(自感现象).
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第九章
电磁感应
楞次定律
自感现象
4.感应电流方向的判断方法 (1)利用右手定则判断闭合电路的一部 分导体做切割磁感线运动时产生的感应 电流方向.
起来.
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要点透析•直击高考
一、楞次定律的理解 1.因果关系：磁通量发生变化是原因,产 生感应电流是结果,原因产生结果,结果 又反过来影响原因.
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2.楞次定律中“阻碍”的含义
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3.楞次定律的推广含义 (1)阻碍原磁通量的变化——“增反减同
感应电流.
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自感现象
二、自感和涡流 1.互感现象
两个线圈之间并没有导线相连,但当一
个线圈中的电流变化时,它所产生的变 磁场 化的_____会在另一个线圈中产生 感应电动势 ___________的现象.互感现象可以把能 量由一个线圈传递到另一个线圈, 变压器 _______ 就是利用互感现象制成的.
时,D1亮一下,然后熄灭,D2马上熄灭,③错
误,④正确.故选项B正确.
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题型探究•解码命题
题型 1 感应电流方向的判断 例1 如图 9－2－4 为一种早期发电机原 理示意图,该发电机由固定的圆形线圈和 一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成,两磁 极相对于线圈平面对称.在磁极绕转轴匀 速转动过程中,
【规律总结】
感应电流方向的步骤：
磁场→变化→阻碍→右手定则.
(2)阻碍的含义不是阻止.
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题型2
例2
利用楞次定律判断导体运动 (2012· 福建上杭质检)如图9－2－
5所示,粗糙水平桌面上有一质量为m的
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名师点睛：(1)通电时线圈产生的自感 电动势阻碍电流的增加且与电流方向相
反，此时含线圈L的支路相当于断开.
(2)断开时线圈产生的自感电动势与原 电流方向相同，在与线圈串联的回路 中，线圈相当于电源，它提供的电流从 原来的IL逐渐变小.但流过灯A的电流方
向与原来Hale Waihona Puke 反.电磁感应楞次定律
自感现象
2.右手定则 其余四指 (1)内容：伸开右手,让拇指与_________
在同一个平面内,使拇指与并拢的四指 磁感线 垂直,让______垂直穿入手心,并使拇指
运动的方向 指向导体___________,其余四指所指的 方向就是_________的方向. 感应电流 切割磁感线 (2)适用情况：导体____________产生
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自感现象
即时应用 2.如图9－2－2所示,水平放置的两条光
滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、
MN,当PQ在外力作用下运动时,MN在磁 场力的作用下向右运动,则PQ所做的运 动可能是( )
图9－2－2
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自感现象
①向右加速运动 ③向右减速运动 A.①③ B.②③
感应电流 _________,这种电流像水的旋涡所以叫 涡流.
(1)电磁阻尼：当导体在磁场中运动时, 安培力 感应电流会使导体受到________,
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自感现象
阻碍 安培力的方向总是_____导体的运动. (2)电磁驱动：如果磁场相对于导体转
感应电流 动,在导体中会产生__________使导体 受到安培力的作用,安培力使导体运动
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自感现象
2.自感现象 当一个线圈中的电流变化时,它产生的
变化的磁场不仅在邻近的电路中激发出
感应电动势,同样也在它本身激发出感 应电动势的现象. 3.自感电动势 自感现象 (1)定义：在__________中产生的感 应
电动势.
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ΔI E＝L (2)表达式：_______. Δt
(3)自感系数L 大小 ①相关因素：与线圈的_____、形状、
匝数 ______以及是否有铁芯有关. 10－3 ②单位：亨利(H,1 mH＝_____H,1 μH
10－6 ＝______H).
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4.涡流 当线圈中的电流发生变化时,由于电磁 感应,附近的任何导体中都会产生
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(3)自感电动势只是延缓了过程的进 行，但它不能使过程停止，更不能使过
程反向.
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即时应用 3.(2012· 广东茂名高三教学检测)如图9 －2－3所示的电路,D1和D2是两个相同 的小灯泡,L是一个自感系数相当大的线
圈.其电阻很小,近似为零.在电键S接通
＝0时电流方向为顺时针(如图中箭头所
示).在t1～t2时间内,对于线圈B,下列说法
中正确的是(
)
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图9－2－1
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A.线圈B内有顺时针方向的电流,线圈有 扩张的趋势
B.线圈B内有顺时针方向的电流,线圈有
收缩的趋势 C.线圈B内有逆时针方向的电流,线圈有 扩张的趋势 D.线圈B内有逆时针方向的电流,线圈有
应电流磁场的方向;
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自感现象
④应用安培定则,确定感应电流的方向. (3)楞次定律和右手定则的关系 ①从研究对象上说,楞次定律研究的是 整个闭合电路,右手定则研究的是闭合
电路的一部分导体,即一段导体做切割
磁感线运动.
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自感现象
②从适用范围上说,楞次定律可应用于 磁通量变化引起感应电流的各种情况( 包括一部分导体切割磁感线运动的情 况),右手定则只适用于一段导体在磁场
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(3)若是电路中一部分导体做切割磁感 线运动产生感应电流，用右手定则判断 较为简单，用楞次定律进行判断也可
以，但较为麻烦.
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自感现象
即时应用 1.如图9－2－1甲所示,两个闭合圆形线 圈A、B的圆心重合,放在同一水平面内, 线圈A中通以如图乙所示的变化电流,t
张的趋势.
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二、右手定则、左手定则和安培定则的 区别和应用
1.三个定则的区别
三个 定则 安培 定则 左手 定则 右手 定则
应用对象
电流产生磁场 判断安培力、洛 伦兹力的方向 导体切割磁感线 产生感应电流
使用方法
右手握住导线或螺线管 左手,四个手指指向电流方 向或正电荷运动方向 右手,大拇指指向导体切割 磁感线的运动方向
中做切割磁感线运动的情况.因此,右手
定则是楞次定律的一种特殊情况.
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自感现象
名师点睛：(1)如果问题不涉及感应电 流的方向，则用楞次定律的推广含义进 行研究，可以使分析问题的过程简化. (2)若导体不动，电路中磁通量变化，
应该用楞次定律判断感应电流方向而不
能用右手定则.
②向左加速运动 ④向左减速运动
C.②④
D.①④
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自感现象
解析：选B.MN在磁场力作用下向右运 动可知受力方向向右,由左手定则可 知：MN中电流方向为M→N,由安培定 则可知L1中的磁场方向向上.若能在L1
中产生感应电流,L2中的磁场一定是变
化的,且方向有两种可能.由楞次定律可
知：
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自感现象
a.若L2中磁场方向向上时一定减弱. b.若L2中磁场方向向下时一定增强. 在a中由安培定则可知,L2中电流方向为 顺时针,则PQ中产生的感应电流为
Q→P,由右手定则可知：PQ向右运动且
减速.同理在b中PQ向左加速运动.故②
③正确.
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三、通电自感与断电自感的比较
通电自感 电路 图 器材 A1、A2同规格;R＝RL;L L很大(有铁芯);RL≪RA 要求 较大 在S断开瞬间,A灯突然 在S闭合瞬间,A2灯立即 闪亮一下后再渐渐熄灭 现象 亮起来,A1灯逐渐变亮, (当抽掉铁芯后,重做实 验,断开开关S时,会看到 最终一样亮 灯A马上熄灭) 断电自感
常见的几种切割情况：
①导体平动切割磁感线;
②导体转动切割磁感线;
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自感现象
③导体不动,磁场运动,等效为磁场不动, 导体反方向切割磁感线.