高三一轮复习第六章 第四节直线、平面垂直的判定及性质

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课时作业

1.已知平面α⊥平面β,α∩β

=l,点A∈α,Al,直线AB∥l,直线AC⊥l,直线

m∥α,m∥β

,则下列四种位置关系中,不一定成立的是( )

A.AB∥m B.AC⊥m

C.AB∥β

D.AC⊥β

【答案】 D

2.(2022·大庆二模)若m,n是两条不同的直线,α,β

是两个不同的平面,则下列命题

正确的是( )

A.若α⊥β,m⊥β

,则m∥α

B.若m∥α,n⊥m,则n⊥α

C.若m⊥α,n∥β

,m⊥n,则α⊥β

D.若m∥β,mα,α∩β

=n,则m∥n

【解析】 由m,n是两条不同的直线,α

,β

是两个不同的平面,知:在A中,若

α⊥β,m⊥β

,则m∥α或mα

,故A错误;在B中,若m∥α,n⊥m,则n与α相交、平

行或nα

,故B错误;在C中,若m⊥α,n∥β

,m⊥n,则α与β相交或平行,故C错误;

在D中,若m∥β,mα

,α

∩β

=n ,则由线面平行的性质定理得m∥n,故D正确.

【答案】 D

3.(2022·天津滨海新区模拟)如图,以等腰直角三角形ABC的斜边BC上的高AD为折

痕,把△ABD和△ACD折成互相垂直的两个平面后,某学生得出下列四个结论:

①BD⊥AC;

②△BAC是等边三角形;

③三棱锥DABC是正三棱锥;

④平面ADC⊥平面ABC.

其中正确的是( )

A.①②④ B.①②③

C.②③④ D.①③④

【答案】 

B 4.

如图,PA⊥圆O所在的平面,AB是圆O的直径,C是圆O上的一点,E,F分别是点

A在PB,PC上的射影,给出下列结论:

①AF⊥PB;②EF⊥PB;③AF⊥BC;④AE⊥平面PBC.

其中正确结论的序号是________.

【答案】 ①②③

5.(2022·福建四地六校月考)点P在正方体ABCDA

1B

1C

1D

1的面对角线BC

1上运动,

则下列四个命题:

①三棱锥AD

1PC的体积不变;

②A

1P∥平面ACD

1;

③DP⊥BC

1;

④平面PDB

1⊥平面ACD

1.

其中正确的命题序号是________.

【答案】 ①②④

6.

(2022·临沂三模)如图,圆锥的轴截面为三角形SAB,O为底面圆圆心,C为底面圆周上

一点,D为BC的中点.

(1)求证:平面SBC⊥平面SOD;

(2)如果∠AOC=∠SDO=60°,BC=

23

,求该圆锥的侧面积.

【解】 (1)证明:由题意知SO⊥平面OBC,

又BC平面OBC,∴SO⊥BC,

在△OBC中,OB=OC,CD=BD,

∴OD⊥BC,

又SO∩OD=O,∴BC⊥平面SOD,

又BC平面SBC,∴平面SBC⊥平面SOD.

(2)在△OBC中,OB=OC,CD=BD,

∵∠AOC=60°,∴∠COD=60°,

∵CD=1

2BC

=3

,∴OD=1,OC=2,

在△SOD中,∠SDO=60°,又SO⊥OD,∴SO

=3

在△SAO中,OA=OC=2,∴SA

=7

∴该圆锥的侧面积为S

侧=π×OA×SA=

27

π.

7.(2022·铜川二模)如图,△ABC为边长为2的正三角形,AE∥CD,且AE⊥平面

ABC,2AE=CD=2.

(1)求证:平面BDE⊥平面BCD;

(2)求三棱锥DBCE的高.

【解】

(1)如图所示:取BD边的中点F,BC的中点为G,连接AG,FG,EF,由题意可知,FG

是△BCD的中位线

所以FG∥AE且FG=AE,即四边形AEFG为平行四边形,

所以AG∥EF

由AG⊥平面BCD可知,EF⊥平面BCD,又EF面BDE,

故平面BDE⊥平面BCD.

(2)过B做BK⊥AC,垂足为K,因为AE⊥平面ABC,

所以BK⊥平面ACDE,且BK=2

×3

2

3

所以V

四棱锥BACDE=1

3×1

2(1+2)×2

×3

=3

V

三棱锥EABC=1

3×1

2×2

×3

×1

=3

3

所以V

三棱锥DBCE=V

四棱锥BACDE-V

三棱锥E

ABC=3

-3

3

=23

3

因为AB=AC=2,AE=1

,所以BE=CE=5

,又BC=2

所以S

△ECB=1

2×2×5-1

=2

设所求的高为h,则由等体积法得1

3×2×h

=233

所以h=3

8.

(2022·石家庄)如图,在四棱锥AEFCB中,四边形EFCB是梯形,EF∥BC且EF=3

4BC,

△ABC是边长为2的正三角形,顶点F在AC

上射影为点G,且FG=3

CF=212,BF=

5

2.

(1)证明:平面FGB⊥平面ABC;

(2)求三棱锥EGBC的体积.

【解】 (1)证明:由顶点F在AC上投影为点G,

可知,FG⊥AC.

取AC的中点为O,连结OB,GB.

在Rt

△FGC中,FG=3

CF=21

2,所以CG=3

2.

在Rt

△GBO中,OB=3

,OG

1

2, 所以BG

=13

2.

∴BG2

+GF2

=FB2

,即FG⊥BG.

∵FG⊥AC,FG⊥GB,AC∩BG=G

∴FG⊥面ABC.

又FG面FGB,∴面FGB⊥面ABC.

(2)∵EF∥BC,EF面ABC,BC面ABC

∴EF∥面ABC.V

EGBC=V

FGBC

∴三棱锥EGBC的体积V

EGBC=V

FGBC=1

3×S

△GBC×h=1

3

×33

4×3

=3

4.

9.(2022·保定二模)如图,在四棱锥PABCD中,O是边长为4的正方形ABCD的中

心,PO⊥平面ABCD,M,E分别为AB,BC的中点.

(Ⅰ)求证:平面PAC⊥平面PBD;

(Ⅱ)若PE=3,求点B到平面PEM的距离.

【解】 (Ⅰ)因为四边形ABCD是正方形,所以AC⊥BD.

因为PO⊥平面ABCD,AC平面ABCD,所以AC⊥PO.

因为OP平面PBD,BD平面PBD,且OP∩BD=O,

所以AC⊥平面PBD.所以平面PAC⊥平面PBD.

(Ⅱ)由(Ⅰ)知,OP为点P到平面BME的高.

所以V

BPEM=VPBEM=1

3S

△BEM×OP.

连接OE.因为PO⊥平面ABCD,OE平面ABCD,所以PO⊥OE.因为OE=2,PE=

3,所以OP=5

又因OA=OB=OC=OD,所以PA=PB=PC=PD.

在△PEM中,PE=PM=3,ME=1

2AC=22

所以S

△PEM=1

2×22

×3

2

-(2)

2=14

设点B

到平面PEM的距离为h, 由V

BPEM=1

3×S

△PEM×h=V

PBEM=1

3S

△BEM×OP=1

3×1

2×2×2

×5

=25

3,得14

3h=

25

3,

所以

h=70

7.所以点B到平面

PEM的距离为70

7.

10.(2022·郑州质检)如图,高为1的等腰梯形ABCD中,AM=CD=1

3AB=1,M为AB

的三等分点.现将△AMD沿MD折起,使平面AMD⊥平面MBCD,连接AB,AC.

(1)在AB边上是否存在点P,使AD∥平面MPC?

(2)当点P为AB边的中点时,求点B到平面MPC的距离.

【解】 (1)当AP=1

3AB时,有AD∥平面MPC.

理由如下:

连接BD交MC于点N,连接NP.

在梯形MBCD中,DC∥MB,DN

NB=DC

MB=1

2,

因为△ADB中,AP

PB=1

2,所以AD∥PN.因为AD平面MPC,PN平面MPC,

所以AD∥平面MPC.

(2)因为平面AMD⊥平面MBCD,平面AMD∩平面MBCD=DM,

平面AMD中AM⊥DM,所以AM⊥平面MBCD.

所以VPMBC=1

3×S△MBC×AM

2=1

3×1

2×2×1×1

2=1

6.

在△MPC中,MP=

1

2AB=5

2,MC=2

又PC=

(1

2)

2

+1

2

5

2,