高三一轮复习第六章 第四节直线、平面垂直的判定及性质
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课时作业
1.已知平面α⊥平面β,α∩β
=l,点A∈α,Al,直线AB∥l,直线AC⊥l,直线
m∥α,m∥β
,则下列四种位置关系中,不一定成立的是( )
A.AB∥m B.AC⊥m
C.AB∥β
D.AC⊥β
【答案】 D
2.(2022·大庆二模)若m,n是两条不同的直线,α,β
是两个不同的平面,则下列命题
正确的是( )
A.若α⊥β,m⊥β
,则m∥α
B.若m∥α,n⊥m,则n⊥α
C.若m⊥α,n∥β
,m⊥n,则α⊥β
D.若m∥β,mα,α∩β
=n,则m∥n
【解析】 由m,n是两条不同的直线,α
,β
是两个不同的平面,知:在A中,若
α⊥β,m⊥β
,则m∥α或mα
,故A错误;在B中,若m∥α,n⊥m,则n与α相交、平
行或nα
,故B错误;在C中,若m⊥α,n∥β
,m⊥n,则α与β相交或平行,故C错误;
在D中,若m∥β,mα
,α
∩β
=n ,则由线面平行的性质定理得m∥n,故D正确.
【答案】 D
3.(2022·天津滨海新区模拟)如图,以等腰直角三角形ABC的斜边BC上的高AD为折
痕,把△ABD和△ACD折成互相垂直的两个平面后,某学生得出下列四个结论:
①BD⊥AC;
②△BAC是等边三角形;
③三棱锥DABC是正三棱锥;
④平面ADC⊥平面ABC.
其中正确的是( )
A.①②④ B.①②③
C.②③④ D.①③④
【答案】
B 4.
如图,PA⊥圆O所在的平面,AB是圆O的直径,C是圆O上的一点,E,F分别是点
A在PB,PC上的射影,给出下列结论:
①AF⊥PB;②EF⊥PB;③AF⊥BC;④AE⊥平面PBC.
其中正确结论的序号是________.
【答案】 ①②③
5.(2022·福建四地六校月考)点P在正方体ABCDA
1B
1C
1D
1的面对角线BC
1上运动,
则下列四个命题:
①三棱锥AD
1PC的体积不变;
②A
1P∥平面ACD
1;
③DP⊥BC
1;
④平面PDB
1⊥平面ACD
1.
其中正确的命题序号是________.
【答案】 ①②④
6.
(2022·临沂三模)如图,圆锥的轴截面为三角形SAB,O为底面圆圆心,C为底面圆周上
一点,D为BC的中点.
(1)求证:平面SBC⊥平面SOD;
(2)如果∠AOC=∠SDO=60°,BC=
23
,求该圆锥的侧面积.
【解】 (1)证明:由题意知SO⊥平面OBC,
又BC平面OBC,∴SO⊥BC,
在△OBC中,OB=OC,CD=BD,
∴OD⊥BC,
又SO∩OD=O,∴BC⊥平面SOD,
又BC平面SBC,∴平面SBC⊥平面SOD.
(2)在△OBC中,OB=OC,CD=BD,
∵∠AOC=60°,∴∠COD=60°,
∵CD=1
2BC
=3
,∴OD=1,OC=2,
在△SOD中,∠SDO=60°,又SO⊥OD,∴SO
=3
,
在△SAO中,OA=OC=2,∴SA
=7
,
∴该圆锥的侧面积为S
侧=π×OA×SA=
27
π.
7.(2022·铜川二模)如图,△ABC为边长为2的正三角形,AE∥CD,且AE⊥平面
ABC,2AE=CD=2.
(1)求证:平面BDE⊥平面BCD;
(2)求三棱锥DBCE的高.
【解】
(1)如图所示:取BD边的中点F,BC的中点为G,连接AG,FG,EF,由题意可知,FG
是△BCD的中位线
所以FG∥AE且FG=AE,即四边形AEFG为平行四边形,
所以AG∥EF
由AG⊥平面BCD可知,EF⊥平面BCD,又EF面BDE,
故平面BDE⊥平面BCD.
(2)过B做BK⊥AC,垂足为K,因为AE⊥平面ABC,
所以BK⊥平面ACDE,且BK=2
×3
2
=
3
所以V
四棱锥BACDE=1
3×1
2(1+2)×2
×3
=3
V
三棱锥EABC=1
3×1
2×2
×3
×1
=3
3
所以V
三棱锥DBCE=V
四棱锥BACDE-V
三棱锥E
ABC=3
-3
3
=23
3
因为AB=AC=2,AE=1
,所以BE=CE=5
,又BC=2
所以S
△ECB=1
2×2×5-1
=2
设所求的高为h,则由等体积法得1
3×2×h
=233
所以h=3
.
8.
(2022·石家庄)如图,在四棱锥AEFCB中,四边形EFCB是梯形,EF∥BC且EF=3
4BC,
△ABC是边长为2的正三角形,顶点F在AC
上射影为点G,且FG=3
,
CF=212,BF=
5
2.
(1)证明:平面FGB⊥平面ABC;
(2)求三棱锥EGBC的体积.
【解】 (1)证明:由顶点F在AC上投影为点G,
可知,FG⊥AC.
取AC的中点为O,连结OB,GB.
在Rt
△FGC中,FG=3
,
CF=21
2,所以CG=3
2.
在Rt
△GBO中,OB=3
,OG
=
1
2, 所以BG
=13
2.
∴BG2
+GF2
=FB2
,即FG⊥BG.
∵FG⊥AC,FG⊥GB,AC∩BG=G
∴FG⊥面ABC.
又FG面FGB,∴面FGB⊥面ABC.
(2)∵EF∥BC,EF面ABC,BC面ABC
∴EF∥面ABC.V
EGBC=V
FGBC
∴三棱锥EGBC的体积V
EGBC=V
FGBC=1
3×S
△GBC×h=1
3
×33
4×3
=3
4.
9.(2022·保定二模)如图,在四棱锥PABCD中,O是边长为4的正方形ABCD的中
心,PO⊥平面ABCD,M,E分别为AB,BC的中点.
(Ⅰ)求证:平面PAC⊥平面PBD;
(Ⅱ)若PE=3,求点B到平面PEM的距离.
【解】 (Ⅰ)因为四边形ABCD是正方形,所以AC⊥BD.
因为PO⊥平面ABCD,AC平面ABCD,所以AC⊥PO.
因为OP平面PBD,BD平面PBD,且OP∩BD=O,
所以AC⊥平面PBD.所以平面PAC⊥平面PBD.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,OP为点P到平面BME的高.
所以V
BPEM=VPBEM=1
3S
△BEM×OP.
连接OE.因为PO⊥平面ABCD,OE平面ABCD,所以PO⊥OE.因为OE=2,PE=
3,所以OP=5
.
又因OA=OB=OC=OD,所以PA=PB=PC=PD.
在△PEM中,PE=PM=3,ME=1
2AC=22
,
所以S
△PEM=1
2×22
×3
2
-(2)
2=14
.
设点B
到平面PEM的距离为h, 由V
BPEM=1
3×S
△PEM×h=V
PBEM=1
3S
△BEM×OP=1
3×1
2×2×2
×5
=25
3,得14
3h=
25
3,
所以
h=70
7.所以点B到平面
PEM的距离为70
7.
10.(2022·郑州质检)如图,高为1的等腰梯形ABCD中,AM=CD=1
3AB=1,M为AB
的三等分点.现将△AMD沿MD折起,使平面AMD⊥平面MBCD,连接AB,AC.
(1)在AB边上是否存在点P,使AD∥平面MPC?
(2)当点P为AB边的中点时,求点B到平面MPC的距离.
【解】 (1)当AP=1
3AB时,有AD∥平面MPC.
理由如下:
连接BD交MC于点N,连接NP.
在梯形MBCD中,DC∥MB,DN
NB=DC
MB=1
2,
因为△ADB中,AP
PB=1
2,所以AD∥PN.因为AD平面MPC,PN平面MPC,
所以AD∥平面MPC.
(2)因为平面AMD⊥平面MBCD,平面AMD∩平面MBCD=DM,
平面AMD中AM⊥DM,所以AM⊥平面MBCD.
所以VPMBC=1
3×S△MBC×AM
2=1
3×1
2×2×1×1
2=1
6.
在△MPC中,MP=
1
2AB=5
2,MC=2
,
又PC=
(1
2)
2
+1
2
=
5
2,