2017-2018学年江西省南昌市八一中学高二1月月考物理试题

江西省南昌市2016-2017学年高二物理下学期第一次月考试卷一、选择题（本题包括10小题，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．下面的说法正确的是（）A．当力与物体的位移垂直时，该力的冲量为零B．如果物体（质量不变）的速度发生变化，则可以肯定它受到的合外力的冲量不为零C．物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大D．做曲线运动的物体，在任何△t时间内所受合外力的冲量一定不为零2．A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移﹣时间图象，a、b 分别为A、B两球碰前的位移﹣时间图象，c为碰撞后两球共同运动的位移﹣时间图象，若A 球质量m=2kg，则由图可知下列结论错误的是（）A．A、B碰撞前的总动量为3 kg•m/sB．碰撞时A对B所施冲量为﹣4 N•sC．碰撞前后A的动量变化为4 kg•m/sD．碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10 J3．如图所示，一小物块在粗糙斜面上的O点从静止开始下滑，在小物块经过的路径上有A．B 两点，且|AB|=l，则小物块从A运动到B的过程中，下列说法正确的是（）A．O．A两点距离越大，摩擦力对物体的冲量越大B．O．A两点距离越大，摩擦力对物体的冲量越小C．O．A两点距离越大，物体的动能改变量越大D．O．A两点距离越大，物体的动能改变量越小4．如图所示，质量为M的小车静止在光滑的水平地面上，车上有2个质量均为m的小球，现用两种方式将球相对于地面以恒定速度V向右水平抛出．第一种方式是将2个小球一起抛出，第二种方式是将小球依次先后抛出．比较用上述不同方式抛完小球后小车的最终速度（）A．第一种较大B．第二种较大C．二者一样大D．不能确定5．如图所示，质量为M的木块位于光滑水平面上，在木块与墙之间用轻弹簧连接，开始时木块静止在A位置．现有一质量为m的子弹以水平速度v0射向木块并嵌入其中，则当木块回到A 位置时的速度v以及此过程中墙对弹簧的冲量I的大小分别为（）A．v=，I=0 B．v=，I=2mv0C．v=，I=D．v=，I=2mv06．如图所示，滑块M1与滑块M2紧靠在一起，静止于光滑的水平面上，小球m从M1的右上方无初速度地下滑，当m滑到左方最高点的过程中，滑块M1（）A．一直向右运动 B．一直向左运动C．先向右运动，后向左运动D．先向左运动，后向右运动7．质量为M的物块以速度V运动，与质量为m的静止物块发生正碰，碰撞后两者的动量正好相等．两者质量之比可能（）A．4 B．3 C．2 D．18．将甲、乙两个质量相等的物体在距水平地面同一高度处，分别以v和2v的速度水平抛出，若不计空气阻力的影响，则（）A．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动量变化都相同B．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动能变化都相同C．两物体落地前瞬间动量对时间的变化率相同D．两物体落地前瞬间重力做功的功率相同9．如图所示，质量为M的木块放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v0沿水平面射中木块，并最终留在木块终于木块一起以速度v运动，已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离L，子弹进入木块的深度为s，此过程经历的时间为t．若木块对子弹的阻力f视为恒定，则下列关系式中正确的是（）A．fL=Mv2B．ft=mv0﹣mvC．v=D．fS=mv02﹣mv210．在“探究碰撞中的不变量”实验中，对于最终的结论m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′，下列说法正确的是（）A．仅限于一维碰撞B．任何情况下m1v12+m2v22=m1v1′2+m2v2′2也一定成立C．式中的v1、v2、v1′、v2′都是速度的大小D．式中的不变量是m1和m2组成的系统的质量与速度乘积之和二、填空题（本题包括4小题，每空2分，共20分）11．某同学把两块大小不同的木块用细线连接，中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示．将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．（1）该同学还必须有的器材是；（2）需要直接测量的数据是；（3）用所得数据验证动量守恒的关系式是．12．传感器担负着信息的采集任务，在自动控制中发挥着重要作用，传感器能够将感受到的物理量（如温度、光、声等）转换成便于测量的量（通常是电学量），例如热敏传感器，主要是应用了半导体材料制成的热敏电阻，热敏电阻阻值随温度变化的图线如图甲所示，图乙是由热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警器的线路图．（1）为了使温度过高时报警器响铃，c应接在处（填a或b）．（2）若使启动报警的温度提高些，应将滑动变阻器滑片P向移动（填左或右）．（3）如果在调试报警器达最低报警温度时，无论如何调节滑动变阻器滑片P都不能使报警器工作，且电路连接完好，各电路元件都能处于工作状态，则造成工作电路不能正常工作的原因可能是．（填字母）A．左边电源电压太高；B．线圈匝数太少；C．弹簧劲度系数太大．13．质量为m=1kg的物块A上固定一轻质弹簧，以v1=3m/s的速度在光滑水平面上运动，另一质量也为m=1kg的物块B以v2=4m/s的速度与A相向运动，如图所示，则两物块相距最近时，它们的速度大小分别是V A﹦．整个过程中弹簧的最大弹性势能为．14．有一宇宙飞船，它的正面面积为S=0.98m2，以v=2×103m/s的速度飞入宇宙微粒尘区，尘区每1m3空间有一个微粒，每一微粒平均质量m=2×10﹣4g，若要使飞船速度保持不变，飞船的牵引力应增加（用字母表示），计算后数值是N（保留两位有效数字）（设微粒尘与飞船碰撞后附着于飞船上）三、计算题（本题包括5小题，共50分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，作图清晰准确，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．如图，质量为500g的铜块静止于光滑水平面上，一颗质量为50g的子弹以300m/s的水平速度撞到铜块后，又以100m/s的水平速度弹回，求：（1）铜块被撞后的速度为多大？（2）系统因碰撞而损失的机械能为多少？16．质量是m=2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.4，有一水平恒力F=12N作用在物体上使之加速运动，经t1=5s秒后撤去此力，物体运动的总时间是多少？17．光滑水平面上有一质量为M滑块，滑块的左侧是一光滑的圆弧，圆弧半径为R=lm．一质量为m的小球以速度v0．向右运动冲上滑块．已知M=4m，g取l0m/s2，若小球刚好没跃出圆弧的上端，求：（1）小球的初速度V0是多少？（2）滑块获得的最大速度v是多少？18．如图所示，光滑水平面上有两辆相同的小车，质量都是M．B车静止，其顶板上用细线悬挂一个质量为m的小球（M=4m），小球也处于静止．A车以速度v0向右匀速运动，和B车发生正碰，碰撞时间极短，碰后两车不再分开，这时可以观察到B车中悬挂的小球开始摆动．若小球第一次向左摆动的最大摆角为600，求悬挂小球的细线的长度L．19．如图所示，有一质量为M=2kg的平板小车静止在光滑的水平地面上，现有质量均为m=1kg 的小物块A和B（均可视为质点），由车上P处分别以初速度v1=2m/s向左和v2=4m/s向右运动，最终A、B两物块恰好停在小车两端没有脱离小车．已知两物块与小车间的动摩擦因数都为μ=0.1，取g=10m/s2．求：（1）小车的长度L；（2）A在小车上滑动的过程中产生的热量；（3）从A、B开始运动计时，经5s小车离原位置的距离．2016-2017学年江西省南昌十中高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括10小题，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．下面的说法正确的是（）A．当力与物体的位移垂直时，该力的冲量为零B．如果物体（质量不变）的速度发生变化，则可以肯定它受到的合外力的冲量不为零C．物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大D．做曲线运动的物体，在任何△t时间内所受合外力的冲量一定不为零【考点】52：动量定理．【分析】根据冲量的计算公式、动量定理分析答题．【解答】解：A、力的冲量：I=Ft，当力与物体的位移垂直时，该力的冲量不为零，故A错误；B、如果物体（质量不变）的速度发生变化，物体的动量发生变化，由动量定理可知，物体所受到的合外力的冲量不零，故B正确；C、由动量定理可知，物体所受合外力冲量越大，物体动量的变化量越大，它的动量不一定大，故C错误；D、做曲线运动的物体，速度方向沿切线方向，速度不断变化，物体动量不断变化，由动量定理可知，在任何△t时间内所受合外力的冲量一定变化，冲量一定不为零，故D正确；故选：BD．2．A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移﹣时间图象，a、b 分别为A、B两球碰前的位移﹣时间图象，c为碰撞后两球共同运动的位移﹣时间图象，若A 球质量m=2kg，则由图可知下列结论错误的是（）A．A、B碰撞前的总动量为3 kg•m/sB．碰撞时A对B所施冲量为﹣4 N•sC．碰撞前后A的动量变化为4 kg•m/sD．碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10 J【考点】53：动量守恒定律；52：动量定理；6B：功能关系．【分析】在位移时间图象中，斜率表示物体的速度，由图象可知碰撞前后的速度，根据动量的定义公式及动量守恒定律可以求解．【解答】解：由s﹣t图象可知，碰撞前有：A球的速度 v A===﹣3m/s，B球的速度 v B===2m/s碰撞后有：A、B两球的速度相等，为 v A′=v B′=v===﹣1m/s；对A、B组成的系统，A、B两球沿一直线运动并发生正碰，碰撞前后都是做匀速直线运动，所以系统的动量守恒．碰撞前后A的动量变化为：△P A=mv A′﹣mv A=2×（﹣1）﹣2×（﹣3）=4kg•m/s根据动量守恒定律，碰撞前后A的动量变化为：△P B=﹣△P A=﹣4kg•m/s又：△P B=m B（v B′﹣v B），所以：m B===kg所以A与B碰撞前的总动量为：p总=mv A+m B v B=2×（﹣3）+×2=﹣kg•m/s由动量定理可知，碰撞时A对B所施冲量为：I B=△P B=﹣4kg•m/s=﹣4N•s．碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能：△E K=mv A2+m B v B2﹣（m+m B）v2，代入数据解得：△E K=10J，故A错误，BCD正确；本题选错误的，故选：A3．如图所示，一小物块在粗糙斜面上的O点从静止开始下滑，在小物块经过的路径上有A．B 两点，且|AB|=l，则小物块从A运动到B的过程中，下列说法正确的是（）A．O．A两点距离越大，摩擦力对物体的冲量越大B．O．A两点距离越大，摩擦力对物体的冲量越小C．O．A两点距离越大，物体的动能改变量越大D．O．A两点距离越大，物体的动能改变量越小【考点】66：动能定理的应用；52：动量定理．【分析】当O、A两点间距离增大时，物块到达A点的速度增大，通过AB段的时间缩短．由公式I=Ft，分析摩擦力的冲量变化情况．物块从A到B的过程中，重力和摩擦力做功，根据动能定理可知，其总功等于动能的变化，再分析动能的改变量如何变化．【解答】解：A、B、依题意，OA距离越大，即为小物块从越高的位置开始释放，经过AB段的时间越短，由公式I=Ft，摩擦力不变，故摩擦力对小物块的冲量变小．故A错误，B正确；C、D、在AB段小物块受到的合外力不因OA距离变化而变化，AB段的位移恒定，则合外力对小物块做功不变，根据动能定理分析得知，小物块动能的改变量不变，故CD错误．故选：B．4．如图所示，质量为M的小车静止在光滑的水平地面上，车上有2个质量均为m的小球，现用两种方式将球相对于地面以恒定速度V向右水平抛出．第一种方式是将2个小球一起抛出，第二种方式是将小球依次先后抛出．比较用上述不同方式抛完小球后小车的最终速度（）A．第一种较大B．第二种较大C．二者一样大D．不能确定【考点】53：动量守恒定律．【分析】以车与小球组成的系统为研究对象，系统动量守恒，由动量守恒分析答题．【解答】解：以车与球组成的系统为研究对象，系统所受合外力为零，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得，两球同时抛出时：2mv+Mv车=0，解得：v车=﹣，负号表示方向向左，小球依次抛出时：mv+（M+m）v′=0，mv+Mv车′=（M+m）v′，解得：v车′=﹣，负号表示方向向左，由此可知，两种方式，车的速度相等；故选：C．5．如图所示，质量为M的木块位于光滑水平面上，在木块与墙之间用轻弹簧连接，开始时木块静止在A位置．现有一质量为m的子弹以水平速度v0射向木块并嵌入其中，则当木块回到A 位置时的速度v以及此过程中墙对弹簧的冲量I的大小分别为（）A．v=，I=0 B．v=，I=2mv0C．v=，I=D．v=，I=2mv0【考点】53：动量守恒定律；52：动量定理．【分析】子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块间的内力远大于系统外力，故可由动量守恒定律列式求解，子弹和木块的共同速度；然后系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动，后做加速运动，回到A位置时速度大小不变，根据动量定理可求得此过程中墙对弹簧的冲量I的大小．【解答】解：子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块间的内力远大于系统外力，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v解得：v=子弹和木块系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动，后做加速运动，回到A位置时速度大小不变，即当木块回到A位置时的速度大小v=；子弹和木块弹簧组成的系统受到的合力即可墙对弹簧的作用力，根据动量定理得：I=﹣（M+m）v﹣mv0=﹣2mv0所以墙对弹簧的冲量I的大小为2mv0故选B6．如图所示，滑块M1与滑块M2紧靠在一起，静止于光滑的水平面上，小球m从M1的右上方无初速度地下滑，当m滑到左方最高点的过程中，滑块M1（）A．一直向右运动 B．一直向左运动C．先向右运动，后向左运动D．先向左运动，后向右运动【考点】53：动量守恒定律．【分析】m沿半径圆槽下滑到最低点过程中，m、M1与M2系统水平方向动量守恒．当m从最低点上升至最高点时，m和M1必具有共同速度，根据动量守恒判断M1的运动状态．【解答】解：m沿半径圆槽下滑到最低点过程中，m、M1与M2系统水平方向所受的合力为零，所以m、M1与M2系统水平方向动量守恒．由于m、M1与M2系统初状态时总动量为零，所以m沿半径圆槽下滑到最低点的过程中，小球m 水平分速度方向向左，由水平动量守恒知滑块M1与滑块M2速度方向均向右．当m从最低点上升至最高点的过程中，滑块M2与滑块M1分离，M2向右匀速运动，当m上升到左方最高点时，m和M1必具有共同速度，根据系统水平方向动量守恒得知M1的运动状态向左运动．所以滑块M1先向右运动，后向左运动．故ABD错误，C正确．故选：C7．质量为M的物块以速度V运动，与质量为m的静止物块发生正碰，碰撞后两者的动量正好相等．两者质量之比可能（）A．4 B．3 C．2 D．1【考点】53：动量守恒定律．【分析】根据动量守恒定律，以及在碰撞的过程中动能不增加，通过这两个关系判断两个物体的质量关系．【解答】解：设碰撞后两者的动量都为P，由于题意可知，碰撞前后总动量为2P，根据动量和动能的关系有：P2=2mE K，碰撞过程动能不增加，有：≥+，解得：≤3，当=1时，会出现速度互换，则会导致碰撞后，动量不相等，故AD错误，BC正确．故选：BC．8．将甲、乙两个质量相等的物体在距水平地面同一高度处，分别以v和2v的速度水平抛出，若不计空气阻力的影响，则（）A．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动量变化都相同B．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动能变化都相同C．两物体落地前瞬间动量对时间的变化率相同D．两物体落地前瞬间重力做功的功率相同【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；52：动量定理；66：动能定理的应用．【分析】动量的变化为△P=m△v，由于物体是做的平抛运动，根据平抛运动的规律可以求得动量的变化之间的关系，由动能定理可以求得物体动能的变化．【解答】解：A、物体做的是平抛运动，水平方向的速度不变，只有竖直方向的速度在变化，并且竖直方向上是自由落体运动，物体的速度是均匀变化的，所以动量的变化△P=m△v也是均匀变化的，所以A正确；B、由动能定理可得，mgh=△E K，由于物体在竖直方向上是自由落体运动，物体下落的速度越来越大，所以在相同的时间内物体下降的高度也是越来越大，重力做的功越来越多，动能的变化量也是越来越大，所以B错误；C、由于两个物体的质量相同，所以物体落地前瞬间动量对时间的变化率也就是速度对时间的变化率的大小，平抛运动的速度对时间的变化率即为物体的重力加速度的大小，所以两物体落地前瞬间动量对时间的变化率相同，所以C正确；D、由于两个物体是在同一个高度水平抛出的，做的都是平抛运动，物体的运动的时间相等，在竖直方向上的速度的大小也相同，所以两物体落地前瞬间重力做功的功率P=mgv相同，所以D正确．故选ACD．9．如图所示，质量为M的木块放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v0沿水平面射中木块，并最终留在木块终于木块一起以速度v运动，已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离L，子弹进入木块的深度为s，此过程经历的时间为t．若木块对子弹的阻力f视为恒定，则下列关系式中正确的是（）A．fL=Mv2B．ft=mv0﹣mvC．v=D．fS=mv02﹣mv2【考点】6B：功能关系．【分析】对木块、子弹的运动过程分别运用动能定理、动量定理、动量守恒定律以及能量守恒定律逐项分析求解．【解答】解：A、对木块运用动能定理得，fL==．故A正确．B、对子弹的运动过程运用动量定理得，﹣ft=mv﹣mv0，则ft=mv0﹣mv．故B正确．C、对木块和子弹的系统运用动量守恒定律得，mv0=（M+m）v，解得v=．故C错误．D、根据能量守恒定律得，．故D错误．故选：AB．10．在“探究碰撞中的不变量”实验中，对于最终的结论m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′，下列说法正确的是（）A．仅限于一维碰撞B．任何情况下m1v12+m2v22=m1v1′2+m2v2′2也一定成立C．式中的v1、v2、v1′、v2′都是速度的大小D．式中的不变量是m1和m2组成的系统的质量与速度乘积之和【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】明确验证动量守恒定律的实验原理和意义，知道实验中的不变量是动量之和，同时明确本实验的普适性，知道它适用于各种碰撞，同时注意明确碰撞中机械能守恒的条件是发生弹性碰撞．【解答】解：A、探究碰撞中的不变量”实验虽然是在一维情况下设计的实验，但结论具有普遍性，对各种碰撞均成立；故A错误；B、如果发生的是非弹性碰撞，则机械能不守恒，故B错误；C、动量是矢量，其方向与速度方向相同，故式中的速度应包括大小和方向，故C错误；D、系统的质量与速度的乘积之和在碰撞前后为不变量是实验的结论，故不变量是m1和m2组成的系统的质量与速度乘积之和，故D正确．故选：D．二、填空题（本题包括4小题，每空2分，共20分）11．某同学把两块大小不同的木块用细线连接，中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示．将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．（1）该同学还必须有的器材是刻度尺、天平；（2）需要直接测量的数据是两物体的质量m1，m2和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离s l、s2；（3）用所得数据验证动量守恒的关系式是m1s1=m2s2．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】烧断细线后，两球离开桌面做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：取小球1的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t．需要验证的方程：0=m1v1﹣m2v2又v1=，v2=代入得到：m1s1=m2s2故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2所以需要的器材为刻度尺、天平故答案为：（1）刻度尺、天平（2）两物体的质量m1，m2和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离s l、s2（3）m1s1=m2s212．传感器担负着信息的采集任务，在自动控制中发挥着重要作用，传感器能够将感受到的物理量（如温度、光、声等）转换成便于测量的量（通常是电学量），例如热敏传感器，主要是应用了半导体材料制成的热敏电阻，热敏电阻阻值随温度变化的图线如图甲所示，图乙是由热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警器的线路图．（1）为了使温度过高时报警器响铃，c应接在 a 处（填a或b）．（2）若使启动报警的温度提高些，应将滑动变阻器滑片P向左移动（填左或右）．（3）如果在调试报警器达最低报警温度时，无论如何调节滑动变阻器滑片P都不能使报警器工作，且电路连接完好，各电路元件都能处于工作状态，则造成工作电路不能正常工作的原因可能是BC ．（填字母）A．左边电源电压太高；B．线圈匝数太少；C．弹簧劲度系数太大．【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】根据热敏电阻的阻值随温度的变化而变化，因此使电路形成通路，并改变其中一个电阻的温度．在最低报警温度时不能报警，说明此时电路中产生的电流不能让竖直片与a接触，这可能由多种原因造成，如：①电源提供的电流太小，导致磁铁的磁性太弱；②弹簧的劲度系数太大，电磁铁的吸引力小于弹力等．【解答】解：（1）根据图甲中曲线的趋势可以得出，电阻随温度的升高而减小，因此热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，为了使温度过高时发送报警信息，则热敏电阻阻值最小，开关c应该接在a处；（2）若使报警的最低温度提高些电路中电阻增大，则滑动变阻R应将P点向左移动；（3）在最低报警温度时不能报警，说明此时电路中产生的电流不能让竖直片与a接触，这可能由多种原因造成，如：①左边电源电压太低，电源提供的电流太小，导致磁铁的磁性太弱；②线圈的匝数太少，导致电磁铁的吸引力小于弹力；③弹簧的劲度系数太大，导致电磁铁的吸引力小于弹力；故A错误，BC正确；故答案为：（1）a；（2）左；（3）BC．13．质量为m=1kg的物块A上固定一轻质弹簧，以v1=3m/s的速度在光滑水平面上运动，另一质量也为m=1kg的物块B以v2=4m/s的速度与A相向运动，如图所示，则两物块相距最近时，它们的速度大小分别是V A﹦0.5m/s ．整个过程中弹簧的最大弹性势能为12.25J ．【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】当两物块相距最近时速度相同，根据动量守恒定律求出它们的速度大小．整个过程中弹簧的最大弹性势能等于系统动能的减少量，由机械能守恒定律求解．【解答】解：A、B两物块在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统的动量守恒．当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前B的速度方向为正方向，设共同速率为v，根据动量守恒定律得到mv2﹣mv1=2mv A，解得v A=0.5m/s．整个过程中弹簧的最大弹性势能为 E P=mv22+mv12﹣2mv A2．代入数据解得 E P=12.25J故答案为：0.5m/s，12.25J14．有一宇宙飞船，它的正面面积为S=0.98m2，以v=2×103m/s的速度飞入宇宙微粒尘区，尘区每1m3空间有一个微粒，每一微粒平均质量m=2×10﹣4g，若要使飞船速度保持不变，飞船的牵引力应增加mSv2（用字母表示），计算后数值是0.78 N（保留两位有效数字）（设微。

2017-2018学年江西省南昌一中高二（上）期中物理试卷（A卷）一、单项选择题（44分，每小题4分）1．（4分）关于电场强度的定义式为E=，下列说法中正确的是（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是检验电荷所受到的电场力，q是产生电场的电荷电量C．场强的方向与F的方向相同D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比2．（4分）如图所示，金属球壳原来带电，而验电器原来不带电，现将金属球壳内表面与验电器的金属小球相连．验电器的金属箔将（）A．不会张开B．一定会张开C．先张开，后闭合D．可能张开3．（4分）有甲、乙、丙三个小球，将它们两两靠近，它们都相互吸引，如图所示．那么，下面的说法正确的是（）A．三个小球都带电B．只有一个小球带电C．有两个小球带同种电荷D．有两个小球带异种电荷4．（4分）两块平行金属板带等量异号电荷，要使两板间的电压加倍，而板间的电场强度减半，可采用的办法有（）A．两板的电量加倍，而距离变为原来的4倍B．两板的电量加倍，而距离变为原来的2倍C．两板的电量减半，而距离变为原来的4倍D．两板的电量减半，而距离变为原来的2倍5．（4分）如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B．C．qvS D．6．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．R C．D．7．（4分）一带电粒子沿图中曲线穿过一匀强电场中的等势面，且四个等势面的电势关系满足φa＞φb＞φc＞φd，若不计粒子所受重力，则（）A．粒子一定带正电B．粒子的运动是匀变速运动C．粒子从A点到B点运动的过程中动能先减小后增大D．粒子从A点到B点运动的过程中电势能增大8．（4分）用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A．两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角9．（4分）如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点，在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，静电力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点小1.5 JC．粒子在A点的动能比在B点小0.5 JD．粒子在A点的机械能比在B点小1.5 J10．（4分）四个相同的灯泡按如图所示连接，关于四个灯泡的亮度，下列结论中正确的是（）A．A灯、B灯一样亮，C灯次之，D灯最暗B．A灯最亮、C灯次之，B与D灯最暗且亮度相同C．A灯最亮、B与C灯一样亮，D灯最暗D．A与B灯一样亮，C与D灯一样亮，但比A与B灯暗些11．（4分）如图所示，悬挂在O点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个带电荷量不变的小球A．在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球B．当B 到达悬点O的正下方并与A在同一水平线上，A处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向的角度为θ．若两次实验中B的电荷量分别为q1和q2，θ分别为30°和45°．则q1与q2的比值为（）A．2 B．3 C．D．3二、多项选择题（共16分，每小题4分，全选对得4分，选对但不全得2分，选错的0分）12．（4分）位于A、B处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势分布如图所示，图中实线表示等势线，则（）A．a点和b点的电场强度相同B．正电荷从c点移到d点，电场力做正功C．负电荷从a点移到c点，电场力做正功D．正电荷从e点沿图中虚线移到f点，电势能先减小后增大13．（4分）用伏安法测未知电阻Rx时，若不知道Rx的大概值，为了选择正确的电路接法以减小误差，可将电路如图所示连接，只空出电压表的一个接头S，然后将S分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，那么有（）A．若电流表示数有显著变化，S应接aB．若电流表示数有显著变化，S应接bC．若电压表示数有显著变化，S应接aD．若电压表示数有显著变化，S应接b14．（4分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，加在灯泡两端的电压较小时，通过灯泡的电流也较小，灯丝的温度较低．加在灯泡两端的电压较大时，通过灯泡的电流也较大，灯丝的温度较高，已知一只灯泡两端的电压为1V 时，通过灯泡的电流为0.5A，灯泡两端的电压为3V时，通过灯泡的电流是1A，则灯泡两端电压为2V时，通过灯泡的电流可能是（）A．0.5A B．0.6A C．0.8A D．1A15．（4分）一带电粒子以速度v0沿竖直方向垂直进入匀强电场E中，如图所示。

江西省南昌市八一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A和m B的小球，分别带q A和q B的正电荷，悬点为O，当小球由于静电力作用张开一角度时，A球悬线与竖直线夹角为α，B 球悬线与竖直线夹角为β，则（）A．sinsinABmmβα=B．sinsinA BB Am qm qβα=C．sinsinABqqβα=D．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sinsin sinααββ'='【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得Am g OPF PA=库，Bm g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得A B m PBmPA= 由于sin cos OA PA αθ⋅=，sin cos OB PB βθ⋅=，代入上式可得sin sin A B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。

故选AD 。

2．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A 的小球a 固定于圆心O 的正下方半圆上A 点；带电量为q ,质量为m 的小球b 静止于B 点，其中∠AOB =30°。

由于小球a 的电量发生变化，现发现小球b 沿容器内壁缓慢向上移动，最终静止于C 点(未标出)，∠AOC =60°。

2017—2018学年度南昌市八一中学高一物理01月份考试试卷（考试时间：90分钟，满分100份）一、选择题（本大题共10小题，每题4分，共40分；1—6为单选，7—10为多选）1．下列物理量中，哪个不是是矢量( )A．力 B．速度 C．路程D．加速度2．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦不计，物重G＝1 N，则弹簧测力计A和B 的示数分别为( )A．1 N,0 B．0,1 N C．2 N,1 N D．1 N,1 N3．水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一个G=100N的重物，∠CBA=30°，如图所示，则滑轮受到绳子作用力为（）A．50N B．503N C．100N D．1003N4．右图是一种晾衣架的结构示意图，其结构是在质量均匀的圆环上对称的安装挂钩，三根等长的细线固定在圆环的三等分点上，细线上端连在一起固定在水平横梁上．已知每根细线长均为20 cm，圆环半径为12 cm，晾衣架的总重力为G，(不计细线重力)，则每根细线所受拉力大小是( )A.512G B.13GC.239G D.233G5．如图所示，两球A、B用劲度系数为k1的轻弹簧相连，球B用长为L的细绳悬于O点，球A 固定在O点正下方，且点O、A之间的距离恰为L，系统平衡时绳子所受的拉力为F1.现把A、B间的弹簧换成原长相等劲度系数较大且为k2的轻弹簧，仍使系统平衡，此时绳子所受的拉力为F2，则F1与F2的大小之间的关系为 ( )A．F1>F2B．F1＝F2C． F1<F2D．无法确定6．如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在竖直的力F作用下，A、B保持静止．物体 A、B的受力个数F分别为（）A.4、2B.3、 3C. 3、4D.4、 57．三个共点力大小分别为5N、7N、15N、它们的合力大小可能为（）A. 28NB. 2NC. 12ND. 27N8．甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t＝0时刻同时经过公路旁的同一个路标。

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2017 年江西八年级上册物理第一次月考试卷一、填空题(每空 1 分，共2２分)1、物理学是研究ﻩ等各种物理现象的规律和的一门科学。

２、下面左图是世界物理年的徽标,它有四种颜色组成,其中色表示进步，ﻩ色代表和平合作。

３、如上右图用甲，乙两刻度尺测同一木块的长度,其测量结果分别为:甲的测量结果是ﻩ,乙的测量结果是ﻩ, 尺测量较准确。

４、在下列数据后填上合适的单位;(1)教室的长度850 。

(２)一根头发的直径约为７0ﻩ。

5、如图所示,是测量某种液体体积的示意图，由图可知,该量筒的分度值为ﻩml，量程为ﻩml，液体的体积是。

６、在如图所示的活动中，当不断地罩内的空气向外抽时,闹钟的声音将，瓶内空气越来越稀薄直至变为相对真空时,此人将ﻩ闹钟的响声。

7、如左下图所示,甲、乙是两种常用的测量时间的工具,如果我们想测量一集电视剧的时间应该用 ,体育课上测百米成绩用的是ﻩ(以上两空选填“甲"或“乙”）甲图中的长指针走一周的时间是ｓ。

8、沿长廊AB 方向铺有30 块完整的相同的正方形地砖,如上右图甲。

（1)小明用最小分度值为1mm 的尺测量其中一块地砖的长度如图乙所示,则每块地砖的长度是m。

（2)小明用停表测量自己从长廊 A 端走到B 端所用的时间,停表的读数如图丙所示，他所用的时间是ﻩs,则小明的步行速度为m／s。

2017-2018学年江西省南昌市八一中学、洪都中学、麻丘中学等八校联考高二（上）期末物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类社会的进步，人类社会的进步又促进了物理学的发展。

下列叙述中错误的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应B．库仑发现了电荷间的相互作用规律C．洛仑兹提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象2．（4分）某静电场的局部电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A．E P＞E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＜E Q，φP＞φQ D．E P ＜E Q，φP＜φQ3．（4分）金属线框在下列四种情况中能产生感应电流的（）A．图中，线框在匀强磁场中加速运动，线框平面始终和磁场方向平行B．图中，线框和通电长直导线都在竖直平面内，线框以直导线为轴转动C．图中，线框abcd与匀强磁场方向垂直，且一半在磁场内，另一半在磁场外，线框从图示位置开始以cd边为轴转动，转动角度小于60°D．图中，条形磁铁竖直向下穿过水平放置的线框4．（4分）连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板间的距离减小时（）A．电容器的电容C变大B．电容器极板的带电荷量Q不变C．电容器两极板间的电压U变大D．电容器两极板间的电场强度E变小5．（4分）下列说法正确的是（）A．静止的电荷在磁场里一定受到磁场力作用B．运动的电荷在磁场里一定受到磁场力作用C．静止的电荷在电场里一定受到电场力作用D．直线电流在磁场里一定受到安培力作用6．（4分）有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为“220V，60W”。

2017—2018学年度第二学期高二物理期中联考试卷一、单项选择题（本题共8小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共32分）1. 下列几种说法中正确的是（）A. 线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B. 线圈中磁通量越大，线圈中产生的感应电动势一定越大C. 线圈放在磁场越强的位置，线圈中产生的感应电动势一定越大D. 线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势越大【答案】D【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律可知，线圈中磁通量变化率越大，即线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势一定越大，选项ABC错误，D正确；故选D.考点：法拉第电磁感应定律【名师点睛】此题是对法拉第电磁感应定律的考查；要知道线圈中产生的感应电动势与磁通量的变化率成正比，即线圈中磁通量变化越快，感应电动势越大；要搞清“磁通量”、“磁通量变化量”、“磁通量变化率”的区别.2. 三角形导线框abc固定在匀强磁场中,磁感线的方向与导线框所在平面垂直,规定磁场的正方向垂直纸面向里,磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示。

规定线框中感应电流i沿顺时针方向为正方向,下列i-t图象中正确的是( )A. B.C. D.【答案】B【解析】由图可知，0-1s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-1s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，即电流为负方向；同理可知，1-2s内电路中的电流为顺时针，2-3s内，电路中的电流为顺时针，3-4s内，电路中的电流为逆时针，由可知，电路中在各个阶段电流大小恒定不变，B正确．3. 矩形线圈abcd，长ab＝20 cm，宽bc＝10 cm，匝数n＝200，线圈回路总电阻R＝5 Ω。

整个线圈平面内均有垂直于线圈平面的匀强磁场穿过。

若匀强磁场的磁感应强度B随时间t 的变化规律如图所示，则( )A. 线圈回路中感应电动势随时间均匀变化B. 线圈回路中产生的感应电流为0.2 AC. 当t＝0.3 s时，线圈的ab边所受的安培力大小为0.016 ND. 在1 min内线圈回路产生的焦耳热为48 J【答案】D【解析】从图中可知线圈中磁感应强度的变化率，根据法拉第电磁感应定律可得回路中感应电动势为，恒定不变，A错误；回路中感应电流的大小为，B错误；当时，磁感应强度B=0.2T，则安培力为，C错误；1min内线圈回路产生的焦耳热为，D正确．【点睛】线圈在变化的磁场中，产生感应电动势，形成感应电流，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小。

南昌二中2017—2018学年度下学期第一次月考高二物理试卷一、选择题。

（4分×12=48分）本大题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-7题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，8-12题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．把答案前的字母填在答题卡相应的表格中。

1.在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了巨大的贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A. 汤姆孙发现了电子并提出了原子的核式结构B. 德布罗意揭示了光具有波粒二象性C. 卢瑟福用α粒子轰击铍核，得到了质子,D. 居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（P0）和镭（R a）两种新元素2.用于火灾报警的离子烟雾传感器如图所示,在网罩Ⅰ内有电极Ⅱ和Ⅲ,a、b端接电源,Ⅳ是一小块放射性同位素镅241,它能放射出一种很容易使气体电离的粒子.平时,镅放射出的粒子使两个电极间的空气电离,在a、b间形成较强的电流.发生火灾时,烟雾进入网罩内,烟尘颗粒吸收空气中的离子和镅发出的粒子,导致电流发生变化,电路检测到这种变化从而发生警报.下列有关这种报警器的说法正确的是A.镅241发出的是α粒子,有烟雾时电流减弱B.镅241发出的是α粒子,有烟雾时电流增强C.镅241发出的是β粒子,有烟雾时电流减弱D.镅241发出的是β粒子,有烟雾时电流增强3.在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图所示。

则可判断出:A.甲光的频率大于乙光的频率B.乙光的波长大于丙光的波长C.乙光对应的截止频率大于丙光的截止频率D. 甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能4.如图所示,甲分子固定在坐标原点O,乙分子位于x 轴上,甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示.F>0为斥力,F<0为引力.A 、B 、C 、D 为x 轴上四个特定的位置,现把乙分子从A 处由静止释放,选项中四个图分别表示乙分子的速度、加速度、势能、动能与两分子间距离的关系,其中大致正确的是:A BC. D5.如图所示，食盐（NaCl ）的晶体是由钠离子（图中的白色圆点表示）和氯离子（图中的黑色圆点表示）组成的，离子键两两垂直且键长相等。

2017—2018学年度南昌市八一中学高三第三次模拟测试卷理科综合能力测试1. 下列叙述正确的是A. 法拉第发现了电流的磁现象，首次揭示了电与磁的联系B. 库仑提出了用电场线描述电场的方法C. 用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法D. 在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法【答案】C【解析】试题分析：奥斯特发现了电流的磁现象，首次揭示了电与磁的联系，选项A错误；法拉第提出了用电场线描述电场的方法，选项B错误；用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法，选项C正确；在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代的方法，选项D错误；故选C.考点：物理学史.2.如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直粗糙墙壁，处于静止状态．现用力F沿斜面向上推A，A、B仍处于静止状态．下列说法正确的是( )A. A、B之间的摩擦力大小可能不变B. A、B之间的摩擦力一定变小C. B受到的弹簧弹力一定变小D. B与墙之间可能没有摩擦力【答案】A【解析】A、A开始受重力、B对A的支持力和静摩擦力平衡，当施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为mAgsinθ，若F=2mAgsinθ，则A. B之间的摩擦力大小可能不变，A正确、B错误；C、以A为研究对象受力分析，垂直于斜面方向始终有N=mgcosθ，根据牛顿第三定律B受到弹力不变，C 错误；D 、对整体分析，由于AB 不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A. B 的总重力，施加F 后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据竖直方向受力平衡，B 与墙之间一定有摩擦力，摩擦力f 等于F 在竖直方向的分量，D 错误． 故选A ． 【名师点睛】隔离对A 分析，通过A 受力平衡判断A 、B 之间摩擦力的变化．通过对整体分析，抓住AB 不动，弹簧的弹力不变，判断B 与墙之间有无摩擦力．3.我国已于2013年发射携带月球车的“嫦娥三号”卫星，并将月球车软着陆到月球表面进行勘察，假设“嫦娥三号”卫星绕月球做半径为r 的匀速圆周运动，其运动周期为T ，已知月球的半径为R ，月球车的质量为m ，则月球车在月球表面上所受的重力为A. 224mr T πB. 224mR T πC. 23224mR T r πD. 23224mr T Rπ 【答案】D 【解析】试题分析：月球车做圆周运动的向心力等于月球的吸引力，由牛顿第二定律可得：222()Mm Gm r r Tπ=，月球车在月球表面的重力等于万有引力，即2=Mm G G R 重，代入得：23224=mr M T Rπ重，选项D 正确. 考点：万有引力定律的应用.4. 如图所示，空间存在两个被固定的、等量同种正点电荷M 、N ，在它们的连线上有A 、B 、C 三点，已知MA="CN=" NB ，MA<NA ．现有一正点电荷q ，关于在电场中移动电荷q ，下列说法中正确的是A. 沿半圆弧l 将q 从B 点移到C 点，电场力不作功．B. 沿曲线r 将q 从B 点移到C 点，电场力作负功．C. 沿曲线s 将q 从A 点移到C 点，电场力作正功．D. 沿直线将q 从A 点移到B 点，电场力作正功． 【答案】C 【解析】等量同种电荷的连线上，其中点处电势为零，由中点向两端逐渐增大，任意一点与该点关于中点对称的对称点电势大小相等，由题中信息可知，AB 两点是关于中点对称点，故这两点的电势大小相等，根据静电场电势规律可是C 点的电势小于B 点的电势，又因为电场力做功和路径无关，和电势差有关，所以无论沿曲线还是沿圆弧将电荷从B 点移动到C 点，电场力做正功，因为B 点电势和A 点电势相等，所以将电荷从A 点移动到C 点电场力做正功，故AB 错误C 正确．将电荷从A 点移动到B 点，电场力不做功，D 错误． 5.如图所示，图线a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b 所示，以下关于这两个正弦交流电的说法错误的是()A. 交流电b 电压的有效值为2/3VB. 在图中t ＝0时刻穿过线圈的磁通量均为零C. 交流电a 的瞬时值为u ＝10sin5πt (V) D. 线圈先后两次转速之比为3：2 【答案】B 【解析】由图象可知T a ：T b =2：3，故ωa ：ωb =3：2，交流电最大值U m =NBSω，故U ma ：U mb =3：2，故U mb =23U ma =203V ，所以交流电b 20102332=，故A 正确；由图可知，t=0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，故B 错误；由图象可知，交流电a 的最大值为10V ，角速度为ω=2Tπ=5πrad/s ，所以交流电a 的瞬时值为u=10sin5πtV ，故C 正确；由图象可知T A ：T B =2：3，故n A ：n B =3：2，故D 正确；本题选错误的，故选B ．6.如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x 与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率0v 沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x 与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g 取10m/s 2，根据图象可求出（ ）A. 物体的初速率03/v m s =B. 物体与斜面间的动摩擦因数0.75μ=C. 取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x 的最小值min 1.44x m =D. 当某次030θ=时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑 【答案】BC 【解析】试题分析：当斜面倾角90θ=o 时，物体对斜面无压力自然无摩擦力，物体变成竖直上抛运动，根据匀变速直线运动22002v gh -=-，根据图像可得此时高度 1.8h m =，带入计算初速度06/v m s =选项A 错．当斜面倾角0θ=o 时即为水平，只受到摩擦力作用，所以有2012mgx mv μ=，根据图像知此时 2.4x m =，带入计算得0.75μ=，选项B 对．物体沿斜面上滑，受到沿斜面向下重力分力sin mg θ和沿斜面向下的摩擦力cos mg μθ作用，加速度222sin cos (sin cos )1()11a g g g θμθθμθμθθμμ=+=+=++++，设2cos 1αμ=+，则有221(cos sin sin cos )1)a μαθαθμαθ=++=++，所以沿斜面匀减速的加速度最大为22112.5/m a m s μ=+=，此时位移最小，最小位移20min1.442mv x m a ==选项C 对．当某次030θ=时，物体达到最大位移后，受到重力沿斜面向下的分力sin 305mg m =o，与斜面之间的最大静摩擦力cos30 6.5m f mg m μ=≈o，由于重力沿斜面向下的分力小于最大静摩擦力，所以物体将会静止在最大位移处而不会滑下，选项D 错． 考点：牛顿运动定律 匀变速直线运动7.如图所示，MN 和PQ 为处于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨，导轨的电阻不计．垂直导轨放置一根电阻不变的导体棒ab，导体棒与导轨接触良好．N、Q端接理想变压器的原线圈，理想变压器的输出端有三组副线圈，分别接电阻元件R和小灯泡、电感元件L(电阻不为零)和小灯泡、电容元件C和小灯泡．在水平金属导轨之间加磁感应强度方向竖直向下、大小随时间均匀增加的匀强磁场，则下列判断正确的是A. 若ab棒静止，则a、b间没有电流流过B. 在ab棒向左匀速运动过程中，三个灯泡都亮C. 在ab棒向左匀速运动过程中，灯泡1、2亮，3不亮D. 在ab棒向左匀加速运动过程中，三个灯泡都亮【答案】CD【解析】若ab棒静止，由于磁感应强度随时间均匀增加，原线圈中产生恒定的感应电动势和感应电流，则a、b间有电流流过，故A错误；在ab棒向左匀速运动的过程中，磁感应强度方向竖直向下，大小随时间均匀增加的匀强磁场，根据E=BLv知：ab棒产生随时间均匀增大的感应电动势，左边原线圈中产生随时间均匀增大的电流，穿过右侧的三个副线圈的磁通量均匀增大，则副线圈中产生恒定的感应电动势和感应电流，所以I R≠0、I L≠0，由于电容器有隔直的特性I C=0．故B错误，C正确．若ab棒匀加速运动，则导体棒的速度为v=v0+at，又磁感应强度大小随时间均匀增加，即B=Kt，原线圈中感应电动势为E＝BLv＝KtL(v0+at)＝KLv0t+KLat2，所以副线圈中产生变化的感应电动势，由于电容器有通交流的特性，I C≠0，I L≠0，I R≠0，即三盏灯都亮，故D正确．故选CD．点睛：本题关键要掌握变压器的原理，并抓住产生感应电流的条件和电感、电容的特性（电感线圈通直流，阻交流；电容器通交流隔直流）进行分析.8.如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q(可视为质点)固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同、电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是（）A. 小球P的速度一定先增大后减小B. 小球P的机械能一定在减少C.小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D. 小球P与弹簧系统的机械能一定增加【答案】AD 【解析】【详解】试题分析：小球先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确由于小球P除了重力之外的力做功还有弹簧的弹力和库仑斥力做功，开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的机械能增大；随弹力的增大，二者的合力可能向上，合力做功，机械能减小．所以小球P的机械能先增大后减少，故B错误；小球P的速度一定先增大后减小，当p的加速度为零时，速度最大，所以小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力沿斜面向下的分力和库仑力的合力为零，故C 错误；根据能量守恒定律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变，因为在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小，所以小球P与弹簧系统的机械能一定增加，故D正确．故选AD．【考点定位】功能关系；库仑定律；物体的平衡三、非选择题：包括必做题和选做题两部分。

2017-2018学年度第二学期南昌市八一中学高一文理分科考试高一物理一、 选择题（共40分 1-6题单选，7-10题多选）1.如图所示，甲、乙球通过弹簧连接后用绳悬挂于天花板，丙、丁球通过细绳连接后也用绳悬挂天花板．若都在A 处剪断细绳，在剪断瞬间，关于球的受力情况，下面说法中正确的是（ ）A ．甲球只受重力作用B ．乙球只受重力作用C ．丙球受重力和绳的拉力作用D ．丁球只受重力作用2.如图所示，在光滑水平面上有一物体，它的左端接连着一轻弹簧，弹簧的另一端固定在墙上，在力F 作用下物体处于静止状态，当撤去力F 后，物体将向右运动，在物体向右运动的过程中，下列说法正确的是( )A ．弹簧的弹性势能逐渐减少B ．物体的机械能不变C ．弹簧的弹性势能先增加后减少D ．弹簧的弹性势能先减少后增加3.某人站在竖直墙壁前一定距离处练习飞镖，他从同一位置沿水平方向扔出两支飞镖A 和B ，两只“飞镖”插在墙壁靶上的状态如图所示（侧视图）．则下列说法中正确的是（ ）A ．飞镖A 的质量小于飞镖B 的质量B ．飞镖A 的飞行时间小于飞镖B 的飞行时间C ．抛出时飞镖A 的初速度小于飞镖B 的初速度D ．插入靶时，飞镖A 的末速度一定小于飞镖B 的末速度4.欧洲天文学家发现了可能适合人类居住的行星“格里斯581c”．该行星的质量是地球的m 倍，直径是地球的n 倍．设在该行星表面及地球表面发射人造卫星的最小发射速度分别为12v v 、，( )n5.如图所示，一架自动扶梯以恒定的速度v 1运送乘客上同一楼层，某乘客第一次站在扶梯上不动，第二次以相对扶梯v 2的速度匀速往上走。

扶梯两次运送乘客所做的功分别为W 1、W 2，牵引力的功率分别为P 1、P 2，则（ ）A.W 1<W 2，P 1<P 2B.W 1<W 2，P 1=P 2C.W 1=W 2，P 1<P 2D.W 1>W 2，P 1=P 26．如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的临界速度是v，当小球以3v的速度经过最高点时，对轨道的压力大小是（）A．0 B．8mg C．9mg D．10mg7．物体自地面上方一定高度处做自由落体运动，E k表示动能，E p表示重力势能，E表示机械能，h表示下落的距离，以地面为零势能面，下列图象中能正确反映各物理量关系的是（）8．如图A、B、C三个同样的滑块从粗糙固定斜面上的同一高度同时开始运动，A由静止释放，B的初速度方向沿斜面向下，大小为v0，C的初速度方向沿斜面水平，大小也为v0，正确的是（）A．滑到斜面底端时，B的动能最大B．滑到斜面底端时，C的机械能减少最多C．A和C将同时滑到斜面底端D．C下滑过程中，水平方向作匀速直线运动9.如图所示，一轻绳通过无摩擦的小定滑轮O与小球B连接，另一端与套在光滑竖直杆上的小物块A连接，杆两端固定且足够长，物块A由静止从图示位置释放后，先沿杆向上运动．设某时刻物块A运动的速度大小为v A，小球B运动的速度大小为v B，轻绳与杆的夹角为θ。